2015年湖南省普通高中学业水平考试拉分卷(三模)物理试题(扫描版)

2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a114．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1 16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是N．最小值是N．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是m/s．高物体在第3s内通过的位移是m．19．（4分）电火花打点计时器的电源是（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔s打一次点．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是s，从抛出点到落地点发生的水平位移是m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为W，电阻在1min内产生的热量为J．28．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2 31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是极．如磁铁上端是S 极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：①粒子做匀速圆周运动的半径R②粒子运动的周期T．2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【解答】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择【解答】解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；故选：D．3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持【解答】解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故AB错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．故选：D5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，两物体都做匀速直线运动．故A错误；B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点s1处出发．故两物体的出发点相距s1．故B正确；C、甲在t1时刻开始运动，而乙在t=0时刻开始运动，故甲比乙迟出发t1时间．故C错误．D、甲图象的斜率的绝对值大于乙图象的斜率的绝对值，所以甲的速度大于乙的速度，则甲比乙的运动要快．故D错误；故选：B．6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化，A、物体匀速直线时，它的速度的大小和方向都不变，故A正确；B、匀加速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；C、匀减速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；D、自由落体运动时，速度在增大，运动状态变化，故D错误．故选：A7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零【解答】解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．【解答】解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ABD均错误，C正确；故选：C．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m【解答】解：设刹车过程的加速度大小为a，方向与汽车的初速度方向相反，已知汽车的初速度v0=20m/s，末速度v=0，位移x=2m，由位移速度关系式：v2﹣v02=﹣2ax，整理：a==100m/s2，①第二过程中已知汽车的初速度v01=40m/s，末速度v=0，加速度为a，设位移为X由位移速度关系式得：0﹣v012=﹣2aX整理得：X=②把①代入②得：X=8m故选：C10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关【解答】解：A、一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，故A错误；B、百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时还有惯性，故B错误；C、任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，故C错误；D、物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关，故D正确；故选：D．11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦【解答】解：A、运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力；故A正确；B、下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦，故B正确；C、生活中离不开摩擦，但摩擦越大，也不一定越好，汽车行驶；故C错误；D、工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦，故D正确．本题选择错误的，故选：C．12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力【解答】解：首先物体受重力、支持力，由题意还受水平推力，则物体有沿推力运动的趋势，而没有运动说明物体受到了与推力方向相反的静摩擦力．故D正确ABC错误．故选：D．13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a1【解答】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B 正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；故选：BD．14．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法【解答】解：图甲中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图乙中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选：B．15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1【解答】解：AC、P、Q两点共轴转动，角速度大小相等．故A正确，C错误．BD、设圆环的半径为R，根据几何知识可得：P、Q转动的半径分别为：r P=Rsin60°r Q=Rsin30°P、Q两点角速度相等，根据v=rω知，P、Q两点的线速度之比为：v P：v Q=r P：r Q=Rsin60°：Rsin30°=：1．故BD错误．故选：A16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N【解答】解：对物体研究：物体受到重力、细线的拉力和地面的支持力作用而平衡．细线的拉力为：F=G B=7N则地面的支持力为：F N=G A﹣F=G A﹣G B=4N弹簧秤的读数等于细线的拉力，或等于B的重力，即为7N．故选：B二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是10 N．最小值是4N．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大3N+7N=10N，最小7N﹣3N=4N，之间任意结果都可以；故答案为：10，4．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是9m/s．高物体在第3s内通过的位移是8m．【解答】解：第3s末的速度为：v=v0+at=3+2×3m/s=9m/s．第3s内的位移为：．故答案为：9，8．19．（4分）电火花打点计时器的电源是交流（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔0.02s打一次点．【解答】解：实验室所用电火花计时器是使用的电压为220V的交流电源，我国民用电的频率是50Hz，所以它每隔0.02s打一个点．故答案为：交流，0.02．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是2s，从抛出点到落地点发生的水平位移是12m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）【解答】解：由h=得t===2s从抛出点到落地点发生的水平位移为：x=v0t=6×2m=12m故答案为：2，12．21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．【解答】解：（1）由得，a=．故物体下落的加速度大小为8m/s2．（2）根据牛顿第二定律得，mg﹣f=ma则f=mg﹣ma=50﹣5×8N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．【解答】解：（1）根据，t=．故小石块的落地时间为0.6s．（2）小球的水平位移为x=hcot30°=1.8m．所以水平速度竖直分速度v y=gt=10×0.6m/s=6m/s则落地的速度m/s．则故小石块的着地时的动能为0.315J．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第【解答】解：经过十年坚持不懈的努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故选：D．24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷不一定电量很小的电荷．故C错误．D、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．故D正确．故选D25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理【解答】解：A、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，更不能用剪刀割断导线，剪刀是导体，自己也会触电，故A错误，C正确；B、遇到这种情况应及时帮助，不能装作没看见；也不能喊人让别人来处理，这样由于耽误时间，可能造成人的死亡；故BD错误；故选：C．26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知b处的磁感线密，所以b处的磁场强．故A错误，B正确；C、电流受到的安培力：F=BILsinθ，与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b 处小，也不一定比放在b处大．故CD错误．故选：B27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为2W，电阻在1min内产生的热量为120J．【解答】答：电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率：P=I2R=2×12=2W电阻在1min内产生的热量：Q=I2Rt=12×2×60=120J故答案为：2，12028．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？【解答】解：（1）当磁场方向与电流方向垂直时，根据F=BIL得：F=5×10﹣2 N（2）导线不受安培力作用．答：（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，导线所受安培力5×10﹣2 N；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线不受安培力[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．【解答】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=k，电场强度大小，但方向不同．故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=k可知，电场大小不同，故B错误；C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同．故C正确；D、由图A、B 两点电场强度不同，大小也不同，E A＜E B．故D错误．故选：C．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误；故选D．31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．【解答】解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极．如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．【解答】解：电流方向由b到a，安培力向右，根据左手定则，知磁场方向竖直向下，所以磁铁上端是N极．磁铁上端是S极，电流方向自a到b，根据左手定则，知安培力方向向右．故答案为：N，右．。

2015 年湖南省永州市高考物理三模试卷一、选择题：本题共8 小题，每小题 6 分．在每小题给出的四个选项中，第1～ 5 题只有一项符合题目要求，第6～ 8 题有多项符合题目要求．全部选对的得 6 分，选对但不全的得3分，有选错的得0 分．1．（ 6 分）（2015?永州三模）如图所示，一劲度系数为k 的轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平． A、B 是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的两点，A、B 两点离墙壁的距离分别是x1、x2．则物块与地面的最大静摩擦力为（）A ． k （x2﹣ x1）B ． k （ x2+x1） C． D ．【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：分别对物体处于对A、 B 点时进行受力分析，根据平衡条件列方程即可求解．【解析】：解：水平方向上，物块在 A 点受弹簧弹力和地面的摩擦力，方向相反，根据平衡条件有：k（ x0﹣ x1） =f同理，在 B 点根据水平方向上，受力平衡有：k（ x2﹣ x0） =f联立解得：物块与地面的最大静摩擦力为f=；故选： C．【点评】：本题考查了平衡条件以及胡克定律的直接应用，同时注意胡克定律中的形变量与长度的区别．2．（ 6 分）（2015?永州三模）一质量为 m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（）A ．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t 1=v2（ t 2﹣ t 1）B ．铁块上滑过程处于超重状态C ．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反D ．铁块上滑过程损失的机械能为mv12【考点】：功能关系；牛顿第二定律．【分析】：由图象可知道，物体在 0﹣ t 1内减速上升，在 t 1～ t 2内匀加速下降，加速度始终向下；超重加速度向上，失重状态的加速度的方向向下；v﹣ t 图象面积可以表示位移知速度关系；由能量是守恒的知机械能的损失．【解析】：解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为：v1t 1，下滑的位移为v2（ t 2﹣ t 1），经过一段时间又返回出发点说明v1t 1=v 2（ t 2﹣ t 1），故 A 正确；B、上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故 B 错误， C 错误；D、根据能量守恒知上滑损失机械能为：△E=E k1﹣ mgh=，故D错误；故选： A【点评】：该题通过速度图象考查力学的各种关系，图象简洁明了，能够直接得出物体各过程的运动规律，结合牛顿第二定律和功能关系求解，综合性较强．3．（ 6 分）（2015?永州三模）如图所示，a、b 两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等，斜面底边长是其竖直高度的 2 倍，若小球 a 能落到半圆轨道上，小球 b 能落到斜面上，则（）A ． b 球一定先落在斜面上B ． a 球可能垂直落在半圆轨道上C ． a 、b 两球可能同时落在半圆轨道和斜面上D ． a 、b 两球不可能同时落在半圆轨道和斜面上【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将圆轨道和斜面重合在一起进行分析比较，即可得出正确答案．【解析】：解：将圆轨道和斜面轨道重合在一起，如图所示，交点为A，初速度合适，可知小球做平抛运动落在 A 点，则运动的时间相等，即同时落在半圆轨道和斜面上．若初速度不适中，由图可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圆轨道上．故C正确，A、D错误．若a 球垂直落在半圆轨道上，根据几何关系知，速度方向与水平方向的夹角是位移与水平方向的夹角的 2 倍，而在平抛运动中，某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的 2 倍，两者相互矛盾，所以 a 球不可能垂直落在半圆轨道上，故 B 错误．故选： C．【点评】：本题考查平抛运动比较灵活，学生容易陷入计算比较的一种错误方法当中，不能想到将半圆轨道和斜面轨道重合进行分析比较．4．（ 6 分）（2015?永州三模）带电质点 P1固定在光滑的水平绝缘桌面上，另有一个带电质点P2在桌面上运动，某一时刻质点 P2的速度沿垂直于 P1P2的连线方向，如图所示，关于质点P2以后的运动情况，下列说法正确的是（）A ．若 P1、 P2带异种电荷，可能做加速度变大，速度变小的曲线运动B ．若 P1、 P2带异种电荷，速度大小和加速度大小可能都不变C ．若 P1、 P2带同种电荷，可能做速度变小的曲线运动D ．若 P1、 P2带同种电荷，可能做加速度变大的曲线运动【考点】：元电荷、点电荷；物体做曲线运动的条件．【分析】：分 P1和 P2为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，P2要远离P1，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况．【解析】：解： A、若 P1、P2为同种电荷， P1、P2之间的库仑力为引力，当P1、P2之间的库仑力大于需要的向心力的时候，P2球做向心运动，加速度变大，速度变大．故 A 错误．B、若 P1、P2为异种电荷， P1、P2之间的库仑力为吸引力，当P1、P2之间的库仑力恰好等于向心力的时候， P2球就绕着P1做匀速圆周运动，此时P2速度的大小和加速度的大小都不变，故 B 正确．CD、若 P1、 P2为同种电荷， P1、 P2之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以质点P2一定做曲线运动，由于两者之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以P2的加速度在减小．速度增大，故CD错误；故选：B．【点评】：当 P1、P2为异种电荷的时候，质点 P2可能做向心运动也可能做离心运动，当库仑力恰好等于向心力的时候， P2就绕着 P1做匀速圆周运动．5．（ 6 分）（2015?永州三模）如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1： n2=10：1，原线圈接入电压u=220sin100 π t （ V）的交流电源，交流电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，定值电阻R0=10Ω，可变电阻R 的阻值范围为0～ 10Ω，则（）A ．副线圈中交变电流的频率为100HzB ． t=0.02s 时，电压表的示数为0C ．调节可变电阻 R 的阻值时，电流表示数的变化范围为 1.1A ～ 2.2AD ．当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率为24.2W【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解析】：解： A、电流的频率是由电压决定的，所以原副线圈中电流的频率是一样的，都为 50Hz，故 A 错误．B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，原线圈的有效电压为220V，根据电压与匝数成正比知电压表的示数为22V，故 B 错误．C、当 R′的阻值为零时，副线圈电流为I=2.2A ，当 R′的阻值为10Ω时，副线圈电流为I ′=1.1A，电流与匝数成反比，电流表示数的变化范围为0.11A ～ 0.22A ，故 C 错误．D、当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率等于输出功率P=I 2R=1.1 2×20=24.2W，故D 正确．故选：D．【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，会从交流电表达式中获取有用的物理信息即可得到解决．6．（ 6 分）（2015?永州三模）如图所示，两星球相距为L，质量比为m A： m B=1：9，两星球半径远小于L．从星球A沿 A、 B 连线向 B 以某一初速度发射一探测器．只考虑星球A、B 对探测器的作用，下列说法正确的是（）A ．探测器的速度一直减小B ．探测器在距星球 A 为处加速度为零C ．若探测器能到达星球B，其速度可能恰好为零D ．若探测器能到达星球B，其速度一定大于发射时的初速度5【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据万有引力与探测器速度方向的关系，判断探测器的速度变化；抓住探测器所受的合力为零，根据万有引力定律求出加速度为零的位置．根据万有引力做功情况判断探测器到达星球 B 时的速度与初速度的关系．【解析】：解： A、探测器从 A 向 B 运动，所受的万有引力合力先向左再向右，则探测器的速度先减小后增大．故 A 错误．B、当探测器合力为零时，加速度为零，则有：，因为m A：m B=1：9，则r A：r B=3：1，知探测器距离星球 A 的距离为x=．故B正确．C、探测器到达星球 B 的过程中，由于 B 的质量大于 A 的质量，从 A 到 B 万有引力的合力做正功，则动能增加，所以探测器到达星球 B 的速度一定大于发射时的速度．故 C 错误， D 正确．故选： BD．【点评】：解决本题的关键知道合力的方向与速度方向相同，做加速运动，合力的方向与速度方向相反，做减速运动．当合力为零，加速度为零．7．（ 6 分）（2015?永州三模）如图所示，甲、乙两传送带与水平面的夹角相同，都以恒定速率 v 向上运动．现将一质量为m的小物体（视为质点）轻轻放在 A 处，小物体在甲传送带上到达 B 处时恰好达到传送带的速率v；在乙传送带上到达离 B 处竖直高度为h 的 C 处时达到传送带的速率v，已知 B 处离地面的高度均为H．则在小物体从 A 到 B 的过程中（）A ．小物体与甲传送带间的动摩擦因数较小B ．两传送带对小物体做功相等C ．两传送带消耗的电能相等D ．两种情况下因摩擦产生的热量相等【考点】：功能关系；功的计算．【分析】：由题，甲图中小物体从底端上升到顶端 B 速度与传送带速度相同，乙图中上升到C处速度与传送带速度相同，两种过程，初速度、末速度相等，位移不同，由运动学公式列式比较加速度的大小，由牛顿第二定律比较动摩擦因数的大小．动能定理表达式不同．本题的关键是比较两种情况下产生的热量关系，要根据相对位移．【解析】：解： A、根据公式v2 =2ax，可知物体加速度关系a 甲＜ a 乙，再由牛顿第二定律μm gcosθ﹣ mgsin θ=ma，得知μ甲＜μ乙，故 A 正确；B、传送带对小物体做功等于小物块的机械能的增加量，动能增加量相等，重力势能的增加量也相同，故两种传送带对小物体做功相等，故 B 正确；C、 D、由摩擦生热Q=fS 相对知，甲图中：=，Q甲=f1S1=vt1﹣=f 1，f1﹣mgsinθ =ma1=m乙图中： Q乙 =f 2S2=f 2，f2﹣mgsinθ=ma2=m解得： Q甲=mgH+ mv2， Q乙 =mg（ H﹣ h） +mv2， Q甲＞Q乙，故 D 错误；根据能量守恒定律，电动机消耗的电能 E 电等于摩擦产生的热量Q与物块增加机械能之和，因物块两次从 A 到 B 增加的机械能相同，Q甲＞ Q乙，所以将小物体传送到 B 处，两种传送带消耗的电能甲更多，故 C 错误， D 错误；故选： AB．【点评】：解决该题关键要能够对物块进行受力分析，运用运动学公式和牛顿第二定律找出相对位移和摩擦力的关系．注意传送带消耗电能和摩擦生热的关系及求法．8．（ 6 分）（2015?永州三模）如图所示，在倾角为θ 的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为 B 的匀强磁场区域．区域Ⅰ的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场边界MN、PQ、GH均平行于斜面底边，MP、PG均为 L．一个质量为m、电阻为 R、边长也为L 的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，下滑过程中ab 边始终与斜面底边平行． t 1时刻 ab 边刚越过 GH进入磁场Ⅰ区域，此时导线框恰好以速度v1做匀速直线运动；t 2时刻 ab 边下滑到PQ与 MN的中间位置，此时导线框又恰好以速度v2做匀速直线运动．重力加速度为g，下列说法正确的是（）A ．当 ab 边刚越过PQ时，导线框的加速度大小为a=gsinθB ．导线框两次做匀速直线运动的速度之比v1：v2=4： 1C ．从 t 1到 t 2的过程中，导线框克服安培力做的功等于机械能的减少量D ．从 t 1到 t 2的过程中，有的机械能转化为电能【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当 ab 边刚越过GH进入磁场I 时做匀速直线运动，安培力、拉力与重力的分力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解线圈ab 边刚进入磁场I 时的速度大小；当线圈进入磁场 II做匀速运动的过程中，再次根据平衡条件求解速度；从t 1到 t 2的过程中，减小的机械能全部转化为电能．【解析】：解： A、当 ab 边刚越过PQ时，由于两个边的切割磁感线的电动势方向相同，故电流增加为 2 倍， ab 边的安培力增加为 2 倍， cd 边也有了安培力，故加速度不为gsin θ，故 A 错误；B、第一次，根据平衡条件，有：mgsin θ ﹣=0第二次，根据平衡条件，有： mgsin θ ﹣2×=0联立解得： v1： v2=4： 1，故 B 正确；C、从t 1到t 2的过程中，根据功能关系，导线框克服安培力做功的大小等于机械能的减少，故 C 正确；D、从 t 1到 t 2的过程中，有+mg?△ h 的机械能转化为电能，故 D 错误；故选： BC【点评】：本题从力和能量两个角度分析电磁感应现象，安培力的表达式F=是常用的经验公式，要记牢．运用动能定理时，要分析所有力做功情况，不能遗漏．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9 题～第 12 题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13 题～第 18 题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（ 6 分）（2015?永州三模）如图甲是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面 AB与水平面相切于 B 点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在 C 点， P 为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为g．（1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，则遮光条的宽度d= 1.060cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有BC；A．小物块质量m B．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到 C 点的距离s D．小物块释放点的高度h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是B．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题．【分析】：（ 1）游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；（2）根据题目的叙述，确定实验的原理，然后确定待测量与摩擦力的公式；（3）根据实验的原理确定处理实验数据的方法．【解析】：解：（ 1）主尺的刻度： 1cm，游标尺上的第12 个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05 ×12=0.60mm，总读数： 10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm；（2）实验的原理：根据遮光条的宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：v=；B 到 C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：﹣μ mgs=0﹣mv2；联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：μ =；还需要测量的物理量是：光电门P 与 C 之间的距离s，与遮光条通过光电门的时间t ，故 BC 正确， AD错误．（3）由动摩擦因数的表达式可知，μ 与t2和s的乘积成反比，所以s 与的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量，横坐标用物理量s，即 B 正确， ACD错误．故答案为：（ 1） 1.060 ；（ 2）BC；（ 3）B．【点评】：本题通过动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量．要先确定实验的原理，然后依据实验的原理解答即可．10．（ 9 分）（ 2015?永州三模）一位同学想测量一个量程约为5V 有清晰刻度但没有示数、内电阻约为10kΩ的电压表V x的内阻，可以使用的实验器材如下：A．电源（电动势约15V，内电阻小于2Ω）B．标准电压表V0（量程为15V，内电阻约30kΩ）C．电阻箱（阻值范围0～ 9 999.9Ω ）D．电阻箱（阻值范围0～ 99 999.9Ω ）E．滑动变阻器（阻值为0～ 20Ω）F．滑动变阻器（阻值为0～ 20kΩ）G．开关 S和导线若干10。

2015年湖南省益阳市箴言中学高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共9小题，共36.0分)1.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【答案】A【解析】解：A、如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故C错误；D、受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误．故选：A．小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去．要想分清哪些是可靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易判断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第一定律，因此，在确定最后一空时一定要注意这一点2.如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小【答案】C【解析】解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选：C．先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．3.我国蹦床队组建时间不长，但已经在国际大赛中取得了骄人的成绩，前不久又取得北京奥运会的金牌．假如运动员从某一高处下落到蹦床后又被弹回到原来的高度，其整个过程中的速度随时间的变化规律如图所示，其中oa段和cd段为直线，则根据此图象可知运动员（）A.在t1～t2时间内所受合力逐渐增大B.在t2时刻处于平衡位置C.在t3时刻处于平衡状态D.在t4时刻所受的弹力最大【答案】B【解析】解：A、在t1～t2时间内做加速度逐渐减小的加速运动，所受的合力逐渐减小．故A错误．B、在t2时刻重力和弹力相等，速度最大，该位置为平衡位置．故B正确．C、在t3时刻到达最低点，速度为零，加速度不为零，不是平衡状态．故C错误．D、在t4时刻弹力与重力相等，不是最大，在最低点弹力最大．故D错误．故选：B．运动员在某一个高度落下，先向下做自由落体运动，与蹦床接触后，先做加速度减小的加速运动，当重力与弹力相等时，速度最大，然后做加速度逐渐增大的减速运动，到达最低点，速度为零．解决本题的关键通过图线得出运动员的运动情况，结合牛顿第二定律进行分析．4.如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（）A.A灯变亮B.B灯变亮C.R1上消耗功率变大D.总电流变小【答案】C【解析】解：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，则R1上消耗功率变大．路端电压U=E-I r，I增大，U减小，则A灯变暗．B灯与变阻器并联的电压U并=E-I（R1+r），I增大，则U并减小，所以B灯变暗．故选C将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R1上消耗功率的变化．根据总电流的变化分析并联部分电压的变化，判断B灯亮度的变化．对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．5.埃隆•马斯克首次对媒体透露了在火星建立社区的“火星移民”计划．假设火星移民通过一代又一代坚韧不拔的努力，不仅完成了“立足”火星的基本任务，而且还掌握了探测太空的完整技术．已知火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，在地球上发射人造地球卫星时的最小发射速度为v，则火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度为（）A.vB.vC.vD.v【答案】B【解析】解：根据万有引力提供向心力得：，解得最小的发射速度为：v=，因为火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，则火星上发射的最小速度是地球上的倍，即．故B正确，A、C、D错误．故选：B．根据万有引力提供向心力得出发射的最小速度，从而结合半径之比、质量之比求出发射的最小速度之比，得出火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度．解决本题的关键发射的最小速度等于环绕中心天体表面做圆周运动的速度，结合万有引力提供向心力进行求解．6.M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.电子在N点的动能小于在M点的动能B.该电子运动的加速度越来越小C.该电场一定是匀强电场D.电子运动的轨迹为曲线【答案】B【解析】解：A、由于电势能减小，知电场力做正功，因为电子仅受电场力，根据动能定理，知动能增大，即N点的动能大于M点的动能．故A错误．C、图线切线的斜率逐渐减小，则电场力逐渐减小，电场强度逐渐减小，不是匀强电场．故C错误．B、电场力逐渐减小，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小．故B正确．D、若电场线是直线，在M点释放一个初速度为零的电子，电子的运动轨迹为直线．故D错误．故选：B．电场力做功等于电势能的减小量，E p-x图线切线的斜率表示电场力的大小，通过斜率的大小判断电场力的变化，从而得出加速度的变化．根据电场力的变化判断动能的变化．解决本题的关键知道图线切线的斜率表示电场力，通过电场力的大小判断电场强度、加速度的变化，通过电场力做功判断动能的变化．7.太极球是广大市民中较流行的一种健身器材．将太极球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、B、C、D位置时球与板间无相对运动趋势．A为圆周的最高点，C为最低点，B、D与圆心O等高．球的质量为m，重力加速度为g，则（）A.在C处板对球所需施加的力比A处大6mgB.球在运动过程中机械能守恒C.球在最低点C的速度最小值为D.板在B处与水平方向倾斜角θ随速度的增大而减小【答案】C【解析】解：A、设球运动的线速率为v，半径为R，则在A处时：①在C处时：②由①②式得：F=2mg，即在C处板对球所需施加的力比A处大mg，故A错误．B、球在运动过程中，动能不变，势能时刻变化，故机械能不守恒，故B错误．C、球在任意时刻的速度大小相等，即球在最低点C的速度最小值为等于在最高点最小速度，根据，得，故C正确．D、根据重力沿水平方向的分力提供向心力，即mgtanθ=故v=，故板在B处与水平方向倾斜角θ随速度的增大而增大，故D错误．故选：C．人在运动过程中受重力和支持力，由向心力公式可以求在各点的受力情况．本题考查了向心力公式的应用，重点要对物体的受力做出正确的分析，列式即可解决此类问题．8.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A.4VB.8VC.12VD.24V【答案】B【解析】解：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则U be=U bd=×（24-4）=4v，故U be=φb-φe=4v，故φf-φd=4v，故φe=24-4=20v．φf=8v．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8v．故B正确．故选B．在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．①在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；②在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布．以上两点是解决此类题目的金钥匙．9.如图，平行板电容器经开关K与电池连接，a处有一带电量非常小的点电荷．K是闭合的，U a表示a点的电势，f表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A.U a变大，f变大B.U a变大，f变小C.U a不变，f不变D.U a不变，f变小【答案】B【解析】解：由于开关K闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压U AB保持不变．随B极板下移两极板之间的距离增大，根据E=可知两极板之间的电场强度E减小，由于U A a=E h A a，由于电场强度E减小，故U A a减小，由于U AB=U A a+U a B，所以U a B增大，由题图可知电源的负极接地，故B极板接地，所以B板的电势为0即U B=0，又U a B=U a-U B，所以U a=U a B增大．而点电荷在a点所受的电场力f=q E，由于E 减小，所以电场力f减小．故B正确．故选B．要求a点的电势如何变化，首先要确定电势为0的位置即零电势点，由于电容与电源相连故两极板之间的电压不变，而两极板之间的距离增大，故两极板之间的电场强度减小，所以A a之间的电势差减小，所以a B之间的电压增大．由于两极板之间的场强减小故试探电荷所受的电场力减小．本题难度较大，涉及知识面大，需要认真分析．方法是：先找不变量（U AB），再找容易确定的物理量（E和U A a），最后求出难以确定的量（确定U a B不能用U a B=E h a B，因为E 和h a B一个变大另一个变小）．二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)10.如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场（边界上有电场），电场强度为E=，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，AC为圆弧．一个质量为m，电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H=R处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道，不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的受力及运动情况，下列说法正确的是（）A.小球到达C点时对轨道压力为2mgB.小球在AC部分运动时，加速度不变C.适当增大E，小球到达C点的速度可能为零D.若E=，要使小球沿轨道运动到C，则应将H至少调整为【答案】AD【解析】解：A、小球进入半圆轨道，电场力和重力平衡，小球做匀速圆周运动，根据动能定理知，mg H=mv A2-0，解得：v A=．根据牛顿第二定律得：N=m，则小球到达C点时对轨道的压力为2mg．故A正确．B、小球在AC部分做匀速圆周运动，加速度大小不变，方向始终指向圆心．故B错误．C、若电场力小于重力，根据动能定理知，小球到达C点的速度不可能为零．若小球所受的电场力大于重力，根据径向的合力通过向心力，在最低点的速度不可能为零．故C错误．D、若E=，在最低点轨道的作用力为零，根据牛顿第二定律得，q E-mg=m，解得：v C=，根据动能定理得：mg（H+R）-q ER=mv C2-0，解得：H=R．所以H至少为R．故D正确．故选：AD．根据重力和电场力的关系，判断出小球进入圆弧轨道后的运动规律，结合径向的合力提供向心力分析．根据动能定理，结合牛顿第二定律判断C点的速度能否为零．当电场力是重力的2倍时，根据最低点弹力为零求出最小速度，结合动能定理求出H的至少高度．本题考查了带电小球在电场和重力场中的运动，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高，需加强这类题型的训练．11.如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止，弹簧处于竖直．现用力F沿斜面向上推A，但AB并未运动．下列说法正确的是（）A.施加F前，竖直墙壁对B的摩擦力可能向下B.施加F前，弹簧弹力大小一定等于A、B两物体重力大小之和C.施加F后，A、B之间的摩擦力大小可能为零D.施加F后，B与竖直墙壁之间可能没有摩擦力【答案】BC【解析】解：A、施加F前，对整体受力分析，一定受重力、弹簧弹力，若竖直方向受静摩擦力，则也一定受墙向右的弹力，但若受向右的弹力，则没有向左的力与之平衡，合力不可能为零，故整体不受墙的弹力，也不受静摩擦力；故A错误；B、施加F前，对整体受力分析，受重力、弹簧弹力，根据平衡条件弹簧弹力大小一定等于A、B两物体重力大小之和，B正确；C、当施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为m A gsinθ，若F=m A gsinθ，则A、B之间的摩擦力为零，故C正确．D、对整体分析，由于AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A、B的总重力，施加F后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力．故D错误．故选：BC．隔离对A分析，通过A受力平衡判断A、B之间摩擦力的变化．通过对整体分析，抓住AB不动，弹簧的弹力不变，判断B与墙之间有无摩擦力．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，以及掌握整体法和隔离法的运用．12.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F=μmg时，A的加速度为μgC.当F＞3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过μg【答案】BCD【解析】解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为，．故当0＜F≤时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；B、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′-2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′-′，解得F′=3μmg，故当＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A 相对于B滑动．当F=时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F-=3ma，解得a=，故B、C正确．D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg-，即B的加速度不会超过，故D正确．故选：BCD．根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．三、计算题(本大题共1小题，共6.0分)13.某同学利用自己设计的弹簧弹射器测量弹簧的弹性势能．装置如图所示．水平放置的弹射器将质量为m的静止小球弹射出去．测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t，甲、乙光电门间距为L，忽略一切阻力．①小球被弹射出的速度大小v= ______ ，求得静止释放小球时弹簧弹性势能E P= ______ ；（用题目中的字母符号表示）②由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果______ 影响（选填“有”或“无”）．【答案】；；无【解析】解：（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度：，由能量守恒得：（2）由力作用的独立性可知，重力不影响弹力做功的结果，有没有重力做功，小球的水平速度不会变化故答案为：①②③无（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度，由此可得速度，再由能量守恒可得弹性势能（2）由图中给的数据带入弹性势能表达式可得劲度系数（3）由力作用的独立性可知，对结果无影响本题重点是要弄清小球的射出速度就是在光电门间匀速运动的速度，在由平抛规律可得结果．四、实验题探究题(本大题共1小题，共8.0分)14.为了测量一微安表头A的内阻，某同学设计了如图所示的电路．图中，A0是标准电流表，R0和R N分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电池．完成下列实验步骤中的填空：（1）将S拨向接点1，接通S1，调节R0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时______ 的读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节______ ，使______ ，记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的______ ，此即为待测微安表头内阻的测量值．【答案】标准电流表；R N；标准电流表的读数仍为I；平均值【解析】解：（1）将S拨向接点1，接通S1，调节R0使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节R N，使标准电流表的读数仍为I，记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值．故答案为：（1）标准电流表（2）R N，标准电流表的读数仍为I（3）平均值先接通1，使待测电表有一示数，再接通2调节电阻箱使待测电表的示数相同，此时电阻箱的示数即为待测电表的内阻．本题考查了一种新的实验方法测量电表的内阻，要能够根据实验原理图知道实验的原理和步骤．五、填空题(本大题共1小题，共8.0分)15.如图所示，质量为m，电荷量为q的带电粒子以初速v0进入场强为E的匀强电场中，极板的长度为L，电容器极板中央到光屏的距离也是L，已知带电粒子打到光屏的P点，求偏移量OP的大小．【答案】解：水平方向：粒子做匀速直线运动，则有：t=竖直方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．加速度为：a=设粒子射出电场时，速度偏向角为θ，则有：tanθ==代入得：tanθ=故有：OP=L tanθ=答：偏移量OP的大小为．【解析】带电粒子垂直射入匀强电场中，做类平抛运动，平行于板的方向做匀速直线运动，由板长和初速度求出时间．根据牛顿张第二定律求出加速度，将射出电场的速度分解，求出偏转角θ的正切，由OP=L tanθ求解OP．本题是应用推论求解的，也可以求出偏转距离和偏转角的正切，根据数学知识求解OP．也可以用三角形相似法求解OP．六、计算题(本大题共3小题，共30.0分)16.如图所示，在光滑绝缘水平桌面上有两个静止的小球A和B，B在桌边缘，A和B均可视为质点，质量均为m=0.2kg，A球带正电，电荷量q=0.1C，B球是绝缘体不带电，桌面距地面的高h=0.05m．开始时A、B相距L=0.1m，在方向水平向右、大小E=10N/C的匀强电场的电场力作用下，A开始向右运动，并与B球发生正碰，碰撞中A和B之间速度交换，A和B之间无电荷转移．求：（1）A经过多长时间与B碰撞？（2）A、B落地点之间的距离是多大？【答案】解：（1）A在电场作用下做初速度为零的匀加速直线运动，根据动能定理有：q EL=代入数据解得：v0=1m/s由L=得：t===0.2s．（2）碰撞中A和B之间速度交换：v A=0，v B=1m/s．则A球和B球发生碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上初速度为零的匀加速运动，两球在竖直方向都做自由落体运动，运动时间相等，则有：h=gt2，得t===0.1s则A球落地时水平位移为：x A=at2==0.025mB球落地时水平位移为：x B=v B t=1×0.1m=0.1m故A、B两小球的落地点之间的距离为：S=x B-x A=0.075m答：（1）在小球A与B相碰前A的速率为1m/s；（2）A、B两小球的落地点之间的距离是0.075m．【解析】（1）A球在电场力作用下做匀加速运动，根据动能定理和位移公式求出时间．（2）碰撞过程中，A、B的总动能无损失，动能守恒，动量也守恒，根据两大守恒列式，求出碰撞后两球的速率．碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上初速度为零的匀加速运动，两者运动时间相等，由竖直方向上自由落体运动，根据高度h求出时间，由运动学公式分别两球的水平位移，即可求出A、B两小球的落地点之间的距离．题两球发生弹性碰撞，质量相等，交换速度，作为一个重要结论要记牢．碰撞后两球运动情况的分析是难点，也是解题的关键，运用运动的分解法研究．17.近期，为提高警惕保卫祖国，我国海军进行了登陆演练．如图所示，假设一艘战舰因吨位大吃水太深，只能停锚在离海岸登陆点s=1km处．登陆队员需要从较高的军舰甲板上，利用绳索下滑到登陆快艇上再行登陆接近目标，若绳索两端固定好后，与竖直方向的夹角θ=37°，甲板到快艇的竖直高度H=24m．队员下滑时，先从静止开始匀加速滑到某最大速度，再握紧绳索增大摩擦匀减速滑至快艇，速度刚好为零，重力加速度g=10m/s2，cos37°=0.6，问：（1）若登陆队员在绳索上运动的总时间为t1=4s，且加速过程与减速过程中的加速度大小相等，请指出队员滑到何处速度最大，并求出最大速度的值和加速度大小．（2）若快艇额定功率为5k W，载人后连同装备总质量为103kg，从静止开始以最大功率向登陆点加速靠近，到达岸边时刚好能达到最大速度10m/s，快艇在水中受到的阻力恒定，求快艇运动的时间t2．【答案】解：（1）运动员滑到绳索中点处速度最大，设运动员沿绳索滑行最大速度为v m，加速度大小为a，有：，代入数据解得：v m=15m/s，，代入数据解得：a=7.5m/s2；（2）加速度过，由动能定理得：，加到最大速度：v=10m/s时，P=fv，代入数据解得：；答：（1）队员滑到绳索中点处速度最大，最大速度的值为15m/s，加速度大小为7.5m/s2．（2）艇运动的时间t2．为110s．【解析】（1）由几何关系可得绳索长度，根据运动的对称性分析得出速度最大处，由位移与平均速度关系即可求解；（2）由动能定理与达到最大速度时功率与阻力的关系，可联合求得结果．本题考查了求最大速度、加速度、运动时间，分析清楚运动过程、应用匀变速直线运动的运动学公式、动能定理即可正确解题．。

原创★绝密 2015年湖南省高中学业水平测试（4-2） 物理科 试题 命题：tangzhixin 考试范围：高一、高二所学内容 本试题卷分选择题和计算题两部分，共6页。

时量90分钟，满分100分。

一、单项选择题（共30小题，每小题2分，共60分） 1．下列对物体运动的描述，不是以地面为参考系的是 A ．大江东去 B ．轻舟已过万重山 C ．夕阳西下 D ．飞花两岸照船红 2．突出问题的主要因素，忽略次要因素，建立理想化的“模型”，是物理学经常采用的一种科学研究方法。

质点就是这种模型之一。

下列关于地球能否看作质点的说法正确的是 A ．地球质量太大，不能把地球看作质点 B ．地球体积太大，不能把地球看作质点 C ．研究地球绕太阳的公转时可以把地球看作质点 D ．研究地球的自转时可以把地球看作质点 3．在长为50m 的标准泳池举行200m 的游泳比赛，参赛运动员从出发至比赛终点的位移和路程分别是 A ．0 m ，50 m B ．50 m ，100 m C ．100 m ，50 m D ．0 m ，200 m 4．火车从广州东站开往北京站，下列的计时数据指时间的是 A ．列车在16时10分由广州东站发车 B ．列车于16时10分在武昌站停车 C ．列车约在凌晨3点15分到达武昌站 D ．列车从广州东站到北京站运行约22小时 5．某一做匀加速直线运动的物体，加速度是2m/s 2，下列关于该加速度的理解正确的是 A ．每经过1 秒，物体的速度增加1倍 B ．每经过l 秒，物体的速度增加2m/s C ．物体运动的最小速度是2m/s D ．物体运动的最大速度是2m/s 6．下图是利用打点计时器记录物体匀变速直线运动信息所得到的纸带。

为便于测量和计算，每5 个点取一个计数点．已知s 1＜s 2＜s 3＜s 4＜s 5。

对于纸带上2 、3 、4 这三个计数点，学校班级姓名 考号 ----------------------------------------密-------------------------------封------------------------------线------------------------------------------相应的瞬时速度关系为A．计数点2 的速度最大B．计数点3 的速度最大C．计数点4 的速度最大D．三个计数点的速度都相等7．某质点做匀加速直线运动，零时刻的速度大小为3m/s ，经过1s 后速度大小为4m/s, 该质点的加速度大小是A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s2 8．“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”是唐代诗人李白描写庐山瀑布的佳句。

·物理·学业水平模拟检测卷(三)(测试时间：90分钟评价分值：100分)一、单项选择题Ⅰ(本大题共30小题，每小题1分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求) 1．为经典力学做出最重要贡献的物理学家是()A．爱因斯坦B．麦克斯韦C．法拉第D．牛顿解析：经典力学是以牛顿三定律及万有引力定律为主要内容，牛顿在经典力学建立中做出了最重要的贡献，D正确．答案：D2．在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是()A．研究一端固定可绕该端转动的木杆的运动时，此杆可作为质点来处理B．在大海中航行的船，要确定它在大海的位置时，可以把它当作质点来处理C．研究杂技演员在走钢丝的表演时，杂技演员可以当作质点来处理D．研究地球的自转运动时，地球可以当作质点来处理解析：在大海中航行的船的大小和形状可以忽略，可以看作质点，B正确．答案：B3．电磁场理论的建立，促进了现代社会的发展．下列应用中，同时使用了电磁波接收和发射技术的电器是()A．微波炉B．收音机C．电视机D．手机解析：手机可以拨打电话，也可接收电话，即手机同时使用了电磁波接收和发射技术，D正确．答案：D4．在长为50 m的标准游泳池举行100 m的游泳比赛，参赛运动员从出发至比赛终点的位移和路程分别是()A．0 m，50 m B．50 m，100 mC．100 m，50 m D．0 m，100 m解析：比赛过程的总路程为100 m，但比赛的起点和终点相同，位移为零，D正确．答案：D5．下面的几个速度中表示平均速度的是( )A ．子弹射出枪口的速度是800 m/sB ．汽车从甲站行驶到乙站的速度是40 km/hC ．汽车通过站牌时的速度是72 km/hD ．小球第3 s 末的速度是6 m/s解析：瞬时速度是指某一时刻或某一位置的速度，平均速度是指一段时间或某一过程的平均快慢，B 正确．答案：B6．光滑水平面上，质量为2 kg 的物体在大小为30 N 的水平拉力作用下运动，则物体的加速度大小是( )A ．5 m/s 2B ．10 m/s 2C ．15 m/s 2D ．25 m/s 2解析：由牛顿第二定律得a ＝F m ＝302m /s 2＝15 m /s 2，C 正确． 答案：C7．下列运动中不能用经典力学规律描述的是( )A ．子弹的飞行B ．和谐号从深圳向广州飞驰C ．人造卫星绕地球运动D ．粒子接近光速的运动解析：经典力学的适用范围是宏观、低速，D符合题意．答案：D8．下面哪一组单位属于国际单位制中的基本单位()A．N 、kg、m B．m 、kg、AC．kg 、J、s D．m/s2、kg 、J解析：国际单位制中选定七个基本单位，它们是长度(m)、质量(kg)、时间(s)、电流(A)、热力学温度(K)、发光强度(cd)、物质的量(mol)，B正确．答案：B9．汽车匀速驶过凸形拱桥顶点时对桥的压力为F1，同一辆汽车静止在桥顶时对桥的压力为F2，那么F1与F2比较() A．F1>F2B．F1< F2C．F1＝F2D．都有可能解析：汽车驶过桥顶时有向下的向心加速度，物体处于失重的状态，所以答案B正确．答案：B10. 甲、乙两辆汽车速度相等，在同时制动后，均做匀减速运动，甲经3 s停止，共前进了36 m，乙经1.5 s停止，乙车前进的距离为()A．9 m B．18 mC．36 m D．27 m解析：甲、乙两物体的初速度相同，末速度也相同，平均速度相同，它们前进的位移与时间成正比，B正确．答案：B11. 对于站在电梯里的人，以下说法中正确的是()A．电梯对人的支持力在电梯上升时总比下降时大B．电梯加速下降时，电梯对人的支持力大于重力C．电梯减速上升时，电梯对人的支持力大于重力D．电梯减速下降时，人对电梯的压力大于重力解析：站在电梯里的人若有向上的加速度时出现超重现象，支持力大于重力，若有向下的加速度时出现失重现象，支持力小于重力，减速下降时加速度向下，出现超重，D正确．答案：D12．做竖直上抛运动的物体，到达最高点时()A．具有竖直向上的速度和竖直向上的加速度B．速度为零，加速度竖直向上C．速度为零，加速度竖直向下D．具有竖直向下的速度和竖直向下的加速度解析：物体到达最高点的速度为零，但是它仍受重力作用，所以加速度为重力加速度．答案：C13．如图所示，一小球放在固定的光滑斜面上，挡板沿竖直方向，关于挡板对小球的弹力的作用方向，下列表述正确的是()A．沿水平方向向右B．沿斜面方向向上C．沿水平方向向左D．沿斜面方向向下解析：小球受重力、垂直于斜面的支持力，垂直于挡板的水平向右作用力，A正确．答案：A14．如图所示，竖直长直导线通以恒定电流I，闭合线圈abcd 与直导线在同一平面内，导致圈内磁通量发生变化的线圈运动是()A．水平向右平移B．竖直向下平移C．竖直向上平移D．以竖直长直导线为轴转动解析：直线电流的磁场是以直线为对称轴分布的，磁场的强弱与到直线的距离有关，水平向右运动时，磁场发生变化，磁通量发生变化，A正确．答案：A15．公共汽车进入转弯路口向右转弯时，车内乘客会()A．向前倾斜B．向后倾斜C．向左倾斜D．向右倾斜解析：当公共汽车进入转弯路口向右转弯时，车内乘客没有足够的向心力而产生离心现象，向左倾斜，C正确．答案：C16．用起重机将质量为m的物体向上匀速吊起一段距离，那么作用在物体上各力的做功情况是()A．重力做正功，拉力做负功，合力做功为零B．重力做负功，拉力做正功，合力做正功C ．重力做负功，拉力做正功，合力做功为零D ．重力不做功，拉力做正功，合力做正功解析：当物体向上匀速运动时，拉力做正功，重力做负功，合力不做功，C 正确．答案：C17．当汽车发动机的输出功率为30 kW 时，汽车在平直公路上以30 m/s 的速度匀速行驶，此时汽车牵引力是( )A ．1 000 NB ．1 500 NC ．2 000 ND ．3 000 N解析：由功率的计算公式P ＝Fv 得，F ＝P v ＝30×10330N ＝1 000 N ，A 正确．答案：A18．质量为1 kg 的物体从某一高度自由下落，则该物体下落5 m 内重力做功的平均功率是(取g ＝10 m/s 2)( )A ．25 WB ．50 WC ．75 WD ．100 W解析：由功率的定义式得P ＝W t ＝mgh t，而t ＝2h g＝1 s ，所以P ＝50 W ，B 正确．答案：B19. 下列说法正确的是( ) A ．高速运动的物体不容易停下来，所以物体运动速度越大，惯性越大B ．用一相同的水平推力分别推放在地面上的两个材料不同的物体，则难以推动的物体惯性大一些C ．行驶中的车厢突然刹车，乘客前倾，这是由于惯性引起的D ．物体不受外力作用时才有惯性解析：物体的惯性只决定于物体的质量，与其他因素无关，C 正确．答案：C20．2008 年 9 月 27 日 16 时 41 分 00 秒，我国航天员翟志刚打开“神舟七号”载人飞船轨道舱舱门，首度实施空间出舱活动，茫茫太空第一次留下中国人的足迹，如果轨道舱沿着半径为 r 的圆形轨道运行，万有引力常量为 G ，地球质量为 M ，则其运行线速度为( )A.GM rB.GM r 2C.GM r 3D.GM r解析：飞船受到的万有引力提供向心力，即G Mm r 2＝m v 2r ，可得v ＝GM R. 答案：D21．某同学沿400 m 的跑道跑步一圈后回到起点，此过程的路程和位移分别是( ) A ．400 m ，400 m B ．400 m ，0C ．0，400 mD ．0，0解析：位移是起点到终点的有向线段，路程是运动过程轨迹的长度，B 正确．答案：B22．关于匀速圆周运动，下列认识正确的是 ( )A ．匀速圆周运动是匀速运动B ．匀速圆周运动是匀变速运动C ．匀速圆周运动的线速度不变D ．匀速圆周运动的周期不变解析：匀速圆周运动是曲线运动，速度方向时刻变化，是变速运动，匀速圆周运动合力提供向心力，向心力的方向时刻变化，不是匀变速运动，但运动的周期不变．D正确．答案：D23. 在利用丝绸摩擦玻璃棒使玻璃棒带电的实验中，如果丝绸和玻璃棒原来均不带电，则通过摩擦后()A．丝绸的带电量等于玻璃棒的带电量B．丝绸的带电量大于玻璃棒的带电量C．丝绸的带电量小于玻璃棒的带电量D．无法确定解析：根据电荷守恒定律知，摩擦过程电荷总量保持不变，丝绸的带电量等于玻璃棒的带电量，只是正负电荷等量，A正确．答案：A24．当直导线通以垂直纸面向外的恒定电流时，小磁针静止时指向正确的是()解析：直线电流的磁场方向的判断符合右手螺旋定则，A正确．答案：A25．下列关于电磁领域重大技术发明的说法正确的是()A．发明电池的科学家是爱迪生B．发现电磁感应定律的科学家是法拉第C．发现电流的磁效应的科学家是安培D．发明电话的科学家是赫兹解析：伏打发明了电池，法拉第发现了电磁感应定律，奥斯特发现了电流的磁效应，贝尔发明了电话，爱迪生发明了电灯，B正确．答案：B26. 下列哪种设备实现了电能转换为机械能，从而极大地促进了社会生产力发展()A．发电机B．电动机C．电饭锅D．电磁炉解析：电动机实现了电能转化为机械能，B正确．答案：B27．两个大小材质完全相同的金属小球a、b，带电量分别为＋3q和－q，两小球接触后分开，小球带电量为()A．a为＋3q，b为－q B．a为－q，b为＋3qC．a为＋2q，b为－2q D．a为＋q，b为＋q解析：两球接触后总电量为Q＝＋3q－q＝＋2q，电量两球平均分配各得＋q，D正确．答案：D28．—台空调机的额定功率为1 kW，假设在额定功率下平均每天工作6小时(h)，30天的用电量是()A．18 kWh B．30 kWhC．60 kWh D．180 kWh解析：用电量即消耗的电能，E＝Pt＝1 kW×6 h×30＝180 kW·h，D正确．答案：D29.从安全用电的角度出发，下列做法存在安全隐患的有()A．用电器金属外壳应该有接地线B．不要在同一插座上同时使用几个大功率用电器C．要定期检查用电器插头，特别是大功率用电器插头D．洗衣机、洗碗机等易潮湿用电器不用接地线解析：用电器接地是为了使用电器出现漏电现象把电流导入大地，从而避免人体安全事故，D正确．30．关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的有：①磁极之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，是一种物质；②磁感线可以形象地表现磁场的强弱与方向；③磁感线就是细铁屑在磁铁周围排列出的曲线，没有细铁屑的地方就没有磁感线．() A．只有①②B．①②③C．只有②③D．只有①③解析：磁极之间靠磁场产生作用，它与电场一样是一种物质，可用磁感线描述磁场的强弱和方向，但磁感线是假想的线，A正确．答案：A二、单项选择题Ⅱ(本大题共20小题，每小题2分，共40分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求)31．下列电器中，应用了压力传感器的是()A．红外数字温度计B．天黑自动开启的路灯C．数字体重计D．白炽灯泡解析：数字体重计采用了压力传感器，当人静止站在体重计时人对体重计的压力等于其重力，C正确．32．发电机利用水力、风力等动力推动线圈在磁场中转动，将机械能转化为电能．这种转化利用了( )A ．电流的热效应B ．电磁感应原理C ．电流的磁效应D ．磁场对电流的作用原理解析：发电机利用水力、风力等动力推动线圈在磁场中转动，是利用电磁感应原理将机械能转化为电能．答案：B33．负点电荷周围的电场线如图所示，电场中有A 、B 两点，可以确定( )A ．A 、B 两点的电场强度大小相等B ．B 点的电场强度小于A 点的电场强度C ．B 点的电场强度大于A 点的电场强度D ．将同一点电荷分别放置于A 、B 两点，所受电场力大小相等解析：点电荷的电场强度E ＝k Q r 2，距离场源电荷越近电场越强，B 正确．答案：B34. 如图，桌面高为h ，质量为m 的小球从离桌面高H 处自由落下，不计空气阻力，假设桌面处的重力势能为零，则小球落到地面前瞬间的机械能为( )A ．mghB ．mg (H ＋h )C ．mgHD ．－mgh解析：物体在下落过程机械能守恒，当选桌面为重力势能零点时，小球初始机械能等于mgH ，落地时机械能仍为mgH ，C 正确．答案：C35．光滑水平面上，质量为4 kg 的物体，在大小为60 N 的水平拉力作用下运动，则物体的加速度大小是( )A ．5 m/s 2B ．10 m/s 2C ．15 m/s 2D ．25 m/s 2解析：根据牛顿第二定律得a ＝F m ＝604＝15 m /s 2，C 正确． 答案：C36. 关于运动和力的关系，下列说法中正确的是()A．物体受到的合外力越大，加速度越大B．物体受到的合外力越大，速度越大C．物体从静止开始在外力作用下做直线运动，当合外力逐渐减小时，速度也逐渐减小D．物体原来做匀变速直线运动，当合外力逐渐增大时，速度也一定逐渐增大解析：根据牛顿第二定律知，加速度与合外力具有同时性、同体性、同向性的关系，合外力增大时，加速度一定增大，A正确．答案：A37．用手握瓶子，瓶子静止在手中，下列说法正确的是()A．手对瓶子的压力恰好等于瓶子的重力B．手握得越紧，手对瓶子的摩擦力越大C．手对瓶子的摩擦力恰好等于瓶子的重力D．手对瓶子的摩擦力必须大于瓶子的重力解析：瓶子静止在手中，则瓶子受的摩擦力与重力是一对平衡力，总是大小相等方向相反，C正确．答案：C38．如图所示，当重物静止时，节点O受三段绳的拉力，其中AO沿水平方向，关于三段绳中承受拉力的情况，下列说法中正确的是()A．AO承受的拉力最大B．BO承受的拉力最大C．CO承受的拉力最大D．三段绳承受的拉力一样大解析：节点O处于平衡状态，所受的合力为零，由平行四边形定则可知，OB与由AO和CO为邻边作的平行四边形的对角线等大反向，B正确．答案：B39. “互成角度的两个共点力的合成”的实验中，下列做法中不正确的是()A．使用弹簧秤前，应检查弹簧秤在没有受力时，指针是否指在零刻度处B．实验时，方木板应严格竖直放置C．在使用弹簧秤时，要使它的弹簧与木板平面平行D．用一只弹簧秤测合力时，应把橡皮条的结点拉到用两只弹簧秤测分力时的同一位置上解析：在使用弹簧秤时，要使它的弹簧与木板平面平行，但不要求方木板竖直放置，B选项符合．答案：B40.皮带传动装置如图所示，两轮的半径不相等，传动过程中皮带不打滑．关于两轮边缘上的点，下列说法正确的是()A．周期相同B．角速度相等C．线速度大小相等D．向心加速度相等解析：皮带不打滑时，皮带上各点的线速度相等，同轴转动时，角速度相等，C正确．答案：C41 .如图所示，将滑块置于固定的粗糙斜面上，释放后沿斜面加速下滑，在下滑过程中()A．重力对滑块做负功B．摩擦力对滑块做负功C．合外力对滑块不做功D．斜面对滑块的支持力做正功解析：滑块沿斜面加速下滑，合力做正功，重力做正功，摩擦力做负功，B正确．答案：B42．关于重力做功，下列说法不正确的是()A．重力做正功，物体的重力势能一定减小B．重力做负功，重力势能一定增加C．重力做负功，可以说成物体克服重力做功D．重力做正功，物体的动能一定增加解析：重力做功总是等于重力势能的变化，重力做正功，重力势减小，重力做负功，重力势能增加，D符合题意．答案：D43．电磁打点计时器和电火花打点计时器的电源频率相同，工作时，下列说法中正确的是()A．他们打点周期相同B．都使用6～10 V的低压直流电源C．都使用6～10 V的低压交流电源D．都使用220 V的高压交流电源解析：周期与频率成反比，故它们的周期相同，电火花式打点计时器用220 V交流电，电磁式打点计时器用6～10 V的低压交流电源，A正确．答案：A44．某同学设计的“验证机械能守恒定律”实验，操作步骤有：①将打点计时器固定在铁架台上；②松开纸带，重物自由下落；③更换纸带，重复实验几次；④接通电源，打点计时器开始工作；⑤将连接重物的纸带穿过打点计时器．实验操作顺序正确的是() A．①②③④⑤B．⑤④①③②C．①⑤④②③D．④⑤①②③解析：实验过程应按①、⑤、④、②、③的顺序进行，C正确．答案：C45．如图所示，物体放在水平圆盘上，随圆盘一起绕竖直中心轴匀速转动，物块受到的作用力有()A．重力、支持力B．重力、支持力、向心力C．重力、支持力、静摩擦力D．重力、静摩擦力解析：重物随转盘匀速转动，重力与支持力平衡，静摩擦力提供向心力，C正确．答案：C46．如图所示，小明分别沿甲、乙两个光滑滑梯从同一高度由静止下滑到底端，在此过程中()A．重力做功不同B．机械能不守恒C．动能的增加量不同D．重力势能减少量相同解析：重力做功只决定过程的始末位置的高度差，故甲、乙两过程重力做功相同，机械能都守恒，重力势能的减小量等于动能的增加量，D正确．答案：D47．竖直向上抛出一个物体，由于受到空气阻力作用，物体落回抛出点的速率小于抛出时的速率，则在这过程中()A．物体的机械能守恒B．物体上升时机械能减小，下降时机械能增大C．物体上升时机械能增大，下降时机械能减小D．物体上升时机械能减小，下降时机械能减小解析：空气阻力始终做负功，机械能一直在减小，D正确．答案：D48．如图所示，某人用一水平力F＝120 N的拉力拖着一质量为m＝10 kg的物体在水平地面上做a＝10 m/s2的匀加速直线运动，则由牛顿第二定律可知物体与地面之间的动摩擦因数为()A．0.1 B．0.02C．0.2 D．0.22解析：由牛顿定律得F－μmg＝ma，μ＝F－mamg＝0.2，C正确．答案：C49．下列关于摩擦力的说法，正确的是()A．滑动摩擦力跟物体的重力成正比B．摩擦力总是和物体的运动方向相反C．滑动摩擦力总是阻碍着物体间的相对运动D．摩擦力不可能成为动力解析：滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动，与正压力成正比，C正确．答案：C50．地面上发射人造卫星，不同发射速度会产生不同的结果，下列说法中正确的是()A．要使卫星绕地球运动，发射速度至少要达到11.2 km/sB．要使卫星飞出太阳系，发射速度至少要达到16.7 km/sC．发射速度介于7.9 km/s和11.2 km/s之间，卫星能绕太阳运动D．发射速度小于7.9 km/s，卫星能在地面附近绕地球做匀速圆周运动解析：发射地球的人造卫星至少要达到第一宇宙速度7.9 km/s，当发射速度大于11.2 km/s时可绕太阳运动，当发射速度达到16.7 km/s时可飞出太阳系，B正确．答案：B三、多项选择题(本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题列出的四个选项中，至少有2个选项是符合题目要求的，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选不得分)51. 带电粒子在磁场中发生偏转的物理原理可运用于各种科学实验和电器中．下面利用了此物理原理的装置有()A．磁流体发电机B．电子显像管C．回旋加速器D．洗衣机解析：运动电荷在磁场中受洛伦兹力的作用而发生偏转，其中A、B、C三种情况都运用了该原理，洗衣机应用了电动机，A、B、C正确．答案：ABC52．下图是某质点运动的速度与时间的关系图象．下列表述正确的有()A．0～t1质点做加速运动B．t1～t2质点是静止的C．t1～t2质点做匀速运动D．0～t1质点的加速度比t2～t3的加速度大解析：0～t1过程质点做匀加速运动，t1～t2过程质点做匀速运动，t2～t3过程质点做匀减速运动，0～t1段的斜率比t2～t3的斜率大，加速度也大，A、C、D正确．答案：ACD53．如图所示是某一质点做直线运动的图象，下列说法正确的是()A．若纵轴表示位移，横轴表示时间，则质点做匀速运动B．若纵轴表示速度，横轴表示时间，则质点做匀速运动C．若纵轴表示速度，横轴表示时间，则质点做初速度为零的匀加速运动D．若纵轴表示位移，横轴表示时间，则质点做初速度为零的匀加速运动解析：若是位移－时间图象为倾斜直线，则物体做匀速运动，A 正确；如果是速度－时间图象为倾斜直线，则物体做匀加速运动，C 正确．答案：AC54．测匀变速直线运动加速度的实验中，接通电源与让纸带随物体开始运动，这两个操作的时间关系不正确是()A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先释放纸带或先接通电源都可以解析：正确的做法是先接通电源，后释放纸带，所以B、C、D 都不正确．答案：BCD55．电磁感应现象揭示了电与磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备．以下电器中，哪些利用了电磁感应原理() A．变压器B．白炽灯泡C．电磁灶D．电吹风解析：变压器和电磁灶都是利用了电磁感应原理工作．答案：AC56．以下家庭用电方法正确的是()A．购买空调、微波炉等电器之前，先考虑家庭电能表和低压线路的承受能力B．使用电器之前，先看说明书，了解注意事项和正确的使用方法C．在同一插座上接多个家用电器前，先考虑用电器总功率在插座限定的范围之内D．家用电器或电线因短路着火时，尽快找水救火解析：家用电器或电线因短路着火时，不能用水救火，因为水是导体，D错误．答案：ABC57．关于惯性，下列表述正确的有()A．物体的速度越大，惯性越大B．物体的质量越大，惯性越大C．静止的物体也有惯性D．惯性是物体的固有属性解析：惯性是物体的固有属性，仅决定于物体的质量，B、C、D对．答案：BCD58．关于发电机和电动机下列说法中正确的是()A．发电机和电动机的作用是相同的，都可以把其他形式的能转化成电能B．发电机可以把其他形式的能转化成电能，电动机可以把电能转化成机械能C．发电机和电动机统称为电机D．通过电机可以实现电能与其他形式的能源相互转换解析：发电机和电动机统称为电机，发电机是把机械能转化为电能的机器，电动机是把电能转化为机械能的机器，所以通过电机可以实现电能与其他形式的能源相互转换，B、C、D正确．答案：BCD59．对于正在正常工作的理想变压器，原线圈与副线圈相比较，一定相同的物理量是()A．电流B．电压C．频率D．功率解析：理想变压器可以改变交流电的电压和电流，但不改变交流电的频率及功率，C、D正确．答案：CD60. 如图所示，工地上常用的塔吊起吊重物时，塔吊的水平横臂保持静止，悬挂重物的小车沿水平横臂匀速运动，同时使吊钩下的重物匀速上升．关于重物的运动，下列判断正确的有()A．做曲线运动B．做直线运动C．速度大小不变，方向改变D．速度大小和方向都不变解析：重物在竖直方向和水平方向都做匀速运动，说明它所受合外力为零，一定做匀速直线运动，B、D正确．答案：BD。

2015年湖南省郴州市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.伽利略把斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律和行星运动的规律B.牛顿通过实验测出了引力常量并进行了著名的“月-地检验”C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因并提出了惯性定律D.安培提出了分子电流假说，并在磁场与电流的相互作用方面做出了杰出的贡献【答案】D【解析】解：A、伽利略把斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律，但没有发现行星运动的规律，开普勒发现了行星运动的规律，故A错误．B、卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，牛顿进行了著名的“月-地检验”，故B错误．C、伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、安培提出了分子电流假说，研究磁场与电流的相互作用，故D正确．故选：D．根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注意积累．2.如图示是一对等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷P、Q连线长度为r，M点、N点到两点电荷P、Q的距离都为r，S点到点电荷Q的距离也为r，由此可知（）A.M点的电场强度为2kB.M、N、S三点的电势可能相等C.把同一试探电荷放在M点，其所受电场力等于放在S点所受的电场力D.沿图中虚线，将一试探电荷从N点移到M点，电场力一定不做功【答案】D【解析】解：A、两点电荷P、Q在M点产生的场强大小均为E=k，夹角为120°，由平行四边形定则分析得知M点的场强大小为k，故A错误．B、等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，M、N的电势相等，且与无穷远处电势相等．根据顺着电场线方向电势降低，可知S点的电势高于无穷远处电势，所以M、N的电势低于S点的电势，故B错误．C、S点的场强大小为k-k=•k，则知M点的场强大于S点的场强，由F=E q知同一试探电荷放在M点所受电场力大于放在S点所受的电场力，故C错误．D、图中虚线是一条等势线，将一试探电荷从N点移到M点，电场力一定不做功，故D 正确．故选：D．等量异种点电荷连线的中垂线上的场强是P、Q两电荷在中垂线上产生场强的合场强．根据平行四边形定则分析出M点的场强大小．根据顺着电场线方向电势降低，分析电势关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．3.有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，设地球自转周期为24h，所有卫星均视为匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则有（）A.a的向心加速度等于重力加速度g B.b在相同时间内转过的弧长最长C.c在4h内转过的圆心角是D.d的运动周期有可能是23h【答案】B【解析】解：A、同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=ω2r知，c的向心加速度大．由=mg，得g=，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g．故A错误；B、由，得v=，卫星的半径越大，线速度越小，所以b的线速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；C、c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是π．故C错误；D、由开普勒第三定律=k知，卫星的半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期24h．故D错误；故选：B．同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据a=ω2r比较a与c的向心加速度大小，再比较c的向心加速度与g的大小．根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速度与半径的关系，分析弧长关系．根据开普勒第三定律判断d与c的周期关系．对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点．4.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来．假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C时，金属小球恰能静止于Q点，CQ连线与竖直方向的夹角θ=30°，小球偏离竖直方向的夹角也是30°，如图所示．已知小球的质量为m，悬挂小球的细线长L，该同学（含磁铁）的质量为M，则（）A.图示位置悬挂小球的细线的拉力大小为mgB.图示位置该同学受到地面的支持力为M gC.图示位置该同学受到地面的摩擦力为mgD.小球从最低点位置缓慢上升到图示位置的过程中，磁力对小球不做功【答案】C【解析】解：A、对小球受力分析：重力、细线的拉力和磁铁的引力．设细线的拉力和磁铁的引力分别为F1和F2．根据平衡条件得：水平方向：F1sin30°=F2sin30°竖直方向：F1cos30°+F2cos30°=mg解得：F1=F2=mg，故A错误；B、以人为研究对象，分析受力情况：重力M g、地面的支持力N、静摩擦力f和小球的引力F2′，F2′=F2=mg．根据平衡条件得：f=F2′sin30°N=F2′cos30°+M g解得：N=M g+f=mg，故B错误，C正确；D、小球从最低点位置缓慢上升到图示位置的过程中，磁力对小球做正功，故D错误．故选：C（1）小球处于静止状态，合外力为零，分析小球的受力情况，根据平衡条件求解悬挂小球的细线的拉力大小；（2）对人研究，分析受力情况，由平衡条件求解地面的支持力和摩擦力大小．本题分析受力情况是解题的关键，再根据平衡条件进行求解，难度不大，属于基础题．5.如图甲，矩形导线框abcd放在匀强磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图乙所示，t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里．若规定导线框中感应电流逆时针方向为正，则在0～4s时间内，线框中的感应电流I，以及线框的ab边所受安培力F随时间变化的图象为下图中的（安培力取向上为正方向）（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、由图可知，0-2s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-2s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为负方向；同理可知，2-4s内电路中的电流为逆时针，且两段时间内电流强度大小时等，故A，B 错误；C、由E==S可知，电路中电流大小时恒定不变，故由F=BIL可知，F与B成正比；且b中电流一直为由a至b，则由左手定律可知，电流方向0时刻为向上，为正，故C 正确，D错误；故选C．由右图可知B的变化，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的变化情况；由F=BIL可知安培力的变化情况．本题要求学生能正确理解B-t图的含义，才能准确的利用楞次定律、左手定律等进行判定；解题时要特别注意，0-2s，2-4s，虽然磁场的方向发生了变化，但因其变化为连续的，故产生的电流一定是相同的．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯（不计灯丝电阻的变化），灯上均标有（36V，6W）字样，此时L1恰正常发光，图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为0.5A，下列说法正确的是（）A.原、副线圈匝数之比为3：1B.变压器的输入功率为12WC.电压表的读数为18VD.若L3突然断路，则L1变暗，L2变亮，输入功率减小【答案】CD【解析】解：A、L1恰正常发光，其电流为I=A，灯泡的电阻R==216Ω，电压表示数为0.5IR=18V，根据输入功率等于输出功率知=9W，解得：U1=18V，原、副线圈匝数之比为18：54=1：3，AB错误，C正确D、若L3突然断路，电阻增大，电流减小，则L1变暗，分压减小，L2分压增大变亮，输入功率P=UI减小，D正确故选：CD根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．7.如图，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F将小球向下压至某位置静止．现撤去F，使小球沿竖直方向运动，在小球由静止到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W1和W2，小球离开弹簧时的速度为v，不计空气阻力，则上述过程中（）A.小球的重力势能增加-W1B.小球的电势能减少W2C.小球的机械能增加W1+mv2D.小球与弹簧组成的系统机械能守恒【答案】AB【解析】解：A、重力对小球做功为W1，重力势能增加-W1．故A正确．B、电场力做了W2的正功，则电势能减小W2．故B正确．C、根据动能定理得，，因为除重力以外其它力做功等于小球机弹械能的增量，则机械能的增量为．故C错误．弹D、对小球和弹簧组成的系统，由于有电场力做功，则系统机械能不守恒．故D错误．故选：AB．根据重力做功判断重力势能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化，根据除重力以外其它力做功判断机械能的变化．根据机械能守恒的条件判断系统机械能守恒．解决本题的关键掌握功能关系，知道重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量，除重力以外其它力做功等于机械能的增量．8.如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知线框电阻为R，横边边长为L，水平方向匀强磁场的磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、线框竖直边长均为h．初始时刻，磁场的下边缘和线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，线框穿出磁场前，若线框已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计．则下列说法中正确的是（）A.线框进入磁场时的速度为B.线框穿出磁场时的速度为C.线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh- D.线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则加速度为a=g-【答案】ACD【解析】解：A、线框进入磁场前，根据重物与线框组成的系统机械能守恒得：（3mg-mg）•2h=（3m+m）v2；解得线框进入磁场时的速度为：v=．故A正确．B、线框在磁场中匀速运动时，根据平衡条件得：3mg-mg=F安，而F安=，联立解得线框进入磁场时的速度为：v=．线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动，所以线框穿出磁场时的速度为v=．故B错误．C、设线框通过磁场的过程中产生的热量为Q．对从静止到刚通过磁场的过程，根据能量守恒得：Q=（3mg-mg）•4h-将v=代入得：Q=8mgh-，故C正确．D、线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，对整体，根据牛顿第二定律得：3mg-mg-=（3m+m）a解得：a=g-．故D正确．故选：ACD．线框进入磁场前，根据重物与线框组成的机械能守恒求解线框进入磁场时的速度；推导出安培力表达式，由平衡条件也可求得线框穿出磁场时的速度；线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动；根据能量守恒定律求解产生的热量Q；若某一时刻的速度为v，推导出安培力，运用牛顿第二定律列式求解加速度．本题力学知识与电磁感应的综合，要认真审题，明确物体运动的过程，正确分析受力及各力的做功情况，要熟练推导或记住安培力的表达式F安=．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列说法正确的是（）A.可以将工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用B.温度升高，说明物体中所有分子的动能都增大C.气体对容器壁有压强是因为气体分子对容器壁频繁碰撞的结果D.分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小E.在一个绝热容器内，不停地搅拌液体，可使液体的温度升高【答案】CDE【解析】解：A、工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用，这个过程违反热力学第二定律，故A错误；B、温度升高，物体中分子平均动能增大，大多数分子的动能增大，具体到某个分子的动能变化不能确定，B错误；C、气体对容器壁的压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果，C正确；D、分子间作用力（引力和斥力）随分子间距离增大而减小，D正确；E、搅拌液体外界对液体做功，而此过程又是绝热，液体与外界无热量交换，据热力学第一定律可知能使液体，故温度升高，E正确．故选：CDE明确热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志；气体压强的微观意义：气体的压强是由大量气体分子对容器壁的频繁碰撞产生的；分子间同时存在引力和斥力，随着分子距离的增加，引力和斥力同时减小；本题考查热力学多个知识点，重点要理解并掌握布朗运动的实质和意义，知道温度的微观意义和热力学第二定律等等基础知识．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.一列简谐横波从左向右以v=2m/s的速度传播，某时刻的波形图如图所示，下列说法正确的是（）A.A质点再经过一个周期将传播到D点B.B点正在向上运动C.B点再经过T回到平衡位置D.该波的周期T=0.05sE.C点再经过T将到达波峰的位置【答案】BDE【解析】解：A、质点不随波传播，A错；B、由波向右传播可知B点向上振动，B对；C、B点向上振动靠近平衡位置平均速度大，所用时间小于八分之一周期，C错；D、由T=可知周期为0.05秒，D对；E、C点向下运动，所以经过四分之三周期到波峰，E对．故选：BDE质点不随波传播，波传播的是能量和振动的方式．根据横波的图象得出机械波的振幅，波长．根据波长和波速求出周期，抓住质点在一个周期内路程等于4倍的振幅得出质点在10s内通过的路程．此题考查读图的能力，能由波动图象可以直接读出振幅、波长、加速度和回复力的方向及大小的变化，若知道波的传播方向，还判断出质点的振动方向，考查理解波动图象的能力．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法正确的是（）A.卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型B.结合能越大，原子核结构一定越稳定C.如果使用某种频率的光不能使某金属发生光电效应，则需增大入射光的光照强度才行D.发生β衰变时，元素原子核的质量数不变，电荷数增加1E.在相同速率情况下，利用质子流比利用电子流制造的显微镜将有更高的分辨率【答案】ADE【解析】解：A、卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，建立了原子的核式结构模型；故A正确．B、比结合能越大，原子核结构一定越稳定，故B错误；C、不能使某金属发生光电效应，是因入射光的频率小于极限频率，与入射光的光照强度无关，故C错误；D、β衰变时，元素原子核的质量数不变，电荷数增加1，故D正确；E、相同速率情况下，质子流的动量大于电子流，根据，可知质子流的波长比利用电子流小，衍射现象不明显，则有更高的分辨率，故E正确；故选：ADE．本题关键要知道：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，建立了原子的核式结构模型；比结合能越大，原子越稳定；当入射光的频率大于极限频率时，才能发生光电效应；β衰变时，质量数不变，电荷数增加1；相同速率情况下，质量越大的，动量越大，则波长越小，衍射现象不明显，则分辨率高．本题是原子物理部分的内容，卢瑟福的原子的核式结构模型、光电效应发生条件等等都是考试的热点，要加强记忆，牢固掌握，注意理解分分辨率高低与衍射能力大小关系．三、实验题探究题(本大题共1小题，共6.0分)9.在“探究功与速度变化的关系”实验中，设计了如图1所示的实验方案：使小车在橡皮筋的作用下被弹出，第二次、第三次…操作时分别改用2根、3根…同样的橡皮筋将小车弹出．测出小车被弹出后的速度，然后找到牵引力对小车做的功与小车速度的关系．（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和______ 电源；（填“交流”或“直流”）（2）在正确操作情况下，打在纸带上的点并不是均匀的（如图2所示），为了测量小车获得的速度，应选用纸带的______ （选填“AE”或“FK”）部分进行测量．（3）能够实现橡皮筋对小车做功整数倍变化的是______A．增加相同橡皮筋的条数，使小车每次从同一位置释放B．橡皮筋两端固定，使橡皮筋的伸长量依次加倍C．橡皮筋两端固定，使橡皮筋的长度依次加倍D．释放小车的位置等间距的变化．【答案】交流；FK；A【解析】解：（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和交流电源；（2）应测出橡皮筋做功完毕时小车的速度，此时小车做匀速直线运动，在相等时间内的位移相等，为了测量小车获得的速度，由图示所示纸带可知，应选用纸带的FK部分进行测量．（3）实验时，选择相同的橡皮筋，使橡皮筋的形变量相同，通过改变橡皮筋的条数改变橡皮筋对小车所做的功，故选A；故答案为：（1）交流；（2）FK；（3）A．（1）打点计时器需要使用交流电源．（2）橡皮筋做功完毕，小车做匀速直线运动，使用需要测出橡皮筋做功完毕时的速度．（3）根据实验原理分析答题．本题考查了实验器材、实验数据处理、实验方法，知道实验原理、实验注意事项，分析清楚题意即可正确解题．四、计算题(本大题共3小题，共41.0分)10.图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场．现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向．所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关．此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线．（1）在图中画线连接成实验电路图．（2）完成下列主要实验步骤中的填空①按图接线．②保持开关S断开，在托盘内加人适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1，③闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加人适量细沙，使D ______ ；然后读出______ ，并用天平称______④用米尺测量______（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感砬强度的大小，可以得出B= ______ （4）判定磁感应强度方向的方法是：若______ （填两次实验细沙质量关系），磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．【答案】重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；此时细沙的质量m2；D的底边长度l；；m2＞m1【解析】解：（1）如图所示（2）③重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；此时细沙的质量m2；④D的底边长度l（3）根据平衡条件，有|m2-m1|g=BIL解得（4）m2＞m1．故答案为：（1）如图所示；（2）③重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；此时细沙的质量m2；④D的底边长度l；（3）；（4）m2＞m1（1）用滑动变阻器的限流式接法即可；（2）③金属框平衡时测量才有意义，读出电阻箱电阻并用天平称量细沙质量；④安培力与电流长度有关，安培力合力等于金属框架下边受的安培力；（3）根据平衡条件分两次列式即可求解；（4）根据左手定则判断即可．本题关键是对D型线框受力分析，根据平衡条件求磁感应强度，不难11.某物体A静止于水平地面上，它与地面间的动摩擦因数u=0.2，若给物体A一个水平向右的初速度v0=l0m/s，g=l0m/s2．求：（1）物体A向右滑行的最大距离：（2）若物体A右方x0=12m处有一辆汽车B，在物体A获得初速度v0的同时，汽车B 从静止开始以a=2m/s2的加速度向右运动，通过计算说明物体A能否撞上汽车B？【答案】解：（1）由牛顿第二定律得μmg=ma0解得a0=2m/s2根据v2-v02=-2a0x代入数据解得x=25m（2）假设二者不相撞，设经过时间t二者有共同速度v则对物体A v=v0-a0t对汽车B v=at代入数据解得v=5m/st=2.5s该过程中物体A的位移x A=t=m=18.75m该过程中汽车B的位移x B=t=m=6.25m因为x A＞x B+x0故物体A能击中汽车B答：（1）物体A向右滑行的最大距离为25m．（2）物体A能击中汽车B．【解析】根据牛顿第二定律求出物体A的加速度，结合速度位移公式求出物体A向右滑行的最大距离．求出两者速度相同的时间，求出该过程中A、B的位移，结合位移关系判断是否相撞．本题考查了运动学中的追及问题，知道速度大者减速追及速度小者，之间的距离逐渐减小，判断是否相撞，即判断速度相等时是否相撞．12.如图（甲）所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点（3L，0）为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30°．此时在圆形区域加如图（乙）所示周期性变化的磁场，以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子运动一段时间后从N飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同（与x轴夹角也为30°）．求：（1）电子进入圆形磁场区域时的速度大小；（2）0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小；（3）写出圆形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式．【答案】解：（1）电子在电场中作类平抛运动，射出电场时，如图1所示．由速度关系：°解得（2）由速度关系得°在竖直方向解得（3）在磁场变化的半个周期内粒子的偏转角为60°，根据几何知识，在磁场变化的半个周期内，粒子在x轴方向上的位移恰好等于R．粒子到达N点而且速度符合要求的空间条件是：2n R=2L电子在磁场作圆周运动的轨道半径解得（n=1、2、3…）若粒子在磁场变化的半个周期恰好转过圆周，同时MN间运动时间是磁场变化周期的整数倍时，可使粒子到达N点并且速度满足题设要求．应满足的时间条件：而T的表达式得：T=（n=1、2、3…）答：（1）电子进入圆形磁场区域时的速度大小为解得；（2）0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小；（3）圆形磁场区域磁感应强度B0的大小表达式为（n=1、2、3…）磁场变化周期T各应满足的表达式为T=（n=1、2、3…）．【解析】电子在电场中只受电场力，做类平抛运动．将速度分解，可求出电子进入圆形磁场区域时的速度大小．根据牛顿定律求出场强E的大小．电子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动．分析电子进入磁场的速度方向与进入磁场时的速度方向相同条件，根据圆的对称性，由几何知识得到半径，周期T各应满足的表达式．本题带电粒子在组合场中运动，分别采用不同的方法：电场中运用运动的合成和分解，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹．所加磁场周期性变化时，要研究规律，得到通项．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，一圆柱形绝热气缸竖竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m，活塞的横截面积为S，初始时，气体的温度为T0，活塞与容器底部相距h，现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热Q时活塞下降h，已知大气压强为P0，重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦．求此时气体的温度和加热过程中气体内能的增加量．。

1、如图甲所示，万能角度尺是利用游标读数原理来直接测量工件角度或进行划线的一种角度量具。

它有一个可转动的圆盘（即主尺），在圆盘的边缘标有表示圆心角的刻度，在圆盘的外侧有一个固定不动的圆弧状的游标尺。

如图乙所示，主尺上29︒对应的弧长与游标尺上30格对应的弧长相等。

图乙中万能角度尺所测量的角度为___________。

[answer]4630︒'[ex]【命题立意】本题考查游标卡尺的读数原理。

【解题思路】其读数方法与游标卡尺完全相同，先从尺身上读出游标零刻度线指示的整度数，即“度”的数值；然后看游标上的第几条刻度线与尺身上的刻度线对齐，就能确定“分”的数值。

被测角度数值为“度”的数值与“分”的数值相加。

即462154630＋＝︒'⨯︒'.答案为4630︒'。

2、如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为20Ω的电阻，测量步骤如下：(1)调节__________，使电表指针对准__________的“0”刻线(选填“电阻”或“电流”)；(2)将选择开关旋转到“Ω”挡的__________位置(选填“1⨯”“10⨯”或“1k⨯”)；⨯”“100(3)将红、黑表笔分别插入“＋”“－”插孔，并将两表笔短接，调节__________,使电表指针对准__________(选填“电阻”或“电流”)的“0”刻线；(4)将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为__________Ω。

此时__________表笔电势高选填（“红”、“黑”）；(5)测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置。

[answer]（1）定位螺丝，电流；（2）1⨯；（3）调零旋钮，电阻；（4）22.0，黑。

[ex]【命题立意】本题考查多用电表中欧姆表的使用方法。

【解题思路】（1）使用欧姆表前先进行机械调零，欧姆表是由电流计改装所以调零时若要对准“电阻”则需对准“∞”刻度线；（2）、（3）根据所测电阻选择合适的量程，选完量程后进行欧姆调零，进行短接后调节调零旋钮，短接时待测电阻为零，故使电表指针对准电阻的“0”刻线；（4）、（5）根据表格的分度值读数，读数后估读至最小刻度的后一位，电流方向为红表笔流入，黑表笔流出，所以黑表笔接欧姆表内部电源的正极，电势高。

2015年普通高中学业水平考试模拟考试试卷物 理时量90分钟，满分100分。

一、选择题(本大题为必考题，每个试题考生都必须作答。

本大题包括16小题，每小题3分，共48分。

每小题只有一个选项符合题意)1．物体做匀速直线运动中，下列物理量肯定．．变化的是 A ．速度 B ．加速度 C ．位移 D ．物体的质量2．诺贝尔物理学奖获得者费恩曼曾说：“有某一个量，在自然界经历的多种多样的变化中它不变化。

”这个物理量是指A ．速度B ．力C ．机械能D ．能量 3．下列说法中表示的时间是1s 的是A ．第3s 内B ．第3s 末C ．前3s 内D ．第2s 初到第3s 末 4．如图所示，轻弹簧上端固定在天花板上，下端悬挂木块A ，A 处于静止状态，测得此时弹簧的伸长量为x （弹簧的形变在弹性限度内）。

已知木块A 所受重力为G ，则此弹簧的劲度系数为A ．x G B ．Gx C ．xG D ．Gx 15．关于物体的惯性，下列说法中正确的是A ．汽车运动的速度越大越不容易停下来，是因为汽车运动的速度越大惯性越大B ．小球由于重力的作用而自由下落时，它的惯性就不存在了C ．小球被竖直向上抛出后继续上升，是因为小球受到一个向上的惯性D ．物体惯性的大小仅与物体的质量有关，质量大的惯性大 6．自由落体运动的v －t 图象应是下图中的 7．如图所示，用细绳悬挂的小球AA ．球的重力与球对绳的拉力B ．球的重力与绳对球的拉力C ．绳对球的拉力与球对绳的拉力D ．绳对球的拉力与绳对天花板的拉力 8．以10m/s 的初速度从距水平地面20m 10m/s 2，则石子抛出点到落地点位移的大小为A ．20mB ．30mC ．202mD ．302m9．有两颗人造地球卫星A 、B ，它们的轨道半径的关系是r A =2r B ，则它们做匀速圆周运动的线速度之比BAv v 等于A B C DA ．21 B ．12 C ．21 D ．12 10．如图所示，一物体沿竖直墙壁下落，这时它的受力情况为（忽略空气阻力） A ．只受重力 B ．受到重力和摩擦力 C ．受到重力、摩擦力和弹力 D ．受到重力和弹力11．在运动会铅球比赛中，运动员将铅球向斜上方抛出，不计空气阻力，在铅球的飞行过程中，下列说法正确的是A ．铅球的动能不断增大B ．铅球的重力势能不断减小C ．铅球的机械能先减小后增大D ．铅球的机械能守恒12．如图，水平地面上沿竖直方向固定一轻质弹簧，质量为m 的球由弹簧正上方离弹簧上端高H 处自由下落，刚接触到弹簧时的速度为v ，在弹性限度内弹簧的最大压缩量为h ，若设球在最低处的重力势能为零，那么弹簧被压缩了h 时的弹性势能为A ．mgHB ．mghC ．mgh +21mv 2 D ．mgH +21mv 2 13．下面每组中的二个力的合力有可能为10N 的是A ．1N ，8NB ．7N ，31NC ．10N ，15ND ．4N ，15N14．通过高中物理的学习，我们了解到了用实验来研究物体运动，以下那种设备不可求出直线运动的平均速度：A.打点计时器和纸带B.多用表C.光电门和数字计时器D.传感器设备15．2008年1月，我国南方部分地区遭遇了严重冰雪灾害天气。

2015年湖南省普通高中学业水平考试模拟试卷物 理时量90分钟，满分100分。

一、选择题（本大题为必考题，每个试题考生都必须作答。

本大题包括16小题，每小题3分，共48分。

每小题只有一个选项符合题意）1．可以用来测量力的大小的器材是A ．秒表B ．刻度尺C ．天平D ．测力计2．最先得出“物体的运动不需要力来维持”的学者是A ．亚里士多德B ．伽利略C ．牛顿D ．爱因斯坦3．两个人分别用水平力推放在水平码头上的集装箱，想让它动一下，但都推不动，其原因是A ．加速度太小，眼睛不易觉察到B ．推力总小于摩擦力C ．集装箱所受合力始终等于推力D ．推力总小于或等于最大静摩擦力4．在下列运动中，物体的加速度一定发生变化的是A ．匀变速直线运动B ．自由落体运动C ．平抛运动D ．匀速圆周运动5．如图所示是P 、Q 两质点运动的v －t 图线，由图线可以判定A ．两质点的运动方向相反B ．两质点的运动的加速度方向相反C ．在t 1时刻，P 质点的速度大于Q 质点的速度D ．在0～t 1时间内，P 质点的位移小于Q 质点的位移6．下面说法正确的是A ．力是使物体惯性改变的原因B ．火车速度小时惯性小，速度大时惯性大C ．乒乓球能快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小D ．宇宙飞船内的物体不存在惯性7．1971年7月26号发射的阿波罗－15号飞船首次把一辆月球车送上月球，美国宇航员斯科特驾驶月球车行驶了28km ，并做了一个落体实验：在月球上的同一高度同时释放羽毛和小铁锤，出现的现象是（月球上是真空）A ．羽毛先落地，铁锤后落地B ．铁锤先落地，羽毛后落地C ．铁锤和羽毛同时落地D ．不能确定8．2014年7月20日是人类首次登陆月球45周年纪念日，美国宇航局表示未来15年人类将登陆火星。

如果火星探测器环绕火星表面附近做匀速圆周运动，并测得该运动的周期为T ，便可求出火星的平均密度，该密度ρ的表达式为（k 为某个常数）A ．kT =ρB ．2kT =ρC ．T k =ρD ．2Tk=ρ 9．一质量为m 的人站在电梯中，电梯减速下降，加速度大小为g 31（g 为重力加速度）。

原创★绝密2015年湖南省高中学业水平测试（4-4）物理科 试题命题：tangzhixin 考试范围：高一、高二所学内容本试题卷分选择题和计算题两部分，共6页。

时量90分钟，满分100分。

一、单项选择题（共30小题，每小题2分，共60分）1．下面哪一组单位属于国际单位制中的基本单位A ．N 、Kg 、mB ．m 、Kg 、AC ．Kg 、J 、sD ．m/s 2、Kg 、J 2．以下的计时数据指时刻的是A ．同步卫星绕地球的周期是24小时B ．火车通过铁桥的时间是20sC ．中央电视台新闻联播的时间是30分钟D ．每天上午12：00放学 3．以下关于质点和参考系的说法正确的是A ．只有体积很小和质量很小的物体才能被看成质点.B ．研究在平直公路上的汽车的行驶速度时，可以将汽车看成质点.C ．参考系是在描述物体运动时，用来做参考的物体,必须选静止的物体.D ．参考系可以任意选择，并且选择不同的物体做参考系来描述同一个物体的运动时，结果是相同的.4．下列关于物体的运动，其不可能的是 A ．物体运动的加速度等于零，而速度却不等于零B ．两物体相比，一个物体的速度变化率比较大，而加速度却比较小C ．物体具有向东的加速度，而速度方向却向西D ．物体做直线运动，后一阶段的加速度比前一阶段的小，但速度却比前一阶段大 5．如图，两物体A 和B 通过定滑轮的细绳连接，它们都处于静止状态，对于物体A 的受力，下列说法正确的是 A ．受重力、绳子拉力、摩擦力作用B ．受重力、绳子拉力、水平面给它的弹力和摩擦力作用C ．受重力、绳子拉力、水平面给它的弹力作用6．小华从家里开始以一定的速度沿平直小路去同学家送一本书，停留一会儿，又以相同的速率沿原路返回家里，如下图所示的位移—时间图像、速度—时间图像中哪些可以描述小华的运动情况 学校 班级 姓名 考号----------------------------------------密-------------------------------封------------------------------线------------------------------------------AB7．一个物体从离地高h处自由落下，经过时间t落地，则它下落t /3时间时，离地面的高度为A．h/3 B．3h/4 C．8h/9 D．h/48．下列说法正确的是A．高速运动的物体不容易停下来，所以物体运动速度越大，惯性越大B．用一相同的水平推力分别推放在地面上的两个材料不同的物体，则难以推动的物体惯性大一些C．行驶中的车厢突然刹车，乘客前倾，这是由于惯性引起的D．物体不受外力作用时才有惯性9．关于运动和力的关系，下列说法中正确的是A．物体受到的合外力越大，加速度越大B．物体受到的合外力越大，速度越大C．物体从静止开始在外力作用下做直线运动，当合外力逐渐减小时，速度也逐渐减小D．物体原来做匀变速直线运动，当合外力逐渐增大时，速度也一定逐渐增大10．下面的几个速度中表示平均速度的是A．子弹射出枪口的速度是800m/s B．汽车从甲站行驶到乙站的速度是40km/h C．汽车通过站牌时的速度是72km/h D．小球第3s末的速度是6m/s11．下列物体机械能守恒的是A．子弹在穿过木块的过程中 B．火车在进站的过程中C．匀速上升的气球 D．在光滑水平面上匀速运动的小球12．关于重力势能的几种理解，正确的是A．重力势能的值与参考平面的选择有关B．放在地面上的物体，它的重力势能一定等于零C．不同质量的物体，由于在同一地点，所以重力势能相等D．因为重力势能是标量，所以只能取正值13．关于摩擦力与弹力的关系，下列说法中正确的是A ．有弹力一定有摩擦力B ．弹力方向一定与摩擦力方向相同C ．有摩擦力一定有弹力D ．摩擦力方向一定与弹力方向不垂直 14．某质点做曲线运动时，下列说法不正确的是A ．质点运动到某一点时的速度方向是该点曲线的切线方向B ．在任意时间内位移的大小总是大于路程C ．在任意时刻，质点受到的合力不可能为0D ．速度的方向与合力的方向必不在一条直线上15．亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，最先推翻了这一观点的科学家是 A ．开普勒 B ．伽利略 C ．安培 D ．牛顿16．两个质点的距离为r 时，它们间的万有引力为2F ，现要使它们间的万有引力变为F /2，它们间的距离将变为 A ．4r B ．2rC ．r /4D ．r /217．如图所示是一个玩具陀螺．a 、b 和c 是陀螺上的三个点．当陀螺绕垂直于地面的轴线以角速度ω稳定旋转时，下列表述正确的是 A ．a 、b 和c 三点的线速度大小相等 B ．a 、b 和c 三点的角速度相等 C ．a 、b 的角速度比c 的大 D ．c 的线速度比a 、b 的大18．如图所示，某人用一水平F =120N 的拉力拖着一质量为m=10kg 的物体在水平地面上做a =10m/s 2的匀加速直线运动，则由牛顿第二定律可知物体与地面之间的动摩擦因数为A ．0.1B ．0.02C ．0. 2D ．0.22，19．一颗人造卫星在地球引力作用下，绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为M ，地球的半径为R ，卫星的质量为m ，卫星离地面的高度为h ，引力常量为G ，则卫星绕地球做匀速圆周运动的角速度为A ．3GM RB ．2GM RC ．3R GMD ．2R GM20．质量为1kg 的物体从某一高度自由下落，则该物体下落5 m 内重力做功的平均功率是（取g = 10m/s 2）A ．25WB ．50WC ．75WD ．100W21．如图所示，一质量为m的汽车保持恒定的速率运动，若通过凸F形路面最高处时对路面的压力为F 1 ，通过凹形路面最低处时对路面的压力为F 2 ，则 A ．F 1 = mg B ．F 1 > mg C ．F 2 = mgD ．F 2 >mg22．降落伞在下落一段时间后的运动是匀速的，无风时，某跳伞运动员的着地速度为4m/s ，现在由于受沿水平方向向东的3m/s 风速影响，跳伞运动员着地的速度为 A ．3m/s B ．4m/s C ．5m/s D ．1m/s23．有一光滑斜面固定在水平地面上，一质量为m 的滑块从斜面顶端滑到斜面底端的过程中，下列说法不正确的是A ．重力对滑块做正功B ．滑块对斜面的压力对斜面不做功C ．斜面对滑块的支持力对滑块做负功D ．滑块受到斜面的支持力与斜面垂直，所以支持力对滑块不做功24．升降机地板上放着一个弹簧秤，盘中放一质量为m 的物体，当秤的读数为0.8mg 时，升降机的运动可能是A ．加速上升B ．加速下降C ．匀速上升D ．匀速下降 25．如图所示，桌面高度为h ，质量为m 的小球从离桌面高H 处自由落下，不计空气阻力，假设桌面处的重力势能为零，小球落到地面前的瞬间的机械能应为A ．mgh ；B ．mgH ；C ．mg (H +h )；D ．mg (H -h )。