【历史】安徽省六安市金安区毛坦厂中学2020届高三9月月考试题(解析版)

安徽省毛坦厂中学2020届高三数学上学期9月联考试题（历届）理一、选择题（共12小题，每小题5分，共60分）1、若集合{|23}M x x =-<<，2{|1,}N y y x x R ==+∈，则集合M ∩N =（ ） A ．(－2,+∞) B ．(－2,3) C ．[1,3) D ．R 2、不等式2230x x --<成立的必要不充分条件是（ ）A ．13x -<<B ．03x <<C ． 23x -<<D ．21x -<< 3、下列有关命题的说法正确的是（ ）A ．命题“若21x =，则1x =”的否命题为：“若21x =，则1x ≠”. B ．“1x =-”是“2560x x --=”的必要不充分条件.C ．命题“x R ∃∈，使得210x x ++<”的否定是：“x R ∀∈，均有210x x ++<”. D ．命题“若x y =，则sin sin x y =”的逆否命题为真命题. 4、函数23()5(1)x f x aa o a -=->≠且恒过点（ ）.A.3,42⎛⎫- ⎪⎝⎭ B.3,52⎛⎫-⎪⎝⎭C. (0,1)D.(0,－5) 5、若函数f （x ）=x 2+bx+c 满足f （﹣3）=f （1），则 （ ） A ．f （1）＞c ＞f （﹣1） B ．f （1）＜c ＜f （﹣1）C ．c ＞f （﹣1）＞f （1）D ．c ＜f （﹣1）＜f （1） 6、已知奇函数)(x f 在R 上是减函数，且)101(log 3f a -=，)1.9(log 3f b =，)2(8.0f c =，则c b a ,,的大小关系为A. c b a >>B. a b c >>C. c a b >>D. b a c >> 7、函数()212log 23y x x =--的单调递减区间为 （ ）A ．(－∞,1] B．(3,+∞) C．(－∞,－1) D ．(1,+∞)8、已知函数323,[0,),()(3)1,(,0)x x f x x a a x a x -∈+∞⎧=⎨+-+-∈-∞⎩在定义域内是增函数，则实数a 的取值范围是（ ）A ．[4,+∞) B．[3,+∞) C.[0,3] D． (－∞,1]∪[3,+∞)9、已知函数f (x )和g (x )均为R 上的奇函数，且h (x )＝af (x )＋bg (x )＋2，(5)6h =，则 (5)h -的值为( )A ．－2B ．－8C ．－6D ．610、定义在R 上的奇函数f （x ）满足在（﹣∞，0）上为增函数且f （﹣1）=0，则不等式x•f（x ）＞0的解集为（ ）A ．（﹣∞，﹣1）∪（1，+∞）B ．（﹣1，0）∪（0，1）C ．（﹣1，0）∪（1，+∞）D ．（﹣∞，﹣1）∪（0，1）11、函数f （x ）=()952411mm m m x ----是幂函数，对任意x 1，x 2∈（0，+∞），且x 1≠x 2，满足＞0，若a ，b∈R，且a+b ＞0，ab ＜0，则f （a ）+f （b ）的值（ ）A ．恒大于0B ．恒小于0C ．等于0D ．无法判断12、函数y =e|ln x |﹣|x ﹣1|的图象大致是（ ）A B CD二．填空题（共4题，每小题5分，共20分）13、定义域为R 的函数f (x )满足)(2)2(x f x f -=+，且1)1(=f ，则=)7(f ___________. 14、如图所示的韦恩图中，A 、B 是非空集合，定义A *B 表示阴影部分集合.若,x y R ∈，{}22A x y x x ==-，{}3,0x B yy x ==>，则A *B=____________15、若函数f (x )＝|x －2|(x －4)在区间(5a,4a ＋1)上单调递减，则实数a 的取值范围是____ 16、函数()x f 的定义域为A ,若A x x ∈21,且()()21x f x f =时,总有21x x =,则称()x f 为单函数.例如,函数()()R ∈+=x x x f 1是单函数. 下列命题:①函数()()R ∈-=x x x x f 22是单函数; ②函数()⎩⎨⎧<-≥=2,2,2,log 2x x x x x f 是单函数; ③若()x f 为单函数,A x x ∈21,且21x x ≠,则()()21x f x f ≠;④函数()x f 在定义域内某个区间D 上具有单调性,则()x f 一定是单函数. 其中的真命题是____________ (写出所有真命题的编号).三．解答题（共6小题共70分，解答时写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤） 17、（本小题满分10分）已知集合{}{}2|310,|1210A x x x B x m x m =--≤=-<<+. （1）当3m =时，求B A I ； （2）若B A ⊆,求实数m 的取值范围.18、（本小题满分12分）已知命题P :[1,2]x ∀∈,20x a -≥;命题Q :0x R∃∈,使得200(1)10x a x +-+<.若“P 或Q ”为真,“P 且Q ”为假,求实数a 的取值范围.19、（本小题满分12分）求下列各题： （1）计算：；（2）计算lg20+log 10025； （3）求函数的定义域．20、（本小题满分12分）已知[]2,1,4329)(-∈+⨯-=x x f xx（1）设[]2,1,3-∈=x t x，求t 的最大值与最小值；（2）求)(x f 的最大值与最小值；21、（本小题满分12分）已知函数()=xf x a （a ＞0且a ≠1）.（1）若f (x )在[－1,1]上的最大值与最小值之差为32，求实数a 的值； （2）若()()()=--g x f x f x . 当a ＞1时，解不等式2(2)(4)0++->g x x g x .22、（本小题满分12分）已知函数()212 021 1 02xx f x x x x ⎧⎛⎫-≤⎪ ⎪⎪⎝⎭=⎨⎪-+>⎪⎩，，.（1）画出函数()f x 的草图并由图像写出该函数的单调区间； （2）若()23xxg x a -=-，对于任意的[]1 1 1x ∈-，，存在[]2 1 1x ∈-，，使得()()12f x g x ≤成立，求实数a 的取值范围.历届理科数学试卷参考答案题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案CCDAABBAAAAD二、填空题13.8- 14. []()+∞⋃,21,0 15. 16.三、解答题 17. (1){}则25A B x x =<≤I（2） 1）当时，要使则应满足B B A ≠∅⊆[]2,1-∈⇒m2）当时，,即m -2符合题意B B A =∅⊆≤综上所述：(][]2,12,--∞-∈Y m18.11a -≤≤或3a >由条件知,2a x ≤对[1,2]x ∀∈成立,∴1a ≤;∵0x R ∃∈,使得200(1)10x a x +-+<成立.∴不等式200(1)10x a x +-+<有解,∴2(1)40a ∆=-->,解得3a >或1a <-;∵p 或q 为真,p 且q 为假, ∴p 与q 一真一假. ①p 真q 假时,11a -≤≤; ②p 假q 真时,3a >.∴实数a 的取值范围是3a >或11a -≤≤.19. 解：（1）==10﹣1×103=102=100，（2）lg20+log 10025==lg20+log 105=lg100=2，（3）由所以f （x ）的定义域为20.21.解：（1）①当时，②当时，综上可得，实数的值为或.（另解：或） （2）由题可得的定义域为，且，所以为上的奇函数；又因为且所以在上单调递增；所以或所以不等式的解集为或22.(1)草图见解析，减区间为()0 1，，增区间为() 0-∞，，()1 +∞，；(2)( 8]a ∈-∞，.（2）由题意可得()()1max 2max f x g x ≤⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦，其中()()max 01f x f ==，()()max 19g x g a =-=-， 即19a ≤-，故8a ≤， 综上所述，( 8]a ∈-∞，.。

选择题下列地方行政区划级别最低的是（）A. 汉代益州郡B. 唐代扬州C. 宋代扬州D. 元代顺宁府【答案】D【解析】试题尊重材料是做对历史题目的唯一秘籍。

而通过材料并结合所学知识不难发现，在中国古代政治体制演变中存在一个规律即“中央的权力越来越大、地方的权力越来越小”，根据这个规律越靠后的朝代的地方行政区划级别越低、权力也越来越小，汉代（州）郡县，郡为一级（或二级）地方行政区划；唐代道州县、宋代路州县，州为二级地方行政区划；元代省路府州县，府为三级地方行政区划，综上所述本题答案就是D选择题秦统一六国后，“（六国）王子皇孙，辞楼下殿，辇来于秦”，此外，六国富豪被迁至京城咸阳，一部分迁到巴蜀、南阳、三川和赵地。

秦始皇采取这些措施的主要目的是A. 巩固分封制B. 增强地方权力C. 加强中央集权D. 打破世袭特权【答案】C【解析】“(六国) 王子皇孙，辇来于秦”“被迁至京城咸阳”说明“秦朝加强对所统治地区的管理”，体现的是针对地方的管理，即加强中央集权，故C项正确；秦朝废除分封制，故A项错误；B项与材料主旨相反；D 属于官僚制度的意义。

选择题“（中国政制）达臻‘文明’一途，实因归功于西周的创制……，西周政治里显然有深厚的贵族色彩，而‘共主’名义下的地方分权体制……与秦以后一统的君主‘独制’格局泾渭分明。

”（王家范《中国历史通论》）下列对材料的解读，不正确的是A. “共主”指西周实现了权力的高度集中B. 以血缘关系为纽带保持“贵族色彩”C. “地方分权体制”指地方有较大自主权D. “西周的创制”主要指实行分封制【答案】A【解析】依据材料结合所学可知，中国早期最高执政集团尚未实现权力的高度集中，因此A选项错误，符合题意。

宗法制是西周政治的典型特征，按照血缘宗族关系分配政治权力，维护政治联系，保持“贵族色彩”，B选项不符合题意；西周实行分封制，周武王将子弟和功臣分封于各地，使他们成为各领一方的诸侯，诸侯在封国内享有世袭统治权，地方自主权较大，C选项不符合题意；“西周的创制”主要指实行分封制，地方有较大自主权，与秦以后一统的君主“独制”不同，D选项不符合题意。

安徽省六安市毛坦厂中学2020-2021学年高三（应届）上学期9月月考数学（理）试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．已知集合{|A x y ==，集合{|2,}x B y y x A ==∈，则A B =( )A ．{|22}x x -≤≤B ．{|21}x x -≤≤C ．1{|2}4x x ≤≤ D ．1{|1}4x x ≤≤ 2．下列命题正确的个数为（ ）①“x R ∀∈都有20x ≥”的否定是“0x R ∃∈使得200x ≤”； ②“3x ≠”是“3x ≠”成立的充分条件；③命题“若12m ≤，则方程2220mx x ++=有实数根”的否命题； ④幂函数的图像可以出现在第四象限. A ．0B ．1C ．2D ．33．在同一平面直角坐标系中，函数()y g x =的图象与x y e =的图象关于直线y x =对称．而函数()y f x =的图象与()y g x =的图象关于y 轴对称，若()1f m =-，则m 的值是（ ） A ．e -B ．1e-C ．eD ．1e4．函数2()lg(43)f x x x =-+的单调递增区间为（ ） A ．(,1)-∞ B ．(,2)-∞ C ．(3,)+∞ D ．(2,)+∞5．函数x y a b =+与函数y ax b =+（0a >且1a ≠）的图象可能是（ ）A ．B ．C ．D ．6．已知函数()()()2433,0log 12,0a x a x a x f x x x ⎧+-+<⎪=⎨++≥⎪⎩（a ＞0且a ≠1）是R 上的单调函数，则a 的取值范围是（ ） A ．（0，34] B ．[314，）C ．[2334，]D ．（2334，]7．已知 1.30.7a =,0.23b =,50.2log c =,则,,a b c 的大小关系( ) A ．a c b <<B ．c b a <<C ．b c a <<D ．c a b <<8．已知定义域为R 的函数()f x 在[1,)+∞单调递增，且(1)f x +为偶函数，若(3)1f =，则不等式(21)1f x +<的解集为（ ） A ．(1,1)- B ．(1,)-+∞ C ．(,1)-∞D ．(,1)(1,)-∞-+∞9．已知函数()f x x =+()f x 有（ ） A ．最小值12，无最大值 B ．最大值12，无最小值 C ．最小值1，无最大值 D ．最大值1，无最小值10．定义在R 上的奇函数()f x ，满足11()()22f x f x +=-，在区间1[,0]2-上递增，则（）A．(0.3)(2)f f f << B．(2)(0.3)f f f << C．(0.3)(2)f f f <<D．(2)(0.3)f f f <<11．已知定义在R 上函数()f x ，对任意的[)12,2017,x x ∈+∞且12x x ≠，都有()()()12120f x f x x x --<⎡⎤⎣⎦，若函数()2017y f x =+为奇函数，()()201720170a b --<且4034a b +>，则（ ）A ．()()0f a f b +>B ．()()0f a f b +<C ．()()0f a f b +=D ．以上都不对 12．设()f x 是定义在R 上的奇函数，且(1)0f =，当0x >时，有()()f x xf x '>恒成立，则不等式()0xf x >的解集为（ ）.A ．(,0)(0,1)-∞B ．(,1)(0,1)-∞-C ．(1,0)(1,)D ．(1,0)(0,1)-二、填空题13．已知()2f x ax bx =+是定义在[]1,3a a -上的偶函数，那么a b +=______.14．设函数()()321f x x a x ax =+-+．若()f x 为奇函数，则曲线()y f x =在点()00，处的切线方程为___________． 15．方程()221260x m x m +-++=有两个实根1x ，2x ，且满足12014x x <<<<，则m 的取值范围是______.16．已知函数()e e x x f x -=-，下列命题正确的有_______．（写出所有正确命题的编号）①()f x 是奇函数；②()f x 在R 上是单调递增函数；③方程2()2f x x x =+有且仅有1个实数根；④如果对任意(0)x ∈+∞，，都有()f x kx >，那么k 的最大值为2.三、解答题17．已知集合()(){|2220}A x x m x m =--+≤，其中m R ∈，集合1{|0}2x B x x -=≤+． ()1若1m =，求A B ⋃；()2若A B A ⋂=，求实数m 的取值范围．18．已知二次函数2()f x ax bx c =++，满足(0)2f = ，(1)()21f x f x x +-=-. （1）求函数()f x 的解析式；（2）求()f x 在区间[1,2]-上的最大值；（3）若函数()f x 在区间[,1]a a +上单调，求实数a 的取值范围.19．已知命题p ：函数32()f x x ax x =++在R 上是增函数；命题：若函数()x g x e x a =-+在区间[0，+∞）没有零点．（1）如果命题p 为真命题，求实数a 的取值范围；（2）命题“p q ∨”为真命题，“p q ∧”为假命题，求实数a 的取值范围． 20．《中华人民共和国个人所得税》规定，公民全月工资、薪金所得不超过3500元的部分不必纳税，超过3500元的部分为全月应纳税所得额.此项税款按下表分段累计计算：（1）试建立当月纳税款与当月工资、薪金（总计不超过12500元）所得的函数关系式； （2）已知我市某国有企业一负责人十月份应缴纳税款为295元，那么他当月的工资、薪金所得是多少元？ 21．已知函数()()211ln 2f x x ax a x =-+-. （1）若()f x 在()1,+∞单调递增，求a 的范围； （2）讨论()f x 的单调性.22．已知0x ≠时，函数()0f x >，对任意实数,x y 都有()()()f xy f x f y =，且(1)1,(27)9f f -==，当01x ≤<时，()[0,1)f x ∈（1）判断()f x 的奇偶性；（2）判断()f x 在[0,)+∞上的单调性，并给出证明；（3）若0a ≥且(1)f a +≤，求a 的取值范围.参考答案1．D 【解析】分析：首先根据偶次根式的要求求得集合A ，结合指数函数的单调性求得集合B ，按照交集中元素的特征，求得AB .详解：由220x x --+≥可得220x x +-≤， 解得21x -≤≤，所以{}|21A x x =-≤≤， 根据指数函数的有关性质，求得1|24B y y ⎧⎫=≤≤⎨⎬⎩⎭， 从而可以求得1|14A B x x ⎧⎫⋂=≤≤⎨⎬⎩⎭，故选D.点睛：该题考查了函数的定义域，函数的值域以及集合的交集运算，在解题的过程中，一是需要注意函数的定义域的求法，函数的值域的求法，要明白自变量的取值情况，以及集合的交集中元素的特征. 2．B 【分析】根据题意，由全称命题的否定可判断①，根据充分条件的定义可判断②，由四种命题的关系先求出否命题，再根据一元二次不等式的性质，即可判断③，根据幂函数的性质判断④. 【详解】解：对于①，“x R ∀∈都有20x ”的否定是“0x R ∃∈使得200x <”，故①错；对于②，当“3x ≠”时，但可取3x =-时，“||3x =”成立，故②错； 对于③，命题“若12m ，则方程2220mx x ++=有实数根”的否命题为： “若12m >，则方程2220mx x ++=无实数根”，当12m >时，480∆=-<m ，方程2220mx x ++=无实数根，故③正确；对于④，根据幂函数得性质可知，幂函数的图象不可以出现在第四象限，故④错； 所以，命题正确的个数为1个. 故选：B ． 【点睛】本题考查了命题真假性的判断，涉及全称命题的否定、充分条件的判定、否命题以及幂函数的性质． 3．D 【解析】∵函数()y g x =的图象与x y e =的图象关于直线y x =对称，∴函数()y g x =与x y e =互为反函数，则()ln g x x =，又由()y f x =的图象与()y g x =的图象关于y 轴对称，∴()()ln f x x =-，又∵()1f m =-，∴()ln 1m -=-，1m e=-，故选B.4．C 【解析】试题分析：由题意知，函数()lg 0y x x =>为增函数，函数243y x x =-+在()2,+∞上为增函数，因此23,1430322x x x x x x x ⎧><⎧-+>⇒⇒>⎨⎨>>⎩⎩或.故选C. 考点：复合函数的单调性. 5．D 【分析】由题可知，0a >且1a ≠，一次函数一定为增函数排除选项A ，再由两函数与y 轴的交点大小不同，观察B 、C 、D 的图象可知，0b >，判断后即可得出答案. 【详解】解：由题可知，0a >且1a ≠，y ax b ∴=+一定为R 上的增函数，排除A 选项；x y a b =+过点(0,1)b +，y ax b =+过点(0,)b ，由B 、C 、D 的图象可知，0b >，1b b ∴+>，所以D 正确. 故选：D. 【点睛】本题考查函数图象的识别，运用了一次函数与指数函数的图象性质，利用特殊性质、特殊值法，通过排除法是函数图象选择题常用的方法. 6．C【分析】根据分段函数是在R上单调递减，可得0＜a＜1，故而二次函数在（﹣∞，432a--）单调递减，可得432a--≥0．且[x2+（4a﹣3）x+3a]min≥[log a（x+1）+2]max即可得a的取值范围．【详解】由题意，分段函数是在R上单调递减，可得对数的底数需满足0＜a＜1，根据二次函数开口向上，二次函数在（﹣∞，432a--）单调递减，可得432a--≥0．且[x2+（4a﹣3）x+3a]min≥[log a（x+1）+2]max，故而得：432a--≥，解答a≤34，并且3a≥2，a∈（0，1）解得：1＞a≥23．∴a的取值范围是[23，34]，故选C．【点睛】本题考查了分段函数的单调性的运用求解参数问题，属于基础题．7．D【解析】【分析】利用指数函数与对数函数的单调性即可得出．【详解】∵0＜a＝0.71.3＜1，b＝30.2＞1，c＝log0.25＜0，∴c＜a＜b．故选：D．【点睛】本题考查了指数函数与对数函数的单调性，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．8．A【分析】由函数y＝f（x+1）是定义域为R的偶函数，可知f（x）的对称轴x＝1，再利用函数的单调性，即可求出不等式的解集．【详解】由函数y ＝f （x +1）是定义域为R 的偶函数，可知f （x ）的对称轴x ＝1，且在[1，+∞）上单调递增，所以不等式f （2x+1）＜1=f （3）⇔ |2x+1﹣1|）＜|3﹣1|， 即|2x |＜2⇔|x |＜1，解得-11x ＜＜ 所以所求不等式的解集为：()1,1-. 故选A ． 【点睛】本题考查了函数的平移及函数的奇偶性与单调性的应用，考查了含绝对值的不等式的求解，属于综合题． 9．D 【分析】利用换元法，设t =()f x 转化为二次函数()g t 在0t ≥上的值域，利用配方法求值域即可. 【详解】∵函数()f x 的定义域为1(,]2-∞.设t =0t ≥， 且x 212t -=，∴2211()()(1)1,022t f x g t t t t -==+=--+≥，∴()(1)1g t g ≤=.∴函数()f x 的最大值1，无最小值. 故选：D. 【点睛】本题考查了换元法求函数的值域，配方法求二次函数的值域，转化化归的思想方法，属于中档题. 10．D 【分析】由函数的单调性、奇偶性、对称性判定各函数值的大小关系【详解】 对称轴12x =()00f =，为奇函数 ()20f ∴=，()0.3f f >，()()20.3ff f ∴<<，故选D 【点睛】本题主要考查了函数的单调性，奇偶性，对称性等函数性质的综合应用，要比较式子的大小，关键是先要把所要比较的变量转化到一个单调区间，然后结合该区间的单调性进行比较． 11．B 【分析】根据题意，由于[)12,2017,x x ∈+∞且12x x ≠，()()()12120f x f x x x --<⎡⎤⎣⎦，利用单调性的定义得出()f x 在区间[)2017,+∞上单调递减，根据函数()2017y f x =+为奇函数，得出()20170f =，且根据奇函数的性质，得出()f x 图象关于点()2017,0对称，从而得出()f x 在R 上单调递减，最后根据()()201720170a b --<且4034a b +>，结合单调性和对称性，即可得出结论. 【详解】解：由题可知，定义在R 上函数()f x ，[)12,2017,x x ∈+∞且12x x ≠， 由于()()()12120f x f x x x --<⎡⎤⎣⎦，则()f x 在区间[)2017,+∞上单调递减， 因为函数()2017y f x =+为奇函数，则()()20172017f x f x -+=-+， 当0x =时，则()()20172017f f =-，即()20170f =，又因为()2017y f x =+图象关于原点()0,0对称，则()f x 图象关于点()2017,0对称， 所以，()f x 在R 上单调递减，因为()()201720170a b --< 设a b <，则2017,2017a b <>， 则有()()0,0f a f b ><，又因为4034a b +>，则()()0f a f b +<. 故选：B. 【点睛】本题考查函数的基本性质的综合应用，考查单调性、奇偶性、对称性的定义和性质，考查解题运算能力. 12．D 【分析】由已知当0x >时，有()()f x xf x '>恒成立，可判断函数()f x g x x=（） 为减函数，由()f x 是定义在R 上的奇函数，可得g （x ）为（-∞，0）∪（0，+∞）上的偶函数，根据函数g （x ）在（0，+∞）上的单调性和奇偶性，结合g （x ）的图象，解不等式即可 【详解】 设()f x g x x=（）则g （x ）的导数为()()2'xf x f x g x x-=，（） ∵当x ＞0时总有xf′（x ）＜f （x ）成立，即当x ＞0时，g′（x ）＜0，∴当x ＞0时，函数()f xg x x=（）为减函数，又()()f x f x g x g x x x--===-（）（），∴函数g （x ）为定义域上的偶函数又∵()1101f g ==（）∴函数g （x ）的图象如图：数形结合可得∵xf （x ）＞0且，f （x ）=xg （x ）（x≠0）∴x 2•g （x ）＞0∴g （x ）＞0 ∴0＜x ＜1或-1＜x ＜0 故选D ．【点睛】本题主要考查了利用导数判断函数的单调性，并由函数的奇偶性和单调性解不等式，属于综合题．13．14【分析】根据题意，由定义域关于原点对称求出a 的值，再由偶函数的定义()()f x f x -=求得b 的值，即可求得答案．【详解】解：由2()f x ax bx =+是定义在[1a -，3]a 上的偶函数，则定义域[1a -，3]a 关于原点对称，则13a a -=-，解得：14a =， 再由()()f x f x -=，得22()a x bx ax bx --=+，即0bx =，0b ∴=． 则11044a b +=+=． 故答案为：14． 【点睛】 本题考查了函数奇偶性的性质的应用，注意：偶函数和奇函数的定义域关于原点对称．14．y x =【分析】首先根据奇函数的定义，得到10a -=，即1a =，从而确定出函数的解析式，之后对函数求导，结合导数的几何意义，求得对应切线的斜率，应用点斜式写出直线的方程，最后整理成一般式，得到结果.【详解】因为函数32()(1)f x x a x ax =+-+是奇函数，所以()()f x f x -=-，从而得到10a -=，即，所以3()f x x x =+，所以(0)0f =，所以切点坐标是(0,0)， 因为2()31x f 'x =+，所以'(0)1f =，所以曲线()y f x =在点(0,0)处的切线方程为y x =，故答案是y x =.【点睛】该题考查的是有关函数图象在某点处的切线问题，涉及到的知识点有奇函数的定义，导数的几何意义，属于简单题目.15．75,54⎛⎫-- ⎪⎝⎭ 【分析】设2()2(1)26f x x m x m =+-++，将方程转化为函数，由于方程22(1)260x m x m +-++=的两个实根1x 、2x 满足12014x x <<<<，利用一元二次方程根的分布，得出(0)0(1)0(4)0f f f >⎧⎪<⎨⎪>⎩，解不等式即可求出m 的取值范围．【详解】解：设2()2(1)26f x x m x m =+-++，关于实数x 的方程22(1)260x m x m +-++=的两个实根1x 、2x ， 且满足12014x x <<<<，∴(0)0(1)0(4)0f f f >⎧⎪<⎨⎪>⎩，即26045010140m m m +>⎧⎪+<⎨⎪+>⎩， 解得：7554m -<<-， 即m 的取值范围为：75,54⎛⎫-- ⎪⎝⎭. 故答案为：75,54⎛⎫-- ⎪⎝⎭. 【点睛】 本题考查由不等式求参数的取值范围，利用方程和函数之间的关系转化为函数根的分布，利用二次函数的知识是解决本题的关键．16．①②④【解析】根据题意，依次分析四个命题：对于①中，()x x f x e e -=-，定义域是R ，且()()(),x x f x e e f x f x --=-=-是奇函数，所以是正确的；对于②中，若()x x f x e e -=-，则()0x x f x e e -=+>'，所以()f x 的R 递增，所以是正确的；对于③中，()22f x x x =+，令()22xx g x e e x x -=---， 令0x =可得，()00g =，即方程()22f x x x =+有一根0x =，()()3434113130,4200g e g e e e=--=--，则方程()22f x x x =+有一根(3,4)之间， 所以是错误的；对于④中，如果对于任意(0,)x ∈+∞，都有()f x kx >，即0x x e e kx --->恒成立， 令()x x h x e e kx -=--，且()00h =，若()0h x >恒成立，则必有()0x x h x e ek -'=+->恒成立， 若0x x e e k -+->，即1x x x x k e e e e-<+=+恒成立，而12xxe e +≥，若有2k <，所以是正确的，综上可得①②④正确. 17．（1）{|22}x x -<≤；()120.2m ≤≤ 【分析】()1解出二次不等式以及分式不等式得到集合A 和B ，根据并集的定义求并集；()2由集合A 是集合B 的子集，可得A B ⊆，根据包含关系列出不等式，求出m 的取值范围.【详解】集合{|222}A x m x m =-≤≤， 由102x x -≤+，则()()12020x x x -+≤⎧+≠⎨⎩， 解得21x -<≤，即{|21}B x x =-<≤，()11m =，则[]0,2A =，则{|22}A B x x ⋃=-<≤．()2A B A ⋂=，即A B ⊆，可得{22212m m -≤-≥，解得102m ≤≤， 故m 的取值范围是10.2m ≤≤【点睛】本题考查集合的交并运算，以及由集合的包含关系求参数问题，属于基础题．在解有关集合的题的过程中，要注意在求补集与交集时要考虑端点是否可以取到，这是一个易错点，同时将不等式与集合融合，体现了知识点之间的交汇.18．（1）2()22f x x x =-+；（2）5；（3）(,0][1,)-∞⋃+∞. 【分析】（1）根据已知条件，待定系数，即可求得函数解析式；（2）根据（1）中所求函数解析式，根据二次函数的性质，即可求得函数最值； （3）讨论()f x 的对称轴和区间位置关系，列出不等式即可求得参数范围.【详解】（1）由(0)2f =，得2c =，由(1)()21f x f x x +-=-，得221ax a b x ++=-，故221a a b =⎧⎨+=-⎩，解得12a b =⎧⎨=-⎩， 所以2()22f x x x =-+.（2）由（1）得：22()22(1)1f x x x x =-+=-+， 则()f x 的图象的对称轴方程为1x =，又(1)5f -=，(2)2f =，所以当1x =-时()f x 在区间[1,2]-上取最大值为5.（3）由于函数()f x 在区间[,1]a a +上单调，因为()f x 的图象的对称轴方程为1x =，所以1a ≥或11a +≤，解得：0a ≤或1a ≥，因此a 的取值范围为：(,0][1,)-∞⋃+∞.【点睛】本题考查二次函数解析式的求解，在区间上最值得求解，以及根据其单调性情况求参数范围的问题，属综合基础题.19．(1) ⎡⎣;(2))1∞⎡⎤-⋃+⎣⎦【解析】试题分析： 本题主要考查逻辑联结词、导数与函数的性质、零点，考查了逻辑推理能力与计算能力.(1)由题意()23210f x x ax =++≥'对(),x ∞∞∈-+恒成立,则0∆≤，结论易得；(2)()e 1x g x '=-，判断单调性并求出()g x 的最小值，即可求出命题q ，易得,p q 一真一假，再分p 真q 假与p 假q 真两种情况计算求解即可.试题解析：(1)()23210f x x ax =++≥'对(),x ∞∞∈-+恒成立∴24120a a ⎡∆=-≤⇒∈⎣ (2)()e 10x g x ='-≥对任意的[)0,x ∞∈+恒成立,∴()g x 在区间[)0,∞+递增 命题q 为真命题()0101g a a =+>⇒>-由命题“p q ∨”为真命题,“p q ∧”为假命题知,p q 一真一假若p 真q 假,则11a a a ⎧≤⎪⎡⎤⇒∈-⎨⎣⎦≤-⎪⎩若p 假q 真,则)1a a a ∞⎧⎪⇒∈+⎨>-⎪⎩综上所述,)1a ∞⎡⎤∈-⋃+⎣⎦ 20．（1）()()()()0035000.03105350050000.1455500080000.21255800012500x x x y x x x x ⎧≤≤⎪-<≤⎪=⎨-<≤⎪⎪-<≤⎩；（2）该负责人当月工资、薪金所得是7500元.【分析】（1）根据公民全月工资、薪金所得不超过3500元的部分不必纳税，超过3500元的部分为全月应纳税所得额，此项税款按表分段累计计算，从而得到当月纳税款与当月工资、薪金所得的函数关系式；（2）根据（1）可得当月的工资、薪金介于5000元8000-元，然后代入第三段解析式进行求解即可．【详解】解：（1）根据题意，设当月工资、薪金为x 元，纳税款为y 元，则()()()()()()()0,0350035003%,3500500045500010%,50008000345800020%,800012500x x x y x x x x ⎧≤≤⎪-⨯<≤⎪=⎨+-⨯<≤⎪⎪+-⨯<≤⎩， 即()()()()0,035000.03105,350050000.1455,500080000.21255,800012500x x x y x x x x ⎧≤≤⎪-<≤⎪=⎨-<≤⎪⎪-<≤⎩.（2）当月的工资、薪金所得是5000元时应纳税0.0350*******⨯-=元，当月的工资、薪金所得是8000元时应纳税0.180********⨯-=元，可知当月的工资、薪金介于5000元8000-元，由（1）知：2950.1455x =-，解得：7500x =（元），所以该负责人当月工资、薪金所得是7500元.【点睛】本题考查分段函数的解析式以及分段函数模型的实际应用，考查函数与方程思想． 21．（1）2a ≤；（2）见解析.【分析】（1）求导得()()()11'x x a f x x---⎡⎤⎣⎦=，由于()f x 在()1,+∞上递增，转化为()'0f x ≥在()1,+∞上恒成立，即()()110x x a ---≥⎡⎤⎣⎦在()1,+∞上恒成立，根据一元二次不等式的性质，即可求出a 的范围；（2）由（1）得，()()()11'x x a f x x---⎡⎤⎣⎦=，令()0f x '=，得1x =或1x a =-，分类讨论，比较极值点1x =，1x a =-和0x =，讨论参数范围，确定导数的正负，即可讨论函数()f x 的单调性；【详解】解：已知()()211ln 2f x x ax a x =-+-，可知()f x 的定义域为()0,∞+， 则()()()11'x x a f x x ---⎡⎤⎣⎦=，（1）因为()f x 在()1,+∞上递增，所以()'0f x ≥在()1,+∞上恒成立，即：()()110x x a ---≥⎡⎤⎣⎦在()1,+∞上恒成立，只需：11a -≤即可，解得：2a ≤，所以()f x 在()1,+∞单调递增，则a 的范围为：2a ≤.（2）由（1）得，()()()11'x x a f x x---⎡⎤⎣⎦=， 令()0f x '=，得1x =或1x a =-，当10a -≤时，即：1a ≤时，令()0f x '>，解得：1x >，令()0f x '<，解得：01x <<，则()f x 在区间()1,+∞上单调递增，在区间()0,1上单调递减，当011a <-<时，即：12a <<时，令()0f x '>，解得：01x a <<-或1x >，令()0f x '<，解得：11a x -<<， 则()f x 在区间()0,1a -，()1,+∞上单调递增，在区间()1,1a -上单调递减，当11a -=时，即：2a =时，()0f x '≥恒成立，则()f x 在区间()0,∞+上单调递增， 当11a ->时，即：2a >时，令()0f x '>，解得：01x <<或1x a >-，令()0f x '<，解得：11x a <<-， 则()f x 在区间()0,1，()1,a -+∞上单调递增，在区间()1,1-a 上单调递减.综上得：当1a ≤时，()f x 的增区间为()1,+∞，减区间为()0,1，当12a <<时，()f x 的增区间为()0,1a -，()1,+∞，减区间为()1,1a -，当2a =时，()f x 的增区间为()0,∞+， 无减区间，当2a >时，()f x 的增区间为()0,1，()1,a -+∞，减区间为()1,1-a .【点睛】本题考查利用导数研究函数的单调性以及利用导数解决恒成立问题求参数范围，考查分类讨论的数学思想和计算能力．22．（1）()f x 为偶函数；（2）证明见解析；（3）02a ≤≤.【解析】试题分析：（1）利用赋值法，先求出()11f -=，令1y =-，代入抽象函数表达式即可证明函数的奇偶性；（2）设120x x ≤<，1201x x ∴≤<，()()1112222x x f x f x f f x x x ⎛⎫⎛⎫=⋅=⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭∵01x ≤<时，()[)0,1f x ∈，∴121x f x ⎛⎫< ⎪⎝⎭，∴()()12f x f x <，故()f x 在()0,+∞上是增函数.；（3）先利用赋值法求得()3f =. 试题解析：（1）令1y =-，则()()()()1,11f x f x f f -=--=，()()f x f x -=，()f x 为偶函数.（2）设120x x ≤<，1201x x ∴≤<，()()1112222x x f x f x f f x x x ⎛⎫⎛⎫=⋅=⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭∵01x ≤<时，()[)0,1f x ∈，∴121x f x ⎛⎫<⎪⎝⎭，∴()()12f x f x <，故()f x 在()0,+∞上是增函数. （3）∵()279f =,又()()()()()()()339393333f f f f f f f ⎡⎤⨯===⎣⎦∴()()()()()393,3113f f f a f a f ⎡⎤==+≤∴+≤⎣⎦∵[)0,1,30,a a ≥+∈+∞，∴13a +≤，即2a ≤，又0,a ≥故02a ≤≤.。

安徽省毛坦厂中学2020届高三上学期9月联考文科数学试题参考答案一、选择题(本大题共12个小题，每小题5分，共60分) 1.B 2. D 3．C 4．C 5. D 6．A 7．D 8．B 9．A 10.B 11.D 12.A二、填空题(本大题共4个小题，每小题5分，共20分)13. n a = 14．－1 15. 5 16．[44-+三、解答题(本大题共6个小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤) 17．(本小题满分10分)解：（1）证明：由正弦定理得,223sin cos sin cos sin 222A B B A C +=即1cos 1cos 3sin sin sin 222A B B A C ++⋅+⋅=，---------2分 ∴sinB+sinA+sinBcosA+cosBsinA=3sinC ∴sinB+sinA+sin（A+B ）=3sinC ∴sinB+sinA+sinC=3sinC ∴sinB+sinA=2sinC ∴a+b=2c ∴a，c ，b 成等差数列．---------5分 （2）1bsi 824S a nC ab ab ===∴=---------7分 22222222cos ()3424c a b ab C a b ab a b ab c =+-=+-=+-=-又∴c 2=8得c =分18. (本小题满分12分)解：⑴(x)2cos 212sin(2x )16f x x π=++=++ ----------2分 令，则， ∴的对称中心为(,1)(k Z)212k ππ-∈ ---------4分 由得的单调增区间为， ---------6分 ⑵∵ ∴ ∴ ∴0(x)3f ≤≤∴当时，的最小值为0；---------9分当时，的最大值3。

------12分19．(本小题满分12分)解：（1）设等差数列{}n a 的首项1a ，公差为d ，因为关于x 的不等式21220a x S x ⋅-⋅+<的解集为()1,2，则由21123S a =+=得1a d =；又122a =， ∴11a =，1d =,∴n a n =.---------6分（2）由题意可得22n a n =，22na n =，所以221212na nn b n n =+-=-+,-------8分∴()()2121212122212nn n n n T n +-+-=+=+--.---------12分20. (本小题满分12分) 解：（1）当时，，从而，此时函数在上单调递减；---------3分当时，若，则，从而，()()3,131,2n n n =⎧⎪⎨-≥⎪⎩sin(2)06x π+=()212k x k Z ππ=-∈()f x Z k k x k ∈+≤+≤-,226222πππππ()x f ⎥⎦⎤⎢⎣⎡+-6,3ππππk k Z k ∈[,]63x ππ∈-52666x πππ-≤+≤1sin(2)126x π-≤+≤6x π=-()f x 6x π=()f x若，则，从而，此时，函数在上单调递减，在上单调递增．---------6分（2）根据（Ⅰ）函数的极值点是，由，则. ---------7分所以，即，由于，即---------8分令，则，可知为函数在内唯一的极小值点，也是最小值点，故，故只要即可，故的取值范围是.---------12分21. (本小题满分12分)解：（1）由题意可得，1113n n n n n n a b a b b b +++⋅=⋅+⋅，两边同除以1n n b b +⋅，得113n nn na ab b ++=+， 又n n na cb =，13n nc c +∴-=，又1111a c b ==，∴数列{}n c 是首项为1，公差为3的等差数列．13(1)32n c n n ∴=+-=-，*n ∈N ．---------6分（2）设数列{}n b 的公比为(0)q q >，23264b b b =⋅，2426114b q b q ∴=⋅，整理得：214q =，12q ∴=， 又11b =，11()2n n b -∴=，*n ∈N ，11(32)()2n n n n a c b n -=⋅=-⨯---------8分1231n n n S a a a a a -∴=+++++012111111()4()7()(32)()2222n n -=⨯+⨯+⨯++-⨯…………①123111111()4()7()(32)()22222n n S n ∴=⨯+⨯+⨯++-⨯…………② ①—②得：1211111113()3()3()(32)()22222n n n S n -=+⨯+⨯++⨯--⨯ 21111113[()()](32)()2222n nn -=+⨯+++--⨯111[1()]12213(32)()1212n n n --=+⨯--⨯-11113[1()](32)()22n n n -=+⨯---⨯114(632)()4(34)()22n n n n =-+-⨯=-+⨯18(68)()2n n S n ∴=-+⨯．---------12分22. (本小题满分12分)解:（1）2m =时，()112f =-，()2f x x x'=-，∴()11f '=.故所求切线方程为112y x +=-，即2230x y --=.---------4分 （2）依题意())1m f x xxx x x=-='---------5分①当0m e <≤时，()0f x '≤，()f x 在e ⎤⎦上单调递减，依题意，()00f f e ⎧≥⎪⎨≤⎪⎩，解得22e e m ≤≤.故此时m e =.---------7分②当2m e ≥时，()0f x '≥，()f x 在e ⎤⎦上单调递增，依题意，()00f f e ⎧≤⎪⎨≥⎪⎩，即22m e e m ≤⎧⎪⎨≥⎪⎩此不等式无解.（注：亦可由2m e ≥得出()0f x >，此时函数()y f x =无零点）-----9分 ③当2e m e <<时，若x ∈，()0f x '>，()f x 单调递增，x e ⎤∈⎦，()0f x '<，()f x 单调递减，由m e >时，02m ef -=>. 故只需()0f e ≤，即2102m e -≤，又22e e ≤，故此时22e e m <≤.--—11分综上，所求的范围为2,2e e ⎡⎤⎢⎥⎣⎦.-----12分。