2019届江西省南昌市第二中学高三上学期第四次月考物理试题(解析版)

南昌二中2019届高三第四次考试

物理试卷

一、选择题：

1.某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排

球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印。再将印有水印的白纸铺在

台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水

印，记下此时台秤的示数，即为冲击力最大值。下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法不相同

的是

A.建立“合力与分力”的概念

B.建立“点电荷”的概念

C.建立“平均速度”的概念

D.研究串、并联电路建立“总电阻”的概念

【答案】B

【解析】

【详解】该问题的研究方法是等效法；合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，故A不符合题意．点

电荷是一种理想化的模型，是采用的理想化的方法，故B符合题意．建立“平均速度”的概念也是等效的

思想，选项C不符合题意；研究串、并联电路建立“总电阻”的概念也是等效思想，选项D不符合题意；

故选B.

2.课堂上，老师准备了“∟”型光滑木板和三个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木，要将三个积木

按图示(截面图)方式堆放在木板上，则木板与水平面夹角θ的最大值为

A.60°B.45°C.30°D.15°

【答案】C

【解析】

【详解】当最上面的积木的重心与左下方积木的重心在同一竖直线上时，最上面的积木将要滚动，此时木

板与水平面夹角θ达到最大，由几何关系知，θ的最大值为30°；故选C。

3.带负电的空心金属球壳置于绝缘支架上，将4个原来不带电的金属小球按图示位置放置，A球用绝缘轻

绳竖直悬挂，B球接地，C球用导线与球壳内部相连，D球与球壳内部接触。设大地及无穷远处电势为零，

当达到静电平衡时，下列说法正确的是

A.由于静电感应，A球带正电，

B.B球接地带负电，但电势为零

C.C球不带电，但电势与球壳电势相等

D.D球带不带电，但电势小于零

【答案】D

【解析】

【详解】由于静电感应，A球的左右两端带上不同的电荷，但整体不带电。故A错误；由于静电感应，B

球带正电，但电势和大地的电势相等，为零。故B成为；C球在金属球壳的外部，会带上与球壳相同的电

荷。故C错误；D球在球壳的内部，与球壳接触后成为球壳内部的一部分，所以D不带电，电势与球壳电

势相同，电势小于零。故D正确。故选D。

【点睛】本题分析中要注意要学会找等势体．在这里，由于是等势体，同性电荷相斥，所以外部带负电，

内表面不带电．

4.用两个相同的小量程电流表分别改装成了两个量程0.6A电流表的A1和3A电流表的A2,若把A1、A2分别采

用串联或并联的方式接入电路,如图所示,则闭合开关后,下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是

A.图（a）中的A1、A2的示数之比1:1

B.图（a）中的A1、A2的指针偏角角度之比1:5

C.图（b）中的A1、A2的示数之比1:5

D.图（b）中的A1、A2的指针偏角角度之比5:1

【答案】D

【解析】

【详解】改装后的电流表是小量程电流计与定值电阻并联而成；图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，

电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同。故AB错误。图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同。由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不

同。因两电流表的内阻之比为，则两电表两端的电压之比为5:1，则A1、A2的指针偏角角度之

比5:1，故C错误。D正确故选D。

【点睛】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角

度取决于流过表头的电流大小．

5.如图，光滑水平面上放着长木板B，质量为m=2kg的木块A以速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板B的上表面，由于A、B之间存在有摩擦，之后，A、B的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度g=

10m/s2。则下列说法正确的是

A.长木板的质量M=2kg

B.A、B之间动摩擦因数为0.2

C.长木板长度至少为2m

D.A、B组成系统损失机械能为4J

【答案】A

【解析】

从图可以看出，A先做匀减速运动，B做匀加速运动，最后一起做匀速运动，共同速度v=1m/s，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：，解得：，故A正确；由图象可知，木板B匀加速运动的加速度，对B，根据牛顿第二定律得，解得动摩擦因数μ=0.1，故B

错误；由图象可知前1s内B的位移，A的位移，所以木板最小长度，故

C错误；A、B组成系统损失机械能，故D错误。故选A.【点睛】A在B的表面上滑行时，根据v-t图象的斜率可得到A的加速度大小，由牛顿第二定律求得动摩

擦因数。对系统，运用动量守恒定律列式可求得长木板的质量M．根据“面积”表示位移，求解木板的长

度。由能量守恒定律求解A、B组成系统损失机械能。

6.如图，地球和行星绕太阳做匀速圆周运动，地球和行星做匀速圆周运动的半径r1、r2之比为1:4，不

计地球和行星之间的相互影响，下列说法不正确的是

A.行星绕太阳做圆周运动的周期为8年

B.地球和行星的线速度大小之比为1:2

C.由图示位置开始计时，至少再经过年，地球位于太阳和行星连线之间D.经过相同时间，地球、行星半径扫过的面积之比为1:2

【答案】B

【解析】

地球和行星均绕太阳做匀速圆周运动，地球绕太阳做圆周运动的周期为T1=1

年，根据解得T2=8

年，A

正确；根据

可知，B错误；根据可得年，C正确；天体半径扫过的面积为，而，联立解得，故经过相同时间，

地球和行星半径扫过的面积之比为，

D正确。此题选择错误的选项，故选B.

7.如图所示，光滑水平面上有一异形滑块ABCD在向左做匀变速运动，竖直平面内存在匀强电场，斜面BC

和AB光滑绝缘，上面分别有两个质量均为m的小球a、b相对滑块静止，其中小球b带负电，电荷量大小

为q，小球a不带电。重力加速度为g，则下列说法中正确的是

A.滑块加速度大小为

B.滑块加速度大小为

C.电场强度的最小值为

D.电场强度的最小值为【答案】C

【解析】

【详解】因小球a不带电，以小球a为研究对象进行受力分析，受到重力和支持力作用，根据牛顿第二定

律可得mgtao30°=ma，解得a=gtan30°=g，故AB错误；AB斜面与水平方向的夹角为180°-（150°-30°）

=60°；对b受力分析如图所示，当电场强度方向沿斜面向上时，场强最小，则：FNcos60°+qEcos30°=mg；

FNsin60°-qEminsin30°=ma，解得电场强度最小值Emin=，故C正确、D错误；故选C。

【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一

般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解

答。

8.利用静电除尘可以大量减少排放烟气中的粉尘。如图是静电除尘装置的示意图，烟气从管口M进入，从

管口N排出，当A、B两端接上高压后，在电场作用下管道内的空气分子被电离为电子和正离子，而粉尘在

吸附了电子后最终附着在金属管壁上，从而达到减少排放烟气中粉尘的目的。已知每千克煤粉会吸附

mmol电子，每昼夜能除尘nkg，设电子电荷量为e,阿伏加德罗常数为N，一昼夜时间为t.根据上述原理，下面做法正确的是

A.A端接高压正极，B端接高压负极

B.A端接高压负极，B端接高压正极

C.高压电源的电流为.

D.高压电源的电流为【答案】BD

【解析】

【详解】管内接通静电高压时，管内存在强电场，它使空气电离而产生阴离子和阳离子。负离子在电场力

的作用下，向正极移动时，碰到烟尘微粒使它带负电。所以金属管B应接高压电源的正极，金属丝A接负

极。故B正确，A错误。根据，一昼夜通过电极的电量为Q=mneN，则高压电源的电流为，选项D正确，C错误；故选BD。

9.如图所示,两只相同的白炽灯泡L1和L2串联后接在电压恒定的电路中.若L2的灯丝断了,经过搭丝后（搭

丝后灯泡的电阻减小）仍然与L1串联,重新接入原来的电路中.假设在此过程中,灯丝电阻随温度变化的因

素可忽略不计,且每只灯泡两端的电压均未超过其额定电压,则此时每只灯泡所消耗的功率与原来各自的功率相比,有

A.L1的功率变大B.L1的功率变小

C.L2的功率变大D.L2的功率变小

【答案】AD

【解析】【详解】串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，电路中的电流：；L2的灯

丝搭接后，其电阻R2变小，电路中的电流变大，P1=I2R1，L1的功率变大，故正确，B错误；灯泡L2的电功

率：

，由数学知道可知：当时，即L2灯丝未断时，R1=R2，P2最大，L2灯丝搭接后R2减小，故功率P2变小，故C错误，D正确。故选AD。

【点睛】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是搭丝后灯泡电阻变化的分析

和利用数学知识判断L1的最大电功率。

10.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电

压U和电流I变化的关系图象（电池电动势不变，内阻不是定值），图线b是某电阻R的U–I图象。在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法中正确的是

A.硅光电池的内阻为10Ω

B.硅光电池的总功率为0.72W

C.硅光电池的内阻消耗的热功率为0.32W

D.若将R换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率增大

【答案】BC

【解析】

【详解】由闭合电路欧姆定律得U=E-Ir，当I=0时，E=U，由a图线与纵轴的交点读出电池的电动势为

E=3.6V．根据两图线交点处的状态可知，将它们组成闭合回路时路端电压为U=2V，电流为I=0.2A，则硅光电池的内阻为，故A错误。硅光电池的总功率为：P总=EI=3.6×0.2W=0.72W，故B正确。硅光电池的输出功率为：P出=UI=0.4V，电池的内阻消耗的热功率为P热=P总-P出=0.32W．故C正确。

R的阻值R==10Ω＞r=8Ω，则若将R换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率将减小，故D错误。故选BC。

【点睛】本题考查对U-I图象的理解能力。对于线性元件可直接利用欧姆定律研究；对于非线性元件不能

直接利用欧姆定律求解；同时对于电源的内阻往往根据电源的U-I曲线研究斜率得到。

11.如图所示电路中，已知R1＝R2＝R3，R1两端电压为3V，R3两端电压为1V．R4、R5为定值电阻．则

A.R2两端电压可能为2V

B.A、B两端电压可能为7V

C.若A、B两端电压为5V，可以判断出R4＞R5D.若A、B两端电压为5V，可以判断出R4＜R5【答案】ABC

【解析】

设R＝R1＝R2＝R3，已知R1两端电压为3V，R3两端电压为1V，根据欧姆定律，流过R1的电流为，流

过R3的电流为，故流过电阻R2的电流可能为：，也可能为：；若流过R2的电流为，则R2两端电压为2V；若流过R2的电流为，则R2两端电压为4V，故A正确；点A与点B间的电压等于电阻R1与R2电压之和．R1两端电压为3V，若R2两端电压为2V，则A、B两端电压为5V；若R2两端电压

为4V，则A、B两端电压为7V，故B正确；若A、B两端电压为5V，电流流向如图所示，