河北省廊坊市香河县第三中学2017-2018学年高三上学期期中考试物理试题 Word版含答案

高一年级上学期第一次月考物理试卷(10/14/2018)一、单项选择题（本题10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，多选、错选或不选的均得0分）1．科考队员乘坐橡皮艇从长江上游顺流而下，下列说法正确的是A．以科考队员为参考系，橡皮艇是运动的 B．以岸边山石为参考系，江水是静止的C．以橡皮艇为参考系，江水是运动的 D．以江水为参考系，科考队员是静止的2．下列各组物理量中，全部是矢量的是A.位移、加速度、速度、平均速度B.速度、路程、时间、平均速度C.位移、速度、加速度、路程 D速度、质量、加速度、平均速率3．以下计时数据指时间的是A．列车员说：“火车8点42分到站” B．神舟七号飞船升空后在轨运行约68小时后安全返回C．中央电视台的新闻联播节目在19时开播 D．某场足球赛在开赛80分钟时，甲队才攻入一球4．球从3m高处落下, 被地板弹回, 在距地面1m高处被接住, 球通过的路程和位移的大小分别是A．4m、4m B. 3m、1m C. 3m、2m D. 4m、2m5．关于加速度和速度的关系,下列叙述正确的是A．物体的速度越大,加速度越大 B．物体速度变化越大, 加速度越大C．物体的速度变化越快, 加速度越大 D．物体速度增加时，它的加速度也就增大6．下列表述中，所指的速度为平均速度的是A．子弹射出枪口时的速度为800 m/sB．一辆公共汽车从甲站行驶到乙站，全过程的速度为40 km/hC．某段高速公路限速为90 km/hD．小球在第3s末的速度为6 m/s7．一个弹性小球，在光滑水平面上以5 m/s的速度向左垂直撞到墙上，碰撞后小球以大小为3 m/s速度向右运动．如图1所示，则碰撞前后小球速度变化量Δv的大小和方向分别为A．2 m/s，向左B．2 m/s，向右C．8 m/s，向左D．8 m/s，向右8. 物体做匀加速直线运动，加速度为2m／s2，那么A．物体的末速度一定比初速度大2m／s B.每秒钟物体的速度增加2m／sC.第3秒初的速度比第2秒末的速度大2m ／sD.第3秒末的速度比第2秒初的速度大2m ／s9.两个人以相同的速率同时从圆形轨道的A 点出发，分别沿ABC 和ADC 行走，如下图所示，当他们相遇时不相同的物理量是A. 速度 B ．位移 C ．路程 D ．速率 10.小华以一定速度去同学家送一本书，停留一会儿后，又以相同速率沿原路返回家中，则下图的v －t 图象可以表示他的运动情况的是9题 10题二、多项选择题（本题5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题意．全对得4分，选不全得2分，有错选或不答的得0分） 11.下列说法正确的是A ．体操运动员在做单臂大回环时，该运动员可以看成质点B ．研究“嫦娥三号”的奔月路线时，“嫦娥三号”可以看成质点C ．研究地球的自转时，可以把地球看成质点D ．选万吨货轮为研究对象，确定它在航行过程中某时刻的位置，万吨货轮可以看成质点 12.由a =tv∆∆可知正确的是 A.a 与Δv 成正比B.物体加速度的大小由Δv 决定C.a 的方向与Δv 的方向相同D.tv ∆∆ 叫做速度的变化率，就是加速度13.如图所示是某物体做直线运动的v －t 图象，由图象可知，下列说法中正确的是13题 14题A ．物体在0～10 s 内做匀速直线运动B ．物体在0～10 s 内做匀加速直线运动C ．物体运动的初速度为10 m/sD ．物体在0～10 s 内的加速度为2.5 m/s 214.如图所示，三个质点A、B、C同时从N点出发，分别沿图示路径同时到达M点，则下列说法正确的是A．从N到M的过程中，A的平均速率最大 B．质点A到达M点时的瞬时速率最大C．从N到M的过程中，三质点的平均速度相同 D．从N到M的过程中，B的位移最小15．一个物体做匀变速直线运动，当t＝0时，物体的速度大小为12 m/s，方向向东，当t＝2 s时，物体的速度大小为8 m/s，方向仍向东．当t为多少时，物体的速度大小变为2 m/sA．3 s B．5 s C．7 s D．9 s交卷时只交第二页三.实验题(共12分)16.关于用打点计时器“探究小车速度随时间变化的规律”的实验，下列说法中正确的是( )A．打点计时器应固定在长木板上，且靠近滑轮一端B．开始实验时小车应靠近打点计时器一端C．应先接通电源，待打点稳定后再释放小车D．牵引小车的钩码个数越多越好17.使用打点计时器来分析小车运动情况的实验中，有如下基本步骤：Ａ、把打点计时器固定在长木板上Ｂ、安好纸带Ｃ、松开小车,让小车带着纸带运动Ｄ、接通交流电源Ｅ、取下纸带Ｆ、断开开关这些步骤正确的排列顺序为 _______ .18.在某次“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，得到如图所示的纸带，图中0、1、2、3、4、5、6为选定的计数点(每相邻两计数点间有四个点未画出)(1) 相邻计数点间的时间间隔T＝_______s.(2)根据纸带上各个测量点间的距离，某同学已将2、3、5点对应的瞬时速度进行计算并填入表中，请你将3点对应的瞬时速度填入表中．(要求保留三位有效数字).(3)(4)由图象求出小车的加速度a＝________ m/s2.(保留三位有效数字)四．计算题（写出必要的公式和文字说明.共12+16=28分）19.如图所示，M99是一款性能先进的大口径半自动狙击步枪．步枪枪管中的子弹从初速度为0开始，经过0.002 s的时间离开枪管被射出．已知子弹在枪管内的平均速度是600 m/s，射出枪口瞬间的速度是1200 m/s，射出过程中枪没有移动．求：(1)枪管的长度；(2)设子弹在射出过程中做匀加速直线运动,求该过程的加速度．20.汽车的加速、减速性能是衡量汽车性能的一项重要指标，一辆汽车以15m/s的速度匀速直线行驶．(1)若汽车以1.5 m/s 2的加速度加速，求车第5秒初的速度大小和8s 内的位移大小. (2)若汽车以1.5 m/s 2的加速度刹车，求车刹车8 s 时和12 s 时的速度大小．第一次月考试卷答案16.BC 17.ABDCFE 18. (1)0.1 (2)0.263 (3) (4)0.49519. 解: (1)枪管的长度l ＝v t ＝600×0.002 m＝1.2 m.(2)a ＝Δv Δt ＝1 200－00.002 m/s 2＝6×118 m/s 2方向与子弹的速度方向相同．20. 解:(1)v ＝v 0＋at ＝(15＋1.5×4) m/s ＝21 m/s. x 2＝v 0t ＋12at 2＝15×8 m ＋12×1.5×82 m ＝168m(2)刹车过程中汽车做匀减速运动，a ′＝－1.5 m/s 2. 减速到停止所用时间t ′＝0－v 0a ′＝－15－1.5s ＝10 s.所以刹车8 s 时的速度v ′＝v 0＋a ′t ＝(15－1.5×8)m/s＝3 m/s. 刹车12 s 时的速度为零．。

河北省廊坊市香河三中2017-2018学年高二上学期月考物理试卷（12月份）一、选择题．共15小题，每小题4分，共48分．下列各小题中，有的有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，选错或不选的得0分．1．如图R1和R2分别标有“2Ω、1.0A”和“4Ω、0.5A”，将它们串联后接入电路中，则此电路中允许消耗的最大功率为( )A．6.0W B．5.0W C．3.0W D．1.5W考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：把R1和R2串连接入电路中，他们的电流相同，根据R1和R2的参数可知，串联时的最大的电流为0.5A，根据P=I2R，可以求得电路中允许消耗的最大功率．解答：解：把R1和R2串连后，由于R2的最大电流较小，所以串联后的最大电流为0.5A，串联后的总的电阻为6Ω，所以电路的最大的功率为P=I2R=0.52×6W=1.5W，所以D正确．故选D．点评：本题考查的是串联电路的特点，在串联电路中，电路的电流的大小是相同的，根据这一个特点就可以判断出电流中允许通过的最大的电流．2．在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是( )A．灯泡L将变暗B．灯泡L将变亮C．电容器C的电荷量将减小D．电容器C的电荷量将不变考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电路稳定时，与电容器串联的电路没有电流，相当于断路．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗．电容器的电压等于路端电压，分析其电压变化，由Q=CU分析电量的变化．解答：解：A、当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗，故A正确，B错误．C、电路中电流减小，则电源内阻所占电压减小，则路端电压增大，电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大．故CD错误．故选：A点评：本题是电路的动态变化分析问题，可直接根据路端电压随外电阻增大而增大，判断电容器两端电压的变化．3．在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V．则当这台电动机正常运转时( )A．电动机的输出功率为8W B．电动机的输出功率为30WC．电动机的内阻为7.5ΩD．电动机的内阻为2Ω考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身电阻的功率，总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．解答：解：C、D、电动机的电阻R==2Ω，故C错误，D正确；A、B、电动机的总功率P=U1I1=15V×2A=30W；克服自身电阻的功率P R=I12R=（2A）2×2Ω=8W；电动机正常运转时的输出功率是P输出=P﹣P R=30W﹣8W=22W．故AB错误；故选：D．点评：本题考查电阻、功率的有关计算，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，要知道非纯电阻电路的功率的计算方法，这是本题的重点和难点．4．关于闭合电路的性质，下列说法不正确的是( )A．外电路断路时，路端电压最高B．外电路短路时，电源的功率最大C．外电路电阻变大时，电源的输出功率变大D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律求解干路电流，根据欧姆定律求解路端电压，根据表达式进行分析讨论．解答：解：A、外电路断路时，外电阻R→∞，I=0，所以U=E﹣Ir=E，则路端电压最大，故A正确；B、外电路断路时，外电阻R=0，I=，电流最大，据P=EI得，电源的功率最大．故B正确；C、电源的输出功率P=UI=I2R=，由此公式可知当R=r时，电源的输出功率最大，则外电路的电阻R变大时，电源的输出功率不一定变大，故C错误；D、据闭合电路的欧姆定律知，其电源的内外电压之和等于电源的电动势，保持不变，故D 正确．本题选错误的，故选：C点评：本题关键根据闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律列式求解出路端电压表达式进行讨论．要知道电源的内外电阻相等时，输出功率最大．5．如图所示，甲、乙两电路中电源完全相同，电阻R1＞R2，在两电路中分别通过相同的电荷量q的过程中，下列判断正确的是( )A．电源内部产生电热较多的是乙电路B．R1上产生的电热比R2上产生的电热多C．电源做功较多的是甲电路D．甲、乙两电路中电源做功相等考点：焦耳定律；电流、电压概念；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：A．比较甲乙两电路的电流大小，再根据电热公式Q=I2rt和通过的电量相等即可比较出两电路内部产生的电热．B．先比较整个电路产生的电热，再通过电源内部产生电热大小从而比较出外电路产生的电热．CD．比较电源做功，可根据公式W=qE得知．解答：解：A．甲、乙两电路中电源完全相同，即电动势E与内电阻r相同，电阻R1＞R2，根据闭合电路欧姆定律I=，得出I1＜I2，再比较I12rt1与I22rt2，而I1t1=I2t2，可知电源内部产生电热较多的是乙电路．故A对．B．由公式W=qE，可知，两电源做功相等，整个电路产生的电热相等，而甲电源内部产生的电热小于乙电源内部产生的电热，所以甲图外电路产生的电热大于乙图外电路．而外电路产生的电热就是电阻R上产生的电热．故B对．C．由公式W=qE，可知，通过的电量q和电动势E都相同，所以两电源做功相等．故C错，D对．故选ABD．点评：解决本题的关键是抓住通过的电量相等，再结合电热的公式去求解．注意通过的电量相等，不能代表时间相等．6．如图甲所示，在滑动变阻器的滑动触头P从一端滑到另一端的过程中，两块理想电压表的示数随电流表示数的变化情况如图乙所示，则滑动变阻器的最大阻值和定值电阻R0的值分别为( )A．3Ω，12ΩB．15Ω，3ΩC．12Ω，3ΩD．4Ω，15Ω考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：定值电阻R0等于图线AC的斜率大小．由数学知识求出图线的斜率求解R0．当滑动变阻器取最大值时，电流最小，由图读出电流的最小值，由欧姆定律求出变阻器的总电阻R．解答：解：定值电阻为：R0==3Ω；当I=0.5A时欧：R外==15Ω；滑动变阻器电阻为：R=R外﹣R0=12Ω故选：C点评：本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线．7．如图所示，A、B是磁场中的一条磁感线上的两点，下列说法中正确的是( )A．A点磁场比B点磁场强B．B点磁场比A点磁场强C．因为磁感线为直线，所以A、B两点磁场一样强D．无法判断考点：磁感应强度；磁感线及用磁感线描述磁场．分析：磁感线的疏密体现了强度的大小，一条线看不出疏密，不能确定强度大小．也不能确定是否为匀强磁场．解答：解：因为一条磁感线是直线时，不一定是匀强磁场，也不知AB两点的磁感线的疏密，故条件不足，无法确定A，B两点的磁感应强度的大小．故A，B，C选项错误，D正确．故选：D点评：该题考查磁感线的基本知识点，明确磁感线的疏密体现磁场的强弱即可正确解答，基础题目．8．如图所示，a、b、c三枚小磁针分别放在通电螺线管的正上方、右侧和管内，当开关闭合时，且当这些小磁针静止时，小磁针N极的指向是( )A．a、b、c均向左B．a、b、c均向右C．a向左，b向右，c向右D．a向右，b向左，c向右考点：电流的磁场对磁针的作用；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．通电螺线管外部的磁感线是从N极向S极，而内部则是从S极到N极的．解答：解：由通电螺线管电流的流向，根据右手螺旋定则可得，通电螺线管的左边为S 极，右边为N极．所以a枚小磁针的N极指向为向左、b枚小磁针N极指向为向右、c枚小磁针的N极指向为向右，故选：C点评：右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．9．两根通电直导线平行放置，电流分别为I1和I2，电流方向如图所示，且I1＞I2，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线连线的垂直平分线上．则导体中的电流在这四个点产生的磁感应强度可能为零的是( )A．点a点B．b点C．c点D．d点考点：电场线．分析：由安培定则确定两电流在图示各点所产生的磁场方向，若方向相反，磁感应强度可能为0，否则不可．解答：解：A、B、根据安培定则可知两电流在b点的磁感应强度的方向相反，若I1＞I2，由于I2离b点近，则B点点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度，故a点的场强不可能为0，b点磁感应强度可为0．故A错误，B正确；C、根据安培定则可知两电流在c 点d点的B的方向相同，故b，c两点的磁感应强度不可能为0．故CD错误；故选：B点评：该题考查电流周围的磁场以及磁场的合成，明确安培定则的使用的方法与电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关．10．在如图所示的四个图中，标出了匀强磁场的磁感应强度B的方向、通电直导线中电流I 的方向以及通电直导线所受安培力F的方向，其中不能正确表示的这三个方向关系的图是( )A．B．C．D．考点：安培力；左手定则．分析：左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．根据左手定则的内容判断安培力的方向．解答：解：根据左手定则可得：A、图中安培力的方向是垂直导体棒向上的，故A正确；B、电流方向与磁场方向在同一直线上，不受安培力作用，故B错误；C、图中安培力的方向是竖直导体棒向下的，故C错误；D、图中安培力的方向垂直纸面向外，故D错误．本题是不能正确表示的，故选：BCD．点评：根据左手定则直接判断即可，比较简单．11．一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图中情况可以确定( )A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电考点：洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定则来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确．故选B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决本题的关键．12．质量为m的通电导体ab置于倾角为θ的平行导轨上，导轨宽度为d，导体ab与导轨间的动摩擦因数为μ，ab中有电流时恰好静止在导轨上，如图所示．下图为沿b→a方向观察时的四个平面图，标出了四种不同的匀强磁场方向，其中导体与导轨间摩擦力可能为零的是( )A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据左手定则，判断出安培力的方向，再判断杆ab的受力是否可以处于平衡状态．解答：解：A、杆受到向下的重力，水平向右的安培力，和垂直于斜面的支持力的作用，在这三个力的作用下，可以处于平衡状态，摩擦力可以为零，所以A正确；B、杆受到的重力竖直向下，安培力也是竖直向下的，支持力垂直于斜面向上，杆要静止的话，必定要受到沿斜面向上的摩擦力的作用，摩擦力不可能为零，所以B错误；C、杆受到的重力竖直向下，安培力竖直向上，当这两个力等大反向的时候，杆就处于平衡状态，此时的摩擦力就是零，所以C正确；D、杆受到的重力竖直向下，安培力水平向左，杆要静止的话，必定要受到沿斜面向上的摩擦力的作用，摩擦力不可能为零，所以D错误；故选：AC．点评：对物体受力分析，根据物体的受力的情况判断杆是否要受到摩擦力的作用，即可判断摩擦力是否是零．13．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是( )A．离子由加速器的中心附近进入加速器B．离子由加速器的边缘进入加速器C．离子从磁场中获得能量D．离子从电场中获得能量考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功．解答：解：要加速次数最多最终能量最大，则被加速离子只能由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器，故A正确而B错误．由于洛伦兹力并不做功，而离子通过电场时有qU=mv2，故离子是从电场中获得能量，故C错误，而D正确．故选AD．点评：了解并理解了常用实验仪器或实验器材的原理到考试时我们就能轻松解决此类问题．14．如图，在x＞0、y＞0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B．现有一质量为m、电量为q的带电粒子，在x轴上到原点的距离为x0的P 点，以平行于y轴的初速度射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y轴的方向射出此磁场．不计重力的影响．由这些条件可知( )A．能确定粒子通过y轴时的位置B．能确定粒子速度的大小C．能确定粒子在磁场中运动所经历的时间D．以上三个判断都不对考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：由垂直于y轴离开磁场，可得粒子通过y轴的位置，同时可知粒子的轨迹是圆周，确定了运动半径为x0，根据洛伦兹力提供向心力，可求得速度．因粒子运动周期，运动时间为T．解答：解：由题意可知，带电粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，可知离开磁场通过y轴时的位置的位置为y=x0；并得到运动的半径为R=x0，由半径公式R=可求出粒子的速度为v0=；带电粒子是垂直于y轴离开磁场的，顾可知带电粒子在磁场中运动了圆周，即时间是T，又因T=，粒子的运动时间为t=．故ABC正确．故选：ABC点评：首先根据题意判断带电粒子的偏转方向是解决此题的关键，根据偏转方向，画出运动轨迹的草图，可分三步走：（1）、画轨迹：即确定圆心，用几何方法球半径并画出轨迹．（2）、找联系：轨道半径与磁感应强度、运动速度相联系、偏转角与圆心角、运动时间相联系．（3）、用规律：即牛顿第二定律和圆周运动的规律，特别是半径公式和周期公式．15．如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8A．则此时通过启动电动机的电流是( )A．2A B．50A C．8A D．58A考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：只接通S1时，电流是纯电阻电路，可以用闭合电流的欧姆定律求出电动势及灯泡的电阻，再接通S2后，通过启动电动机的电流等于总电流减去灯泡电流．解答：解：只接通S1时，由闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir=12V+10×0.05V=12.5V，R灯==Ω=1.2Ω，再接通S2后，流过电动机的电流为：I电动机=﹣I′=A﹣8A=50A故选：B．点评：本题应注意电动机工作时的电路是非纯电阻电路，不可以用欧姆定律求电流．二．论述计算题（本题共4题，共40分）16．如图所示，水平放置的光滑金属导轨M、N，平行地置于匀强磁场中，间距为d，磁场的磁感应强度为B，方向与导轨平面垂直，金属棒ab的质量为m，放在导轨上并且与导轨垂直，电源电动势为E，定值电阻阻值为R，其余部分电阻忽略不计，则当电键闭合瞬间，棒ab所受的安培力大小为多少？方向如何？棒的加速度为多少？考点：安培力．分析：根据闭合电路欧姆定律可以计算电键闭合瞬间，电路中电流I的大小和方向，已知电流的大小可以算出此时ab棒受到的安培力的大小和方向，对导体棒进行受力分析知，导体棒受到的安培力在水平方向的分力使导体棒ab产生加速度，根据牛顿第二定律可以算得导体棒的加速度解答：解：根据闭合电路的欧姆定律回路中电流为I=导体棒受到的安培力大小为F=BId=，根据左手定则可知安培力方向向左，由牛顿第二定律可得F=maa=答：棒ab所受的安培力大小为，方向向左棒的加速度为为点评：能通过左手定则确定安培力的大小和方向，并对导体棒正确的受力分析得出导体棒所受的合力，根据牛顿第二定律解得．主要考查左手定则和闭合回路的欧姆定律的运用17．如图所示的电路中，电源是由三个规格相同的电池串联而成的电池组．每个电池的电动势和内阻如下，E0=2.0V，r0=0.5Ω，定值电阻R1=6.0Ω，R2=2.5Ω，R3=3.0Ω，电流表内阻很小，可以忽略不计，电压表内阻很大，其分流作用可以忽略不计．问：S闭合后电流表和电压表的示数各是多少？考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：先求出电源的电动势和内阻，S闭合，R1和R3并联后与R2串联，根据闭合电路欧姆定律以及串并联电路的特点求解即可．解答：解：由题意可知E=3E0=6V，r=3r0=1.5Ω，S闭合后R1与R3为并联关系，设其等效电阻为R，则R==Ω=2Ω，用I2表示干路中的电流，依据闭合电路欧姆定律有：I2==A=1A，电流表测量的是R1支路的电流I1，依分流原理有：I1=I2=×1A=0.33A，电压表测量的是电源的路端电压U，有U=E﹣I2r=（6﹣1×1.5）V=4.5V．答：S闭合后电流表和电压表的示数分别是0.33A、4.5V．点评：本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，要求同学们能正确分析电路的结构，能根据欧姆定律并能结合串并联电路的特点求解．18．如图所示，一带电粒子质量为m、电量为q，垂直于边界进入一个有界的匀强磁场区域，当它飞离磁场区时，速度方向偏离入射方向θ角．已知磁场区域的宽度为d，磁感强度为B，方向垂直于纸面向里，不计粒子所受重力．求：（1）粒子进入磁场时的速度．（2）粒子穿越磁场所用的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子垂直射入匀强磁场中，只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出轨迹的半径．由几何知识求出轨迹所对的圆心角θ，由t=求出时间．解答：解：（1）带电粒子在磁场中运动，只受洛伦兹力作用，轨迹如图所示：由几何关系可得：圆心角为θ，r=由洛伦兹力提供向心力得：qvB=解得：r=联立上式可得：v=（2）粒子在磁场中做圆周运动的周期T=圆心角为θ，故粒子穿越磁场的时间t==答：（1）粒子进入磁场时的速度为．（2）粒子穿越磁场所用的时间为点评：本题是带电粒子在匀强磁场中圆周运动问题，关键要作出轨迹，结合几何关系求解．19．质谱仪是用来测定带电粒子的质量和分析同位素的装置．如图所示，电容器两极板相距为d，两极板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1，一束电荷量相同的带正电的粒子沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间的距离为x，粒子所带电荷量为q，不计重力．（1）求粒子进入匀强磁场B2时的速度v的大小．（2）打在a、b两点的粒子的质量之差△m为多少？考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：实验题；带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）根据粒子沿直线运动时电场力等于洛伦兹力求出速度的大小．（2）根据带电粒子在磁场中的半径公式，抓住a、b两点的距离差求出粒子的质量之差．解答：解：（1）粒子在电容器间做匀速直线运动，有：解得v=．（2）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，有：解得R=．则x=2R2﹣2R1=2解得△m=m2﹣m1=．答：（1）粒子进入匀强磁场B2时的速度v的大小为．（2）打在a、b两点的粒子的质量之差△m为．点评：解决本题的关键知道粒子在电容器间受电场力和洛伦兹力平衡，以及知道在匀强磁场中靠洛伦兹力提供向心力，掌握轨道半径公式．。

香河三中高二第二学期期中考试数学试卷（理科）时间120分钟 满分150分一、选择题：（本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．设复数z 满足关系式z ＋|z |＝2＋i ，那么z ＝( )A ．－34 ＋iB ．34 ＋i C ．－34－iD ．34－i 2.()5221x 21x ⎛⎫+- ⎪⎝⎭的展开式的常数项是（ ）A ．﹣3B ．﹣2C ．2D ．33．已知随机变量ξ，η满足2ξ+η=9且ξ～B （5，0.4），则E （η），D （η）分别是（ ）A ．2，1.2B ．2，2.4C ．5，2.4D ．5，4.8 4.某产品近四年的广告费x 万元与销售额y 万元的统计数据如下表，根据此表可得回归方程ˆˆˆybx a =+中的ˆb =9.4，据此模型预测下一年该产品广告费预算为60万元时，其销售额为( )万元A. 650B. 655C. 677D. 7205．已知随机变量X 服从正态分布N （3.1），且P （2≤X ≤4）=0.6826 则P （X>4）=（ ）A 0.1585B 0.1586C 0.1587D 0.15886．甲、乙、丙、丁、戊5名学生参加劳动技术比赛，决出第1名到第5名的名次（无并列）.甲乙两名参赛者去询问成绩，回答者对甲说“很遗憾，你和乙都没有得到冠军”；对乙说“你当然不是最差的”.从这个人的回答中分析，5人的名次情况共有（ ）A ．54种B ．48种C ． 36种D ．72种7．某射手射击所得环数X 的分布列如表，已知X 的数学期望E （X ）=8.9，则y 的值为（ ）A ．0.8B ．0.4C ．0.6D ．0.28．用数学归纳法 证明 +++…+≥（n ∈N *），从“n=k （k ∈N *）”到“n=k+1”时，左边需增加的代数式为（ ）A ．B ．C ． ++…+D ． ++…+9．一个盒子里装有3种颜色，大小形状质地均相同的12个球，其中黄球5个，蓝球4个，绿球3个，现从盒子中随机取出两个球，记事件A : “取出的两个球颜色不同”，事件B :“取出一个黄球，一个蓝球”，则()|P B A =（ ） A.1247 B. 1547 C. 2047 D. 21110.将4个不相同的球放入编号为1、2、3的3个盒子中，当某盒子中球的个数等于该盒子的编号时称为一个和谐盒，则恰好有2个和谐盒的概率为（ ） A281 B 481 C 1281 D 168111. 由54321、、、、五个数字组成没有重复数字的五位数排成一递增数列，则首项为12345，第2项是12354…，直到末项(第120项)是54321，则第92项是（ ）A. 43251B. 43512C. 45312D. 4513212.如图，将一个各面都凃了油漆的正方体，切割为125个同样大小的小正方体，经过搅拌后，从中随机取一个小正方体，记它的油漆面数为X ，则X 的均值E(X)=（ ）A.125126B. 56C. 125168D. 57二、填空题：（本题共4小题，每小题5分，共20分）13．复数()()ai i +-21为纯虚数，则实数a ＝ 14.已知,的值等于________15.某人在微信群中发了一个7元“拼手气”红包，被甲、乙、丙三人抢完，若三人均领到整数元，且每人至少领到1元，则甲领取的钱数不少于其他任何人的概率是___________ 16.节日期间，某种鲜花进货价是每束2.5元，销售价每束5元；节日卖不出去的鲜花以每束 1.6元价格处理．根据前五年销售情况预测，节日期间这种鲜花的需求量服从如下表所示的分布：若进这种鲜花500束，则利润的均值为________(元)三、解答题：（本大题包括6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤） 17.（10分)一盒中放有的黑球和白球，其中黑球4个，白球5个. （1）从盒中同时摸出两个球，求两球颜色恰好相同的概率.（2）从盒中摸出一个球，放回后再摸出一个球，求两球颜色恰好不同的概率.（3）从盒中不放回的每次摸一球，若取到白球则停止摸球，求取到第三次时停止摸球的概率. 18.（12分）某企业有甲、乙两个研发小组，他们研发新产品成功的概率分别为和．现安排甲组研发新产品A ，乙组研发新产品B ，设甲、乙两组的研发相互独立． （Ⅰ）求至少有一种新产品研发成功的概率.（Ⅱ）若新产品A 研发成功，预计企业可获利润120万元；若新产品B 研发成功，预计企业可获利润100万元，求该企业可获利润的分布列. 19.（12分）设正项数列的前项和为，且，(1)求，并猜想数列的通项公式.(2)用数学归纳法证明你的猜想．20.（12分）．甲、乙两名射击运动员进行射击比赛，射击次数相同，已知两名运动员击中的环数X 稳定在7环、8环、9环、10环，他们比赛成绩的统计结果如下：请你根据上述信息，解决下列问题：（Ⅰ）估计甲、乙两名射击运动员击中的环数都不少于9环的概率；（Ⅱ）若从甲、乙运动员中只能挑选一名参加某大型比赛，请你从随机变量均值意义的角度，让谁参加比较合适？21．（12分）某地一商场记录了12月份某5天当中某商品的销售量y （单位：kg）与该地当日最高气温x （单位：C ）的相关数据，如下表：（1）试求y 与x 的回归方程y bx a =+；（2）若该地12月某日的最高气温是6C ，试用所求回归方程预测这天该商品的销售量； （3）假定该地12月份的日最高气温2(,)XN μσ，其中μ近似取样本平均数x ，2σ近似取样本方差2s ，试求(3.813.4)P X <<.附：参考公式和有关数据1122211()()()n ni i i i i i nn i ii i x y nx y x x y y b x nx x x a y bx====⎧---⎪⎪==⎪⎨--⎪⎪=-⎪⎩∑∑∑∑ 3.2≈ 1.8≈，若2(,)XN μσ，则()0.6826P X μσμσ-<<+=，且(22)0.9544P X μσμσ-<<+=.22．（12分） 现在颈椎病患者越来越多，甚至大学生也出现了颈椎病，年轻人患颈椎病多与工作、生活方式有关，某调查机构为了了解大学生患有颈椎病是否与长期过度使用电子产品有关，在某市中心医院随机的对入院的50名大学生进行了问卷调查，得到了如下的2×2列联表：（1）是否有99.5%的把握认为大学生患颈锥病与长期过度使用电子产品有关？（2）已知在患有颈锥病的10名未过度使用电子产品的大学生中，有3名大学生又患有肠胃炎，现在从上述的10名大学生中，抽取3名大学生进行其他方面的排查，记选出患肠胃炎的学生人数为ε，求ε的分布列及数学期望． 参考数据与公式：()()()()()22n ad bc K n a b c da b c d a c b d -==+++++++,其中香河三中高二第二学期期中考试数学试卷（理科）答案选择题 1-5 BDDBC 6-10 ABCCD 11-12 DB 填空题 13.-2 14. -256 15. 2516. 706 解答题17.（10分）解：① ②③18. （12分）记E =｛甲组研发新产品成功｝，F =｛乙组研发新产品成功｝，由题意知，P E ()=23，P E ()=13,P F ()=35，P F ()=25，且事件E 与F ，E 与F ，E 与F ，E 与F 都是相互独立的。

河北省香河县第三中学2017-2018学年高二地理上学期期中考试试题一、单选（每题2分）下表为四个国家某一年的人口变动数据，回答1---3题。

1、根据表中数据判断，人口增长属于传统型的是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁2、四个国家中，人口增长最快的是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁3、四个国家中，最可能是发达国家的是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁4、下列农业地域类型，既属于密集农业又属于商品农业的是（）A．青藏高原的畜牧业 B．南方的水稻种植业C．东北平原的个体粮食产户 D．珠江三角洲的花卉种植业下图为某地土地利用图和农业产值构成图，读图完成5--6题。

5、该区域的农业地域类型是 ( )A．大牧场放牧业 B．混合农业 C．种植园农业 D．商品谷物农业6、这种农业地域类型的特点是 ( )A．劳动力投入多，科技含量低 B．专业化程度，商品率高C．生产规模小，机械化程度低 D．生产灵活性差，市场适应性弱随着人们生态价值观的改变及对自己生活环境质量的关注，“绿色”作为一个概念成为一个很时尚的名词。

“绿色食品”“绿色能源”“绿色消费”是当今热门话题，回答7--8题。

7、下列对“绿色消费”的理解，错误的是 ( )A、尽量使用对环境不造成污染的食品B、要求人们购买、使用带有绿色的物品C、尽量减少一次性塑料袋的使用D、尽量使用可再生物品8、为了生产“绿色食品”，下列措施中正确的是（）a使用低毒农药防治病虫害 b引进抗病虫害的优良品种c在面粉等食品中添加增白 d利用作物病虫的天敌防治虫害A、abB、bcC、bdD、cd9、决定下列农业区位选择的主导因素分别是（）①南疆的棉花②松嫩平原的甜菜③山西五台山一带的垂直农业④美国的农业区域专业化生产A．①水源②热量③技术④地形 B．①热量②技术③水源④地形C．①地形②热量③技术④水源 D．①水源②热量③地形④技术10、有关商品谷物农业的叙述，正确的是 ( )A.生产规模大，机械化程度高是商品谷物农业的基本特征B. 种植的作物主要是水稻和小麦C. 商品谷物农业是一种购买农产品的农业地域类型。

2016-2017学年河北省廊坊市香河三中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题1．如图所示，在M点分别以不同的速度将两小球水平抛出．两小球分别落在水平地面上的P点、Q点．已知O点是M点在地面上的竖直投影，OP：PQ=1：3，且不考虑空气阻力的影响．下列说法中正确的是（）A．两小球的下落时间之比为1：3B．两小球的下落时间之比为1：4C．两小球的初速度大小之比为1：3D．两小球的初速度大小之比为1：42．一圆盘可绕通过圆盘中心O O′且垂直于盘面的竖直轴转动，如图所示．在圆盘上放置一木块，当木块随圆盘一起匀速转动运动时，关于木块的受力情况，以下说法中正确的是（）A．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向与木块的运动方向相反B．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向背离圆盘中心C．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向指向圆盘中心D．木块与圆盘间没有摩擦力作用，木块受到向心力作用3．如图，以9.8m/s的水平初速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，则物体完成这段飞行的时间是（取g=9.8m/s2）（）A．s B．s C．s D．2s4．如图所示，轻质弹簧一端系在质量为m=1kg的小物块上，另一端固定在墙上．物块在斜面上静止时，弹簧与竖直方向的夹角为37°，已知斜面倾角θ=37°．斜面与小物块间的动摩擦因数μ=0.5，斜面固定不动．设物块与斜面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，下列说法正确是（）A．小物块可能只受三个力B．斜面对物块支持力可能为零C．弹簧弹力大小一定等于4N D．弹簧弹力大小可能等于5N5．水平传送带足够长，传送带的上表面始终向右匀速运动，长为1米的薄木板A的正中央放置一个小木块B，A和B之间的动摩擦因数为0.2，A和传送带之间的动摩擦因数为0.5，B和传送带之间的动摩擦因数为0.4，薄木板的质量是木块质量的2倍，轻轻把AB整体放置在传送带的中央，传送带的上表面始终绷紧并处于水平状态，g取10m/s2，在刚放上很短的时间内，A、B的加速度大小分别为：（）A．6.5m/s2、2m/s2B．5m/s2、2m/s2C．5m/s2、5m/s2D．7.5m/s2、2m/s26．如图所示，光滑的水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球到达P点时F突然发生变化，下列关于小球运动的说法正确的是（）A．F突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动B．F突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动C．F突然变大，小球将沿轨迹pb做离心运动D．F突然变小，小球将沿轨迹Pc逐渐靠近圆心7．如图甲所示，轻杆一端与一小球相连，另一端连在光滑固定轴上，可在竖直平面内自由转动．现使小球在竖直平面内做圆周运动，到达某一位置开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v x随时间t的变化关系如图乙所示．不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．t1时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积相等B．t2时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积相等C．t1时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积不相等D．t2时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积不相等8．河水的流速与船离河岸的距离的变化关系如图乙所示，船在静水中船在静水中的速度与时间的关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则（）A．船渡河的最短时间是60sB．要使船以最短时间渡河，船在行驶过程中，船头必须始终与河岸垂直C．船在河水中航行的轨迹是一条直线D．船在河水中的最大速度是5m/s9．光滑水平面上有一质量为2kg的物体，在五个恒定的水平共点力的作用下处于平衡状态．现同时撤去大小分别为5N和15N的两个水平力而其余力保持不变，关于此后物体的运动情况的说法中正确的是（）A．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5m/s2B．可能做匀减速直线运动，加速度大小可能是2m/s2C．一定做匀变速运动，加速度大小可能10m/s2D．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小可能是10m/s210．如图所示，细杆的一端与一小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动．现给小球一初速度，使它做圆周运动，图中a、b分别表示小球轨道的最低点和最高点，则杆对小球的作用力可能是（）A．a处为拉力，b处为拉力 B．a处为拉力，b处为支持力C．a处为支持力，b处为拉力D．a处为支持力，b处为支持力11．如图（a）所示，木板OA可绕轴O在竖直平面内转动，某研究小组利用此装置探索物块在方向始终平行于木板向上、大小为F=8N的力作用下加速度与倾角的关系．已知物块的质量m=1kg，通过DIS实验，描绘出了如图（b）所示的加速度大小a与倾角θ的关系图线（θ＜90°）．若物块与木板间的动摩擦因数为0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，g取10m/s2．则下列说法中正确的是（）A．由图象可知木板与水平面的夹角处于θ1和θ2之间时，物块所受摩擦力一定为零B．由图象可知木板与水平面的夹角大于θ2时，物块所受摩擦力一定沿木板向上C．根据题意可以计算得出物块加速度a0的大小为6 m/s2D．根据题意可以计算当θ=45°时，物块所受摩擦力为f=μmgcos45°=N 12．如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其υ﹣t图象如图乙所示，同时人顶着杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．若以地面为参考系，下列说法正确的是（）A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8m/sD．猴子在2s内的加速度大小为4m/s213．关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是（）A．它有可能处于平衡状态B．它所受的合力一定不为零C．它的速度方向一定在不断地改变D．它所受的合外力方向有可能与速度方向在同一条直线上14．乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择．若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，如图所示．在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态运行）．则（）A．小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上B．小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下C．小物块受到的滑动摩擦力为mg+maD．小物块受到的静摩擦力为mg+ma二、实验题15．甲乙两个同学共同做“验证牛顿第二定律”的实验装置如图1所示．①两位同学用砝码盘（连同砝码）的重力作为小车（对象）受到的合外力，需要平衡桌面的摩擦力对小车运动的影响，他们将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能自由做运动．另外，还应满足砝码盘（连同砝码）的质量m小车的质量M．（填“远小于”、“远大于”或“近似等于”）接下来，甲同学研究，在保持小车质量不变的条件下，其加速度与其受到牵引力的关系；乙同学研究，在保持受到的牵引力不变的条件下，小车的加速度与其质量的关系．②甲同学通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度a．图2是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，图中数据的单位是cm．实验中使用的电源是频率f=50Hz的交变电流．根据以上数据，可以算出小车的加速度a=m/s2．（结果保留三位有效数字）③乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a﹣图线后，发现：当较大时，图线发生弯曲．于是，该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正，避免了图线的末端发生弯曲的现象．那么，该同学的修正方案可能是A．改画a与的关系图线B．改画a与（M+m）的关系图线C．改画a与的关系图线D．改画a与的关系图线．三、计算题16．如图所示，倾角α=37°的固定斜面上放一块质量M=1kg，长度L=3m的薄平板AB．平板的上表面光滑，其下端B与斜面底端C的距离为s=7m．在平板的上端A处放一质量m=0.6kg的滑块，开始时使平板和滑块都静止，之后将它们无初速释放．假设平板与斜面间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5，cos37°=0.8，sin37°=0.6，g取l0m/s2，求滑块、平板下端B到达斜面底端C的时间差是多少？17．如图所示，在距地面高为H=45m处，某时刻将一小球A以初速度v0=10m/s 水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度沿水平地面同方向滑出，B与水平地面间的动摩擦因素为μ=0.4，A、B均可视为质点，空气阻力不计，求：（1）A球落地时的速度大小；（2）A球落地时，A、B之间的距离．18．如图所示，在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点，质量为m的物块（可视为质点）由静止开始下滑，经圆弧最低点b滑上粗糙水平面，圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c点静止．若圆弧轨道半径为R，物块与水平面间的动摩擦因数为μ．求：（1）物块滑到b点时的速度；（2）物块滑到b点时对b点的压力；（3）b点与c点间的距离．2016-2017学年河北省廊坊市香河三中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，在M点分别以不同的速度将两小球水平抛出．两小球分别落在水平地面上的P点、Q点．已知O点是M点在地面上的竖直投影，OP：PQ=1：3，且不考虑空气阻力的影响．下列说法中正确的是（）A．两小球的下落时间之比为1：3B．两小球的下落时间之比为1：4C．两小球的初速度大小之比为1：3D．两小球的初速度大小之比为1：4【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度之比．【解答】解：A、两球做平抛运动，高度相同，则下落的时间相同，故A、B错误．C、由于两球的水平位移之比为1：4，根据知，两小球的初速度大小之比为1：4，故C错误，D正确．故选：D．2．一圆盘可绕通过圆盘中心OO′且垂直于盘面的竖直轴转动，如图所示．在圆盘上放置一木块，当木块随圆盘一起匀速转动运动时，关于木块的受力情况，以下说法中正确的是（）A．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向与木块的运动方向相反B．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向背离圆盘中心C．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向指向圆盘中心D．木块与圆盘间没有摩擦力作用，木块受到向心力作用【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】物块和圆盘保持相对静止，一起做匀速圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，方向指向圆心．【解答】解：物块与圆盘相对静止，一起做圆周运动，受到重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供向心力，静摩擦力的方向指向圆心．故C正确，A、B、D错误．故选：C．3．如图，以9.8m/s的水平初速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，则物体完成这段飞行的时间是（取g=9.8m/s2）（）A．s B．s C．s D．2s【考点】平抛运动．【分析】平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，根据垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上这一个条件，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．【解答】解：设垂直地撞在斜面上时速度为V，将速度分解水平的Vsinθ=v o，和竖直方向的v y=Vcosθ，由以上两个方程可以求得v y=v o cotθ，由竖直方向自由落体的规律得v y=gt，代入竖直可求得t=cot30°=s．故选C．4．如图所示，轻质弹簧一端系在质量为m=1kg的小物块上，另一端固定在墙上．物块在斜面上静止时，弹簧与竖直方向的夹角为37°，已知斜面倾角θ=37°．斜面与小物块间的动摩擦因数μ=0.5，斜面固定不动．设物块与斜面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，下列说法正确是（）A．小物块可能只受三个力B．斜面对物块支持力可能为零C．弹簧弹力大小一定等于4N D．弹簧弹力大小可能等于5N【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．【解答】解：A、由于μmgcos37°=0.5×1×10×0.8N=4N，mgsin37°=1×10×0.6N=6N，则μmgcos37°＜mgsin37°．若不受弹簧的压力，则木块不可能静止，故物块一定受弹簧的压力，还受重力、斜面支持力和静摩擦力，四个力的作用而平衡，故A错误；B、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力，不可能为零，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，故B错误；CD、若要物块静止，设弹簧对物体的压力大小为N，μ（mgcos37°+N）≥mgsin37°，得：N≥4N，所以弹簧弹力大小可能等于5N．故C错误，D正确；故选：D5．水平传送带足够长，传送带的上表面始终向右匀速运动，长为1米的薄木板A的正中央放置一个小木块B，A和B之间的动摩擦因数为0.2，A和传送带之间的动摩擦因数为0.5，B和传送带之间的动摩擦因数为0.4，薄木板的质量是木块质量的2倍，轻轻把AB整体放置在传送带的中央，传送带的上表面始终绷紧并处于水平状态，g取10m/s2，在刚放上很短的时间内，A、B的加速度大小分别为：（）A．6.5m/s2、2m/s2B．5m/s2、2m/s2C．5m/s2、5m/s2D．7.5m/s2、2m/s2【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】轻轻把AB整体放置在传送带的中央，A相对于传送带向左运动，受到向右的滑动摩擦力，B相对于A向左运动，受到向右的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律分别对A、B研究，求出加速度．【解答】解：设木块的质量为m，则木板的质量为2m．A、B间的动摩擦因数为μ，A与传送带间的动摩擦因数为μ′．根据牛顿第二定律得对B：受到A的向右的滑动摩擦力，μmg=ma B，得：a B=μg=0.2×10=2m/s2对A：受到传送带的向右的滑动摩擦力，大小为μ′•3mg，B的向左的滑动摩擦力，大小为μmg，则μ′•3mg﹣μmg=2ma A，得a A=6.5m/s2．故选A6．如图所示，光滑的水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球到达P点时F突然发生变化，下列关于小球运动的说法正确的是（）A．F突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动B．F突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动C．F突然变大，小球将沿轨迹pb做离心运动D．F突然变小，小球将沿轨迹Pc逐渐靠近圆心【考点】向心力；牛顿第二定律；离心现象．【分析】当向心力突然消失或变小时，物体会做离心运动，运动轨迹可是直线也可以是曲线；当向心力突然变大时，物体做向心运动，要根据受力情况分析．【解答】解：A、在水平面上，细绳的拉力提供m所需的向心力，当拉力消失，物体受力合为零，将沿切线方向做匀速直线运动，A正确；B、当向心力减小时，将沿Bb轨道做离心运动，B错误；C、F突然变大，小球将沿轨迹Bc做向心运动，故C错误；D、F突然变小，小球将沿轨迹Bb做离心运动，故D错误；故选A．7．如图甲所示，轻杆一端与一小球相连，另一端连在光滑固定轴上，可在竖直平面内自由转动．现使小球在竖直平面内做圆周运动，到达某一位置开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v x随时间t的变化关系如图乙所示．不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．t1时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积相等B．t2时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积相等C．t1时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积不相等D．t2时刻小球通过最高点，图乙中S1和S2的面积不相等【考点】向心力．【分析】过最高点后，速度越来越大，水平分速度也要变大，结合该规律确定最高点的时刻，抓住水平位移的关系确定面积是否相等．【解答】解：过最高点后，水平分速度要增大，经过四分之一圆周后，水平分速度为零，可知从最高点开始经过四分之一圆周，水平分速度先增大后减小，可知t1时刻小球通过最高点．根据题意知，图中x轴上下方图线围成的阴影面积分别表示从最低点经过四分之一圆周，然后再经过四分之一圆周到最高点的水平位移大小，可知S1和S2的面积相等．故A正确，B、C、D错误．故选：A．8．河水的流速与船离河岸的距离的变化关系如图乙所示，船在静水中船在静水中的速度与时间的关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则（）A．船渡河的最短时间是60sB．要使船以最短时间渡河，船在行驶过程中，船头必须始终与河岸垂直C．船在河水中航行的轨迹是一条直线D．船在河水中的最大速度是5m/s【考点】运动的合成和分解．【分析】将船的运动分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．当水流速最大时，船在河水中的速度最大．【解答】解：AB、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，t==s=100s．故A错误．故B正确．C、船在沿河岸方向上做变速运动，在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，两运动的合运动是曲线．故C错误．D、若要使船以最短时间渡河，则船头必须垂直河岸行驶，那么船在河水中的最大速度是v max==5m/s，故D正确．故选：BD．9．光滑水平面上有一质量为2kg的物体，在五个恒定的水平共点力的作用下处于平衡状态．现同时撤去大小分别为5N和15N的两个水平力而其余力保持不变，关于此后物体的运动情况的说法中正确的是（）A．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是5m/s2B．可能做匀减速直线运动，加速度大小可能是2m/s2C．一定做匀变速运动，加速度大小可能10m/s2D．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小可能是10m/s2【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】撤去大小分别为5N和15N的两个力，其余的力保持不变，则知其余力的合力范围，由牛顿第二定律求出物体加速度的范围．物体一定做匀变速运动，当撤去的两个力的合力与原来的速度方向相同时，物体可能做匀减速直线运动．恒力作用下不可能做匀速圆周运动．【解答】解：根据平衡条件得知，余下力的合力与撤去的两个力的合力大小相等、方向相反，则撤去大小分别为5N和15N的两个力后，物体的合力大小范围为10N ≤20N，根据牛顿第二定律F=ma得物体的加速度范围为：5m/s2≤a≤10m/s2．≤F合A、若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向不在同一直线上时，物体可以做曲线运动，加速度大小可能是5m/s2．故A错误．B、若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向相同时，则撤去两个力后物体做匀减速直线运动，由上知加速度大小不可能是2m/s2．故B错误．C、由于撤去两个力后其余力保持不变，则物体所受的合力不变，一定做匀变速运动．加速度大小可能等于10 m/s2．故C正确．D、由于撤去两个力后其余力保持不变，恒力作用下不可能做匀速圆周运动．故D错误．故选：C．10．如图所示，细杆的一端与一小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动．现给小球一初速度，使它做圆周运动，图中a、b分别表示小球轨道的最低点和最高点，则杆对小球的作用力可能是（）A．a处为拉力，b处为拉力 B．a处为拉力，b处为支持力C．a处为支持力，b处为拉力D．a处为支持力，b处为支持力【考点】向心力．【分析】小球做圆周运动，在最高点速度可以为零，在最高点和最低点重力和弹力的合力提供向心力，指向圆心，可以判断杆的弹力方向．【解答】解：小球做圆周运动，在最高点，由受重力和杆的弹力的合力提供向心力；假设弹力向下，如图根据牛顿第二定律得到，F1+mg=m，得F1=m﹣mg当v1时F1＜0，为支持力，向上；当v1＞时F1＞0，为拉力，向下；当v1=时F1=0，无弹力；球经过最低点时，受重力和杆的弹力，如图由于合力提供向心力，即合力向上，故杆只能为向上的拉力；故AB正确，CD错误．故选：AB．11．如图（a）所示，木板OA可绕轴O在竖直平面内转动，某研究小组利用此装置探索物块在方向始终平行于木板向上、大小为F=8N的力作用下加速度与倾角的关系．已知物块的质量m=1kg，通过DIS实验，描绘出了如图（b）所示的加速度大小a与倾角θ的关系图线（θ＜90°）．若物块与木板间的动摩擦因数为0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，g取10m/s2．则下列说法中正确的是（）A．由图象可知木板与水平面的夹角处于θ1和θ2之间时，物块所受摩擦力一定为零B．由图象可知木板与水平面的夹角大于θ2时，物块所受摩擦力一定沿木板向上C．根据题意可以计算得出物块加速度a0的大小为6 m/s2D．根据题意可以计算当θ=45°时，物块所受摩擦力为f=μmgcos45°=N【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）当摩擦力沿斜面向下且加速度为零时木板倾角为θ1，当摩擦力沿斜面向上且加速度为零时木板倾角为θ2，当斜面倾角在θ1和θ2之间时，物块处于静止状态；（2）图线与纵坐标交点处的横坐标为0，即木板水平放置，此时对应的加速度为a0，分析此时物块的受力根据牛顿第二定律求出对应的加速度即可；（3）当θ=45°时，先判断物块的运动状态，再分析物块受到的是静摩擦力还是滑动摩擦力即可．【解答】解：A、根据图象可知，当斜面倾角为θ1时，摩擦力沿斜面向下，当斜面倾角为θ2时，摩擦力沿斜面向上，则夹角大于θ2时，物块所受摩擦力一定沿木板向上；当斜面倾角在θ1和θ2之间时，物块处于静止状态，但摩擦力不一定为零，故A错误，B正确；C、当θ=0°时，木板水平放置，物块在水平方向受到拉力F和滑动摩擦力f作用，已知F=8N，滑动摩擦力f=μN=μmg，所以根据牛顿第二定律物块产生的加速度：，故C正确；D、当θ=45°时，重力沿斜面的分量＜8N，最大静摩擦力f m=μmgcos45°=N，因为8﹣5＜N，所以此时物块处于静止状态，受到静摩擦力，则f=8﹣5N，故D错误．故选：BC12．如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其υ﹣t图象如图乙所示，同时人顶着杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．若以地面为参考系，下列说法正确的是（）A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8m/sD．猴子在2s内的加速度大小为4m/s2【考点】运动的合成和分解．【分析】猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀减速直线运动，通过运动的合成，判断猴子相对于地面的运动轨迹以及运动情况．求出t=2s 时刻猴子在水平方向和竖直方向上的分加速度，根据平行四边形定则，求出猴子相对于地面的加速度．【解答】解：A、B由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下．由甲图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动．故A错误，B 正确．C、s﹣t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为v x=4m/s，竖直方向分速度v y=8m/s，t=0时猴子的速度大小为：v==4m/s．故C错误．D、v﹣t图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为：a==m/s2=4m/s2．故D正确．故选：BD．13．关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是（）A．它有可能处于平衡状态B．它所受的合力一定不为零C．它的速度方向一定在不断地改变D．它所受的合外力方向有可能与速度方向在同一条直线上【考点】曲线运动．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、处于平衡状态的物体的合外力为零，不会做曲线运动，故A错误；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，所以它所受的合力一定不为零，故B正确；C、曲线运动速度的方向沿曲线的切线方向，所以速度的方向不断变化，故C正确；D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，故D错误；故选：BC14．乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择．若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，如图所示．在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态运行）．则（）。

香河三中 2018-2019 学年高三期中物理试卷一．单项选择题（每题 4 分，共 40 分）1.人骑自行车下坡，坡长l＝ 500m，坡高 h＝ 8m，人和车总质量为100kg，下坡时初速度为最温馨提示：多少汗水曾洒下，多少希望曾播种，终是在高考交卷的一刹尘埃落地，多少记忆梦中惦念，多少青春付与流水，人生，总有一次这样的成败，才算长大。

高考保持心平气和，不要紧张，像对待平常考试相同去做题，做完检查一下题目，不要直接交卷，检查下有没有错的地方，此后耐心等候考试结束。

新试卷十年寒窗苦，踏上高考路，心态放平易，信心要实足，面对考试卷，下笔若有神，短信送祝愿，愿你能高中，马到功自成，金榜定题名。

4m/s，人不踏车的状况下，到达坡底时车速为10m/s， g 取 10m/s2，则下坡过程中阻力所做的功为( )A ．－ 3800J B．－ 4000J C．－ 4200J D ．－ 50000J2． A、 B 两个质量相同的小球，从距地面相同高度处自由着落， A 落于较软的地面上， B 落于较硬的地面上，两球均未弹起。

不计空气阻力，则两球与地面的碰撞过程( )A ．两球遇到的冲量大小相同， A 球遇到的均匀冲力较大B ．两球遇到的冲量大小相同， B 球遇到的均匀冲力较大C．地面对两球均匀冲力大小相同，对 A 球冲量较大D ．地面对两球均匀冲力大小相同，对 B 球冲量较大3．以以以下图，一辆小车静止在圆滑水平面上， A、B 两人分别站在车的两端．当两人同时相向运动时 ( )3题5题A ．若小车不动，两人速率必定相等B ．若小车向左运动， A 的速率必定比 B 的小C．若小车向左运动， A 的动量必定比 B 的大D ．若小车向左运动， A 的动量必定比 B 的小4.一弹簧振子做简谐运动，以下说法中正确的选项是()A ．若位移为负值，则速度必定为正当B ．振子经过均衡地点时，速度为零，位移最大C．振子每次经过均衡地点时，位移相同，速度也必定相同D．振子每次经过同一地点时，其速度不用然相同，但位移必定相同5．以以以下图，是一质点做简谐运动的位移与时间的关系图象，由图可知，当t＝ 4s 时，质点的( )A ．速度为正的最大值，加快度为零B．速度为负的最大值，加快度为零C．速度零，加快度正的最大D．速度零，加快度的最大6．簧振子做振，从某一地点开始 ( t＝0) ， T/ 4 周期，振子拥有正方向最大加快度，在 6－8 中正确反响振子的振状况的是 ( )7.将秒的周期由 2 s1 s，以下措施可行的是 ()A ．将球的量减半B ．将振幅减半C．将减半 D ．将减本来的1 48．如 6－ 14 所示， a、 b、 c、⋯、 k 性介中相隔都相等的点， a 点先开始向上作运，振幅3cm，周期0. 2s。

2017-2018学年度上学期期中考试高三物理试题一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

m2的两物体，1．如图所示，在高度不同的两水平台阶上放有质量分别为m物体间用轻弹簧相连，弹簧与竖直方向夹角为θ。

在m1左端施加水平拉力F，使m1、m2均处于静止状态。

已知m1表面光滑，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．弹簧可能处于原长状态B．弹簧弹力的大小为m2g/cosθC．地面对m2的摩擦力大小为FD．地面对m2的支持力可能为零2．已知引力常量为G，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g和地球的自转周期为T，不考虑地球自转的影响，利用以上条件不．可求出的物理量是（）A．地球的质量B．地球第一宇宙速度C．地球与其同步卫星之间的引力D．地球同步卫星的高度3．A、B为两等量异种电荷，图中水平虚线为A、B连线的中垂线。

现将另两个等量异种试探电荷a、b，如图用绝缘细杆连接后从离AB无穷远处沿中垂线平移到AB的连线，平移过程中两试探电荷位置始终关于中垂线对称。

若规定离AB无穷远处电势为零，则下列说法中正确的是（）A．在AB的连线上a所处的位置电势0ϕ<aB．a、b整体在AB连线处具有的电势能0E>PC．整个移动过程中，静电力对a做正功D．整个移动过程中，静电力对a、b整体做正功4．两根材料相同的均匀导线x 和y 串联在电路中，两导线沿长度方向的电势变化情况分别如图中的ab 段和bc 段图线所示，则导线x 和y 的横截面积之比为（ ） A ．2∶1 B ．1∶2 C ．6∶1 D ．1∶65．在如图所示的电路中，输入电压U 恒为8 V ，灯泡L 标有“3 V ，6 W ”字样，电动机线圈的电阻R M ＝1 Ω。

若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（ ） A ．电动机的输出功率10W B ．整个电路消耗的电功率是10 W C ．电动机的效率是80% D ．流过电动机的电流是2 A6．在x 轴上有两个点电荷q 1、q 2，其静电场的电势φ在x 轴上分布如图所示。

高一年级上学期第一次月考物理试卷（10/14/2017)一、单项选择题（本题10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，多选、错选或不选的均得0分）1．科考队员乘坐橡皮艇从长江上游顺流而下，下列说法正确的是A．以科考队员为参考系,橡皮艇是运动的B．以岸边山石为参考系，江水是静止的C．以橡皮艇为参考系,江水是运动的D．以江水为参考系，科考队员是静止的2．下列各组物理量中，全部是矢量的是A.位移、加速度、速度、平均速度B.速度、路程、时间、平均速度C。

位移、速度、加速度、路程D速度、质量、加速度、平均速率3．以下计时数据指时间的是A．列车员说：“火车8点42分到站”B．神舟七号飞船升空后在轨运行约68小时后安全返回C．中央电视台的新闻联播节目在19时开播D．某场足球赛在开赛80分钟时，甲队才攻入一球4．球从3m高处落下, 被地板弹回, 在距地面1m高处被接住, 球通过的路程和位移的大小分别是A．4m、4m B. 3m、1m C。

3m、2m D。

4m、2m5．关于加速度和速度的关系,下列叙述正确的是A．物体的速度越大,加速度越大B．物体速度变化越大, 加速度越大C．物体的速度变化越快, 加速度越大D．物体速度增加时，它的加速度也就增大6．下列表述中，所指的速度为平均速度的是A．子弹射出枪口时的速度为800 m/sB．一辆公共汽车从甲站行驶到乙站，全过程的速度为40 km/h C．某段高速公路限速为90 km/hD．小球在第3s末的速度为6 m/s7．一个弹性小球，在光滑水平面上以5 m/s的速度向左垂直撞到墙上，碰撞后小球以大小为3 m/s速度向右运动．如图1所示，则碰撞前后小球速度变化量Δv的大小和方向分别为A．2 m/s，向左B．2 m/s，向右C．8 m/s，向左D．8 m/s,向右8。

物体做匀加速直线运动，加速度为2m／s2,那么A．物体的末速度一定比初速度大2m／s B.每秒钟物体的速度增加2m／sC。

河北省香河县第三中学2017-2018学年高一物理上学期期中考试试题（无答案）一、选择题（每小题4分，共60分。

1到10题为单选；11到15题为不定项选择，选对得4分，选对但不全的2分，选错或不答者的零分）1．2013年6月23日10时07分，在航天员聂海胜的精准操控和张晓光、王亚平的密切配合下，天宫一号目标飞行器与神舟十号飞船成功实现手控交会对接。

下列情况下，神舟十号载人航天飞船可以看成质点的是()A．研究神舟十号载人航天飞船进入预定轨道，观察太阳帆板展开的情况B. 研究神舟十号载人航天飞船绕地球飞行的速度大小C．调整神舟十号载人航天飞船的飞行姿态时D. 神舟十号载人航天飞船与天宫一号实施手动交会对接时2．将一小球竖直向上抛出，经过时间t回到抛出点，此过程中上升的最大高度为h.在此过程中，小球运动的路程、位移和平均速度分别为()2h2h A．2h、0、B．2h、0、0 C．0、2h、0 D．2h、h、t t3. 如图所示是汽车的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化。

开始时指针指示在如图甲所示位置，经过8s后指针指示在如图乙所示位置，若汽车做匀变速直线运动，那么它的加速度约为()A．11 m/s2B．5.0 m/s2 C．1.4 m/s2 D．0.6 m/s24．对于一个做匀减速直线运动的物体，在它静止前，下列说法中正确的是() A．速度越来越小B．速度越来越大C．加速度越来越小D．加速度越来越大5．一辆车由静止开始做匀变速直线运动，在第8 s末开始刹车，经4 s停下来，汽车刹车过程也在做匀变速直线运动，那么前后两段加速度的大小之比是()A．1∶4B．1∶2C．2∶1D．4∶16．一个物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度达到4 m/s，物体在第2s内的位移是()A．6 m B．8 m C．4 m D．1.6 m7．如图所示，滑雪运动员不借助雪杖，由静止从山坡匀加速滑过x1后，又匀减速在平面上滑过x2后停下，测得x2＝2x1，设运动员在山坡上滑行的加速度大小为a1，在平面上滑行的加速度大小为a2，则a1∶a2为()A．1∶1B．2∶1C．1∶2 D. 2∶18．一质点做匀加速直线运动，依次经过O、A、B、C四点，A、B间的距离为10 m，B、C间的距离为14 m，已知物体通过OA段、AB段、BC段所用的时间相等．则O与A的距离为() A．8 m B．6 m C．4 m D．2 m9. 做匀加速直线运动的物体，速度从v增加到2v时的位移为s，则速度由3v增加到4v时的位移为( )A．5s/2B．7s/3 C．3s D．4s10.一物体从高h处做自由落体运动,经时间t到达地面,落地速度为v,那么当物体下落时间为时,物体的速度和距地面高度分别是()A. B. C. h D. h11．甲、乙两物体同时开始做直线运动，它们的位移x与时间t的图象如图所示，则() A．甲物体做匀加速直线运动，乙物体做曲线运动B．甲、乙两物体从同一地点出发C．出发时乙在甲前x0处D．甲、乙两物体有两次相遇1 2.如图为A、B在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v－t图线，已知在第3 s末两个物体在途中相遇，则()11题12题14题A．A、B两物体是从同一地点出发B．3s内物体A的平均速度比物体B的大C．A、B两物体在减速阶段的加速度大小之比为2∶1D．t＝1 s时，两物体第一次相遇13．物体做初速为零的匀加速直线运动，加速度为3 m/s2。

2017-2018学年河北省廊坊市香河三中高三（上）期中物理试卷一．单项选择题（每题4分，共40分）1．人骑自行车下坡，坡长l=500m，坡高h=8m，人和车总质量为100kg，下坡时初速度为4m/s，人不踏车的情况下，到达坡底时车速为10m/s，g取10m/s2，则下坡过程中阻力所做的功为（）A．﹣400J B．﹣3800J C．﹣50000J D．﹣4200J2．A、B两个质量相同的小球，从距地面相同高度处自由下落，A落于较软的地面上，B 落于较硬的地面上，两球均未弹起．不计空气阻力，则两球与地面的碰撞过程（）A．两球受到的冲量大小相同，A球受到的平均冲力较大B．两球受到的冲量大小相同，B球受到的平均冲力较大C．地面对两球平均冲力大小相同，对A球冲量较大D．地面对两球平均冲力大小相同，对B球冲量较大3．如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端，当两人同时相向运动时（）A．若小车不动，两人速率一定相等B．若小车向左运动，A的速率一定比B的小C．若小车向左运动，A的动量一定比B的大D．若小车向左运动，A的动量一定比B的小4．一弹簧振子做简谐运动，下列说法中正确的是（）A．若位移为负值，则速度一定为正值B．振子通过平衡位置时，速度为零，位移最大C．振子每次经过平衡位置时，位移相同，速度也一定相同D．振子每次通过同一位置时，其速度不一定相同，但位移一定相同5．一质点做简谐运动，其位移x与时间t的关系图象如图所示，由图可知，在t=4s时，质点的（）A．速度为正的最大值，加速度为零B．速度为负的最大值，加速度为零C．速度为零，加速度为负的最大值D．速度为零，加速度为正的最大值6．弹簧振子做简谐运动，从某一位置开始计时（t=0），经过周期，振子具有正方向最大加速度，在下图中正确反映振子的振动情况的是（）A．B．C．D．7．将秒摆的周期由2s变为1s，下列措施可行的是（）A．将摆球的质量减半 B．将振幅减半C．将摆长减半D．将摆长减为原来的8．如图所示，a、b、c、…、k为弹性介质中相邻间隔都相等的质点，a点先开始向上作简谐运动，振幅为3cm，周期为0.2s．在波的传播方向上，后一质点比前一质点迟0.05s开始振动，a开始振动后0.6s时，x轴上距a点2.4m的某质点第一次开始振动，那么这列波的传播速度和0.6s内质点k通过的路程分别为（）A．4m/s，6cm B．4m/s，12cm C．4m/s，48cm D．12m/s，6cm9．如图所示，一个弹簧振子沿光滑的杆在水平方向做简谐运动，振子的质量为0.2kg，当它运动到平衡位置左侧2cm时，受到的回复力为4.0N．当它运动到平衡位置右侧4cm时，它的加速度大小和方向为（）A．20m/s2，方向向右B．20m/s2，方向向左C．40m/s2，方向向右D．40m/s2，方向向左10．一列横波以10m/s的波速沿水平方向向右传播，某时刻的波形图如图中的实线所示，经过时间后波形如图中虚线所示，由此可知△t的可能值是（）A．0.3，s B．0.5s C．0.6s D．0.7s二．不定项选择（每题4分，共28分）11．如图所示，一水平传送带以不变的速度v向右运动，将质量为m的物体A轻轻放在传送带左端，经时间t后，A的速度也变为v，再经过时间t后，恰好到达右端．则（）A．A由传送带左端到右端的平均速度为B．A由传送带左端到右端的平均速度为C．A与传送带之间的动摩擦因数为D．摩擦力对A先做正功后做负功12．从地面竖直上抛一个质量为m的小球，小球上升的最大高度为H，设上升过程中空气阻力f恒定．对于小球从抛出到上升至最高处的过程，下列说法正确的是（）A．小球的动能减少了mgHB．小球的机械能减少了fHC．小球的重力势能增加了mgHD．小球的加速度大于重力加速度g13．作简谐运动的物体每次通过平衡位置时（）A．位移为零，动能为零B．动能最大，势能最小C．速率最大，振动加速度为零D．速率最大，回复力不一定为零14．如图所示为某质点做简谐运动的图象，则下列说法正确的是（）A．质点在0.7 s时，正在远离平衡位置B．质点在1.5 s时的位移最大C．1.2 s到1.4 s，质点的位移在增大D．1.6 s到1.8 s，质点的位移在增大15．如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在某个时刻的波形图，由图象可知（）A．质点b此时位移为零B．质点b此时向﹣y方向运动C．质点d的振幅是2 cmD．质点a再经过通过的路程是4 cm，偏离平衡位置的位移是4 cm16．如图所示分别为一列横波在某一时刻的图象和在x=6m处的质点从该时刻开始计时的振动图象，则这列波（）A．沿x轴的正方向传播B．沿x轴的负方向传播C．波速为100m/s D．波速为2.5m/s17．在简谐横波的传播直线上有两个介质质点A、B，它们相距60cm，当A质点在平衡位置处向上振动时，B质点处于波谷位置．若波速的大小为24m/s，则波的频率可能是（）A．30Hz B．410Hz C．400Hz D．490Hz三．计算题（共32分）18．质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内作半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，此后小球继续作圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是多少？19．一列波沿绳子传播时，绳上有相距3m的P点和Q点，它们的振动图线如图所示，其中实线为P点的图线，虚线为Q点的图线，求该列波的波长和波速的可能值．20．如图，三个质量相同的滑块A、B、C，间隔相等地静置于同一水平直轨道上．现给滑块A向右的初速度v0，一段时间后A与B发生碰撞，碰后A、B分别以v0、v0的速度向右运动，B再与C发生碰撞，碰后B、C粘在一起向右运动．滑块A、B与轨道间的动摩擦因数为同一恒定值．两次碰撞时间均极短．求B、C碰后瞬间共同速度的大小．2016-2017学年河北省廊坊市香河三中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题（每题4分，共40分）1．人骑自行车下坡，坡长l=500m，坡高h=8m，人和车总质量为100kg，下坡时初速度为4m/s，人不踏车的情况下，到达坡底时车速为10m/s，g取10m/s2，则下坡过程中阻力所做的功为（）A．﹣400J B．﹣3800J C．﹣50000J D．﹣4200J【考点】动能定理的应用．【分析】下坡过程中运用动能定理即可求出下坡过程中阻力所做的功．【解答】解：下坡过程中运用动能定理得：mv2﹣mv02=mgh+W f，解得：W f=﹣3800J；故选：B．2．A、B两个质量相同的小球，从距地面相同高度处自由下落，A落于较软的地面上，B 落于较硬的地面上，两球均未弹起．不计空气阻力，则两球与地面的碰撞过程（）A．两球受到的冲量大小相同，A球受到的平均冲力较大B．两球受到的冲量大小相同，B球受到的平均冲力较大C．地面对两球平均冲力大小相同，对A球冲量较大D．地面对两球平均冲力大小相同，对B球冲量较大【考点】动量定理．【分析】根据着地前后瞬间的动量大小得出动量的变化量相同，根据动量定理比较平均冲力的大小．【解答】解：A、B两球从相同的高度下落，着地前瞬间的速度相同，最终速度都减为零，可知动量的变化量相同，根据动量定理知，地面对两球的冲量大小相同，根据（F﹣mg）t=△P知，A与地面的接触时间长，则平均冲量小，B与地面的接触时间短，平均冲力大．故B正确，A、C、D错误．故选：B．3．如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端，当两人同时相向运动时（）A．若小车不动，两人速率一定相等B．若小车向左运动，A的速率一定比B的小C．若小车向左运动，A的动量一定比B的大D．若小车向左运动，A的动量一定比B的小【考点】动量守恒定律．【分析】AB两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律分析即可求解．【解答】解：AB两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：m A v A+m B v B+m车v车=0，A、若小车不动，则m A v A+m B v B=0，由于不知道AB质量的关系，所以两人速率不一定相等，故A错误；B、若小车向左运动，则AB的动量和必须向右，而A向右运动，B向左运动，所以A的动量一定比B的大，故B错误，C正确；D、若小车向右运动，则AB的动量和必须向左，而A向右运动，B向左运动，所以A的动量一定比B的小，故D错误．故选：C4．一弹簧振子做简谐运动，下列说法中正确的是（）A．若位移为负值，则速度一定为正值B．振子通过平衡位置时，速度为零，位移最大C．振子每次经过平衡位置时，位移相同，速度也一定相同D．振子每次通过同一位置时，其速度不一定相同，但位移一定相同【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】质点做简谐运动，其加速度与位移的关系是a=加速度方向与位移方向总是相反，加速度大小与位移大小成正比．速度与位移的变化情况是相反的．【解答】解：A、若位移为负值，由a=﹣，可知加速度一定为正值，而速度有两种可能的方向，所以速度不一定为正值，故A错误．B、质点通过平衡位置时，速度最大，加速度为零，故B错误．C、质点每次通过平衡位置时，位移相同，加速度一定相同，而速度有两种可能的方向，不一定相同，故C错误．D、质点每次通过同一位置时，位移相同，加速度一定相同，因为速度有两种可能的方向，所以速度不一定相同，故D正确．故选：D5．一质点做简谐运动，其位移x与时间t的关系图象如图所示，由图可知，在t=4s时，质点的（）A．速度为正的最大值，加速度为零B．速度为负的最大值，加速度为零C．速度为零，加速度为负的最大值D．速度为零，加速度为正的最大值【考点】简谐运动的回复力和能量；简谐运动的振动图象．【分析】根据简谐运动的位移图象直接读出质点的位移与时间的关系．当物体位移为零时，质点的速度最大，加速度为零；当位移为最大值时，速度为零，加速度最大．加速度方向总是与位移方向相反，位移为正值，加速度为负值．【解答】解：在t=4s时，质点的位移为正向最大，质点的速度为零，而加速度方向总是与位移方向相反，大小与位移大小成正比，则加速度为负向最大．故选C6．弹簧振子做简谐运动，从某一位置开始计时（t=0），经过周期，振子具有正方向最大加速度，在下图中正确反映振子的振动情况的是（）A．B．C．D．【考点】简谐运动的振动图象．【分析】根据某一时刻作计时起点（t=0），经周期，振子具有正方向最大加速度，分析t=0时刻质点的位置和速度方向，确定位移的图象．【解答】解：A、回复力：F=﹣kx加速度：故有经周期振子具有正方向的最大加速度，故结合上述公式得到：此时振子有负方向的最大位移，A图符合，故A正确；B、经周期振子位移为零，故B错误；C、经周期振子位移为零，故C错误；D、经周期振子位移为正方向最大，故D错误；故选：A．7．将秒摆的周期由2s变为1s，下列措施可行的是（）A．将摆球的质量减半 B．将振幅减半C．将摆长减半D．将摆长减为原来的【考点】单摆周期公式．【分析】秒摆的周期由2s变为1s，周期变为原来的，然后根据单摆的周期公式分析摆球质量、摆长、振幅如何变化．【解答】解：秒摆的周期由2s变为1s，周期变为原来的，由周期公式T=2π可知：应该是将摆长减为原来的，而与摆球的质量、振幅无关，故ABC错误，D正确；故选：D8．如图所示，a、b、c、…、k为弹性介质中相邻间隔都相等的质点，a点先开始向上作简谐运动，振幅为3cm，周期为0.2s．在波的传播方向上，后一质点比前一质点迟0.05s开始振动，a开始振动后0.6s时，x轴上距a点2.4m的某质点第一次开始振动，那么这列波的传播速度和0.6s内质点k通过的路程分别为（）A．4m/s，6cm B．4m/s，12cm C．4m/s，48cm D．12m/s，6cm【考点】波长、频率和波速的关系．【分析】由波的传播速度与传播距离的关系：s=vt即可求出波速，先求出波传播到点k的时间，然后根据质点在一个周期内的路程等于4倍的振幅再求质点k在剩下的时间内的路程即可．【解答】解：a开始振动后0.6s时，x轴上距a点2.4m的某质点第一次开始振动，可知该波在0.6s的时间内传播的距离是2.4m，所以波速：v=m/s由题图知，a到k之间有10个间隔，所以波从a传播到k的时间是：t1=10△t=10×0.05s=5s质点k振动的总时间：t2=t﹣t1=0.6﹣0.5=0.1s=质点k振动的总时间是半个周期，所以质点k从平衡位置开始振动后的总位移是2倍的振幅，即：s=2A=2×3cm=6cm故选：A9．如图所示，一个弹簧振子沿光滑的杆在水平方向做简谐运动，振子的质量为0.2kg，当它运动到平衡位置左侧2cm时，受到的回复力为4.0N．当它运动到平衡位置右侧4cm时，它的加速度大小和方向为（）A．20m/s2，方向向右B．20m/s2，方向向左C．40m/s2，方向向右D．40m/s2，方向向左【考点】简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动的回复力和能量．【分析】做简谐振动的物体，回复力F=﹣kx，与位移x成正比；根据a=求解加速度．【解答】解：在光滑水平面上做简谐振动的物体质量为0.2kg，当它运动到平衡位置左侧2cm时，受到的回复力是4N，有：F1=kx1…①当它运动到平衡位置右侧4cm时，回复力为：F2=kx2…②联立①②解得：F2=8N，向左；故加速度：a===40m/s2，向左；故选：B10．一列横波以10m/s的波速沿水平方向向右传播，某时刻的波形图如图中的实线所示，经过时间后波形如图中虚线所示，由此可知△t的可能值是（）A．0.3，s B．0.5s C．0.6s D．0.7s【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】由图读出波长，由波速公式求出周期，根据波形平移和波的周期性，确定时间t的可能值．【解答】解：由图读出波长为λ=4m，由波速公式v=得周期T==s=0.4s波向右传播时，时间t的通项为t=（n+）T=（0.4n+0.1）s，n=0，1，2，…当n=0时，t=0.1s；当n=1时，t=0.5s；由于n为整数，t不可能为0.3s、0.6s、0.7s．故B正确，ACD错误．故选：B二．不定项选择（每题4分，共28分）11．如图所示，一水平传送带以不变的速度v向右运动，将质量为m的物体A轻轻放在传送带左端，经时间t后，A的速度也变为v，再经过时间t后，恰好到达右端．则（）A．A由传送带左端到右端的平均速度为B．A由传送带左端到右端的平均速度为C．A与传送带之间的动摩擦因数为D．摩擦力对A先做正功后做负功【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度；功的计算．【分析】已知前一半时间的初末速度，可求前一半时间的位移，在加后一半时间的位移，可得全程位移，进而得到全程平均速度，判定AB由前半时间的速度和时间可以得到加速度，此加速度由摩擦力提供，可得摩擦因数，判定C 摩擦力先给物体加速，之后两者速度相等，不再有摩擦力作用．可判定D【解答】解：A、前半时间的位移为：，后半时间的位移为：s2=vt，故全程的平均速度为：，故A正确B、物体的运动总位移等于传送带的长度，传送带的长度为：，故B错误C、物块的加速度为：，此加速度由摩擦力提供，由牛顿第二定律：，解得：，故C正确；D、摩擦力先给物体加速，之后两者速度相等，不再有摩擦力作用，故摩擦力先做正功，后不做功，故D错误故选：AC12．从地面竖直上抛一个质量为m的小球，小球上升的最大高度为H，设上升过程中空气阻力f恒定．对于小球从抛出到上升至最高处的过程，下列说法正确的是（）A．小球的动能减少了mgHB．小球的机械能减少了fHC．小球的重力势能增加了mgHD．小球的加速度大于重力加速度g【考点】牛顿第二定律；重力势能．【分析】重力做功不改变物体机械能，重力做功只使物体动能转化为重力势能或重力势能转化为动能；空气阻力做功使物体机械能减少，减少的机械能等于克服空气阻力做的功．【解答】解：A、由动能定理可知，小球动能的减少量等于合外力做的功，即：△E K=（mg+f）H，故A错误；B、小球机械能的减少量等于重力以外的力做功，即克服空气阻力做的功，W=﹣fH，则机械能减少fH，故B正确；C、小球上升的最大高度为H，则重力势能增加mgH，C正确；D、根据牛顿第二定律：mg+f=ma，得：a=g+＞g，故D正确；故选：BCD．13．作简谐运动的物体每次通过平衡位置时（）A．位移为零，动能为零B．动能最大，势能最小C．速率最大，振动加速度为零D．速率最大，回复力不一定为零【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】简谐运动的平衡位置是回复力为零的位置，速度最大，势能最小．【解答】解：AB、振动质点的位移是指离开平衡位置的位移，故经过平衡位置时位移一定为零，速度最大，故动能最大，势能最小，故A错误，B正确；CD、简谐运动中，在平衡位置，回复力F=﹣kx=0，故加速度a==0，速率是最大的，故C正确，D错误；故选：BC．14．如图所示为某质点做简谐运动的图象，则下列说法正确的是（）A．质点在0.7 s时，正在远离平衡位置B．质点在1.5 s时的位移最大C．1.2 s到1.4 s，质点的位移在增大D．1.6 s到1.8 s，质点的位移在增大【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】根据位移时间图象的斜率等于速度，分析质点的速度方向．根据速度方向分析位移的变化情况．【解答】解：A、根据位移时间图象的斜率等于速度，可知，质点在0.7 s时的速度为负，正靠近平衡位置，故A错误．B、质点在1.5 s时的位移为负向最大，故B正确．C、1.2 s到1.4 s，质点正远离平衡位置，位移正在增大，故C正确．D、1.6 s到1.8 s，质点正靠近平衡位置，位移在减小，故D错误．故选：BC15．如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在某个时刻的波形图，由图象可知（）A．质点b此时位移为零B．质点b此时向﹣y方向运动C．质点d的振幅是2 cmD．质点a再经过通过的路程是4 cm，偏离平衡位置的位移是4 cm【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】由波动图象直接读出任意时刻的位移、质点的振幅和波长．运用上下坡法判断质点的运动方向．根据时间与周期的关系，分析质点通过的路程，确定位移．【解答】解：A、由图知，质点b此时位移为零，故A正确．B、简谐横波沿x轴正方向传播，由“上下坡法”知，质点b此时向+y方向运动，故B错误．C、简谐横波在传播过程中，各个质点的振幅都相同，则知质点d的振幅是A=2 cm，故C 正确．D、质点a再经过通过的路程是S=2A=4 cm，偏离平衡位置的位移是﹣4 cm，故D错误．故选：AC16．如图所示分别为一列横波在某一时刻的图象和在x=6m处的质点从该时刻开始计时的振动图象，则这列波（）A．沿x轴的正方向传播B．沿x轴的负方向传播C．波速为100m/s D．波速为2.5m/s【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【分析】根据t=0时刻x=6m处质点的振动方向得到波的传播方向，由左图得到波长，右图得到周期，根据v=求解波速．【解答】解：AB、t=0时刻x=6m处质点的振动方向是向上，由波形平移法知，波沿x轴负方向传播，故A错误，B正确；CD、由左图得到波长为λ=8cm，右图得到周期为T=0.08s，故波速v==100m/s，故C正确，D错误．故选：BC．17．在简谐横波的传播直线上有两个介质质点A、B，它们相距60cm，当A质点在平衡位置处向上振动时，B质点处于波谷位置．若波速的大小为24m/s，则波的频率可能是（）A．30Hz B．410Hz C．400Hz D．490Hz【考点】波长、频率和波速的关系．【分析】若这列波的传播方向是由A向B，当当A质点在平衡位置处向上振动时，B质点处于波谷位置时，AB平衡位置间的距离等于（n+）λ，求出波长的通项，即可由波速公式v=λf求出频率的通项．同理，若这列波的传播方向是由B向A，AB平衡位置间的距离等于（n+）λ，求出波长的通项，即可由波速公式v=λf求出频率的通项，并可得到频率的特殊值．【解答】解：若这列波的传播方向是由A向B，据题有：（n+）λ=0.6m，（n=0，1，2，3…）则得λ=m由v=λf得：f==Hz=10（4n+1）Hz，（n=0，1，2，3…）①若这列波的传播方向是由B向A，则有：（n+）λ=0.6m，（n=0，1，2，3…）则得λ=m，（n=0，1，2，3…）频率为f==10（4n+3）Hz，（n=0，1，2，3…）②当n=0时，由②式得f=30Hz；当n=10时，由①式得f=410Hz；由于n是整数，f不可能等于400Hz和490Hz；故选：AB．三．计算题（共32分）18．质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内作半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，此后小球继续作圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是多少？【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．【分析】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功．【解答】解：最低点最高点mg=由动能定律得解得故克服空气阻力做功w f=．19．一列波沿绳子传播时，绳上有相距3m的P点和Q点，它们的振动图线如图所示，其中实线为P点的图线，虚线为Q点的图线，求该列波的波长和波速的可能值．【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】由图象看出，P、Q两点的振动情况总是相反，它们之间的距离相距半个波长的奇数倍，即可求出波长，由图读出周期，由波速公式v=求解波速．【解答】解：由图象看出，P、Q两点的振动情况总是相反，则有：3m=（2n+1），（n=0，1，2，…）当n=0时，λ=6m，当n=1时，λ=2m．由图读出，周期为T=0.2s，则波速为：v===30m/s或答：该列波的波长和波速的可能值6m，30m/s；2m，10m/s20．如图，三个质量相同的滑块A、B、C，间隔相等地静置于同一水平直轨道上．现给滑块A向右的初速度v0，一段时间后A与B发生碰撞，碰后A、B分别以v0、v0的速度向右运动，B再与C发生碰撞，碰后B、C粘在一起向右运动．滑块A、B与轨道间的动摩擦因数为同一恒定值．两次碰撞时间均极短．求B、C碰后瞬间共同速度的大小．【考点】动量守恒定律．【分析】根据根据动量守恒求出碰前A的速度，然后由动能定理求出A与B碰撞前摩擦力对A做的功；B再与C发生碰撞前的位移与A和B碰撞前的位移大小相等，由于滑块A、B与轨道间的动摩擦因数为同一恒定值，所以地面对B做的功与地面对A做的功大小相等，由动能定理即可求出B与C碰撞前的速度，最后根据动量守恒求解B、C碰后瞬间共同速度的大小．【解答】解：设滑块是质量都是m，A与B碰撞前的速度为v A，选择A运动的方向为正方向，碰撞的过程中满足动量守恒定律，得：mv A=mv A′+mv B′设碰撞前A克服轨道的阻力做的功为W A，由动能定理得：设B与C碰撞前的速度为v B，碰撞前B克服轨道的阻力做的功为W B，由于质量相同的滑块A、B、C，间隔相等地静置于同一水平直轨道上，滑块A、B与轨道间的动摩擦因数为同一恒定值，所以：W B=W A设B与C碰撞后的共同速度为v，由动量守恒定律得：mv B″=2mv联立以上各表达式，代入数据解得：答：B、C碰后瞬间共同速度的大小是．2016年12月3日。