高二物理(选修)参考答案及评分标准

高二物理参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题4分共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．A 2．D 3．B 4．B 5．A 6．D 7．C 8．D 9．AC10．BD11．AC 12．ABD二、实验题(2小题，每空2分，共14分）13．2.30A 12.0V 3.205mm 24U D ILπρ= 14．A 1 R 1 内三、计算题（4个题，共38分，计算题只写结果不得分）15．(1)根据电势差的定义式可得A 、B 两点的电势差为(2)因为电场力做负功。

所以电场力的方向是从B 指向A ，由于是负电荷，所以电场方向是A 指向B 。

电场强度的大小为m /800m /25.0200V V d U E AB === （每问4分，过程2分，结果2分）16．（1）设小球受到的静电力为F ，绳子拉力为T ，由平衡条件得F T o =37sinmg T =o 37cos联立解得mg F 43= （2）匀强电场的大小为qmg q F E 43== （每问4分）17．（1）根据闭合电路欧姆定律得E U Ir =+将题图乙中A 、B 两点对应的电压和电流分别代入得V V q W U AB AB 20010210475=⨯-⨯-==--()15V 0.2V E r =+()3V 1.0V E r =+联立解得18V E =15Ωr =（2）当P 滑到3R 的最右端时，3R 接入电路的阻值为零，2R 被短路，电路参数对应图乙中的B 点，即13V U =1 1.0A I =解得1113ΩU R I == （3）当P 滑到3R 的最左端时，3R 以最大阻值接入电路，电路参数对应图乙中的A 点，即215V U =20.2A I =2275ΩU R I ==外 因为23123R R R R R R =++外 所以滑动变阻器的最大阻值为Ω=1203R（第一问4分，第二问2分，第三问4分） 18．（1）离子在电场中做类平抛运动，在竖直方向212at = 水平方向L =v 0t又qE a m=解得E =（2）进入磁场的竖直速度：0y v at =得02v v ==tan yx v v θ=θ=60°由 Rv qvB 2m = 几何关系得 o R 30cos 2x ⋅= 有 qB mv 032x = （3）离子在电场中运动的时间1v L t =离子在磁场中运动的时间qBT o o 3m 2360120t 2π==则 B v L t q 3m 20π+=（第一问4分，第二问5分，第三问3分）。

…○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………绝密★启用前选修3-1 第二章恒定电流 10.实验：测定电池的电动势和内阻第Ⅰ部分选择题一、选择题：本题共8小题。

将正确答案填写在题干后面的括号里。

1．如图所示，是甲、乙、丙三位同学设计的测量电池的电动势和内电阻的电路。

电路中R 1、R 2为已知阻值的电阻。

下列说法中正确的是( )A ．只有甲同学设计的电路能测出电池的电动势和内电阻B ．只有乙同学设计的电路能测出电池的电动势和内电阻C ．只有丙同学设计的电路能测出电池的电动势和内电阻D ．三位同学设计的电路都能测出电池的电动势和内电阻2．在用如图所示的电路测量电池电动势和内阻的实验中，若有两只电压表V 1和V 2量程相同，内阻R V1>R V2；两只电流表A 1、A 2量程相同，内阻R A1>R A2，在该实验中，为了使E 、r 的测量精确些，选择的电表可以是( )A ．V 1和A 2B ．V 2和A 2C ．V 2和A 1D ．V 1和A 13．用伏安法测电池的电动势和内阻的实验中，下列说法中错误的是( )A ．应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表读数变化明显B ．应选用内阻较小的电压表和电流表C ．移动滑动变阻器的滑片时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载D ．使滑动变阻器阻值尽量大一些，测量误差才小4．某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用滑动变阻器的阻值范围为0～20 Ω，连接电路的实物图如图所示。

关于该学生接线的说法正确的是( )A ．滑动变阻器不起变阻作用B ．电流表接线有误C ．电压表量程选用不当D ．电压表接线不妥5．用图象法求电动势和内阻时，需要描点，就是在U -I 坐标系中描出与每组I 、U 值对应的点，以下说法正确的是( )A ．这些点应当准确地分布在一条直线上，即U -I 图线应通过每个点B ．这些点应当基本在一条直线上，由于偶然误差不能避免，所以U -I 图线不可能通过每一个点C ．在画U -I 图线时应当使它通过尽可能多的描出的点D ．个别偏离直线太远的点，应当舍去…○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………6．若将两个电源的U ­I 图象画在同一直角坐标系上，如图所示，由图象可得( )A ．电动势E 1＝E 2，内阻r 1＜r 2B ．电动势E 1＝E 2，内阻r 1＞r 2C ．发生相同的电流变化，电源1的路端电压变化较大D ．发生相同的电流变化，电源2的路端电压变化较大7．如图是根据某次测定电源的电动势和内阻的实验记录的数据作出的U -I 图象，下列关于这个图象的说法中正确的是( )A ．纵轴截距表示待测电源的电动势，即E ＝3.0 VB ．横轴截距表示短路电流，即I 0＝0.6 AC ．根据r ＝0EI ，计算出待测电源内阻为0.2 ΩD ．根据r ＝0EI ，计算出待测电源内阻为5 Ω8．如图所示，用一只电流表和两个定值电阻测定电源电动势和内电阻的实验中，由于未考虑电流表的内阻，其测量值E 和r 与真实值E 0和r 0相比较，正确的是( )A ．E ＝E 0，r ＝r 0B ．E ＞E 0，r ＜r 0C ．E ＝E 0，r ＞r 0D ．E ＞E 0，r ＞r 0第Ⅱ部分非选择题二、非选择题：本题4个小题。

2022年秋期高中二年级期终质量评估物理试题（答案在最后）注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.选择题答案使用2B 铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。

4.保持卡面清洁，不折叠，不破损。

5.本试卷分试题卷和答题卷两部分，满分110分，考试时间90分钟。

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

其中1—8题只有一个选项正确，9—12题有多个选项正确，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分。

）1.下列物理量中属于标量的是A.电流强度B.电场强度C.磁感应强度D.洛伦兹力2.如图所示实线为电场某区域的电场线分布情况示意图，由图可知A.A 点电势低于B 点电势B.一个负电荷在A 点受到的电场力小于在B 点受到的电场力C.一个正电荷可以仅在电场力的作用下，沿电场线从A 运动到CD.一个负电荷由A 点移动到B 点，克服电场力做功3.如图所示，一个单匝矩形闭合导线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO '匀速转动，转动周期为0T ，线圈产生的电动势的最大值为m E ，则A.线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为m 04T πB.线圈转动过程中磁通量变化率的最大值为m EC.mD.经过0T 的时间，通过线圈电流的方向改变1次4.A 、B 端接有恒流源（输出恒定电流）的均匀长方形金属线框放在水平面上。

在图甲所示情况中，部分线框处在垂直于线框平面向下的匀强磁场中，ab 边与磁场边界平行，ab 边受到的安培力大小为1F ；在图乙所示情况中，将金属棒cd 放在金属线框上，金属棒cd 与线框接触良好，并在磁场中处于静止状态，cd 与ab 平行，cd 段与ab 段电阻相同。

此时，ab 受到的安培力大小为2F ，cd 受到的安培力大小为3F ，则下列关系正确的是A.2112F F = B.23F F = C.123F F F =+ D.123F F F >+ 5.如图甲所示，将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，固定在水平面（纸面）内，电路的ab 段置于垂直于纸面向里的匀强磁场Ⅰ中。

汕头市2012-2013年度第二学期教学质量监测高二级物理试题答案和评分标准一、单选题：每小题3分，共18分. 1.C 2.D 3.C 4.B 5.B 6.D 二、双选题：每小题4分，共28分7.AB 8.AD 9.AC 10.BD 11.AD 12AB 13.AC 三、非选择题：4题，共54分.14.（1）①1.30（1.29-1.32）（2分）说明：有效数字错误给0分，重复单位只给1分. 0.70（0.69-0.71）或7.0×10-１（2分）说明：有效数字错误给0分，重复单位只给1分. ②匀加速直线运动（或匀加速运动）说明：有错别字视为歧义，该答案给0分.仅答加速直线运动给0分.（2）①A 2 （2分）②如图所示（3分）有一处接错得0分.③1.60 （1分） 0.24（1分）说明：有效数字错误给0分 ④第6次（1分）.增大（2分）.0.75 （2分） 说明：有效数字错误给0分，重复单位只给1分.15.（10分）参考解答：⑪由法拉第电磁感应定律有：E=BLv ① （2分） 由闭合电路欧姆定律有：rR E I +=②（1分）由安培力公式有：F 安=ILB ③（1分）联立①②③并代入数据解得：导体棒受到的安培力F 安=0.4N （1分） ⑫设导体棒达到最大速度v m 时，产生的电动势为E 1，通过导体棒电流为I 1， 根据受力平衡有： I 1LB =F ④（2分）由法拉第电磁感应定律有：E 1=BLv m ⑤（1分） 由闭合电路欧姆定律有：rR E I +=11 ⑥ （1分）联立④⑤⑥并代入数据解得： m/s 5.12m =v （1分）说明：⑪没有必要的文字说明，没有设或没有说明依据的定理（公式），全题扣1分.⑫把具体数值代入书写方程，该式0分. 15.（12分）参考解得：(1)设粒子进入磁场的速度为v ，由动能定理得 221mv qEL =（2分） 又mqL B E 62=解得：mqBL v 33=（2分）(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为R由Rv mqvB 2=（2分）解得：33L R =（2分）设圆心为C 点，则CP ＝33L R =，（1分） OC ＝L 23－R ＝L 63（1分）由几何关系解得P 点到O 点的距离为x OP ＝2L （2分）说明：⑪没有必要的文字说明，没有设或没有说明依据的定理（公式），全题扣1分.⑫把大写L 写成小写l ，质量m 写成M 等该方程为0分.. 17.（14分）参考解答：（1）物块a 由M 到N 过程中，由机械能守恒有：2121mv mgR =①（1分）由牛顿第二定律有：Rmv mg F 21=- ② （1分）联立①②解得：轨道对a 支持力F =3mg （1分） （2）物块a 从N 滑至D 过程中，由动能定理有： 212112121mv mv mgl D -=-μ ③（1分）物块a 、b 在D 点碰撞，根据动量守恒有：213D D mv mv = ④ （1分）Pv解得两物块在D 点向左运动的速度3)1.0(22l R g v D -=（1分）（3）a 、b 一起压缩弹簧后又返回D 点时速度大小3)1.0(23l R g v D -=⑤ (1分）由于物块b 的加速度大于物块a 的加速度，所以经过D 后，a 、b 两物块分离，同 时也与弹簧分离。

物理参考答案及评分标准·第1页（共4页）昆明市2022~2023学年高二期末质量检测物理参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

题号123456答案DADCBA二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。

题号789101112答案ACBDACBCADACD三、实验题：本题共2小题，共14分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

13．（1）5.30；（2）1.96；（3）B评分标准：本题共6分。

第（1）问2分；第（2）问2分；第（3）问2分。

14．（1）D ；（2）3.0；（3）如图甲所示（4）498评分标准：本题共8分。

第（1）问2分；第（2）问2分；第（3）问2分；第（4）问2分。

mAxR 1R V2R ES甲物理参考答案及评分标准·第2页（共4页）四、计算题：本题共4小题，共44分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

15．解：（1）根据法拉第电磁感应定律得BSE t ∆=∆①ab bc 12S L L =②根据欧姆定律得E I R=③联立①②③可得：0.2AI =④（2）t =0.2s 时，磁场的磁感应强度B =0.3T ，线框处于静止状态，因此f F =安⑤F BIL=安⑥联立解得：f =0.012N⑦评分标准：本题共8分。

第（1）问4分，得出①②③④式各给1分；第（2）问4分，得出⑤⑥式各给1分，得出⑦式给2分。

用其他解法正确同样给分。

16．解：（1）物块P 刚要滑动时，设弹簧的压缩量为Δx ，可得k x mgμ∆=①所以活塞移动的距离为0.1mx ∆=②（2）设物块P 刚要滑动时，汽缸内气体的压强为p 1，对活塞，根据受力平衡可得10p S p S k x =+∆③51 1.110Pap =⨯④初始时，汽缸内气体的体积为0V LS=物块P 刚要滑动时，汽缸内气体的体积为物理参考答案及评分标准·第3页（共4页）1()V L x S=+∆⑤设物块P 刚要滑动时，汽缸内气体的温度为T 1，根据理想气体状态方程可得001101p V p V T T =⑥联立解得：1495KT =⑦评分标准：本题共10分。

高二物理选修1 力矩和力矩平衡一．学习目的：.1．了解转动平衡的概念，理解力臂和力矩的概念。

2．理解有固定转动轴物体平衡的条件3．会用力矩平衡条件分析问题和解决问题二．学习要点1．转动平衡：有转动轴的物体在力的作用下，处于静止或匀速转动状态。

明确转轴很重要：大多数情况下物体的转轴是容易明确的，但在有的情况下如此需要自己来确定转轴的位置。

如：一根长木棒置于水平地面上，它的两个端点为AB，现给B端加一个竖直向上的外力使杆刚好离开地面，求力F的大小。

在这一问题中，过A点垂直于杆的水平直线是杆的转轴。

象这样，在解决问题之前，首先要通过分析来确定转轴的问题很多，只有明确转轴，才能计算力矩，进而利用力矩平衡条件。

2．力矩：力臂：转动轴到力的作用线的垂直距离。

力矩：力和力臂的乘积。

计算公式：M＝FL单位：Nm效果：可以使物体转动〔1〕力对物体的转动效果力使物体转动的效果不仅跟力的大小有关，还跟力臂有关，即力对物体的转动效果断定于力矩。

①当臂等于零时，不论作用力多么大，对物体都不会产生转动作用。

②当作用力与转动轴平行时，不会对物体产生转动作用，计算力矩，关键是找力臂。

需注意力臂是转动轴到力的作用线的距离，而不是转动轴到力的作用点的距离。

〔2〕大小一定的力有最大力矩的条件：①力作用在离转动轴最远的点上；②力的方向垂直于力作用点与转轴的连线。

〔3〕力矩的计算：①先求出力的力臂，再由定义求力矩M＝FL如图中，力F的力臂为LF=Lsinθ力矩M＝F•L sinθ②先把力沿平行于杆和垂直于杆的两个方向分解，平行于杆的分力对杆无转动效果，力矩为零；平行于杆的分力的力矩为该分力的大小与杆长的乘积。

如图中，力F的力矩就等于其分力F1产生的力矩，M＝F sinθ•L两种方法不同，但求出的结果是一样的，对具体的问题选择恰当的方法会简化解题过程。

3．力矩平衡条件：力矩的代数和为零或所有使物体向顺时针方向转动的力矩之和等于所有使物体向逆时针方向转动的力矩之和。

南京市2022-2023学年第一学期期中调研考试高二物理参考答案和评分标准一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项符合题意.1．A 2．B 3．C4．D5．C6．A 7．B 8．B 9．D 10．A二、非选择题：共5题，共60分，其中第12～15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位.11．（15分）每空3分（1） A ； 0.362-0.368mm（2） 2=4k πd ρ （3） 甲；由于使用内接法测电阻，导致测量值计入了电流表内阻，所以乙测量不准确，甲利用图像可以有效避免电流表内阻带来实验误差。

12．（9分）（1）由折射定律：11o2sin sin ==sin sin30θθn θ................................2分 解得：θ1=45°................................2分（2）全反射：1sin =C n解得C =45︒................................2分 此时光源与O 距离：o =cot 45h r ................................2分光源S上移距离的最小值：=-==0.73m d H h r r ............1分13．（9分）（1）两波的波速大小相同，由波速的公式可得Δ=Δx tv ................................2分 解得：=2m/s v ............1分（2）由题意可得，周期与时间的关系为15=2P t T 11=2Q t T ................................2分 解得：=0.8s P T ; =4s Q T ................................2分（3）当t 2＝5 s 时， =-10cm P y =5cm Q y所以，平衡位置在原点处质点的位移为=+=-5cm P Q y y y ................................2分14．（12分）（1）离子在加速电场中运动时间极短，加速电压为进入加速电场时的瞬时电压，则在t=0时，进入A 时速度最小，当t=T 时，进入A 的速度最大20min 1=2U q m v ................................2分 20max 14=2U q m v ................................2分v 分 （2）当粒子以最大速度进去，而电场强度恰好为最小时，粒子正好从B 点射出，此为临界点，粒子在电场中飞行为类平抛运动，依据几何关系可知o =tan30y x................................2分 =y L 解得：016=3U E L............................... 2分 （3）当08=3U E L时，粒子以v min 射入ABC 区域时，会击中AB 板最近端=t ................................ 1分离子运动的水平距离min ==x L t v 则击中AB 板的长度o1==cos30x L L L ................................ 1分同理，当粒子的速度以max =v 进入时，击中B C 部分， 依据其几何关系离子飞行时间max =t 离子竖直方向上的偏转距离21==22L y at 所以击中BC 板的距离为2=-=2L L L y 所以击中AB 板与BC 板的长度比为12(2-):=2:1L L L .........................1分15．（ 15分）解：（1）滑块在光滑面上做圆周运动，由动能定理：2111==4m/s 2mgr m v v ............................... 2分圆周底部由支持力与重力共同提供向心力，可得21-==3N N N m F mg F Rv ............................... .3分 （2）滑块划上传送带，由于1=4m/s>2m/s v ，所以物块a 做减速运动 所以物块a 一直做匀减速运动直到与b 发生弹性碰撞22211==3.5m 2L μgv -v 解得：2=3m/s v .......................... 2分 此时a b 发生弹性碰撞，碰撞中动量守恒，能量守恒， 22223111+0=+222a ab b m m m v v v ........................... 2分 a b 质量相等，所以速度交换解得：2==3m/s b v v （第一次a 碰b ）........................ 1分 （3）b 物块在水平面上摩擦产生的发热量 初始时：211==0.45J 2kb b E m v ................................1分 在水平面上来回滑动后21=-2=0.29J kb kb E E Q ................................1分 220.29J kb ka E E == (第二次b 碰a )又因为，210.29J<0.35J ka E mgL μ==a 物块不能到达最右端又被传送带拖回并与传送带共速 a 返回传送带最左端时v a =2m/s ................................1分233310.2J 2ka kb b E E m ===v （第三次a 碰b ）................................1分 同理 43420.04J=kb kb ka E E Q E =-=（第四次b 碰a ） 此时a 的速度小于2m/s ，则原动能返回传送带最左端 同理 450.04J ka kb E E ==（第五次a 碰b 撞） 解得 s =0.2m ................................1分。

大兴区2023～2024学年度第二学期期末检测高二物理参考答案及评分标准2024.07第一部分，共48分。

一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共48分）题号12345678答案B DC CD A D A 题号910111213141516答案B C D C C D D B 第二部分，共52分二、实验探究题（本题共2小题，共18分）17.(8分）（1）dabec （2分）（2）71a 2(69a 2-73a 2均得分)（2分），021V V nSV （2分）（结果里有a 且正确也可得2分）（3）BC （漏选得1分）（2分）（漏选得1分）18．（10分）（1）AD （2分）（漏选得1分）（2）BCD （2分）（漏选得1分）（3）AD （2分）（漏选得1分）（4）112m m m OP OM ON ⋅=⋅+⋅（2分）小球离开斜槽末端做平抛运动，竖直方向满足212y gt =，下落高度一定，运动时间相同；水平方向满足x t =v ，水平位移与平抛初速度成正比。

（2分）三、论述计算题（本题共4小题，共34分）19.（8分）解：（1）因为该粒子在金属板间做匀速直线运动，可以判断出带电粒子所受电场力与洛伦兹力方向相反、大小相等。

所以上金属板应接电源的正极。

由qE=qvB 1解得1B Ev =（3分）（2）带电粒子在偏转磁场中做匀速圆周运动，设圆周运动的半径为R ，根据牛顿第二定律22q B m R=v v 又2L R =解得E LB qB m 221=（3分）（3）可得到的结论①两束带电粒子都带正电荷。

理由：根据左手定则判定两束带电粒子在偏转磁场中O 2点的受力方向都由O 2点指向A 点。

②两束带电粒子的速度大小相等。

理由：只有速度1B E v =的带电粒子才能沿直线通过速度选择器。

③打在C 点的带电粒子的质量大于打在A 点的带电粒子的质量。

理由：带电粒子的质量E L B qB m 221=，可知L 越大质量越大。

湖南省2022年普通高中学业水平选择性考试物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.关于原子结构和微观粒子波粒二象性，下列说法正确的是（）A.卢瑟福的核式结构模型解释了原子光谱的分立特征B.玻尔的原子理论完全揭示了微观粒子运动的规律C.光电效应揭示了光的粒子性D.电子束穿过铝箔后的衍射图样揭示了电子的粒子性2.如图，四根完全相同的均匀带正电绝缘长棒对称放置在长方体的四条长边a、b、c、d上。

移去a处的绝缘棒，假定另外三根绝缘棒电荷分布不变。

关于长方体几何中心O点处电场强度方向和电势的变化，下列说法正确的是（）A.电场强度方向垂直指向a，电势减小B.电场强度方向垂直指向c，电势减小C.电场强度方向垂直指向a，电势增大D.电场强度方向垂直指向c，电势增大3.如图（a），直导线MN被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平轴OO′上，其所在区域存在方向垂直指向OO′的磁场，与OO′距离相等位置的磁感应强度大小相等且不随时间变化，其截面图如图（b）所示。

导线通以电流I，静止后，悬线偏离竖直方向的夹角为θ。

下列说法正确的是（）A.当导线静止在图（a）右侧位置时，导线中电流方向由N指向MB.电流I增大，静止后，导线对悬线的拉力不变C.tanθ与电流I成正比D.sinθ与电流I成正比4.1932年，查德威克用未知射线轰击氢核，发现这种射线是由质量与质子大致相等的中性粒子（即中子）组成。

如图，中子以速度0v分别碰撞静止的氢核和氮核，碰撞后氢核和氮核的速度分别为1v和2v。

江苏省扬州中学2024～2024学年第一学期期末调研测试试题高 二 物 理（选修） 考试时间100分钟，满分120分 第Ⅰ卷（选择题 共31分）一．单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．将正确选项填涂在答题卡上相应位置． 1．下列说法中正确的是A ．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小B ．把一导体拉长后，其电阻率增大，电阻值增大C ．磁感线都是从磁体的N 极动身，到磁体的S 极终止D ．家用电饭煲加热食物主要利用了电流的热效应 2．下列设备中工作原理及涡流无关．．的是3．用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法．以下公式不属于．．．比值法定义的是A ．电容4r sC kdεπ=B ．电流强度q I t=C ．电阻U R I= D ．磁感应强度F B IL=4．如图，一带电粒子以垂直于匀强磁场的速度v ，从A 处射入长为d 、宽为h 的匀强磁场区域，只在洛伦兹力作用下从B 处离开磁场，若该粒子的电荷量为q ，磁感应强度为B ，圆弧AB 的长为L ，则~冶炼炉 电磁炉 微波炉A ．该粒子带正电B ．该粒子在磁场中运动的时间为L t v =C ．该粒子在磁场中运动的时间为d t v= D ．洛伦兹力对粒子做功为Bqvh5.如图所示，实线表示竖直平面内匀强电场的电场线，电场线及水平方向成α角，匀强磁场及电场正交，垂直纸面对里．有一带电液滴沿斜向上的虚线L 做直线运动，L 及水平方向成θ角，且α＞θ，则下列说法中正确的是A ．液滴肯定带负电B ．液滴可能做匀变速直线运动C ．电场线的方向肯定斜向下D ．液滴做匀速直线运动二．多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．一小段长为L 的通电直导线放在磁感应强度为B 的磁场中，当通过它的电流为I 时，所受安培力为F ，下列说法中正确的是 A ．磁感应强度B 肯定等于FILB ．磁感应强度B 可能大于或等于FILC ．磁场中通电直导线受力大的地方，磁感应强度肯定大D ．在磁场中通电直导线也可以不受力7．如图所示的电路中，两个相同的小灯泡A 1、A 2及电阻R 的阻值相同，L●αθL为自感系数很大的电感线圈，其直流电阻不计．下列说法中正确的是 A ．S 闭合时，灯A 2先亮，稳定后两灯一样亮 B ．S 闭合时，灯A 1后亮，稳定后比A 2更亮 C ．电路稳定后断开S 时，A 2会闪亮一下再熄灭 D ．电路稳定后断开S 时，A 1会闪亮一下再熄灭 8．如图所示，一小型直流电动机M 的线圈绕阻1Mr =Ω，定值电阻 1.5R =Ω，电源的电动势10E V =，内阻0.5r =Ω正确的是A ．电动机两端的电压为2VB ．电动机的发热功率为4W C. 电动机消耗的电功率为12WD ．每分钟内电动机输出的机械能为480J9．如图所示，在光滑的水平面上，有一个粗细匀称的单匝正方形闭合线框abcd ，t =0时刻，线框在水平外力的作用下，从静止起先向右做匀加速直线运动，bc 边刚进入磁场的时刻为t 1，ad 边刚进入磁场的时刻为t 2，设线框中产生的感应电流的大小为i ，ad 边两端的电压大小为U ，水平拉力大小为F ，则下列i 、U 、F 随运动时间t 变更关系图像正确的是三．简答题： 本题共按要求作答．10．（12分）(1)在用伏安法测量一个定值电阻阻值的试验中，供应了如下器材：E r Bcd t t t 2U tt t 2 t t t 2 O t t t 2 A B CD①待测电阻R x (约100 Ω)； ②直流毫安表(量程0～20 mA ，内阻约50 Ω)③直流电压表(量程0～3 V ，内阻约5 kΩ)； ④直流电源(输出电压3 V ，内阻可不计)⑤滑动变阻器(阻值范围0～15 Ω，允许最大电流1 A)； ⑥开关一个，导线若干条试验要求最大限度地减小误差，则毫安表的连接应选择 ▲ (填“内接” 或“外接”)的连接方式 ；测得的阻值比真实值偏 ▲ （填“大”或“小”）．(2)用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻．蓄电池的电动势约为2V ，内电阻很小．除蓄电池、开关、导线外，可供运用的试验器材还有：A.电压表 (量程3V)B.定值电阻R 0 (阻值4Ω，额定功率4W)C.电流表 (量程3A)D.电流表 (E.滑动变阻器R (阻值范围0电流表应选用▲ ；( 依据试验数据作出U —I 的电动势E ＝▲ V ，内阻r = ▲ Ω.(结果保留两位有效数字)11．（14分）某学习小组欲探究一只额定电压为3V 的小灯泡的伏安特性． （1）连接电路之前，有一位同学想利用多用电表欧姆挡粗略测量小灯泡在常温下的电阻．该同学首先选择“×10”的倍率测量小灯泡的电阻，操图1.0000 0 /A 图作步骤正确，但发觉表头指针偏转角度很大，为了较精确地进行测量，该同学重新选择了▲ （选填“×1”或“×100”）的倍率并进行▲ （选填“欧姆”或“机械”）调零，再次测量后发觉，该小灯泡常温下的电阻约为3Ω．接的电路如图所示，电路中全部元器件都是完好的，且电压表和电流表已调零．闭合开关后，若发觉电压表的示数为2V，电流表的示数为零，小灯泡不亮，则可推断断路的电线是▲ （选填“f”或“h”）；若反复调整滑动变阻器，小灯泡亮度发生变更，但电压表、电流表示数不能调为零，则断路的导线是▲ （选填“c”或“g”）．（3）故障清除后，闭合开关，调整滑动变阻器得到电压、电流数据如下表，请在图所示的坐标纸上画出小灯泡的U–I图线．（4）若将该灯泡及一个10Ω的定值电阻串联，干脆接在电动势为3V 、内阻不计的电源两端，则可以估算出该灯泡的实际功率为 ▲ W （结果保留两位有效数字）．四．计算或论述题：本题共4小题，共63分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最终答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位．12．（15分）如图甲所示，阻值不计的光滑金属导轨在竖直面上平行固定放置，间距d 为0.5m ，下端通过导线及阻值R L 为4Ω的小灯泡L 连接，在矩形区域CDFE 内有水平向外的匀强磁场，磁感应强度B 随时间变更的关系如图乙所示，CE 长为2m ．在t ＝0时刻，电阻R 为1Ω的金属棒以某一初速度从AB 位置紧贴导轨向下运动，当金属棒从AB 位置运动到EF 位置过程中，小灯泡的亮度没有发生变更，g 取10m/s 2．求： (1)通过小灯泡的电流的大小； (2)金属棒的质量；(3)金属棒通过磁场区域所用的时间．13．（15分）如图所示，在边长为L 的域内，存在磁感应强度为B 、方向垂匀强磁场．现有一束质量为m 、电荷子，以某一速度从AC 边中点P 、平行于CD 边垂直磁场射入，粒子的重力忽视不计．/A B ACEL甲t0.20.4 00.6 乙（1）若粒子能从D 点飞出磁场，求粒子在磁场中运动的轨道半径R ； （2）若粒子能从D 点飞出磁场，求粒子在磁场中运动的时间t ；（3）若粒子能从AC 边飞出磁场，大距离d ．14．（16L=0.1m ，导轨平面及水平面的夹角为θ=300.3R =Ω，导轨的电阻不计，整个装置处于方向垂直于导轨平面对上的匀强磁场中．长为L 的金属棒cd 垂直于MN 、PQ 放置在导轨上，且及导轨保持良好的接触，金属棒的质量为m =0.2kg ，电阻为0.1r =Ω．现将金属棒从紧靠NQ 处由静止释放，当金属棒沿导轨下滑距离为x=12m 时，速度达到最大值v m =10m/s ，（重力加速度g 取10m/s 2），求： （1）匀强磁场的磁感应强度B 的大小；（2）金属棒沿导轨下滑距离为12m 的过程中，整个电路产生的焦耳热Q 及通过金属棒截面的电荷量q ；（3）若将金属棒下滑12m 的时刻记作t =0，假设此时的磁感应强度B 0为已知，从今时刻起，让磁感应强度渐渐减小，可使金属棒中不产生感应电流．请用B 0和t 表示出这种状况下磁感应强度B 变更的表达式．15．（17分）如图所示，真空室内存在宽度为d =8cm 的匀强磁场区域，磁感应强度B =1T ，磁场方向垂直于纸面对里； AB 为厚度不计的金箔，金箔右侧为匀强电场区域，电场强度PQE =2.5×105N/C ，方向及金箔成37°角．紧挨左边界放置的粒子源S ，可沿纸面对各个方向匀称放射初速率相同的带正电的粒子，已知粒子的质量m =10-20kg ，电荷量q =10-14C ，初速率v =2×105 m/s .（sin37°=0.6，cos37°=0.8，粒子重力不计）求：（1）粒子在磁场中作圆周运动的轨道半径R ； （2）金箔AB 被粒子射中区域的长度L ；（3）从最下端穿出金箔的粒子进入电场（设粒子穿越金箔的过程中速度方向不变更），粒子在电场中运动并通过N 点，SN ⊥AB 且SN =40cm ．则此粒子从金箔上穿出的过程中，损失的动能K E 为多少？扬州市2024-2025学年第一学期期末调研测试试题高二物理（选修）参考答案及评分标准一．单项选择题：1．D 2．C 3．A 4．B 5．D 二．多项选择题：6．BD 7．BC 8． BCD 9．AC 三．简答题：10．（12分）（1）外接 （2分）， 小 （2分）BS（2）①D （3分） ②1.9 （3分） ；0.67（2分）11．（14分）（1）×1 （3分）欧姆 （2分） （2） f （2分）c （2分） （3）如图中实线所示 （3分） （4）0.15W （0.13W ～0.17W ） （2分） 四．论述和演算题： 12．（15分）解析：(1)金属棒未进入磁场时，E 1＝ΔΦΔt ＝SΔB Δt ＝0.5×2×0.40.2V ＝2V （2分）又R 总＝R L ＋R ＝(4＋1)Ω＝5Ω （1分） 所以I L ＝E 1R 总＝25A ＝0.4A（2分）(2)因灯泡亮度不变，故0.2s 末金属棒进入磁场时刚好匀速运动 所以I ＝I L ＝0.4A 棒所受安培力F安＝BId ＝0.08N（2分） 对金属棒有mg ＝F安/A（2分） 所以金属棒的质量m ＝0.008kg（1分）(3)金属棒在磁场中运动时，E 2＝E 1＝2V （1分）又E 2＝Bdv （2分）解得：v ＝E 2Bd＝10m/s（1分）金属棒从CD 运动到EF 过程的时间为 t 2＝CEv＝0.2s （1分）13．（15分）解析：（1）作出粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示，O 1为轨迹的圆心。