2021届高三高考模拟理科综合物理试题解析版 (1)

高考理科综合（物理）模拟试卷参考答案14．C 解析：根据玻尔理论可知，氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出光的能量大于氢原子从n ＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出光的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故A正确；根据质量数守恒与电荷数守恒可知，核反应方程式137 55Cs→137 56Ba＋x中，x的质量数为0，电荷数为：Z＝55－56＝－1，所以x为电子，故B正确；β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，将电子释放出来，β衰变释放的电子不是来自于核外电子，故C错误；质子和中子结合成α粒子，核反应方程为221H＋210n→42He，根据爱因斯坦质能方程可知，释放的能量是ΔE＝Δmc2＝（2m1＋2m2－m3）c2，故D正确。

本题要求选说法错误的，故选C。

15．D 解析：若小球与小车一起匀速运动，则细绳对小球无拉力；若小球与小车有向右的加速度a＝g tan α，则轻弹簧对小球无弹力，故选项D正确。

16．C 解析：由题图乙知，F＝6 N时，滑块与木板刚好不相对滑动，加速度为a＝1 m/s2。

对整体分析，由牛顿第二定律有F＝（M＋m）a，代入数据计算得出M＋m＝6 kg，当F≥6 N时，对木板，根据牛顿第二定律得:1F mg mga FM M Mμμ-==-，知图线的斜率k＝12，则M＝2 kg，滑块的质量m＝4kg；故AB不符合题意；根据F＝6 N时，a＝1 m/s2，代入表达式计算得出μ＝0.1，当F＝8 N时，对滑块，根据牛顿第二定律得μmg＝ma′，计算得出a′＝μg＝1 m/s2，故C符合题意，D不符合题意。

17．B 解析：做斜上抛运动的物体只受到重力的作用，加速度等于重力加速度．所以A与B的速度是相等的．故A错误；如做竖直上抛运动的物体上升的高度为h,则物体在空中的时间t=A球上升是高度更高，所以A在空中运动的时间长．故B正确；二者在水平方向的位移：x=vx⋅t，由于二者在水平方向的位移是相等的，而A运动的时间长，所以A的水平方向的分速度小．又由于在最高点物体只有水平方向的分速度，所以A球在最高点的速度小．故C错误；A在空中运动的时间长，则A在竖直方向的分速度大；又由于A在水平方向的分速度小，所以不能判断出二者开始时合速度的大小关系，不能判断出开始时二者机械能的大小．二者在运动的过程中机械能不变，所以也不能判断出二者落回Q 点时的机械能一定相同．故D 错误．18．B 解析：由最小发射速度应是万有引力等于重力，而重力又充当向心力时的圆周运动速度，由此可以解得最小发射速度。

2021年高三下学期一模诊断测试理科综合物理含解析一、选择题（本题包括7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分．选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．（6分）（xx•泰安一模）一铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直．现将水平F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止．则在这一过程中（）A．水平拉力F变大B．细线的拉力不变C．铁架台对地面的压力变大D．铁架台所受地面的摩擦力变大【考点】：共点力平衡的条件及其应用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以小球为研究对象分析水平拉力F的大小，以小球和铁架台整体为研究对象受力分析，研究铁架台所受地面的摩擦力和支持力【解析】：解：A、对小球受力分析，受拉力、重力、F，根据平衡条件，有：F=mgtanθ，θ逐渐增大则F逐渐增大，故A正确；B、由上图可知，线细的拉力T=，θ增大，T增大，故B错误；CD、以整体为研究对象，根据平衡条件得：F f=F，则F f逐渐增大．F N=（M+m）g，F N保持不变．故D正确，C错误．故选：AD．【点评】：本题是动态平衡问题，动态平衡常用描述字眼就是缓慢移动，处理问题的方法主要是：采用隔离法和整体法相结合进行研究．2．（6分）（xx•泰安一模）滑雪运动员沿倾角一定的斜坡向下滑行时其速度﹣时间图象如图所示，图线为曲线．则此过程中运动员的（）A．速度越来越大B．加速度越来越小C．阻力越来越小D．机械能保持不变【考点】：机械能守恒定律；匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：根据速度时间图线得出运动员的速度和加速度变化，从而根据牛顿第二定律得出阻力的变化，根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒．【解析】：解：A、由图知，运动员的速度不断增大，故A正确．B、速度时间图线的切线斜率表示瞬时加速度，切线斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小，故B正确．C、根据牛顿第二定律知，合力逐渐减小，由牛顿第二定律知：mgsinθ﹣f=ma，则知阻力f增大．故C错误．D、由于运动员的加速度在变化，则知运动员在运动过程中必定受到阻力，且阻力做功，则其机械能不守恒，故D错误．故选：AB．【点评】：解决本题的关键知道速度时间图线的切线斜率表示瞬时加速度，图线不是运行的轨迹，要掌握机械能守恒的条件和牛顿第二定律．3．（6分）（xx•泰安一模）如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压U1和输电线的电阻、理想变压器匝数均不变，且n1：n2=n4：n3．当用户消耗的功率增大时，下列表述正确的是（）A．用户的电压U4增加B．恒有U1：U2=U4：U3C．输电线上损耗的功率减小D．发电机的输出功率不变【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：当用电器增多时，用户消耗的功率增大，根据降压变压器的输出电流的变化得出输电线上的电流变化，从而得出电压损失的变化，根据升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压和电压损失之和得出用户电压的变化．升压变压器的输出功率等于功率损失和降压变压器的输入功率之和．变压器的原副线圈的电压之比等于匝数之比【解析】：解：A、当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则输电线上的电流增大，可知输电线上的电压损失增大，发电机的输出电压U1不变，则U2不变，可知降压变压器的输入电压减小，所以用户得到的电压U4减小．故A错误．B、因为原副线圈的电压比等于匝数之比，则=，=，因为n1：n2=n4：n3，所以U1：U2=U4：U3．故B正确．C、当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则输电线上的电流增大，可知输电线上的功率损失增大，故C错误D、用户消耗的功率等于发电机的输出功率减去输电线上损失的功率，输出和损失的功率都增大，故发电机输出功率增大．故D错误．故选：B【点评】：解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系4．（6分）（xx•泰安一模）“嫦娥”三号探测器发射到月球上要经过多次变轨，最终降落到月球表面上，其中轨道I为圆形．下列说法正确的是（）A．探测器在轨道I运行时的加速度大于月球表面的重力加速度B．探测器在轨道I经过P点时的加速度小于在轨道Ⅱ经过P时的加速度C．探测器在轨道I的运行周期大于在轨道Ⅱ的运行周期D．探测器在P点由轨道I进入轨道Ⅱ必须点火加速【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：卫星椭圆轨道的半长轴逐渐减小，根据开普勒第三定律，周期要减小，根据牛顿第二定律判断加速度．【解析】：解：A、探测器在轨道I运行时的万有引力小于在月球表面时的万有引力，根据牛顿第二定律，探测器在轨道I运行时的加速度小于月球表面的重力加速度，故A错误；B、根据万有引力提供向心力G=ma知轨道半径相同，则加速度相同，故探测器在轨道I经过P 点时的加速度等于在轨道Ⅱ经过P时的加速度，故B错误；C、根据开普勒第三定律，探测器在轨道I的运行周期大于在轨道Ⅱ的运行周期，故C正确；D、探测器在P点由轨道I进入轨道Ⅱ必须点火减速，故D错误；故选：C．【点评】：本题要掌握万有引力定律和卫星变轨道问题，并要知道卫星绕越运动的向心力由万有引力提供，能结合圆周运动的规律进行求解．5．（6分）（xx•泰安一模）如图所示，分别在M、N两点固定两个点电荷+Q和﹣q（Q＞g），以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点．下列说法中正确的是（）A．A点场强等于B点场强B．A点电势等于B点电势C．O点场强大于D点场强D．O点电势高于D点电势【考点】：电势；电场的叠加．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：由题，Q带正电，q带负电，电场线方向由M指向N，根据顺着电场线电势逐渐降低．电场线越密，电场强度越大．根据对称性，分析OD两点电势关系、场强关系．【解析】：解：A、由于Q＞q，A点处电场线比B点处电场线密，A点场强大于B点场强，故A错误．B、电场线方向由M指向N，则A点电势高于B点电势．故B错误．C、由于电场线关于MN对称，C、D两点电场线疏密程度相同小于O点的密集程度，则O点场强大于D点场强．故C正确．D、由于Q电荷量大，故等势面如图：，沿着电场线电势降低，可知O点电势高于D点电势，故D正确．故选：CD．【点评】：本题考查判断电势、场强大小的能力，往往画出电场线，抓住电场线分布的特点进行判断．6．（6分）（xx•泰安一模）如图所示，竖直向上的匀强电场中，一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上，上端连接一带正电小球，小球静止时位于N点，弹簧恰好处于原长状态．保持小球的带电量不变，现将小球提高到M点由静止释放．则释放后小球从M运动到N过程中（）A．小球的机械能与弹簧的弹性势能之和保持不变B．小球重力势能的减少量等于小球电势能的增加C．弹簧弹性势能的减少量等于小球动能的增加量ɛD．小球动能的增加量等于电场力和重力做功的代数和【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；弹性势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：小球静止时位于N点，弹簧恰好处于原长状态，说明小球受到的电场力等于重力．在小球运动的过程中，电场力做功等于重力做功．据此来分析各个选项【解析】：解：A、由于有电场做功，故小球的机械能不守恒，小球的机械能与弹簧的弹性势能之和是改变的，故A错误．B、由题意，小球受到的电场力等于重力．在小球运动的过程中，电场力做功等于重力做功，小球从M运动到N过程中，出现的是重力势能减小转化为电势能和动能，故B错误；C、释放后小球从M运动到N过程中，弹性势能并没变，一直是0，故C错误．D、由动能定律可得重力和电场力做功，小球动能增加，小球动能的增加量等于电场力和重力做功的代数和，故D正确．故选：D．【点评】：该题考查物体的受力分析和能量的转化与守恒，要对各力的做功有准确的分析．属于简单题．7．（6分）（xx•泰安一模）如图所示，B是一个螺线管，C是与螺线管相连接的金属线圈．在B 的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环A，A的环面水平且与螺线管的横截面平行．若仅在金属线圈C所处的空间加上与C环面垂直的变化磁场，发现在t1至t2时间段内绝缘丝线的拉力变小，则金属线圈C处所加磁场的磁感应强度随时间变化的B﹣t图象可能是（）A．B．C．D．【考点】：楞次定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由楞次定律可知A处磁场的变化可知螺线管中电流的变化；再次应用楞次定律可得出C中磁感应强度的变化关系．【解析】：解：由楞次定律可知A处磁场增大，则说明螺线管中电流增大；则说明C中感应电动势应该增大；故C中的磁通量的变化率应该增大；故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】：对于楞次定律要理解其本质，明确“增反减同”及“来拒去留”的正确应用．二.（必做157分+选做36分，共193分）[必做部分】8．（8分）（xx•泰安一模）为了验证机械能守恒定律，某同学在墙壁上固定了竖直的标尺，让小钢球在标尺附近无初速释放，然后启动数码相机的连拍功能，连拍两张照片的时间间隔为T，得到了如图所示的照片．测量出A、B、C、D、E相邻两点间的距离依次为L1、L2、L3、L4，当地重力加速度为g．（1）为了获得钢球在C位置的动能，需要求得经C位置时的速度v c，则v c=．（2）钢球经E位置时的速度表示为C．（填序号）A．v E=4gT B．v E= C．v E=（3）用B、E两点验证钢球的机械能是否相等，实际得到的关系式为mv E2﹣mv B2＜mg （L2+L3+L4）（填“＞”、“＜”或“=”），原因是钢球下落过程中受到阻力．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C点的速度以及E点的速度．钢球在下落过程中，由于阻力的存在，重力势能的减小量大于动能的增加量．【解析】：解：（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知，．（2）设E与下面一个计数点间的距离为x，因为相等时间内的位移之差△x=L3﹣L2，则x=L4+△x=L4+L3﹣L2，则E点的速度=．故选：C．（3）钢球动能的增加量小于重力势能的减小量，因为钢球下落的过程中受到阻力．故答案为：（1），（2）C，（3）＜，钢球下落过程中受到阻力．【点评】：能够清楚该实验的工作原理和实验步骤，熟练应用匀变速直线运动规律来解决纸带问题是力学实验中常见的问题，难度不大．9．（10分）（xx•泰安一模）如图a，用伏安法测定电阻约5Ω均匀电阻丝的电阻率，电源是两节于电池．每节电池的电动势约为1.5V．（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径时，如图b，先转动D使F与A间距稍大于被测物，放入被测物，再转动H到夹住被测物．直到棘轮发出声音为止，拨动G使F固定后读数．（填仪器部件字母符号）（2）根据原理图连接图c的实物图．（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变线夹P的位置，得到几组电压、电流和对应的OP段的长度L，计算出相应的电阻后作出R﹣L图线如图d．取图线上适当的两点计算电阻率．这两点间的电阻之差为△R．对应的长度变化为△L，若电阻丝直径为d，则电阻率p=．【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：本题①的关键是螺旋测微器读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；题②的关键是明确螺旋测微器的使用方法即可；题③的关键是根据电阻定律写出电阻R与长度L的函数表达式，然后根据斜率的概念即可求解．【解析】：解：①、测量时应先转动粗调旋钮D使F与A间距稍大于被测物，再转动细调旋钮H，直到棘轮发出声音为止；②、画出的连线图如图所示：③、根据题意，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动后，应多次改变P点的位置，根据欧姆定律应有：U=IR op，根据电阻定律应有：R=，联立解得：R=，所以R﹣L图象的斜率k==，解得：ρ=；故答案为：①D，H；②如图；③P点，【点评】：应明确：①螺旋测微器读数时应分成整数部分和小数部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；②遇到根据图象求解的题目，首先根据物理规律写出公式，然后整理出关于纵轴物理量与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．10．（18分）（xx•泰安一模）如图，在倾角为θ=37°的足够长固定斜面底端，一质量m=1kg的小物块以某一初速度沿斜面上滑，一段时间后返回出发点．物块上滑所用时间t1和下滑所用时间t2大小之比为t1：t2=1：，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）物块由斜面底端上滑时的初速度v1与下滑到底端时的速度v2的大小之比；（2）物块和斜面之间的动摩擦因数；（3）若给物块施加一大小为5N、方向与斜面成适当角度的力，使物块沿斜面向上加速运动，求加速度的最大值．【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）根据平均速度公式求出速度之比；（2）根据牛顿第二定律求出上滑和下滑的加速度，结合位移时间公式求出动摩擦因数；（3）设出F与斜面的夹角α，根据牛顿第二定律表示出与α相关的方程，用三角函数特征讨论加速度的最大值．【解析】：解：（1）设物块上滑的最大位移为L，根据运动学公式上滑过程：L=下滑过程：L=整理得：（2）设上滑时加速度为a1，下滑时加速度为a2，根据牛顿第二定律，得上滑时：mgsinθ+μmgcosθ=ma1下滑时：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2由位移时间公式得：L==联立三式代入数据得：μ=0.5（3）设F与斜面的夹角为α，加速度为a，由牛顿第二定律得：Fcosα﹣mgsinθ﹣μ（mgcosθ﹣Fsinα）=ma即：F（cosα+μsinα）﹣mg（sinθ+μcosθ）=ma整理得：F令tanβ=，则：Fsin（α+β）的最大值为1，设加速度最大值为a m，得：F﹣mg（sinθ+μcosθ）=ma m代入数据得：答：（1）物块由斜面底端上滑时的初速度v1与下滑到底端时的速度v2的大小之比为：1；（2）物块和斜面之间的动摩擦因数为0.5；（3）加速度的最大值为2.5m/s2．【点评】：对物块在斜面上进行受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式解决．注意情景发生改变，要重新进行受力分析．11．（20分）（xx•泰安一模）如图，纸面内直线MN左侧边长为L的正方形区域OACD中．有方向平行于AC的匀强电场．O处的粒子源沿垂直于AC方向发射速度为v0的正电粒子，粒子质量为m、电荷量为q．粒子恰好从AC的中点P经过．不计粒子重力．（1）求匀强电场的场强E；（2）若MN右侧全部空间有垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子再次进入电场，求磁感应强度应满足的条件：（3）若MN右侧的磁场仅限于左边界与MN重合的矩形区域内．求粒子从离开P点到再次垂直进入电场经历的最长时间．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）粒子在偏转电场中仅受竖直向下的电场力，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零匀加速直线运动，可以解出电场强度；（2）解出粒子离开电场时的速度方向即粒子进入磁场的速度方向，做出运动轨迹图，解出粒子进入磁场和离开磁场两位置间的距离；根据洛伦兹力提供向心力得出磁感应强度与半径的关系即可求出磁感应强度．（3）根据题目的要求做出粒子从de边射出的临界条件的轨迹，结合牛顿第二定律，即可求解．【解析】：解：（1）粒子在偏转电场中仅受竖直向下的电场力，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动：L=v0t竖直方向做初速度为零匀加速直线运动：qE=ma整理得：（2）设粒子经过P时的速度的大小是v，方向与AC的夹角是θ，则：sinθ=解得：，θ=45°根据左手定则可知，粒子将从PC中间某处再次进入电场，磁感应强度最小时对应的位置是C，运动的轨迹的示意图如图．由几何关系知，粒子在磁场中运动的半径：根据牛顿第二定律：整理得：所以磁感应强度满足的条件是：（3）要使粒子最终垂直于AC进入电场，则粒子离开P点后，先做一段直线运动后再进入磁场，且磁场的位置越靠下，粒子通过的轨迹的弧长越大，运动的时间越长，最长时间对应从C点进入，运动的轨迹如图．由几何关系知：粒子从P到C通过的路程为：时间：t=整理得：答：（1）匀强电场的场强是；（2）若MN右侧全部空间有垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子再次进入电场，磁感应强度应满足的条件是：（3）若MN右侧的磁场仅限于左边界与MN重合的矩形区域内．粒子从离开P点到再次垂直进入电场经历的最长时间是．【点评】：本题主要考查了带电粒子在组合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，熟练掌握圆周运动及平抛运动的基本公式，难度偏难．二.选考题【物理-物理3-3】12．（4分）（xx•泰安一模）下列说法正确的是（）A．布朗运动就是液体分子的无规则运动B．晶体在各个方向上的导热性能相同，体现为各向同性C．热量不能自发地从低温物体传给高温物体D．将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子，则这两个分子间的分子力先增大后减小最后再增大【考点】：* 晶体和非晶体；分子势能；热力学第二定律．【分析】：布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了分子的无规则运动，单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性；由分子力做功分析分子势能变化．【解析】：解：A、布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了分子的无规则运动，A错误；B、单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性，B错误；C、热量不能自发地从低温物体传给高温物体，C正确；D、将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子，则这两个分子间的分子力先增大后减小最后再增大，D正确；故选：CD．【点评】：掌握布朗运动的实质：是固体颗粒的运动，知道热传递的方向性，分子间距与分子力的变化关系．13．（8分）（xx•泰安一模）如图所示，竖直放置、粗细均匀且足够长的U形玻璃管与容积为V o=12cm3的金属球形容器连通，用U形玻璃管中的水银柱封闭一定质量的理想气体．开始时，U形玻璃管右侧水银面比左侧水银面高出h1=15cm，水银柱上方空气柱长h o=6cm．现在左管中加入水银，保持温度不变，使两边水银柱在同一高度．（已知大气压p o=75cmHg，U形玻璃管的横截面积为S=0.5cm2）．求：①需要加入的水银柱长度；②此过程中被封气体是吸热还是放热？【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：①根据玻璃管两边的液面差，求出两个状态下气体的压强和体积，根据气态方程即可求解．②气体经历等温变化，温度不变，内能不变，被压缩根据热力学第一定律判断吸放热情况．【解析】：解：①初态：p1=p0﹣p h=75﹣15cmHg=60cmHg，V1=V0+h0S=12+6×0.5cm3=15 cm3，末态：p2=75cmHg，温度不变，根据玻意耳定律：p1V1=p2V2，解得：V2==cm3=12cm3，即水银正好到球的底部．加入的水银为h1+2h0=15+2×6cm=27cm②气体经历等温变化，温度不变，内能不变；被压缩，外界对气体做功，故根据热力学第一定律，封闭气体要放热；答：①需要加入的水银柱长度为27cm；②此过程中被封气体是放热．【点评】：利用理想气体状态方程解题，关键是正确选取状态，明确状态参量，尤其是正确求解被封闭气体的压强，这是热学中的重点知识，要加强训练，加深理解．【物理--物理3-4】14．（xx•泰安一模）如图所示，一列简谐横波在均匀介质中沿x轴负方向传播，波速为4m/s，则质点P此时刻的振动方向沿y轴正（填“正”或“负”）方向．经过△t=3s．质点Q通过的路程是0.6m．【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：由质点带动法判断质点P此刻的振动方向．由图象读出振幅和波长，可以求出波的周期，根据时间△t=3s与时间的关系，求解Q通过的路程．【解析】：解：简谐横波在均匀介质中沿x轴负方向传播，由质点带动法知质点P此时刻的振动方向沿y轴正方向．由图象知振幅A=5cm=0.05m，波长λ=4m，则波的周期T==s=1s．经过△t=3s，质点Q运动了3个周期，每个周期运动了4A的路程，所以共运动的路程是S=12A=12×0.05cm=0.6m．故答案为：正，0.6．【点评】：根据波的传播方向判断质点的振动方向，常用的方法有质点带动法、波形平移法和“上下坡法”．要知道质点做简谐运动时，在一个周期内通过的路程是4A，可根据时间与周期的倍数关系求解质点通过的路程．15．（xx•泰安一模）如图所示，AOB是截面为扇形的玻璃砖的横截面图，其顶角θ=83°．今有一束单色光线在横截面内从OA的中点E沿垂直OA的方向射入玻璃砖，一部分光线经AB面反射后恰好未从OB面射出，不考虑多次反射作用．试做出光路图并求玻璃的折射率n．（sin37°=0.6）【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：由题意光线经AB面反射后恰好未从OB面射出，说明发生了全反射，由几何知识求出光线在AB面的入射角和临界角，由临界角公式sinC=求解折射率．【解析】：解：设光线射到AB面时入射角为α．光路图如图所示．因E点为OA的中点，所以由几何知识得：α=30° ①β=θ=75°②设临界角为C，则2α+90°+C+θ+90°=360°解得：C=37°③光线OB面恰好发生全反射，则有：sinC= ④解得：n= ⑤答：玻璃的折射率n为．【点评】：正确地画出光路图、灵活运用几何知识求有关角度是解决本题问题的关键，要掌握全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质，入射角大于等于临界角，刚好发生全反射时，入射角等于临界角，这是折射定律和几何知识的综合应用．【物理--物理3-5】16．（xx•泰安一模）下列说法中正确的是（）A．天然放射现象说明原子核内部有电子B．发现质子的核反应方程是N+He→O+HC．U衰变成Pb要经过6次β衰变和8次α衰变D．氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出光子的能量，高于从氢原子n=8能级跃迁到n=2能级所释放出光子的能量【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度；氢原子的能级公式和跃迁；天然放射现象．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：天然放射现象说明原子核内部有复杂结构；根据电荷数守恒、质量数守恒判断核反应方程的正误；能级间跃迁辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，从高能级向低能级跃迁，向外辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子．【解析】：解：A、天然放射现象说明原子核内部有复杂结构，原子核内部没有电子．故A错误．B、发现质子的核反应方程是：N+He→O+H．故B错误．C、根据质量数和电荷数守恒知，U衰变成Pb要经过6次β衰变和8次α衰变，C正确；D、氢原子由高能级向低能级跃迁，辐射光子能量，由于n=2和n=1间的能级差大于n=8和n=2间的能级差，则氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出光子的能量，高于从氢原子n=8能级跃迁到n=2能级所释放出光子的能量．故D正确．故选：CD【点评】：本题考查了天然放射现象、核反应方程、能级跃迁、光电效应方程等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点．17．（xx•泰安一模）如图所示．长R=0.6m的不可伸长的细绳一端同定在O点．另一端系着质量m2=0.1kg的小球B．小球B刚好与水平面相接触．现使质量m1=0.3kg的物块A以v0=4m/s的速度向B运动．A与水平面问的接触面光滑．A、B碰撞后．物块A的速度变为碰前瞬问速度的．小球B能在竖直平面内做圆周运动．已知重力加速度g=10m/s2，A、B均可视为质点，试求：①在A与B碰撞后瞬问．小球B的速度v2的大小．②小球B运动到圆周最高点时受到细绳的拉力大小．【考点】：动量守恒定律；向心力；机械能守恒定律．。

2021年高三第一次模拟考试理科综合—物理部分试题含答案二．选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题中只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.公元前600年左右，希腊人泰勒斯就发现了用毛皮摩擦过的琥珀能吸引轻小物体。

公元一世纪，我国学者王允在《论衡》—书中也写下了“顿牟掇芥”关于静电场的说法，下列说法正确的是A.沿电场线方向电场强度越来越小B.力电场中某点的电场强度为零，则该点电势必然也为零C.等势面一定与电场强度的方向垂直D.初速度为年的带电粒子在电场中一定沿电场线运动15.某体做直线运动，运动的时间为t，位移为x，物体的图像如图所示，下列说法正确的是A.物体的加速度大小为B.t=0时，物体的初速度为bC. t=0到，这段时间物体的位移为D. t=0到t=b这段时间物体的平均速度为16.如图所示，质量为M=2kg的长木板位于光滑水平面上，质量为m=1kg的物块静止于长木板上，两者之间的滑动摩擦因素为。

重力加速度大小为，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力。

现对物块施加水平向右的力F，下列说法正确的是A.水平力F=3N，物块m将保持静止状态B. 水平力F=6N，物块m在长木板M上滑动C. 水平力F=7N，长木板M的加速度大小为2.5m/s2D. 水平力F=9N，长木板M受到的摩擦力大小为5N17. 如图所示， A、B是绕地球做圆周运动的两颗卫星，A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k，则A、B两卫星的周期之比为A. B. C. D.18.静止在匀强磁场中的核发生衰变，产生一个未知粒子,它们在磁场中的运动径迹如图所示。

下列说法正确的是A.该核反应方程为B. 粒子和粒子x在磁场中做圆周运动时转动方向相同C.轨迹1、2分别粒子、x粒子的运动径迹D. 粒子、x粒子运动径迹半径之比为45：119. 如图甲所示，理想变压器原线圈输入图乙所示的正弦变电流，副线圈中的R0、R1为定值电阻, 滑动变阻器的最大阻值为R，且R1＜R0。

2021年高三普通高考测试（一）理科综合物理试题含解析一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

13．三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定。

若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳（）A．必定是OA B．必定是OBC．必定是OC D．可能是OB，也可能是OC【答案】A【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、力的合成与分解的运用。

【解析】以结点O为研究，在绳子均不被拉断时受力图如图：根据平衡条件，结合力图可知：FOA ＞FOB，FOA＞FOC，即OA绳受的拉力最大，而细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，则当物体质量逐渐增加时，OA绳最先被拉断．故选A14.如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1＝100匝，n2=10匝, 和均为理想电表，灯泡额定功率P=6W,灯泡正常发光，AB端电压u1=1202sin100πt（V）.下列说法正确的是（）A．电流频率为100 HzB．的读数为12 2 VC. 的读数为0.5AD．变压器输入功率为24W【答案】C【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理。

【解析】A、理想变压器的输入端电压u=120sin100πt（V），则电压的有效值为120V，频率为：Hz．故A错误；B、理想变压器原、副线圈匝数比n1=100匝，n2=10匝，电压表的读数：V．故B错误；C、电流表的读数：A．故C正确；D、原线圈中的输入功率等于副线圈消耗的功率，即6W．故D错误．故选：C15．如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方。

忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时可以（）A. 换用质量稍大些的飞镖B. 适当增大投飞镖的高度C. 到稍远些的地方投飞镖D. 适当减小投飞镖的初速度【答案】B【命题立意】本题旨在考查平抛运动。

漳州市2021届高三毕业班高考模拟理科综合物理试卷理科综合能力测试物理（一）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列关于近代物理知识，说法正确的是A ．核衰变时放出的射线都是由带电粒子所组成的B ．发生光电效应时，光电子来源于原子核外部C ．天然放射性元素Th 23290(钍)共经历4次α衰变和6次β衰变变成Pb 20482(铅)D ．根据玻尔理论，一群处于n ＝4的激发态的氢原子向n ＝2的激发态跃迁时能辐射出6 种频率的光15．用一竖直向上的力将原来在地面上静止的货物向上提起，货物由地面运动至最高点的过程中，利用传感器记录货物的速度时间图像如图，则A ．0～3 s 内拉力功率恒定不变B ．5～7 s 内货物处于超重状态C ．5～7 s 内运动过程中，货物的机械能增加D ．0～3 s 内的平均速度比5～7 s 内的平均速度小16． 2018年12月8日，我国发射的“嫦娥四号”将实现人类首次月球背面软着陆。

为了实现地球与月球背面的通信，先期已发射一枚拉格朗日L 2点中继卫星——“鹊桥” 中继星。

在地月L 2位置，中继星绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，则A ．该中继星绕地球转动的周期比地球的同步卫星周期小B ．该中继星绕地球转动的线速度比月球绕地球线速度大C ．该中继星绕地球转动的角速度比月球绕地球角速度大D ．该中继星绕地球转动的向心加速度比月球绕地球转动的向心加速度小17．如图，天花板上有一可自由转动光滑小环Q ，一轻绳穿过Q ，两端分别连接质量为12m m 、的A 、B 小球。

两小球分别在各自的水平面内做匀速圆周运动，它们角速度相等。

则A 、B 小球到Q 的距离12l l 、的比值12l l 为 A. 2122m m B. 2221m m C. 12m m D . 21m m 18．如图，倾角为θ=30°的光滑固定斜面，一物块在沿斜面向上的恒定外力F 作用下，由静止开始从斜面的底端向上做匀加速直线运动，经时间t 物块至斜面B 点（图未标）外力F 做的功为W ，此后撤去外力F ，再经过时间3t 后物块运动至最高点，则撤去外力F 时物块的动能为A ．16WB ．14WC ．13WD ．23W 19．如图，线圈所围的面积为0.2 m 2，线圈电阻为1Ω，若图甲中感应电流I 的方向为正方向，垂直线圈平面向上磁场的磁感应强度B 随时间t 的变化规律如图乙，则A. 在t=4 s 时，I 的方向为负方向B . 前2 s 内，通过线圈某截面的总电荷量为0.02 CC. 在3～5 s 内，线圈产生的焦耳热为1×10-4 JD . 在时间0～5 s 内，I 的最大值为0.02 A20．如图，物体A 放在物体B 上，物体B 放在光滑的水平面上，已知m A ＝3 kg ，m B ＝2 kg ，A 、B 间的动摩擦因数μ＝0.2（假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力）。

2021年高三第一次高考模拟考试理综物理试题含解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求．选对的得4分，错选或不答的得0分．13．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确的是：A．牛顿最早提出力不是维持物体运动的原因B．卡文迪许首先通过实验测出万有引力常量C．安培提出了分子电流假说D．英国植物学家布朗，发现了悬浮在水中的花粉微粒不停地做无规则运动的现象【答案】A【命题立意】本题旨在考查物理学史【解析】A、伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，故A错误；B、卡文迪许首先通过实验测出万有引力常量，故B正确；C、安培提出了分子电流假说，故C正确；D、英国植物学家布朗，发现了悬浮在水中的花粉微粒不停地做无规则运动的现象，故D正确；本题选不正确的，故选：A。

【举一反三】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。

14.如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热（即与外界不发生热交换）容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞。

今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小。

若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体:A．温度升高，压强增大，内能减少B．温度降低，压强增大，内能减少C．温度升高，压强增大，内能增加D．温度降低，压强减小，内能增加【答案】C【命题立意】本题旨在考查理想气体的状态方程、热力学第一定律。

【解析】F 向下压活塞时，外力对气体做功，因和外界没有热交换，故由热力学第一定律可知气体的内能增加；因理想气体不计分子势能，故气体的分子平均动能增加，气体温度升高；由理想气体的状态方程可知，因温度升高、气体体积减小，故气体的压强增大；故选C。

【易错警示】理想气体由于分子间距离较大，故物体的内能不计分子势能，即内能只与温度有关和气体的体积无关。

2021全国三卷高考模拟试卷（一）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

（）14．轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标。

近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，并认为，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适。

下面四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是A．m/s B．m/s2 C．m/s3 D．m2/s3（）15．下列说法中不正确的是A．光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有动量B．原子核结合能越大，原子核越稳定C．核泄漏事故污染物Cs137能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为13755Cs→13756Ba＋x，可以判断x为电子D．一个氢原子处在n＝4的能级，当它跃迁到较低能级时，最多可发出3种频率的光子（）16.甲乙两车在同一平直公路上沿同一方向同时开始运动。

甲乙两车的位移x随时间t的变化如图所示。

根据该图像提供的信息，下列说法正确的是A．甲做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动B．在t1时刻，两车速度大小相等C．在t2与时刻，两车位移大小相等D．在t1到t3时间内，两车通过的位移大小相等（）17.．一根长为L的易断的均匀细绳，两端固定在天花板上的A、B两点。

若在细绳的C处悬一重物，已知AC>CB，如右图所示，则下列说法中正确的应是A ．增加重物的重力，BC 段绳先断B ．增加重物的重力，AC 段绳先断 C ．增加重物的重力，AC 、BC 段绳同时断D ．增加重物的重力，谁先断无法确定（ ）18．如图所示为一质量为M 的球形物体，质量分布均匀，半径为R ，在距球心2R 处有一质量为m 的质点。

若将球体挖去一个半径为2R 的小球，两球心和质点在同一直线上，且挖去的球的球心在原来球心和质点连线外，两球表面相切。

2021届高三第三次模拟检测卷物理（一）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．居里夫人一份约120年前的手稿被保存在法国国立图书馆，记载了放射性元素钋和镭的发现。

手稿中残留的镭至今仍具有放射性，因此存放在铅盒里。

已知镭的半衰期是1620年，如图所示表示镭含量的直方图中，“今年”表示今年手稿上镭的含量，则可以表示当年手稿上镭含量的是()A．①B．②C．③D．④【答案】B【解析】设当年手稿上镭含量是x，则根据半衰期的概念可知12016201()2x A=，解得 1.05x A≈，故B正确。

15．某女子铅球运动员分别采用原地推铅球和滑步推铅球两种方式进行练习，如图为滑步推铅球过程示意图。

她发现滑步推铅球比原地推铅球可增加约2米的成绩。

假设铅球沿斜向上方向被推出，且两种方式铅球出手时相对地面的位置和速度方向都相同，忽略空气阻力，下列说法正确的是()A ．两种方式推出的铅球在空中运动的时间可能相同B ．采用原地推铅球方式推出的铅球上升的高度更高C ．两种方式推出的铅球在空中运动到最高点时的速度都相同D ．滑步推铅球可以增加成绩，可能是因为延长了运动员对铅球的作用时间 【答案】D【解析】滑步推铅球的水平位移大，由于两种方式铅球出手时相对地面的位置和速度方向都相同，故滑步推铅球的初速度更大，则竖直方向初始的分速度更大，则滑步推铅球时铅球在空中运动时间更长，故A 错误；原地推铅球方式的初速度更小，由20(sin )2v Hgθ可知，原地推铅球方式推出的铅球上升的高度更小，故B 错误；由于两种方式铅球出手时相对地面的位置和速度方向都相同，但初速度大小不同，水平分速度与不相同，故C 错误；滑步推铅球时的铅球的初速度更大，由动量定理可知，可能是因为延长了运动员对铅球的作用时间，故D 正确。

2021年高三模拟考试理综物理试题含答案二．选择题：共8小题，每小题6分．每小题的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．OK物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新与革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列叙述正确的是（）A．两个物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢B．两匹马比一匹马拉车跑得快，说明物体受力越大则速度就越大C．通电导线在磁场中受到的安培力一定总垂直于电流与磁场所决定的平面D．射入匀强磁场的带电粒子在只受洛伦兹力的作用下一定做匀速圆周运动答案：COK.一汽车在公路上行驶。

从某时刻开始计时，其v-t图像如图所示，则可能的原因是A．踏下制动踏板，即俗称“踩刹车”B．放松了加速踏板，即俗称“减油门”C．进入上坡路段D．汽车由粗糙程度较大的水平路面进入粗糙程度较小的水平路面答案：DOK可变电容器C1、C2和可变电阻器R1、R2以及电源E连接成如图所示的电路．闭合S，当R1的滑片在图示位置时，C1、C2所带的电荷量相等．现要使C1所带的电荷量大于C2所带的电荷量，可采用的方法是A．只增大R2的电阻B．只增大C1的电容C．只增大C2的电容D．只将R1的滑片向A端移动答案：B C1C2R1R ESA BOK太阳系八大行星绕太阳运动的轨道可粗略地认为是圆；各行星的半径、日星距离和质量如表所示：行星名称水星金星地球火星木星土星天王星海王星星球半径/106m 2.44 6.05 6.38 3.40 71.4 60.27 25.56 24.75日星距离/×1011m 0.58 1.08 1.50 2.28 7.78 14.29 28.71 45.04质量/×1024kg 0.33 4.87 6.00 0.64 1 900 569 86.8 102由表中所列数据可以估算天王星公转的周期最接近于（）A．20年B．85年C．7000年D．10年答案：BOK如图所示，一个半径为R的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度B大小相等、方向均与环面轴线方向成θ角(环面轴线为竖直方向)．若导电圆环上载有如图1所示的恒定电流I，则下列说法中不正确的是( )．A．导电圆环有收缩的趋势B．导电圆环所受安培力方向竖直向上C．导电圆环所受安培力的大小为2πBIRsin θD．导电圆环所受安培力的大小为2BIR答案：DOK（多）在竖直平面内有一方向斜向上且与水平方向成α=30°角的匀强电场，电场中有一质量为m，电量为q的带电小球，用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，如图所示。

2021年高三第二次模拟训练理科综合物理试题含答案一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．关于物理思想方法和物理学史，下列说法正确的是（）A．卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了万有引力常量，从而提出了万有引力定律B．匀变速直线运动的位移公式是利用微元法推导的公式C．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人D．法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转15．用长为l、不可伸长的细线把质量为m的小球悬挂于O点，将小球拉至悬线偏离竖直方向角后放手，运动t时间后停在最低点。

则在时间t内A．小球重力做功为B．空气阻力做功为C．小球所受合力做功为D．绳拉力做功的功率为16．物体以20 m/s的速度大小竖直上抛，规定竖直向下为正方向，不计空气阻力，g取10 m/s2。

则3 s时间内物体的( )A．路程为25 mB．位移大小为5m，方向向下C．速度改变量为-30 m/sD．平均速度为-5 m/s，方向向上17．有A、B、C三个点电荷，若将A、B放在距离为L的位置上，B受到A的库仑力大小为F．若将B、C放在距离为L的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么A与C所带电荷量之比是（）A．1∶2 B．1∶4 C．2∶1 D．4∶118．如图所示，一光滑斜面固定在地面上，重力为G的物体在一水平推力F的作用下处于静止状态．若斜面的倾角为θ，则（）A．F＝Gcos θB．F＝Gsin θC．物体对斜面的压力N＝Gcos θD．物体对斜面的压力N＝19．如图所示，从同一水平线上的不同位置，沿水平方向抛出两个小球AB，不计空气阻力，若欲使两小球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球 B．同时抛出两球C．先抛出B球 D．在相遇点A球速度大于B求速度20．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，开关S断开．当S接通时，以下说法正确的是（）A．副线圈两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R上的电压增大C．通过灯泡的电流减小D．原线圈中的电流减小第Ⅱ卷（非选择题共62分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

保密★启用前试卷类型：A2021年高考模拟理综物理试题含答案本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共16页。

满分300分。

考试时间150分钟。

答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字将自己的姓名、座号、考生号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷（必做，共107分）注意事项：1．第Ⅰ卷共20小题，共107分。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上无效。

可能用的相对原子质量 H :1 O:16 S:32 Mn:55二、选择题（共7小题，每小题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）14．下列说法正确的是（）A．法拉第发现电流的磁效应，与他坚信电和磁之间一定存在联系的哲学思想是分不开的B．利用v-t 图像推导匀变速直线运动位移公式的方法是理想模型法C．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的使用价值D．T•m2与V•s能表示同一个物理量的单位15．如图所示，由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球在某一位置平衡。

现将P缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡。

若小球所带电量不变，与移动前相比（）A．杆BO对Q的弹力减小B．杆AO对P的弹力减小C．杆AO对P的摩擦力增大D．P、Q之间的距离增大16.一个质量为的铁块以初速度沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程处于超重状态B．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C．铁块上滑过程与下滑过程满足D．铁块上滑过程损失的机械能为17．2014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象。

2021年高三下学期第三次模拟考试理综物理试题含答案一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求；每题4分）13．现在太阳向外辐射的能量是由于太阳内部氢聚变产生的，大约在40亿年以后太阳内部将会启动另一种核反应，其核反应方程为：，那时太阳向外辐射的能量是由上述两种核反应产生的．已知的质量为m1，的质量为m2，则下列判断正确的是A．m1=3m2 B．3m1=m2 C．3m1<m2 D．3m1>m214．处于4的激发态的氢原子，当它们自发地跃迁到较低能级时，下列结论中正确的是：A．从4的能级直接跃迁到2的能级，辐射出可见光光子B．从4的能级直接跃迁到1的能级，辐射出的光的波长最长C．从4的能级跃迁到3的能级时，辐射出的光的频率最高D．从4的能级跃迁到低能级时，可能辐射出8种不同频率光子15．一个质量为3kg的物体，被放置在倾角为 =37°的动摩擦因数为0.2的固定斜面上，在如图所示的甲、乙、丙，丁四种情况下不可能．．．处于平衡状态的是：（令最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，g=10m/s2）A．甲图B．乙图C．丙图D．丁图16．如图所示，在圆形区域内有方向垂直向里的匀强磁场．有一束速率各不相同的质子沿直径AB射入磁场，这些质子在磁场中A．所有质子在磁场中的运动时间相同B．所有质子均从AB下方离开磁场 BC．速度越大的，磁场中运动的时间越长D．速度越大的，速度的偏转角越小二、双项选择题（每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求；每题6分，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）17．吹出的大肥皂泡在短时间会收缩成球形，忽略外界热传递，则肥皂泡A．收缩成球形的原因是液体的表面张力作用B．收缩成球形的原因是液体分子的无规则运动C．收缩过程中泡内气体压强增大，内能增大D．收缩过程中泡内气体压强增大，内能减少18．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0 Ω，外接一只电阻为95.0 Ω的灯泡，如图乙所示，则A．交流电压表的示数为220 VB．电路中的电流方向每秒钟改变100次C．交流电压表的指针会左右偏转D．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J19．如图所示，洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中正确的是A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果比四周的衣物脱水效果好20．蹦床比赛中运动员与床垫接触的过程可简化为以下模型：如图所示，运动员从高处落到处于自然状态的床垫（A位置）上，随床垫一同向下运动到最低点（B位置）．对于运动员从A位置运动到B位置的过程，下列说法正确的是A．运动员的机械能守恒B．蹦床的弹性势能一直在增加C．在这个过程中，运动员受到的合力做了正功D．运动员所受重力的瞬时功率先增大后减小21．如图所示，在真空中有两个固定的点电荷A、B，|q A| = |q B| = q，A、B间的距离为r，图中画出了其中一根电场线，a、b、c、d位于正方形的四个顶点，其中a、c在A、B的连线上，b、d在A、B连线的中垂线上，下列说法正确的是A．若B是正电荷，则b点的场强E b＞B．若a、c两点的场强大小相等，则B一定是正电荷C．若U bd = 0，则A、B一定是异种电荷D．若ϕa = ϕc，则B一定是负电荷三、非选择题34．（18分）(1)某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒．图甲①实验前小组同学调整气垫导轨底座使之水平，并查得当地重力加速度g＝9.78m/s2．②如图乙所示, 用游标卡尺测得遮光条的宽度d＝________cm; 实验时将滑块从图所示位置由静止释放, 由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间Δt＝1.2×10－2s, 则滑块经过光电门时的瞬时速度为________m/s．在本次实验中还需要测量的物理量有:钩码的质量m、滑块质量M和_____________________(文字说明并用相应的字母表示)．图乙③本实验通过比较钩码的重力势能的减小量mgs和______________在实验误差允许的范围内是否相等(用以上物理量符号表示), 从而验证系统的机械能守恒.(2)在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示；金属丝的电阻大约为4Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．①从图中读出金属丝的直径d为______________mm．②在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：直流电源：电动势约4.5V，内阻很小；电流表A1：量程0～0.6A，内阻等于1Ω；电流表A2：量程0～3.0A，内阻约0.025Ω；电压表V：量程0～3V，内阻约3kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；滑动变阻器R1：最大阻值50Ω；开关、导线等．在可供选择的器材中，应该选用的电流表是____，应该选用的滑动变阻器是____．③根据所选的器材，在方框中画出实验电路图．④若按照以上电路图测出电流值为I，电压值为U，题图金属丝长度为L ，则用公式算出的电阻率与真实值相比，____________（填”偏大” “偏小””相等”）．35．（18分）如图所示，质量均为M =1kg ，长度均为L =3m 的小车A 、B 静止放在足够大的光滑水平面上，两车间距为s =2m ．小车B 的上表面的右侧固定一根轻弹簧，弹簧的自由端在小车B 的中点O ．现有一质量m =2kg 的滑块C （不计大小）以v 0=6m/s 的初速度滑上小车A 的左端，C 与A 的摩擦因数为μ=0.2，B 上表面光滑，g 取10m/s 2．（1）求A 与B 碰前瞬间物块C 的速度；（2）若A 、B 碰后粘在一起，求弹簧的最大弹性势能；（3）若A 、B 碰后粘在一起，求物块C 最终距离O 点的距离．36．（18分）如图所示，倾角θ = 30︒的足够长平行导轨MN 、M'N'与水平放置的平行导轨NP 、N'P'平滑连接，导轨间距均为L ，MM'间接有阻值为R 的电阻，轨道光滑且电阻不计．倾斜导轨MN 、M'N'之间（区域Ⅰ）有方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，水平部分的ee'ff'之间（区域Ⅱ）有竖直向上、磁感应强度为B 2的匀强磁场，磁场宽度为d ．质量为m 、电阻为r 、长度略大于L 的导体棒ab 从靠近轨道上端的某位置由静止开始下滑，棒始终与导轨垂直并接触良好，经过ee'和ff'位置时的速率分别为v 和．已知导体棒ab 进入区域Ⅱ运动时，其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比，即∆v ∝∆x ．（1）求区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B 1；（2）求导体棒ab 通过区域Ⅱ过程中电阻R 产生的焦耳热；（3）改变B 1使导体棒ab 不能穿过区域Ⅱ，设导体棒ab 从经过ee'到停止通过电阻R 的电量为q ，求B 1的取值范围，及q 与B 1的关系式．ABsO C v 0xx 届理综（物理）三模A 卷参考答案34．(1)（8分）②0.52 cm ； d Δt ＝0.52×1021.2×10－2m/s ＝0.43 m/s; 滑块移动的位移s .35．（18分）解：（1）设滑块与小车能共速，且速度为v 1，由动量守恒得解得： （2分）设滑块在车上的相对位移为s 0，由能量守恒得解得： （2分）设A 车加速过程位移为s 1，由动能定理得解得： （2分）因为、，所以A 与B 碰前AC 已达共速，C 速度为 （2分）（2）设A 、B 碰后速度为v 2，由动量守恒得解得： （2分）设A 、B 、C 共同速度为v 3，由动量守恒得（2分）由能量守恒得：p E v M M m v M M mv +++=++232221)(21)(2121 （2分） 解得： （1分）（3）设物块C 最终距离O 的距离为s 2，由能量守恒得)2()(21)(21212232221L s mg v M M m v M M mv -+++=++μ （2分） 解得： （1分）36．（18分）解：（1）由导轨足够长可知ab 到达导轨底端NN'前已经做匀速运动，速率为v设此时ab 产生的电动势为E ，电流为I ，则有①（1分）②（1分）由平衡条件 ③（1分）联立①②③解得 ④（1分）（2）设ab 棒和电阻R 产生的电热分别为Q r 和Q R ，则有⑤（1分）由能量守恒守恒定律 ⑥（1分）联立⑤⑥解得 ⑦（1分）（3）设棒以速度v x 通过ee'时，在区域Ⅱ中滑动x 后停下，依题意有⑧（1分）设棒匀速运动时产生的电动势为E x ，电流为I x ，则有⑨（1分）⑩（1分）○11（1分）联立⑧⑨⑩○11解得○12（1分）使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ，应满足x＜d，对应B1的取值范围是B1＞○13（1分）设ab棒通过ee'后滑动距离x后停下，时间为 t，则此过程棒产生的平均电动势○14（1分）回路的平均电流○15（1分）通过电阻R的电量○16（1分）联立○12○14○15○16解得（B1＞）○17（2分）37086 90DE 郞21821 553D 唽^24500 5FB4 徴27094 69D6 槖33792 8400 萀36917 9035 逵23245 5ACD 嫍in T2-26732 686C 桬。

2021年高三高考模拟卷（一）理综物理含答案本试卷分第I卷和第II卷两部分，共12页。

满分240分。

考试用时150分钟。

答题前，考生务必用0．5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷（必做，共87分）注意事项：1．第I卷共20小题。

1~13题每小题4分，14~20题每小题5分，共87分。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H -1 C-12 N-14 O-16 Fe-56 Cu-64二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则()A.球B对墙的压力减小B.物体A与球B之间的作用力增大C.地面对物体A的摩擦力减小D.物体A对地面的压力减小15．我国“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星(同步卫星)和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星轨道高度约为2.15×104km ，静止轨道卫星的高度约为3.60×104km 。

下列说法正确的是( )A ．中轨道卫星的线速度大于7.9km/sB ．静止轨道卫星的线速度小于中轨道卫星的线速度C ．静止轨道卫星的运行周期大于中轨道卫星的运行周期D ．静止轨道卫星的向心加速度大于中轨道卫星的向心加速度16．质量为0.3 kg 的物体在水平面上运动，图中的两条斜线分别是物体受水平拉力和不受水平拉力的v-t 图象，则( )A ．斜线①一定是物体受水平拉力时的图象B ．斜线②一定是物体不受水平拉力时的图象C ．水平拉力一定等于0.1ND ．物体所受的摩擦力可能等于0.2 N17．如图甲所示，两个点电荷Q 1、Q 2固定在x 轴上距离为L 的两点，其中Q 1带正电位于原点O ，a 、b 是它们连线延长线上的两点，其中b 点与O 点相距3L 。

2021年高三理综物理模拟试题含解析一、在每小题的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对得6分，选不全的得3分，有错选的得0分1．（6分）（xx•广东校级模拟）把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧．运动员在比赛过程中，从某一次位于床面压缩到最大深度处开始，到运动员离开蹦床上升到最高点为止的过程中，下列说法中正确的是（把运动员看成质点，忽略空气阻力的影响）（）A．离开蹦床瞬间运动员的速度最大B．从开始到离开蹦床过程，运动员的加速度先减小后增大C．开始时刻和刚离开蹦床时刻运动员的加速度大小相同D．运动员的动能和重力势能之和保持恒定【考点】：功能关系；机械能守恒定律．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：本题考查人在蹦床上运动时受力及能量间的转化，要注意正确分析受力，明确各力做功情况，从而确定能量的转化方向．【解析】：解：A、该过程中，当蹦床对运动员的弹力大小与重力相等时加速度为零，速度最大，故A错误，B正确；C、由简谐运动的对称性，开始时刻速度最小为零，对应的加速度最大，离开蹦床时有速度，对应的加速度较小；故C错误；D、运动员和蹦床系统机械能守恒，离开蹦床前的上升过程蹦床对运动员的弹力一直做正功，运动员的机械能一直在增大．故D错误；故选：B．【点评】：本题要注意人受到的力为变力，但可以根据力做功情况分析能量的转化情况．2．（6分）（xx•广东校级模拟）如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上，A、B 两物体通过细绳相连，并处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）．现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉开一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中（）A．斜面体所受地面的支持力一定先变大后变小B．斜面体对地面的摩擦力一定变小C．物体A所受斜面体的摩擦力一定变大D．水平力F一定变大【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：本题为动态平衡类题目，分别分析B和整体，由共点力的平衡条件可得出各部分力的变化．【解析】：解：D、取物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示，则有：F=mgtanθT=在将物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F和细绳上的拉力T随之变大．故D正确；A、B、对A、B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，因拉力F变大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变，故A 错误，B错误；C、在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A 所受斜面体的摩擦力的情况无法确定．故C错误；故选：D．【点评】：对于用绳子连接的物体，可以沿绳子的方向作为整体作出受力分析，则可以简化解题过程．3．（6分）（xx•广东校级模拟）如图所示，质量相同的三颗卫星a、b、c绕地球做匀速圆周运动，其中b、c在地球的同步轨道上，a距离地球表面的高度为R，此时a、b恰好相距最近．已知地球质量为M、半径为R、地球自转的角速度为ω．万有引力常量为G，则（）A．发射卫星b时速度要大于11.2km/sB．卫星a的机械能大于卫星b的机械能C．卫星a和b下一次相距最近还需经过D．若要卫星c与b实现对接，可让卫星c加速【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：第一宇宙速度7.9km/s是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度，第二宇宙速度11.2km/s是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度．卫星从低轨道到高轨道需要克服引力做较多的功．b、c在地球的同步轨道上，所以卫星b、c和地球具有相同的周期和角速度．【解析】：解：A、卫星b绕地球做匀速圆周运动，7.9km/s是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度，11.2km/s是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度．所以发射卫星b时速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，故A错误；B、卫星从低轨道到高轨道需要克服引力做较多的功，卫星a、b质量相同，所以卫星b的机械能大于卫星a的机械能．故B错误；C、b、c在地球的同步轨道上，所以卫星b、c和地球具有相同的周期和角速度．由万有引力提供向心力，即=mω2rω=a距离地球表面的高度为R，所以卫星a的角速度ωa=此时a、b恰好相距最近，到卫星a和b下一次相距最近，（ωa﹣ω）t=2πt=，故C正确；D、让卫星c加速，所需的向心力增大，由于万有引力小于所需的向心力，卫星c会做离心运动，离开原轨道，所以不能与b实现对接，故D错误；故选：C．【点评】：理解三种宇宙速度，特别注意第一宇宙速度的三种说法．能抓住万有引力提供向心力列出等式解决问题的思路，再进行讨论求解．4．（6分）（xx•广东校级模拟）如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A 用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终相对于小车静止地摆放在右端．B与小车平板间的动摩擦因数为μ．若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为（）A．mg，斜向右上方B．mg，斜向左上方C．mgtan θ，水平向右D．mg，竖直向上【考点】：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：先以A为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度．再对B研究，由牛顿第二定律求解小车对物块B产生的摩擦力大小和方向，再对支持力进行合成，得到小车对B的作用力的大小和方向．【解析】：解：以A为研究对象，分析受力如图，根据牛顿第二定律得：m A gtanθ=m A a得：a=gtanθ，方向水平向右．再对B研究得：小车对B的摩擦力f=ma=mgtanθ，方向水平向右，小车对B的支持力大小为N=mg，方向竖直向上，则小车对物块B产生的作用力的大小为：F==mg，方向斜向右上方故选：A【点评】：本题要抓住小球、物块B和小车的加速度相同的特点，根据牛顿第二定律采用隔离法研究．5．（6分）（xx•广东校级模拟）如图所示，原长为L1的橡皮绳与长为L2的细棉绳的一端都固定在O点，另一端分别系两个相同的小球P和Q，L1＜L2．现将两绳都拉直，处于水平位置，且恰好都没有拉力，然后由静止释放．当橡皮绳和细棉绳各自第一次摆至O点正下方M点时，橡皮条和细棉绳的长度均为L2．不计空气阻力和橡皮条与细棉绳的质量．下列判断正确的是（）A．两小球第一次通过O点正下方时的机械能相同B．P球通过M点时的速度较大C．Q球通过M点时的动能较大D．上述过程橡皮绳和细棉绳对小球都不做功【考点】：向心力；牛顿第二定律；动能定理的应用．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：运动过程中，只有重力和橡皮条的弹力做功，系统机械能守恒，根据球和橡皮条组成的系统机械能守恒判断即可，小球P的轨迹不是圆，上述过程橡皮绳的拉力方向与P的速度方向成钝角，该拉力对小球做负功．【解析】：解：A、两个系统初状态的总机械能相同，到达O点正下方时橡皮条具有弹性势能，且P的伸长量大，所以P的弹性势能大，因此P球的机械能较小，而此时两球重力势能相同，因此Q球动能较大，速度也较大，故AB错误，C正确；D、小球P的轨迹不是圆，上述过程橡皮绳的拉力方向与P的速度方向成钝角，该拉力对小球做负功，故D错误．故选：C【点评】：本题关键是找准能量的转化情况，有橡皮条时，有弹性势能参与转化．6．（6分）（xx•广东校级模拟）质量为m的汽车在平直路面上由静止匀加速启动，运动过程的速度图象如图所示，整个运动过程中汽车所受阻力恒为f，由图可知（）A．若v1、t1已知，则汽车作匀加速运动的加速度为a=B．若v1、t1和v2已知，则汽车的额定功率P0=（m+f）v2C．若v1、t1已知，则汽车运动的最大速度v2=（+1）v1D．在t l到t2时间内，汽车的平均速度＜【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像．【专题】：功率的计算专题．【分析】：本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值．【解析】：解：A、由题图可知，0～t1阶段，汽车做匀加速直线运动，汽车的加速度a=，根据牛顿第二定律得：F1﹣f=ma，联立得：F1=m+f，在t1时刻汽车达到额定功率：P=F1v1=（m+f）v1，故A正确，B错误；C、t2时刻，速度达到最大值v2，此时刻F2=f，P=F2v2，v2==（+1）v1，故C正确；D、由v﹣t图线与横轴所围面积表示位移的大小可知，t1～t2时间内，汽车的平均速度，故D错误．故选：AC【点评】：本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉7．（6分）（xx•洛阳一模）在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v．则此时（）A．拉力做功的瞬时功率为FvsinθB．物块B满足m2gsinθ=kdC．物块A的加速度为D．弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1gdsinθ﹣m1v2【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律；弹性势能．【分析】：当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量；根据牛顿第二定律求出物块A的加速度大小；根据功能关系可求弹簧弹性势能的增加量．【解析】：解：A、由于拉力F与速度v同向，所以拉力的瞬时功率为P=Fv，故A错误；B、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面向下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2①，但由于开始是弹簧是压缩的，故d＞x2，故m2gsinθ＜kd，故B错误；C、当B刚离开C时，对A，根据牛顿第二定律得：F﹣m1gsinθ﹣kx2=m1a1②，又开始时，A平衡，则有：m1gsinθ=kx1③，而d=x1+x2④，①②③④解得：物块A加速度为，故C正确；D、根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为：，故D正确；故选：CD．【点评】：含有弹簧的问题，往往要研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路．二、（非选择题共68分）8．（6分）（xx•广东校级模拟）某同学用图示装置研究平抛运动及其特点．他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水平飞出，同时B球被松开．①他观察到的现象是：小球A、B同时（填“同时”或“不同时”）落地；②让A、B球恢复初始状态，用较大的力敲击弹性金属片．A球在空中运动的时间将不变（填“变长”，“不变”或“变短”）；③上述现象说明平抛运动的竖直分运动是自由落体．【考点】：研究平抛物体的运动．【专题】：实验题．【分析】：本实验是研究平抛运动竖直方向分运动的实验．小锤轻击弹性金属片后，A球做平抛运动，同时B球做自由落体运动．通过实验可以观察到它们同时落地，所以可以证明平抛运动在竖直方向上做自由落体运动．【解析】：解：①小锤轻击弹性金属片时，A球做抛运动，同时B球做自由落体运动．通过实验可以观察到它们同时落地；②用较大的力敲击弹性金属片，则被抛出初速度变大，但竖直方向运动不受影响，因此运动时间仍不变；③上述现象说明：平抛运动的时间与初速度大小无关，且可以证明平抛运动在竖直方向上做自由落体运动．故答案为：①同时，②不变，③平抛运动的竖直分运动是自由落体【点评】：本实验是研究平抛运动竖直方向做自由落体运动的实验，通过观察两球落地的时间，证明平抛运动竖直方向上的运动与自由落体相同，难度不大9．（11分）（2011•南京一模）某实验小组在做“验证机械能守恒定律“实验中，提出了如图所示的甲、乙两种方案：甲方案为用自由落体运动进行实验，乙方案为用小车在斜面上下滑进行实验．（1）组内同学对两种方案进行了深入的讨论分析，最终确定了一个大家认为误差相对较小的方案，你认为该小组选择的方案是甲图，理由是：采用乙图实验时，由于小车与斜面间存在摩擦力的作用．且不能忽略，所以小车在下滑的过程中机械能不守恒，故乙图不能用于验证机械能守恒．（2）若该小组采用图甲的装置打出r一条纸带如图丙所示，相邻两点之间的时间问隔为0.02s，请根据纸带计算出B点的速度大小 1.37m/s（结果保留三位有效数字）（3）该小组内同学们根据纸带算出了相应点的速度，作出v2﹣h图线如图丁所示，请根据图线计算出当地的重力加速度g=9.7～9.8m/s2（结果保留两位有效数字）．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题；机械能守恒定律应用专题．【分析】：（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，知道乙装置中小车与斜面存在摩擦，实验效果不如甲好；（2）纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可计算出打出某点的速度；（3）由得v2=2gh，由此可知：图象的斜率k=2g，由此可以求出当地的重力加速度．【解析】：解：（1）由甲、乙两图可知，乙图存在的摩擦远远大于甲图中摩擦，由此可知甲图验证机械能守恒更合适．故答案为：甲图；理由：采用乙图实验时，由于小车与斜面间存在摩擦力的作用．且不能忽略，所以小车在下滑的过程中机械能不守恒，故乙图不能用于验证机械能守恒．（2）匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：故答案为：1.37m/s．（3）由机械能守恒得v2=2gh，由此可知：图象的斜率k=2g，由此可以求出当地的重力加速度，由图可知，当h=20cm时，v2=3.88，所以，所以g≈9.7m/s2，在范围9.7～9.8内皆可．故答案为：9.7～9.8．【点评】：本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，正确利用匀变速直线运动的规律、推论求解某点的瞬时速度，根据图象特点明确图象斜率的含义．10．（15分）（xx•广东校级模拟）A、B两列火车，在同一轨道上同向行驶，A车在前，其速度v A=10m/s，B车在后，速度v B=30m/s，因大雾能见度很低，B车在距A车△s=75m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但B车要经过180m才能够停止．问：（1）B车刹车时的加速度是多大？（2）若B车刹车时A车仍按原速前进，两车是否相撞？若会相撞，将在B车刹车后何时？若不会相撞，则两车最近距离是多少？【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：根据速度位移公式求出B车刹车时的加速度．根据速度时间公式求出两车速度相等的时间，结合位移公式求出两车的位移，通过位移关系判断两车是否相撞．【解析】：解：（1）B车刹车至停下过程中，由得，．故B车刹车时加速度大小为2.5 m/s2，方向与运动方向相反．（2）假设始终不相撞，设经时间t两车速度相等，则对B车有：v A=v B+a B t，解得t===8 s．此时B车的位移：s B=v B t+a B t2=30×8﹣×2.5×82=160 m，A车的位移：s A=v A t=10×8=80 m．因s B=160 m＞△s+s A=155 m，故两车会相撞．设经时间t两车相撞，则有：v A t+△s=v B t+a B t2．代入数据解得t1=6 s，t2=10 s（舍去），故经时间6 s两车相撞．答：（1）B车刹车时的加速度大小为2.5 m/s2，方向与运动方向相反．（2）两车会相撞．经时间6 s两车相撞．【点评】：本题考查运动学中的追及问题，知道速度大者减速追及速度小者，若不相撞，速度相等时有最小距离，所以判断两车是否相撞，即判断速度相等时有无相撞．11．（17分）（xx•广东校级模拟）如图所示，水平轨道AB段粗糙，长为L=0.2m，BC和半圆轨道均可视为光滑，在左端竖直墙上固定一轻质弹簧，有一可视为质点的小球，小球质量m=1kg，与轨道间动摩擦因数μ=0.6，现将小球压缩轻质弹簧至A点后由静止释放（小球和弹簧不粘连），发现小球刚好能沿半圆轨道内侧滑下，C点为轨道的最高点，D点为轨道的最低点．小物块离开D点后，做平抛运动，恰好垂直于倾斜挡板打在挡板跟水平面相交的E点．已知半圆轨道的半径R=0.9m，D点距水平面的高度h=0.75m，取g=10m/s2，试求：（1）压缩的弹簧所具有的弹性势能；（2）小物块经过D点时对轨道压力的大小；（3）倾斜挡板与水平面间的夹角θ．【考点】：动能定理；向心力．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）由牛顿第二定律求的C点速度，从A到C由动能定理即可求得；（2）从C到D由动能定理求的D点速度，根据牛顿第二定律即可求得作用力；（3）从D点做平抛运动，利用运动学公式即可求得【解析】：解：（1）设小物块经过C点时的速度大小v1，因为经过C时恰好能完成圆周运动，由牛顿第二定律可得：，解得v1=3m/s小物块由A到C过程，由能量守恒得：Ep=μmgL+，解得压缩的弹簧所具有的弹性势能Ep=5.7J（2）设小物块经过D点时的速度为v2，对由C点到D点的过程，由动能定理得：小物块经过D点时，设轨道对它的支持力大小为F N，由牛顿第二定律得：联立解得F N=60N，由牛顿第三定律可知，小物块对轨道的压力大小为：F′N=F N=60N故小物块经过D点时对轨道的压力大小为60N；（3）小物块离开D点做平抛运动，设经时间t打在E点，由得：设小物块打在E点时速度的水平、竖直分量分别为v x、v y，速度跟竖直方向的夹角为α，则：v x=v2、v y=gt又联立解得α=60°再由几何关系可得θ=α=60°故倾斜挡板与水平面的夹角为θ为60°．答：（1）压缩的弹簧所具有的弹性势能为5.7J（2）小物块经过D点时对轨道压力的大小为60N；（3）倾斜挡板与水平面间的夹角θ为60°．【点评】：本题考查了多过程运用问题，关键理清物块在整个过程中的运动规律，知道圆周运动向心力的来源，以及平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合动能定理和能量守恒进行求解．12．（19分）（xx•广东校级模拟）如图甲所示为某工厂将生产工件装车的流水线原理示意图．AB 段是一光滑曲面，A距离水平段BC的高为H=1.25m，水平段BC使用水平传送带装置传送工件，已知BC长L=3m，传送带与工件（可视为质点）间的动摩擦因数为μ=0.4，皮带轮的半径为R=0.1m，其上部距车厢底面的高度h=0.45m．设质量m=1kg的工件由静止开始从A点下滑，经过B点的拐角处无机械能损失．通过调整皮带轮（不打滑）的转动角速度ω可使工件经C点抛出后落在固定车厢中的不同位置，取g=10m/s2．（1）当皮带轮静止时，工件运动到点C时的速度为多大？（2）皮带轮以ω1=20rad/s逆时针方向匀速转动，在工件运动到C点的过程中因摩擦而产生的内能为多少？（3）设工件在固定车厢底部的落点到C点的水平距离为s，试在图乙中定量画出s随皮带轮角速度ω变化关系的s﹣ω图象．（规定皮带轮顺时针方向转动时ω取正值，该问不需要写出计算过程）【考点】：动能定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）由工件从A到C过程，根据动能定理，即可求解；（2）对工件从A至B过程，根据动能定理，可求出B点的速度，再由牛顿第二定律，结合运动学公式，最后由功能关系，即可求解；（3）根据水平距离s随皮带轮角速度ω变化关系式，即可作图．【解析】：解：（1）当皮带轮静止时，工件从A到C过程，由动能定理有：mgH﹣μmgL=mv C2﹣0代入数值解得：v C=1m/s（2）对工件从A至B过程，由动能定理得：mgH=mv B2﹣0代入数值解得：v B==5m/s当皮带轮以ω1=20rad/s逆时针方向匀速转动时，工件从B至C的过程中一直做匀减速运动，由牛顿第二定律，则有：μmg=ma设速度减至v C历时为t，则v B﹣v C=at工件对地位移：s工=L皮带轮速度：v1=Rω1=2m/s传送带对地位移：s带=v1t工件相对传送带的位移：s相=s工+s带由功能关系可知：因摩擦而产生的内能：Q摩=μmgs相解得：Q摩=20J（3）水平距离s随皮带轮角速度ω变化关系的s﹣ω图象如图所示精品文档答：（1）当皮带轮静止时，工件运动到点C时的速度为1m/s；（2）在工件运动到C点的过程中因摩擦而产生的内能为20J；（3）在图乙中定量画出s随皮带轮角速度ω变化关系的s﹣ω图象，如上图所示．【点评】：考查动能定理的应用，注意过程的选取与功的正负，掌握牛顿第二定律与运动学公式的运用，注意摩擦而产生的内能涉及到相对位移，同时注意作图的要点．~$'30594 7782 瞂wi vH31487 7AFF 竿30510 772E 眮25960 6568 敨25514 63AA 措Q实用文档。

2021年高三考前仿真模拟理科综合物理试题含答案本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

满分300分，考试时间150分钟。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．如图所示，用三根轻绳将A、B两小球以及水平天花板上的固定点O之间两两连接。

然后用一水平方向的力F作用于A球上，此时三根轻绳均处于直线状态，且OB绳恰好处于竖直方向，两球均处于静止状态。

已知三根轻绳的长度之比为OA∶AB∶OB＝3∶4∶5，两球质量关系为mA＝2m B＝2m，则下列说法正确的是A．OB绳的拉力大小为2mgB．OA绳的拉力大小为10mg 3C．F的大小为4mg 3D．AB绳的拉力大小为mg15．如图所示，将质量为m的小球以速度v0竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h。

若将质量分别为2m、3m、4m、5m的小球，分别以同样大小的速度v0从半径均为R ＝12h 的竖直圆形光滑轨道的最低点水平向右射入轨道，轨道形状如图乙、丙、丁、戊所示。

则质量分别为2m 、3m 、4m 、5m 的小球中，能到达的最大高度仍为h 的是(小球大小和空气阻力均不计)A ．质量为2m 的小球B ．质量为3m 的小球C ．质量为4m 的小球D ．质量为5m 的小球16．一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动。

取该直线为x 轴，起始点O 为坐标原点，其电势能E p 与位移x 的关系如图所示，下列图像中合理的是17．我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星­500”的实验活动。

假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的12，质量是地球质量的19。

已知地球表面的重力加速度是g ，地球的半径为R ，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h ，忽略自转的影响，下列说法正确的是A ．火星的平均密度为2g3πGRB ．火星表面的重力加速度是2g 9C ．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为23D ．王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是9h218．如图甲为风速仪的结构示意图。