高考物理三轮冲刺 题型练辑 选择题满分练(三)(含解析)
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选择题满分练(三)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2019·北京市海淀区3月适应性练习)围绕地球运动的低轨退役卫星，会受到稀薄大气阻力的影响，虽然每一圈的运动情况都非常接近匀速圆周运动，但在较长时间运行后其轨道半径明显变小了．下面对卫星长时间运行后的一些参量变化的说法错误的是( )A ．由于阻力做负功，可知卫星的速度减小了B ．根据万有引力提供向心力，可知卫星的速度增加了C ．由于阻力做负功，可知卫星的机械能减小了D ．由于重力做正功，可知卫星的重力势能减小了答案 A解析 卫星在阻力的作用下，要在原来的轨道减速，万有引力将大于向心力，卫星会做近心运动，轨道半径变小，人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m 、轨道半径为r 、地球质量为M ，由G Mm r 2＝m v 2r ，得：v ＝GM r，A 错误，B 正确；由于阻力做负功，机械能减小了，故C 正确；重力做正功，重力势能减小，故D 正确．15．(2019·河南周口市上学期期末调研)如图1所示，两个带电小球分别固定在P 、Q 两点，N 点为PQ 的延长线上电势最低的点，则下列说法正确的是( )图1A ．两带电小球可能带同种电荷B ．N 点场强可能最大C ．在P 点右侧靠近P 点处由静止释放一电子，电子的加速度可能一直减小D ．在PQ 延长线上N 点右侧由静止释放一质子，质子向Q 点运动的过程中电势能先减少后增加答案 D解析 若P 、Q 两点处的两个带电小球带同种正或负电荷，则沿着PQ 的延长线上场强的方向一定，电势一直降低或升高，不会出现N 点为电势的最低点，则可知P 和Q 两点处的小球带异种电荷，故A 错误；N 点电势最低，则一定是场强方向反向的位置，电场强度为零，故B 错误；P 和Q 为异种电荷，在连线上有场强最小的位置，电子释放后的加速度为a ＝eEm，故加速度先减小后增大，故C 错误；因N 点的场强为零，N 点两侧场强反向，从N 点右侧到Q 点电场力先做正功后做负功，则电势能先减少后增加，故D 正确．16．(2019·福建福州市期末)以下关于近代物理内容的叙述中，正确的是( )A ．原子核发生一次β衰变，该原子外层就一定失去一个电子B ．天然放射现象中发出的α、β、γ三种射线本质都是电磁波C ．对不同的金属，若照射光频率不变，光电子的最大初动能与金属逸出功成线性关系D ．根据玻尔原子理论，大量氢原子从第3能级向低能级跃迁过程中会发出6种不同频率的光子答案 C解析 β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，故A 错误；天然放射现象中发出的α、β、γ三种射线，只有γ射线是电磁波，α射线是氦核流，β射线是高速电子流，故B 错误；根据爱因斯坦光电效应方程E k ＝hν－W 0，对于不同种金属，若照射光频率不变，E k 与金属的逸出功成线性关系，故C 正确；大量的氢原子从第3能级向低能级跃迁时会发出C 23＝3种不同频率的光子，故D 错误．17．(2019·安徽黄山市一模检测)在如图2所示装置中，轻杆一端固定着一个质量可以忽略不计的定滑轮，两物体质量分别为m 1、m 2，轻绳一端固定于a 点，悬点a 、b 间的距离远大于滑轮的直径，动滑轮质量和一切摩擦不计．重力加速度为g ，整个装置稳定时下列说法正确的是( )图2A ．α可能大于βB ．m 1一定大于m 2C ．m 1可能大于2m 2D ．定滑轮受到轻绳的作用力大小为2m 2g cos β2答案 D解析 对m 2分析，轻绳的拉力等于m 2的重力m 2g; 对于动滑轮，因轻绳两端的拉力相等，则它们的合力一定在角平分线上；同理两轻绳对m 1的合力与m 1的重力大小相等，方向相反，合力竖直向上，故两边的轻绳与竖直方向的夹角α和β相等，故A 错误；由以上可知，两端轻绳的拉力等于m 2g ，而它们的合力等于m 1g ，因互成角度的两分力与合力组成三角形，故可知2m 2g ＞m 1g ，即m 1一定小于2m 2，但是m 1不一定大于m 2，故B 、C 错误；定滑轮受到轻绳的作用力等于两边轻绳的合力，大小为2m 2g cos β2，选项D 正确． 18．(2019·吉林长春市第二次监测)如图3所示，在长为d 、宽为h 的矩形区域PQNM 内存在垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁感应强度为B .一电子以速度v 从P 点沿PQ 方向射入该磁场，从N 点射出，电子从P 点到N 点运动的圆弧长度为s .电子质量为m ，电荷量为e ，不计电子的重力．下列说法正确的是( )图3A ．磁场区域的长度d ＝2mvh eB－h 2 B ．矩形区域的长和宽可能满足d <hC ．电子在磁场中运动的时间为d vD ．磁场力对电子做正功答案 A解析 由勾股定理可得(R －h )2＋d 2＝R 2，整理知d ＝2Rh －h 2，而R ＝mveB ，故d ＝2mvh eB－h 2，所以A 正确；若d <h 时，粒子无法直接达到N 点，故B 错误；由带电粒子在有界磁场中做匀速圆周运动，得运动的时间为t ＝s v，故C 错误；洛伦兹力不做功，故D 错误．19．(2019·广东广州市下学期一模)如图4，理想变压器上接有3个完全相同的灯泡，其中1个灯泡与原线圈串联，另外2个灯泡并联后接在副线圈两端．已知交流电源的电压u ＝182sin (100πt ) V,3个灯泡均正常发光，忽略导线电阻，则变压器( )图4A ．副线圈电压的频率为100HzB ．原线圈两端的电压为12VC ．原、副线圈的电流比为2∶1D ．原、副线圈的匝数比为2∶1答案 BD解析 由交流电源的电压的瞬时值表达式可知角速度为：ω＝100πrad/s，则频率为：f ＝ω2π＝100π2πHz ＝50Hz ，故A 错误；设每只灯泡的额定电流为I ，额定电压为U ，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈的电压为U ，即U 2＝U ，副线圈中的总电流为2I ，原、副线圈电流之比为1∶2，则原、副线圈的匝数之比为：n 1n 2＝I 2I 1＝21，又U 1U 2＝n 1n 2得原线圈两端电压为：U 1＝n 1n 2U 2＝2U ，根据闭合电路欧姆定律得交流电源电压为：U ′＝U ＋2U ＝3U ，该交流电源的电压的最大值为182V ，则有效值为18V ，所以3U ＝18V ，则灯泡的额定电压为6V ，原线圈两端的电压U 1＝2U ＝12V ，故B 、D 正确，C 错误．20．(2019·江苏常州市期末)如图5所示，不可伸长的柔软轻绳一端固定于O 点，另一端系着一小球，小球放在水平升降平台上，不计摩擦和空气阻力．先让小球以某一速度在平台上做匀速圆周运动，后使升降平台缓慢竖直上升，在小球到达顶点O 所在水平面之前，下列说法正确的是( )图5A ．小球转动的角速度逐渐减小B ．小球运动的线速度大小保持不变C ．升降平台对小球的支持力保持不变D ．O 点受到的拉力逐渐减小答案 AD解析 设轻绳与竖直方向的夹角为θ，小球贴着平台做匀速圆周运动，小球受重力、平台的支持力和轻绳的拉力三个力，竖直方向有F T cos θ＋F N ＝mg ，沿半径方向有F T sin θ＝mω2r ＝m v 2r，而r ＝L sin θ.平台缓慢竖直上升的过程中，推动小球从半径较小的圆周运动缓慢变成半径较大的圆周运动，对小球受力分析，重力对其做负功，则重力势能增加，由能量守恒可知动能减小，即做圆周运动的线速度变小，故B 错误；小球做圆周运动的角速度为ω＝v r ，线速度变小，而半径变大，故角速度减小，故A 正确；由圆周运动的向心力为F T sin θ＝mω2L sin θ，可得F T ＝mω2L ，因角速度变小，则拉力变小，故D 正确；由F T cos θ＋F N ＝mg 可知，拉力F T 变小，因夹角θ增大使得cos θ减小，故支持力增大，故C 错误．21.(2019·广东茂名市第一次综合测试)如图6所示，匝数为n ＝200、面积为S ＝0.625m 2、电阻为r ＝0.5Ω的圆形线圈处于方向垂直纸面向里的匀强磁场内，磁感应强度大小随时间按B ＝0.08t ＋1.6(T)的规律变化，处于磁场外的电阻R 1＝4.5Ω，R 2＝5Ω，电容器的电容C ＝500μF，开关S 闭合一段时间后，下列说法正确的是( )图6A ．线圈两端N 、M 间的电压为9.5VB ．线圈中的电流方向为顺时针C ．若将电阻R 1短路，则该电路的输出功率变大D ．现断开开关S ，则通过电阻R 2的电荷量为2.5×10－3C答案 ACD解析 因B ＝0.08t ＋1.6(T)则ΔB Δt ＝0.08T/s 线圈内产生的感应电动势：E ＝n ΔΦΔt ＝n ΔB Δt·S ＝200×0.08×0.625V＝10V ，S 闭合后，电路中电流I ＝E R 1＋R 2＋r ＝104.5＋5＋0.5A ＝1A ，则线圈两端N 、M 两点间的电压为U ＝I (R 1＋R 2)＝9.5V ，故A 正确；穿过线圈的磁通量垂直纸面向里增加，根据楞次定律，线圈中的电流方向为逆时针，故B 错误；由于R 1＋R 2>r ，且R 2>r ，若将电阻R 1短路，外电路电阻减小，则该电路的输出功率变大，故C 正确；电容器与电阻R 2并联，两板间电压U 2＝IR 2＝5V ，断开S 后，通过R 2的电荷量为Q ＝CU 2＝500×10－6×5C＝2.5×10－3C ，故D 正确．。
