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2020年高考物理模拟试题（二）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图是氢原子的能级示意图。
当氢原子从n=4的能级跃迁到n=3的能级时，辐射出光子a ；从n=3的能级跃迁到n=2的能级时，辐射出光子b 。
以下判断正确的是A. 在真空中光子a 的波长大于光子b 的波长B. 光子b 可使氢原子从基态跃迁到激发态C. 光子a 可能使处于n=4能级的氢原子电离D. 大量处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时最多辐射2种不同谱线15．古希腊权威思想家亚里士多德曾经断言：物体从高空落下的快慢同物体的重量成正比，重者下落快，轻者下落慢。
比如说，十磅重的物体落下时要比一磅重的物体落下快十倍。
1800多年来，人们都把这个错误论断当作真理而信守不移。
直到16世纪，伽利略才发现了这一理论在逻辑上的矛盾。
并通过“比萨斜塔试验”，向世人阐述他的观点。
对此进行了进一步的研究，通过实验来验证：伽利略用铜球从斜槽的不同位置由静止下落，伽利略手稿中记录的一组实验数据: 伽利略对上述的实验数据进行了分析，并得出了结论，下列是伽利略得出的结论是（ ）A. 0t v v at =+B. 2xk T ∆= C. 2202t v v ax -= D.312222123s s s k t t t ==⋅⋅⋅= 16．如图所示是某静电场的一条电场线，下列说法正确的是( )A. E A 一定大于E BB. 因电场线是直线，所以是匀强电场，则E A ＝E BC. A 点的电场方向一定由A 指向BD. 试探电荷在A 点受到静电力的方向一定由A 指向B17．一正方形导体框abcd ；其单位长度的电阻值为r ，现将正方形导体框置于如图所示的匀强磁场中，磁感应强度的大小为B ，用不计电阻的导线将导体框连接在电动势为E ，不计内阻的电源两端，则关于导体框所受的安培力下列描述正确的是A. 安培力的大小为2EB r，方向竖直向上 B. 安培力的大小为43EB r，方向竖直向下 C. 安培力的大小为EB r，方向竖直向下 D. 安培力的大小为EB r ，方向竖直向上 18．如图所示，一个质量为M 的人，站在台秤上，一长为R 的悬线一端系一个质量为m 的小球，手拿悬线另一端，小球绕悬线另一端点在竖直平面内做圆周运动，且小球恰好能通过圆轨道最高点，则下列说法正确的是( )A. 小球运动到最低点时，台秤的示数最大且为(M ＋6m )gB. 小球运动到最高点时，台秤的示数最小且为MgC. 小球在a 、b 两个位置时，台秤的示数不相同D. 小球从最高点运动到最低点的过程中台秤的示数增大，人处于超重状态19．北京时间2017年2月23日凌晨2点，美国航天局举行新闻发布会，宣布确认发现一个拥有7个类地行星的恒星系统TRAPPIST -1（简称T-1）。
仿真模拟卷(一)一、选择题Ⅰ(本题共13小题,每小题3分,共39分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)1.物理学中通常运用大量的科学方法建立概念,如“理想模型”“等效替代法”“控制变量法”等等,下列选项均用到“等效替代”方法概念的是()A.“合力与分力”“质点”“电场强度”B.质点、平均速度、点电荷C.点电荷、总电阻、电场强度D.合力与分力、平均速度、总电阻2.2017年4月30日,亚洲羽毛球锦标赛男单决赛展开争夺,谌龙2比1战胜林丹,夺得男单冠军,在其中一个回合的对拍期间,谌龙快速将羽毛球挑高,则()A.羽毛球飞来时撞击拍面的作用力是拍面形变产生的B.羽毛球在飞行过程中受到重力、空气阻力C.羽毛球到达最高点时速度的方向和加速度方向相互垂直D.羽毛球在飞行过程中机械能先减小后增大3.2016年8月14日里约奥运会羽毛球男单最后一轮小组赛中,中国选手林丹以2∶0轻取对手。
在其中一个回合的对拍期间,林丹快速扣杀的羽毛球在飞行中受到的力有()A.重力B.重力、击打力C.重力、空气阻力D.重力、空气阻力、击打力4.在物理学建立和发展的过程中,许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。
关于科学家和他们的贡献,下列说法正确的是()A.伽利略通过逻辑推理和实验认为重物比轻物下落的快B.牛顿根据理想斜面实验,首先提出力不是维持物体运动的原因C.卡文迪许提出了万有引力定律D.法拉第以他深刻的洞察力提出电场的客观存在,并且引入了电场线5.竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场,其极板带电量分别为+Q和-Q,在两极板之间,用轻质绝缘丝线悬挂质量为m、电量为q的带电小球(可看成点电荷),丝线与竖直方向成θ角时小球恰好平衡,此时小球离右板距离为b,离左板的距离为2b,如图所示,则()A.小球带正电,极板之间的电场强度大小为B.小球受到电场力为C.若将小球移到悬点下方竖直位置,小球的电势能减小D.若将细绳剪断,小球向右做平抛运动6.某电力公司曾举办“计量日进您家”活动,免费上门为市民做出家庭用电耗能诊断分析,针对每户家庭提出个性化的节能建议,根据专家统计,每使用1度(千瓦时)电,就相应消耗了0.40 kg的标准煤,同时产生0.272 kg碳粉尘,0.997 kg二氧化碳、0.03 kg二氧化硫、0.015 kg碳氧化物,下表是电力技术人员实测提供的数据,估算一户普通家庭待机一年相应产A.2.0 kgB.20 kgC.200 kgD.2 000 kg7.如图所示,将圆柱形强磁铁吸在干电池负极,金属导线折成上端有一支点、下端开口的导线框,使导线框的顶端支点和底端分别与电源正极和磁铁(导电性能良好)都接触良好但不固定,这样整个线框就可以绕电池轴心旋转起来。
2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力仿真模拟（二）物理试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2．请将答案正确填写在答题卡上。
第I 卷（选择题）一、单选题1．下列说法中错误的是（ ）A ．若氢原子从n =6能级向n =1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n =6能级向n =2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应B ．核泄漏事故污染物137Cs 能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为1371375556Cs Ba x →+，可以判断x 为电子C ．原子核发生一次β衰变，该原子外层就一定失去一个电子D ．质子、中子、α粒子的质量分别是m 1、m 2、m 3，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是（2m 1+2m 2-m 3）c 22．背越式跳高采用弧线助跑，距离长，速度快，动作舒展大方。
如图所示是某运动员背越式跳高过程的分解图，由图可估算出运动员在跃起过程中起跳的竖直速度大约为（ ）A ．2m/sB ．5m/sC ．8m/sD ．11m/s3．如图所示，AC 是四分之一圆弧，O 为圆心，D 为圆弧中点，A 、D 、C 处各有一垂直纸面的通电直导线，电流大小相等，方向垂直纸面向里，整个空间还存在一个大小为B的匀强磁场，O 处的磁感应强度恰好为零。
如果将D 处电流反向，其他条件都不变，则O 处的磁感应强度大小为（ ）A ．)21B B ．)21BC ．2BD ．04．随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。
小到手表、手机，大到电脑、电动汽车，都已经在无线充电方面实现了从理论研发到实际应用的转化。
如图所示为某品牌无线充电手机利用电磁感应方式充电的原理图。
关于无线充电，下列说法正确的是（ ）A ．无线充电时，手机上接收线圈的工作原理是“电流的磁效应”B ．接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同C ．只有将充电底座接到直流电源上，才能对手机进行充电D ．只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电5．随着科幻电影《流浪地球》的热映，“引力弹弓效应”进入了公众的视野。
一、选择题（本题共13小题；每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分）．1.物体沿直线运动的V -—t 关系如图所示，已知在第1秒内合外力对物体做的功为W ，则A ．从第1秒末到第3秒末合外力做功为4W 。
B ．从第3秒末到第5秒末合外力做功为－2W 。
C ．从第5秒末到第7秒末合外力做功为W 。
D ．从第3秒末到第4秒末合外力做功为－0.75W 。
2．对一定量的气体，下列说法正确的是A ．在体积缓慢地不断增大的过程中，气体一定对外界做功B ．在压强不断增大的过程中，外界对气体一定做功C ．在体积不断被压缩的过程中，内能一定增加D ．在与外界没有发生热量交换的过程中，内能一定不变 3. 如图所示为沿x 轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图，其波速为200m/s 。
下列说法中正确的是 A ．图示时刻质点b 的加速度正在减小 B ．从图示时刻开始，经过0.01s 质点b 通过的路程小于0.4mC ．若此波遇到另一波并发生稳定干涉现象，则所遇到的波y/-的频率为50HzD．若该波所遇到的障碍物的尺寸小于4m，则不能发生明显的衍射现象4．如图，卷扬机的绳索通过定滑轮用力Ｆ拉位于粗糙面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动。
在移动过程中，下列说法正确的是Ａ.Ｆ对木箱做的功等于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和Ｂ.Ｆ对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和Ｃ.木箱克服重力所做的功等于木箱增加的重力势能Ｄ.Ｆ对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和5．如图所示，在x>0、y>0的区间有磁感应强度大小为B、方向垂直于xoy的匀强磁场，现有质量为m、带电量为q的粒子（不计重力），从x轴上距原点为x0处以平行于y轴的初速度射入磁场，在磁场力作用下沿垂直于y轴方向射出磁场．由以上条件可求出A．粒子通过y轴的位置B．粒子射入时的速度C．粒子在磁场中运动时间D．粒子的电性6．如图所示，质量为m的小球用一根细线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平，而弹簧与竖直成θ角．现将细线剪断，则下列判断正确的是A．剪断细线前，细线中张力为mgcotθB．剪断细线前，弹簧弹力大小为mg/cosθC．剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgsinθD．剪断细线瞬间，小球所受合力大小为mgtanθ7.在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。
2020届高考物理模拟预测试卷（新课标全国2卷）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题的四个选项中，第14题～第18题只有一项符合题目要求，第19题～第21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．随着现代科学的发展，促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是( )A．卢瑟福α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B．天然放射现象表明原子核内部结构中有电子单独存在C．放射性元素的半衰期是8个原子核有4个发生衰变所需要的时间D．氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级和从n=2能级跃迁到n=1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的短15．科学家经过深入观测硏究，发现月球正逐渐离我们远去，并且将越来越暗．有地理学家观察了现存的几种鹦鹉螺化石，发现其贝壳上的波状螺纹具有树木年轮一样的功能，螺纹分许多隔，每隔上波状生长线在30条左右，与现代农历一个月的天数完全相同．观察发现，鹦鹉螺的波状生长线每天长一条，每月长一隔．研究显示，现代鹦鹉螺的贝壳上，每隔中生长线是30条，中生代白垩纪是2条，侏罗纪是18条，奥陶纪是9条．已知地球表面的重力加速度为10m/s2．地球半径为6400km，现代月球到地球的距离约为38万公里．始终将月球绕地球的运动视为圆周轨道，由以上条件可以估算奥陶纪月球到地球的距离约为( ) A．8.4×108m B．1.7×108m C．1.7×107m D．8.4×107m16．如图所示，两个宽度均为L的匀强磁场垂直于光滑水平桌面，方向相反，磁感应强度大小相等．高为L上底和下底长度分别为L和2L的等腰梯形金属框水平放置，现使其匀速向右穿过磁场区域，速度垂直梯形底边，从图示位置开始x=0，以逆时针方向为电流的正方向，下列四幅图中能够反映线框中电流Ⅰ随金属框向右移动距离x关系的是( )17．如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b 间接一正弦交变电源，其电压随时间的变化规律如图乙所示。
高考模拟卷(二)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)14．如图，匀强电场中的点A、B、C、D、E、F、G、H为立方体的8个顶点．已知G、F、B、D点的电势分别为5 V、1 V、2 V、4 V，则A点的电势为()A．0 V B．1 VC．2 V D．3 V解析：在匀强电场中，由公式U＝Ed知，沿着任意方向前进相同距离，电势差必定相等，由于GF∥CB，且GF＝CB，则有φG－φF＝φC－φB，代入数据解得φC＝φG－φF＋φB＝5 V－1 V＋2 V＝6 V，同理φA－φB＝φD－φC，解得φA＝φB＋φD－φC＝2 V＋4 V－6 V＝0 V，故A 正确，B、C、D错误．答案：A15.制动防抱死系统简称ABS，其作用就是在汽车制动时，自动控制制动器制动力的大小，使车轮不被抱死，处于边滚边滑的状态，以保证车轮与地面的附着力为最大值．某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如图中的①、②图线所示．由图可知，启用ABS后()A．瞬时速度总比不启用ABS时小B．加速度总比不启用ABS时大C．刹车后的平均速度比不启用ABS时小D．刹车后前行的距离比不启用ABS更短解析：图象中各点的纵坐标表示对应的速度，由图可知，启用ABS 后瞬时速度开始时比不启用时要大，故A错误；图象的斜率表示加速度，由图可知，开始时的加速度小于不启用时的加速度，故B错误；由图可知，启用后经过的位移明显小于不启用时的位移，但由于时间关系不明显，无法确定平均速度大小，故C错误，D正确．答案：D16．2017年6月15日，中国空间科学卫星“慧眼”被成功送入轨道，卫星轨道所处的空间存在极其稀薄的空气．“慧眼”是我国首颗大型X射线天文卫星，这意味着我国在X射线空间观测方面具有国际先进的暗弱变源巡天能力、独特的多波段快速光观测能力等．下列关于“慧眼”卫星的说法．正确的是()A．如果不加干预，“慧眼”卫星的动能可能会缓慢减小B．如果不加干预，“慧眼”卫星的轨道高度可能会缓慢降低C．“慧眼”卫星在轨道上处于失重状态，所以不受地球的引力作用D．由于技术的进步，“慧眼”卫星在轨道上运行的线速度可能会大于第一宇宙速度解析：卫星轨道所处的空间存在极其稀薄的空气，如果不加干预，卫星的机械能减小，卫星的轨道高度会缓慢降低，据G Mm r 2＝m v 2r 可得v ＝ GM r，卫星的轨道高度降低，卫星的线速度增大，卫星的动能增大，故A 错误，B 正确；卫星在轨道上，受到的地球引力产生向心加速度，处于失重状态，故C 错误；据G Mm r2＝m v 2r 可得v ＝ GM r，卫星在轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度，故D 错误．答案：B17.如图所示，光滑水平面AB 与竖直面上的半圆形光滑固定轨道在B 点衔接，BC 为直径．一可看作质点的物块在A 处压缩一轻质弹簧(物块与弹簧不连接)，释放物块，物块被弹簧弹出后，经过半圆形轨道B 点之后恰好能通过半圆轨道的最高点C .现在换用一个质量较小的另一物块，被同样压缩的弹簧由静止弹出，不计空气阻力．则更换后( )A ．物块不能到达C 点B ．物块经过C 点时动能不变C ．物块经过C 点时的机械能增大D ．物块经过B 点时对轨道的压力减小解析：两次弹簧的弹性势能相同，则在B 点时有E p ＝12m v 2B ，在B 点对轨道的压力F N －mg ＝m v 2B R ，得F N ＝mg ＋2E p R，则质量越小，压力越小，选项D 正确；物块到达最高点C 时，有E p ＝2mgR ＋12m v 2C ，整理得v C ＝2E p m－4gR ，质量小的物块通过C 点的速度大，则一定能通过C 点，选项A 错误；根据机械能守恒，物块通过C 点时机械能不变，选项C 错误；质量越小，到达C 点的重力势能越小，则其动能增加，选项B 错误．答案：D18．地球自转周期为T ，同一物体在赤道和南极水平面上静止时所受到的支持力之比k ，引力常量为G ，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R .则地球的密度为( )A.3πGT 2（1－k ）B.3k πGT 2（1－k ）C.3π（1－k ）GT 2D.3π（1－k ）kGT 2解析：物体在赤道上的支持力F N 1＝GMm R 2－m 4π2R T2，物体在南极上的支持力F N 2＝GMm R2，两支持力之比F N 1∶F N 2＝k ；而地球的密度ρ＝M 4π3R 3，联立解得ρ＝3πGT 2（1－k ），选项A 正确，B 、C 、D 错误． 答案：A19．静止的211 83Bi 原子核在磁场中发生衰变后运动轨迹如图所示．大小圆半径分别为R 1、R 2.则下列关于此核衰变方程和两圆轨迹半径比值判断正确的是( )A.21183Bi→21184Po＋1－1eB.21183Bi→20781Tl＋42HeC．R1∶R2＝84∶1D．R1∶R2＝207∶4解析：若是α衰变，则新核和α粒子向相反的方向射出，新核和α粒子偏转方向相反，做匀速圆周运动的轨迹外切，由题意知，两圆内切，所以该核的衰变是β衰变，于是根据质量数和电荷数守恒就能写出衰变方程，故B错误，A正确；洛伦兹力提供向心力求得半径公式r＝m vqB，又由于衰变前后动量守恒，即m1v1＝m2v2，所以半径之比等于电荷量的反比，从而求出半径之比为84∶1，故C正确，D错误．答案：AC20．横截面为直角三角形的两个相同斜面顶点紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示．两小球分别从O点正上方A、B两点以不同的初速度分别向右、向左水平抛出，最后都垂直落在斜面上．已知OA ＝4OB，下列判断正确的是()A．飞行时间之比t A∶t B＝2∶1B．飞行时间之比t A∶t B＝4∶1C．初速度之比v A∶v B＝2∶1D．初速度之比v A∶v B＝4∶1解析：若在B点向左水平抛出，根据题意知小球将垂直落在左边的斜面上，因为OA＝4OB，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度方向相同，则位移方向相同，两三角形相似，两球平抛运动的高度之比为4∶1，根据h＝12gt2知，平抛运动的时间之比为t A∶t B＝2∶1，由几何关系知，两球平抛运动的水平位移之比为4∶1，则初速度之比为v A∶v B＝2∶1.故选项A、C正确，B、D错误．答案：AC21．如图甲所示，光滑绝缘水平面上MN的右侧存在方向竖直向下、磁感应强度大小为B＝2 T的匀强磁场，MN的左侧有一个质量为m＝0.1 kg的矩形线圈abcd，bc边长L1＝0.2 m，线圈电阻R＝2 Ω，t ＝0时，用一恒定拉力F拉线圈，使其由静止开始向右做匀加速运动．经过1 s，线圈的bc边到达磁场边界MN，此时立即将拉力F改为变力．又经过1 s，线圈恰好完全进入磁场，在整个运动过程中，线圈中感应电流i随时间t变化的图象如图乙所示，则()A．恒定拉力的大小为0.05 NB．线圈在第2 s内的加速度大小为2 m/s2C．线圈ab边长L2＝0.5 mD．在第2 s内流过线圈的电荷量为0.2 C解析：由题图乙知：t＝1 s时，线圈中感应电流为i1＝0.1 A；由i1＝ER＝BL1v1R，得v1＝i1RBL1＝0.1×22×0.2m/s＝0.5 m/s，又由v1＝at，F＝ma，得：F ＝m v 1t ＝0.1×0.51N ＝0.05 N ，故A 正确；t ＝2 s 时线圈速度v 2＝i 2R BL 1＝0.3×22×0.2m/s ＝1.5 m/s ，线圈在第2 s 时间内的加速度a 2＝v 2－v 1t ＝1.5－0.51 m/s 2＝1 m/s 2，故B 错误；线圈ab 边长为L 2＝v 1＋v 22t ＝0.5＋1.52×1 m ＝1 m ，故C 错误；在第2 s 内流过线圈的电荷量为：q ＝ΔΦR ＝BL 1L 2R ＝2×0.2×12C ＝0.2 C ，故D 正确． 答案：AD二、非选择题(共62分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答)(一)必考题(共47分)22．(5分)为了测定滑块M 与长木板间的动摩擦因数，某同学将长木板的一端通过转轴固定在水平面上，另一端用垫块垫起形成一个倾角θ，在长木板的另一端固定一个定滑轮，在垫块上安装一个光电门，在重物m 上固定一个窄挡光条，通过一条轻质细线将重物和滑块连接起来并绕过定滑轮，如图所示．现让重物从某标记位置处由静止释放，它牵引滑块运动，若测得标记处与光电门间的距离为h ，宽度为d 的挡光条通过光电门的时间为t ，且M ＝m ，则滑块与长木板间的动摩擦因数为μ＝____________________．实验过程中h 越大．实验测量结果________(选填“越精确”“越不精确”或“都一样”)；在保持h 不变的情况下，调节垫块使倾角目越大，则实验测量结果________(选填“越精确”“越不精确”或“都一样”)．解析：根据题意知挡光条通过光电门的速度为v＝dt，重物下降h的过程中mgh－Mgh sin θ－μMgh cos θ＝12(m＋M)v2，联立解得μ＝1－sin θcos θ－d2ght2cos θ.实验过程中h越大，挡光条过光电门的时间越短，速度测量越准确，误差越小；倾角θ越大，滑块运动的加速度越小，挡光条经过光电门的时间越长，速度测量越不准确，误差越大．答案：1－sin θcos θ－d2ght2cos θ(3分)越精确(1分)越不精确(1分)23．(10分)如图甲所示，该电路在测量电源电动势和内阻的同时也能完成对未知电阻R x的测量．实验室提供的器材如下：A．待测电阻R x(约9 Ω)B．待测电源C．电阻箱(0～99.9 Ω)D．电压表V1(量程6 V，可以视为理想电表)E．电压表V2(量程3 V，内阻约4 kΩ)(1)如果纵坐标表示两个电压表读数之比U1U2，横坐标表示电阻箱的阻值R，实验结果的图象如图乙所示．则待测电阻R x＝________Ω(保留两位有效数字)．(2)在(1)问中，由于电压表V 2的分流，待测电阻R x 的测量值比真实值________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)．(3)如果纵坐标表示某电压表读数U ，横坐标表示两个电压表读数之差与电阻箱阻值的比值U 1－U 2R，实验结果的图象如图丙所示．其中能读出电源电动势和内电阻的是________(选填“A 图线”或“B 图线”)．两图线交点的横坐标为________A ，纵坐标为________V(结果均保留两位有效数字)．解析：(1)根据串联电路的分压原理可知：U 2R x ＝U 1R ＋R x ，故U 1U 2＝R x ＋R R x ＝1＋R R x ，所以纵轴截距为1，根据图象斜率k ＝1R x ＝3－116＝18，解得R x ＝8 Ω.(2)由于电压表V 2的分流，待测电阻R x 测量值比真实值偏小．(3)A 图线反映的是电源的特性，可知电动势为6 V ，内电阻r ＝61Ω＝6 Ω，B 图线反映的是阻值为8 Ω的定值电阻的UI 关系，两图线交点反映的是电源与定值电阻直接串联时的情况，交点的横坐标I ＝E R x ＋r ＝68＋6A ≈0.43 A ，纵坐标U ＝E －Ir ＝6 V －0.43×6 V ≈3.4 V . 答案：(1)8.0 (2)偏小 (3)A 图线 0.43 3.4(每空2分)24．(12分)在一个动物表演的娱乐节目中，小猫从平台边缘B 点水平跳出，抓住有水平固定轴的车轮的边缘上的P 点，运动到最低点C 时松开，便可落到浮于水面的小橡皮船D 上．如图所示，已知车轮半径R ＝43m ，B 与车轮转轴上O 点等高，OP 与水平方向成θ＝37°角，小猫抓住P 点时速度方向恰好垂直于OP ，小猫可看作质点，重力加速度g 取10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.(1)求小猫从B 点跳出的速度v 0及B 、O 间的水平距离x 1；(2)若小猫质量为m ＝1 kg ，h ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫43＋0.45 m ，小猫与车轮作用过程中小猫损失的机械能为5.3 J ，系统损失的机械能为2.3 J ，求x 2及车轮获得的机械能．解析：(1)B 点与O 点等高，由几何关系得：小猫竖直位移y ＝R sin 37°＝0.8 m ，(1分)B 、O 间水平距离x 1＝x ＋R cos 37°，(1分)小猫做平抛运动，x ＝v 0t ，y ＝12gt 2，(1分) v y ＝gt ，v 0＝v y tan 37°，(1分)解得v 0＝3 m/s ，x ＝1.2 m ，x 1＝2.27 m ；(2分)(2)从P 到C ，对小猫，由能量守恒定律得ΔE ＝12m v 2P ＋mgR (1－sin θ)－12m v 2C ，v P ＝v 0sin θ，(2分) 从C 到D ，小猫做平抛运动，则h －R ＝12gt ′2，x 2＝v C t ′，(1分) 设车轮获得的机械能为E ，对系统有ΔE ′＝ΔE －E ，(1分) 解得x 2＝1.5 m ，E ＝3 J ．(2分)答案：(1)3 m/s 2.27 m (2)1.5 m 3 J25．(20分)如图所示，直线y ＝x 与y 轴之间有垂直于xOy 平面向外的匀强磁场B 1，直线x ＝d 与y ＝x 间有沿y 轴负方向的匀强电场，电场强度E ＝1.0×104 V/m ，另有一半径R ＝1.0 m 的圆形匀强磁场区域，磁感应强度B 2＝0.20 T ，方向垂直坐标平面向外，该圆与直线x ＝d 和x 轴均相切，且与z 轴相切于S 点．一带负电的粒子从S 点沿y 轴的正方向以速度v 0进入圆形磁场区域，经过一段时间进入磁场区域B 1，且第一次进入磁场B 1时的速度方向与直线y ＝x 垂直．粒子速度大小v 0＝1.0×105m/s ，粒子的比荷为q m ＝5.0×105 C/kg ，粒子重力不计．求：(1)坐标d 的值；(2)要使粒子无法运动到x 轴的负半轴，则磁感应强度B 1应满足的条件．解析：(1)带电粒子在匀强磁场B 2中运动，由牛顿第二定律得：qB 2v 0＝m v 20r，解得：r ＝1 m ＝R .(2分) 粒子进入匀强电场以后，做类平抛运动，设水平方向的位移为x 1，竖直方向的位移为y 1，则：水平方向：x 1＝v 0t 2，(1分)竖直方向：y 1＝12at 22＝v y 2t 2，(1分) 其中：a ＝qE m联立解得：x 1＝2 m ，y 1＝1 m ．(1分)带电粒子运动轨迹如图所示：由几何关系得：d ＝R ＋y 1＋x 1＝4 m ．(1分)(2)①设当匀强磁场磁感应强度为B 3时，粒子从电场垂直边界进入匀强磁场后，轨迹与y 轴相切，粒子将无法运动到x 轴负半轴，此时粒子在磁场中运动半径为r 1，运动轨迹如图所示：由几何关系得：r 1＋2r 1＝2d －2x 1，解得：r 1＝(4－22) m ，(2分)由牛顿第二定律得：qB 3·2v 0＝m （2v 0）2r 1，(2分) 解得：B 3＝0.24 T ；(2分)②设当匀强磁场磁感应强度为B 4时，粒子垂直打在y 轴上，粒子将无法运动到x 轴负半轴，粒子在磁场中运动半径为r 2，由如图所示几何关系得：r 2＝2d －2x 1＝2 2 m ，(2分)由牛顿第二定律得：qB 4·2v 0＝m （2v 0）2r 2，(2分) 解得：B 4＝0.10 T ．(2分)综上所述，要使粒子无法运动到x 轴的负半轴，则磁感应强度B 1，应满足的条件是：0<B1≤0.10 T或B1≥0.24 T．(2分)答案：(1)4 m(2)0<B1≤0.10 T或B1≥0.24 T(二)选考题(共15分．请考生从2道物理题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分)33．[物理—选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________(填正确答案标号．选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)．A．分子力减小时，分子势能也一定减小B．只要能减弱分子热运动的剧烈程度，物体的温度就可以降低C．扩散和布朗运动的实质是相同的，都是分子的无规则运动D．一定质量的理想气体，在温度不变而体积增大时，单位时间碰撞容器壁单位面积的分子数一定减少E．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体(2)(10分)图示为一上粗下细且下端开口的薄壁玻璃管，管内有一段被水银密闭的气体，下管足够长，图中管的截面积分别为S1＝2 cm2、S2＝1 cm2，管内水银长度为h1＝h2＝2 cm，封闭气体长度L＝10 cm.大气压强为p0＝76 cmHg，气体初始温度为300 K．若缓慢升高气体温度，试求：(ⅰ)当粗管内的水银刚被全部挤出时气体的温度；(ⅱ)当气体温度为525 K时，水银柱上端距玻璃管底部的距离．解析：(1)分子力减小，若分子力是斥力，则分子力做正功，分子势能减小，若分子是引力，则分子力做负功，分子势能增大，选项A 错误；温度是分子平均动能的标志，温度越高分子运动越剧烈，同样减弱分子运动的剧烈程度，温度就可以降低，选项B正确；布朗运动是液体分子无规则运动的体现，“运动”并不直接指分子的热运动，而是指小颗粒被分子撞击后的运动，而扩散运动中的“运动”则指分子的无规则运动，选项C错误；温度不变，分子平均动能不变，当体积增大时，单位时间碰撞到单位面积上的分子个数一定减少，选项D正确；热量能自发地从高温物体传给低温物体，符合热力学第二定律中关于“热传导是有方向的”规律，热量虽然不能自发地从低温物体传到高温物体，但在一定外加条件下，也能做到“从低温物体传到高温物体”，选项E正确．(2)(ⅰ)设全部进入细管水银长度为x，V液＝h1S1＋h2S2＝xS2，得x＝h1S1＋h2S2S2＝6 cm，(1分)p1＝p0－(h1＋h2)＝72 cmHg，p2＝p0－x＝70 cmHg，(1分)由理想气体状态方程p1V1T1＝p2V2T2，(2分)代入数据T2＝p2V2T1p1V1＝350 K；(1分)(ⅱ)从T2＝350 K到T3＝525 K，经历等压过程V2 T2＝V3T3，(2分)设水银上表面离粗细管接口处的高度为y，y＝（L＋h1）T3S1－（L＋h1）T2S1T2S2＝12 cm，(2分)所以水银上表面离玻璃管底部的距离h＝y＋L＋h1＝24 cm.(1分)答案：(1)BDE(2)见解析34．[物理—选修3－4](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)．A．频率越高，振荡电路向外辐射电磁波的本领越大B．高级照相机镜头在阳光下呈现淡紫色是光的偏振现象C．玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的干涉现象D．a、b两束光分别照射同一双缝干涉装置，在屏上得到的干涉图样中，a光的相邻亮条纹间距比b光的小，由此可知，在同种玻璃中b光传播速度比a光大E．让黄光、蓝光分别以相同角度斜射向同一平行玻璃砖，光从对侧射出时，两种光的偏转角都为零，但蓝光的侧移量更大(2)(10分)如图所示，t＝0时，位于原点O处的波源，从平衡位置(在x轴上)开始沿y轴正方向做周期T＝0.2 s、振幅A＝4 cm的简谐运动．该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，当平衡位置坐标为(9 m，0)的质点P刚开始振动时，波源刚好位于波谷．求：①求质点P在开始振动后的Δt＝1.05 s内通过的路程；②该简谐波的最大波速；③若该简谐波的波速为v＝12 m/s，Q质点的平衡位置坐标为(12m ，0)(在图中未画出)．请写出以t ＝1.05 s 时刻为新的计时起点的Q 质点的振动方程．解析：(1)频率越高，振荡电路向外辐射电磁波的能量越多，即向外辐射电磁波的本领越大，选项A 正确；高级照相机镜头在阳光下呈现淡紫色是光的薄膜干涉现象，选项B 错误；玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的全反射现象，选项C 错误；a 、b 两束单色光分别照射同一双缝干涉装置，在屏上得到的干涉图样中，a 光的相邻亮条纹间距比b 光的小，根据双缝干涉条纹间隔公式，可知相邻亮条纹间距较小的a光波长较小，频率较高，故a 光在玻璃中的折射率较大．由n ＝c v 可知，在同种玻璃中b 光传播速度比a 光大，选项D 正确；让黄光、蓝光分别以相同的角度斜射向同一平行玻璃砖，光从对侧射出时，两种光都侧移，两种光的偏转角都为零，由于蓝光在玻璃砖中的折射率较大，蓝光的侧移量更大，选项E 正确．(2)①由于P 从平衡位置开始运动，且Δt T ＝214，(1分) 即Δt ＝5T ＋14T ，(1分) 所以，P 在开始振动后的Δt ＝1.05 s 内通过的路程为s ＝5×4A ＋A ＝21A ＝84 cm ；(2分)②设该简谐波的波速为v ，OP 间的距离为Δx ，由题意可得Δx ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫n ＋34λ＝9 m(n ＝0，1，2，…)，(1分) 所以v ＝λT ＝1804n ＋3m/s(n ＝0，1，2，…)，(1分) 当n ＝0时，该波的波速最大，v m ＝60 m/s ；(1分)③波从波源传至(12 m ，0)点所用时间t1＝xv＝1212s＝1 s，(1分)再经t2＝t－t1＝0.05 s，即再经14T时，Q位于波峰位置，(1分)则以此时刻为计时起点，Q的振动方程为y＝0.04 cos(10πt)m.(1分)答案：(1)ADE(2)①84 cm②60 m/s ③y＝0.04 cos(10πt)m。
2020年高考理综模拟押题卷（物理部分）（全国Ⅱ卷）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项是符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1. ( 6分) 关于功，下列说法中正确的是（）A. 因为功有正负，所以功是矢量B. 力对物体不做功，说明物体一定无位移C. 功的多少是由力的大小和物体在力的方向上的位移的大小确定的D. 力对物体做功少，说明物体的受力一定小2. ( 6分) （2017•新课标Ⅱ）一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为→ + ，下列说法正确的是（）A. 衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B. 衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C. 铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D. 衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量3. ( 6分) 如图所示，一个物体沿固定斜面匀速下滑，关于物体所受的力，下列说法中正确的是（）A. 物体所受合力的方向沿斜面向下B. 物体所受重力和支持力的合力的方向沿斜面向下C. 物体所受的重力和支持力大小相等D. 物体匀速下滑的速度越大，表明它所受的摩擦力越小4. ( 6分) 跳台滑雪就是运动员脚着特制的滑雪板，沿着跳台的倾斜助滑道下滑，以一定的速度从助滑道水平末端滑出，使整个身体在空中飞行约后，落在着陆坡上，经过一段减速运动最终停在终止区，如图所示是运动员跳台滑雪的模拟过程图，设运动员及装备总质量为60kg，由静止从出发点开始自由下滑，并从助滑道末端水平飞出，着陆点与助滑道末端的竖直高度为，着陆瞬时速度的方向与水平面的夹角为设助滑道光滑，不计空气阻力，则下列各项判断中错误的是()A. 运动员含装备着地时的动能为B. 运动员在空中运动的时间为C. 运动员着陆点到助滑道末端的水平距离是D. 运动员离开助滑道时距离跳台出发点的竖直高度为80m5. ( 6分) 如图是科学史上一张著名的实验照片，显示一个带电粒子在云室中穿过某种金属板运动的径迹．云室旋转在匀强磁场中，磁场方向垂直照片向里．云室中横放的金属板对粒子的运动起阻碍作用．分析此径迹可知粒子()A. 带正电，由下往上运动B. 带正电，由上往下运动C. 带负电，由上往下运动D. 带负电，由下往上运动6. ( 6分) （2017•新课标Ⅱ）如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M，N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经M，Q到N的运动过程中（）A. 从P到M所用的时间等于B. 从Q到N阶段，机械能逐渐变大C. 从P到Q阶段，速率逐渐变小D. 从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功7. ( 6分) （2017•新课标Ⅱ）两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直．边长为0.1m、总电阻为0.005Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行，如图（a）所示．已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t=0时刻进入磁场．线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）．下列说法正确的是（）A. 磁感应强度的大小为0.5 TB. 导线框运动速度的大小为0.5m/sC. 磁感应强度的方向垂直于纸面向外D. 在t=0.4s至t=0.6s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1N8. ( 6分) 电磁轨道炮工作原理如图所示．待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触．电流I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回．轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面得磁场（可视为匀强磁场），磁感应强度的大小与I成正比．通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出．现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的方法是（）A. 只将轨道长度L变为原来的2倍B. 只将电流I增加至原来的2倍C. 只将弹体质量减至原来的一半D. 将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变二、非选择题：第9～12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13～14题为选考题，考生根据要求作答．9. ( 5分) 如图所示是研究匀变速直线运动的实验中得到的一条纸带，记录了小车所作的一段匀减速直线运动，从纸带上点迹清晰的地方选择一点0，从0点开始每5个点取一个计数点，并标上0、1、2、3、4、5、6，量得s1=1.31cm，s2=1.79cm，s3=2.28cm，s4=2.80cm，s5=3.27cm，s6=3.81cm．根据数据进行下列计算或判断：（计算结果保留3位有效数字）（1）测量时纸带的________端（填“左”或“右”）固定在小车上；（2）打计数点3时小车的瞬时速度v=________m/s；（3）小车的加速度a=________m/s2．10. ( 11分) （2016•新课标Ⅰ）现要组装一个由热敏电阻控制的报警系统，当要求热敏电阻的温度达到或超过60℃时，系统报警．提供的器材有：热敏电阻，报警器（内阻很小，流过的电流超过I C时就会报警），电阻箱（最大阻值为999.9Ω），直流电源（输出电压为U，内阻不计），滑动变阻器R1（最大阻值为1000Ω），滑动变阻器R2（最大阻值为2000Ω），单刀双掷开关一个，导线若干．在室温下对系统进行调节，已知U约为18V，I C约为10mA；流过报警器的电流超过20mA时，报警器可能损坏；该热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在60℃时阻值为650.0Ω．（1）在答题卡上完成待调节的报警系统原理电路图的连线．（2）在电路中应选用滑动变阻器________（填“R1”或“R2”）．（3）按照下列步骤调节此报警系统：①电路接通前，需将电阻箱调到一定的阻值，根据实验要求，这一阻值为________Ω；滑动变阻器的滑片应置于________（填“a”或“b”）端附近，不能置于另一端的原因是________．②将开关向________（填“c”或“d”）端闭合，缓慢移动滑动变阻器的滑片，直至________．③保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关向另一端闭合，报警系统即可正常使用．11. ( 12分)（2017•新课标Ⅱ）为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1（s1＜s0）处分别设置一个挡板和一面小旗，如图所示．训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以速度v0击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板：冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗．训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为v1．重力加速度为g．求（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；（2）满足训练要求的运动员的最小加速度．12. ( 19分) （2017•新课标Ⅱ）如图，两水平面（虚线）之间的距离为H，其间的区域存在方向水平向右的匀强电场．自该区域上方的A点将质量为m、电荷量分别为q和﹣q（q＞0）的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出．小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开．已知N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N刚离开电场时的动能的1.5倍．不计空气阻力，重力加速度大小为g．求（1）M与N在电场中沿水平方向的位移之比；（2）A点距电场上边界的高度；（3）该电场的电场强度大小．13. ( 15分) （2017•新课标Ⅱ）[物理--选修3-3]（1）如图，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空．现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸．待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积．假设整个系统不漏气．下列说法正确的是（）A. 气体自发扩散前后内能相同B. 气体在被压缩的过程中内能增大C. 在自发扩散过程中，气体对外界做功D. 气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E. 气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变（2）一热气球体积为V，内部充有温度为T a的热空气，气球外冷空气的温度为T b．已知空气在1个大气压、温度为T0时的密度为ρ0，该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大小为g．（i）求该热气球所受浮力的大小；（ii）求该热气球内空气所受的重力；（iii）设充气前热气球的质量为m0，求充气后它还能托起的最大质量．14. ( 15分) [物理--选修3-4]如图所示，截面为半圆形的玻璃砖直径AB长度为d=20em，长直尺MN紧靠玻璃砖B点放置，与玻璃砖直径边缘垂直東由a和b两种色光组成的细光束沿半径方向射向圆心0处，结果在直尺上出现了三个亮点C、D、E.已知该玻璃砖对a光的折射率。
2020年名校联盟高考冲刺物理模拟试题二及答案满分110分，时间60分钟第Ⅰ卷(选择题共48分)二、选择题（本题包括8小题，共48分。
每小题给出的四个选项中，14～17题只有一个选项符合题意，18～21题有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）14、下列说法正确的是A．质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2、m3，则质子与中子结合为氘核的反应是人工核转变，放出的能量为（m3－m1－m2）c2B．交流发电机由产生感应电动势的线圈（通常叫做电枢）和产生磁场的磁体组成，分为旋转电枢式发电机和旋转磁极式发电机，能够产生几千伏到几万伏的电压的发电机都是旋转电枢式发电机C．1927年戴维孙和汤姆孙分别利用晶体做了电子束衍射实验，证实了电子的波动性并提出实物粒子也具有波动性D. 玻尔将量子观念引入原子领域，提出了轨道量子化与定态的假设，成功地解释了氢原子光谱的实验规律15.在光滑圆锥形容器中,固定了一根光滑的竖直细杆，细杆与圆锥的中轴线重合，细杆上穿有小环（小环可以自由转动,但不能上下移动），小环上连接一轻绳，与一质量为m的光滑小球相连，让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动，并与圆锥内壁接触。
如图所示，图a中小环与小球在同一水平面上，图b中轻绳与竖直轴成θ（θ<90°）角。
设图a和图b中轻绳对小球的拉力分别为T a和T b，圆锥内壁对小球的支持力分别为N a和N b，则在下列说法中正确的是一定为零，T b一定为零A.TB. N a不一定为零，N b可以为零C. T a、T b是否为零取决于小球速度的大小D.N a、N b的大小与小球的速度无关16. 甲、乙图分别表示两种电压的波形，其中甲图所示的电压按正弦规律变化。
下列说法正 确的是A.甲图表示交流电，乙图表示直流电B.甲图电压的有效值为220 V,乙图电压的有效值小于220 VC.乙图电压的瞬时值表达式为sin100πt VD.甲图电压经过匝数比为1 : 10的变压器变压后，频率变为原来的10倍17．一方形木板置在水平地面上，在方形木板的上方有一条状竖直挡板，挡板的两端固定于水平地面上，挡板跟木板之间并不接触。
2020年高考物理模拟试卷1(满分：100分，时间：90分钟)一、选择题(本题共16小题，共38分，第1～10小题为单选题，每小题2分，第11～16小题为多选题，每小题3分)1．在国际单位制中，电荷量的单位是库仑，符号是C，静电力常量k＝9.0×109 N·m2/C2。
关于电荷量与库仑力，下列说法不正确的是()A．两个电荷量为1 C的点电荷在真空中相距1 m时，相互作用力相当于地球上九十万吨的物体所受的重力B．我们几乎不可能做到使相距1 m的两个物体都带1 C的电荷量C．在微观带电粒子的相互作用中，库仑力比万有引力强得多D．库仑定律的公式和万有引力定律的公式在形式上很相似，所以它们是性质相同的两种力D[库仑定律的公式和万有引力定律的公式在形式上很相似，但是它们是性质不相同的两种力，选项D说法不正确，其他说法正确。
]2．如图所示，弹簧振子在a、b两点间做简谐振动，当振子从平衡位置O 向a运动过程中()A．加速度和速度均不断减小B．加速度和速度均不断增大C．加速度不断增大，速度不断减小D．加速度不断减小，速度不断增大C[在振子由O到a的过程中，其位移不断增大，回复力增大，加速度增大，但是由于加速度与速度方向相反，故速度减小，因此选项C正确。
]3.如图所示，摩天轮是游乐场的一种大型转轮状设施，摩天轮边缘悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动，下列叙述正确的是()A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B．摩天轮转动一周的过程中，乘客所受合外力的冲量为零C．在最低点，乘客处于失重状态D．摩天轮转动过程中，乘客所受的重力的瞬时功率保持不变B[乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动，乘客的动能保持不变，机械能变化，选项A错误；摩天轮转动一周的过程中，乘客动量不变，根据动量定理可知，乘客所受合外力的冲量为零，选项B正确；在最低点，乘客的加速度竖直向上，处于超重状态，选项C错误；摩天轮转动过程中，乘客速度的方向时刻在变化，根据瞬时功率的定义可知，乘客所受的重力的瞬时功率时刻在变化，选项D错误。
陕西省达标名校2020年高考二月仿真备考物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．自然界的电、磁现象和热现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。
下列说法正确的是（）A．安培发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B．欧姆发现了欧姆定律，揭示了热现象和电现象之间的联系C．法拉第发现了电流与其产生磁场的方向关系，并提出了电流产生磁场的“分子电流假说”D．库仑设计了电荷扭秤实验，并总结出了电荷间相互作用规律的“库仑定律”2．一开口向下导热均匀直玻璃管，通过细绳悬挂在天花板上，玻璃管下端浸没在固定水银槽中，管内外水银面高度差为h，下列情况中能使细绳拉力增大的是（）A．大气压强增加B．环境温度升高C．向水银槽内注入水银D．略微增加细绳长度，使玻璃管位置相对水银槽下移3．在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。
下列说法正确的是（）A．查德威克用α粒子轰击铍原子核，发现了质子B．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子核有复杂的结构C．汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现阴极射线是原子核中的中子变为质子时产生的 射线D．居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（Po）和镭（Ra）两种新元素4．质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具．如图所示为质谱仪的原理示意图，现利用质谱仪对氢元素进行测量．让氢元素三种同位素的离子流从容器A下方的小孔s无初速度飘入电势差为U的加速电场．加速后垂直进入磁感强度为B的匀强磁场中．氢的三种同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三条“质谱线”．则下列判断正确的是()A．进入磁场时速度从大到小排列的顺序是氕、氘、氚B ．进入磁场时动能从大到小排列的顺序是氕、氘、氚C ．在磁场中运动时间由大到小排列的顺序是氕、氘、氚D ．a 、b 、C 三条“质谱线”依次排列的顺序是氕、氘、氚5．2019年2月15日，一群中国学生拍摄的地月同框照，被外媒评价为迄今为止最好的地月合影之一。
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二年名校模拟·一年权威预测【模拟演练】1.(2012·聊城模拟)如图所示的四种随时间变化的电流图象，其中属于交变电流的是( )2.(2012·西城模拟)如图所示为一理想变压器在两种情况下工作的示意图.其中灯泡L2、L3的功率均为P，且L1、L2、L3为相同的灯泡，原、副线圈匝数比为n1∶n2=4∶1，则图甲中L1的功率和图乙中L1的功率分别为( )A.P，PB.16P，1P4C.1P4， 16P D.16P，4P3.(2012·镇江模拟)如图所示，L1和L2是输电线，用电压互感器和电流互感器测输电功率.若已知甲的两线圈匝数比为 50∶1，乙的两线圈匝数比为1∶20，并且已知加在电压表两端的电压为220 V，通过电流表的电流为5 A，则以下说法正确的是( )A.甲是电压互感器，乙是电流互感器B.乙是电压互感器，甲是电流互感器C.输电线的输送功率为1.21×107 WD.输电线的输送功率为1.1×106 W4.(2012·佛山模拟)为探究理想变压器原副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示，当开关S闭合后( )A.A1示数变大，A1与A2示数的比值不变B.A1示数变大，A1与A2示数的比值变大C.V2示数变小，V1与V2示数的比值变大D.V2示数变小，V1与V2示数的比值不变5.(2012·德州模拟)夏天由于用电器的增多，每年都会出现“用电荒”，只好拉闸限电.若某发电站在供电过程中，用电高峰时输电的功率是正常供电的2倍，输电线电阻不变，下列说法正确的是( )A.若输送电压不变，则用电高峰时输电电流为正常供电时的2倍B.若输送电压不变，则用电高峰时输电线损失的功率为正常供电时的2倍C.若用电高峰时的输送电压变为正常供电的2倍，则此时输电电流为正常供电时的4倍D.若用电高峰时的输送电压变为正常供电的2倍，则此时输电线损失的功率为正常供电时的4倍6.(2012·杭州模拟)如图所示,水平铜盘半径为r,置于磁感应强度为B,方向竖直向下的匀强磁场中,铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动,铜盘的边缘及中心处分别通过滑动变阻器R1与理想变压器的原线圈相连,该理想变压器原、副线圈的匝数比为n∶1,变压器的副线圈与电阻为R2的负载相连,则( )A.变压器原线圈两端的电压为Br2ω/2B.若R1不变时,通过负载R2的电流强度为0C.若R1不变时,变压器的副线圈磁通量为0D.若R1变化时,通过负载R2的电流强度为通过R1电流的1n7.(2012·常州模拟)两只相同的电阻,分别通入正弦交流电和方形波的交流电.两种交变电流的最大值相等,波形如图所示,在正弦交流电的一个周期内,正弦交流电在电阻上产生的焦耳热Q1与方形波交流电在电阻上产生的焦耳热Q2之比为( )A.3∶1B.1∶2C.2∶1D.4∶38.(2012·无锡模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为k，输出端接有一交流电动机，其线圈的电阻为R.将原线圈接在正弦交流电源两端，变压器的输入功率为P0时，电动机恰好能带动质量为m的物体以速度v匀速上升，此时理想电流表A的示数为I.若不计电动机摩擦带来的能量损耗，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )A.电动机输出的机械功率为P0B.变压器的输出功率为mgvC.副线圈两端电压的有效值为0kPID.整个装置的效率为mgvP9.(2012·烟台模拟)如图甲所示，变压器原副线圈的匝数比为3∶1，L1、L2、L3、L4为四只规格为“9 V，6 W”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，若灯泡L2正常发光.则以下说法中错误的是( )A.电流表的示数为2 AB.四只灯泡均能正常发光C.电压表的示数为36 VD.输入端交变电压u的图象可能如图乙所示10.(2011·深圳模拟)交流电源输出的电压U随时间t变化的图线如图所示，则下列说法正确的是( )A.交变电流的频率为50 HzB.交变电流的周期为2 sC.交变电压的最大值为220 2 VD.交变电压的有效值为220 2 V11.(2011·厦门模拟)处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直，在t=0时刻，线圈平面与纸面重合(如图所示)，线圈的cd边离开纸面向外运动，若规定方向为a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t 变化的图象是图中的( )12.(2011·汕头模拟)如图所示，电阻为r的矩形线圈面积为S，在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω匀速转动.匀强磁场的磁感应强度为B,t=0时刻线圈平面与磁场垂直，各电表均为理想交流电表，则( )A.滑片P下滑时，电压表的读数不变B.图示位置线圈中的感应电动势最大C.线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为2BSR次D.1 s内流过R的电流方向改变ωπ13.(2011·盐城模拟)阻值为1Ω的电阻上通一交变电流，其i-t关系如图，则在0～1 s内电阻上产生的热量为( )A.1 JB.1.5 JC.2 JD.2.8 J14.(2012·苏州模拟)北京奥运场馆的建设体现了“绿色奥运”的理念.如图所示，作为北京奥运会主场馆之一的国家体育馆“鸟巢”拥有9.1万个座位，其扇型屋面和大面积的玻璃幕墙不仅给人以赏心悦目之感.还隐藏着一座年发电量约为98 550 千瓦时的太阳能光伏发电系统，供给体育馆内的照明灯等使用.假如该发电系统的输出功率为1×105 W.求：(1)按平均每天太阳照射6小时计，该发电系统一年(365天计)能输出多少电能？(2)假若输出电压250 V，现准备向远处输电.所用输电线的总电阻为8 Ω，要求输电时在输电线上损失的电功率不超过输送电功率的5%.用户获得220 V电压，求应选用匝数比多大的升压变压器.15.(2011·连云港模拟)交流发电机的原理如图甲所示，闭合的矩形线圈放在匀强磁场中，绕OO′轴匀速转动，在线圈中产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，已知线圈的电阻为R＝2.0 Ω，求：(1)通过线圈导线的任一个横截面的电流的最大值是多少？(2)矩形线圈转动的周期是多少？(3)线圈电阻上产生的电热功率是多少？(4)保持线圈匀速运动，1 min内外界对线圈做的功是多少？【高考预测】交变电流是高考的必考内容，主要呈现以下命题趋势：(1)借助图象考查交流电的产生和描述.(2)变压器原理与电路分析相结合.(3)将本专题知识与生产、生活联系在一起，如远距离输电问题.命题预测如表：考查知识及角度高考预测交变电流的描述1、2变压器原理及应用3、4、6、8远距离输电5、71.如图甲所示，为一种可调压自耦变压器的结构示意图，线圈均匀绕在圆环形铁芯上，若AB间输入如图乙所示的交变电压，转动滑动触头P到如图甲中所示位置，在BC间接一个理想交流电压表(图甲中未画出)，则( )A.AB间输入的交流电的电压瞬时值表达式为u2202sin(100t) V=πB.该交流电的频率为100 HzC.t=1×10-2 s时电压表的读数为零D.BC间输出的电功率为零2.如图甲所示，为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅电子器件实现了无级调节亮度.给该台灯接最大值为220 V的正弦交流电后加在灯管两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为( )A.220 VB.110 VC.2 V D.2V3.如图所示的交流电路中，理想变压器原线圈输入电压为U1，输入功率为P1，输出功率为P2，各交流电表均为理想电表.当滑动变阻器R的滑动触头向下移动时( )A.灯L变亮B.各个电表读数均变小C.因为U1不变，所以P1不变D.P1变大，且始终有P1=P24.在家用交流稳压器中，变压器的原、副线圈都带有滑动头P1、P2，如图所示.当变压器输入电压发生变化时，可以上下调节P1、P2的位置，使输出电压稳定在220 V上.现发现输出电压低于220 V，下列措施正确的是( )A.P1不动，将P2向上移动B.P2不变，将P1向上移动C.将P1向下移动，同时P2向上移动D.将P1向上移动，同时P2向下移动5.水力发电具有防洪、防旱、减少污染多项功能，是功在当代、利在千秋的大事，现在水力发电已经成为我国的重要能源之一.某小河水流量为40 m3/s，现欲在此河段安装一台发电功率为1 000 千瓦的发电机发电. (1)设发电机输出电压为500 V，在输送途中允许的电阻为5 Ω，允许损耗总功率的5%，则所用升压变压器原、副线圈匝数比应是多少？(2)若所用发电机总效率为50%，要使发电机能发挥它的最佳效能，则拦河坝至少要建多高？(g取10 m/s2)6.如图所示的降压变压器的原线圈匝数与副线圈的匝数之比是3∶1，原线圈的输入电压为660 V，副线圈的电阻为0.2 Ω，这台变压器供给100盏“220 V，60 W”的电灯用电，求：(1)空载时副线圈的路端电压和输出功率. (2)接通时副线圈的路端电压. (3)每盏灯的实际功率.7.发电站通过升压变压器、输电导线和降压变压器把电能输送到用户，如果升压变压器和降压变压器都可视为理想变压器.(1)若发电机的输出功率是100 kW ，输出电压是250 V ，升压变压器的原、副线圈的匝数比为1∶25，求升压变压器的输出电压和输电导线中的电流. (2)若输电导线中的电功率损失为输入功率的4%，求输电导线的总电阻和降压变压器原线圈两端的电压. (3)计算降压变压器的输出功率.8.一个理想变压器原线圈输入功率为P 0=1 200 W ，原副线圈匝数比为12n 2n 1，其副线圈两端接一内阻为r=4 Ω的电动机，此电动机正以速度v=0.8 m/s 匀速向上提升质量为m=100 kg 的重物，已知重力加速度g=10 m/s 2，则变压器原线圈两端的电压为多大？答案解析【模拟演练】1.【解析】选C 、D.交变电流是大小方向都随时间变化的电流，所以C 、D 正确，A 、B 仅是电流的大小发生变化而方向不变，故不属于交变电流.2.【解析】选B.对甲图，由n 1∶n 2=4∶1知U 1=4U 2，由22211U U P P 16P R R===得，对乙图：n 1I 1=n 2I 2+n 3I 3，2n 2I 2 =n 1I 1 ，22212221112n 11I I I P I R P I R P n 24==='==，由得，故B 项正确. 3.【解析】选A 、D.电压互感器并联在电路中，电流互感器串联在电路中，故甲是电压互感器，乙是电流互感器，A 对，B 错；由U 1∶U 2=n 1∶n 2得U 1=220×50 V=1.1×104 V ；由1221I n I n =得I 1=1.0×102 A.故输送功率P=I 1U 1=1.1×106 W ，D 对.4.【解析】选A.由于是理想变压器，开关闭合前后理想电压表的读数、比值均不变；由于并联负载个数增多，电阻减小，故A 1、A 2均增大，但比值不变，与变压器匝数成反比.故A 正确.5.【解析】选A.高压输电时P=UI ，I 是输送电路上的电流.用电高峰时，若输送电压不变，则I 为正常时的2倍，A 正确；高压线上的热耗功率ΔP=I 2R 线，则热耗功率变为正常时的4倍，B 错误；用电高峰时，若输送电压也加倍，则I 不变，与正常时相同，C 错误；由ΔP=I 2R 线，则热耗功率也不变，D 错误.6.【解析】选B.水平铜盘做匀速圆周运动,半径切割磁感线产生恒定的感应电动势相当于电源.当R 1不变时,变压器原线圈所加的是恒定电压,副线圈中的磁通量一定,磁通量的变化量为零,则副线圈电压为零,可知A 、C 错误,B 正确;当R 1变化时,原线圈所加的电压也发生变化,但由于原线圈所加的不是交流电压,其原、副线圈的电流关系不确定,故D 错误.7.【解析】选B.题图甲为正弦交流电,其有效值为1I ==题图乙为方波交流电,由于电流的热效应与电流的方向无关,所以其有效值为I 2=I m =1A,因此211222Q I RT 1,Q I RT 2==故B 正确.8.【解析】选D.变压器输出功率P 出=P 0，由于电动机内阻产生内热，电动机输出功率小于P 0，故A 、B 均错.副线圈两端电压02P U I=，C 错.装置效率等于有用值与总值的比，所以0mgvP η=，D 正确. 9.【解析】选C.若L 2正常发光，则L 3、L 4也正常发光，电流表示数6I 39=⨯A=2 A ，A 正确.由1221I n I n =可知，原线圈电流112I 2 A A 33=⨯=，等于L 1的额定电流，即L 1正常发光，B 正确，由P 入=P 出知：12U 363⨯=⨯知：U 1=27 V ，C 错.输入端电压有效值U 0=(9+27) V=36 V ，故输入端交变电压u 的图象可能是图象乙，D 正确.【方法技巧】分析理想变压器综合问题的必备法宝 (1)三个等式： ①功率：P 入=P 出 ②电压：1212U U n n ==… ③电流：n 1I 1=n 2I 2+n 3I 3+… (2)四个决定：①原线圈电压U 1由提供原线圈电压的电源决定.②副线圈电压U 2由原线圈电压及匝数比决定，与副线圈所接负载无关.③副线圈电流I 2由副线圈电压和副线圈所接负载决定. ④原线圈电流I 1由副线圈中的电流决定.10.【解析】选A 、C.由图象可知，交流电的周期为T=2×10-2 s ，则频率1f 50 Hz T==，交变电压最大值为，有效值为220 V ，故选项A 、C 正确.11.【解析】选C.分析交变电流的图象问题应注意图线上某一时刻对应的线圈在磁场中的位置，将图线描述的变化过程对应到线圈所处的具体位置是分析本题的关键，线圈在图示位置时磁通量为零，但感应电流为最大值；再由楞次定律可判断线圈在转过90°的过程中，感应电流方向为正，故选项C 正确.12.【解析】选D.滑片P 下滑时，外电阻增大，电压表的读数变大，选项A 错误；图示位置穿过线圈的磁通量最大，感应电动势为零，选项B 错误；线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R 的电荷量为2BSR r+，选项C 错误；一个周期内两次通过中性面，电流方向改变两次，交流电的频率为2ωπ，1 s 内流过R 的电流方向改变ωπ次，选项D 正确. 13.【解析】选D.0～1 s 内产生的热量为 Q=(12×1×0.4+22×1×0.6) J =2.8 J ，故选D.14.【解析】(1)P=1×105 W ，t=365×6 h E=Pt=2.19×105 kW ·h 或E=7.884×1011 J (2)依题意作出如图输电示意图.升压变压器原线圈的电流为511P 110I A 400 A U 250⨯===当输电线上损失的电功率为输送电功率的5%时，输电线中的电流为222I I R 5%P =⨯线，则所以525%P 0.05110 I A 25 A R 8⨯⨯⨯===线升压变压器的匝数比为：1221n I 25116n I 400===∶ 答案:(1)2.19×105 kW ·h 或7.884×1011 J (2)1∶16 【方法技巧】远距离输电三种类型的分析方法(1)第一类是由发电机→升压变压器→输电线→降压变压器→用电器的顺序分析.(2)第二类是由用电器到发电机的顺序逆向分析.(3)第三类中间突破，即由输电线上的功率损失求出输电线上的电流，也就是流过升压变压器副线圈和降压变压器原线圈的电流，再由理想变压器的工作原理去推断发电和用电的问题.15.【解题指南】解答该题应把握以下三点： (1)电动势或电流的最大值表达式. (2)计算电热或功率用有效值. (3)外界做功等于电热.【解析】(1)由i-t 图可知通过线圈导线的任一个横截面的电流的最大值I m = 2.0 A.(2)矩形线圈转动的周期T=4.0×10-3s.(3)由有效值I =线圈电阻上产生的电热功率为22m I P I R R 4 W.2===(4)外界对线圈做的功转化成电能再转化成电热，1 min 内外界对线圈做的功W ＝Pt ＝240 J. 答案:(1)2.0 A (2)4.0×10－3 s (3)4 W (4)240 J【高考预测】1.【解析】选A 、D.由乙图可读出交流电的最大值为m U =，周期T=2×10-2s ，2100rad /s.Tπω==π则交流电的电压瞬时值表达式m u U sin t t) V =ω=π，A 正确.由1f 50 Hz T==，知B 错.因电压表测交流电电压时，读数为交流电的有效值，不能读出瞬时值，所以读数为220 V ，则C 错.由于BC 间接理想电压表，R V 无穷大，则2VU P 0R ==，D 正确. 2.【解析】选B.设电压的有效值为U ，2T U ·T 2R=，解得U=110 V ，则B 正确.3.【解析】选D.当R 的滑动触头向下移动时，负载电阻变小，总电阻变小，电流变大，R 0两端电压变大.V 的示数减小，L 变暗.A 的示数变大，故A 、B 错.总电流变大，功率变大，C 错.理想变压器P 1=P 2，D 正确.4.【解析】选A 、C.理想变压器的原副线圈电压之比等于匝数之比，输入电压不变，减少原线圈匝数和增加副线圈匝数都可以增大副线圈的输出电压，A、C正确.5.【解析】(1)设送电电流为I，损耗的功率为P耗，导线电阻为R线，由P耗=I2R线得：I100 A===设送电电压为U送，由P=IU送得：34P 1 00010U V110 VI100⨯===⨯送则升压变压器原、副线圈匝数比：n U U5001.n U U10 00020====原原原副副送(2)发电时水的重力势能转化为电能，故：50%mgh=Pt其中：34m V11040 kg/s410 kg/st t=ρ=⨯⨯=⨯所以34Pt 1 00010h m 5 m.mg0.5410100.5⨯===⨯⨯⨯⨯答案:(1)1∶20 (2)5 m6.【解析】(1)将变压器视为理想变压器，设空载时副线圈的路端电压为U2由22221111n U nU U220 Vn U n===，得到因为空载，副线圈的负载电阻R2→∞，副线圈中的电流为零，即I2=0，所以P=I 2U 2=0.(2)接通电路后，100盏灯并联的总电阻为2U P R R 8.07 100100==≈Ω额额外 副线圈中的电流22U I 26.6 A R R '=≈+外线副线圈的路端电压 U ′2=I ′2R 外≈214.66 V. (3)每盏灯的实际功率为212I P U 57.1 W.100'='≈ 答案:(1)220 V 0 (2)214.66 V (3)57.1 W【误区警示】解决非理想变压器问题时易出现的错误由于副线圈有电阻，所以解答本题容易产生的误区是不能将副线圈回路等效为有内阻的电源所构成的闭合回路，从而导致误解.需要注意的是该变压器不是理想变压器,在副线圈上有电能消耗而变成内能,此时变压器的输入功率大于输出功率,但变压器的变压比和变流比仍然成立. 7.【解析】(1)对升压变压器，由公式12221121U U n 25U U 250 V 6 250 V n n n 1===⨯=知， 521222P P 10I A 16 A.U U 6250====(2)因为221P I R 0.04P ==耗线，所以12220.04P 4 000R 15.625I 16==Ω=Ω线 因为ΔU=U 2-U 3=I 2R 线所以U 3=U 2-I 2R 线=6 000 V. (3)P 4=P 1-P 耗=0.96P 1=96 kW. 答案:(1)6 250 V 16 A(2)15.625 Ω 6 kV(3)96 kW8.【解析】由能量守恒知，理想变压器原线圈输入功率等于输出功率，又等于电动机的输入功率.据题意知P 0-mgv=I 2r ，式中I 为变压器的输出电流，即电动机的输入电流.得I 10 A ==， 变压器的输出电压为02P U 120 V.I== 设变压器原线圈两端的电压为U 1， 据题意知1122U n 2U n 1==， 则1122n U U 240 V.n == 答案:240 V。
