四川省成都市2015届高三摸底(零诊)考试物理试题

成都市2015届高中毕业班第一次诊断性检测理科综合物理部分理科综合共300分，考试用时150分钟。

1．物理试卷分为第1卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，第1卷1至2页，第Ⅱ卷3至5页，共110分。

2．答卷前，考生务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡上；并在规定位置粘贴考试用条形码。

答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。

考试结束后，只将答题卡交回。

第1卷注意事项：1．每题选出答案后，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

2．本卷共7题，每题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列说法正确的是A千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位B质点、点电荷、匀速直线运动均属于理想化物理模型C卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量D 分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式2．如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第1象限内，磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里。

一质量为m、电荷量绝对值为q、不计重力的粒子，以某速度从O点沿着与，轴夹角为30。

的方向进入磁场，运动到A点时，粒子速度沿z轴正方向。

下列判断正确的是A粒子带正电B运动过程中，粒子的速度不变c粒子由。

到A经历的时间为D离开第豫限时，粒子的速度方向与z轴正方向的夹角为30~3．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。

图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为1：4。

若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是A．在图示轨道上，“轨道康复者”的速度大于7．9 km／sB在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的4倍c．在图示轨道上，“轨道康复者”的周期为3 h，且从图示位置开始经1．5 h与同步卫星的距离最近D若要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者”应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接4．如图所示，质量均为m的木块A和B，用劲度系数为^的轻质弹簧连接，最初系统静止。

四川省成都市2015级高中毕业班第三次诊断性检测理综试题物理试题一、选择题1. 下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（）A. 卢瑟福通过分析甲图中的α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型B. 乙图表明：只要有光射到金属板上，就一定有光电子射出C. 丙图表示的是磁场对α、β和γ射线的作用情况，其中①是β射线，②是γ射线D. 丁图表示的核反应属于重核裂变，是人工无法控制的核反应【答案】A【解析】A、卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型，故A正确；B、乙图表明：只有入射光的频率大于金属板的极限频率时，才能发生光电效应，B错误；C、根据左手定则可得，图射线①是α粒子，而图线③是β粒子流，故C错误；D、图丁表示的核反应属于重核裂变，是人工可以控制的核反应，故D错误；故选A。

2. 2016年6月和8月，我国在西昌和酒泉卫星发射中心，分别发射了第二十三颗北斗导航卫星G7和世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”。

G7属地球静止轨道卫星(高度距地面约3600km)，“墨子号”的圆形轨道距地面的高度约为500km。

关于在轨运行的这两颗卫星，下列说法正确的是（）A. “墨子号”的运行速度大于7.9km/sB. 北斗G7的运行速度大于11.2km/sC. “墨子号”的运行周期比北斗G7大D. “墨子号”的向心加速度比北斗G7大【答案】D【解析】A、7.9km/s是绕地球表面运动的速度，是卫星的最大环绕速度，则“墨子号”的运行速度小于7.9km/s，故A错误；B、运行速度不能大于11.2 km/s，大于11.2km/s会脱离地球引力的束缚，成为绕太阳运行的人造行星，或成为其他行星的卫星，故B错误；D、根据可知，轨道半径小的量子科学实验卫星“墨子号”的向心加速度比北斗G7大，故D正确；故选D。

【点睛】本题要掌握万有引力提供向心力和重力等于万有引力这两个重要的关系，要知道同步卫星的周期等于地球的自转周期。

成都市2015届高中毕业班第三次诊断性检测理科综合物理部分物理试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共110分。

第Ⅰ卷（共42分）本卷共7题，每题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列说法正确的是A．声波和电磁波都不能在真空中传播B．遥控器发出的红外线脉冲信号，可以用来遥控电视机、录像机和空调机C．交警可以根据光波的偏振现象，利用仪器测出经过身边的汽车的行驶速度D．狭义相对论认为真空中光源的运动会影响光的传播速度2．关于下列光学现象，说法正确的是A．光从空气射入玻璃时，可能发生全反射B．在水中，蓝光的传播速度大于红先的传播速度C．晚上，水中同一深度、可视为点光源的红灯和黄灯，红灯照亮的水面面积大于黄灯照亮的水面面积D．阳光下肥皂泡呈现出五颜六色，这是光的衍射现象3．如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为5:1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈接有“220 V，440 W”的纯电阻和“220 V，220 W”的电动机。

如果副线圈两端电压按图乙所示正弦规律变化，则下列说法正确的是A．副线圈两端电压的瞬时值表达式为2220=V50sintuπ1100VB．电压表示数为2C．纯电阻的发热功率是电动机发热功率的2倍D．1 min内电动机消耗的电能为1.32×104 J4．如图所示，在波的传播方向上有相距1m的6个质点a、b、c、d、e、f它们均静止在各自的平衡位置，一列简谐横波以1m/s的水平速度向右传播。

此波在t=0时刻到达a，质点a开始由平衡位置向下振动，t=1s时刻，质点a第一次到达最低点。

则在8 s<t<9 s这段时间内，下列说法正确的是A．质点c的加速度逐渐增大B．质点d向下运动C．质点b的速度逐渐减小D．质点f的振幅在逐渐变小5．我国的“嫦娥工程”取得了初步的成功。

2015年四川省成都市高考物理零诊试卷一、选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．可见光是一种频率低于X射线的电磁波B．变化的电场一定能产生变化的磁场C．振荡电路的频率越低，向外发射电磁波的本领越大D．爱因斯坦提出：对不同的惯性系，物理规律（包括力学的和电磁学的）是不一样的考点：电磁波谱．分析：狭义相对论提出对不同的惯性系，物理规律是相同的；广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；电路中发射能力的大小取决于频率；频率越高，发射的越远．解答：解：A、根据电磁波谱可知，可见光是一种频率低于X射线的电磁波；故A正确；B、变化的电场包括均匀变化和周期性变化等；均匀变化的电场只能产生恒定的磁场；故B错误；C、振荡电路的频率越高，向外发射电磁波的本领越大；故C错误；D、爱因斯坦狭义相对论提出：对不同的惯性系，物理规律是相同的；爱因斯坦广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；故D错误；故选：A．点评：本题考查了相对论的基本假设、电磁波的利用及发射等；知识点多，难度小，关键记住基础知识．2．下列说法正确的是（）A．光纤通信是光的色散现象的应用B．紫外线常用于医院和食品消毒，是因为它具有显著的热效应C．救护车向静止着的你驶来时，你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应D．照相机镜头的增透膜可以改善相机的透光性能在，这是利用了光的全反射原理考点：光导纤维及其应用；紫外线的荧光效应及其应用．分析：光纤通信是光的全反射现象；紫外线有显著的化学作用，红外线有显著的热效应；根据声源与观察者间距来确定音调的高低；镜头表面的增透膜是利用了光的干涉原理．解答：解：A、光纤通信是光的全反射现象的应用，故A错误；B、紫外线常用于医院和食品消毒，但它不具有显著的热效应，反而红外线才是显著的热效应，故B错误；C、救护车向静止着的你驶来时，相对距离减小，则你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应，故C正确；D、镜头表面的增透膜是利用了光程差为半个波长的奇数倍时，出现振动减弱，体现光的干涉原理，故D错误；故选：C．点评：考查光的全反射、干涉的现象，掌握其发生的条件，理解紫外线与红外线的区别，理解多普勒效应现象与条件，注意接收频率与发射频率的不同．3．下列说法正确的是（）A．点电荷在电场中所受电场力的方向一定与电场线方向相同B．运动的点电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向可能与磁感线方向相同C．运动的点电荷在磁感应强度不为零的磁场中受到的洛伦兹力一定不为零D．通电长直导线在磁感应强度不为零的地方受到的安培力可能为零考点：电场线；洛仑兹力．分析：本题要抓住电场力和磁场力的区别，知道正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同．洛伦兹力方向与磁场方向垂直．当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．解答：解：A、正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同，负点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反．故A错误．B、运动的点电荷在磁场中所受的洛伦兹力方向与磁场方向垂直．故B错误．C、当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．故C错误．D、通电长直导线在磁感应强度不为零的地方，当通电导线与磁场平行时不受安培力．故D正确．故选：D．点评：电场力和磁场力的区别很大，要抓住电场力与重力类似，电荷在电场中必定要受到电场力，而磁场力则不一定，当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．电势能逐渐减小C．运动时间与电场强度大小有关D．运动轨迹与所带电荷量无关考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：微滴带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，及电场力做功来确定电势能变化情况．解答：解：A、由于微滴带负电，故微滴向正极板偏转，故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能逐渐减少，故B正确；C、微滴在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动时间 t=，与电场强度无关，故C错误．D、由侧向位移y=at2=，可知运动轨迹与带电量有关，故D错误．故选：B．点评：本题理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．5．某单摆做受迫振动时，振幅A与驱动力频率f的关系图象如图所示，当地重力加速度g=9.8m/s2，则（）A．该单摆做受迫振动的周期一定等于2sB．该单摆的摆长约为1mC．该单摆做受迫振动的振幅一定为8cmD．该单摆做自由振动的振幅一定为8cm考点：自由振动和受迫振动．分析：由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，从而即可求解．解答：解：A、单摆做受迫振动，振动频率与驱动力频率相等；当驱动力频率等于固有频率时，发生共振，则固有频率为0.5Hz，周期为2s．故A错误；B、由图可知，共振时单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s．由公式T=2π，可得L≈1m，故B错误；C、单摆的实际振动幅度随着驱动力的频率改变而改变，当出现共振时，单摆的摆幅才为8cm．故C错误；D、同理，单摆做自由振动的振幅不一定为8cm．故D错误；故选：B．点评：本题关键明确：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，此时振幅达到最大．6．某沿水平方向振动的弹簧振子在0﹣6s内做简谐运动的振动图象如图所示，由图可知（）A．该振子的振幅为5cm，振动周期为6sB．第3s末振子的速度沿x轴负方向C．第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动D．该振子的位移x和时间t的函数关系：x=5sin（t+）（cm）考点：简谐运动的振动图象．分析：由图读出周期和振幅．第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，加速度为0．第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．从第3s末到第4s末振子由平衡位置向正向最大位移处运动，速度减小．由公式ω=，得到角频率ω，则该振子简谐运动的表达式为x=Acosωt．解答：解：A、由图读出振动周期为4s，振幅为5cm．故A错误．B、根据图象可知，第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．故B错误．C、第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，则第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动．故C正确．D、由振动图象可得：振幅A=5cm，周期T=4s，初相φ=，则圆频率ω==故该振子做简谐运动的表达式为：x=5cos（t+）=5sin（t﹣）（cm）（cm）．故D错误．故选：C点评：本题考查根据振动图象分析物体振动过程的能力．当振子靠近平衡位置时速度增大，加速度减小；背离平衡位置时速度减小，加速度增大．7．如图所示，长直线导线AB与矩形导线框abcd固定在同一平面内，且AB∥ab，直导线中通有图示方向的电流，当电流逐渐减弱时，下列判断正确的是（）A．穿过线框的磁通量可能增大B．线框中将产生逆时针方向的感应电流C．线框所受安培力的合力方向向左D．线框中产生的感应电流一定逐渐减小考点：感应电流的产生条件．分析：本题要会判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律得到感应电动势的变化规律．解答：解：A、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减弱，穿过线框的磁通量减小，故A错误；B、根据楞次定律，知感应电流的磁场总要阻碍原磁通量的变化，根据右手定则判定知导线右侧的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，产生顺时针方向的感应电流，故B错误；C、根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减小，线框有向磁感应强度较大的左侧运动的趋势，所以它所受的安培力的合力向左，故C正确；D、由于电流的规律未知，线框中产生的感应电动势如何变化不能确定，则知线框中感应电流不一定减小，故D错误．故选：C．点评：通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律和法拉第电磁感应定律结合欧姆定律解题．8．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为5：1，原线圈接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小），下列说法中正确的是（）A．图乙中电压的有效值为110VB．电压表的示数为44VC．R处出现火警时，电流表示数增大D．R处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．=•T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为22v，故B错误；C、R处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故C正确．D、由A知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大，故D错误．故选：C点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9．用同一装置进行双缝干涉实验，a，b两种单色光形成的干涉图样（灰黑色部分表示亮纹），分别如图甲、乙所示，关于a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A．若a是红光，则b可能是蓝光B．两种条件下，b光比a光更容易发生明显衍射现象C．在水中，a光的传播速度小于b光的传播速度D．在水与空气的界面发生全反射时，a光的临界角大于b光的临界角考点：光的干涉．分析：根据双缝干涉条纹的间距大小比较出A、B两光的波长大小，从而比较出频率的大小、折射率的大小，根据v=得出光在水中传播速度的大小．根据sinC=比较全发射的临界角．解答：解：A、根据△x=λ得，λ=，a光的条纹间距较大，则a光的波长较大，若a是红光，则b可能是蓝光，故A正确．B、a光的波长较大，则比b光更容易发生明显衍射现象频率较小，故B错误．C、a光的折射率较小，根据v=得，a光在水中传播的速度较大，故C错误．D、根据sinC=知，a光的折射率较小，则a光从水中射向空气全反射的临界角较大，故D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道波长、频率、折射率、在介质中的速度、临界角之间的大小关系，本题通过双缝干涉的条纹间距公式比较出波长是突破口．10．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，元件中通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差．下列说法中正确的是（）A．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是带正电离子B．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是自由电子C．在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直时，效果明显D．在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直且与地球经线垂直时，效果明显考点：霍尔效应及其应用．分析：根据左手定则判断洛伦兹力的方向，确定电子的偏转方向，从而确定侧面电势的高低．测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置．解答：解：A、若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故A错误；B、若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势．故B正确；C、在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时，效果明显，故C错误；D、地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时，效果明显．故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布．11．一列简谐波沿x轴负方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此时坐标为（1，0）的质点刚好开始振动，在t1=0.3s时刻，质点P在t=0时刻以后第一次达到波峰，已知Q质点的坐标是（﹣3，0），关于这列简谐横波，下列说法正确的是（）A．波的周期为1.2sB．波的传播速度为0.1m/sC．在t2=0.7s时刻，Q质点首次位于波谷D．在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为0.03m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由图可知，质点P在t=0时刻向下运动，经过T第一次达到波峰，据此求周期．读出波长，再求波速．当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷．根据时间与周期的关系求解A质点的路程．解答：解：A、据题有：t1=0.3s=T，则得周期 T=0.4s，故A错误．B、波长为λ=4cm=0.04m，则波速为 v==0.1m/s，故B正确．C、当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷，所用时间 t==s=0.7s，故C正确．D、在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为3A=24cm=0.24m，故D错误．故选：BC．点评：本题关键从时间的角度研究周期，运用波形平移法研究质点的状态．对于振动的位移，往往根据时间与周期的倍数关系求解．12．如图所示，A、B、C、D是圆周上的四个点，四个点上放着两对等量的异种点电荷，AC⊥BD且相交于圆心O，BD上的M、N两点关于圆心O对称．下列说法正确的是（）A．M、N两点的电场强度不相同B．M、N两点的电势不相同C．一个电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零D．一个电子沿直线从M点移动到N点，电势能一直减少考点：电场强度；电场线．分析：根据点电荷场强公式E=求解每个点电荷单独存在时的场强，然后矢量合成；考虑两对等量异号电荷的电场中的电势，然后代数合成．解答：解：A、根据点电荷的场强公式E=和电场的叠加原理可知，M、N两点的电场强度大小相等、方向相反，则电场强度不同，故A正确．B、等量异号电荷连线的中垂线是等势面，M、N两点对AB两个电荷的电场来说电势不等，是M点的电势低；对CD两个电荷的电场来说M点的电势高，由对称性可知，M、N两点的电势相同，故B错误．C、M、N两点间的电势差为零，根据W=qU，知电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零．故C正确．D、电子沿直线从M点移动到N点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误．故选：AC．点评：本题关键是明确场强是矢量，合成遵循平行四边形定则；电势是标量，合成遵循代数法则．13．如图所示，两平行金属导轨MM′、NN′间有一正方形磁场区域abcd，ac⊥MM′，ac两侧匀强磁场的方向相反且垂直于轨道平面，ac右侧磁感应强度是左侧的2倍，现让垂直于导轨放置在导轨上，与导轨接触良好的导体棒PQ从图示位置以速度v向右匀速通过区域abcd，若导轨和导体棒的电阻均不计，则下列关于PQ中感应电流i和PQ所受安培力F随时间变化的图象可能正确的是（规定从Q到P为i的正方向，平行于导轨MM′向左为F的正方向（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析感应电流大小变化规律，再得到安培力随时间的变化，由平衡条件分析F的变化规律．解答：解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．AB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i===∝t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=．故A正确，B错误．CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力F=Bi•2vt=∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为F=2Bi•（L﹣2vt）=．根据数学知识可得，C正确，D错误．故选：AC．点评：本题运用半定量的研究方法，通过法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式得到感应电流和安培力的表达式，再进行分析，要注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．三、本题共2个题，共14分14．如图为“探究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的装置图，已充电的平行板电容器的极板A与一静电计相连接，极板B接地，若极板B竖直向上移动少许，则电容器的电容减小，静电计指针偏角增大，电容器的电荷量几乎不变（填“增大”、“减小”或“几乎不变”）考点：研究平行板电容器．专题：实验题；电容器专题．分析：若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式：C=，分析电容的变化．电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变．解答：解：电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q几乎不变；若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=，可知，电容C 变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=得到，板间电压U变大．故静电计指针偏角变大；故答案为：减小，增大，几乎不变．点评：本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式C=，和电容的定义式C=综合分析，是常用思路15．在“测量干电池的电动势和内电阻”的实验中，用待测电池、开关和导线，配合下列的A 组、或 B 组、或 C 组仪器，均能达到实验目的．A．一只电流表和一只电阻箱 B．一只电压表和一只电阻箱C．一只电流表、一只电压表和一只滑动变阻器 D．一只电流表和一只滑动变阻器（2）为测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，实验室提供了下列器材：A．电流表G：内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3mAB．电流表A2内阻约为1Ω，量程为0～0.6AC．多用电表D．螺旋测微器、刻度尺E．电阻箱R箱（0～9999Ω，0.5A）F．滑动变阻器R（5Ω，1A）G．电池组E（6V，0.05Ω）H．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：①用螺旋测微器测出该电阻丝的直径；②用多用电表粗测Rx的阻值，当他把选择开关旋到电阻“×10”档时，发现指针偏转角度过大，则他应该换用电阻×1档（填“×1”或“×100”）．进行一系列正确操作后，指针静止位置如图甲所示；③把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0= 1880 Ω．④用改装好的电压表设计一个精确测量电阻R X阻值的实验电路；请你根据提供的器材和实验需要，在答题卡相应位置将与图乙对应的电路图补画完整；⑤计算电阻率：若测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的求数为I1，电流表A的示数为I2，请你用字母符号（L、d、R g、R g、I1、I2等）写出计算电阻率的表达式ρ= ．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量．也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻．（2）①多用电表盘刻度，不均匀，且从左向右，电阻刻度越来越小，而多用电表电阻的测量值等于表盘示数乘以倍率；②根据电压表的量程为0～3V，结合电流表G（内阻R g=99Ω，满偏电流Ig=3mA），即可求出电阻箱的阻值；因两个电流表，一电流表与电阻串联当作电压表，因此使用另一电流表的内接法，再能准确得出所测电阻的电流；根据滑动变阻器（5Ω，2A），因此采用滑动变阻器限流式，从而画出正确的电路图，即可求解．③由电阻定律求出电阻率的表达式，结合欧姆定律及串并联的特征，然后求出电阻率．解答：解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合利用闭合电路的欧姆定律列方程得出电源的电动势和内阻．可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR可求出路端电压；也可以用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流．故ABC组均可实现求电动势和内电阻的效果；但D组中只能测出电路中的电流，不能测量电压，因而不能测出电源的电动势和内电阻，故D错误；（2）②因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“×1OΩ”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“×1”倍率读数，读数为：R=1×15Ω=15Ω；③将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，而电流表G（内阻R g=120Ω，满偏电流Ig=3mA）；所以改装后的电压表的内阻为R v=Ω；由于电流表G的内阻R g=120Ω，因此电阻箱的阻值应调为R0=2000﹣120=1880Ω；④由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；而滑动变阻器R（5Ω，1A），电源电压为6V，所以滑动变阻器使用限流式，则电路图如下图所示；⑤由电阻定律可知，电阻R=ρ，则电阻率ρ=，根据欧姆定律，R==；所以电阻率ρ=．。

四川省成都市龙泉驿区2015届高三物理诊断试题新人教版第I 卷 选择题（42分）一、 选择题（每小题的四个选项中至少．．有一个符合题意。

全选对得6分，选对但未选全得3分。

7小题共42分）1. 科学家们在物理学的发展过程中创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（A ）A ．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法B ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法C ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法2．水平地面上有一轻质弹簧，下端固定，上端与物体A 相连接，整个系统处于平衡状态。

现用一竖直向下的力压物体A ，使A 竖直向下做匀加速直线运动一段距离，整个过程中弹簧一直处在弹性限度内。

下列关于所加的力F 的大小和运动距离x 之间关系的图象正确的是（C ）3.如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G ，悬绳与竖直墙壁的夹角为α，悬绳对工人的拉力大小为F 1 ，墙壁对工人的弹力大小为F 2 , 不计摩擦。

则( B )A ．F 1＝Gsin αB ．F 2＝Gtan αC ．若缓慢减小悬绳的长度，F 1与F 2的合力变大D ．若缓慢减小悬绳的长度，F 1减小，F 2增大4. 2013年12月2日凌晨1时30分，嫦娥三号在四川西昌卫星发射中心发射成功，为我国未来建立月球基地、并在绕月轨道上建造空间站做出了贡献。

14日21时11分，嫦娥三号在月球正面的虹湾以东地区着陆，如图示，关闭动力的航天飞机在月球引力作用下经椭圆轨道向月球靠近，并将与空间站在B 处对接．已知空间站绕月轨道半径为r ，周期为T ，万有引力常量为G ，下列说法中错误．．的是（ B ）A ．根据题中条件可以算出月球质量B ．根据题中条件可以算出空间站受到月球引力的大小C ．航天飞机在B 处由椭圆轨道进入空间站圆形轨道必须点火减速D ．航天飞机与空间站在B 点对接前后瞬间的加速度相等x DB C A FFFFAF5.如图示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置。

2015年四川省成都市高考物理零诊试卷一、选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．可见光是一种频率低于X射线的电磁波B．变化的电场一定能产生变化的磁场C．振荡电路的频率越低，向外发射电磁波的本领越大D．爱因斯坦提出：对不同的惯性系，物理规律（包括力学的和电磁学的）是不一样的2．下列说法正确的是（）A．光纤通信是光的色散现象的应用B．紫外线常用于医院和食品消毒，是因为它具有显著的热效应C．救护车向静止着的你驶来时，你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应D．照相机镜头的增透膜可以改善相机的透光性能在，这是利用了光的全反射原理3．下列说法正确的是（）A．点电荷在电场中所受电场力的方向一定与电场线方向相同B．运动的点电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向可能与磁感线方向相同C．运动的点电荷在磁感应强度不为零的磁场中受到的洛伦兹力一定不为零D．通电长直导线在磁感应强度不为零的地方受到的安培力可能为零4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．电势能逐渐减小C．运动时间与电场强度大小有关D．运动轨迹与所带电荷量无关5．某单摆做受迫振动时，振幅A与驱动力频率f的关系图象如图所示，当地重力加速度g=9.8m/s2，则（）A．该单摆做受迫振动的周期一定等于2sB．该单摆的摆长约为1mC．该单摆做受迫振动的振幅一定为8cmD．该单摆做自由振动的振幅一定为8cm6．某沿水平方向振动的弹簧振子在0﹣6s内做简谐运动的振动图象如图所示，由图可知（）A．该振子的振幅为5cm，振动周期为6sB．第3s末振子的速度沿x轴负方向C．第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动D．该振子的位移x和时间t的函数关系：x=5sin（t+）（cm）7．如图所示，长直线导线AB与矩形导线框abcd固定在同一平面内，且AB∥ab，直导线中通有图示方向的电流，当电流逐渐减弱时，下列判断正确的是（）A．穿过线框的磁通量可能增大B．线框中将产生逆时针方向的感应电流C．线框所受安培力的合力方向向左D．线框中产生的感应电流一定逐渐减小8．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为5：1，原线圈接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小），下列说法中正确的是（）A．图乙中电压的有效值为110VB．电压表的示数为44VC．R处出现火警时，电流表示数增大D．R处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9．用同一装置进行双缝干涉实验，a，b两种单色光形成的干涉图样（灰黑色部分表示亮纹），分别如图甲、乙所示，关于a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A．若a是红光，则b可能是蓝光B．两种条件下，b光比a光更容易发生明显衍射现象C．在水中，a光的传播速度小于b光的传播速度D．在水与空气的界面发生全反射时，a光的临界角大于b光的临界角10．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，元件中通入图示方向的电流I，C、D 两侧面会形成电势差．下列说法中正确的是（）A．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是带正电离子B．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是自由电子C．在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直时，效果明显D．在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直且与地球经线垂直时，效果明显11．一列简谐波沿x轴负方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此时坐标为（1，0）的质点刚好开始振动，在t1=0.3s时刻，质点P在t=0时刻以后第一次达到波峰，已知Q质点的坐标是（﹣3，0），关于这列简谐横波，下列说法正确的是（）A．波的周期为1.2sB．波的传播速度为0.1m/sC．在t2=0.7s时刻，Q质点首次位于波谷D．在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为0.03m12．如图所示，A、B、C、D是圆周上的四个点，四个点上放着两对等量的异种点电荷，AC⊥BD 且相交于圆心O，BD上的M、N两点关于圆心O对称．下列说法正确的是（）A．M、N两点的电场强度不相同B．M、N两点的电势不相同C．一个电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零D．一个电子沿直线从M点移动到N点，电势能一直减少13．如图所示，两平行金属导轨MM′、NN′间有一正方形磁场区域abcd，ac⊥MM′，ac两侧匀强磁场的方向相反且垂直于轨道平面，ac右侧磁感应强度是左侧的2倍，现让垂直于导轨放置在导轨上，与导轨接触良好的导体棒PQ从图示位置以速度v向右匀速通过区域abcd，若导轨和导体棒的电阻均不计，则下列关于PQ中感应电流i和PQ所受安培力F随时间变化的图象可能正确的是（规定从Q到P为i的正方向，平行于导轨MM′向左为F的正方向（）A． B．C．D．三、本题共2个题，共14分14．如图为“探究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的装置图，已充电的平行板电容器的极板A 与一静电计相连接，极板B接地，若极板B竖直向上移动少许，则电容器的电容，静电计指针偏角，电容器的电荷量（填“增大”、“减小”或“几乎不变”）15．在“测量干电池的电动势和内电阻”的实验中，用待测电池、开关和导线，配合下列的组、或组、或组仪器，均能达到实验目的．A．一只电流表和一只电阻箱B．一只电压表和一只电阻箱C．一只电流表、一只电压表和一只滑动变阻器D．一只电流表和一只滑动变阻器（2）为测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，实验室提供了下列器材：A．电流表G：内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3mAB．电流表A2内阻约为1Ω，量程为0～0.6AC．多用电表D．螺旋测微器、刻度尺E．电阻箱R箱（0～9999Ω，0.5A）F．滑动变阻器R（5Ω，1A）G．电池组E（6V，0.05Ω）H．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：①用螺旋测微器测出该电阻丝的直径；②用多用电表粗测Rx的阻值，当他把选择开关旋到电阻“×10”档时，发现指针偏转角度过大，则他应该换用电阻档（填“×1”或“×100”）．进行一系列正确操作后，指针静止位置如图甲所示；③把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0=Ω．④用改装好的电压表设计一个精确测量电阻R X阻值的实验电路；请你根据提供的器材和实验需要，在答题卡相应位置将与图乙对应的电路图补画完整；⑤计算电阻率：若测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的求数为I1，电流表A的示数为I2，请你用字母符号（L、d、R g、R g、I1、I2等）写出计算电阻率的表达式ρ=．16．如图所示，固定的光滑绝缘轻质杆MN与水平面的夹角为θ，MN长度为L，一质量为m，电荷量为q，可看作质点的带正电的小球P穿在杆上，已知小球P在运动过程中电荷量保持不变，静电力常量为k，重力加速度值为g．（1）现把另一可看作质点的带电小球W固定在杆的M端，小球P恰能静止在MN的中点O处，求小球W的电荷量Q．（2）若改变小球W的电荷量至某值，将小球P从N点由静止释放，P沿杆恰好能到达MN的中点O处，求场源电荷W在O，N两点间的电势差U ON．（结果用m，g，q，k，L，θ表示）17．如图所示，半径R=10cm的半圆形玻璃砖下端紧靠在足够大的光屏MN上，O点为圆心，OO′为直径PQ的垂线，一束复色光沿半径方向与OO′成θ=30°角射向O点，在光屏的MQ间形成了彩色光带，已知复金以光由折射率从n1=到n2=1.6的各种色光组成．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求MQ间的彩色光带的宽度L（2）改变复色光入射角至某值θ′时，MQ间的彩色光带恰好消失，求此时的入射角θ′．18．如图所示，MN、PQ为倾斜旋转的足够长的光滑金属导轨，与水平在的夹角为37°，导轨间距L=0.5m，导轨下端连接一个R=0.5Ω的电阻和一个理想电流表，导轨电阻不计，图中abcd区域存在竖直向下，磁感应强度B=0.5T的匀强磁场，一根质量m=0.02kg、电阻r=0.5Ω的金属棒EF非常接近磁场的ab边界（可认为与ab边界重合）．现由静止释放EF，已知EF在离开磁场边界cd前的示数已经保持稳定．（sin37°=0.6，cos337°=0.8，g=10m/s2）（1）求示数稳定时金属棒EF两端的电压．（2）已知金属棒EF从静止释放到刚好离开下边界cd的过程中，电流流过R产生的焦耳热为0.045J，求ab与cd间的距离x bd．19．如图所示，在xoy平面第一象限的整个区域分布碰上匀强磁场，电场方向平行于y轴向下，在第四象限内存在有界（含边界）匀强磁场，其左边界为y轴，右边界为x=l的直线，磁场方向垂直纸面向外，一质量为m、电荷量为q、可看作质点的带正电粒子，从y轴上P点以初速度v0垂直于y轴射入匀强电场，在电场力作用下从x轴上Q点以与x轴正方向成45°角进入匀强磁场，已知OQ=l，不计粒子重力，求：（1）OP间的距离．（2）要使粒子能再进入电场，磁感应强度B的取值范围．（3）要使粒子能第二次进入磁场，磁感应强度B的取值范围．（结果用m、q、l、v0表示）2015年四川省成都市高考物理零诊试卷参考答案一、选择题（每小题3分）1．考点：电磁波谱．分析：狭义相对论提出对不同的惯性系，物理规律是相同的；广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；电路中发射能力的大小取决于频率；频率越高，发射的越远．解答：解：A、根据电磁波谱可知，可见光是一种频率低于X射线的电磁波；故A正确；B、变化的电场包括均匀变化和周期性变化等；均匀变化的电场只能产生恒定的磁场；故B错误；C、振荡电路的频率越高，向外发射电磁波的本领越大；故C错误；D、爱因斯坦狭义相对论提出：对不同的惯性系，物理规律是相同的；爱因斯坦广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；故D错误；故选：A．点评：本题考查了相对论的基本假设、电磁波的利用及发射等；知识点多，难度小，关键记住基础知识．2．考点：光导纤维及其应用；紫外线的荧光效应及其应用．分析：光纤通信是光的全反射现象；紫外线有显著的化学作用，红外线有显著的热效应；根据声源与观察者间距来确定音调的高低；镜头表面的增透膜是利用了光的干涉原理．解答：解：A、光纤通信是光的全反射现象的应用，故A错误；B、紫外线常用于医院和食品消毒，但它不具有显著的热效应，反而红外线才是显著的热效应，故B 错误；C、救护车向静止着的你驶来时，相对距离减小，则你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应，故C正确；D、镜头表面的增透膜是利用了光程差为半个波长的奇数倍时，出现振动减弱，体现光的干涉原理，故D错误；故选：C．点评：考查光的全反射、干涉的现象，掌握其发生的条件，理解紫外线与红外线的区别，理解多普勒效应现象与条件，注意接收频率与发射频率的不同．3．考点：电场线；洛仑兹力．分析：本题要抓住电场力和磁场力的区别，知道正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同．洛伦兹力方向与磁场方向垂直．当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．解答：解：A、正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同，负点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反．故A错误．B、运动的点电荷在磁场中所受的洛伦兹力方向与磁场方向垂直．故B错误．C、当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．故C错误．D、通电长直导线在磁感应强度不为零的地方，当通电导线与磁场平行时不受安培力．故D正确．故选：D．点评：电场力和磁场力的区别很大，要抓住电场力与重力类似，电荷在电场中必定要受到电场力，而磁场力则不一定，当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．4．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：微滴带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，及电场力做功来确定电势能变化情况．解答：解：A、由于微滴带负电，故微滴向正极板偏转，故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能逐渐减少，故B正确；C、微滴在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动时间t=，与电场强度无关，故C 错误．D、由侧向位移y=at2=，可知运动轨迹与带电量有关，故D错误．故选：B．点评：本题理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．5．考点：自由振动和受迫振动．分析：由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，从而即可求解．解答：解：A、单摆做受迫振动，振动频率与驱动力频率相等；当驱动力频率等于固有频率时，发生共振，则固有频率为0.5Hz，周期为2s．故A错误；B、由图可知，共振时单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s．由公式T=2π，可得L≈1m，故B错误；C、单摆的实际振动幅度随着驱动力的频率改变而改变，当出现共振时，单摆的摆幅才为8cm．故C 错误；D、同理，单摆做自由振动的振幅不一定为8cm．故D错误；故选：B．点评：本题关键明确：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，此时振幅达到最大．6．考点：简谐运动的振动图象．分析：由图读出周期和振幅．第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，加速度为0．第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．从第3s末到第4s末振子由平衡位置向正向最大位移处运动，速度减小．由公式ω=，得到角频率ω，则该振子简谐运动的表达式为x=Acosωt．解答：解：A、由图读出振动周期为4s，振幅为5cm．故A错误．B、根据图象可知，第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．故B错误．C、第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，则第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动．故C 正确．D、由振动图象可得：振幅A=5cm，周期T=4s，初相φ=，则圆频率ω==故该振子做简谐运动的表达式为：x=5cos（t+）=5sin（t﹣）（cm）（cm）．故D错误．故选：C点评：本题考查根据振动图象分析物体振动过程的能力．当振子靠近平衡位置时速度增大，加速度减小；背离平衡位置时速度减小，加速度增大．7．考点：感应电流的产生条件．分析：本题要会判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律得到感应电动势的变化规律．解答：解：A、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减弱，穿过线框的磁通量减小，故A错误；B、根据楞次定律，知感应电流的磁场总要阻碍原磁通量的变化，根据右手定则判定知导线右侧的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，产生顺时针方向的感应电流，故B 错误；C、根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减小，线框有向磁感应强度较大的左侧运动的趋势，所以它所受的安培力的合力向左，故C正确；D、由于电流的规律未知，线框中产生的感应电动势如何变化不能确定，则知线框中感应电流不一定减小，故D错误．故选：C．点评：通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律和法拉第电磁感应定律结合欧姆定律解题．8．考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．=•T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为22v，故B错误；C、R处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故C正确．D、由A知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大，故D错误．故选：C点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9．考点：光的干涉．分析：根据双缝干涉条纹的间距大小比较出A、B两光的波长大小，从而比较出频率的大小、折射率的大小，根据v=得出光在水中传播速度的大小．根据sinC=比较全发射的临界角．解答：解：A、根据△x=λ得，λ=，a光的条纹间距较大，则a光的波长较大，若a是红光，则b可能是蓝光，故A正确．B、a光的波长较大，则比b光更容易发生明显衍射现象频率较小，故B错误．C、a光的折射率较小，根据v=得，a光在水中传播的速度较大，故C错误．D、根据sinC=知，a光的折射率较小，则a光从水中射向空气全反射的临界角较大，故D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道波长、频率、折射率、在介质中的速度、临界角之间的大小关系，本题通过双缝干涉的条纹间距公式比较出波长是突破口．10．考点：霍尔效应及其应用．分析：根据左手定则判断洛伦兹力的方向，确定电子的偏转方向，从而确定侧面电势的高低．测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置．解答：解：A、若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D 侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故A错误；B、若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势．故B正确；C、在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时，效果明显，故C错误；D、地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时，效果明显．故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布．11．考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由图可知，质点P在t=0时刻向下运动，经过T第一次达到波峰，据此求周期．读出波长，再求波速．当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷．根据时间与周期的关系求解A质点的路程．解答：解：A、据题有：t1=0.3s=T，则得周期T=0.4s，故A错误．B、波长为λ=4cm=0.04m，则波速为v==0.1m/s，故B正确．C、当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷，所用时间t==s=0.7s，故C正确．D、在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为3A=24cm=0.24m，故D错误．故选：BC．点评：本题关键从时间的角度研究周期，运用波形平移法研究质点的状态．对于振动的位移，往往根据时间与周期的倍数关系求解．12．考点：电场强度；电场线．分析：根据点电荷场强公式E=求解每个点电荷单独存在时的场强，然后矢量合成；考虑两对等量异号电荷的电场中的电势，然后代数合成．解答：解：A、根据点电荷的场强公式E=和电场的叠加原理可知，M、N两点的电场强度大小相等、方向相反，则电场强度不同，故A正确．B、等量异号电荷连线的中垂线是等势面，M、N两点对AB两个电荷的电场来说电势不等，是M 点的电势低；对CD两个电荷的电场来说M点的电势高，由对称性可知，M、N两点的电势相同，故B错误．C、M、N两点间的电势差为零，根据W=qU，知电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零．故C正确．D、电子沿直线从M点移动到N点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误．故选：AC．点评：本题关键是明确场强是矢量，合成遵循平行四边形定则；电势是标量，合成遵循代数法则．13．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析感应电流大小变化规律，再得到安培力随时间的变化，由平衡条件分析F的变化规律．解答：解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．AB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i===∝t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=．故A正确，B错误．CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力F=Bi•2vt=∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为F=2Bi•（L﹣2vt）=．根据数学知识可得，C正确，D错误．故选：AC．点评：本题运用半定量的研究方法，通过法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式得到感应电流和安培力的表达式，再进行分析，要注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．三、本题共2个题，共14分14．考点：研究平行板电容器．专题：实验题；电容器专题．分析：若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式：C=，分析电容的变化．电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变．解答：解：电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q几乎不变；若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=，可知，电容C变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=得到，板间电压U变大．故静电计指针偏角变大；故答案为：减小，增大，几乎不变．点评：本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式C=，和电容的定义式C=综合分析，是常用思路15．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量．也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻．（2）①多用电表盘刻度，不均匀，且从左向右，电阻刻度越来越小，而多用电表电阻的测量值等于表盘示数乘以倍率；②根据电压表的量程为0～3V，结合电流表G（内阻R g=99Ω，满偏电流Ig=3mA），即可求出电阻箱的阻值；因两个电流表，一电流表与电阻串联当作电压表，因此使用另一电流表的内接法，再能准确得出所测电阻的电流；根据滑动变阻器（5Ω，2A），因此采用滑动变阻器限流式，从而画出正确的电路图，即可求解．③由电阻定律求出电阻率的表达式，结合欧姆定律及串并联的特征，然后求出电阻率．解答：解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合利用闭合电路的欧姆定律列方程得出电源的电动势和内阻．可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR 可求出路端电压；也可以用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流．故ABC组均可实现求电动势和内电阻的效果；但D组中只能测出电路中的电流，不能测量电压，因而不能测出电源的电动势和内电阻，故D错误；（2）②因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“×1OΩ”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“×1”倍率读数，读数为：R=1×15Ω=15Ω；③将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，而电流表G（内阻R g=120Ω，满偏电流Ig=3mA）；所以改装后的电压表的内阻为R v=Ω；由于电流表G的内阻R g=120Ω，因此电阻箱的阻值应调为R0=2000﹣120=1880Ω；④由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；而滑动变阻器R（5Ω，1A），电源电压为6V，所以滑动变阻器使用限流式，则电路图如下图所示；⑤由电阻定律可知，电阻R=ρ，则电阻率ρ=，根据欧姆定律，R==；所以电阻率ρ=．故答案为：（1）ABC；（2）②×1Ω；③1880Ω，④如图所示；⑤。

成都市2015级高中毕业班第三次诊断性检测理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是A.卢瑟福通过分析甲图中的α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型B.乙图表明：只要有光射到金属板上，就一定有光电子射出C.丙图表示的是磁场对α、β和γ射线的作用情况，其中①是β射线，②是γ射线D.丁图表示的核反应属于重核裂变，是人工无法控制的核反应15.2016年6月和8月，我国在西昌和酒泉卫星发射中心，分别发射了第二十三颗北斗导航卫星G7和世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”。

G7属地球静止轨道卫星(高度距地面约3600km)，“墨子号”的圆形轨道距地面的高度约为500km。

关于在轨运行的这两颗卫星，下列说法正确的是A.“墨子号”的运行速度大于7.9km/sB.北斗G7的运行速度大于11.2km/sC.“墨子号”的运行周期比北斗G7大D.“墨子号”的向心加速度比北斗G7大16.一种改进后的回旋加速器示意如图，宽度忽略不计的窄缝A、C间的加速电场场强大小恒定，电场被限制在A、C间，与A、C平行的两虚线之间无电场。

带电粒子从P0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动。

对这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是A.加速电场的方向需要做周期性的变化B.加速后粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关C.带电粒子每运动一周被加速一次D.带电粒子每运动一周直径的变化量相等，即P1P2等于P2P317.如图，一质量为M、带有挂钩的小球套在倾角为θ的细杆上，恰能沿杆匀速下滑。

若下滑过程中小球所受杆的作用力大小为F，且小球所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是A.仅增大θ(θ<90°)，小球被释放后仍能沿杆匀速下滑B.仅增大θ(θ<90°)，小球被释放后所受杆的作用力小于FC.θ不变，仅在挂钩上再挂一个物体，小球被释放后将沿杆加速下滑D.θ不变，仅在挂钩上再挂一个物体，小球被释放后所受杆的作用力仍等于F18.一轻质细杆长为2L ，可绕固定于中点O 的水平轴在竖直面内自由转动，杆两端固定有形状相同的小球1和2，它们的质量均为m ，电荷量分别为q 和－q(q>0)，整个装置放在如图所示的、在竖直面内关于过O 轴的竖直线对称的电场中。

四川省成都市2015届高三第三次诊断考试物 理 试 题1．物理试卷分为第I 卷（选择题），第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共110分。

2．答卷前，考生务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡上；并在规定位置粘贴考试用条形码。

答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡，答在试卷上的无效。

考试结束后，只将答题卡交回。

第I 卷注意事项：1．每题选出答案后，用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。

2．本卷共7题，每题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列说法正确的是A ．声波和电磁波都不能在真空中传播B ．遥控器发出的红外线脉冲信号，可以用来遥控电视机、录像机和空调机C ．交警可以根据光波的偏振现象，利用仪器测出经过身边的汽车的行驶速度D ．狭义机对论认为真空中光源的运动会影响光的传播速度2．关于下列光学现旬，说法正确的是A ．光从空气射入玻璃时，可能发生全反射B ．在水中，蓝光的传播速度大于红光的传播速度C ．晚上，不中同一深度、可视为点光源的红灯和黄灯，红灯照亮的不面面积大于黄灯照亮的水面面积D ．阳光下肥皂泡呈现出五颜六色，这是光的衍射现象3．如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为5：1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈接有“220V，440W”的纯电阻和“220V，220W”的电动机。

如果副线圈两端电压按图乙所示正弦规律变化，则下列说法正确的是A ．副线圈两端电压的瞬时值表达式为2202sin 50t u V π=B ．电压表示数为11002VC ．纯电阻的发热功率是电动机发热功率的2倍D ．1min 内电动机消耗的电能为41.3210J ⨯4．如图所示，在波的传播方向上有相距1m 的6个质点，a 、b 、c 、d 、e 、f ，它们均静止在各自的平衡位置，一列简谐横波以1m/s 的水平速度向右传播。

成都七中高2015届2014年秋季入学考试理科综合能力测试（物理部分）一、选择题。

（本题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A．如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【知识点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．P0【答案解析】 A解析： A、如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故C错误；D、受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误．故选：A．【思路点拨】小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去．要想分清哪些是可靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易判断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第一定律，因此，在确定最后一空时一定要注意这一点2.小明想推动家里的衣橱，但使出了吃奶的力气也推不动，他便想了个妙招，如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中央一站，衣橱被推动了．下列说法中正确的是（）A．这是不可能的，因为小明根本没有用力去推衣橱B．这有可能，A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力C．A、B板的夹角应该尽可能小，才能推动衣橱D．这不可能，A板对衣橱的推力不可能大于小明的重力【知识点】力的分解．B3【答案解析】B解析：首选开始小明是推不动衣橱的，但是小明的推力与他自身的重力没什么关系．如图，小明的重力可以分解成沿A，B俩个方向的力，由于底角较小，所以A，B方向的力会很大．A对衣橱的力可以分解成水平方向和垂直方向的力，而水平方向的力有可能大于小明重力，．故选：B．【思路点拨】这个要从力的分解角度来解释，将重力分解为沿人字形架斜向下的两个力．由于底角较小，根据三角函数关系得A板的作用力明显大于重力．我们应该知道两个分力的合力可以远小于两个分力，也就是说用一个较小的力可以产生两个较大的分力．3.在t=0时，甲乙两质点从相距70m的两地开始相向运动，它们的v-t图象如图所示．则（）A．第1s末，乙质点改变运动方向B．第2s木，甲乙两质点相遇C．前4s内，乙质点运动的加速度先比甲质点的小后比甲质点的大D．第4s末，甲乙两质点相距20m【知识点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】D解析：A、在第1s末，乙质点的速度仍然为负值，说明运动方向并未改变．故A错误．B、在第2s末，甲的位移大小x甲=12×30×2=30m，乙的位移大小x乙=-12×30×2m=-30m，此时两车相距△x=70-30-30=10（m）．故B错误．C、在前4s内，乙图线的斜率绝对值始终大于甲图线的斜率绝对值，则乙质点的加速度大小总比甲质点大．故C错误．D、在第4s末，甲质点的位移x甲=12×60×4m=120m，乙质点的位移x乙=-12×30×2km+12×60×2m=30m，所以△x=x甲-x乙-70=120-30-70=20m．故D正确．故选：D．【思路点拨】速度-时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．4.沿直线运动的汽车刹车后匀减速运动，经过3.5s停止，它在刹车开始后的1s内、2s内、3s内的位移之比（）A．3：2：1 B．3：5：6 C．9：4：1 D．5：3：1【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2 【答案解析】B解析：画示意图如图所示，把汽车从A→E的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转换为从E→A的初速度为0的匀加速直线运动，来等效处理，由于逆过来前后，加速度相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1：3：5：…，把时间间隔分为0.5 s．所以x DE：x CD：x BC：x AB=1：8：16：24，所以x AB：x AC：x AD=3：5：6．故选项B正确．故选：B【思路点拨】利用逆向思维，把汽车运动视为逆向的匀加速运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的规律即可求解．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，本题运用逆向思维解决比较简单．5.如图所示，一个质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧一定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于0.5mg【知识点】共点力平衡的条件及其应用．B4【答案解析】D解析：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，也可能有弹簧的弹力，故A正确；B、弹簧对滑块可以是拉力，故弹簧可能处于伸长状态，故B错误；C、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于12mg），不可能为零，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，故C错误；D、静摩擦力一定等于重力的下滑分力，故为12mg，故D正确．故选：AD．【思路点拨】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．6.如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态，现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的库仑力一直不变B．物体A受到斜面的支持力先增大后减小C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．斜面对A的作用力一直增大【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3 B4【答案解析】BD 解析：A、物体A受到的库仑力大小不变，但是方向一直在改变，故A错误；B、对A研究：P对A 的库仑力垂直于斜面方向的分力，先逐渐增大后逐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为F′，根据平衡条件：斜面对A的支持力N=mgcosα+F′，可知N先增大后减小，故B正确；C、以A和C整体为研究对象，分析受力情况如图所示．设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为θ．根据平衡条件得：f=Fsinθ由于F大小不变，θ减小，则知地面对斜面C的摩擦力逐渐减小．故C错误；D、对A分析，A受力重力、库仑力，斜面对A 的支持力、摩擦力，斜面对物体A 的合力与重力和库伦力的合力平衡，重力与库仑力夹角变小，合力变大，故斜面对A 的作用力变大，故D 正确；故选：BD ．【思路点拨】分析地面对斜面C 的摩擦力可以以A 和C 整体为研究对象，运用平衡条件列式分析；再对A 分析受力，运用共点力平衡条件进行分析支持力的变化．本题首先要灵活选择研究对象，再对物体进行受力分析，运用共点力平衡条件求解．当几个物体的加速度相同时，可以考虑整体法．7.如图所示，物块A 、B 叠放在一起，其总质量为1.0kg ，物块B 被水平方向的弹簧和斜向上的绳拉住，物块B 恰好对地面无压力，若物块B 与地面间的动摩擦因数0.25μ= ，O 是弹簧的原长处，绳与竖直方向的夹角为045 ，某时刻把绳与物块B 连接处剪断，最终物块A 、B 一起向左运动，停在O 点左侧某处，运动中物块A 、B 始终没有相对滑动，则下列说法正确的是（ ）A ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的合外力发生变化B ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的加速度是27.5/m sC.弹簧恢复原长时，物块A 受的摩擦力向左D.剪断绳后物块A 、B 到达O 点时的速度最大【知识点】共点力的平衡，牛顿第二定律 B4 C2【答案解析】AB 解析： A 、B 剪断细绳前受力平衡，对整体受力分析，受到重力，弹力向左的拉力，细绳向右上的拉力，因为是细绳向右上045 ，所以kx=mg=10N ，剪断后整理合力向左27.5/kx mg a m s mμ-== ，故A 、B 正确；C 、D 当kx mg μ= 时，整体加速度为零，速度最大，然后开始做减速运动，B 对A 的摩擦力方向改变，变为向左，故C 、D 错误故选AB【思路点拨】对整体受力分析，可以得到弹簧弹力与重力关系，然后弹力减去摩擦力提供加速度，注意当弹力等于摩擦力时整体就开始做减速运动，而不是到达原长。