广东诗莞市光明中学2021届高三物理上学期期中试题

2021年高三上学期期中练习理综物理含答案13．下面四种光现象，与光的干涉有关的是A ．用光导纤维传播电磁波信号B ．一束白光通过三棱镜形成彩色光带C ．用透明的标准样板和单色平行光检查平面的平整度D ．用平行光照射不透光的小圆盘，在圆盘的影的中心形成泊松亮斑 14．下列核反应方程的说法中正确的是A ．是α衰变方程B ．是核裂变方程C ．是核聚变方程D ．是原子核人工转变方程 15．下列说法中正确的是A ．布朗运动是液体分子的无规则运动B ．布朗运动是指液体中悬浮颗粒的无规则运动C ．温度降低了，物体内每个分子动能一定减小D ．温度低的物体内能一定小16．如图1所示，物体B 通过动滑轮悬挂在细绳上，整个系统处于静止状态，动滑轮的质量和一切摩擦均不计。

如果将绳的左端由Q 点缓慢地向左移到P 点，整个系统重新平衡后，绳的拉力F 和绳子与竖直方向的夹角θ的变化情况是 A ．F 变大，θ变大 B ．F 变小，θ变小 C ．F 不变，θ变小 D ．F 不变，θ变大17．图2甲为一列简谐横波在t=0时刻的波形图， Q 是平衡位置x=4.0m 处的质点，图乙是质点Q 的振动图象，则A ．t=0.10s 时，质点Q 的速度达到正向最大B ．t=0.10s 时，质点Q 的运动方向沿y 轴正方向C ．从t=0.10s 到t=0.25s ，该波沿x 轴正方向传播了6.0mD ．从t=0.10s 到t=0.15s ，质点Q 通过的路程为30cm图118. 如图3所示，通过水平绝缘传送带输送完全相同的闭合铜线圈，线圈均与传送带以相同的速度匀速运动。

为了检测出个别未闭合的不合格线圈，让传送带通过一固定匀强磁场区域，磁场方向垂直于传送带平面向上，线圈进入磁场前等距离排列，穿过磁场后根据线圈间的距离，就能够检测出不合格线圈。

通过观察图3，下列说法正确的是 A ．从图3可以看出，第2个线圈是不闭合线圈 B ．从图3可以看出，第3个线圈是不闭合线圈C ．若线圈闭合，进入磁场时线圈相对传送带向前运动 D19．某种角速度计，其结构如图4所示。

2021年高三上学期期中联考物理试题 word版（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。

2．第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

第1I卷用黑色墨水签字笔在答题卷上指定区域书写作答，在试题卷上作答，答案无效。

第I卷选择题（共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列关于惯性的说法你认为正确的是A．材料不同的两个物体放在地面上，用一个相同的水平力分别推它们，则难以推动的物体惯性大B．在完全失重的情况下，物体的惯性将消失C．把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的原因D．抛出去的标枪、手榴弹等靠惯性向远处运动的2．下列说法正确的是A．平抛运动的物体速度变化的方向始终是竖直向下的B．做圆周运动的物体，其加速度一定指向圆心C．两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D．物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动3．两位杂技演员，甲从高处自由落下的同时乙从蹦床上竖直跳起，结果两人同时落到蹦床上，则此过程中他们各自看到对方的运动情况是A．甲看到乙先朝上、再朝下运动B．乙看到甲先朝下、再朝上运动C．甲看到乙一直朝上运动D．甲看到乙一直朝下运动4．如图所示，A、B、C三个一样的滑块从粗糙固定斜面上的同一高度同时开始运动，A由静止释放，B的初速度方向沿斜面向下，大小为v0，C的初速度方向沿斜面水平，大小也为v0，下列说法中正确的是A．滑到斜面底端时，B的动能最大B．滑到斜面底端时，B的机械能减少最多C．A和C将同时滑到斜面底端D．C的重力势能减少得多5．如图所示，极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）．若已知一个极地卫星从北纬30°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方时所用时间为t，地球半径为R（地球可看作球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G．由以上条件可以求出A．卫星运行的周期B．卫星距地面的高度C．卫星的质量D．地球的质量6．北斗卫星导航系统是中国自行研制开发的三维卫星定位与通信系统（CNSS），它包括5颗同步卫星和30颗非静止轨道卫星，其中还有备用卫星在各自轨道上做匀速圆周运动，设地球半径为R，同步卫星的轨道半径约为6．6R．如果某一备用卫星的运行周期约为地球自转周期的则该备用卫星离地球表面的高度约为A．0．65R B．1．65R C．2．3R D．3．3R7．如图所示，MN是由一个正点电荷Q产生的电场中的一条电场线，一个带正电的粒子+q 飞入电场后，在电场力的作用下沿一条曲线运动，先后通过a、b两点，不计粒子的重力，则A．粒子在a点的加速度小于在b点的加速度B．a点电势低于b点电势C．粒子在a点的动能小于在b点的动能E kbD．粒子在a点的电势能E pa小于在b点的电势能E pb8．如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8．0 J，重力做功24 J，则以下判断正确的是A．金属块带负电荷B．金属块克服电场力做功8.0JC．金属块的电势能减少4.0JD．金属块的机械能减少12J9．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，为理想电流表和电压表。

2021届光明中学高三年级期中（第五次）考试物理科试卷（全卷满分100分，考试时间：75分钟）命题人：一、单选题（每题4分，共28分）1、所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法。

如电场强度E 、导体的电阻R 、电容C 、电流强度I 、电势都是用比值法定义的物理量，下列几组公式均属于定义式的是（） A. B. C.D.2、如图所示是物体做直线运动的v-t 图象，由图可知，该物体 A ．第1s 内和第3s 内的运动方向相反 B ．第3s 内和第4s 内的加速度相同 C ．第1s 内和第4s 内的位移大小不相等 D ．0-2s 和0-4s 内的平均速度大小相等3．截面为长方形的中空“方钢”固定在水平地面上，截面一边与水平面夹角为30°，如图．方钢内表面光滑，轻质细杆两端分别固定两个小球A 和B ，已知小球、轻杆与横截面共面，当轻质细杆与地面平行时两小球恰好静止，则A 、B 两小球的质量之比为4．如图是跳远运动员在起跳、腾空和落地过程的情景。

若运动员的成绩为8.00m 。

腾空时重心离沙坑的最大高度为1.25m 。

把运动员视为质点，空中轨迹视为抛物线，则 A ．运动员在空中运动的时间为0.5 s B ．运动员在空中最高点时的速度大小为4m/s C ．运动员落入沙坑时的速度大小为89 m/s D ．运动员落入沙坑时速度与水平面夹角正切值为1.65、如图所示，质量为m 的小球在细线A 和轻弹簧B 的共同作用下保持静止，其中细线A 水平，左端固定于竖直墙壁，轻弹簧B 上端固定于天花板，轴线与竖直方向的夹角为。

已知轻弹簧B 的劲度系数为k ，重力加速度为g ，则A. 细线A 中拉力的大小为mgB. 轻弹簧B 中拉力的大小为mgC. 轻弹簧B 的伸长量为D. 突然剪断弹簧B 的瞬间，小球的加速度a 大小为A ．3B ．3C ．33D ．2336、如图所示的电场，等势面是一簇相互平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球(可视为点电荷)以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动，则小球所带电的电性及电荷量为( )A. 负电B. 正电C. 负电D. 正电7、空间P、Q两点处固定电荷量绝对值相等的点电荷，其中Q点处为正电荷，P、Q两点附近电场的等势线分布如图所示，a、b、c、d、e为电场中的5个点，设无穷远处电势为0，则（）A. e点的电势大于0B. a点和b点的电场强度相同C. b点的电势低于d点的电势D. 负电荷从a点移动到c点时电势能增加二、多选题(每题6分，共18分）8、在星球表面发射探测器，当发射速度为v时，探测器可绕星球表面做匀速圆周运动；当发射速度达到2V 时，可摆脱星球引力束缚脱离该星球．已知地球、火星两星球的质量比约为10∶1半径比约为2∶1，下列说法正确的有A．探测器的质量越大，脱离星球所需的发射速度越大B．探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C．探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D．探测器脱离星球的过程中势能逐渐变大9、古时有“守株待兔”的寓言，设兔子的头部受到大小等于自身体重的撞击力时即可致死．若兔子与树桩发生碰撞，作用时间为0.2 s，则被撞死的兔子的奔跑的速度可能是( )A. 1 m/sB. 1.5 m/sC. 2 m/sD. 2.5 m/s10、有一款蹿红的小游戏“跳一跳”，游戏要求操作者通过控制棋子(质量为m，可视为质点)脱离平台时的速度，使其能从同一水平面上的平台跳到旁边的另一平台上．如图所示的抛物线为棋子在某次跳跃过程中的运动轨迹，轨迹的最高点距平台上表面高度为h，不计空气阻力，重力加速度为g，则( )A. 棋子从离开平台至运动到最高点的过程中，重力势能增加mghB. 棋子从离开平台至运动到最高点的过程中，机械能增加mghC. 棋子离开平台后距平台面高度为时动能为D. 棋子落到另一平台上时的速度大于11、（6分）某实验小组的同学制作了一个弹簧弹射装置，轻弹簧两端各放一个金属小球小球与弹簧不连接，压缩弹簧并锁定，然后将锁定的弹簧和两个小球组成的系统放在内壁光滑的金属管中管径略大于两球直径，金属管水平固定在离地一定高度处，如图所示．解除弹簧锁定，则这两个金属小球可以同时沿同一直线向相反方向弹射．现要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，并探究弹射过程所遵循的规律，实验小组配有足够的基本测量工具，并按下述步骤进行实验：用天平测出P 、Q 两球质量分别为、；用刻度尺测出两管口离地面的高度均为h ；解除弹簧锁定弹出两球，记录下两球在水平地面上的落点M 、N ． 根据该小组同学的实验，回答下列问题：要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，还需要测量的物理量有________A .弹簧的压缩量B .两球落地点M 、N 到对应管口P 、Q 的水平距离、C .小球直径D .两球从弹出到落地的时间、根据测量结果，可得弹性势能的表达式为________用测得的物理量表示如果满足关系式______，则说明弹射过程中系统动量守恒用测得的物理量来表示． 12、（10分）某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系． ①如图23（a ），将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测量相应的弹簧长度，部分数据如下表，由数据算得劲度系数k=__________ N/m ，（g 取9.80m/s2）②取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图23（b ）所示；调整导轨，使滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度大小_______ ．③用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x ；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v ，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为____________ ．④重复③中的操作，得到v 与x 的关系如图23（c ），由图可知，v 与x 成 _________ 关系，由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的______________成正比砝码托盘a ()图 231/m s v -⋅/cmx 40.10.20.30.40.50.65321c ()b ()光电门滑块13．（11分）如图所示，一带电荷量为＋q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止。

2021-2022年高三上学期期中检测物理含答案xx.1l 本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第I卷1至4页，第Ⅱ卷5至8页。

满分100分，考试用时90分钟。

注意事项：1.答第I卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、试卷类型用2B铅笔涂写在答题卡上2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上一、选择题（每小题的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分。

）1.下列说法正确的是A.在国际单位制中力学的基本单位为米、千克、秒B.位移、力、功三个物理量均为矢量C.牛顿第一定律和牛顿第二定律都可以通过实验来直接验证D.牛顿第一定律是牛顿第二定律在加速度恒等于零时的特例2．—偏心轮绕垂直于纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，a、b两点的位置如图所示，则偏心轮转动过程中，关于a、b两质点说法正确的是A．线速度大小相等B．角速度大小相等C．向心力大小相等D．向心加速度大小相等3．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置(x)一时间(t) 图线。

由图可知A．在时刻，a车与b车相遇B．在时刻．a、b两车运动方向相反C．从时刻到时刻这段时间内，b车的速率先减小后增大D．从时刻到时刻这段时间内，b车的速率一直比a车的小4．宇宙中有相距较近且质量差别不太大的两颗星球，其他星球对它们的万有引力可以忽略不计，它们在相互之间的万有引力作用下，围绕连线上的某一固定点做周期相同的匀速圆周运动，这样的系统叫双星系统。

关于双星系统中的这两颗星球，下列说法正确的是A．它们受到的向心力大小相等B．它们的向心加速度大小相等C．星球的线速度大小与其轨道半径成正比D.星球的线速度大小与其质量成正比5．如图所示，两个质量相等且为定值的光滑球A和B，沿斜面排列静止放置于光滑斜面上。

2024届广东省东莞中学物理高三第一学期期中综合测试模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。

3．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

θ=︒的固定光滑斜面上,有一根长L=1m的细绳,一端固定在O 1、如图所示,在倾角30点,另一端系一小球沿斜面做圆周运动,若小球能通过最高点A,重力加速度210/=，,则g m sA．小球经过最高点A的速度可能是1m/sB．小球经过最低点B的速度大于等于5m/sC．小球受到的合力的最小值可能为0D．小球从A点运动至最低点B过程绳子拉力可能先变小后变大2、如图所示，斜面上的物体在恒力F作用下，沿斜面匀速向上运动。

F的方向平行于斜面，斜面保持静止，则地面对斜面的摩擦力A．大小可能为零B．方向水平向右C．方向水平向左D．方向与F的大小有关3、重力为G的体操运动员在进行自由体操比赛时，有如图所示的比赛动作，当运动员竖直倒立保持静止状态时，两手臂对称支撑，夹角为θ，则：A ．当060θ=时，运动员单手对地面的正压力大小为2G B ．当0120θ时，运动员单手对地面的正压力大小为GC ．当θ不同时，运动员受到的合力不同D ．当θ不同时，运动员与地面之间的相互作用力不相等4、如图所示，将质量为m 的小球用橡皮筋(橡皮筋的拉力与伸长量的关系满足胡克定律)悬挂在竖直墙的O 点，小球最终静止在Q 点，P 为O 点正下方的一点OP 间的距离等于橡皮筋原长，在P 点固定一光滑圆环，橡皮筋穿过圆环。

现对小球施加一个外力F ,使小球沿以PQ 为直径的圆弧缓慢向上运动，不计一切摩擦阻力， 重力加速度为g 。

2021年高三物理上学期期中试题（含解析）新人教版一、选择题（本大题共14小题，在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错得0分，9-14题有的有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1．（3分）以下说法正确的是（）A．法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件B．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C．电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D．奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象考点：感应电流的产生条件．.分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件，故A正确；B、根据麦克斯韦的电磁场理论，在变化的电场周围一定产生磁场，只有非均匀变化的电场周围才产生变化的磁场；在变化的磁场周围一定产生电场，只有非均匀变化的磁场周围才产生变化的电场．故B错误；C、电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力、试探电荷的电量无直接关系，故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现电磁感应现象，故D错误；故选：A．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（3分）某人骑自行车在平直道路上行进，图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v ﹣t图象．某同学为了简化计算，用虚线作近似处理，下列说法正确的是（）A．在t1时刻，虚线反映的加速度比实际的大B．在t3﹣t4时间内，虚线反映的是匀速运动C．在0﹣t1时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小D．在t1﹣t2时间内，由虚线计算出的位移比实际的大考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象的斜率代表物体加速度，速度图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移．解答：解：A、由于v﹣t图象的斜率等于物体的加速度，在t1时刻，实线的斜率大于虚线的斜率，故实线表示的加速度大于虚线表示的加速度，故虚线反映的加速度比实际的小．故A错误．B、在t3﹣t4时间内，虚线是一条水平的直线，即物体的速度保持不变，即反映的是匀速直线运动．故B正确．C、在0﹣t1时间内实线与时间轴围成的面积小于虚线与时间轴的面积，故实线反映的运动在0﹣t1时间内通过的位移小于虚线反映的运动在0﹣t1时间内通过的位移，故由虚线计算出的平均速度比实际的大．故C错误．D、在t1﹣t2时间内，虚线围成的面积小于实线围成的面积，故由虚线计算出的位移比实际的小．故D错误．故选：B．点评：本题告诉了我们估算平均速度的方法：估算实际物体在0﹣t1时间内平均速度，可用0到t1的虚线反映的平均速度，故实际平均速度大于．3．（3分）如图所示，恒力F大小与物体重力相等，物体在恒力F的作用下，沿水平面做匀速直线运动，恒力F的方向与水平成θ 角，那么物体与桌面间的动摩擦因数为（）A．c osθB．c tgθC．D．t gθ考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．.专题：计算题．分析：对物体受力分析，受推力、重力、支持力、摩擦力，根据平衡条件用正交分解法列式求解．解解：对物体受力分析，如图答：根据共点力平衡条件水平方向Fcosθ﹣f=0竖直方向 N﹣Fsinθ﹣mg=0摩擦力f=μN由以上三式解得μ=故选C．点评：解决共点力平衡问题最终要运用平衡条件列方程求解，选择恰当的方法，往往可以使问题简化，常用方法有：正交分解法；相似三角形法；直角三角形法；隔离法与整体法；极限法．4．如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图（乙）所示，则（）A．t1时刻小球动能最大B．t2时刻小球动能最大C．t2～t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D．t2～t3段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能考点：弹性势能；动能；动能定理的应用；动能和势能的相互转化．.专题：压轴题；定性思想；牛顿运动定律综合专题．分析：小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止．解答：解：A、t1时刻小球小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，故A错误；B、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故B错误；C、t2～t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确；D、t2～t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误；故选C．点评：本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析．5．如图，人沿平直的河岸以速度v行走，且通过不可伸长的绳拖船，船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行．当绳与河岸的夹角为α，船的速率为（）A．v si nαB．C．v cosαD．考点：运动的合成和分解．.分析：人在行走的过程中，小船前进的同时逐渐靠岸，将人的运动沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，由于绳子始终处于绷紧状态，故小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度，根据平行四边形定则，将人的速度v分解后，可得结论．解答：解：将人的运动速度v沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，如图，由于绳子始终处于绷紧状态，因而小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度根据此图得v船=vcosα故选C．点评：本题关键找到人的合运动和分运动，然后根据正交分解法将人的速度分解即可；本题容易把v船分解而错选D，要分清楚谁是合速度，谁是分速度．6．（3分）物体在恒定的合力F作用下，做直线运动，在时间△t1内速度由O增大到v，在时间△t2内速度同v增大到2v，设F在△t1内做功是W1，冲量是I1，在△t2内做的功是W2，冲量是I2，那么（）A．I1＜I2，W1=W2B．I1＜I2，W1＜W2C．I1=I2，W1=W2D．I1=I2，W1＜W2考动量定理．.点：专题：动量定理应用专题．分析：根据动能定理研究功的关系，根据动量定理研究冲量的关系．解答：解：根据动能定理得：，，则W1＜W2．根据动量定理得，I1=mv﹣0=mv，I2=2mv﹣mv=mv，知I1=I2．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：根据动能的变化由动能定理求合力的功、根据动量的变化由动量定理求合力的冲量是这两大定理基本的应用．7．如图是一个示波管工作原理图的一部分，电子经过加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量为y，两平行板间距为d、板长为L、板间电压为U．每单位电压引起的偏转量（y/U）叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可以采用的方法是（）A．增加两板间的电势差U B．尽可能缩短板长LC．尽可能减小板距d D．使电子的入射速度v0大些考点：示波管及其使用．.分析：电子在匀强电场中发生偏转，根据已知的条件，写出偏转量的表达式，根据公式进行说明．解答：解：设电子的电量为q，质量为m，加速度为a，运动的时间为t，则加速度：a==，运动时间t=，偏转量h==．所以示波管的灵敏度：=．通过公式可以看出，提高灵敏度可以采用的方法是：加长板长L，减小两板间距离d 和减小入射速度v0．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：该题本意是考查带电粒子在电场中的偏转，要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程．8．（3分）如图所示，正方形区域ABCD内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，三个完全相同的带电粒子a、b、c分别以大小不同的初速度v a、v b、v c从A点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a、b、c分别从BC边中点、CD边中点、AD边中点射出．若t a、t b、t c分别表示粒子a、b、c在磁场中的运动时间．则以下判断正确的是（）A．v a＜v b＜v c B．v a=v b＜v c C．t a＜t b＜t c D．t a=t b＜t c考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．.专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在你匀强磁场中做匀速圆周运动，粒子的运动时间t=T，θ为粒子轨迹所对应的圆心角．解答：解：粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，粒子做圆周运动的周期：T=，由于三个粒子完全相同，则它们做圆周运动的周期T 相等，如图所示，粒子的轨道半径：r a＞r b＞r c，v c＜v b＜v a，故AB错误；粒子在磁场中做圆周运动转过的圆心角间的关系为：θa＜θb＜θc，粒子运动时间t=T，则粒子在磁场中的运动时间：t a＜t b＜t c，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题考查了比较粒子的运动速度、时间关系，根据题意作出粒子的运动轨迹是正确解题的关键，应用牛顿第二定律、t=T即可正确解题．9．（4分）如图所示，斜面体质量为M，倾角为θ，置于水平地面上，当质量为m的小木块沿斜面匀速下滑时，斜面体仍静止不动．则（）A．斜面体受地面的支持力为MgB．斜面体受地面的支持力为（m+M）gC．斜面体受地面的摩擦力为mgcosθsinθD．斜面体受地面的摩擦力为0考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，通过共点力平衡求出斜面体所受地面的摩擦力和支持力的大小．解解：因为小木块匀速下滑，对整体分析，整体合力为零，整体受重力和支持力，摩答：擦力为零，所以N=（M+m）g．故B、D正确，A、C错误．故选BD．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．10．（4分）如图所示，斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上，现将一小球从图示位置由静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是（）A．斜劈对小球的弹力不做功B．斜劈与小球组成的系统机械能守恒C．斜劈的机械能守恒D．小球机械能的减少量等于斜劈动能的增加量考点：动能和势能的相互转化．.分析：小球和斜劈组成的系统中，只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒；而小球和斜劈的机械能都不守恒．解答：解：A、斜劈由静到动，动能增加，只有弹力对斜劈做功，根据动能定理，斜劈对小球的弹力做正功，故A错误；B、C、D、小球和斜劈组成的系统中，只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒，故BD正确，C错误‘故选BD．点评：本题关键分析清楚物体的运动和能量的转化情况，要明确是小球和斜劈组成的系统机械能守恒，而不是单个物体机械能守恒．11．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是（）A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最小B．该交变电动势的有效值为11VC．该交变电动势的瞬时值表达式为e=22sin（100πt）VD．电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°考交流的峰值、有效值以及它们的关系．.点：专题：交流电专题．分析：从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，转速加倍，最大值加倍．解答：解：A、由图象知：t=0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，A错误；B、该交变电动势的有效值为E=，B错误；C、当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为，C正确；D、电动势瞬时值为22V时，代入瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角为45°，D正确；故选：CD点评：本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力，并掌握有效值与最大值的关系．12．（4分）如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中（）A．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D．乙物块与斜面之间的摩擦力不断减小考点：洛仑兹力；摩擦力的判断与计算．.分析：先以整体为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出加速度，分析斜面对乙的摩擦力如何变化，再对甲分析，由牛顿第二定律研究甲、乙之间的摩擦力、弹力变化情况．解答：解：对整体，分析受力情况：重力、斜面的支持力和摩擦力、洛伦兹力，洛伦兹力方向垂直于斜面向上，则由牛顿第二定律得：m总gsinα﹣f=ma ①F N=m总gcosα﹣F洛②随着速度的增大，洛伦兹力增大，则由②知：F N减小，乙所受的滑动摩擦力f=μF N 减小，故D正确；以乙为研究对象，有：m乙gsinθ﹣f=m乙a ③m乙gcosθ=F N′+F洛④由①知，f减小，加速度增大，因此根据③可知，甲乙两物块之间的摩擦力不断增大，故A正确，BC错误；故选：AD．点评：解决本题运用整体法和隔离法结合研究，关键是抓住洛伦兹力随速度而增大的特点进行分析13．如图所示为一卫星绕地球运行的轨道示意图，O点为地球球心，已知引力常量为G，地球质量为M，，，下列说法正确的是（）A．卫星在A点的速率B．卫星在B点的速率C．卫星在A点的加速度D．卫星在B点的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．.专题：人造卫星问题．分析：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出线速度和加速度的表达式；卫星在椭圆轨道运动时，根据离心运动和向心运动的知识比较速度与圆轨道对应速度的大小．解答：解：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：解得：v=，a=A、卫星经过椭圆轨道的A点时，由于万有引力小于向心力，故做离心运动，故：解得：v＞，故A错误；B、卫星经过椭圆轨道的B点时，由于万有引力大于向心力，故做向心运动，故：解得：v＜，故B正确；C、根据牛顿第二定律，卫星在A点的加速度：，故C正确；D、根据牛顿第二定律，卫星在B点的加速度，故D错误；故选：BC．点评：本题关键是明确当万有引力大于向心力时，卫星做向心运动，当万有引力小于向心力时，物体做离心运动．14．（4分）半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为R0．圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O开始，杆的位置由θ确定，如图所示．则（）A．θ=0时，杆产生的电动势为2BavB．θ=时，杆产生的电动势为BavC．θ=时，杆受的安培力大小为D．θ=0时，杆受的安培力为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．.专题：电磁感应与电路结合．分析：根据几何关系求出此时导体棒的有效切割长度，根据法拉第电磁感应定律求出电动势．注意总电阻的求解，进一步求出电流值，即可算出安培力的大小．解答：解；A、θ=0时，杆产生的电动势E=BLv=2Bav，故A正确B、θ=时，根据几何关系得出此时导体棒的有效切割长度是a，所以杆产生的电动势为Bav，故B错误；C、θ=时，电路中总电阻是（π+1）aR0，所以杆受的安培力大小为：F′=BI′L′=，故C正确；D、θ=0时，由于单位长度电阻均为R0．所以电路中总电阻（2+π）aR0，所以杆受的安培力大小为：F=BIL=B•2a=，故D错误；故选：AC．点评：电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解．二、非选择题（本大题共9小题，第1个小题为实验填空题，只需要写出相应结果，后3个小题为计算题，需要写出详细解答过程方能得分）15．（8分）某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，他将两物块A和B用轻质细绳连接跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器．（1）按图甲所示安装实验装置时，使A的质量大于B的质量．（2）图乙是实验中得到的一条纸带，O为释放纸带瞬间打点计时器打下的点，A、B、C为纸带上连续取出的三个计时点，测得OA间、AB间及BC间的距离如图所示，已知打点计时器计时周期为T=0.02s，用天平测出A、B两物体的质量mA=150g，mB=50g，根据以上数据计算，可得从O到B的过程中，物块A、B组成的系统重力势能减少量为0.42 J，动能增加量为0.40 J，由此可得出的结论是在误差允许范围内，系统机械能守恒（取g=9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题．分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，得到A物体下落的高度和B物体上升的高度，即可求出系统重力势能的减小量．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量，再进行比较，即可得出结论．解答：解：从O到B的过程中，物块A、B组成的系统重力势能减少量为：△E p=（m A﹣m B）gh OB=（150﹣50）×10﹣3×9.8×（38.89+3.91）×10﹣2J=0.42J；B点的速度为：v B=m/s=2m/s系统动能增加量为：△E k=×（150+50）×10﹣3×22J=0.40J因为△E p≈△E k所以由此可得出的结论是：在实验误差允许范围内，系统机械能守恒．故答案为：0.42；0.40；在误差允许范围内，系统机械能守恒．点评：本题用连接体为例来验证机械能守恒，要注意研究的对象是A、B组成的系统，运用匀变速直线运动规律求B点的速度是关键．要关注有效数字．16．（8分）要测量一个量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：A．待测电压表V（量程3V，内阻待测）B．电流表A（量程3A，内阻约0.01Ω）C．定值电阻R（已知阻值6kΩ，额定电流50mA）D．蓄电池E（电动势略小于3V，内阻不计）E．多用电表F．开关K1、K2，导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）首先，用多用电表进行粗测，选用“×1K”挡且操作方法正确．若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是7KΩ．（2）为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图乙所示的（a）、（b）实验电路，你认为其中较合理的电路图是 b ．（3）用你选择的电路进行实验时，用上述所测量的符号表示电压表的内阻R v= ．考点：伏安法测电阻．.专题：实验题．分析：（1）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率；（2）（3）图a中电流表读数太小，读数误差太大，采用图b，结合闭合电路欧姆定律列式求解．解答：解：（1）选用“×1K”挡且操作方法正确，由图1所示可知，则测量的结果是：R=7×1k=7kΩ．（2）由于电源电动势小于3V，电压表内阻很大，图a所示电路电流很小，不能准确对电流表读数，实验误差太大，因此应选择图b所示电路进行实验．（3）实验时，要先闭合开关K1，再闭合开关K2，读得电压表示数U1；再断开开关K2，读得电压表示数U2，电源的内阻忽略不计，断开开关K2，读得电压表示数U2，电阻R上的电压为：U R=U1﹣U2，由串联电路的分压关系得：=解得：R V=；故答案为：（1）7KΩ或7000Ω；（2）b；（3）．点评：欧姆表的读数为：表盘的读数×倍率；要理解乙和丙两个电路图测量电压表内阻的原理，根据它们的测量原理进行解答．17．航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2㎏，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．（1）第一次试飞，飞行器飞行t1=8s 时到达高度H=64m．求飞行器所阻力f的大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力．求飞行器能达到的最大宽度h；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．.分析：（1）第一次试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升做匀加速直线运动，根据位移时间公式可求出加速度，再根据牛顿第二定律就可以求出阻力f的大小；（2）失去升力飞行器受重力和阻力作用做匀减速直线运动，当速度减为0时，高度最高，等于失去升力前的位移加上失去升力后的位移之和；（3）求飞行器从开始下落时做匀加速直线运动，恢复升力后做匀减速直线运动，为了使飞行器不致坠落到地面，到达地面时速度恰好为0，根据牛顿第二定律以及运动学基本公式即可求得飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3．解答：解：（1）第一次飞行中，设加速度为a1匀加速运动由牛顿第二定律F﹣mg﹣f=ma1解得f=4N（2）第二次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为s1匀加速运动设失去升力后的加速度为a2，上升的高度为s2由牛顿第二定律mg+f=ma2v1=a1t2解得h=s1+s2=42m（3）设失去升力下降阶段加速度为a3；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3由牛顿第二定律 mg﹣f=ma3F+f﹣mg=ma4且V3=a3t3解得t3=s（或2.1s）答：（1）飞行器所阻力f的大小为4N；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力，飞行器能达到的最大高度h为42m；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间为s．点评：本题的关键是对飞行器的受力分析以及运动情况的分析，结合牛顿第二定律和运动学基本公式求解，本题难度适中．18．（10分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，水平轨道AB和斜面BC均光滑且绝缘，AB和BC的长度均为L，斜面BC与水平地面间的夹角θ=600，有一质量为m、电量为+q的带电小球（可看成质点）被放在A点．已知在第一象限分布着互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上，场强大小E2=，磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小为B；在第二象限分布着沿x轴正向的匀强电场，场强大小未知．现将放在A点的带电小球由静止释放，恰能到达C点，问（1）分析说明小球在第一象限做什么运动；（2）小球运动到B点的速度；（3）第二象限内匀强电场的场强E1．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．. 专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）分析小球的受力情况，根据小球受力情况判断小球的运动情况．（2）小球在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出小球的速度．（3）由小球，应用动能定理可以求出电场强度．解答：解：（1）当带电小球进入第一象限后所受电场力：F=qE2=mg，方向竖直向上，电场力与重力合力为零，小球所受合外力为洛伦兹力，小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动；（2）小球运动轨迹如图所示：由几何关系可得：R==L，小球在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv B B=m，解得：v B=；（3）小球从A到B过程，由动能定理得：qE1L=mv B2﹣0，解得：E1=；答：（1）小球在第一象限做匀速圆周运动；（2）小球运动到B点的速度为；（3）第二象限内匀强电场的场强E1为．点评：本题考查了求小球的速度、电场强度，分析清楚小球的运动过程，对小球正确受力分析、应用牛顿第二定律、动能定理即可正确解题．19．如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l 的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场。

2021年高三物理上学期期中试题（含解析）新人教版一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分.1-6题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，7-10题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的2分，选错或不全得0分）1．（4分）一个做匀减速直线运动的物体，经3.0s速度减为零，若测出它在最后1.0s内的位移是1.0m．那么该物体在这3.0s内的平均速度是（）A．1.0 m/s B．3.0 m/s C．5.0 m/s D．9.0 m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．.专题：直线运动规律专题．分析：假设时间倒流，物体做反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式求解出加速度，再求解3s内总位移，得到3s的平均速度．解答：解：假设时间倒流，物体做反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：最后一秒：3s内：故：x=9x1=9m那么该物体在这3.0s内的平均速度是：故选B．点评：本题关键运用逆向思维并根据位移施加关系公式得到加速度，求解出总位移后，根据平均速度公式列式求解．2．（4分）（xx•如皋市模拟）如图所示，一物体M放在粗糙的斜面上保持静止，斜面静止在粗糙的水平面上，现用水平力F推物体时，M和斜面仍然保持静止状态，则下列说法正确的是（）A．斜面体受到地面的支持力增大B．斜面体受到地面的摩檫力一定增大C．物体M受到斜面的静摩檫力一定增大D．物体M受到斜面的支持力可能减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：物体开始受重力、支持力和向上的静摩擦力处于平衡，加上水平力F后，根据正交分解，抓住合力为零，判断沿斜面方向和垂直于斜面方向上力的变化．对整体分析，判断地面支持力和摩擦力的变化．解答：解：A、B、对整体分析，在竖直方向上，支持力始终与总重力相等，即地面的支持力不变，未加F时，地面的摩擦力为零，施加F后，地面的摩擦力等于F，知斜面体受地面的摩擦力一定增大．故A错误，B正确．C、D以物体M为研究对象，未加F时，在垂直于斜面方向上，支持力与重力的分力相等，沿斜面方向上静摩擦力等于重力沿斜面方向上的分力；加上水平力F后，仍然处于静止状态，在垂直于斜面方向上，多了F的分力，即重力垂直斜面方向上的分力与F在垂直斜面方向上的分力之和等于支持力，所以物体M所受斜面的支持力变大．在沿斜面方向上，由于F的大小未知，静摩擦力可能减小，可能反向增大．故C，D错误．故选B．点评：解决本题的关键能够合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，运用共点力平衡求解，以及注意整体法和隔离法的运用．3．（4分）（xx•天津）如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用．.分析：分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．解答：解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确．故选D．点对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力评：来确定．4．（4分）当今的科技发展迅猛，我们设想，如果地球是个理想的球体，沿地球的南北方向修一条平直的闭合高速公路，假设一辆性能很好的汽车在这条高速公路上可以一直加速下去，并且忽略空气对汽车的作用，那么这辆汽车的最终速度（）A．与飞机速度相当B．一定小于同步卫星的环绕速度C．可以达到7.9 km/s D．无法预测考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：汽车沿地球赤道行驶时，由重力和支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律分析速度增大时，支持力的变化，再由牛顿第三定律确定压力的变化．当速度增大到支持力为零，汽车将离开地面绕地球圆周运动．根据牛顿第二定律求出最终速度．解答：解：汽车沿地球赤道行驶时，由重力和支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律分析速度增大时，支持力的变化，再由牛顿第三定律确定压力的变化．当速度增大到支持力为零，汽车将离开地面绕地球圆周运动．7.9km/s是第一宇宙速度，当汽车速度v=7.9km/s时，汽车将离开地面绕地球做圆周运动，成为近地卫星．所以这辆汽车的最终速度是7.9km/s．故选：C．点评：对于第一宇宙速度，是指物体环绕地球做匀速圆周运动必须具有的速度，当物体的速度达到第一宇宙速度时物体就成为绕地球运行的卫星．5．（4分）（xx•陕西二模）如图所示，电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于A点和B点，两点相距L．在以L为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q（视为点电荷），在P 点平衡．不计小球的重力，那么，PA与AB的夹角α与Q1、Q2的关系应满足（）A．t an3α=B．t an2α=C．t an3α=D．t an2α=考点：库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：对带电小球进行受力分析，由于不考虑重力，因此根据平衡条件可知，小球受力在切线方向上的合力为零，据此结合数学关系列方程即可正确求解．解答：解：对小球进行受力分析如图所示：根据库仑定律有：，r1=Lcosα①，r2=Lsinα ②根据平衡条件，沿切向方向的分力有：F1sinα=F2cosα ③联立①②③解得：，故BCD错误，A正确．故选A．点评：本题在电场中考查了物体的平衡，注意根据平衡条件列方程，注意数学知识的应用．6．（4分）如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R1、R2、R3、R4均为定值电阻，A、B 为两个小灯泡．当电路中某电阻发生故障后，A灯变亮、B灯变暗，则该故障可能为（）A．R1短路B．R2断路C．R3短路D．R4断路考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：将各个选项代入分析，由欧姆定律和电路的连接关系，分析两灯亮度的变化，选择符合题意的选项．解答：解：A、若R1短路，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则通过R4的电流减小，通过两灯的电流均增大，所以两灯均变亮，故A错误．B、若R2断路，外电阻增大，总电流减小，路端电压增大，通过R4的电流增大，则通过A灯的电流减小，A灯变暗，与题不符，故B错误．C、若R3短路，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则通过R4的电流减小，通过A灯的电流增大，所以A灯变亮．A灯的电压增大，而路端电压减小，则B灯的电压减小，则B灯变暗，故C正确．D、若R4断路，导致总电阻变大，总电流变小，路端电压变大，A、B两灯中的电流均变大，两灯均变亮．故D错误．故选：C点本题是电路的动态分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．评：7．（4分）如图所示，直线MN是某电场中的一条电场线（方向未画出）．虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，由a到b的运动轨迹，轨迹为一抛物线．下列判断正确的是（）A．电场线MN的方向一定是由N指向MB．带电粒子由a运动到b的过程中动能一定逐渐增大C．带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能D．带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度考点：电势差与电场强度的关系；电势能．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：解答本题的突破口是根据粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向，从而确定电场线MN 的方向以及负点电荷的位置，然后根据负点电荷周围电场分布情况，进一步解答．解答：解：A、由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，物体所受外力指向轨迹内侧，所以粒子受力分析一定是由M指向N，但是由于粒子的电荷性质不清楚，所以电场线的方向无法确定．故A错误；B、粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，故B正确；C、粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能，故C正确；D、由a到b的运动轨迹为一抛物线，是曲线运动，无法比较a、b点的合力大小，故也就无法比较a、b点的加速度大小，故D错误；故选：BC．点评：依据带电粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向是解决带电粒子在电场中运动问题的突破口，然后可进一步根据电场线、电场力做功等情况确定电势、电势能的高低变化情况8．（4分）如图所示，沿水平方向放置的平行金属板a和b，分别与电源的正、负极相连，两板的中央沿竖直方向各有一个小孔，今有一个带正电的液滴，自小孔的正上方的P点由静止自由落下，先后穿过两个小孔的速度为v1；若使a板不动，若保持电键K断开或闭合，b板向上或向下平移一小段距离，相同的液滴仍然从P点由静止自由落下，先后穿过两个小孔的速度为v2，在不计空气阻力的情况下，下列说法正确的是（）A．若电键K保持闭合，无论向上或向下移动b板，则v2=v1B．若电键K保持闭合，向下移动b板，则v2＞v1C．若电键K闭合一段时间后再断开，无论向上或向下移动b板，则v2＜v1 D．若电键K闭合一段时间后再断开，向下移动b板，则v2＞v1考点：带电粒子在混合场中的运动．.专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带正电的液滴在下落过程中受到竖直向下的重力，竖直向上的电场力作用，重力做正功，电场力做负功；由动能定理判断带电液滴速度大小关系．解答：解：A、若电键K保持闭合，无论向上或向下移动b板，两板间的电压不变，故电场力做功不变；高度也不变，故重力做功不变，故总功不变，由动能定理可得，则v2=v1，故A正确，B错误；C、D、若电键K闭合一段时间后再断开，向上移动b板，重力做功不变，电场力做功增加，由动能定理可知，液滴速度变小，即v2＜v1；如果向下移动b板，重力做功不变，电场力做功变小，由动能定理可知，小球速度变大，即v2＞v1，故C错误，D正确；故选：AD．点评：本题注意若电容器和电源一直相连，两板间的电压不变；若断开，电容器带电量不变，电场强度不变，电场力不变；注意两板移动时，高度差是否发生变化，然后由动能定理分析．9．（4分）如图所示，质量为m的光滑球放在底面光滑的质量为M的三角劈与竖直档板之间，在水平方向对三角劈施加作用力F，可使小球处于静止状态或恰可使小球自由下落，则关于所施加的水平力的大小和方向的描述正确的有（）A．小球处于静止时，应施加水平向左的力F，且大小为mgB．小球处于静止时，应施加水平向左的力F，且大小为mg•tgθC．小球恰好自由下落时，应施加水平向右的力F，且大小为Mg•tgθD．小球恰好自由下落时，应施加水平向右的力F，且大小为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出竖直挡板；再以小球和三角劈组成的整体为研究对象，根据平衡条件求出推力大小；球自由下落的同时，木块向右做初速度为零的匀加速直线运动，位移之比h：x=g：a；求解出加速度后，再对斜劈受力分析求解拉力．解答：解：A、B、以小球为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条件，竖直挡板对球体的弹力的大小：F1=mgtanθ；再以小球和三角劈组成的整体为研究对象，分析受力如图2所示，根据平衡条件得：推力大小：F=F1=mgtanθ；故A错误，B正确；C、D、球自由下落的同时，木块向右做初速度为零的匀加速直线运动，位移之比h：x=g：a，故：tanθ=，解得：a=；对斜劈受力分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二定律，有：F=Ma=，故C错误，D正确；故选：BD．点评：本题关键运用整体法和隔离法，灵活选择研究对象进行受力分析，然后根据共点力平衡条件列方程求解；注意球沿着斜面下滑h时水平方向相对斜面移动的距离可以通过几何关系得到．10．（4分）（xx•邵阳模拟）如图所示，平行金属板内有一匀强电场，一个电量为q，质量为m 的带电粒子（不计重力）以V0从A点水平射入电场，且刚好以速度V从B点射出，则（）A．若该粒子以速度“﹣V”从B点射入，则它刚好以速度“﹣V0”从A点射出B．若将q的反粒子（﹣q，m）以“﹣V”从B点射入，它将刚好以速度“﹣V0”从A点射出C．若将q的反粒子（﹣q，m）从B点以“﹣V0”射入电场，它将刚好以速度“﹣V”从A点射出D．若该粒子以速度“﹣V0”从B点射入电场，它将刚好以速度“﹣V”从A点射出考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电粒子从A点垂直进入电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速运动，若将粒子以速度﹣v0从B点射人电场，水平方向仍做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，根据动能定理分析粒子到达A的速度大小．解答：解：带电粒子从A点垂直进入电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，速度大小为v0，运动时间为t=，l是板长．A、若该粒子以速度﹣v从B点射入电场，竖直方向做匀减速直线运动，加速度没有变化，竖直方向初速度分量等于，竖直方向运动的位移相等，水平方向运动时间没有变化，所以将刚好从A点射出，速度方向与v0方向相反．从A到B电场力做功等于动能的增加，从B到A，粒子克服电场力做功等于动能的减小量，电场力做功的数值相等，所以动能的变化量大小相等，则粒子到达A点时速度大小为v0．故A正确．B、若将q的反粒子（﹣q，m）以速度﹣v从B点射入电场，粒子运动时间不变．竖直方向做匀加速直线运动，若偏转距离相同时，竖直分速度大于，射出电场时速度大于v0，不可能到达A点．故B错误．C、若将q的反粒（﹣q，m）以速度﹣v0从B点射入电场，其加速度与正粒子大小相等、方向相反，水平方向运动时间相等，竖直方向做匀加速直线运动，位移大小不变，粒子刚好到达A点，而且到达A点时竖直方向分速度大小不变，根据运动的合成可知，到达A点的速度等于﹣v．故C正确．D、若将粒子以速度﹣v0从B点射人电场，粒子水平做匀速直线运动，速度大小小于v0，运动时间大于，竖直方向做匀减速直线运动，加速度没有变化，由于竖直方向分速度小于，粒子没有到达A点速度就减为零，所以粒子到不了A点．故D错误．故选：AC点评：本题运用分解的方法研究类平抛运动及其逆过程，要利用运动的可逆性理解．二．实验题：（11题7分，12题9分，13题8分，共24分）11．（7分）（xx•山东模拟）某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究：一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连；弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图（a）所示．向左推小球，使弹黄压缩一段距离后由静止释放；小球离开桌面后落到水平地面．通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能E p与小球抛出时的动能E k相等．已知重力加速度大小为g．为求得E k，至少需要测量下列物理量中的ABC （填正确答案标号）．A．小球的质量m B．小球抛出点到落地点的水平距离sC．桌面到地面的高度h D．弹簧的压缩量△xE．弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示E k，得E k= ．（3）图（b）中的直线是实验测量得到的s﹣△x图线．从理论上可推出，如果h不变，m增加，s﹣△x图线的斜率会减小（填“增大”、“减小”或“不变”）；如果m不变，h增加，s﹣△x图线的斜率会增大（填“增大”、“减小”或“不变”）．由图（b）中给出的直线关系和E k的表达式可知，E p与△x的 2 次方成正比．考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，从而得出结论．本题的难点在于需要知道弹簧弹性势能的表达式（取弹簧因此为零势面），然后再根据=即可得出结论．解答：解（1）由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h，故选ABC．（2）由平抛规律应有h=，s=vt，又=，联立可得=（3）若取弹簧原长为零势面，则弹簧的弹性势能可表示为=，由=可得s=．△x，可见若h不变m增加，则斜率减小；若m不变h增加，则斜率会增大．由=可知△x的2次方成正比．故答案为（1）ABC（2）（3）减小，增大，2点评：明确实验原理，根据相应规律得出表达式，然后讨论即可．12．（9分）一电流表的量程标定不准确，某同学利用图1电路测量该电流表的实际量程I m．所用器材有：量程不准的电流表A1，内阻r1=10.0Ω，量程标称为5.0mA；标准电流表A2，内阻r2=45.0Ω，量程1.0mA；标准电阻R1，阻值10.0Ω；滑动变阻器R，总电阻为300.0Ω；电源E，电动势3.0V，内阻不计；保护电阻R2；开关S；导线．回答下列问题：（1）在答题卡上（图2）的实物图上画出连线．（2）开关S闭合前，滑动变阻器的滑动端c应滑动至端（由图1回答）．（3）开关S闭合后，调节滑动变阻器的滑动端，使电流表A1满偏；若此时电流表A2的读数为I2，则A1的量程I m= 5.5I2．（4）若测量时，A1未调到满偏，两电流表的示数如图3，从图中读出A1的示数I1= 3.00mA ，A2的示数I2= 0.66mA ；由读出的数据计算得I m= 6.05mA ．（保留3位有效数字）考点：把电流表改装成电压表．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据电路图，先从电源正极出发，依次连接其它电路．（2）闭合电键前，应使电路中电流最小．（3）由电路图可知，标准电流表A2与标准电阻R1串联后与电流表A1并联，根据欧姆定律求得A1的量程I m与I2的关系．（4）读出两电流表的读数，由（3）式结论和由串并联电路的电流及电压规律可求解I m．解答：解：（1）由电路图连接实物图时，按电流流向法，从电源的正极出发依次串联电流表A2、电阻R1、电阻R2、滑动变阻器、开关回到负极，然后把电流表A1与电流表A2和电阻R1并联即可；要注意滑动变阻器的左下方接线柱必须接入电路，且按一上一下的原则串联在电路中，电路图如图所示：（2）滑动变阻器采用限流式，应将滑动触头滑动至阻值最大端，即滑动端c应滑动至b端．（3）根据欧姆定律应有：I2（r2+R1）=I m r1，得：I m===5.5I2；（4）从图中读出A1的示数为：I1=3.00mA，A2的示数为：I2=0.66mA，由表读出的I2=0.66mA，结合（3）的计算可知，此时I1应为：I1′=5.5×0.66mA=3.63mA；故可知：=，解得：I m=6.05mA；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）b；（3）5.5I2；（4）3.00mA；0.66mA；6.05mA．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，在连接实物图时一般都是采用电流流向法，然后先串后并的原则进行连接．13．（8分）实验室有一破损的双量程动圈式电压表，两量程分别是50V和500V，其内部电路如图1所示．因电压表的表头G已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R1、R2完好，测得R1=49.9kΩ，R2=499.9kΩ．现有两个表头，外形都与原表头G相同，已知表头G1的满偏电流为1mA，内阻为60Ω；表头G2的满偏电流0.5mA，内阻为100Ω，又有两个定值电阻r1=40Ω，r2=20Ω．若保留R1、R2的情况下，对电压表进行修复，则：（1）原表头G满偏电流I g= 1mA ，内阻r g= 100Ω．（2）用于修复电压表的器材有：G1、r1（填器材符号）．（3）在虚线框中画出修复后的电路2．考点：把电流表改装成电压表．.专题：实验题．分（1）根据串联电路特点与欧姆定律求出表头的满偏电流与内阻．析：（2）应用串联电路特点与欧姆定律选择实验器材．（3）根据电压表的改装原理作出电路图．解答：解：（1）由图示电路图可知，电压表量程：I g（r g+R1）=50V，I g（r g+R2）=500V，代入数据解得：I g=1mA，r g=100Ω；（2）修复电压表，表头满偏电流为，I g=1mA，阻应为：r g=100Ω，需要的实验器材为：G1、r1．（3）电路图如图所示：故答案为：（1）1mA；100Ω；（2）G1、r1；（3）如图所示．点评：本题考查了求表头的满偏电流与内阻、电压表的改装，知道电压表的改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．三．计算题：（14题12分，15题12分，16题12分，共36分）14．（12分）如图，质量m=1kg的物体沿倾角θ=37°的固定粗糙斜面由静止开始向下运动，风对物体的作用力沿水平方向向右，其大小与风速v成正比，比例系数用k表示，物体加速度a与风速v的关系如图b．所示．求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ；（2）比例系数k．考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据b图可以看出当没有风的作用时物体的加速度的大小是4m/s2，由牛顿第二定律可以求得物体与斜面间的动摩擦因数；（2）当风速为5 m/s时，物体的加速度为零，说明此时的物体受力平衡，对物体受力分析，由平衡的条件可以求得比例系数k．解答：解：（1）对初始时刻：F风=0 由图读出a0=4m/s2 mgsinθ﹣μmgcosθ=ma0①将a代入①式，解得：μ=0.25；（2）对末时刻加速度为零：mgsinθ﹣μN﹣kvcosθ=0 ②又N=mgcosθ+kvsinθ由图得出此时v=5 m/s代入②式解得：k=0.84kg/s．答：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ为0.25；（2）比例系数k是0.84kg/s．点评：本题考查了学生的看图分析图象的能力，能根据图象从中找出有用的信息，对于本题抓住风速为零和风速为5 m/s这两个时刻的物体的运动状态即可求得结果．15．（12分）滑雪运动中，滑雪板与雪地之间的相互作用与滑动速度有关，当滑雪者的速度超过4m/s时，滑雪板与雪地间的动摩擦因数就会由μ1=0.25变为μ2=0.125．一滑雪者从倾角θ=37°的坡顶A处由静止开始自由下滑，滑至坡底B（B处为一光滑小圆弧）后又滑上一段水平雪地，最后停在C处，如图所示，不计空气阻力，坡长L=26m，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）滑雪者到达B处时的速度；（2）滑雪者整个运动过程的总时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求出动摩擦因数为0.125时的加速度，根据匀变速直线运动的位移公式求出开始匀加速运动的位移，从而得出第二段匀加速直线运动的位移，根据速度位移公式求出滑雪者到达B处的速度．（2）速度为4m/s可能在AB段也可能在BC段，故分别利用运动学公式求出各段时间即可；解答：解：（1）在AB段，速度小于等于4m/s时：a1=gsinθ﹣μ 1gcosθ解得：a1=4m/s2x1==2ma2=gsinθ﹣μ2gcosθ解得：a2=5m/s2x2=L﹣x1=24m解得：v B==16m/s（2）当滑雪者AB段以加速度a1加速到4m/s过程：s AB段以加速度a2加速到v B过程：s在BC段时先以加速度为a3减速运动：a3=μ2g=1.25m/s2 s再以加速度为a4减速运动到停止：a4=μ1g=2.5m/s2s整个运动过程的总时间 t=t1+t2+t3+t4=14.6s 答：。

2021年高三上学期中段考试物理试题含答案一、单选题（每题4分，共4小题，16分）1、某一时刻，所有的地球同步卫星（）A．向心力相同 B．线速度相同C．向心加速度相同 D．离地心的距离相同2、如图3所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角均为45°，日光灯保持水平，所受重力为，左右两绳的拉力大小分别为（）A.和B. 和B. 和 D. 和3．如图所示，甲、已两人在冰面上“拔河”。

两人中间位置处有一分界线，约定先使对方过分界线者为赢。

若绳子质量不计，冰面可看成光滑，则下列说法正确的是A．甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力B．甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作用力与反作用力C．若甲的质量比乙大，则甲能赢得“拔河”比赛的胜利D．若乙收绳的速度比甲快，则乙能赢得“拔河”比赛的胜利HL v4．如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止。

下列判断正确的是A．F1> F2>F3B．F3>F1> F2C．F2>F3> F1 D．F3>F2> F1二、双选题（每题4分，共5题，20分）5、如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上。

已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是A．球的速度v等于B．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关6．下列说法正确的是（）A．汽车车速越快，惯性越大B．以额定功率运动的汽车，车速越快，牵引力越大C．汽车在水平公路上转弯时，车速越快，越容易滑出路面D．汽车拉着拖车加速前进时，它对拖车的拉力与拖车对它的拉力大小相等7.图4是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑到底部B处安装一个压力传感器，其示数表示该处所受压力的大小，某滑块从斜面上不同高度处由静止下滑，通过B时，下列表述正确的有（）A.小于滑块重力B.大于滑块重力C.越大表明越大D.越大表明越小8、一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。

2021年高三上学期第三次月考（期中）物理试题含答案（考试时间：150分钟；满分：100分）一、选择题（本题共25小题，每小题2分，共50分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-15题只有一项符合题目要求，第16-25题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错或不答的得0分。

）1. 关于自由落体运动，下列说法正确的是：A．物体竖直向下的运动就是自由落体运动B．加速度等于重力加速度的运动就是自由落体运动C．在自由落体运动过程中，不同质量的物体运动规律相同D．物体做自由落体运动位移与时间成反比2. 一辆汽车以速度v1行驶了的路程，接着以速度v2行驶了其余的路程，则汽车在全程的平均速度是：A． B． C． D．3. 如图是质量为1kg的质点在水平面上运动的v﹣t图象，以水平向右的方向为正方向。

以下判断正确的是：A.在0～3s时间内，合力大小为10NB.在0～3s时间内，质点的平均速度为1m/sC.在0～5s时间内，质点通过的路程为14mD.在6s末，质点的加速度为零4. 小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短。

将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示。

将两球由静止释放。

在各自轨迹的最低点:A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度5. 由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的:A．轨道半径可以不同B．质量可以不同C．轨道平面可以不同D．速率可以不同6. 质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。

用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。

用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中：A.F逐渐变大，T逐渐变大B.F逐渐变大，T逐渐变小C.F逐渐变小，T逐渐变大D.F逐渐变小，T逐渐变小7. 如图所示，细线的一端系一质量为的小球，另一端固定在倾角为的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行。

2024届广东省东莞中学物理高三第一学期期中经典模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。

3．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，固定的半圆形竖直轨道，AB为水平直径，O为圆心，质量不等的甲、乙两个小球同时从A点水平抛出，速度分别为v1、v2，经时间t1、t2，分别落在等高的C、D两点，OC、OD与竖直方向的夹角均为37°（sin37°=0.6，cos37°= 0.8），则A．v1:v2 = 1:3B．t1:t2 = 1:4C．甲、乙两球下落到轨道上C、D两点时重力的瞬时功率相等D．甲、乙两球从抛出到下落至轨道上的速度变化量相同2、如图所示，x轴上相距L的两个点电荷Q1、Q2分别固定在M、N两点，Q1和Q2之间连线上各点电势高,如图曲线所示，已知取无穷远处电势为零，从图中可以判定A．Q1电量大于Q2电量B．Q1和Q2连线上由M到N,电势先降低后升高C．正检验电荷q沿x轴从M点移到N点的过程中，其电势能先减少后增加D．只在电场力作用下，正检验电荷q沿x轴从M点移到N点的过程中，其加速度先减小后增大3、如图所示，小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面，不计一切阻力，下列说法正确的是( )A．小球落地点离O点的水平距离为RB．小球落地点离O点的水平距离为2RC．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．若将半圆弧轨道上部的1/4圆截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P 点低4、下列说法正确的是A．由公式v＝ωr可知，人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越大B．由公式=GMvr可知，人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越小C．地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的速度大于7.9km/sD．地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度小于地球自转的角速度5、一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v和位移x的关系图象中，能描述该过程的是（）A．B．C．D．6、在轻绳的两端各拴一个小球，一人用手拿着上端的小球站在三楼的阳台上，放手让小球自由下落，两小球相继落地的时间差为t1．如果站在四楼的阳台上，放手让小球自由下落，则两小球相继落地的时间差将（）A．不变B．变大C．变小D．无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

2021年高三上学期期中联合考试物理试题本试题分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

第I卷1至3页，第II卷4至7页。

第I卷（选择题）注意事项：1.答第I卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、试卷类型（A或B）涂在答题卡上。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净以后，再选涂其它答案标号。

一、本题共10小题。

在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的。

全选对得4分，对而不全得2分，有选错或不选均得0分。

1．2011年7月以来，“奥的斯电梯”在北京、上海、深圳、惠州等地频出事故，致使大家“谈奥色变”,为此省质监局派出检修人员对电视塔的观光电梯作了检修，如图是检修人员搭乘电梯从一楼到八楼上下的v-t图（电梯向上运动为正），下列说法正确的是A.检修人员在4秒末返回出发点B.检修人员在0～4秒和在4～8秒内的位移相同C.检修人员在0～2秒和2～4秒内速度方向相反D.检修人员在2～6秒内对地板的压力相同2.下列说法正确的是A．米、千克、牛顿都是国际单位制的基本单位B．放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C．摩擦力的方向一定与物体的运动方向在同一直线上D．做曲线运动的物体所受的合力一定不为零3.如图所示，倾斜木板上放一物体，使板的倾角θ缓慢增大，且物体始终保持静止，在此过程中物体所受的A．支持力变大B．摩擦力变大C．合外力不做功D．支持力不做功4.深圳大运会即第26届世界大学生夏季运动会于2011年8月12日21时56分开幕，关于各项体育运动的解释，下列说法正确的是A.蹦床运动员在空中上升到最高点时处于超重状态B.跳高运动员在越杆时处于平衡状态C.举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于平衡状态D.跳远运动员助跑是为了增加自己的惯性，以便跳得更远5.用水平力F拉一物体在水平地面上匀速运动，从某时刻起力F随时间均匀减小，物体所受的摩擦力随时间t的变化如图中实线所示.下列说法正确的是A．0-内匀速运动B．-内匀速运动C．-内变减速运动D．-内作变减速运动6．从距水平地面一定高度的同一水平直线上的两点，沿水平方向分别抛出两小球A和B，两球在空中C点相遇，不计空气阻力，其运动轨迹如图所示．则A．B球先落地B．两球同时落地C．A球在C点的速度大D．B球落地速度大7.2011年11月1日“神舟八号”飞船发射圆满成功。

广东省东莞市光明中学2020—2021学年高一物理上学期期中试题第I卷（选择题）一、单选题（共30分，每小题3分）1.下列关于描述运动的物理量的理解正确的是A。

质点是理想化物理模型,实际生活中是不存在的B。

参考系是为了描述运动引入的，所以只能以静止的物体为参考系C。

第一秒末到第二秒初的时间间隔是一秒钟D. 升国旗时,观察到国旗冉冉升起，观察者是以国旗为参考系的2．关于位移和路程，下列说法正确的是A. 路程是指物体轨迹的长度，位移表示物体位置变化B。

位移是矢量,位移的方向就是物体运动的方向C. 路程是标量，位移的大小就是路程D。

两物体通过的路程相等，则它们的位移也一定相同3．如图所示,撑杆跳高运动员正在跳高.此时杆对运动员的弹力A．方向向下B．方向一定沿杆C．由杆的形变所产生D．由手的形变所产生4．关于静摩擦力的说法，下列正确的是A．静摩擦力的方向是与物体的相对运动趋势方向相反B．静摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反C．运动的物体一定不可能受到静摩擦力的作用D．物体间的压力越大,静摩擦力越大5．如图所示，一物体放在粗糙水平地面上，在斜向上的恒定拉力F作用下做匀速直线运动，该物体受力的个数为A．2个B．3个C．4个D．5个6．重为400N的木箱静止在水平地面上,木箱与地面间的最大静摩擦力是85N,动摩擦因数为0．2,如果用90N的水平力推木箱，则木箱受到的摩擦力大小是A．85N B．80N C．50N D．0N7．如图所示，质量为2kg的物块靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数0.5μ=，垂直于墙壁作用在物块表面的推力50NF,现物块处于静止状态。

若g取2=10m/s，则物块所受摩擦力的大小为A．20N B．50N C．10N D．25N8．以初速度为10m/s运动的汽车，某时刻开始以5m/s2的加速度刹车,刹车后第1s 的运动距离和刹车后3s 内的运动距离之比为A ．1：1B ．1：2C ．2：3D ．3：49．如图所示是物体做直线运动的v —t 图象，由图可知，该物体A ．第1s 内和第3s 内的运动方向相反B ．第3s 内和第4s 内的加速度相同C ．第1s 内和第4s 内的位移大小不相等D ．0-2s 和0-4s 内的平均速度大小相等10.如图所示,甲乙为两根完全相同的轻质弹簧,甲弹簧一端固定在天花板上，另一端悬挂一质量为 m 的物块；乙弹簧一端固定在水平地面上，另一端连接一质量也为 m 的物块。

广东省东莞市光明中学2021届高三下学期期初考试考试时间75分钟，卷面总分100分。

制卷人：第Ⅰ卷（选择题共46分）一、单项选择题．本题共7小题，每小题4分，共计28分．每小题只有一个选项符合题意．1.下列关于物理学史和物理思想方法的叙述错误的是A. 伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这里采用了实验和逻辑推理相结合的方法B. 第谷通过多年的观测，积累了大量可靠的数据，在精确的计算分析后得出了行星运动定律C. 从物理思想方法上讲，平均速度体现了“等效替代”的物理思想D. 电场强度采用“比值法”定义的物理量2.如图所示为甲、乙两质点运动的速度时间（v-t）或位移时间（x-t）图像，t=t1时刻，两个质点刚好相遇，关于两质点在t1~t2时间内的运动，下列说法正确的是A．若是v-t图像，则两质点的运动方向先相反后相同B．若是v-t图像，则两质点间的距离不断增大C．若是x-t图像，则当甲的速度为零时，两质点间的距离最大D．若是x-t图像，则甲质点相对于乙质点的速度始终不为零3.在如图所示的电路中，定值电阻R的阻值为，电动机的线圈电阻值为，a、b端加有20V 的恒定电压，电压表不计其电阻对电路的影响的示数为16V。

由此可知A. 通过电动机的电流强度为5AB. 电动机的发热功率为16WC. 电动机消耗的总功率为16WD. 定值电阻的功率为100W4. 某物体运动的v －t 图像如图所示，由图像可知（ ）A. 物体在1.5s 时的加速度大小为3m/s 2B. 物体在1.5s 时的加速度大小为1.5m/s 2C. 物体在5s 末的速度大小为6m/sD. 物体在0~5s 内的位移大小为27m5. 如图所示，三角形斜面体置于粗糙的水平地面上，斜面底端固定挡板上用轻质弹簧连接一质量为m 的小球，弹簧劲度系数为k ，现给斜面体施加一水平向左的推力作用，斜面体处于静止状态，已知斜面光滑，斜面体质量为M ，斜面体与粗糙的地面之间的动摩擦因数为µ，取重力加速度大小为g ，则下列说法正确的是（ ）A. 斜面体对小球的支持力为sin mgθB. 弹簧的伸长量为cos mg kθC. 地面对斜面体的摩擦力大小为µ（M ＋m ）gD. 地面受到斜面体的摩擦力的方向水平向左6. 据估算，“天问一号”探测器将于 2020年除夕夜到达火星，向世人展示火星之美。

广东省东莞市光明中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题一、单选题（本大题共10小题,共30.0分）1.某电场中有一点P，下列说法中正确的是A. 若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的电场强度减半B。

若P点没有试探电荷，则P点电场强度为0C. 若P点电场强度越大，则同一电荷在P点受到的静电力越大D。

P点电场强度方向为放在该点的电荷的受力方向2.导体中电流I的表达式为，其中S为导体的横截面积，n为导体每单位体积内的自由电荷数，q为每个自由电荷所带的电荷量，v是A。

导体运动的速率B。

电流传导的速率C. 电子热运动的速率D。

自由电荷定向移动的速率3.以下说法中正确的是A. 电动势是一种非静电力B. 电动势E与电压U的单位都是伏特，故二者本质上是一样的C. 电动势在数值上等于将1C正电荷从电源负极移到正极非静电力所做的功D。

静电力与非静电力都可以移动电荷，本质上都是使电荷的电势能减少4.如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷,所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是A。

B。

C. D.5.如图所示，在一个等边三角形ABC顶点B、C处各放一个点电荷时，测得A处的电场强度大小为E，方向与BC边平行沿B指向C.拿走C处的电荷后，A处电场强度的情况将是A. 大小仍为E，方向由A指向B B。

大小变为，方向不变C。

大小仍为E，方向沿BA向外 D. 无法确定6.如图所示，三个同心圆是一个点电荷周围的三个等势面，已知这三个圆半径之差相等。

A、B、C分别是这三个等势面上的点，且在同一条电场线上。

A、C两点的电势依次为和，则B 点的电势A。

可能等于15V B. 可能大于15V C。

一定小于15VD. 无法判断7.利用电场线我们可以研究带电粒子在电场中的运动情况。

如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q产生的电场线,若带电粒子由a运动到b过程,电场力做正功。

已知在a、b两点粒子所受静电力分别为、,则下列判断正确的是A. 若Q为正电荷，则q带正电，B。