高中物理选修3-2-第四章第3节课时跟踪训练

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作[课时追踪训练](满分 50分时间30分钟)一、选择题 (本大题共8 个小题，每题 4 分，共计 32 分。

每题最少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1.(2011 新·课标全国卷 )为认识释地球的磁性， 19 世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流 I 引起的。

在以下四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是()图 1B 正确。

剖析：地理上的南极是地磁场的北极，由右手螺旋定则可知，选项答案： B2.关于磁场和磁感线的描述，以下说法中正确的选项是()A. 磁极与磁极之间、磁极与电流之间都能够经过磁场发生互相作用B.磁感线能够形象地描述磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致C. 磁感线总是从磁铁的N 极出发，到S 极停止D.磁感线能够用细铁屑来显示，所以是真实存在的剖析：磁场是一种特别物质，磁极、电流间发生作用都是经过磁场发生的，故 A 对；磁感线是为形象描述磁场而假想的线，不是真实存在的，故 D 错；磁感线的切线方向表示磁场的方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱，故 B 对；磁感线是闭合曲线，在磁体外面由N 极指向 S 极，在磁体内部由S 极指向 N 极，故 C 错。

答案： AB3.关于磁通量，以下说法中正确的选项是()A.磁通量不但有大小而且有方向，所以是矢量B.磁通量越大，磁感觉强度越大C.穿过某一面积的磁通量为零，则该处磁感觉强度不用然为零D.磁通量就是磁感觉强度剖析：磁通量Φ＝ BS 是标量，它的方向是人为规定的，正、负可是表示从不相同的面穿入，磁通量大不用然磁感觉强度大。

若圆环与磁场方向平行，磁通量为零，但磁感觉强度不为零。

答案： C4.如图 2 所示，两个同心放置的平面金属圆环，条形磁铁穿过圆心且与两环平面垂直，则经过两圆环的磁通量Φa、Φb间的关系是 ()A. Φa＞ΦbB.Φa＜ΦbC. Φa＝ΦbD.不能够确定剖析：经过圆环的磁通量为穿过圆环的磁感线的条数，第一明确条形磁铁的磁感线分布情况，别的要注意磁感线是闭合的曲线。

[课时跟踪训练] (时间30分钟，满分60分)一、选择题(本题共8小题，每小题5分，共40分，每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒均匀地减少2 Wb ，则( )A ．线圈中感应电动势每秒增加2 VB ．线圈中感应电动势每秒减小2 VC ．线圈中无感应电动势D ．线圈中感应电动势大小不变解析：因线圈的磁通量均匀变化，所以磁通量的变化率ΔΦΔt为一定值，又因为是单匝线圈，据E ＝ΔΦΔt可知选项D 正确。

答案：D2．如图1所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒ab 以水平速度v 0抛出，运动过程中棒的取向不变，不计空气阻力，那么金属棒内产生的感应电动势将( ) A ．越来越大 B ．越来越小图1C ．保持不变D ．方向不变，大小改变解析：由于导体棒中无感应电流，故棒只受重力作用，导体棒做平抛运动，水平速度v 0不变，即切割磁感线的速度不变，故感应电动势保持不变。

答案：C3．环形线圈放在均匀磁场中，设在第1秒内磁感线垂直于线圈平面向里，若磁感应强度随时间变化的关系如图2乙所示，那么在第2秒内线圈中感应电流的大小和方向是( )图2A ．感应电流大小恒定，顺时针方向B ．感应电流大小恒定，逆时针方向C ．感应电流逐渐增大，逆时针方向D ．感应电流逐渐减小，顺时针方向解析：由B －t 图知：第2秒内ΔB Δt 恒定，则E ＝ΔB ΔtS 也恒定，故感应电流I ＝ER 大小恒定，又由楞次定律判断知电流方向沿逆时针方向，故B 对，A 、C 、D 都错。

答案：B4．如图3所示，在匀强磁场中，MN 、PQ 是两条平行金属导轨，而ab 、cd 为串有电压表和电流表的两根金属棒，两只电表可看成理想电表。

当两棒以相同速度向右匀速运动时(运动过程中两棒始终与导轨接触)( )图3A ．电压表有读数；电流表有读数B ．电压表无读数；电流表无读数C ．电压表有读数；电流表无读数D ．电压表无读数；电流表有读数解析：在两棒以相同速度向右匀速运动的过程中，磁通量不变，无感应电流产生。

第四章 3基础达标一、选择题(在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6题有多项符合题目要求)1．关于楞次定律，下列说法正确的是()A．感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B．闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，必受磁场阻碍作用C．原磁场穿过闭合回路的磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场同向D．感应电流的磁场总是跟原磁场反向，阻碍原磁场的变化【答案】A【解析】感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，选项A正确；闭合电路的一部分导体在磁场中平行磁感线运动时，不受磁场阻碍作用，选项B错误；原磁场穿过闭合回路的磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场反向，选项C错误；感应电流的磁场当原磁场增强时跟原磁场反向，当原磁场减弱时跟原磁场同向，选项D错误．2．(2020·泉州名校月考)一磁铁自上向下运动，穿过一闭合导电回路，如图所示．当磁铁运动到a处和b处时，回路中感应电流的方向分别是()A．顺时针，逆时针B．逆时针，顺时针C．顺时针，顺时针D．逆时针，逆时针【答案】B【解析】当磁铁接近线圈时，线圈中的磁通量向下增加，由楞次定律可知感应电流的磁场方向向上，由安培定则知线圈中感应电流的方向为逆时针(俯视)；当磁铁从线圈中穿出时，原磁场方向不变仍向下，但穿过线圈的磁通量要减少，根据楞次定律知感应电流的磁场方向向下，由安培定则知感应电流为顺时针(俯视)．故B正确，A、C、D错误．3．(2020·上海名校一模)两根平行放置的长直绝缘导线M、N，通以同向等大的电流如图．在它们正中间放有一金属圆环，则可以使圆环中产生顺时针感应电流的是() A．M向右移动B．N中电流增大C．两电流同时等量增大D．两电流同时反向【答案】B【解析】依据右手螺旋定则，长直绝缘导线M、N在环中产生磁场相互叠加，导致穿过环的磁通量为零，当只将M向右移动时，导致穿过环的磁通量向里，且大小增大，再由楞次定律，那么感应电流为逆时针，故A错误；同理，当只增大N中的电流时，导致穿过环的磁通量向外，且大小增大，再由楞次定律，那么感应电流为顺时针，故B正确；当两电流同时增大，但由于大小仍然相等，位置也不变，因此穿过环的磁通量仍为零，故C错误；当两电流同时反向，但由于大小不变，位置也不变，因此穿过环的磁通量仍为零，故D错误．4．(2020·张家界名校检测)如图所示，A、B都是很轻的铝环，分别吊在绝缘细杆的两端，杆可绕中间竖直轴在水平面内转动，环A是闭合的，环B是断开的．若用磁铁分别接近这两个圆环，则下面说法正确的是()A．磁铁N极接近A环时，A环被吸引，而后被推开B．磁铁N极远离A环时，A环被排斥，而后随磁铁运动C．磁铁N极接近B环时，B环被排斥，远离磁铁运动D．磁铁的任意一磁极接近A环时，A环均被排斥【答案】D【解析】只有穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，闭合线圈中才会产生感应电流，由楞次定律“安培力的效果总是阻碍磁通量的变化”或“来拒去留”可知D对．5．(2020·南昌名校检测)如图所示，MN是一根固定的通电长直导线，电流方向向上．一金属线框abcd放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线中的电流I突然增大时，线框整体受力为()A．向右B．向左C．向上D．零【答案】A【解析】金属线框放在导线MN上，导线中电流产生磁场，根据安培定则判断可知，线框左右两侧磁场方向相反，线框左侧的磁通量大于线框右侧的磁通量，磁通量存在抵消的情况；当导线中电流增大时，穿过线框的磁通量增大，线框产生感应电流，根据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化，则线框将向磁通量减小方向运动，即向右移动．故A 正确，B、C、D错误．6．(2020·海南名校月考)如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向在图中已经标出．左线圈连着平行导轨M和N，导轨电阻不计，在导轨垂直方向上放着金属棒ab，金属棒处于垂直于纸面向外的匀强磁场中，下列说法中正确的是()A．当金属棒ab向右匀速运动时，a点电势高于b点，c点电势高于d点B．当金属棒ab向右匀速运动时，b点电势高于a点，c点与d点等电势C．当金属棒ab向右加速运动时，b点电势高于a点，c点电势高于d点D．当金属棒ab向右加速运动时，b点电势高于a点，d点电势高于c点【答案】BD【解析】ab棒向右匀速运动时，根据右手定则判断得知，ab棒中感应电流方向从a→b，ab相当于电源，所以b点电势高于a点．线圈中产生的感应电流是恒定的，原线圈中的磁场是恒定的，穿过副线圈的磁通量不变，没有感应电动势产生，cd中没有电流流过，所以c点与d点等电势，故A错误，B正确；ab棒向右加速运动时，根据右手定则判断得知，ab棒中感应电流方向从a→b，ab相当于电源，所以b点电势高于a点．根据安培定则判断可知，原线圈中向下的磁场，而且在增强，副线圈中有向上的磁场在增强，根据楞次定律可知，副线圈中感应电流从d通过电阻到c，d点电势高于c点，故C错误，D正确；故选BD.二、非选择题7．如图所示，在两根平行长直导线M、N中，通以同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速运动，在移动过程中，线框中感应电流方向是怎样的？【答案】始终是abcd【解析】如图所示，线框在两电流中线OO′的右侧时，穿过线框的合磁通量垂直纸面向外，线框左移，磁通量变小，为阻碍这个方向的磁通量减小，感应电流的磁场方向也垂直纸面向外，所以感应电流的方向就是abcd.当线框中线跨越两电流中线OO′时，线框的合磁通量由穿出变为穿进，且合磁通量增加，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，即垂直纸面向外，所以感应电流还是abcd.8．如图是环保型手电筒的外形．环保型手电筒不需要任何化学电池作为电源，不会造成由废电池引起的环境污染．使用时只要将它摇动一分钟，手电筒便可持续照明好几分钟．手电筒内部有一永久磁铁，外层有一线圈，那么这种手电筒的原理是什么？【答案】见解析【解析】环保型手电筒应用了电磁感应原理，内部有磁铁外部有线圈，摇动时，使磁铁相对线圈运动，产生感应电流，把机械能转换为电能，并有一电容器暂时储存电能从而维持手电筒照明几分钟．能力提升9．(2020·珠海一模)如图所示，使一个水平铜盘绕过其圆心的竖直轴OO′转动，且假设摩擦等阻力不计，转动是匀速的．现把一个蹄形磁铁水平向左移近铜盘，则()A．铜盘转动将变快B．铜盘转动将变慢C．铜盘仍以原来的转速转动D．因磁极方向未知，无法确定【答案】B【解析】假设蹄形磁铁的上端为N极，下端为S极，铜盘顺时针转动．根据右手定则可以确定此时铜盘中的感应电流方向是从盘心指向边缘；通电导体在磁场中要受到力的作用，根据感应电流的方向和磁场的方向，利用左手定则可以确定磁场对铜盘的作用力的方向是沿逆时针方向，其受力方向与铜盘的转动方向相反，所以铜盘的转动速度将减小；无论怎样假设，铜盘的受力方向始终与转动方向相反；同时，转动过程中，机械能转化为电能，所以转得慢了．故B正确，A、C、D错误．10．(2019·济南名校二模)如图，A、B两个同轴线圈在同一平面，A线圈通有顺时针方向逐渐增加的电流I1，则穿过B线圈引起感应电流的磁通量Φ的方向和B线圈产生的感应电流I2的方向分别为()A．Φ垂直纸面向内，I2逆时针方向B．Φ垂直纸面向内，I2顺时针方向C．Φ垂直纸面向外，I2逆时针方向D．Φ垂直纸面向外，I2顺时针方向【答案】A【解析】根据安培定则可知，线圈A在线圈B内部产生磁场包括内部向里的磁场和外部向外的磁场，由于内部产生的磁通量大于外部的磁通量，故合磁通量向里；当线圈A的顺时针方向电流增大，导致线圈B垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场与它相反，再根据安培定则可知，则线圈B内有逆时针方向的电流．故选A.11．为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开始绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．(1)将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为________(填“顺时针”或“逆时针”)．(2)当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为________(填“顺时针”或“逆时针”)．【答案】(1)顺时针(2)逆时针【解析】(1)磁铁N极向下从绕圈上方竖直插入L时，线圈的磁场向下且增强，感应磁场向上，且电流流入电流计左端，根据右手定则可知线圈顺时针绕向．(2)条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，线圈的磁场向上且减弱，感应电流从电流计右端流入，根据右手定则可知线圈逆时针绕向．12．如图所示，在水平桌面上有一金属圆环，当用一条形磁铁由上向下插向圆环时．问：(1)圆环对桌面的压力怎样变化？(2)圆环有收缩的趋势还是扩张的趋势？【答案】(1)压力变大(2)收缩趋势【解析】(1)根据楞次定律的推广含义“来拒去留”，圆环与磁铁之间相互排斥，从而使圆环对桌面的压力变大．(2)根据楞次定律的推广含义“增缩减扩”，磁铁插向圆环时，穿过圆环的磁通量增加，所以圆环有收缩的趋势.朝着心中目标前进的人，整个世界都在为他让路。

课时跟踪检测（三） 简谐运动的回复力和能量1．(多选)关于简谐运动的动力学公式F ＝－kx ，以下说法正确的是( )A ．k 是弹簧的劲度系数，x 是弹簧长度B ．k 是回复力跟位移的比例常数，x 是做简谐运动的物体离开平衡位置的位移C ．对于弹簧振子系统，k 是劲度系数，它由弹簧的性质决定D ．因为k ＝F x ，所以k 与F 成正比解析：选BC k 是回复力跟位移的比例常数，对弹簧振子系统，k 是弹簧的劲度系数，由弹簧的性质决定，x 是弹簧形变的长度，也是做简谐运动的物体离开平衡位置的位移，故B 、C 正确。

2．如图1甲所示，一弹簧振子在A 、B 间做简谐运动，O 为平衡位置，如图乙是弹簧振子做简谐运动时的位移—时间图像，则关于弹簧振子的加速度随时间的变化规律，下列四个图像中正确的是( )图1解析：选C 由题图乙可知，x ＝A sin ωt ，弹簧振子做简谐运动，回复力F ＝－kx ，由牛顿第二定律可知，a ＝F m ＝－kA msin ωt ，可知选项C 正确。

3．(多选)图2是质量相等的甲、乙两个物体分别做简谐运动时的图像，则( )图2A ．甲、乙物体的振幅分别是2 m 和1 mB ．甲的振动频率比乙的大C ．前2 s 内两物体的加速度均为负值D．第2 s末甲的速度最大，乙的加速度最大解析：选BCD由图像知，甲、乙振幅分别为2 cm和1 cm，A错误；8 s内甲完成2次全振动，乙完成1次全振动，B正确；前2 s内，甲、乙的位移均为正，所以加速度均为负值，C正确；第2 s末甲在平衡位置，速度最大，乙在最大位移处，加速度最大，D正确。

4．做简谐运动的弹簧振子质量为0.2 kg，当它运动到平衡位置左侧20 cm时受到的回复力是4 N；当它运动到平衡位置右侧40 cm时，它的加速度为()A．20 m/s2，向右B．20 m/s2，向左C．40 m/s2，向右D．40 m/s2，向左解析：选D加速度方向指向平衡位置，因此方向向左。

课时跟踪检测(二) 单 摆1．要增加单摆在单位时间内的摆动次数，可采取的方法是( ) A ．增大摆球的质量 B ．缩短摆长 C ．减小摆动的角度D. 升高气温2.如图1所示是一个单摆(α<5°)，其周期为T ，则下列说法正确的是( )图1A ．把摆球质量增加一倍，则周期变小B ．把偏角α变小时，周期也变小C ．摆球由O →B →O ，运动的时间为TD ．摆球由O →B →O ，运动的时间为T 23.如图2所示，置于地面上的一单摆在小振幅条件下摆动的周期为T 0，下列说法中正确的是( )图2A ．单摆摆动过程，绳子的拉力始终大于摆球的重力B ．单摆摆动过程，绳子的拉力始终小于摆球的重力C ．将该单摆置于高空中相对于地球静止的气球中，其摆动周期为T >T 0D ．小球所受重力和绳的拉力的合力提供单摆做简谐运动的回复力4．一物体在某行星表面受到的万有引力是它在地球表面受到的万有引力的14。

在地球上走得很准的摆钟搬到此行星上后，此摆钟分针转动一整圈所经历的时间实际上是( )A.14 hB.12 hC ．2 hD. 4 h5.如图3所示，三根细线于O 点处打结，A 、B 端固定在同一水平面上相距为L 的两点上，使AOB 成直角三角形，∠BAO ＝30°，已知OC 线长是L ，下端C 点系着一个小球。

小球半径忽略不计，下面说法中正确的是()图3A．让小球在纸面内小角度摆动，周期T＝2π L gB．让小球在垂直纸面方向小角度摆动，其周期T＝2π 3L 2gC．让小球在纸面内小角度摆动，周期T＝2π 3L 2gD．让小球在垂直纸面内小角度摆动，周期为T＝2π L g6.如图4所示，MN为半径较大的光滑圆弧轨道的一部分，把小球A放在MN的圆心处，再把另一小球B放在MN上离最低点C很近的M处，今使两球同时自由释放，则在不计空气阻力时有()图4A．A球先到达C点B．B球先到达C点C．两球同时到达C点D．无法确定哪一个球先到达C点7.一块涂有炭黑的玻璃板，质量为2 kg，在拉力F作用下，由静止开始沿竖直方向向上运动。

人教版高中物理选修3-2课时跟踪检测（全册共84页附答案）目录课时跟踪检测（一）划时代的发现探究感应电流的产生条件课时跟踪检测（二）楞次定律课时跟踪检测（三）法拉第电磁感应定律课时跟踪检测（四）电磁感应现象的两类情况课时跟踪检测（五）互感和自感课时跟踪检测（六）涡流、电磁阻尼和电磁驱动课时跟踪检测（七）交变电流课时跟踪检测（八）描述交变电流的物理量课时跟踪检测（九）电感和电容对交变电流的影响课时跟踪检测（十）变压器课时跟踪检测（十一）电能的输送课时跟踪检测（十二）传感器及其工作原理课时跟踪检测（十三）传感器的应用阶段验收评估（一）电磁感应阶段验收评估（二）交变电流阶段验收评估（三）传感器课时跟踪检测（一）划时代的发现探究感应电流的产生条件1．关于磁通量的概念，以下说法中正确的是()A．磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大B．磁感应强度越大，线圈面积越大，则磁通量也越大C．穿过线圈的磁通量为零，但磁感应强度不一定为零D．磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的解析：选C穿过闭合回路的磁通量大小取决于磁感应强度、回路所围面积以及两者夹角三个因素，所以只知道其中一个或两个因素无法确定磁通量的变化情况，A、B项错误；同样由磁通量的特点，也无法判断其中一个因素的情况，C项正确，D项错误。

2.如图所示，半径为R的圆形线圈共有n匝，其中心位置处半径为r的范围内有匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面，若磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为()A．πBR2B．πBr2C．nπBR2D．nπBr2解析：选B由磁通量的定义式知Φ＝BS＝πBr2，故B正确。

3.如图所示，AB是水平面上一个圆的直径，在过AB的竖直面内有一根通电直导线CD，已知CD∥AB。

当CD竖直向上平移时，电流的磁场穿过圆面积的磁通量将()A．逐渐增大B．逐渐减小C．始终为零D．不为零，但保持不变解析：选C由于通电直导线CD位于AB的正上方，根据安培定则可知，通电直导线CD产生的磁感线在以AB为直径的圆内穿入和穿出的条数相同，所以不管电流怎么变化，导线下面圆内部的磁通量始终为0。

课时跟踪检测（一）电荷及其守恒定律1．关于摩擦起电、传导起电、感应起电，下列说法错误的是()A．这三种方式都产生了电荷B．这是起电的三种不同方式C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律解析：选A摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体。

摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷，电荷只是发生转移。

感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一部分，电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是传导起电。

这三种方式都没有产生电荷，A错误；摩擦起电、传导起电、感应起电是起电的三种不同方式，B正确；这三种起电方式的实质是一样的，都是电子的转移，C正确；这三种方式都符合电荷守恒定律，D正确。

2．[多选]关于元电荷的理解，下列说法正确的是()A．元电荷就是电子B．元电荷是表示1 C电量C．元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量D．物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍解析：选CD元电荷是最小带电荷量，大小为e＝1.60×10－19 C，跟电子或质子所带电荷量相等，不是电荷种类，任何带电体的电荷量都为元电荷的整数倍，故C、D正确。

3．将一束塑料扎带一端打结，另一端撕成细条后，用手迅速捋细条，观察到细条散开了，如图所示。

下列关于细条散开现象的分析中，正确的是()A．由于摩擦起电，细条带同种电荷，相互排斥散开B．撕成细条后，所受重力减小，细条自然松散C．撕成细条后，由于空气浮力作用使细条散开D．细条之间相互感应起电，相互排斥散开解析：选A塑料细条与手摩擦带电，塑料细条上带的是同种电荷，同种电荷相互排斥，所以塑料细条会向四周散开，捋的次数越多，塑料细条带电越多，排斥力越多，下端散开的就越大；故B、C、D错误，A正确。

4.如图所示，某次实验老师用丝绸摩擦过的玻璃棒(带正电)去吸引细碎的锡箔屑，发现锡箔屑被吸引到玻璃棒上后又迅速地向空中散开，下列说法正确的是()A．锡箔屑被吸引过程会因为获得电子而带负电B．锡箔屑被吸引过程有减速过程C．最后锡箔屑散开主要是因为碰撞导致D．散开时锡箔屑带正电解析：选D玻璃棒靠近锡箔屑，使锡箔屑发生感应起电，故A错误；锡箔屑被吸引过程是加速过程，故B错误；最后锡箔屑散开主要是因为锡箔屑带正电，同种电荷相互排斥，故C错误，D正确。

课时跟踪检测(三) 单摆(时间：30分钟满分：50分)一、选择题(共6小题，每小题5分，共30分，每小题只有一个选项正确。

)1．关于单摆，下列认识中正确的是( )A．一根线系着一个球悬挂起来，这样的装置就是单摆B．可以看成单摆的装置中，细线的伸缩和质量忽略不计，线长比小球直径大得多C．单摆的振动总是简谐运动D．两个单摆只要结构相同，它们的振动步调便相同2．单摆做简谐运动的回复力是( )A．摆球的重力B．摆球所受重力与悬线对摆球的拉力的合力C．悬线对摆球的拉力D．摆球所受重力在圆弧切向上的分力3．(上海高考)两个相同的单摆静止于平衡位置，使摆球分别以水平初速v1、v2(v1>v2)在竖直平面内做小角度摆动，它们的频率与振幅分别为f1、f2和A1、A2，则( ) A．f1>f2，A1＝A2B．f1<f2，A1＝A2C．f1＝f2，A1>A2 D．f1＝f2，A1<A24．在用单摆测定重力加速度时，某同学用同一套实验装置，用同样的步骤进行实验，但所测得的重力加速度总是偏大，其原因可能是( )A．测定周期时，振动次数少数了一次B．测定周期时，振动次数多数了一次C．摆球的质量过大D．计算摆长时，只考虑悬线的长度，没有加上小球的半径5．如图1所示为两个单摆的振动图像，从图像中可以知道它们的( )图1A．摆球质量相等 B．振幅相等C．摆长相等 D．摆球同时改变速度方向6．如图2所示，三根细线于O点处打结，A、B端固定在同一水平面上相距为L的两点上，使AOB成直角三角形，∠BAO＝30°，已知线OC长是L，下端C点系着一个小球。

下面说法中正确的是( )图2A ．让小球在纸面内摆动，周期为T ＝2πL gB ．让小球在垂直纸面方向摆动，其周期为T ＝2π 3L 2gC ．让小球在纸面内摆动，周期为T ＝2π 3L 2gD ．让小球在垂直纸面内摆动，周期为T ＝2πL g二、非选择题(共2小题，共20分)7．(8分)(福建高考)某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中：图3(1)用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图3所示，则该摆球的直径为________cm 。

最新人教版高中物理选修3-3课时跟踪检测试题（全册共82页附答案）目录课时跟踪检测（一）物体是由大量分子组成的课时跟踪检测（二）分子的热运动课时跟踪检测（三）分子间的作用力课时跟踪检测（四）温度和温标课时跟踪检测（五）内能课时跟踪检测（六）气体的等温变化课时跟踪检测（七）气体的等容变化和等压变化课时跟踪检测（八）理想气体的状态方程课时跟踪检测（九）气体热现象的微观意义课时跟踪检测（十）固体液体课时跟踪检测（十一）饱和汽与饱和汽压物态变化中的能量交换课时跟踪检测（十二）功和内能热和内能课时跟踪检测（十三）热力学第一定律能量守恒定律课时跟踪检测（十四）热力学第二定律课时跟踪检测（十五）热力学第二定律的微观解释能源和可持续发展第七章分子动理论第八章气体第九章固体、液体和物态变化第十章热力学定律阶段验收评估（一）分子动理论阶段验收评估（二）气体阶段验收评估（三）固体、液体和物态变化阶段验收评估（四）热力学定律课时跟踪检测（一） 物体是由大量分子组成的1．(多选)某同学在“用油膜法估测分子的大小”实验中，计算结果明显偏大，可能是由于( )A ．油酸未完全散开B ．油酸中含有大量的酒精C ．计算油膜面积时舍去了所有不足一个的方格D ．求每滴体积时，1 mL 的溶液的滴数多记了10滴解析：选AC 油酸分子直径d ＝V S ，计算结果明显偏大，可能是V 取大了或S 取小了。

油酸未完全散开，所测S 偏小，d 偏大，A 正确；油酸中含有大量酒精，不影响测量结果，B 错；若计算油膜面积时舍去了所有不足一个的方格，使S 偏小，d 变大，C 正确；若求每滴体积时，1 mL 的溶液的滴数多记了10滴，使V 变小，d 变小，D 错。

2．在用油膜法估测分子大小的实验中，体积为V 的某种油，形成一圆形油膜，直径为d ，则油分子的直径近似为( )A.2V πd 2B.πd 22VC.πd 24V D.4V πd 2 解析：选D 油膜的面积为π⎝⎛⎭⎫d 22，油膜的油分子的直径为V π⎝⎛⎭⎫d 22＝4V πd 2，故D 对。

"2013高中物理人教选修3-2全部配套课时作业：第四章电磁感应 "(时间60分钟，满分100分)一、选择题(本题共9小题，每小题7分，共63分。

每小题至少有一个选项符合题意，选对但不全的得3分，有错选的得0分)1．(2011·广东高考)将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是( ) A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同解析：由法拉第电磁感应定律知：E＝n ΔΦΔt，可见感应电动势的大小与线圈的匝数有关，A错误；感应电动势的大小取决于磁通量的变化快慢，而与磁通量的变化大小无关，B错误，C正确；感应电流产生的磁场阻碍原磁场的变化，当原磁场增大时，感应电流产生的磁场与其相反，D错误。

答案：C2.如图1所示，当直导线中电流不断增加时，A、B两轻导线圈的运动情况是( )A．A向左，B向右B．A向右，B向左图1C．均向左D．均向右解析：当电流I不断增加时，它的磁场不断增强，穿过A、B线圈的磁通量不断增加，根据楞次定律，感应电流受到的力将使导线圈向阻碍磁通量增加的方向运动，即导线圈要远离直导线，A向左、B向右运动。

答案：A3.如图2所示，虚线上方空间有垂直线框平面的匀强磁场，直角扇形导线框绕垂直于线框平面的轴O以角速度ω匀速转动。

设线框中感应电流方向以逆时针为正，那么在图中能正确描述线框从图中所示位置开始转动一周的过程中线框内感应电流随时间变化情况的是( ) 图2图3解析：直角扇形导线框绕垂直于线框平面的轴O以角速度ω匀速转动，进入磁场的过程中，穿过闭合回路的磁通量均匀增加，故产生的感应电流恒定，完全进入磁场后没有感应电流产生，由此就可判断A对。

答案：A4．如图4所示，要使图中ab段直导线中有向右的电流，则导线cd应( )图4A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动解析：由右手定则知当cd向右运动时，与cd相连的线圈中产生与ab方向相反的电流，当cd向左运动时，与cd相连的线圈中产生与ab中方向相同的电流，且由I cd＝BlvR知，v增加，I cd变大，结合楞次定律可知当cd向右加速或向左减速时，ab中电流方向向右，A、D对，B、C错。

2022高二物理选修3-2：第四章第6节课时跟踪训练时间30分钟，满分60分一、选择题本题共8小题，每小题5分，共40分。

每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内1．下列说法正确的是A．当线圈中电流不变时，线圈中没有自感电动势B．当线圈中电流反向时，线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相反C．当线圈中电流增大时，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反D．当线圈中电流减小时，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反解析：由法拉第电磁感应定律可知，当线圈中电流不变时，不产生自感电动势，A对；当线圈中电流反向时，相当于电流减小，线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相同，B错；当线圈中电流增大时，自感电动势阻碍电流的增大，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反，C对；当线圈中电流减小时，自感电动势阻碍电流的减小，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相同，D错。

答案：AC2某线圈通有如图1所示的电流，则线圈中自感电动势改变方向的时刻有A．第1 末B．第2 末C．第3 末D．第4 末图1解析：在自感现象中，当原电流减小时自感电动势与原电流的方向相同，当原电流增加时自感电动势与原电流方向相反。

在图像中0～1 时间内原电流正方向减小，所以自感电动势的方向是正方向，在1～2 时间内原电流负方向增加，所以自感电动势与其方向相反，即沿正方向；同理分析2～3 、3～4 时间内可得正确答案为B、D两项。

答案：BD3如图2所示，电池的电动势为E，内阻不计，线圈自感系数较大，直流电阻不计。

当开关S闭合后，下列说法正确的是A．a、b间电压逐渐增加，最后等于EB．b、c间电压逐渐增加，最后等于E 图2C．a、c间电压逐渐增加，最后等于ED．电路中电流逐渐增加，最后等于E/R解析：由于线圈自感系数较大，当开关闭合瞬间，a、b间近似断路，所以a、b间电压很大，随着电流的增加，a、b间电压减小，b、c间电压增大，最后稳定后，a、b间电压为零，b、c间电压等于E，电流大小为I＝错误!，选项B、D对，A、C错。

人教版高二选修3-2第四章第3节楞次定律课时练习学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、实验题1．我们可以通过实验探究电磁感应现象中感应电流方向的决定因素和遵循的物理规律.以下是实验探究过程的一部分.（1）如图甲所示,当磁铁的N极向下运动时,发现电流计指针偏转,若要探究线圈中产生感应电流的方向,必须知道__________.（2）如图乙所示,实验中发现闭合开关时,电流计指针向右偏.电路稳定后,若向左移动滑动触头,此过程中电流计指针向__________偏转;若将线圈A抽出,此过程中电流计指针向__________偏转(均填“左”或“右”).2．如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将图中所缺的导线补接完整。

（____）（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，下列说法正确的是________.A．将原线圈迅速插入副线圈时，电流计指针将向右偏转B．将原线圈插入副线圈后，电流计指针一直偏在零点右侧C．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器的滑片迅速向左滑移时，电流计指针将向右偏转D．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器的滑片迅速向左滑移时，电流计指针将向左偏转二、单选题3．某磁场的磁感线如图所示，有一闭合铝线圈自图示位置A落至位置B，在下落的过程中，自上向下看，铝线圈中的感应电流方向是（）A．先顺时针方向，再逆时针方向B．先逆时针方向，再顺时针方向C．始终顺时针方向D．始终逆时针方向4．如图所示，边长为d的正方形线圈，从位置A开始向右运动，并穿过宽为L（L>d）的匀强磁场区域到达位置B，则（）A．整个过程，线圈中始终有感应电流B．整个过程，线圈中始终没有感应电流C．线圈进人磁场和离开磁场的过程中，有感应电流，方向都是逆时针方向D．线圈进入磁场过程中，感应电流的方向为逆时针方向；穿出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向5．如图所示，导线框abcd和通电直导线在同一平面内，直导线中通有恒定电流并通过ad和bc的中点，线框向右运动的瞬间，下列说法正确的是（）A．由于穿过线框的磁通量为零，所以线框中没有感应电流B．线框中有感应电流，且沿顺时针方向C．线框中有感应电流，且沿逆时针方向D．线框中有感应电流，但方向无法判断6．如图所示，光滑固定导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上形成一个闭合回路，当一条形磁铁从高处下落接近回路时（）A．P、Q将相互远离B．P、Q将相互靠拢C．磁铁的加速度等于g D．磁铁的加速度大于g7．如图是探究产生感应电流条件的装置图，现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图连接，在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针向右偏转。

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作[课时追踪训练](满分50 分时间30分钟)一、选择题(本大题共8 个小题，每题 4 分，共计32 分。

每题最少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1.如图 1 所示，长为2l 的直导线折成边长相等，夹角为60°的V 形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感觉强度为B，当在该导线中通以电流强度为I 的电流时，该V 形通电导线碰到的安培力大小为()图 1C. BIl分析： V 形导线两部分的受力情况以下列图。

线碰到的安培力应为这两个力的合力，大小为 C 项正确。

其中 F ＝ BIl ，V 形导F 合＝ 2F cos60°＝ BIl ，故答案： C2.通电矩形线框abcd 与长直通电导线MN 在同一平面内，如图2所示，ab边与MN平行。

关于MN 的磁场对线框的作用力，以下说法正确的选项是()图 2A.线框有两条边所受的安培力方向相同B.线框有两条边所受的安培力大小相等C.线框所受的安培力的合力方向向左D.线框所受的安培力的合力方向向右分析：由安培定则可知导线MN 在线框外所产生的磁场方向垂直于纸面向外，再由左ad 边所受安培力大小相等，方向相反。

ab 边碰到向右的安培力 F ab，手定则判断出bc边和cd 边碰到向左的安培力 F cd。

因ab 所处的磁场强，cd 所处的磁场弱，故 F ab＞ F cd，线框所受合力方向向右。

答案：BD3.如图 3 所示，一根有质量的金属棒MN ，两端用首饰导线连接后悬于a、b 两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M 流向 N ，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以()A. 合适减小磁感觉强度图3B.使磁场反向C.合适增大电流D.使电流反向分析：第一对MN 进行受力分析，受竖直向下的重力G，受两根软导线的竖直向上的拉力和安培力。

处于平衡时：2F＋ BIL ＝ mg，重力 mg 恒定不变，欲使拉力 F 减小到 0，应增大安培力BIL ，所以可增大磁场的磁感觉强度 B 或增加经过金属棒中的电流I ，或二者同时增大， C 对。

姓名，年级：时间：第四章DISIZHANG 电磁感应1~2 划时代的发现 探究感应电流的产生条件课后篇巩固提升基础巩固1.首先发现电流的磁效应和电磁感应的物理学家分别是（ ）A 。

安培和法拉第 B.法拉第和楞次 C 。

奥斯特和安培D.奥斯特和法拉第解析1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应;1831年,英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象,选项D 正确。

答案D2.(多选)如图是法拉第最初研究电磁感应现象的装置,下列说法正确的是( ) A 。

当右边磁铁S 极离开B 端时,线圈中产生感应电流B.当右边磁铁S 极离开B 端,并在B 端附近运动时,线圈中产生感应电流C.当磁铁保持图中状态不变时,线圈中有感应电流 D 。

当磁铁保持图中状态不变时，线圈中无感应电流解析当右边磁铁离开B 端或在B 端附近运动时，线圈所处位置磁场变化,穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，A 、B 正确;当磁铁保持图中状态不变时，穿过线圈的磁通量不变，线圈中无感应电流，C错,D 正确。

答案ABD3。

磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通有恒定电流的直导线MN与闭合线框共面,第一次将线框由位置1平移到位置2,第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2,设前后两次通过线框的磁通量变化分别为ΔΦ1和ΔΦ2，则（）A。

ΔΦ1〉ΔΦ2B.ΔΦ1=ΔΦ2C。

ΔΦ1〈ΔΦ2 D。

无法确定1平移到位置2，磁感线从线框的同一侧穿入,ΔΦ1为前后两位置磁通量的绝对值之差。

第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2,磁感线从线框的不同侧穿入,ΔΦ2为前后两位置磁通量的绝对值之和.故ΔΦ1〈ΔΦ2,选项C正确。

4.如图所示,a、b、c三个闭合线圈放在同一平面内,当线圈a中有电流I通过时,它们的磁通量分别为Φa、Φb、Φc，下列说法中正确的是（)A。

Φa<Φb<ΦcB.Φa>Φb>ΦcC。

Φa<Φc〈ΦbD。

1．根据楞次定律知感应电流的磁场一定是( ) A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场方向相反C．阻碍引起感应电流的磁场的磁通量的变化D．与引起感应电流的磁场方向相同解析：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁场的磁通量的变化。

答案：C2.某磁场磁感线如图4－3－10所示，有一铜线圈自图示A处落至B处，在下落过程中，自上向下看，线圈中的感应电流方向是 ( ) A．始终顺时针B．始终逆时针图 4－3－10 C．先顺时针再逆时针D．先逆时针再顺时针解析：自A点落至图示位置时，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律判断知线圈中感应电流方向为顺时针，自图示位置落至B点时，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律判断知，线圈中感应电流方向为逆时针，C项正确。

答案：C3.如图4－3－11所示为一个圆环形导体，圆心为O，有一个带正电的粒子沿如图所示的直线从圆环表面匀速飞过，则环中的感应电流情况是( ) A．沿逆时针方向图 4－3－11 B．沿顺时针方向C．先沿逆时针方向后沿顺时针方向D．先沿顺时针方向后沿逆时针方向解析：由于带正电的粒子没有沿圆环的直径运动，所以它产生的磁场的磁感线穿过圆环时不能抵消，穿过圆环的磁通量开始时向外增加，然后向外减少，根据楞次定律，圆环中感应电流的方向是先沿顺时针方向，后沿逆时针方向，故D正确。

答案：D4.如图4－3－12所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点摆动。

金属线框从右侧某一位置由静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面。

则线框中感应电流的方向是 ( )A．a→b→c→d→a 图4－3－12 B．d→c→b→a→dC．先是d→c→b→a→d，后是a→b→c→d→aD．先是a→b→c→d→a，后是d→c→b→a→d解析：如题图，磁场方向向上，开始磁通量减小，后来磁通量增大。