【名师解析】四川省遂宁市2015届高三第二次诊断考试物理试题 2

2024届四川省遂宁市高三下学期第二次诊断性考试理综全真演练物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题如图所示，一轻质杆长为R，一端可绕光滑转轴O转动，另一端安装一质量为m的小球（可视为质点），轻质弹簧原长为，一端系于A点，另一端与小球相连，A、B、O、C四点在同一水平线上，，从C点现给小球一初速度，小球可在竖直平面内沿顺时针方向做完整的圆周运动，途经C、D、P、B、Q五点，测得小球经过P点时的速度大小为v，重力加速度大小为g（整个过程轻质弹簧始终处于弹性限度内），下列说法正确的是（）A．小球在运动过程中的机械能守恒B．小球经过Q点时速度大小为C．小球经过D点和P点时动能相同D．小球经过P点时所受的合力为零第(2)题相距为L的两辆小车A和B，以大小相等、方向相同的加速度沿平直的公路相向运动，初始时A、B的速度大小之比为，经过t时间，两车相遇，A、B位移大小之比为m，且此时均未停止。

以下说法正确的是（ ）A．A的初速度大小为B．若则A加速，B减速C．若，则A减速，B加速D．若，则相遇时A、B的速率之比为第(3)题如图所示，为某种电吹风机的电路示意图，a，b，c，d为四个固定触点。

可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点。

触片P 处于不同位置时，电吹风机可处于停机、吹热风和吹冷风三种工作状态。

和分别是理想变压器原，副线圈的匝数。

该电吹风．变压器原副线圈匝数之比B．吹热风时触点b、c相接触C．由表中数据可算出小风扇的内阻为D．由表中数据可算出小风扇的效率第(4)题2023年1月9日，我国在文昌航天发射场成功将实践二十三号卫星发射升空。

若将人造卫星的轨道视为圆形轨道，则下列有关人造卫星的说法正确的是（ ）A．卫星在变轨过程中机械能保持不变B．轨道较高的卫星动能较小C．轨道较低的卫星角速度较小D．轨道较低的卫星周期较短第(5)题如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3其大小关系是（ ）A．F1=F2=F3B．F1=F2<F3C．F1=F3>F2D．F3>F1>F2第(6)题如图所示，间距为L且足够长的金属导轨固定在水平面上，导轨电阻与长度成正比，竖直向下的匀强磁场范围足够大，磁感应强度为B。

五校（江西师大附中、临川一中、鹰潭一中、宜春中学、新余四中）第二次联考物理试卷卷面满分：100分考试时间：100分钟命题人：徐建红梁杰审题人：廖友保一、选择题：本题共10小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.在下列关于物理量和单位的说法中，正确的是（）①密度②牛③米/秒④加速度⑤长度⑥质量⑦千克⑧时间A．属于国际单位制中基本物理量的是①⑤⑥⑧B．属于国际单位制中基本单位的是⑤⑥⑦C．属于国际单位的是②③⑦D．属于国际单位的是④⑤⑥2.一质点沿直线 Ox 方向做加速运动，它离开 O 点的距离随时间变化的关系为 s＝4＋2t3(m)，它的速度随时间变化的关系为v＝6t2(m/s)．则该质点在t＝2 s时的瞬时速度和t＝0到t＝2 s间的平均速度分别为（）A．8 m/s、24 m/s B．24 m/s、8 m/sC．24m/s、10 m/s D．24 m/s、12 m/s3.2013 年 12 月 2 日 1 时 30 分，“嫦娥三号”月球探测器搭载长征三号乙火箭发射升空。

该卫星在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T，最终在月球表面实现软着陆。

若以R表示月球的半径，引力常量为G，忽略月球自转及地球对卫星的影响，下列说法不正确的是（）．．．A．“嫦娥三号”绕月运行时的向心加速度为 B．月球的第一宇宙速度为C．月球的质量为 D．物体在月球表面自由下落的加速度大小为4.一倾角为 30°的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑。

现给物体施加如图所示力 F，F 与竖直方向夹角为30°，斜劈仍静止，物体加速下滑，则此时地面对斜劈的摩擦力为（）A．大小为零B．方向水平向右C．方向水平向左D．无法判断大小和方向5.如图，手持一根长为l的轻绳的一端在水平桌面上做半径为 r、角速度为ω的匀速圆周运动，绳始终保持与该圆周相切，绳的另一端系一质量为m的小木块，木块也在桌面上做匀速圆周运动，不计空气阻力，则（）A.木块只受重力、桌面的支持力和绳子拉力的作用B.绳的拉力大小为 mω2 l 2+ r2C.手对木块不做功mω3 r(l 2+ r 2)D.手拉木块做功的功率等于l物理试卷第1页共4页6.两电荷量分别为 q1和 q2的点电荷放在 x 轴上的 O、M 两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，不计重力，则（）A. A、N 点的电场强度大小为零B.将一正点电荷静放在 x 轴负半轴，它将一直做加速运动C.NC 间场强方向向 x 轴正方向D.将一正点电荷从 N 点移动到 D 点，电场力先做正功后做负功7.如图所示，无限长导线，均通以恒定电流I．直线部分和坐标轴接近重合，弯曲部分是以坐标原点O为圆心的相同半径的一段圆弧，已知直线部分在原点O处不形成磁场，则图乙中O处磁感应强度和图甲中O处磁感应强度相同的是（）8.如(a)图表示光滑平台上,物体 A 以初速度v 0滑到上表面粗糙的水平小车上,车与水平面间的动摩擦因数不计，重力加速度为g，(b)图为物体 A 与小车的v-t图像,由此可求出（）A．小车上表面的长度B．物体 A 与小车 B 的质量之比C．A 与小车上 B 上表面的动摩擦因数D．小车 B 获得的动能9.如图所示,一平行板电容器 C,极板是水平放置的,它和三个可变电阻、一个零刻度在中央的灵敏电流计（左进左偏）和电源连成电路,现有一个质量为m的带电油滴悬浮在两极板间不动,则下列判断正确的是（）A.增大 R3,油滴上升B.增大电容器板间距离的过程中,电流计指针右偏C.增大 R1,R1中电流的变化值大于 R3中电流的变化值D.增大 R1,R1两端电压的变化值大于 R3两端电压的变化值10.在一长为 s，倾角为θ，沿顺时针方向匀速运动的传送带的下端 A 点，每隔相等的时间 T 就轻轻放上一个相同的工件，如图所示。

绝密★启用前2015年第二次大联考【四川卷】理科综合·物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分110分，考试时间60分钟。

2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。

第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。

．．．．．．．写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效（满分110分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。

每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．光导纤维现已在通讯、医疗技术中大量使用。

光导纤维是由折射率不同的透明材料通过特殊复合技术制成的复合纤维。

光导纤维由芯线和外涂层组成，下列说法正确的是（）A．光纤芯线的折射率要低B．涂层材料折射率要高C．芯料和涂料的折射率相差越大越好D．一束光经光纤传导过程中，光几乎都在外涂层里传播【答案】C该题考查光导纤维的原理【解析】因为要求发生全反射，所以光导纤维的光纤芯线的折射率高，涂层材料的折射率低，而且两者的折射率相差越大越好，故ABD错误，C正确。

2．如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平。

A球、C球与B 球分别用两根轻质细线连接。

当系统保持静止时，B球对碗壁刚好无压力，图中θ=30°，则A 球和C球的质量之比为（）A ．1:2 B．2 :1 C ．1:3D．3:1【答案】C该题考查共点力的平衡问题【解析】B球对碗壁刚好无压力，则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90°，以B球为研究对象，进行受力分析，水平方向所受合力为零，由此可知，故选C点评：本题难度较小，明确B球所在位置夹角为90°是本题求解的关键3．如图甲所示为一列简谐横波在t=0时刻波动图象，图乙为介质中M点的振动图象。

2024届四川省遂宁市高三下学期第二次诊断性考试理综全真演练物理试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的答案中，只有一个符合题目要求。

(共8题)第(1)题在一次讨论中，老师问道：“假如水中相同深度处有a、b、c三种不同颜色的单色点光源，有人在水面上方同等条件下观测发现，b在水下的像最深，c照亮水面的面积比a的大，关于这三种光在水中的性质，同学们能做出什么判断？”有同学回答如下：①c光的频率最大②a光的传播速度最小③b光的折射率最大④a光的波长比b光的短，根据老师的假定，以上回答正确的是( )A．①②B．①③C．②④D．③④第(2)题如图甲所示，辘轳是古代民间提水设施、由辘轳头、支架、井绳、水斗等部分构成。

某次汲完水自水面由静止开始上升的过程中，水斗的加速度a随上升高度h的变化规律如图乙所示，已知水斗上升10m至井口时速度刚好为零，下列说法正确的是（ ）A．时，水斗的加速度大小为2m/s2B．时，水斗的速度大小为2m/sC．时，水斗做匀减速直线运动D．水斗自水面上升10m所用时间为7.5s第(3)题如图所示，轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上。

现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A从图中虚线位置缓慢上升到实线位置，但圆环仍保持在原来位置不动。

则在这一过程中，杆对环的摩擦力和的变化情况（ ）A．F1逐渐减小，F保持不变B．F1逐渐增大，F保持不变C．F1保持不变，F逐渐增大D．F1保持不变，F逐渐减小第(4)题某汽车大灯结构的简化图如图所示。

现有一束光从焦点处射出，经旋转抛物面反射后，垂直半球透镜的竖直直径从点水平射入透镜，然后从半球透镜上D点射出。

已知透镜直径远小于大灯离地面的高度，，D点距水平地面的高度为，半球透镜的折射率为，。

则这束光照射到水平地面的位置与大灯间的水平距离约为（ ）A．B．C．D．第(5)题近年来进行了农村电网改造，为了减少远距离输电线路上的电能损耗，下列说法正确的是（ ）A．应增大输电线的电阻B．应采用高压输电，减小输电电流C．应降低输电电压，增大输电电流D．应降低输电电压，减小输电电流第(6)题如图，学校人工湖水面上和处有两个稳定的振源、，它们振动频率相同且步调一致，在水面上产生了两列波长为0.3m、振幅分别为3cm和5cm的水波，一段时间后水面上形成了稳定的干涉图样，下列说法正确的是（ ）A．水波遇到湖中假山时能绕过假山传播到它的后方B．x轴上处的质点振幅小于8cmC．y轴上处的质点会随水波传播到处D．图中方程为的曲线上的A点为振动减弱点第(7)题2022年11月，梦天实验舱完成转位操作，中国空间站“”字基本构型在轨组装完成，空间站运行周期约为90分钟。

2024届四川省遂宁市高三下学期第二次诊断性考试理综全真演练物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题一台交流发电机输出的电能经过升压变压器升压、远距离输送、降压变压器降压后，再给用户使用。

因为线路损耗，用户端获得的电压不足，下列改进方案最科学且经济的是（ ）A．仅增加升压变压器原线圈的匝数B．仅增加升压变压器副线圈的匝数C．仅增加降压变压器原线圈的匝数D．仅增加降压变压器副线圈的匝数第(2)题2022年5月，我国首个商用压缩空气储能电站投产发电。

在用电低谷期，利用剩余的电力把洞外空气压缩到盐矿开采后留下的密闭盐穴矿洞中，储存能量；在用电高峰期，将储存在矿洞内的高压空气释放出来驱动汽轮机发电。

矿洞可视为绝热容器，在充气过程中，矿洞内（ ）A．气体内能保持不变B．气体分子数密度不变C．气体分子的运动速率都增加了D．气体分子对洞壁单位面积平均撞击力变大第(3)题下面所叙述的力，属于万有引力的是（）A．马对车的拉力B．地磁场对指南针的作用力C．太阳对地球的吸引力D．摩擦后的橡胶棒对小纸片的吸引力第(4)题如图所示是某款手摇点火器的原理图，当钢针和金属板间瞬时电压超过5000V时可以产生电火花。

已知匀强磁场的磁感应强度大小为，手摇发电机线圈的面积为，共50匝，不计内阻，变压器为理想变压器，其原、副线圈匝数比为。

下列说法正确的是（ ）A．电压表的示数为5V时，点火器可以产生电火花B．只有当电压表示数超过50V时，点火器才能产生电火花C．线圈转速为2r/s时，点火器可以产生电火花D．线圈转速为5r/s时，1s内点火器可以产生10次电火花第(5)题原子处于磁场中，某些能级会发生劈裂。

如图甲，XX代表激发态1，X代表激发态2，G代表基态，由于能级劈裂，如图乙，X 态劈裂为两支，分别为、两个能级。

原子劈裂前辐射出光谱线①和②，劈裂后辐射出光谱线③、④、⑤和⑥，下列说法正确的是（）A．①和③的能量相等B．③的频率大于⑤的频率C．③和④的频率之和等于⑤和⑥的频率之和D．若用④照射某种金属能发生光电效应，则用⑥照射也一定能发生第(6)题小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，取g=10m/s2，则不正确（ ）A．小球下落的最大的速度为5m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为3m/sC．小球能弹起的最大高度为0.45mD．小球能弹起的最大高度为1.25m第(7)题先后让一束电子和一束氢核通过同一对平行板形成的偏转电场，进入时速度方向与电场方向垂直。

2015年高考物理全国卷22015年普通高等学校招生全国统一考试（课标卷II）理科综合能力测试（物理）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得分。

14.如图，两平行的带电金属板水平放置。

若在两板中间a 点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。

现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45度，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将A。

保持静止状态B。

向左上方做匀加速运动C。

向正下方做匀加速运动D。

向左下方做匀加速运动答案：D15.如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。

当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为Ua、Ub、Uc。

已知bc边的长度为l。

下列判断正确的是A。

Ua>Uc，金属框中无电流B。

Ub>Uc，金属框中电流方向沿a-b-c-aC。

___=−D。

Uac=12Blω，金属框中无电流221.___=−22.Uac=12Blω，金属框中电流方向沿a-c-b-a答案：C16.由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。

当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行。

已知同步卫星的环绕速度约为 3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30度，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为A。

西偏北方向，1.9×103m/sB。

东偏南方向，1.9×103m/sC。

西偏北方向，2.7×103m/sD。

东偏南方向，2.7×103m/s答案：B17.___在平直公路上行驶。

2024届四川省遂宁市高三下学期第二次诊断性考试理综全真演练物理试题一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分 (共7题)第(1)题如图所示是竖直放置的内壁光滑的长方体容器的纵截面图，是一个矩形，，，有一个可视为质点、质量的小球用长的轻绳悬挂在点。

小球随容器一起绕边做匀速圆周运动，取重力加速度，已知，，下列说法正确的是（ ）A．当时，器壁对小球的弹力大小是B．当时，器壁对小球的弹力大小是C．小球刚接触器壁时的角速度是D．小球刚接触器壁时的角速度是第(2)题某研究发现，将一小水滴滴在涂有一层超疏水材料的水平板上，达到特定条件后小水滴会自发地弹跳起来且越弹越高。

以小水滴刚接触水平板时其中心位置为y轴坐标零点，某段时间内小水滴中心位置随时间变化的关系如图所示，则小水滴中心（ ）A．在、时刻的速度为零B．在、时刻的加速度为零C．在～时间内一直做加速运动D．在～时间内一直做减速运动第(3)题2024年4月19日起，日本开始排放第五批福岛核污染水，预计排放19天。

核污染水中含有一定量的放射性核素“氚”，该核素可在生物体内富集，导致内照射，从而损害生物体的健康。

已知氚的衰变方程为，半衰期约为12年，下列说法正确的是（ ）A．氚核发生的是α衰变B．衰变产物X来自氚的核外电子C．衰变产生的射线能穿透几厘米厚的铅板D．若立即停止排放，12年后因排污导致的核辐射量会减少50%第(4)题质量为1kg的物块静止在水平地面上，t＝0时对其施加一水平拉力F，当物块运动一段时间后撤去拉力，之后物块继续运动直至停止。

该物体运动的位移时间图象如图所示，图象在P点处的斜率最大、Q点处的斜率为0，已知物块与水平地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度取，则水平拉力F的大小为（）A．2N B．4N C．6N D．8N第(5)题烟雾探测器使用了一种半衰期为432年的放射性元素镅来探测烟雾。

当正常空气分子穿过探测器时，镅衰变所释放的射线会将它们电离，从而产生电流。

四川省遂宁市高中2015届第二次诊断性考试高三2014-03-22 20:51四川省遂宁市高中2015届第二次诊断性考试语文第Ⅰ卷（选择题，满分27分）一、（12分，每小题3分）1．下列词语中加点的字，读音完全正确的一项是A．籼米（xiān）箍桶（gū）倒春寒（dào）罚不当罪(dāng)B．歼灭（jiān）臀部（diàn）棱镜门（léng）瞠目结舌（chēng）C．豢养（huàn）木讷（nè）太阳穴（xié）栉风沐雨（zhì）D．铜臭（chòu）腼腆（tiǎn）刽子手（guì）怙恶不悛（jùn）2．下列词语中没有错别字的一组是A．泄秘俱乐部负隅顽抗防患未然B．惊蛰无明火鳏寡孤独好高鹜远C．融资拉拢人过度医疗吉人天相D．滥觞羊蝎子真知卓见登高自卑3．在下列横线处填入词语，最恰当的一项是（1）17天的索契冬奥会的赛事之中，有意外之后的惊喜，也有从笑脸滑过的泪水；有隐忍之后的，也有坚持换来的收获。

洁白的冰雪之中，竟有了暖人的温度。

（2）说到底，官员作为社会公职人员，无非是百姓推举出来为大家做事的。

一个受聘于民众的“公仆”，成了万众瞩目的焦点、有利可图的美差，多半不是什么好事。

（3）一个国家和民族，贫弱落后固然可怕，但更可怕的是精神空虚。

丢失了主导价值，没有了明确准则，冲破了道德底线，再丰裕的物质生活，也难免“”。

A．暴发竟然盛名之下，其实难副B．爆发反而盛名之下，其实难副C．暴发竟然金玉其外，败絮其中D．爆发反而金玉其外，败絮其中4．下列各句中，没有语病的一句是A．穿黄工程位于河南省郑州市以西约30公里的孤柏嘴，是南水北调工程中资金投入较大、施工难度最高、立交规模最大、时间限制最严的控制工期工程。

B．农产品加工研究所木泰华等发明的“甘薯蛋白及其生产技术”，操作简单，适用于工业化生产，能显著减少甘薯淀粉加工废液中的有机物含量。

2016年四川省遂宁市高考物理二诊试卷一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分•在每个小题给出的四个选项中，1・5小题只有一个选项正确，6・7小题有多个选项正确，全部选对的得6分, 选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程.在对几位物理学家所作科学贡献的叙述中，以下说法不正确的是（）A.开普勒在第谷长期天文观测数据的基础上，指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，揭示了行星运动的有关规律B.麦克斯韦预言了电磁波的存在并在实验室证实了电磁波的存在C.狭义相对论的假说之一是在所有惯性系中，真空中的光速不变，与光源运动无关D.卡文迪许通过扭秤实验测得了万有引力常量G的值2.如图所示，一束复色光沿PO射向截而为半圆形玻璃砖的圆心0处后，分成a、b两束单色光射出.对于a、b两束单色光下列说法正确的是（）A.单色光a频率较小B.单色光a穿过玻璃砖的时间较长C.分别用单色光a、b在同一装置中做双缝干涉实验，a光的条纹间距小D.若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角比b光的小3.在某一均匀介质屮由波源0发出的简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图，其波速为5m/s,则下列说法正确的是（）A.该波的周期T二0.2SB.再经过0.5s质点Q刚好在（2m, - 20cm）位置C.能与该波发生干涉的横波的频率一定为3HzD・该波的频率由传播介质决定，与波源的振动频率无关4.如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为20： 1,通过输电线连接两只相同的灯泡Li和1_2,输电线的等效电阻为R,原线圈输入图示的交流电压，当开关s闭合时，以下说法中正确的是（）A・原线圈中电流不变B. R两端的电压减小C.原线圈输入功率变大D.副线圈输出电压小于11V5.2014年6月18日，〃神舟十号〃飞船与“天宫一号〃目标飞行器成功实现自动交会对接•设地球半径为R,地球表面重力加速度为g.对接成功后〃神舟十号〃和〃天宫一号〃一起绕地球运行的轨道可视为圆轨道，轨道离地球表而高度约为鲁R, 运行周期为T,则（）A.对接成功后，〃神舟九号〃飞船里的宇航员受到的重力为零B.对接成功后，〃神舟九号〃飞船的加速度为gC.对接成功后，"神舟九号〃飞船的线速度为晋尹2D.地球质量为（-^）312V R319 GT6.如图所示，某一空间内充满竖直向下的匀强电场E,在竖直平而内建立坐标xOy,在y<0的空间里有与场强E垂直的匀强磁场B,在y>0的空间内，将一质量为m的带电液滴（可视为质点）自由释放，此液滴则沿y轴的负方向以加速度a=2g （g为重力加速度）做匀加速直线运动，当液滴运动到坐标原点时，瞬间被安置在原点的一个装置改变了带电性质（液滴所带电荷量和质量均不变），随后液滴进入yvo的空间运动.液滴在以后的运动过程屮（）yOE•x•BA.重力势能一定先减小后增大B.机械能一定先增大后减小C.动能先不变后减小D.动能一直保持不变7.如图所示，物体A和带负电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A、B的质量分别是m和2m,劲度系数为k的轻质弹簧一端固走在水平面上.另一端与物体A相连，倾角为8的斜面处于沿斜面向上的匀强电场中，整个系统不计一切摩擦.开始时，物体B在一沿斜面向上的外力F=3mgsine的作用下保持静止且轻绳恰好仲直，然后撤去外力F,直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度，则在此过程中（）A.对于物体A、B、弹簧和地球组成的系统，电场力做功等于该系统增加的机械能B.物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量等于物体B电势能的减少量C.B的速度最大时，弹簧的伸长量为独竿门一kD.撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为坠弊- 二、实验题（共17分）&下面的装置可以探究外力做功和物体速度变化的关系.如图1所示，光滑斜槽轨道固定在水平桌面上，将斜槽从底端开始分成长度相等的五等份，使AB=BC=CD=DE=EF,让小球每次从不同等分点处释放，最后落在水平地面上.（1）实验中，若小球从F点释放运动至斜槽水平位置的过程中，外力做的功为W,则小球从B点释放运动至斜槽水平位置的过程中，外力做的功为—・（2）实验中，小球每次在斜槽上运动的长度记作L,小球做平抛运动的水平位移记作X,通过五组数据描点做L-x2的图象2是一条过原点的直线.设小球运动到斜槽底端时的速度为V,可以判断，外力做功W与_ （填V、/或頁）成正比.若斜槽的倾角为0,小球抛出点距地而的高度为H,则图彖的斜率为（用H、8表示）.9.（口分）实验室里有一只"WA200〃型的二极管，但它两端的“+〃〃-〃号被磨掉了.小王想测出它的正负极，并测量它的正向电阻、反向电阻.小王先在网上查出该型二极管的正向电阻约5Q、反向电阻约50Q.小王在实验室找岀以下器材: 电流表A,量程0.6A,内阻r A=0.1Q电压表Vi，量程2V,内阻r v=lkQ电压表V2，量程3V,内阻约为2kQ定值电阻Ri，阻值Ri=40Q滑动变阻器R2,阻值范围0 -5Q电源E,电动势3V,内阻不计开关及导线若干（1）小王先在二极管两端标上A和B,按如图甲所示电路连接.他发现电流表、电压表的示数都几乎不随滑动变阻器R2的阻值的变化而改变（电路保持安全完好），说明哪端是二极管的止极（填A、B）甲乙丙（2）小王标出了二极管的正负极，接着他设计了如图乙所示的电路.某次测量中读出电压表读数为U、电流表的读数为I,则二极管〃正向电阻〃的精确计算式R=—（用读数和字母表示）（3）请您选用上面器材，帮小王设计一个测量二极管"反向电阻〃的电路，填在图丙的方框内.要求：能够多次测量、尽量精确.三、解答题（共51分）10.（15分）今年春节前后，全国各地普降大雪，导致路面结冰，为避免事故要求汽车缓慢行驶.已知某汽车轮胎正常情况下与高速公路路面的动摩擦因数5=0.8,在冰雪路面上动摩擦因数U2=0.2.该车司机发现前面有危险到开始制动需要0.5s （反应时间）.假设该车正以72km/h的速度匀速行驶.（假设刹车时车轮停止转动；g=10m/s2.）（1）如果该车在正常的路面上行驶，求司机从发现前面危险到停车的刹车距离. （2）如果该车在冰雪路面上行驶，某时刻司机发现前方40m有一辆车正以36km/h匀速行驶，司机开始刹车，是否会发生追尾事故.口. （17分）如图所示，水平地面QA与竖直面内的、半径R=4m的光滑圆轨道ACDF 相连，FC为竖直直径，DO水平，AO与CO夹角a=60°・QA上方有一水平台面MN, MN正上方分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度B=4T. P是竖直线AP与DO 的交点，PA的右侧、P0的下面、0C的左侧分布着竖直向下的、场强为E的匀强电场.一个质量m二2kg、电量q=+lC的小滑块（可视为质点）放在MN上，在水平推力F二4N的作用下止以速度V］向右作匀速运动.已知滑块与平台MN的滑动摩擦因数u=0.5；重力加速度g=10m/s2.（1）求小滑块在平台MN上的速度Vi（2）小滑块从N点飞出后，恰从A点无碰撞地（沿轨道切线）进入圆轨道AC, 为了使小滑块不向内脱离AF间的圆弧轨道，求电场强度E的取值范围.12. (19分)如图甲所示，竖直平面内正方形线框IJKT通过极小的开口PQ用导线与电阻器R、平行金属板AB相连，PIJKTQ间的电阻值与电阻器R的阻值相等, AB板上下间距d=20m・在正方形线框内有一圆形匀强磁场区，而积S=10m2 3,磁感强度的方向垂直向里、大小为Bt(Bt为磁感强度B随时间t变化的函数).t=Os 时刻在AB 板的中间位置P静止释放一个质量为m二］.kg、电量为q=+lC的小球(可视为质点).已知重力加速度g=10m/s2；不计变化磁场在PQ右侧产生的电动势; 不计导线的电阻；忽略电容器的充放电时间.小球一直处于静止，求b值.2016年四川省遂宁市高考物理二诊试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分•在每个小题给出的四个选项中，1・5小题只有一个选项正确，6・7小题有多个选项正确，全部选对的得6分, 选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）2 如果OsWtWls： B t=56t (T) ； t>ls： B t=0 (T)・静止释放小球后，经多长时间小球落到B板上.3 如果班按如图乙所示的方式变化(己知各段图象相互平行，第一段图象的最高点的坐标为：Is、80T)・静止释放小球后，小球向上、向下单向运动过程中加速度方向只变化1次，且小球恰好不与A、B板碰撞.求图乙中的亦和切1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程.在对几位物理学家所作科学贡献的叙述中，以下说法不正确的是（）A.开普勒在第谷长期天文观测数据的基础上，指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，揭示了行星运动的有关规律B.麦克斯韦预言了电磁波的存在并在实验室证实了电磁波的存在C.狭义相对论的假说之一是在所有惯性系中，真空中的光速不变，与光源运动无关D.卡文迪许通过扭秤实验测得了万有引力常量G的值【考点】物理学史.【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、开普勒在第谷长期天文观测数据的基础上，对行星运动观察记录的数据进行了分析，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得岀了开普勒行星运动定律，故A正确；B、麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹在实验室证实了电磁波的存在，故B不正确；C、狭义相对论的假说之一是在所有惯性系中，真空中的光速不变，与光源运动无关，故C正确；D、卡文迪许通过扭秤实验测得了万有引力常量G的值，故D正确；本题选不正确得，故选：B【点评】木题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2.如图所示，一束复色光沿P0射向截而为半圆形玻璃砖的圆心0处后，分成a、b两束单色光射出.对于a、b两束单色光下列说法正确的是（）A.单色光a频率较小B.单色光a穿过玻璃砖的时间较长C.分别用单色光a、b在同一装置中做双缝干涉实验，a光的条纹间距小D.若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角比b光的小【考点】光的折射定律.【分析】由图看出，玻璃砖对b光的偏折角较大，b光的折射率较大，频率较大, 波长短.由対三分析光在玻璃砖中传播速度关系，即可判断时间关系.折射率越n 大，波长越短，干涉条纹间距越小.由sinC二丄分析临界角的大小.n【解答】解：A、由图知，玻璃砖对a光的偏折角较小，由折射定律2輕得sinr 知，玻璃对a光的折射率较小，其频率较小.故A正确.B、玻璃对a光的折射率较小，由分析得知，a光在玻璃砖中速度较大，传n播时间较短.故B错误.C、玻璃对a光的折射率较小，a光的波长较长，而干涉条纹的间距与波长成正比，则知，a光干涉条纹的间距较大.故C错误.D、由sinC=^分析得知，b光的折射率大，则临界角较小，故D错误.故选：A【点评】本题运用折射定律2輕分析折射率的大小是关键，再根据频率、波sinr 长、临界角与折射率的关系即可分析.3.在某一均匀介质中由波源0发出的简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图，其波速为5m/s,则下列说法正确的是（）A・该波的周期T=0.2SB.再经过0.5s质点Q刚好在(2m, - 20cm)位置C.能与该波发生干涉的横波的频率一定为3HzD・该波的频率由传播介质决定，与波源的振动频率无关【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系.【分析】根据图象得出波长，根据波速公式v=y求解周期；根据时间与周期的关系分析质点Q的位置.发生干涉的条件是两列波的频率相同•该波的频率由波源的振动频率决定.【解答】解：A、根据图象得：波长X=2m,则该波的周期为T=^=|s=0.4s,故v 5A错误.B、简谐横波向右传播，图示时刻质点Q的振动方向向下，因为t二0.5s二1寺丁，所以再经过0.5s质点Q到达波谷，即刚好在(2m, -20cm)位置，故B正确.C、该波的频率为f#二2.5Hz,则能与该波发生干涉的横波的频率一定为2.5Hz, 故C错误.D、该波的频率由波源的振动频率决定，故D错误.故选：B【点评】解决本题的关键要理解波动形成过程，知道波的频率等于波源的振动频率，发生干涉的条件是两列波的频率相同.4.如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为20： 1,通过输电线连接两只相同的灯泡-和L2,输电线的等效电阻为R,原线圈输入图示的交流电压，当开关s闭合时，以下说法中止确的是( ) 八wvA.原线圈中电流不变B. R两端的电压减小C.原线圈输入功率变大D.副线圈输岀电压小于【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率.【分析】开关S闭合后改变了副线圈的电流和功率，根据变压器原副线圈电压、电流与匝数比的关系即可求解.【解答】解：开关S闭合后，副线圈的电流和功率都变大，A、开关S闭合后，电阻减小，而电压不变，副线圈的电流增大，原线圈的电流也増大，故A错误；B、副线圈电流增大，R两端的电压增大，故B错误；C、原线圈的电压不变，而电流增大，故原线圈的输入功率增大，故C正确；D、副线圈电压由原线圈和匝数比决定，而原线圈电压和匝数比都没有变，所以副线圈输出电压不变等于口V,故D错误.故选:C【点评】本题主要考查了变压器的原理，要知道开关S闭合后，副线圈的电流和功率都变大，难度不大，属于基础题.5.2014年6月18日，“神舟十号〃飞船与〃天宫一号〃日标飞行器成功实现自动交会对接•设地球半径为R,地球表面重力加速度为g.对接成功后"神舟十号〃和"天宫一号〃一起绕地球运行的轨道可视为圆轨道，轨道离地球表面高度约为寺R, 运行周期为T,则（）A.对接成功后，〃神舟九号〃飞船里的宇航员受到的重力为零B.对接成功后，"神舟九号〃飞船的加速度为gC.对接成功后，〃神舟九号〃飞船的线速度为年笋2D.地球质量为（需尸斗囲19 GT"【考点】万有引力定律及其应用.【分析】根据万有引力等于重力和万有引力提供向心力，结合轨道半径的关系得出对接成功后，飞船的加速度与地球表面重力加速度的关系.根据飞船的轨道半径，结合周期，求出飞船的线速度.根据万有引力提供向心力，结合轨道半径和周期求出地球的质量.【解答】解：A、对接成功后，〃神舟九号〃飞船里的宇航员受到的重力不为零，故A错误.B、根据G》二耐得，a二孥，根据G詈■二陀得，沪铮由题意知，r老R,可知a=_40^§，故B 错误.20C、对接成功后，〃神舟九号〃飞船的线速度v=2%^R JQJTR,故C错误.T " 19T2 23 2D、根据G导二in/：得,地球的质量:-.-R 3.故D 正确.r T GT 19 GT故选：D.【点评】解决木题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用.6.如图所示，某一空间内充满竖直向下的匀强电场E,在竖直平面内建立坐标xOy,在y<0的空间里有与场强E垂直的匀强磁场B,在y>0的空间内，将一质量为m的带电液滴（可视为质点）自由释放，此液滴则沿y轴的负方向以加速度a=2g （g为重力加速度）做匀加速直线运动，当液滴运动到坐标原点时，瞬间被安置在原点的一个装置改变了带电性质（液滴所带电荷量和质量均不变），随后液滴进入y<0的空间运动. 液滴在以后的运动过程中（）A.重力势能一定先减小后增大B.机械能一定先增大后减小C.动能先不变后减小D.动能一直保持不变【考点】带电粒子在混合场中的运动；功能关系.【分析】带电粒子仅在电场与重力场作用下，做匀加速直线运动.根据牛顿第二定律可知，电场力与重力的关系；当进入磁场前，由于电性的改变，导致电场力与重力平衡，从而仅由洛伦兹力提供向心力，使其做匀速圆周运动，因此即可求解. 【解答】解：A、带电粒子在电场与重力场作用下，由牛顿第二定律可得：qE+mg=ma=m*2g,故qE=mg当带电粒子进入磁场时，由于电场力与重力方向相反，处于平衡•而洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动.所以重力势能先减小后増大，故A正确；B、由于电场力先作负功后做正功，所以电势能先增大后减小，那么机械能先减小后增大，故B错误；CD、由于做匀速圆周运动，则速度的大小不变，则动能不变，故C错误，D止确; 故选：AD.【点评】考查带电粒子在不同场的受力分析，并根据牛顿第二定律來确定其运动状态.同时涉及到电场力、重力与洛伦兹力等基本知识.7.如图所示，物体A和带负电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A、B的质量分别是m和2m,劲度系数为k的轻质弹簧一端固走在水平而上.另一端与物体A 相连，倾角为8的斜面处于沿斜面向上的匀强电场屮，整个系统不计一切摩擦.开始吋，物体B在一沿斜面向上的外力F=3mgsin0的作用下保持静止且轻绳恰好伸直，然后撤去外力F,直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度，则在此过程中（）BA.对于物体A、B、弹簧和地球组成的系统，电场力做功等于该系统增加的机械能B.物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量等于物体B电势能的减少量C.B的速度最大时，弹簧的仲长量为警沁kD.撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为邂竺【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；胡克定律；机械能守恒定律.【分析】在撤去外力前后对B物体受力分析，求的电场力，由牛顿第二定律求的加速度，当B受到的合力为零时，速度最大，根据动能定理和能量守恒即可分析. 【解答】解：A、对于物体A、B、弹簧和地球组成的系统，系统内有重力、弹簧弹力和电场力做功，只有电势能和机械能相互转化，减小的电势能等于电场力所做的功，所以电场力做功等于该系统增加的机械能，故A正确；B、根据能量守恒可知物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量等于物体B电势能的减少量和B物体机械能的减小量Z和.故B错误；D、开始吋，外力F作用在B ±, B处于静止状态，对B分析可知：F - 2mgsin6 -F 电二°解得：F电二mgsinO当撤去外力瞬间,对B, B受到的合力为：F合=F lU+2mgsin6=3mgsin0由F=3ma可得a=gsin0,故D错误.C、当B的合力为零时，B的速度最大，由：kx=F lti+2mgsine解得弹簧的仲长量为：x二独严故C正确；k故选:AC【点评】本题要正确分析物体的受力情况，判断其运动情况，确定速度最大的条件：合力为零，运用共点力平衡、牛顿第二定律、胡克定律、电场力做功与电势能的关系等知识进行分析.二、实验题（共17分）&下面的装置可以探究外力做功和物体速度变化的关系.如图1所示，光滑斜槽轨道固定在水平桌面上，将斜槽从底端开始分成长度相等的五等份，使AB二BC二CD二DE二EF,让小球每次从不同等分点处释放，最后落在水平地面上.图1 图2(1)实验屮，若小球从F点释放运动至斜槽水平位置的过程屮，外力做的功为W,则小球从B点释放运动至斜槽水平位置的过程中，外力做的功为4 •—5 —(2)实验中，小球每次在斜槽上运动的长度记作L,小球做平抛运动的水平位移记作X,通过五组数据描点做出的图象2是一条过原点的直线.设小球运动到斜槽底端时的速度为v,可以判断，外力做功W与 / (填v、/或肩) 成正比.若斜槽的倾角为9,小球抛出点距地面的高度为H,则图象的斜率为応話(用H、0表示)•【考点】探究功与速度变化的关系.【分析】(1)先根据几何关系求出FA的高度与BA高度的关系，再对小球从F 到A 和B到A的两个过程，根据动能定理列式求解；(2)小球从A点抛出后做平抛运动，下落的高度相等，则运动时间相等，则平抛初速度与水平位移成正比，而根据图象可知，L与X?成正比，所以L与/成正比，根据平抛运动基本公式以及动能定理求出L-x2的关系式，从而求岀斜率.【解答】解：(1)根据几何关系可知,h F A=5h B A，对小球从F到A和B到A的两个过程，根据动能定理得：W=mgh FA^ W^mghBA^解得：附45(2)小球从A点抛岀后做平抛运动，下落的高度相等，则运动时间相等，则小球运动到斜槽底端时的速度v二*①, 时间相等，所以v与x成正比，而根据图象可知，L与/成正比，所以L与V?成正比，小球抛出点距地面的高度为H,则运动时间t 二詈②, 根据动能定理得：mgLsi由①②③解得: x 4Hsin0【点评】木题主要考查了平抛运动基木公式及动能定理的直接应用，知道平抛运 动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，运动时间由高度决定, 难度适中.9. （11分）（2016＞遂宁模拟）实验室里有一只"WA200〃型的二极管，但它两 端的〃+〃〃- 〃号被磨掉了.小王想测出它的正负极，并测量它的正向电阻、反向 电阻.小王先在网上查出该型二极管的正向电阻约5Q 、反向电阻约50Q.小王 在实验室找出以下器材：电流表A,量程0.6A,内阻r A =0.1Q电压表Vi ，量程2V,内阻r v =lkQ电压表V2，量程3V,内阻约为2kQ定值电阻Ri ，阻值Ri=40Q滑动变阻器R2,阻值范RI0-5Q电源E,电动势3V,内阻不计开关及导线若干（1）小王先在二极管两端标上A 和B,按如图甲所示电路连接.他发现电流表、 电压表的示数都儿乎不随滑动变阻器R2的阻值的变化而改变（电路保持安全完 好），说明哪端是二极管的正极B （填A 、B ）则L-x?图象的斜率k 二 1 4Hsin0故答案为:(1)|; 5 (2) V 2； 1（2）小王标出了二极管的正负极，接着他设计了如图乙所示的电路.某次测量中读出电压表读数为U、电流表的读数为I,则二极管〃正向电阻〃的精确计算式R=¥-RA（用读数和字母表示）—I—一—（3）请您选用上面器材，帮小王设计一个测量二极管〃反向电阻〃的电路，填在图丙的方框内.要求：能够多次测量、尽量精确.【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.【分析】（1）根据二极管的性质和实验现象可明确二极管的正极；（2）明确电路接法；根据欧姆定律可求得正向电阻；（3）二极管反向电阻较大，电流较小，电流表无法使用，则根据给出的仪器可明确应采用的电路图.【解答】解：（1）因电压表和电流均不随变阻器的阻值变化而变化，说明二极管反向接入，故B端为二极管的正极；（2）由图乙可知，采用了电流表内接法，则由欧姆定律可知：R=y-r A（3）要想多次测量应采用分压接法，由于反向电阻较大，属于大电阻，电路屮电流较小，为了能准确测量，可以将V】与R］并联后充当电流表使用，再与电压表V2并联，再由即可求出电阻；故原理图如图所示；【点评】木题考查伏安法测二极管的性质的实验，要注意明确二极管反向电阻较大，不能利用常规的实骑方法进行求解；故采用了V］与&并联的方式测量电流.三、解答题（共51分）10.（15分）（2016＞遂宁模拟）今年春节前后，全国各地普降大雪，导致路面结冰，为避免事故要求汽车缓慢行驶.已知某汽车轮胎止常情况下与高速公路路而的动摩擦因数5=0.8,在冰雪路面上动摩擦因数U2=0.2.该车司机发现前面有危险到开始制动需要0.5s (反应吋间).假设该车正以72km/h的速度匀速行驶.(假设刹车时车轮停止转动；g=10m/s2.)(1)如果该车在止常的路面上行驶，求司机从发现前面危险到停车的刹车距离.(2)如果该车在冰雪路而上行驶，某时刻司机发现前方40m有一辆车正以36km/h匀速行驶，司机开始刹车，是否会发生追尾事故.【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系.【分析】(1)汽车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，结合匀速运动的位移和匀减速直线运动的位移之和求出司机从发现前面危险到停车的刹车距离.(2)根据牛顿第二定律求出刹车后的加速度大小，根据速度时间公式求出两车速度相等经历的时间，结合两车的位移关系判断是否发生追尾事故.【解答】解：(1)匀速阶段：x1=v o t o=2OXO.5m=lOm,减速阶段：幻二卩倨二O.BXlOm/s?二加//；2匀减速直线运动的位移x2二亠■二黑爲二25m，乙 z a | A o总位移：x=Xi+x2=10+25m=35m.(2)以司机发现前车到两车共速的时间t：V1-a2 (t-0.5) =v2JLa2= U 2g=0.2X10m/s2=2m/s2代入数据解得：t=5.5s2 2t时间内两车各自位移：环二——空一二20X0. 5+弩f 85m,1 2a 必乙x2=v2t=10 X 5.5m=55m因为△ S=Si - S2=30m<40m,不会发牛追尾事故答：(1)司机从发现前面危险到停车的刹车距离为35m；(2)不会发生追尾事故.。

2015年四川省遂宁市高考物理零诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共36.0分)1.关于物体的运动，下列说法正确的是（）A.物体受到的合外力方向变化，物体一定做曲线运动B.物体做直线运动时，所受到的合外力不一定是恒力C.物体只要受到垂直初速度方向的力的作用，就一定能做圆周运动D.物体加速度越来越大，则物体运动就越来越快【答案】B【解析】解：A、物体受到的合外力方向变化，物体不一定做曲线运动，如弹簧振子的运动．故A错误；B、物体做直线运动时，所受到的合外力不一定是恒力，如弹簧振子的运动受到的力的大小方向都是变化的．故B正确；C、物体只要受到垂直初速度方向的力的作用，就一定能做类平抛运动．故C错误；D、加速度与速度分别描述运动飞两个不同的方面，物体加速度越来越大，物体运动不一定越来越快．故D错误．故选：B物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．2.在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图a、b分别为小汽车和大卡车的v-t图象，以下说法正确的是（）A.因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B.在t=5s时追尾C.在t=3s时追尾D.由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾【答案】C【解析】解：根据速度-时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：s b=v b t=10×3m=30ma车的位移为s a=×（30+20）×1+×（20+15）×2=60m则s a-s b=30m，所以在在t=3s时追尾．故C正确．故选C当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．根据速度-时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析．解答本题关键要抓住速度图象的面积表示进行求解，属于基本题．3.如图所示，将质量为m的小球p用细线悬挂于O点，用拉力F拉住小球P使其处于静止状态，要求悬线与竖直方向成θ=37°角，拉力F的最小值为（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A.mgB.mgC.mgD.mg【答案】D【解析】解：以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力F与细线垂直时最小．根据平衡条件得F的最小值为F min=G sin37°=mg故选：D．以物体为研究对象，采用作图法分析什么条件下拉力F最小．再根据平衡条件求解F的最小值．本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析F取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定．4.已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，环绕地球运行的一颗人造地球你卫星的线速度为v，则下列说法正确的是（）A.该卫星的运行周期为B.该卫星的轨道半径为C.该卫星的向心加速度为D.该卫星的角速度为【答案】A【解析】解：A、卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力列式：，在地球表面则有：，解得：r=，该卫星的运行周期为T=，故A正确，B错误；C、向心加速度a=，故C错误；D、卫星的角速度为=，故D错误．故选：A地球卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式；在地球表面，根据重力等于万有引力，再次列式，然后联立求解．本题关键是明确两点：卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力；地球表面重力等于万有引力．5.图中所示为一皮带传动装置，右轮的半径范围r，a是它边缘上的一点．左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑．则（）A.a点与b点的线速度大小相等B.a点与b点的角速度大小相等C.b点与d点的向心加速度大小相等D.a点与c点的线速度大小相等【答案】D【解析】解：A、a、c两点的线速度大小相等，b、c两点的角速度相等，根据v=rω，c的线速度大于b的线速度，则a、b两点的线速度不等，故A错误；B、a、c的线速度相等，根据v=rω，知角速度不等，但b、c角速度相等，所以a、b 两点的角速度不等，故B错误；C、b点与d点的角速度相等，转动半径不等，根据a=ω2r，向心加速度不等，故C错误；D、靠传送带传动轮子上的点线速度大小相等，故a点与c点的线速度大小相等，故D 正确；故选：D．共轴转动的各点角速度相等，靠传送带传动轮子上的点线速度大小相等，根据v=rω，a=rω2=半径各点线速度、角速度和向心加速度的大小．解决本题的关键知道线速度、角速度、向心加速度与半径的关系，以及知道共轴转动的各点角速度相等，靠传送带传动轮子上的点线速度大小相等．6.如图，某身高约1.7的高二男同学在学校体育课完成“引体向上”的测试中，该同学在1分钟内完成了15次“引体向上”．每次“引体向上”都使自己的整个身体升高一个手臂的高度，且每次“引体向上”都需要2秒钟才能完成．则关于以下估算恰当的有（）A.每次“引体向上”克服重力做功约为180JB.全过程该同学克服重力做功的平均功率为90WC.每次“引体向上”克服重力做功约为510JD.全过程该同学克服重力做功的平均功率约为45W【答案】B【解析】解：体重为60kg，每次引体向上上升高度为0.6mA、克服重力做功为W=mgh=60×10×0.6J=360J，故AC错误；B、全过程克服重力做功的平均功率为P=，故B正确，D错误；故选：B学生的体重为60kg，每次上升的高度为0.6m，根据重力做功即可判断克服阻力做功大小，及功率本题主要考查了功和功率的计算，求平均功率要用总功与总时间即可二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)7.如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的光滑轮O，倾角为30°的斜面体置于水平地面上．A的质量为m，B的质量为6m．开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动．现将A由静止释放，在其下摆过程中（除去初末位置），斜面体始终保持静止，不计空气阻力，下列判断中正确的是（）A.物块B受到的摩擦力先减小后增大B.地面对斜面体的摩擦力方向一直向右C.小球A的机械能守恒D.小球A的机械能不守恒，A、B系统的机械能守恒【答案】BC【解析】解：A、小球A摆下过程，只有重力做功，机械能守恒，有mg L=，在最低点，有F-mg=m，解得F=3mg．再对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，重力的下滑分量为F x=（3m）gsin30°=3mg，故根据平衡条件得知：静摩擦力一直减小，故A错误．B、对物体B和斜面体整体受力分析，由于A球向左下方拉物体B和斜面体整体，故一定受到地面对其向右的静摩擦力．故B正确．CD、小球A摆下过程，只有重力做功，机械能守恒．故C正确，D错误．故选：BC．小物体B一直保持静止，小球A摆下过程，只有重力做功，机械能守恒，细线的拉力从零增加到最大，再对物体B受力分析，根据平衡条件判断静摩擦力的变化情况．对B 与斜面整体受力分析，判断地面对斜面体摩擦力的方向．本题关键是先根据机械能守恒求出小球A最低点速度，再根据向心力公式得出球对细线的拉力，最后对滑块B受力分析后根据共点力平衡条件判断静摩擦力变化情况；同时要注意研究对象的灵活选择．三、填空题(本大题共2小题，共17.0分)8.如图所示，在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹．实验简要步骤如下：A．让小球多次从斜槽上______ 滚下，记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置．B．按图安装好器材，注意______ ，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线．C．取下白纸以O为原点，以过O点的竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹．①完成上述步骤，将正确的答案填在横线上．②上述实验步骤的合理顺序是______ ．【答案】同一位置无初速；调整斜槽末端水平；B，A，C【解析】解：（1）该是实验中要保证每次小球做平抛运动的轨迹相同，这就要求小球平抛的初速度相同，而且初速度是水平的，因此在具体实验操作中要调整斜槽末端水平，同时让小多次从同一位置无初速度的释放．故答案为：同一位置无初速；调整斜槽末端水平．（2）实验操作中要先安装仪器，然后进行实验操作，故实验顺序为：B，A，C．故答案为：B，A，C．（1）该实验成功的关键是，确保小球每次抛出的初速度相同，而且初速度是水平的，因此实验过程中要特别注意这两点．（2）实验步骤的排列要符合逻辑顺序，不能颠三倒四，要便于操作．关于平抛运动实验要掌握实验的注意事项、实验步骤、实验原理，要亲自动手实验，体会实验步骤和注意事项．9.为了“探究动能改变与合外力做功”的关系，某同学设计了如下实验方案：A．第一步他把带有定滑轮的木板有滑轮的一端垫起，把质量为M的滑块通过细绳与质量为m的带夹重锤相连，然后跨过定滑轮，重锤夹后连一纸带，穿过打点计时器，调整木板倾角，直到轻推滑块后，滑块沿木板匀速运动如图甲所示B．第二步保持长木板的倾角不变，将打点计时器安装在长木板靠近滑轮处，取下细绳和重锤，将滑块与纸带相连，使其穿过打点计时器，然后接通电源释放滑块，使之从静止开始加速运动，打出纸带，如图乙所示打出的纸带如图丙：试回答下列问题：①已知O、A、B、C、D、E、F相邻计数的时间间隔为T，根据纸带求速度，当打点计时器打A点时滑块速度V A= ______ ，打点计时器打B点时滑块速度V B= ______ ．②已知重锤质量m，当地的重加速度g，要测出某一过程合外力对滑块做的功还必须测出这一过程滑块的______ （写出物理名称及符号），合外力对滑块做功的表达式W合= ______ ．【答案】；；位移x；mgx【解析】解：（1）用匀变速直线运动的推论，平均速度代替瞬时速度得：V A=V B=（2）据题境可知，合外力为重物的重力，要求出外力对滑块做的功还必须测出这一过程滑块的位移x，据功的定义式可知：W=F x=mgx故答案为：（1）；（2）位移x；mgx．（1）用平均速度代替瞬时速度去求解A、B点的速度；（2）合外力为重物的重力，要求出外力对滑块做的功还必须测出这一过程滑块的位移x，根据W=F x即可求解．本题的关键是据题境知道重锤的重力为合外力，还需知道打点计时器中求瞬时速度的方法用匀变速直线运动的推论，此题看似难度大，实际较简单．四、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.某型号小汽车发动机的额定功率为240KW，汽车质量为3×103kg，在水平路面上正常行驶中所受的阻力为车重的k=0.2倍．g取10m/s2．求：（1）此型号汽车在水平路面行驶能达到的最大速度是多少？（2）若此型号汽车以恒定的加速度启动，当加速度a=3m/s2，求汽车做匀加速直线运动经历的时间是多少？【答案】解：（1）当汽车发动机达到额定功率并做匀速运动时，汽车达到最大速度，此时发动机牵引力等于所受到的阻力，v max=．（2）由牛顿第二定律可得F-f=maF=ma+f=15000N加速达到的最大速度为v=加速时间为t=答：（1）此型号汽车在水平路面行驶能达到的最大速度是40m/s（2）汽车做匀加速直线运动经历的时间是s【解析】（1）当汽车达到最大速度时，处于受力平衡状态，汽车的牵引力和阻力大小相等，由P=F v=fv m可以求得最大速度．（2）由牛顿第二定律求得牵引力，由P=F v求的加速达到的速度，由速度公式求的时间．本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．11.如图所示，一质量为m的小物块从P点静止释放，下降2R的距离后，沿着半径为R的四分之一圆弧轨道上与圆心等高的A点的切线方向进入圆弧轨道，经过轨道最低点B时对轨道压力大小为5mg，此后小物块水平飞出，恰好垂直于斜面击中倾角为θ=37°的斜面．不计空气阻力．（已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块到达B点瞬间的速度大小v；（2）小物块在圆弧轨道上运动过程中克服摩擦阻力做功W f；（3）小物块从B点飞出到击中斜面过程经历的时间t．【答案】解：（1）小物块在B点在圆周运动，由牛顿第二定律得：，由题意可知：N=5mg，解得：；（2）A到B过程，由动能定理得：-0，解得：W f=mg R；（3）物块垂直于斜面击中斜面，说明末速度与竖直成37°，因此：，而竖直方向为自由落体运动：v y=gt，解得：；答：（1）小物块到达B点瞬间的速度大小v为．（2）小物块在圆弧轨道上运动过程中克服摩擦阻力做功为mg R．（3）小物块从B点飞出到击中斜面过程经历的时间t为．【解析】（1）物块做圆周运动，由牛顿第二定律可以求出其速度．（2）由动能定理可以求出克服摩擦力做的功．（3）物块做平抛运动，由平抛运动规律可以求出运动时间．本题考查了求速度、功、运动时间问题，分析清楚物块的运动过程、应用牛顿第二定律、动能定理、平抛运动规律即可正确解题．12.一传送带装置由电机带动，示意图如图所示，其中传送带AB区域是水平的，BC的倾角θ=37°，B处有一很小段圆弧形过渡（圆弧形长度不计，图中未画出），AB长度为L1=4m，BC长度为L2=25m．现将一个质量m=1.0kg的工件（可视为质点）无初速轻放在传送带A端，工件与传送带间动摩擦因素为μ=0.8．设传送带运行的速率v=8.4m/s始终保持不变，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）工件到达B端时的速度大小；（2）工件从A端运动到C端所经历的时间；（3）工件从A端传送到C端的过程中，与不传送工件相比，电机要多做多少功？（传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦）．【答案】解：（1）工件在水平做匀加速运动的加速度为a1==μg=8m/s2．设工件在水平传送带一直做匀加速运动到B点，到达B点的速度为a B，则有v B2=2a1L1得到v B=8m/s（2）因为v B=8m/s＜8.4m/s，说明工件在水平传送带一直做匀加速运动，运动时间为t1==1s工件滑上BC区域过程，开始阶段工件受到沿斜面向上的滑动摩擦力，做匀加速运动，设经过时间t2工件速度与传送带速度相同．此过程加速度大小为a2=°°=g（μcos37°-sin37°）代入解得a2=0.4m/s2由v=v B+a2t2，得t2=代入解得t2=1s工件在BC区域匀加速运动通过的位移大小为x1==8.2m，此后工件随传送带一起匀速上升，到达C端时的速度大小为v=8.4m/s，匀速运动的时间为t3===2s．所以工件从A端运动到C端所经历的时间为t=t1+t2+t3=4s；（3）工件在AB区域运动时与传送带的相对位移大小为△x1=vt1-L1=8.4m-4m=4.4m，此过程摩擦生热为Q1=μmg△x1=8×4.4J=35.2J工件在BC区域运动时与传送带的相对位移大小为△x2=vt2-x1=8.4m-8.2m=0.2m，此过程摩擦生热为Q2=μmgcos37°△x2=8×0.8×0.2J=1.28J所以工件从A端传送到C端的过程中，工件与传送带间克服摩擦总共生热为Q=Q1+Q2=36.48J．工件的动能E K==35.28J工件到达C端的势能E J=mgh=150J所以电机做功W=Q+E K+E J=36.48+35.28+150=221.76J答：（1）工件到达B端时的速度大小是8m/s；（2）工件从A端运动到C端所经历的时间是4s；（3）工件从A端传送到C端的过程中，电机做功为221.76J【解析】（1）工件刚放在水平传送带上进行受力分析，运用牛顿第二定律和运动学公式求出工件运动到B的速度；（2）根据工件的运动情况，由运动学公式求出从A端运动到C端所经历的时间．（3）求出工件从A端传送到C端的过程中工件与传送带的相对位移大小求出克服摩擦力做功，然后加上克服重力做功和动能增加量．本题关键分析清楚工件的运动情况，根据牛顿第二定律求解出加速过程的加速度，再根据运动学公式列式求解．摩擦生热与相对位移成正比．。

2015年四川省遂宁市高考物理二诊试卷一.选择题〔共7小题，每一小题6分，共42分，在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或者不答的得0分〕1．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕如下关于电磁波的说法符合实际的是〔〕A．X射线是一种波长比紫外线还长的电磁波，医学上可检查人体内病变和骨骼情况B．把传递信号“加〞到载波上的过程叫做调制，且调制的方法只有一种C．常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号D．做变速运动的电荷会在空间产生电磁波【考点】：电磁波的产生；电磁波的发射、传播和接收；X射线、α射线、β射线、γ射线与其特性．【分析】：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；变化分均匀变化和周期性变化，均匀变化的电场产生恒定的磁场，周期性变化的电场产生周期变化的磁场．【解析】：解：A、X射线是一种波长比紫外线短的电磁波，故穿透能力强，医学上可检查人体内病变和骨骼情况，故A错误；B、把传递信号“加〞到载波上的过程叫做调制，有调幅与调频两种方式，故B错误；C、目前常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号，故C正确；D、做变速运动的电荷会在空间产生变化的磁场，如果是匀变速运动，产生均匀变化的磁场，就不会产生电磁波，故D错误；应当选：C．【点评】：此题考查了电磁波的产生原理与运用，关键是明确麦克斯韦的电磁波理论，根底题目．2．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕如下列图，一理想变压器原线圈匝数n1=500匝，副线圈匝数n2=100匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u=220sin100πt〔V〕．副线圈中接一电动机，内阻为10Ω，电流表A2示数为1A电表对电路的影响忽略不计，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此交流电的频率为100 Hz B．此电动机输出功率为44 WC．电流表A1示数为0.2 A D．电压表示数为220V【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论【解析】：解：A、由交流电的公式知频率f===50Hz，故A错误；D、交变电源电压u=220sin100πt〔V〕有效值u1=220V，电压表示数为220V，故D错误；C、根据电流与匝数成反比得：I1=I2=0.2A，故C正确；B、P2=P1=U1I1=220×0.2W=44W，由于电动机有内阻，损失一局部能量，故输出功率小于44W，故B错误；应当选：C【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流与功率之间的关系，此题即可得到解决．3．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕如下列图，从点光源S发出的一细束白光以一定的角度入射到三棱镜的外表，经过三棱镜折射后在右侧光屏的a、b间形成一条彩色光带．如下说法不正确的答案是〔〕A．玻璃对a处光的临界角大于b处光的临界角B．三棱镜对a处光的折射率大于对b光的折射率C．在真空中a处光的波长小于b处光的波长D．在三棱镜中a处光的传播速率小于b处光的传播速率【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：由于玻璃对各色光的折射率不同，导致色散的形成，玻璃对紫光的折射率最大，对红光的最小，可以得a侧为紫光，b侧为红光，红光的波长大于紫光的波长，由v=可以分析在棱镜中红光与紫光的传播速度大小．【解析】：解：AB、由图看出三棱镜对a处光偏折最大，如此玻璃对a处光的折射率大于对b处光的折射率，由临界角公式sinC=可知玻璃对a处光的临界角小于b处光的临界角，故A错误，B正确；C、玻璃对a处光的折射率大于对b处光的折射率，如此a处光的频率大于b处光的频率，由公式c=λf，知在真空中a处光的波长小于b处光的波长，故C正确．D、玻璃对紫光的折射率最大，对红光的最小，可以得a处为紫光，b处为红光，因红光的折射率小于紫光的，由v=可知在三棱镜中，a处光的传播速度小于b处光的传播速度，故D正确；此题选不正确的，应当选：A．【点评】：解决此题的突破口在于通过光线的偏折程度比拟出光的折射率大小，知道折射率、频率、波长、临界角等大小关系，要掌握全反射的两个条件，并能用来分析实际问题．4．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕一卫星绕某一行星外表附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星外表上用弹簧测力计测量一质量为m的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为F．引力常量为G，如此这颗行星的质量为〔〕A．B．C．D．【考点】：万有引力定律与其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：先求出该星球外表重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解．【解析】：解：宇航员在该行星外表上用弹簧测力计测量一质量为m的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为F，故：F=mg所以：g=根据万有引力提供向心力得：G=m=mg解得：M=应当选：D．【点评】：此题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球外表宏观物体运动和天体运动的桥梁．5．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，O为波源．图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象，如此〔〕A．该波的波速为20m/s，且沿x轴负方向传播B．从该时刻起经过0.15s，波沿x轴的正方向传播了3 mC．假设一人从x正方向靠近O点运动，他承受到波的频率可能为4HzD．从该时刻起经过0.3s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：由振动图象读出t=0时刻P点的振动方向，判断波的传播方向．由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速，根据x=vt求解经过0.15s，波沿x轴的正方向传播的距离，根据多普勒效应判断承受到波的频率可不可能为4Hz，根据0.3s与周期的关系判断Q 点的振动方向．【解析】：解：A、由图乙可知，此时P向下运动，如此该波沿x轴正方向传播，根据图甲可知，λ=4m，根据图乙可知，T=0.2s，如此波速v=，故A错误；B、从该时刻起经过0.15s，波沿x轴的正方向传播的距离x=vt=20×0.15=3m，故B正确；C、假设一人从x正方向靠近O点运动，靠近波源，根据多普勒效应可知，接收到的频率增大，而波的频率f=，所以接收到的频率大于5Hz，不可能是4Hz，故C错误；D、该时刻质点Q正向上振动，0.3s=1.5T，如此从该时刻起经过0.3s，质点Q沿y轴负方向振动，故D错误．应当选：B【点评】：波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系．同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况．6．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕图中MN和PQ为竖直方向的两平行足够长的光滑金属导轨，间距为L，电阻不计．导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，两端分别接阻值为2R 的电阻R1和电容为C的电容器．质量为m、电阻为R的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持良好接触．杆ab由静止开始下滑，在下滑过程中最大的速度为v，整个电路消耗的最大电功率为P，如此〔〕A．电容器左极板带正电B．电容器的最大带电量为C．杆ab的最大速度v等于D．杆ab所受安培力的最大功率为【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据右手定如此，感应电动势的方向为，导体棒达到最大速度根据平衡条件，此时电容器的带电量最大，根据功率表达式P=FV可求得力和功率与速度之间的关系．【解析】：解：A：根据右手定如此，感应电动势的方向为：a→b；故右板带正电荷；故A错误；B：当线框的速度达到最大时，感应电动势最大，感应电动势的最大值为：Em=BLvm=BLV；路端电压的最大值为：=；故电容器的带电量最大，为：，故B 正确；C：根据功率表达式：P=FV，当P、F到达最大时速度达到最大值即：，故C正确；D：杆ab抑制安培力的最大功率为：P=Fmvm=mgvm=mgV=P；故D错误；应当选：BC【点评】：此题关键是明确导体棒的受力情况和运动情况，然后结合平衡条件和牛顿第二定律分析，不难．7．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕如下列图，三个可视为质点的金属小球A、B、C，质量分别为m、2m和3m，B球带负电，电荷量为﹣q，A、C不带电，不可伸长的绝缘细线将三球连接，最上边的细线连接在斜面顶端的O点，三球均处于场强大小为E的竖直向上的匀强电场中，三段细线均伸直，三个金属球均静止于倾角为30°的绝缘光滑斜面上，如此如下说法正确的答案是〔〕A．A、B球间的细线的张力为B．A、B球间的细线的张力可能为0C．将线OA剪断的瞬间，B、C间的细线张力D．将线OA剪断的瞬间，A、B球间的细线张力【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：静止时，对B球进展受力分析，B受到AB间细线的拉力，BC间细线的拉力，重力和电场力、斜面的支持力，受力平衡，即可求得A、B球间细线的拉力；假设B球也不带电，如此剪断OA线瞬间，A、B、C三个小球一起以加速度g做匀加速直线运动，互相相对静止，AB、BC间拉力为0．假设B球带电，如此相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，把AB看成一个整体即可求解．【解析】：解：A、静止时，对B球进展受力分析，如此有：T=〔2mg+3mg+Eq〕sin30°=〔5mg+Eq〕，故A正确，B错误；C、B球带负电，相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，经过AB绳传递，qE对A、B球整体产生一个竖直下下的加速度，此时A、B球的加速度为a=g+〔显然＞g〕，C球以加速度g匀加速运动，所以BC间绳子的作用力为零，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为F=ma′=，故C错误，D正确．应当选：AD【点评】：此题主要是剪断OA线瞬间，对A、B、C三个球的运动状态确实定与受力分析，知道绳子一旦剪短之后，绳子的拉力立即为零，难度适中．二.非选择题〔共68分〕8．〔6分〕〔2015•遂宁模拟〕图a．b是力学中的两个实验装置．〔1〕图a是用来显示支持面微小形变，图b是用来测量万有引力恒量〔2〕由图可知，两个实验共同的物理思想方法是BA．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜测的思想方法．【考点】：弹性形变和范性形变；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．【分析】：这两个装置中，第一个装置是当支持面发生微小形变时，镜面法线也会改变一定角度，这一变化通过电光源投影进展放大．第二个装置都是球m，受到m对它的引力会使竖直悬线发生扭转，使镜面M的法线转过微小角度，从而电光源的投影会在标尺上移动一定距离，将微小形变放大将微小形变进展放大，故都是利用放大的思想方法．【解析】：解：〔1〕因为装置A是演示微小形变的实验装置，装置B是卡文迪许扭秤，卡文迪许用该装置测出万有引力恒量．故答案为：桌面或支持面的微小形变；万有引力恒量．〔2〕第一个装置是当支持面发生微小形变时，镜面法线也会改变一定角度，这一变化通过电光源投影进展放大．第二个装置都是球m，受到m对它的引力会使竖直悬线发生扭转，从而使镜面M的法线转过微小角度，从而电光源的投影会在标尺上移动一定距离，从而将微小形变放大将微小形变进展放大，故都是利用放大的思想方法．这两个装置都是将微小形变进展放大，故都是利用放大的思想方法．应当选B【点评】：在物理实验中，经常会遇到要演示一些变化效应微弱的物理现象，为使实验效果明显，可见度大，通常采用放大手段．物理实验中常用的放大手段有杠杆放大，光点反射放大，点光源投影放大，投影仪放大，弱电流放大等．此题两个装置即为电光源投影放大法．9．〔11分〕〔2015•遂宁模拟〕有一个二极管〔〕标有“5V，0.005A〞的字样．现要尽量准确描绘这个二极管完整的伏安特性图线．有如下器材供选用：A．电压表V1〔0～5V，内阻为1kΩ〕B．电压表V2〔0～10V，内阻约为2kΩ〕C．电流表A1 〔0～0.5A，内阻为1Ω〕D．电流表A2〔0～1.0A，内阻约为0.4Ω〕E．滑动变阻器R1〔10Ω，2A〕F．定值电阻R2=19ΩG．学生电源〔直流12V〕，还有电键、导线假设干〔1〕滑动变阻器应采用分压式〔填：分压式或限流式〕〔2〕实验中所用电压表应选用A，电流表应选用C〔填：A或B、C或D〕．〔3〕请设计本实验的电路，并在如图方框内画出电路图．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：此题〔1〕根据描绘伏安特性曲线实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法；题〔2〕根据二极管的额定电压来选择电压表量程，由于二极管的额定电流远小于给出的电流表量程，可考虑将二极管与定值电阻并联后再与电流表串联；题〔3〕由于二极管与定值电阻并联后电阻远小于电压表内阻，电流表应用外接法．【解析】：解：〔1〕描绘伏安特性曲线实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法；〔2〕根据二极管铭牌“5V，0.005A〞可知电压表应选择A；由于给出的电流表量程远大于二极管的额定电流，所以不能直接将电流表与二极管串联使用，考虑将二极管与定值电阻并联后再与电流表串联：由于二极管与定值电阻并联后的总电流可为I=0.005A+=0.268A电源大于电流表量程的，所以电流表应选择C；〔3〕根据上面的分析可知，变阻器应采用分压式接法，二极管与定值电阻并联后再与电流表串联，由于二极管与定值电阻的并联电阻远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如下列图：故答案为：〔1〕分压式；〔2〕A，C；〔3〕如图【点评】：应明确：①应根据待测电阻的额定电压与额定电流大小来选择电压表与电流表的量程，当电表的量程过大或过小时，应根据欧姆定律进展改装；②当实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法；③当待测电阻远小于电压表内阻时，电流表应用外接法，一般通过比拟与的大小来选择．10．〔15分〕〔2015•遂宁模拟〕遂宁观音湖下穿隧道是西南地区首例城市江底下穿隧道，观音湖隧道设计长度为2215m，设计速度为50Km/h，隧道于2013年10月9日开工建设，于2015年2月10日上午8时全线通车．一在隧道中行驶的汽车A以vA=4m/s的速度向东做匀速直线运动，发现前方相距x0=7m处、以vB=10m/s的速度同向运动的汽车B正开始匀减速刹车直到静止后保持不动，其刹车的加速度大小a=2m/s2．如汽车A不采取刹车措施，从此刻开始计时．求：〔1〕A追上B前，A、B间的最远距离；〔2〕经过多长时间A恰好追上B．【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：〔1〕当两车速度相等时，两车距离最远；〔2〕先判断前车静止时，后车是否追上，然后再进一步根据运动学公式列式求解【解析】：解：〔1〕当A、B两汽车速度相等时，两车间的距离最远，即v=vB﹣at=vA即10﹣2t=4解得t=3s此时汽车A的位移xA=vAt=4×3=12m汽车B的位移xB=vBt﹣at2=10×=21m故最远距离△xm=xB+x0﹣xA=21+7﹣12=16m〔2〕汽车B从开始减速直到静止经历的时间t1===5 s运动的位移xB′===25m汽车A在t1时间内运动的位移xA′=v At1=20 m此时相距△x=xB′+x0﹣xA′=12 m汽车A需再运动的时间t2==3 s故A追上B所用时间t=t1+t2=8 s答：〔1〕A追上B前，A、B间的最远距离为16m；2〕经过8sA恰好追上B．【点评】：此题是追击问题，要明确两车速度相等时，两车距离有极值；同时要先判断前车静止前量程能否相遇，然后根据运动学公式列式求解11．〔17分〕〔2015•遂宁模拟〕如下列图的空间有一竖直向下的匀强电场，场强E=2×103N/C，有一个可视为质点的质量为m=1kg，电荷量q=+1×10﹣3C的小物块，从光滑平台上的A点以v0=2m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．木板上外表与圆弧轨道末端切线相平，木板下外表与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g取10m/s2．求：〔1〕AC之间的竖直高度h；〔2〕小物块刚到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；〔3〕要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大．【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力；动能定理．【专题】：电磁学．【分析】：〔1〕根据物块到达C点时速度沿圆弧轨道切线方向，由速度的分解法，求出物块到达C点的速度，根据能量守恒求解电荷自A点到C点的竖直高度；〔2〕根据动能定理求出物块到达D点时的速度，由牛顿第二定律和向心力公式结合求解轨道对物块的支持力，再由牛顿第三定律得到物块对轨道的压力；〔3〕物块滑上木板后，两者组成的系统动量守恒．当小物块刚好不滑出长木板时，两者的速度相等，由动量守恒求出共同速度，再由能量守恒求解木板的最小长度．【解析】：解：〔1〕设物块滑到C点的速度大小为vC．物块从A到C过程做类平抛运动，据题：物块到达C点时速度沿圆弧轨道切线方向，将速度分解，如此有：vCcosθ=v0；解得：vC===4m/s设AB间的高度为h．自A点到C点，根据动能定理得：〔mg+qE〕h=，解得：h=0.5m，〔2〕小物块由C到D的过程中，由动能定理得：，代入数据解得：，小球在D点时由牛顿第二定律得：，解得：FN=60N．由牛顿第三定律得，小物块刚到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力为60N，方向竖直向下．〔3〕由上题解得：vD=当小物块刚好不滑出长木板时，两者的速度相等，设共同速度的大小为v．以物块和木板组成的系统为研究对象，取向左为正方向，如此根据系统的动量守恒得：mvD=〔m+M〕v根据能量守恒定律得：μ〔mg+qE〕L=，联立解得：L≈2.5m答：〔1〕AC之间的竖直高度h=0.5m；〔2〕小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力是60N；〔3〕要使小物块不滑出长木板，木板的最小长度是2.5m．【点评】：此题关键要正确分析物块的受力情况和运动情况，以与功能关系，把握住每个过程所遵守的物理规律，特别是物块在木板上滑动时系统所受的合力为零，系统的动量守恒，根据能量守恒是求解木板长度常用的方法．12．〔19分〕〔2015•遂宁模拟〕如下列图，M，N两极板间存在匀强电场，两极板的宽度为d，N板右边存在如下列图的磁场，折线PAQ是磁场的分界限，在折线的两侧分布着方向相反、与平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小都为B．折线的顶角∠A=90°，P、Q是折线上的两点，AP=AQ=L．现有一质量为m、电荷量为q的带负电微粒从S由静止经电场加速后再从P点沿PQ方向水平射出，不计微粒的重力．〔1〕假设微粒以v0的速度从P点射出，求M，N两极板间电场强度的大小与方向；〔2〕为使微粒从P点以某一速度v射出后，经过一次偏转直接到达折线的顶点A点，求初速度v的大小；〔3〕对于在M，N两极板间加不同的电场，微粒还能途经A点并能到达Q点，求所加电场的电场强度E应满足的条件与其从P点到达Q点所用的时间．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：〔1〕根据电场力与洛伦兹力平衡，即可求解；〔2〕根据牛顿第二定律，洛伦兹力提供向心力，结合几何关系，即可求解；〔3〕由n取奇数与偶数两种情况下，结合圆心角，从而求出时间．【解析】：解：〔1〕在M，N间由动能定理：qEd=得：方向向左〔2〕由图中几何关系得：2Rsin45°=L得：R=由qvB=m得：v=〔3〕根据运动对称性，微粒能从P点到达Q点，应满足L=nx，其中x为每次偏转圆弧对应弦长，偏转圆弧对应圆心角为90°或270°设圆弧长为R，如此有2R2=x2，可得：R=又qvB=m得：v=，〔n=1、2、3、…〕由得〔n=1、2、3、…〕当n取奇数时，微粒从P到Q过程中圆心角总和为：为，其中n=1、3、5、…当n取偶数时，微粒从P到Q过程中圆心角总和为，其中n=2、4、6、…答：〔1〕电场强度的大小为，方向为向左；〔2〕初速度v的大小为；〔3〕微粒的初速度v应满足的条件是，〔n=1、2、3、…〕；当n取奇数时，从P点到达Q点所用的时间，其中n=1、3、5、…；当n取偶数时，从P点到达Q点所用的时间，其中n=2、4、6、…【点评】：此题考查带电粒子在组合场中的运动，关键是要明确粒子各个阶段的运动规律，对各个过程能熟练地选用相应的规律列式计算．。

2024届四川省遂宁市高三下学期第二次诊断性考试理综物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题下列各图中，已标出电流I，磁感应强度B的方向。

小圆圈“〇”表示导体的横截面，“☉”表示感应电流方向垂直纸面向外，“⊗”表示感应电流方向垂直纸面向里。

其中符合安培定则的是（ ）A．通电直导线B．通电螺线管C．通电直导线D．通电线圈第(2)题在物理学研究过程中科学家们创造了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限法、等效替代法、理想模型法、微元法等，以下关于所用物理学研究方法的叙述错误的是（ ）A．根据速度定义式，当非常小时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，这里采用了极限法B．在不需要考虑物体的大小和形状时，用质点来代替实际物体，采用了等效替代法C ．加速度的定义式，采用了比值定义法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法第(3)题关于下列图片所示的现象或解释，说法正确的是（ ）A．甲图中光学镜头上的增透膜利用的是光的衍射现象B．乙图为单缝衍射，若仅减弱单色光的强度，中央亮纹变窄C．丙图中的“泊松亮斑”，是小圆孔衍射形成的图样D．丁图是利用偏振眼镜观看立体电影，说明光是横波第(4)题2022年11月29日23时08分，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约10分钟后船箭分离，飞船进入近地点200千米、远地点约360千米的近地椭圆轨道，随后太阳帆板顺利展开，发射任务取得成功。

11月30日7时33分，神舟十五号3名航天员顺利进驻中国空间站，与神舟十四号航天员乘组首次实现“太空会师”。

天宫空间站的轨道为近圆，高度约400千米，周期约为1.5小时。

下列说法正确的是（ ）A．飞船在椭圆轨道近地点的速度小于空间站的运行速度B．飞船在椭圆轨道运行的周期大于1.5小时C．飞船在椭圆轨道运行时，经相同的时间，飞船与地心连线和空间站与地心连线扫过的面积相等D．航天员在空间站一天能看到16次日出第(5)题下列说法正确的是（ ）A．千克、秒、牛顿是国际单位制中的三个基本单位B．汽车行驶的速度越大，惯性就越大C．a=是加速度的比值法定义式D．用质点来代替有质量的物体是采用了理想化模型的思想第(6)题如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直磁场方向的轴匀速转动。

2015年四川省绵阳市高考物理二诊试卷一、选择题〔每题6分〕1．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕法拉第在同一软铁环上绕两个线圈，一个与电池相连，另一个与电流计相连，如此〔〕A．接通电池后，电流计指针一直保持偏转B．接通电池时，电流计指针没有偏转C．接通电池后再断开时，电流计指针没有偏转D．接通电池时，电流计指针偏转，但不久又回复到零【考点】：研究电磁感应现象．【分析】：根据感应电流产生的条件分析答题．【解析】：解：A、接通电池的瞬间穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，电流计指针偏转，过一段时间后磁通量不发生变化，没有感应电流，电流计指针不偏转，故AB错误，D正确；C、接通电池后再断开时的瞬间，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针偏转，故C错误；应当选：D．【点评】：此题是一道根底题，知道感应电流产生的条件即可正确解题．2．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，质量为m的小球〔可视为质点〕用长为L的细线悬挂于O点，自由静止在A位置．现用水平力F缓慢地将小球从A拉到B位置而静止，细线与竖直方向夹角为θ=60°，此时细线的拉力为F1，然后放手让小球从静止返回，到A点时细线的拉力为F2，如此〔〕A． F1=F2=2mgB．从A到B，拉力F做功为F1LC．从B到A的过程中，小球受到的合外力大小不变D．从B到A的过程中，小球重力的瞬时功率一直增大【考点】：动能定理；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：功率的计算专题．【分析】：根据共点力平衡求出在B点的拉力，根据动能定理和牛顿第二定律求出小球在最低点的拉力，从而比拟两拉力的大小．对A到B过程运用动能定理，求出拉力F做功的大小．根据首末位置的重力功率，判断整个过程中的重力功率变化．【解析】：解：A、在B点，根据平衡有：F1sin30°=mg，解得F1=2mg．B到A，根据动能定理得，，根据牛顿第二定律得，，联立两式解得F2=2mg，故A正确．B、从A到B，小球缓慢移动，根据动能定理得，W F﹣mgL〔1﹣cos60°〕=0，解得，故B错误．C、从B到A的过程中，小球的速度大小在变化，径向的合力在变化，故C错误．D、在B点，重力的功率为零，在最低点，重力的方向与速度方向垂直，重力的功率为零，可知从B到A的过程中，重力的功率先增大后减小，故D错误．应当选：A．【点评】：此题考查了平衡、牛顿第二定律、动能定理的综合运用，知道从A到B的过程中，拉力表示恒力，不能通过功的公式求解拉力做功的大小，需通过动能定理进展求解．3．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，一个不计重力的带电粒子以v0沿各图的虚线射入场中．A中I是两条垂直纸平面的长直导线中等大反向的电流，虚线是两条导线垂线的中垂线；B中+Q是两个位置固定的等量同种点电荷的电荷量，虚线是两位置连线的中垂线；C中I是圆环线圈中的电流，虚线过圆心且垂直圆环平面；D中是正交的匀强电场和匀强磁场，虚线垂直于电场和磁场方向，磁场方向垂直纸面向外．其中，带电粒子不可能做匀速直线运动的是〔〕A． B． C． D．【考点】：带电粒子在混合场中的运动；平行通电直导线间的作用．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：当带电粒子所受的合力为零时才能做匀速直线运动，分析粒子的受力情况，从而作出判断．【解析】：解：A、根据安培定如此判断知虚线上合磁场的方向沿虚线方向向右，与带电粒子的速度方向平行，所以带电粒子不受洛伦兹力，因而带电粒子做匀速直线运动，故A正确．B、根据等量同种电荷的电场线分布可知电场线与虚线重合，带电粒子所受的电场力与其速度平行，粒子做变速直线运动，故B错误．C、由安培定如此知圆环线圈产生的磁场与虚线重合，与带电粒子的速度方向平行，所以带电粒子不受洛伦兹力，带电粒子能做匀速直线运动，故C正确．D、假设粒子带正电，粒子所受的电场力向上，由左手定如此判断知洛伦兹力方向向下，能与电场力平衡，如此带电粒子能做匀速直线运动．故D正确．此题选不可能做匀速直线运动的，应当选：B．【点评】：此题要紧扣匀速直线运动的条件：合力为零，掌握电场线和磁感线的分布情况，结合安培定如此和左手定进展判断．4．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕静电计是在验电器根底上制成，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间电势差大小．如图，A、B是平行板电容器的两个金属板，A板固定，手握B板的绝缘柄，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计G指针张开一定角度．如此〔〕A．保持S闭合，只将A、B两板靠近些，G指针张角变小B．保持S闭合，只将变阻器滑动触头向左移动，G指针张角变大C．断开S后，只将A、B两板分开些，G指针张角变小D．断开S后，只在A、B两板间插入电介质，G指针张角变小【考点】：电容器的动态分析．【专题】：电容器专题．【分析】：静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化．闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势．【解析】：解：A、B、保持开关闭合，电路稳定时电路中没有电流，如此电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，不论A、B两板靠近些，还是将变阻器滑动触头向左移动，如此静电计指针张角不变，故AB错误；C、断开电键，电容器的带电量Q不变，将A、B两极板分开一些，如此d增大，根据C=，可知电容减小，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差增大，静电计指针张角增大，故C错误；D、断开电键，电容器带电量Q不变，在A、B插入一块电介质，如此据C=，可知电容增大，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差减小，静电计指针张角减小，故D正确．应当选：D．【点评】：此题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变，根据电容的决定式和定义式结合分析．5．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕假设月球是质量分布均匀的球体．月球半径为r，飞行器仅在月球万有引力作用下在月球外表附近绕月球外表飞行一周用时为t，可以认为月球不自转，引力常量为G．如此可以计算〔〕A．月球的第一宇宙速度B．月球与地球之间的距离C．飞行器的质量D．飞行器静止在月球外表上时对月球外表的压力【考点】：万有引力定律与其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：飞行器贴近月球外表做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律和密度公式分析能否求出月球的质量和密度．根据月球对卫星的万有引力等于卫星的重力，得到月球外表的重力加速度．【解析】：解：A、月球上的第一宇宙速度是月球近外表运行的速度，所以月球上的第一宇宙速度v=，故A正确B、要求月球与地球之间的距离，由=须知月球转动的规律，故B错误；M=，即可求出月球的质量M，不能求出空间站m．C、空间站贴近月球外表做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，列出等式，其中空间站的质量消去，无法求解空间站的质量，故C错误D、由mg=，如此月球外表的重力加速度g==，即可求出月球外表的重力加速度．不知道飞行器的质量，不能求月球外表的压力，故D错误．应当选：A．【点评】：研究飞行器绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解，注意公式的变形．6．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，粗糙且绝缘的斜面体ABC在水平地面上始终静止．在斜面体AB边上靠近B点固定一点电荷，从A点无初速释放带负电且电荷量保持不变的小物块〔视为质点〕，运动到P点时速度恰为零．如此小物块从A到P运动的过程〔〕A．水平地面对斜面体没有静摩擦作用力B．小物块的电势能一直增大C．小物块所受到的合外力一直减小D．小物块损失的机械能大于增加的电势能【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：对物体受力分析和运动过程的分析，通过受力分析判断出物体的各个力做功情况即可判断【解析】：解：A、对整体受力分析可知，带电物块在沿斜面运动过程中，受到库仑力、重力、垂直斜面的支持力，沿斜面向上的摩擦力，先作加速运动，后作减速运动，水平方向加速度大小先减小后增大，所以要受到地面的摩擦力，摩擦力大小先减小后反向增大．故A错误；B、有运动可知，B电荷带负电荷，A也带负电荷，故A在下滑的过程中，库仑力做负功，故物块的电势能增大，故B正确；C、物块A先加速后减速，加速度大小先减小后增大，故受到的合力先减小后增大，故C错误；D、由能量守恒可知带电物块损失的机械能大于它增加的电势能，是因为抑制摩擦力做了功，也损失机械能，故D正确；应当选：BD【点评】：此题主要考查了库伦力做功，抓住受力分析和运动过程分析与能量守恒即可7．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，甲空间中没有电场、磁场；乙空间中有竖直向上的匀强电场；丙空间中有竖直向下的匀强电场；丁空间中有垂直纸面向里的匀强磁场．四个图中的斜面一样且绝缘，一样的带负电小球从斜面上的同一点O以一样初速度v0同时沿水平方向抛出，分别落在甲、乙、丙、丁图中斜面上A、B、C、D点〔图中未画出〕．小球受到的电场力、洛伦兹力都始终小于重力，不计空气阻力．如此〔〕A． O、C之间距离大于O、B之间距离B．小球从抛出到落在斜面上用时相等C．小球落到B点与C点速度大小相等D．从O到A与从O到D，合力对小球做功一样【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：根据带电小球受到重力，电场力与洛伦兹力，判定各自力的方向，结合牛顿第二定律，与平抛运动的规律，即可求解．【解析】：解：A、带电小球在乙图中受到竖直向下的电场力与重力，而在丙图中受到竖直向上的电场力与重力，根据类平抛运动规律，如此有：，可知，当加速度越大时，所用时间越短，因此OB间距小于OC间距，故A正确；B、由题意可知，甲图带电小球做平抛运动，由A分析可知，运动的时间介于乙图与丙图之间，故B错误；C、根据A分析，如此有，那么v y=at=2v0tanθ，如此有它们的竖直方向的速度相等，根据矢量的合成法如此，可得，小球落到B点与C点速度大小相等，故C正确；D、由于洛伦兹力作用下，如此竖直方向的加速度小于g，如此使得竖直方向的速度小于甲图的平抛竖直方向的速度，又因洛伦兹力不做功，如此球从O到A重力做的功多于球从O到D 做的功，因此合力对小球做功不同，故D错误；应当选：AC．【点评】：考查平抛运动的规律，掌握牛顿第二定律的应用，理解左手定如此的内容，注意乙图与丙图虽然加速度不同，但竖直方向的速度却一样，是解题的关键．同时掌握洛伦兹力不做功的特点．二、非选择题〔共68分〕8．〔6分〕〔2015•绵阳模拟〕用如下列图的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F 与质量m、角速度ω和半径r之间的关系．两个变速轮塔通过皮带连接，转动手柄使长槽和短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动．横臂的挡板对钢球的压力提供向心力，钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值．如图是探究过程中某次实验时装置的状态．①在研究向心力的大小F与质量m关系时，要保持 A 一样．A．ω和r B．ω和m C．m和r D．m和F②图中所示是在研究向心力的大小F与 C 的关系．A．质量m B．半径r C．角速度ω③假设图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9，与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为 B ．A.1：3B.3：1C.1：9D.9：1．【考点】：决定向心力大小的因素．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：该实验采用控制变量法，F=mω2r图中抓住角速度不变、半径不变，研究向心力与质量的关系，根据向心力之比求出两球转动的角速度之比，结合v=rω，根据线速度大小相等求出与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比．【解析】：解：①在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时，需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系，该方法为控制变量法．应当选：A．②图中两球的质量一样，转动的半径一样，如此研究的是向心力与角速度的关系．应当选：C．③根据F=mω2r，两球的向心力之比为1：9，半径和质量相等，如此转动的角速度之比为1：3，因为靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等，根据v=rω，知与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为3：1．应当选：B．故答案为：①A；②C；③B【点评】：本实验采用控制变量法，即要研究一个量与另外一个量的关系，需要控制其它量不变．知道靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等．9．〔11分〕〔2015•绵阳模拟〕学校实验室新进了一批低阻值的绕线电阻，绕线金属丝是某种合金丝，电阻率为ρ．要测算绕线金属丝长度，进展以下实验：〔1〕先用多用电表粗测金属丝的电阻．正确操作后转换开关的位置指示和表盘示数如图1所示，如此金属丝的电阻约为9 Ω．〔2〕用螺旋测微器测金属丝的直径d．〔3〕在粗测的根底上准确测量绕线金属丝的阻值R．实验室提供的器材有：电流表A1〔量程0～3A，内阻约为0.5Ω〕电流表A2〔量程0～0.6A，内阻约为3Ω〕电压表V1〔量程0～3V，内阻约3kΩ〕电压表V2〔量程0～15V，内阻约18kΩ〕定值电阻R0=3Ω滑动变阻器R1〔总阻值5Ω〕滑动变阻器R2〔总阻值100Ω〕电源〔电动势E=6V，内阻约为1Ω〕开关和导线假设干．①还需要先利用实验室提供的器材较准确测量将选用的电流表的内阻．测量电路的一局部可选用图2电路中的 C ．②请在给出的器材中选出合理的器材，在图3虚线框内画出准确测量绕线金属丝阻值的完整电路〔要求在图中标明选用的器材标号〕．〔4〕绕线金属丝长度为．〔用字母R、d、ρ和数学常数表示〕．【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．根据伏安法测电阻的原理与实验要求作出实验电路图．根据电阻定律，结合电阻率，即可求解．【解析】：解：〔1〕欧姆表使用“×1Ω〞挡，由图1所示可知，金属丝电阻阻值为9×1Ω=9Ω．〔3〕①电压表选择0﹣3V，可知电阻丝两端的电压最大为3V，电阻丝的电阻大约为9Ω，最大电流大约为0.33A，可知电流表选择A2．用电压表直接测量电流表A2的内阻，电压表的量程偏大，当电压表示数适当时，会超过电流表量程，此时可以将电流表A2与定值电阻串联，定值电阻起分压作用，然后用电压表测量定值电阻和电流表A2的总电压，应当选：C．②金属丝电阻约为9Ω，滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电流表内阻很小，约为零点几欧姆，电压表内阻很大，约为几千甚至几万欧姆，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如下列图：〔4〕根据电阻定律得，，如此l=．故答案为：〔1〕9，〔3〕C，如下列图，〔4〕．．【点评】：伏安法测电阻时，如果待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值、如果电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法．10．〔15分〕〔2015•绵阳模拟〕绵阳规划建设一新机场，请你帮助设计飞机跑道．设计的飞机质量m=5×104kg，起飞速度是80m/s．〔1〕假设起飞加速滑行过程中飞机发动机实际功率保持额定功率P=8000kW，飞机在起飞前瞬间加速度a1=0.4m/s2，求飞机在起飞前瞬间受到的阻力大小？〔2〕假设飞机在起飞加速滑行过程中牵引力恒为F=8×104N，受到的平均阻力为f=2×104N．如果允许飞机在达到起飞速度的瞬间可能因故而停止起飞，立即关闭发动机后且能以大小为4m/s2的恒定加速度减速而停下，为确保飞机不滑出跑道，如此跑道的长度至少多长？【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；动能定理．【专题】：功率的计算专题．【分析】：〔1〕根据P=Fv和牛顿第二定律列式解答；〔2〕机经历了匀加速直线运动和匀减速直线运动，根据运动速度位移公式求出匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移，两个位移之和即为跑道的最小长度．【解析】：解：〔1〕F===1×105N；牛顿第二定律得：F﹣f=ma；解得：f=F﹣ma=1×105﹣5×104×0.4=8×104N〔2〕飞机从静止开始做匀加速运动到到离开地面升空过程中滑行的距离为x1，牛顿第二定律得：a1==m/s2=1.2m/s2x1===m飞机匀减速直线运动的位移x2，x2==m=800m以跑道的至少长度x=x1+x2=800m+m=3467m答：〔1〕机在起飞前瞬间受到的阻力为8×104N；〔2〕为确保飞机不滑出跑道，如此跑道的长度至少为3467m．【点评】：这题考的知识点是汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动．此题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值．11．〔17分〕〔2015•绵阳模拟〕如图甲所示，两条不光滑平行金属导轨倾斜固定放置，倾角θ=37°，间距d=1m，电阻r=2Ω的金属杆与导轨垂直连接，导轨下端接灯泡L，规格为“4V，4W〞，在导轨内有宽为l、长为d的矩形区域abcd，矩形区域内有垂直导轨平面均匀分布的磁场，各点的磁感应强度B大小始终相等，B随时间t变化如图乙所示．在t=0时，金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态．不计两导轨电阻，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．求：〔1〕金属杆的质量m；〔2〕0～3s内金属杆损失的机械能△E．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：〔1〕由于金属杆从PQ位置静止释放，向下运动直到cd位置的过程中，灯泡一直处于正常发光状态，说明棒在PQ到ab的运动过程，B均匀增大，在从ab到cd的运动过程中做匀速运动，研究PQ到ab的过程，根据P=UI，求得通过小灯泡的电流强度，得到回路总的电功率，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律、匀速运动过程中功率关系列式，即可求得电流、电阻，摩擦力和l，再求得m；〔2〕由运动学公式求得两个过程的位移，根据能量守恒定律求解机械能的损失．【解析】：解：〔1〕设小灯泡额定功率为P=4W，额定电流为I，额定电压为 U=4V，正常发光时电阻为R，如此P=UI，得 I==1AR==Ω=4Ω在0﹣1s时间内，金属杆从PQ运动到ab位置，设整个回路中的感应电动势为E，磁场宽度为l，如此E=I〔R+r〕=1×〔4+2〕V=6V又 E==•dl，=2 T/s，d=1m可得 l=3m在t=1s金属棒进入磁场后，磁场的磁感应强度B保持不变，设金属杆进入磁场时速度为v，金属杆中的感应电动势为E1，如此E1=E=Bdv设金属杆在运动过程中受到的摩擦力为 f，杆进入磁场前加速度为a，如此 a=由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma进入磁场后杆匀速运动，设受到的安培力为F安，所以有：F安=BIdmgsinθ=f+F安；解得 v=3m/s，a=3m/s2，f=2N，F安=6N，m=0.67kg〔2〕设金属杆进入磁场前0﹣1s内的位移为x1，通过磁场的时间为t2，如此x1=，t2=解得 x1=1.5m，t2=1s故在2s金属杆出磁场，设第3s内金属杆的位移为x3，3s末金属杆的速度为v3，如此x3=vt3+v3=v+at3；0～3s内金属杆损失的机械能△E=mg〔x1+l+x3〕sinθ﹣解得 x3=4.5m，v3=6m/s，△E=24J答：〔1〕金属杆的质量是0.67kgm；〔2〕0～3s内金属杆损失的机械能△E是24J．【点评】：对于复杂的电磁感应问题，关键通过审题找到突破口，此题关键抓住灯泡的亮度不变，正确判断棒的运动情况，从力和能两个角度进展研究．力的角度关键要会推导安培力与速度的关系，能的角度关键分析能量是怎样转化的．12．〔19分〕〔2015•绵阳模拟〕如下列图，平面直角坐标系xOy，P点在x轴上，x p=2L，Q 点在负y轴上某处，第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，第Ⅱ象限内有一圈形区域与x、y 轴．分别相切于A、C两点，AO=L，第Ⅳ象限内有一未知的矩形区域〔图中未画出〕，圆形区域和矩形区域内有一样的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面〔图中为画出〕．电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点和P 点；电荷量为﹣q、质量为m、速率为v0的粒子b，从Q点向与y轴成45°夹角方向发射，经过并离开矩形区域后与离开P点的粒子束a相碰，相碰时粒子速度方向相反．不计粒子的重力和粒子间相互作用力．求：〔1〕圆形区域内磁场感应强度B的大小、方向；〔2〕第Ⅰ象限内匀强电场的场强大小E；〔3〕矩形区域的最小面积S．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：〔1〕正粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，结合几何关系求解轨道半径，根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；〔2〕粒子在电场中做类似平抛运动，根据类似平抛运动的分位移公式列式求解即可；〔3〕在矩形区域中运动的粒子的速度偏转角度为90°，画出轨迹，结合几何关系确定最小磁场面积．【解析】：解：〔1〕粒子电荷量为+q、质量为m、速度大小为v0的粒子束a从A点沿y轴正方向发射，经过C点，说明在A点时磁场力向右，根据左手定如此，磁场方向垂直向外；画出从A到C的轨迹，如下列图：结合几何关系，有：r=L ①粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，故：qv0B=m②联立解得：B=方向垂直向外〔2〕粒子从C到P过程是类似平抛运动，根据分运动公式，有：2L=v0tL=其中：a=联立解得：E=〔3〕带负电荷的粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过矩形区域后速度偏转角为90°，洛伦兹力提供向心力，故：解得：R=轨迹如图：磁场区域对应的最小宽度：b=R﹣R=磁场区域对应的最小长度：a=故最小面积为：答：〔1〕圆形区域内磁场感应强度B的大小为、方向垂直向外；〔2〕第Ⅰ象限内匀强电场的场强大小E为；〔3〕矩形区域的最小面积为．【点评】：此题关键是明确粒子的运动规律、画出运动轨迹，然后结合牛顿第二定律、类似平抛运动的分位移公式和几何关系列式求解，不难．。

四川省遂宁市2015届高三第二次诊断考试物理试题1．下列关于电磁波的说法符合实际的是A ．X 射线是一种波长比紫外线还长的电磁波，医学上可检查人体内病变和骨骼情况B ．把传递信号“加”到载波上的过程叫做调制，且调制的方法只有一种C ．常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号D ．做变速运动的电荷会在空间产生电磁波2．如图所示，一理想变压器原线圈匝数n 1＝500匝，副线圈匝数n 2＝100匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压t u π100sin 2220=(V)。

副线圈中接一电动机，内阻为10 Ω，电流表A 2示数为1 A 。

电表对电路的影响忽略不计，则下列说法正确的是 A ．此交流电的频率为100 Hz B ．此电动机输出功率为44 W C ．电流表A 1示数为0.2 AD ．电压表示数为2220V3．如图所示，从点光源S 发出的一细束白光以一定的角度入射到三棱镜的表面，经过 三棱镜折射后在右侧光屏的a 、b 间形成一 条彩色光带。

下列说法不正确．．．的是 A ．玻璃对a 处光的临界角大于b 处光的临界角 B ．三棱镜对a 处光的折射率大于对b 光的折射率C ．在真空中a 处光的波长小于b 处光的波长D ．在三棱镜中a 处光的传播速率小于b 处光的传播速率4．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v 。

假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m 的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为F 。

已知引力常量为G ，则这颗行星的质量为A ．GF m v 2B ．Gm Fv 4C ．Gm Fv 2D ．GFm v 45．图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，O 为波源。

图乙为质点P 以此时刻为计时起点的振动图象，则A ．该波的波速为20m/s , 且沿x 轴负方向传播B ．从该时刻起经过0.15 s ，波沿x 轴的正方向传播了3 mC ．若一人从x 正方向靠近O 点运动，他接受到波的频率可能为4HzD ．从该时刻起经过0.3 s 时，质点Q 的运动方向沿y 轴正方向6．图中MN 和PQ 为竖直方向的两平行足够长的光滑金属导轨，间距为L ，电阻不计。

2024届四川省遂宁市高三下学期第二次诊断性考试理综高效提分物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题如图，一长为的轻杆一端固定在光滑铰链上，另一端固定一质量为的小球．一水平向右的拉力作用于杆的中点，使杆以角速度匀速转动，当杆与水平方向成60°时，拉力的功率为A．B．C．D．第(2)题电动平衡车作为一种电力驱动的运输载具，被广泛应用在娱乐、代步、安保巡逻等领域。

某人站在平衡车上以初速度在水平地面上沿直线做加速运动，经历时间t达到最大速度，此过程电动机的输出功率恒为额定功率P。

已知人与车整体的质量为m，所受阻力的大小恒为f。

则（ ）A．B．车速为时的加速度大小为C．人与车在时间t内的位移大小等于D．在时间t内阻力做的功为第(3)题2023年8月24日，日本政府正式向海洋排放福岛第一核电站的核污水。

核污水中的发生衰变时的核反应方程为。

设的比结合能为的比结合能为，的比结合能为。

已知光在真空中的传播速度为的半衰期为138天，则下列说法正确的是（ ）A．B．该衰变过程本质是原子核中的一个中子转变为质子并放出一个电子C．该核反应过程中的质量亏损可以表示为D．10个核138天后剩余5个第(4)题上世纪四十年代初，我国科学家王淦昌先生首先提出证明中微子存在的实验方案：如果静止原子核俘获核外K层电子e，可生成一个新原子核X，并放出中微子νe，即。

根据核反应后原子核X的动能和动量，可以间接测量中微子的能量和动量，进而确定中微子的存在。

下列说法正确的是（ ）A．原子核X是B．核反应前后的总质子数不变C．核反应前后总质量数不同D．中微子的电荷量与电子的相同第(5)题太阳内部某种热核反应方程式为，并释放射线，则（ ）A．X为质子B．射线本质为高能量的光子C．核反应中的比结合能较的更大D．核电站利用核能的反应与该反应类型相同第(6)题如图甲所示为某品牌的气压式电脑椅，其简易构造如图乙所示，圆柱形汽缸与椅面固定连接，总质量为m。