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高考物理二轮专题复习与测试：专题强化练(二) Word版含解析.doc

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专题强化练(二) 力与直线运动考点1 匀变速直线运动1．在离地高h 处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v ，不计空气阻力，两球落地的时间差为( )A.2v gB.v gC.2h vD.h v解析：根据竖直上抛运动的对称性，可知向上抛出的小球落回到出发点时的速度也是v ，之后的运动与竖直下抛的物体运动情况相同．因此上抛的小球比下抛的小球多运动的时间为：t ＝－v －v －g＝2v g ，A 项正确．答案：A2．大雾天气的时候高速公路经常封道，否则会造成非常严重的车祸．如果某人大雾天开车在高速上行驶，设能见度(观察者与能看见的最远目标间的距离)为50 m ，该人的反应时间为0.5 s ，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5 m/s 2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度为 ( )A ．25 m/sB ．20 m/sC ．15 m/sD ．10 m/s解析：设汽车行驶的最大速度为v ，则v t 0＋v 22a ＝x ，即0.5v ＋v 22×5＝50，解得v ＝20 m/s ，选项B 正确．答案：B考点2图象问题3．(2018·无锡测试)一质点由静止开始做直线运动的v－t关系图象如图所示，则该质点的x－t关系图象可大致表示为下图中的()解析：根据位移图象中图线的斜率表示速度可知，该质点的x－t关系图象可大致表示为B图．答案：B4．如图所示，为三个运动物体的v－t图象，其中A、B两物体是从不同地点出发，A、C是从同一地点出发，则以下说法正确的是()A．A、C两物体的运动方向相反B．t＝4 s时，A、B两物体相遇C．t＝4 s时，A、C两物体相遇D．t＝2 s时，A、B两物体相距最远解析：在t＝4 s之前，A、B、C三个物体开始阶段速度方向均为正，方向相同；当t＝4 s时，A、B两物体发生的位移相同，但由于两物体不是从同一地点出发，因此此时两者并没有相遇，而A、C 两物体是同时同地出发，此时两者的位移也相等，故此时两物体相遇；当t＝2 s时，A、B两物体的速度相同，此时应当为两者之间距离的一个极值，但由于初始状态不清，没有明确A、B谁在前，故有“相距最远”和“相距最近”两种可能，因此D错．答案：C5．(多选)(2018·桂林、崇左联考)水平力F方向确定，大小随时间的变化如图(a)所示，用力F拉静止在水平桌面上的物块，在F从0开始逐渐增大的过程中，物块的加速度a随时间t变化的图象如图(b)所示．重力加速度大小为10 m/s2，最大静摩擦力大于滑动摩擦力．由图可知()A．物块与水平桌面间的最大静摩擦力为3 NB．物块与水平桌面间的动摩擦因数为0.1C．物块的质量m＝2 kgD．在0～4 s时间内，合外力的冲量为12 N·s解析：由题图(b)可知，t＝2 s时物块刚开始运动，静摩擦力最大，最大静摩擦力等于此时的拉力，由题图(a)易知最大静摩擦力为6 N，故A错误；由题图(b)知：当t＝2 s时，a＝1 m/s2，F＝6 N，根据牛顿第二定律得：F－μmg＝ma，代入得：6－μm×10＝m.当t＝4 s时，a ＝3 m/s 2，F ＝12 N ，根据牛顿第二定律得：F －μmg ＝ma ，代入得：12－μm ×10＝3m .联立解得μ＝0.1，m ＝3 kg ，故B 正确，C 错误；a －t 图象与时间轴所围的面积表示速度的变化量，则0～4 s 内物块速度的增量为Δv ＝1＋32×(4－2)m/s ＝4 m/s ，t ＝0时刻速度为0，则物块在第4 s 末的速度为4 m/s ；根据动量定理，得0～4 s 内合外力的冲量为：ΔI ＝Δp ＝m Δv ＝3×4 N ·s ＝12 N ·s ，故D 正确．答案：BD6．(2018·黄冈质检)如图所示，在水平地面上有一长木板B ，其上叠放木块A .假定木板与地面之间、木块和木板之间的最大静摩擦力都和滑动摩擦力相等．用一水平力F 作用于B ，A 、B 的加速度与F 的关系如图乙所示，重力加速度g 取10 m/s 2，则下列说法中正确的是( )A ．A 的质量为0.25 kgB ．B 的质量为1.25 kgC ．B 与地面间的动摩擦因数为0.2D ．A 、B 间的动摩擦因数为0.2解析：由题图乙知，B 与地面的最大静摩擦力F f ＝3 N ，当F 1＝9 N 时，A 、B 达到最大的共同加速度a 1＝4 m/s 2，对A 、B 整体由牛顿第二定律得F 1－F f ＝(m A ＋m B )a 1.水平力再增大时，A 、B 发生相对滑动，A 的加速度仍为4 m/s 2，B 的加速度随水平力的增大而增大，当F 2＝13 N 时，a B ＝8 m/s 2，对B 有F 2－F f －m A a 1＝m B a B ，解得m B ＝1 kg ，m A ＝0.5 kg ，进一步求得B 与地面间的动摩擦因数μ1＝F f （m A ＋m B ）g＝0.2，A 、B 间的动摩擦因数μ2＝m A a 1m A g ＝0.4，C 正确，A 、B 、D 错误．答案：C考点3 牛顿运动定律的应用7．(多选)(2018·西安联考)如图所示，质量为m ＝1 kg 的物块A 停放在光滑的水平桌面上．现对物块施加一个水平向右的外力F ，使它在水平面上做直线运动．已知外力F 随时间t (单位为s)的变化关系为F ＝(6－2t )N ，则( )A ．在t ＝3 s 时，物块的速度为零B ．物块向右运动的最大速度为9 m/sC ．在0～6 s 内，物块的平均速度等于4.5 m/sD ．物块向右运动的最大位移大于27 m解析：水平面光滑，物块所受的合力等于F ，在0～3 s 内，物块受的力一直向右，一直向右做加速运动，可知3 s 时速度不为零，故A 错误；根据牛顿第二定律得，a ＝F m＝6－2t ，a-t 图象如图所示．图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，可知最大速度变化量为Δv ＝12×6×3 m/s ＝9 m/s ，可知物块向右运动的最大速度为9 m/s ，故B 正确；物块的速度时间图象如图所示，由图线与时间轴围成的面积表示位移知，位移x ＞12×6×9 m ＝27 m ，则平均速度v －＝x t ＞276m/s ＝4.5 m/s ，故D 正确，C 错误．答案：BD8．(多选)(2018·沈阳模拟)如图所示为粮袋的传送带装置，已知AB 间的长度为L ，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v ，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A 点将粮袋由静止放上传送带，以下说法正确的是(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)( )A ．粮袋到达B 点的速度与v 比较，可能大，也可能相等或小B ．若L 足够大，粮袋最终将一定以速度v 做匀速运动C ．若μ<tan θ，则粮袋从A 到B 一定一直做加速运动D ．粮袋刚放上传送带时的加速度a <g sin θ解析：粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmg cos θ，根据牛顿第二定律得到，加速度a ＝g (sin θ＋μcos θ)，粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先做匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度a＝g(sin θ＋μcos θ)的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度a＝g(sin θ－μcos θ)的匀加速运动，到达B点时的速度大于v，A正确，B错误；若μ<tan θ，粮袋从A到B可能一直是做加速运动，加速度值为a＝g(sin θ＋μcos θ)或先为a＝g(sin θ＋μcos θ)后为a＝g(sin θ－μcos θ)，C正确；粮袋刚放上传送带时的加速度为a＝g(sin θ＋μcos θ)，大于g sin θ，D错误．答案：AC9.(2018·郑州模拟)如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，则()A．μ1>μ2B．μ1<μ2C．若改变F的大小，当F>μ2(m1＋m2)g时，长木板将开始运动D．若将F作用于长木板，当F>(μ1＋μ2)(m1＋m2)g时，长木板与木块将开始相对滑动解析：对木块，根据牛顿运动定律有：F－μ1m1g＝m1a，对长木板，由于保持静止有：μ1m 1g －F f ＝0，F f <μ2(m 1＋m 2)g ，所以动摩擦因数的大小无法比较，故A 、B 错误；改变F 的大小，只要木块在长木板上滑动，则木块对长木板的滑动摩擦力不变，长木板仍然保持静止，故C 错误；若将F 作用于长木板，当木块与长木板恰好开始相对滑动时，对木块，μ1m 1g ＝m 1a ，解得a ＝μ1g ，对整体分析，有F －μ2(m 1＋m 2)g ＝(m 1＋m 2)a ，解得F ＝(μ1＋μ2)(m 1＋m 2)g ，所以当F >(μ1＋μ2)(m 1＋m 2)g 时，长木板与木块将开始相对滑动，故D 正确．答案：D10．(2018·潍坊模拟)如图甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，右端通过滑块压缩0.4 m 后锁定，t ＝0时解除锁定释放滑块．计算机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的速度图象如图乙所示，其中Oab 段为曲线，bc 段为直线，倾斜直线Od 是t ＝0时的速度图线的切线，已知滑块质量m ＝2.0 kg ，取g ＝10 m/s 2.求：(1)滑块与地面间的动摩擦因数；(2)弹簧的劲度系数．解析：(1)从题图乙可知，滑块脱离弹簧后的加速度大小a 1＝Δv 1Δt 1＝1.50.3m/s 2＝5 m/s 2， 由牛顿第二定律得：μmg ＝ma 1.代入数据解得：μ＝0.5.(2)刚释放时滑块的加速度为：a 2＝Δv 2Δt 2＝30.1m/s 2＝30 m/s 2， 由牛顿第二定律得：kx －μmg ＝ma 2.代入数据解得：k ＝175 N/m.答案：(1)0.5 (2)175 N/m情感语录1.爱情合适就好，不要委屈将就，只要随意，彼此之间不要太大压力2.时间会把最正确的人带到你身边，在此之前，你要做的，是好好的照顾自己3.女人的眼泪是最无用的液体，但你让女人流泪说明你很无用4.总有一天，你会遇上那个人，陪你看日出，直到你的人生落幕5.最美的感动是我以为人去楼空的时候你依然在6.我莫名其妙的地笑了，原来只因为想到了你7.会离开的都是废品，能抢走的都是垃圾8.其实你不知道，如果可以，我愿意把整颗心都刻满你的名字9.女人谁不愿意青春永驻，但我愿意用来换一个疼我的你10.我们和好吧，我想和你拌嘴吵架，想闹小脾气，想为了你哭鼻子，我想你了11.如此情深，却难以启齿。

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2024年新高考物理二轮复习强化训练--力与物体的平衡经典题解版

2024年新高考物理二轮复习强化训练--力与物体的平衡经典题解版

一、单选题二、多选题1. 如图所示，质量为m 的物体，在与地面成角斜向下的力F 的作用下，由静止沿水平方向运动了距离x ，物体与地面间的动摩擦因数为。

则此过程中（ ）A ．F对物体做功为B．地面摩擦力对物体做功为C．重力对物体做功为D．地面支持力对物体做功为2. 如图所示，重为10N 的物体以速度v 在粗糙的水平面上向左运动，物体与桌面间的动摩擦因数为0.1。

现在给物体施加水平向右的拉力F ，其大小为20N ，则物体受到的摩擦力和加速度大小为（g 取10m/s 2）（ ）A ．1N ，20m/s 2B ．0，21m/s 2C ．1N ，21m/s 2D ．1N ，19m/s 23. 一竖直放置的轻弹簧，一端固定于地面，一端与质量为3kg 的B 固定在一起，质量为1kg 的A 放于B 上。

现在A 上施加力F 使得弹簧压缩，然后撤去力F ，此后A 和B 一起竖直向上运动，且A 和B 能分离。

如图所示。

当A 、B 分离后，A 上升0.2m 到达最高点，此时B 速度方向向下，弹簧为原长，则从A 、B 分离起至A 到达最高点的这一过程中，下列说法的是（ ）（g 取10m/s 2）A ．A 、B 分离时B 的加速度为gB ．弹簧的弹力对B 做功为零C ．弹簧的弹力对B 的冲量大小为6N·sD ．B 的动量变化量为零不正确4. 下列说法正确的是（ ）A ．轻核聚变反应方程中，X 表示正电子B ．是铀核裂变的一种反应方程C ．放射性元素与不同的元素形成化合物，其半衰期不同D ．比结合能越大，原子核中核子结合的越牢固，原子核越稳定5. 水下一点光源发出a 、b 两单色光。

人在水面上方，向下看如图所示，水面中心Ⅰ区域有a 光、b 光射出，Ⅱ区域只有a 光射出。

下列判断正确的是（ ）A ．a 、b 光从Ⅰ区域某点倾斜射出时，a 光的折射角小B ．在真空中，a 光的波长小于b 光的波长C ．水对a 光的折射率大于对b 光的折射率D ．水下a 、b 光不能射到图中Ⅱ区域以外区域6. 如图所示是指纹识别原理图，它利用了光学棱镜的全反射特性。

2024年新高考物理二轮复习强化训练--力与物体的平衡强化版

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一、单选题二、多选题1. 首先发现电流产生磁场的物理学家是A ．安培B ．牛顿C ．奥斯特D ．伽利略2. 如图所示，一定质量的理想气体，从状态A 经等温过程A→B 、等容过程B→C 、绝热过程C→A 又回到了状态A，则（ ）A ．A→B 过程气体放热B ．B→C 过程气体内能减小C ．C→A 过程气体内能减小，气体可能对外界做功D ．全部过程中气体对外界做的功小于外界对气体做的功3. 如图所示，空间有一水平向右的匀强电场，一带电微粒以初速度从A 点沿直线运动到B 点，微粒除受到电场力和重力外，不受其它力。

则（ ）A ．微粒带正电B ．从A 点到B 点，微粒的电势能增加C ．从A 点到B 点，微粒的动能减小D ．从A 点到B 点，微粒的机械能增加4. 某投掷游戏可简化为如图所示的物理模型，投掷者从斜面底端A 正上方的某处将小球以速度v 0水平抛出，小球飞行一段时间后撞在斜面上的P 点，该过程水平射程为x ，飞行时间为t ，有关该小球运动过程中两个物理量之间的图像关系如a 、b 、c 所示，不计空气阻力的影响，下面叙述正确的是 （）A ．直线a 是小球的竖直分速度随离地高度变化的关系B ．曲线b 可能是小球的竖直分速度随下落高度变化的关系C ．直线c 是飞行时间t 随初速度v 0变化的关系D ．直线c 是水平射程x 随初速度v 0变化的关系5. 如图所示，一轻弹簧上端与质量为m 的物体A 相连，下端与地面上质量为2m 的物体B 相连，开始时A 和B 均处于静止状态，现对A 施加一向上的恒力F 而使A 从静止开始向上运动，弹簧始终处在弹性限度以内，重力加速度取g 。

为了保证运动中B 始终不离开地面，则F 最大不超过（ ）A．B．C．D．6. 如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的水平匀强磁场．在该区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O 点为圆环的圆心，a 、b 、c 、d 为圆环上的四个点，a 点为最高点，c 点为最低点，b 、O 、d 三点在同一水平线上．已知小球2024年新高考物理二轮复习强化训练--力与物体的平衡强化版三、实验题所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a 点由静止释放，下列判断正确的是（）A ．小球能越过d 点并继续沿环向上运动B ．当小球运动到d 点时，不受洛伦兹力C ．小球从a 点运动到b 点的过程中，重力势能减小，电势能减小D ．小球从b 点运动到c 点的过程中，经过弧中点时速度最大7. 下列说法正确的是（ ）。

高考物理大二轮总复习 综合模拟卷(二)

高考物理大二轮总复习 综合模拟卷(二)

综合模拟卷(二)一、选择题Ⅰ(本题共13小题，每小题3分，满分39分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，不选或错选得0分)1．飞机着地后还要在跑道上滑行一段距离，机舱内的乘客透过窗户看到树木向后运动，乘客选择的参考系是( )A．停在机场的飞机B．候机大楼C．乘客乘坐的飞机D．飞机跑道答案C解析乘客看到树木向后运动是因为他(她)与飞机相对树木向前滑行，他(她)选的参考系显然是他(她)乘坐的飞机，其余选项中的参照物均与树木相对静止．2．(2016·杭州学考模拟)在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位对应的物理量是( )A．长度、时间、速度B．长度、力、时间C．长度、质量、时间D．时间、力、加速度答案C解析在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位是米、千克、秒，它们对应的物理量分别是长度、质量、时间，选项C正确．3．如图1所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b.当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列结论正确的是( )图1A．球在a、b两点处一定都受到支持力B．球在a点处一定受到支持力，在b点处一定不受支持力C．球在a点处一定受到支持力，在b点处不一定受到支持力D．球在a点处不一定受到支持力，在b点处也不一定受到支持力答案D解析若球与车一起水平匀速运动，则球在b处不受支持力作用，若球与车一起水平向左匀加速运动，则球在a处的支持力可能为零，D正确．4．如图2所示，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是( )图2A．重力势能减少，弹性势能增大B．重力势能增大，弹性势能减少C．重力势能减少，弹性势能减少D．重力势能不变，弹性势能增大答案A解析弹簧向下压缩的过程中，弹簧压缩量增大，弹性势能增大；重力做正功，重力势能减少，故A正确．5．拍苍蝇与物理有关．如图3所示，市场出售的苍蝇拍，拍把长约30 cm，拍头是长12 cm、宽10 cm的长方形．这种拍的使用效果往往不好，拍头打向苍蝇，尚未打到，苍蝇就飞了．有人将拍把增长到60 cm ，结果一打一个准．其原因是( )图3A ．拍头打苍蝇的力变大了B ．拍头的向心加速度变大了C ．拍头的角速度变大了D ．拍头的线速度变大了 答案 D解析 根据v ＝ωr 知，ω相同时，r 越大，则v 越大，相同弧长用时越短，越容易打到苍蝇，故选D 项．6．(2015·浙江9月选考样题)质量为m 的物体从高为h 处自由下落，开始的h3用时为t ，则( )A ．物体落地所用的时间为3tB ．物体落地所用的时间为3tC ．物体落地时的速度为6gtD ．物体落地时的速度为3gt 答案 A解析 设物体落地所用的时间为t ′，速度为v ，由下落高度和所用时间的关系即位移公式得：h h3＝12gt ′212gt 2，所以t ′＝3t ，选项A 正确，B 错误；由速度公式得：v ＝3gt ，选项C 、D 错误．7．物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向上的分速度v y随时间t变化规律的图线是图中的(取竖直向下为正方向)( )答案D解析平抛运动可分解水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动．8．某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图4，带负电的粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是( )图4A．该电场是匀强电场B．a点电势低于b点电势C．电场力对粉尘做正功D．粉尘的电势能增大答案C解析该电场是非匀强电场，a点电势高于b点电势，电场力对粉尘做正功，粉尘的电势能减小，选项C正确．9．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律．有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a>b>c.电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )答案A解析根据电阻定律R＝ρlS，电阻阻值最小的应该是截面积最大，长度最短；A图中，截面积最大，长度最短，故A图电阻阻值最小，选A.10．(2015·浙江9月学考预测·6)如图5所示是“探究影响通电导线受力的因素”的装置图．实验时，先保持导线通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流不变，改变导线通电部分的长度．对该实验，下列说法正确的是( )图5A．当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向不变B．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍C．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的2倍D．接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，通电导线受到的安培力减半答案B解析接触“1、4”时导线的长度是接触“2、3”时导线长度的3倍，根据安培力公式F＝BIL知，只有B项正确．11.(2016·台州市8月选考)扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图6为“iRobot”扫地机器人，已知其电池容量2 000 mAh，额定工作电压15 V，额定功率30 W，则下列说法正确的是( )图6A．扫地机器人的电阻是10 ΩB．题中“mAh”是能量的单位C ．扫地机器人正常工作时的电流是2 AD ．扫地机器人充满电后一次工作时间约为4 h 答案 C解析 扫地机器人不是纯电阻，无法求出其电阻，A 不正确；mAh 是电荷量单位，不是能量单位，B 不正确；由P ＝UI 可得I ＝P U＝2 A ，C 正确；工作时间t ＝Q I＝1小时，D 不正确．12．某星球与地球的质量比为a ，半径比为b ，则该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为( ) A.abB.ab 2C ．ab 2D ．ab答案 B解析 设地球的质量为M ，则星球的质量为aM ，地球的半径为R ，则星球的半径为bR ，根据黄金代换公式mg ＝G Mm R 2得出行星表面的重力加速度g ′＝GaMbR2，地球表面的重力加速度g ＝GM R 2，行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比g ′g＝GaMR 2b 2R 2GM ＝ab 2，所以B 项正确，A 、C 、D 项错误．13．(2015·浙江10月选考·11)如图7所示，一质量为m 、带电荷量为Q 的小球A 系在长为l 的绝缘轻绳下端，另一带电荷量也为Q 的小球B 固定于悬挂点的正下方(A 、B 均可视为点电荷)，轻绳与竖直方向成30°角，小球A 、B 静止于同一高度．已知重力加速度为g ，静电力常量为k ，则两球间的静电力大小为( )图7A.4kQ 2l 2B.kQ 2l2 C ．mg D.3mg答案 A解析 带电小球A 处于静止状态，对小球A 受力分析，则F 库mg＝tan 30°，得F 库＝33mg ；或者，根据库仑定律F ＝kQ 2l22＝k 4Q 2l2，因此答案为A.二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分，满分6分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题意，全部选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分) 14．(加试题)下列说法正确的是( ) A ．光导纤维是利用光的干涉原理传输信息的B ．太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的C ．无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了偏振原理D ．铁路、民航等安检口使用“X 射线”对行李箱内物品进行检测 答案 BD解析 光导纤维是利用光的全反射传输信息的，A 不正确；太阳光通过三棱镜产生彩色条纹是由于光的折射造成的，B 正确；无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了波的衍射，C 不正确；由于“X 射线”穿透能力强，铁路、民航等安检口常使用“X 射线”对行李箱内物品进行检测，D 正确．故应选B 、D.15．(加试题)一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P 为滑动变阻器的触头，则( )A ．副线圈输出电压的频率为50 HzB ．副线圈输出电压的有效值约为22 VC ．P 向右移动时，副线圈两端的电压变大D ．P 向右移动时，变压器的输入功率变小 答案 AB解析 由甲图知T ＝0.02 s ，所以f ＝1T＝50 Hz ，变压器不改变频率，所以副线圈输出电压的频率为50 Hz ，A 正确；由交流电峰值与有效值关系u 有效＝u m2得u 有效≈220 V，再由变压器原、副线圈变压比n 1n 2＝u 1u 2得u 2＝22 V ，B 正确；P 向右移动时，不改变电压，但负载电阻R 副减小，变压器输出功率变大，理想变压器P 出＝P 入，所以变压器输入功率变大，C 、D均不正确．16．(加试题)能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一．下列释放核能的反应方程，表述正确的有( )A.31H ＋21H→42He ＋10n 是核聚变反应B.31H ＋21H→42He ＋10n 是β衰变C.235 92U ＋10n→144 56Ba ＋8936Kr ＋310n 是核裂变反应D.235 92U ＋10n→140 54Xe ＋9438Sr ＋210n 是α衰变答案 AC解析 β衰变时释放出电子( 0－1e)，α衰变时释放出氦原子核(42He)，可知选项B 、D 错误；选项A 中一个氚核和一个氘核结合成一个氦核并释放出一个中子，是典型的核聚变反应；选项C 中一个U 原子核吸收一个中子，生成一个Ba 原子核和一个Kr 原子核并释放出三个中子，是核裂变反应，选项A、C正确．三、非选择题(本题共7小题，共55分)17．(5分)实验中，如图9所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T＝0.1 s.图9(1)根据纸带可判定小车做________运动．(2)根据纸带计算各点瞬时速度：v D＝________ m/s，v C＝__________ m/s，v B＝__________ m/s.在如图10所示坐标中作出小车的v－t图线，并根据图线求出a＝________.图10(3)将图线延长与纵轴相交，交点的速度的物理意义是________________________________________________________________________.答案(1)匀加速直线(2)3.90 2.64 1.38 见解析图12.60 m/s2(3)零时刻小车经过A点的速度解析(1)根据纸带提供的数据可知x BC－x AB＝x CD－x BC＝x DE－x CD＝12.60 cm，故小车做匀加速直线运动．(2)根据v t2＝v可知v D＝105.60－27.60×10－20.2m/s＝3.90 m/sv C ＝60.30－7.50×10－20.2m/s ＝2.64 m/sv B ＝27.60×10－20.2m/s ＝1.38 m/s描点连线得如图所示的v －t 图线，根据图线斜率知a ＝12.60 m/s 2.(3)图线与纵轴交点的速度的物理意义是零时刻小车经过A 点的速度．18．(5分)(2016·浙江第一学期名校协作体试卷)小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值． (1)在使用前发现电表指针位置如图11甲所示，该同学应该调节哪个位置________(选“①”或“②”)；(2)小明使用多用电表欧姆挡的“×10”挡测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆挡________(填“×100”挡或“×1”挡)，两表笔短接并调节________(选“①”或“②”)．(3)按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为________Ω.图11答案(1)①(2)“×1”挡②(3)28解析(1)使用前指针不指零，应调机械调零旋钮①，(2)示数太小，应换小倍率，所以小明应旋转开关至欧姆挡“×1”，两表笔短接，欧姆调零，应调欧姆调零旋钮②，(3)电阻表读数规则是“示数×倍率”，读数应为28×1 Ω＝28 Ω.19．(9分)如图12甲所示，质量为1 kg的物体置于倾角为37°的固定斜面上，对物体施加平行于斜面向上的拉力F，使物体由静止开始沿斜面向上运动．t＝1 s时撤去拉力．已知斜面足够长，物体运动的部分v－t图象如图乙所示，g＝10 m/s2，求：图12(1)物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F大小．(2)t＝6 s时物体的速度．答案 (1)0.5 30 N (2)6 m/s ，方向沿斜面向下解析 (1)设力F 作用时物体的加速度为a 1由牛顿第二定律可知F －mg sin θ－μmg cos θ＝ma 1撤去力后，由牛顿第二定律有mg sin θ＋μmg cos θ＝ma 2根据图象可知：a 1＝Δv 1Δt 1＝201m/s 2＝20 m/s 2 a 2＝101m/s 2＝10 m/s 2 解得μ＝0.5拉力F ＝30 N(2)设撤去力后物体运动到最高点时间为t 2，v 1＝a 2t 2，解得t 2＝2010s ＝2 s 则物体沿着斜面下滑的时间为t 3＝t －t 1－t 2＝(6－1－2) s ＝3 s设下滑加速度为a 3，由牛顿第二定律可得mg sin θ－μmg cos θ＝ma 3解得a 3＝2 m/s 2t ＝6 s 时速度v ＝a 3t 3＝6 m/s ，方向沿斜面向下．20．(12分)(2014·浙江1月学考·38)“猴子荡秋千”是某马戏团的经典表演项目．如图13所示，离地高H ＝5.4 m 的O 点固定一根长L ＝3.6 m 且不可伸长的轻质绳，在绳的一侧有一平台，拉直绳子，其末端正好位于平台边缘A 点，绳子与竖直方向成60°角．有一质量m ＝5 kg 的猴子在A 点抓住绳子末端无初速度地离开平台．在运动过程中猴子可视为质点，空气阻力不计．求：(g 取10 m/s 2)图13(1)猴子经过O 点正下方B 点时的速度大小；(2)猴子经过O 点正下方B 点时受到绳子的拉力大小；(3)若猴子在B 点放开绳子，则其落地点C 与悬点O 间的水平距离多大？(4)若猴子沿绳向上爬行一定距离后(在训练员的帮助下绳仍与竖直方向成60°角)，再抓紧绳子无初速度向下摆动，当摆至O 点正下方时放开绳子，可能落得比C 点更远吗？试判断并简要说明理由．答案 (1)6 m/s (2)100 N (3)3.6 m (4)见解析解析 (1)猴子从A 到B 过程中由机械能守恒定律得mgL (1－cos 60°)＝12mv 2 v ＝2gL 1－cos 60°代入数据得v ＝6 m/s(2)设猴子经过B 点时受到绳子的拉力大小为F T ，由牛顿第二定律得F T －mg ＝m v 2L则F T ＝mg ＋m v 2L代入数据得F T ＝100 N (3)猴子从B 到C 过程做平抛运动H －L ＝12gt 2则t ＝ 2H －Lg代入数据得t ＝0.6 s落地点C 与悬点O 间的水平距离x ＝vt代入数据得x ＝3.6 m(4)设猴子沿绳向上爬行到距O 点L 1处向下摆动，到达O 点正下方时速度记为v 1mgL 1(1－cos 60°)＝12mv 12 H －L 1＝12gt 12 落地点与O 点间的水平距离x 1＝v 1t 1＝2H －L 1L 1解得当L 1＝12H ＝2.7 m 时最远 因此，猴子可能落得比C 点更远．21．(加试题)(4分)(2016·浙江10月学考·21)(1)在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中，测量单摆的周期时，图14中________(填“甲”“乙”或“丙”)作为计时开始与终止的位置更好些．图14图15(2)如图15所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列说法正确的是________(填字母)．A．用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈B．测量原、副线圈的电压，可用“测定电池的电动势和内阻”实验中的直流电压表C．原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线柱、副线圈电压大于原线圈电压D．为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响答案(1)乙(2)AD解析(2)变压器的输出电压跟输入电压以及原副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究，选项A、D正确．变压器只能对交变电流的电压有作用，不能用直流电压表，所以选项B错误．根据原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知，原线圈接0、8，副线圈接0、4，那么副线圈的电压小于原线圈电压，所以C错误．22．(加试题)(10分)如图16所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中．左侧是水平放置、间距为d的平行金属板．R和R x分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．图16(1)调节R x＝R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v；(2)改变R x ，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m 、带电量为＋q 的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的R x .答案 (1)Mg sin θBl 2MgR sin θB 2l 2 (2)mBldqM sin θ解析 (1)导体棒匀速下滑时Mg sin θ＝BIl ①I ＝Mg sin θBl ②设导体棒产生的感应电动势为E 0E 0＝Blv ③由闭合电路欧姆定律得I ＝E 0R ＋R x④ 又R x ＝R ⑤联立②③④⑤得 v ＝2MgR sin θB 2l 2⑥ (2)改变R x ，由②式可知电流不变．设带电微粒在金属板间匀速通过时，板间电压为U ，电场强度大小为EU ＝IR x ⑦E ＝U d⑧ mg ＝qE ⑨联立②⑦⑧⑨得 R x ＝mBldqM sin θ23．(加试题)(10分)(2016·绍兴市9月选考)为研究某种材料的荧光特性，兴趣小组的同学设计了图示装置：让质子经过MN 两金属板之间的电场加速后，进入有界匀强磁场，磁场的宽度L ＝0.25 m ，磁感应强度大小B ＝0.01 T ，以出射小孔O 为原点，水平向右建立x 轴，在0.4 m≤x ≤0.6 m 区域的荧光屏上涂有荧光材料，(已知质子的质量m ＝1.6×10－27 kg ，电量q ＝1.6×10－19 C ，进入电场时的初速度可忽略)图17(1)要使质子能打在荧光屏上，加速电压的最小值是多少？(2)当质子打中荧光屏时的动能超过288 eV ，可使荧光材料发光．对于不同的加速电压，荧光屏上能够发光的区域长度是多少？答案 见解析解析 (1)质子经电场加速，由动能定理qU ＝12mv 2－0 进入磁场后做匀速圆周运动，有qvB ＝m v 2r联立解得U ＝qr 2B 22m从点O 运动到x ＝0.4 m 处，圆周运动半径r ＝0.2 m代入数据得U 1＝200 V.(2)由题意， 当E kmin ＝288 eV 时对应电场力做功最小值qU min ，则U min ＝288 V根据U ＝qr 2B 22m 得r min ＝0.24 m对应x 1＝2r min ＝0.48 m ，x 2＝0.6 m经检验：此时质子已经穿出磁场边界线，不能打到荧光屏上了．以磁场边界计算，有r max ＝L ＝0.25 m ，即x 2＝2r max ＝0.5 m能够发光的区域长度Δx＝x2－x1＝0.02 m.。

高考物理二轮复习选考强化练选修

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选考强化练(二) 选修3－3(时间：20分钟分值：45分)1．(2020·达州市一模)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号，选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错一个扣3分，最低得分为0分)A．布朗运动就是分子的无规则运动B．热力学温度是国际单位制中7个基本物理量之一C．热量能够自发地从高温物体传到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体D．做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的E．温度是描述热运动的物理量，一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同(2)(10分)在图1甲所示的密闭汽缸内装有一定质量的理想气体，图乙是它从状态A变化到状态B的V­T图象. 已知AB的反向延长线通过坐标原点O，气体在A点的压强为p＝1.0×105 Pa，在从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量Q＝6.0×102 J，求：图1①气体在B状态的体积V B；②此过程中气体内能的增量ΔU.【解析】(1)选BCE.布朗运动是悬浮在液体或气体中的小颗粒的无规则运动，是体现分子的无规则运动，由液体分子的无规则运动而引起的，不是分子的无规则运动，也不是液体分子的无规则运动，故A错误；热力学温度是国际单位制中7个基本物理量之一，故B正确；根据热力学第二定律可知，热量能够自发地从高温物体传到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体，故C正确；做功是通过能量转化的方式改变系统内能的，热传递是能量的转移，不是能量的转化，故D错误；温度是描述热运动的物理量，根据热力学定律可知，一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同，故E正确．(2)①由题V­T图象通过坐标原点，则知从A到B理想气体发生等压变化．由盖－吕萨克定律得：V A T A ＝V B T B解得：V B＝T BT AV A＝4×1023×102×6.0×10－3 m3＝8.0×10－3 m3.②外界对气体做的功：W＝p(V B－V A)＝－1.0×105×(8.0×10－3－6.0×10－3) J＝－2×102 J 根据热力学第一定律：ΔU＝Q＋W④解得：ΔU＝6.0×102 J－2×102 J＝4.0×102 J＝400 J.【答案】 (1)BCE (2)①8.0×10－3 m 3②400 J2．(2020·河南省天一大联考)(1)(5分)下列说法正确的是________．(选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错一个扣3分，最低得分为0)A ．干旱天气可以通过锄松地面，破坏土壤里的毛细管从而保存土壤水分B ．液体的分子势能与液体的体积无关C ．从微观角度看，气体对容器的压强是大量气体分子对容器壁的频繁碰撞引起的D ．浸润和不浸润是分子力作用的表现E ．0 ℃的铁和0 ℃的冰，它们的分子平均动能不相同(2)(10分)如图2所示，理想气体封闭在两连通的导热容器中，左侧活塞面积为S 1＝S ，质量为m 1＝5m ，右侧活塞的面积未知，质量为m 2＝3m ，在T 1＝400 K 的初始状态下，细绳对活塞的拉力是F ＝mg ，且两活塞正好都在距底部高为h 的位置静止．两容器底部连通部分体积可以忽略，大气压强p 0＝4mg S ，重力加速度为g ，现将气体温度缓慢降低到T 2＝300 K 并达到稳定状态，求：图2①在温度T 1时，气体的压强；②在温度T 2时，右侧活塞距离底部的高度.【导学号：19624280】【解析】 (1)选ACD.锄松地面，破坏土壤里的毛细管，可有效减少水分蒸发，从而保存土壤水分，A 正确；从微观角度看，液体的分子势能与分子间的距离有关，从宏观角度看液体的分子势能与液体的体积有关，B 错误；从微观角度看，大量气体分子对容器壁的频繁碰撞，对容器壁产生持续均匀的压力，从而形成压强，故C 正确；浸润和不浸润是分子力作用的表现，D 正确；温度是分子热运动平均动能的标志，与物质的种类无关，E 错误．(2)①初始时左侧活塞稳定，故pS 1＋F ＝m 1g ＋p 0S 1得此时气体压强p ＝m 1g ＋p 0S 1－F S 1 即p ＝4mg S ＋p 0＝8mg S. ②右侧活塞稳定，同样有pS 2＋F ＝m 2g ＋p 0S 2解得右活塞的面积为S 2＝m 2g －F m 1g －F S 1＝12S 将气体温度缓慢降低直至两容器处于稳定状态，则有p 2S 2＋F′＝m 2g ＋p 0S 2代入数据解得p 2＝8mg S 故p 2＝p ，即这个变化过程为等压变化过程则有h S 1＋S 2T 1＝h －Δh S 1＋h ＋Δh S 2T 2，解得Δh＝34h 则右端活塞距离底部的高度为h′＝h ＋Δh＝74h. 【答案】 (1)ACD (2)①8mg S ②74h 3．(2020·衡水中学七调)(1)(5分)分子间同时存在相互作用的引力和斥力，分子力则是它们的合力(即表现出来的力)．关于分子间的引力、斥力说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．分子间的引力总是随分子间距的增大而减小B ．分子间的斥力总是随分子间距的增大而减小C ．分子力(合力)总是随分子间距的增大而减小D ．分子间同时存在相互作用的引力和斥力，所以分子力不可能为零E ．分子力表现为引力时，其大小有限；分子力表现为斥力时，可以很大(2)(10分)如图3甲、乙所示，汽缸由两个横截面不同的圆筒连接而成，活塞A 、B 被长度为0.9 m 的轻质刚性细杆连接在一起，可无摩擦移动，A 、B 的质量分别为m A ＝12 kg 、m B ＝8.0 kg ，横截面积分别为S A ＝4.0×10－2 m 2、S B ＝2.0×10－2 m 2.一定质量的理想气体被封闭在两活塞之间，活塞外侧大气压强p 0＝1.0×105 Pa.取重力加速度g ＝10 m/s 2.图甲所示是汽缸水平放置达到的平衡状态，活塞A 与圆筒内壁凸起面恰好不接触，求：图3①被封闭气体的压强；②保持温度不变使汽缸竖直放置，平衡后达到如图乙所示位置，求活塞A 沿圆筒发生的位移大小．【解析】 (1)选ABE.分子间的引力总是随分子间距的增大而减小，选项A 正确；分子间的斥力总是随分子间距的增大而减小，选项B 正确；当分子间距大于r 0时，分子斥力和引力的合力随着分子间距的增大先增大后减小，故C 错误；分子间同时存在相互作用的引力和斥力，当r ＝r 0时，引力和斥力相等，此时分子力表现为零，选项D 错误；分子力表现为引力时，其大小有限；分子力表现为斥力时，当r 趋近于零时，斥力可以很大，选项E 正确；故选A 、B 、E.(2)①汽缸处于图甲位置时，设汽缸内气体压强为p 1，对于活塞和杆，力的平衡条件为：解得：p1＝p0＝1.0×105 Pa.②汽缸处于图乙位置时，设汽缸内气体压强为p2，对于活塞和杆，力的平衡条件为：p0S B＋p2S A＋(m A＋m B)g＝p2S B＋p0S A设V2为汽缸处于图乙位置时缸内气体的体积，由玻意耳定律可得：p1V1＝p2V2由几何关系可得：V1＝LS B，V2＝(L－Δx)S B＋ΔxS A由以上各式并代入数据得：Δx＝0.1 m.【答案】(1)ABE (2)①1.0×105 Pa ②0.1 m高考理综物理模拟试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。