【小初高学习】启东市高考物理总复习静电场静电现象的应用电容带电粒子在电场中的运动带电子粒子在电场中的

静电平衡1．关于静电平衡状态导体的说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体内部有电荷，只是电荷静止不动B．处于静电平衡状态的导体，内部场强处处为零C．只要导体内部没有电荷定向移动，导体就达到了静电平衡状态D．原来不带电的导体放入电场后才会成为静电平衡状态导体2．把带电体上产生的静电荷移走可以防止静电荷积累而造成的危害。

下列措施中,采取了上述方法的是( )A．油罐车后面装一条托地铁连B．电工钳柄上套有绝缘胶套C．飞机上安装接地电缆D．印染车间里保持适当的湿度3．下列哪个措施是为了防止静电产生的危害（）A．在高大的烟囱中安装静电除尘器 B．静电复印C．在高大的建筑物顶端装上避雷针 D．静电喷漆4．如下图所示，把一个不带电的枕型导体靠近带正电的小球，由于静电感应，在a，b端分别出现负、正电荷，则以下说法正确的是A．闭合K1，有电子从枕型导体流向地B．闭合K2，有电子从枕型导体流向地C．闭合K1，有电子从地流向枕型导体D．闭合K2，没有电子通过K25．下列关于电场中的导体的说法中，正确的有( )A．导体尚未处于静电平衡时，导体中有电流存在B．导体处于静电平衡时，导体内部既无正电荷，也无负电荷C．导体处于静电平衡时(原本不带电)，导体表面的电荷代数和为零D．导体处于静电平衡时，导体内部可能有净电荷6．在绝缘板上放有一个不带电的金箔验电器A和一个带正电荷的空腔导体B，下列实验方法中不能使验电器箔片张开的是( )A．用取电棒(带绝缘柄的导体棒)先跟B的内壁接触一下后再跟A接触B．用取电棒先跟B的外壁接触一下后再跟A接触C．用绝缘导线把验电器跟取电棒的导体部分相连，再把取电棒与B的内壁接触D．使验电器A靠近B7．关于电场线的叙述，正确的是（）A．沿电场线方向电场强度越来越小。

B．在没有电荷的地方，任何两条电场线都不会相交． C.电场线是用以形象表示电场的强弱和方向，客观上是真实存在的D．电场线是闭合曲线，始于正电荷或无穷远，止于负电荷或无穷远8．两个大小相同、带等量异种电荷的导体小球A和B，彼此间的引力为F．另一个不带电的与A、B大小相同的导体小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A和B之间的作用力为F'，则F与F'之比为（）A．8：3 B.8：1 C.1：8 D.4：19．当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或远离带电体，使的一端带异号电荷，的一端带同号电荷，这种现象叫 .10．对于处在静电平衡状态的导体，以下说法中正确的是( )A．导体内部既无正电荷，又无负电荷B．导体内部和外表面处的电场均为零C．导体处于静电平衡时，导体表面的电荷代数和为零D．导体内部电场为零是外加电场与感应电荷产生的电场叠加的结果参考答案：1．答案： B解析：2．答案： ACD解析：3．答案： C解析：4．答案： C解析：5．答案： AC解析：电场使导体内的自由电荷发生定向移动并形成电流，A对．静电平衡时，导体电荷重新分布，使导体变为等势体，内部无多余的净电荷，故B、D错；此时导体电荷分布于表面，电荷代数和为零，C正确，故应选A、C.6．答案： A解析：由于处于静电平衡的导体内部场强处处为零，导体上的电荷都分布在外表面上，所以用取电棒接触B的外壁可以使A带电，但接触内壁不能使A带电，所以A错，B对；用绝缘导线把验电器跟取电棒的导体部分相连，再把取电棒与B的内壁接触，验电器、取电棒和导体就相当于一个导体，这时验电器在外部，所以会带电，C对；使验电器靠近B，由于静电感应，验电器也会带电，所以D对。

电容器 (3)1．某电容器上标有“25 μF、450 V”字样，下列对该电容器的说法中正确的是( ) A．要使该电容器两极板之间电压增加1 V，所需电荷量为2.5×10－5 CB．要使该电容器带电量1 C，两极板之间需加电压2.5×10－5VC．该电容器能够容纳的电荷量最多为2.5×10－5 CD．该电容器能够承受的最大电压为450 V2．对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是（）A．将两极板的间距加大，电容将增大B．将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小C．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大D．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大3．将可变电容器韵动片旋出一些，与没有旋出时相比，下列说法中正确的是：A．电容器的电容增大 B．电容器的电容减小C．电容器的电容不变 D．以上说法都不对4．在探索平行板电容器的电容与哪些因素有关时，实验发现在极板电量不变的情况下，仅增大板间距，静电计的指针将 (填“变大”、“变小”)；仅减小正对面积，静电计的指针将 (填“变大”、“变小”)。

5．下列关于电容器和电容的说法中，正确的是 ( )A．根据C=Q／U可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，跟两板间的电压成反比B．对于确定的电容器，其所带的电荷量与两板间的电压(小于击穿电压且不为零)成正比C．无论电容器的电压如何变化(小于击穿电压且不为零)，它所带的电荷量与电压比值恒定不变D．电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与加在两板上的电压无关6．使电容器两极板间的电势差增加1Ｖ所需的电量，叫电容器的____________；一个电容器如果带1Ｃ的电量时两极间电势差是1Ｖ，这个电容器的电容是____________． 7．概念是物理学内容的基础和重要组成部分，以下有关物理概念的描述正确的是（）A．比值定义法是物理概念中常用的一种定义新物理量的方法，即用两个已知物理量的比值表示一个新的物理量，如电容的定义C=Q/U，表示C与Q成正比，与U成反比，这就是比值定义的特点B．不计空气阻力和浮力的影响，斜向上抛出一物体，则物体在空中的运动是一种匀变速运动C．静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体不可能受到静摩擦力D．圆周运动是一种加速度不断变化的运动，其向心力就是物体受到的力的合力8．与直流电源相连的平行板电容器，在保持两极板间正对面积、间距和电源电压不变的情况下，在两极板间插入一个电介质，则其电容C和所带电量q的变化情况是( )A．C增大，q减小 B．C、q均增大C．C减小，q增大 D．C、q均减小9．下列说法中正确的是（）A．直流电能通过电容器B．交流电不能通过电容器C．直流电、交流电都能通过电容器D．直流电能通过电感器10．关于电容器，下列说法不正确的是（）A．从结构上看，常见的电容器可分为固定电容器和可变电容器B．电解电容器有正负极，使用时极性不能接反C．电容的单位是“库/伏”叫做法拉，简称法，单位符号是FD．电容器两端所加的电压越大，电容器的电容越大参考答案：1．答案： A解析：由电容器电容的定义C＝Q/U可得，C＝ΔQ/ΔU，ΔQ＝CΔU，要使该电容器两极板之间电压增加ΔU＝1 V，所需电荷量为ΔQ＝2.5×10－5C，A正确，B错误；该电容器能够容纳的电荷量最多为Q＝CU＝2.5×10－5×450＝1.125×10－2 C，C错误；电容器上所标的450 V，是电容器的额定电压，是电容器长期工作时所能承受的电压，低于击穿电压，该电容器能够承受的最大电压大于450 V，D错误．2．答案： BCD解析：影响平行板电容器电容大小的因素有：①随正对面积的增大而增大；②随两极板间距离的增大而减小；③在两极板间放入电介质，电容增大.据上面的叙述可直接看出B、C 选项正确.对D选项，实际上是减小了平行板的间距，所以本题应为BCD.3．答案： B解析：4．答案：变大，变大解析：5．答案： BCD解析：6．答案：电容1Ｆ解析：7．答案： B解析： A、C=Q/U采用的是比值定义法，C是由电容器本身的性质决定的，故电量Q及电压U无关；这是比值定义法的共性；故A错误；B．若不计阻力，则物体在空中只受重力，故一定做匀变速直线运动；故B正确；C．静止的物体若相对其他物体有相对运动，则可以受到滑动摩擦力；同理，若运动的物体相对于和它接触的物体静止，则可能受静摩擦力；故C错误；D．圆周运动的向心力可以是几个力的合力，也可以是某个力的分力；故D错误；8．答案： B解析：考点：本题考查电容器的动态分析。

示波器的原理与使用1．操作时，屏上光点的亮度要适中，特别是光点在某一位置停留时间较长时，亮度更不宜过大，为什么？2．在打开示波器电源开关后，为什么要预热一两分钟？3．欲使屏上出现一条竖直亮线，应怎样调节示波器？4．一台正常工作的示波器，突然发现荧光屏上的画面的高度缩小，分析其故障原因，可能是：A 、偏转电压偏小 B、偏转电压偏大C．加速电压偏小 D、加速电压偏大5．在示波管中，电子枪在2s内发射了6×1013个电子，则示波管中的电流为__________。

6．关于示波器的使用下列说法正确的是（）A．在打开示波器的开关前应将辉度旋钮、水平位移和竖直位移旋钮均逆时针旋到底B．在观察扫描时应将衰减旋钮置于最高档，扫描微调逆时针旋到底、扫描范围置于最低档C．观察某一信号波形时，应将扫描范围旋钮置于“外X”档，将信号电压从“Y输入”和“地”输入示波器D．观察50Hz交流电压的波形时，应把扫描范围旋钮置于第一档（10Hz～100Hz），信号电压可从“Y输入”和“地”输入示波器，也可将衰减旋钮置于“～”E．若要增加水平方向的幅度应调节“X增益”，若要增加屏上波形的个数应调节扫描范围和扫描微调旋钮7．几种混合的带电粒子（重力不计），初速度为零，它们从同一位置经同一电场加速后，又都垂直场强方向进入另一相同的匀强电场，设粒子刚出偏转电场就打在荧光屏上，且在荧光屏上只有一个光点，则到达荧光屏的各种粒子（）A．电量一定相等 B.质量一定相等 C.荷质比一定相等 D.质量、电量都可能不等参考答案：1．答案：过大的亮度将损坏被照部分的荧光材料.解析：2．答案：预热是为了让示波器的灯丝有个加热过程，能够产生足够的热电子，这样示波器才能正常工作.解析：3．答案：在打开示波器电源开关后，为什么要预热一两分钟？解析：4．答案： AD解析：5．答案： 4.8×10-6解析：根据电流定义式可知示波管中的电流为I=q/t=(6×1013×1.6×10-19)/2=4.8×10-6A 6．答案： BDE解析： A、打开示波器的开关前应将辉度旋钮逆时针旋到底、水平位移和竖直位移旋钮均旋转到中间位置，故A错误；B．观察扫描时应将衰减旋钮置于最高档，将扫描微调逆时针旋到底、扫描范围置于最低档，故B正确；C．将扫描范围旋钮置于“外X”档，将信号电压从“X输入”和“地”输入示波器，故C错误；D．观察50Hz交流电压的波形时，信号电压可从“Y输入”和“地”输入示波器，也可将衰减旋钮置于“～”，故D正确；E、若要增加水平方向的幅度应调节“X增益”，若要增加屏上波形的个数应调节扫描范围和扫描微调旋钮，故E正确；故选：BDE． 7．答案： D1。

电容器 (1)1．当某一个电容器的电势差达到40伏特时，它所带的电量是0.2库仑，若它的电势差降到20伏特时A．电容器的电容减少一半B．电容器的电容不变C．电容器所带的电量增加一倍D．电容器所带的电量不变2．一电容器原来带有2.0×10-8C的电量,它的电容为20pF.如果给它再增加1.0×10-8C的电量,则两板间电压将增加 V,若将它们带电量减为零,则它的电容将为3．一平行板电容器的两个极板分别与电源的正、负极相连，如果使两板间距离逐渐增大，则 [ ]A．电容器电容将增大 B．两板间场强将减小C．每个极板的电量将减小D．两板间电势差将增大4．电容器A的电容比电容器B的电容大，这表明( )A．A所带的电荷量比B多B．A比B有更大的容纳电荷的本领C．A的体积比B大D．两电容器的电压都改变1 V时，A的电荷量改变比B的大5．如图6所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态。

现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变。

下列说法中正确的是（）A．．液滴将向下运动 B．液滴将向上运动C．极板带电荷量将增加 D．极板带电荷量将减少6．平行板电容器保持与直流电源两板连接，充电结束后，电容器电压为U，电量为Q，电容为C，极板间的场强为E.现将两板正对面积增大，则引起的变化是（）A．Q变大 B.C变大 C.E变大 D.U变小7．某电容器上标有“1.5 μF，9 V”的字样，则( )A．该电容器所带电荷量不能超过1.5×10－6 CB．该电容器所加电压不能超过9 VC．该电容器击穿电压为9 VD．当给该电容器加4.5 V的电压时，它的电容值变为0.75 μF8．对于平行板电容器来说（）A．两极板与3V电源相连，只要电路不断开，极板上的带电量会不断增加B．极板间的电介质不同，电容器的电容相同C．只增加两极板间的距离，电容器的电容增大D．只增大两极板的正对面积，电容器的电容增大9．一个电容器的规格为“50V，10μF”，对以上数据及相关问题的理解有以下说法，你认为正确的是（）A．这个电容器只有加上50V电压时，电容才是10μFB．这个电容器的电容最大值是10μF，当带电量较少时，电容小于10μFC．这个电容器若不带电，则电容为零D．这个电容器的电容为10μF，与电容器所加电压和所带电量大小无关10．关于电容器的电容C、电压U和所带电荷量Q之间的关系，以下说法正确的是（）A．C由U确定 B.C由Q确定C．C一定时，Q与U成正比 D.C一定时，Q与U成反比参考答案：1．答案： B解析：2．答案： 500v 20pF解析：3．答案： BC解析：4．答案： BD解析：5．答案：BC6．答案： AB7．答案： B解析：该标示值为电容器电容和能允许加的最大电压．加在该电容器上的电压超过9 V就会击穿它．能够给它充的最大电荷量为Q＝CU m＝1.5 ×10－6×9 C＝1.35×10－5C.电容器电容与所加电压无关，因此当给电容器加4.5 V的电压时，其电容值仍为1.5 μF.故B正确．8．答案： D9．答案： D解析：考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关，仅有电容器本身决定．解答：解：电容器的电容反映了电容器容纳电荷的本领大小，与电容器板间电压和所带电量无关，加电压或不加电压、电荷量多或少时，电容都是10μF．故ABC错误，D正确．故选：D点评：电容表征电容容纳电荷的本领大小，与板间电压和电量无关，对于给定的电容器，电容是一定的，电量与电压成正比．10．答案： C解析：考点:电容．专题:电容器专题．分析:电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身决定，与U、Q无关．电量Q=CU 根据比例关系分析．解答:解：A、B电容C由电容器本身决定，与U、Q无关．故A、B错误．C、D电量Q=CU，C一定时，Q与U成正比．故C正确，D错误．故选C点评:本题要抓住电容的物理意义来分析电容，根据控制变量法来理解Q与U的关系．。

雷电与避雷1．带电体表面突出的地方电荷容易密集.雷雨天当带电云层靠近高大建筑物时,由于静电感应,建筑物顶端会聚集异种电荷,避雷针通过一根竖直导线接通大地而避免雷击.你若想知道竖直导线中的电流方向,进而判断云层所带电荷,安全可行的方法是( )A．在导线中接入电流表B．在导线中接入电压表C．在导线中接入小灯泡D．在导线旁放一可自由转动的小磁针2．避雷针能够避免建筑物被雷击的原因是( )A．云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地B．避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷C．云层与避雷针发生摩擦，避雷针上产生的电荷被导入大地D．以上说法都不对3．雷雨天气，应谨防雷电，下列哪些做法是正确的( )A．雷雨天气外出时，可以在孤立的高大建筑和大树下避雨B．雷雨天气外出时，在空地上应立即蹲下，以免成为雷电的袭击目标C．雷雨天气时，可以在户外打手机D．在室内，如果听到打雷，应马上关好门窗，以防雷电进屋4．在建筑物顶部装有竖直的避雷针．当带正电的云层接近避雷针并放电时，避雷针中（）A．不会形成电流B．会形成电流，方向向上C．会形成电流，方向向下D．会形成电流，方向不定5．电闪雷鸣是自然界常见的现象，古人认为那是“天神之火”，是天神对罪恶的惩罚，直到1752年，伟大的科学家_________________冒着生命危险在美国费城进行了著名的风筝实验，把天电引了下来，发现天电和摩擦产生的电是一样的，才使人类摆脱了对雷电现象的迷信。

6．雷雨天气应谨防雷电．下列做法正确的是（）A．雷雨天气外出时在孤立的大树下避雨B．雷雨天气外出时在空地上蹲下C．雷雨天气外出时在户外打手机D．在室内时，及时断开电视电源参考答案：1．答案： D解析：根据小磁针静止时N极的指向判断出其所在处的磁场方向,然后根据安培定则判断出电流方向,既安全又可行.2．答案： AB解析：带电荷的云层靠近避雷针时，在避雷针尖端感应出与云层相反的静电，达到一定程度就向空中放电，中和云层中的电荷，更主要的是云层中的大量电荷可以通过避雷针引入地下，从而避免遭受雷击，所以A、B正确。

带电子粒子在电场中的运动 (2)1．质量不同、带电量相同的粒子，不计重力，垂直于电场线射入同一个匀强电场。

若它们离开电场时速度方向改变的角度相同，则它们在进入电场前必然具有相同的（）A. 速度B. 动量C. 动能D. 加速度2．一个不计重力的带电微粒，进入匀强电场没有发生偏转，则该微粒的( )A．运动速度必然增大B．运动速度必然减小C．运动速度可能不变D．运动加速度肯定不为零3．大小相同的两个金属小球A、B带有等量同种电荷，相隔一定距离时，两球间的库仑引力大小为F，现在用另一个跟它们大小相同的不带电金属小球，先后与A、B两个小球接触后再移开，这时A、B两球间的库仑力大小（）A．一定是F/8 B.一定是F/4 C.一定是3F/8 D.可能是3F/44．设法让电子、一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子及三价铝离子的混合物经过加速电压大小为U的加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场中偏转，关于它们能否分成几股的说法中正确的是（）A．一股 B.二股 C.三股 D.四股5．在空间某一区域，有一匀强电场，一质量为m的液滴，带正电荷，电量为q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为 ___ _，方向___ ___ 。

6．在光滑绝缘的水平面内建立以o点为原点的直角坐标系xOy．一质量m=4×10-2kg、电量q=2×10-6C的带正电小滑块沿x轴正向作匀速直线运动．当小滑块通过O点时，突然加一沿x轴方向匀强电场，小滑块的位移随时间变化规律是x=0.3t-0.05t2，式中x、t的单位分别是m、s．求：（1）该匀强电场的场强及方向；（2）若第6s末突然将匀强电场的方向变为+y轴方向，场强大小保持不变，则8s末小滑块的位置坐标7．如果不计重力的电子，只受电场力作用，那么电子在电场中不可能做（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀变速曲线运动D．匀速圆周运动8．下列粒子从初速度为零经过加速电压为U的电场后，速度最大( )A．质子B．氘核C．α粒子D．钠离子 Na+9．一带电粒子在电场中(不考虑重力的作用)，下列说法中正确的是( )A．不可能做匀速圆周运动B．可能做匀速直线运动C．电场力一定会做功D．可能做类平抛运动10．关于带电粒子在静电场中运动，下列说法正确的是( )A．动能增大，电场力一定做正功B．电势能增大，动能一定减小C．在运动过程中，电场力一定做功D．在非匀强电场中可能做匀速直线运动参考答案：1．答案： C解析：2．答案： D解析：粒子只受电场力作用，故加速度肯定不为零，速度一定变化，则C项错误，D项正确．由于没有偏转，粒子可能加速，也可能减速，故A、B项都不正确．3．答案：Ｃ4．答案： B5．答案： mg/q 竖直向上6．答案：（1）该匀强电场的场强大小为2×103N/C，方向指向x轴负方向；（2）若第6s末突然将匀强电场的方向变为+y轴方向，场强大小保持不变，则8s末小滑块的位置坐标为（-0.6m，0.2m）解析：（1）由x=0.3t-0.05t2得小滑块的初速度v0=0.3m/s，加速度a=-0.1m/s2，由牛顿定律得F=ma=4×10-3N由电场强度定义可得电场强度 E=F/q=2×103N/C，方向指向x轴负方向（2）小滑块在第6s末的速度v1=v0+at1=-0.3m/s小滑块在第6s末的坐标x=v0t1+1/2at12=0.3×6-0.05×36=0所以6s末刚好滑回坐标原点，匀强电场的方向变为+y轴方向后，滑块受到y轴正方向的力F=4×10-3N 粒子在y轴上产生的加速度a y=F/m=0.1m/s2第8s末小滑块横坐标x8=v1t2=-0.3×2=-0.6m第8s末小滑块纵坐标y8=1/2a y t22＝1/2×0.1×4＝0.2m所以8s末小滑块的位置坐标为（-0.6m，0.2m）7．答案： A解析： A、由于电子在电场中一定会受到电场力的作用，一定有加速度，所以电子不会做匀速直线运动，所以A不可能；B．当电子受到的电场力的方向和电子的速度的方向相同时，电子就会做匀加速直线运动，所以B可能；C．当电子受到的电场力的方向和电子的速度的方向垂直时，电子将做类平抛运动，是匀变速曲线运动，所以C可能；D．当电子受到的电场力的方向始终和速度的方向垂直时，电子就会做匀速圆周运动，比如电子绕着原子核的转动，所以D可能8．答案： A9．答案： D解析： A、C、电子绕正电荷匀速圆周运动是可能的，此时电场力提供向心力，电场力不做功．故A、C错误；B．D、带电粒子在电场中一定要受到电场力，故合力不可能为零，所以不可能做匀速直线运动．在电场中可能作匀变速直线运动或匀变速曲线运动，如匀强电场中的直线加速和类似平抛运动，故B错误、D正确10．答案： D解析： A、根据动能定理，动能的增加量等于合力的功，动能增加，合力做正功，电场力不一定做正功，故A错误；B．电场力做功等于电势能的减小量，电势能增大，则电场力做负功；根据动能定理，动能的增加量等于合力的功，电场力做负功，合力不一定做负功；故B错误；C．在运动过程中，电场力可以不做功，如多个力的作用下沿着等势面运动，故C错误；D．在非匀强电场中可能做匀速直线运动，只要保证合力一直为零即可；故D正确；。