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高2014级高二下期半期考试物理试题（考试时间90分钟满分100分）一、单项选择（共8题，每题3分，共24分）1．关于物理学史、物理方法以及原理，以下说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律B．麦克斯韦用实验证实了电磁波的存在，并证明了电磁波可以反射、折射、干涉、衍射C．根据楞次定律，感应电流的磁场总是要阻碍原磁场的磁通量的变化D．线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数无关2．下列判断不正确的是( )A．介质中质点振动的周期一定和相应的波的周期相等B．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系,对电磁波也适用C．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象D．机械波既有横波又有纵波,而电磁波只有纵波3．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为（）A．7.5V B．8VC． V D． V4．一单摆做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力的频率f的关系）如图所示，则（）A.此单摆的摆长约为2mB.此单摆的固有周期约为1sC.若摆长增大，单摆的固有频率减小D.若摆长增大，共振曲线的峰值将向右移动5．矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势如图所示，则（）A.t1时刻线圈通过中性面B.t2时刻线圈中磁通量最大C.t3时刻线圈中磁通量变化率最大D.t4时刻线圈中磁通量最大6．如图所示表示两列同频率相干水波在t=0时刻的叠加情况，图中实线表示波峰，虚线表示波谷，已知两列波的振幅均为2cm，波速为2m/s，波长为0.4 m，E点是BD连线和AC连线的交点，下列说法正确的是( )A.A、C两点是振动加强点B.E点是振动减弱点C.B、D两点在该时刻的竖直高度差为8 cmD.t=0.05 s，E点离开平衡位置2 cm7．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B，单匝矩形线圈面积S=1m 2,电阻403r =Ω,绕垂直于磁场的轴OO ˊ匀速转动。
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，由门电路组成的电路，输出端为“1”，指示灯L亮，输出端为“0”，指示灯L不亮，现要使灯L亮，则A、B两输入端分别是()A．“1”、“1”B．“0”、“0”C．“1”、“0”D．“0”、“1”2.匀强电场的电场强度E＝5.0×103 V/m，要使一个电荷量为3.0×10－15 C的负点电荷(不计重力)沿着与电场强度方向成60°角的方向做匀速直线运动，则所施加外力的大小和方向应是()A．1.5×10－11 N，与场强方向成120°B．1.5×10－11 N，与场强方向成60°C．1.5×10－11 N，与场强方向相同D．1.5×10－11 N，与场强方向相反3.为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的。
在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）4.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP 和EQ，电势分别为φP和φQ，则()A．E P＞E Q，φP＞φQB．E P＞E Q，φP＜φQC．E P＜E Q，φP＞φQD．E P＜E Q，φP＜φQ5.如图所示，在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，x轴下下方存在垂直纸面向外的磁感应强度为的匀强磁场．一带负电的粒子从原点O以与x轴成30°角斜向上射入磁场，且在上方运动半径为R.则()A．粒子经偏转一定能回到原点OB．粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2∶1C ．粒子完成一次周期性运动的时间为D ．粒子第二次射入x 轴上方磁场时，沿x 轴前进3R6.穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t 变化的图象分别如图所示．下列关于回路中产生的感应电动势的论述中正确的是( )A ．图①中回路产生的感应电动势恒定不变B ．图②中回路产生的感应电动势一直在变大C ．图③中回路在0～t 1时间内产生的感应电动势小于在t 1～t 2时间内产生的感应电动势D ．图④中回路产生的感应电动势先变小后变大7.如图所示，M 、N 是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E ，一质量为m 、电量为＋q 的微粒，以初速度v 0竖直向上从两极正中间的A 点射入匀强电场中，微粒垂直打到N 极上的C 点，已知AB ＝BC .不计空气阻力，则可知( )A ．微粒在电场中作类平抛运动B ．微粒打到C 点时的速率与射入电场时的速率相等 C ．MN 板间的电势差为2mv /qD ．MN 板间的电势差为Ev /2g8.如图所示，是三个从O 点同时发出的正、负电子的运动轨迹，匀强磁场方向垂直纸面向里，可以判定( )A ．a 、b 是正电子，c 是负电子，a 、b 、c 同时回到O 点B ．a 、b 是负电子，c 是正电子，a 首先回到O 点C ．a 、b 是负电子，c 是正电子，b 首先回到O 点D ．a 、b 是负电子，c 是正电子，a 、b 、c 同时回到O 点9.如图所示的电路中，电源有不可忽略的电阻，R 1、R 2、R 3为三个可变电阻，电容器C 1、C 2所带电荷量分别为Q 1和Q 2，下面判断正确的是( )A ．仅将R 1增大，Q 1和Q 2都将增大B ．仅将R 2增大，Q 1和Q 2都将减小C ．仅将R 3增大，Q 1和Q 2都将不变D ．突然断开开关S ，Q 1和Q 2都将不变10.如图所示，是测定液面高度h的电容式传感器示意图，E为电源，G为灵敏电流计，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体．已知灵敏电流计指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从左边接线柱流进电流计，指针向左偏．如果在导电液体的深度h发生变化时观察到指针正向左偏转，则()A．导体芯A所带电量在增加，液体的深度h在增大B．导体芯A所带电量在减小，液体的深度h在增大C．导体芯A所带电量在增加，液体的深度h在减小D．导体芯A所带电量在减小，液体的深度h在减小11.如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为μ，现从t＝0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I＝kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则如图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是()12.如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙的绝缘杆上，整个装置处于方向如图所示的匀强磁场中，现给滑环一个水平向右的瞬时作用力，使其开始运动，则滑环在杆上运动情况不可能的是()A．始终做匀速运动B．始终做减速运动，最后静止于杆上C．先做加速运动，最后做匀速运动D．先做减速运动，最后做匀速运动13.温度能明显地影响金属导体和半导体材料的导电性能，如图所示的图线分别为某金属导体和某半导体的电阻随温度变化的关系曲线，则()A．图线1反映半导体材料的电阻随温度的变化关系B．图线2反映金属导体的电阻随温度的变化关系C．图线1反映金属导体的电阻随温度的变化关系D．图线2反映半导体材料的电阻随温度的变化关系水平射入电场，且沿下板14.如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v从原处飞入，则带电小球()边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度vA．将打在下板中央B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央15.有一个点电荷只受电场力的作用，分别从两电场中的a点由静止释放，在它沿直线运动到b点的过程中，动能E随位移s变化的关系图象如图所示中的①②图线．则下列说法正确的是()kA．正电荷在A图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是①B．负电荷在B图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是①C．负电荷在C图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是②D．负电荷在D图电场中从a点由静止释放，沿直线运动到b点的过程中，对应的图线是②16.如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是()A．CD未切割磁感线，无感应电流。
宜宾市高2016级第二次诊断性测试题 理综(物理)参考答案及评分标准2019.3.16二、 选择题(每小题全对6分，对而不全3分，有错或不答的0分，满分48分)14 15 16 17 18 19 20 21 A CBBBDBDACBC22.(6分)(1) 如图所示（2分）分） (2) 0.39~0.41（2分）分） (3) 不会不会 （2分）分） 23.（9分）分）(1) 连线（2分）分） (2) b （1分）分） c （1） (3) A （1分）分）(4)R 2（1分）分）R 1（1分）分） (5) 5900.0 （1分）分） 略大于（1分）分）24．(12分)解：（1）小球P 从释放到圆弧轨道末端的过程中，由动能定理从释放到圆弧轨道末端的过程中，由动能定理2021mv mgR =........................................................................................①（①（11分）分）小球P 、Q 发生完全弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒发生完全弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒2102mv mv mv +=....................................................................................②（②（11分）分） 2221202212121mv mv mv +=.....................................................................③（③（11分）分） 碰撞后小球P 在轨道末端由牛顿第二定律在轨道末端由牛顿第二定律Rvm mg N 21-=.........................................................................................④（④（11分）分）由牛顿第三定律由牛顿第三定律N N ¢-=....................................................................................................⑤（⑤（11分）分）由①②③④⑤式解得mg N 911=¢............................................................⑥（⑥（11分）分）（2）碰撞后小球P 在水平轨道上运动，由牛顿第二定律在水平轨道上运动，由牛顿第二定律1ma umg =...............................................................................................⑦（⑦（11分）分）碰撞后小球Q 在水平轨道上运动，由牛顿第二定律在水平轨道上运动，由牛顿第二定律222ma mg u =...............................................................................................⑧（⑧（11分）分）由于21a a =、21v v <，且小球P 再次回到圆弧轨道末端时速度大小不变，所以两小球不会发生二次碰撞再次回到圆弧轨道末端时速度大小不变，所以两小球不会发生二次碰撞 由运动学公式有：由运动学公式有：11212x a v =...............................................................................................⑨（⑨（11分）分） 22222x a v =...............................................................................................⑩（⑩（11分）分） P 、Q 之间的距离之间的距离12x x x -=D ○11（1分）分） 解得R x 32=D ...............................................................................................○12（1分）分）25．(20分)解:（1）（1）设粒子在磁场中运动的半径为r ，时间t ，从P 点射入速度为v 0r mv B qv 20= ..................................... ① (2分) 02v rT p=..................................................② (1分) T 41t =.................................................③ (1分)联立①②③解得：qBm t 2p =..................④ (1分)（2）如图，由几何关系）如图，由几何关系: :222)54()53(R r R r R -+-=............. ⑤ (2分)解得：R r 57=.........................................⑥ (1分)设电场强度的大小为E ，粒子在电场中做类平抛运动，设其加速度大小为a ,由牛顿第二定律由牛顿第二定律,,得：得：ma qE =..................................................⑦ (2分)221at r =................................................⑧ (1分)t v r 0=....................................................⑨ (1分) 联立：①⑥⑦⑧⑨式解得：联立：①⑥⑦⑧⑨式解得：m5142qRB E =.......................................○10 (1分) (3)(3)由动能定理由动能定理由动能定理,,得2022121mv mv qEr -=........................○11 (2分) 联立解得：mqBRv 557=.......................○12 (2分) 粒子离开电场时的速度方向与y 轴正方向夹角θ vv 0cos =q..............................................○13 (1分) 55cos =q （或2tan =q ).....................○14 (2分) 33.（1）ACE (5分)（2）(10分)解(1) 取封闭的气体为研究对象，开始时气体的体积为L 1S 温度为：T 1=273+27=300K末状态的体积为L 2S ，温度为：T 2=273+127=400K气体做等压变化，则2211T S L T S L =....................................................................①（3分）分）解得：L 2=12cm ..............................................................................................②（1分）分） （2）在该过程中，气体对外做功）在该过程中，气体对外做功)(120L L S P W -=.............................................................................................③（2分）分）由热力学第一定律由热力学第一定律W Q U -=D .....................................................................................................④（3分）分）解得J 7=D U ....................................................................................................⑤（1分）分） 34.(1) BCD (5分) (2)(10分) 解(1)光路图如右图所示光路图如右图所示由几何关系得°=Ð=Ð30OAB OBA ,°=Ð120BOA ，OAM D 为等边三角形，即BOM 为一条直线，所以在M 点入射角°=60i 。
四川省宜宾市一中高2014级2015-2016学年下学期第五周物理试题命题人：叶光绪审题人：邓远洪第一部分：双向细目表第二部分：试题 班级_______姓名_______一．选择题1.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20∶1，原线圈接正弦交流电，副线圈接入“220V ，60W”灯泡一只，且灯泡正常发光。
则（ ）A.电流表的示数为2203A B.电源输出功率为1200WC.电流表的示数为220A D.原线圈端电压为11V2.如图所示，矩形线圈abcd 在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P 1和P 2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时( )A ．线圈绕P 1转动时的电流等于绕P 2转动时的电流B ．线圈绕P 1转动时的电动势小于绕P 2转动时的电动势C ．线圈绕P 1和P 2转动时电流的方向相同，都是a →b →c →dD ．线圈绕P 1转动时dc 边受到的安培力大于绕P 2转动时dc 边受到的安培力3.我国探月的“嫦娥工程”已启动，在不久的将来，我国宇航员将登上月球。
假如宇航员在月球上测得摆长为l 的单摆做小振幅振动的周期为T ，将月球视为密度均匀、半径为r 的球体，则月球的密度为( )A ．2π3l GrT B ．23πl GrT C ．216π3lGrT D ．23π16lGrT4．如图，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R 1、R 2、R 3和R 4均为固定电阻，开关S为理想电压表，读数分别为U1和U 2；理想电流表，读数分别为I 1、I 2和I 3。
现断开S ，U 1数值不变，下列推断中正确的是（ ） A ．U 2变小、I 3变小 B ．U 2不变、I 3变大 C ．I 1变小、I 2变小 D ．I 1变大、I 2变大5. 一气体放电管，当其两电极间的电压超过5003V 时，就放电而发光。
在它发光的情况下逐渐降低电压，要降到5002V 时才熄灭。
四川省宜宾市一中高2014级2015—2016学年下期物理第三周物理试题第一部分:双向细目表9振动图像510振动图像理解5填空题11单摆等效加速度50.6√计算题12振动多解问题100.713最大振幅问题100.55√14单摆公式的应用120。
615简谐振动的综合运用130。
5√第三周周练题一、选择题1．如图所示的弹簧振子，O点为它的平衡位置，当振子从A 点运动到C点时，振子离开平衡位置的位移是（)A．大小为OC，方向向左B．大小为OC，方向向右C．大小为AC,方向向左D．大小为AC，方向向右2．如图所示，弹簧振子B上放一个物块A，在A与B一起做简谐运动的过程中，下列关于A受力的说法中正确的是（）A．物块A受重力、支持力及弹簧对它的恒定的弹力B．物块A受重力、支持力及弹簧对它的大小和方向都随时间变化的弹力C．物块A受重力、支持力及B对它的恒定的摩擦力D．物块A受重力、支持力及B对它的大小和方向都随时间变化的摩擦力3．做简谐运动的物体,其加速度a随位移x变化的规律应是下图中的( ）4.已知在单摆a完成10次全振动的时间内，单摆b完成6次全振动，两摆长之差为1。
6 m,则两单摆长l a与l b分别为（）A．l a＝2.5 m，l b＝0.9 m B．l a＝0。
9 m，l b＝2。
5 m C．l a＝2.4 m,l b＝4.0 m D．l a＝4。
0 m,l b＝2。
4 m5．下列有关单摆运动过程的受力说法，正确的是（）A．单摆运动的回复力是重力和摆线拉力的合力B．单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力C．单摆经过平衡位置时所受的合力为零D．单摆运动的回复力是摆线拉力的一个分力6.关于简谐运动的周期，频率，振幅，下列说法中哪些是正确的（)A．振幅是矢量,方向从平衡位置指向最大位移处B．周期和频率的乘积是一个常数C．振幅增加,周期也必然增加，而频率减小t/s0 t 1 t 2 t 3t 43-3y/cm t 56 -6 D ．频率与振幅有关7.一个弹簧振子做简谐运动的周期是0。
2015—2016学年四川省宜宾三中高二(下）月考物理试卷（6月份）一、单项选择（共8题,每题3分,共24分)1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（)A．伽利略猜想在自由落体中，物体的运动速度与下落时间成正比,并直接用实验进行了验证B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因"观点C．麦克斯韦不仅从理论上预见了电磁波,而且还首次用实验证实了电磁波的存在D．爱因斯坦创立的狭义相对论的两个基本假设之一是光速不变原理2．如图所示，有一面积为S，匝数为N，电阻为R的矩形线圈放置在磁感应强度大小恒为B的磁场中，磁场方向垂直于线框的对称轴OO′，现让线圈绕OO′以角速度ω按图示方向匀速转动，从图示位置开始计时，转过的过程中，感应电动势随时间变化的规律以及感应电流的方向，判断正确的是( )A．e=NBSωsin（ωt)，电流方向为abcdaB．e=NBSωcos（ωt），电流方向为abcdaC．e=NBSωsin（ωt)，电流方向为adcbaD．e=NBSωcos（ωt）,电流方向为adcba3．质子（H）和α粒子（He）在同一匀强磁场中作半径相同的圆周运动．由此可知质子的动能E K1和α粒子的动能E K2之比E K1:E K2等于（）A．4：1 B．1：1 C．1:2 D．2:14．如图甲所示，一均匀介质中沿x轴有等间距的O、P、Q质点，相邻两质点间距离为0。
75m,在x=10m处有一接收器（图中未画出）．t=0时刻O质点从平衡位置开始沿y轴方向一直振动，并产生沿x轴正方向传播的波，O质点的振动图象如图乙所示．当O质点第一次达到负向最大位移时，P质点刚开始振动．则（）A．质点Q的起振方向为y轴负方向B．这列波传播的速度为0.25m/sC．若该波在传播过程中若遇到0。
5m的障碍物，不能发生明显衍射现象D．若波源O向x轴正方向运动，接收器接收到波的频率可能为0。
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.街旁的路灯，江海里的航标都要求在夜晚亮，白天熄，实现了自动控制，这是利用半导体的( ) A ．压敏性 B ．光敏性 C ．热敏性 D ．三种特性都利用2.一正弦交流电的电压随时间变化的规律如右图所示。
由图可知（ ）A ．该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin25πt(V)B ．该交流电的频率为4 HzC ．该交流电的电压的有效值为100VD ．若将该交流电压加在阻值为R=100Ω的电阻两端,则电阻消耗的功率为50 W3.A 、B 是两个完全相同的电热器，A 通以图甲的方波交变电流，B 通以图乙所示的正弦交变电流，则两电热器的电功率PA ︰PB 等于（ ）A ．5:4B ．3:2C ．D ．2:14.一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P 为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是( )A ．副线圈输出电压的频率为50 HzB ．副线圈输出电压的有效值为31 VC ．P 向右移动时，原、副线圈的电流比减小D ．P 向右移动时，变压器的输出功率减小5.如图所示，平行板电容器与灯泡串联，接在交流电源上，灯泡正常发光，则( )A ．把电介质插入电容器，灯泡一定变亮B ．把电容器两极板间距离增大，灯泡一定变亮C ．把电容器两极板间距离减小，灯泡一定变暗D ．使交流电频率增大，灯泡变暗6.如图甲所示，M 是一个小型理想变压器，原、副线圈匝数之比n 1：n 2=10：1，接线柱a 、b 接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示。
变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R 2为用半导体热敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，R 1为一定值电阻。
下列说法中不正确的是（ ）A．电压表V的示数为22VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数增大D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变大7.压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学设计了利用压敏电阻判断升降机运动状态的装置，其工作原理图如图，将压敏电阻固定在升降机底板上，其上放置一个物块，在升降机运动过程的某一段时间内，发现电流表的示数I不变，且I大于升降机静止时电流表的示数I，在这段时间内（）A．升降机可能匀减速下降B．升降机一定匀减速下降C．升降机可能匀加速下降D．升降机一定匀加速下降8.A、B两个完全一样的弹簧振子，把A振子移到A的平衡位置右边10cm，把B振子移到B的平衡位置右边5cm，然后同时放手，那么：（）A．A、B运动的方向总是相同的 B．A、B运动的方向总是相反的C．A、B运动的方向有时相同、有时相反 D．无法判断A、B运动的方向的关系9.如图所示。
四川高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如图所示.两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B，则下列说法正确的是：( )A．等边三角ABC区域中（包括边界）没有磁感应强度为0的点B．在C处磁场的总磁感应强度方向垂直于AB连线向下C．在C处磁场的总磁感应强度大小是B0D．在C处若有一电流大小为I，长度为L的的恒定电流，受到的安培力可能为B0IL2.目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机．如图表示了它的原理：将一束等离子体喷射入磁场，在场中有两块金属板A、B，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压．如果射入的等离子体速度均为v，两金属板的板长为L，板间距离为d，板平面的面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于速度方向，负载电阻为R，电离气体充满两板间的空间．当发电机稳定发电时，电流表示数为I.那么以下正确的是 ( )A.A板为正极B.R中电流的方向向上C.AB板产生的电动势为 BLVD.B板间的等离子体的电阻为 (－R)3.两个相同的电阻分别通以如图1所示的正弦式交流电和方波形交变电流，两种交变电流的最大值相等，周期相等。
则在一个周期内，正弦式交流在电阻上产生的焦耳热Q1与方波式交流在电阻上产生的焦耳热Q2之比等于 ( )A．3∶1B．1∶2C．2∶1D．4∶34.两块水平放置的金属板间的距离为d，用导线与一个n匝线圈相连，线圈电阻为r，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R与金属板连接，如图6所示，两板间有一个质量为m、电荷量＋q的油滴恰好处于静止，则线圈中的磁感应强度B的变化情况和磁通量的变化率分别是 ( )A．磁感应强度B竖直向上且正增强，＝B．磁感应强度B竖直向下且正增强，＝C．磁感应强度B竖直向上且正在减弱，D．磁感应强度B竖直向下且正在减弱，5.在图所示的电路中，两个灵敏电流表G1和G2的零点都在刻度盘中央，当电流从“+”接线柱流入时，指针向右摆；电流从“-”接线柱流入时，指针向左摆．在电路接通稳定工作后再断开的瞬间，下面哪个说法符合实际( )A．G1指针向左摆，G2指针向右摆B．G1指针向右摆，G2指针向左摆C．G1、G2的指针都向左摆D．G1、G2的指针都向右摆6.粗细均匀的电阻丝围成图所示的线框，置于正方形有界匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直线框平面向里，图中ab=bc=2cd=2de=2ef=2fa=2L．现使线框以同样大小的速度v匀速沿四个不同方向平动进入磁场，并且速度方向始终与线框先进入磁场的那条边垂直，则在通过如图所示位置时，下列说法中正确的是( )A．a、b两点间的电势差图①中最大B．a、b两点间的电势差图②中最大C．回路电流图③中最大D．回路电流图④中最小7.在图所示两电路中，当a、b两端与e、f两端分别加上22V的交流电压时，测得c、d间与g、h间的电压均为11V；若分别在c、d与g、h的两端加上22 V的交流电压，则a、b间与e、f间的电压分别为( )A．22V, 22V B．44 V, 22VC．11V, 11V D．22V, 08.如图所示，套在很长的绝缘直棒上的小球，质量为1.0×10－4kg，带4.0×10－4C的正电荷，小球在棒上可以滑动，将此棒竖直放置在沿水平方向的匀强电场和匀强磁场中，匀强电场的电场强度E＝10 N/C，方向水平向右，匀强磁场的磁感应强度B＝0.5 T，方向为垂直于纸面向里，小球与棒间的动摩擦因数为μ＝0.2，(设小球在运动过程中所带电荷量保持不变，g取10 m/s2)A．小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度为10m/s2B．小球由静止沿棒竖直下落最大速度2m/sC．若磁场的方向反向，其余条件不变，小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度为5m/s2D．若磁场的方向反向，其余条件不变，小球由静止沿棒竖直下落的最大速度为45m/s9.一个矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势e=(V)，那么（）A．该交变电流的频率是50 HzB．当t = 0时，线圈平面恰好位于中性面C．当时，e有最大值D．该交变电流电动势的有效值为V10.如图所示，OP、OQ为匀强磁场的边界，磁场分布足够广，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里。
2015级高二下期3月月考试题物 理本试卷分为试题卷和答题卡两部分，其中试题卷由第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）组成，共6页；答题卡共2页．满分100分．考试结束后将答题卡交回．第Ⅰ卷（选择题，共40分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、班级用笔写在答题卡上．2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案，不能答在试题卷上．一、本大题共8个小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的。
1. 水电站给远处山村送电的输出功率是110 kW ，用2 000 V 电压输电，线路上损失的功率是2.5×104W ；如果改用20000 V 高压输电，线路上损失的功率为（ ）A ．2500WB ． 50WC ． 500WD ．250W 2. 甲、乙两物体由同一位置出发沿同一直线运动，其速度——时间图象如图1所示，下列说法正确的是( )A ．甲做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动B ．两物体两次相遇的时刻分别是在1 s 末和4 s 末C ．乙在前2 s 内做匀加速直线运动，2 s 后做匀减速直线运动D ．2 s 后，乙物体的速度方向反向 图13. 如图2所示，相同的两个金属小球A 、B 带有电荷量大小相等的电荷，相隔一定的距离固定放置，两球之间的相互吸引力大小为F ，今用第三个相同的不带电的金属小球C 先后与A 、B 两个球接触后移开，这时A 、B 两个球之间的相互作用力大小是( )A ．18F B ．14F C ．38F D ．34F 图24. 如图3所示为一个经双可控硅调节后加在电灯上的电压，正弦交流电的每一个二分之一周期中，前面四分之一周期被截去，则现在电灯上电压的有效值为( ) 图3A ．UmB ． Um 2C ．Um 3D ． Um25. 一个弹簧振子沿x 轴做简谐运动，取平衡位置O 为x 轴坐标原点。
四川省宜宾三中2015届高三下学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共7小题，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．牛顿、千克、秒为力学单位制中的基本单位B．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量C．洗衣机脱水桶脱水时利用了离心运动D．理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态，所以是不可靠的2．（6分）类比是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于掌握新知识，提高学习效率．在类比过程中，既要找出共同之处，又要抓住不同之处．某同学对机械波和电磁波进行类比，总结出下列内容，其中不正确的是（）A．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用B．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象C．机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播D．机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波3．（6分）如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正）．则物体运动的速度v随时间t变化的规律是下图中的（物体的初速度为零，重力加速度取10m/s2）（）A．B．C．D．4．（6分）2014年11月1日早上6时42分，被誉为“嫦娥5号”的“探路尖兵”再入返回飞行试验返回器在内蒙古四子王旗预定区域顺利着陆，标志着我国已全面突破和掌握航天器以接近第二宇宙速度的高速再入返回关键技术，为确保“嫦娥5号”任务顺利实施和探月工程持续推进奠定了坚实基础．已知人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，经过时间t （t小于航天器的绕行周期），航天器运动的弧长为s，航天器与月球的中心连线扫过角度为θ，引力常量为G，则（）A．航天器的环绕周期为B．航天器的轨道半径为C．月球的质量为D．月球的密度为5．（6分）a、b两种单色光组成的光束从介质进入空气时，其折射光线如图所示．用a、b 两光束（）A．先后照射双缝千涉实验装置，在缝后屏上都能出现干涉条纹，由此确定光是横波B．先后照射双缝千涉实验装置，a光在缝后屏上都能出现干涉条纹间距更大C．从同一介质以相同方向射向空气．其界面为平面，若b光不能进入空气，则a光也不能进入空气D．从同一介质以相同方向射向空气．其界面为平面，a光的反射角比b光的反射角大6．（6分）如图所示，光滑绝缘细管与水平面成30°角，在管的上方P点固定一个点电荷+Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连接水平．带电荷量为﹣q的小球（小球直径略小于细管内径）从管中A处由静止开始沿管向下运动，在A处时小球的加速度为a．图中PB⊥AC，B是AC的中点，不考虑小球电荷量对+Q形成的电场的影响，则在电场中（）A．A点的电势高于B点的电势B．B点的电场强度大小是A点的4倍C．小球运动到C处的加速度为g﹣aD．小球从A到C的过程中电势能先减小后增大7．（6分）如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P连接，另一端与物体A相连，弹簧处于水平状态；物体A置于光滑水平桌面上，A右端水平连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连．开始时托住B，让系统处于静止状态且细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度（假设此过程中B未着地）．已知弹簧的劲度系数为k，A、B两物体的质量均为m，物体A始终处在水平桌面上，不计绳的伸长，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．物体A与物体B组成的系统机械能守恒B．当物体B获得最大速度时，弹簧伸长量为C．当物体B获得最大速度时，若弹簧的弹性势能增加量为，则物体A的速度大小为D．此过程中B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量二、（非选择题共68分）8．（6分）对自中落体话动的研究：①l6世纪末，伽利略对落体运动规律讲行了探究，他探究的主要过程是．A．猜想一问题一数学推理一实验验证一合理外推一得出结论B．问题一猜想一数学推理一实验验证一合理外推一得出结论C．问题一猜想一验验证一数学推理一合理外推一得出结论D．猜想一问题一实验验证一数学推理一合理外推一得出结论②由于条件所限，伽利略无法对自由落体运动进行准确实验研究．现在某同学在研究性学习中利用打点计时器针对自由落体运动进行深入研究，设计了如下实验方案：如图甲所示将打点计时器固定在铁架台上，先打开电源，后释放重物，重物带动纸带从静止开始下落，打出儿条纸带并在其中选出一条比较理想的纸带如图乙所示，在纸带上取出若干计数点，其中每相邻计数点之间有四个点未画出，该同学已测得图中标出的数据s1、s2、s3、s4、s5，并已知打点计时器打点频率为f．需要计算重力加速度和打各点时的速度，计算重力加速度的公式是g=（用f、s2、s5表示），计算打计数点5时重物速度的公式是v5=（用f、s3、s4、s5表示）．9．（11分）有一个额定电压为10V、额定功率在10～15W之间的用电器L（该用电器在电路中可用电阻符号表示），为了测定它的额定功率，现有下面器材可供选用：A．电动势为3V、15V、50V的直流电源各一个（内阻均不计）B．三种规格的滑动变阻器各一个：R1（规格为0～5Ω，3A）、R2（规格为0～15Ω，2A）、R3（规格为0～50Ω，1A）C．量程分别为0～0.6A、0～3A内阻可忽略的双量程直流电流表一只D．量程为0～3V、内阻为2kΩ的直流电压表一只E．阻值为r1=2kΩ、r2=6kΩ、r3=20kΩ的定值电阻各一个（实验中只能选用一个）F．开关一个，导线若干利用上述仪器，为使测量尽可能准确、方便，并使耗电功率最小，请回答：①应该选择的滑动变阻器是，应该选择的电流表量程是．②在图甲虚线框中画出测量电路图．③若电表的指针如图乙所示，由此可求得该用电器额定功率P=W（结果保留三位有效数字）．10．（15分）2014年8月南京成功举办了第二届夏季青年奥运会，中国代表队共获得了30块金牌．中国小将吴圣平在跳水女子三米板中以绝对的优势夺冠．为了理解运动员在三米板跳水中的轨迹过程，特做了简化处理：把运动员看作质量为m=50.0kg的质点，竖直起跳位置离水面高h1=3.0m，起跳后运动到最高点的时间t=0.3s，运动员下落垂直入水后水对运动员竖直向上的作用力的大小恒为F=1075.0N，不考虑空气阻力，g=10m/s2，求：（1）运动员起跳时初速度v0的大小；（2）运动员在空中运动的时间t总和在水中运动的最大深度h2．（结果可用根式表示）11．（17分）如图甲所示：MN、PQ是相距d=l m的足够长平行光滑金属导轨，导轨平面与水平面成某一夹角，导轨电阻不计；长也为1m的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，ab的质量m=0.1kg、电阻R=lΩ；MN、PQ的上端连接右侧电路，电路中R2为一电阻箱；已知灯泡电阻R L=3Ω，定值电阻R1=7Ω，调节电阻箱使R2=6Ω，量力加速度g=10m/s2．现断开开关S，在t=0时刻由静止释放ab，在t=0.5s时刻闭合S，同时加上分布于整个导轨所在区域的匀强磁场，磁场方向垂直于导轨平面斜向上；图乙所示为ab的速度随时间变化图象．（1）求斜面倾角a及磁感应强度B的大小；（2）ab由静止下滑x=50m（此前已达到最大速度）的过程中，求整个电路产生的电热；（3）若只改变电阻箱R2的值．当R2为何值时，ab匀速下滑中R2消耗的功率最大？消耗的最大功率为多少？12．（19分）如图所示的平行板之间，存在着相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B1=0.20T，方向垂直纸面向里，电场强度E1=1.0×105 V/m，PQ为板间中线．紧靠平行板右侧边缘xOy坐标系的第一象限内，有一边界线AO，与y轴的夹角∠AOy=45°，边界线的上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B2=0.25T，边界线的下方有水平向右的匀强电场，电场强度E2=5.0×105 V/m，在x轴上固定一水平的荧光屏．一束带电荷量q=8.0×10﹣19C、质量m=8.0×10﹣26 kg的正离子从P点射入平行板间，沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0，0.4m）的Q点垂直y轴射入磁场区，最后打到水平的荧光屏上的位置C．求：（1）离子在平行板间运动的速度大小．（2）离子打到荧光屏上的位置C的坐标．（3）现只改变AOy区域内磁场的磁感应强度大小，使离子都不能打到x轴上，磁感应强度大小B2′应满足什么条件？四川省宜宾三中2015届高三下学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共7小题，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．牛顿、千克、秒为力学单位制中的基本单位B．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量C．洗衣机脱水桶脱水时利用了离心运动D．理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态，所以是不可靠的考点：离心现象；力学单位制．分析：根据需要的向心力大于提供的向心力，发生离心现象；牛顿不是基本单位；牛顿提出了万有引力定律，伽勒观察到海王星，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量；理想实验是可靠的，来判断正误．解答：解：A、米、千克、秒为力学单位制中的基本单位，而牛顿不是的基本单位，故A 错误；B、牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量．故B错误；C、洗衣机脱水时利用离心运动将附着在衣服上的水分甩掉，水做离心运动．故C正确．D、理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态，是可靠的，故D错误；故选：C点评：考查离心现象的原理，及发生条件，掌握基本单位与导出单位的区别，注意万有引力定律的发现与引力常量测定者的不同．2．（6分）类比是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于掌握新知识，提高学习效率．在类比过程中，既要找出共同之处，又要抓住不同之处．某同学对机械波和电磁波进行类比，总结出下列内容，其中不正确的是（）A．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用B．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象C．机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播D．机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波考点：波长、频率和波速的关系；机械波；波的干涉和衍射现象；电磁波的产生．分析：本题实际考察了机械波和电磁波的区别和联系，它们虽然都是波，但是产生机理是不同的．解答：解：A、波长、波速、频率的关系对任何波都是成立的，对电磁波当然成立，故A 正确；B、干涉和衍射是波的特性，机械波、电磁波都是波，这些特性都具有，故B正确；C、机械波是机械振动在介质中传播形成的，所以机械波的传播需要介质而电磁波是交替变化的电场和磁场由近及远的传播形成的，所以电磁波传播不需要介质，故C正确；D、机械波既有横波又有纵波，但是电磁波只能是横波，其证据就是电磁波能够发生偏振现象，而偏振现象是横波才有的，D项错误．本题选错误的，故选D．点评：本题通过新颖的题意考察了机械波和电磁波的区别，有创新性．同时类比法是一种重要的思想方法，要在平时学习中不断应用．3．（6分）如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正）．则物体运动的速度v随时间t变化的规律是下图中的（物体的初速度为零，重力加速度取10m/s2）（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律得出物体运动的加速度，根据加速度与速度的方向关系判断物体的运动，若加速度与速度方向同向，做加速直线运动，若加速度方向与速度方向相反，则做减速运动．解答：解：在0﹣1s内，根据牛顿第二定律得，方向沿斜面向上，物体向上做匀加速直线运动；在1﹣2s内，拉力为零，根据牛顿第二定律得，，方向沿斜面向下，物体沿斜面向上做匀减速直线运动，2s末速度为零．在2﹣3s内，根据牛顿第二定律得，．方向沿斜面向下，物体沿斜面向下做匀加速直线运动，3s末的速度大小v=a3t=15m/s．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键是通过牛顿第二定律得出加速度，根据加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动规律．4．（6分）2014年11月1日早上6时42分，被誉为“嫦娥5号”的“探路尖兵”再入返回飞行试验返回器在内蒙古四子王旗预定区域顺利着陆，标志着我国已全面突破和掌握航天器以接近第二宇宙速度的高速再入返回关键技术，为确保“嫦娥5号”任务顺利实施和探月工程持续推进奠定了坚实基础．已知人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，经过时间t （t小于航天器的绕行周期），航天器运动的弧长为s，航天器与月球的中心连线扫过角度为θ，引力常量为G，则（）A．航天器的环绕周期为B．航天器的轨道半径为C．月球的质量为D．月球的密度为考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：由万有引力充当向心力而做圆周运动的，则由万有引力公式及已知量可得出能计算的物理量．解答：解：A、经过时间t，航天器与月球的中心连线扫过角度为θ则：，得：T=．故A正确B、根据几何关系得：．故B错误；C、由万有引力充当向心力而做圆周运动，所以：所以：M==．故C 错误；D、人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，月球的半径等于r，则月球的体积：，月球的密度为：=．故D正确．故选：AD点评：万有引力在天体中的运动，主要是万有引力充当向心力，注意向心力的表达有多种形式，应灵活选择．5．（6分）a、b两种单色光组成的光束从介质进入空气时，其折射光线如图所示．用a、b 两光束（）A．先后照射双缝千涉实验装置，在缝后屏上都能出现干涉条纹，由此确定光是横波B．先后照射双缝千涉实验装置，a光在缝后屏上都能出现干涉条纹间距更大C．从同一介质以相同方向射向空气．其界面为平面，若b光不能进入空气，则a光也不能进入空气D．从同一介质以相同方向射向空气．其界面为平面，a光的反射角比b光的反射角大考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：由折射定律n=，可分析光路中a的折射率大，光的折射率越大，其频率越大；根据临界角公式sinC=比较两束光全反射临界角的大小，再分析从介质射入空气时能否发生全反射现象．根据反射定律分析反射角的关系．解答：解：A、由图知，a光的折射角大于b光的折射角，a光的偏折程度较大，由折射定律可知a光的折射率大，光的折射率越大，其频率越大，所以a光的频率较大，两光的频率不同，不能产生干涉．确定光是横波应该用光的偏振实验，该实验不能确定光是横波，故A错误．B、a光的折射率大，频率高，波长短，而干涉条纹的间距与波长成正比，所以a光在缝后屏上都能出现干涉条纹间距更小，故B错误．C、根据临界角公式sinC=可知，a光的全反射临界角较小，故b发生全反射时，a一定发生全反射，故C正确．D、根据光的反射定律知：反射角等于入射角，可知，入射角始终等于折射角，从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，两光束的反射相等，故D错误．故选：C．点评：本题考查了光的折射率公式、光的双缝干涉实验、光电效应原理、光的反射定律、光的全反射现象以及光的折射率与频率、波长的关系，是一个综合性很强的题目．6．（6分）如图所示，光滑绝缘细管与水平面成30°角，在管的上方P点固定一个点电荷+Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连接水平．带电荷量为﹣q的小球（小球直径略小于细管内径）从管中A处由静止开始沿管向下运动，在A处时小球的加速度为a．图中PB⊥AC，B是AC的中点，不考虑小球电荷量对+Q形成的电场的影响，则在电场中（）A．A点的电势高于B点的电势B．B点的电场强度大小是A点的4倍C．小球运动到C处的加速度为g﹣aD．小球从A到C的过程中电势能先减小后增大考点：电势能；功能关系．分析：由正点电荷电场线的分布，结合沿着电场线方向电势降低，分析电势的高低；根据点电荷电场强度的公式，分析场强关系；根据电场力做功的正负来确定电势能高低；由牛顿第二定律，结合库仑定律，即可求解C处加速度．解答：解：A、正点电荷的电场线发散型，由于沿着电场线方向，电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，故A错误；B、结合几何关系知：PA=2PB，由点电荷电场强度公式E=，可知，电场强度的大小与间距的平方成反比，则B点的电场强度大小是A点的4倍，故B正确；C、在A处时小球的加速度为a，对A点受力分析，电场力、重力与支持力，由力的合成法则可知，合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供的；当在C处时，小球仍受到重力、电场力与支持力，合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的，即为g﹣a．故C错误．D、根据电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加，可知：小球带负电，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，故D正确；故选：BD．点评：考查点电荷的电场强度公式，掌握矢量的合成法则，注意电场力做功与电势能的变化关系，理解牛顿第二定律与力的平行四边形定则的综合应用．7．（6分）如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P连接，另一端与物体A相连，弹簧处于水平状态；物体A置于光滑水平桌面上，A右端水平连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连．开始时托住B，让系统处于静止状态且细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度（假设此过程中B未着地）．已知弹簧的劲度系数为k，A、B两物体的质量均为m，物体A始终处在水平桌面上，不计绳的伸长，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．物体A与物体B组成的系统机械能守恒B．当物体B获得最大速度时，弹簧伸长量为C．当物体B获得最大速度时，若弹簧的弹性势能增加量为，则物体A的速度大小为D．此过程中B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量考点：机械能守恒定律；弹性势能．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：正确解答该题要分析清楚过程中物体受力的变化情况，各个力做功情况；根据功能关系明确系统动能、B重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况，注意各种功能关系的应用．解答：解：A、对于A物体、B物体以及弹簧组成的系统，只有弹簧的弹力和重力做功，系统的机械能守恒，由于弹簧的弹性势能不断增大，所以A物体与B物体组成的系统机械能不断减少，故A错误；BC、以A、B组成的系统为研究对象，有m B g﹣kx=（m A+m B）a，由于弹簧的伸长量x逐渐变大，故加速度逐渐减小，当加速度减为零时，速度达到最大，x=，△E p==，根据系统机械能守恒知mgx=+△E p解得v=，故C正确，B错误；D、整个系统中，根据功能关系可知，B减小的机械能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故D正确；故选：CD点评：正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用．二、（非选择题共68分）8．（6分）对自中落体话动的研究：①l6世纪末，伽利略对落体运动规律讲行了探究，他探究的主要过程是B．A．猜想一问题一数学推理一实验验证一合理外推一得出结论B．问题一猜想一数学推理一实验验证一合理外推一得出结论C．问题一猜想一验验证一数学推理一合理外推一得出结论D．猜想一问题一实验验证一数学推理一合理外推一得出结论②由于条件所限，伽利略无法对自由落体运动进行准确实验研究．现在某同学在研究性学习中利用打点计时器针对自由落体运动进行深入研究，设计了如下实验方案：如图甲所示将打点计时器固定在铁架台上，先打开电源，后释放重物，重物带动纸带从静止开始下落，打出儿条纸带并在其中选出一条比较理想的纸带如图乙所示，在纸带上取出若干计数点，其中每相邻计数点之间有四个点未画出，该同学已测得图中标出的数据s1、s2、s3、s4、s5，并已知打点计时器打点频率为f．需要计算重力加速度和打各点时的速度，计算重力加速度的公式是g=（用f、s2、s5表示），计算打计数点5时重物速度的公式是v5=（用f、s3、s4、s5表示）．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：（1）根据伽利略对落体运动规律的研究，了解伽利略所开创的研究问题的方法和思维过程，即可正确解答本题．（2）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出重力加速度，结合某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点4的瞬时速度，结合速度时间公式求出求出计数点5的速度．解答：解：（1）伽利略在研究物体下落规律时，首先是提出问题即对亚里士多德的观点提出疑问，然后进行了猜想即落体是一种最简单的变速运动，而最简单的变速运动就是速度变化是均匀的，接着进行了实验，伽利略对实验结果进行数学推理，然后进行合理的外推得出结论．故B正确．（2）打点T=，根据得：g=．计数点4的速度为：，匀加速运动的加速度为：，，则计数点5的速度为：．故答案为：（1）B；（2），．点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．9．（11分）有一个额定电压为10V、额定功率在10～15W之间的用电器L（该用电器在电路中可用电阻符号表示），为了测定它的额定功率，现有下面器材可供选用：A．电动势为3V、15V、50V的直流电源各一个（内阻均不计）B．三种规格的滑动变阻器各一个：R1（规格为0～5Ω，3A）、R2（规格为0～15Ω，2A）、R3（规格为0～50Ω，1A）C．量程分别为0～0.6A、0～3A内阻可忽略的双量程直流电流表一只D．量程为0～3V、内阻为2kΩ的直流电压表一只E．阻值为r1=2kΩ、r2=6kΩ、r3=20kΩ的定值电阻各一个（实验中只能选用一个）F．开关一个，导线若干利用上述仪器，为使测量尽可能准确、方便，并使耗电功率最小，请回答：①应该选择的滑动变阻器是R2，应该选择的电流表量程是0～3A．②在图甲虚线框中画出测量电路图．③若电表的指针如图乙所示，由此可求得该用电器额定功率P=12.0W（结果保留三位有效数字）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：（1）先求出用电器的电阻，滑动变阻器的电阻应与用电器电阻差不多，方便调节；（2）算出用电器的额定电流，再选择电流表量程；（3）我们发现电压表的量程不符合要求，要扩大量程，电压表串联一个定值电阻，扩大量程；因直流电流表的内阻不计，电流表内接，使耗电功率最小，采用分流式接法，画出电路图．（4）根据用电器的额定电压和额定功率的大约值确定电流表的为0～3A，根据分度值读出示数，根据P=UI求出它的额定功率．解答：解：①用电器的电阻R=，根据已知条件可知，R在6.7﹣10Ω，为方便条件，滑动变阻器选R2（规格为0～15Ω 2A）；根据得，用电器的额定电流约为=1.5A，所以电流表选择0～3A的；②我们发现电压表的量程不符合要求，要扩大量程，电压表串联一个定值电阻，扩大量程；电压表量程应扩大到15V，所以要串联一个r2=6kΩ的定值电阻，。
2015-2016学年四川省宜宾市横江中学高二（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题（每小题6分，多选或错选0分，少选得3分，共48分．）1．利用变压器不可能做到的是（）A．增大电流B．升高电压C．减小电压D．增大功率2．关于电磁感应，下列说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大B．当导体平动做切割磁感线的运动时，导体中一定有感应电流产生C．当穿过线圈的磁通量变化越快时，感应电动势越小D．当穿过线圈的磁通量发生变化时，感应电动势的大小与线圈电阻无关3．一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感生电动势e随时间t的变化如图所示．下面说法中正确的是（）A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D．每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大4．如图所示，闭合小金属环从高h处的光滑曲面上端无初速度滚下，又沿曲面的另一侧上升，则下列说法正确的是（）A．若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于hB．若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hC．若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hD．若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度大于h5．一交变电流的电压表达式为u=100sin120πt（V），由此表达式可知（）A．用电压表测该电压其示数为100 VB．该交变电压的频率为60HzC．将该电压加在100Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为100 WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为50V6．如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，下列说法中正确的是（）A．合上开关S接通电路时，A2先亮A1后亮，最后一样亮B．合上开关S接通电路时，A1和A2始终一样亮C．断开开关S切断电路时，A2立即熄灭，A1过一会熄灭D．断开开关S切断电路时，A1和A2都立即熄灭7．关于交变电流的下列说法中正确的是（）A．动力线上的380V正弦交变电压的有效值是220VB．交流电流表和交流电压表的示数是交变电流的平均值C．正弦交变电流的有效值是其最大值的0.707倍D．标有耐压值300V的电容器可以直接接在220V的家用交变电源上8．如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=180匝，交流电源的电压u=220sin120πtV，电阻R=45Ω，电压表、电流表均为理想电表，则下列结论正确的是（）A．交流电的频率为50HzB．电流表A1的示数约为0.13AC．电流表A2的示数约为1.1 AD．电压表V的示数为36V二、实验题（9题6分，10题9分，共15分）9．某同学用如图所示的实验器材探究电磁感应现象．他连接好电路并检查无误后，闭合电键的瞬间观察到电流表G指针向右偏转．电键闭合后，他还进行了下列操作：（1）将滑动变阻器的滑动触头快速向接线柱C移动，电流计指针将（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）（2）将线圈A中的铁芯快速抽出，电流计指针将（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）10．某同学用如图甲所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象．（1）除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A1（量程100mA，内阻约2Ω）；A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；电压表：V1（量程5V，内阻约5kΩ）；V2（量程15V，内阻约15kΩ）；滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω）；R2（阻值范围0～2kΩ）；电源：E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）；E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．为调节方便，测量准确，实验中应选用电流表，电压表，滑动变阻器，电源（填器材的符号）．（2）根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图乙所示．由图象可知，当所加电压为3.0V时，灯丝电阻为Ω，灯泡实际消耗的电功率为W．三、计算题（11题12分，12题20分，共32分）11．如图，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体棒ab的质量m=0.2kg、电阻R=0.5Ω，匀强磁场的磁感应强度B=0.2T，方向垂直框架向上．现用F=1N的外力由静止开始向右拉ab棒，当ab棒的速度达到2m/s时，求：（1）ab棒产生的感应电动势的大小；（2）ab棒所受的安培力；（3）ab棒的加速度．12．如图，在水平地面MN上方空间存在一垂直纸面向里、磁感应强度B=1.0T的有界匀强磁场区域，上边界EF距离地面的高度H=0.7m．正方形金属线框abcd的质量m=0.1kg、边长L=0.1m，总电阻R=0.02Ω，线框的ab边距离EF上方h=0.2m处由静止开始自由下落，abcd 始终在竖直平面内且ab保持水平．求线框从开始运动到ab边刚要落地的过程中（g取10m/s2）：（1）线框产生的焦耳热Q；（2）通过线框截面的电量q；（3）通过计算画出线框运动的v～t 图象．四、选做题（13题15分，共15分）13．某交流发电机输出功率为5×105W，输出电压为U=1.0×103V，假如输电线的总电阻R=10Ω，在输电线上损失的电功率等于输电功率的5%，用户使用电压U=380V．（1）画出输电线路的示意图．（标明各部分的符号）（2）所用升压和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？（使用的变压器是理想变压器）2015-2016学年四川省宜宾市横江中学高二（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题6分，多选或错选0分，少选得3分，共48分．）1．利用变压器不可能做到的是（）A．增大电流B．升高电压C．减小电压D．增大功率【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据变压器的电压、电流与匝数之间的关系及输入功率与输出功率的关系即可求解．【解答】解：根据变压器的电压、电流与匝数之间的关系可以增大和减小电压，也可以增大或减小电流，输入功率由输出功率决定，变压器不能改变功率．故D不能做到故选D2．关于电磁感应，下列说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大B．当导体平动做切割磁感线的运动时，导体中一定有感应电流产生C．当穿过线圈的磁通量变化越快时，感应电动势越小D．当穿过线圈的磁通量发生变化时，感应电动势的大小与线圈电阻无关【考点】感应电流的产生条件．【分析】感应电动势与磁通量的变化率成正比．根据法拉第电磁感应定律分析答题．【解答】解：A、由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量无关，取决于磁通量的变化率，磁通量的变化率越大，感应电动势才越大，所以磁通量变化越大，感应电动势不一定越大，还与发生变化所用时间有关，故A错误．B、当导体平动做切割磁感线的运动时，导体中一定有感应电动势产生，但不一定有感应电流产生，电路还要闭合才有感应电流，故B错误．C、当穿过线圈的磁通量变化越快时，磁通量的变化率越大，感应电动势越大，故C错误．D、当穿过线圈的磁通量发生变化时，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与线圈电阻无关．故D正确．故选：D3．一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感生电动势e随时间t的变化如图所示．下面说法中正确的是（）A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D．每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【分析】当矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴匀速转动时，线圈中产生正弦式交变电流；当线圈通过中性面时，磁通量最大，感应电动势为零，电动势方向发生改变；而当线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大，磁通量的变化率最大．【解答】解：A、t1时刻感应电动势为零，线圈通过中性面时，磁通量最大，故A错误；B、由图t2时刻，感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，线圈平面与磁场平行，磁通量变化率的绝对值最大，故B正确；C、t3时刻感应电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零，故C错误；D、每次经过中性面时，e变换方向，故磁通量绝对值都为最大，故D正确；故选：BD4．如图所示，闭合小金属环从高h处的光滑曲面上端无初速度滚下，又沿曲面的另一侧上升，则下列说法正确的是（）A．若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于hB．若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hC．若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hD．若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度大于h【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】若是匀强磁场，闭合小金属球中没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变．若是非匀强磁场，闭合小金属球中由于电磁感应产生涡流，机械能减小转化为内能，高度减小．【解答】解：A、若是匀强磁场，穿过小球的磁通量不变，没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变，则环在左侧滚上的高度等于h．故A正确，B错误．C、若是非匀强磁场，闭合小金属球中由于电磁感应产生涡流，机械能减小转化为内能，高度减小，则环在左侧滚上的高度小于h，故CD错误．故选：B．5．一交变电流的电压表达式为u=100sin120πt（V），由此表达式可知（）A．用电压表测该电压其示数为100 VB．该交变电压的频率为60HzC．将该电压加在100Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为100 WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为50V【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】根据电压表达式中各物理量的含义去分析周期、有效值瞬时值，由功率公式计算消耗的电功率．【解答】解：A、从电压表达式u=100sin120πt中得出电压的最大值为100V，电压表显示的是有效值，为：U=，故A错误；B 、从电压表达式u=100sin120πt 中得出角频率为120πrad/s ，故频率f==，故B 正确；C 、将该电压加在100Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为：P=，故C 错误；D 、t=s 时，该交流电压的瞬时值为：u=100sin120πt=100×=50V ，故D 错误；故选：B ．6．如图所示的电路中，A 1和A 2是完全相同的灯泡，线圈L 的电阻可以忽略不计，下列说法中正确的是（ ）A ．合上开关S 接通电路时，A 2先亮A 1后亮，最后一样亮B ．合上开关S 接通电路时，A 1和A 2始终一样亮C ．断开开关S 切断电路时，A 2立即熄灭，A 1过一会熄灭D ．断开开关S 切断电路时，A 1和A 2都立即熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小．【解答】解：A 、合上开关S 接通电路，A 2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A 1的电流慢慢变大，最后两灯泡的电压一样大，所以一样亮．故A 正确，B 错误； C 、断开开关S 切断电路时，通过A 2的用来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过A 1的电流会慢慢变小，并且通过A 2，所以两灯泡一起过一会儿熄灭．故C 、D 错误．故选：A7．关于交变电流的下列说法中正确的是（ ）A ．动力线上的380V 正弦交变电压的有效值是220VB ．交流电流表和交流电压表的示数是交变电流的平均值C ．正弦交变电流的有效值是其最大值的0.707倍D ．标有耐压值300V 的电容器可以直接接在220V 的家用交变电源上【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】正弦交变电压的有效值，电流的有效值，交流电流表和交流电压表的示数都是有效值，电容器的耐压值为最大值．【解答】解：A、正弦交变电压的有效值，所以动力线上的380V正弦交变电压的有效值U=，故A错误；B、交流电流表和交流电压表的示数是交变电流的有效值，故B错误；C、正弦交变电流的有效值，即弦交变电流的有效值是其最大值的0.707倍，故C正确；D、电容器的耐压值为最大值，220V家用交变电源的最大值为311V，所以耐压值300V的电容器不能直接接到220V的家用交变电源上，故D错误．故选：C8．如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=180匝，交流电源的电压u=220sin120πtV，电阻R=45Ω，电压表、电流表均为理想电表，则下列结论正确的是（）A．交流电的频率为50HzB．电流表A1的示数约为0.13AC．电流表A2的示数约为1.1 AD．电压表V的示数为36V【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，逐项分析即可得出结论．【解答】解：A、交流电的频率f==60Hz，故A错误；B、输入电压的有效值为220V；根据电压之比等于匝数之比可得：副线圈中电压为=36V，则电流为I==0.8A，根据电流与匝数成反比可以求得原线圈的电流为=0.13A；故B正确，C错误；D、由表达式知原线圈的电压有效值为220V，电压表的示数为U2=U1=36V，故D正确；故选：BD二、实验题（9题6分，10题9分，共15分）9．某同学用如图所示的实验器材探究电磁感应现象．他连接好电路并检查无误后，闭合电键的瞬间观察到电流表G指针向右偏转．电键闭合后，他还进行了下列操作：（1）将滑动变阻器的滑动触头快速向接线柱C移动，电流计指针将右偏（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）（2）将线圈A中的铁芯快速抽出，电流计指针将左偏（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）【考点】研究电磁感应现象．【分析】根据题意确定指针偏转方向与磁通量变化间的关系，然后根据磁通量的变化情况确定指针的偏转方向．【解答】解：（1）在电键刚闭合时，回路中的电流增大，原线圈中电流产生的磁场增大，所以副线圈中的磁通量增大，此时电流表指针右偏；电键闭合后滑动变阻器的滑动触头迅速向接线柱C移动时，接入电路的有效电阻减小，所以回路中的电流增大，原线圈中的电流产生的磁场增大，穿过副线圈的磁通量增大，所以指针偏转的方向向右偏；（2）保持滑动变阻器的滑动触头不动，迅速向上提线圈A，穿过副线圈的磁通量减小，根据楞次定律可得，此时的感应电流的方向与开始时感应电流的方向相同，指针偏向左偏，故答案为：右偏，左偏．10．某同学用如图甲所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象．（1）除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A1（量程100mA，内阻约2Ω）；A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；电压表：V1（量程5V，内阻约5kΩ）；V2（量程15V，内阻约15kΩ）；滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω）；R2（阻值范围0～2kΩ）；电源：E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）；E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．为调节方便，测量准确，实验中应选用电流表A2，电压表V1，滑动变阻器R1，电源E2（填器材的符号）．（2）根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图乙所示．由图象可知，当所加电压为3.0V时，灯丝电阻为11.0Ω，灯泡实际消耗的电功率为0.82W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】根据“安全性”和“精确性”原则，电表读数要求指针在满刻度的～或～之间．由图中数据可求得电压与电阻，由功率公式可求得功率．【解答】解：①因小灯泡额定电流为0.3A，额定电压为3.8V，故电流表应选，电压表应选，又因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，应选阻值小的变阻器，故变阻器应选，显然电源应选．②由R﹣U图象知U=0时R为2Ω，U=3V时R为11Ω，由P=得P=0.82W．故答案为A．（1）A2，V1，R1，E2；（2）11.0，0.82．三、计算题（11题12分，12题20分，共32分）11．如图，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体棒ab的质量m=0.2kg、电阻R=0.5Ω，匀强磁场的磁感应强度B=0.2T，方向垂直框架向上．现用F=1N的外力由静止开始向右拉ab棒，当ab棒的速度达到2m/s时，求：（1）ab棒产生的感应电动势的大小；（2）ab棒所受的安培力；（3）ab棒的加速度．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力；法拉第电磁感应定律．【分析】（1）根据切割产生的感应电动势公式求出电动势的大小．（2）结合闭合电路欧姆定律求出回路中电流的大小，从而根据安培力公式求出安培力的大小，通过左手定则判断出安培力的方向．（3）根据牛顿第二定律求出ab棒的加速度．【解答】解：（1）根据导体棒切割磁感线的电动势E=BLV代入数据解得：E=0.4V（2）由闭合电路欧姆定律得回路电流：ab受安培力：F=BIL=0.2×0.8×1N=0.16N安方向水平向左（3）根据牛顿第二定律得ab杆的加速度为：a=得ab杆的加速度为：a=4.2m/s2方向水平向右答：（1）ab棒产生的感应电动势的大小为0.4V．（2）ab棒所受的安培力为0.16N，方向水平向左．（3）ab棒的加速度为4.2m/s2，方向水平向右．12．如图，在水平地面MN上方空间存在一垂直纸面向里、磁感应强度B=1.0T的有界匀强磁场区域，上边界EF距离地面的高度H=0.7m．正方形金属线框abcd的质量m=0.1kg、边长L=0.1m，总电阻R=0.02Ω，线框的ab边距离EF上方h=0.2m处由静止开始自由下落，abcd 始终在竖直平面内且ab保持水平．求线框从开始运动到ab边刚要落地的过程中（g取10m/s2）：（1）线框产生的焦耳热Q；（2）通过线框截面的电量q；（3）通过计算画出线框运动的v～t 图象．【考点】法拉第电磁感应定律；功能关系；闭合电路的欧姆定律．【分析】线框先自由下落，以一定的速度垂直进入磁场，ab边在切割磁感线，产生感应电动势，出现感应电流，导致安培力去阻碍线框下落．当线框进入磁场时，根据安培力表达式，确定安培力与重力大小关系，从而由焦耳定律，求在下落的过程中，线框产生的焦耳热．再通过线框截面的电量q则是线框的磁通量的变化与总电阻的比值．并通过运动学公式，结合速度与时间的关系，作出图象．【解答】解：（1）当线圈ab边进入磁场时速度为：产生的电动势为：E=BLv1=0.2V安培力为：F=BLI=BL=1N线圈cd边进入磁场前F=G，线圈做匀速运动，由能量关系可知焦耳热为：Q=mgL=0.1J（2）ab切割磁感线产生的电动势为：E=BLv1电流是：通过a点电量： C（3）由解（1）可知，线圈自由落下的时间：在磁场内匀速v=v1时间：完全进入磁场后到落地运动时间为t3，则有：t3=0.2s图象如右答：（1）线框产生的焦耳热Q为0.1J；（2）通过线框截面的电量q为0.5C；（3）通过计算画出线框运动的v～t 图象如上图所示．四、选做题（13题15分，共15分）13．某交流发电机输出功率为5×105W，输出电压为U=1.0×103V，假如输电线的总电阻R=10Ω，在输电线上损失的电功率等于输电功率的5%，用户使用电压U=380V．（1）画出输电线路的示意图．（标明各部分的符号）（2）所用升压和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？（使用的变压器是理想变压器）【考点】变压器的构造和原理．【分析】（1）根据远距离输电的模型，发电机的输出电压线经过升压变压器升压，通过高压输电，在有降压变压器降压之后输送给用户．（2）输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【解答】解：（1）输电线路的示意图如图所示．（2）由功率的公式P=UI可得，发电机的输出电流为I1==500 A，=5%×P=5%×5×105 W=2.5×104 W，输电线的损耗的功率为P损=I22R可得由损失的功率P损输电线的电流为I2=I3==50 A，用户的电流为I4===所以升压变压器的匝数比为===，降压变压器的匝数比为===．2016年7月17日。
