2012年高考理综(安徽卷word版)精校版

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

第I卷1至4页，第II卷5至11页。

考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。

第I卷注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、准考证号填写清楚，并贴好条形码。

请认真核准条形码上的准考证号、姓名和科目。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，在试题卷上作答无效．．．．．．．．．。

3.第I卷共21小题，每小题6分，共126分。

一下数据可供解题时参考：相对原子质量（原子量）：H 1 C一、选择题：本题共13小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列关于膝跳反射的叙述，错误的是A.反射活动由一点的刺激引起B.反射活动中兴奋在突触处双向传递C.反射活动的发生需要反射弧结构完整D.发射活动中需要神经递质参与兴奋的传递2.下列关于叶绿体和线粒体的叙述，正确的是A.线粒体和叶绿体均含有少量的DNAB.叶绿体在光下和黑暗中均能合成ATPC.细胞生命活动所需的ATP均来自线粒体D.线粒体基质和叶绿体基质所含酶的种类相同。

3.一块农田中有豌豆、杂草、田鼠和土壤微生物等生物，其中属于竞争关系的是A.田鼠和杂草B.豌豆和杂草C.豌豆和其根中的根瘤菌D.细菌和其细胞内的噬菌体4.下列关于森林群落垂直结构的叙述，错误的是A.群落中的植物具有垂直分层现象B.群落中的动物具有垂直分层现象C.动物在群落中的垂直分层与植物的分层有关D.乔木层的疏密程度不会影响草木层的水平结构5、下列关于细菌的叙述，正确的是A 不同种类细菌的生长均需要相同碳源B 常用液体培养基分离获得细菌单菌落C 细菌大量培养过程中，芽孢形成于细菌生长的调整期D 培养基中含有高浓度NaCl 有利于金黄色葡萄球菌的筛选6 、下列关于化学键的叙述，正确的一项是A 粒子化合物中一定含有离子键B 单质分子中均不存在化学键C 含有极性键的分子一定是极性分子D 含有共价键的化合物一定是共价化合物7 、能正确表示下列反应的离子方程式是A 硫酸铝溶液中加入过量氨水 3Al ++3OH=Al(OH)3 ↓B 碳酸钠溶液中加入澄清石灰水 Ca(OH) 2 +23CO -=CaCO 3 ↓ + 2OH -C 冷的氢氧化钠溶液中通入氯气 Cl 2 + 2OH -=Cl O - + Cl -+ H 2OD 稀硫酸中加入铁粉 2Fe + 6 H += 23Fe + + 3H 2 ↑8 、合成氨所需的氢气可用煤和水作原料经多步反映值得，其中的一步反应为 CO （g ）+ H 2O(g) −−−→←−−−催化剂CO 2(g) + H 2(g) △H ＜0 反应达到平衡后，为提高CO 的转化率，下列措施中正确的是A 增加压强B 降低温度C 增大CO 的浓度D 更换催化剂9 、反应 A+B →C （△H ＜0）分两步进行 ① A+B →X （△H ＞0） ② X →C （△H ＜0）下列示意图中，能正确表示总反应过程中能量变化的是10 、 元素X 形成的离子与钙离子的核外电子排布相同，且X 的离子半径小于负二级硫的离子半径，X 元素为A AlB PC ArD K11、 ①②③④ 四种金属片两两相连浸入稀硫酸中都可组成原电池 ，①②相连时，外电路电流从②流向① ；①③相连时，③为正极，②④相连时，②有气泡逸出 ；③ ④ 相连时，③ 的质量减少 ，据此判断这四种金属活动性由大到小的顺序是A ①③②④B ①③④②C ③ ④ ②①D ③ ① ②④12.在常压和500℃条件下，等物质的量的A g2 ,F E (OH)3 ,NH 4HCO 3 ,N a HCO 3完全分解，所得气体体积依次是V 1\V 2\V 3\V 4.体积大小顺序正确的是3＞V 2＞V 4＞V 1 B. V 3＞V 4＞V 2＞V 13＞V 2＞V 1＞V 42＞V 3＞V 1＞V 413.橙花醇具有玫瑰及苹果香气，可作为香料，其结构简式如下下列关于橙花醇的叙述，错误的是A ． 既能发生取代反应，也能发生加成反应B ． 在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃C ． 1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应，最多消耗240g 溴二，选择题：本题共8题。

2012年高考安徽卷理综物理参考答案解析14B解析：根据卫星运行模型知越高则周期越大，线速度越小，，加速度与万有引力加速度相同，也越小。

15C解析：由波形图知波长为4.0m ，波长除以波速的周期为0.4s ，所以0.1s 是四分之一周期，则用质点振动法结合波形图中上下坡法判断0.1s 时的波形图应为c 。

16D解析：到B 点时恰好通过，则B v =12kB E mgR =，从p 到B 机械能减少12mgR ，则此过程克服摩擦力做功为12mgR 。

[]17C解析：初s i n c o s m gm g m a θμθ-=，加上一个力以后，()sin ()cos 'mg F mg F ma θμθ+-+=,所以a ’增大。

18A 解析：有图可知CD 的长度是，DE 长为3cm,即D 到CO 的0V 等势线的电场线方向距离，6200/3U v E v m d cm===。

19B解析：第一次偏转的偏向角为600，所以圆心角也是600，周期2mT qBπ=,与速度无关；OA 长为R1，O2A 长为R2，123R R =,01tan 30R R =，023tan 30RR ==02∠A O O =60,所以第二次在磁场中偏转的圆心角为1200，所以 偏转时间是第一次的2倍。

20A解析：无穷大带电平板其周围电场可以等效为匀强电场，切除的圆板如果r 趋于0，则选项表达式表示的场强应为恒定值，比较得A 项正确。

解析： 21 Ⅰ⑴ B解析：操作目的是平衡摩擦力，所以应除去绳子的拉力，并有纸带和运动，处于匀速时，说明恰好平衡。

⑵C解析：当用砂桶和砂子的重力当做拉小车的力，则应该让砂桶和砂子的质量远小于小车的质量。

⑶0.42解析：依据题意得出x1,x2,x3,x4,x5,x6,,然后采用逐差法求加速度，取平均值，保留2位有效数字。

Ⅱ⑴左端，解析：保证开关闭合时电路安全，此时测量电路部分电压最小；⑵从0-2.5V电压范围内取8-10组电压电流值并记录。

2012年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理综综合第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是生命题目要求的。

以下数据可供起解题参考：相对原子质量（原子量）：H 1 C 12 O 16 S 32 Pb 2071.某同学以新鲜洋葱磷片叶内表皮为材料，经不同处理和染色齐染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是A．经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核B．经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质C．经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D．经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质2. 蛙的神经远内、外Na+浓度分别是15mmol/L和120mmol/L。

在腊电位由内负外正转变为内正外负过程中有Na+流入细胞，膜电位恢复过程中有Na+排出细胞。

下列判断正确的是A．Na+流入是被动运输，排出是主动运输B．Na+流入是主动运输，排出是被动运输C．Na+流入和排出都是被动运输D．Na+流入和排出都是主动运输3．脊椎动物在胚胎发育中产生了过量的运动神经元，它们竞争肌细胞所分泌的神经生长因子，只有接受了足够量神经生长因子的神经元才能生存，并与靶细胞建立连接其他的则发生凋亡。

下列叙述正确的是A．脊椎动物细胞凋亡仅发生在胚胎发育时期B．一个存活的神经元只与一个靶细胞建立连接C．神经元凋亡是不受环境影响的细胞编程性死亡D．神经元凋亡是由基因控制的，自动的细胞死亡4．假若某植物种群足够大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。

抗病基因R 对感病基因r为完全显性。

现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开花和结实，而感病植株在开花前全部死亡。

则子一代中感病植株占A 、1/9B 、1/16C 、4/81D 、1/85．图示细胞内某些重要物质的合成过程，该过程发生在A ．真核细胞内，一个mRNA 分子上结合多个核糖体同时合成多条肽链B ．原核细胞内，转录促使mRNA 在核糖体上移动以便合成肽链C ．原核细胞内，转录还未结束便启动遗传信息的翻译D ．真核细胞内，转录的同时核糖体进入细胞核启动遗传信息的翻译6．留树保鲜是通过延迟采收保持果实品质的一项技术。

2012年安徽省高考理综生物试题及答案（Word版）2012年高考安徽理综（生物部分） 1．某同学以新鲜洋葱鳞片叶内表皮为材料，经不同处理和染色剂染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是 A．经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核 B．经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质 C．经健那绿染色，可观察到橘黄色颗粒状的线粒体 D．经苏丹III染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质 1题。

经吡��红甲基绿染色，DNA被染成绿色，RNA 被染成红色，因此可观察到细胞质被染成红色，细胞核被染成绿色，故A、B错。

苏丹Ⅲ可将细胞内的脂肪颗粒染成橘黄色，故D错。

健那绿可将活细胞内的线粒体染成蓝绿色，故C正确。

2．蛙的神经元内、外Na+浓度分别是15mmol/L和120mmol/L。

在膜电位由内负外正转变为内正外负过程中有Na+流入细胞，膜电位恢复过程中有Na+排出细胞。

下列判断正确的是 A．Na+流入是被动运输，排出是主动运输 B．Na+流入是主动运输，排出是被动运输 C．Na+流入和排出都是被动运输 D．Na+流入和排出都是主动运输 2.题。

Na+流入细胞是由高浓度流入低浓度，故为被动运输。

Na+排出细胞是通过Na泵排出，也为被动运输。

故本题选C。

3．脊椎动物在胚胎发育中产生了过量的运动神经元，它们竞争肌细胞所分泌的神经生长因子，只有接受了足够量神经生长因子的神经元才能生存，并与靶细胞建立连接其他的则发生凋亡。

下列叙述正确的是 A．脊椎动物细胞凋亡仅发生在胚胎发育时期 B．一个存活的神经元只与一个靶细胞建立连接 C．神经元凋亡是不受环境影响的细胞编程性死亡 D．神经元凋亡是由基因控制的，自动的细胞死亡 3题。

脊椎动物的细胞凋亡在生命活动的每个时期均可发生，故A错，神经元细胞凋亡与否与是否接受了足够量的神经生长因子有关，所以，神经元的细胞凋亡并不仅仅由基因所控制，故C、D错，选B。

4．假若某植物种群足够大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。

2012年普通高等学校招生全国统一考试理综生物（安徽卷）【12安徽】1.某同学以新鲜洋葱鳞片叶内表皮为材料，经不同处理和染色剂染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是A.经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核B.经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质C.经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D.经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质。

【答案】C【解析】用新鲜洋葱鳞片叶内表皮做材料，经吡啰红甲基绿染色，DNA被染成绿色，RNA被染成红色，因此可观察到细胞质被染成红色，细胞核被染成绿色，故A、B错。

苏丹Ⅲ可将细胞内的脂肪颗粒染成橘黄色，故D错。

健那绿可将活细胞内的线粒体染成蓝绿色，故C正确。

【试题点评】本题考查实验的应用，本题以实验材料为切入点，涉及生物实验中常用染色剂的作用及颜色反应，重点考查学生对生物学基础实验的识记。

难度较小。

【12安徽】2.蛙的神经元内、外Na+浓度分别是15mmol/L和120mmol/L。

在膜电位由内负外正转变为内正外负过程中有Na+流入细胞，膜电位恢复过程中有Na+排出细胞。

下列判断正确的是A. Na+流入是被动运输、排出是主动运输B. Na+流入是主动运输、排出是主动运输C. Na+流入和排出都是被动运输D. Na+流入和排出都是主动运输【答案】A【解析】神经元上动作电位是由Na+的内流造成的，顺浓度梯度运输，此过程没有消耗能量，为被动运输，而恢复静息电位时，Na+排出，逆浓度梯度运输，需要消耗能量，所以为主动运输。

【试题点评】本题考查物质的跨膜运输和神经调节，平时要记住在这方面的一些特例，对解题有很好的帮助，难度不大。

【12安徽】3.脊椎动物在胚胎发育过程中产生了过量的运动神经元，它们竞争肌细胞所分泌的神经生长因子，只有接受了足够量神经生长因子的神经元才能生存，并与靶细胞建立连接，其他的则发生凋亡，下列叙述正确的是A.脊椎动物细胞凋亡仅发生在胚胎发育时期B.一个存活的神经元只与一个靶细胞建立连接C.神经元凋亡是不受环境影响的细胞编程性死亡D.神经元凋亡是由基因控制的、自动的细胞死亡【答案】D【解析】脊椎动物的细胞凋亡发生在生长发育的任何时期，A错误；一个存活的神经元可以连接几个靶细胞，B错误；由题干可知，神经元凋亡与是否接受了足够量的神经生长因子有关，C错误；由基因所决定的细胞自动结束生命的过程，就叫细胞凋亡，D正确。

12年高考全国理综试卷（新课标物理部分、含答案）2012年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试物理部分二、选择题。

本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。

早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动15.如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。

图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b 和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则A.a的飞行时间比b的长B.b和c的飞行时间相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大16.如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。

设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2。

以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。

不计摩擦，在此过程中A.N1始终减小，N2始终增大B.N1始终减小，N2始终减小C.N1先增大后减小，N2始终减小D.N1先增大后减小，N2先减小后增大17.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调。

已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V的交流电源上。

当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0kW。

设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为A.380V和5.3AB.380V和9.1AC.240V和5.3AD.240V和9.1A18.如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）【试卷总评】2012年安徽卷试题严格按照2012年考试说明来命题，题目比较常规。

注重基础知识和物理方法的考查，考查内容包括了牛顿运动定律、万有引力、功能关系、电场、磁场、交变电流、机械波、动量等相关知识。

试题设计科学严谨、自然完整，很好地体现了学科内部联系，把物理各部分内容有机结合起来，能够较好地考查出考生运用基础知识和基本技能综合分析和解决问题的能力。

选择题（每小题6分）14．我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km ，“神州八号”的运行轨道高度为343km 。

它们的运行轨道均视为圆周，则A ．“天宫一号”比“神州八号”速度大B ．“天宫一号”比“神州八号”周期长C ．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D ．“天宫一号”比“神州八号”加速度大15．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在t=0时波形如图1所示，已知波速为10m /s ，则t=0.1s 时正确的波形是图2中的A ．B ．C ．D ． 图2 图1 1.0 2.0 3.0 x (m )y (m ) o 4.018．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大小为A ．200/V mB ．2003/V mC ． 100/V mD ．1003/V m20．如图1所示，半径为R 的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P （坐标为x ）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：221/22[1]()x E k R x πσ=-+，方向沿x 轴。

现考虑单位面积带电量为0σ的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r 的圆版，如图2所示。

则圆孔轴线上任意一点Q （坐标为x ）的电场强度为A ．0221/22()x k r x πσ+ B ．0221/22()r k r x πσ+ C ．02x k rπσ D ．02r k xπσ（2）实验中要进行质量m 和M 的选取，以下最合理的一组是A ．M=200g , m =10g 、15g 、20g 、25g 、30g 、40gB ．M=200g , m =20g 、40g 、60g 、80g 、100g 、120gC ．M=400g , m =10g 、15g 、20g 、25g 、30g 、40gD ．M=400g , m =20g 、40g 、60g 、80g 、100g 、120g（3）图2 是试验中得到的一条纸带， A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。

理科综合能力测试试卷 第1页（共46页）理科综合能力测试试卷 第2页（共46页）绝密★启用前2012年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第1页至第5页，第Ⅱ卷第6页至第14页。

全卷满分300分。

考生注意事项：1. 答题前，务必在试题卷、答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中的姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。

务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。

2. 答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上所对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

3. 答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上．．．．书写，要求字体工整、笔迹清晰。

作图题可先用铅笔在答题卡．．．的规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。

必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题．．．．区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。

4. 考试结束，务必将试题卷和答题卡一并上交。

可能用到的相对原子质量：H —1 C —12 O —16 S —32 Pb —207第Ⅰ卷（选择题 共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. 某同学以新鲜洋葱磷片叶内表皮为材料，经不同处理和染色齐染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是（ ）A. 经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核B. 经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质C. 经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D. 经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质2. 蛙的神经远内，外+Na 浓度分别是15 mmol/L 和120 mmol/L 。

在膜电位由内负外正转变为内正外负过程中有+Na 流入细胞，膜电位恢复过程中有+Na 排出细胞。

2012年普通高等学校招生全国统一考试安徽卷理综物理部分（含解析）14.我国发身的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km, “神州八号”的运行轨道高度为343km.它们的运行轨道均视为圆周，则A．“天宫一号”比“神州八号”速度大B．“天宫一号”比“神州八号”周期长C．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D．“天宫一号”比“神州八号”加速度大15.一列简谐被沿X轴正方向传播，在t=0j时波形如图1所示，已知波速度为10m/s。

则t=0.1s时正确的波形应是图2中的16.如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力。

已知AP=2R,重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中2A. 重力做功mgRB. 机械能减少m gRC. 合外力做功m gR1D. 克服摩擦力做功mgR217.如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则A. 物块可能匀速下滑B. 物块仍以加速度a匀速下滑C. 物块将以大于a的加速度匀加速下滑D. 物块将以小于a的加速度匀加速下滑18.如图所示，在平面直角 中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0 V ， 点A 处的电势为6 V , 点B 处的电势为3 V, 则电场 强度的大小为A.200V/mB.2003 V/mC.100 V/mD. 1003 V/m19. 如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿 直径AOB 方向射入磁场，经过t ∆时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°角。

现将带电粒子的速度变为v /3，仍从A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为A. 21t ∆ B.2 t ∆ C.31t ∆ D.3 t ∆20. 如图1所示，半径为R 均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P （坐标为x ）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E =2πκσ()⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡+-21221x r x，方向沿x 轴。

桑水高中物理学习材料桑水制作2012年高考理综物理安徽卷14．我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km ，“神州八号”的运行轨道高度为343km 。

它们的运行轨道均视为圆周，则 A ．“天宫一号”比“神州八号”速度大 B ．“天宫一号”比“神州八号”周期大 C ．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D ．“天宫一号”比“神州八号”加速度大15．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在t =0s 时波形如图1所示，已知波速为10m/s ，则t =0.1s 时正确的波形是图2中的 图216．如图所示，在竖直平面内有一个半径为R 的圆弧轨道。

半径OA 水平、OB 竖直，一个质量为m 的小球自A 正上方P 点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R ，重力加速度为g ，则小球 从P 到B 的运动过程中 A ．重力做功2mgR B ．机械能减少mgR C ．合外力做功mgR D ．克服摩擦力做功12mgR17．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a 沿斜面匀加速 下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F ，则 A ．物块可能匀速下滑B ．物块将以加速度a 匀加速下滑C ．物块将以大于a 的加速度匀加速下滑D ．物块将以小于a 的加速度匀加速下滑Fx /m 1.0OCy /m2.03.04.0 1.0 ODy /m 2.0 3.0 4.0 x /m1.0By /m 2.0 3.0 4.0 x /mO1.0Ay /m 2.0 3.0 4.0 x /mO1.0 Oy /m2.03.04.0 x /m 图1)cm (x )cm (y O)3,0(B )0,6(A P AB OR 2R桑水18．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大小为 A ．200 V/m B ．200 3 V/m C ．100 V/m D ．100 3 V/m19．如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成600角。

绝密★启用前2012年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试（物理）第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

14．我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km，“神州八号”的运行轨道高度为343km。

它们的运行轨道均视为圆周，则( )A．“天宫一号”比“神州八号”速度大B．“天宫一号”比“神州八号”周期大C．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D．“天宫一号”比“神州八号”加速度大【答案】B【解析】由万有引力提供航天器做圆周运动的向心力得：222224n Mm vG m m r m r mar r Tπω====，所以v=T=ω=2nGMar=。

而“天宫一号”轨道半径r天比“神州八号”轨道半径r神大，故正确选项：B15．一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0s时波形如图1所示，已知波速为10m/s，则t=0.1s时正确的波形是图2中的( )A．B．C．D．图2【答案】C【解析】由图1可得波长λ=4.0m，其周期T=λ/v=0.4s。

而t=0.1s=T/4，波沿x轴正方向传播，即图1的波形向x轴正方向移动1/4波长，得到图2的C图。

正确选项C16．如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道。

半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中( )A．重力做功2mgRB．机械能减少mgRC．合外力做功mgRD．克服摩擦力做功12mgR【答案】D【解析】小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，由牛顿第二定律：2Bv mg m R=；小球从P 到B的运动过程中，由动能定理：212G f B W W mv +=。

重力做功G W mgR =，合外力做功21122B W mv mgR ==，摩擦力做的功为12f W mgR =-，即克服摩擦力做功12mgR ，机械能减少12mgR 。

【解答】解：：天宫一号和“神州八号，即 ，故轨道高度越小，线速度越大．故，即，故轨道高度越小，角速度越大．故A ．B ．C ．D ．【考点】横波的图象．【专题】振动图像与波动图像专题．振动图像与波动图像专题．【分析】先根据图象得到波长，根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解．先根据图象得到波长，根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解．【解答】解：根据图象可知，波长λ=4m ，所以T=所以t=0.1s 时，波形向右平移个波长，所以C 正确．正确．故选C 【点评】本题采用波形平移法研究波形图的，本题采用波形平移法研究波形图的，是经常运用的方法．是经常运用的方法．是经常运用的方法．抓住波形经过一个周期向抓住波形经过一个周期向前平移一个波长．前平移一个波长．3．（3分）（2012•安徽）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R 的圆弧轨道．半径OA 水平、OB 竖直，一个质量为m 的小球自A 正上方P 点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R ，重力加速度为g ，则小球从P 到B 的运动过程中（动过程中（ ）A ．重力做功2mgR B ．机械能减少mgR C ．合外力做功mgR D ．克服摩擦力做功mgR 【考点】牛顿第二定律；动能定理的应用．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律求解出B 点的速度；然后对从P 到B 过程根据功能关系列式判读．过程根据功能关系列式判读．【解答】解：A 、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故P 到B 过程，重力做功为W G =mgR ，故A 错误；错误；B、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律，有mg=m，解得；从P到B过程，重力势能减小量为mgR，动能增加量为=，故机械能减小量为：mgR﹣，故B错误；错误；C、从P到B过程，合外力做功等于动能增加量，故为=，故C错误；错误；D、从P到B过程，克服摩擦力做功等于机械能减小量，故为mgR﹣，故D正确；正确；故选D．【点评】解决本题的关键知道球到达B点时对轨道的压力为0，有mg=m，以及能够熟练运用动能定理．练运用动能定理．4．（3分）（2012•安徽）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（，则（ ）A．物块可能匀速下滑．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑的加速度匀加速下滑【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．压轴题；牛顿运动定律综合专题．【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题．【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．加速度减小．【解答】解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度aʹ=，因为gsinθ＞μgcosθ，所均错误．以Fsinθ＞μFcosθ，可见aʹ＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．5．（3分）（2012•安徽）如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，场，其中坐标原点其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大小为（度的大小为（ ）A ．200 V/m 200 V/m B B ．200 V/m C ．100 V/m 100 V/m D D ．100 V/m 【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据题中的数据找出x 轴方向上电势与B 点相等的C 点，BC 两点的电势相等，两点的电势相等，即即BC 连线上的各点电势相等，通过几何关系，求出O 点到BC 的距离，由匀强电场中电势差与电场强度的关系可得出电场强度的大小．与电场强度的关系可得出电场强度的大小．【解答】OA 的中点C 点，由题意可得C 点的电势为3V ，即BC 的电势相等，连接BC ，因BC 的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于BC ，过O 点做BC 的垂线相较于D 点，由几何关系得：OD=OC •sin ∠BCO=1.5cm=1.5×10﹣2m 则电场强度为：E===200V/m ，选项BCD 错误，A 正确正确故选：A 【点评】在匀强电场中，在匀强电场中，电场是处处相等的，电场是处处相等的，电场是处处相等的，电场强度，电场强度，电场强度，电势差与沿电场方向上的距离有关电势差与沿电场方向上的距离有关系E=，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场．，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场．6．（3分）（2012•安徽）如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过△t 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°角．现将带电粒子的速度变为，仍从A 点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为（运动时间变为（ ）A．△t B．2△t t C C．△t D．3△t 【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【专题】压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期 T=，与粒子速度大小无【分析】由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期关，可见，要计算粒子在磁场中运动的时间，只要求得它在磁场中运动轨迹对应的圆心角，就可得到所用的时间．就可得到所用的时间．【解答】解：设圆形磁场区域的半径是R，以速度v射入时，半径，根据几何关系可知，，所以运动时间t=以速度射入时，半径，所以，根据几何关系可知：设第二次射入时的圆心角为θ，根据几何关系可知：tan所以θ=120°则第二次运动的时间为：t=ʹ=2△t 故选：B．【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题．圆弧的几何关系来帮助解题．7．（3分）（2012•安徽）的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为单位面积带电量为σ，半径为R的均匀带电圆形平板，安徽）如图如图1所示，所示，半径为其轴线上任意一点P（坐标为x）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电所示．则圆孔轴线上任意一点如图2所示．则圆孔轴线上任意一点Q（坐标为x）平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，的圆板，如图的电场强度为（ ）的电场强度为（A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ0【考点】电场强度．压轴题；电场力与电势的性质专题．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】已知均匀圆板的电场强度的公式，推导出单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电的圆板产生的场强．平板的电场强度的公式，然后减去半径为r的圆板产生的场强．【解答】解：无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强：半径为r的圆板在Q点产生的场强：无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以：正确．所以选项A正确．故选：A 【点评】本题对高中学生来说比较新颖，要求学生能应用所学过的单位制的应用及极限法；本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题．本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题．二、解答题8．（18分）（2012•安徽）Ⅰ、图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．拉力的大小．（1）试验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是 B度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动．否做匀速运动．的选取，以下最合理的一组是 C（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是A．M=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g B．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g C．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g D．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g （3）图2是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为s AB=4.22cm、s BC=4.65cm、s CD=5.08cm、s DE=5.49cm、s EF=5.91cm、s FG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=0.42m/s2（结果保留2位有效数字）．Ⅱ、如图为“测绘小灯伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5V．）完成下列实验步骤：（1）完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器左端的接线柱 闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片， 使它靠近变阻器左端的接线柱②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片， 增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压 ；的多组读数，直至电压达到额定电压③断开开关，…．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线． ）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．（2）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．【考点】验证牛顿第二运动定律．实验题；牛顿运动定律综合专题．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】Ⅰ．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．意事项．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．Ⅱ．从小灯泡的伏安特性曲线的实验原理去分析考虑，知道实验前滑动变阻器应处于最大值．【解答】解：I ．（1）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂沙和沙桶的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．要判断是否是匀速运动，我们可以从打出的纸带相邻的点的间距来判断小车是否做匀速运动，故选B ．（2）当m ＜＜M 时，即当沙和沙桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力．故选C ．（3）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，相邻的计数点时间间隔为0.1s 利用匀变速直线运动的推论△x=at 2，s DE ﹣s AB =3a 1T 2s EF ﹣s BC =3a 2T 2s FG ﹣s CD =3a 3T 2a==0.42m/s 2．Ⅱ．（1）①由于滑动变阻器的分压作用，使开始实验时小灯泡两端电压为0，应使滑动变阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱．阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱．②描绘小灯泡灯丝的伏安特性曲线，必须测量多组数据，即增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示）如图所示故答案为：Ⅰ．（1）B （2）C （3）0.42 Ⅱ．（1）①使它靠近变阻器左端的接线柱使它靠近变阻器左端的接线柱②增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压 （2）如图所示）如图所示【点评】I ．实验问题需要结合物理规律去解决．实验中的第2题考查的是力学问题，把长木板的一端垫得过高，木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，摩擦力减小等现摩擦力减小等现象，这些我们都要从学过的力学知识中解决．纸带的处理是运用匀变速直线运动的两个推论去完成的．去完成的．Ⅱ．本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验要明确其实验原理．Ⅱ．本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验要明确其实验原理．9．（14分）（2012•安徽）质量为0.1kg 的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v ﹣t 图象如图所示．球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的．设球受到的空气阻力大小恒为f ，取g=10m/s 2，求：，求：（1）弹性球受到的空气阻力f 的大小；的大小；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．牛顿运动定律综合专题．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）速度时间图象与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度，在下落过程中根据图象求出加速度，根据牛顿第二定律即可求得空气阻力；根据图象求出加速度，根据牛顿第二定律即可求得空气阻力；）先根据牛顿第二定律求得上升时的加速度，再根据位移速度公式即可求解．（2）先根据牛顿第二定律求得上升时的加速度，再根据位移速度公式即可求解．【解答】解；（1）设弹性球第一次下落过程中的加速度为a，由速度时间图象得：，由速度时间图象得：a=根据牛顿第二定律得：mg﹣f=ma 解得：f=0.2N （2）由速度时间图象可知，弹性球第一次到达地面的速度为v=4m/s 则弹性球第一次离开地面时的速度大小为vʹ=3m/s 离开地面后aʹ==12m/s2，根据0﹣vʹ2=2aʹh 解得：h=0.375m 答：（1）弹性球受到的空气阻力f的大小为0.2N；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h为0.375m．【点评】牛顿运动定律和运动学公式结合是处理动力学问题常用的方法．速度图象要抓住两表示位移．个意义：斜率表示加速度，“面积”表示位移．10．（16分）（2012•安徽）图1是交流发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的OOʹ轴转动，由线圈引起的导线ae和df 分别与两个跟线圈一起绕OOʹ转动的金属圈环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路．图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示．已知ab长度为L1，bc长度为L2，（只考虑单匝线圈）线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，试写出t 时刻整个线圈中的感应电动势e 2的表达式；的表达式；（3）若线圈电阻为r ，求线圈每转动一周电阻R 上产生的焦耳热．（其它电阻均不计）（其它电阻均不计） 【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】压轴题；交流电专题．压轴题；交流电专题．【分析】（1）矩形线圈abcd 转动过程中，只有ab 和cd 切割磁感线，先求出转动线速度，根据E=BLv ，求出导线ab 和cd 因切割磁感线而产生的感应电动势，从而写出瞬时表达式； （2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，则在（1）中的瞬时表达式中加个相位即可；相位即可；（3）先求出平均电动势，根据欧姆定律求出平均电流，根据Q=I 2R T 即可求解．即可求解．【解答】解：（1）矩形线圈abcd 转动过程中，只有ab 和cd 切割磁感线，设ab 和cd 的转动速度为v ，则 在t 时刻，导线ab 和cd 因切割磁感线而产生的感应电动势均为因切割磁感线而产生的感应电动势均为E 1=BL 1v 由图可知v ⊥=vsin ωt 则整个线圈的感应电动势为e 1=2E 1=BL 1L 2ωsin ωt （2）当线圈由图3位置开始运动时，在t 时刻整个线圈的感应电动势为e 2=BL 1L 2ωsin （ωt+φ0）（3）由闭合电路欧姆定律可知这里的E 为线圈产生的电动势的有效值则线圈转动一周在R 上产生的焦耳热为其中其中于是 答：（1）t 时刻整个线圈中的感应电动势e 1=BL 1L 2ωsin ωt ；（2）t 时刻整个线圈中的感应电动势e 2=BL 1L 2ωsin （ωt+φ0）；（3）线圈每转动一周电阻R 上产生的焦耳热为．【点评】当线圈与磁场相平行时，即线圈边框正好垂直切割磁感线，即线圈边框正好垂直切割磁感线，此时产生的感应电动势此时产生的感应电动势最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．11．（20分）（2012•安徽）如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量固定，右端连接着质量 M=2kg 的小物块A ．装置的中间是水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接．传送带始终以u=2m/s 的速率逆时针转动．装置的右边是一光滑的曲面，质量m=1kg 的小物块B 从其上距水平台面h=1.0m 处由静止释放．已知物块B 与传送带之间的摩擦因数μ=0.2，l=1.0m ．设物块A 、B 中间发生的是对心弹性碰撞，第一次碰撞前物块A 静止且处于平衡状态．取g=10m/s 2．（1）求物块B 与物块A 第一次碰撞前速度大小；第一次碰撞前速度大小；（2）通过计算说明物块B 与物块A 第一次碰撞后能否运动到右边曲面上？第一次碰撞后能否运动到右边曲面上？（3）如果物块A 、B 每次碰撞后，物块A 再回到平衡位置时都会立即被锁定，而当他们再次碰撞前锁定被解除，试求出物块B 第n 次碰撞后的运动速度大小．次碰撞后的运动速度大小．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律． 【专题】压轴题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．压轴题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】（1）物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置由机械能守恒列出等式，物块B 在传送带上滑动根据牛顿第二定律和运动学公式求解上滑动根据牛顿第二定律和运动学公式求解（2）物块A 、B 第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解（3）当物块B 在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以判断，物块B 运动到左边台面是的速度大小为v 1，继而与物块A 发生第二次碰撞．物块B 与物块A 第三次碰撞、第四次碰撞…，根据对于的规律求出n 次碰撞后的运动速度大小．次碰撞后的运动速度大小．【解答】解：（1）设物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v 0由机械能守恒知设物块B 在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为μmg=ma 设物块B 通过传送带后运动速度大小为v ，有 解得v=4m/s 由于v ＞u=2m/s ，所以v=4m/s 即为物块B 与物块A 第一次碰撞前的速度大小第一次碰撞前的速度大小（2）设物块A 、B 第一次碰撞后的速度分别为V 、v 1，取向右为正方向，，取向右为正方向，由弹性碰撞，运用动量守恒，能量守恒得由弹性碰撞，运用动量守恒，能量守恒得﹣mv=mv 1+MV 解得解得 ，即碰撞后物块B 在水平台面向右匀速运动在水平台面向右匀速运动设物块B 在传送带上向右运动的最大位移为l'，则，则所以物块B 不能通过传送带运动到右边的曲面上不能通过传送带运动到右边的曲面上（3）当物块B 在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以判断，物块B 运动到左边台面是的速度大小为v 1，继而与物块A 发生第二次碰撞．发生第二次碰撞．设第二次碰撞后物块B 速度大小为v 2，同上计算可知；…。

2012·安徽卷（理综生物）1. [2012·安徽卷] 某同学以新鲜洋葱鳞片叶内表皮为材料，经不同处理和染色剂染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是（）A.经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核B.经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质C.经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D.经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质1.C [解析] 本题考查物质的鉴定实验，考查学生的识记与理解能力。

甲基绿能将DNA染成绿色，吡罗红能将RNA染成红色，DNA主要分布在细胞核中，RNA主要分布在细胞质中，A、B项错误；健那绿可将线粒体染成蓝绿色，C项正确；苏丹Ⅲ可以用来鉴定脂肪，不能用来鉴定蛋白质，D项错误。

2. [2012·安徽卷] 蛙的神经元内、外Na＋浓度分别是15 mmol/L 和120 mmol/L。

在膜电位由内负外正转变为内正外负过程中有Na＋流入细胞，膜电位恢复过程中有Na＋排出细胞。

下列判断正确的是（）A.Na＋流入是被动运输、排出是主动运输B.Na＋流入是主动运输、排出是被动运输C.Na＋流入和排出都是被动运输D.Na＋流入和排出都是主动运输2.A [解析] 本题考查动作电位的产生及静息电位的恢复过程中离子的跨膜运输方式，考查学生的理解能力。

当神经元受到适宜强度的刺激时，Na ＋通道打开，Na ＋大量内流，膜电位由内负外正转变为内正外负，这种通过通道的形式，由高浓度一侧到低浓度一侧的运输方式为被动运输；膜电位恢复过程中，Na ＋的排出是在Na ＋－K ＋泵（ATP 酶）的作用下，消耗能量而完成的，属于主动运输，A 正确。

3. [2012·安徽卷] 脊椎动物在胚胎发育中产生了过量的运动神经元，它们竞争肌细胞所分泌的神经生长因子，只有接受了足够量神经生长因子的神经元才能生存，并与靶细胞建立连接，其他的则发生凋亡。

下列叙述正确的是（ ）A.脊椎动物细胞凋亡仅发生在胚胎发育时期B.一个存活的神经元只与一个靶细胞建立连接C.神经元凋亡是不受环境影响的细胞编程性死亡D.神经元凋亡是由基因控制的、自动的细胞死亡3.D [解析] 本题考查细胞的生命历程，考查学生对相关知识点的理解与判断能力。

2012年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理综第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是生命题目要求的。

以下数据可供起解题参考：相对原子质量（原子量）：H 1 C 12 O 16 S 32 Pb 2071、某同学以新鲜洋葱鳞片叶内表皮为材料，经不同处理和染色剂染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是A．经吡罗红甲基绿染色，可观查到红色的细胞核B．经吡罗红甲基绿染色，可观查到绿色的细胞质C．经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D．经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状蛋白质2．蛙的神经元内、外Na＋浓度分别是15mmol/L和120mmol/L.在膜电位由内负外正转变为内正外负过程中有Na＋流入细胞，膜电位恢复过程中有Na＋排出细胞。

下列判断正确的是A．Na＋流入是被动运输，排出是主动运输B．Na＋流入是主动运输，排出是被动运输C．Na＋流入和排出都是被动运输D．Na＋流入和排出都是主动运输3．脊椎动物在胚胎发育过程中产生了过量的运动神经元，它们竞争肌细胞所分泌的神经生长因子，只有接受了足够量神经生长因子的神经元才能生存，并与靶细胞建立连接，其他的则发生凋亡。

下列叙述正确的是A．脊椎动物细胞凋亡仅发生胚胎发育时期B．一个存活的神经元只与一个靶细胞建立连接C．神经元凋亡是不受环境影响的细胞编程性死亡D．神经元凋亡是由基因控制的、自动的细胞死亡4．假设某植物种群非常大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。

抗病基因R对感病基因r为完全显性。

现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开花和结实，而感病植株在开花前全部死亡，则子一代中感病植株占A．1/9 B．1/16 C．4/81 D．1/85．图示细胞内某些重要物质的合成过程，该过程发生在A ．真核细胞内，一个mRNA 上结合多个核糖体同时合成多条肽链B ．原核细胞内，转录促使mRNA 在核糖体上移动以便合成肽链C ．原核细胞内，转录还未结束便启动遗传信息的翻译D ．真核细胞内，转录的同时核糖体进入细胞核启动遗传信息的翻译6．留树保鲜是通过延迟采收保持果实品质的一项技术。