河南省濮阳市油田三高2017-2018学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

濮阳市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。

已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。

选项D 正确。

故选BD 。

2．如图所示，一带电小球P 用绝缘轻质细线悬挂于O 点。

带电小球Q 与带电小球P 处于同一水平线上，小球P 平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。

现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q ，使带电小球P 能够保持在原位置不动，直到小球Q 移动到小球P 位置的正下方。

河南省濮阳县2017-2018学年高二物理10月月考试题一、此题共13小题,每一小题4 分,共52 分。

在每一小题给出的四个选项中,第1-8题只有一项符合题目要求，第9-13 题有多项符合题目要求。

全部选对的得4 分,选对但不全的得2分,有选错的得0 分。

1.关于电场，如下说法正确的答案是〔〕A.电场是假想的，并不是客观存在的物质B.描述电场的电场线是实际存在的线C.电场对放入其中的电荷没有力的作用D.电场对放入其中的电荷有力的作用2．两个分别带有电荷量为-Q和+3Q的一样金属球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．现将两球相互接触后固定在相距为0.5r的两处，如此两球间库仑力的大小为〔〕A．43F B．34F C．112F D．12F3．如下列图，一导体AB在点电荷Q的电场中发生静电感应，如下说法正确的答案是( ) A．导体中M、N两点的电场强度相等B．感应电荷在M点产生的场强等于感应电荷在N点产生的场强C．如果在AB间用一导线连接，如此导线中将有电流产生D．N点的电势大于M点的电势4．横截面积为0.5cm2的导电液体中，每秒钟有0.2C的正电荷和0.3C负电荷相向运动，如此电流是〔〕A．0.2A B．0.3A C．0.5A D．104A5．如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，用E A、E B表示A、B两点的电场强度，A、B表示A、B两点的电势，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等， A 一定大于BB．E A与E B可能相等， A 可能大于BC．E A与E B一定不等，A与B可能相等D ．E A 与E B 可能相等，A一定大于B6. 如下列图，实线是电场线，一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A 运动到B 的过程中，其速率-时间图象是选项中的〔 〕7．如下列图，为某一电场的电场线和等势面分布，实线表示电场线，虚线表示过a 、b 两点的等势面，电势分别为φa ＝5V ，φc ＝3V 。

2015-2016学年河南省濮阳市油田教育中心高三〔上〕第一次摸底物理试卷一、选择题：本大题共11小题，共48分．在每一小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，第9～12题有不只一项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分．1．物理关系式既可以反映物理量之间的关系，也可以确定单位间的关系．高中物理学习中常见的单位有m〔米〕、s〔秒〕、N〔牛顿〕、C〔库仑〕、F〔法拉〕、Wb〔韦伯〕、Ω〔欧姆〕、T 〔特斯拉〕、V〔伏特〕等，由它们组合成的单位与电流的单位A〔安培〕等效的是( ) A．B．C．D．FV2．《机动车驾驶证申领和使用规定》已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规〞．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，v﹣t图线如下列图．假设绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L=10.5m，如此绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为( )A．0.5 sB．1.5 sC．3 sD．3.5 s3．如下列图，倾角为θ的斜面体放在粗糙水平地面上，斜面顶端安有滑轮，不可伸长的轻绳连接A、B并跨过滑轮，起初A悬空，B静止于斜面上．现用水平力F拉住绳上的一点，使A从竖直缓慢移动到虚线位置，在此过程中斜面体与物体B始终保持静止．如此( )A．绳子的张力一直减小B．物块B受到的摩擦力一定沿斜面向上C．斜面体对地面的压力减小D．地面对斜面体的摩擦力增大4．返回式卫星在回收时一般要采用变轨的方法，在远地点和近地点分别点火变轨，使其从高轨道进入椭圆轨道，再回到近地轨道，最后进入大气层落回地面．某次回收卫星的示意图如下列图，如此如下说法正确的答案是( )A．不论在A点还是在B点，两次变轨前后，卫星的机械能都增加了B．卫星在轨道1上经过B点的加速度大于在轨道2上经过B点的加速度C．卫星在轨道2上运动时，经过A点时的动能大于经过B点时的动能D．卫星在轨道2上运动的周期小于在轨道3上运动的周期5．如下列图，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，一个小物块〔可视为质点〕从A点以初速度v0向左运动，接触弹簧后运动到C点时速度恰好为零，弹簧始终在弹性限度内．AC两点间距离为L，物块与水平面间动摩擦因数为μ，重力加速度为g．如此物块由A点运动到C 点的过程中，如下说法正确的答案是( )A．弹簧和物块组成的系统机械能守恒B．物块抑制摩擦力做的功为mv02C．弹簧的弹性势能增加量为μmgLD．物块的初动能等于弹簧的弹性势能增加量与摩擦产生的热量之和6．如下列图，真空中等量同种正点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN 连线的中垂线上有对称点b、d，如此如下说法正确的答案是( )A．正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能B．正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能C．在MN连线的中垂线上，O点电势最高D．负电荷﹣q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度先减小再增大7．普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为I ab，cd一侧线圈的匝数较多，工作时电流为I cd，为了使电流表能正常工作，如此( )A．ab接MN、cd接PQ，I ab＜I cdB．ab接MN、cd接PQ，I ab＞I cdC．ab接PQ、cd接MN，I ab＜I cdD．ab接PQ、cd接MN，I ab＞I cd8．示波器的工作原理等效成如下情况：〔如图甲所示〕真空室中电极K发出电子〔初速度不计〕，经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板中．在两极板右侧且与极板右端相距D处有一个与两极板中心线垂直的范围很大的荧光屏，中心线正好与屏上坐标原点相交，电子通过极板打到荧光屏上将出现亮点，假设在A、B两极板间加上如图乙所示的变化电压，如此荧光屏上的亮点运动规律是( )A．沿y轴方向做匀速运动B．沿x轴方向做匀速运动C．沿y轴方向做匀加速运动D．沿x轴方向做匀加速运动9．如下列图，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，如此如下说法正确的答案是( )A． B的向心力是A的向心力的2倍B．盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍C．A、B都有沿半径向外滑动的趋势D．假设B先滑动，如此B对A的动摩擦因数μA小于盘对B的动摩擦因数μB10．现有甲、乙、丙三个电源，电动势E一样，内阻不同，分别为r甲，r乙，r丙．用这三个电源分别给定值电阻R供电，R=r甲＞r乙＞r丙，如此将R先后接在这三个电源上的情况相比拟，如下说法正确的答案是( )A．接在甲电源上时，电源内阻消耗的功率最大B．接在甲电源上时，定值电阻R两端的电压最大C．接在乙电源上时，电源的输出功率最大D．接在丙电源上时，电源的输出功率最大11．如下列图，倾角为θ的平行金属导轨宽度L，电阻不计，底端接有阻值为R的定值电阻，处在与导轨平面垂直向上的磁感应强度为B的匀强磁场中．有一质量m，长也为L的导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导体棒的电阻为r，它与导轨之间的动摩擦因数为μ，现让导体棒从导轨底部以平行斜面的速度v0向上滑行，上滑的最大距离为s，滑回底端的速度为v，如下说法正确的答案是( )A．把运动导体棒视为电源，其最大输出功率为〔〕2RB．导体棒从开始到滑到最大高度的过程所用时间为C．导体棒从开始到回到底端产生的焦耳热为mv02﹣mv2﹣2μmgscosθD．导体棒上滑和下滑过程中，电阻R产生的焦耳热相等二、非选择题12．如下列图为用游标卡尺测量一根金属棒长度的结果，游标尺共有20个等分刻度．从图中可读出金属棒的长度为__________cm．13．某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带．他已在每条纸带上按每5个点取好一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点先后顺序编号为0、1、2、3、4、5．由于不小心，纸带都被撕断了，如下列图．请根据给出的A、B、C、D 四段纸带回答：〔1〕在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是__________〔2〕打A纸带时，物体的加速度大小是__________m/s2．〔保存两位有效数字〕14．某同学在测定某电源的电动势E和内阻r时，因找不到适宜的滑动变阻器，便找来一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝ab替代滑动变阻器，设计了如图甲所示的实验，其中R0是阻值为2Ω的保护电阻，滑动片P与电阻丝始终接触良好．实验时闭合开关，调节P的位置，测得aP的长度x和对应的电压U、电流I数据，并分别绘制了如图乙所示的U﹣I图象和如图丙所示的U/I﹣x图象．〔1〕由图乙可得电源的电动势E=__________V；内阻r=__________Ω．〔2〕根据测得的直径可以算得电阻丝的横截面积S=0.12×10﹣6m2，利用图丙可求得电阻丝的电阻率ρ为__________Ω•m〔保存2位有效数字〕．根据图丙还可以得到的信息是__________．15．如下列图，公路上有一辆公共汽车以10m/s的速度匀速行驶，为了平稳停靠在站台，在距离站台P左侧位置50m处开始刹车做匀减速直线运动．同时一个人为了搭车，从距站台P右侧位置30m处从静止正对着站台跑去，假设人先做匀加速直线运动，速度达到4m/s后匀速运动一段时间，接着做匀减速直线运动，最终人和车到达P位置同时停下，人加速和减速时的加速度大小相等．求：〔1〕汽车刹车的时间；〔2〕人的加速度的大小．16．〔16分〕如下列图，xOy平面为一光滑水平面，在此区域内有平行于xOy平面的匀强电场，场强大小E=100V/m；同时有垂直于xOy平面的匀强磁场．一质量m=2×10﹣6kg、电荷量q=2×10﹣7C的带负电粒子从坐标原点O以一定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达p〔4，3〕点时，动能变为初动能的0.5倍，速度方向垂直OP向上．此时撤去磁场，经过一段时间该粒子经过y轴上的M〔0，6.25〕点，动能变为初动能的0.625倍，求：〔1〕粒子从O到P与从P到M的过程中电场力做功的大小之比；〔2〕OP连线上与M点等电势的点的坐标；〔3〕粒子由P点运动到M点所需的时间．三、模块3—3试题〔请考生从给出的3道物理题、任选一题作答，并把答题卡上该题题号涂黑，如果多做，如此按所做的第一题计分．〕17．如下说法正确的答案是( )A．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律B．晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点C．物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，每个分子动能也越大D．一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，分子间的平均距离一定增大E．一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大18．如下列图，A、B气缸的长度均为60cm，截面积均为S=40cm2，C是可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞，D为阀门．整个装置均由导热材料制成．原来阀门关闭，A内有压强P A=2.4×105Pa的氧气．B内有压强P B=1.2×105Pa的氢气．阀门打开后，活塞C向右移动，最后达到平衡．假定氧气和氢气均视为理想气体，连接气缸的管道体积可忽略不计．求：①活塞C移动的距离与平衡后B中气体的压强；②活塞C移动过程中B中气体是吸热还是放热〔简要说明理由〕．四.模块3—4试题19．一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t秒与〔t+0.2〕秒两个时刻，x轴上〔﹣3m，3m〕区间的波形完全一样，如下列图．并且图中M、N两质点在t秒时位移均为，如下说法中不正确的答案是( )A．该波的最大波速为20m/sB．〔t+0.1〕秒时刻，x=﹣2m处的质点位移一定是aC．从t秒时刻起，x=2m处的质点比x=2.5m的质点先回到平衡位置D．从t秒时刻起，在质点M第一次到达平衡位置时，质点N恰好到达波峰E．该列波在传播过程中遇到宽度为d=3m的狭缝时会发生明显的衍射现象20．如图，MN为竖直放置的光屏，光屏的左侧有半径为R、折射率为的透明半球体，O为球心，轴线OA垂直于光屏，O至光屏的距离=R．位于轴线上O点左侧处的点光源S发出一束与OA夹角θ=60°的光线射向半球体，求光线从S传播到达光屏所用的时间．〔光在真空中传播的速度为c．〕五.模块3—5试题21．以下是有关近代物理内容的假设干表示，其中正确的有( )A．紫外线照射到金属锌板外表时能产生光电效应，如此当增大紫外线的照射强度时，从锌板外表逸出的光电子的最大初动能也随之增大B．每个核子只跟邻近的核子发生核力作用C．原子核式结构模型是由汤姆逊在a粒子散射实验根底上提出的D．太阳内部发生的核反响是热核反响E．关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象22．如图甲所示，物块A、B的质量分别是 m A=4.0kg和m B=3.0kg．用轻弹簧拴接，放在光滑的水平地面上，物块B右侧与竖直墙相接触．另有一物块C从t=0时以一定速度向右运动，在t=4s时与物块A相碰，并立即与A粘在一起不再分开，物块C的v﹣t图象如图乙所示．求：①物块C的质量？②B离开墙后的运动过程中弹簧具有的最大弹性势能E P？2015-2016学年河南省濮阳市油田教育中心高三〔上〕第一次摸底物理试卷一、选择题：本大题共11小题，共48分．在每一小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，第9～12题有不只一项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分．1．物理关系式既可以反映物理量之间的关系，也可以确定单位间的关系．高中物理学习中常见的单位有m〔米〕、s〔秒〕、N〔牛顿〕、C〔库仑〕、F〔法拉〕、Wb〔韦伯〕、Ω〔欧姆〕、T 〔特斯拉〕、V〔伏特〕等，由它们组合成的单位与电流的单位A〔安培〕等效的是( ) A．B．C．D．FV考点：力学单位制．分析：根据物理学公式与各物理量的单位进展推导，即可得出结论．解答：解：A、电流I=，所以电流的单位为=，故A正确；B、根据F=BIL得：I=，所以电流的单位为，故B错误；C、根据∅=BS可知，是电场强度B的单位，故C错误；D、根据Q=CU可知，FV是电量的单位，故D错误．应当选：A点评：此题考查了电流的单位与各物理量单位间的关系，熟悉各物理量的单位，熟练掌握各物理学公式是正确解题的关键．2．《机动车驾驶证申领和使用规定》已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规〞．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，v﹣t图线如下列图．假设绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L=10.5m，如此绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为( )A．0.5 sB．1.5 sC．3 sD．3.5 s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，能根据图象读取有用信息知位移x=L=10.5．解答：解：根据速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移知x=l=6×0.5×6×〔t0﹣0.5〕=10.5解得t0=3.0s应当选：C点评：知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．3．如下列图，倾角为θ的斜面体放在粗糙水平地面上，斜面顶端安有滑轮，不可伸长的轻绳连接A、B并跨过滑轮，起初A悬空，B静止于斜面上．现用水平力F拉住绳上的一点，使A从竖直缓慢移动到虚线位置，在此过程中斜面体与物体B始终保持静止．如此( )A．绳子的张力一直减小B．物块B受到的摩擦力一定沿斜面向上C．斜面体对地面的压力减小D．地面对斜面体的摩擦力增大考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：原来装置处于静止状态，受力平衡，A所受的重力与细绳的拉力相等，以B为研究对象，分析支持力是否变化．当用水平向左的力F缓慢拉物体A时，A受力动态平衡，以整体为研究对象，分析受力情况，判断地面对斜面的摩擦力变化情况．解答：解：A、对A研究可知，原来细线的拉力大小等于A的重力，当用水平向左的力F缓慢拉物体A，细线的竖直分力大小等于A的重力，所以细线所受拉力的大小一定增大．故A错误；B、B原来所受的摩擦力大小可能为零，也可能沿斜面向下，也可能沿斜面向上，当用水平向左的力F缓慢拉物体A时，绳的拉力增大，A所受的摩擦力可能增大，也可能减小．故B错误．C、以A、B、斜面整体为研究对象，分析受力情况作出如下列图受力图：由平衡条件得知，N=M总g；f=F，当F增大时斜面体受到地面的摩擦力变大，地面对斜面体的弹力不变，故C错误，D正确．应当选：D．点评：此题涉与到三个物体的平衡问题，研究对象的选择是重点，可采用隔离法与整体法相结合的方法进展研究，简单方便．4．返回式卫星在回收时一般要采用变轨的方法，在远地点和近地点分别点火变轨，使其从高轨道进入椭圆轨道，再回到近地轨道，最后进入大气层落回地面．某次回收卫星的示意图如下列图，如此如下说法正确的答案是( )A．不论在A点还是在B点，两次变轨前后，卫星的机械能都增加了B．卫星在轨道1上经过B点的加速度大于在轨道2上经过B点的加速度C．卫星在轨道2上运动时，经过A点时的动能大于经过B点时的动能D．卫星在轨道2上运动的周期小于在轨道3上运动的周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力得出线速度与轨道半径的关系，从而比拟卫星在同步卫星轨道和圆形轨道上的线速度大小．同步卫星与地球自转的周期一样．做离心运动时万有引力小于向心力，可以确定变轨前后速度的变化关系．根据F合=ma可知在不同轨道上的同一点加速度一样．解答：解：A、不论是在A点还是在B点的两次变轨前后，都要加速做离心运动，故机械能都要增大，故A正确．B、卫星变轨前后都是只有万有引力来提供加速度，加速度a=，即变轨前后的加速度是相等的，故B错误．C、根据开普勒第二定律可知航天飞机在远地点B的速度小于在近地点A的速度，所以在轨道2上经过A点时的动能大于经过B点时的动能，故C正确；D、由开普勒第三定律=k知，卫星在轨道2上运动的周期大于在轨道3上运动的周期，故D 错误；应当选：AC．点评：解决此题的关键理解航天飞机绕地球运动的规律．要注意向心力是物体做圆周运动所需要的力，比拟加速度，应比拟物体实际所受到的力，即万有引力．5．如下列图，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，一个小物块〔可视为质点〕从A点以初速度v0向左运动，接触弹簧后运动到C点时速度恰好为零，弹簧始终在弹性限度内．AC两点间距离为L，物块与水平面间动摩擦因数为μ，重力加速度为g．如此物块由A点运动到C 点的过程中，如下说法正确的答案是( )A．弹簧和物块组成的系统机械能守恒B．物块抑制摩擦力做的功为mv02C．弹簧的弹性势能增加量为μmgLD．物块的初动能等于弹簧的弹性势能增加量与摩擦产生的热量之和考点：机械能守恒定律；功能关系．分析：此过程动能转换为弹性势能和内能，根据能量守恒列式求解．解答：解：A、物块与水平面间动摩擦因数为μ，由于摩擦力做功机械能减小，故A错误；BD、此过程动能转换为弹性势能和内能，根据能量守恒知物块抑制摩擦力做的功为﹣W f=mv02﹣E P弹，故B错误，D正确；C、根据B分析知E P弹=mv02﹣μmgL，故C错误；应当选：D．点评：此题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，能量是守恒的，比拟简便6．如下列图，真空中等量同种正点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN 连线的中垂线上有对称点b、d，如此如下说法正确的答案是( )A．正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能B．正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能C．在MN连线的中垂线上，O点电势最高D．负电荷﹣q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度先减小再增大考点：电势能；电场强度．分析：此题考查了等量同种电荷周围电场分布情况：中垂线上上下电场线方向相反，根据电场线方向判断电势上下．a、c两点关于中垂线对称，电势相等，电荷在这两点的电势能相等解答：解：A、根据电场线的分布情况和对称性可知，a、c两点的电势相等，如此点电荷在a点电势能一定等于在c点电势能．故AB错误；C、沿电场线方向电势降低，在MN连线的中垂线上，O点电势最高．故C正确D、由对称性知O点的场强为零，电荷﹣q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度可能先减小再增大，也可能先增大，后减小在增大在减小．故D错误应当选：C点评：此题关键要掌握等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性进展分析7．普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为I ab，cd一侧线圈的匝数较多，工作时电流为I cd，为了使电流表能正常工作，如此( )A．ab接MN、cd接PQ，I ab＜I cdB．ab接MN、cd接PQ，I ab＞I cdC．ab接PQ、cd接MN，I ab＜I cdD．ab接PQ、cd接MN，I ab＞I cd考点：远距离输电；变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：电流互感器的作用是使大电流变成小电流，然后利用变压器工作原理：即可确定接哪一端．解答：解：电流互感器的作用是使大电流变成小电流，所以I ab＞I cd，所以AC错误；利用变压器工作原理：，所以输入端ab接MN，输出端cd接PQ，所以B对，D项错；应当选B．点评：此题考察远距离输电和理想变压器的根底知识，熟练掌握电压、电流等关系是解决此类题目的关键．8．示波器的工作原理等效成如下情况：〔如图甲所示〕真空室中电极K发出电子〔初速度不计〕，经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板中．在两极板右侧且与极板右端相距D处有一个与两极板中心线垂直的范围很大的荧光屏，中心线正好与屏上坐标原点相交，电子通过极板打到荧光屏上将出现亮点，假设在A、B两极板间加上如图乙所示的变化电压，如此荧光屏上的亮点运动规律是( )A．沿y轴方向做匀速运动B．沿x轴方向做匀速运动C．沿y轴方向做匀加速运动D．沿x轴方向做匀加速运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子进入偏转电场做类平抛运动，抓住沿电场方向做匀加速直线运动，垂直于电场方向做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出偏转位移与偏转电压的关系，从而进展判断．解答：解：粒子在沿电场方向上的加速度a=，在偏转电场中运行的时间t=粒子在y方向上偏转，偏转位移y1=．飞出偏转电场后，匀速直线运动，侧移如此打在荧光屏上偏离中心的距离Y=因为偏转电压与时间成正比，如此Y与时间成正比，所以粒子沿y轴方向做匀速运动．故A 正确，B、C、D错误．应当选：A．点评：解决此题的关键知道粒子在沿电场方向和垂直电场方向上的运动规律，求出偏离荧光屏中心距离与偏转电压的关系，从而得出两点的运动规律．9．如下列图，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，如此如下说法正确的答案是( )A．B的向心力是A的向心力的2倍B．盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍C．A、B都有沿半径向外滑动的趋势D．假设B先滑动，如此B对A的动摩擦因数μA小于盘对B的动摩擦因数μB考点：向心力；动摩擦因数．专题：匀速圆周运动专题．分析：A、B两物体一起做圆周运动，靠摩擦力提供向心力，两物体的角速度大小相等，结合牛顿第二定律分析判断．解答：解：A、因为A、B两物体的角速度大小相等，根据，因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，如此向心力相等．B、对AB整体分析，，对A分析，有：，知盘对B的摩擦力是B对A 的摩擦力的2倍，故B正确．C、A所受的静摩擦力方向指向圆心，可知A有沿半径向外滑动的趋势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，有沿半径向外滑动的趋势，故C正确．D、对AB整体分析，，解得，对A分析，，解得，因为B先滑动，可知B先达到临界角速度，可知B的临界角速度较小，即μB＜μA，故D错误．应当选：BC．点评：解决此题的关键知道A、B两物体一起做匀速圆周运动，角速度大小相等，知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进展求解，难度中等．10．现有甲、乙、丙三个电源，电动势E一样，内阻不同，分别为r甲，r乙，r丙．用这三个电源分别给定值电阻R供电，R=r甲＞r乙＞r丙，如此将R先后接在这三个电源上的情况相比拟，如下说法正确的答案是( )A．接在甲电源上时，电源内阻消耗的功率最大B．接在甲电源上时，定值电阻R两端的电压最大C．接在乙电源上时，电源的输出功率最大D．接在丙电源上时，电源的输出功率最大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．。

2017--2018学年度高二上学期第一次月考（物理）答案卷注意事项： 1.全卷满分100分 ，答题时间90分钟;2.答卷前，务必将答题卡上密封线内的各项目填写清楚；3.第I 卷选择题必须使用2B 铅笔填涂 ，第II 卷非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写，涂写要工整、清晰；4.考试结束，只交答题卡，不交试题，答案写在试题上无效。

第I 卷 (选择题 共56分)一、选择题 (本大题14小题，每小题4分，计56分，其中1~10题为单选题，每题有一项是正确的。

第11~14题为多选题，每题有几项是正确的，全部选对得4分，漏选得2分，错选、不选得0分)1.一切阻力均不计，斜向上抛出的金属球在空中的运动轨迹如图中虚线所示，下列各图中画出的金属球速度方向和受力方向正确的是 （D ）2.如图所示是我国自己独立研制的“直11”系列直升机，是一种小吨位直升机，用来当做轻型武装直升机或运输机。

在直升机螺旋桨上有A 、B 、C 三点，其中A 、C 在叶片的端点，B 在叶片的中点(叶片长度相等).当叶片转动时 ( C)A.这三点的周期A B C T T T >>B.这三点的角速度大小A B C ωωω>>C.这三点的线速度大小A C B v v v =>D.这三点的向心加速度大小A B C a a a >>3.以下关于行星运动及万有引力的描述正确的是 (B)A.开普勒认为行星绕太阳运行的轨道是椭圆，且行星在轨道上各处的速率均相等B.牛顿认为地球对月球的引力与地球对地面上一个苹果的引力是同种性质的力C.宇宙飞船绕地球做圆周运动时发动机的牵引力提供飞行的动力D.要在地球上发射地球同步卫星，发射速度至少要大于11.2km/s4.两辆完全相同的汽车，一辆满载，一辆空载，在相同的平直公路上行驶，它们所受的阻力只与质量成正比，则下列说法正确的是 ( B)A.它们具有相同的最大速率B.它们的最大速率与质量成反比C.它们具有相同的最大动能D.它们的最大动能与质量成正比5．下列说法正确的是（ D ）A ．不受外力作用的系统，其动量和机械能必然同时守恒B ．只要系统受到摩擦力，动量不可能守恒C ．物体受到的冲量越大，它的动量变化一定越快D ．某物体做直线运动，受到一个-6N ˙s 的冲量作用后其动量不一定减小6．如图所示，木块A 放在木块B 的左端，用恒力F 将A 拉至B 的右端，第一次将B 固定在地面上，F 做功为W 1，产生的热量为Q 1；第二次让B 可以在光滑地面上自由滑动，F 做的功为W 2，产生的热量为Q 2，则应有 (A)A.12W W <,12Q Q =B.12W W =,12Q Q =C.12W W <,12Q Q <D.12W W =,12Q Q <7.公路急转弯处通常是交通事故多发地带.如图，某公路急转弯处是一圆弧，其半径为R ,当汽车行驶的速率为c v ，汽车恰好没有沿公路内外两侧滑动的趋势。

2017——2018学年度第一学期高二第一次段考物理参考答案1~6、DBAADC 7~12、BD AD ABD AC BC AC13、（1）大（2）4.4 ，0.90（3）如图所示14、 a φ+15.解：(1)小球静止在电场中的受力如图所示：显然小球带正电，由平衡条件得：mgtan 37°＝Eq ①故E ＝3mg 4q② (2)电场方向变成向下后，小球开始摆动做圆周运动，重力、电场力对小球做正功．由动能定理：(mg ＋qE)l(1－cos 37°)＝12m v 2③ 由圆周运动知识，在最低点时，F T －(mg ＋qE)＝m v 2l④ 联立以上各式，解得：F T ＝4920mg=2.45mg ⑤（以上各式每式2分） 16、（12分）解：（1）设电子被加速后速度大小为v 0，对于电子在加速电场中由动能定理得： ①所以②（2）在偏转电场中，由电子做类平抛运动，设加速度为a ，极板长度为L ，由于电子恰好射出电场，所以有：③L=v 0t ④⑤由②③④⑤解得： ⑥（3）电子正好能穿过电场偏转电场，偏转的距离就是，由此对电子做功⑦①代人⑤中得：⑧（①②式各2分，③④⑤⑥式各1分，⑦⑧式各2分）17、解：带电小滑块受到的电场力：F 电=qE=2×10-6×1×103=2×10-3N ，方向：竖直向上．（4分）滑块的重力：G=1×10-3N ，则：F 电＞G ，滑块所受合场力竖直向上，带电小滑块会沿着玻璃管运动，受到摩擦力的作用，在玻璃管ABC 中做往返运动，最终停在B 点．（2分）根据动能定理得：W 电+W G+W f=0即：qE•L•sinα-mg•L•sinα-μ（qE-mg）cosα•s=0 （6分）解得：s=3.0m；（2分）答：小滑块通过的总路程为 3.0m．。

河南省濮阳市2017届高三第一次模拟考试理科综合试卷可能用到的相对原子质量：H l B 11 C 12 N 14 O 16 Na 23 Br 80 Ag 108第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．2016年春季，在我国南方发现了几例输人性寨卡病毒感染患者。

寨卡病毒（RNA病毒）是一种虫媒病毒，有报道称寨卡病毒可能会造成神经和自身免疫系统并发症。

下列有关寨卡病毒的叙述，正确的是（）A．寨卡病毒能够独立生存和繁殖B．寨卡病毒的结构与肺炎双球菌类似C．寨卡病毒可能影响神经系统的发育D．寨卡病毒侵染大脑时将自身成分全部注入神经细胞内2．下列有关教材中实验的叙述，错误的是（）A．探究唾液淀粉酶的最适pH实验中，将每组温度控制在37℃B．观察DNA和RNA在细胞中的分布实验中，盐酸可使DNA和蛋白质分离C．以根尖为材料，利用苯酚品红染液染色可观察到每个细胞内的染色体数目D．酵母菌种群数量的变化实验中，先将盖玻片放在计数室上，再滴培养液让其自行渗入3．下列有关群落演替和生态系统的叙述，错误的是（）A．海洋生态系统的无机环境条件相对陆地生态系统比较稳定，所以生物进化速度较慢B．生态系统的物质循环具有全球性，通过光合作用和呼吸作用可完成碳的全球化循环C．随着群落演替的进行，不同时期群落中的优势种群在发生更替，能量传递效率保持相对稳定D．我国大力发展工农业生产，往往使群落演替按照不同于自然演替的方向和速度进行4．下列关于免疫的叙述，正确的是（）A．人体被病毒感染时，抗体能通过裂解靶细胞将病原体清除B．通过检查成年人血液中的某一抗体不能确定其是否曾受到某种特定病原体的侵袭C．当入侵的病毒被识别后，B细胞和T细胞受到刺激，开始增殖、分化D．异体皮肤移植失败的原因是特异性免疫产生相应抗体杀伤移植的皮肤5．如图1为细胞的部分结构示意图，图2为一个细胞周期中RNA相对含量的变化。

河南省濮阳市油田三高2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分．第1、5、11题为多选，其余为单选．）1．下列物理量中哪些与检验电荷无关( )A．电场强度E B．电势φC．电势能E P D．电场力F考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．解答：解：电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能E P和电场力F均与电荷有关，故CD错误，AB正确．故选AB．点评：对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．2．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则( )A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：据题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析该点电荷的位置应离A点远、离B点近．该点电荷的电性未知，不能判断电场强度的方向和电势的高低．解答：解：A、B，由题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析得知：该点电荷的位置应离A点远、离B点近，所以该点电荷一定在A点的右侧．故A正确，B 错误．C、D，由于该点电荷的电性未知，无法确定A的场强方向，也无法判断A、B两点电势的高低．故CD错误．故选A点评：本题是点电荷的场强公式E=k的应用，公式中E与r的平方成反比．比较简单．3．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图，下列说法正确的是( )A．A点电势比B点高B．A、B两点的场强方向相同，A点场强比B点大C．A、B、C三点和无穷远处等电势D．电子在B点电势能最小考点：电势差与电场强度的关系；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电势能概念分析即可．解答：解：A、沿电场线的方向，电势降低，故A正确．B、A、B两点的场强方向相同，由于B处电场线密，电场强度大于A处电场强度．故B错误C、A、C是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的两点，电势相等，而且与无穷远处电势相等，B点的电势低．故C错误D、由电势能的概念，E=qφ得AC两点的电势为零，电势能为零，B点，E=eφ＞0，故电子的电势能最大，故D错误．故选：A点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆4．某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为( )A．B．C．D．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：由电容的定义式C=求出两极板间的电压，由板间电压与场强的关系式U=Ed求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=qE．解答：解：由电容的定义式C=得，板间电压为U=．板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．故选：C点评：本题考查对于电容、板间电压、场强等物理量之间关系的掌握情况．基础题．5．如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，已知A点的电势为﹣10V，则以下判断正确的是( )A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C．B点电势为零D．B点电势为﹣20V考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，可知其轨迹为1，还可判断出电场线的方向．根据动能定理求出AB间的电势差，由U AB=φA﹣φB，可求出B点的电势．解答：解：A、B由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A正确，B错误．D、根据动能定理得：qU AB=△E k，得U AB=V=﹣10V，又U AB=φA﹣φB，φA=﹣10V，则φB=0．故C正确D错误．故选：AC点评：根据轨迹的方向要能判断出合力的方向，结合电场的性质，根据动能定理求出电势差，再求电势，都是常规的方法．6．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离．用Φa、Φb、Φc和E a、E b、E c分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以断定( )A．Φa＞Φb＞Φc B．E a＞E b＞E c C．Φc﹣Φb=Φb﹣Φc D．E a=E b=E c考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小．根据匀强电场中场强与电势差的关系U=Ed，定性分析电势差的关系．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知φa＞φb ＞φc，故A正确．BD、a、b、c是一条电场线上的三个点，由于电场线的疏密不能确定，所以不能判断场强的大小．故B、D错误．C、因为U cb=Φc﹣Φb，U bc=Φb﹣Φc，而U cb=﹣U bc，故C错误；故选：A．点评：本题考查了电场线和电势、电场强度以及电势差之间的关系，尤其注意U cb=﹣U bc，明确电势差的顺序．7．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的( )A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由粒子做加速运动可知，粒子受力方向，则可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，则由F=Eq可得出场强的变化，则可判断电场线的疏密．解答：解：因粒子由M到N是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故D正确；故选D．点评：电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．8．如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是( )A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．C点的电势高于B点电势D．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强考点：静电现象的解释．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：A、导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会出现负电荷，故A错误．B、处于静电平衡的导体内场强为0，故B错误．C、CD处在同一个等势体上，电势相等；故C错误；D、在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0，正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，故D正确．故选：D．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．9．如图所示，有一质量为m，带电量为q的油滴，被置于竖直放置的两平行金属板间的匀强电场中，设油滴是从两板中间位置，以初速度为零进入电场时，可以判定( )A．油滴在电场中做抛物线运动B．油滴在电场中做匀速直线运动C．油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D．油滴打在极板上的运动时间不仅决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的荷质比考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：油滴从两板中间位置进入电场中，受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，则知油滴做匀加速直线运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合可确定油滴打在极板上的运动时间的决定因素．解答：解：A、B、油滴从两板中间位置进入电场中，受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，初速度又为零，故油滴做匀加速直线运动．故A错误，B错误．C、D、由牛顿第二定律得，油滴的沿电场方向的加速度为a=，油滴在垂直于板的方向做初速度为零的加速度为a的匀加速直线运动，则有：，得：t=，式中，m、q分别是油滴的质量和电量；E是板间场强，d是板间距离．故C错误，D正确．故选：D点评：本题油滴所受的电场力和重力都是恒力，分析受力情况情况，运用运动的分解法，研究垂直于板的方向确定运动时间．10．如图所示，给平行板电容器带一定量的电荷后，将电容器的两极板A、B分别跟静电计的针和外壳相连．下列说法中正确的是( )A．将A极板向右移动少许指，静电计指针的偏转角将增大B．将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小D．用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：解答本题关键应根据：电容的决定式C=分析电容的变化，抓住电容器的电量不变，由电容的定义式C=分析电压的变化，即可判断静电计指针偏转角的变化．解答：解：A、将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故A错误．B、将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大．故B错误．C、将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故C正确．D、用手触摸一下B极板，电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变．故D错误．故选：C点评：本题是电容器的动态变化分析问题，关键由电容的决定式C=和电容的定义式C=结合分析．11．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的( )A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反．12．如图所示，在两块带电平行金属板间，有一束电子沿Ox轴方向射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD．已知OA=AB，则电子在OC段和CD段动能的增加量之比△E kC：△E kD 为( )A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知OA=AB，可得到时间关系．电子在竖直方向做匀加速运动，由运动学公式可分析速度关系，并能得到竖直位移的关系，由动能定理分析动能变化量的关系．解答：解：电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知OA=AB，则由公式x=v0t得知：电子从O到C与从C到D的时间相等．电子在竖直方向上做初速度为零的匀加速运动，根据匀变速直线运动的推论可知，在竖直方向上：y OC：y CD=1：3根据动能定理得：△E kC=qEy OC，△E kD=qEy CD，则得：△E kC：△E kD=1：3．故B正确．故选：B．点评：本题是类平抛运动问题，运用运动的分解法研究，灵活运用比例法求解，当然也可根据运动学公式进行分析．二、填空题（每空4分，共16分）13．两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为时，它们之间相互作用力为4F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的倍．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查了应用库仑定律公式解题能力，对题目中叙述的两种状态分别依据库仑定律公式列方程，即可求解结果．解答：解：变化之前根据库仑定律有：F=，变化之后有：F′=解得：F′=4F为使作用力仍为F，则：即两点电荷的电量可同时为原来的故答案为：4，点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出，属于简单基础题目．14．如图所示，水平放置的两平行金属板间距为d，电压大小为U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一个质量为m、电量为﹣q的小颗粒，将小颗粒由静止释放，它将从静止被加速，然后冲出小孔，则它能上升的最大高度h=．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：小颗粒由静止释放，电场力对它做正功，重力做负功，根据动能定理求解它能上升的最大高度h．解答：解：从小颗粒由静止释放到最高点过程，根据动能定理得qU﹣mg（d+h）=0解得，h=故答案为：点评：涉及力在空间的效果优先考虑运用动能定理研究．电势差与电场力做功的关系是W=qU，要注意电场力的正负．15．如图所示，电子的电量为e，质量为m，以v0的速度沿与场强垂直的方向从A点飞入匀强电场，并从另一侧B点沿与场强方向成150°角飞出．则A、B两点间的电势差为﹣．考点：电势差；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将B点的速度分解为水平方向和竖直方向，根据平行四边形定则求出B点的速度，再根据动能定理求出A、B两点的电势差．解答：解：电子垂直进入电场做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据平行四边形定则知，B点的速度v B==2v0，根据动能定理得：﹣eU AB=mv B2﹣mv02解得：U AB=．故答案为：﹣．点评：解决本题的关键知道电子在垂直电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动，结合平行四边形定则、动能定理进行求解．三、解答题（本题共3小题，36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．如图所示，平行带电金属极板A、B间的匀强电场场强E=1.2×103V/m，两极板间的距离d=5cm，电场中C点和D点分别到A、B极板的距离均为0.5cm，C、D间的水平距离L=3cm，B板接地，求：（1）C、D两点间的电势差U CD；（2）一带电量q=﹣2×10﹣3C的点电荷从C沿直线运动到D的过程中，电荷的电势能变化了多少？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能；电容．专题：电场力与电势的性质专题．分析：B板接地电势为零，A板电势为负，故C、D两点间的电势差为负，由电场强度与电势差的关系U=Ed可求其大小，有电场力做功与电势能的关系得，电荷电势能的变化．解答：解：由题意，C、D两点沿垂直金属极板A、B的距离为l=d﹣0.5×2=5﹣1=4cm，由电场强度与电势差的关系U=Ed得V，有电场力做功与电势能的关系，得w=qU=﹣1.2×10﹣3×（﹣48）=9.6×10﹣2J，又△Ep=﹣w=﹣9.6×10﹣2J，故电势能减少答：（1）C、D两点间的电势差U CD=﹣48V（2）电荷的电势能变化了9.6×10﹣2J点评：考查了电场强度与电势差的关系及电场力做与电势能的关系．17．用30cm的细线将质量为4×10﹣3kg的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．考点：共点力平衡的条件及其应用；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对小球受力分析，根据带电小球处于静止状态，结合力的合成或分解解决问题解答：解：（1）小球受力如图，电场力方向与电场同向，故带正电（2）小球受力平衡，在水平方向：qE=mgtan37°，得（3）由受力图可知=0.05N所以，（1）正电（2）带电量3×10﹣6C（3）拉力0.05N点评：受力分析是解决力学问题的第一步，要结合力的合成或分解找出力与力之间的关系18．（16分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N 形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小．（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．根据板长和初速度求出时间．根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量．（3）电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度等于v0，求出匀速运动的时间．竖直方向：分速度等于v y，由y=v y t求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解．解答：解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得：e U1=，解得：（2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1．根据牛顿第二定律和运动学公式得：a=，又E=，得a=水平方向：t1=，竖直方向：y1=，解得：y1=（3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y．根据运动学公式得：v y=at1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示t2=，y2=v y t2解得：y2=P到O点的距离为y=y1+y2=答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量y1=；（3）P点到O点的距离y2=．点评：带电粒子在电场中类平抛运动的研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解．第（3）问也可以利用三角形相似法求解．。

河南省濮阳市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题：1. 如右图所示，一电荷量为q 的正点电荷位于电场中的A 点，受到的电场力为F.若把该点电荷换为电荷量为2q 的负点电荷，则A 点的电场强度E为A. ，方向与F相反B. ，方向与F相反C. ，方向与F相同D. ，方向与F相同【答案】D【解析】根据电场强度的物理意义：电场强度是反映电场本身性质的物理量，仅由电场本身决定，与试探电荷无关．可知，将该点电荷换为电荷量为2q的负点电荷，A点的场强大小仍然是F/q，大小和方向均不变，故D正确．故选D.2. 如右图所示，一个带正电的球体M放在绝缘支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N先后挂在横杆上的和处。

当小球N静止时，丝线与竖直方向的夹角分别为和(图中未标出)。

则A. 小球N带正电，>B. 小球N带正电，<C. 小球N带负电，>D. 小球N带负电，<【答案】A【解析】小球M与N相互排斥，M、N带同种电荷，M带正电，N也带正电；小球N受重力mg，绳的拉力，库仑力F，绳与竖直方向夹角为：tanθ=F/mg；库仑力：F＝k，由于电荷N悬挂在P1点时距离小，库仑力大，偏角大，故θ1＞θ2，故A正确，BCD错误，故选A.3. 如右图所示的可变电容器，旋转动片使之与定片逐渐重合。

则电容器的电容将A. 逐渐增大B. 逐渐减小C. 保持不变D. 先增大后减小【答案】A【解析】旋转动片使之与定片逐渐重合时，相当于增加了电容器的正对面积，则由电容器的决定式C=可知，电容将逐渐增大，故BCD错误，A正确．故选A．点睛：本题考查平行板电容器决定式的应用，要注意明确平行板电容器是通过改变旋转动片来改变正对面积，从而起到改变电容的作用．4. 如右图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向a端滑动，则A. 电灯L更亮，安培表的示数减小B. 电灯L更亮，安培表的示数增大C. 电灯L变暗，安培表的示数减小D. 电灯L变暗，安培表的示数增大【答案】D【解析】当滑片向a滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，则电流表示数增大，则由U=E-Ir可知，路端电压减小；则灯泡L变暗，故D正确，ABC错误；故选D．点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要注意根据“局部-整体-局部”的思路进行分析．5. 如右图所示，当导线中通有电流时，小磁针发生偏转。

濮阳市综合高中高二上学期第一次月考 物理试题 2017.10.16一、单项选择题(本题共13小题， 每小题3分，共39分，在下列各题的四个选项中，只有一个选项是符合题目的要求。

)1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是 （ ） A ．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B ．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C ．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移 D ．以上说法均不正确2．避雷针能起到避雷作用，其原理是（ ）A ．尖端放电B ．静电屏蔽C ．摩擦起电D ．同种电荷相互排斥3．真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F ，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，它们之间作用力的大小等于( )A.FB.2FC.F/2D.F/4 4．关于于电场，下列叙述正确的是（ ）A ．以点电荷为圆心，r 为半径的球面上，各点的场强都相同B ．正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强C ．在电场中某点放入检验电荷q ，该点的场强为E=F/q ，取走q 后，该点场强不变D ．电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大 5．如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距0.02m ，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为 （ ）A ．100V/m E =，竖直向下B ．100V/m E =，竖直向上C ．100V/m E =，水平向左D ．100V/mE =，水平向右6、如图1所示四个电场线图，一正电荷在电场中由P 到Q 做加速运动且加速度越来越大，那么它是在哪个图示电场中运动：（ ）7、如图2所示各电场中,A 、B 两点场强相同的是：（ ）图1BAABCD图28．如图所示，实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a 、b 为轨迹上的两点.若a 点电势为φa ，b 点电势为φb ，则( )A.场强方向一定向左，且电势φa >φbB.场强方向一定向左，且电势φa <φbC.场强方向一定向右，且电势φa >φbD.场强方向一定向右，且电势φa <φb9．对于一个给定的电容器，如下图所示，描述电容C ．带电荷量Q ．电压U 之间的相互关系的图线中正确的是()10． 如图所示，一带负电的粒子，沿着电场线从A 点运动到B 点的过程中，以下说法中正确的是 （ ）A ．带电粒子的电势能越来越小B ．带电粒子的电势能越来越大C ．带电粒子受到的静电力一定越来越小D ．带电粒子受到的静电力做正功 11．如图所示,让平行板电容器带电后,静电计的指针偏转一定角度,若不改变A ．B 两极板带的电量而改变两极板间的距离, 将A 极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，那么静电计指针的偏转角度( )A ．一定减小B ．一定增大C ．一定不变D ．可能不变12.带电粒子经加速电场加速后垂直进入两平行金属板间的偏转电场，要使它离开偏转电场时偏转角增大，可采用的方法有（ ）A.增加带电粒子的电荷量B.增加带电粒子的质量C.增高加速电压D.增高偏转电压13、一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的。

河南省濮阳市2017-2018学年高二物理12月月考试题（无答案）一、选择题（本题共14个小题，每小题4分，共56分。

其中1-8题为单项选择，9 -14为多项选择，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）1．下述说法正确的是（）FA、根据可知: 电场中某点的场强与电场力成正比。

EqQB、根据可知: 点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比。

E kr2C、根据场强叠加原理可知: 合电场的场强一定大于分电场的场强。

D、电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．关于导体的电阻及电阻率的说法中，正确的是（）URIA. 由可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比LB. 由知，导体的电阻与长度L、电阻率ρ成正比，与横截面积S成反比RSC. 将一根导线一分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D. 将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，则电阻丝的电阻变为原来的2倍3．如图所示,正电荷q仅在电场力作用下由P向Q运动，速度时间图像如下图所示，那么可以断定，它所在的电场是右图中哪一个？( )4．如右图所示，是电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分成了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，现把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻设为R，下列关于R1和R2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是( )A、R的伏安特性曲线在Ⅰ区，R1 ＜R2B、R的伏安特性曲线在Ⅱ区，R 1 ＞R2C、R的伏安特性曲线在Ⅰ区，R1 ＞R2D、R的伏安特性曲线在Ⅲ区，R1 ＜R25．“探究影响平行板电容器电容大小因素”的实验装置如图所示，忽略漏电产生的影响，下列判断正确的是( )A. 静电计指针偏转角度的大小显示了平行板电容器所带电量的多少- 1 -B. 若用一个电压表替代静电计，实验效果相同C. 若在平行板间插入介电常数更大的电介质，板间的电场强度会减小D. 若平板正对面积减小时，静电计指针偏角减小6．图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电压表，R增大时量程增大C．乙表是电流表，R增大时量程减小D．乙表是电压表，R增大时量程增大7．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路的故障，导致A灯变暗，B灯变亮，由此判断故障可能是（）A. R1短路B. R2断路C. R3断路D. R4短路8．如图所示，虚线为某点电荷电场的等势面，现有两个比荷相同的带电粒子，以相同的速率从同一等势面的a点进入电场后沿不同的轨迹1和2运动，图中a、b、c、d、e是粒子轨迹与等势面的交点，不计粒子的重力，下列判断错误的是（）A、两个粒子为异号电荷B、经过b、d两点时，两粒子的速率相同C、经过b、d两点时，两粒子的加速度大小相同D、经过c、e两点时，两粒子的速率相同9．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c 三点，如图所示，下列说法正确的是（）A. a点电势比b点高B. a、b两点的场强方向相同，但b点场强比a点大C. a、b、c三点的电势一定相等D. 一个电子在a点无初速释放，仅在电场力作用下，它将以c点为中心做往复运动10．某电场的电场线如图所示，M、N两点间距为d,，则以下说法正确的是（）A、M点场强大于N点场强B、M点电势高于N点电势C、负电荷由M点移到N点的过程，电势能逐渐减小- 2 -D 、若E 为 M 点场强，则 M 、N 两点间电势差小于 Ed11．关于电源的电动势，下列说法正确的是( )A 、电动势在数值上等于外电路断开时电源两极间的电压B 、电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量C 、电动势是表征电场力做功多少的物理量D 、外电路发生变化时，电源两端的电压随之变化，电动势也随之变化12.如图所示的电路中，电源电动势为 12 V ，内阻 r=1Ω，灯泡 L 上标有“6 V 、12 W ”字样，电 动机线圈的电阻 R M ＝0.50 Ω。