广东省肇庆市2017-2018学年高一下学期期末物理试卷 Word版含解析

最新中小学教学设计、试题、试卷榆林市二中 2017--2018 学年第二学期期末考试高一年级物理试题时间 :90 分钟总分 100 分一、单项选择题( 此题共 12 小题，每题 3 分，共 36 分 )1．下边的四幅图哪个是水平向右抛出的平抛运动的轨迹图像（）2.小船在静水中速度为 4 m/s ，它在宽为 200 m，流速为 3 m/s 的河中渡河，船头一直垂直河岸，如图 6 所示．则渡河需要的时间为()A． 40 s B．50 s C．66.7 s D．90 s3．如下图，在圆滑的水平面上有一小球 A 以初速度 v0运动，同时辰在它的正上方有一小球 B 以初速度 v0水平抛出，并落于 C 点，忽视空气阻力，则()A．小球 A 先抵达 C 点 B ．小球 B 先抵达 C点C．两球同时抵达 C 点 D ．没法确立4. 如下图，质量为 m的木块从半径为R 的半球形碗口下滑到碗的最低点的过程中，假如由于摩擦力的作用木块的速率不变，那么()A．加快度为零B．加快度恒定C．加快度大小不变，方向时辰改变，但不必定指向圆心最新中小学教学设计、试题、试卷5．“神舟十号”载人飞船成功发射．飞船发射上涨过程中，其重力做功和重力势能变化的情况为()A．重力做正功，重力势能减小 B ．重力做正功，重力势能增添C．重力做负功，重力势能减小 D ．重力做负功，重力势能增添6．以下物体在运动过程中，可视为机械能守恒的是()A．飘落中的树叶B．乘电梯匀速上涨的人C．被掷出后在空中运动的铅球D．沿粗拙斜面匀速下滑的木箱7．利用能源的过程本质上是()A．能量的消逝过程B．能量的创建过程C．能量不守恒的过程D．能量转变或转移而且耗散的过程8．探究宇宙的神秘，向来是人类废寝忘食的追求．以下对于宇宙及星体运动的说法正确的是()A．地球是宇宙的中心，太阳、月亮及其余行星都绕地球运动B．太阳是宇宙的中心，地球和其余行星都绕太阳运动C．地球是绕太阳运动的一颗行星D．地心说是正确的，日心说是错误的9．对于万有引力定律F＝G m1m2，以下说法中正确的选项是() r2A．牛顿是在开普勒揭露的行星运动规律的基础上，发现了万有引力定律，所以万有引力定律仅合用于天体之间。

期中考试物理试卷时间：100分钟分值：110分一、选择题（共12题，每小题4分，共48分。

1．-．8．题为单选题，．．．．．．9．-．12．．为多选题。

．．．．．全部选对的得4分。

选不全得2分，错选或不答得0分）1、某人向放在水平地面上正前方的小桶中水平抛球，结果球划着一条弧线飞到小桶的前方，如图所示.不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水平抛球时，可能做出的调整为( )A.增大初速度，提高抛出点高度B.增大初速度，抛出点高度不变C.初速度大小不变，降低抛出点高度D.初速度大小不变，提高抛出点高度2、质量为1t的汽车在平直的公路上运动，v-t图象如图1所示.不可求（）A.前25 s内汽车的平均速度B. 前10 s内汽车所受的阻力C. 前10 s内汽车的加速度D.15 s～25 s内合外力对汽车所做的功3、北斗卫星导航系统是我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系统(CNSS)，建立后的北斗卫星导航系统包括5颗同步卫星和30颗一般轨道卫星.关于这些卫星，以下说法正确的是( )A.5颗同步卫星的轨道距地高度不同B.5颗同步卫星的运行轨道不一定在同一平面内C.导航系统所有卫星的运行速度一定大于第一宇宙速度D.导航系统所有卫星中，运行轨道半径越大的，周期一定越大4、假设地球可视为质量均匀分布的球体.已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自转的周期为T，引力常量为G.地球的密度为( )A.3πg0GT2 g0－gB.3π g0－gGT2g0C.3πGT2D.3πg0GT2g5、质量不等，但有相同动能的两个物体，在动摩擦因数相同的水平地面上滑行，直至停止，则( )A.质量小的物体滑行的距离小B.质量大的物体滑行的距离小C.它们滑行的距离一样大D.质量大的克服摩擦力所做的功多6、质量m＝100 kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲＝60 kg、m乙＝40 kg的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为 ( ) A ．0.6 m/s ，向左 B ．3 m/s ，向左 C ．0.6 m/s ，向右 D ．3 m/s ，向右7、如图所示，在地面上以速度v 0抛出质量为m 的物体，抛出后物体落到比地面低h 的海平面上．若以地面为参考平面，且不计空气阻力，则下列选项正确的是( ) A ．物体落到海平面时的势能为mghB ．物体在最高点处的机械能为12mv 2C ．物体在海平面上的机械能为⎝ ⎛⎭⎪⎫12mv 20＋mgh D ．物体在海平面上的动能为12mv 28、质量为m 的物体，以v 0的初速度沿斜面上滑，到达最高点后又返回原处时的速度为v 1，且v 1＝0.5v 0，则( )A ．上滑过程中重力的冲量比下滑时大B ．上滑和下滑的过程中支持力的冲量都等于零C ．在整个过程中合力的冲量大小为3mv 02D ．整个过程中物体动量的变化量为mv 029、（多选）下列说法正确的是( ) A.做曲线运动的物体的速度一定变化 B.速度变化的运动一定是曲线运动 C. 同一物体的动量越大，其速度一定越大 D. 物体所受合力不为零，其机械能一定不守恒10、（多选）如图所示，一质量为m 的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O 点.将小球拉至A 点，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，当小球运动到O 点正下方与A 点的竖直高度差为h 的B 点时，速度大小为v .已知重力加速度为g ，下列说法正确的是( )A.小球运动到B 点时的动能等于12mv 2B.小球由A 点到B 点机械能减少mghC. 小球到达B 点时弹簧的弹性势能为mghD. 小球由A 点到B 点克服弹力做功为mgh －12mv 211、（多选）据报道，美国计划从2021年开始每年送15 000名旅客上太空旅行。

2017-2018学年第二学期期末教学质量检测高一物理测试时间：90分钟满分：100分第Ⅰ部分选择题（共56分）一、单项选择题(12个小题，每小题3分，共36分；在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分)1. 下列说法符合物理学史实的是A．卡文迪许发现了行星的运动规律 B．开普勒发现了万有引力定律C．牛顿发现了万有引力定律 D．牛顿发现了海王星和冥王星2．一质点(用字母O表示)的初速度v0与所受合外力的方向如图所示，质点的运动轨迹用虚线表示，则所画质点的运动轨迹中可能正确的是3. 如图所示是自行车的轮盘与车轴上的飞轮之间的链条传动装置， P是轮盘边缘上的一个点，Q是飞轮边缘上的一个点．关于P、Q两点运动情况，下列说法正确的是A．角速度大小相等 B．周期相同C．线速度大小相等 D．加速度大小相等4. 两个质量均匀的球体相距较远的距离r，它们之间的万有引力为10-8N．若它们的质量、距离都增加为原来的2倍，则它们间的万有引力为A．4×10-8N B．10-8N C．2×10-8N D．10-4N5. 下列有关功率的说法，正确的是A. 做功越多，功率越大B. 由P = W/t 知P与t成反比C. 功率越大，做功越快D. 完成相同的功，所花时间越长，则功率越大6．在下列实例中(不计空气阻力)机械能守恒的是A．物体做平抛运动B．物体沿斜面匀速下滑C．拉着一个物体沿着光滑的斜面匀速上升D．物体在粗糙水平面减速滑行7．如图所示，乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内旋转，下列说法正确的是A. 车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B. 人在最高点时对座位一定不可能产生压力C．人在最低点时对座位的压力等于mgD．人在最低点时对座位的压力大于mg8. 转笔包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是A．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的角速度越大B．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的线速度越大C．笔杆做圆周运动的向心力是由万有引力提供的D．若该同学使用中性笔，墨汁可能会因笔快速的转动做离心运动被甩出9．关于“亚洲一号”地球同步通讯卫星，下述说法正确的是A．其轨道平面不一定与赤道平面重合B．它的运行速度小于7.9 km/sC．它可以绕过北京的正上方，所以我国能利用其进行电视转播D．已知其质量是1.24吨，若将其质量增为2.84 吨，则同步轨道半径变为原来的2倍10. 在同一高度将质量相等的三个小球以大小相同的速度分别竖直上抛、竖直下抛、水平抛出，不计空气阻力．从抛出到落地过程中，三球A．运动时间相同 B．落地时的动能相同C．重力的平均功率相同 D．同落地时的速度相同11．如图所示，在一张白纸上放置一根直尺，沿直尺的边缘放置一块直角三角板。

2018～2018学年度高一级第二学期期末联考物理试题本试题卷共6页，17题。

全卷满分100分。

考试用时90分钟。

注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，每小题3分。

第7～12题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.以下关于分运动和合运动的关系的讨论中，说法不．正确．．的是A. 两个直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动B. 两个匀速直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动C. 两个匀变速直线运动的合运动，可能是直线运动，也可能是曲线运动D. 两个分运动的运动时间，一定与它们的合运动的运动时间相等2.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部爬到a处，则下列说法正确的是A. 在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力B. 在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力C. 在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力D. 在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力3.一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边。

小船相对于水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，其运动轨迹如图所示。

小船相对于水的初速度大小均相同，且方向垂直于河岸，小船在渡河过程中船头方向始终不变。

由此可知A. 小船沿三条不同轨迹渡河的时间相同B. 沿AB轨迹渡河所用时间最短C. 由于水有速度，所以沿AC和AD轨迹小船都不是做匀变速运动D. AD是匀减速运动的轨迹4.目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。

广东省肇庆市2017-2018学年高二上学期期末物理试卷一、本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题的四个选项中只有一个符合题意，请将正确选项涂在答题卷上．1．（3分）由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2．（3分）根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是（）A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场反向C．与引起感应电流的磁场方向相同D．阻碍引起感应电流的磁通量的变化3．（3分）如图所示，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时棒受到导线对它的拉力作用．为使拉力等于零，下列方法可行的是（）A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度D．使电流反向4．（3分）如图所示，两块完全相同的金属板A、B，金属板A与静电计相连，用一根与丝绸摩擦过的有机玻璃棒接触金属板A，静电计指针有一偏角．现让金属板B靠近金属板A，则静电计指针的偏角（）A．变大B．变小C．不变D．上述三种情况都有可能5．（3分）如图所示，通电竖直长直导线的电流方向向上，初速度为υ0的电子平行于直导线竖直向上射出，不考虑电子的重力，则电子将（）A．向右偏转，速率不变B．向左偏转，速率改变C．向左偏转，速率不变D．向右偏转，速率改变二、本题共6小题，每小题5分，共30分．每小题给出的四个选项中，有二个选项符合题目要求，全选对的得5分，只选一个且正确的得2分，选错、不答的得0分．请将答案涂在答题卷上．6．（5分）下列说法正确的是（）A．磁感线上某点切线方向就是该点磁应感强度方向B．沿着磁感线方向磁感应强度越来越小C．磁感线越密的地方磁感应强度越大D．磁感线是客观存在的真实曲线7．（5分）在下列基本逻辑电路的输入端都输入“1”，输出端是“1”的是（）A．甲B．乙C．丙D．甲乙丙均不能输出“1”8．（5分）如图所示，线圈竖起放置且固定不动，当它正上方的磁铁运动时，流过电阻的电流是由A经R到B，则磁铁可能（）A．向下运动B．向上运动C．向左平移D．以上运动都不可能9．（5分）关于洛伦兹力，以下说法正确的是（）A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．若带电粒子在某点受到洛伦兹力的作用，则该点的磁感应强度一定不为零C．洛伦兹力不会改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用（重力不计）的运动电荷的动能一定不改变10．（5分）如图所示，在等量正电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，A、D两点与B、C两点均关于O点对称，设各点电势分别为φA、φB、φC、φD．下列说法正确的是（）A．φA＜φBφC＞φD B．φA=φDφB=φC C．φA=φB=φC=φD D．φA＞φC φB＞φD11．（5分）如图所示，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向上端a滑动时，两表的示数将（）A．电压表示数增大B．电压表示数减小C．电流表示数增大D．电流表示数减小三、本题共5小题，共55分．按题目要求在答题卷上作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12．（12分）某同学用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝电阻R x．有以下器材可供选择（要求测量结果尽量准确）A．电池组E（3V，内阻约1Ω）B．电流表A1（0﹣3A，内阻约0.025Ω）C．电流表A2（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表V1（0﹣3V，内阻约3kΩ）E．电压表V2（0﹣15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器R P1（0﹣20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器R P2（0﹣1000Ω，额定电流0.3A）H．开关，导线（1）为减小误差，实验时应选用的电流表是，电压表是，滑动变阻器是（填写各器材前的字母代号）．（2）请在图1的虚线框中画出实验电路图．（3）某次测量中，电流表、电压表的示数如图2所示，则流过电流表的电流是A，由图中电流表、电压表的读数可计算出金属丝的电阻为Ω（计算结果保留2位有效数字）．13．（9分）如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=﹣2×10﹣10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10﹣8J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8×10﹣8J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向．14．（11分）在倾角为α的光滑斜轨上，置有一通有电流I、长为L、质量为m的导体棒．如图所示，重力加速度为g．（1）欲使导体棒静止在斜轨上，且对斜轨无压力，所加匀强磁场B的大小是多少？方向如何？（2）欲使导体棒静止在斜轨上，所加匀强磁场的磁感强度B的最小值为多少？方向如何？15．（11分）如图（甲）所示，水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置，间距为L，导轨一端通过导线与阻值为R的电阻连接，导轨上放一质量为m的金属杆．金属杆与导轨的电阻忽略不计，匀强磁场的方向竖直向下．现用与导轨平行的恒定拉力F作用在金属杆上，金属杆最终将做匀速运动．当改变拉力的F大小时，金属杆相对应的匀速运动速度v 也会变化，v和F的关系如图（乙）所示．（取g=10m/s2）（1）金属杆在匀速运动之前做什么运动？（2）若m=0.5kg，L=0.5m，R=0.5Ω，磁感应强度B为多大？16．（12分）在半径为R的半圆形区域中有一匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面，磁感应强度为B．一质量为m，带有电量q的粒子以一定的速度沿垂直于半圆直径AD方向经P点（AP=d）射入磁场（不计重力影响）．（1）如果粒子恰好从A点射出磁场，求入射粒子的速度．（2）如果粒子经纸面内Q点从磁场中射出，出射方向与半圆在Q点切线方向的夹角为φ（如图）．求入射粒子的速度．广东省肇庆市2017-2018学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题的四个选项中只有一个符合题意，请将正确选项涂在答题卷上．1．（3分）由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C．电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强D．一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零考点：电场强度．分析：公式E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，电场强度反映本身的特性，与试探电荷无关．解答：解：A、C、电场强度的定义式E=，运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力F和电荷量q无关，所以不能说E跟F成正比，跟q成反比．故AC 错误．B、电场中同一点电场强度是一定的，与试探电荷无关，则在电场中的同一点，无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变．故B正确．D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，该点的场强可能为零，也可能不为零，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键是运用比值法定义的共性来理解电场强度的物理意义，知道E由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力F和电荷量q无关．2．（3分）根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是（）A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场反向C．与引起感应电流的磁场方向相同D．阻碍引起感应电流的磁通量的变化考点：楞次定律．分析：楞次定律的内容是：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．解答：解：根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．原磁场减小时，感应电流的磁场与原磁场的方向相同，原磁场增大时，感应电流的磁场与原磁场的方向相反．故选项ABC错误，选项D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握楞次定律的内容：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．3．（3分）如图所示，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时棒受到导线对它的拉力作用．为使拉力等于零，下列方法可行的是（）A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度D．使电流反向考点：安培力；共点力平衡的条件及其应用．分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．解答：解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，则安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场故选：C．点评：学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．4．（3分）如图所示，两块完全相同的金属板A、B，金属板A与静电计相连，用一根与丝绸摩擦过的有机玻璃棒接触金属板A，静电计指针有一偏角．现让金属板B靠近金属板A，则静电计指针的偏角（）A．变大B．变小C．不变D．上述三种情况都有可能考点：静电现象的解释．分析：静电计是测定电势差仪器，电势差越大，指针的偏角越大．由题分析可知，金属板电量不变，根据板间距离的变化，判断电容的变化，再由电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的偏角的变化．解答：解：将金属板B靠近金属板A，板间距离减小，由电容的决定式C=得到，电容增大，而电容器的电量不变，由公式C=得知，板间电压U减小，则静电计指针的偏角变小．故选：B点评：本题是简单的电容器动态变化分析问题，要明确不变量，掌握电容的决定因素和电容的定义式是分析这类问题的基础．5．（3分）如图所示，通电竖直长直导线的电流方向向上，初速度为υ0的电子平行于直导线竖直向上射出，不考虑电子的重力，则电子将（）A．向右偏转，速率不变B．向左偏转，速率改变C．向左偏转，速率不变D．向右偏转，速率改变考点：洛仑兹力．分析：根据安培定则判断出通电导体右侧的磁场方向，然后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功．解答：解：由安培定则可知导体右侧磁场方向垂直纸面向里，然后跟左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向右，因此电子将向右偏转，洛伦兹力不做功，故其速率不变，故BCD错误，A正确．故选：A．点评：在解决带电粒子在磁场中运动问题时安培定则与左手定则经常联合应用，在平时练习中要加强训练，以提高应用它们的解题能力．二、本题共6小题，每小题5分，共30分．每小题给出的四个选项中，有二个选项符合题目要求，全选对的得5分，只选一个且正确的得2分，选错、不答的得0分．请将答案涂在答题卷上．6．（5分）下列说法正确的是（）A．磁感线上某点切线方向就是该点磁应感强度方向B．沿着磁感线方向磁感应强度越来越小C．磁感线越密的地方磁感应强度越大D．磁感线是客观存在的真实曲线考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：磁感线是为了形象地描述磁场假想的线，外部由N指向S，内部由S指向N，磁感线的疏密表示磁场的强弱，切线方向表示磁场的方向．解答：解：A、磁感线上某点切线方向就是该点磁应感强度方向，故A正确．B、磁感线越密的地方磁感应强度越大，故B错误C正确．D、磁感线是为了形象地描述磁场假想的线，并不存在，故D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键知道磁感线的特点，以及知道磁感线和电场线的相同点和不同点，基础题．7．（5分）在下列基本逻辑电路的输入端都输入“1”，输出端是“1”的是（）A．甲B．乙C．丙D．甲乙丙均不能输出“1”考点：简单的逻辑电路．分析：与门的特点是当所有条件都满足，事件才能发生，或门的特点是当某个条件满足，该事件就能发生，非门的特点是输入状态和输出状态完全相反．解答：解：甲为非门电路，故输入1时，输出为零；乙为或门电路，输入为1时，输出一定为1；丙为门电路，当输入都为1时，输出为1；故符合条件的只有乙、丙；故选：BC．点评：解决本题的关键知道各种门电路的输入与输出的特点，并能灵活运用．8．（5分）如图所示，线圈竖起放置且固定不动，当它正上方的磁铁运动时，流过电阻的电流是由A经R到B，则磁铁可能（）A．向下运动B．向上运动C．向左平移D．以上运动都不可能考点：楞次定律．分析：当磁铁向下或向上运动时，穿过线圈的磁通量增大或减小，根据楞次定律分析感应电流方向．解答：解：A、当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律，流过电阻的电流是由B经R到A．故A错误．B、当磁铁向上运动时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律，流过电阻的电流是由A经R到B．故B正确．C、当磁铁向左运动时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律，流过电阻的电流是由A经R到B．故C正确．D、由上分析可知，故D错误；故选：BC．点评：楞次定律判断感应电流的方向往往按“三步走”：1、明确原磁场方向及磁通量的变化情况．2、根据楞次定律确定感应电流的磁场方向．3、由安培定则判断感应电流方向．9．（5分）关于洛伦兹力，以下说法正确的是（）A．带电粒子在磁场中一定会受到洛伦兹力的作用B．若带电粒子在某点受到洛伦兹力的作用，则该点的磁感应强度一定不为零C．洛伦兹力不会改变运动电荷的速度D．仅受洛伦兹力作用（重力不计）的运动电荷的动能一定不改变考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在磁场中不一定受到洛伦兹力；根据F=qvBsinα，分析洛伦兹力与B的关系；洛伦兹力的方向与速度方向垂直，只改变速度的方向，不改变动能．解答：解：A、静止的电荷在磁场中不受洛伦兹力；运动电荷的速度方向与磁场平行时，也不受洛伦兹力作用．故A错误．B、若带电粒子在某点受到洛伦兹力的作用，由洛伦兹力公式F=qvBsinα知，该点的磁感应强度B一定不零．故B正确．C、洛伦兹力能改变速度的方向，速度是矢量，所以洛伦兹力能改变运动电荷的速度．故C 错误．D、洛伦兹力的方向总与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功，不改变粒子的动能．故D正确．故选BD点评：解决本题的关键掌握洛伦兹力的大小公式，知道洛伦兹力的方向和作用效果．10．（5分）如图所示，在等量正电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，A、D两点与B、C两点均关于O点对称，设各点电势分别为φA、φB、φC、φD．下列说法正确的是（）A．φA＜φBφC＞φD B．φA=φDφB=φC C．φA=φB=φC=φD D．φA＞φC φB＞φD考点：电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：等量同种正点电荷的连线中垂线不是一条等势线．根据电场线的分布情况，判断电势的高低．解答：解：根据等量同种正点电荷的电场线分布得：其连线的中垂线不是一条等势线，可根据电场强度的方向可知，即为O→A，0→D．OA=OD，OB=OC，所以A、D两点的电势相等，B、C两点电势相等；根据沿电场线方向电势降低，所以B点电势均高于A点．C点电势大于D点电势，故AB正确，CD错误，故选：AB．点评：考查等量同种正点电荷的电场线和电势高低分布情况是考试的热点，要抓住对称性进行记忆，特别是连线中垂线不是一条等势线，考试经常做文章．紧扣点电荷电场叠加突出电场强度的方向来确定电势的高低．11．（5分）如图所示，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向上端a滑动时，两表的示数将（）A．电压表示数增大B．电压表示数减小C．电流表示数增大D．电流表示数减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当滑动变阻器的滑片P向上端a滑动时，先分析变阻器电阻的变化，判断总电阻的变化，从而分析总电流的变化，进一步分析路端电压的变化，即可得到电压表示数的变化情况．分析并联部分电压的变化，来分析R2的电流变化，即可分析电流表示数的变化情况．解答：解：当滑动变阻器的滑片P向上端a滑动时，变阻器在路电阻增大，并联部分的电阻增大，总电阻增大，可知总电流减小，电源的内电压和R1的电压均减小，根据闭合电路欧姆定律可知路端电压增大，所以电压表示数增大．电源的内电压和R1的电压均减小，并联部分电压增大，则通过R2的电流增大，而总电流减小，则电流表示数减小．故AD正确，BC错误．故选：AD．点评：本题也可以根据路端电压随外电阻的增大而增大，直接判断电压表示数的变化．利用结论分析：变阻器电阻增大，所在电路的电流减小，分析电流表示数的变化．三、本题共5小题，共55分．按题目要求在答题卷上作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12．（12分）某同学用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝电阻R x．有以下器材可供选择（要求测量结果尽量准确）A．电池组E（3V，内阻约1Ω）B．电流表A1（0﹣3A，内阻约0.025Ω）C．电流表A2（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表V1（0﹣3V，内阻约3kΩ）E．电压表V2（0﹣15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器R P1（0﹣20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器R P2（0﹣1000Ω，额定电流0.3A）H．开关，导线（1）为减小误差，实验时应选用的电流表是C，电压表是D，滑动变阻器是F（填写各器材前的字母代号）．（2）请在图1的虚线框中画出实验电路图．（3）某次测量中，电流表、电压表的示数如图2所示，则流过电流表的电流是0.46A，由图中电流表、电压表的读数可计算出金属丝的电阻为5.2Ω（计算结果保留2位有效数字）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题的关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中最大电流来选择电流表；根据求出的最大电阻来选择变阻器；根据待测电阻满足＞可知电流表应用外接法，从而设计电路图，并连接实物图；根据欧姆定律R=，结合电表读数，即可求解．解答：解：（1）电动势为3V，所以电压表应选D，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：I max==A=0.6A，所以电流表应选C，又电路中需要的最大电阻为：R max==Ω=15Ω，所以变阻器应选F，并且可以采用限流式接法．所以应选的器材是：CDF；（2）由于满足足＞，电流表采用外接法，本题没有特别要求，因此变阻器通常采用限流式，所以电路图如图所示：（3）电流表读数：I=0.46A，电压表读数为：U=2.40V，所以金属丝电阻为R X==Ω=5.2Ω．故答案为：（1）C、D、F；（2）电路图如图所示：（3）0.46，5.2．点评：当变阻器的全电阻大于待测电阻并且变阻器能控制电路中电流时，变阻器应采用限流式接法；若要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器必须采用分压式接法．13．（9分）如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=﹣2×10﹣10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10﹣8J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8×10﹣8J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电势差公式U=分别求出A、B间，B、C间电势差，B点的电势为零，再求解A、C两点的电势．在AC边上找出与B点电势相等的点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，判断场强的方向．解答：解：A、B间电势差为U AB==V=﹣240V，B、C间电势差为U BC==V=240V又U AB=φA﹣φB，U BC=φB﹣φC，φB=0，得到φA=﹣240V，φC=﹣240V，所以AC电势相等，场强方向垂直AC连线指向左上方．答：A、C两点的电势都是﹣240V，场强的方向垂直AC连线指向左上方．点评：运用电势差公式U=时，三个量U、W、q都要代入符号进行计算，同时还要注意电荷移动的方向；灵活应用场强方向与等势面的垂直．14．（11分）在倾角为α的光滑斜轨上，置有一通有电流I、长为L、质量为m的导体棒．如图所示，重力加速度为g．（1）欲使导体棒静止在斜轨上，且对斜轨无压力，所加匀强磁场B的大小是多少？方向如何？（2）欲使导体棒静止在斜轨上，所加匀强磁场的磁感强度B的最小值为多少？方向如何？考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）欲使棒静止在斜轨上，且对斜轨无压力，安培力方向必须竖直向上，并且与重力平衡，再由平衡条件求出匀强磁场B的大小，由左手定则判断B的方向；（2）欲使棒静止在斜轨上，棒的受力必须平衡，即棒受到的重力、安培力和轨道的支持力三力平衡．根据作图法分析可知：当安培力沿斜面向上时，安培力最小，要使匀强磁场的磁感应强度B最小，则棒必须与磁场B垂直，根据左手定则判断磁感应强度B的方向，由平衡条件求解B的大小．解答：解：（1）欲使导体棒静止在斜轨上，且对斜轨无压力，则导体棒仅受重力和安培力作用．重力方向竖直向下，则导体棒所受安培力的方向必竖直向上．导体棒受安培力：F A=BIL ①由二力平衡知识可得：F A=mg ②联立①②式解得：B=B的方向是垂直纸面向外；（2）将导体棒的重力分解成沿斜面向下的分力G1和垂直斜面的分力G2，要欲使棒静止在斜轨上，导体棒所受安培力的最小值应与G1大小相等且方向相反，如答图所示．F A′=G1③而G1=mgsinα④F A′=BIL ⑤联立③④⑤式解得：B=sinαB的方向是垂直斜面向上；答：（1）欲使导体棒静止在斜轨上，且对斜轨无压力，所加匀强磁场B的大小是，方向是垂直纸面向外；（2）欲使导体棒静止在斜轨上，所加匀强磁场的磁感强度B的最小值为sinα，方向是垂直斜面向上．点评：本题是通电导体在磁场中平衡问题，是磁场知识与力学知识的综合，关键是应用作图法分析最值条件．15．（11分）如图（甲）所示，水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置，间距为L，导轨一端通过导线与阻值为R的电阻连接，导轨上放一质量为m的金属杆．金属杆与导轨的电阻忽略不计，匀强磁场的方向竖直向下．现用与导轨平行的恒定拉力F作用在金属杆上，金属杆最终将做匀速运动．当改变拉力的F大小时，金属杆相对应的匀速运动速度v 也会变化，v和F的关系如图（乙）所示．（取g=10m/s2）（1）金属杆在匀速运动之前做什么运动？（2）若m=0.5kg，L=0.5m，R=0.5Ω，磁感应强度B为多大？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）根据金属杆的受力情况，结合安培力大小与速度成正比，分析在匀速运动之前金属杆的运动情况；（2）根据安培力表达式F=BIL、闭合电路欧姆定律和共点力平衡条件，得到v与F的表达式，再结合图象2中图线斜率的意义求解B．解答：解：（1）金属杆运动后，回路中产生感应电流，金属杆将受F和安培力的作用，且安培力随着速度增大而增加，杆受合外力减小，故加速度减小，速度增大，即做加速度减小的加速运动．（2）金属杆产生的感应电动势：E=vBL ①感应电流：I=②金属杆所受的安培力：F=IBL=③。

一、选择题1、下列关于曲线运动的说法中，不正确的是（）A．做曲线运动的物体，轨迹上某点切线方向即为物体此时的速度方向B．曲线运动可以是匀速运动C．在曲线运动中，物体加速度方向和速度方向是不相同的D．当物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动2．某船在静水中划行的速率为5/m s，河水的流速为3/m s，要过30m宽的河，最短渡河时间是（）A.3.75sB.7.5sC.6sD.15s3．某时刻从空中沿水平方向抛出一不球，抛出时的初速度为015/ m sv ，忽略空气阻力，210/g m s＝，在空中飞行的2s时间内（）A．2s末小球的速度为25/m sB．2s末小球速度方向与水平方向夹角的正弦值为06．C．2s内小球通过的位移为30mD．2s内小球速度的变化量为10/m s4．同步卫星发射升空过程可以简化为如图所示的几个阶段，首先在地面点火使同步卫星进入近地圆轨道1，然后在轨道1上的P点瞬间改变其速度大小，使其运行的轨道变为椭圆轨道2，最后在轨道2的Q点再次瞬间改变速度大小进入预定圆轨道3，图中P、Q、K三点位于同一直线上，则（）A．同步卫星沿椭圆轨道2从P点飞向Q点过程中机械能不断增大B．同步卫星在轨道1的P点加速度大于轨道2在P点的加速度C．同步卫星到达轨道2的Q点时速度小于其在轨道3上的运行速度D ．同步卫星从轨道2的P 点到达Q 点的时间与轨道3上从K 点到达Q 点的时间相同 5.如照所示，质量为3m 的木块放在光滑的水平面上，用水平轻绳绕过桌边的光滑轻质定滑轮与质量为2m 的小物块相连、绳拉直后使小物块由静止释放，小物块下降h 的距离时（未落地），木块仍在桌面上（未撞上滑轮），这时小物块的速率为（ ）6．在地球表面以初速度0v 竖直向上抛出一个小球，经过时间t 小球落回抛出点，若在某行星表面以同样的初速度0v 竖直向上抛出一个小球，经过时间2t 小球落回抛出点，不计小球运动中的空气阻力，则地球和该行星的质量之比为（已知地球与该行星的半径之比:=2:1R R 地行）（ ）A. :=8:1M M 地行B. :=1:8M M 地行C. :=4:1M M 地行D.:=1:4M M地行7．质量为m 的物体从空中由静止开始自由下落，由于空气阻力，物体运动的加速度为09g ．，在物体下落h 高度的过程中，以下说法正确的是（g 为当地的重力加速度）( ) A ．重力势能减小了09mgh ． B ．克服空气阻力做功为09mgh ． C ．动能增大了mgh D ．机械能损失了01mgh ．8．如图所示，螺旋形光滑轨道竖直放置，P 、Q 为对应的轨道最高点，一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，且能过轨道最高点P ，下列说法中正确的是( )A.轨道对小球做正功，小球的线速度P Q v v >B.轨道对小球不做功，小球的角速度P Q ωω<C.小球的向心加速度P Q a a >D.轨道对小球的压力P Q F F <9．如图所示，人在岸上以恒定速度v 通过缆绳拉船靠岸，已知船的质量为m ，水的阻力恒为f F ，当缆绳与水平面的夹角为θ时，人的拉力大小为F ，则（ ）A ．此时船前进的速度为vcos θB ．此时船的加速度为fF mF -C ．此时船的加速度为fFcos mF θ-D ．随着轻绳与水平面夹角θ的增大，船的速度减小，加速度减小10.如图甲所示，在距离地面高为0.18h m =的平台上有一轻质弹簧，其左端固定在竖直挡板上，右端与质量1m kg =的小物块相接触（不粘连），平台与物块间动摩擦因数040μ=．，OA 长度等于弹原长，A 点为BM 中点。

广东省肇庆市2017-2018学年高二下学期期末物理试卷一、本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（5分）关于传感器工作的一般流程，下列说法中正确的是（）A．非电学量→敏感元件→转换电路→电学量→转换元件B．电学量→敏感元件→转换电路→转换元件→非电学量C．非电学量→敏感元件→转换元件→转换电路→电学量D．非电学量→转换电路→转换元件→敏感元件→电学量2．（5分）根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是（）A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场反向C．与引起感应电流的磁场方向相同D．阻碍引起感应电流的磁通量的变化3．（5分）如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则（）A．R3的电阻变小，a点电势高于b点电势B．R3的电阻变小，a点电势低于b点电势C．R3的电阻变大，a点电势高于b点电势D．R3的电阻变大，a点电势低于b点电势4．（5分）下图分别表示匀强磁场的磁感应强度B、闭合电路中一部分直导线的运动速度v 和电路中产生的感应电流I的相互关系，其中正确是（）A．B．C．D．5．（5分）如图所示，两条柔软的导线与两根金属棒相连，组成竖直平面内的闭合电路，且上端金属棒固定，下端金属棒自由悬垂．如果穿过回路的磁场逐渐增强，则下方金属棒可能的运动情况是（）A．向左摆动B．向右摆动C．向下运动D．向上运动6．（5分）下列物理学史实，叙述正确的是（）A．司南勺是根据磁石指向南北而发明的B．奥斯特最早发现了电流的磁效应C．安培确定了磁场对电流作用力的规律D．麦克斯韦首先发现了电磁感应规律7．（5分）线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中可知（）A．在A和C时刻线圈处于中性面位置B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量最大C．在O～D时间内线圈转过的角度为2πD．若从O～D时间为0.02s，则在1s内交变电流的方向改变100次8．（5分）电能输送过程中，若输送的电功率一定，在输电线电阻保持不变的情况下，输电线上损失的电功率（）A．与输送电压的平方成正比B．与输送电压的平方成反比C．与输电线上电压降的平方成正比D．与输电线中电流的平方成正比二、非选择题，包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13、14题为选考题，考生根据要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．（一）必考题（4题，共47分）9．（4分）用如图所示的实验装置研究电磁感应现象．当有电流从电流表的正极流入时，指针向右偏转．下列说法哪些是正确的（）A．当把磁铁N极向下插入线圈时，电流表指针向左偏转B．当把磁铁N极从线圈中拔出时，电流表指针向左偏转C．保持磁铁在线圈中静止，电流表指针不发生偏转D．磁铁插入线圈后，将磁铁和线圈一起以同一速度向上运动，电流表指针向左偏10．（9分）1831年8月29日，法拉第终于取得突破性进展．这次他用一个软铁圆环，环上绕两个互相绝缘的线圈A和B，如图所示．他在日记中写道：“使一个有10对极板，每板面积为4平方英寸的电池充电．用一根铜导线将一个线圈，或更确切地说把B边的线圈的两个端点连接，让铜线通过一定距离，恰好经过一根磁针的下方（距铁环3英尺远），然后把电池连接在A边线圈的两端；这时立即观察到磁针的效应，它振荡起来，最后又停在原先的位置上，一旦断开A边与电池的连接，磁针再次被扰动．”①请根据法拉第日记的描述，在答题卷的虚线框内用笔画线代替导线，完成电路的连接．②在上述实验中，下列说法正确的是．A．当接通电池的瞬间，小磁针不动B．切断电源时，小磁针突然跳动一下C．如果维持接通状态，则小磁针无反应D．当接通电源的瞬间与切断电池时，小磁针偏转方向相反．11．（10分）如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距L=0.50m，左端接一R=0.20Ω的电阻，置于磁感应强度B=0.40T的匀强磁场中，方向垂直于导轨平面，导体棒ab垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ab以v=4.0m/s的速度水平向右匀速滑动时，求：（1）ab棒中感应电动势的大小；（2）回路中感应电流的大小；（3）维持ab棒做匀速运动的水平外力F的大小．12．（10分）如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝；线圈总电阻为1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感强度为B=T，当线圈以300转/分的转速匀速旋转时，求：（1）若从线圈处于中性面开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式；（2）线圈转过s时电动势的瞬时值为多大？（3）电路中电压表和电流表的示数各是多少？13．（14分）水能是可再生能源，可持续地利用它来发电，为人类提供“清洁”的能源．（1）若一水力发电站水库的平均流量为Q（m3/s），落差为h（m），下落前水的流速为v（m/s），发电机的效率为η，重力加速度为g，则全年的发电量为多少度？（设流过发电机后水的速度为零一年按365天计）（2）某小型水力发电站水流量为Q=10m3/s，落差h=5m，不考虑水下落前的流速，取Ρ水=1.0×103kg/m3，g=10m/s2．发电机效率η=50%，输出电压为400V，若要向一乡镇供电，输电线的总电阻为R=8Ω，为使线路上损耗功率限制在发电机输出功率的8%，需在发电机输出端安装升压变压器，若用户所需电压为220V，则在用户处需安装降压变压器．求：①发电机的输出功率；②输电线上的电流强度；③升压变压器和降压变压器的原副线圈的匝数比．（二）选考题：共13分．请考生从给出的第13、14题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应题号边的方框涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则按所做的第一题计分．[选修3-3]（13分）14．（5分）下列说法中正确的是（）A．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，但气体的压强不一定增大B．气体体积变小时，单位体积的分子数增多，单位时间内打到器壁单位面积上的分子数增多，从而气体的压强一定增大C．压缩一定量的气体，气体的内能一定增加D．分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，a的动能一定最大E．任何条件下，热量都不会由低温物体传递到高温物体F．任何热机都不可能使燃料释放的热量完全转化为机械能15．（8分）如图所示，一圆柱形容器竖直放置，通过活塞封闭着摄氏温度为t的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h，现通过电热丝给气体加热一段时间，结果使活塞又缓慢上升了h，若这段时间内气体吸收的热量为Q，已知大气压强为P0，重力加速度为g，不计器壁向外散失的热量及活塞与器壁间的摩擦，求：（1）气体的压强；（2）这段时间内气体的内能增加了多少？[选修3-5]（13分）16．关于α粒子散射实验，下列说法正确的是（）A．只有极少数α粒子发生了大角度散射B．α粒子散射实验的结果说明了带正电的物质只占整个原子的很小空间C．α粒子在靠近金原子核的过程中电势能减小D．α粒子散射实验的结果否定了汤姆生给出的原子“枣糕模型”E．原子中存在着带负电的电子F．原子只能处于一系列不连续的能量状态中17．如图所示，甲车的质量是2kg，静止在光滑水平面上，上表面光滑，右端放一个质量为1kg的小物体．乙车质量为4kg，以5m/s的速度向左运动，与甲车碰撞以后甲车获得8m/s 的速度，物体滑到乙车上．若乙车足够长，上表面与物体的动摩擦因数为0.2，则物体在乙车上表面滑行多长时间相对乙车静止？（g取10m/s2）广东省肇庆市2017-2018学年高二下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（5分）关于传感器工作的一般流程，下列说法中正确的是（）A．非电学量→敏感元件→转换电路→电学量→转换元件B．电学量→敏感元件→转换电路→转换元件→非电学量C．非电学量→敏感元件→转换元件→转换电路→电学量D．非电学量→转换电路→转换元件→敏感元件→电学量考点：常见传感器的工作原理．分析：传感器作为一种将其它形式的信号与电信号之间的转换装置，在我们的日常生活中得到了广泛应用，不同传感器所转换的信号对象不同，我们应就它的具体原理进行分析．解答：解：传感器一定是通过非电学量转换成电学量来传递信号的，传感器工作的一般流程为：非电学量被敏感元件感知，然后通过转换元件转换成电信号，再通过转换电路将此信号转换成易于传输或测量的电学量．所以C正确，ABD错误．故选：C．点评：传感器能够将其他信号转化为电信号，它们在生产生活中应用非常广泛，在学习中要注意体会．2．（5分）根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是（）A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场反向C．与引起感应电流的磁场方向相同D．阻碍引起感应电流的磁通量的变化考点：楞次定律．分析：楞次定律的内容是：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．解答：解：根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．原磁场减小时，感应电流的磁场与原磁场的方向相同，原磁场增大时，感应电流的磁场与原磁场的方向相反．故选项ABC错误，选项D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握楞次定律的内容：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．3．（5分）如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则（）A．R3的电阻变小，a点电势高于b点电势B．R3的电阻变小，a点电势低于b点电势C．R3的电阻变大，a点电势高于b点电势D．R3的电阻变大，a点电势低于b点电势考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：光敏电阻为半导体，其阻值随温度的升高而降低；取电源的负极电势为零，a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化；由欧姆定律可得出各电阻两端的电压变化，故可判断ab两点电势的高低．解答：解：取电源的负极电势为零，a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压．光敏电阻的电阻随温度的升高而降低，故R3的电阻减小，电路中总电阻减小，故由闭合电路的欧姆定律可知，电路中的总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小．没有光照时，a、b两点电势相等，有光照以后，两支路两端的电压相等，因R1、R2支路中电阻没有变化，故R2的分压比不变；而由于R3的电阻减小，故R4分压增大，故a端的电势要高于b端，故BCD错误，A正确．故选：A点评：本题首先要了解光敏电阻的特性，再按局部到整体，再到局部的顺序进行动态分析，难度适中．4．（5分）下图分别表示匀强磁场的磁感应强度B、闭合电路中一部分直导线的运动速度v 和电路中产生的感应电流I的相互关系，其中正确是（）A．B．C．D．考点：安培力．分析：闭合电路中一部分直导线在磁场中切割磁感线产生感应电流，电流方向是由右手定则来确定，所以要让磁感线穿过掌心，大拇指所指的是运动方向，则四指指的是感应电流方向解答：解：A、伸开右手时，让磁感线穿过掌心，大拇指所指方向即为运动方向，则感应电流方向应沿导线向下，故A错误；B、伸开右手时，让磁感线穿过掌心，大拇指所指方向即为运动方向，则感应电流方向垂直纸面向外，故B正确；C、伸开右手时，大拇指所指方向即为运动方向，则无感应电流，没有切割磁感线．故C错误D、伸开右手时，让磁感线穿过掌心，大拇指所指方向即为运动方向，则感应电流方向垂直纸面向，则D错误．故选：B点评：导线在磁场中切割磁感线，会产生感电流．由右手定则来确定方向，而通电导线放入磁场中，有受到安培力．则安培力的方向是由左手定则来确定即要让磁感线穿过掌心，四指指的是电流方向，则大拇指所指的是安培力方向5．（5分）如图所示，两条柔软的导线与两根金属棒相连，组成竖直平面内的闭合电路，且上端金属棒固定，下端金属棒自由悬垂．如果穿过回路的磁场逐渐增强，则下方金属棒可能的运动情况是（）A．向左摆动B．向右摆动C．向下运动D．向上运动考点：安培力．分析：根据楞次定律，可确定因磁通量的变化，而产生的感应电流的方向，再由左手定则可知，安培力的方向，从而确定运动情况解答：解：由题意可知，当穿过回路的磁场逐渐增强时，根据楞次定律可知，感应电流的方向逆时针（从右向左看），再根据左手定则可知，安培力的方向为竖直向上，导致下面的金属棒向上运动，故D正确，ABC错误；故选：D点评：本题是楞次定律的基本应用．对于电磁感应现象中，导体与磁体的作用力也可以根据楞次定律的另一种表述判断：感应电流的磁场总要阻碍导体与磁体间的相对运动6．（5分）下列物理学史实，叙述正确的是（）A．司南勺是根据磁石指向南北而发明的B．奥斯特最早发现了电流的磁效应C．安培确定了磁场对电流作用力的规律D．麦克斯韦首先发现了电磁感应规律考点：物理学史．分析：司南勺是根据磁石指向南北而发明的；奥斯特最早发现了电流的磁效应；安培确定了磁场对电流的作用力的规律；法拉第首先发现了电磁感应规律解答：解：A、司南勺是最早的指南针，实质就是一个磁体，是根据磁石指向南北而发明，故A正确．B、1820年，丹麦的物理学家奥斯特发现电流能产生磁场的现象，即电流的磁效应．故B正确．C、安培确定了磁场对电流的作用力的规律，发现了安培定则，故C正确．D、法拉第首先发现了电磁感应规律．故D错误．故选：ABC点评：对于物理学上著名科学家、重要理论和经典学说要记牢，不要张冠李戴．这也2015届高考考查内容之一．7．（5分）线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中可知（）A．在A和C时刻线圈处于中性面位置B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量最大C．在O～D时间内线圈转过的角度为2πD．若从O～D时间为0.02s，则在1s内交变电流的方向改变100次考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．分析：交变电流是由线圈绕中心轴转动产生的，当电流最大时，线圈处于与中性面垂直的位置；当电流为零时，线圈处于中性面．解答：解：A、A和C时刻线圈中电流最大，故线圈处于与中性面垂直的位置；故A错误；B、B和D时刻线圈中电流为零，此时处于中性面，此时线圈中磁通量最大；故B正确；C、在O～D时间内为电流的一个周期，故线圈转过的角度为2π；故C正确；D、从O～D时间为0.02s，则周期为0.02s，故1s内对应50个周期，则在1s内交变电流的方向改变100次；故D正确；故选：BCD．点评：本题考查交流电源的产生原理，要注意明确线圈中电流最大时，线圈处于与中性面垂直的位置，此时线圈中磁通量为零；但磁通量变化率最大．8．（5分）电能输送过程中，若输送的电功率一定，在输电线电阻保持不变的情况下，输电线上损失的电功率（）A．与输送电压的平方成正比B．与输送电压的平方成反比C．与输电线上电压降的平方成正比D．与输电线中电流的平方成正比考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据输送功率P=UI求出输电电流，再根据可得出输电线上损失的电功率与什么有关．解答：解：A、输送的功率一定，由P=UI知，，则，知输电线上损失的电功率与电压的平方成反比．故A错误，B正确．C、根据P损=可得，输电线上损失的电功率与输电线两端的电压的平方成正比；故C正确；D、根据知，输电线上损失的电功率与输电线中电流的平方成正比．故D正确．故选：BCD．点评：解决本题的关键掌握输送功率P=UI，以及输电线上损失的电功率．同时注意P损=同样可用，但要注意电压值是导线两端的电压．二、非选择题，包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13、14题为选考题，考生根据要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．（一）必考题（4题，共47分）9．（4分）用如图所示的实验装置研究电磁感应现象．当有电流从电流表的正极流入时，指针向右偏转．下列说法哪些是正确的（）A．当把磁铁N极向下插入线圈时，电流表指针向左偏转B．当把磁铁N极从线圈中拔出时，电流表指针向左偏转C．保持磁铁在线圈中静止，电流表指针不发生偏转D．磁铁插入线圈后，将磁铁和线圈一起以同一速度向上运动，电流表指针向左偏考点：电磁感应现象的发现过程．分析：当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中产生感应电流，由楞次定律判断出感应电流的方向，根据电流流向与电流计指针偏转方向间的关系分析答题．解答：解：据题意，当有电流从电流表的正极流入时，指针向右偏转，这说明：电流从哪极流入，指针向哪极偏转；A、当把磁铁N极向下插入线圈时，穿过线圈的磁场方向向下，磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流从负极流入，电流表指针向左偏，故A正确；B、当把磁铁N极从线圈中拔出时，穿过线圈的磁场方向向下，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流从正极流入，电流表指针向右偏转，故B错误；C、保持磁铁在线圈中静止，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故C正确；D、磁铁插入线圈后，将磁铁和线圈一起以同一速度向上运动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不偏转，故D错误；故答案为：AC点评：本题考查了楞次定律的应用，掌握楞次定律是正确解题的关键；本题难度不大，是一道基础题．10．（9分）1831年8月29日，法拉第终于取得突破性进展．这次他用一个软铁圆环，环上绕两个互相绝缘的线圈A和B，如图所示．他在日记中写道：“使一个有10对极板，每板面积为4平方英寸的电池充电．用一根铜导线将一个线圈，或更确切地说把B边的线圈的两个端点连接，让铜线通过一定距离，恰好经过一根磁针的下方（距铁环3英尺远），然后把电池连接在A边线圈的两端；这时立即观察到磁针的效应，它振荡起来，最后又停在原先的位置上，一旦断开A边与电池的连接，磁针再次被扰动．”①请根据法拉第日记的描述，在答题卷的虚线框内用笔画线代替导线，完成电路的连接．②在上述实验中，下列说法正确的是BCD．A．当接通电池的瞬间，小磁针不动B．切断电源时，小磁针突然跳动一下C．如果维持接通状态，则小磁针无反应D．当接通电源的瞬间与切断电池时，小磁针偏转方向相反．考点：楞次定律．分析：电流表与线圈B构成闭合电路，当线圈中磁通量发生变化时，出导致线圈中产生感应电动势，从而可出现感应电流．感应电流只出现在磁通量变化的暂态过程中．解答：解：（1）根据法拉第日记的描述，将电路连接如图；（2）A、B、闭合与断开开关S的瞬间，A线圈中的电流发生了变化，穿过线圈B的磁通量发生变化，电流表G中产生感应电流．小磁针动一下．故A错误，B正确；C、闭合开关S 后，穿过线圈B的磁通量都不发生变化，电路中没有感应电流，小磁针无反应．故C正确；D、当接通电源的瞬间与切断电池时，线圈内磁通量的变化方向相反，所以小磁针偏转方向相反；故D正确；故选：BCD．故答案为：①如答图所示；②BCD点评：法拉第研究电磁感应现象的过程其本质是发现感应电流产生的条件的过程．由于感应电流仅仅在线圈中的磁通量发生变化的过程中出现，磁通量不变时则没有感应电流，感应电流只出现在磁通量变化的暂态过程，所以感应电流不容易被发现．11．（10分）如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距L=0.50m，左端接一R=0.20Ω的电阻，置于磁感应强度B=0.40T的匀强磁场中，方向垂直于导轨平面，导体棒ab垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ab以v=4.0m/s的速度水平向右匀速滑动时，求：（1）ab棒中感应电动势的大小；（2）回路中感应电流的大小；（3）维持ab棒做匀速运动的水平外力F的大小．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）导体垂直切割磁感线，由磁感应强度B、长度L、速度v，根据公式E=BLv 求出感应电动势；（2）ab相当于电源，根据闭合电路欧姆定律求解感应电流大小；（3）ab棒做匀速运动，水平外力F与安培力平衡，根据安培力公式F=BIL求解．解答：解：（1）根据法拉第电磁感应定律，ab棒中的感应电动势为E=Blv=0.40×0.50×4.0 V=0.80 V．（2）感应电流的大小为A=4.0 A．（3）ab棒受安培力F′=BIl=0.40×4.0×0.50 N=0.80 N由平衡条件可知，对ab棒所加外力F应与F′大小相等，方向相反．则F=0.8N答：（1）ab棒中感应电动势的大小为0.80 V．（2）回路中感应电流的大小为4.0 A．（3）维持ab棒做匀速运动的水平外力F的大小为0.80 N．点评：本题是电磁感应、电路和磁场知识的综合，关键要掌握法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力公式等电磁感应的基本规律．12．（10分）如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝；线圈总电阻为1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感强度为B=T，当线圈以300转/分的转速匀速旋转时，求：（1）若从线圈处于中性面开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式；（2）线圈转过s时电动势的瞬时值为多大？（3）电路中电压表和电流表的示数各是多少？考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：线框在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流，根据规律可列出感应电动势的瞬时表达式；将给出的时间代入即可求得瞬时值；借助于有效值可得出电压表与电流表的示数．解答：解：（1）由交变电流的规律可得：e=E m sinωt①而E m=NBωS ②（1分）而ω=2πn ③将数据代入①②③式，可解得：E m=50（V），e=50sin10πt（V）④（2）将t=s代入④式可解得：e=43.3（V）⑤（3）由闭合电路欧姆定律公式可得：⑥U m=I m R⑦将数据代入⑥⑦式，并由正弦式交变电流的有效值与最大值关系可得：I=I m=3.54（A）U=U m=31.8（V）答：（1）若从线圈处于中性面开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式e=50sin10πt （V）；（2）线圈转过s时电动势的瞬时值为43.3V；（3）电路中电压表和电流表的示数各是3.54A和31.8V．点评：线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流．而对于电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定．而通过某一电量时，则用平均值来求．13．（14分）水能是可再生能源，可持续地利用它来发电，为人类提供“清洁”的能源．（1）若一水力发电站水库的平均流量为Q（m3/s），落差为h（m），下落前水的流速为v（m/s），发电机的效率为η，重力加速度为g，则全年的发电量为多少度？（设流过发电机后水的速度为零一年按365天计）（2）某小型水力发电站水流量为Q=10m3/s，落差h=5m，不考虑水下落前的流速，取Ρ水=1.0×103kg/m3，g=10m/s2．发电机效率η=50%，输出电压为400V，若要向一乡镇供电，输电线的总电阻为R=8Ω，为使线路上损耗功率限制在发电机输出功率的8%，需在发电机输出端安装升压变压器，若用户所需电压为220V，则在用户处需安装降压变压器．求：①发电机的输出功率；②输电线上的电流强度；③升压变压器和降压变压器的原副线圈的匝数比．考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：（1）利用发电站水库的平均流量和落差求出每秒钟水落下做的功；知道发电效率，再利用效率求每秒钟流水发电的电能，进而求全年发电量．（2）根据发电机的效率求出发电机的输出功率，再根据输电线上损失的功率P损=I2R求出输电线上的电流，由P=UI得出升压变压器的电压，根据电压之比等于线圈的匝数比得出升压变压器的原副线圈匝数比．。

广东省江门市2017-2018学年高一下学期期末物理试卷一．单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分．1．（3分）下列物理量均为矢量的是（）A．速度、力、质量B．加速度、动能、时间C．平均速度、功、重力势能D．位移、加速度、力2．（3分）下列说法中不正确的是（）A．摩擦力的大小与接触面的面积有关B．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于桌面发生了微小形变而产生的C．绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D．滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反3．（3分）如图，物体沿光滑曲面滑下，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．物体机械能增大B．物体重力势能增加，动能增加C．重力对物体做负功D．重力对物体做的功等于物体动能的增加4．（3分）两个力大小分别为2N 和4N，则它们的合力大小可能是（）A．1N B．6N C．7N D．8N5．（3分）关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是（）A．1N/kg=9.8m/s2B．“m”、“kg”、“s”都是国际单位制中的基本单位C．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量6．（3分）如图所示，关于环绕地球做匀速圆周运动的两颗卫星A、B，下列说法正确的是（）A．若A为地球的同步卫星，则B的周期大于24hB．A的线速度大于B的线速度C．A的向心加速度小于B的向心加速度D．A的角速度大于B的角速度7．（3分）小船在静水中的速度是v，渡河时小船始终垂直对岸航行，若行至河中时，河水流速增大，则渡河时间将（）A．增大B．减小C．不变D．不能确定8．（3分）如图，圆盘绕过圆心且垂直盘面的竖直轴匀速转动，木块随圆盘一起运动，则（）A．木块受重力、支持力、摩擦力和向心力四个力的作用B．木块的向心力保持恒定C．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向指向圆心D．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向与木块的运动方向相反9．（3分）若一个台秤放在电梯里的地面上，台秤上放一个重为G的物体，以下说法正确的是（）A．电梯减速上升时，物体受到的支持力大于物体对台秤的压力B．电梯匀速上升时，物体受到的支持力等于物体对台秤的压力C．加速上升时，物体受到的重力大于GD．减速下降时，台秤的示数小于G10．（3分）关于离心运动，下列说法中正确的是（）A．砂轮、飞轮转动时如果转速过高，它们可能会破裂B．洗衣机脱水时利用衣服做离心运动将衣服甩干C．物体做离心运动时一定沿半径方向向外运动，远离圆心D．为防止离心运动，在修筑铁路时，转弯处轨道外轨与内轨的高度要相同二．双项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，只选1个且正确的得2分，有选错或不答的得0分．11．（4分）图中两条直线描述了A、B两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．物体A的加速度较小B．两物体的加速度方向相同C．A的运动方向与B相反D．0～6s内A的位移较大12．（4分）关于惯性，下列表述正确的有（）A．物体的速度越大，惯性越大B．物体的质量越大，惯性越大C．静止的物体也有惯性D．太空中的物体没有惯性13．（4分）汽车在水平路面上做匀速运动，发动机输出的功率为P，速度为v，当汽车上坡时（）A．如果输出的功率不变，则应减小速度B．如果输出的功率不变，则应增大速度C．如果保持速度不变，则应减小输出功率D．如果保持速度不变，则应增大输出功率14．（4分）一个物体在水平恒力F的作用下，由静止开始，一次在光滑水平面上移动距离s，另一次在粗糙水平面上移动相同的距离s，则这两次（）A．恒力F做功相同B．物体所受各个力做的总功相同C．物体的末动能相同D．重力均不做功15．（4分）如图所示，轻弹簧的A端挂一个质量为m的物体，将物体置于倾角为30°的三角形斜劈上．已知斜面光滑，弹簧与斜面平行，手执B端令物体沿斜面匀速下滑，此时斜劈静止不动，则（）A．斜面对物体的支持力大小等于重力B．弹簧处于伸长状态C．弹簧弹力的大小为mgsin30°D．斜劈有向右运动的趋势三．实验题：（本大题12分）16．（2分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中某同学的实验情况如下图甲所示，其中A 为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）图乙中的F是力F1和F2的合力的；（填“测量值”或“理论值”）（2）本实验采用的科学方法是．（填序号）A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．17．（10分）（1）某同学用自由落体运动验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示．现有器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤，为完成此实验，除了所给的器材，还需要的两种器材有A．刻度尺B．秒表C．低压直流电源D．低压交流电源（2）关于这个实验，下列说法正确的是A．重锤质量选用得大些，有利于减小误差B．安装打点计时器时，两纸带限位孔应在同一竖直线上C．实验中应先释放纸带，再接通电源D．测量重锤下落高度必须从起始点算起（3）实验打出的一条纸带如图2所示，相邻两点的时间间隔为T，重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，则：①从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减小量△E P=，物体动能的增加量△E K=．（用题目及图中所给的符号表示）②实验中发现重力势能的减少量△E P总是大于动能的增加量△E K，这是因为．四．计算题：本大题共4小题，共38分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．（8分）如图甲所示，质量m=2kg的物体静止在水平地面上的O点，如果用F1=10N的水平恒定拉力拉它时，其运动的s﹣t图象如图乙所示，g取10m/s2，求：（1）物体与水平地面间的动摩擦因数μ；（2）如果水平恒定拉力变为F2=14N时，求物体的加速度的大小．19．（8分）如图所示，小球用长为L=1.25m的细线悬挂在O点，如果使小球绕竖直方向的OO′轴在水平面内做匀速圆周运动，周期为T=s，取g=10m/s2，求：（1）小球的角速度；（2）细线与OO′的夹角θ的大小．20．（11分）一个质量m=70kg的滑雪者，从山坡上由静止匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，已知滑雪者从山坡滑下时受到的阻力为140N，滑行了4s后到达山坡下的平台，设滑雪者从山坡进入平台时速度不变，不计平台的阻力及空气阻力，g=10m/s2，求：（1）滑雪者进入平台时速度的大小；（2）滑雪者滑离平台即将着地时的瞬间，其速度方向与水平地面的夹角为37°，求滑雪者着地点到平台边缘的水平距离．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）21．（11分）如图所示，质量为m的小球，由长为R的细线系住，细线的另一端固定在A 点，AB是过A的竖直线，在AB上钉铁钉D，线能承受的最大拉力是10mg（g为重力加速度），现将细线沿水平方向拉直，然后由静止释放，不计线与钉子碰撞时的能量损失，不计空气阻力，求：（1）小球刚到达最低点时速度的大小；（2）若小球能绕钉子在竖直面内做圆周运动，求钉子到A点距离的取值范围．广东省江门市2017-2018学年高一下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分．1．（3分）下列物理量均为矢量的是（）A．速度、力、质量B．加速度、动能、时间C．平均速度、功、重力势能D．位移、加速度、力考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量．解答：解：A、速度和力是既有大小，又有方向的矢量，而质量是只有大小，没有方向的标量．故A错误．B、加速度是既有大小，又有方向的矢量，而动能和时间都是标量，故B错误．C、功和重力势能都是只有大小，没有方向的标量．平均速度是既有大小，又有方向的矢量，故C错误．D、位移、加速度和力都是矢量，故D正确．故选：D．点评：矢量与标量明显的区别是矢量有方向，而标量没有方向，可结合物理量方向的特点加以区分．2．（3分）下列说法中不正确的是（）A．摩擦力的大小与接触面的面积有关B．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于桌面发生了微小形变而产生的C．绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D．滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反考点：滑动摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：物体发生形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力．是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．摩擦力可以是动力，也可以是阻力，静止的物体也可以受到滑动摩擦力，摩擦力大小与接触面积无关．解答：解：A、滑动摩擦力的大小与接触面的面积无关，故A错误；B、书放在水平桌面上受到的支持力，施力物体是桌面，所以是桌面发生形变产生的，故B 正确；C、绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向，故C正确；D、摩擦力与相对运动方向相反，可以与物体的运动方向相同，如物体随传送带一起向上运动，静摩擦力方向与运动方向相同，故D正确；本题选择错误的，故选：A．点评：本题考查了弹力、摩擦力的基本概念和性质，要明确各性质力产生的条件及其作用，注意摩擦力大小与接触面积无关．3．（3分）如图，物体沿光滑曲面滑下，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．物体机械能增大B．物体重力势能增加，动能增加C．重力对物体做负功D．重力对物体做的功等于物体动能的增加考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，分析物体的受力情况，判断各力做功情况，从而判断物体是否是机械能守恒．解答：解：A、物体沿光滑曲面滑下，曲面的支持力对物体不做功，只有物体的重力做功，所以机械能守恒，故A错误．B、物体的高度不断下降，重力势能减小，动能增加．故B错误．C、重力势能减小，重力对物体做正功，故C错误．D、根据动能定理知，重力对物体做的功等于物体动能的增加，故D正确．故选：D．点评：判断机械能是否守恒常用有两种方法：一是条件法：根据机械能守恒的条件只有重力或者是弹力做功，进行判断；二是总量法，即可根据势能和动能总和进行分析．4．（3分）两个力大小分别为2N 和4N，则它们的合力大小可能是（）A．1N B．6N C．7N D．8N考点：力的合成．分析：两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零（方向相同）时合力最大，夹角180°（方向相反）时合力最小，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．解答：解：当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相同，合力最大、最大值为F1+F2=6N；当夹角180°时，即两个力在同一直线上，并且方向相反，合力最小、最小值为F1﹣F2=2N；故合力的范围为2N≤F≤6N；所以是B可能的，ACD不可能．故选：B．点评：本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小，同向时合力最大，反向时合力最小．5．（3分）关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是（）A．1N/kg=9.8m/s2B．“m”、“kg”、“s”都是国际单位制中的基本单位C．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：A、根据牛顿第二定律F=ma得：1N=1kg•m/s2，则1N/kg=1m/s2，故A错误．B、“m”、“kg”、“s”都是国际单位制中的基本单位，故B正确．C、牛顿是根据牛顿第二定律F=ma推导出来的单位，所以牛顿是导出单位，不是基本单位．故C错误．D、在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，故D错误．故选：B．点评：本题关键要掌握国际单位制中基本物理量和基本单位，能通过物理规律推导单位之间的关系．6．（3分）如图所示，关于环绕地球做匀速圆周运动的两颗卫星A、B，下列说法正确的是（）A．若A为地球的同步卫星，则B的周期大于24hB．A的线速度大于B的线速度C．A的向心加速度小于B的向心加速度D．A的角速度大于B的角速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出周期、线速度、角速度和向心加速度的表达式，再进行讨论即可．解答：解：根据人造卫星的万有引力等于向心力，得：=mω2r=m=ma可得T=2π，ω=，v=，a=，可知卫星的轨道半径越大，角速度、线速度、向心加速度小，周期越大，由题A的轨道半径大于B的轨道半径，则知A周期大，A角速度、速度和向心加速度都小，若A为地球的同步卫星，则A的周期为24h，所以B的周期小于24h，故C正确，ABD错误．故选：C点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论7．（3分）小船在静水中的速度是v，渡河时小船始终垂直对岸航行，若行至河中时，河水流速增大，则渡河时间将（）A．增大B．减小C．不变D．不能确定考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：小船实际参与了两个分运动，沿着船头指向的匀速直线运动和顺着水流方向的匀速直线运动，由于分运动与合运动同时进行，互不干扰，故渡河时间由沿船头方向的分运动决定，与水流速度无关．解答：解：将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解，由于分运动互不干扰，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向方向的分运动有关，故船航行至河中心时，水流速度突然增大，只会对轨迹有影响，对渡河时间无影响；故选：C．点评：本题关键抓住渡河时间只与沿船头指向方向的分运动有关，与沿水流方向的分运动无关．8．（3分）如图，圆盘绕过圆心且垂直盘面的竖直轴匀速转动，木块随圆盘一起运动，则（）A．木块受重力、支持力、摩擦力和向心力四个力的作用B．木块的向心力保持恒定C．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向指向圆心D．木块受到圆盘对它的摩擦力，方向与木块的运动方向相反考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：物体做圆周运动，一定要有一个力来充当向心力，对物体受力分析可以得出摩擦力的方向．解答：解：对木块受力分析可知，木块受到重力、支持力和摩擦力的作用，重力是竖直向下的，支持力是竖直向上的，重力和支持力都在竖直方向上，这两个力平衡互相抵消了，只有摩擦力提供了物体做圆周运动的向心力，所以摩擦力的方向是指向圆心的，所以C正确，ABD错误．故选：C点评：圆周运动都需要向心力，向心力是由其他的力来充当的，向心力不是一个单独力．9．（3分）若一个台秤放在电梯里的地面上，台秤上放一个重为G的物体，以下说法正确的是（）A．电梯减速上升时，物体受到的支持力大于物体对台秤的压力B．电梯匀速上升时，物体受到的支持力等于物体对台秤的压力C．加速上升时，物体受到的重力大于GD．减速下降时，台秤的示数小于G考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：凡是物体具有向上加速度物体处于超重状态，具有向下的加速度物体处于失重状态，超失重时改变的是人对电梯的压力不改变人的重力．解答：解：A、物体受到的支持力与物体对台秤的压力是作用力与反作用力，大小相等方向相反．故A错误；B、物体受到的支持力与物体对台秤的压力是作用力与反作用力，大小相等方向相反，故B 正确；C、加速上升时，物体受到的重力仍然等于G，没有变化．故C错误；D、电梯向下减速，故电梯处于超重状态，台秤的示数大于G，故D错误．故选：B点评：理解超失重的条件，并能根据物体的运动状态判定物体处于超重状态还是失重状态，不能仅跟物体的运动方向确定是否超重或失重．10．（3分）关于离心运动，下列说法中正确的是（）A．砂轮、飞轮转动时如果转速过高，它们可能会破裂B．洗衣机脱水时利用衣服做离心运动将衣服甩干C．物体做离心运动时一定沿半径方向向外运动，远离圆心D．为防止离心运动，在修筑铁路时，转弯处轨道外轨与内轨的高度要相同考点：离心现象．分析：做圆周运动的物体，在受到指向圆心的合外力突然消失，或者不足以提供圆周运动所需的向心力的情况下，就做逐渐远离圆心的运动，这种运动叫做离心运动．解答：解：A、转速很高的砂轮所需的向心力就大，转速很高，就会出现砂轮承受不了巨大的力而断裂，出现离心运动．但以正常转速转动的砂轮，若转速突然减小，砂轮不会做离心运动，故不会破裂，故A正确；B、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴做离心运动而被甩掉，故B错误．C、做离心运动时，可能沿着速度的方向，远离圆心，但不一定沿着半径的方向，故C错误．D、在修筑铁路时，转弯处轨道的内轨要低于外轨，这样可以提供更多的向心力，防止火车出现离心现象，故D错误．故选：A．点评：物体做离心运动的条件：合外力突然消失或者不足以提供圆周运动所需的向心力．注意所有远离圆心的运动都是离心运动，但不一定沿切线方向飞出．二．双项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，只选1个且正确的得2分，有选错或不答的得0分．11．（4分）图中两条直线描述了A、B两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．物体A的加速度较小B．两物体的加速度方向相同C．A的运动方向与B相反D．0～6s内A的位移较大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，斜率代表加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正．两直线相交的时刻表示两车速度相同解答：解：A、根据速度图象的斜率等于加速度，可知，小车B的加速度大．故A正确．B、B的斜率为负值，A的斜率为正值，两车加速度方向相反，故B错误．C、图象都在时间轴上方，速度都为正，方向相同．故C错误．D、图象与坐标轴围成面积代表位移，根据图象可知，0～6s内A的位移较大．故D正确．故选：AD点评：本题关键要理解速度﹣时间图象点和斜率的物理意义，注意加速度是矢量，只有大小和方向都相同时，加速度才相同．12．（4分）关于惯性，下列表述正确的有（）A．物体的速度越大，惯性越大B．物体的质量越大，惯性越大C．静止的物体也有惯性D．太空中的物体没有惯性考点：惯性．分析：物体本身具有的保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，惯性大小的唯一量度是质量．解答：解：A、惯性是物体保持运动状态不变的性质，唯一量度是质量，与速度的大小无关，故A错误；B、惯性是物体保持运动状态不变的性质，唯一量度是质量，质量越大，惯性越大，故B正确，C、惯性是物体保持运动状态不变的性质，唯一量度是质量，与是否静止无关．故C正确；D、惯性是物体保持运动状态不变的性质，太空中的物体仍然有惯性，故D错误；故选：BC．点评：惯性描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，一切物体都具有，与速度的大小无关．13．（4分）汽车在水平路面上做匀速运动，发动机输出的功率为P，速度为v，当汽车上坡时（）A．如果输出的功率不变，则应减小速度B．如果输出的功率不变，则应增大速度C．如果保持速度不变，则应减小输出功率D．如果保持速度不变，则应增大输出功率考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车上坡时需增大牵引力，结合P=Fv分析，当P一定时，需减小速度．当v一定时，需增大输出功率．解答：解：A、汽车的输出功率不变，根据P=Fv知，汽车上坡时，需减小速度，从而增大牵引力，故A正确．B、汽车的速度不变，上坡时需增大牵引力，根据P=Fv知，应增大输出功率，故D正确，C错误．故选：AD．点评：解决本题的关键知道输出功率与牵引力与速度的关系，知道上坡时需增大牵引力，基础题．14．（4分）一个物体在水平恒力F的作用下，由静止开始，一次在光滑水平面上移动距离s，另一次在粗糙水平面上移动相同的距离s，则这两次（）A．恒力F做功相同B．物体所受各个力做的总功相同C．物体的末动能相同D．重力均不做功考点：动能定理的应用；功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据功的公式，可以知道拉力F对物体做功的情况，再根据动能定理可以判断物体的动能的情况．解答：解：A、由W=Fs知，拉力的大小相同，木块的位移也相同，所以拉力对两物体做的功一样多，所以A正确；B、由动能定理可以知道，在光滑水平面上的物体，拉力对物体做的功全部转化成了物体的动能，在粗糙水平面上的物体，拉力对物体做正功的同时，摩擦力对物体做了负功，所以两过程中总功不相同；在光滑水平面上的物体获得的动能要大于在粗糙水平面上物体的动能，所以BC错误．D、由于两小球没有竖直位移；故重力均不做功；故D正确；故选：AD．点评：根据功的公式和动能定理可以很容易的判断对木块的功和动能的情况，要注意功的公式与运动状态无关，只等于力和力的方向上的位移之间的乘积．15．（4分）如图所示，轻弹簧的A端挂一个质量为m的物体，将物体置于倾角为30°的三角形斜劈上．已知斜面光滑，弹簧与斜面平行，手执B端令物体沿斜面匀速下滑，此时斜劈静止不动，则（）A．斜面对物体的支持力大小等于重力B．弹簧处于伸长状态C．弹簧弹力的大小为mgsin30°D．斜劈有向右运动的趋势考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向上的拉力．由平衡条件和胡克定律分别列出方程，求解即可．解答：解：物块以上下滑，受力如图，则：A、由受力分析图可知，斜面对物体的支持力大小等于mgcosθ=0.5mg．故A错误；B、由图可知，弹簧对物块由向上的拉力，所以弹簧处于伸长状态．故B正确；C、物块处于平衡状态，所以弹簧弹力的大小等于重力沿斜面向下的分力，为mgsin30°=0.5mg．故C正确；D、由以上的分析可知，A对斜劈只有压力，所以斜劈受到重力和斜向左下方的压力，则具有向左运动的趋势，故D错误．故选：BC点评：本题是两个物体的平衡问题，解答的关键是结合对A的分析，写出平衡条件方程即可．基础题目．三．实验题：（本大题12分）16．（2分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中某同学的实验情况如下图甲所示，其中A 为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）图乙中的F是力F1和F2的合力的理论值；（填“测量值”或“理论值”）（2）本实验采用的科学方法是B．（填序号）A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．。

广东省肇庆市2017-2018学年高一下学期期末数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．是（）A．第一象限角B．第二象限角C．第三象限角D．第四象限角2．已知向量，，则=（）A．（2，﹣1）B．（﹣2，1）C．（2，0）D．（4，3）3．已知数列{a n}的通项公式是a n=，则这个数列是（）A．递增数列B．递减数列C．常数列D．摆动数列4．不等式x2﹣x﹣2＜0的解集是（）A．{x|x＞2} B．{x|x＜﹣1} C．{x|x＜﹣1或x＞2} D．{x|﹣1＜x＜2}5．若tanα＞0，则（）A．s inα＞0 B．c osα＞0 C．s in2α＞0 D．cos2α＞06．在矩形ABCD中，||=4，||=2，则||=（）A．12 B．6C．4D．27．已知等差数列{a n}中，a1+a5=6，则a1+a2+a3+a4+a5=（）A．10B．5C．30 D．158．已知c＞b＞a，c+b+a=0，则下列不等式一定成立的是（）A．c2＞b2＞a2B．c|b|＞a|b| C．b c＞ac D．ac＞ab9．若向量满足：，，，则=（）A．2B．C．1D．10．已知函数y=cosx与y=sin（2x+ϕ）（0≤ϕ＜π），它们的图象有一个横坐标为的交点，则ϕ=（）A．B．C．D．11．设x，y满足约束条件，则z=2x﹣y的最大值为（）A．10 B．8C．3D．212．对任意两个非零的平面向量和，定义°=．若两个非零的平面向量，满足与的夹角，且•和•都在集合中，则•=（）A．B．C．1D．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.）13．的值等于．14．已知平面向量，，且∥，则m=．15．等比数列{a n}中，a4=2，a5=5，则数列{lga n}的前8项和等于．16．设正实数x，y，z满足x2﹣3xy+4y2﹣z=0，则当取得最小值时，x+2y﹣z的最大值为．三、解答题（本大题共6小题，共70分，解答应写出证明过程或演算步骤.）17．已知，请写出函数f（x）的值域、最小正周期、单调区间及奇偶性．18．数列{a n}满足a1=，a n+1=（n∈N*）．（1）写出a2，a3，a4，a5；（2）由（1）写出数列{a n}的一个通项公式；（3）判断实数是否为数列{a n}中的一项？并说明理由．19．已知函数，x∈R，且（1）求A的值；（2）设，，，求cos（α+β）的值．20．在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且2cos2cosB﹣sin（A﹣B）sinB+cos （A+C）=﹣．（Ⅰ）求cosA的值；（Ⅱ）若a=4，b=5，求向量在方向上的投影．21．设数列{a n}的前n项和S n=（n∈N*）．（1）求a1，a2的值；（2）求数列{a n}的通项公式；（3）设T n=（n∈N*），证明：T1+T2+…+T n＜．22．数列{a n}中，a3=1，a1+a2+…+a n=a n+1（n=1，2，3…）．（Ⅰ）求a1，a2；（Ⅱ）求数列{a n}的前n项和S n；（Ⅲ）设b n=log2S n，存在数列{c n}使得c n•b n+3•b n+4=1+n（n+1）（n+2）S n，试求数列{c n}的前n项和．广东省肇庆市2017-2018学年高一下学期期末数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1．是（）A．第一象限角B．第二象限角C．第三象限角D．第四象限角考点：象限角、轴线角．专题：三角函数的求值．分析：根据终边相同的角的关系进行判断即可．解答：解：=6π+，∵是第二象限角，∴是第二象限角，故选：B点评：本题主要考查角的象限的确定，利用终边相同的角的关系是解决本题的关键．2．已知向量，，则=（）A．（2，﹣1）B．（﹣2，1）C．（2，0）D．（4，3）考点：平面向量的坐标运算．专题：平面向量及应用．分析：直接利用向量的坐标运算求解即可．解答：解：向量，，则=（3，1）﹣（1，2）=（2，﹣1）．故选：A．点评：本题考查向量的坐标运算，基本知识的考查．3．已知数列{a n}的通项公式是a n=，则这个数列是（）A．递增数列B．递减数列C．常数列D．摆动数列考点：数列的函数特性．专题：点列、递归数列与数学归纳法．分析：根据数列的通项公式结合分式函数的性质进行判断即可．解答：解：数列{a n}的通项公式是a n===1+，则当n∈N•时为递减数列，故选：B．点评：本题主要考查数列单调性的判断，根据分式函数的性质是解决本题的关键．4．不等式x2﹣x﹣2＜0的解集是（）A．{x|x＞2} B．{x|x＜﹣1} C．{x|x＜﹣1或x＞2} D．{x|﹣1＜x＜2}考点：一元二次不等式的解法．专题：不等式的解法及应用．分析：先求相应二次方程x2﹣x﹣2=0的两根，根据二次函数y=x2﹣x﹣2的图象即可写出不等式的解集解答：解：方程x2﹣x﹣2=0的两根为2，﹣1，且函数y=x2+x﹣2的图象开口向上，所以不等式x2+x﹣2＜0的解集为（﹣1，2）．故选：D．点评：本题考查一元二次不等式的解法，属基础题，深刻理解“三个二次”间的关系是解决该类题目的关键，解二次不等式的基本步骤是：求二次方程的根；作出草图；据图象写出解集5．若tanα＞0，则（）A．s inα＞0 B．c osα＞0 C．s in2α＞0 D．cos2α＞0考点：三角函数值的符号．专题：三角函数的求值．分析：化切为弦，然后利用二倍角的正弦得答案．解答：解：∵tanα＞0，∴，则sin2α=2sinαcosα＞0．故选：C．点评：本题考查三角函数值的符号，考查了二倍角的正弦公式，是基础题．6．在矩形ABCD中，||=4，||=2，则||=（）A．12 B．6C．4D．2考点：向量的模．专题：平面向量及应用．分析：由已知得到所求是对角线BD长度的2倍，只要求出矩形的对角线即可．解答：解：由已知矩形ABCD中，||=4，||=2，则||=||=2||=2=2=4；故选C．点评：本题考查了向量的平行四边形法则的运用以及向量模的求法；解答本题的关键是明确所求为矩形的对角线长度的计算．7．已知等差数列{a n}中，a1+a5=6，则a1+a2+a3+a4+a5=（）A．10B．5C．30 D．15考点：等差数列的性质．专题：等差数列与等比数列．分析：根据题意和等差数列的性质求出a3的值，代入所求的式子化简求值即可．解答：解：由等差数列的性质得，a1+a5=a2+a4=2a3=6，则a3=3，∴a1+a2+a3+a4+a5=5a3=15，故选：D．点评：本题考查等差数列的性质的灵活应用，属于中档题．8．已知c＞b＞a，c+b+a=0，则下列不等式一定成立的是（）A．c2＞b2＞a2B．c|b|＞a|b| C．b c＞ac D．ac＞ab考点：不等式比较大小．专题：不等式的解法及应用．分析：由题意得到c＞0，a＜0，根据不等式的基本性质，对各个选项依次加以推理论证，可得A、B、D项均不能成立，只有C项是正确的，得到本题答案．解答：解：∵c＞b＞a，c+b+a=0，∴c＞0，a＜0，对于A，若a=3，b=1，c=﹣4，则不成立，对于B，若b=0时，不成立，对于C，根据不等式的性质，成立，对于D，a为负数，则由c＞b可得ac＜bc，不不成立．故选：C．点评：本题在已知c＞b＞a，c+b+a=0情况下，要我们判断几个不等式的正确与否，着重考查了不等式的基本性质和不等式等价变形的注意点等知识，属于基础题．9．若向量满足：，，，则=（）A．2B．C．1D．考点：平面向量数量积的运算．专题：平面向量及应用．分析：由已知两个垂直，得到数量积为0，整理得到所求．解答：解：因为，，所以=0，=0，所以，所以=2，所以；故选：B．点评：本题考查了向量垂直，数量积为0，属于基础题．10．已知函数y=cosx与y=sin（2x+ϕ）（0≤ϕ＜π），它们的图象有一个横坐标为的交点，则ϕ=（）A．B．C．D．考点：三角方程．专题：三角函数的求值；三角函数的图像与性质．分析：由题意可得sin（π+ϕ）=cos=．根据φ的范围和正弦函数的单调性即可得出．解答：解：∵函数y=cosx与y=sin（2x+φ），它们的图象有一个横坐标为的交点，∴sin（π+ϕ）=cos=．∵0≤φ＜π，∴≤π+ϕ≤，∴π+ϕ=，解得φ=．故选：A．点评：本题考查了三角函数的图象与性质、三角函数求值，属于基础题11．设x，y满足约束条件，则z=2x﹣y的最大值为（）A．10 B．8C．3D．2考点：简单线性规划．专题：不等式的解法及应用．分析：作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，利用数形结合确定z的最大值．解答：解：作出不等式组对应的平面区域如图：（阴影部分ABC）．由z=2x﹣y得y=2x﹣z，平移直线y=2x﹣z，由图象可知当直线y=2x﹣z经过点C时，直线y=2x﹣z的截距最小，此时z最大．由，解得，即C（5，2）代入目标函数z=2x﹣y，得z=2×5﹣2=8．故选：B．点评：本题主要考查线性规划的应用，结合目标函数的几何意义，利用数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法．12．对任意两个非零的平面向量和，定义°=．若两个非零的平面向量，满足与的夹角，且•和•都在集合中，则•=（）A．B．C．1D．考点：平面向量数量积的运算．专题：平面向量及应用．分析：先求出•=，n∈N，•=，m∈N，再由cos2θ=∈（0，），故m=n=1，从而求得•=的值．解答：解：∵°•=====，n∈N．同理可得°•====，m∈N．再由与的夹角，可得cosθ∈（0，），∴cos2θ=∈（0，），故m=n=1，∴•==，故选：D．点评：本题主要考查两个向量的数量积的定义，求得m=n=1，是解题的关键，属于中档题．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.）13．的值等于﹣．考点：运用诱导公式化简求值．专题：三角函数的求值．分析：由条件利用诱导公式化简所给式子的值，可得结果．解答：解：=sin（π+）=﹣sin=﹣，故答案为：．点评：本题主要考查应用诱导公式化简三角函数式，要特别注意符号的选取，这是解题的易错点，属于基础题．14．已知平面向量，，且∥，则m=﹣4．考点：平行向量与共线向量．专题：计算题．分析：根据题意，有∥，进而根据向量平行的充要条件，构造方程m+4=0，解可得答案．解答：解：∵∥，∴m+4=0∴m=﹣4故答案为：﹣4点评：本题考查的知识点是向量平行的坐标运算，当时，则⇔x1•y2﹣x2y1=015．等比数列{a n}中，a4=2，a5=5，则数列{lga n}的前8项和等于4．考点：数列的求和．专题：等差数列与等比数列．分析：由等比数列的性质可得a1•a8=a2•a7=…a4•a5=10，由对数的运算性质，整体代入计算可得．解答：解：∵等比数列{a n}中a4=2，a5=5，∴a4•a5=2×5=10，∴数列{lga n}的前8项和S=lga1+lga2+…+lga8=lg（a1•a2…a8）=lg（a4•a5）4=4lg（a4•a5）=4lg10=4故答案为：4．点评：本题考查等比数列的性质，涉及对数的运算，基本知识的考查．16．设正实数x，y，z满足x2﹣3xy+4y2﹣z=0，则当取得最小值时，x+2y﹣z的最大值为2．考点：基本不等式．专题：综合题．分析：将z=x2﹣3xy+4y2代入，利用基本不等式化简即可得到当取得最小值时的条件，用x，z表示y后利用配方法求得x+2y﹣z的最大值．解答：解：∵x2﹣3xy+4y2﹣z=0，∴z=x2﹣3xy+4y2，又x，y，z为正实数，∴=+﹣3≥2﹣3=1（当且仅当x=2y时取“=”），即x=2y（y＞0），∴x+2y﹣z=2y+2y﹣（x2﹣3xy+4y2）=4y﹣2y2=﹣2（y﹣1）2+2≤2．∴x+2y﹣z的最大值为2．故答案为：2．点评：本题考查基本不等式，将z=x2﹣3xy+4y2代入，求得取得最小值时x=2y是关键，考查配方法求最值，属于中档题．三、解答题（本大题共6小题，共70分，解答应写出证明过程或演算步骤.）17．已知，请写出函数f（x）的值域、最小正周期、单调区间及奇偶性．考点：三角函数的周期性及其求法；正弦函数的单调性；三角函数的最值．专题：三角函数的图像与性质．分析：由条件根据正弦函数的值域、周期性、单调性、奇偶性，得出结论．解答：解：函数f（x）=2sin（2x﹣）的值域为[﹣2，2]，最小正周期为．令2kπ﹣≤2x﹣≤2kπ+，k∈z，求得kπ﹣≤x≤kπ+，可得函数的增区间为；令2kπ+≤2x﹣≤2kπ+，k∈z，求得kπ+≤x≤kπ+，可得函数的单调递减区间为．由于f（﹣x）=2sin（﹣2x﹣）=﹣2sin（2x+），故f（﹣x）≠f（x），且f（﹣x）≠﹣f（x），故函数f（x）是非奇非偶函数．点评：本题主要考查正弦函数的值域、周期性、单调性、奇偶性，属于基础题．18．数列{a n}满足a1=，a n+1=（n∈N*）．（1）写出a2，a3，a4，a5；（2）由（1）写出数列{a n}的一个通项公式；（3）判断实数是否为数列{a n}中的一项？并说明理由．考点：数列递推式；数列的函数特性．专题：等差数列与等比数列．分析：（1）利用递推关系式直接a2，a3，a4，a5；（2）利用所求各项，直接写出数列{a n}的一个通项公式；（3）利用通项公式判断实数是否为数列{a n}中的一项，n是正整数则是数列的项，否则不是数列的项．解答：（本小题满分12分）解：（1）由已知可得；（2）由（1）可得数列{a n}的一个通项公式为；（3）令，解得n=1007.5，因为n∈N*，所以n=1007.5不合题意，故不是数列{a n}中的一项．点评：本题考查数列的递推关系式的应用，数列的函数的特征，考查计算能力．19．已知函数，x∈R，且（1）求A的值；（2）设，，，求cos（α+β）的值．考点：两角和与差的余弦函数；由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式．专题：三角函数的求值．分析：（1）将代入函数解析式，利用特殊角三角函数值即可解得A的值；（2）先将，代入函数解析式，利用诱导公式即可得sinα、cosβ的值，再利用同角三角函数基本关系式，即可求得cosα、sinβ的值，最后利用两角和的余弦公式计算所求值即可解答：解：（1），解得A=2（2），即，即因为，所以，，所以．点评：本题主要考查了三角变换公式在化简求值中的应用，诱导公式、同角三角函数基本关系式的应用，特殊角三角函数值的运用，属基础题20．在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且2cos2cosB﹣sin（A﹣B）sinB+cos （A+C）=﹣．（Ⅰ）求cosA的值；（Ⅱ）若a=4，b=5，求向量在方向上的投影．考点：两角和与差的余弦函数；向量数乘的运算及其几何意义；二倍角的正弦；二倍角的余弦；余弦定理．专题：计算题；三角函数的图像与性质；平面向量及应用．分析：（Ⅰ）由已知条件利用三角形的内角和以及两角差的余弦函数，求出A的余弦值，然后求sinA的值；（Ⅱ）利用，b=5，结合正弦定理，求出B的正弦函数，求出B的值，利用余弦定理求出c的大小．解答：解：（Ⅰ）由可得，可得，即，即，（Ⅱ）由正弦定理，，所以=，由题意可知a＞b，即A＞B，所以B=，由余弦定理可知．解得c=1，c=﹣7（舍去）．向量在方向上的投影：=ccosB=．点评：本题考查两角和的余弦函数，正弦定理以及余弦定理同角三角函数的基本关系式等基本知识，考查计算能力转化思想．21．设数列{a n}的前n项和S n=（n∈N*）．（1）求a1，a2的值；（2）求数列{a n}的通项公式；（3）设T n=（n∈N*），证明：T1+T2+…+T n＜．考点：数列的求和；数列递推式．专题：压轴题；等差数列与等比数列．分析：（1）根据数列的和的定义得出方程组，求解即可．（2）将代入，得，化简裂项得出，展开T1+T2+…+T n利用放缩法求解证明即可．解答：解：（1）由，得，解得a1=2，a2=12．（2）当n≥2时，，即，所以，所以数列是以a1+2=4为首项，4为公比的等比数列，故，又a1=2满足上式，所以数列{a n}的通项公式（n∈N*）．（3）将代入，得，所以，所以=．点评：本题考查数列的通项公式、前n项和的运用，解题时要认真审题，注意裂项思想的合理运用证明不等式．22．数列{a n}中，a3=1，a1+a2+…+a n=a n+1（n=1，2，3…）．（Ⅰ）求a1，a2；（Ⅱ）求数列{a n}的前n项和S n；（Ⅲ）设b n=log2S n，存在数列{c n}使得c n•b n+3•b n+4=1+n（n+1）（n+2）S n，试求数列{c n}的前n项和．考点：数列的求和．专题：计算题．分析：（Ⅰ）由题意可得，a1=a2，a1+a2=a3（Ⅱ）由S n=a n+1=S n+1﹣S n，可得2S n=S n+1，=2，从而可得{S n}为等比数列，进而可求（Ⅲ）由（II）可得，S n=（2n﹣1）=2n﹣2，b n=n﹣2，从而可求c n=+n2n ﹣2，令A=++…+，利用分组求和，令B=1•2﹣1+2•20+3•21+4•22+…+n2n﹣2，利用错位相减可求，从而可求解答：解：（Ⅰ）∵a1=a2，a1+a2=a3，∴2a1=a3=1，∴a1=，a2=．…（Ⅱ）∵S n=a n+1=S n+1﹣S n，∴2S n=S n+1，=2，…∴{S n}是首项为，公比为2的等比数列．∴S n=2n﹣1=2n﹣2．…（Ⅲ）S n=（2n﹣1）=2n﹣2，b n=n﹣2，b n+3=n+1，b n+4=n+2，∵c n•b n+3•b n+4=1+n（n+1）（n+2）S n，∴c n•（n+1）（n+2）=1+n（n+1）（n+2）2n﹣2，即c n=+n2n﹣2．…令A=++…+=﹣++…+=﹣．…令B=1•2﹣1+2•20+3•21+4•22+…+n2n﹣2，①2B=1•20+2•21+3•22+…+（n﹣1）2n﹣2+n2n﹣1，②②﹣①得B=n2n﹣1﹣2﹣1﹣20﹣21﹣…﹣2n﹣2=n2n﹣1﹣=（n﹣1）2n﹣1+，∴c1+c2+…+c n=﹣+（n﹣1）2n﹣1+=（n﹣1）2n﹣1+．…点评：本题主要考查了利用递推公式求解数列的通项公式，还考查了裂项求和及错位相减求解数列的和，这也是数列求和的重要的两个方法．。

2017—2018学年度第二学期高一物理期末质量检测试题（卷）温馨提示：1．本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷、附加题和答题卡。

基础题100分，附加题10分，全卷满分110分。

2．考生答题时，必须将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B铅笔涂在答题纸上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效，第Ⅱ卷所有题的正确答案按要求用黑色签字笔填写在答题纸上试题对应题号上，写在其他位置无效。

3．考试结束时，请将答题纸交给监考老师。

第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

其中第1-9小题给出的四个选项中，只有一．个．选项符合题目要求；第10-12小题给出的四个选项中，有两个或两个以上符合题目要求。

)1．将一辆小车分别放在光滑水平面和粗糙水平面上，施加相同的水平恒力，使小车运动相同的位移。

比较两种情况下拉力对小车做功的多少，可知A．在光滑水平面上做功较多B．在粗糙水平面上做功较多C．在两种水平面上做功一样多D．由于小车运动时间未知，无法比较2．下列关于摩擦力对物体做功的说法中，正确的是A．静摩擦力一定不做功B．静摩擦力只能做正功C．滑动摩擦力只能做负功D．滑动摩擦力既可以做正功，也可以负功3．若不考虑空气阻力作用，则以下实例中物体在运动过程中机械能守恒的是A．物体做平抛运动B．物体沿斜面匀速下滑C．被起重机匀速吊起的重物D．在竖直平面内做匀速圆周运动的小球4．关于动量，下列说法正确的是A．速度大的物体动量一定大B．动量大的物体速度一定大C．物体的动能发生变化，其动量也一定发生变化D．物体的动量发生变化，其动能也一定发生变化5．载重汽车上坡的时候，司机必须换档，其目的是A．减小速度，得到较小的牵引力B．减小速度，得到较大的牵引力C．增大速度，得到较大的牵引力D．增大速度，得到较小的牵引力6．如图所示，高h=2m的曲面固定不动，一个质量为1kg的物体，由静止开始从曲面的顶点滑下，滑到底端时的速度大小为4m/s，g取10m/s2。