2019高二物理上学期期中试题B卷

2019学年第一学期期中考试高二物理试卷时间：90分钟满分：100分一、选择题（本题共14小题，共42分。

在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每题3分；第11～14题有多项符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1.走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么设计的电路为A ．“与”门电路B ．“非”门电路C ．“或”门电路D ．上述答案都有可能2．比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是用比值法定义的是A ．电场强度B ．电势C ．电容D ．电流3．下列说法正确的是A ．通过某平面的磁感线条数为零，则此平面处的磁感应强度一定为零B ．空间各点磁感应强度的方向就是该点的磁场方向C ．磁场中某一面积S 与该处磁感应强度B 的乘积叫做磁通量D ．磁感应强度为零，则通过放在该处的某平面的磁感线条数不一定为零4.现有一个灵敏电流计，它的满偏电流为mA I g 1，内阻500gR ，若要将它改装成量程为V 3的电压表，则应在该灵敏电流计上A ．串联一个2500Ω的电阻B ．串联一个25000Ω的电阻C ．串联一个3000Ω的电阻 D．并联一个2500Ω的电阻5．如图所示，把轻质导电线圈用绝缘细线悬挂在磁铁N 极附近，磁铁的轴线穿过线圈的圆心且垂直于线圈平面，当线圈内通入图示方向的电流后，则线圈A ．向左运动B ．向右运动C ．静止不动 D．无法确定6．有一个多用电表，其欧姆挡的四个量程为“×1”、“×10”、“×100”、“×1K ”，某同学把选择开关旋到“×100”挡测量一未知电阻时，发现指针偏转角度很大，为了减少误差，他应该换用的欧姆挡和测量方法是A ．用“×1K ”挡，不必重新调整调零旋钮B ．用“×10”挡，不必重新调整调零旋钮C ．用“×1K ”挡，必须重新调整调零旋钮D ．用“×10”挡，必须重新调整调零旋钮7. 第56届日本电池大会上华为发布了5分钟即可充满3000mAh 电池50%电量的快充技术成果，引起业界广泛关注。

2019—2019高二年级上册物理期中测试试题物理在经典时代是由与它极相像的自然哲学的研究所组成的，直到十九世纪物理才从哲学中分离出来成为一门实证科学。

小编准备了高二年级上册物理期中测试试题，具体请看以下内容。

第Ⅰ卷(选择题共50分)一：单选题 (本题共10个小题，每小题3分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

)1.下列说法中，正确的是 ( )A.由公式可知，在离点电荷非常近的地方(r0)，电场强度E 可达无穷大B.由可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大C.由公式可知负电荷在电势低的地方具有的电势能大D.公式，电容器所带电量Q越大，电压U越小，电容器的电容C越大2.如图所示，两块大小、形状完全相同的金属板正对着水平放置，构成一个平行板电容器.将两金属板分别与电源两极相连，闭合开关S达到稳定后，在两板间有一带电液滴P恰好处于静止状态，下列判断正确的是( )A.保持开关S闭合，增大两极间的距离，液滴向上运动B.保持开关S闭合，增大两板间的距离，液滴向下运动C.断开开关S，减小两板间的距离，液滴向上运动D.断开开关S，减小两板间的距离，液滴向下运动3.在图中，甲、乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下列说法不正确的是( )A.甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表内接法B.甲中误差由电压表分流引起，为了减小误差，应使RRV，故此法测较小电阻好C.乙中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使RRA，故此法测较大电阻好D.甲中R测R真，乙中R测4.如图所示，接地的空心金属球壳B右侧有一原来不带电的枕形导体C，现将带负电的小球A，置于空心金属球壳B的内部，则下列说法中正确的是( )A.球壳B带正电，枕形导体C的左端带负电B.球壳B带正电，枕形导体C的左端带正电C.球壳B带负电，枕形导体C的左端不带电D.球壳B带正电，枕形导体C的左端不带电5.图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0。

吉林省实验中学2018---2019学年度上学期高二年级物理学科期中考试试题一．选择题（共12小题，52分。

其中1—8题为单项选择题，每题4分；9—12题为多项选择题，每题5分，少选得3分，错选或不选得0分。

）1．电场线分布如图所示，电场中a ，b 两点的电场强度大小分别为E a 和E b ，电势分别为φa 和φb ，则 A ．E a < E b ，φa > φb B ．E a > E b ，φa < φb C ．E a > E b ，φa > φb D ．E a < E b ，φa < φb2．电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此 A ．电动势是一种非静电力B ．电动势越大，表明电源储存的电能越多C ．电动势的大小是非静电力做功能力的反映D ．电动势就是闭合电路中电源两端的电压3．真空中有三个点电荷，它们固定在等边三角形的顶点A 、B 、C 上，电荷量分别为q +、q +、q -，位于A 、C 两点的电荷受到的库仑力大小之比 A ．1:1 B3 CD ．2:14．如图所示，R 1和R 2是材料相同、厚度之比为1:2、表面均为正方形的导体，但R 2的尺寸比R 1要小，通过导体的电流方向如图所示，假设R 1边长为4L ，R 2边长为L ，若R 1的电阻值为10 Ω，则R 2的阻值 A ．10 Ω B ．20 Ω C ．5 Ω D ．40 Ω5．某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是 A ．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小 B ．图象上某点切线的斜率的倒数即为该状态的电阻值 C ．电压为5 V 时，导体的电阻是0.2 Ω D ．电压为12 V 时，导体电阻的电功率为18 W6．如图所示，a 、b 、c 、d 是半径为r 圆上的四个点，其中a 、c 是圆直径的两个端点，b 、d 两点关于a 、c 连线对称，在圆心及与圆心相距2r 处固定两个等量异种点电荷+Q 、-Q 。

北京市大兴区2019-2020学年高二第一学期期中质量检测物理试题一、单项选择题（本题包括10个小题,每小题只有一个选项符合题意）1．三个同样的电阻，额定功率均为10 W ，把其中两个并联再与第三个串联接入电路，则此电路允许消耗的最大电功率为( )A ．10 WB ．15 WC ．20 WD ．30 W【答案】B【解析】设通过电阻最大电流为I ，则有I 2R=10W ，两个并联再与第三个串联接入电路，通过第三个电阻的电流不能超过最大值，则通过并联的每个电阻的电流不能超过最大值的一半．电路中的总功率 2223+()215W 22I P I R R I R =⨯== 故选B ．2．若正电荷Q 周围的电场线如图所示，由图可知，以下说法正确的是（ ）A ．a 点的电场强度小于b 点的电场强度B ．把另一个带正电的点电荷放在a 点，它所受的电场力向右C ．把另一个带负电的点电荷放在b 点，它所受的电场力向右D ．把另一个带正电的点电荷放在b 点，它所受的电场力向左【答案】B【解析】A 、电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，所以a 点的电场强度大于b 点的电场强度；故A 错误．B 、把另一个带正电的点电荷放在a 点，它所受的电场力与电场线的方向相同，向右；故B 正确．C 、把另一个带负电的点电荷放在b 点，它所受的电场力与电场线的方向相反，向左；故C 错误．D 、把另一个带正电的点电荷放在b 点，它所受的电场力向右；故D 错误．故选B ．【点睛】该题考查点电荷的电场线和场强的特点，只有熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键．3．一带负电的粒子仅受电场力作用下在电场中做直线运动，v －t 图象如图所示，1t 、2t 时刻分别经过M 、N 两点，则下列判断正确的是（ ）A．该电场可能是由某正点电荷形成的B．带电粒子从M点运动到N点的过程中，电势能逐渐增大C．M点的电势低于N点的电D．带电粒子在M点所受电场力大于在N点所受电场力【答案】B【解析】由速度时间图象可知：粒子在电场中做匀减速直线运动，加速度是一个定值，所以电场力不变，场强不变，因此该电场是匀强电场，不可能是由某正点电荷形成的，故AD错误．由速度图象可知，带电粒子在从M点到N点的过程中，速度减小，动能减小，根据能量守恒定律可知，电势能逐渐增大，粒子的速度减小，所以带电粒子所受的电场力方向从N→M，而粒子带负电，则电场线方向从M→N，所以M 点的电势高于N点的电势，故B正确，C错误；故选B.【点睛】由速度时间图象分析粒子速度的变化，根据能量守恒定律分析电势能的变化．粒子在电场中做匀减速直线运动，加速度是一个定值，所以电场力不变，是匀强电场．4．将一个，的表头改装成一个量程为3V的电压表，正确的操作应该是（）A．加一节电池B．加两节电池C．串联一个990欧姆的电阻D．并联一个990欧姆的电阻【答案】C【解析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，根据串联电路的特点，则有：，解得：，C正确，故选C.5．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B(长木板足够长)的左端放着小物块A.某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F＝kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力F f的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的vt 图象的是()．A ．B ．C ．D ．【答案】B【解析】选AB 整体为研究对象，AB 整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律 得：12F a m =，对B 应用牛顿第二定律：1f a m =，对A 应用牛顿第二定律：1F f a m-=，经历时间：F t k =，由以上解得：2f t k =，此后，B 将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线，故B 正确，ACD 错误．6．质量均为M 的两小车A 和B ，停在光滑的水平地面上，一质量为m 的人从A 车以水平速度v 跳上B 车，以v 的方向为正方向，则跳后A ，B 两车的速度分别为（ ）A ．mv M -，mv M m + B ．mv M ，mv M m + C ．mv M ，-mv M m + D ．mv M -，-mv M m + 【答案】A【解析】人从A 车跳出过程，人和A 车组成的系统动量守恒，则得：0=mv+Mv A ，解得人跳出后A 车的速度为：A mv v M=- 人跳上B 车的过程，人和B 车组成的系统动量守恒，则得：mv=（M+m ）v B ，解得B 车的速度为：B mv v M m=+故选A ． 7．一块磁铁从高处掉到地上，虽然没有断，但磁性变弱了，这是因为A ．磁铁被磁化了B ．磁铁因剧烈震动而退磁了C ．磁铁是非磁性物质D ．磁铁是软磁性材料【答案】B【解析】由安培的环形电流假说，磁性变弱是由于磁铁因剧烈震动而退磁了，里面的磁性排列变的杂乱，故选B8．如图所示，水平桌面上平行放置两光滑的金属导轨，导轨相距为L ，一质量为m 的金属杆垂直导轨放置，正以速度v 1向左匀速运动，金属杆左侧有一矩形匀强磁场区域MNPQ ，磁感应强度大小为B ，方向竖直向上，正以速度v 2（v 2＜v 1）向右匀速移动，定值电阻值为R ，金属杆电阻为是R/2，其余电阻不计，则当金属杆刚进入磁场区域时（ ）A ．金属棒ab 两端的电势差U=23BLv 1B．金属棒ab的加速度大小为a=2212 2()3B L v vmR-C．流过电阻R的电流大小为I=122()3BL v vR+D．如只改变磁场方向，金属棒ab所受安培力的大小不变，方向改变【答案】C【解析】由E=BLv求出感应电动势，应用欧姆定律求出电路电流与金属棒两端电压，由安培力公式求出金属棒的加速度，根据右手定则判断感应电流方向，应用左手定则判断安培力方向．【详解】金属棒刚进入磁场时感应电动势：E=BL（v1+v2），通过电阻R的电流：122()132BL v vEIRR R+==+，金属棒ab两端电势差：U=IR=122()3BL v v+，故A错误，C正确；金属棒受到的安培力：F=BIL，对金属棒，由牛顿第二定律得：BIL=ma，解得：22122()3B L v vamR+=，故B错误；如只改变磁场方向，由右手定则可知，感应电流方向反向，由左手定则可知安培力方向不变，故D错误；故选C．【点睛】对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．9．如图，两个相距l的固定点电荷A、B，所带电量均为+Q。

2019第一学期期中联合考试高二物理试卷（满分：100分；时间：90分钟）注意事项：1．答卷前，考生务必将班级、姓名、座号填写清楚。

2．每小题选出答案后，填入答案卷中。

3．考试结束，考生只将答案卷交回，试卷自己保留。

第Ⅰ卷（选择题，48分）一、选择题（本题包括12个小题，每小题4分，共48分。

1-8题每小题只有一个正确选项，9-12题每小题有2个或2个以上答案，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分） 1．下述说法正确的是A ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹B ．根据E =qF，可知电场中某点的场强与电场力成正比 C ．几个电场叠加后合电场的场强一定大于分电场的场强 D ．根据E =2rKQ，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比 2．真空中有两个完全相同的带电金属小球A 和B ，相距为r ，带电量分别为-q 和+7q ，它们之间作用力的大小为F ，现将A 、B 两小球接触后再放回原处，则A 、B 间的作用力大小变为A ．16F /7B ．9F /7C ．3F /7D ．F /7 3．某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是A ．该元件是非线性元件，欧姆定律不适用，不能用R =U /I 计算导体在某状态下的电阻B ．导体两端加5V 电压时，导体的电阻是0.2ΩC ．导体两端加12V 电压时，导体的电阻是8ΩD ．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小4．将一正电荷从无穷远处移向电场中的M 点，电场力做的功为8.0×10－9J ；若将一个等量的负电荷从电场中N 点移向无穷远处，电场力做的功为7.0×10－9J 。

若取无穷远处电势φ∞＝0，则下列有关M 、N 两点的电势φM 、φN 的关系中，正确的是A ．φM ＜φN ＜0B ．φN ＞φM ＞0C ．φN ＜φM ＜0D ．φM ＞φN ＞05．在如图所示电路中，AB 两端电压恒为10V ，电路中的电阻R 0为2.0Ω，小型直流电动机M 的内阻为0.5Ω，闭合开关S 后，电动机转动，理想电流表的示数为2.0A ．则以下判断中正确的是A ．电动机两端的电压为1.0VB ．电动机的机械功率为12WC ．电动机产生的热功率为4.0WD ．电路消耗的总功率是为20W6．如图所示，空间有两个等量的正点电荷， 两点在其连线的中垂线上，则下列说法一定正确的是A ．场强E a >E bB ．场强E a <E bC ．电势 φa >φbD ．电势 φa <φb7．一横截面积为S 的导线，当有电压加在该导线两端时，导线中的电流为I ，设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子的电荷量为e ，此时电子定向移动的速度为v ，则在Δt 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为A ．nvS ΔtB ．nv ΔtC ．e t IS ∆ D ．SetI ∆8．如图所示，A 、B 是两个带异种电荷的小球，其质量分别为m 1和m 2，所带电荷量分别为＋q 1和－q 2，A 用绝缘细线L 1悬挂于O 点，A 、B 间用绝缘细线L 2相连。

亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019年下学期两校联考高二年级物理期中考试物理试题（本试卷满分100分，考试时间90分钟）一、单项选择题（共12小题，每小题3分，共36分。

每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1. 首先发现电流产生磁场的科学家是（）A. 富兰克林B. 法拉第C. 安培D. 奥斯特【答案】D...............考点：考查物理史实点评：本题难度很小，考查了学生对物理常识的记忆基础2. 真空中两个相同的金属小球A和B，带电荷量分别为Q A=2×10-8C和Q B=4×10-8C，相互作用力为F，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】设A球的电荷量为Q，则B球的电荷量为2Q，未接触前，根据库仑定律，得：，接触后两球带电量平分，再由库仑定律，得：，则，故A正确。

点晴：本题考查运用比例法求解物理问题的能力．对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量平分。

3. 电场中有一点P，下列说法正确的是（）A. 若放在P点的电荷的电量减半，则P点场强减半B. 若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C. P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大D. P点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【答案】C【解析】A项：通过电荷所受电场力与其电量的比值来定义电场强度，该点的电场强度已是定值，若放在P点的电荷的电量减半，其比值是不变的，只有电场力减半，故A错误；B项：若P点没有检验电荷，则没有电场力，而P点的电场强度仍不变．故B错误；C项：P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确；D项：P点的场强方向为检验正电荷在该点的受力方向，故D错误；点晴：电场强度是通过比值定义的，比值与其电场力及电量均没有关系．例如：质量与体积的比值定义为密度．当质量变大时，体积变大，而比值却不变．电场线虽不实际存在，但却能形象描绘电场的强度与方向．4. 有一电场的电场线如图所示，场中A、B两点的场强和电势分别用E A、E B和φA、φB 表示，则（）A. E A>E B，φA>φBB. E A>E B，φA<φBC. E A<E B，φ A>φBD. E A<E B，φA<φB【答案】D【解析】电场线的疏密表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故，沿电场线方向电势降低，故，D正确．5. 关于电容器的电容，下列说法正确的是（）A. 电容器带的电荷量越多，其电容越大B. 电容器两板间电压越低，其电容越小C. 电容器不带电时，其电容为0D. 电容器的电容只由它本身特性决定【答案】D【解析】A、B项：电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，故A、B错误；C项：根据，电容器的电容只由它本身特性决定，当不带电时，仍存在电容．故C 错误，D正确。

2019期中联考高二物理试卷（本试卷满分为100分，考试时间100分钟）第一卷（选择题共48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

1－8题为单选，9－12题为多选，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。

）1. 关于库仑定律，下列说法中正确的是( )A. 库仑定律公式适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的带电球体B.当两个电荷间的距离r→∞时，库仑定律的公式就不适用了C. 若点电荷的电荷量大于的电荷量，则对的电场力大于对电场力D. 静电力常数的数值是由实验得出的2. 图中实线为一簇电场线，虚线是一带电粒子从电场中的A点运动到B点的运动轨迹。

粒子只受电场力作用，下列说法正确的是( )A. 粒子带正电B. 粒子在A点的速度大于在B点的速度C. 粒子在A点的加速度小于在B点的加速度D. 粒子在A点的电势能大于在B点的的电势能3．R1＝10Ω，R2＝20Ω，R1允许通过的最大电流为1.5A，R2两端允许加的最大电压为10V，若将它们串联，可以加在电路两端的最大电压是( )A．45V B．5V C．25V D．15V4、.伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种，下列说法正确的是 ( )A. 两种接法完全等效B. 按甲图接法，测得值偏小C. 若待测电阻的阻值很大，按甲图接法误差较小D. 若待测电阻的阻值很小，按甲图接法误差较小5．如图所示为A、B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是( )A．电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B的阻值不变B．在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻B的阻值C．在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻B的阻值D．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B的阻值6．两根材料相同的均匀导线x和y，其中，x长为l，y长为2l，串联在电路中时沿长度方向的电势φ随位置的变化规律如图所示，那么，x和y两导线的电阻和横截面积之比分别为( )A．3∶1 1∶6 B．2∶3 1∶6C．3∶2 1∶5 D．3∶1 5∶17.如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势随x变化的情况如图乙所示。

2019学年度第一学期半期考试高二年级物理学科试题一、选择题选择题（1—9题为单项选择，每题4分，10—12为多项选题，每题4分，选对但选不全的得2分，有错选得0分，共计48分）1. 用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是由比值法定义的是( )A. 加速度B. 电阻C. 电容D. 电场强度【答案】A【解析】试题分析：比值法定义的物理量与其他两个物理量大小没有关系，即比值法定义是计算式，不是决定式，BCD都是计算式，而加速度则为决定式，加速度的计算式应该为，故A正确考点：考查了比值法定义【名师点睛】关键是理解比值法定义：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变2. 如图所示，A、B是两个带电量相等的异种点电荷，A带正电，B带负电，oo’为两点电荷连线的垂直平分线，P点是垂足，若从P点以大小为v0的初速度发射一个质子，则( )A. 若质子初速度方向由P指向A，则质子在接近A点的过程中速度越来越大B. 若质子初速度方向由P指向B，则质子在接近B点的过程中加速度越来越大C. 若质子初速度方向由P指向O，则质子在运动的过程中加速度的大小不变D. 若质子初速度方向由P指向O，则质子在运动的过程中加速度的方向不变【答案】B【解析】试题分析：A、若电子初速度方向由P指向A，当电子在接近A点的过程中，根据正负电荷的电场强度合成可知，电场强度越来越大，则电场力也越来越大，所以加速度也越来越大，因加速度与速度同向，则速度越来越大．故A正确；B、若电子初速度方向由P指向B，根据正负电荷的电场强度合成可知，当质子在接近B 点的过程中，电场强度越来越大，则电场力也越来越大，所以加速度也越来越大，但速度与加速度反向，则速度越来越小，故B错误；C、若质子初速度方向由P指向O，则质子在运动的过程中，因初速度方向与电场力不共线，则做曲线运动，导致电场力大小与方向均发生变化，所以加速度大小与方向也发生变化，故CD错误；考点：本题考查了等量异号电荷电场线特点3. 如图为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线则( )A. 场强E a>E b，E b<E cB. 电势φa>φb，φc>φbC. 沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势能改变是一样的D. 沿bc方向直线射入的电子一定做直线运动【答案】D【解析】根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小，可知E a＞E b＞E c，故A错误；沿着电场线方向电势是降低的，同一等势面上各点的电势相等，则知，故B错误；沿cba路径移动质子与电子，根据公式W=qU，知由于电子与质子的电性相反，电场力对质子做正功，质子的电势能减小，对电子做负功，电子的电势能增大，故C错误；沿bc方向直线射入的电子，所受的电场力沿cb方向，电子做直线运动，故D正确。

江苏省邳州四中2018-2019学年高二物理上学期期中试题（扫描版）2018—2019学年度第一学期期中考试 高二物理参考答案与评分标准(选修3-1)一、二、选择题(1-6每题3分；7-11多选题，每题4分)三、简答题（本大题共3小题,共22 分）12．（每空2分，共4分）61.70、1.195（1.194 ~ 1.197皆认可） 13.（每空2分，共8分（1）10，b ；（2）增大；（3）Y 14.（10分，每空2分） (1)如图(2)1.5，0.5 (3)＜，＜四、计算题（本题共3小题，共计40分）15．(12分)解 （1）匀加速直线运动v 2=2as解得v =（2）安培力F 安=IdB 金属棒所受合力–F mgsin F θ=安 牛顿运动定律F=ma解得–m gsinIdaBθ=（）（3）运动时间vta=电荷量Q=It解得sing a QdBaθ-=）16．(12分)解:(1)R1消耗的电功率为：P1=I2R1=32×1W =9W(2)R1两端电压：U1=IR1=3×1V=3VR2两端电压：U2=E−U内−U1=12−3×1−3V=6V通过R2的电流：I2=U2/R2=6/6A=1A通过电动机的电流：I M=I−I2=(3−1)A=2A，U M=U2=6V电动机消耗的电功率为：P M=I M U M=2×6W =12W输出功率P出=P M−I2M r=12−22×0.5=10W(3)电源的效率为η=P出/P M×100%=U/E×100%=75%17．（16分）解：(1)带电粒子由O到A运动过程中，由动能定理得：(2)设电场强度大小为E,则有：U AO=E y0，t=0时刻,由牛顿第二定律解得：(3)t0∼t0+t1时间内,粒子在小的虚线圆上运动,t0+t1时刻粒子从C点切入大圆,大圆最大半径为x0，相应小圆最大半径为R，对应于B1取最小值,带电粒子由C点到经过x轴上x=x0点的时间t2满足。