高中化学专题04 氧化还原反应-2020年高考化学真题与模拟题分类训练(学生版)

2020-2021全国高考化学氧化还原反应的综合高考模拟和真题分类汇总附答案一、高中化学氧化还原反应1．亚氯酸钠（NaClO2）是二氧化氯（ClO2）泡腾片的主要成分。

实验室以氯酸钠（NaClO3）为原料先制得ClO2，再制备NaClO2粗产品，其流程如图：已知：①ClO2可被NaOH溶液吸收，反应为2ClO2+2NaOH=NaClO3+NaClO2+H2O。

②无水NaClO2性质稳定，有水存在时受热易分解。

（1）反应Ⅰ中若物质X为SO2，则该制备ClO2反应的离子方程式为___。

（2）实验在如图-1所示的装置中进行。

①若X为硫磺与浓硫酸，也可反应生成ClO2。

该反应较剧烈。

若该反应在装置A的三颈烧瓶中进行，则三种试剂（a.浓硫酸；b.硫黄；c.NaClO3溶液）添加入三颈烧瓶的顺序依次为___（填字母）。

②反应Ⅱ中双氧水的作用是___。

保持反应时间、反应物和溶剂的用量不变，实验中提高ClO2吸收率的操作有：装置A中分批加入硫黄、___（写出一种即可）。

（3）将装置B中溶液蒸发可析出NaClO2，蒸发过程中宜控制的条件为___（填“减压”、“常压”或“加压”）。

（4）反应Ⅰ所得废液中主要溶质为Na2SO4和NaHSO4，直接排放会污染环境且浪费资源。

为从中获得芒硝（Na2SO4·10H2O）和石膏（水合硫酸钙），请补充完整实验方案：___，将滤液进一步处理后排放（实验中须使用的试剂和设备有：CaO固体、酚酞、冰水和冰水浴）。

已知：CaSO4不溶于Na2SO4水溶液；Na2SO4的溶解度曲线如图−2所示。

【答案】2ClO3-+SO2═2ClO2+SO42- cab 作还原剂水浴加热时控制温度不能过高（或加一个多孔球泡等）减压向废液中分批加入适量CaO固体并搅拌，用冰水浴控制反应温度，对浊液取样并滴加酚酞，至溶液呈浅红色时停止加入CaO。

静置后过滤，用水洗涤沉淀2-3次得到石膏；滤液蒸发浓缩，冷却结晶至32.4℃以下，接近0℃，过滤，所得晶体用冰水洗涤2-3次，低温干燥得到芒硝【解析】【分析】用二氧化硫将NaClO3还原制得ClO2，ClO2和NaOH反应制得NaClO3和NaClO2，再用过氧化氢将NaClO3还原成NaClO2制得NaClO2粗品。

2020高考化学试题分类汇编氧化还原反应1、（2020全国理综Ⅱ）10、已知下列分子或离子在酸性条件下都能氧化KI，自身发生如下变化：H2O2 → H2O IO3- → I2 MnO4-→ Mn2+ HNO3→ NO如果分别用等物质的量的这些物质氧化足量的KI，得到I2最多的是：A. H2O2B. IO3-C. MnO4-D. HNO32、（2020广东）13下列反应中，氧化剂与还原剂物质的量的关系为1∶2的是A．O3+2KI+H2O==2KOH+I2+O2B．2CH3COOH+C a(ClO)2==2HClO+Ca(CH3COO)2C．I2+2NaClO3==2NaIO3+Cl2D．4HCl+MnO2==MnCl2+Cl2↑+2H2O3、（2020江苏）3物质氧化性、还原性的强弱，不仅与物质的结构有关，还与物质的浓度和反应温度有关。

下列各组物质：①Cu与HNO3溶液②Cu与FeCl3溶液③Zn与H2SO4溶液④Fe与HCl溶液由于浓度不同而能发生不同氧化还原反应的是A．①③B．③④C．①②D．①③④4、（2020全国理综Ⅱ）28（15分）以下一些氧化物和单质之间可以发生如下图所示的反应：其中，氧化物（I）是红棕色固体，氧化物（II）、（III）、（IV）在反应条件下都是气体。

（1）氧化物（I）的化学式（分子式）是。

氧化物（II）的化学式（分子式）是。

（2）反应①的化学方程式是 。

反应②的化学方程式是反应③的化学方程式是28、（15分）⑴ Fe 2O 3 CO （6分）⑵ ① Fe 2O 3 ＋ 3 CO高温 2 Fe ＋ 3 CO 2 ② CO ＋ H 2O高温 CO 2 ＋ H 2 ③ C ＋ H 2O 高温CO ＋ H 2 (如写可逆号，同样给分) （9分）5、 （2020天津理综）29（14分）2ｇＣｕ2Ｓ和ＣｕＳ的混合物在酸性溶液中用400ｍＬ0.2022020ｍｏｌ／ＬＫＭｎＯ4溶液处理，发生反应如下：8ＭｎＯ4－＋5Ｃｕ2Ｓ＋44Ｈ＋＝10Ｃｕ2＋＋5ＳＯ2＋8Ｍｎ2＋＋22Ｈ2Ｏ6ＭｎＯ4－＋5ＣｕＳ＋28Ｈ＋＝5Ｃｕ2＋＋5ＳＯ2＋6Ｍｎ2＋＋14Ｈ2Ｏ反应后煮沸溶液，赶尽ＳＯ2，剩余的ＫＭｎＯ4恰好与350ｍＬ0.1mol/L(NH 4)2Fe(SO 4)2溶液完全反应。

一、图中化学氧化复原反响练习题〔含详细答案解析〕1.亚氯酸钠〔NaClQ〕是二氧化氯〔C1O2〕泡腾片的主要成分.实验室以氯酸钠〔NaClO3〕为原料先制得C16,再制备NaClQ粗产品,其流程如图：X 出口工、NaOH溶液NdCIO3fl溶解反响1―1反响n —I蒸发| ........................... A NaClC^粗产品废液O：：① C1O2 可被NaOH 溶液吸收,反响为2CQ+2NaOH=NaClQ+NaClO2+H2O.②无水NaCl6性质稳定,有水存在时受热易分解.〔1〕反响I中假设物质X为SQ,那么该制备C1C2反响的离子方程式为―.〔2〕实验在如图-1所示的装置中进行.①假设X为硫磺与浓硫酸,也可反响生成C1O2.该反响较剧烈.假设该反响在装置A的三颈烧瓶中进行,那么三种试剂〔a.浓硫酸；b.硫黄；c.NaClQ溶液〕添参加三颈烧瓶的顺序依次为—〔填字母〕.②反响n中双氧水的作用是―.保持反响时间、反响物和溶剂的用量不变,实验中提升C1O2吸收率的操作有：装置A中分批参加硫黄、―〔写出一种即可〕.〔3〕将装置B中溶液蒸发可析出NaClQ,蒸发过程中宜限制的条件为―〔填减压〞、常压〞或加压〞〕.〔4〕反响I所得废液中主要溶质为Na2SQ和NaHSQ,直接排放会污染环境且浪费资源.为从中获得芒硝〔Na2SQ10H2O〕和石膏〔水合硫酸钙〕,请补充完整实验方案：—,将滤液进一步处理后排放〔实验中须使用的试剂和设备有：CaO固体、酚ML冰水和冰水浴〕.：CaSQ不溶于Na2SC4水溶液；Na2SO4的溶解度曲线如图-2所示.cab作复原剂水浴加热时限制温度不能过高〔或加一【答案】2ClO-+S> 2CQ+S.2-个多孔球泡等) 减压向废液中分批参加适量CaO 固体并搅拌,用冰水浴限制反响温度,对浊液取样并滴加酚Mt,至溶液呈浅红色时停止参加CaO.静置后过滤,用水洗涤沉淀2-3 次得到石膏；滤液蒸发浓缩,冷却结晶至32.4 ℃以下,接近0℃,过滤,所得晶体用冰水洗涤2-3 次,低温枯燥得到芒硝【解析】【分析】用二氧化硫将NaClO3复原制得CIO2, C1O2和NaOH反响制得NaCQ和NaClQ,再用过氧化氢将NaCQ复原成NaCQ制得NaCQ粗品.【详解】(1) SQ作复原剂,S化合价升高2,被氧化成SO42, C1O3-作氧化剂,被复原成ClO2, Cl 化合价降低 1 ,结合电子得失守恒、电荷守恒、原子守恒可书写离子方程式：2ClO3-+SQ— 2cIO2+S.2-,故答案为：2C1O3-+SO2- 2c1O2+SO42-；(2)①反响剧烈,浓硫酸只能在最后添加,结合流程图可知先加NaClO3,所以顺序为：先加NaClO3,再加S,最后加浓硫酸,故答案为：cab;②反响n中NaO书口C1O2反响生成NaClO3和NaClQ,过氧化氢的作用是将NaClO3复原成NaClQ,过氧化氢会分解,温度不宜太高,所以限制A中水浴加热时温度不过高,或者在B 中搅拌、或者加一个多孔球泡,故答案为：作复原剂；水浴加热时限制温度不能过高 (或加一个多孔球泡等)；(3)无水NaClO2性质稳定,有水存在时受热易分解,应该减压,让水分尽快蒸发,故答案为：减压；(4)参加一定量CaO> NaHSQ反响成CaSQ,为了保证NaHSQ反响完,所加CaO需稍过量,CaO过量溶液就显碱性了,可以用酚酬:作指示剂,当溶液变为浅红色时停止加CaO, CaSQ不溶于Na2SO4水溶液,此时可用过滤、洗涤的方法得到石膏,此时滤液为NaSO溶液,还不是芒硝,从图上看,可将温度调整32.4 C以下,形成芒硝,析出芒硝晶体,过滤、洗涤、枯燥就可得芒硝了,为了使芒硝产率较高,可用冰水洗涤,降低因溶解损失的量,故答案为：向废液中分批参加适量CaO固体并搅拌,用冰水浴限制反响温度,对浊液取样并滴加酚儆,至溶液呈浅红色时停止参加CaO.静置后过滤,用水洗涤沉淀2-3次得到石膏；滤液蒸发浓缩,冷却结晶至32.4℃以下,接近0℃,过滤,所得晶体用冰水洗涤2-3 次,低温枯燥得到芒硝. 【点睛】结合图像,温度低于32.4℃以下,硫酸钠结晶得到芒硝,温度降低,芒硝的溶解度减小,可用冰水洗涤减小损失率.2某工业废水中主要含有Cr3＋,同时还含有少量的Fe3＋、Fe2＋、Al3＋、Ca2＋和Mg2＋等,且酸性较强.为回收利用,通常采用如下流程处理：(1)氧化过程中可代替H2O2参加的试剂是 (填序号).A. Na2O2B. HNO3C. FeC3D. KMnO4(2)参加NaOH溶液调整溶液pH=8时,除去的离子是;钠离子交换树脂的原理：M n++ nNaFR>MRn+nNa+,此步操作被交换除去的杂质离子是. A. Fe3 + B. Al3+ C. CS2 D. Mg2+(3)复原过程中,每消耗0.8 mol Cr2O72-转移4.8 mol e ,该反响离子方程式为【答案】A AB CD 3SO32+ 4Cr2O72+ 26H+= 6SQ2+ 8c产+13H2O【解析】【分析】某工业废水中主要含有Cr3+,同时还含有少量的Fe3+、Al3+、Ca2+和Mg2+等,加双氧水把亚铁离子氧化为铁离子,同时Cr3+被氧化为Cr2O72-,加氢氧化钠调节pH=8,那么Fe3+、Al3第化为氢氧化铁和氢氧化铝沉淀,过滤,滤液中主要含有Cr2.2-、Ca2+和Mg2+等,通过钠离子交换树脂,除去Ca2+和Mg2+,然后加Na2*O3把Cr2O72-复原为C己再调节pH得到Cr(OH)(H2O)5SC4；(1)加氧化剂主要目的是把亚铁离子氧化为铁离子,注意不能引入新的杂质；(2)根据表中数据判断；通过钠离子交换树脂,除去Ca2+和Mg2+;(3)每消耗0.8mol Cr2O72-转移 4.8mol e-,那么1molCr2O72-转移6mol 电子,所以生成Cr3+, S2O32-被氧化为SC42-,结合得失电子守恒和原子守恒写出离子方程式.【详解】某工业废水中主要含有Cr3+,同时还含有少量的Fe3+、Al3+、Ca2+和Mg2+等,加双氧水把亚铁离子氧化为铁离子,同时Cr3+被氧化为Cr2O72-,加氢氧化钠调节pH=8,那么Fe3+、Al3第化为氢氧化铁和氢氧化铝沉淀,过滤,滤液中主要含有Cr z O z2-、Ca2+和Mg2+等,通过钠离子交换树脂,除去Ca2+和Mg2+,然后加Na2&O3把Cr2O72-复原为Cr3+,再调节pH得到Cr(OH)(H2O)5SC4;(1)加氧化剂主要目的是把亚铁离子氧化为铁离子,同时不能引入新的杂质,所以可以用Na2O2代替H2O2,故答案为：A；(2)根据表中数据可知,pH=8时,Fe3+> Al3+转化为氢氧化铁和氢氧化铝沉淀,那么Fe3+、Al3+被除去；通过钠离子交换树脂,除去Ca2+和Mg2+;(3)每消耗0.8mol Cr2O72-转移 4.8mol e-,那么1molC「2O72-转移6mol 电子,所以生成Cr3+, S2O32-被氧彳匕为SQ2-,那么反响的离子方程式为：3S2O32+ 4C12O72+ 26H+ = 6SC42+ 8C3++13H2O.3.过氧乙酸(CHCOOOH是一种高效消毒剂,具有很强的氧化性和腐蚀性,它可由冰醋酸与过氧化氢在一定条件下制得；它可以迅速杀灭多种微生物,包括多种病毒(如：SARSW毒、禽流感病毒卜细菌、真菌及芽胞.下面是市售过氧乙酸商品标签：过氯乙乙本品包括甲、乙两种涛涌,体积各,00mL,把甲、乙溶液各1份在玻璃容器中混合后放盘24小时后।其中过氧乙酸浓度小于应用50倍纳水稀释俅度为02%)用稀释后才能使用.有关资料：H2C2是极弱的电解质,在酸性介质中才能稳定存在,是一种强氧化剂.过氧乙酸消毒?^是由H2O2、H2O、CH3COOH及少量H2SC4混合后,反响生成过氧乙酸(CH3CCOOH\CH3COOOH容易放出氧原子,它与空气中微生物机体作用,到达灭菌目的, 是消毒液的主要成分. (1)某研究性学习小组为了弄清配制过氧乙酸消毒液的甲、乙溶液的主要成分各是什么？进行以下科学探究,请你完成以下相关内容：①提出假设：甲溶液的主要成分为 ,乙溶液的主要成分为.②实验验证：取甲、乙两种溶液少许,分别参加几滴试液,假设①中假设正确,那么甲溶液的现象为 ,乙溶液的现象为.(2)有关过氧乙酸的表达正确的选项是 (填编号)A.过氧乙酸与羟基乙酸(HOCH2COOH瓦为同分异构体B.过氧乙酸与苯酚混合使用可增强消毒效果C.过氧乙酸与乙酸属于同系物D.氧元素的化合价为-2价(3)实验室制备少量过氧乙酸,可由冰醋酸和过氧化氢在浓硫酸催化作用下制得,实验装置和步骤如下：①在三颈烧瓶中参加一定量冰醋酸与浓H2SC4的混合液体,再缓缓参加适量30%的双氧水.②不断搅拌并限制B中混合液的温度为20〜30c至反响结束.③接入冷凝管和抽气泵,在锥形瓶中收集得到产品.5搅拌器D请答复以下问题：①仪器C的名称是;②为更好地限制反响温度,应采用方法是 ;③生成过氧乙酸的化学方程式为 ;④碘量法分析：取 2.00mL过氧乙酸试小¥稀释成100mL,从中取出5.00mL,滴加酸性KMnO4溶液至恰好粉红色以除去剩余H2O2,再参加10mL 10%KI溶液和几滴淀粉溶液,摇匀,反响完全后再用0.1000mol/L的Na2s2O3标准液滴定至终点(反响方程式为2Na2*O3+l2=Na2S4O6+2NaI),共消耗14.30mL Na2s2O3标准液.该样品中过氧乙酸的物质的量浓度是mol/L.(结果保存小数点后两位)(提示：CH3COOOH+21+2H+=I2+CHCOOH +HO)【答案】甲H2O2、H2O、H2SC4乙CH3COOH、H2O 石蕊甲：溶液先变红后褪色乙: 溶液由无色变为红色A冷凝管(或直形冷凝管) 水浴加热CHCOOH +H2O2 - CH3COOOH + 归. 7.15【解析】【分析】(1)假设假设甲溶液的有效成分是H2C2,那么乙溶液的有效成分是CH3CCCCH,根据过氧乙酸消毒?^是由H2O2、H2.、CH3CCCH及少量H2SC4混合后,反响生成过氧乙酸(CH3CCCCH), H2O2是极弱的电解质,在酸性介质中才能稳定存在,那么H2SQ应该在甲溶液中,另外两种溶液中的水也是一种主要成分；两溶液都呈酸性,都能使紫色石蕊试液变红,但是甲溶液中H2O2漂白作用的会使变红的溶液褪色；(2)结合选项对过氧乙酸(CHCOOOH)生质判断,(3)①由仪器的结构,可知C为直形冷凝管；②限制B中混合液的温度为20〜30 C,应采取水浴加热；③结合题中信息,写出生成过氧乙酸的化学反响方程式；CH3COOOH+2-+2H+=l2+CH3COOH +H2O, 2Na2s2O3+|2=Na2&Cte+2NaI,由这两个方程式,确定关系式：CH b COOOHH I2〜2Na2s2O3,计算稀释后5.00mL溶液中过氧乙酸的物质的量,再计算原来的2.00mL溶液中的过氧乙酸的物质的量,再根据物质的量浓度定义式计算.【详解】(1)假设假设甲溶液的有效成分是H2O2,那么乙溶液的有效成分是CH3COOOH,根据过氧乙酸消毒?^是由H2O2、H2.、CH3COOH及少量H2SC4混合后,反响生成过氧乙酸(CH3COOOH), H2O2是极弱的电解质,在酸性介质中才能稳定存在,那么H2SQ应该在甲溶液中,另外两种溶液中的水更是一种主要成分；两溶液都呈酸性,都能使紫色石蕊试液变红,但是甲溶液中H2O2漂白作用的会使变红的溶液褪色；〔2〕过氧乙酸与羟基乙酸〔HOCH 2COOH 两分子式都是C 2H 4.3 ,但结构不同,故互为同分异 构体；过氧乙酸具有强氧化性,而苯酚易被氧化,两者混合发生氧化复原反响,不能增强 消毒效果；过氧乙酸的分子结构中存在过氧根而乙酸中没有,两者结构不相似,不属于同 系物；过氧乙酸中的氧元素有 +2价、+1价； 〔3〕①由仪器的结构,可知 C 为直形冷凝管；②限制B 中混合液的温度为20〜30C,应采取水浴加热,受热均匀,便于限制温度；③乙酸与过氧化氢在浓硫酸、 20〜30c 条件下反响生成过氧乙酸 〔CH 3COOOH 〕反响的化学 方程式为：CH 3COOH + H 2O 2' CH 3COOOH + HO ;④CH 3COOOH+2-+2H + =l 2+CHsCOOH +HO, 2Na 2s 2O 3+l 2=Na 2?O 6+2NaI,由这两个方程式,确 定关系式：CH b COOOH~ I2〜2Na2*O3,可知稀释后的5.00mL 溶液中过氧乙酸的物质的量 是：1 X0.0143LX0.1000mol/L 原来2.00mL 溶液中的过氧乙酸的物质的量是：21-x 0.0143L x 0.1000mol/L_飞=0.0143mol ,该该样品中过氧乙酸的物质的量浓度是：25痴0.0143僧内…...---------------- =7.15 mol/L . 0.3【点睛】此题是探究性实验试题,现根据题中的信息去假设,然后分析、得出结论.实验中的数据 处理,借助关系式法,计算所需要的物质的物质的量.4.据报道,磷酸二氢钾〔KH 2P04〕大晶体已应用于我国研制的巨型激光器 神光二号〞中.利 用氟磷灰石〔化学式为Ca s P 3FQ 2〕制备磷酸二氢钾的工艺流程如以下图所示 〔局部流程步骤已省氨水It 11 »|萃取的主要反响原理： KCl+HPO 4=^ KH 2PO 4+HCl ；其中,反响产生的 HCl 易溶于有机萃取剂. 请答复以下问题:〔1〕流程中将氟磷灰石粉碎的目的是 .〔2〕不能使用二氧化硅陶瓷材质白^沸腾槽的主要原因是 〔用化学方程式表示〕.〔3〕副产品N 的化学式是 ;在得到KH 2PQ 晶体的一系列操作出,其主要包括 、过滤、洗涤、枯燥等. 〔4〕假设用1000kg 质量分数为50.4%的氟磷灰石〔化学式为CS 5P 3FO 12,摩尔质量为504g/mol 〕来 制取磷酸二氢钾晶体,其产率为 80%,那么理论上可生产 KH 2PC 4〔摩尔质量为136g/mol 〕的质 量为 kg . (5)电解法制备KH 2PO 4的装置如下图.该电解装置中, a 区属于 区(填 阳极〞或阴极〞)阴极区的电极反响式是 .浓硫酸m 有机萃取剂有机相♦操作口反萃取 --- 一系列镰作III _..................... TU 产品N於：塔潘厝IfT 〞作］T 混含T 率&操作U1»的目一系列株作山1L3JHO VLH3PO4 a 区匕区Imol/LKCl只允在锌离子通过(6)工业上还可以用氟磷灰石与焦炭、石英砂混合,在电炉中加热到1500c生成白磷,同时逸出SiF4和CO该反响的化学方程式为 .【答案】增大氟磷灰石与稀硫酸反响的接触面积,加快化学反响速率4HF+SiQ— SiFd +2建O NH4C1 蒸发浓缩、冷却结晶326.4kg 阴极2H+ + 2e = H2 T4Ca5P3FO i2+21SiO2+30C 1 1 20CaSiQ+3P4+Si" T +30COT【解析】【分析】氟磷灰石(化学式为C%P3FOl2)粉碎后参加浓硫酸,反响生成氢氟酸、硫酸钙、磷酸等,加入氯化钾后用有机萃取剂, KCl+HPO4=^ KH2PQ4+HCl,反响产生的HCl易溶于有机萃取剂,有机相中含有氯化氢,参加氨水反响生成氯化俊,因此副产品主要为氯化俊,水相中含有KH2PO4,经过一系列操作得到KH2PO4晶体.【详解】(1)流程中将氟磷灰石粉碎,可以增大氟磷灰石与稀硫酸反响的接触面积,加快化学反响速率,故答案为增大氟磷灰石与稀硫酸反响的接触面积,加快化学反响速率；(2)根据流程图,反响中生成了氢氟酸,氢氟酸能够与二氧化硅反响,因此不能使用二氧化硅陶瓷材质的沸腾槽,故答案为4HF+SiQ—SiRf +2屋O；(3)根据上述分析,副产品N的化学式为NH4Cl;在得到KH2Pd晶体的一系列操作出为蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、枯燥等,故答案为NH4Cl；蒸发浓缩、冷却结晶；(4)1000kg质量分数为50.4%的氟磷灰石(化学式为CS5P3FQ2)中含有CS5P3FO12的质量为504kg,根据P元素守恒,理论上可生产KH2PO4的质量为504kg X 80%x -------------- 31-3----------------- 学一2—31―16—4=326.4 kg,故答案为326.440 5 31 3 19 16 12 31kg；(5)根据图示,应该在a区生成KH2PO4,那么钾离子由b区移向a区,那么a区属于阴极区；阴极上氢离子放电生成氢气,电极反响式为2H+ +2e—= H2f ,故答案为阴极；2H+ +2e—=H2 T ；(6)用氟磷灰石与焦炭、石英砂混合,在电炉中加热到1500c生成白磷,同时逸出SiR和CO,反响的化学方程式为4Ca5P3FO12 +21SQ+30C500T 20CaSiQ+3P4+SiF4 T +30COT 故答案为4Ca5P3FO12 +21SiO2+30C22£5£L20CaSiQ+3P4+SiF4 T +30COT.5. (1)难溶物PbSQ溶于CKCOONT溶液可制得易溶于水的(CKCOO%Pb,发生的反响为PbSQ+2CH3COONHi=(CH3COO?Pb+(NH4)2SQ,说明(CH3C002Pb是(填强〞或弱〞电解质.(2)次磷酸(H3PQ)与足量的氢氧化钠溶液反响生成NaH2PQ和H2O,那么次磷酸是元酸(填“'、上"或三〞3(3)工业上制玻璃和水泥需用到的共同原料是 (填化学式).(4)在一定温度下,向一个 2 L 的真空密闭容器中(预先装入催化剂)通入1 mol N 2和3 mol H 2,发生反响：N 2(g)+3H 2(g)?2NH 3(g).经过一段时间后,测得容器内压强是起始的 0.9倍,在此时间内,H 2平均反响速率为 0.1 mol/(L min),那么所经过的时间为 min(5)高铁酸钠(Na 2FeO 4)具有强氧化性,可对自来水进行消毒、净化.高铁酸钠可用氢氧化铁 和次氯酸钠在碱性介质中反响得到,请补充并配平下面离子方程式. Fe(OH)3 +ClO +OH =__FeO 42 + _Cl +__(6)在反响 11P+15CuSQ+24H 2O=5Cu 3P+6H 3PO 4+15H 2SO 4 中,氧化剂是 ；当有 2mol H 3PO 4生成,转移的电子的物质的量为【答案】弱 一 CaCO 3 2 3 4 2 3 5HO R CuSQ 10moi 【解析】 【分析】 【详解】(1)硫酸铅在水溶液里存在溶解平衡,参加醋酸钱时,醋酸根离子和铅离子生成难电离物质 或弱电解质醋酸铅,促使硫酸铅溶解,说明(C%COO%Pb 是弱电解质；(2)H 3PO 2与足量的NaOH 溶液反响,生成 NaH 2PO 2,说明H 3PO 2只能电离出一个氢离子,所 以H 3PO 2是一元酸；(3)水泥的生产原料为黏土、石灰石,制玻璃的主要原料为纯碱、石灰石和石英砂,共同原 料为CaCQ ；(4)容器体积为 2L,所以初始投料 c(N 2)=0.5mol/L , c(H 2)=1.5mol/L ,设^ c(N 2)=x mol,列三段 式有：N 2 g +3匕 g ? 2NH 3 g起始(molg_-1) 0,5 1.5 0 转化(molgL -1) x 3x 2x 平衡(molgL -1) 0.5-x1.5-3x2x容器内压强是起始的 0.9倍,温度和容器容积不变,气体的压强比等于浓度之比,所以-10.5-x+1,5-3x+2x molgL ----------- - ---------------------- —1 ------------=0.9,解得 x=0.1mol/L ,那么△ c(H 2)=0.3mol/L , v(N 2)=0.1 0.5+1.5 molgL1 c _ 0.3molgL mol/(L m汕),那么反响时间仁不=0.1mol/ Lgmin =3min；(5)铁元素化合价由+3升高为+6,失去3个电子,氯元素化合价由 +1降低为-1,得2个电 子,取最小公倍数,那么氢氧化铁与高铁酸根前系数为 2,次氯酸跟与氯离子前系数为3,再根据电荷守恒及原子守恒配平得2Fe(OH)3+3ClO -+4OH -=2FeO 42-+3C 「+5H 2O;(6)Cu 3P 中P 元素化合价为-3, H 3P .中P 元素化合价为+5,所以P 既是氧化剂又是复原 剂,Cu 元素化合价由CuSQ 中的+2降低为Cu 3P 中+1,所以CuSQ 也是氧化剂,即氧化剂 为P 、CuSQ ；当有2mol H 3Pd 生成,转移的电子的物质的量为2mol x (+5-0)=10mol 6.睇(Sb)广泛用于生产各种阻燃剂、陶瓷、半导体元件和医药及化工等领域. I . (1)睇在元素周期表中的位置 . (2)睇(出)的氧化物被称为睇白,可以由 SbC3水解制得, SbC3水解的最终产物为 睇白.为了得到较多、较纯的睇白,操作时将SbC3徐徐参加大量水中,反响后期还要参加少量氨水.试用必要的化学用语和平衡移动原理解释这两项操作的作用 .工业上, 还可用火法制取睇白,是将辉睇矿(主要成分为Sb2s3)装入氧化炉的日竭中,高温使其融化后通入空气,充分反响后,经冷却生成睇白.写出火法制取睇白的化学方程式 . n.以辉睇矿为原料制备金属睇,其中一种工艺流程如下：UHt SXCLAMlTi*S I । I I 工.- Qr 鞫.出晨时 /T 好■下［］ .也而引一回赤］一.hr ~Tr局部信息如下：①辉睇矿(除Sb 2s 3外,还含有神、铅、铜的化合物和 SiQ 等)；②浸出液主要含盐酸和SbC b,还含SbC 5、CuC 2、AsC 3和PbC 2等杂质；③常温下,Ksp (CuS) =1.0X106, Ksp (PbS) =9.0X169. 答复以下问题：(3)酸浸〞过程中Sb 2s 发生反响的化学方程式为 .(4):浸出液中 c (Cu 2+) =0.0001mol/L , c ( Pb 2+) =0.1mol/L .在沉淀铜、铅过程 中,缓慢滴加极稀的硫化钠溶液,先产生沉淀的是 (填化学式)；当 CuS PbS 共沉 沉时,"咒)=(保存小数点后一位).c(Pb 2) ------------(5)在除神〞过程中,氧化产物为 H 3P04.该反响氧化产物与复原产物的物质的量之比为(6)在 电解〞过程中,睇的产率与电压大小关系如下图.当电压超过【答案】第5周期第V A 族 2SbC 3+3H 2O ? Sb 2O 3+6HCl,不断参加SbC3,使SbC 3浓度增 大,利于水解平衡右移,反响后期参加氨水中和盐酸,使 c(HCl)减小,利于平衡右移U O V 时,睇的产率降低的原因可能是反响 【解析】 【分析】n .辉睇矿粉参加盐酸和 SbC 5溶液,得到SbC 3和SbC 5溶液,还含有杂质 CuC 2、AsC 3和 PbC 2等,参加适量 Sb 将SbC 5复原为SbC3,参加Na 2s 使铜和铅沉淀以除去 CuC 2和 PbC2,然后参加NaHPQ 除去杂质神.得到的 SbC 3溶液电解得到金属 Sb,同时得到 SbC5,可以返回到酸浸步骤循环使用. 【详解】I . (1)睇和氮在同一主族,其在元素周期表中位于第5周期第VA 族.(2) SbC 3水解：2SbC 3+3H 2O ? St 2O 3+6HCl,将SbC 3徐徐参加大量水中, SbC 3浓度增大,水解平衡右移,反响后期还要参加少量氨水中和HCl,使c(HCl)M 小,平衡右移,有利于Sb 2O 3的生成.故答案为： 2SbC 3+3H 2O ? Sb 2O 3+6HCl,不断参加 SbC3,使SbC 3浓度增 大,利于水解平衡右移,反响后期参加氨水中和盐酸,使 c(HCl)减小,利于平衡右移.火法制取睇白,是辉睇矿(主要成分为Sb 2so 在高温下和空气中的氧气反响,生成Sb 2O 3高温的同时生成S6.化学方程式为：2Sb 2s 3+9O 2^= 2Sb 2O 3+6SO 2o n . (3)酸浸〞时Sb 2s 和SbC 5溶液反响,得到 SbC 3和SbC 5的混合溶液,滤渣中有硫, 是此反响的生成物,Sb2s 3发生反响的化学方程式为 Sb 2s 3+ 3SbC 5=5SbC 3+3S .(4)浸出液中c (Cu 2+) =0.0001mol/L , c (Pb 2+) =0.1mol/L .在沉淀铜、铅过程中,缓慢10 10-36滴加极稀的硫化钠溶液,当Cu 2+开始沉淀时,c(S 2-)J 0 10 =1.0 x 彳0mol/L,当Pb 2+开0.0001-29始沉淀时,c(*)=9.0 10 =9.0 x 彳0mol/L,所以先产生沉淀的是CuS;当CuS PbS 共沉0.1KSpC^J 10 36 = 1.1 X 10.Ksp(PbS) 9.0 1029(5)参加NaHPQ 除神,发生了 NaHPQ 和AsC 3的反响,氧化产物为 H 3PO4,复原产物是 As,磷的化合价从+1价升高到+5价,生成1mol H 3PO 4失去4mol 电子,神的化合价从+3价 降低到0价,生成1molAs 得到3mol 电子,根据电子守恒,该反响氧化产物与复原产物的 物质的量之比为 3:4.(6)电解SbC 3溶液制取睇,在阴极是 Sb 3+得到电子生成Sb,当电压过大时,溶液中的 H +也可能在阴极放电,导致睇的产率降低.7 . NOx 、SO 2的处理转化对环境保护有着重要意义. (1)利用反响2NO(g)+2co(g) = N 2(g) + 2CO 2(g),可实现汽车尾气的无害化处理.一定条 件下进行该反响,测得CO 的平衡转化率与温度、起始投料比m[m= "NO ,]的关系如图1n(CO)2Sb 2s 3+9O 2高温2Sb 2O 3+6SQ Sb 2S 3+ 3SbC 5=5SbC 3+3S J CuS 1.1 -8 3:410 H+参与电极淀时,c(Cu 2+) c(Cu 2+)c(S 2)c(Pb 2+) = c(Pb 2+)c(S 2)①该反响的AH 0(填“ >〞“<〞或“=〞).②以下说法正确的选项是(填字母).A.当体系中CQ和CO物质的量浓度之比保持不变时,反响到达平衡状态8 .投料比：m i>m2>m3C.当投料比m=2时,NO转化率是CO转化率的2倍D.汽车排气管中的催化剂可提升NO的平衡转化率③随着温度的升高,不同投料比下CO的平衡转化率趋于相近的原由于.(2)假设反响2NO(g)+2CO(g) = N2(g)+2CC2(g)的正、逆反响速率可表示为：v正二卜正• c2(NO) - c2(CO)； v逆=k逆• c (N2) . c2(CO2), k正、k逆分别为正、逆反响速率常数, 仅与温度有关.一定温度下,在体积为1L的容器中参加2molNO和2molCO发生上述反响,测得CO和CO2物质的量浓度随时间的变化如图2所示,那么a点时v正：v逆=.(3)工业生产排放的烟气中同时存在SQ、NO x和CO,利用它们的相互作用可将SC2、NO x复原成无害物质,一定条件下得到以下实验结果.图3为298K各气体分压(气体的物质的量分数与总压的乘积)与CO物质的量分数的关系,图4为CO物质的量分数为2.0% 时,各气体分压与温度的关系.以下说法不正确的选项是 (填字母).A.不同温度下脱硝的产物为N2,脱硫的产物可能有多种B.温度越高脱硫脱硝的效果越好C. NOx比SO2更易被CO复原D.体系中可能发生反响：2COS = S+ 2CO； 4C6+& = 4CO+ 2SQ(4) NH3催化复原氮氧化物是目前应用最广泛的烟气脱硝技术.用活化后的剂,N%将NO复原成N2的一种反响历程如图5所示,那么总反响方程式为V2O5作催化所示.(5)用间接电化学法去除烟气中 NO 的原理如图6所示,那么阴极的电极反响式为 【答案】v AB 温度较高时,温度变化对平衡移动的影响大于浓度变化对平衡移动的影32一十一 2响 160： 1 B 4NR+4NO+O 24N 2+6H 2O 2SO 2+4H ++2e =&d 2+2H 2O【解析】 【分析】⑴①由图象可知,起始投料比 m 一定时,CO 的平衡转化率随温度的升高而降低;②A.起始投料比m 一定时,而反响中 NO 、CO 的变化量相同,体系中 CQ 和CO 物质的量 浓度之比保持不变,即体系中CQ 、CO 物质的量浓度不变,据此判断；B.由图象可知,温度一定时,增大 NO 浓度,CO 转化率增大；C.根据转化率“变化量与起始量的比值和反响中 NO 、CO 的变化量相同分析判断；D.催化剂不能改变反响进程,只改变反响速率； ③由图象可知,不同投料比下CO 的平衡转化率趋于相近,主要原因是温度的影响起主导作用,投料比不同的影响为次要因素； (2)反响到达平衡时vMk/c 2(NO) c 2 (CO) =v 逆=k 逆？c (N2) c 2( CQ),那么平衡常数K=K 正 ,,人 以 LH,、r - z . _ , , 1 g b -J 人、 八、、,4——,结合反响三段式计算平衡常数K 和a 点时各物质的浓度,代入 v 正、v 逆计算v 正：vK 逆逆；(3)A.由图可知,NO x 复原成无害物质为氮气,脱硫的产物可能有多种,与温度有关； B.温度高于1000 c 时二氧化硫的含量增大,说明温度越高不利于脱硫；C.根据图3,随CO 物质的量分数增大,复原 NO x 生成氮气曲线斜率变化比拟小,而复原 SC 2需要CO 物质的量分数较大时才能将 SC 2从烟气中别离；D.根据图4, COS 分压曲线随温度升高减小, &、CO 分压增大,继续升高温度,S 2、CQ分压减小,CO 分压增大；(4)用活化后的V 2O 5作催化剂,NH 3将NO 复原成N 2,同时生成水,原子守恒配平书写化学 方程式； ⑸阴极通入的SQ 2-发生得电子的复原反响生成 S 2O 42-. 【详解】(1)①由图象可知,起始投料比m 一定时,温度越高,CO 的平衡转化率越低,即升高温度o AT )—?'T I-LI"? Ti ।*口H 5恨气磕小憎d UN 力反响h平衡逆向移动,所以正反响放热,即4 Hv 0;②A.反响正向进行时 CO 2增多而CO 减少,说明未到达平衡时二者比值会变,所以体系中CQ 和CO 物质的量浓度之比保持不变,反响到达平衡状态,故 A 正确；B.由图象可知,温度一定时,增大 NO 浓度,CO 转化率增大,即起始投料比 m 越大时,八、八日上「……— 洎耗量 °, NO 、CO 的变化量相同,平衡转化率 〞=十口以目X100%起始量即投料比m=2时CO 转化率是NO 转化率的2倍,故CD.催化剂不能改变反响进程,只改变反响速率,所以 NO 的平衡转化率不变,故 D 错 误； 故答案为：AB;③由图象可知,不同投料比下 CO 的平衡转化率趋于相近,随温度逐渐升高,温度的影响 起主导作用,即温度较高时,温度变化对平衡移动的影响大于浓度变化对平衡移动的影 响； (2)平衡时三段式为:2NO g +2CO g ? N 2 g +2CO 2 g起始(molgL -1) 2 2 00 转化(molgL -1) 1.6 1.6 0.8 1.6 平衡(molgL -1)0.40.40.81.6平衡时正逆反响速率相等即k 正？c 2(NO)c 2(CO)= k 逆？c(N 2)c 2(CO 2),所以22kc N 2 c CO 2_ 1.6 0.8丁一c 2 NO c 2 CO - 0.42 0.42 =80；a 点时反响三段式为：2NO g +2CO g ? N 2 g +2CO 2 g起始(molgL -1) 2 2 00 转化(molgL -1) 2x 2x x 2x 平衡(molgL -1)2-2x2-2xx2xa 点时 c(CO)=c(CO),那么 2-2x=2x,解得 x=0.5,所以 a 点时 c(CO)=c(CO)=c(NO)=1mol/L,2 211 c k 正… 一 , 1 =2 =2K =160 即 VIE : v 逆=160： 1；1 0.5 k 逆 '(3)A.由图可知,NO x 复原成无害物质为氮气,脱硫的产物可能有多种,与温度有关,故 A 正确； B.温度高于1000 c 时二氧化硫的含量增大,说明温度越高不利于脱硫,故 B 错误； C.根据图3,随CO 物质的量分数增大,复原 NO x 生成氮气曲线斜率变化比拟小,而复原 SQ 需要CO 物质的量分数较大时才能将 SQ 从烟气中别离,说明 CO 更易与NO x 反响,那么 NO x 比SQ 更易被CO 复原,故C 正确；D.根据图4, COS 分压曲线随温度升高减小, 及、CO 分压增大,继续升高温度, S 2、CO 2 分压减小,CO 分压增大,说明体系中可能发生反响： 2COS?S 2+2CO ； 4CQ+&?4CO+2SQ, 故D 正确； 故答案为：B ；(4)活化后的V 2O 5作催化剂,NH 3将NO 复原成N 2,还生成水,反响为CO 转化率越大,所以投料比: mi>m2>m3, 故 B 正确;C.由反响计量关系可知,反响中 所以平衡转化率与起始量成反比, 错误；vkEc(N 2)=0.5mol/L ,所以 一=— v 逆榻。

2020-2021全国高考化学氧化还原反应的综合高考模拟和真题分类汇总含答案一、高中化学氧化还原反应1．高锰酸钾是一种用途广泛的强氧化剂，实验室制备高锰酸钾所涉及的化学方程式如下：MnO2熔融氧化：3MnO2+ KClO3+ 6KOH熔融3K2MnO4+ KCl+3H2OK2MnO4歧化：3K2MnO4+2CO2＝2KMnO4+MnO2↓+2K2CO3将MnO2熔融氧化所得产物的热浸取液装入三颈烧瓶，再通入CO2气体，使K2MnO4歧化的过程在如图装置中进行，A、B、C、D、E为旋塞，F、G为气囊，H为带套管的玻璃棒。

回答下列问题：(1)仪器a的名称是______。

(2)MnO2熔融氧化应放在______中加热(填仪器编号)。

①烧杯②瓷坩埚③蒸发皿④铁坩埚(3)为了能充分利用CO2，装置中使用了两个气囊。

当试管内依次加入块状碳酸钙和盐酸后，关闭旋塞B、E，微开旋塞A，打开旋塞C、D，往热K2MnO4溶液中通入CO2气体，未反应的CO2被收集到气囊F中。

待气囊F收集到较多气体时，关闭旋塞______，打开旋塞______，轻轻挤压气囊F，使CO2气体缓缓地压入K2MnO4溶液中再次反应，未反应的CO2气体又被收集在气囊G中。

然后将气囊G中的气体挤压入气囊F中，如此反复，直至K2MnO4完全反应。

(4)除去K2MnO4歧化产物中MnO2的操作方法是______。

(5)将三颈烧瓶中所得产物经过一系列操作得到针状的高锰酸钾晶体，最后采用低温烘干的方法来干燥产品，原因是______。

【答案】长颈漏斗④ AC BDE 过滤高锰酸钾晶体受热易分解【解析】【分析】（1）由实验装置可知，仪器a为长颈漏斗；（2）熔融固体物质需要在坩埚内加热，加热熔融物含有碱性KOH应用铁坩埚；（3）该操作的目的是将气囊F中的二氧化碳排出，据此判断正确的操作方法；（4）高锰酸钾溶于水，二氧化锰不溶于水；（5）高锰酸钾晶体受热易分解。

专题04 氧化还原反应1．【2020年7月浙江选考】反应MnO2+4HCl(浓)加热MnCl2+Cl2↑+2H2O中，氧化产物与还原产物的物质的量之比是( )A．1:2 B．1:1 C．2:1 D．4:1【答案】B【解析】由反应方程式可知，反应物MnO2中的Mn元素的化合价为+4价，生成物MnCl2中Mn元素的化合价为+2价，反应物HCl中Cl元素的化合价为-1价，生成物Cl2中Cl元素的化合价为0价，故MnCl2是还原产物，Cl2是氧化产物，由氧化还原反应中得失电子守恒可知，n(Cl2)：n(MnCl2)=1：1，B符合题意；答案选B。

2．【2020山东（新高考）】下列叙述不涉及氧化还原反应的是A．谷物发酵酿造食醋B．小苏打用作食品膨松剂C．含氯消毒剂用于环境消毒D．大气中NO2参与酸雨形成【答案】B【解析】A．涉及淀粉水解成葡萄糖，葡萄糖氧化成乙醇，乙醇氧化成乙酸，涉及氧化还原反应，A不符合题意；B．小苏打即NaHCO3，NaHCO3受热分解产生无毒的CO2，因此可用小苏打作食品膨松剂，不涉及氧化还原反应，B符合题意；C．利用含氯消毒剂的强氧化性消毒杀菌，涉及氧化还原反应，C不符合题意；D．NO2与水反应有HNO3产生，因此NO2参与了硝酸型酸雨的形成，涉及氧化还原反应，D不符合题意。

答案选B。

3．（浙江省金华十校2020届高三4月模拟考试）下列变化中，气体被还原的是A．水蒸气使CuSO4固体变蓝B．氯气使浅绿色FeC12溶液变黄C．H2使灼热CuO 固体变红D．氨气使A1Cl3溶液产生白色沉淀【答案】B【解析】A ．水蒸气使 CuSO 4固体变蓝，发生了反应：CuSO 4+5H 2O= CuSO 4∙5H 2O ，不是氧化还原反应，故A 不选；B ．氯气使浅绿色 FeC12 溶液变黄，发生了反应：Cl 2+2FeCl 2=2FeCl 3，Cl 2中0价的Cl 反应后降低到了FeCl 3中的-1价，被还原，故B 选；C ．H 2使灼热CuO 固体变红，发生了反应：H 2+CuO∆Cu+H 2O ，H 2中H 的化合价从0价升高到了水中的+1价，被氧化，故C 不选；D ．氨气使A1Cl 3溶液产生白色沉淀，发生了反应：AlCl 3+3NH 3∙H 2O=Al(OH)3↓+3NH 4Cl ，不是氧化还原反应，故D 不选；故选B 。

第四单元氧化还原反应一、选择题1．氧化还原反应在生产、生活中广泛存在，下列生产、生活中的实例不含有氧化还原反应的是( )。

A．金属冶炼 B．燃放鞭炮 C．食物腐败 D．点制豆腐解析豆腐的点制属于胶体的聚沉，是物理变化。

答案 D2．已知：①向MnO4晶体滴加浓盐酸，产生黄绿色气体；②向FeCl2溶液中通入少量实验①产生的气体，溶液变黄色；③取实验②生成的溶液滴在淀粉I试纸上，试纸变蓝色。

下列判断正确的是( )。

A．上述实验证明氧化性：MnO－4＞Cl2＞Fe3＋＞I2B．上述实验中，共有两个氧化还原反应C．实验①生成的气体不能使湿润的淀粉I试纸变蓝D．实验②证明Fe2＋既有氧化性又有还原性解析根据题意知①中生成了氯气，则Cl－被氧化成Cl2，MnO4作氧化剂，Cl2为氧化产物。

②中FeCl2被Cl2氧化成FeCl3，③中I－被FeCl3氧化生成了I2。

根据氧化还原反应规律知：氧化性：MnO－4＞Cl2＞Fe3＋＞I2，A正确；上述三个反应都是氧化还原反应，Cl2也可以氧化I而生成I2，实验②只能说明Fe2＋有还原性。

答案 A3．已知Co2O3在酸性溶液中易被还原成Co2＋，Co2O3、Cl2、FeCl3、I2的氧化性依次减弱。

下列反应在水溶液中不可能发生的是( )A．3Cl2＋6FeI2===2FeCl3＋4FeI3B．Cl2＋FeI2===FeCl2＋I2C．Co2O3＋6HCl===2CoCl2＋Cl2↑＋3H2OD．2Fe3＋＋2I－===2Fe2＋＋I2解析本题考查利用氧化性强弱判断反应的发生，由于Co2O3、Cl2、FeCl3、I2的氧化性依次减弱，故Cl2可将Fe2＋、I－氧化生成 Fe3＋、I2，且先氧化I－，Co2O3可将Cl－氧化生成Cl2，Fe3＋可将I－氧化生成I2，故A不正确。

答案 A4．已知I－、Fe2＋、SO2、Cl－、H2O2均有还原性，它们在酸性溶液中还原性的强弱顺序为Cl－<Fe2＋<H2O2<I－<SO2，则下列反应不能发生的是 ( )。

考点03 氧化还原反应【命题趋向】氧化还原反应原理引领中学元素及其化合物知识学习、电化学原理的理解等,氧化还原原理主要在非选择题中以填空形式考查,一般分散到实验题、无机化工流程、化学反应原理、化学与技术等题型中,用氧化还原反应理论解决一些新背景下化学问题。

氧化还原反应除考查教材中出现的反应外,着重考查一些陌生的氧化还原反应,如以亚铁离子为主心,联系MnO2,KMnO4,K2Cr2O7,H2O2,NaClO,O2,HNO3等,高锰酸钾、重铬酸钾可以与HS-,HSO3-,I-,H2O2,H2S等反应。

高考考查氧化还原反应不回避热点,如高锰酸钾、重铬酸钾与双氧水、亚铁离子等还原剂反应出现在多年试卷中。

【命题预测】氧化还原反应的基本概念的考查主要针对相关概念的判断,所涉及的氧化还原反应均为较陌生的,在新情境中解答问题,书写新信息、陌生的氧化还原反应方程式,试卷一般设计2、3个陌生的化学反应,要求考生根据条件书写化学方程式；联系化工生产、化学实验实际考查有关氧化还原反应计算,氧化还原滴定与其他滴定一样,作为高考定量测定样品纯度的重要依据。

【试题汇编】一、选择题1．(2020·山东省六地市部分学校高三线上考试)雌黄(As2S3)在我国古代常用作书写涂改修正液。

浓硝酸氧化雌黄可制得硫磺,并生成砷酸和一种红棕色气体,利用此反应原理设计为原电池。

下列叙述正确的是( ) A．砷酸的分子式为H2AsO4B．红棕色气体在该原电池的负极区生成并逸出C．该反应的氧化剂和还原剂物质的量之比为10：1D．该反应中每析出4.8g硫磺转移1mol电子2．(2020·山东省烟台市栖霞市网上统一月考)某电镀厂废水中含有酸性重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液,己知Cr(VI)毒性是Cr(III)的100倍,现用硫酸亚铁溶液(恰好完全反应)还原该废水,然后再调节pH为6~8,使Cr(III)转化为沉淀除去。

下列说法正确的是( )A．K2Cr2O7溶液中Cr2O72-部分转化为铬酸根,铬元素价态发生变化B．还原性：Cr3+＞Fe2+C．上述除铬过程中,溶液中pH先减小后增大D．除污完成后生成42.4kg沉淀,则还原过程中转移电子的物质的量为300mol3．(2020·福建省泉州市高三适应性线上测试)研究发现,3D-SiC@2D-MoS2异质接面催化剂具有优异的光催化CO2用纯水的全还原性能,有效实现电子/空穴的定向迁移,最终实现CO2和H2O在相应活性位点发生氧化还原反应,如图所示。

氧化还原反应1.下列实验操作、现象及其相应结论一定正确的是【答案】D【详解】A.实验结论错误，I-和Fe2+都可以被Cl2氧化,分别生成I2和Fe3+，I2和Fe3+都可以使溶液显黄色，该实验不能证明被氧化的离子是哪一种，故A错误；B.实验结论错误，能使溴水褪色的反应可能发生发生氧化还原反应，例如SO2与溴水的反应，二氧化硫表现了还原性；也有可能发生其他反应，例如向溴水中通入氨气，氨气溶于水使溶液显碱性，溴在碱性溶液中可以发生歧化反应，溴水褪色，便是氨气没有表现还原性，故B错误；C.实验操作错误，硝酸银溶液不可过量，应该向盛有2mL 0.1mol·L-1AgNO3的试管中滴加0.1mol·L-1NaCl 溶液，至不再有白色沉淀生成．再向其中滴加0.1 mol•L-1KI溶液，在实验过程中观察到白色沉淀慢慢转化为黄色沉淀，才可以得结论K SP(AgCl)>K SP(AgI)，故C错误；D.向Na2SiO3溶液中通入过量CO2，出现白色沉淀，证明碳酸酸性强于硅酸，最高价氧化物水化物酸性越强，非金属性越强，因此非金属性：C>Si，故选D。

2.（2019·新课标Ⅱ卷）下列实验现象与实验操作不相匹配的是向盛有FeCl3溶液的试管中加过量铁粉，充分振荡后加1D黄色逐渐消失，加KSCN后溶液颜色不变滴KSCN溶液【答案】A【详解】A. 乙烯被酸性高锰酸钾氧化生成二氧化碳无机小分子，则实验现象中不会出现分层，A项错误；B. 将镁条点燃后迅速伸入集满二氧化碳的洗气瓶，发生反应为：CO2+2Mg2MgO+C，则集气瓶因反应剧烈冒有浓烟，且生成黑色颗粒碳单质，实验现象与操作匹配，B项正确；C. 向盛有饱和硫代硫酸钠溶液的试管中滴加稀盐酸，发生氧化还原反应，其离子方程式为：S2O32-+2H+=S↓+SO2↑+H2O，则会有刺激性气味气体产生，溶液变浑浊，实验现象与操作匹配，C项正确；D. 向盛有氯化铁溶液的试管中加过量的铁粉，铁粉会将溶液中所有的铁离子还原为亚铁离子，使黄色逐渐消失，充分振荡后，加1滴KSCN溶液，因振荡后的溶液中无铁离子，则溶液不会变色，实验现象与操作匹配，D项正确。

2020-2021全国各地高考模拟试卷化学分类：氧化还原反应综合题汇编及详细答案一、高中化学氧化还原反应1．2ClO 是一种优良的消毒剂，浓度过高时易发生分解，为了运输和贮存便利常将其制成2NaClO 固体，模拟工业上用过氧化氢法制备2NaClO 固体的实验装置如图所示。

已知：2ClO 熔点-59℃、沸点11℃、22H O 沸点150℃A 中的化学方程式：32224222422NaClO H O H SO 2ClO O Na SO 2H O ++=↑+↑++(1)3NaClO 放入仪器A 中，仪器B 中的药品是__________(写化学式)。

如果仪器B 改成分液漏斗，实验过程中可能会出现的实验现象__________。

(2)C 装置有明显缺陷，请绘出合理的装置图(标明气流方向)__________。

(3)向A 装置中通入空气，其作用是赶出2ClO ，然后通过C 再到D 中反应。

通空气不能过快的原因是__________，通空气也不能过慢原因是__________。

(4)冰水浴冷却的目的是__________。

a.降低2NaClO 的溶解度b.减少22H O 的分解c.使2ClO 变为液态d.加快反应速率(5)写出D 中发生反应的化学方程式__________，22H O 在反应起到__________作用。

假设在反应中消耗掉22H O a g 则有__________mol 电子转移。

【答案】H 2O 2 液体无法顺利滴落 空气流速快时，2ClO 不能被充分吸收 空气流速过慢时，2ClO 不能及时被移走，浓度过高导致分解 abc2ClO 2+H 2O 2+2NaOH=2NaClO 2+O 2↑+2H 2O 还原剂 a/17【解析】【分析】氯酸钠(NaClO 3)在酸性条件下与过氧化氢生二氧化氯，ClO 2与氢氧化钠溶液和过氧化氢发生氧化还原反应生成NaClO 2，NaClO 2的溶解度随温度升高而增大，通过冷却结晶，过滤洗涤得到晶体NaClO 2•3H 2O 。

氧化还原反应规律及其应用1．【2020年7月浙江选考】反应MnO2+4HCl(浓)加热MnCl2+Cl2↑+2H2O中，氧化产物与还原产物的物质的量之比是( )A．1:2 B．1:1 C．2:1 D．4:12．【2020山东（新高考）】下列叙述不涉及氧化还原反应的是A．谷物发酵酿造食醋B．小苏打用作食品膨松剂C．含氯消毒剂用于环境消毒D．大气中NO2参与酸雨形成3．（浙江省金华十校2020届高三4月模拟考试）下列变化中，气体被还原的是A．水蒸气使CuSO4固体变蓝B．氯气使浅绿色FeC12溶液变黄C．H2使灼热CuO 固体变红D．氨气使A1Cl3溶液产生白色沉淀4．（北京市顺义区2020届高三第一次模拟）常温下，向22H O溶液中滴加少量243Fe(SO)溶液，反应原理如图所示。

关于该反应过程的说法正确的是A．该反应过程中，M是3Fe M'+，是2Fe+B．当有21molO生成时，转移2mol电子C．在22H O分解过程中，溶液的pH逐渐降低D．22H O的氧化性比3Fe+强，还原性比2Fe+弱5．（2020届济南市实验中学高三下学期2月份阶段检测）已知酸性K2Cr2O7溶液可与FeSO4溶液反应生成Fe3＋和Cr3＋。

现将硫酸酸化的K2Cr2O7溶液与FeSO4溶液混合，充分反应后再向所得溶液中加入KI 溶液，混合溶液中Fe3＋的物质的量随加入的KI 的物质的量的变化关系如图所示，下列不正确的是A．图中AB段的氧化剂为K2Cr2O7B．开始加入的K2Cr2O7为0.25 molC．图中BC 段发生的反应为2Fe3+＋2I－=2Fe2+＋I2D．混合之前，K2Cr2O7与FeSO4的物质的量之比为1∶66．（聊城市2020年普通高中学业水平等级考试二模）某科研团队研究发现硼氢化钠(NaBH4)在催化剂Ru表面与水反应可生成H2，其反应机理如图所示：根据以上信息判断，下列叙述错误的是A．过程①至过程④中硼元素的化合价不变B．X是H3BO3，H3BO3和BH3两分子中H的化合价相等C．过程③和过程④各产生1molH2时转移的电子数不相等D．0.25molNaBH4的还原能力与标准状况下22.4LH2的还原能力相当(还原能力即生成H+失去电子的量) 7．（青岛市2020届高三第三次模拟）向含有淀粉的KIO3 酸性溶液滴加NaHSO3 溶液，溶液先变蓝后褪色。

一、高中化学氧化还原反应练习题（含详细答案解析）1．某实验小组欲制取氧化铜并证明氧化铜能加快氯酸钾的分解，进行了如下实验：（一）制取氧化铜①往盛有一定量CuCl2溶液的烧杯中逐滴加入NaOH溶液，直至不再产生沉淀，然后将烧杯中的物质转移到蒸发皿中，加热至沉淀全部变为黑色。

②将步骤①所得的黑色沉淀过滤、洗涤，晾干后研细备用。

（1）在实验过程中，若未加入NaOH溶液，直接将CuCl2溶液转移到蒸发皿中加热，最后也能得到黑色沉淀，试分析其原因__________。

（2）写出检验步骤②中沉淀是否洗涤干净的操作__________________。

（二）为证明氧化铜能加快氯酸钾的分解并与二氧化锰的催化效果进行比较，用下图装置进行实验，每次实验时均收集25ml气体，其他可能影响实验的因素均已忽略，实验数据见下表：实验序号KClO3质量其他物质质量待测数据③1.2g无其他物质a④1.2g CuO0.5g b⑤1.2g MnO20.5g c（3）写出氯酸钾分解反应的化学方程式，并用双线桥表示电子转移的方向和数目________。

（4）上述实验中的“待测数据”是指___________________。

（5）图中量气装置B由干燥管、乳胶管和50mL滴定管改造后组装面成，此处用滴定管是________(填“酸式”或“碱式”)滴定管。

（6）若实验证明氧化铜加快氯酸钾的分解效果比用二氧化锰差，请结合上表的实验效果数据，在坐标图中分别画出使用CuO、MnO2作催化剂时产生氧气的体积[V(O2)]随时间（t）变化的曲线（注明必要的标识）________。

【答案】CuCl 2溶液中存在水解平衡CuCl2＋2H2O Cu(OH)2＋2HCl，加热时HCl逸出使平衡不断右移，同时得到的Cu(OH)2受热分解生成CuO 取2～3mL最后的洗涤液于试管中，滴入少量稀硝酸酸化，再滴入几滴硝酸银溶液，若无白色沉淀产生，则洗涤干净收集25mL气体所需的时间碱式【解析】【分析】【详解】（1）CuCl2是强酸弱碱盐会发生水解，CuCl2溶液中存在水解平衡CuCl2＋2H 2O Cu(OH)2＋2HCl，水解吸热，加热时HCl逸出使平衡不断右移，同时得到的Cu(OH)2受热分解生成CuO。

一、高中化学氧化还原反应练习题（含详细答案解析）1．224Na S O （连二亚硫酸钠）是易溶于水，不溶于甲醇的白色固体，在空气中极易被氧化，是一种还原性漂白剂。

制取224Na S O 的方法很多，（1）在碱性溶液中用4NaBH 还原3NaHSO 法制备224Na S O 的反应原理为：3222244NaBH NaHSO NaOH Na S O NaBO H O ++→++（未配平）反应装置如图所示：①实验开始及整个过程中均需通入2N ，其目的是__________________________________。

②制备过程中温度需控制在10~45℃，采用水浴加热的主要优点是______________________。

③为使3NaHSO 尽可能完全被还原，加入三口烧瓶中的反应液，应控制()()34n NaHSO n NaBH ______________。

（2）用HCOONa 还原2SO 制备224Na S O 的装置（夹持加热仪器略）如下：①装置a 烧瓶中发生反应的化学方程式为_________________________________。

②装置b 用于净化2SO ，适宜的试剂是______________________________。

③装置c 在70~83℃生成224Na S O 并析出，同时逸出2CO ，该反应的化学方程式为________________________，加入3CH OH 的目的是________________________；利用反应后的浊液分离提纯224Na S O 需经过的操作为_____________________________________________________。

【答案】排出装置内空气，使反应在无氧状况下进行 使反应液均匀受热 小于8:1（或<8） 2322Na SO 2HCl 2NaCl H O SO +=++↑ 饱和3NaHSO 溶液223224222HCOONa 4SO Na CO 2Na S O H O 3CO ++=++ 降低224Na S O 的溶解度 过滤、洗涤、重结晶、过滤、干燥【解析】【分析】(1)①224Na S O 在空气中极易被氧化，通入2N 其目的是排出装置内空气；②采用水浴加热的主要优点是使反应液均匀受热；③3222244NaBH NaHSO NaOH Na S O NaBO H O ++→++，根据得失电子守恒可知，()()34n NaHSO n NaBH =8； (2)①装置a 烧瓶中发生Na 2SO 3与盐酸反应生成SO 2的反应；②生成的SO 2气体中含有HCl 气体，根据性质选择除杂溶液；③装置c 在70~83℃HCOONa 和2SO 、23Na CO 反应生成224Na S O 并析出，同时逸出2CO ；224Na S O 不溶于甲醇，加入3CH OH 可降低224Na S O 的溶解度；利用反应后的浊液分离提纯224Na S O 需重结晶。

2020-2021全国高考化学氧化还原反应的综合高考模拟和真题分类汇总及详细答案一、高中化学氧化还原反应1．硫酰氯（SO2Cl2）和亚硫酰氯（SOCl2）都是重要的化工试剂，均易水解。

（1）甲同学在实验室利用SO2和Cl2在活性炭催化作用下制取SO2Cl2，装置如图所示。

①B装置中冷凝管进水口是___。

（填“m”或“n”），B中干燥管盛有的物质是___。

②欲制取少量SO2Cl2，选择图中的装置（可以重复选用），其连接顺序为：a、___、h。

③去除C装置会降低SO2和Cl2的利用率，可能的原因是___（用化学方程式表示）。

（2）SOCl2水解后无残留物，较SO2Cl2是更好的脱水剂。

乙同学设计实验利用SOCl2和ZnCl2•xH2O制取无水ZnCl2。

①解释SOCl2在该实验中的作用是___（写出两点）。

②实验室常用NaOH溶液吸收SOCl2，该反应的离子方程式是___。

（3）乙同学认为SOCl2还可用作由FeCl3•6H2O制取无水FeCl3的脱水剂，但丙同学认为该实验可能发生副反应使产品不纯。

①可能发生的副反应的化学方程式是___。

②两同学设计如下实验判断该反应的可能性：取少量SOCl2和FeCl3•6H2O反应后的混合物于试管中，加水溶解，将溶液平分至五支试管，分别进行以下实验，其中能得出合理结论的是___。

A．加入过量稀HNO3，再滴加几滴AgNO3溶液B．加入少量稀HNO3，再滴加几滴BaCl2溶液C．滴加几滴BaCl2溶液D．滴加几滴酸性KMnO4溶液E.滴加几滴KSCN溶液后，再滴加几滴氯水【答案】m 碱石灰 fgdebced SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl SOCl2作脱水剂，与水反应生成HCl可以抑制氯化锌的水解 SOCl2+4OH-=SO32-+2Cl-+2H2OSOCl2+2FeCl3•6H2O=FeSO4+6HCl+FeCl2+9H2O BCD【解析】【分析】冷凝管中冷凝水的流向要对流，下进上出；干燥管中根据要求一般填装碱石灰或无水氯化钙，碱石灰同时具有干燥和吸收酸性气体功能，无水氯化钙只有吸水性。

一、高中化学氧化还原反应练习题（含详细答案解析）1．高氯酸铵是一种常见的强氧化剂，常用作火箭发射的推进剂。

根据下列信息回答问题:已知:①高氯酸铵受热分解为N2、Cl2、O2和H2O;②Mg3N2易水解;③Cu与N2在酒精灯加热条件下不反应。

（1）写出高氯酸铵受热分解的化学反应方程式: _____________，Mg3N2的电子式为________。

（2）现有23.5g NH4ClO4分解，用下列装置设计实验，验证其分解产物并计算分解率。

(注:①装置中空气已除尽;②装置可重复使用;③B~F装置中的试剂均过量且能与相应物质反应完全。

)①用E装置质量的增加来验证生成的气体产物之一，则E中盛放的试剂是:_______。

②请按气流由左至右的方向连接装置:A →E→D →B→______→_____→_______→E (选择B~F 装置，并用B~F字母填空)。

③证明产物中有Cl2的实验现象:________。

④反应结束后，若C装置质量增加了2.38g，则NH4ClO4的分解率是:________%。

（3）样品中NH4ClO4的含量(杂质中不含NH4+)还可用蒸馏法测定(如图所示，加热和夹持装置已略去)，实验步骤如下:步骤1:组装仪器，检查气密性;准确称取样品a g(不超过0.5g)于蒸馏烧瓶中，加入约150mL 水溶解。

步骤2:准确量取40.00mL 约0.1mol/L H2SO4于锥形瓶中。

步骤3:向蒸馏烧瓶中加入20mL 3mol/L NaOH溶液;加热蒸馏使NH3全部挥发。

步骤4:用新煮沸过的水冲洗冷凝装置2~3次，洗涤液并入锥形瓶中。

步骤5:向锥形瓶中加2~3滴甲基橙，用c mol/L NaOH标准溶液滴定至终点，消耗NaOH标准溶液V1 mL。

步骤6:重复实验2~3次。

回答下列问题:①步骤2中，准确量取40.00ml H2SO4溶液的玻璃仪器是: __________。

②为获得样品中NH4ClO4的含量，还需补充的实验是:______。

一、高中化学氧化还原反应练习题（含详细答案解析）1．2ClO 是一种优良的消毒剂，浓度过高时易发生分解，为了运输和贮存便利常将其制成2NaClO 固体，模拟工业上用过氧化氢法制备2NaClO 固体的实验装置如图所示。

已知：2ClO 熔点-59℃、沸点11℃、22H O 沸点150℃A 中的化学方程式：32224222422NaClO H O H SO 2ClO O Na SO 2H O ++=↑+↑++(1)3NaClO 放入仪器A 中，仪器B 中的药品是__________(写化学式)。

如果仪器B 改成分液漏斗，实验过程中可能会出现的实验现象__________。

(2)C 装置有明显缺陷，请绘出合理的装置图(标明气流方向)__________。

(3)向A 装置中通入空气，其作用是赶出2ClO ，然后通过C 再到D 中反应。

通空气不能过快的原因是__________，通空气也不能过慢原因是__________。

(4)冰水浴冷却的目的是__________。

a.降低2NaClO 的溶解度b.减少22H O 的分解c.使2ClO 变为液态d.加快反应速率(5)写出D 中发生反应的化学方程式__________，22H O 在反应起到__________作用。

假设在反应中消耗掉22H O a g 则有__________mol 电子转移。

【答案】H 2O 2 液体无法顺利滴落 空气流速快时，2ClO 不能被充分吸收 空气流速过慢时，2ClO 不能及时被移走，浓度过高导致分解 abc2ClO 2+H 2O 2+2NaOH=2NaClO 2+O 2↑+2H 2O 还原剂 a/17【解析】【分析】氯酸钠(NaClO 3)在酸性条件下与过氧化氢生二氧化氯，ClO 2与氢氧化钠溶液和过氧化氢发生氧化还原反应生成NaClO 2，NaClO 2的溶解度随温度升高而增大，通过冷却结晶，过滤洗涤得到晶体NaClO 2•3H 2O 。

专题04 氧化还原反应1．（2022·浙江卷）关于反应223242422Na S O H SO =Na SO S ++SO ++H O ↓↑，下列说法正确的是 A ．24H SO 发生还原反应B ．223Na S O 既是氧化剂又是还原剂C ．氧化产物与还原产物的物质的量之比为2∶1D ．2231mol Na S O 发生反应，转移4mol 电子 【答案】B【解析】Na 2S 2O 3+H 2SO 4=Na 2SO 4+S ↓+SO 2↑ +H 2O ，该反应的本质是硫代硫酸根离子在酸性条件下发上歧化反应生成硫和二氧化硫，化合价发生变化的只有S 元素一种，硫酸的作用是提供酸性环境。

A ．H 2SO 4转化为硫酸钠和水，其中所含元素的化合价均未发生变化，故其没有发生还原反应，A 说法不正确；B ．Na 2S 2O 3中的S 的化合价为+2，其发生歧化反应生成S(0价)和SO 2(+4价)，故其既是氧化剂又是还原剂，B 说法正确；C ．该反应的氧化产物是SO 2，还原产物为S ，氧化产物与还原产物的物质的量之比为1:1，C 说法不正确；D ．根据其中S 元素的化合价变化情况可知，1mol Na 2S 2O 3发生反应，要转移2 mol 电子，D 说法不正确。

综上所述，本题选B 。

2．（2022·湖南卷）科学家发现某些生物酶体系可以促进+H 和-e 的转移(如a 、b 和c)，能将海洋中的2NO -转化为2N 进入大气层，反应过程如图所示。

下列说法正确的是A ．过程Ⅰ中2NO -发生氧化反应 B ．a 和b 中转移的-e 数目相等C ．过程Ⅱ中参与反应的()4+n(NO):n NH =1:4D ．过程Ⅰ→Ⅲ的总反应为-+2422NO +NH =N +2H O ↑ 【答案】C【解析】A ．由图示可知，过程I 中NO -2转化为NO ，氮元素化合价由+3价降低到+2价，NO -2作氧化剂，被还原，发生还原反应，A 错误；B ．由图示可知，过程I 为NO -2在酶1的作用下转化为NO 和H 2O ，依据得失电子守恒、电荷守恒和原子守恒可知，反应的离子方程式为：NO -2+2H ++e -1=酶NO+H 2O ，生成1molNO ，a 过程转移1mole -，过程II 为NO 和NH +4在酶2的作用下发生氧化还原反应生成H 2O 和N 2H 4，依据得失电子守恒、电荷守恒和原子守恒可知，反应的离子方程式为：2NO+8NH +42=酶2H 2O+5N 2H 4+8H +，消耗1molNO ，b 过程转移4mol e -，转移电子数目不相等，B 错误；C ．由图示可知，过程II 发生反应的参与反应的离子方程式为：2NO+8NH +42=酶2H 2O+5N 2H 4+8H +，n(NO):n(NH +4)=1:4，C 正确； D ．由图示可知，过程III 为N 2H 4转化为N 2和4H +、4e -，反应的离子方程式为：N 2H 4= N 2+4H ++4e -，过程I-III 的总反应为：2NO -2+8NH +4=5N 2↑+4H 2O+24H ++18e -，D 错误； 答案选C 。

2020-2021全国高考化学氧化还原反应的综合高考模拟和真题汇总及详细答案一、高中化学氧化还原反应1．硫代硫酸钠(Na2S2O3)是一种解毒药，用于氟化物、砷、汞、铅、锡、碘等中毒，临床常用于治疗荨麻疹，皮肤瘙痒等病症.硫代硫酸钠在中性或碱性环境中稳定，在酸性溶液中分解产生S和SO2实验I：Na2S2O3的制备。

工业上可用反应：2Na2S+Na2CO3+4SO2=3Na2S2O3+CO2制得，实验室模拟该工业过程的装置如图所示：(1)仪器a的名称是_______，仪器b的名称是_______。

b中利用质量分数为70%〜80%的H2SO4溶液与Na2SO3固体反应制备SO2反应的化学方程式为_______。

c中试剂为_______(2)实验中要控制SO2的生成速率，可以采取的措施有_______ (写出一条)(3)为了保证硫代硫酸钠的产量，实验中通入的SO2不能过量，原因是_______实验Ⅱ：探究Na2S2O3与金属阳离子的氧化还原反应。

资料：Fe3++3S2O32-⇌Fe(S2O3)33-(紫黑色)装置试剂X实验现象Fe2(SO4)3溶液混合后溶液先变成紫黑色，30s 后几乎变为无色(4)根据上述实验现象，初步判断最终Fe3+被S2O32-还原为Fe2+，通过_______(填操作、试剂和现象)，进一步证实生成了Fe2+。

从化学反应速率和平衡的角度解释实验Ⅱ的现象：_______实验Ⅲ：标定Na2S2O3溶液的浓度(5)称取一定质量的产品配制成硫代硫酸钠溶液，并用间接碘量法标定该溶液的浓度：用分析天平准确称取基准物质K2Cr2O7(摩尔质量为294g∙mol-1)0.5880g。

平均分成3份，分别放入3个锥形瓶中，加水配成溶液，并加入过量的KI并酸化，发生下列反应：6I-+Cr2O72-+14H+ = 3I2+2Cr3++7H2O，再加入几滴淀粉溶液，立即用所配Na2S2O3溶液滴定，发生反应I2+2S2O32- = 2I- + S4O62-，三次消耗 Na2S2O3溶液的平均体积为25.00 mL，则所标定的硫代硫酸钠溶液的浓度为_______mol∙L-1【答案】分液漏斗 蒸馏烧瓶 24232422H SO Na SO Na SO H O =SO +++↑ 硫化钠和碳酸钠的混合液 调节酸的滴加速度 若 SO 2过量，溶液显酸性．产物会发生分解 加入铁氰化钾溶液．产生蓝色沉淀 开始生成 Fe(S 2O 3)33-的反应速率快，氧化还原反应速率慢，但Fe 3+与S 2O 32- 氧化还原反应的程度大，导致Fe 3++3S 2O 32-⇌Fe(S 2O 3)33-(紫黑色)平衡向逆反应方向移动，最终溶液几乎变为无色 0.1600【解析】【分析】【详解】(1)a 的名称即为分液漏斗，b 的名称即为蒸馏烧瓶；b 中是通过浓硫酸和Na 2SO 3反应生成SO 2，所以方程式为：24232422H SO Na SO Na SO H O =SO +++↑；c 中是制备硫代硫酸钠的反应，SO 2由装置b 提供，所以c 中试剂为硫化钠和碳酸钠的混合溶液；(2)从反应速率影响因素分析，控制SO 2生成速率可以调节酸的滴加速度或者调节酸的浓度，或者改变反应温度；(3)题干中指出，硫代硫酸钠在酸性溶液中会分解，如果通过量的SO 2，会使溶液酸性增强，对制备产物不利，所以原因是：SO 2过量，溶液显酸性，产物会发生分解；(4)检验Fe 2+常用试剂是铁氰化钾，所以加入铁氰化钾溶液，产生蓝色沉淀即证明有Fe 2+生成；解释原因时一定要注意题干要求，体现出反应速率和平衡两个角度，所以解释为：开始阶段，生成3233Fe(S O )-的反应速率快，氧化还原反应速率慢，所以有紫黑色出现，随着Fe 3+的量逐渐增加，氧化还原反应的程度变大，导致平衡逆向移动，紫黑色逐渐消失，最终溶液几乎变为无色；(5)间接碘量法滴定过程中涉及两个反应：①2327226I Cr O 14H =3I 2Cr7H O --++++++；②2222346=I 2S O 2I S O ---++；反应①I -被氧化成I 2，反应②中第一步所得的I 2又被还原成I -，所以①与②电子转移数相同，那么滴定过程中消耗的227Cr O -得电子总数就与消耗的223S O -失电子总数相同 ；在做计算时，不要忽略取的基准物质重铬酸钾分成了三份进行的滴定。

一、高中化学氧化还原反应练习题（含详细答案解析）1．碘酸钾（3KIO）是重要的微量元素碘添加剂。

实验室设计下列实验流程制取并测定产品中3KIO的纯度：其中制取碘酸（3HIO）的实验装置见图，有关物质的性质列于表中物质性质HIO3白色固体，能溶于水，难溶于CCl4KIO3①白色固体，能溶于水，难溶于乙醇②碱性条件下易发生氧化反应：ClO－＋IO3－=IO4－＋Cl－回答下列问题（1）装置A中参加反应的盐酸所表现的化学性质为______________。

（2）装置B中反应的化学方程式为___________________ 。

B中所加CCl4的作用是_________从而加快反应速率。

（3）分离出B中制得的3HIO水溶液的操作为____________；中和之前，需将HIO3溶液煮沸至接近于无色，其目的是____________，避免降低3KIO的产率。

（4）为充分吸收尾气，保护环境，C处应选用最合适的实验装置是____________（填序号）。

（5）为促使3KIO 晶体析出，应往中和所得的3KIO 溶液中加入适量的___________。

（6）取1.000g 3KIO 产品配成200.00mL 溶液，每次精确量取20.00mL 溶液置于锥形瓶中，加入足量KI 溶液和稀盐酸，加入淀粉作指示剂，用0.1004mol/L 223Na S O 溶液滴定。

滴定至终点时蓝色消失（2--2-22346I +2S O =2I +S O ），测得每次平均消耗223Na S O 溶液25.00mL 。

则产品中3KIO 的质量分数为___（结果保留三位有效数字）。

【答案】还原性、酸性 22235CI +I +6H O==2HIO +10HCl 充分溶解2I 和2Cl ，以增大反应物浓度 分液 除去2Cl （或-ClO ），防止氧化3KIO C 乙醇（或酒精） 89.5%。

【解析】【分析】装置A 用于制取Cl 2，发生的反应为：KClO 3+6HCl(浓)=KCl+3Cl 2↑+3H 2O ，装置B 中发生的是制取HIO 3的反应，装置C 为尾气处理装置，既要吸收尾气中的HCl 和Cl 2，还要防止倒吸。