物理卷·2017届甘肃省定西市通渭县第二中学高三上学期第一次月考(2016.09)

2017-2018学年甘肃省定西市通渭二中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．（6分）关于速度、速度变化量、加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．运动物体的速度越大，其速度变化量一定越大B．运动物体的速度越大，其加速度一定越大C．运动物体的速度变化量越大，其加速度一定越大D．运动物体的速度变化越快，其加速度一定越大2．（6分）如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处．则汽车运动的v﹣t图象可能是（）A．B．C．D．3．（6分）如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v﹣t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是（）A．在3 s末，物体处于出发点右方B．在1﹣2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C．在1﹣3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D．在0﹣1 s内，外力F不断增大4．（6分）如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边紧贴墙壁，若在M斜面上放一个物体m，当m沿着M的斜面下滑时，M始终静止不动，则M受力个数可能为（）A．4个或5个B．5个或6个C．3个或4个D．4个或6个5．（6分）如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，A球保持不动，这时三根细绳张力F、F、F的变化情况是（）A．都变大B．和变大，不变C．和变大，不变D．和变大，不变6．（6分）如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变7．（6分）如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变8．（6分）在如图所示装置中，两物体质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态．由图可知（）A．m1一定大于m2B．m1可能大于2m2C．m1一定小于2m2D．α一定等于β二、非选择题：9．（6分）在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的（填字母代号）A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将弹簧秤都拉伸到相同刻度C．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）A．拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．两细绳必须等长．10．（9分）某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：S A=16.6mm S B=126.5mm S D=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为s②打C点时物体的速度大小为m/s（取2位有效数字）③物体的加速度大小为m/s2．11．（14分）一辆汽车正以v0=108km/h的速度在高速路上行驶，前方突遇事故，司机采取急刹车，汽车最终停止运动，已知刹车的加速度大小为a=6m/s2．（1）求该车刹车3s及6s时的速度大小．（2）求列车在最后3s内发生的位移．12．（16分）如图所示，物体重G=100N，被轻绳AO与BO拉住悬在空中，BO 水平，AO与水平成45°角，求（1）绳子AO、BO的拉力各为多大？（2）保证绳子AO、CO位置不变，当绳子BO由水平位置转到竖直位置过程中，绳子BO的最小拉力？13．（17分）如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，已知A、B的质量分别为m A=10kg，m B=20kg，A、B之间，B与地面之间的动摩擦因数为μ=0.5．一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为37°今欲用外力将物体B匀速向右拉出，求：（1）绳子的拉力？（2）所加水平力F的大小．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）2017-2018学年甘肃省定西市通渭二中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．（6分）关于速度、速度变化量、加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．运动物体的速度越大，其速度变化量一定越大B．运动物体的速度越大，其加速度一定越大C．运动物体的速度变化量越大，其加速度一定越大D．运动物体的速度变化越快，其加速度一定越大【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解答】解：A、运动物体的速度越大，其速度变化量可能为零，例如匀速直线运动，故A错误B、运动物体的速度越大，其加速度可能为零，例如匀速直线运动，故B错误C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故C错误．D、运动物体的速度变化越快，其加速度一定越大，故D正确故选D．【点评】加速度是运动学中最重要的物理量，对它的理解首先抓住物理意义，其次是定义式，以及与其他物理量的关系．2．（6分）如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处．则汽车运动的v﹣t图象可能是（）A．B．C．D．【分析】由题，该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，在3s通过的位移正好是20m，根据“面积”确定位移是20m的速度图象才符合题意．【解答】解：A、在3s内位移为x=×10×3=15m，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意．故A错误．B、由图可知S B＞15m，可能为20m，所以汽车可能不超过停车线，故B正确；C、在3s内位移等于x=×10=20m，则C可能是该汽车运动的v﹣t图象．故C正确．D、在3s内位移等于x=×10=17.5m，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意．故D错误．故选：BC．【点评】本题是实际问题，首先要读懂题意，其次抓住速度图象的“面积”等于位移进行选择．3．（6分）如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v﹣t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是（）A．在3 s末，物体处于出发点右方B．在1﹣2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C．在1﹣3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D．在0﹣1 s内，外力F不断增大【分析】根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，t轴上方位移为正，下方位移为负，确定前3s内物体位移的正负，判断其位置；速度图象直接反映物体速度的变化情况，可读出速度大小的变化．图象的斜率等于加速度，由牛顿第二定律分析外力F的变化．【解答】解：A、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，t轴上方位移为正，下方位移为负，则前3s内物体的位移为正，说明物体处于出发点右方．故A正确．B、在1﹣2 s内，速度为正值，说明速度向右运动，速度不断减小．故B错误．C、在1﹣3 s内，图象的斜率不变，则加速度不变．故C错误．D、在0﹣1 s内，图象切线不断减小，则加速度不断减小，由牛顿第二定律得知外力F不断减小．故D错误．故选A【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．属于基础题．4．（6分）如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边紧贴墙壁，若在M斜面上放一个物体m，当m沿着M的斜面下滑时，M始终静止不动，则M受力个数可能为（）A．4个或5个B．5个或6个C．3个或4个D．4个或6个【分析】由于小车的斜面是否光滑未知，要进行讨论，分两种情况分析：若斜面光滑时和斜面粗糙时分别分析M受力的个数．【解答】解：假如物体m与小车M之间有摩擦力，则小车受到竖直向下的重力，地面的支持力，物体m对小车的摩擦力以及压力，墙面对小车有没有作用力需要根据物体m的运动情况讨论．若m加速下滑，则m存在一个沿斜面向下的加速度，该加速度可分解为水平方向上的加速度和竖直方向上的加速度，故墙面对小车有弹力作用，故受5个力作用；若是匀速下滑，则物体m在水平方向上合力为零，所以下车在水平方向上没有加速度，故不受墙面作用，受4个力作用．假如物体m与小车M之间没有摩擦力，则物体m沿斜面加速下滑，墙面对小车有弹力作用，受4个力作用，综上所述，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题考查分析受力情况的能力，要分斜面是否粗糙、物体m匀速、加速等情况进行分析，不能漏解．5．（6分）如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，A球保持不动，这时三根细绳张力F、F、F的变化情况是（）A．都变大B．和变大，不变C．和变大，不变D．和变大，不变【分析】先以B为研究对象受力分析，由分解法作图判断出T AB大小的变化；再以AB整体为研究对象受力分析，由平衡条件判断T AD和T AC的变化情况．【解答】解：以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图：由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即T AB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为α，则竖直方向有：T AC sinα=2mg得：T AC=，不变；水平方向：T AD=T AC cosα+F，T AC cosα不变，而F逐渐变大，故T AD逐渐变大；故A正确；故选：B．【点评】当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单．6．（6分）如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变【分析】分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．【解答】解：进行受力分析：对Q物块：当静摩擦力沿斜面向上时，有T+f=mgsinθ，当用水平向左的恒力推Q 时，静摩擦力f会减小，也可能摩擦力大小不变，方向相反．当静摩擦力沿着斜面向下时，有T=f+gsinθ，当用水平向左的恒力推Q时，静摩擦力会增加，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确．故选D．【点评】对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确定．7．（6分）如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变【分析】对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变．【解答】解：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变．故选CD【点评】物体本来就是向下运动，受到的摩擦力是向上的，当传送带在向上转动时，对物体的受力没影响，可以思考一下，如果传送带向下转动，情况又会如何呢？8．（6分）在如图所示装置中，两物体质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态．由图可知（）A．m1一定大于m2B．m1可能大于2m2C．m1一定小于2m2D．α一定等于β【分析】对与m1连接的滑轮进行受力分析，抓住两个绳子拉力在水平方向上的分力相等，得出α、β的关系．根据竖直方向上合力等于m1的重力，得出m1和m2的关系．【解答】解：绳子通过定滑轮和动滑轮相连，绳子的拉力相等，等于m2的重力，对与m1连接的滑轮进行受力分析，有Tsinα=Tsinβ，所以α=β．在竖直方向上有：Tcosα+Tcosβ=m1g，而T=m2g，则有2m2gcosα=m1g．所以m1一定小于2m2，故选：CD．【点评】解决本题的关键合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，运用共点力平衡，抓住水平方向和竖直方向合力为零进行求解．二、非选择题：9．（6分）在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的CD（填字母代号）A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将弹簧秤都拉伸到相同刻度C．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是AB （填字母代号）A．拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．两细绳必须等长．【分析】该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题．【解答】解：（1）A、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同．故A错误，C正确；B、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧秤不必拉到相同刻度．故B错误，D正确．故选：CD（2）A、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故A正确；B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；D、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故D错误．故选：AB故答案为：（1）CD；（2）AB．【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等，难度适中．10．（9分）某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：S A=16.6mm S B=126.5mm S D=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为0.1s②打C点时物体的速度大小为 2.5m/s（取2位有效数字）③物体的加速度大小为9.27m/s2．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．【解答】解：①打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s．②根据间的平均速度等于点的速度得v c===2.5m/s．③匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，即△x=aT2，所以有：x BC=x AB+aT2，x CD=x BC+aT2=x AB+2aT2，x BD=2x AB+3aT2，所以a===9.27m/s2故答案为：①0.1 ②2.5 ③9.27【点评】要注意单位的换算和有效数字的保留．能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．11．（14分）一辆汽车正以v0=108km/h的速度在高速路上行驶，前方突遇事故，司机采取急刹车，汽车最终停止运动，已知刹车的加速度大小为a=6m/s2．（1）求该车刹车3s及6s时的速度大小．（2）求列车在最后3s内发生的位移．【分析】（1）根据速度时间关系求得汽车停车时间，再根据速度时间关系结合停车时间求得对应时间内的速度；（2）令汽车停车时间为t，则最后3s内的位移等于整个停车位移与汽车前（t ﹣3）s内的位移之差．【解答】解：取汽车初速度方向为正方向，则v0=108km/h=30m/s刹车时的加速度a=﹣6m/s2，根据速度时间关系知，汽车停车时间t=（1）据速度时间关系刹车后3s时的速度大小v3=30+（﹣6）×3m/s=12m/s因为汽车5s就停下来了，故刹车后6s时的速度v6=0（2）汽车刹车减速过程中运动的总位移根据位移时间关系知，汽车刹车前2s内的位移所以汽车在最后3s内发生的位移△x=x﹣x2=75﹣48m=27m答：（1）该车刹车3s时的速度为12m/s，刹车6s时的速度为0；（2）该车在最后3s内的位移为27m．【点评】汽车刹车问题关键注意两点：一是加速度的取值与初速度的方向相反，令初速度方向为正方向，则加速度a为负值，二是注意刹车后汽车匀减速运动的时间，不能死套公式得出错误结论．12．（16分）如图所示，物体重G=100N，被轻绳AO与BO拉住悬在空中，BO 水平，AO与水平成45°角，求（1）绳子AO、BO的拉力各为多大？（2）保证绳子AO、CO位置不变，当绳子BO由水平位置转到竖直位置过程中，绳子BO的最小拉力？【分析】（2）对点O受力分析，作出力图，根据平衡条件并结合正交分解法列式求解．（2）采用图解法求解极值【解答】解：（1）设OA、OB绳子的拉力分别为F1和F2，对O点受力分析，由平行四边形法则得：NN（2）对点O受力分析，作图如图：当OB绳子与AO绳子垂直时，α=45°时，F2最小；此时：F2′=Gsin45°=50N答：（1）绳子AO、BO的拉力分别为100N和100N；（2）当OB绳子与AO绳子垂直时，绳子BO的拉力最小，最小拉力为50N．【点评】用图解法进行动态平衡的分析1．动态平衡：是指平衡问题中的一部分力是变力，是动态力，力的大小和方向均要发生变化，所以叫动态平衡，这是力平衡问题中的一类难题．2．基本思路：化“动”为“静”，“静”中求“动”．3．基本方法：图解法和解析法．13．（17分）如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，已知A、B的质量分别为m A=10kg，m B=20kg，A、B之间，B与地面之间的动摩擦因数为μ=0.5．一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为37°今欲用外力将物体B匀速向右拉出，求：（1）绳子的拉力？（2）所加水平力F的大小．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）【分析】将物体B匀速向右拉出过程中，A物体保持静止状态，受力均平衡．分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解A受到的绳子拉力和水平力F的大小．【解答】解：A、B的受力分析如图对A应用平衡条件Tsin37°=f1=μN1…①Tcos37°+N1=m A g…②联立①、②两式可得：T=50NN1=f1=μN1=30N对B用平衡条件：F=f1+f2=f1+μN2=f1+μ（N1+m B g）=2f1+μm B g=60+0.5×20×10=160N答：（1）A物体受到绳子的拉力为50N．（2）水平力F的大小160N．【点评】本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，关键是分析物体的受力情况，作出力图后根据平衡条件列方程求解．。

2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的是（）A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．则（）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= m/s2，a g（填“大于”或“小于”），原因是．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．故选：A．2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s故选：B．3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A ．v 2=k 1v 1B ．v 2=v 1C ．v 2=v 1D ．v 2=k 2v 1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P ，质量为m ，则有：P=K 1mgV 1=K 2mgV 2，所以v 2=v 1故选：B ．4．一质量为m 的物体在水平恒力F 的作用下沿水平面运动，在t 0时刻撤去力F ，其v ﹣t 图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F 的大小和力F 做功W 的大小关系式正确的是（ ）A ．F=μmgB ．F=2μmgC ．W=μmgv 0t 0D ．W=μmgv 0t 0【考点】66：动能定理的应用；1I ：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F 的大小．由速度图象的“面积”求出位移，再求解力F 做功W 的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft 0﹣μmg•3t 0=0，得F=3μmg在0﹣t 0时间内物体的位移为x=，力F 做功大小为W=Fx=3μmg =．故选D5．如图所示，一电场的电场线分布关于y 轴（沿竖直方向）对称，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM=MN ．P 点在y 轴右侧，MP ⊥ON ．则（ ）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，则有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，则电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动，故D正确．故选：D．6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．故选：BD．7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比较密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比较电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，则A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度相同，则B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，则B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，则电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．故选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件及其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功及弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进行受力分析即可求得受力情况及加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；故选：CD．二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）明确验证末端水平的基本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；（3）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2故选C（2）研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平．（3）由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：（1）C （2）将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g（填“大于”或“小于”），原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．【解答】解：（1）重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=（3.89）2=7.56J（2）根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：（1）7.62，7.56，（2）9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件及其应用；A6：电场强度．【分析】（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．（3）选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度（2）若电场强度减小为原来的，则变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理则有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，则由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C（A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力），根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，则对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况相同，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．故选：C．14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】（1）以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．（2）结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：（1）以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，则p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④（2）活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：（1）第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；（2）水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f【考点】79：自由振动和受迫振动；7A：产生共振的条件及其应用．【分析】受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．【解答】解：A、当f=f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅振大，故A错误；B、当f＞f0时，随f的减小，驱动力的频率接近固有频率，故该振动系统的振幅增大，故B 正确；C、该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D、系统的振动稳定后，系统的振动频率等于驱动力的频率，故振动频率等于f，故D正确；故选：BD．16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点。

马营中学2016—2017学年度高三级第1次月考物理试卷一、选择题：(本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．如图1所示，两根轻绳AO 与BO 所能承受的最大拉力大小相同，轻绳长度AO<BO ，若把所吊电灯的重力逐渐增大，则( )（ A ．AO 绳先被拉断B ．BO 绳先被拉断C ．AO 绳和BO 绳同时被拉断D ．条件不足，无法判别2．用同一张底片对着小球运动的路径每隔110s 拍一次照，得到的照片如图3所示，则小球在图中过程运动的平均速度大小是 ( )A ．0.25 m/s B.0.2 m/s C ．0.17 m/sD ．无法确定3．一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。

下列选项正确的是A ．在0～6s 内，物体离出发点最远为35mB ．在0～6s 内，物体经过的路程为40mC ．在0～6s 内，物体的平均速度为7.5m /sD ．在5～6s 内，物体做减速运动4.“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动。

某人做蹦极运动，所受绳子拉力F 的大小随时间t 变化的情况如图所示。

将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g 。

据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为A ．GB ．2gC ．3gD ．4g5.一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。

假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是（ ）A. 运动员到达最低点前重力势能始终减小B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关-，电场力6.一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，受重力和电场力作用。

通渭二中2017-2018学年秋季学期高三年级第一次月考数 学 试 卷一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，满分60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1已知U ＝{1,2,3,4,5,6,7,8}，A ＝{1,3,5,7}，B ＝{2,5}，则C U (A ∪B)等于 A ．{6,8} B ．{5,7} C ．{4,6,8} D ．{1,3,5,6,8} 2下列命题错误的是 （ ）A. 命题“若2320x x -+=则1x =”的逆否命题为“若1x ≠则2320x x -+≠”B. 若p q ∧为假命题，则p q 、均为假命题C. 命题p ：存在0R,x ∈使得20010x x ++<，则:p ⌝任意R,x ∈都有210x x ++≥D. “x >2”是“2320x x -+>”的充分不必要条件 3．函数)2(log 1)(2-=x x f 的定义域是( )A. (-∞，2)B. ),2(+∞C. ()()∞+，，332 D. （3,+∞) 4．（文）下列函数xx f 2)(=（x>1）的值域是（ ） A.()()∞+∞-，，00 B. R C. ),21(+∞ D. )2,0( （理） 下列函数中，在其定义域是减函数的是( )A. 12)(2++-=x x x f B. x x f 1)(= C. ||)41()(x x f = D. )2ln()(x x f -= 5. 函数xx x f 2)1ln()(-+=的零点所在的大致区间是（ ） A ．（3，4） B ．（2，e ） C ．（0，1） D ．（1，2） 6.设θ是第三象限角，2cos θ=cos2θ，则2θ是 （ ） A.第一象限B.第二象限C. .第三象限D. .第四象限7. 函数221()1x f x x -=+, 则(2)1()2f f =( )A. 1B. －1C.35 D. 35-8. 函数)1(),1|(|log >+=a x y a 的图像大致是（ ）9. 设a 为实数，函数f (x )=x 3+ax 2+(a -2)x 的导数是)('x f ，且)('x f 是偶函数，则曲线y =f (x )在x=0处的切线方程为( )A ．y =-3xB ．y =3xC ． y =-2xD ．y =4x10．已知函数()f x 是偶函数，在),0(+∞上单调递增，则下列不等式成立的是（ ）. A. (3)(1)(2)f f f -<-< B.(1)(2)(3)f f f -<<- C. (2)(3)(1)f f f <-<- D.(2)(1)(3)f f f <-<- 11．已知()πθ，0∈，213cos sin -=+θθ,则θtan 的值为（ ） A.333--或 B 33- C 3- D 23- 12．对于任意的实数a 、b ，记max{a,b}=⎩⎨⎧<≥)()(b a b b a a .若F(x)=max{f(x),g(x)}(x ∈R),其中函数y=f(x) (x∈R)是奇函数，且在x=1处取得极小值-2，函数y=g(x) (x ∈R)是正比例函数，其图象与x ≥0时的函数y=f(x)的图象如图所示，则下列关于函数y=F(x)的说法中，正确的是( ) A ．y=F(x)为奇函数 B ．y=F(x)有极大值F(-1)C ．y=F(x)的最小值为-2，最大值为2D ．y=F(x)在(-3,0)上为增函数二．填空题：（本大题共4小题，每小题5分，满分20分） 13．设31log ,21log ,323121===c b a ，则c b a ,,大小关系是_______________. 14．14、已知2log 0()cos 2 0x x f x x x π>⎧=⎨≤⎩，则11()()22f f +-的值等于 .15．函数f(x)在()∞+∞-，上是奇函数，当x ＞0时)32()(-=x x x f ，则f(-1)= ______.16．定义运算a b ad bc cd=-，若函数()123x f x xx -=-+在(,)m -∞上单调递减，则实数m 的取值范围是三．解答题：(解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤) 17(本题满分10分）计算：（1）已知扇形的周长为10，面积是4，求扇形的圆心角.（2）已知扇形的周长为40，当他的半径和圆心角取何值时，才使扇形的面积最大？18. (本题满分12分）文科 （1）化简)3sin()3cos()23sin()2cos()tan(απαππααπαπ-+--++ （2）已知f(x)=x x sin 2sin 21+,求 )(x f ' 理科 （1）已知f(x)= x x sin 2sin 21+,求 )(x f ' （2）计算dx e x x ⎰-+0)(cos π19．(本题满分12分） 已知.θsin ＜0，θtan ＞0. (1)求θ角的集合； （2）求2θ终边所在象限； （3）试判断2tan2cos2sinθθθ的符号.20. (本题满分12分）文科 函数f （x ）为R 上的奇函数，当x ＞0时，f （x ）=-2x 2+3x+1 ,求f(x)解析式.理科 已知f(x)=)(12x x a a a a--- (a ﹥0且a ≠1) (1) 判断f(x)的奇偶性 （2）讨论f(x)单调性21．(本题满分12分） 设函数b x ax x f ++=1)(（a ，b 为常数），且方程x x f 23)(=有两个实根为2,121=-=x x . （1）求)(x f y =的解析式；（2）求)(x f y =在（2，f(2)）处的切线方程.22．(本题满分12分） f(x)=lnx-ax 2,x ∈(0,1](1)若f(x)在区间(0,1]上是增函数，求a 范围； (2) 求f(x)在区间(0,1]上的最大值.高三级第一次月考选择题1-5CBCDD 6-10 DBBCB CB。

甘肃省定西市通渭县第二中学2016-2017学年高一级上学期期末考试理科综合试题可能用到可能用到的相对原子质量：H ：1 O ：16 Al ：27 Na ：23一、单项选择题（本题包括22小题，1～10每小题5分，共50分；11～22每小题4分，共48分，每小题只有一个选项符合题意，错选、不选该题不得分）1. 在力学单位制中，下面哪一组物理量的单位为基本单位A. 速度、质量和时间B. 重力、长度和时间C. 长度、质量和时间D. 位移、质量和速度2. 物体静放于水平桌面上，如图所示，则( )A ．桌面对物体的支持力等于物体的重力，这两个力是一对平衡力B ．物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C ．物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一种性质的力D ．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对平衡力3. 关于惯性，下列说法正确的是A. 同一汽车，速度越快，越难刹车，说明物体速度越大，惯性越大B. 静止的火车起动时速度变化缓慢，是因为物体静止时惯性大C. 乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D. 已知月球上的重力加速度是地球上的1/6，故一个物体从地球移到月球惯性减小为1/64. 下列说法中正确的是A. 静止的物体有可能受到滑动摩擦力的作用B. 由μ=f/N 可知，动摩擦因数与滑动摩擦力成正比，与正压力成反比C. 摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反D. 摩擦力总是对物体的运动起阻碍作用5. 如图所示，轻绳两端固定在天花板上的A 、B 两点，在绳的C 点处悬挂一重物，质量为m ，已知图中βα<，设绳AC 、BC 中的拉力分别为B A T T ,，则A ．B A T T = B ．B A T T >C ．B A T T <D ．无法确定6．对于站在电梯里的人，以下说法中正确的是A ．电梯向下加速时，电梯对人的支持力大于重力））B．电梯减速下降时，电梯对人的支持力大于重力C．电梯对人的支持力在电梯上升时总比下降时大D．电梯减速上升时，人对电梯的压力大于人的重力7．质量是2kg的物体，受到2N、8N、7N三个共点力的作用，则物体的加速度不可能为A．0 B．28m/s D．210m/s6m/s C．28．如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动，已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，则下列判断正确的是 ( )A．物体对地面的压力为mgB．物体受到地面的的支持力为mg－F·sinθC．物体受到的摩擦力为μmgD．物体受到的摩擦力为F·cosθ9．如图所示，物块恰能沿斜面匀速下滑，运动过程中若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则A．物块仍匀速下滑B．物块将加速下滑C．物块将减速下滑D．物块如何运动要看F的大小10．质量为1 t的汽车在平直公路上以10 m/s的速度匀速行驶。

甘肃省定西市通渭县第二中学 2017届高三上学期第一次月考物 理 试 题第Ⅰ卷(选择题 共60分)一、选择题(本题共10小题,每小题6分,共60分。

1～6题为单选题,7～10题为多选题，少选得3分，有选错和不选的0分)1.如图所示,斜面小车M 静止在光滑水平面上,一边紧贴墙壁。

若再在斜面上加一物体m,且M 、m 都静止,此时小车受力个数为( )A.3B.4C.5D.62．质量为m 1的物体放在A 地的地面上，用竖直向上的力F 拉物体，物体在竖直方向运动时产生的加速度a 与拉力F 的关系如图中直线A 所示；质量为m 2的物体在B 地的地面上做类似的实验，得到加速度a 与拉力F 的关系如图中直线B 所示，A 、B 两直线交纵轴于同一点，设A 、B 两地的重力加速度分别为g 1和g 2，由图可知（ ） A ． B ．C ．D ．3.如图所示,质量为4kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上面。

质量为1kg 的物体B 用细线悬挂起来,A 、B 紧挨在一起但A 、B 之间无压力。

某时刻将细线剪断,则细线剪断瞬间,B 对A 的压力大小为(取g=10m/s 2)( ) A.0 NB.8 NC.10 ND.50 N4.将两个质量均为m 的小球a 、b 用细线相连后,再用细线悬挂于O 点,如图所示。

用力F 拉小球b,使两个小球都处于静止状态,且细线Oa 与竖直方向的夹角保持θ=30°,则F 的最小值为( )A. B. C.mg D.5.如图所示,带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动,小球A用细线悬挂于支架前端,质量为m的物块B始终相对于小车静止地摆放在右端。

B与小车平板间的动摩擦因数为μ。

若观察到细线偏离竖直方向θ角,则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为( )A.mg,斜向右上方B.mg,斜向左上方C.mgtanθ,水平向右D.mg,竖直向上6.如图所示,水平木板上有质量m=1.0kg的物块,受到随时间t变化的水平拉力F作用,用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力F f的大小。

甘肃省通渭县第二中学2016-2017学年高一理综上学期期中试题（无答案）相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32一、选择题（每题只有一个选项符合题意，共23题，每题4分，共92分）1.下列物理量是标量的是（）A.速度B.加速度C.位移D.功2．在一高塔顶同时释放一片羽毛和一个玻璃球，玻璃球先于羽毛到达地面，这主要是因为( ) A．它们重力不等 B．它们密度不等C．它们材料不同 D．它们所受空气阻力的影响不同3.甲、乙两车同时从A地出发，先后到达B地。

已知甲运动的时间较长，则（）A.甲、乙通过的位移不相等B.甲的平均速度一定比乙小C.甲的平均速度一定比乙大D.甲的瞬时速度一定比乙大4.如图是一质点做直线运动的v-t图像，据此图像可以得到的正确结论是（）A.质点在第1秒末停止运动B.质点在第1秒末改变运动方向C.质点在第2秒内做匀减速直线运动D.质点在前2秒内的位移为零5.如图是一辆汽车做直线运动的x­t图象，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是( )A．OA段运动最快B．AB段静止C．CD段表示的运动方向与初始运动方向相同D．4 h内汽车的位移大小为60 km6．从静止开始做匀加速直线运动的物体，0～5 s的位移是10 m，那么在5～10 s的位移是( )A．20 m B. 30 mC．40 m D．60 m7.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A. 第1s内的位移是5mB. 前2s内的平均速度是6m/sC. 质点的加速度是2m/s2D. 任意相邻的1s内位移差都是1m8.某人估测一竖井深度，从井口由静止释放一石头并开始计时，经2s后听到石头落底声。

由此可知井深约为（不计声音传播时间，重力加速度g取10m/s2）A. 10mB. 20mC. 30mD. 40m9.关于力，下列说法正确的是（）A. 有受力物体就一定有施力物体B. 只有相互接触的物体才能产生力C. 一个物体是施力物体，但不是受力物体D. 力有时能脱离物体而独立存在10.如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重力为2 N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力( )A．大小为2 N，方向平行于斜面向上B．大小为2 N，方向垂直于斜面向上C．大小为2 N，方向竖直向上D．大小为1 N，方向沿杆的切线方向11.以下是力学中的两个实验装置，由图可知这两个实验共同的物理思想方法是（）A. 放大法B. 极限法C. 控制变量法D. 等效替代法12．在制取蒸馏水实验中，下列叙述不正确的是（）A.在蒸馏烧瓶中盛约1/3体积的自来水，并放入几粒沸石B.将温度计水银球插入自来水中C.冷水从冷凝管下口入，上口出D.收集蒸馏水时，应弃去开始馏出的部分13．1mol/L硫酸溶液的含义是（）A.1L水中含有1mol硫酸B.1L溶液中含有1mol H+C.将98g硫酸溶于1L水所配成的溶液D.指1L硫酸溶液中含有98gH2SO414．容器中有22.4 L O2，下列叙述正确的是（）A.它的质量是32gB.约含有6.02×1023个O2分子C.含有2 mol OD.红热的铁丝可在其中剧烈燃烧15．下列物质中，前者属于纯净物，后者属于混合物的是（）A.净化后的空气；氧化镁B.水和冰混合；澄清石灰水C.生锈的铁钉；高锰酸钾充分加热后的剩余固体D.氯化钾；液氧16．关于氧化还原反应，下列叙述不正确的是（）A.氧化还原反应一定有电子得失B.置换反应一定是氧化还原反应C.复分解反应一定不是氧化还原反应D.有单质参与的化合反应和有单质生成的分解反应一定是氧化还原反应17．下列叙述中正确的是（）A.固体氯化钠不导电，所以氯化钠是非电解质B.铜丝能导电，所以铜是电解质C.氯化氢水溶液能导电，所以氯化氢是电解质D.三氧化硫溶于水能导电，所以三氧化硫是电解质18．下列溶液中的c(Cl-)与50ml 1mol/L AlCl3溶液中c(Cl-)相等的是（）A.150ml 1mol/L氯化钠溶液B.75ml 2mol/L氯化钙溶液C.150ml 3mol/L氯化钾溶液D.75ml 1mol/L氯化铜溶液19．下列各组离子在溶液中能大量共存的是（）A.K+、H+、SO42－、OH－B.Na+、Ca2+、 CO32-、NO3-C.Na+、H+、Cl-、CO32-D.Na+、Cu2+、Cl-、SO42－20．在实验中皮肤不慎被玻璃划破，可用FeCl3溶液应急止血，其主要原因可能是（）A.FeCl3溶液能使血液凝聚B.FeCl3溶液有杀菌消毒作用C.FeCl3溶液能产生Fe(OH)3沉淀堵住伤口D.FeCl3溶液能使血液发生化学变化21．下列离子方程式书写正确的是（）A.铁和稀盐酸的反应：2Fe + 6H+ = 2Fe3++ 3H2↑B.铁与氯化铜溶液的反应：2Fe + 3Cu2+ = 2Fe3+ + 3CuC.醋酸与NaOH溶液的反应：H+ + OH- = H2OD.碳酸镁与稀硫酸的反应：MgCO3 + 2H+ = Mg2+ + H2O + CO2↑22．溶液、胶体和浊液这三种分散系的本质区别是（）A.分散质的粒子是否为大量分子或离子的集合体B.能否透过滤纸C.分散质粒子直径的大小D.是否均一、稳定23．在标准状况下，若VL甲烷中含有的氢原子个数为n,则阿伏加德罗常数可表示为（）A. 5.6n/VB. Vn/5.6C. 22.4n/VD. Vn/22.4二、非选择题（物理计算题需写出必要的文字说明和重要公式，只写出结果不得分，共10小题，共108分）24.（9分）某实验小组用图甲所示的装置测自由落体的加速度。

2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三〔上〕期末物理试卷一、选择题〔共8小题，每一小题6分，总分为48分〕1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如下列图．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中〔〕A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如下列图，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为〔〕A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，如此〔〕A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如下列图．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如此如下关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的答案是〔〕A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如下列图，一电场的电场线分布关于y轴〔沿竖直方向〕对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．如此〔〕A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比拟近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如下列图．假设AO＞OB，如此〔〕A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如下列图，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度与电势均一样C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，如此〔〕A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如下列图为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．〔1〕假设入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，如此A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2〔2〕为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：〔3〕设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，如此关系式〔用m1、m2与图中字母表示〕成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律〞的实验中，电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带〔如下列图〕，把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J〔取三位有效数字〕．〔2〕根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a=m/s2，ag〔填“大于〞或“小于〞〕，原因是．11．如下列图，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕水平向右电场的电场强度；〔2〕假设将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；〔3〕电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如下列图，在一光滑的水平面上有两块一样的木板B和C．重物A〔视为质点〕位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度一样，如下列图．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，如此〔〕A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如下列图，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如下列图．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求〔1〕第二次平衡时氮气的体积；〔2〕水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，假设驱动力的振幅保持不变，如下说法正确的答案是〔〕A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置〔不考虑光线沿原来路线返回的情况〕．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共8小题，每一小题6分，总分为48分〕1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如下列图．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中〔〕A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件与其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】此题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，如此可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．应当选：A．2．如下列图，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为〔〕A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s应当选：B．3．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，如此〔〕A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P，质量为m，如此有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1应当选：B．4．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如下列图．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如此如下关于力F的大小和力F做功W的大小关系式正确的答案是〔〕A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t0【考点】66：动能定理的应用；1I：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F的大小．由速度图象的“面积〞求出位移，再求解力F 做功W的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft0﹣μmg•3t0=0，得F=3μmg在0﹣t0时间内物体的位移为x=，力F做功大小为W=Fx=3μmg=．应当选D5．如下列图，一电场的电场线分布关于y轴〔沿竖直方向〕对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．如此〔〕A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，如此有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，如此电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，如此该粒子将沿y 轴做直线运动，故D正确．应当选：D．6．宇宙中，两颗靠得比拟近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如下列图．假设AO＞OB，如此〔〕A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律与其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有一样的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．应当选：BD．7．如下列图，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度与电势均一样C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比拟密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比拟电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，如此A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度一样，如此B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，如此B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，如此电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．应当选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，如此〔〕A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件与其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功与弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进展受力分析即可求得受力情况与加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A 重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；应当选：CD．二、非选择题9．如下列图为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．〔1〕假设入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，如此 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2〔2〕为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，假设静止如此水平〔3〕设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，如此关系式〔用m1、m2与图中字母表示〕m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】〔1〕为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径一样；〔2〕明确验证末端水平的根本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；〔3〕两球做平抛运动，由于高度相等，如此平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：〔1〕在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径一样，r1=r2应当选C〔2〕研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，假设小球能保持静止，如此说明斜槽末端水平．〔3〕由于小球下落高度一样，如此根据平抛运动规律可知，小球下落时间一样；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=假设m1v1=m2v3+m1v2如此明确通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：〔1〕C 〔2〕将小球放在斜槽末端看小球是否静止，假设静止如此水平〔3〕m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律〞的实验中，电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带〔如下列图〕，把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J〔取三位有效数字〕．〔2〕根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g〔填“大于〞或“小于〞〕，原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一局部转化给摩擦产生的内能．【解答】解：〔1〕重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=〔3.89〕2=7.56J〔2〕根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：〔1〕7.62，7.56，〔2〕9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如下列图，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕水平向右电场的电场强度；〔2〕假设将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；〔3〕电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件与其应用；A6：电场强度．【分析】〔1〕带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，如此可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．〔2〕当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．〔3〕选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：〔1〕小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度〔2〕假设电场强度减小为原来的，如此变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．〔3〕电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理如此有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如下列图，在一光滑的水平面上有两块一样的木板B和C．重物A〔视为质点〕位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，如此由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C〔A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力〕，根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，如此对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度一样，如下列图．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，如此〔〕A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况一样，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．应当选：C．14．如下列图，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如下列图．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求〔1〕第二次平衡时氮气的体积；〔2〕水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】〔1〕以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．〔2〕结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：〔1〕以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，如此p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④〔2〕活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：〔1〕第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；〔2〕水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，假设驱动力的振幅保持不变，如下说法正确的答案是〔〕A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0。

甘肃省通渭县第二中学2016—2017学年高二级上学期第二次月考理科综合试卷第一卷（选择题126分）选择题：（共21小题，每题6分，共126分.1—6生物，7—13化学，14—21物理，物理部分14—19为单选题，20—21为多选题，多选题全部选对得6分，少选得3分，多选或错选得0分）1．细胞内含量最多的有机化合物是（)A．糖类B．核酸C．脂类D．蛋白质2．染色体和染色质的关系是（）A．不同时期,同一物质的不同形态B．不同时期，不同物质的不同形态C．同一时期,同一物质的不同形态D．同一时期，不同物质的不同形态3．紫色洋葱鳞片叶表皮细胞发生质壁分离后，在显微镜下观察到的正确图示是( )。

4.关于细胞呼吸的叙述，正确的是( ）A.种子风干脱水后呼吸强度增强B.土壤淹水可导致根系发生无氧呼吸C.破伤风杆菌在有氧条件下能大量繁殖D.小麦种子萌发过程中有氧呼吸逐渐减弱5。

离体的叶绿体在光照下进行稳定的光合作用时，如果突然中断CO2气体的供应，短时间内叶绿体中C3化合物与C5化合物相对含量的变化是（）A．C3化合物增多、C5化合物减少B．C3化合物增多、C5化合物增多C．C3化合物减少、C5化合物增多D．C3化合物减少、C5化合物减少6。

右图为动物细胞分裂中某时期示意图，下列相关叙述正确的是（)A.甲在分裂前期倍增并移向细胞两极B.乙和丙在组成成分上差异很大C。

该时期细胞中染色体数是体细胞染色体数的两倍D。

该时期通过核孔进入细胞核的物质减少7．对于3Fe＋4H2O（g）Fe3O4＋4H2(g),反应的化学平衡常数的高温表达式为（)A．K＝错误!B．K＝错误!C．K＝错误!D．K＝错误!8．关节炎是因为在关节滑液中形成了尿酸钠晶体，尤其是在寒冷季．．．．，其化学机理如下:节易诱发关节疼痛．．．．．．．．①HUr＋H2O Ur－＋H3O＋,尿酸尿酸根离子②Ur－（aq）＋Na＋(aq)NaUr(s)。

下列对反应②的叙述正确的是( ）A．正反应为吸热反应B．正反应为放热反应C．升高温度,平衡向正反应方向移动D．降低温度,平衡向逆反应方向移动9．金属锡的冶炼常用焦炭作还原剂：SnO2（s)＋2C(s)===Sn(s)＋2CO （g）,反应过程中能量的变化如下图所示。

甘肃省通渭县第二中学2016-2017学年高三上学期第二次月考物理试卷一、本题共10小题，每小题4分，共40分。

其中1-7小题为单选，8-10为多选。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．如图所示，物体A 用轻质细绳与圆环B 连接，圆环固定在竖直杆MN 上。

现用一水平力F 作用在绳上的O 点，将O 点缓慢向左移动，使细绳与竖直方向的夹角θ逐渐增大。

关于此过程，下列说法中正确的是A ．水平力F 逐渐增大B ．水平力F 逐渐减小C ．绳OB 的弹力逐渐减小D ．绳OB 的弹力先增大后减小2．据英国《每日邮报》2016年8月16日报道：27名跳水运动员参加了科索沃年度高空跳水比赛，自某运动员离开跳台开始计时，在t 2时刻运动员以v 2的速度入水，选竖直向下为正方向，其速度随时间变化的规律如图所示，下列结论正确的是A ．该运动员在0-t 2的时间内加速度的大小先减小后增大，加速度的方向不变；B ．该运动员在t 2-t 3时间内加速度大小逐渐减小，处于失重状态；C ．在0-t 2时间内，平均速度为1212v v v +=D ．在t 2-t 3时间内，平均速度为2202v v +=3.如图所示，螺旋形光滑轨道竖直放置，P 、Q 为对应的轨道最高点，一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，且能过轨道最高点P ，则下列说法中正确的是( )A.轨道对小球做正功，小球的线速度v P ＞v Q轨道对小球不做功，小球的角速度F Q 时，引力势能可表示为，其中． ． ． ．．笔尖做匀速直线运动B ．笔尖做匀变速直线运动 C ．笔尖做匀变速曲线运动D ．笔尖的速度方向与水平方向夹角逐渐变大6．假设两颗“近地”卫星1和2的质量相同，都绕地球做匀速圆周运动，如图所示，卫星2的轨道半径更大些。

两颗卫星相比较，下列说法中正确的是（ ）A ．卫星1的向心加速度较小B．卫星1的动能较小C．卫星1的周期较大D．卫星1的机械能较小7．如图所示，质量为M的小车停在光滑水平面上，质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在车顶上，将小球拉至细绳成水平方向后由静止释放，空气阻力忽略不计，当小球到达细绳成竖直方向的位置时，小车的速度为u，则在小球下落过程中( )A.合外力对小球做功为mgLB.合外力对小球做功为Mu2/2C.悬绳对小球不做功D.小球克服悬绳拉力做功为Mu2/28．类比是一种常用的研究方法。