天津市河西区2020届高三物理下学期总复习质量调查试题二[含解析]

2015年天津市河西区高考物理二模试卷一、选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．每小题6分，共30分）1．（6分）（2015•河西区二模）质量为m的物体放在倾角为30°的斜面上，在平行斜面向下的力F作用下处于静止状态，如图所示，下列关于斜面对物体摩擦力大小的说法，不正确的是（）A．一定大于F B．一定等于F+mgC．可能等于mg D．可能等于2mg【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：物体受重力、支持力、推力F和静摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出静摩擦力的大小．【解析】：解：A、物体受重力、支持力、推力和静摩擦力处于平衡，根据共点力平衡得，f=mgsin30°+F=，一定大于F，故A正确，B错误．C、当F=时，f=mg，故C正确．D、当F=时，f=2mg，故D正确．本题选错误的，故选：B．【点评】：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．知道物块所受的静摩擦力方向一定沿斜面向上．2．（6分）（2015•河西区二模）音箱装饰布网既美观又能阻止灰尘进入音箱内部，但是它又有不利的一面，对于音箱发出的声音来说，布网就成了障碍物，它障碍了声音的传播，造成了声音失真，有的生产厂家就把装饰布网安装了子母扣，这样听音乐时就可以把布网卸下来，从而获得高保真的听觉效果．听同样的音乐不卸下布网和卸下布网相比较，你认为声音损失掉的主要是（）A．高频部分B．低频部分C．中频部分D．不能确定【考点】：波的干涉和衍射现象．【分析】：当声波波长较长时会发生明显的衍射，即绕过障碍物继续传播．【解析】：解：不卸下布网，高频部分由于波长较小，衍射现象不明显，所以声音损失掉的主要是高频部分．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】：解决本题的关键掌握发生明显衍射的条件．3．（6分）（2015•河西区二模）科学家们推测，太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上．从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它．可以说是“隐居”着地球的“孪生兄弟”．由以上信息我们可以推知（）A．这颗行星的密度等于地球的密度B．这颗行星的自转周期与地球相等C．这颗行星的质量等于地球的质量D．这颗行星的公转周期与地球相等【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式．太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上，说明它与地球的轨道半径相等．【解析】：解：研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：得出：T=2π．表达式里M为太阳的质量，R为运动的轨道半径．已知太阳系的第十颗行星就在地球的轨道上，说明第十颗行星和地球的轨道半径相等，所以第十颗行星的公转周期等于地球的公转周期，但无法判断自转周期之间的关系，也无法判断这颗行星的质量与地球的质量的关系，则也不能比较密度之间的关系，故D正确，ABC错误．故选：D【点评】：向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．环绕体绕着中心体匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，我们只能求出中心体的质量．4．（6分）（2015•河西区二模）如图所示：a、b为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关S后，静电计的指针张开一个较小的角度，能使角度增大的办法是（）A．使a、b板的距离增大一些B．使a、b板的正对面积减小一些C．断开S，使a、b板的距离增大一些D．断开S，使a、b板的正对面积增大一些【考点】：电容器的动态分析．【专题】：电容器专题．【分析】：静电计测定电势差，电势差越大，指针偏转角度越大．开关S闭合，电容器两端的电势差不变；断开S，电容器所带的电量不变，通过确定电容器两端间的电势差变化判断指针张角的变化．【解析】：解：AB、开关S闭合，电容器两端的电势差不变，则静电计指针的张角不变．故A、B错误．C、断开S，电容器所带的电量不变，a、b板的距离增大，则电容减小，根据U=知，电势差增大，则指针张角增大．故C正确．D、断开S，电容器所带的电量不变，a、b板的正对面积增大，电容增大，根据U=知，电势差减小，则指针张角减小．故D错误．故选C．【点评】：本题是电容器的动态分析，关键抓住不变量，开关S闭合，电容器两端的电势差不变；断开S，电容器所带的电量不变．同时要掌握电容的决定式和定义式进行分析．5．（6分）（2015•河西区二模）水平方向的匀强磁场的上下边界分别是MN、PQ，磁场宽度为L．一个边长为a的正方形导线框（L＞2a）从磁场上方下落，运动过程中上下两边始终与磁场边界平行，如图甲所示．线框进入磁场过程中感应电流i随时间t变化的图象如图乙，则线框从磁场中穿出过程中线框中感应电流i随时间t变化的图象可能是下图中的哪一个（）A．B．C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：由题意可知，线框进入磁场时，做匀速直线运动，根据L＞2a，则可知，出磁场时，速度与进入磁场的速度相比较，从而确定线框的运动性质，进而由法拉第电磁感应定律，可求得感应电流的大小如何变化，即可求解．【解析】：解：由题意可知，线框进入磁场过程中感应电流i随时间t变化的图象如图（乙）所示，由法拉第电磁感应定律可知，线框匀速进入磁场，由于L＞2a，当完全进入磁场后，因磁通量不变，则没有感应电流，线框只受到重力，使得线框速度增加，当出磁场时，速度大于进入磁场的速度，由法拉第电磁感应定律可知，出磁场的感应电流大于进磁场的感应电流，导致出磁场时的安培力大于重力，导致线框做减速运动，根据牛顿第二定律，BIL﹣mg=ma，则有：加速度在减小的减速运动，故电流应减小，但减小的越来越慢，最后接近I0；故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】：考查线框切割磁感线产生感应电流，掌握法拉第电磁感应定律与牛顿第二定律的应用，注意出磁场安培力大于进磁场的安培力，这是解题的关键，同时注意完全进入磁场后，不受到安培力作用．二、选择题（每小题给出的四个选项中，有多个选项正确．每小题6分，全对的得6分，选不全得3分，选错或不答得0分，共18分）6．（6分）（2015•河西区二模）如图所示，两束单色光a、b从水下射向A点后，光线经折射合成一束光c，则下列说法中正确的是（）A．相同条件下a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B．用a、b光分别做单缝衍射实验时衍射条纹宽度都是均匀的C．在水中a光的速度比b光的速度小D．a光相对b光而言，不容易发生光电效应【考点】：光的折射定律；光的干涉．【专题】：光的折射专题．【分析】：根据光的偏折程度比较出光的折射率大小，从而确定出光的波长、频率的大小，根据v=比较出光在介质中的速度．结合衍射条纹的特点和光电效应的条件分析．【解析】：解：A、b光的偏折程度大于a光的偏折程度，所以b光的折射率大于a光的折射率，则a光的频率小于b光的频率，a光的波长大于b光的波长，而干涉条纹的间距与波长成正比，则a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距．故A正确．B、单缝衍射的条纹宽度不等间距，中间宽，两边窄．故B错误．C、a光的折射率小，根据v=知a光在介质中的速度大．故C错误．D、产生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，光的频率越高，越容易产生光电效应，a光的频率小于b光的频率，则a光相对b光而言，不容易发生光电效应，故D正确．故选：AD．【点评】：解决本题的突破口在于通过光的偏折程度得出光的折射率大小，从而根据v=比较出光在介质中的速度大小等等．7．（6分）（2015•河西区二模）1999年9月18日，中共中央、国务院、中央军委在人民大会堂隆重表彰研制“两弹一星”作出突出贡献的科学家，下列核反应方程中属于“两弹一星”的核反应方程式的和反应种类是（）A．N+He→O+H 裂变B．U+n→Sr+Xe+10n 裂变C．U→Th+He 衰变D．H+H→He+n 聚变【考点】：原子核的人工转变；原子核衰变及半衰期、衰变速度；重核的裂变．【分析】：“两弹一星”中的两弹是原子弹与氢弹，原子弹爆炸的核反应为重核裂变，氢弹是轻核的聚变．【解析】：解：原子弹的爆炸为重核裂变，氢弹是轻核的聚变，A选项为人工转变、B选项为重核裂变、C选项是α衰变，D选项为轻核聚变．故BD正确，AC错误．故选：BD．【点评】：该题考查重要的国防科技成果，要牢记核电站、原子弹的爆炸都是重核裂变，氢弹的爆炸为轻核聚变．基础题目．8．（6分）（2015•河西区二模）如图，一个理想变压器上有三组线圈，三组线圈匝数之比为n1：n2：n3=3：2：1，现将三只相同的灯泡分别接入三组线圈中，并把n1的接线端接上交变电源，接通电源后，下列各项正确的是（）A．若EL1正常发光，那么EL2、EL3都不能正常发光B．若EL2正常发光，那么EL1将烧毁C．若EL2正常发光，那么EL1、EL3都不能到正常亮度D．若EL3正常发光，那么EL2将烧毁【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电压与匝数成正比，输入功率等于输出功率求出三个灯泡的电流比例，再逐项分析．【解析】：解：变压器除了改变电压，还会改变电流．当次级线圈接通时，电流就按一定的比例会反馈到初级线圈上．I1由I2与I3的反馈而成，因为n1：n2：n3=3：2：1，设原线圈电压为3U，则副线圈分别为2U和U，根据输入功率等于输出功率知：3UI1=2UI2+UI3，又I2=2I3，联立得：I1==I2．设正常发光时电流为I．A、若EL1正常发光，那么EL2电流大于I将烧坏、EL3电流小于I不能正常发光，A正确；B、若EL2正常发光，那么EL1和EL3电流都小于I不能正常发光，B错误，C正确；D、若EL3正常发光，那么EL2电流大于I烧毁，D正确；故选：ACD【点评】：只有在一个副线圈时，电流之比等于匝数之比才是成立的；对于有多个副线圈时，电流之比不再成立，只能根据输入功率等于输出功率确定电流关系．三、填空题：（本题共3小题；共18分．）9．（6分）（2015•河西区二模）汽车发动机的功率为72kW，汽车的质量为4 t，当它行驶在坡度为0.02的长直公路上时，如图所示，受到得阻力为车重的0.1倍（g=10m/s2），则汽车所能达到的最大速度vm=15m/s若汽车从静止开始以0.6m/s2的加速度做匀加速直线运动，则此过程能维持的时间是16.7s．【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．【分析】：当汽车的加速度为零时，速度达到最大，根据平衡求出牵引力的大小，结合P=Fv 求出最大速度．根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合P=Fv求出匀加速运动的末速度，根据速度时间公式求出匀加速运动的时间．【解析】：解：当汽车的加速度为零时，速度达到最大，根据F=mgsinθ+f得，F=40000×0.02+0.1×40000N=4800N．则最大速度．根据牛顿第二定律得，F′﹣mgsinθ﹣f=ma，解得牵引力F′=mgsinθ+f+ma=40000×0.02+40000×0.1+4000×0.6N=7200N，则匀加速运动的末速度，该过程能维持的时间t=．故答案为：15m/s；16.7s【点评】：本题考查了汽车的启动问题，知道加速度为零时，速度达到最大．以恒定加速度启动，当匀加速运动结束时，功率达到额定功率．10．（6分）（2008•四川）一水平放置的圆盘绕过其圆心的竖直轴匀速转动．盘边缘上固定一竖直的挡光片．盘转动时挡光片从一光电数字计时器的光电门的狭缝中经过，如图1 所示．图2为光电数字计时器的示意图．光源A中射出的光可照到B中的接收器上．若A、B间的光路被遮断，显示器C上可显示出光线被遮住的时间．挡光片的宽度用螺旋测微器测得，结果如图3所示．圆盘直径用游标卡尺测得，结果如图4所示．由图可知，（1）挡光片的宽度为10.243mm．（2）圆盘的直径为24.215cm．（3）若光电数字计时器所显示的时间为50.0ms，则圆盘转动的角速度为 1.69rad/s（保留3位有效数字）．【考点】：线速度、角速度和周期、转速；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】：实验题；匀速圆周运动专题．【分析】：（1）由螺旋测微器读出整毫米数，由可动刻度读出毫米的小部分．即可得到挡光片的宽度．（2）图中20分度的游标卡尺，游标尺每一分度表示的长度是0.05mm．由主尺读出整毫米数，游标尺上第3条刻度线与主尺对齐，则读出毫米数小数部分为3×0.05mm=0.15mm．（3）由v=求出圆盘转动的线速度，由v=ωr，求出角速度ω．【解析】：解：（1）由螺旋测微器读出整毫米数为10mm，由可动刻度读出毫米的小部分为0.243mm．则挡光片的宽度为D=10.243mm．（2）由主尺读出整毫米数为242mm，游标尺上第3条刻度线与主尺对齐，读出毫米数小数部分为3×0.05mm=0.15mm，则圆盘的直径为d=242.15mm=24.215cm．（3）圆盘转动的线速度为v=…①由v=ωr，得角速度ω=…②又r=联立得ω=代入解得，ω=1.69rad/s故答案为：（1）10.243；（2）24.215；（3）1.69．【点评】：螺旋测微器和游标卡尺的读数是基本功，要熟悉读数的方法．题中还要掌握圆周运动的线速度与角速度的关系v=ωr．11．（6分）（2015•河西区二模）磁电式电压表是用电流表经过改装而成的．现有一满偏电流Ig=300μA、内阻未知的电流表，要将它改装成电压表时，需要测出电流表的内阻．在采用图（a）所示电路测定表头内阻时，部分实验步骤为：①按电路图接好电路，将R1调至最大；②断开S2，闭合S1，调节R1，使表头指针满偏；③闭合S2，调节R2，使表头指针半偏，此时电阻箱R2的示数如图（b）所示，则电流表内阻rg=180Ω．按图（a）所示的电路，将图（c）中的器材连成实验电路．【考点】：用多用电表测电阻．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：此题综合性强，要结合电路串并电压、电流特点以及电流与电阻关系求解电流表的内阻．连接实物图一般从电源的正极出发，逐步连接．【解析】：解：（1）半偏法测量电流表内阻的步骤是先调节电路的电流，使电流表的指针达到满偏，再并联电阻箱，调节电阻箱，使电流表的指针半偏此时的电阻即电流表的内阻；（2）电阻箱的读数是从最大的数开始读．该电阻的阻值：1000×0+100×1+10×8+1×0=180Ω（3）连接实物图从电源的正极出发，逐步连接如图．故答案为：（1）满偏；半偏；（2）180；（3）如图所示；【点评】：此题考查知识点多，要结合串并联关系和半偏法测电阻的原理以及电路的连接，一个知识点想不到就易出错．四、计算题：（54分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12．（16分）（2015•河西区二模）如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角∠BOC=37°，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R=1.0m，现有一个质量为m=0.2kg可视为质点的小物体，从D点的正上方E点处自由下落，DE距离h=1.6m，物体与斜面AB之间的动摩擦因数μ=0.5．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）物体第一次通过C点时轨道对物体的支持力FN的大小；（2）要使物体不从斜面顶端飞出，斜面的长度LAB至少要多长；（3）若斜面已经满足（2）要求，物体从E点开始下落，直至最后在光滑圆弧轨道做周期性运动，在此过程中系统因摩擦所产生的热量Q的大小．【考点】：动能定理的应用；牛顿第二定律；功能关系；机械能守恒定律．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）由机械能守恒可求得物体在C点的速度，C点物体做圆周运动，则由牛顿第二定律充当向心力可求得支持力；（2）要使物体不飞出，则到达A点时速度恰为零，则由动能定理可求得AB的长度；（3）由于摩擦力小于重力的分力，则物体不会停在斜面上，故最后物体将稳定在C为中心的圆形轨道上做往返运动，由功能关系可求得热量Q．【解析】：解：（1）物体从E到C，由机械能守恒得：mg（h+R）=mvc2；①在C点，由牛顿第二定律得：FN﹣mg=m②联立①、②解得支持力FN=12.4N ③（2）从E～D～C～B～A过程，由动能定理得WG﹣Wf=0 ④WG=mg[（h+Rcos37°）﹣LABsin37°]⑤Wf=μmgcos37°LAB ⑥联立、④、⑤、⑥解得斜面长度至少为：LAB=2.4m ⑦（3）因为，mgsin37°＞μmgcos37°（或μ＜tan37°）所以，物体不会停在斜面上．物体最后以C为中心，B为一侧最高点沿圆弧轨道做往返运动．从E点开始直至稳定，系统因摩擦所产生的热量Q=△EP ⑧△EP=mg（h+Rcos37°）⑨联立⑥、⑦解得Q=4.8J ⑩在运动过程中产生热量为4.8J．【点评】：在考查力学问题时，常常将动能定理、机械能守恒及牛顿第二定律等综合在一起进行考查，并且常常综合平抛、圆周运动及匀变速直线运动等运动的形式．13．（18分）（2015•河西区二模）如图所示，一个质量为m=2.0×10﹣11kg，电荷量q=+1.0×10﹣5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=25V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中．金属板长L=20cm，两板间距d=10cm．求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v是多大？（2）若微粒射出电场过程的偏转角为θ=30°，并接着进入一个方向垂直与纸面向里的匀强磁场区，则两金属板间的电压U2是多大？（3）若该匀强磁场的宽度为D=10cm，为使微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多大？【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）根据动能定理求带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）带电微粒在偏转电场中做类平抛运动，将微粒的末速度分解为平行于板和垂直于板两个方向，由几何知识确定出粒子垂直于板方向的末速度，然后由动能定理列式求偏转电压；（3）微粒恰好不从磁场右边射出时运动轨迹与右边边界相切，由几何知识确定运动半径，然后由洛伦兹力提供向心力列方程求磁感应强度的最小值．【解析】：解：（1）带电微粒经加速电场加速后速率为v1，根据动能定理有：U1q=mv12解得：v1===5.0×103m/s．（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，设微粒进入磁场时的速度为v′，则有：v′=得出：v′=×104m/s由动能定理有：m（v′2﹣v12）=qU2解得：U2=16.7V．（3）带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，微粒恰好不从磁场右边射出时运动轨迹与右边边界相切，设做匀速圆周运动的轨道半径为R，由几何关系知：R+=D由牛顿运动定律及运动学规律：qv′B=m，得B=1×10﹣3T．若带电粒子不射出磁场，磁感应强度B至少为1×10﹣3T．答：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1为5.0×103m/s；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2为16.7V；（3）为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少1×10﹣3T．【点评】：本题属于带电粒子在组合场中的运动，在电场中做类平抛运动时通常将运动分解为平行于电场方向与垂直于电场两个方向或借助于动能定理解决问题．14．（20分）（2004•天津）磁流体发电是一种新型发电方式，图1和图2是其工作原理示意图．图1中的长方体是发电导管，其中空部分的长、高、宽分别为l、a、b，前后两个侧面是绝缘体，上下两个侧面是电阻可略的导体电极，这两个电极与负载电阻R1相连．整个发电导管处于图2中磁场线圈产生的匀强磁场里，磁感应强度为B，方向如图所示．发电导管内有电阻率为ρ的高温、高速电离气体沿导管向右流动，并通过专用管道导出．由于运动的电离气体受到磁场作用，产生了电动势．发电导管内电离气体流速随磁场有无而不同．设发电导管内电离气体流速处处相同，且不存在磁场时电离气体流速为v0，电离气体所受摩擦阻力总与流速成正比，发电导管两端的电离气体压强差△p维持恒定，求：（1）不存在磁场时电离气体所受的摩擦阻力F多大；（2）磁流体发电机的电动势E的大小；（3）磁流体发电机发电导管的输入功率P．【考点】：霍尔效应及其应用．【专题】：压轴题；光电效应专题．【分析】：（1）不存在磁场时，由力的平衡得F；（2）由题，运动的电离气体，受到磁场的作用，将产生大小不变的电动势，相当于电源，E=Blv，外电路闭合后，根据欧姆定律、电阻定律结合平衡条件即可电场强度；（3）根据能量的转化与守恒，写出公式即可求得磁流体发电机发电导管的输入功率P．【解析】：解：（1）不存在磁场时，由力的平衡得F=ab△p（2）设磁场存在时的气体流速为v，则磁流体发电机的电动势E=Bav回路中的电流电流I受到的安培力设F′为存在磁场时的摩擦阻力，依题意存在磁场时，由力的平衡得ab△p=F安+F′根据上述各式解得（3）磁流体发电机发电导管的输入功率P=abv△p由能量守恒定律得P=EI+F′v故答：（1）不存在磁场时电离气体所受的摩擦阻力ab△p；（2）磁流体发电机的电动势E的大小；（3）磁流体发电机发电导管的输入功率．【点评】：要注意电阻定律中导体的长度是导体顺着电流方向的长度，图中内电路是导体长度是a，容易搞错．。

天津市河西区2019-2020学年度第二学期高三年级期末质量调查物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示为一简易起重装置，（不计一切阻力）AC是上端带有滑轮的固定支架，BC为质量不计的轻杆，杆的一端C用铰链固定在支架上，另一端B悬挂一个质量为m的重物，并用钢丝绳跨过滑轮A连接在卷扬机上。

开始时，杆BC与AC的夹角∠BCA>90°，现使∠BCA缓缓变小，直到∠BCA=30°。

在此过程中，杆BC所产生的弹力（）A．大小不变B．逐渐增大C．先增大后减小D．先减小后增大2、如图所示，图中曲线为两段完全相同的六分之一圆弧连接而成的金属线框（金属线框处于纸面内），每段圆弧的长度均为L，固定于垂直纸面向外、大小为B的匀强磁场中。

若给金属线框通以由A到C、大小为I的恒定电流，则金属线框所受安培力的大小和方向为（）A．ILB，垂直于AC向左B．2ILB，垂直于AC向右C．6ILBπ，垂直于AC向左D．3ILBπ，垂直于AC向左3、如图所示，N匝矩形线圈以角速度ω在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴OO’匀速转动，线圈面积为S，线圈电阻为R，电流表和电压表均为理想表，滑动变阻器最大值为2R，则下列说法正确的是（）A ．电压表示数始终为2NBS ωB ．电流表示数的最大值NBS Rω C ．线圈最大输出功率为22228N B S Rω D ．仅将滑动变阻器滑片向上滑动，电流表示数变大，电压表示数变大 4、a b 、两车在平直的公路上沿同一方向行驶，两车运动的v t -图象如图所示。

在0t =时刻，b 车在a 车前方0S 处，在10~t 时间内，b 车的位移为s ，则（ ）A ．若a b 、在1t 时刻相遇，则03s s =B ．若a b 、在12t 时刻相遇，则032s s = C ．若a b 、在13t 时刻相遇，则下次相遇时刻为143t D ．若a b 、在14t 时刻相遇，则下次相遇时a 车速度为13v 5、1960年10月第十一届国际计量大会确定了国际通用的国际单位制，简称SI 制。

高考物理二模试卷题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共7小题，共42.0分）1.中国自主研发的世界首座具有第四代核电特征的核电站--华能石岛湾高温气冷堆核电站，位于山东省威海市荣成石岛湾。

目前核电站使用的核燃料基本都是浓缩铀，有一种典型的铀核裂变方程是U+x→Ba+Kr+3x，下列关于x的说法正确是（）A. x是α粒子，具有很强的电离本领B. x是α粒子，穿透能力比较弱C. x是中子，中子是卢瑟福通过实验最先发现的D. x是中子，中子是查得威克通过实验最先发现的2.恒星在均匀地向四周辐射能量的过程中，质量缓慢减小，围绕恒星运动的小行星可近似看成在做圆周运动。

则经过足够长的时间后，小行星运动的（）A. 半径变大B. 速率变大C. 角速度变大D. 加速度变大3.一列横波沿水平放置的弹性绳向右传播，绳上两质点A、B的平衡位置相距波长，B位于A右方．t时刻A位于平衡位置上方且向上运动，再经过周期，B位于平衡位置（）A. 上方且向上运动B. 上方且向下运动C. 下方且向上运动D. 下方且向下运动4.如图所示，边长为d的等边三角形abc所在平面与一匀强电场（图中未画出平行）。

将电荷量为q（q＞0）的甲粒子分别从a、c两点移到b点，电场力均做正功W．乙粒子以初度v0从a点沿ac方向射入，仅在电场力作用下运动到b点，不计粒子间相互作用，则（）A. 乙粒子带负电B. 乙粒于的比荷为C. 乙粒子从a运动到b的时间为D. 乙粒子运动到b点时的速度大小为2v05.在城市建设施工中，经常需要确定地下金属管线的位置，如图所示．有一种探测方法是，首先给金属长直管线通上电流，再用可以测量磁场强弱、方向的仪器进行以下操作：①用测量仪在金属管线附近的水平地面上找到磁感应强度最强的某点，记为a；②在a点附近的地面上，找到与a点磁感应强度相同的若干点，将这些点连成直线EF；③在地面上过a点垂直于EF的直线上，找到磁场方向与地面夹角为45°的b、c两点，测得b、c两点距离为L。

河西区2019—2020 学年度第二学期高三年级总复习质量调查（二）物理 试 卷 本试卷共 12 题，共 8 页，共 100 分，考试时间 60 分钟，考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写清楚，将条形码准确粘贴 在 条形码区域内。

2.选择题必须使用 2B 铅笔填涂;非选择题必须使用 0. 5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效;在 草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱。

不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

第I 卷（选择题共 40 分）一、选择题 (每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。

每小题 5 分，共 25 分)1．关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象。

人们从破解天然放射现象入手，一步步揭开了原子核的秘密。

下列说法正确的是A ．法国物理学家贝可勒尔发现了X 射线B ．德国物理学家伦琴发现，铀和含铀的矿物能够发出α射线C ．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，发现了质子D ．居里夫妇通过实验发现了中子2．已知水的摩尔质量为M ，密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A 。

若用m 0表示一个水分子的质量，用V 0表示一个水分子的体积，下列表达式中正确的是A ．0A M m N =B ．0A N m M =C ．0AMN V ρ= D ．0AN V M ρ=3．简谐横波在同一均匀介质中沿x 轴负方向传播，波速为v 。

若某时刻在波的传播方向上，位于平衡位置的两质点a 、b 相距为s ，a 、b 之间只存在一个波谷，则从该时刻起，下列四幅波形中质点a 最早到达波谷的是A ．B ．C ．D ． 4．为了做好疫情防控工作，很多场所都利用红外线测温仪对进出人员进行体温检测。