【物理】广东省广州市执信中学2015届高考信息试卷(二)

2015年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷) 13.A【解析】在s−t图象中，倾斜直线表示质点做匀速直线运动，在0.2~0.5h内，甲、乙二人均做匀速直线运动，加速度均为零，故B错误；在s−t图象中，图线的斜率代表质点运动的速度，在0.2~0.5h内，甲所对应图线的斜率大于乙所对应图线的斜率，即甲的速度比乙的速度大，故A正确；在0.6~0.8h内，甲的位移为−5km，乙的位移为−3km，即甲的位移比乙大，故C错误；在0.8h内，甲的路程为15km，乙的路程为11km，即甲的路程比乙大，故D错误.14.C【解析】以帆板为参考系，帆船在南北方向上，以速度v朝正北方向运动，帆船在东西方向上，以速度v朝正东方向运动，如图所示，由平行四边形定则可得：帆船相对帆板，以v0=√v2+v2=√2v朝北偏东45°航行，故C正确ABD错误.15.D【解析】设理想变压器的原线圈匝数为n1，两端电压为U，副线圈的匝数为n2，加热电阻为R，由理想变压器的电压比等于匝数比，可得Un1=220n2和Un1=110n2′，即n2n2′=21，故D正确；由欧姆定律I2=U2R ，可得I2I2′=21，故A错误；由电功率P2=U22R 可得P2P2′=41，故B错误；因理想变压器的输入功率等于输出功率，即P1=P2和P1′=P2′，可得P1 P1′=41，故C错误.16.B【解析】两粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得qvB=mv2r ，得r=mvqB=pqB，即rαr H=e2e=1 2，故A错误；由动量的定义p=mv，可得v=pm，即vαv H =m04m0=14，故C错误；由周期公式T=2πrv，可得TαT H =rαr H×v Hvα=21，故B正确；由洛伦兹力公式f=qvB，可得fαf H =2ee×vαv H=12，故D错误.17.AB【解析】在水加热升温的过程中，封闭气体的体积不变，由温度升高可知，封闭气体的内能增大，故A正确；封闭气体发生了等容变化，由理想气体状态方程pVT=C可知，封闭气体的压强增大，故B正确；因封闭气体的体积不变，不影响分子间距离，故C错误；因温度是宏观统计学物理量，对个别分子无意义，故当封闭气体的温度升高时，并不是所有分子的运动速率都增大，而是分子的平均动能增大，故D错误.18.AC【解析】由核反应过程，质量数和电荷数分别守恒，则由两核反应方程，可知X的质量数为1，质子数为0，即为中子，故A正确；Y的质子数为3，质量数为6，即中子数为6−3=3，故B错误；氘核、氚核反应生成质量较大的核，属于核聚变，故C正确；因两个核反应都释放出能量，故均发生了质量亏损，故D错误.19.BD【解析】因三条绳子的长度不等，绳子与水平地面的夹角不等，由平衡条件可知，三条绳中的张力不一定相等，故A错误；对竖直杆受力分析，由平衡条件可知，地面对杆的支持力等于杆的重力和三条绳子的拉力在竖直方向分力的合力，由牛顿第三定律可知，杆对地面的压力大于自身的重力，故B正确；地面对杆的支持力等于杆的重力和三条绳子的拉力在竖直方向分力的合力，可见，绳子对杆的拉力的合力与杆的重力不是一对平衡力，故C错误；因杆处于静止状态，其所受合力为零，故杆在水平方向上和竖直方向上的合力都为零，故绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零，故D正确.20.BD【解析】设星球的半径为R，星球的质量为M，探测器的质量为m，由牛顿第二定律得G MmR2=mv2R，得v=√GMR,探测器脱离星球所需的发射速度√2v=√2GMR，与探测器的质量m无关，故A错误；由万有引力公式F=G MmR2，设地球质量为M地，可得F火=G110M地m14R地2= 25F地,即探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大，故B正确；探测器脱离地球所需的发射速度√2v=√2GM地R地，探测器脱离火星所需的发射速度√2v火=√2G⋅110M地12R地=√25v，探测器脱离两星球所需的发射速度不相等，故C错误；探测器在脱离星球的过程中，离星球的高度越来越大，故其势能也逐渐增大，故D正确.21.BC【解析】M、N处于静止状态，其受到的电场力和两者间库仑力构成平衡力，合力为零，如图所示，由题设条件可知，M带负电荷，N带正电荷，故B正确D错误；由平衡条件可得q M E=F MN，q N E=F MN，可得q M=q N，故A错误；M带负电，受到水平向左的电场力，向右移动，故电场力做负功，故C正确.34.(1)①靠近;先接通电源;再释放纸带;②b;纸带与计时器间的摩擦力【解析】(1)①为了使纸带上打下更多的点，使重物靠近计时器下端；先接通电源，后释放纸带，使重物自由下落.②重物向下做匀加速直线运动，在连续相等时间内位移逐渐增大，通过观察两条纸带，应选取b来计算重力加速度.误差分析，除了在下落过程中，重物受到空气阻力外，纸带与打点计时器间阻力也不可忽视.(2)①10.0;b;②增大;③Y;④3.2;0.50.【解析】①欧姆挡测量电阻，其读数为10.0Ω；由于10.0<√3000×1，元件X 的阻值为小电阻，采用电流表外接法，选用b 电路进行实验.②滑动变阻器的滑片P 从左向右滑动，元件X 两端的电压逐渐变大，故电流表的示数也逐渐增大.③由图线可知，元件X 的U 和I 间成线性关系，故Y 为非线性元件.④由闭合电路欧姆定律得U 1=ER 0+r R 0=3V ，U 2=ER 0+r+R R 0=1V ，联立可得E ≈3.2V ，r =0.50Ω. 35. (1)0.04V ;(2)i =t −1(1s ≤t ≤1.2s).【解析】(1)由法拉第电磁感应定律得 E =ΔΦΔt=ΔBSΔt, 代入数据解得E =0.04V .(2)棒进入磁场后，切割磁感线产生感应电动势，有 E =BLv ,因t =1s 时刻棒进入磁场且磁感应强度恒定不变，则当棒运动到bd 位置时，棒受到的安培力最大，即 F m =BIL =B 2L 2v R=0.04N ,当棒在abd 区域运动时，有x =v(t −1), E i =2Bxv ,解得i =E i R =2BxvR=t −1(1s ≤t ≤1.2s).36. (1)22N ，方向竖直向下;(2)45;(3)v n =√9−0.2n(n <45).【解析】(1)物块A 从最初位置到Q 点，由动能定理得−mg ⋅2R =12mv 2−12mv 02，解得v =4m/s .设物块在Q 点受轨道的弹力为F ，则有F +mg =mv 2R， 解得F=22N ，方向竖直向下.(2)由机械能守恒知，滑块A 与B 碰前的速度为 v 0=6m/s ，A 、B 碰撞过程，由动量守恒得mv 0=2mv 共,解得v 共=3m/s ,设滑块A 、B 经粗糙段的路程为s 停下，由动能定理得−μ⋅2mg ⋅s =0−12⋅2mv 共2，故s=4.5m ， 则k =sL=45.(3)由题意知，滑块A 、B 在第n 个光滑段上的速度v n 等于经过第n 个粗糙段的速度，则有−μ⋅2mg ⋅nL =12⋅2mv n 2−12⋅2mv 共2，解得v n=√v 共2−2μgnL =√9−0.2n(n <45).。

2015年广东省高考物理试卷一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1. （4分）（2015 ?广东）甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移-时间图象如图所示.下列表述正确的是（）A. 0.2 - 0.5小时内，甲的加速度比乙的大B. 0.2 - 0.5小时内，甲的速度比乙的大C. 0.6 - 0.8小时内，甲的位移比乙的小D. 0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等考点：匀变速直线运动的图像.专题：运动学中的图像专题.分析：位移图象反映质点的位置随时间的变化情况，其斜率表示速度，倾斜的直线表示匀速直线运动；根据斜率的正负分析速度的方向.物体的位移等于s的变化量.解答：解：A、由图知，0.2 -0.5小时内甲乙都做匀速直线运动，加速度均为零，故A错误.8 s-t图象的斜率表示速度，甲的斜率大，则甲的速度比乙的大，故B正确.G物体的位移等于s的变化量.则知0.6 - 0.8小时内，甲的位移比乙的大，故C错误. 以0 - 0.6小时内，甲的位移比乙的大，0.6 - 0.8小时内，甲的位移比乙的大，所以0.8 小时内，甲的路程比乙的大，故D错误.故选：B. 点评：该题考查了对位移--时间图象的理解和应用，要掌握：在位移-时间图象中，图象的斜率表示质点运动的速度的大小，纵坐标的变化量表示位移.2. （4分）（2015?广东）如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v 朝正北方向航行，以帆板为参照物（）A. 帆船朝正东方向航行，速度大小为 vB. 帆船朝正西方向航行，速度大小为 vC. 帆船朝南偏东45°方向航行，速度大小为 桓vD.帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为 显v考点：运动的合成和分解.分析： 将帆板视为静止，则可得出船相对于板的速度， 再由运动的合成与分解可求得合速度的大小和方向.解答： 解：以帆板为参考系，即把帆板看作静止，则帆船相对于帆板有向东的速度 v 及向 北的速度v;由矢量合成可知，二者的合速度 v 合=0;方向北偏东45度. 故选：D点评： 本题考查运动的合成与分解及参考系的内容， 矢量是高中物理中的重要内容要掌握其合成与分解的方法.3. （4分）（2015?广东）如图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变阻 器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头 P,使输出电压有效值由220V 降至110V.调节前后（）导气管考点：变压器的构造和原理. 专题：交流电专题.分析： 变压器的电压与匝数成正比， 电流与匝数成反比， 输入功率等于输出功率， 结合欧姆定律分析.解答： 解：A 、通过调节触头P,使输出电压有效值由 220V 降至110V,输出电压减小为原 来的一半，在原线圈电压和匝数不变的情况下， 根据原副线圈电压之比等于匝数之比得副线圈接入匝数 也应该变为原来的一半，所以接入匝数之比为 2: 1,副线圈电压减半，电阻不变，电流也随之减半，所以电流之比 为2: 1,故A 错误，C 正确；8由P=r ，所以输出功率之比为 4: 1,故B 错误；以副线圈输出功率等于原线圈输入功率，所以原线圈输入功率之比为 4: 1,故D 错误;故选：C点评： 本题不仅考查了变压器的特点和欧姆定律，还结合闭合电路考查了电路的动态分 4. （4分）（2015?广东）在同一匀强磁场中，a 粒子（4 He ）和质子（1 H ）做匀速圆周 2 1A.副线圈中的电流比为1: 2 C.副线圈的接入匝数比为 2:B.副线圈输出功率比为 2: 1 D.原线圈输入功率比为1: 2运动，若它们的动量大小相等，则a粒子和质子（）A. 运动半径之比是2: 1B.运动周期之比是2: 1C. 运动速度大小之比是4: 1D.受到的洛伦兹力之比是2: 1考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：带电粒子在磁场中的运动专题.分析：质子H和a粒子以相同的动量在同一匀强磁场中作匀速圆周运动，均由洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律和圆周运动的规律，可求得比较r、速度v及T的表达式，根据表达式可以得到半径以及周期之比.解答：解：C、两个粒子的动量大小相等，质量之比是4: 1,所以：至二虺二L 故C错误；呢4A、质子H和a粒子在匀强磁场中作匀速圆周运动，均由洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=^—，得轨道半径：R如土R qB qB根据质子质子（和③（？He）粒子的电荷量之比是1: 2,质量之比是1： 4,… q^i 1 ,,小则得：Rde： R=——二S，故A错误；2一一……，T He v He V H 1^42 .r>8粒子您动的周期：T —，所以：—二------------------------- - X -=7 .故B正确;v T H v He 2 11以根据粒子受到的洛伦兹力：f=qvB，得：呈二"岛四芝妃旦.故。

2015年广东省高考物理试卷选择题：下列哪个物理量是标量？A) 力B) 速度C) 加速度D) 位移以下哪个物理量与功率有关？A) 质量B) 速度C) 时间D) 能量以下哪个物理量与电流强度有关？A) 电压B) 电阻C) 电荷D) 磁感应强度以下哪个物理量与光的折射有关？A) 频率B) 波长C) 速度D) 强度以下哪个物理量与力的大小有关？A) 质量B) 加速度C) 速度D) 位移以下哪个物理量与电势差有关？A) 电荷B) 电流强度C) 电阻D) 时间以下哪个物理量与功有关？A) 质量B) 速度C) 加速度D) 位移以下哪个物理量与电场强度有关？A) 电荷B) 电势差C) 电流强度D) 电阻以下哪个物理量与波长有关？A) 频率B) 速度C) 强度D) 能量以下哪个物理量与动能有关？A) 质量B) 速度C) 加速度D) 位移填空题：物体在自由落体运动中，下落的加速度大小为________。

答案：9.8 m/s^2物体的动量等于物体的质量乘以________。

答案：速度根据牛顿第二定律，力等于物体的质量乘以________。

答案：加速度根据欧姆定律，电流强度等于电压除以________。

答案：电阻根据光的折射定律，入射角和折射角的________成正比。

答案：正弦值根据库仑定律，两个电荷之间的电力与它们的________成正比，与它们之间的距离的________成反比。

答案：大小，平方根据能量守恒定律，能量的总量在一个________系统中保持不变。

答案：封闭根据波长和频率的关系，波速等于波长乘以________。

答案：频率根据牛顿万有引力定律，两个物体之间的引力与它们的________成正比，与它们之间的距离的________成反比。

答案：质量，平方根据功的定义，功等于力乘以________。

答案：位移。

2021 -2021学年度第二学期高二级物理科期末考试试卷本试卷分选择题与非选择题两局部，共10页，总分值为110分。

考试用时150分钟。

考前须知：1、答卷前，考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己姓名与学号填写在答题卡与答卷密封线内相应位置上，用2B铅笔将自己学号填涂在答题卡上。

2、选择题每题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

3、非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内相应位置上，超出指定区域答案无效；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔与涂改液。

不按以上要求作答答案无效。

4、考生必须保持答题卡整洁与平整。

第一局部选择题(共42 分)一、单项选择题(共6题,每题只有一个正确选项,每题3分,共18分)1．以下关于分子热运动说法中正确是( )A．布朗运动就是液体分子热运动B．气体如果失去了容器约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力C．对于一定量理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它内能一定减小D．如果气体温度升高，分子平均动能会增加，但并不是所有分子速率都增大2 .铀核23892U衰变为铅核20682P b过程中，要经过x次 衰变与y次 衰变，其中( )A．x=6，y=8 B．x=8，y=6 C．x=16，y=22 D．x=22，y=163．用蓝光照射某种金属外表，发生光电效应。

现将该蓝光强度减弱，那么〔〕A．单位时间内从金属外表逸出光电子数目将减少B．逸出光电子最大初动能将减小C．从光照至金属外表上到发射出光电子之间时间间隔将明显增加D．有可能不发生光电效应4．氢原子能级如下图，现用光子能量介于10～12.9 eV 范围内光去照射一群处于基态氢原子，那么以下说法中正确是( )A．在照射光中可能被吸收光子能量有无数种B．在照射光中可能被吸收光子能量只有3种C．照射后可能观测到氢原子发射不同波长光有10种D．照射后可能观测到氢原子发射不同波长光有3种5．甲、乙、丙三种固体薄片上涂上蜡，由烧热针接触其上一点，蜡熔化范围如图甲、乙、丙所示，而甲、乙、丙三种固体在熔化过程中温度随加热时间变化关系如图丁所示，以下说法正确是( )A．甲、乙为非晶体，丙是晶体B ．甲、乙、丙都是晶体C ．甲、丙为非晶体，丙是晶体D ．甲为多晶体，乙为非晶体，丙为单晶体6.交流发电机线圈电阻r ＝1 Ω，用电器电阻R ＝9 Ω，电压表示数为9 V ，如下图，那么该交流发电机( )A ．电动势峰值为10 VB ．电动势有效值为9 VC ．交流发电机线圈通过中性面时电动势瞬时值为10 2 VD ．交流发电机线圈自中性面转过90°过程中平均感应电动势为202πV 二、多项选择题〔共6小题，每题4分。

2015广东高考执信中学物理信息卷及答案一、单项选择题（本题共4小题，每小题4分，只有一个选项符合题意要求） 13、如图，当风水平吹来时，风筝面与水平面成一夹角，人站在地面上拉住连接风筝的细线。

则 A ．空气对风筝的作用力方向水平向右 B ．地面对人的摩擦力方向水平向左C ．地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力D ．风筝处于稳定状态时拉直的细线可能垂直于风筝面14、如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下，θ角逐渐增大且货物相对车厢静止．．．．．．．．的过程中，下列说法正确的是A ．货物受到的摩擦力减小B ．货物受到的支持力不变C ．货物受到的支持力对货物做正功D ．货物受到的摩擦力对货物做负功15、速率相同的电子垂直磁场方向进入四个不同的磁场，其轨迹如图所示，则磁场最强的是（ ）16、某压力锅的结构如图所示，盖好密封锅盖，将压力阀套在出气孔上，给压力锅加热，当锅内气体压强达到一定值时，气体就把压力阀顶起．假定在压力阀被顶起时，停止加热．此后对锅内气体，下列说法正确的是A ．气体要吸热B ．外界要对气体做功C ．气体的分子平均动能将增大D ．气体的内能将减小二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分。

有2个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）17、利用光电管研究光电效应的实验电路如图所示，用频率为v 0的可见光照射阴极K ，电表中有电流通过，则（ ） A ．只用紫外光照射K ，电流表中不一定有电流通过 B ．只用红外光照射K ，电流表中不一定无电流通过C ．频率为v 0的可见光照射K ，变阻器的滑片移到A 端，电流表中一定无电流通过D ．频率为v 0的可见光照射K ，变阻器的滑片向B 端滑动时，电流表示数可能不变18、如图，有一面积为S ，匝数为N 的矩形线圈绕OO ′轴在磁感强度为B 的匀强磁场中以角速度ω匀速转动。

从图示位置开始计时，下列判断正确的是Ａ．电流表测的是最大值B ．感应电动势的瞬时值表达式为t NBS e ωωsin ⋅=C ．P 向上移动时，电流表示数变大D ．P 向上移动时，电流表示数变小19、神舟六号载人航天飞船经过115小时32分钟的太空飞行，绕地球飞行77圈，飞船返回舱终于在2005年10月17日凌晨4时33分成功着陆，航天员费俊龙、聂海胜安全返回。

高中物理学习材料桑水制作2015广东高考执信中学物理信息卷三无答案一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

13.（改编）某航母跑道长为200m，飞机在航母上借助弹射系统获得的最大初速度为10m/s，起飞需要的最低速度为50m/s.那么，飞机在滑行所需的最小加速度为A . 5m/s2B . 6m/s2C . 7m/s2 D. 8m/s214.（改编）分子间同时存在着引力和斥力，当分子间距增加时，分子间的A . 引力增加，斥力减小B . 引力增加，斥力增加C . 引力减小，斥力减小D . 引力减小.斥力增加15.（改编）两异种点电荷电场中的部分等势面如图所示，已知A点电势高于B点电势。

若位于a、b处点电荷的电荷量大小分别为qa和qb，则A . a处为正电荷，qa＜qbB . a处为正电荷，qa＞qbC . a处为负电荷，qa＜qbD . a处为负电荷，qa＞qb16.（改编）如图，将额定电压为60V的用电器，通过一理想变压器接在正弦交变电源上。

闭合开关S后，用电器正常工作，交流电压表和交流电流表（均为理想电表）的示数分别为220V和2.2A。

以下判断正确的是A．变压器输入功率为484WB．通过原线圈的电流的有效值为6.6AC．通过副线圈的电流的最大值为2.2AD．变压器原、副线圈的电流匝数比3:11 :21=nn二、双向选择题：本大提供9小题，每小题6分，共54分。

在每小题给出四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选对2个且正确的的3分，有选错或不答的得0分。

17、（原创）对于中子的发现下列说法正确的是A．人工转变的公式为HONH1117814742e+→+B．人工转变的公式为nCBH11269442ee+→+C．中子是由卢瑟福发现的D．中子是由查德威克发现的18. （改编）图为某同学设计的喷水装置，内部装有2L水，上部密封1atm的空气0.5L保持阀门关闭，再充入1atm的空气0.1L设在所有过程中空气课看作理想气体，且温度不变，下列说法正确的有A．充气后，密封气体压强增加B．充气后，密封气体的分子平均动能增加C．打开阀门后，密封气体对外界做正功D．打开阀门后，不再充气也能把水喷光19. （改编）如图，质量相同的两物体a 、b ，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a 在水平桌面的上方，b 在水平粗糙桌面上。

广东省广州市执信中学2015届高三上学期期中物理试卷一、单项选择题：每小题给出的四个选项中．只有一个选项最符合题目要求．共4小题1．（6分）一个物体自由下落6s后落地，则在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为（）A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：32．（6分）如图所示，质量为m的木块A放在斜面体B上，若A和B沿水平方向以相同的速度v0一起向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为（）A．mg B．mgsinθC．mgcosθD．03．（6分）做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是（）A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向相同D．大小相等，方向相同4．（6分）一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是（）A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10mD．0～2s这段时间内物体作减速运动二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．5．（6分）如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势6．（6分）如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，则（）A．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B．圆桶转速增大，衣服对桶璧的压力也增大C．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动7．（6分）某星球半径为R，在该星球表面附近有一卫星，它绕星球的运转周期为T，万有引力恒量为G，则由此可以估算（）A．星球的质量B．卫星的质量C．星球表面的“重力加速度”D．该星球的同步卫星离地面的高度8．（6分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B．动能损失了mghC．克服摩擦力做功mgh D．机械能损失了mgh9．（6分）如图所示，汽车在平直公路上以恒定功率启动，设阻力恒定，则在下列关于汽车运动过程中的速度、加速度随时间变化的关系中说法正确的是（）A．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象B．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象C．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象D．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象三、非选择题：本大题共5小题，共50分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）图甲为10分度游标卡尺的部分示意图，其读数为mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为mm．11．（8分）如图a所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：②为完成该实验，设计的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起；B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E．整理仪器．请将以上步骤按操作的先后顺序排列出：．③图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为N/m．图线不过原点的原因是由于．12．（6分）如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．（1）已知当地的重力加速度为g，则要完成实验，还需要测量的物理量是．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t（2）作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．（3）写出对减小本实验误差有益的一条建议：．13．（18分）如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC 平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg 的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=，cos37°=．（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．（2）若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．14．如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原基础上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v0匀速转动，水平部分长度L=9m．放在光滑水平面上的两相同小物块A、B（均视为质点）间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：（1）A、B刚被弹开时的速度大小（2）试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带（3）若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．要使二者一起滑离传送带，求P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系．广东省广州市执信中学2015届高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题给出的四个选项中．只有一个选项最符合题目要求．共4小题1．（6分）一个物体自由下落6s后落地，则在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为（）A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：3考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：先根据自由落体运动位移时间关系求出下落2s的位移，而物体自由下落最后2s内的位移等于6s内的位移减去4s内的位移．解答：解：物体下落前2s的位移为：物体下落6s的位移为：物体下落4s的位移为：所以最后2s内通过的路程为：h6﹣h4=180﹣80m=100m故开始2s内和最后2s内通过的路程之比为20：100=1：5故选：A．点评：解决本题的关键掌握自由落体运动的位移时间公式h=，以及知道通过6s内的位移减去4s内的位移求最后2s内的位移比较方便2．（6分）如图所示，质量为m的木块A放在斜面体B上，若A和B沿水平方向以相同的速度v0一起向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为（）A．mg B．mgsinθC．mgcosθD．0考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选A为研究对象，则A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．A和B 之间的作用力为支持力和摩擦力的合力．由力的合成知识知：若有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小．解答：解：A、选A为研究对象，则A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B 一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．其中支持力和摩擦力是B作用于A的，故A和B之间的相互作用力的大小就等于支持力和摩擦力的合力的大小．由力的合成知识知：若有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小，故摩擦力与支持力的合力的大小等于重力的大小．故A正确，BCD错误故选A．点评：该题主要考察学生平对衡条件及共点力的合成等知识的掌握情况．只要知道物体平衡则合力为0，合力为零则其中任何一个分力大小都等于其余分力的合力的大小，就可以解答了．3．（6分）做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是（）A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向相同D．大小相等，方向相同考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动运动是匀变速曲线运动，根据△v=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下．解答：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向相同．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向相同．4．（6分）一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是（）A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10mD．0～2s这段时间内物体作减速运动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体如图所示方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．当F=0时物体做匀速直线运动，速度最大．解答：解：A、在2s内物体的加速度最大值为5m/s2，不能说在2s内物体的加速度为5m/s2．故A错误B、在t=2s时，F=0，物体将做匀速直线运动，速度最大．故B正确；C、物体如图所示方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．故C错误．D、0～2s这段时间内作加速运动．故D错误故选：B点评：本题考查根据物体的受力情况分析物体运动情况的能力，要注意合力减小，加速度减小，但速度在增加．二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．5．（6分）如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．沿着电场线的方向电势降低．解答：解：AB、根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断是异种点荷的电场线．故A正确，B错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．所以A点场强小于B点场强，故C错误．D、沿着电场线的方向电势降低，所以A点电势高于B点电势，故D正确．故选：AD．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．6．（6分）如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，则（）A．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B．圆桶转速增大，衣服对桶璧的压力也增大C．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动考点：离心现象．分析：衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零，根据牛顿第二定律分析弹力的变化情况．解答：解：A、B、D、衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力的作用，共3个力作用，由于衣服在圆筒内壁上不掉下来，竖直方向上没有加速度，重力与静摩擦力二力平衡，靠弹力提供向心力；随着圆桶转速的增加，弹力增加，但静摩擦力不变；故A错误，B正确，C错误；D、对于水而言，衣服对水滴的附着力提供其做圆周运动的向心力，随着圆桶转速的增加，需要的向心力增加，当附着力不足以提供需要的向心力时，衣服上的水滴将做离心运动，故D正确；故选：BD．点评：解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解；同时要知道离心运动的条件；基础问题．7．（6分）某星球半径为R，在该星球表面附近有一卫星，它绕星球的运转周期为T，万有引力恒量为G，则由此可以估算（）A．星球的质量B．卫星的质量C．星球表面的“重力加速度”D．该星球的同步卫星离地面的高度考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：万有引力提供卫星圆周运动的向心力据此可以求得中心天体的质量M，在星球表面重力与万有引力相等求得重力加速度．解答：解：AB、近地卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供有：，据此可计算中心天体的质量M=，不可以求出卫星的质量m，故A正确，B错误；C、在星球表面重力与万有引力相等，又卫星由万有引力提供向心力，据=mg，可以计算出星球表面的重力加速度，故C正确；D、因不知道该星球的自转周期，故无法求得同步卫星距地面的度，故D错误．故选：AC．点评：要掌握万有引力提供向心力和重力等于万有引力这两个重要的关系，掌握这两个关系可以解决所有关于天体运动的问题．8．（6分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B．动能损失了mghC．克服摩擦力做功mgh D．机械能损失了mgh考点：功能关系；重力势能．分析：根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．解答：解：A、B、D、根据牛顿第二定律知，物体所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得：△E k=﹣=﹣mgh，动能减小mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh．故AD正确，B错误；C、物体克服摩擦力做的功等于系统损失的机械能，则克服摩擦力的功为mgh；故C错误．故选：AD．点评：解决本题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以及除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．（6分）如图所示，汽车在平直公路上以恒定功率启动，设阻力恒定，则在下列关于汽车运动过程中的速度、加速度随时间变化的关系中说法正确的是（）A．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象B．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象C．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象D．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由P=Fv可明确力、功率及速度间的关系；则可明确加速度、速度随时间的变化关系．解答：解：汽车恒定功率启动，则开始时加速度较大，速度增大；则由P=FV可知，牵引力减小，则加速度减小；当牵引力等于阻力时，物体的加速度为零；此后做匀速直线运动；注意图象的斜率表示纵坐标物理量的变化；故速度﹣时间图象为甲图；加速度﹣时间图象为乙图；故选：AB．点评：本题考查功率公式的应用，要明确P=FV表示瞬时速度、力及功率的关系，故可明确物体的运动情况．三、非选择题：本大题共5小题，共50分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）图甲为10分度游标卡尺的部分示意图，其读数为10.2mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为（﹣）mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1mm=0.2mm，所以最终读数为：10mm+0.2mm=10.2mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为×0.01mm=0.155mm，所以最终读数为0mm+0.155mm=0.155mm，由于需要估读，最后的结果可以在﹣之间．故答案为：（1）；（﹣）点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．11．（8分）如图a所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：刻度尺②为完成该实验，设计的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起；B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E．整理仪器．请将以上步骤按操作的先后顺序排列出：CBDAE．③图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为200N/m．图线不过原点的原因是由于弹簧有自重．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：根据实验的原理：测量弹簧的弹力和伸长的长度来选择器材．图线的斜率即为弹簧的劲度系数．由胡克定律求出K．解答：解：①实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要刻度尺．②根据操作的先后顺序排列为：CBDAE③图线的物理意义是表明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比．由k==200N/m．由图可知，当F=0时， x=0.5cm，说明没有挂重物时，弹簧有伸长，是由于弹簧自身的重力造成的．故图线不过原点的原因是由于弹簧有自重，实验中没有考虑（或忽略了）弹簧的自重．故答案为：①刻度尺；②CBDAE；③200，弹簧有自重点评：在应用胡克定律时，要首先转化单位，知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．12．（6分）如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．（1）已知当地的重力加速度为g，则要完成实验，还需要测量的物理量是BC．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t（2）作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．（3）写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器之间的距离适当大些（选质量大、体积小的小球做实验）．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：（1）根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．（2）根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．（3）要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：（1）小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．（2）由mgh=，得v2=2gh，则v2﹣h图象的斜率k=2g．（3）为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：（1）BC；（2）2g；（3）相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．13．（18分）如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC 平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg 的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=，cos37°=．（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．（2）若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．考点：动能定理的应用；平抛运动．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由题，滑块恰能滑到与O等高的D点，速度为零，对A到D过程，运用动能定理列式可求出动摩擦因数μ．（2）滑块恰好能到达C点时，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式可得到C点的速度范围，再对A到C过程，运用动能定理求初速度v0的最小值．（3）离开C点做平抛运动，由平抛运动的规律和几何知识结合求时间．解答：解：（1）滑块由A到D过程，根据动能定理，有：mg（2R﹣R）﹣μmgcos37°•=0﹣0得（2）若滑块能到达C点，根据牛顿第二定律有则得A到C的过程：根据动能定理有﹣μmgcos37°•=﹣联立解得，v0=≥2m/s所以初速度v0的最小值为2m/s．（3）滑块离开C点做平抛运动，则有x=v c t由几何关系得：tan37°=联立得 5t2+3t﹣=0解得t=答：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数μ为．（2）若使滑块能到达C点，滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值为2m/s．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t是．点评：本题是动能定理与向心力、平抛运动及几何知识的综合，要注意挖掘隐含的临界条件，运用几何知识求解．14．如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原基础上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v0匀速转动，水平部分长度L=9m．放在光滑水平面上的两相同小物块A、B（均视为质点）间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：（1）A、B刚被弹开时的速度大小（2）试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带（3）若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．要使二者一起滑离传送带，求P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系．考点：动能定理的应用；动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题；动量和能量的综合．分析：（1）A、B被弹簧弹开的过程实际是爆炸模型，符合动量守恒、系统机械能守恒，根据能量守恒和动量守恒求出分开后，A、B的速度大小，（2）由动能定理求出B的速度减小为零时B的位移，根据B的位移与传送带长度的关系分析答题．（3）A、B碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题．解答：解：（1）弹簧弹开的过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：E P=m A v A2+m B v B2，A、B系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：m A v A﹣m B v B=0，代入数据解得：v A=3m/s，v B=3m/s；（2）假设B不能从传送带右端滑离传送带，则B做匀减速运动直到速度减小到零，设位移为s，由动能定理得：﹣μm B gs=0﹣m B v B2，代入数据解得：s=2.25m＜L，B不能从传送带右端滑离传送带．（3）设物块A撞击P后被反向弹回的速度为v1，设补充能量为E，由能量守恒定律得：E+m A v A2=m A v12，B与A发生碰撞后粘连共速为v，碰撞过程动量守恒，以向由为正方向，由动量守恒定律可得：m A v1﹣m B v2=（m A+m B）v，要使二者能一起滑离传送带，要求：（m A+m B）v2≥μ（m A+m B）gL，物块B的运动情况分两种情况讨论：①若传送带速度v0足够大，物块B滑上传送带时在传送带上先向右做匀减速运动，直到速度减小到零，然后反方向做匀加速运动，由运动对称性可知物块B回到皮带左端时速度v2大小为：v2=v B=3m/s，即当传送带v0＞3m/s时，代入数据，联立上四式得：E=108J；②当传送带v0≤3m/s时物块B的运动情况是：滑上传送带先向右减速至速度为0，然后反向做加速至与传送带速度相等一起匀速运动回到左端，v2=v0，代入数据联立上四式得：；。

广州市执信中学2015届高三上学期期中考试物理试卷〔解析版〕一、单项选择题：每一小题给出的四个选项中．只有一个选项最符合题目要求．共4小题〔6分〕一个物体自由下落6s后落地，如此在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为〔〕1．A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：3考点：自由落体运动．.专题：自由落体运动专题．分析：先根据自由落体运动位移时间关系求出下落2s的位移，而物体自由下落最后2s内的位移等于6s内的位移减去4s内的位移．解答：解：物体下落前2s的位移为：物体下落6s的位移为：物体下落4s的位移为：所以最后2s内通过的路程为：h6﹣h4=180﹣80m=100m故开始2s内和最后2s内通过的路程之比为20：100=1：5应当选：A．点评：解决此题的关键掌握自由落体运动的位移时间公式h=，以与知道通过6s内的位移减去4s内的位移求最后2s内的位移比拟方便2．如下列图，质量为m的木块A放在斜面体B上，假设A和B沿水平方向以一样的速度v0一起向左做匀速直线运动，如此A和B之间的相互作用力大小为〔〕A．m g B．m gsinθC．m gcosθD．0考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选A为研究对象，如此A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．A和B之间的作用力为支持力和摩擦力的合力．由力的合成知识知：假设有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小．解答：解：A、选A为研究对象，如此A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．其中支持力和摩擦力是B作用于A的，故A和B之间的相互作用力的大小就等于支持力和摩擦力的合力的大小．由力的合成知识知：假设有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小，故摩擦力与支持力的合力的大小等于重力的大小．故A正确，BCD错误应当选A．点评：该题主要考察学生平对衡条件与共点力的合成等知识的掌握情况．只要知道物体平衡如此合力为0，合力为零如此其中任何一个分力大小都等于其余分力的合力的大小，就可以解答了．A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向一样D．大小相等，方向一样考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：平抛运动运动是匀变速曲线运动，根据△v=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下．解答：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向一样．故D正确，A、B、C错误．应当选：D．点评：解决此题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向一样．4．〔6分〕一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如下列图方向不变的合外力作用，如此如下说法正确的答案是〔〕A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10m D．0～2s这段时间内物体作减速运动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体如下列图方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．当F=0时物体做匀速直线运动，速度最大．解答：解：A、在2s内物体的加速度最大值为5m/s2，不能说在2s内物体的加速度为5m/s2．故A错误B、在t=2s时，F=0，物体将做匀速直线运动，速度最大．故B正确；C、物体如下列图方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．故C错误．D、0～2s这段时间内作加速运动．故D错误应当选：B点评：此题考查根据物体的受力情况分析物体运动情况的能力，要注意合力减小，加速度减小，但速度在增加．二、双项选择题：此题包括9小题，每一小题6分，共54分．每一小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．5．如下列图为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的答案是〔〕A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势考点：电场线；电场强度．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．沿着电场线的方向电势降低．解答：解：AB、根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断是异种点荷的电场线．故A正确，B错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．所以A点场强小于B点场强，故C错误．D、沿着电场线的方向电势降低，所以A点电势高于B点电势，故D正确．应当选：AD．点评：加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．6．〔6分〕如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，如此〔〕A．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B．圆桶转速增大，衣服对桶璧的压力也增大C．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动考点：离心现象．.分析：衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零，根据牛顿第二定律分析弹力的变化情况．解答：解：A、B、D、衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力的作用，共3个力作用，由于衣服在圆筒内壁上不掉下来，竖直方向上没有加速度，重力与静摩擦力二力平衡，靠弹力提供向心力；随着圆桶转速的增加，弹力增加，但静摩擦力不变；故A错误，B正确，C错误；D、对于水而言，衣服对水滴的附着力提供其做圆周运动的向心力，随着圆桶转速的增加，需要的向心力增加，当附着力不足以提供需要的向心力时，衣服上的水滴将做离心运动，故D正确；应当选：BD．点评：解决此题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进展求解；同时要知道离心运动的条件；根底问题．7．〔6分〕某星球半径为R，在该星球外表附近有一卫星，它绕星球的运转周期为T，万有引力恒量为G，如此由此可以估算〔〕A．星球的质量B．卫星的质量C．星球外表的“重力加速度〞D．该星球的同步卫星离地面的高度考点：万有引力定律与其应用；向心力．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：万有引力提供卫星圆周运动的向心力据此可以求得中心天体的质量M，在星球外表重力与万有引力相等求得重力加速度．解答：解：AB、近地卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供有：，据此可计算中心天体的质量M=，不可以求出卫星的质量m，故A正确，B错误；C、在星球外表重力与万有引力相等，又卫星由万有引力提供向心力，据=mg，可以计算出星球外表的重力加速度，故C正确；D、因不知道该星球的自转周期，故无法求得同步卫星距地面的度，故D错误．应当选：AC．点评：要掌握万有引力提供向心力和重力等于万有引力这两个重要的关系，掌握这两个关系可以解决所有关于天体运动的问题．8．〔6分〕如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．动能损失了mghC．抑制摩擦力做功mgh D．机械能损失了mgh考点：功能关系；重力势能．.分析：根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．解答：解：A、B、D、根据牛顿第二定律知，物体所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得：△E k=﹣=﹣mgh，动能减小mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh．故AD正确，B错误；C、物体抑制摩擦力做的功等于系统损失的机械能，如此抑制摩擦力的功为mgh；故C错误．应当选：AD．点评：解决此题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以与除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．〔6分〕如下列图，汽车在平直公路上以恒定功率启动，设阻力恒定，如此在如下关于汽车A．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象B．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象C．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象D．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：由P=Fv可明确力、功率与速度间的关系；如此可明确加速度、速度随时间的变化关系．解答：解：汽车恒定功率启动，如此开始时加速度较大，速度增大；如此由P=FV可知，牵引力减小，如此加速度减小；当牵引力等于阻力时，物体的加速度为零；此后做匀速直线运动；注意图象的斜率表示纵坐标物理量的变化；故速度﹣时间图象为甲图；加速度﹣时间图象为乙图；应当选：AB．点评：此题考查功率公式的应用，要明确P=FV表示瞬时速度、力与功率的关系，故可明确物体的运动情况．三、非选择题：本大题共5小题，共50分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．〔4分〕图甲为10分度游标卡尺的局部示意图，其读数为10.2mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为0.155〔0.152﹣0.158〕mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．.专题：实验题；直线运动规律专题．分析：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1mm=0.2mm，所以最终读数为：10mm+0.2mm=10.2mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为15.5×0.01mm=0.155mm，所以最终读数为0mm+0.155mm=0.155mm，由于需要估读，最后的结果可以在0.152﹣0.158之间．故答案为：〔1〕10.2；0.155〔0.152﹣0.158〕点评：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些根本仪器进展有关测量．11．〔8分〕如图a所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：刻度尺②为完成该实验，设计的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组〔x，F〕对应的点，并用平滑的曲线连接起；B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E．整理仪器．请将以上步骤按操作的先后顺序排列出：CBDAE．③图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为200N/m．图线不过原点的原因是由于弹簧有自重．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．.专题：实验题；弹力的存在与方向的判定专题．分析：根据实验的原理：测量弹簧的弹力和伸长的长度来选择器材．图线的斜率即为弹簧的劲度系数．由胡克定律求出K．解答：解：①实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要刻度尺．②根据操作的先后顺序排列为：CBDAE③图线的物理意义是明确弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比．由k==200N/m．由图可知，当F=0时，x=0.5cm，说明没有挂重物时，弹簧有伸长，是由于弹簧自身的重力造成的．故图线不过原点的原因是由于弹簧有自重，实验中没有考虑〔或忽略了〕弹簧的自重．故答案为：①刻度尺；②CBDAE；③200，弹簧有自重点评：在应用胡克定律时，要首先转化单位，知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．12．〔6分〕如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．〔1〕当地的重力加速度为g，如此要完成实验，还需要测量的物理量是BC．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器之间的距离适当大些〔选质量大、体积小的小球做实验〕．考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题．分析：〔1〕根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．〔2〕根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．〔3〕要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：〔1〕小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m 和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．〔2〕由mgh=，得v2=2gh，如此v2﹣h图象的斜率k=2g．〔3〕为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：〔1〕BC；〔2〕2g；〔3〕相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．13．〔18分〕〔2013•淮安模拟〕如下列图，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．〔1〕求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．〔2〕假设使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．〔3〕假设滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．考点：动能定理的应用；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕由题，滑块恰能滑到与O等高的D点，速度为零，对A到D过程，运用动能定理列式可求出动摩擦因数μ．〔2〕滑块恰好能到达C点时，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式可得到C点的速度范围，再对A到C过程，运用动能定理求初速度v0的最小值．〔3〕离开C点做平抛运动，由平抛运动的规律和几何知识结合求时间．解答：解：〔1〕滑块由A到D过程，根据动能定理，有：mg〔2R﹣R〕﹣μmgcos37°•=0﹣0得〔2〕假设滑块能到达C点，根据牛顿第二定律有如此得A到C的过程：根据动能定理有﹣μmgcos37°•=﹣联立解得，v0=≥2m/s所以初速度v0的最小值为2m/s．〔3〕滑块离开C点做平抛运动，如此有x=v c t由几何关系得：tan37°=联立得 5t2+3t﹣0.8=0解得t=0.2s答：〔1〕滑块与斜面间的动摩擦因数μ为0.375．〔2〕假设使滑块能到达C点，滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值为2m/s．〔3〕假设滑块离开C处的速度大小为4m/s，滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t是0.2s．点评：此题是动能定理与向心力、平抛运动与几何知识的综合，要注意挖掘隐含的临界条件，运用几何知识求解．14．〔20分〕如下列图，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原根底上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v0匀速转动，水平局部长度L=9m．放在光滑水平面上的两一样小物块A、B〔均视为质点〕间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：〔1〕A、B刚被弹开时的速度大小〔2〕试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带〔3〕假设B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．要使二者一起滑离传送带，求P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系．考点：动能定理的应用；动量守恒定律；机械能守恒定律．.专题：动能定理的应用专题；动量和能量的综合．分析：〔1〕A、B被弹簧弹开的过程实际是爆炸模型，符合动量守恒、系统机械能守恒，根据能量守恒和动量守恒求出分开后，A、B的速度大小，〔2〕由动能定理求出B的速度减小为零时B的位移，根据B的位移与传送带长度的关系分析答题．〔3〕A、B碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题．解答：解：〔1〕弹簧弹开的过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：E P=m A v A2+m B v B2，A、B系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：m A v A﹣m B v B=0，代入数据解得：v A=3m/s，v B=3m/s；〔2〕假设B不能从传送带右端滑离传送带，如此B做匀减速运动直到速度减小到零，设位移为s，由动能定理得：﹣μm B gs=0﹣m B v B2，代入数据解得：s=2.25m＜L，B不能从传送带右端滑离传送带．〔3〕设物块A撞击P后被反向弹回的速度为v1，设补充能量为E，由能量守恒定律得：E+m A v A2=m A v12，B与A发生碰撞后粘连共速为v，碰撞过程动量守恒，以向由为正方向，由动量守恒定律可得：m A v1﹣m B v2=〔m A+m B〕v，要使二者能一起滑离传送带，要求：〔m A+m B〕v2≥μ〔m A+m B〕gL，物块B的运动情况分两种情况讨论：①假设传送带速度v0足够大，物块B滑上传送带时在传送带上先向右做匀减速运动，直到速度减小到零，然后反方向做匀加速运动，由运动对称性可知物块B回到皮带左端时速度v2大小为：v2=v B=3m/s，即当传送带v0＞3m/s时，代入数据，联立上四式得：E=108J；②当传送带v0≤3m/s时物块B的运动情况是：滑上传送带先向右减速至速度为0，然后反向做加速至与传送带速度相等一起匀速运动回到左端，v2=v0，代入数据联立上四式得：；答：〔1〕A、B刚被弹开时的速度大小都是3m/s．〔2〕B第一次滑上传送带后，不能从传送带右端滑离传送带．〔3〕P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系为：①即当传送带v0＞3m/s时，E=108J；②当传送带v0≤3m/s时，．点评：此题是一道力学综合题，难度较大，考查了动量守恒、能量守恒的应用，分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键．。

2015年高考理综物理（广东卷）（满分：100分，时间：60分钟）13.甲乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移-时间图像如图3所示。

下列表述正确的是A ．0.2-0.5小时内，甲的加速度比乙的大B ．0.2-0.5小时内，甲的速度比乙的大C ．0.6-0.8小时内，甲的位移比乙的小D ．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等14.如果4所示，帆板在海面上以速度v 朝正西方向运动，帆船以速度v 朝正北方向航行，以帆板为参照物A ．帆船朝正东方向航行，速度大小为vB ．帆船朝正西方向航行，速度大小为vC ．帆船朝南偏东452D ．帆船朝北偏东452v15.图5为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P ，使输出电压有效值有220V 降至110V 。

调节前后A ．副线圈中的电流比为1:2B ．副线圈输出功率比为2:1C ．副线圈的接入匝数比为2:1D ．原线圈输入功率比为1:216.在同一匀强磁场中，α粒子（He 42）和质子（H 11）做匀速圆周运动，若他们的动量大小相等，则 α粒子和质子A.运动半径之比是2:1B.运动周期之比是2:1C.运动速度大小之比是4:1D.受到的洛伦兹力之比是2:117.图6为某实验器材的结构示意图，金属内筒和隔热外筒间封闭了一定体积的空气，内筒中有水，在水加热升温的过程中，被封闭的空气A.内能增大B.压强增大C.分子间引力和斥力都减小D.所有分子运动速率都增大18.科学家使用核反应获取氚，再利用氘和氚 核反应获得能量，核反应方程分别为：4321 4.9e X Y H H MeV +→++和23411217.6e H H H X MeV +→++，下列表述正确的有A.X 是中子B.Y 的质子数是3，中子数是6C.两个核反应都没有质量亏损D.氘和氚的核反应是核聚变反应19.如图7所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有A.三条绳中的张力都相等B.杆对地面的压力大于自身重力C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力.20.在星球表面发射探测器，当发射速度为v 时，探测器可绕星球表面做匀速圆周运动；当发射速度达2v 时，可摆脱星球引力束缚脱离该星球，已知地球、火星两星球的质量比约为10:1半径比约为2:1，下列说法正确的有A.探测器的质量越大，脱离星球所需的发射速度越大B.探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C.探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D.探测器脱离星球的过程中势能逐渐变大21.如图8所示的水平匀强电场中，将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置，释放后，MN保持静止，不计重力，则A.M的带电量比N大B.M带负电荷，N带正电荷C.静止时M受到的合力比N大D.移动过程中匀强电场对M做负功34．（1）（8分）某同学使用打点计时器测量当地的重力加速度。

2015届高三上学期期中考试理综试题2014.11.14本试卷共12页，36小题，满分300分。

考试用时150分钟。

注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2．选择题每小题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．考生必须保持答题卡的整洁和平整。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 P 31 Cl 35.5 K 39第一部分选择题(共118 分)一、单项选择题：每小题给出的四个选项中。

只有一个选项最符合题目要求。

共16小题，每小题4分，共64分。

13．一个物体自由下落6s后落地，则在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：3 14．如图所示，质量为m的木块A放在斜面体B上，若A和B沿水平方向以相同的速度v0一起向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为A．θmgsinB．mgC．θmgcosD．015．做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向相同D．大小相等，方向相同16．一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10mD．0~2s这段时间内物体作减速运动二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。

每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。

2015年广东省高考物理试卷一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1．（4分）甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移﹣时间图象如图所示．下列表述正确的是（）A．0.2﹣0.5小时内，甲的加速度比乙的大B．0.2﹣0.5小时内，甲的速度比乙的大C．0.6﹣0.8小时内，甲的位移比乙的小D．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等2．（4分）如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板为参照物（）A．帆船朝正东方向航行，速度大小为vB．帆船朝正西方向航行，速度大小为vC．帆船朝南偏东45°方向航行，速度大小为vD．帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为v3．（4分）如图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变阻器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V．调节前后（）A．副线圈中的电流比为1：2 B．副线圈输出功率比为2：1C．副线圈的接入匝数比为2：1 D．原线圈输入功率比为1：24．（4分）在同一匀强磁场中，α粒子（He）和质子（H）做匀速圆周运动，若它们的动量大小相等，则α粒子和质子（）A．运动半径之比是2：1 B．运动周期之比是2：1C．运动速度大小之比是4：1 D．受到的洛伦兹力之比是2：1二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分.在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个正确的得3分，有错选或不答的得0分）5．（6分）如图为某实验器材的结构示意图，金属内筒和隔热外筒间封闭了一定体积的空气，内筒中有水，在水加热升温的过程中，被封闭的空气（）A．内能增大B．压强增大C．分子间引力和斥力都减小D．所有分子运动速率都增大6．（6分）科学家使用核反应获取氚，再利用氘和氚的核反应获得能量，核反应方程分别为：X+Y→He+H+4.9MeV和H+H→He+X+17.6MeV．下列表述正确的有（）A．X是中子B．Y的质子数是3，中子数是6C．两个核反应都没有质量亏损D．氘和氚的核反应是核聚变反应7．（6分）如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平地面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（）A．三条绳中的张力都相等B．杆对地面的压力大于自身重力C．绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D．绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力8．（6分）在星球表面发射探测器，当发射速度为v时，探测器可绕星球表面做匀速圆周运动，当发射速度达到v时，可摆脱星球引力束缚脱离该星球，已知地球、火星两星球的质量比约为10：1，半径比约为2：1，下列说法正确的有（）A．探测器的质量越大，脱离星球所需要的发射速度越大B．探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C．探测器分别脱离两星球所需要的发射速度相等D．探测器脱离星球的过程中，势能逐渐增大9．（6分）如图所示的水平匀强电场中，将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置，释放后，M、N保持静止，不计重力，则（）A．M的带电量比N的大B．M带负电荷，N带正电荷C．静止时M受到的合力比N的大D．移动过程中匀强电场对M做负功三、非选择题：（按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10．（8分）某同学实验打点计时器测量当地的重力加速度．（1）请完成以下主要实验步骤：按图（a）安装实验器材并连接电源；竖直提起系有重物的纸带，使重物（填“靠近”或“偏离”）计时器下端；，，使重物自由下落；关闭电源，取出纸带；换新纸带重复实验；（2）图（b）和（c）是实验获得的两条纸带，应选取（填“b”或“c”）来计算重力加速度．在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要原因是空气阻力和．11．（10分）某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括电压表（内阻约为3kΩ）、电流表（内阻约为1Ω）、定值电阻等。

2014---2015学年度第一学期高二级物理文科期末考试试卷本试卷分选择题，共19页，满分为100分。

考试用时60分钟。

注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2、选择题每小题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

一、单选题（共30题，每题1分，共30分。

）1．以下的计时数据指的是一段时间的是A．我们休息到10点15分钟时就马上出发B．我们学校的一百米赛跑的记录是12秒3C．1997年7月1日零时我国开始对香港恢复行使主权D．世界杯足球决赛在今晚8时开始2.下列各项物理量中全部是矢量的是A.位移、力、电荷量、速度B.重力、路程、时间、速度C.密度、时间、质量、路程D.浮力、加速度、位移、摩擦力3．关于速度和加速度的下列说法中正确的是A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也一定为零C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大4. 三个质点A、B、C均由N点沿不同路径运动至M点，运动轨迹如图所示，三个质点同时从N点出发，同时达到M点，下列说法正确的是A.三个质点从N点到M点的平均速度相同B.三个质点任意时刻的速度方向都相同C.三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度都相同D.三个质点从N点到M点的位移只是大小相同而方向是不同的5.在平直公路上行驶的汽车内，一位乘客以自己乘坐的车为参考系向车外进行观察，他看到的下列现象中肯定有错误．．的是A.与汽车同向行驶的自行车，车轮转动正常，但自行车向后行驶B.公路两旁的树因为有根扎在大地里，所以它们是不动的C.有一辆汽车总在自己的车前不动D.路旁的房屋是运动的6. 关于物体运动时，其速度与加速度的下列说法中正确的是A．加速度为零的质点一定处于静止状态B．做加速度不断减小的加速直线运动的质点，在加速度不为零之前，速度不断增大，位移不断增大C．某质点加速度方向向东，且做直线运动，则该质点一定在向东做加速直线运动D．质点做曲线运动时，它的加速度一定变化7. 汽车进行刹车试验，若速度从8m/s匀减速到零所用的时间为1s，按规定速率为8m/s的汽车刹车后位移不得超过5.9m，那么上述的刹车试验是否符合规定A.位移为8m，符合规定B.位移为8m，不符合规定C.位移为4m，符合规定D.位移为4m，不符合规定8. 一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动.开始刹车后的第1 s内和第2 s内位移大小依次为9 m和7 m.则刹车后6 s内的位移是A.20 mB.24 mC.25 mD.75 m9.中国北方航空公司某架客机安全准时降落在规定跑道上，假设该客机停止运动之前在跑道上一直做匀减速直线运动，客机在跑道上滑行距离为s，从降落到停下所需时间为t，由此可知客机降落时的速度为A. s/tB. 2s/tC. s/2tD.条件不足，无法确定10．一辆汽车以20 m/s的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为5 m/s2，则它关闭发动机后通过37.5 m所需的时间为A．3 s B．4 sC．5 s D．6 s11. 关于电荷所受电场力和洛伦兹力，下列的说法中正确的是A．电荷在磁场中一定受洛伦兹力作用B．电荷在电场中一定受电场力作用C．电荷所受电场力一定与该处电场方向一致D．电荷所受的洛伦兹力不一定与磁场方向垂直12.真空中有A ．B 两个点电荷，A 的电荷量是 B 的3倍，则 A ．此时A 对B 的作用力是B 对A 的作用力的3倍 B ．将A ．B 间的距离加倍，其间的作用力变为原来的2倍 C ．将A ．B 间的距离加倍，其间的作用力变为原来的4倍 D ．将A ．B 间的距离加倍，其间的作用力变为原来的l ／4倍13.一个磁场的磁感线如图所示，有一个小磁针被放入磁场中，则该小磁针将会A ．向右移动B ．向左移动C ．顺时针转动D ．逆时针转动14.关于磁场对通电直导线作用力的大小，下列的说法中正确的是 A ．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，但不为零 B ．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大 C ．作用力的大小跟导线与磁场方向的夹角大小无关 D ．通电直导线跟磁场方向不垂直时肯定无作用力 15. 如下图所示，能够使物体A ．B 带电的实验方式为A ．摩擦起电B ．传导起电C ．感应起电D ．以上都不对16. 如图所示磁场中，ab 是闭合电路的一段导体，ab 中的电流方向为a b ，则ab 受到的安培力的方向为甲乙A．向上 B．向下C．向里 D．向外17. 某同学画的表示磁场B．电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是BF18.如图所示，一带负电的粒子（不计重力）进入磁场中，图中的磁场方向、速度方向及带电粒子所受的洛仑兹力方向标示正确的是19.如图所示，一个条形磁铁放在水平桌面上，在其上方靠近左端固定一根与磁铁垂直的水平长直导线，当导线中通以图示方向的电流时A．磁铁对桌面的压力增大，且受到向右的摩擦力作用B．磁铁对桌面的压力减小，且受到向右的摩擦力作用C．磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用D．磁铁对桌面的压力减小，且受到向左的摩擦力作用20.有一束电子流从南向北进入到方向自东向西的磁场当中，则该束电子流受到的磁场的作用力方向是A．竖直向上 B．竖直向下C．向南 D．向北21. 发明电池、电灯、电话的科学家分别是A．伏打、爱迪生、贝尔 B．伏打、爱迪生、欧姆C．法拉第、安培、贝尔 D．安培、贝尔、爱迪生22. 下列应用没有．．利用电磁波技术的是A．无线电广播 B．白炽灯C．雷达 D．移动电话23. 以下关于预防电磁辐射的做法，不正确．．．的是A．医疗检测大力推广使用高频设备B．电力输送积极研究并逐步推广使用直流远距离输电C．移动电话通话时尽量使用外接耳机D．不要把家用电器摆放得过于集中24. 世界上最早发明实用的无线电报技术的科学家是A．贝尔 B．马可尼C．赫兹 D．麦克斯韦25.下列不属于．．．火力发电厂的污染的是A．排放导致温室效应的气体 B．废渣污染水土C．酸雨 D．破坏大气臭氧层26.关于右图中装置，则下列的说法中正确的是A．该装置是发电机的模型B．该装置把电能转化为机械能C．该装置的转动方向只和线圈中的电流方向有关D．该装置线圈中的电流为交变电流27．如图所示，关于a、b两点的电场强度的大小及方向，下列的表述中正确的是A ．E a >E b 方向相同B ．E a >E b 方向不同C ．E a <E b 方向相同D ．E a <E b 方向不同28．如图所示的磁场中，有三个面积相同且相互平行的线圈S 1、S 2和S 3，穿过S 1、S 2和S 3的磁通量分别为1Φ、2Φ和3Φ，下列判断正确的是 A ．1Φ最大 B ．2Φ最大 C ．3Φ最大 D ．1Φ=2Φ=3Φ29．电流的磁效应揭示了电与磁的关系。

2015-2016学年度第二学期高二级物理科期末考试试卷本试卷分选择题和非选择题两部分，共10页，满分为110分。

考试用时150分钟。

注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2、选择题每小题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。

第一部分选择题(共 42 分)一、单选题(共6题,每题只有一个正确选项,每题3分,共18分)1．下列关于分子热运动的说法中正确的是( )A．布朗运动就是液体分子的热运动B．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力C．对于一定量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它的内能一定减小D．如果气体温度升高，分子平均动能会增加，但并不是所有分子的速率都增大2 .铀核23892U衰变为铅核20682P b的过程中，要经过x次衰变和y次衰变，其中( )A．x=6，y=8 B．x=8，y=6 C．x=16，y=22 D．x=22，y=16 3．用蓝光照射某种金属表面，发生光电效应。

现将该蓝光的强度减弱，则（）A．单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少B．逸出的光电子的最大初动能将减小C．从光照至金属表面上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加D．有可能不发生光电效应4．已知氢原子的能级如图所示，现用光子能量介于10～12.9 eV范围内的光去照射一群处于基态的氢原子，则下列说法中正确的是( )A．在照射光中可能被吸收的光子能量有无数种B．在照射光中可能被吸收的光子能量只有3种C．照射后可能观测到氢原子发射不同波长的光有10种。

α 射β 射γ 射甲2014-2015学年度第二学期高二级物理科期末考试试卷本试卷分选择题和非选择题两部分，共10页，满分为100分。

考试用时90分钟。

注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B 铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2、选择题每小题选出答案后，有2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。

第一部分选择题（共45分）一、单项选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分。

( )1.现在太阳向外辐射的能量是由于太阳内部氢聚变产生的，大约在40亿年以后太阳内部将会启动另一种核反应，其核反应方程为：C He He He 126424242→++，那时太阳向外辐射的能量是由上述核反应产生的．已知He 42的质量为m 1，C 126的质量为m 2，则下列判断正确的是：A ．m 1=3m 2B ．3m 1=m 2C ．3m 1<m 2D ．3m 1>m 2( )2.处于n =4的激发态的氢原子，当它们自发地跃迁到较低能级时，下列结论中正确的是：A ．从n =4的能级直接跃迁到n =2的能级，辐射出可见光光子B ．从n =4的能级直接跃迁到n =1的能级，辐射出的光的波长最长C ．从n =4的能级跃迁到n =3的能级时，辐射出的光的频率最高D ．从n =4的能级跃迁到低能级时，可能辐射出8种不同频率光子 ( )3.用分子动理论和能的转化的观点判断下列说法，其中正确的是 A ．温度是物体分子势能大小的标志B ．物体中一个分子的动能加一个分子的势能，就是一个分子的内能C ．改变物体内能的方式有做功和热传递，它们在改变内能上是等效的D ． 物理过程都是可逆的，能的转化不具有方向性 ( )4.如图甲是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，图乙是工业上利用射线的穿透性来检查金属内部的伤痕 的示意图，则图乙中的检查利用的射线是 A ．α 射线 B ．β 射线C ．γ 射线D ．α、γ 射线( )5.器壁导热的气缸放在恒温环境中，如图所示。