留数定理

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在复分析中，留数定理是用来计算解析函数沿着闭曲线的路径积分的一个有力的工具，也可以用来计算实函数的积分。

它是柯西积分定理和柯西积分公式的推广。

[1]中文名留数定理外文名Residue theorem别称柯西留数定理应用学科工程学、数学适用领域范围工学相关术语解析函数目录1 定律定义2 推导过程3 相关术语定律定义编辑假设U是复平面上的一个单连通开子集，，是复平面上有限个点，是定义在U\{ }的全纯函数。

如果γ是一条把包围起来的可求长曲线，但不经过任何一个，并且其起点与终点重合，那么：如果γ是若尔当曲线，那么I(γ,ak)=1, 因此：在这里，Res(f, ak)表示f在点ak的留数，I(γ, ak)表示γ关于点ak 的卷绕数[2] 。

卷绕数是一个整数，它描述了曲线γ绕过点ak的次数。

如果γ依逆时针方向绕着ak移动，卷绕数就是一个正数，如果γ根本不绕过ak，卷绕数就是零。

推导过程编辑以下的积分在计算柯西分布的特征函数时会出现，用初等的微积分是不可能把它计算出来的。

我们把这个积分表示成一个路径积分的极限，积分路径为沿着实直线从−a到a，然后再依逆时针方向沿着以0为中心的半圆从a到−a。

取a为大于1，使得虚数单位i包围在曲线里面。

路径积分为：由于eitz是一个整函数（没有任何奇点），这个函数仅当分母z2 + 1为零时才具有奇点。

由于z2 + 1 = (z + i)(z − i)，因此这个函数在z = i或z = −i时具有奇点。

这两个点只有一个在路径所包围的区域中。

由于f(z)是f(z)在z = i的留数是：根据留数定理，我们有：路径C可以分为一个“直”的部分和一个曲线弧，使得：因此如果t> 0，那么当半圆的半径趋于无穷大时，沿半圆路径的积分趋于零：因此，如果t> 0，那么：类似地，如果曲线是绕过−i而不是i，那么可以证明如果t< 0，则因此我们有：（如果t= 0，这个积分就可以很快用初等方法算出来，它的值为π。

04_留数定理

+∞
推导
∫
+∞
−∞
f ( x)dx =2πi{f(z)在上半平面所有奇点的留数之和}
+∞ −∞
例：计算 I = ∫
+∞
1 dx （n为正整数） 2 n (1 + x )
黑板
此时，如果f(z)在实轴上存在有限个单极点，则推导
∫
−∞
f ( x)dx =2πi{f(z)在上半平面所有奇点的留数之和}
+πi{f(z)在实轴上所有奇点的留数之和} 黑板
∑ Res f ( z ) + Res f (∞) = 0
k =1 k
n
1. lim f ( z ) = 0 a Res f (∞) = − lim[ z ⋅ f ( z )] z →∞ z →∞ 1 1 2. lim f ( z ) ≠ 0 a Res．f (∞) = − Res[ f ( ) 2 , 0] z →∞ z z
课堂练习：
∫
| z|= 2
ze z z eZ z − sin z f ( z ) d z; f ( z ) = 2 , 4 , , 2 z − 1 z − 1 z ( z − 1) z6
设∞为f(z)的一个孤立奇点，即f(z)在去心邻域R<|z|<+∞内解析，则定义函数f(z)在z=∞处的留数为 1 Res f (∞) = ∫L f ( z )dz 2πi 其中L: 积分方向为顺时针方向（实际上是包含无穷远点的区域的正方向）.如果f(z)在z=∞的去心邻域R<|z|<+∞内的洛朗级数为
1 d m −1 (3) Res f ( z0 ) = lim m −1 [( z − z0 ) m f ( z )] (m − 1)! z → z0 d z

留数的定义留数定理留数的计算规则无穷远点的留数

( g ( z ) ( z ) p( z ) 在z0解析, 且 g ( z0 ) 0 )
则z0为f ( z)的一级极点,由规则
Re s[ f ( z ), z0 ] lim ( z z0 ) f ( z )
z z0
Re s[ f ( z ), z0 ] lim ( z z0 ) f ( z )

(5)
事实上，由条件
f ( z ) cm ( z z0 ) m c2 ( z z0 ) 2 c1 ( z z0 ) 1 c0 c1 ( z z0 ) , (cm 0)
以( z z0 )m 乘上式两边 ,得
( z z0 ) m f ( z ) cm cm1 ( z z0 ) c1 ( z z0 ) m1 c0 ( z z0 ) m

当 m = 1时，式(5)即为式(4).
p( z ) , Q( z ) p( z ), Q( z )在z0 处解析,
规则III 设f ( z )
p( z0 ) 0 , Q( z0 ) 0 , Q' ( z0 ) 0，则
z0 是f ( z )的一级极点 ,且 p( z0 ) Re s[ f ( z ), z0 ] Q' ( z 0 ) ( 6)
c k 1
n
k
]
(3)
证明
用互不包含 , 互不相交的正向简单闭曲线ck (k 1,2,n)，将 c内的弧立奇点zk 围绕,
由复合闭路定理得：
f ( z)dz
c
c1
f ( z )dz f ( z )dz f ( z )dz
c2 cn

第一节留数定理优质课件

第四章留数定理
第1节第2节
第3节
留数定理应用留数定理计算实变函数定积分计算定积分补充例题
1
§4.1 留数定理
一. 留数及留数定理
1. 留数
如果函数f(z)在z0的邻域内解析, 那么根据柯西定理
f (z) d z 0.
l
但是, 如果z0为f(z)的一个孤立奇点, 则沿在z0的某个
=
lim ( z
zz0
-
z0
)
P(z0 Q(z0
) )
=
P(z0 ) Q' (z0 )
例
Re
s

z
ze z 2-
1
,-1

lim z
z-1

1
z
ze z 2-
1

ze z
lim z-1
2z

e -1 2
Re
s

z
ze z 2-
1
,1
(1)+(2)可得
0 2if z在所有各点的留数之和
即函数在全平面上所有各点的留数之和为零,这里所有的点包括无留数的计算方法
（一）可去奇点的留数：对于可去奇点由定义知：Resf(z0)=0
（二）极点的留数
1. 如果z0为f(z)的一阶极点（单极点）, 则
① l 包围一个 f(Z)的孤立奇点Z0 时
( z - z )
f (z)=
ak
k -
k
0
Cauchy 定理知： f (z)dz = f (z)dz
l
l0
又Q
1
2i

第四章留数定理

( z z0 ) P ( z ) P( z ) ★因为 f ( z0 ) lim( z z0 ) lim z z0 Q( z ) z z0 Q( z )
★肯定是0/0型！为什么？
2、设z0是f (z)的m阶极点，则，
1 d Res f ( z0 ) lim m1 [( z z0 ) m f ( z )] (m 1)! z z0 dz
2
1 2 1 i lim 3 2! z 0 ( z 2i ) 8i 8
i Res f (0) 8
1 1 i （2） limi ( z 2i) f ( z ) limi 3 z 2 z 2 z 8i 8 z 2i 是 f (z ) 的单极点，其留数为
m 2
....
m 1
lim[( z z0 ) f ( z )] lim[a m a m1 ( z z0 ) a1 ( z z0 )
a0 ( z z0 )m a1 ( z z0 )m1 a2 ( z z0 ) m 2 ....] a m
1 1 2 z1 1 1 2 z2
§4.2 应用留数定理计算实变函数定积分一、思路:实函数定积分转换为复函数回路积分
方法1：将实轴上的某区间变换成复平面的一条闭曲线
n
3、函数在全平面的留数之和等于零——为什么？
0 f ( z )dz f ( z )dz 2 i[ Res f (bk ) Res f ()]
l l k 1
三、单极点处留数的计算P52
1、单极点的留数方法1：
Res f ( z0 ) lim( z z0 ) f ( z )
l j 1 j

第四章留数定理及其应用

对复变函数dzia定理41多个奇点的留数定理内的有限个奇点外均解析则复连通区域柯西积分定理单奇点留数定理由留数定理泰勒展开可反推出柯西积分公式和解析函数的无穷可导公式可以看作是留数定理的变形
第四章留数定理及其应用
本章主要内容：
1. 留数的定义 2. 留数定理、留数的计算留数定理、 3. 利用留数定理计算围线积分 4. 利用留数定理计算实积分
1 f (z) = , Res f (∞) = −1 z
※ 回顾：无穷远点奇点类型的判定。
定理4.2 如果 f (z)在扩充了的复平面上只有有限个奇点，则 f (z)在所有奇点(包括无穷远点在内) 的留数之和为零。如何证明？例4.6
ez f (z) = ，求 Res f (∞) 1+ z
若 f (z)= tan z，是否能求出Res f (∞) ?
§4.1 留数定理一. 留数的定义
设z0为 f (z)的孤立奇点， f (z) 在z0的去心邻域
0 < | z − z0 | < R 内有洛朗展式 :
f (z) = ∑ an (z − z0 )
n=−∞ ∞ n
称 a−1 为 f (z)在 z0点的留数，记作 Res f (z0)。即，留数是 (洛朗展式中) 负一次幂的系数。 Question: 为什么强调 z0 孤立奇点？
z→z0
如何证明？
从右往左,利用留数的定义和洛朗展开证明.
P(z) 公式 II 若 f (z) = ，其中P(z)和Q(z)均在z0 Q(z) 点解析，且 P(z ) ≠ 0, Q(z ) = 0, Q'(z ) ≠ 0
0 0 0
则
P(z0 ) Res f (z0 ) = Q'(z0 )

留数定理

∫
因此
l
f ( z )dz +
m
∫
k
l
f ( z )dz = 2π i[∑ Re sf (bk ) + Resf (∞ )]
k=1
m
∑ Re sf (b ) + Re sf (∞ ) = 0
k=1
在某一奇点上留数不好求，若f (z)在某一奇点上留数不好求，可以先计算其他各点的留在某一奇点上留数不好求再用留数和定理求出该点的留数. 数，再用留数和定理求出该点的留数
k
∞
两边同乘以z-b，两边同乘以，得：
( z − b ) f ( z ) = a−1 + a0 ( z − b ) + a1 ( z − b )2 + a2 ( z − b)3 + ⋅ ⋅ ⋅.
令z→b，得：Re sf (b ) = a−1 = lim[( z − b ) f ( z )]. → ， z→b 写成：写成： Res f ( b ) = [( z − b ) f ( z )] z = b .
bk lk
b1
bm
b2 lm
∫
l
f ( z )dz =
∫
l1
f ( z )dz +
∫
l2
f ( z )dz + ⋅ ⋅ ⋅ + ∫ f ( z )dz
lm
l1 l2
l
= 2π i Re sf (b1 ) + 2π i Re sf (b2 ) + ⋅ ⋅ ⋅2π i Re sf (bm )
= 2π i ∑ Re s f (bk )
k =1 m
沿闭曲线l逆时针方向积分之值即f (z)沿闭曲线逆时针方向积分之值，等于 (z)在l所包围沿闭曲线逆时针方向积分之值，等于f 在所包围的区域内各奇点的留数之和乘于2π 的区域内各奇点的留数之和乘于 πi.

第四篇留数定理

数值积分
留数定理也可用于提高数值积分的精度和收敛速度。通过分析被积函数的奇点并计算留数,可以优化数值积分算法并得到更准确的结果。
留数定理在电路分析中的应用
频域分析
留数定理可用于求解复变函数在极点附近的积分,从而分析电路中的频域特性,如振荡频率、带宽等。
极点和零点分析
留数定理可用于确定电路系统的极点和零点,从而预测系统的动态特性和稳定性。
统中复杂的数学模型,分析系统的安全性和稳定性。
。
3 抗攻击设计
4 信号处理应用
利用留数定理的特性,可以设计出更加抗攻击的密码学
留数定理在数字信号处理中的应用,可用于加解密数字
算法和协议。
信号的分析和处理。
留数定理在神经网络中的应用
系统参数分析
通过运用留数定理,可以分析动力系统对参数的敏感性,从而优化系统的性能和稳定性。这在工程设计中有广泛应用。
混沌理论研究
留数定理为动力系统混沌行为的研究提供了理论基础,有助于更好地理解和预测复杂非线性系统的行为。
留数定理在量子计算中的应用
量子位编码
留数定理在确定量子位编码时发挥重要作用,用于分析复杂的量子态波函数。
留数定理在代数几何中的应用
曲线积分计算
留数定理可用于计算复平面上闭合曲线的复积分,在代数几何中广泛应用于求解各种代数曲线的面积、长度等几何量。
奇点分析
利用留数定理可以确定代数曲线上的奇点位置和性质,有助于描述代数曲线的几何特性。
复平面映射
留数定理可应用于研究复平面上的解析函数对域的映射,在代数几何中具有重要的理论意义。
留数定理在微分几何中的应用
1 曲面拓扑
2 曲率计算

留数计算规则

1 2
故
由留数定理得：
tanzdz 2i
k 1 n 2

z n
Re s(tanz ) 2i(
2n
) 4ni

如
(1)要灵活运用规则及洛朗级数展开来求留数，不要死套规则。
P ( z ) z sinz f (z) Q( z ) z6
由于p(0) 0

2
(cotz )' z k 1 csc2 z 0 1 zk 2 2 1 z k 为一级极点 ,由法则 III得 2 1 sinz 1 Re s[tanz , k ] ( k 0,1,) 2 (cosz )' z k
c0 c1 ( z z0 ) , (c m 0)
以( z z0 )m 乘上式两边 ,得
( z z 0 ) f ( z ) c m c m 1 ( z z 0 ) c 1 ( z z 0 )
m m 1
c0 ( z z 0 ) m
cos z dz 例3 计算 3 z 1 z cos z 解 f (z) 3 有一个 z 0的三级奇点 z 由规则
1 d2 3 Re s[ f ( z ),0] l i m [ z f ( z )] 2 z 0 ( 3 1)! dz 1 1 lim (cosz )'' 2 z 0 2

1 d5 1 1 ( z sinz ) lim( cos z ) 5 5! dz 5! z 0 5!
两边求 m 1阶导数得 d m 1 m {( z z ) f ( z )} ( m 1)!c1 m! ( z z0 ) 0 m 1 dz m 1 d lim m 1 {( z z0 )m f ( z )} ( m 1)!c1 , 移项得 (5)式. z z dz

数学物理方法第4章留数定理

e
ma
2 ia

0
cos ma x a
2 2
dx i
e
ma

e
ma
2 ia
2a
y
例：
0
sin x x
dx
Cε
CR
解：如图4.9所示，
图4.9
0
x

sin x x
dx lim
R 0

R
sin x x
R e imx dx lim dx R 2i 0 x 1
1
z 1
1 2
z z 2
1

2
iz

dz
z 1
z (1 ) z
2 2
i
f (z)
dz
z 1
( z 1)( z )
1
记：
z
( z 1)( z )
它在复平面上有2个单极点
和
1

其中 z 在单位圆内，其留数为：
CR
x 图4.7

f ( x ) dx 2 i
{
f (z)
在上半平面所有奇点的留数之和}
例：

dx 1 x
2

解：记：
z i
f (z)
1 1 z
2
,它在上半平面有单极点
其留数为：
1 zi 1 2i
Re sf ( i ) lim ( z i ) f ( z ) lim
1 z ( z 2i)
3
并求函数在这些极点的留数。

留数定理

求出函数在
这些极点的留数.
解
f (z) = z + 2i z5 + 4z3
=
z + 2i z3 (z2 + 4)
=
z3(z
z + 2i + 2i)(z
− 2i)
=
1 z3 (z − 2i)
(1)、当z→2i时，f(z) →∞，所以z=2i是f(z)的极点，
lim ( z
z→2i
− 2i)
f
(z)
=
lim
∫l f (z)dz = −2π ia−1
Re sf (∞) = −a−1
二、全平面的留数和为零
∞
∑ f (z) = ak z k k =−∞ (R < z < ∞)
函数f(z)在全平面上所有各点的留数之和为0。这里的所有各点包括无限远点和有限远的奇点。
{ f (z)在所有有限远奇点上的留数和 + Re sf (∞)} = 0
n
∫ ∑ l
f
( z )dz
=
2π i
Re sf
j =1
(bj )
注意: 左边的积分是沿l 的正向进行的；
右边的奇点是指l 所围区域内的，并非是f(z)所有
的奇点。
7
留数定理对于无限远点也成立：
∞
∞
∫ ∫ ∑ ∑ ∫ f (z)dz = l
l k =−∞ ak z k dz = k =−∞ ak
l zk dz = 2π ia−1
∫ dz
z =1 ε z2 + 2z + ε
(0 < ε < 1)
∫ dz = πi
z =1 ε z2 + 2z + ε 1− ε 2

《数学物理方法》3留数定理及其应用

1 n1 zn2 z
1）
z0 1 是f（z）的单极点
Re s f（1） lim（ z 1）f（z） 1
z1
n
[解2]
Re
s
f（1）
lzim1（ zn
1 1）
lzim1
1 nz n1
1 n
[例3] 求 f（z） 1 的极点及其留数
sin z
[解] z n（n 0， 1， 2，）
z0
z0 z 2i 2i 2
z0 0 是f（z）的三阶极点
Re
s
f（0）
lim
z0
1 2！
d2 dz 2
z3 f（z）
1 d2
lim
z0
2！
dz
2
1
z
2i
lim
z0
1 2！（z
2 2i）3
1 i
8i 8
[例2] [解1]
求
f（z）
1 zn 1
f（z）（z 1）（z
在z0=1的留数
f（z）
z n 是f（z）的单极点
Re
s
f（n）
zlimn（ z
n） 1
sin
z
lim
zn
（ z n）
（sin z）
lim
zn
1 cos
z
（
1）n
[例] 求
f（z）（szin
2z 1）3
ez 的极点及其留数
z1
[解] z0 1是f（z）的单极点
z0 1 是f（z）的三阶极点
zkdz （re i）kd（re i）
C
C
ir
k
1
2
e

04_留数定理

04_留数定理04_留数定理，又称为四象限定理，是数学中一个重要的结论。

这个定理的本意是说，如果在一个坐标系中有n 个不同的数，那么在这n个数中至少有四个数会具有相同的余数。

04_留数定理的定义：设a1,a2,...,an是不同的正整数，m是正整数，则必有四个数ai，aj，ak，al满足ai mod m=aj mod m= ak mod m= al mod m。

04_留数定理推导：这个定理可以用反证法来证明。

假设有n个正整数a1,a2,...,an，其中有m个不同的余数，即有m种形式：ai mod m=0, ai mod m=1, ai modm=2,..., ai mod m=m-1。

令A={ai|ai mod m=0}, B={ai|ai mod m=1},C={ai|ai mod m=2}, ..., D={ai|ai mod m=m-1}，则A,B,C,...,D是n个正整数的一个划分。

由于n>m，所以至少有一个集合包含至少两个数，假设A包含至少两个数，即ai mod m=aj mod m=0，则ai mod m=ak mod m=al mod m，即得证。

04_留数定理的应用：1、留数定理在抽样调查中有着广泛的应用。

例如，当希望从一个总体中进行抽样时，可以使用留数定理来实现随机抽样，从而减少样本选择的随机性。

2、留数定理在有线电视信号中也有应用。

有线电视信号是通过在一个坐标系中将图像的N个像素点的坐标转换成多个余数来表示的，其中N是像素点的数量。

因此，通过使用留数定理，可以减少由于信号传输的原因而导致的图像像素混乱的情况。

3、留数定理还可以用来加速数据处理的速度。

当需要处理大量数据时，可以将这些数据按照其余数分成多个组，这样可以减少处理时间。

第四章-留数定理

l 不包围 α l 包围 α n ≠ 1
( z α ) n dz = 0 . ∫
l
1. 定理设函数 f(z) 在回路 l 所围区域 B 是除有限个孤立奇点 b , b , , b ，外解析，在闭区域 B
1 2 n
上除点 b 1 , b 2 , , b n 外连续，则
∫ f ( z )dz = 2πi∑ Re sf (b ).
ε
1+ 1ε 2 1ε2 ε(z + )
ε
dz 1 πi = 2πi = . 2 ∫ z =1 εz + 2 z + 1 2 2 2 1 ε 1 ε
4.2 应用留数定理计算实变函数定积分
留数定理是复变函数的定理，若要在实变函数定积分中应用，必须将实变函数变为复变函数。这就要利用解析延拓的概念。留数定理又是应用到回路积分的，要应用到定积分，就必须将定积分变为回路积分中的一部分。如图，对于实积分 ∫
∫
CR
zf ( z )
dz z
≤ max zf ( z )
∫
dz z
CR
= max zf ( z )
πR
R
= π max zf ( z ) → 0
R→∞
2πi{∑ Re sf ( z j ), z j ∈ 上半平面 } =
j
R
∫ f ( x) dx
R
例 I =
∞
∞
∫
dx , 2 n (1 + x )
1
1
例
dx I = ∫ , 1 + ε cos x 0
2π
0 < ε <1
解 I=
dz / iz 2 dz ∫=1 z + z 1 = i z∫=1 εz 2 + 2z + ε z 1+ ε 2

第四章留数定理

第四章留数定理
重点
1、留数的概念与留数定理； 2、应用留数定理计算复变函数的积分； 3、应用留数定理计算实变函数的积分
§4.1 留数定理
一、留数及留数定理
1.留数
如果函数f(z)在z0的邻域内解析, 那么根据Cauchy定理
f (z) d z 0.
l
但是, 如果z0为f(z)的一个孤立奇点, 则沿在z0的某个去心邻域0<|z-z0|<R内包含z0的任意一条正向闭曲线的积分
l
l1
l2
ln
f (z) d z 2πi[Res f (z1) Res f (z2 ) Res f (zn )]
l
n
即 f (z) d z 2 π i Res f (z j ).
l
j 1
zn l3 z3
ln z1 l2 z2
l1
D
l
求函数在奇点z0处的留数即求它在以z0为中心的圆环域内
令 z ei
dz iei d d dz ,
iz
sin 1 (ei ei ) z - z-1 ,
2i
2i
cos 1 (ei ei )
z z1
,
2
2
当历经变程 [0,2π ] 时,
z 沿单位圆周 z 1的正方向绕行一周.
2π
0
R(cos
,
sin
)d
z
1
R
z
2 2z
1
,
z
2 2iz
(1)n
例4 计算积分
z
zez 2
1
d
z
，C为正向圆周|z|=2.
C
解
由于
f (z)

5-2留数和留数定理

函数 f (z) 在区域 D内除有限个孤立内除有限个孤立
奇点 z1 , z2 ,L, zn 外处处解析 C 是 D内包围诸奇外处处解析, 内包围诸奇点的一条正向简单闭曲线, 点的一条正向简单闭曲线那么
C
∫ f (z)dz = 2πi∑Res[ f (z), zk ]. k=1
n
注:
留数定理将沿封闭曲线C积分转化为求留数定理将沿封闭曲线积分转化为求被积函数在C内各孤立奇点处的留数被积函数在内各孤立奇点处的留数. 内各孤立奇点处的留数
3
1 即 c −1 = ∫ 2πi C
f (z)在z0的数留 f ( z )dz = Res[ f (z), z0]
定义如果 z0 为函数 f ( z ) 的一个孤立奇点则沿的一个孤立奇点,
z0 的某个去心邻域 0 < z − z0 < R 内，包含 z0 的
任意一条简单闭曲线 C 的积分
z 1 1 1 1 ∫ z 4 − 1 dz = 2πi 4 + 4 − 4 − 4 = 0 . C
14
ez 例4 计算积分 ∫ 为正向圆周: 为正向圆周 2 dz , C为正向圆周 z = 2. z ( z − 1) C
为一级极点, 解 z = 0 为一级极点
z = 1 为二级极点为二级极点,
10
3 典型例题
ez 的留数. 例1 求 f ( z ) = n 在 z = 0 的留数 z
解
阶极点，因为 z = 0 是 f ( z )的 n 阶极点，
1 d n −1 n e z ez lim n−1 z ⋅ n 所以 Res n ,0 = z z ( n − 1)! z →0 dz

4-1留数定理

4 z / 4 cos2z
z / 4 2 sin 2z
/ 4

zdz |z|2 1/ 2 sin 2
z

2i[Re sf
(
/ 4) Re sf
(
/ 4)]
2i
例5：计算
I
z15dz |z|4 ( z 2 1)2 ( z 4 2)3
z1
z n1

1 zn2 ...
z
1

1 n
另解：
Re
sf
(1)

lim
z 1
1 (zn 1)

lim
z 1
1 nz n 1

1 n
例2：确定函数 f (z) ez 的奇点，求在奇点的留数。
1 z
解：∵ lim ez ∴ z=-1是f(z)的极点
z11 z

1 z
1 2
1 z2
...1 3
2 z4
...
则： a-1=1
Re sf () 1 I 2i[ Re sf ()] 2i
作业：P55-56：1－－（2）、（4）、（5） 2－－（2）、（3）
，l的方程是x2+y2-2x-2y=0
1)2
解：方程化为(x-1)2+(y-1)2=2
f (z)
(z2
1 1)( z 1)2
有两个单极点z0=±i和一
个二阶极点z0=1，其中z0=-i不在l内。
Re
sf
(i)

lim[(z
zi

i)
(z2
1 1)(z
1) 2
]

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