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2022-2023学年福建省龙岩市连城一中高三（上）第二次月考物理试卷1. 2020年11月10日，我国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909m。
“奋斗者”号照片如图所示，下列情况中“奋斗者”号一定可视为质点的是( )A. 估算下降总时间时B. 用推进器使其转弯时C. 在海沟中穿越窄缝时D. 科学家在其舱内进行实验时2. 如图所示，a、b两点位于以负点电荷−Q(Q>0)为球心的球面上，c点在球面外，则：A. a点场强的大小比b点大B. b点场强的大小比c点小C. a点电势比b点高D. b点电势比c点低3. 如图所示，学生练习用头颠球。
某一次足球静止自由下落80cm，被重新顶起，离开头部后竖直上升的最大高度仍为80cm。
已知足球与头部的作用时间为0.1s，足球的质量为0.4kg，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A. 头部对足球的平均作用力为足球重力的10倍B. 足球下落到与头部刚接触时动量大小为3.2kg⋅m/sC. 足球与头部作用过程中动量变化量大小为3.2kg⋅m/sD. 足球从最高点下落至重新回到最高点的过程中重力的冲量大小为3.2N⋅s4. 某同学参加“筷子夹玻璃珠”游戏。
如图所示，夹起玻璃珠后，左侧筷子与竖直方向的夹角θ为锐角，右侧筷子竖直，且两筷子始终在同一竖直平面内。
保持玻璃珠静止，忽略筷子与玻璃珠间的摩擦。
下列说法正确的是( )A. 两侧筷子对玻璃珠的合力比重力大B. 两侧筷子对玻璃珠的合力比重力小C. 左侧筷子对玻璃珠的弹力一定比玻璃珠的重力大D. 右侧筷子对玻璃珠的弹力一定比玻璃球的重力大5. 2021年4月，我国自主研发的空间站“天和”核心舱成功发射并入轨运行，若核心舱绕地球的运行可视为匀速圆周运动，已知引力常量，由下列物理量能计算出地球质量的是( ) A. 核心舱的质量和绕地半径 B. 核心舱的质量和绕地周期C. 核心舱的绕地周期和绕地半径D. 核心舱的绕地线速度和绕地半径6. 在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在x轴上分布如图所示。
西安中学高2024 届高三第二次月考物理学科（满分：110分时间：90分钟）命题人：张莉一、选择题（共13 小题，1-8题为单选，9-13 题为多选，每题4分，共52分）1.在足球运动中，足球入网如图所示，则A．踢香蕉球（可绕过人墙改变方向，路径似香蕉）时足球可视为质点B．足球在飞行和触网时惯性不变C．足球在飞行时受到脚的作用力和重力D．触网时足球对网的力大于网对足球的力2. 某项链展示台可近似看成与水平方向成θ角的斜面，如图所示。
项链由链条和挂坠组成，其中a、b项链完全相同，链条穿过挂坠悬挂于斜面上，不计一切摩擦。
则下列说法正确的是A．链条受到挂坠的作用力是由链条的形变产生的B．a项链链条的拉力大于b项链链条的拉力C．a、b两项链的链条对挂坠的作用力相同D．减小斜面的倾角θ，a、b项链链条受到的拉力都增大3.一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时速率为1m/s。
从此刻开始在与速度平行的方向上对其施加一水平作用力F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，则（两图取同一正方向，重力加速度g=10m/s2）A．滑块的质量为0.5kgB．滑块与水平地面间的动摩擦因数为0.5C．第1s内摩擦力对滑块做功为-1JD．第2s内力F的平均功率为1.5W4.如图所示，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）从大环的最高处由静止滑下，重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为A．Mg+5mg B．Mg+mgC．Mg-5mg D．Mg+10mg5. 超声波测速是一种常用的测速手段。
如图所示，安装有超声波发射和接收装置的测速仪B固定在道路某处，A为测速仪B正前方的一辆小汽车，两者相距为338m。
某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动。
当B接收到反射回来的超声波信号时，A、B相距为346m，已知声速为340m/s，则下列说法正确的是A．A车加速度的大小为2m/s2B．超声波追上A车时，A车前进了4mC．经过2s，测速仪B接收到返回的超声波D．测速仪B接收到返回的超声波时，A车的速度为16m/s6.如图所示，是质量为3kg的滑块在大小为6N的水平恒力作用下，在光滑的水平面上运动的一段轨迹，滑块通过P、Q两点时的速度大小均为6m/s，在P点的速度方向与PQ连线的夹角α=30°，则滑块从P运动到Q的过程中A ． 水平恒力F 与PQ 连线的夹角为60°B ． 滑块从P 到Q 的时间为4sC ． 滑块的最小速度为3m/sD ． 滑块到直线PQ 的最大距离为2.25m7. 如图所示，水平圆盘上有两个相同的小木块a 和b ，a 和b 用轻绳相连，轻绳恰好伸直且无拉力。
河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题〔14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多项选择，其他题单项选择〕1．关于功和能的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，如此物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生一样的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号〞载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大2．如下列图，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，如下判断正确的答案是〔〕A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，如此车的最大速度为〔〕A． B．C． D．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于〔〕A．物体抑制重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，如此在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是〔〕 A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，抑制摩擦力做功为W2，如此〔〕A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：38．如下列图，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中〔〕A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如下列图；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为〔〕A．tanθ和 B．〔﹣1〕tanθ和C．tanθ和 D．〔﹣1〕tanθ和10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中〔〕A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能11．如图，两根一样的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状一样的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有一样的压缩量，假设撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，如此从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块〔〕A．最大速度一样 B．最大加速度一样C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同12．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都一样，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比拟，如下说法正确的答案是〔〕A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c13．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为〔〕A． B． C． D．14．如下列图，D、A、B、C四点水平间距相等，DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1：3：5．在A、B、C三点分别放置一样的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D点，不计空气阻力，如此如下关于A、B、C三点处的小球说法正确的答案是〔〕A．三个小球在空中运动的时间之比为1：2：3B．三个小球弹出时的动能之比为1：4：9C．三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1：3：5D．三个小球落地时的动能之比为2：5：10二、填空题与实验题〔16分，15题4分16题12分〕15．某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码，使小车在钩码的牵引下运动，以此定量探究绳拉力做功与小车动能变化的关系，此外还准备了打点计时器与配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等，组装的实验装置如下列图．〔1〕假设要完成该实验，必需的实验器材还有哪些．实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，他这样做的目的是如下的哪个〔填字母代号〕A．防止小车在运动过程中发生抖动B．可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C．可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力〔3〕平衡摩擦力后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数较少，难以选到适宜的点计算小车速度，在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决方法：．〔4〕他将钩码重力做的功当做细绳拉力做的功，经屡次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可能是如下哪些原因造成的〔填字母代号〕．A．在接通电源的同时释放了小车B．小车释放时离打点计时器太近C．阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D．钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力．16．验证机械能守恒定律的实验采用重物自由下落的方法：〔1〕用公式mv2=mgh时对纸带上起点的要求是为此目的，所选择的纸带第1，2两点间距应接近．假设试验中所用重锤质量m=1kg，打点纸带的记录如图1所示，打点时间间隔为0.02s，如此记录B点时，重锤的速度v B=，重锤的动能E KB=．从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量是，因此可能得出的结论是．〔3〕即使在实验操作规范，数据测量与数据处理很准确的前提下，该实验求得的△E P也一定略△E k〔填大于或小于〕，这是实验存在系统误差的必然结果，该系统误差产生的主要原因是．〔4〕根据纸带算出相关各点的速度υ，量出下落的距离h，如此以为纵轴，以h为横轴画出的图线应是图2所示图中的四、解答题〔10+8+12+12=42分，写出必要的演算过程、解题步骤与重要关系式，并得出结果〕17．如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m，假设将电荷量均为q=+2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，求：〔1〕两点电荷间的库仑力大小；C点的电场强度的大小和方向．18．如下列图，m A=4kg，m B=1kg，A与桌面间的动摩擦因数μ=0.2，B与地面间的距离s=0.8m，A、B间绳子足够长，A、B原来静止，求：〔1〕B落到地面时的速度为多大；〔用根号表示〕B落地后，A在桌面上能继续滑行多远才能静止下来．〔g取10m/s2〕19．如下列图为“嫦娥三号〞探测器在月球上着陆最后阶段的示意图，首先在发动机作用下，探测器受到推力在距月面高度为h1处悬停〔速度为0，h1远小于月球半径〕，接着推力改变，探测器开始竖直下降，到达距月面高度为h2处的速度为v，此后发动机关闭，探测器仅受重力下落至月面．探测器总质量为m〔不包括燃料〕，地球和月球的半径比为k1，质量比为k2，地球外表附近的重力加速度为g，求：〔1〕月球外表附近的重力加速度大小与探测器刚接触月球时的速度大小；从开始竖直下降到接触月面时，探测器机械能的变化．20．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图，整个轨道在同一竖直平面内，外表粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切．点A距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R，圆心O恰在水面．一质量为m的游客〔视为质点〕可从轨道AB的任意位置滑下，不计空气阻力．〔1〕假设游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面上的D点，OD=2R，求游客滑到B点时的速度v B大小与运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f；假设游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．〔提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m〕河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多项选择，其他题单项选择〕1．关于功和能的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，如此物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生一样的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号〞载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大考点：功能关系；功的计算．分析： A、重力势能的增量等于抑制重力所做的功，与外力做功无关；B、根据做功公式W=Fs，可以判断拉力F对物体做功的情况；C、根据动能定理即可分析两种情况下牵引力做功的大小；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒．解答：解：A、重力势能的增量等于抑制重力所做的功，与外力做功无关，故A错误；B、由W=Fs知，拉力的大小一样，木块的位移也一样，所以拉力对两木块做的功一样多，故B正确；C、根据动能定理可知：W﹣W f=，所以速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h的两种情况下牵引力做的功不同，故C错误；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒，故D错误．应当选：B点评：此题主要考查了重力势能的影响因素，恒力做功公式、动能定理等的直接应用，难度不大，属于根底题．2．如下列图，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，如下判断正确的答案是〔〕A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、D、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向左，因为带电粒子带电性质不确定，所以场强的方向也不能确定，从而不能判断ab两点电势的上下，故AD错误；B、C、带电粒子从a到b点过程中，电场力做负功，电荷的电势能增大，由动能定理，粒子的动能减小，即粒子在a点的动能大于在b点的动能，粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，故BC正确；应当选：BC点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生根本要求，也是重点知识，要重点掌握．3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，如此车的最大速度为〔〕A． B．C． D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速向上运动时，对汽车受力分析，汽车处于受力平衡状态，由此可以求得汽车在上坡情况下的牵引力的大小，由P=Fv分析可得出结论．解答：解：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速运动时，受力平衡，由于汽车是沿倾斜的路面向上行驶的，对汽车受力分析可知，汽车的牵引力F=f+mgsinθ=kmg+mgsinθ=mg〔k+sinθ〕，由功率P=Fv，所以上坡时的速度：，故D正确应当选：D点评：汽车的功率不变，但是在向上运动和向下运动的时候，汽车的受力不一样，牵引力减小了，P=Fv可知，汽车的速度就会变大，分析清楚汽车的受力的变化情况是解决此题的关键．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于〔〕A．物体抑制重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和考点：功能关系；功的计算；动能和势能的相互转化．分析：对物体进展受力分析，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程，表示出地板对物体的支持力所做的功．知道重力做功量度重力势能的变化．解答：解：物体受重力和支持力，设重力做功为W G，支持力做功为W N，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程得：W G+W N=△E kW N=△E k﹣W G由于物体加速上升，所以重力做负功，设物体抑制重力所做的功为：W G′，W G′=﹣W G所以：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+W G′．根据重力做功与重力势能变化的关系得：w G=﹣△E p，所以有：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+△E p．应当选：D．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量．5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变考点：功能关系．分析：重力势能的变化量等于重力对物体做的功．只有重力对物体做功，物体的机械能才守恒．根据动能定理研究动能的变化量．根据动能的变化量与重力的变化量之和求解机械能的变化量．解答：解：A、由质量为m的物体向下运动h高度时，重力做功为mgh，如此物体的重力势能减小mgh．故A正确B错误．C、合力对物体做功W=ma•h=2mgh，根据动能定理得知，物体的动能增加2mgh．故C正确．D、由上物体的重力势能减小mgh，动能增加2mgh，如此物体的机械能增加mgh．故D错误．应当选：AC．点评：此题考查分析功能关系的能力．几对功能关系要理解记牢：重力做功与重力势能变化有关，合力做功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能变化有关．6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，如此在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是〔〕 A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：工件在传送带上运动时先做匀加速运动，后做匀速运动，物体和传送带要发生相对滑动，滑动摩擦力对传送带要做功．根据功能关系求解工件机械能的增量．由运动学公式求解相对位移．解答：解：A、工件从静止开始在摩擦力作用下加速达到v，摩擦力对工件做正功，使工件的动能增加了mv2，根据动能定理知，摩擦力对工件做的功W=mv2，A、B正确D错误．C、工件从开始运动到与传送带速度一样的过程中，工件相对传送带向后运动，设这段时间为t，t==，相对位移l=vt﹣t=t=，C正确．应当选：ABC．点评：当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，内能也要增加，这是解此题的关键地方．7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，抑制摩擦力做功为W2，如此〔〕A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：3考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．专题：动能定理的应用专题．分析：由动能定理可得出汽车牵引力的功与抑制摩擦力做功的关系，由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系；解答：解：对全过程由动能定理可知W1﹣W2=0，故W1：W2=1：1，故C正确，D错误；W1=FsW2=fs′由图可知：s：s′=1：4所以F1：F2=4：1，故A错误，B正确应当选BC点评：此题要注意在机车起动中灵活利用功率公式与动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用．8．如下列图，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中〔〕A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少考点：机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据重力做功，判断重力势能的变化，在整个运动的过程中，有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，通过系统机械能守恒判断重物机械能的变化．解答：解：A、重物由A点摆向最低点的过程中，重力做正功，重力势能减小．故A正确，B错误．C、在整个运动的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，而弹簧的弹性势能增加，如此重物的机械能减小．故C错误，D正确．应当选AD．点评：解决此题的关键掌握重力做功和重力势能的关系，知道系统机械能包括重力势能、弹性势能和动能的总和保持不变．9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如下列图；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为〔〕A．tanθ和 B．〔﹣1〕tanθ和C．tanθ和 D．〔﹣1〕tanθ和考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：两次上滑过程中，利用动能定理列式求的即可；解答：解：以速度v上升过程中，由动能定理可知以速度上升过程中，由动能定理可知联立解得，h=故D正确．应当选：D．点评：此题主要考查了动能定理，注意过程的选取是关键；10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中〔〕A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能考点：功能关系；弹性势能；机械能守恒定律．分析：通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，结合能量守恒定律分析即可．解答：解：A、通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故机械能减小，故A错误；B、通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故B正确；C、垫块的动能转化为弹性势能和内能，故C错误；D、弹簧的弹性势能转化为动能和内能，故D错误．应当选：B．点评：此题关键是明确缓冲器通过摩擦将局部动能转化为内能，还会储存局部弹性势能，再次向内能和动能转化，根底问题．11．如图，两根一样的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状一样的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有一样的压缩量，假设撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，如此从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块〔〕A．最大速度一样 B．最大加速度一样C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同考点：功能关系；弹性势能．分析：使两弹簧具有一样的压缩量，如此储存的弹性势能相等，根据能量守恒判断最后的重力势能．解答：解：A、物块受力平衡时具有最大速度，即：mgsinθ=k△x如此质量大的物块具有最大速度时弹簧的压缩量比拟大，上升的高度比拟低，即位移小，而运动过程中质量大的物块平均加速度较小，v2﹣02=2ax加速度小的位移小，如此最大速度v较小，故A错误；B、开始时物块具有最大加速度，开始弹簧形变量一样，如此弹力一样，根据牛顿第二定律：a=可见质量大的最大加速度较小，故B错误；CD、由题意使两弹簧具有一样的压缩量，如此储存的弹性势能相等，物块上升到最大高度时，弹性势能完全转化为重力势能，如此物块最终的重力势能mgh相等，重力势能的变化量相等，而两物块质量不同，如此上升的最大高度不同，故C正确D错误．应当选：C．点评：此题考查了弹簧问题，注意平衡位置不是弹簧的原长处，而是受力平衡的位置．12．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都一样，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比拟，如下说法正确的答案是〔〕A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：损失的机械能转化成摩擦产生的内能．物体从斜面下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可以比拟三者动能大小，注意物体在运动过程中抑制摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，据此可以比拟摩擦生热大小．解答：解：设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为X，如此物体下滑过程中抑制摩擦力做功为：W=mgμXcosθ，Xcosθ即为底边长度．A、物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能转化成摩擦产生的内能．。
选择题在某次实心球比赛中，某运动员以17.56 m的成绩获得金牌．这里记录的成绩是指()A. 比赛中实心球发生的位移大小B. 比赛中实心球经过的路程C. 既是实心球发生的位移大小，又是实心球经过的路程D. 既不是实心球发生的位移大小，也不是实心球经过的路程【答案】D【解析】铅球的运动轨迹如图ACB所示：铅球比赛的成绩是18.62m，是抛出点A的竖直投影点O 到B的距离，即OB之间的水平距离，该距离要小于A到B的位移；故该成绩不是铅球的位移；铅球在靠惯性前进的同时，还由于重力的作用而向下落，因此运动轨迹是一条曲线，经过的路程大于18.62m．该距离也不是铅球的路程；D正确．选D．选择题如图所示是旅游景区中常见的滑索。
研究游客某一小段时间沿钢索下滑，可将钢索简化为一直杆，滑轮简化为套在杆上的环，滑轮与滑索间的摩擦力及游客所受空气阻力不可忽略，滑轮和悬挂绳重力可忽略。
游客在某一小段时间匀速下滑，其状态可能是图中的（）A. B. C. D.【答案】B【解析】设索道的倾角为α，若不考虑任何阻力，对滑轮和乘客组成的整体，由牛顿第二定律得（M+m）gsinα=（M+m）a对乘客由于满足Mgsinα=Ma可知绳子与索道垂直。
若索道与滑轮之间有摩擦，而乘客不受空气阻力，则当匀速运动时，绳子在竖直方向；若同时考虑滑轮与索道之间的摩擦以及人所受的空气阻力，则绳子应该在垂直于索道与竖直方向之间，则选项B正确，ACD错误；故选B。
选择题利用如图所示的斜面测量物体下滑的加速度。
在斜面上取O、A、B 三点，让一物体从O点由静止开始下滑，先后经过A、B两点，测出A、B之间的距离x和物体经过A、B两点的时间t。
保持O、B两点的位置不变，改变A点在斜面上的位置，仍让该物体从O点由静止开始下滑，多次试验后得出图象如图所示，则物体沿斜面下滑的加速度大小为()A. 2 m/s2B. 8 m/s2C. 6 m/s2D. 4 m/s2【答案】D【解析】设物体从O运动到B的时间为t0。
长郡中学2025届高三月考试卷（二）物理本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页。
时量75分钟。
满分100分。
第I卷选择题（共44分）一、选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分。
每小题只有一项符合题目要求）1. 2024年8月郑钦文斩获巴黎奥运会网球女单冠军。
关于网球运动中蕴含的力学知识，若忽略空气阻力，以下说法正确的是（ ）A. 球在空中飞行时，受重力和推力的作用B. 球撞击球拍时，球拍对球的力大于球对球拍的力C. 球的速度越大，惯性越大D. 球在空中飞行时，处于失重状态【答案】D【解析】【详解】A．球在空中飞行时，只受重力作用，不受推力，故A错误；B．球撞击球拍时，由牛顿第三定律可知球拍对球的力等于球对球拍的力，故B错误；C．球的惯性由质量决定，与速度无关，故C错误；D．球在空中飞行时，只受重力，则处于完全失重状态，故D正确。
故选D。
2. 探月工程中，“嫦娥三号”探测器的发射过程可以简化如下：卫星由地面发射后，进入地月转移轨道，经过P点时变轨进入距离月球表面100公里的圆形轨道1，在轨道1上经过Q点时变轨进入椭圆轨道2，轨道2与月球表面相切于M点，月球车将在M点着陆月球。
下列说法正确的是（）A. “嫦娥三号”在轨道1上的速度比月球的第一宇宙速度大B. “嫦娥三号”在地月转移轨道上经过P 点的速度比在轨道1上经过P 点时大C. “嫦娥三号”在轨道1上的运动周期比在轨道2上的小D. “嫦娥三号”在轨道1上经过Q 点时的加速度小于在轨道2上经过Q 点时的加速度【答案】B 【解析】【详解】A ．月球的第一宇宙速度等于近月轨道的环绕速度，根据解得由于轨道1的半径大于近月卫星的半径，则“嫦娥三号”在轨道1上的速度比月球的第一宇宙速度小，故A 错误；B ．地月转移轨道变轨到轨道1是由高轨道变轨到低轨道，需要在两轨道切点P 位置减速，即“嫦娥三号”在地月转移轨道上经过P 点的速度比在轨道1上经过P 点时大，故B 正确；C ．根据开普勒定律可知由于轨道1的半径大于轨道2的半长轴，则“嫦娥三号”在轨道1上的运动周期比在轨道2上的大，故C 错误；D ．根据解得22Mm v G m r r=v =33122212r a T T =2MmGma r =卫星与月心间距相等，加速度大小相等，即“嫦娥三号”在轨道1上经过Q 点时的加速度等于在轨道2上经过Q 点时的加速度，故D 错误。
炎德·英才大联考湖南2024届高三月考试卷（二）物理（答案在最后）时量75分钟，满分100分。
第I卷一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1.在力学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了物理学的进步。
对以下几位物理学家所作科学贡献的表述中，与事实不相符的是（）A.伽利略首先建立平均速度、瞬时速度和加速度等描述运动的概念B.胡克提出如果行星的轨道是圆形，太阳与行星间的引力与距离的平方成反比C.卡文迪许是测量地球质量的第一人D.伽利略根据理想斜面实验，得出自由落体运动是匀变速直线运动【答案】D【解析】【详解】A．伽利略首先建立平均速度、瞬时速度和加速度等描述运动的概念，故A正确；B．胡克提出如果行星的轨道是圆形，太阳与行星间的引力与距离的平方成反比，故B正确；C．卡文迪许是测量地球质量的第一人。
故C正确；D．伽利略将斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动，故D错误。
本题选与事实不相符的，故选D。
2.甲、乙两个物体初始时刻在同一位置，运动图像分别为图中实线和虚线，两个图像均为14圆弧，圆弧的半径均为a，横纵坐标表示的物理意义未知，下列说法正确的是（）A.若实线和虚线分别为甲、乙的运动轨迹，则甲、乙的速率相同B.y 表示速度，x 表示时间，则x a =时甲、乙间的距离为22aπC.y 表示加速度，x 表示时间，则x a =时甲、乙间的距离为22aπD.y 表示位移，x 表示时间，则甲、乙的平均速度相同【答案】B 【解析】【详解】A ．若实线和虚线表示轨迹，则根据题图可知其甲、乙运动的距离，但是时间不能确定，无法获得其速率的信息，故A 项错误；B ．若y 表示速度，x 表示时间，则题图为其速度—时间图像，该图像与坐标轴围成的面积为物体的位移，由题图可知，甲的位移方向与正方向相同，其大小为214x a π=甲同理可知，乙的位移方向为负方向，其大小为214x a π=乙甲、乙从同一位置出发，所以两者的距离为22a x x x π=+=甲乙故B 项正确；C ．若y 表示加速度，x 表示时间，则图像与坐标轴围成的面积表示物体速度的变化量，由题图无法求得甲乙两物体的位移，所以无法求得甲乙之间的距离，故C 项错误；D ．若y 表示位移，x 表示时间，则甲的平均速度为1m/s x av t a===甲甲甲乙的平均速度为1m/s x av t a==-=-乙乙乙故D 项错误。
内江六中2022-–2023学年（上）高23届第二次月考物理学科试题考试时间：90分钟满分100分第Ⅰ卷选择题（满分47分）一、单项选择题（本题共9小题，每小题3分，共计27分）1. 伽利略对“运动和力的关系”和“自由落体运动”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。
图甲、图乙分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法中正确的是（ ）A. 图甲的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出力是改变物体运动的原因B. 图甲中的实验，可以在实验室中真实呈现C. 图乙通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动D. 图乙中先在倾角较小的斜面上进行实验，可“冲淡”重力，使时间测量更容易【答案】D【解析】【详解】AB．分析图甲可知，伽利略用抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法得到物体的运动不需要力来维持，由于不存在没有阻力的斜面，因此无法在实验室中真实呈现，故AB错误；CD．分析图乙可知，伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明：如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，来冲淡重力得作用效果，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量。
伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推，得到了自由落体运动的规律，因此并不是通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动，故C错误，D正确。
故选D。
2. A、B、C三个物体同时在同一地点沿同一方向做直线运动，如图为他们的位移—时间图象，由图象可知，物体在0t时间内（ ）A. A 物体的平均速度最大B. 三个物体的平均速度不一样大C. 三个物体的平均速率一样大D. 三个物体的平均速率关系为v A ﹥v B =v C【答案】D【解析】【详解】AB ．由图象看出，在0～t 0时间内，三个物体的位移相同，所用时间相同，则平均速度相同，故AB 错误；CD ．由图象看出，在0～t 0时间内，A 的路程最大，B 、C 路程相等，故三个物体的平均速率关系为v A ＞v B =v C故C 错误，D 正确。
湖南省长沙市雅礼中学2024-2025学年高三上学期月考（二）物理试题1. 关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（ 一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的））A. 哥白尼提出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆B. 卡文迪什在实验室里通过扭秤实验，得出了引力常量G 的数值C. 伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性D. 牛顿通过理想斜面实验得出“物体运动不需要力来维持”2. 俯卧撑是一项深受学生们喜欢课外健身运动，做中距俯卧撑（下左图）时双臂基本与肩同宽，做宽距俯卧撑（下右图）时双臂大约在1.5倍肩宽。
某位同学正在尝试用不同姿势的做俯卧撑；对于该同学做俯卧撑的过程，下列说法中正确的是（ ）A. 在俯卧撑向下运动的过程中，地面对手掌的支持力小于手掌对地面的压力B. 宽距俯卧撑比中距俯卧撑省力C. 在俯卧撑向上运动的过程中，地面对该同学的支持力不做功D. 在做俯卧撑运动的过程中，地面对该同学的冲量为零3. 做简谐运动的物体经过A 点时，加速度大小为21m /s ，方向指向B 点；当它经过B 点时，加速度大小为24m /s ，方向指向A 点。
若A 、B 之间的距离是5cm ，则关于它的平衡位置，说法正确的是（ ）A. 平衡位置在AB 连线左侧B. 平衡位置在AB 连线右侧C. 平衡位置在AB 连线之间，且距离B 点为4cm 处D. 平衡位置在AB 连线之间，且距离A 点2cm 处4. 如图（a ）所示，太阳系外行星M 、N 均绕恒星Q 做同向匀速圆周运动。
由于N 的遮挡，行星M 被Q 照亮的亮度随时间做如图（b ）所示的周期性变化，其中0T 为N 绕Q 运动的公转周期。
则两行星M 、N 运动过程中相距最近时的距离与相距最远时的距离之比为（ ）的为A. 1:4B. 3:8C. 1:2D. 3:55. 乌鲁木齐乌拉泊地区和达坂城地区属于沙尘暴频发地区，下表为风级（0-12）风速对照表。
高三物理试卷讲评教案一、教学内容本节课教学内容选自高三物理教材第十二章《电磁感应》的第三节“感应电流的方向”，以及第四章《交流电》的相关内容。
详细内容包括：理解电磁感应现象的本质，掌握楞次定律及其应用；掌握交流电的基础知识，理解交流电的有效值、峰值及相位差等概念；通过讲解试卷中的相关问题，加深对电磁感应与交流电的综合应用。
二、教学目标1. 让学生理解楞次定律，并能运用楞次定律判断感应电流的方向。
2. 让学生掌握交流电的基础知识，能够解决实际问题。
3. 培养学生的综合分析能力，将电磁感应与交流电知识运用到实际问题的解决中。
三、教学难点与重点重点：楞次定律的运用，交流电的基础知识。
难点：综合运用电磁感应与交流电知识解决实际问题。
四、教具与学具准备1. 教具：黑板、粉笔、电磁感应演示仪、交流电演示仪。
2. 学具：试卷、笔、草稿纸。
五、教学过程1. 实践情景引入（5分钟）利用电磁感应演示仪展示电磁感应现象，引导学生思考感应电流的方向问题。
2. 例题讲解（15分钟）讲解试卷中的典型题目，引导学生运用楞次定律判断感应电流的方向。
3. 随堂练习（10分钟）让学生完成试卷中的相关练习，巩固所学知识。
4. 交流电知识讲解（15分钟）讲解交流电的基础知识，强调有效值、峰值及相位差等概念。
5. 试卷讲评（15分钟）对试卷中的错误进行讲评，分析错误原因，指导解题方法。
6. 知识拓展（5分钟）介绍电磁感应与交流电在生活中的应用，激发学生学习兴趣。
六、板书设计1. 黑板左侧：楞次定律内容，感应电流方向的判断方法。
2. 黑板右侧：交流电的基础知识，包括有效值、峰值及相位差等概念。
七、作业设计1. 作业题目：（2）已知交流电的峰值和频率，求其有效值。
2. 答案：（1）见课本P123，例题41。
（2）峰值电压Um = √2 × 有效值电压U，峰值电流Im = √2 × 有效值电流I。
（3）见课本P145，例题46。
2025年安徽省皖东县中联盟高三下期第二次月考物理试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图，边长为l 的正方形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面（abcd 所在平面）向外．ab 边中点有一电子发源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子．已知电子的比荷为k ．则从a 、d 两点射出的电子的速度大小分别为A ．14kBl ，54kBl B ．14kBl ，54kBl C ．12kBl ，54kBl D ．12kBl ，54kBl 2、如图所示，虚线表示某孤立点电荷Q 激发的电场中三个等间距的等势面，一带电粒子（可看成点电荷）仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示，a 、b 、c 、d 为轨迹与等势面的交点。
下列说法正确的是（ ）A ．粒子在a 点的电势能一定小于在d 点的电势能B ．电势的高低一定是a b c ϕϕϕ>>。
C ．粒子运动过程中经过c 点时的加速度一定最大D ．粒子在a 、b 间的动能改变量一定等于在b 、c 间的动能改变量3、如图所示，水平放置的封闭绝热气缸，被一锁定的绝热活塞分为体积相等的a 、b 两部分。
已知a 部分气体为1mol 氧气，b 部分气体为2 mol 氧气，两部分气体温度相等，均可视为理想气体。
解除锁定，活塞滑动一段距离后，两部分气体各自再次达到平衡态时，它们的体积分别为V a 、V b ，温度分别为T a 、T b 。
下列说法正确的是A ．V a ＞V b ， T a ＞T bB ．V a ＞V b ， T a ＜T bC ．V a ＜V b ， T a ＜T bD ．V a ＜V b ， T a ＞T b4、在观察频率相同的两列波的干涉现象实验中，出现了稳定的干涉图样，下列说法中正确的是（ ）A ．振动加强是指合振动的振幅变大B ．振动加强的区域内各质点的位移始终不为零C ．振动加强的区域内各质点都在波峰上D ．振动加强和减弱区域的质点随波前进5、如图所示，四根等长的缆绳一端悬于起重机的吊钩上，另一端分别系在一个正方形的框架上，框架下面悬吊着重物，起重机将重物以m 0.5s的速度沿竖直方向匀速向上吊起.若起重机的输出功率为20kW ，每根缆绳与竖直方向的夹角均为37︒，忽略吊钩、框架及绳的重力，不计一切摩擦，sin370.6︒= ，cos370.8︒=.则悬于吊钩的每根缆绳的拉力大小为（ ）A ．45.010N ⨯B ．44.010N ⨯C ．41.2510N ⨯D ．41.010N ⨯6、我国高铁舒适、平稳、快捷。
衡阳市八中2015届高三第二次月考试题物理【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理必修一、必修二的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律、曲线运动、万有引力与航天、动能定理等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，在注重考查核心知识的同时，突出考查考纲要求的基本能力，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。
是份非常好的试卷。
一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。
其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，全对得4分，选对但不全的得2分，选错不给分）【题文】1、如图所示，飞船从轨道1变轨至轨道2。
若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的( C )A.动能大B.向心加速度大C.运行周期长D.角速度大【知识点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．D5【答案解析】 C 解析： 根据万有引力提供向心力G 2Mm r ＝ma ＝m ω2r ＝m 2v r＝m 224T πr ，得到a ＝2GM r ，ω＝v ＝T ＝2π以看出，r 越大，a 、v 、ω越小，而T 越大，飞船从轨道1变轨至轨道2，轨道半径变大，故线速度变小，故动能变小，加速度、角速度变小，周期变大，故ABD 错误，C 正确．故选：C ．【思路点拨】根据万有引力提供向心力，得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，从而比较出大小．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，能列出方程G 2Mm r ＝ma ＝m ω2r ＝m 2v r ＝m 224Tπr ，并熟练的求解。
【题文】2、如图7，游乐场中，从高处A 到水面B 处有两条长度相同的光滑轨道。
甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A 处自由滑向B 处，下列说法正确的有（ D ）A ．甲的切向加速度始终比乙的大B ．甲、乙在同一高度的速度大小不相等C ．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D ．甲比乙先到达B 处【知识点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．A2 A8【答案解析】 D 解析： A ：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A 错误；B ：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能也相等，故B 错误；C 、D ：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置．故C 错误，D 正确． 故选：D ．【思路点拨】①由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；②可以使用机械能守恒来说明，也可以使用运动学的公式计算，后一种方法比较麻烦；③哪一个先达到B 点，可以通过速度的变化快慢来理解，也可以使用v-t 图象来计算说明．本题应该“加速度”解释：高度相同，到达底端的速度大小就相同，但甲的加速度逐渐减小；乙的加速度逐渐增大．所以它们的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加的最慢．【题文】3、模拟我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星500”的实验活动．假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的12，质量是地球质量的19。
乌兰察布市集宁二中2022-2023学年度高三年级第二次月考物理试卷满分100分时间：90分钟一、单选题（本题共8小题，每小题4分，共32分）1．据美国宇航局消息，在距离地球40光年的地方发现了三颗可能适合人类居住的类地行星，假设某天我们可以穿越空间到达某一类地行星，测量以初速度10m/s竖直上抛一个小球可到达的最大高度只有1m，而其球体半径只有地球的一半，则其平均密度和地球的平均密度之比为（g取210m/s）（）A．5:2B．2:5C．1:10D．10:12．在两个坡度不同的斜面顶点以大小相同的初速度0υ同时水平向左，向右抛出两个小球A和B，两斜坡的倾角分别是30°和60°，小球均落在斜坡上，则A、B两小球在空中运动的时间之比为（）A．1：3B．1：3 C．3：1 D．3：13．如图所示，倾角30θ︒=的斜面AB，在斜面顶端B向左水平抛出小球1、同时在底端A正上方与B等高处水平向右抛出小球2，小球1、2同时落在P点，P点为斜边AB的中点，则（）A．小球2一定垂直撞在斜面上B．小球1、2的初速度可以不相等C．小球1落在P点时与斜面的夹角为30︒D．改变小球1的初速度，小球1落在斜面上的速度方向都平行4．如图所示，长木板AB倾斜放置，板而与水平方向的夹角为θ，从B端以大小为v0的初速度水平向左抛出一个小球，小球能打在板面上。
小球做平抛运动的水平位移为x，打在板面上时速度大小为v，当θ变小后，让小球仍从B端以相同的初速度水平抛出，则（ ）A ．x 变小，v 变小B ．x 变大，v 变大C ．x 不变，v 不变D ．x 变化不确定，v 变化不确定5．2022年7月14日下午，长征五号B 火箭成功将我国空间站的首个实验舱“问天”实验舱送入太空与天和核心舱进行对接，随后神州十四号乘组顺利进入问天实验舱，开启了太空实验的新阶段。
如图所示，已知空间站在距地球表面高约400km 的近地轨道上做匀速圆周运动，地球半径约为6400km ，万有引力常量为G ，则下列说法不正确的是（ ）A ．空间站中的航天员处于完全失重状态B ．航天员乘坐的载人飞船需先进入空间站轨道，再加速追上空间站完成对接C ．若已知空间站的运行周期则可以估算出地球的平均密度D ．空间站在轨运行速度一定小于7.9km/s6．天花板下悬挂的轻质光滑小圆环P 可绕过悬挂点的竖直轴无摩擦地旋转。
一、单选题(每小题4分，共2４分)１.（４分)(2014春•南昌期末）关于力学单位制，下列说法正确的是（）A.在国际单位制中，kg、m/ｓ、N是导出单位Ｂ.在国际单位制中，kg、m、J是基本单位Ｃ．在国际单位制中,质量的基本单位是kｇ,也可以是gＤ．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F＝mａ考点:力学单位制.版权所有分析：在力学中,将质量、长度及时间作为基本物理量，其单位作为基本单位,而由这三个量推出的单位称导出单位;基本单位和导出单位组成单位制.解答:解：A、B、在国际单位制中，ｍ、kg、s是基本单位，m/s、N和J都是导出单位，故AB错误．C、在国际单位制中，质量的基本单位只能用kｇ,g是常用单位,故Ｃ错误．D、牛顿第二定律表达式为F=kma，只有在国际单位制中，k才取1,表达式才能写成F=ma;故D正确；故选：Ｄ.点评：本题关键要掌握单位制的构成，知道国际单位制力学三个基本单位：m、ｋg、s，知道只有在国际单位制中牛顿第二定律的表达式才是F=ma．2.(４分)(２01３•涟水县校级学业考试)如图所示，上方固定有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上，在盒子内放有光滑球Ｂ，球B的直径略小于盒子内侧前后壁间的距离．现使斜劈A在斜面体C上静止不动，此时盒子内侧的M、Ｎ点对球B均无压力．以下说法中正确的是( )A．若C的斜面光滑,斜劈Ａ以一定的初速度沿斜面向上滑行,则Ｍ点对球B有压力B.若C的斜面光滑,斜劈Ａ以一定的初速度沿斜面向上滑行,则N点对球Ｂ有压力C.若Ｃ的斜面粗糙，且斜劈A沿斜面匀速下滑，则M点对球Ｂ有压力Ｄ．若C的斜面粗糙,且斜劈A沿斜面匀速下滑,则N点对球Ｂ有压力考点：共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题.分析:斜劈A在斜面体C上静止不动，则B受重力和支持力平衡.当斜面光滑,斜劈A和B 球具有相同的加速度沿斜面向上减速，通过对B球进行受力分析,判断M、N对球有无压力．当斜面粗糙,按照同样的方法，先判断出整体的加速度方向，再隔离对B进行受力分析,从而判断M、N对球有无压力．解答：解：A、B、当斜面光滑,斜劈以一定的初速度沿斜面上滑,斜劈和球这个整体具有相同的加速度，方向沿斜面向下．根据牛顿第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下.所以B球受重力、底部的支持力、以及Ｎ对球的弹力.知M点对球无压力，N点对球有压力.故A错误，B正确．C、D、斜劈A沿斜面匀速下滑,知B球处于平衡状态,受重力和底部的支持力平衡.所以M、N对球均无压力.故CD均错误．故选B.点评：解决本题的关键通过整体法判断整体的加速度方向,再用隔离法对B球进行分析，从而判断M、N对球有无压力．３.(４分）(２0１４秋•太原校级月考）如图所示,体积相同的小铁球(如图中黑色球所示）和小塑料球(如图中白色球所示）分别用细线系于两个带盖的盛水的瓶子中，当两瓶和车一起加速向右运动时,会发生的现象最接近图中的哪一种情景( )A.Ｂ． C.D．考点：惯性．版权所有分析:当容器随小车突然向右运动时,铁球由于惯性要保持原来状态，故相对小车向左运动;当容器随小车突然向右运动时,容器中的水也有惯性,故也有相对小车向左运动的趋势,水的密度大于整个塑料球的密度,故塑料球故相对小车向右运动．解答：解:由于系统加速度向右,而水具有惯性，只会出现如题图Ａ、B所示的水面．同样体积的铁球、水、塑料球中，铁球的惯性最大,塑料球的惯性最小，因而两球的相对位置如图B所示，故Ｂ正确.故选：B点评：物体保持运动状态不变的性质叫做惯性．原来静止的物体具有保持静止状态的性质;原来处于运动的物体,具有保持匀速直线运动状态的性质,本题的难度在于这两个小球分别在一只盛水的容器中,因此解题时要考虑水的密度大于整个塑料球密度,水的密度小于整个铁球密度等,总之此题有一定的拔高难度，属于难题．４.(4分)(201０•渭南一模）甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点得到两车的位移一时间图象如图所示,则下列说法正确的是( ）Ａ.t1时刻甲车从后面追上乙车Ｂ.t1时刻两车相距最远C.t1时刻两车的速度刚好相等D.０到t1时间内,两车的平均速度相等考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题:直线运动规律专题.分析：位移时间图线切线的斜率表示瞬时速度,图线上的点与原点连线的斜率表示平均速度．解答:解：Ａ、ｔ1时刻两车的位移相等,知乙车从后面追上甲车.故A错误,Ｂ错误.C、t1时刻两车图线切线的斜率不等,则速度不等.故C错误．D、0到t1时间内,两车的位移相等,时间相等,则平均速度相等.故D正确．故选D.点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义.5．（４分）（2008•湖南模拟）如图所示,劲度系数为k的轻弹簧竖直固定在水平面上,上端固定一质量为m0的托盘，托盘上有一个质量为m的木块.用竖直向下的力将原长为l0的弹簧压缩后突然撤去外力，则m即将脱离m０时的弹簧长度为（)A．l0B．l０﹣ｇＣ.l0﹣g D.l０﹣g考点:胡克定律．版权所有专题:弹力的存在及方向的判定专题.分析:当突然撤去外力时，木块和托盘一起向上做变加速运动，当m即将脱离m0时二者具有相同的速度和加速度，而且此时托盘与木块之间的作用力为零,由此根据牛顿第二定律列方程即可正确解答.解答:解:当m即将脱离m0时二者加速度相同,它们之间的弹力为零,因此根据牛顿第二定律有：对m有：ｍg=ma ①设弹簧对m0的作用力为F，则有：m０g+Ｆ＝ｍ0a ②联立①②解得:Ｆ=0,因此弹簧处于原长状态,故A正确，BCD错误．故选A．点评：解答该题关键是明确两物体脱离时的状态，然后根据牛顿第二定律求解,该题是考查学生综合分析能力的好题．6.(4分)(20０9•中山市模拟）如图所示,质量为ｍ的球置于斜面上,被一个竖直挡板挡住、现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动,忽略一切摩擦,以下说法中正确的是（）A.若加速度足够小,竖直挡板对球的弹力可能为零B.若加速度足够大,斜面对球的弹力可能为零C.斜面和挡板对球的弹力的合力等于maD．斜面对球的弹力不仅有，而且是一个定值考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.版权所有专题:牛顿运动定律综合专题．分析:分析小球受到的重ｍg、斜面的支持力FＮ2、竖直挡板的水平弹力F N1，然后向水平和竖直分解斜面的支持力FＮ2，在竖直方向列力的平衡方程，在水平方向列牛顿第二定律方程,根据所列的方程分析即可选出答案.解答:解:小球受到的重mg、斜面的支持力FＮ2、竖直挡板的水平弹力ＦN１,设斜面的倾斜角为α则竖直方向有:F N2ｃｏsα=mg∵mg和α不变，∴无论加速度如何变化,F N2不变且不可能为零，故Ｂ错,D对．水平方向有：F N1﹣FＮ２sｉnα＝mａ∵F N2sinα≠0，若加速度足够小，竖直挡板的水平弹力不可能为零,故A错．斜面和挡板对球的弹力的合力即为竖直方向的ＦN2coｓα与水平方向的力ｍa的合成,因此大于ma,故C错误．故选D．点评:本题结合力的正交分解考察牛顿第二定律，正确的分析受力与正确的分解力是关键.二、多选题（每小题４分，少选2分,错选0分,共24分）７.（４分）（2０09•中山市模拟）直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示.设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,且运动过程中箱子始终保持图示姿态．则在箱子下落过程中，下列说法正确的是( ）Ａ.箱内物体对箱子底部始终没有压力B．箱子刚从飞机上投下时,箱内物体受到的支持力最大C．箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D．若下落距离足够长,箱内物体有可能所受支持力等于它的重力考点:牛顿运动定律的应用-超重和失重.版权所有专题:牛顿运动定律综合专题.分析：先对整体受力分析,受重力和空气阻力,由于空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,速度越来越大，故箱子做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大；再对箱内物体受力分析,受到重力和支持力,根据牛顿第二定律列式分析讨论.解答：解:刚释放时，速度较小，阻力较小，箱子做加速运动,空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,阻力不断变大，故箱子做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做匀速运动;对箱内物体受力分析，受到重力和支持力，根据牛顿第二定律,有mｇ﹣N=ｍａ由于a逐渐增大到等于g,故支持力N由０逐渐增大到mg,之后保持不变；故选CD.点评：本题关键先对整体受力分析，得到加速度的变化情况，然后再对m受力分析，根据牛顿第二定律列方程分析求解．8．(4分）(201３秋•射阳县校级期末)如图所示,在质量为ｍB=3０ｋg的车厢Ｂ内紧靠右壁，放一质量m A=２０kg的小物体A(可视为质点），对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动．测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=５.０m，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计( )A．车厢Ｂ在2.０s内的加速度为2．5m／s2B.Ａ在2.0s末的速度大小是4.5m/sC．2.0s内A在Ｂ上滑动的距离是0．５ｍD．A的加速度大小为2．5m／s2考点：牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题.分析：(1）车厢B在力Ｆ的作用下做匀加速直线运动,根据位移时间公式即可求出加速度；(2）对B用牛顿第二定律求出A对B的作用力,再对A用牛顿第二定律求出A的加速度，根据速度时间关系即可求出A的速度;（３）A在B上滑动的距离为A、Ｂ运动的位移之差.解答：解：A、设t=2．0s内车厢的加速度为a B,由s＝ａB t２得ａB=2.５m/ｓ2.故A正确．Ｂ、Ｄ：对B，由牛顿第二定律:Ｆ﹣f=m B a B，得f＝45N．对Ａ,据牛顿第二定律得A的加速度大小为ａA＝=2.２5m/s2所以t＝2.０s末A的速度大小为:v A=ａAｔ＝4．5m/s．故Ｂ正确、D错误.Ｃ、在t=2．0s内A运动的位移为ｓＡ=a A t２=4．5m,A在B上滑动的距离△ｓ＝s﹣s A＝0．５ｍ．故Ｃ正确．故选ABC．点评:该题考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，难度不大,属于中档题.9．（4分）(2０14秋•太原校级月考)如图所示,质量为ｍ的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上,物体距传送带左端距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为θ,当传送带分别以ｖ1、v2的速度做逆时针转动时(v1<v2)，绳中的拉力分别为F1、Ｆ２；若剪断细绳时，物体到达左端的时间分别为t1、ｔ2，则下列说法正确的是（）A．F1＜Ｆ2B．Ｆ1=F２ C.ｔ1大于ｔ2D．ｔ1可能等于t2考点：牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题.分析：两种情况下木块均保持静止状态,对木快受力分析,根据共点力平衡条件可列式分析出绳子拉力大小关系；绳子断开后，对木块运动情况分析，可比较出运动时间.解答：解:Ａ、B、对木块受力分析，受重力G、支持力N、拉力T、滑动摩擦力ｆ,如图由于滑动摩擦力与相对速度无关,两种情况下的受力情况完全相同,根据共点力平衡条件,必然有Ｆ１=Ｆ2，故Ｂ正确,Ａ错误.CD、绳子断开后,木块受重力、支持力和向左的滑动摩擦力，重力和支持力平衡,合力等于摩擦力,水平向左加速时,根据牛顿第二定律，有:μｍｇ=ma解得:ａ=μg故木块可能一直向左做匀加速直线运动；也可能先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动;由于v1＜ｖ2，故①若两种情况下木块都是一直向左做匀加速直线运动,则tｌ等于ｔ２②若传送带速度为v1时，木块先向左做匀加速直线运动,等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动；传送带速度为v2时，木块一直向左做匀加速直线运动，则t1>t2③两种情况下木块都是先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同,然后一起匀速运动,则t1＞ｔ２.故Ｃ正确，D错误．故选:ＢD.点评：本题关键对木块进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解;皮带上木块的运动要分情况讨论.1０.(4分)（2０１2•宁波模拟)不同材料之间的动摩擦因数是不同的，例如木与木的动摩擦因数是0.3０，木与金属之间的动摩擦因数是0.20．现分别用木与金属制作成多个形状一样,粗糙程度一样的长方体.选择其中两个长方体A与Ｂ，将它们叠放在木制的水平桌面上.如图所示，如果Ａ叠放在Ｂ上,用一个水平拉力作用在B上,当拉力大小为F1时，A、B两物体恰好要分开运动．如果B叠放在A上,当拉力大小为F2时，Ａ、B两物体恰好要分开运动.则下列分析正确的是( ）A.如果Ｆ１>F2,可确定A的材料是木,B的材料是金属B．如果F1＜F2，可确定A的材料是木,B的材料是金属C.如果F１=Ｆ2，可确定Ａ、B是同种材料D．不管Ａ、B材料如何,一定满足F1=F2考点：牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力．版权所有专题:牛顿运动定律综合专题.分析：形状一样的铁块和木块，铁的质量大于木的质量，Ａ、B两物体恰好要分开运动，说明此时加速度恰好相等,根据牛顿第二定律列式即可判断．解答:解：设A的质量为Ｍ,Ｂ的质量为m,AB间的动摩擦因素为μ,B与桌面间的动摩擦因素为μ′,A与桌面间的动摩擦因素为μ″，A、Ｂ两物体恰好要分开运动，说明此时加速度恰好相等,根据牛顿第二定律得:＝μg ①=μg ②由①②得：F1﹣μ′(M+ｍ)=F2﹣μ″(M+m）A、如果F１＞F2,则μ′＞μ″,所以B与木的动摩擦因素大于Ａ与木间的动摩擦因素,则B的材料是木,A的材料是金属,故Ａ错误;B、如果F1＜F２,则μ′＜μ″,所以A与木的动摩擦因素大于B与木间的动摩擦因素，则Ａ的材料是木,B的材料是金属,故B正确;C、如果F1＝F2，则μ′=μ″,可确定Ａ、B是同种材料，故C正确；D、综上可知D错误.故选ＢＣ点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况,知道Ａ、Ｂ两物体恰好要分开运动，说明此时加速度恰好相等,通过比较下面的物体与桌面的动摩擦因素的关系求解,难度适中．11.(4分）（2012春•海曙区校级期末)一个研究性学习小组设计了一个竖直加速度器，如图所示．把轻弹簧上端用胶带固定在一块纸板上，让其自然下垂，在弹簧末端处的纸板上刻上水平线Ａ.现把垫圈用胶带固定在弹簧的下端，在垫圈自由垂下处刻上水平线B，在B的下方刻一水平线C,使ＡＢ间距等于ＢC间距．假定当地重力加速度ｇ=10m/s2,当加速度器在竖直方向运动时,若弹簧末端的垫圈( ）A.在Ａ处，则表示此时的加速度大小为g，且方向向下B.在A处，则表示此时的加速度为零C.在C处，则质量为50 g的垫圈对弹簧的拉力为1ＮD.在ＢC之间某处，则此时加速度器一定是在加速上升考点：牛顿第二定律．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：弹簧末端的垫圈在B处时,知弹簧的弹力等于重力，根据弹力的大小，运用牛顿第二定律和胡克定律得出加速度的大小和方向,从而判断出加速器的运动情况.分析时还要抓住简谐运动的对称性.解答:解：Ａ、B、在A处,则表示弹簧处于原长状态,对垫圈没有力的作用,即垫圈此时只受重力,即完全失重状态，所以当加速度器的加速度大小为ｇ,且方向向下;故Ａ正确，B 错误；C、D、同理,在Ｃ处时,处于超重状态,即,所以则质量为５0g的垫圈对弹簧的拉力为１N，物体处于超重状态时可以是加速上升,也可以是减速下降;故C正确，D错误；故选：ＡC.点评:本题中垫圈做简谐运动，运用牛顿第二定律分析其运动情况时,要抓住对称性和加速度的特点：总是指向平衡位置进行分析.12.(4分)(２0１2秋•武昌区期末）一根轻质细线将2个薄铁垫圈A、Ｂ连接起来,一同学用手固定B,此时A、B间距为3L,A距地面为Ｌ,如图所示．由静止释放，A、B，不计空气阻力，且Ａ、B落地后均不再弹起．从释放开始到A落地历时t１，A落地前瞬间速率为v1,从A落地到B落在Ａ上历时t2,B落在Ａ上前瞬间速率为ｖ２，则（)Ａ．t１＞t2 B.t1=t２C．v1：v2＝１:2D．ｖ1:ｖ２=1:3考点:机械能守恒定律.版权所有专题:机械能守恒定律应用专题．分析：由静止释放A、B，AB都做自由落体运动，Ａ运动的位移为Ｌ，B运动的位移为4L,根据自由落体运动的基本公式求解时间和速度即可.解答:解:由静止释放Ａ、B,AB都做自由落体运动，A运动的位移为L,B运动的位移为4L,根据ｈ=可知，A落地的时间,B落地的时间为t=２,所以,所以t m=t p,故A错误，B正确;A落地前瞬间速率为v m=gt m=g，Ｂ落地前瞬间速率为v p=gt=2g，所以v m:ｖp＝1:2，故C正确，D错误．故选BＣ点评：本题主要考查了自由落体运动基本公式的直接应用,难度不大,属于基础题.三、填空题(共2小题,每空3分,共1５分.把答案直接填在横线上)１3.（６分)（2014秋•太原校级月考)在做“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，取下一段如图所示的纸带研究其运动情况.设O点为计数的起始点,在四个连续的计数点中,相邻两计数点间的时间间隔为0．1s，若物体做理想的匀加速直线运动,则计数点“A”与起始点O之间的距离ｓ1为 2.00 ｃm,物体的加速度为4．00 ｍ/ｓ2（结果均保留3位有效数字）．考点：测定匀变速直线运动的加速度．版权所有专题:实验题.分析:纸带实验中，若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距,利用匀变速直线运动的推论,可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度.解答：解：因为物体做匀加速直线运动,所以相同时间内的位移之差为恒量，即:s2﹣s1=ｓ3﹣ｓ2其中：s3=18.00ｃｍ﹣1０.00cｍ=8.00cｍｓ2＝1０﹣s1s1＝s2﹣(s３﹣s2)代入数据解得:ｓ1=4.０0cｍ，s２＝６.00cｍ又：,代入△t=0.1s,可以得到：a=2.0０ｍ／s2．故答案为：2.０0，4.０0点评：要注意单位的换算和有效数字的保留．能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．14.（９分)(2014秋•兴庆区校级期中）在用DIS实验研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图(ａ）所示的实验装置，重物通过滑轮用细线拉小车,位移传感器(发射器)随小车一起沿倾斜轨道运动，位移传感器（接收器）固定在轨道一端.实验中把重物的重力作为拉力F,改变重物重力重复实验四次,列表记录四组数据.ａ/mｓ﹣22．01２.98４.026．０0F/N１.０0２.00 3.00５.0０（1)在坐标纸上作出小车加速度a和拉力F的关系图线如图(c);(2）从所得图线分析该实验小组在操作过程中的不当之处是倾角过大或平衡摩擦力过度；(3）如果实验时,在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器来测量绳子的拉力大小，如图(b)所示．是否仍要满足小车质量Ｍ远大于重物的质量m 不需要(填“必要”，或“不需要”)考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．版权所有专题：实验题．分析：（1)根据所提供数据采用描点法可正确画出加速度a和拉力F的关系图线．（2）根据所画图象可得出正确结果.（３)如果实验时，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器来测量绳子的拉力大小，绳子拉力的变化很精确测出,则不需要满足小车质量Ｍ远大于重物的质量m．解答：解:（1）根据所给数据,画出小车加速度a和拉力Ｆ的关系图线如下图所示:(2)由图象可知,当小车拉力为零时,已经产生了加速度,故在操作过程中倾角过大,平衡摩擦力过度.（3)如果实验时,在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器来测量绳子的拉力大小,绳子拉力的变化很精确测出，则不需要满足小车质量M远大于重物的质量m;故答案为:(1）如图；（2）倾角过大或平衡摩擦力过度；(３）不需要点评:实验装置虽然有所变动，但是实验原理、实验方法、操作细节等是一样的，故任何实验明确实验原理是解答实验的关键．三、计算题(本题共3小题,共37分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)15.（1２分）(2015•青羊区校级模拟）交管部门强行推出了“电子眼”，机动车擅自闯红灯的大幅度减少．现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶,甲车在前,乙车在后，它们行驶的速度均为10m／ｓ.当两车快要到一十字路口时,甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车（反应时间忽略不计),乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢(反应时间为0．5ｓ）．已知甲车紧急刹车时制动力为车重的0.4倍,乙车紧急刹车制动力为车重的0．5倍，求：（1）若甲司机看到黄灯时车头距警戒线１5m,他采取上述措施能否避免闯红灯?（２)为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中应保持多大距离？考点:匀变速直线运动的位移与时间的关系.版权所有专题：直线运动规律专题.分析：（1）根据甲车刹车时的制动力求出加速度，再根据位移时间关系求出刹车时的位移，从而比较判定能否避免闯红灯;（2)根据追及相遇条件,由位移关系分析安全距离的大小.解答:解:(1)甲车紧急刹车的加速度为a1＝甲车停下来所需时间t1==s=2.5 s甲滑行距离s＝＝12.5 m由于１２．5 ｍ<1５m，所以甲车能避免闯红灯；(2）设甲、乙两车行驶过程中至少应保持距离s0，在乙车刹车t2时刻两车速度相等,则有：乙车紧急刹车的加速度大小为:a2＝当两车速度相等时需要经过的时间为ｔ2则:v1＝v2=ｖ０﹣a1(t2+t0)=v０﹣a2t2解得：t2=2.0 s，此过程中乙的位移：s乙=v0t0+v０t2﹣a2t22＝15 m甲的位移：s甲＝v0(t0＋ｔ２)﹣a1（ｔ０＋ｔ2）２=1２.5 m所以两车安全距离至少为：s０=s乙﹣ｓ甲＝（15﹣1２.5）m=2.5 ｍ.答：（1)若甲司机看到黄灯时车头距警戒线15m,他采取上述措施能避免闯红灯;(2)为保证两车在紧急刹车过程中不相撞,甲、乙两车行驶过程中应保持２．5m的距离.点评:解决本题的关键利用牛顿第二定律求出加速度，再根据运动学公式进行求解．注意速度大者减速追速度小者，判断能否撞上,应判断速度相等时能否撞上,不能根据两者停下来后比较两者的位移去判断.16.(13分）(２０14秋•开县校级月考)如图所示,质量M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F=8Ｎ．当小车向右运动的速度达到3ｍ／s时，在小车右端轻轻地放一个大小不计、质量m=2kg的小物块．小物块与小车间的动摩擦因数μ＝０.２,小车足够长．g取10ｍ／s2，则：(1）放上小物块后,小物块及小车的加速度各为多大;(2）经多长时间两者达到相同的速度;（3)从小物块放上小车开始,经过t＝3ｓ小物块通过的位移大小为多少？考点:牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.版权所有专题：牛顿运动定律综合专题.分析:根据匀变速直线运的速度时间关系，分别由牛顿第二定律求出M和m的加速度，从而求出速度相等时的时间关系;根据先求出小物块在达到与小车速度相同时的位移,再求出小物块与小车一体运动时的位移即可.解答:解：(1）对小车和物体受力分析，由牛顿第二定律可得,小物块的加速度a m=μｇ＝0．2×１０＝2 m/s2小车的加速度aＭ===0．５m／s２(2)由ａm t＝ｖ0+a M t,得t＝2 ｓ,则v同＝２×２ｍ／s=4 ｍ/s(3）在开始2 ｓ内,小物块通过的位移:x1=a m t２==４m在接下来的1 s内小物块与小车相对静止，一起做匀加速运动，加速度：a===0．8 ｍ／ｓ２小物块的位移:ｘ2=v同ｔ′+at′２=4×＝4．4 m通过的总位移x＝x1+x2=4+4.４=8.4 m.答：(１）放上小物块后，小物块为2 ｍ/s2，小车的加速度为0.5 m/s２；（2)经2s两者达到相同的速度;(3）从小物块放上小车开始,经过t=3s小物块通过的位移大小为8.4m.点评:用整体法和隔离法正确的对物体进行受力分析,注意物体运动过程的变化，不能死套公式求结果.。
