2012高一新课程物理单元过关检测卷(七)

高中同步测试卷(七)第七单元牛顿运动定律的简单应用(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．下列说法正确的是( )A．作用力和反作用力的性质一定相同B．力的单位牛顿是国际单位制的基本单位C．牛顿根据理想斜面实验得出牛顿第一定律D．伽利略指出必须有力的作用，物体才能运动2．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小．在此过程中，其他力保持不变，则质点的加速度大小a 和速度大小v的变化情况是( )A．a和v都始终增大B．a和v都先增大后减小C．a先增大后减小，v始终增大D．a和v都先减小后增大3.一根轻质弹簧竖直悬挂在天花板上，下端悬挂一小球并静止．弹簧和小球的受力如图所示，下列说法正确的是( )A．F2的反作用力是F4B．F1的施力物体是弹簧C．F4的反作用力是F3D．F3的施力物体是小球4.如图，小车向右做加速直线运动，物块贴在小车左壁相对静止．当小车的加速度增大时，下列说法正确的是( )A．物块受到的弹力不变B．物块受到的摩擦力不变C．物块受到四个力的作用D．物块受到的合外力为零5．水平面上一质量为m的物体，在水平恒力F作用下，从静止开始做匀加速直线运动，经时间t后撤去外力，又经时间3t物体停下，则物体受到的阻力为( )A.F3B.F4C.F2D.2F36．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生10 m/s2的加速度，若推力增大到2F，则火箭的加速度将达到(g取10 m/s2)( )A．20 m/s2B．25 m/s2C．30 m/s2D．40 m/s27.如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为( )A．0 B.23 3gC．g D.3 3 g二、多项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意)8．下列关于力和运动关系的说法中，正确的是( )A．没有外力作用时，物体不会运动，这是牛顿第一定律的体现B．物体受力越大，运动越快，这是符合牛顿第二定律的C．物体所受合外力为零，其速度不一定为零；物体所受合外力不为零，则其速度也不一定为零D．物体所受的合外力最大时，而速度却可以为零；物体所受的合外力最小时，而速度却可以最大9．在光滑水平面上，一个质量为1 kg、初速度不为零的物体，受到大小分别为1 N、3 N和5 N三个水平方向的共点力作用，则该物体( )A．可能做匀速直线运动B．可能做匀减速直线运动C．可能做匀加速直线运动D．加速度的大小不可能是2 m/s210.如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做加速直线运动，且与斜面始终保持相对静止，下列说法正确的是( )A．物体A可能受两个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的支持力一定增大11.如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一个轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一质量相等的小铁球．当小车向右做匀加速运动时，细线保持与竖直方向成α角，若θ>α，则下列说法正确的是( )A．轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行B．轻杆对小铁球的弹力方向沿着轻杆方向向上C．轻杆对小铁球的弹力方向既不与细线平行也不沿着轻杆方向D．小车匀速运动时α＝012．如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查．其传送装置可简化为如图乙模型，紧绷的传送带始终保持v＝1 m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，A、B间的距离为2 m，g取10 m/s2.若乘客把行李放在传送带的同时也以v＝1 m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则( )A．乘客与行李同时到达B处B．乘客提前0.5 s到达B处C．行李提前0.5 s到达B处D．若传送带速度足够大，行李最快也要2 s才能到达B处题号123456789101112答案13．(8分)“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．(1)在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示．打点计时器打点的时间间隔为0.02 s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a＝__________ m/s2(结果保留2位有效数字)．(2)平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F 的实验数据如下表：砝码盘中砝码总重力F/N0.1960.3920.5880.7840.980小车的加速度a/(m·s－2)0.69 1.18 1.66 2.18 2.70(3)根据提供的实验数据作出的a－F图线不通过原点，请说明主要原因________________________________________________________________________．四、计算题(本题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14．(8分)跳伞运动员在下落过程中，假定伞所受空气阻力的大小跟下落速度的平方成正比，即F＝kv2，比例系数k＝20 N·s2/m2，跳伞运动员与伞的总质量为72 kg，起跳高度足够高，则：(1)跳伞运动员在空中做什么运动？收尾速度是多大？(2)当速度达到4 m/s时，下落加速度是多大？(g取10 m/s2)15.(10分)民航客机都有紧急出口，发生意外情况时打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气生成一条通向地面的斜面，乘客可沿斜面滑行到地面上．如图所示，某客机紧急出口离地面高度AB＝3.0 m，斜面气囊长度AC＝5.0 m，要求紧急疏散时乘客从气囊上由静止下滑到地面的时间不超过2 s，g取10 m/s2，求：(1)乘客在气囊上滑下的加速度至少为多大？(2)乘客和气囊间的动摩擦因数不得超过多大？(忽略空气阻力)16．(16分)如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙运动．某人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后，沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来．如果人和滑板的总质量m＝60 kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ＝0.5，斜坡的倾角θ＝37°(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10 m/s2.问：(1)人从斜坡上滑下的加速度为多大？(2)若由于场地的限制，水平滑道BC的最大距离为L＝20.0 m，则人在斜坡上滑下的距离AB应不超过多少？参考答案与解析1．[导学号27630097] 解析：选A.作用力和反作用力的性质相同，选项A正确；力的单位为国际单位制的导出单位，选项B错误；伽利略为说明他的想法设计了理想斜面实验，选项C错误；亚里士多德指出必须有力的作用，物体才能运动，选项D错误．2．[导学号27630098] 解析：选C.由题意知质点受到的合外力先增大后减小，根据牛顿第二定律可得，质点的加速度先增大后减小；物体先做加速度增大的变加速直线运动，后做加速度减小的变加速直线运动，速度始终增大，故答案为C.3．[导学号27630099] 解析：选D.F2的反作用力是F3，选项A错误；F1的施力物体是地球，选项B错误；F4的反作用力是弹簧对天花板的拉力，选项C错误，选项D正确．4．[导学号27630100] 解析：选B.以物块为研究对象，物块受到重力、弹力和摩擦力的作用，由牛顿第二定律可知F f＝mg，F N＝ma，小车加速度增大，F f不变，F N增大，故选项B正确．5．[导学号27630101] 解析：选B.对物体由牛顿第二定律得：力F 作用时：F －F f ＝ma 1，v ＝a 1t 撤去力F 后：F f ＝ma 2，v ＝a 2·3t 解以上四式得：F f ＝F4，故选B.6．[导学号27630102] 解析：选C.推力为F 时，F －mg ＝ma 1，当推力为2F 时，2F －mg ＝ma 2.以上两式联立可得：a 2＝30 m/s 2.故选C.7．[导学号27630103] 解析：选B.未撤离木板时，小球受重力G 、弹簧的拉力F 和木板的弹力F N 的作用处于静止状态，通过受力分析可知，木板对小球的弹力大小为233mg .在撤离木板的瞬间，弹簧的弹力大小和方向均没有发生变化，而小球的重力是恒力，故此时小球受到重力G 、弹簧的拉力F ，合力与木板提供的弹力大小相等，方向相反，故可知加速度的大小为233g ，由此可知B 正确．8．[导学号27630104] CD9．[导学号27630105] 解析：选BC.1 N 、3 N 和5 N 三个力的合力范围是1 N ≤F 合≤9 N ，由a ＝F 合m可知加速度的范围是 1 m/s 2≤a ≤9 m/s 2，因此物体不可能做匀速直线运动，A 错误；因为物体初速度不为零，所以物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动，B 、C 正确；由加速度范围可知加速度的大小有可能是2 m/s 2，D 错误．故选BC.10．[导学号27630106] 解析：选ABD.设物体A 的质量为 m ，斜面倾角为θ，斜面体的加速度为a .沿斜面和垂直斜面建立平面直角坐标系，则沿斜面方向有a x ＝a cos θ，mg sin θ－F f ＝ma x ；垂直斜面方向有 a y ＝a sin θ，F N －mg cos θ＝ma y .若a x ＝g sin θ，则F f ＝0，物体A 受到两个力的作用；若a x ≠g sin θ，物体A 受到三个力的作用，选项A 、B 正确．由摩擦力F f 和支持力F N 的表达式可知，选项C 错误，选项D 正确．11．[导学号27630107] 解析：选AD.当小车向右做匀加速运动时，两小铁球具有相同的加速度，由牛顿第二定律F ＝ma 知，两小铁球所受合力相同，所以轻杆和细线的拉力相同，故轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行，选项A 正确，选项B 、C 错误；当小车匀速运动时，两小铁球没有加速度，小球所受合力为零，细线对小铁球的拉力与重力在一条直线上，所以α＝0，选项D 正确．12．[导学号27630108] 解析：选BD.行李放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动．加速度为a ＝μg ＝1 m/s 2，历时t 1＝v a ＝1 s 达到共同速度，位移x 1＝v2t 1＝0.5 m ，此后行李匀速运动t 2＝2－x 1v ＝1.5 s 到达B 共用2.5 s ．乘客到达B 历时t ＝2v＝2 s ，故B 正确．若传送带速度足够大，行李一直加速运动，最短运动时间t min ＝ 2×21s ＝2 s ，D 项正确．故选BD.13．[导学号27630109] 解析：(1)a ＝ΔxT 2＝（3.68－3.52）×10－20.12m/s 2＝0.16 m/s 2或a ＝Δx T 2＝（3.83－3.68）×10－20.12m/s 2＝0.15 m/s 2. (2)经过划分刻度，描点，并用直线连接，使尽可能多的点在直线上，不在直线上的点分居在直线两侧．a －F 图线如答案中图所示．(3)小车、砝码盘和砝码组成的系统所受合外力为砝码盘和砝码的总重力，而表中数据漏记了砝码盘的重力，导致合力F 的测量值小于真实值，a －F 图线不过原点．答案：(1)0.16(0.15也算对) (2)如图所示(3)未计入砝码盘的重力14．[导学号27630110] 解析：(1)以伞和运动员作为研究对象，开始时速度较小，空气阻力F 小于重力G ，v 增大，F 随之增大，合力F 合减小，做加速度a 逐渐减小的加速运动；当v 足够大，使F ＝G 时，F 合＝0，a ＝0，开始做匀速运动，此时的速度为收尾速度，设为v m .由F ＝kv 2m ＝G ，得v m ＝G k ＝mgk＝6 m/s. (4分)(2)当v ＝4 m/s<v m 时，合力F 合＝mg －F ，F ＝kv 2，由牛顿第二定律F 合＝ma 得a ＝g －F m＝10 m/s 2－20×4272m/s 2≈5.6 m/s 2.(4分)答案：(1)做加速度越来越小的加速运动 6 m/s (2)5.6 m/s 215．[导学号27630111] 解析：(1)根据运动学公式s ＝12at 2得：a ＝2s t2＝2.5 m/s 2.(2分)(2)乘客在斜面上受力情况如图所示．f ＝μN(1分)N ＝mg cos θ(1分)根据牛顿第二定律：mg sin θ－f ＝ma(2分)由几何关系可知sin θ＝0.6，cos θ＝0.8 (1分)联立以上各式得：μ＝g sin θ－a g cos θ＝716＝0.44(2分)乘客和气囊间的动摩擦因数不得超过0.44. (1分)答案：(1)2.5 m/s 2(2)0.4416．[导学号27630112] 解析：(1)人在斜坡上的受力情况如图甲所示，建立坐标系，设人在斜坡上滑下的加速度为a 1，由牛顿第二定律得mg sin θ－F f1＝ma 1.(2分)F N1－mg cos θ＝0.(2分)由摩擦力计算公式得F f1＝μF N1. (1分)联立解得a 1＝g (sin θ－μcos θ)＝2 m/s 2. (1分)甲乙(2)人在水平滑道上的受力情况如图乙所示，由牛顿第二定律得：F f2＝ma2，F N2－mg＝0. (3分)由摩擦力计算公式有：F f2＝μF N2. (1分)联立解得人在水平滑道上运动的加速度大小为a2＝μg＝5 m/s2. (1分)设从斜坡上滑下的距离为L AB，对AB段和BC段分别由匀变速运动的公式得v2－0＝2a1L AB，0－v2＝－2a2L. (4分)联立解得L AB＝50 m．(1分)答案：(1)2 m/s2(2)50 m。

2012届高考物理单元验收试题（有答案）2011—2012学年度上学期高三一轮复习物理单元验收试题（10）【新人教】命题范围：选考3-3第Ⅰ卷为选择题，共0分；第Ⅱ卷为非选择题共0分。

满分100分，考试时间为90分钟。

第Ⅰ卷（选择题，共0分）一、选择题：本卷共10小题，每小题分，共0分，每小题有一个或多个选项正确，全部选对得分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分。

1．下列说法正确的是（）A．用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B．在阳光照射下，可观察到教室空气中飞舞的尘埃做无规则运动，这种运动属于布朗运动．用油膜法测出的油分子直径计算阿伏加德罗常数时，还需知道油滴的体积和密度D．用油膜法测出的油分子直径计算阿伏加德罗常数时，还需知道油滴的摩尔质量和密度2．电冰箱门不但有磁性，四周还镶有橡皮条，用以增加密封性，因为门与箱体之间密封得越严密，电冰箱越节能，用户在购买冰箱时，总希望能够买到门与箱体之间密封性能好的冰箱，有经验的冰箱维修师挑选冰箱的做法是：首先通电让冰箱工作一段时间，然后，打开冷冻室的门，用手摸摸冷冻室门上的密封胶条，去感触箱门最上面一部分胶条的温度，电冰箱的密封性好坏就知道了，请你判断（）A．如果该部分胶条温度高，则密封性好B．如果该部分胶条温度低，则密封性差．如果该部分胶条温度高，则密封性差D．该部分胶条温度与密封性无关3．节日里，室外经常使用巨大的红色气球烘托气氛．在晴朗的夏日，对密闭的气球从早晨到中午的过程，下列描述正确的是（）A．气球吸收了热量，同时体积膨胀对外做功，内能增加B．气球吸收了热量，同时体积膨胀对外做功，但内能不变．气球温度升高、体积膨胀，压强增大D．气球内单位体积的分子数减少，分子的平均动能增加4．一个内壁光滑、绝热的气缸固定在地面上，绝热的活塞下方封闭着空气，若突然用竖直向上的力F将活塞向上拉一些，如图所示．则缸内封闭着的气体（）A．每个分子对缸壁的冲力都会减小B．单位时间内缸壁单位面积上受到的气体分子碰撞的次数减少．分子平均动能不变D．若活塞重力不计，拉力F对活塞做的功等于缸内气体内能的改变量．一定质量的理想气体，经历一膨胀过程，这一过程可以用如图所示的直线AB表示，在A、B、三个状态上，气体的温度TA、TB、T 相比较，大小关系为（）A．TB＝TA＝TB．TA&gt;TB&gt;T．TB&gt;TA＝TD．TB&lt;TA＝T6．如图所示，绝热容器中间用隔板隔开，左侧装有气体，右侧为真空．现将隔板抽掉，让左侧气体自由膨胀到右侧直至平衡，在此过程中（）A．气体对外界做功，温度降低，内能减小B．气体对外界做功，温度不变，内能不变．气体不做功，温度不变，内能不变D．气体不做功，温度不变，内能减少7．下列说法正确的是（）A．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大B．气体的体积变小时，单位体积的分子数增多，单位时间内打到器壁单位面积上的分子数增多，从而气体的压强一定增大．压缩一定量的气体，气体的内能一定增加D．分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，a的动能一定最大8．密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能）（）A．内能增大，放出热量B．内能减小，吸收热量．内能增大，对外界做功D．内能减小，外界对其做功9．有经验的柴油机维修师，不用任何仪器，只要将手伸到柴油机排气管附近感知一下尾气的温度，就能判断这台柴油机是否节能．关于尾气的温度跟柴油机是否节能之间的关系，下列说法中正确的是（）A．尾气的温度越高，内能越大，说明柴油机在做功时向低温热排出的内能多，效率低，节能B．尾气的温度越高，内能越大，说明柴油机在做功时向低温热排出的内能少，效率高，不节能．尾气的温度越低，内能越小，说明柴油机在做功时向低温热排出的内能少，效率高，节能D．尾气的温度越低，内能越小，说明柴油机在做功时向低温热排出的内能多，效率高，不节能10．如图所示，有一圆筒形绝热容器，用绝热且具有一定质量的活塞密封一定量的理想气体，不计活塞与容器之间的摩擦．开始时容器直立在水平桌面上，容器内气体处于状态a，然后将容器缓慢平放在桌面上，稳定后气体处于状态b．下列说法正确的是（）A．与a态相比，b态气体分子间作用力较小B．与a态相比，b态气体的温度较低．a、b两态的气体分子对活塞的压力相等D．a、b两态的气体分子在单位时间内撞击活塞的个数相等第Ⅱ卷（非选择题，共0分）二、实验题：本题共2小题，共12分。

2012年普通高等学校招生全国统一考试(全国新课标卷) 14.AD【解析】惯性的定义是物体保持静止或匀速直线运动的性质，即抵抗其运动状态的变化，故A正确；如果没有力，物体将保持静止或匀速直线运动状态，故B错误；行星在轨道上保持匀速率的圆周运动的原因是合外力与需要的向心力总是相等，故C错误；运动物体不受力，它将保持匀速直线运动状态，故D正确.15.BD【解析】由ℎ=12gt2可知t=√2ℎg,所以t a<t b=t c，故A错误B正确；由v=xt得v a>v b>v c，故C 错误D正确.16.B【解析】受力分析如图所示，且由牛顿第三定律知，F N2=F N2′重力的大小和方向都不变，可知F N1、F N2′的合力大小、方向都不变，当木板向下转动时，F N1、F N2′变化如图所示，即F N1、F N2都减小，故B正确.17.B【解析】由U1n1=U2n2得U2=n2n1U1=19001100×220V=380V，由P1=P2=U1I1=U2I2得I1=P2U1=2000220A=9.1A,故B正确.18.BD【解析】受力分析如图所示，重力与电场力合力与速度方向相反，所以粒子做匀减速直线运动，动能减小，故AC 错误D正确；因为电场力与速度方向夹角为钝角，所以电场力做负功，电势能增加，故B正确.19.C【解析】线圈匀速转动过程中,I=Er=12B0R2ωr=B0R2ω2r ；要使线圈产生相同电流，I=Er=1r⋅ΔΦΔt=1r⋅ΔB⋅12πR2Δt =12π⋅1r⋅ΔBR2Δt,所以ΔBΔt=ωB0π,故C正确.20.A【解析】由楞次定律可知：线框受力水平向左时，线框中的磁场要阻碍原磁场引起的磁通量的减弱，说明导线中的电流正在减弱；线框受力水平向右时，线框中的磁场要阻碍原磁场引起的磁通量的增强，说明导线中的电流正在增强；所以导线中的电流先减弱后增强，故CD错误；又因线框中的电流为顺时针方向，所以由右手螺旋定则知线框产生磁场为垂直纸面向里，因为刚开始线框中的磁场要阻碍原磁场引起的磁通量的减弱，故导线初始状态在导线右侧产生的磁场方向为垂直纸面向里，由右手螺旋定则知初始状态导线中电流方向为正方向，故A正确，B错误.21.A【解析】在地球表面mg=GMR2m,又M=ρ⋅43πR3,所以g=G MR2=43πGρR,因为球壳对球内物体的引力为零,所以在深为d的矿井内mg′=G M(R−d)2m,得g′=G M(R−d)2=43πGρ(R−d),所以g′g=R−dR=1−dR,故A正确.22.0.010;6.870;6.860.【解析】图甲中螺旋测微器的读数为1.0×0.010mm=0.010mm；在图乙中，主尺读数为6.5mm，可动刻度读数为37.0×0.010mm=0.370mm,所以图乙中螺旋测微器的读数为6.5mm+0.370mm=6.870mm；所以，所测金属板的厚度为6.870mm−0.010mm=6.860mm.23.(1)连线如图所示;(2)③重新处于平衡状态;电流表的示数I;此时细沙的质量m2;④D的底边长度l;(3)|m2−m1|gIl;(4)m2>m1.【解析】测磁感应强度原理：开关断开时，线框的重力等于砝码的重力，有m0g=m1g，得m0=m1；接通电源后，若磁感应强度的方向垂直于纸面向里，则安培力向上，则有m0g−BIl=m2g，此时m1>m2，所以B=(m1−m2)gIl；接通电源后，若磁感应强度的方向垂直于纸面向外，则安培力向下，则有m0g+BIl=m2g，此时m2>m1，所以B=(m2−m1)gIl；所以(3)中磁感应强度的大小为B=|m2−m1|gIl.24.(1)μsinθ−μcosθmg；(2)tanθ0=λ.【解析】(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把.将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，由平衡条件得Fcosθ+mg=F N①,Fsinθ=f②,式中F N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力,又f=μF N③,联立①②③式得F=μsinθ−μcosθmg④.(2)若不管沿拖杆方向用多大的力都不能使拖把从静止开始运动，应有Fsinθ≤λF N⑤，这时，①式仍满足.联立①⑤式得sinθ−λcosθ≤λmgF⑥，现考查使上式成立的θ角的取值范围，注意到上式右边总是大于零，且当F 无限大时极限为零，有sinθ−λcosθ≤0⑦，使上式成立的θ角满足θ≤θ0，这里θ0是题中所定义的临界角，即当θ≤θ0时，不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把.临界角的正切为tanθ0=λ⑧.25. 14qRB 25m.【解析】粒子在磁场中做圆周运动.设圆周的半径为r ，由牛顿第二定律和洛伦兹力公式得qvB =mv 2r①， 式中v 为粒子在a 点的速度，过b 点和O 点作直线的垂线，分别与直线交于c 点和d 点.由几何关系知，线段ac ，bc 和过a ，b 两点的轨迹圆弧的两条半径(未画出)围成一正方形，因此ac =bc =r ②，设cd=x ，由几何关系得ac =45R +x ③， bc =35R +√R 2−x 2④，联立②③④式得r=75R ⑤，再考虑粒子在电场中的运动.设电场强度的大小为E ，粒子在电场中做类平抛运动.设其加速度大小为a ，由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力分析得qE =ma ⑥，粒子在电场方向和直线方向运动的距离均为r ，由运动学公式得r =12at 2⑦， r =vt ⑧，式中t 是粒子在电场中运动的时间.联立①⑤⑥⑦⑧式得E=14qRB 25m⑨. 33. (1)ACE .【解析】由热力学第一定律W +Q =ΔU 知，故A 正确B 错误；由热力学第二定律知，CD 选项中这些过程在借助外界帮助的情况下是可以实现的，故C 正确D 错误；自然界中一切与热现象有关的过程都是不可逆的，故E 正确. (2)(ⅰ)180mmHg ；(ⅰ)364K .【解析】(ⅰ)在打开阀门S 前,两水槽水温均为T 0=273K.设玻璃泡B 中气体的压强为p 1，体积为V B ，玻璃泡C 中气体的压强为p C ，依题意有 p 1=p C +Δp ①， 式中Δp =60mmHg .打开阀门S 后，两水槽水温仍为T 0，设玻璃泡B 中气体的压强为p B .依题意有p B =p C ②,玻璃泡A 和B 中气体的体积为 V 2=V A +V B ③,由玻意耳定律得p 1V B =p B V 2④,联立①②③④式，并代入题给数据得p C =VB V AΔp =180mmHg ⑤.(ⅰ)当右侧水槽的水温加热至T′时，U 形管左右水银柱高度差为Δp .玻璃泡C 中气体的压强为 p C ′=p B +Δp ⑥，玻璃泡C 中的气体体积不变，由查理定理得p C T 0=p C′T′⑦， 联立②⑤⑥⑦式，并代入题给数据得T′=364K ⑧.34. (1)正向;0.8.【解析】由乙图可知，0时刻质点振动方向沿y 轴正向；由质点带动法和波向右传播，得介质中各质点的振动方向如图所示，由振动方程y =Asin 2πT t 得,y=√2时,√2=2sin2πT t .得sin2πT t =√22,又因为该波长大于0.3m ,所以2πT t =3π4,得t =38T ,又v =λT =Δx Δt =0.338T,所以λ=0.8m .(2)π4.【解析】如图，考虑从玻璃立方体中心O 点发出的一条光线，假设它斜射到玻璃立方体上表面处发生折射，由折射定律得nsinθ=sinα①,式中，n 是玻璃的折射率，入射角等于θ，α是折射角.现假设A 点是上表面面积最小的不透明薄膜边缘上的一点.由题意，在A 点刚好发生全反射，故αA =π2②,设线段OA 在立方体上表面的投影长为R A ，由几何关系有sinθA =A√R A2+(a 2)2③,式中a 为玻璃立方体的边长，由①②③式得R A =2√n 2−1④,由题给数据得R A =a2⑤,由题意，上表面所镀的面积最小的不透明薄膜应是半径为R A 的圆.所求的镀膜面积S′与玻璃立方体的表面积S 之比为S′S =6πR A26a 2⑥, 由⑤⑥式得S′S=π4⑦.35. (1)01n(或中子);17.6.【解析】由12H+13H →24H +X 并结合质量数守恒和电荷数守恒知X 为01n ；由质能方程ΔE =Δmc 2得ΔE =(m12H +m13H −m 24He −m1n )c 2=(m12H +m 13H −m24He −m01n)931.5MeV1u=17.6MeV .(2)(ⅰ)√2−1；(ⅰ)见解析.【解析】(ⅰ)设球b 的质量为m 2，细线长为L ，球b 下落至最低点，但未与球a 相碰时的速度为v ，由机械能守恒得 m 2gL =12m 2v 2①，式中g 是重力加速度的大小. 设球a 的质量为m 1；在两球碰后的瞬间，两球共同速度为v′，以向左为正，由动量守恒得m 2v =(m 1+m 2)v′②，设两球共同向左运动到最高处时，细线与竖直方向的夹角为θ，由机械能守恒得12(m 1+m 2)v′2=(m 1+m 2)gL(1−cosθ)③，联立①②③式得m 1m 2=√1−cosθ−1④，代入题给数据得m 1m 2=√2−1⑤.(ⅰ)两球在碰撞过程中的机械能损失大小是Q =m 2gL −(m 1+m 2)gL(1−cosθ)⑥，联立①⑥式，Q 与碰前球b 的最大动能E k (E k =12m 2v 2)之比为Q E k =1−m 1+m 2m 2(1−cosθ)⑦，联立⑤⑦式，并代入题给数据得Q E k=1−√22⑧.。

2011-2012学年度（下）调研检测 2012.7高一物理试题卷本试题卷分为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）两部分，共6页。

考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。

满分100分，考试时间90分钟。

第一部分（选择题，共39分）注意事项：1. 答题前，务必将自己的姓名、考号填写在答题卡规定的位置上。

并用2B 铅笔将答题卡考号对应数字标号涂黑。

2. 答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

一、 选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分。

每小题给出的四个选项中，只有一个．．．．选项符合题目要求）1．如图所示，用细绳系着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，不计空气阻力，关于小球受力说法正确的是A ．只受重力B ．只受拉力C ．受重力、拉力和向心力D ．受重力和拉力2．甲、乙、丙三个物体，甲静止地放在天津，乙静止地放在上海，丙静止地放在广州。

当它们随地球一起转动时A ．甲的角速度最大，乙的线速度最小B ．丙的角速度最小，甲的线速度最大C ．三个物体的角速度、周期和线速度都相等D ．三个物体的角速度、周期一样，丙的线速度最大3．一人从20 m 高的楼顶以10 m/s 的速度抛出一个质量为500克的小球，小球落地速度为20 m/s ，g =10 m/s 2，则A ．此人做功为75ＪB ．此人做功为25ＪC ．此人做功为100ＪD ．此人做功为125Ｊ4．如果物体在地球表面处所受重力大小为G ，则将该物体移到离地面高度等于地球直径处的重力为A ．9GB ．4GC ．3G D ． 2G 5．如图所示为皮带传动装置，两轮半径之比R 1:R 2=2:1。

A 、B 为轮边缘上的两个点。

假设在传动过程中皮带不打滑，则A 、B 两点的角速度之比，向心加速度之比分别为A ．1ω:2ω= 2:1 ，a 1：a 2=1:2B ．1ω:2ω= 1:2 ，a 1：a 2=2:1C ．1ω:2ω= 1:2 ，a 1：a 2=1:2D ．1ω:2ω= 2:1 ，a 1：a 2=2:16．在同一点O 抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A 、v B 、v C 的关系和三个物体做平抛运动的时间t A 、t B 、t C 的关系分别是A ．v A >vB >vC t A >t B >t CB ．v A <v B <vC t A <t B <t C C ．v A <v B <v C t A >t B >t CD ．v A >v B >v C t A <t B <t C二、 选择题(本题共7小题，每小题３分，共21分。

第七章1.如图所示，小球从弹簧正上方一定高度落到竖直放置在地面上的轻质弹簧上，直至速度为零，则从小球接触弹簧开始到压缩弹簧至最低点的过程中（）A. 小球的动能一直减小B. 小球的机械能一直减小C. 小球的动能先增大后减小D. 小球的机械能先增大后减小2.质量不等，但具有相同初动能的两个物体，在动摩擦因数相同的地面上滑行，直到停止，则（）A. 质量大的物体滑行距离大B. 质量小的物体滑行距离大C. 质量大的物体克服摩擦力做功多D. 质量小的物体克服摩擦力做功多3.一个学生用100N的力，将静止在球场上质量为1kg的球，以10m/s的速度踢出20m 远，则该学生对球做的功为（）A. 50JB. 100JC. 1000JD. 2000J4.关于重力做功和重力势能，下列说法正确的是（）A. 重力做功与物体运动的路径有关B. 重力对物体做负功时，物体的重力势能一定减小C. 重力势能为负值说明物体在零势能面以下D. 重力势能的变化与零势能面的选取有关5.物体做曲线运动的过程中，以下物理量一定会发生变化的是（）A. 速度B. 加速度C. 动能D. 合外力6.质量为1kg的小球在空中自由下落，与水平地面相碰后立即被反弹，之后又上升到某一高度处。

此过程中小球的速度随时间变化规律的图像如图所示。

不计空气阻力，g取10m/s2。

下列说法中正确的是A. 小球在下落过程中重力做功12.5JB. 小球在上升过程中重力势能增加8JC. 小球与地面接触过程中机械能损失8JD. 小球刚与地面接触时重力的瞬时功率为50w7.“蹦极”是一项很有挑战性的运动。

如图所示，蹦极者将一根有弹性的绳子系在身上，另一端固定在跳台上。

蹦极者从跳台跳下，落至图中a点时弹性绳刚好被拉直，下落至图中b 点时弹性绳对人的拉力与人受到的重力大小相等，图中c点是蹦极者所能达到的最低点。

在蹦极者从离开跳台到第一次运动到最低点的过程中，下列说法正确的是A. 在a点时，蹦极者的动能最小B. 在b点时，弹性绳的弹性势能最小C. 从a点运动到c点的过程中，蹦极者的动能一直在增加D. 从a点运动到c点的过程中，蹦极者的机械能不断减小8.质量为m的物体静止在水平地面上，起重机将其竖直吊起，上升高度为h时，物体的速度为v0此过程中A. 重力对物体做功为221mvB. 起重机对物体做功为mghC. 合外力对物体做功为221mvD. 合外力对物体做功为221mv+mgh9.在变速运动中，物体的速度由0增加到v，再由v增加到2v，合外力做功分别为W1和W2，则W1与W2之比为A. 1：1B. 1：2C. 1：3D. 1：410.下列关于机械能是否守恒的叙述中正确的是A. 做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B. 做匀变速运动的物体的机械能可能守恒C. 外力对物体做功为零时，物体的机械能一定守恒D. 系统内只有重力和弹力做功时，系统的机械能一定守恒11.下列关于重力势能的说法中正确的是A. 重力势能的大小与参考平面的选择无关B. 重力势能有负值，重力势能是矢量C. 重力不做功，物体就不具有重力势能D. 重力做正功时，重力势能一定减少12.汽车发动机的额定功率为80kW，它以额定功率在平直公路上行驶的最大速度为20m／s，那么汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是A. 8000NB. 4000NC. 2500ND. 1600N13.质量M＝1kg的物体，在水平拉力F的作用下，沿粗糙水平面运动，至位移为4m处，拉力F停止作用，至位移为8m处物体停止运动，运动过程中的sEk图线如图所示。

新教材高考物理模拟题精编详解第七套试题说明：本套试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分120分．考试时间：90分钟．第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题目要求的，选对得4分，有选错或不答的得0分1．伦琴射线管的阴极和阳极（又叫对阴极）间加一高电压U ，能够产生波长为λ 的伦琴射线，伦琴射线光子能量的最大值等于电子动能，下列关于伦琴射线的说法：①伦琴射线是从阴极发出的；②伦琴射线是从阳极发出的；③伦琴射线的波长λ＝hc /E （h 为普朗克常数，c 为真空中光速，E 为伦琴射线的能量）；④伦琴射线比γ 射线更难观察到衍射现象，其中正确的是（ ）A ．①③B ．①④C ．②③D ．②④2．处于基态的一群氢原子受某种单色光的照射时，只发射波长为1λ、2λ、3λ的三种单色光，且1λ＞2λ＞3λ，则照射光的波长为（ ） A ．1λ B ．1λ＋2λ＋3λ C ．3232λλλλ+ D ．2121λλλλ+3．一人正对一竖直放置的平面镜站立，人的身体宽为b ，两眼相距为a ，欲使自己无论闭上左眼还是右眼都能用另一只眼睛从镜中看到自己整个身体，则平面镜的宽度至少为（ ） A ．2b B ．2a C ．2)(a b - D ．2)(b a + 4．如图1所示，正方形空腔内有匀强磁场B ，a 、b 、c 处都有缝隙，有一束带电的同种粒子流（不计重力），从a 处沿ad 方向并垂直磁感线进入磁场，结果在b 、c 处均有粒子射出，下列判断正确的是（ ）图1A ．b 、c 两处射出的粒子一定带正电B ．b 、c 两处射出的粒子的速率之比为2∶1C ．b 、c 两处射出的粒子在磁场中的飞行时间之比为1∶2D ．b 、c 两处射出的粒子的动能之比为1∶4 5．在距离地面高H 处，将一小球沿水平方向抛出，抛出时小球的动能等于重力势能（取地面为零势能参考平面）．设小球在空中飞行到达某一位置的位移与水平抛出方向间夹角为α ，速度与水平抛出方向间夹角为β ，不计空气阻力，下列关系中可能成立的是（ ） A ．α ＞30° B ．β ＞30° C ．α ＞β D ．α ＝β6．如图2所示，带电量分别为-2Q 和-4Q 的两个完全相同的金属球A 、B ，放在光滑绝缘水平面上，现让金属球A 、B 分别自M 、N 两点以相等的动能相向运动，当两球刚好发生接触时，二者速度恰好为零，所带电荷重新分布，之后，两球又向相反的方向运动，设两球相向运动的时间为0t ，反向回到M 、N 两点经历的时间分别为1t 、2t ，则有（ ）图2A ．1t ＞2tB ．1t ＜2tC ．1t ＝2t ＜0tD ．1t ＝2t ＞0t7．如图3所示，当直导线中的电流I （方向向右）不断增加时，E 、F 两个轻线圈所受磁场力的方向是（不计两轻线圈之间的磁场力）（ ）图3A ．E 、F 均向上B ．E 、F 均向下C ．E 向上，F 向下D ．E 向下，F 向上8．人在沼泽地行走时容易下陷，下陷时（ ）A ．人对沼泽地地面的压力大于沼泽地地面对他的支持力B ．人对沼泽地地面的压力等于沼泽地地面对他的支持力C ．人对沼泽地地面的压力小于沼泽地地面对他的支持力D ．无法确定9．在向右匀速行驶的火车中，向后水平抛出一物体，在站在地面上的人看来，该物体的运动轨迹可能是图4中的（ ）图4A ．A 、D 、EB ．B 、C 、D C ．C 、D 、E D ．A 、B 、C10．两个振动情况完全一样的波源1S 、2S 相距6m ，它们在空间产生的干涉图样如图5所示，图中实线表示振动加强的区域，虚线表示振动减弱的区域，下列说法正确的是（ ）图5A ．两波源的振动频率一定不相同B ．虚线一定是波谷与波谷相遇处C ．两列波的波长都为2mD ．两列波的波长都为1m第Ⅱ卷（非选择题，共80分）二、本题共2小题，共13分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作图 11．（6分）现有下列器材：量程为10.0mA ，内阻约30Ω—40Ω的电流表一个，电阻箱R （0—999Ω）一个，单刀单掷开关S ，导线若干，要求用这些器材测量一干电池的电动势（E 约为1.5V ）．图6（1）按要求在实物图上连线．（2）写出用直接读出的值表示待测电动势的表达式E ＝______________，式中各直接读出的量的意义是______________．12．（7分）利用油膜法可以粗略测出阿伏加德罗常数．把密度ρ ＝0.8×33kg/m 10的某种油，用滴管滴出一滴油在水面上形成油膜，已知这滴油的体积为V ＝0.3×33cm 10-，形成油膜的面积为S ＝0.52m ，油的摩尔质量M ＝0.05kg/mol ．把油膜看成单分子层，每个分子看成球形，那么：（1）油分子的直径是________．（2）由以上数据可粗略测出阿伏加德罗常数A N 是________．三、本题共6小题，共67分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 13．（10分）如图7所示，三角形木块放在倾角为θ 的斜面上，若木块与斜面间的摩擦因数μ ＞tan θ ，则无论作用在木块上竖直向下的外力F 多大，木块都不会滑动，这种现象叫做“自锁”．试证明之图7 14．（10分）曲线上任一点的最大的内切圆的半径R 的倒数P ＝1/R 叫该曲线在该点的曲率，P 越大说明曲线在该点弯曲的越厉害，而作曲线运动的物体在任一位置所受合外力在垂直于速度方向的分量提供在该位置所需向心力，用以改变速度v 的方向，大小为R mv F n /2=，沿速度方向的分量F ，用以改变速率，试求以速度0v ＝10m/s 水平抛出的重物运动的抛物线上横坐标为0x ＝10m 的A 点的曲率的大小．（如图8所示，g 取10m/2s ）图8 15．（11分）A 、B 两地相距11km ，A 、B 之间用两根电线连接，在一次暴风雨过后，A 、B 两地之间有一棵树倒在两根电线上造成故障，相当于两根电线之间接上一个阻值为R 的电阻，如图9所示，为查出故障地点，在A 处加上12V 电压，在B 处测得的电压为10V ，若在B 处加12V 电压，则在A 处测得电压为4V ，求故障处距A 多远?（提示：电线的阻值与其长度成正比）图916．（12分）如图10所示，宽为d的光滑金属导轨所处的平面与水平面的夹角为θ ，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向上，一质量为m的金属杆，两端无摩擦地垂直套在导轨上，若导轨足够长，则当金属杆由静止向下滑动时可达一稳定速度，试求这一速度的大小，设整个回路的电阻可等效为R图1017．（11分）喷墨打印机的结构简图如图11所示，其中墨盒可以发出墨汁微滴，此微滴经过带电室时被带上负电，带电的多少由计算机按字体笔画高低位置输入信号加以控制，带电后的微滴以一定的初速度进入偏转电场发生偏转后，打到纸上，显示出字体，无信号输入时，墨汁微滴不带电，径直通过偏转板而注入回流槽流回墨盒．设偏转板板长1.6cm，两板间的距离为0.50cm，偏转板的右端距纸3.2cm．若一个墨汁10-kg，以20m/s的安装速度垂直于电场方向进入偏转电场，两板间的微滴的质量为1.6×1010V，若墨汁微滴打到纸上的点距原射入方向的距离是2.0mm．求：电压是8.0×3图11（1）这个墨汁微滴通过带电室带的电量是多少?（不计空气阻力和重力，可以认为偏转电场只局限在平行板电容器内部，忽略边缘电场不均匀性）（2）为了使纸上的字体放大10％，请你分析提出至少两种可行的方法．18．（13分）20世纪90年代开始，全球风力发电每年以26％的速度增长，太阳能发电以17％的速度增长，而作为世界上最主要能源的石油，开采量每年增长仅1.4％，无污染的太阳能利用越来越引起世界各国政府和科学家的重视．1991年8月世界各国的太阳能专家聚集巴黎，专门讨论了建立太空太阳能电站的问题，这种空间太阳能电站建在地球同步轨道的一个固定位置上，向地球上固定区域供电，其发生及传输的方式是：在太空太阳能电站的太阳能收集板上铺设硅电池，通过光电转换把太阳能转变成电能，再经过微波转换器将直流电转换成微波，并通过天线将电能以微波形式向地面发送，地面再通过天线和换能器把微波能还原成电能．①若太阳能电池的硅片每片面积42cm ，可提供电能50mW ，巨大的太阳能收集板电池阵列面积为5×28m 10，其发电功率为多少?②利用微波传输电能（微波输电采用的频率是2450MHz ）实现了“无缆输电”，输电效率可达80％．火力发电厂若采用燃烧其优质煤发电，该优质煤的燃烧值为3.36×710J/kg ，发电效率为40％，那么火车发电厂要产生上述到达地面接收站功率，1分钟需燃烧多少千克这种优质煤?（保留2位有效数字）③试估算空间太阳能电站一昼夜由于被地球遮挡而不能发电的最长时间（保留2位有效数字）．取地球本影长为地球半径的216倍，同步轨道距离地面的高度为地球半径的5倍）参考答案1．C 电子由阴极射出，打到阳极上，产生伦琴射线，因此伦琴射线由阳极射出，②对，由E ＝hv ＝λch可知，③对，伦琴射线的波长比γ 射线的大，应更容易发生衍射现象．2．D 处于基态的氢原子吸收单色光发出三种波长的光，一定是由基态跃迁到n ＝3的激发态，吸收的光的波长是3λ，133E E ch-=λ①，231E E ch-=λ②，122E E ch-=λ③，由①②③可得21213λλλλλ+=，D 正确．3．D 由答图1可知，平面镜的至少宽度为2ba +．答图14．D 由左手定则可知粒子一定带负电，A 错，b c r r 2=，由Bqm vr =可知b c v v 2=，所以B 错，D 正确．T t b 21=，T t c 41=，所以C 错． 5．B 小球运动轨迹如答图所示，由此可以看出α ＜β ，C 、D 均错，当小球落地时122tg 0===gHgH v v y β，所以，小球在空中某位置时β ＞30°，可能成立．当小球落地时，tg α 2122===⋅gh gH hxy ，α ＜30°，因此α ＞30°不可能成立．答图26．C 相碰点一定发生在M 、N 中点，相碰后，向相反的方向运动，由动量守恒定律可知，任一时刻A 、B 两球的速度相等，小球自相碰点到返回M 、N 两点时间一定相同1t ＝2t ，相碰前A 、B 间库仑力F ＝228L KQ ，相碰后A 、B 间的库仑力229L KQ F'=，相碰后比相碰前对应位置的加速度大，所以1t ＝2t ＜0t ．7．C 电流增大时，穿过E 、F 的磁通量增加，由楞次定律的推广含义可知，感应电流的效果将阻碍磁通量的增加，即E 向上，F 向下运动，C 正确． 8．B 由牛顿第三定律可知B 正确．9．A 在火车中向后抛出一物体，向后指的是相对于火车的速度方向向后，相对于地的速度可能向右，也可能向左，还可能为零，因此A 正确．10．C 只有两列频率相同的波相遇，才能产生干涉现象，A 错；波谷与波谷相遇应为振动加强，B 错；由图可知，相邻加强区域间的距离为1m ，在B 点，两列波到B 点的路程差应为一个波长，λ ＝4-2＝2m ，C 正确，D 错误．如答图3．答图311．（1）如答图4所示，有任何错不给分答图4（2）211221)(I I I I R R E ⋅--=其中1I 为电阻箱电阻为1R 时电流表的示数，2I 为电阻箱为2R 时电流表示数． 12．答案：（1）6.0×1010-m ； （2）5.5×2310mo1．13．解析：当F 作用在物体上时，沿斜面向下的力为：（F ＋mg ）·sin θ ① 假设物体滑动，则沿斜面向上的摩擦力为： μ（F ＋mg ）·cos θ ② 由 μ ＞tan θ 可得： μ （F ＋mg ）·cos θ ＞（F ＋mg ）·sin θ ③ 从③式可以看出，无论F 多大，作用在物体上的滑动摩擦力总是大于“下滑力”，所以物体不会滑动．14．解析：如答图5所示，从抛出A 点经过时间为t ，答图5则：t v x 00= ⊥v ＝gt tg α ＝⊥v v 0 v ＝220⊥+v v 解得：α ＝45° v ＝2 10m/s 又将mg 分解得：n F ＝mg sin α 而22pmv R mv F n == ∴ p ＝)m (4021- 15．解析：设A 端至故障处长1L ，导线电阻分别为1R ，故障处至B 端长2L ，导线电阻分别为2R ，如答图6所示．答图6当A 端加上0U ＝12V 电压时，有：R R RU B +=12·0U当B 端加上0U ＝12V 电压时，有：RR RU A +=22·0U据电阻定律，有：1R ∶2R ＝1L ∶2L由题意： 1L ＋2L ＝11（km ） 解上述各式可得：1L ＝1km16．解析：设金属杆稳定时速度为V ，回路中的电流强度为I ，有：mg sin θ ＝BLI 若金属杆切割磁感线产生的感应电动势为E ，则：E ＝BLV 据全电路欧姆定律，有：I ＝RE 解上述各式可得：V ＝22sin L B mgR θ17．解析：（1）设带电墨汁微滴带电量为q ，它进入电场后做类平抛运动，离开电场后沿直线打到纸上，偏转距离为 z ＝2.0mm 由 z ＝2002001202)(212121mdv qUL v Sv L dm qU v L dm qU v S at )v L (dm qU z'at =+=+=+⋅⋅+2(L )S即2m dv qUL （2L＋S ）＝0.2cm ∴ q ＝1.25×1310- C（2）方法一：由上式 z ＝20m dv qUL （2L＋S ），可知： 当S 一定时，z ∝U 由于U'z U z 1.0= ∴ U'＝0.1U ＝0.8×310 即可将偏转电压提高到U ＋U'＝8.8×310伏，能实现放大字体10％的要求 方法二：由上式 z ＝2m dv qUL （2L＋S ），可知：当U 一定时，z ∝[2L ＋S ] 也可以增大偏转板与纸间的距离实现放大字体的要求 由于. L.S L.S'115050=++ ∴ S'＝3.6cm即将偏转板与纸间的距离增大为3.6cm ，也能实现放大字体10％的目的 18．解析：①W 102564/1050105''10312⨯=⨯⨯⨯==-./S SP P ②mq P 2160ηη=⨯ m ＝q P 21/60ηη⨯＝2.2×510（kg ） ③如答图7所示 210R /216R ＝L /2R ∆t ＝L ×24/2π ×6R ＝1.2h答图7。

2012高考物理一轮复习试题7一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分，每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．下列说法中正确的是()A．物体在不受外力作用时，保持原有运动状态不变的性质叫惯性，故牛顿运动定律又叫惯性定律B．牛顿第一定律仅适用于宏观物体，只可用于解决物体的低速运动问题C．牛顿第一定律是牛顿第二定律在物体的加速度a＝0条件下的特例D．伽利略根据理想实验推出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去解析：牛顿第一定律表明，物体在不受外力作用时，保持原有运动状态不变的性质叫惯性，故牛顿第一定律又叫惯性定律，A错误．牛顿运动定律都是在宏观、低速的情况下得出的结论，在微观、高速的情况下不成立，B正确．牛顿第一定律说明了两点含义，一是所有物体都有惯性，二是物体不受力时的运动状态是静止或匀速直线运动，牛顿第二定律并不能完全包含这两点意义，C错误．伽利略的理想实验是牛顿第一定律的基础，D正确．答案：BD2.物体静止在斜面上，如图所示，下列说法正确的是()A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力和反作用力D．物体所受重力可以分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力解析：物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力及物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力同属物体和斜面间的相互作用力，分别作用在斜面和物体上，因此它们是作用力和反作用力，所以A错B对；物体所受的重力是地球施加的，其反作用力是物体对地球的吸引力，应作用在地球上，因此C错；物体所受重力，无论如何分解，各分力都应作用在物体上，而不能作用在斜面上形成对斜面的压力，所以D错．答案：B3．(2009年高考宁夏卷)在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列正确的是()[来源:学*科*网] A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡儿对牛顿第一定律的建立做出了贡献解析：开普勒发现了行星运动的规律，即开普勒三定律，A错．伽利略利用斜面实验指出：力不是维持运动的原因，C错．卡文迪许设计了扭秤实验，测出了引力常量，B对．对牛顿第一定律的建立做出贡献的科学家很多，如伽利略、笛卡儿等，D对．答案：BD4．(探究创新)如图所示，甲、乙两节空车厢质量相等，两个同学玩捉迷藏游戏时，有一同学躲在某节车厢内，牵拉系在另一车厢上的绳子，使两车靠近．设绳子质量不计，两车厢与水平轨道之间的摩擦不计．站在地面上的同学若要判断哪节车厢里面有人，下列依据正确的是()A．根据绳子拉力大小，拉力大的一端车厢里面有人B．根据运动的先后，后运动的车厢里面有人C．根据同一时刻运动的快慢，运动慢的车厢里面有人D．根据同一时刻运动的快慢，运动快的车厢里面有人解析：绳子上的拉力大小是相等的，A错；两车同时开始运动，所以不能根据运动的先后判断哪个车厢里有人，B错；有人的车厢加速度小，所以在同一时刻其速度小，C正确，D错误．答案：C[来源:]5．下列关于惯性的各种说法中，你认为正确的是()A．抛出去的标枪、手榴弹等是靠惯性向远处运动的B．在完全失重的情况下，物体的惯性将消失C．把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的原因D．材料不同的两个物体放在地面上，用一个相同的水平力分别推它们，则难A．人只有在静止的车厢内，竖直向上高高跳起后，才会落在车厢的原来位置B．人在沿直线匀速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在原来位置C．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在起跳点的后方D．人在沿直线减速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在起跳点的后方解析：由于惯性，人竖直向上跳起后水平方向的速度与人跳起时车的速度相等，故车静止时或做匀速直线运动时，人均落在原来的位置，故A错误，B正确；当车加速前进时，人竖直跳起后，水平方向以此时该车的速度做匀速直线运动，而车做加速直线运动，故人将落在起跳点的后方，C正确；同样的道理，可分析D 错误．[来源:学科网ZXXK]答案：BC9．我国《道路交通安全法》中规定：各种小型车辆前排乘坐的人(包括司机)必须系好安全带，以下叙述正确的是()A．系好安全带可以减小惯性[来源:Z#xx#][来源:Z,xx,]B．是否系好安全带对人和车的惯性没有影响C．系好安全带可以防止因车的惯性而造成的伤害D．系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害解析：安全带与人和车的惯性无关，A错、B对．系好安全带主要是防止因刹车时人具有向前的惯性而造成伤害事故，C错、D对．答案：BD10.如图所示是一种汽车安全带控制装置的示意图，当汽车处于静止或匀速直线运动时，摆锤竖直悬挂，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动．当汽车突然刹车时，摆锤由于惯性绕轴摆动，使得锁棒锁定棘轮的转动，安全带不能被拉动．若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置，汽车的可能运动方向和运动状态是()A ．向左行驶、突然刹车B ．向右行驶、突然刹车C ．向左行驶、匀速直线运动D ．向右行驶、匀速直线运动解析：简化模型如图所示，当小球在虚线位置时，小球、车具有向左的加速度，车的运动情况可能为：向左加速行驶或向右减速行驶，A 错误，B 正确；当车匀速运动时，无论向哪个方向运动，小球均处于竖直位置不摆动，C 、D 错误．答案：B二、非选择题(本题共2小题，共30分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11.(15分)如图所示，高为h 的车厢在平直轨道上匀减速向右行驶，加速度大小为a ，车厢顶部A 点处有质量为m 的油滴落到地板上，若O 点位于A 点的正下方，则油滴落在地板上的点应在O 点左侧还是右侧？离O 点距离为多少？油滴下落过程中对地球的作用力大小为多少？解析：油滴离开车厢上的A 点后，由于惯性在水平方向上保持原来的速度，而在竖直方向上做自由落体运动．在竖直方向上，由h ＝12gt 2知 油滴的下落时间t ＝ 2hg ①设油滴下落时车的速度为v 0，则在时间t 内油滴的水平位移s 1＝v 0t ②车的水平位移s 2＝v 0t －12at 2③ 由①②③得油滴落在O 点右侧，距O 点的距离为Δs ＝s 1－s 2＝12at 2＝a g h .油滴下落时地球对油滴的作用力大小为mg，由牛顿第三定律可知，油滴对地球的作用力大小也是mg.[来源:]答案：右侧ag h mg12．(15分)(综合提升)一个箱子放在水平地面上，箱内有一固定的竖直杆，在杆上套着一个环，箱与杆的质量为M，环的质量为m，如图所示．已知环沿杆匀加速下滑时，环与杆间的摩擦力大小为f，而此时箱对地面的压力大小为多少？解析：环在竖直方向上受力情况如图甲所示，受一个重力，及箱子的杆给它的竖直向上的摩擦力f，根据牛顿第三定律，环应给杆一个竖直向下的摩擦力f′，故箱子竖直方向上受力如图乙所示，受重力Mg，地面对它的支持力N，及环给它的摩擦力f′，由于箱子处于平衡状态，可得N＝f′＋Mg＝f＋Mg.根据牛顿第三定律，箱子给地面的压力大小等于地面给箱子的弹力，即[来源:学#科#网]N′＝f＋Mg.答案：f＋Mg。

2012年全国统一高考物理试卷（新课标卷）一．选择题1．（3分）伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础．早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（）A．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B．没有力作用，物体只能处于静止状态C．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动2．（3分）如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）A．a的飞行时间比b的长B．b和c的飞行时间相同C．a的水平速度比b的小D．b的初速度比c的大3．（3分）如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2．以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中（）A．N1始终减小，N2始终增大B．N1始终减小，N2始终减小C．N1先增大后减小，N2始终减小D．N1先增大后减小，N2先减小后增大4．（3分）自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调．已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V的交流电源上．当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0kW．设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为（）A．380 V和5.3 A B．380 V和9.1 A C．240 V和5.3 A D．240 V和9.1 A5．（3分）如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀变速直线运动6．（3分）如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为B0．使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，在线框中产生感应电流．现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化．为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为（）A．B．C．D．7．（3分）如图所示，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行．已知在t=0到t=t1的时间间隔内，长直导线中电流i随时间变化，使线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右．图中箭头表示电流i的正方向，则i随时间t变化的图线可能是（）A．B．C．D．8．（3分）假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体．一矿井深度为d．已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零．矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为（）A．1﹣B．1+C．（）2D．（）2二．实验题9．某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，测量金属板厚度时的示数如图（b）所示．图（a）所示读数为mm，图（b）所示读数为mm，所测金属板的厚度为mm．10．图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场．现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向．所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；为电流表；S为开关．此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线．（1）在图中画线连接成实验电路图．（2）完成下列主要实验步骤中的填空①按图接线．②保持开关S断开，在托盘内加入适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1．③闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D；然后读出，并用天平称出．④用米尺测量．（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出B=．（4）判定磁感应强度方向的方法是：若，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．三．计算题11．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具（如图）．设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ．（1）若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．（2）设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ．已知存在一临界角θ0，若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tanθ0．12．如图，一半径为R的圆表示一柱形区域的横截面（纸面）．在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的粒子沿图中直线在圆上的a点射入柱形区域，在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直．圆心O到直线的距离为．现将磁场换为平行于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直线在a点射入柱形区域，也在b点离开该区域．若磁感应强度大小为B，不计重力，求电场强度的大小．[选修3-3]（共2小题，满分0分）13．关于热力学定律，下列说法正确的是（）A．为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B．对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C．可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D．不可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功E．功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程．14．如图，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0℃的水槽中，B的容积是A的3倍．阀门S将A和B两部分隔开．A内为真空，B和C内都充有气体．U形管内左边水银柱比右边的低60mm．打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等．假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积．（i）求玻璃泡C中气体的压强（以mmHg为单位）（ii）将右侧水槽的水从0℃加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为60mm，求加热后右侧水槽的水温．[选修3-4]15．一简谐横波沿x轴正向传播，t=0时刻的波形如图（a）所示，x=0.30m处的质点的振动图线如图（b）所示，该质点在t=0时刻的运动方向沿y轴（填“正向”或“负向”）．已知该波的波长大于0.30m，则该波的波长为m．16．一玻璃立方体中心有一点状光源．今在立方体的部分表面镀上不透明薄膜，以致从光源发出的光线只经过一次折射不能透出立方体．已知该玻璃的折射率为，求镀膜的面积与立方体表面积之比的最小值．[选修3-5]17．[选修3﹣5]氘核和氚核可发生热核聚变而释放巨大的能量，该反应方程为：H+H→He+x，式中x是某种粒子．已知：H H、He和粒子x的质量分别为2.0141u、3.0161u、4.0026u和1.0087u；1u=931.5MeV/c2，c是真空中的光速．由上述反应方程和数据可知，粒子x是，该反应释放出的能量为MeV（结果保留3位有效数字）18．[选修3﹣5]如图，小球a、b用等长细线悬挂于同一固定点O．让球a静止下垂，将球b向右拉起，使细线水平．从静止释放球b，两球碰后粘在一起向左摆动，此后细线与竖直方向之间的最大偏角为60°．忽略空气阻力，求（i）两球a、b的质量之比；（ii）两球在碰撞过程中损失的机械能与球b在碰前的最大动能之比．。

第七章过关检测(时间:90分钟 满分:100分)一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,1~5小题只有一个选项正确,6~8小题有多个选项正确。

全部选对的得6分,选不全的得3分,有选错或不答的得0分)1.课外活动时,王磊同学在40 s 的时间内做了25个引体向上,王磊同学的体重大约为50 kg,每次引体向上大约升高0.5 m,试估算王磊同学克服重力做功的功率大约为(g 取10 N/kg)( )A .100 W B.150 WC.200 WD.250 W解析:每次引体向上克服重力做的功约为W 1=mgh=50×10×0.5J =250J40s 内的总功W=nW 1=25×250J =6250J40s 内的功率P=W t =625040W ≈156W 。

答案:B2.如图所示,质量为m 的物体P 放在光滑的倾角为θ的斜面体上,同时用力F 向右推斜面体,使P 与斜面体保持相对静止。

在前进水平位移为l 的过程中,斜面体对P 做功为( )A .FlB.12mg sin θ·lC.mg cos θ·lD.mg tan θ·l解析:斜面对P 的作用力垂直于斜面,其竖直分量为mg ,所以水平分量为mg tan θ,做功为水平分量的力乘以水平位移。

答案:D3.(2017·全国理综2,14)如图,一光滑大圆环固定在桌面上,环面位于竖直平面内,在大圆环上套着一个小环。

小环由大圆环的最高点从静止开始下滑,在小环下滑的过程中,大圆环对它的作用力 ( )A.一直不做功B.一直做正功C.始终指向大圆环圆心D.始终背离大圆环圆心解析:小环下滑过程中,光滑大圆环对小环的作用力为弹力,开始时大圆环对小环弹力背离圆心最后指向圆心。

小圆环的速度方向沿着大圆环的切线方向,时刻发生改变,与半径垂直。

所以光滑大圆环对小环的作用力时刻与小环的速度垂直,一直不做功,故选项A 正确,B 、C 、D 错误。

一、选择题1．(2009年海南单科)两个大小分别为F 1和F 2(F 2<F 1)的力作用在同一质点上，它们的含力的大小F 满足( )A ．F 1≤F ≤F 2 B.F 1－F 22≤F ≤F 1＋F 22C ．F 1－F 2≤F ≤F 1＋F 2D ．F 21－F 22≤F 2≤F 21＋F 22【解析】 共点的两个力合成，同向时最大为F 1＋F 2，反向时最小为F 1－F 2.【答案】 C2.如右图所示，人站在自动扶梯上随扶梯匀速上升，下列说法中正确的是( )A ．人所受的合力方向与自动扶梯运动方向相同B ．人在水平方向将受到向右的摩擦力的作用C ．人只在竖直方向受力作用，且合力为零D ．人在竖直方向所受力的合力不为零【解析】 由题意可知，人处于平衡状态，所以人所受的合力为零，人只受到重力和自动扶梯的支持力，且它们都在竖直方向，故只有选项C 正确．【答案】 C3．两个共点力的大小均为10 N ，如果要使这两个力的合力大小也是10 N ，则这两个共点力间的夹角应为( )A ．30°B ．60°C ．90°D ．120°【解析】 对于两个夹角为120°的等大的共点力而言，其合力大小与分力相等，并且合力与两分力的夹角均为60°，反之，当两个分力大小与合力大小相等时，可推知两分力之间的夹角均为120°.【答案】 D4.如右图所示，一个物体受到三个共点力F 1、F 2、F 3的作用，若将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，则物体所受这三个力的合力大小为( )A ．2F 1B ．F 2C ．2F 3D ．0【解析】 由矢量三角形定则可以看出， 首尾相接的任意两个力的合力必与第三个力大小相等、方向相反，所以这三个力的合力为零．【答案】 D5.如右图所示，某个物体在F1、F2、F 3和F 4四个共点力作用下处于静止状态，若F 4的方向沿逆时针转过60°而保持其大小不变，其余三个力的大小和方向均保持不变，则此时物体所受到的合力大小为( )A.F 42B ．0C ．F 4 D.3F 4【解析】 由共点力平衡条件可知，F 1、F 2、F 3和F 4的合力应为零，F 1、F 2、F 3的合力应与F 4等值反向．当F 4的方向沿逆时针转过60°而保持其大小不变时，F 1、F 2、F 3的合力不变，大小仍等于F 4，方向与F 4的夹角为120°，由平行四边形定则可得，此时物体所受的合力大小为F 4.【答案】 C6．如下图所示，猎人非法猎猴，用两根轻绳将猴子悬于空中，猴子处于静止状态．以下相关说法中正确的是( )A．猴子一共受到三个力的作用B．绳拉猴子的力和猴子拉绳的力相互平衡C．地球对猴子的引力与猴子对地球的引力是一对作用力和反作用力D．猎人将绳子拉得越紧，猴子受到的合外力越大【解析】猴子共受三个力作用：重力、两个拉力，A正确；B选项中力为作用力与反作用力，不能相互抵消，故B错误，C正确；猴子所受合外力始终为0，故D错误．【答案】AC7．如下图所示，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是0.6 kg.弹簧测力计此时的读数为2 N，图中的滑轮摩擦不计，取g＝10 m/s2计算．若轻轻取走盘中的部分砝码，使砝码和托盘的总质量减少到0.3 kg，那么此时装置将会出现的情况是()A．弹簧测力计的读数将减小B．木块仍处于静止状态C．木块对桌面的摩擦力不变D．木块所受的合力将要变大【解析】此时物体A必受桌面对其向左、大小为4 N的静摩擦力作用，当盘中砝码总质量是0.3 kg时，物体所受静摩擦力变为1 N，方向仍向左，而且不会被移动，因为没有比其静摩擦力更大的外力迫使它移动，故此弹簧形变量亦不改变，其读数仍为2 N.【答案】 B8．将一个竖直向下的8 N的力分解为两个力，其中一个分力方向水平，大小为6 N，那么另一个分力大小为()A．10 N B．8 NC．6 N D．2 N【解析】以F＝8 N为对角线，以F1＝6 N为邻边作平行四边形，如右图，由勾股定理知F2＝10 N故只有A正确．【答案】 A9.如右图所示，水平地面上固定着一根竖直立柱，某人用绳子通过柱顶的定滑轮将100 N的货物拉住．已知人拉着绳子的一端，且该绳段与水平方向夹角为30°则柱顶所受压力大小为()A．200 N B．100 3 NC．100 N D．50 3 N【答案】 B10.如右图所示，质量分别为m、M的两个物体系在一根通过定滑轮的轻绳两端，M放在水平地板上，m被悬在空中，若将M沿水平地板向右缓慢移动少许后M仍静止，则()A．绳中张力变大B．M对地面的压力变大C．M所受的静摩擦力变大D．滑轮所受的压力变大【解析】物体m被悬在空中，由二力平衡可知，绳的拉力T＝mg，不会随M的缓慢移动而改变，A错误；对M受力分析如右图所示．因M静止，M所受的静摩擦力f＝T cos α，地面对M的支持力N＝Mg－T sin α，M 右移，α增大，可知：f 减小，N 减小，B 、C 均错误；绳的拉力大小不变，绳的夹角变小，则两绳拉力的合力增大，滑轮所受的压力变大，D 正确．【答案】 D二、非选择题11.(1)通过两个定滑轮，用两根细线去拉伸一根一端固定在墙上的橡皮筋OP .过定滑轮A 的线挂三个钩码，过定滑轮B 的线挂四个钩码，两根细线都系在橡皮筋的P 端，在两个拉力的共同作用下，使橡皮筋从P 点水平地拉伸到P ′点，此时两根细线间夹角为90°.如右上图所示，如果改用一根细线，绕过一个定滑轮，要取得同样的效果，定滑轮必须安装在________，挂________个钩码．(2)可用悬挂钩码的方法测定弹簧的劲度系数，为了较准确地测定弹簧的劲度系数，采取如下实验步骤：①将弹簧的上端固定，并让弹簧自然下垂．用毫米刻度尺测出弹簧的长度；②在弹簧的下端挂上1个钩码，用毫米刻度尺测出弹簧的长度；③在弹簧的下端挂上2个钩码，用毫米刻度尺测出弹簧的长度；④在弹簧的下端挂上3个钩码，用毫米刻度尺测出弹簧的长度；⑤在弹簧的下端挂上4个钩码，用毫米刻度尺测出弹簧的长度；⑥在弹簧的下端挂上5个钩码，用毫米刻度尺测出弹簧的长度 (弹簧的伸长仍在弹性限度内)．设每个钩码的质量为m ，弹簧自然下垂、弹簧下端分别挂1个钩码、2个钩码、3个钩码、4个钩码、5个钩码时的长度分别为l 0、l 1、l 2、l 3、l 4、l 5，试用你学过的数据处理方法，推导并写出计算弹簧劲度系数的计算公式k ＝______________.【解析】 (2)根据胡克定律有：k 1(l 3－l 0)＝k 2(l 4－l 1)＝k 2(l 5－l 2)＝3mgk 1＝3mg l 3－l 0，k 2＝3mg l 4－l 1，k 3＝3mg l 5－l 2所以k ＝13(k 1＋k 2＋k 3) ＝⎝⎛⎭⎫1l 3－l 0＋1l 4－l 1＋1l 5－l 2mg . 【答案】 (1)直线OP ′的延长线上 5(2)⎝⎛⎭⎫1l3－l 0＋1l 4－l 1＋1l 5－l 2mg 12．如右图所示，一个滑雪的人，质量m ＝75 kg ，以v 0＝12m/s 的速度沿山坡匀速滑下，山坡的倾角θ＝30°，求滑雪人受到的阻力(包括摩擦和空气阻力)．g ＝10 m/s 2.【解析】 如右下图，建立直角坐标系，把重力G 沿x 轴和y 轴的方向分解，得到G x ＝mg sin θG y ＝mg cos θ物体匀速下滑，根据二力平衡条件可知x 方向有：mg sin θ－f ＝0y 方向有：N －mg cos θ＝0，所以f ＝mg sin θ＝375 N【答案】 375 N13．如下图所示，一名骑独轮车的杂技演员在空中钢索上表演，如果演员和独轮车的总质量为80 kg ，两侧的钢索互成150°夹角，求钢索所受拉力有多大？(cos 75°＝0.259，g 取10 N/kg)【解析】 对钢索上与车轮接触的点受力分析，如图所示，其中T 1，T 2为两侧钢索对O 点的拉力，且T 1＝T 2，N 为O 点受到的独轮车的压力，T 1和T 2合力T 的大小与N 大小相等，N 在数值上等于人和车的重力G .由几何关系得2T 1cos 75°＝G ，所以T 1＝G 2cos 75°＝80×102×0.259N ＝1 544 N. 【答案】 1 544 N14．如右图所示，物体A 重100 N ，物体B 重20 N ，A 与水平桌面间的最大静摩擦力是30 N ，整个系统处于静止状态，这时A 受到的静摩擦力是多大？如果逐渐加大B 的重力，而仍保持系统静止，则B 物体重力的最大值是多少？【解析】 以结点O 为研究对象，建立直角坐标系．x 轴上：T A ＝T cos 45°①y 轴上：T B ＝G B ＝T sin 45°②①、②联立，得T A ＝G B tan 45°代入其值得T A ＝20 N.以A 为研究对象，受力分析，可得f A ＝T ′A ＝T A ＝20 N ，方向水平向右．综合上述分析可知：G B m ＝f A m ＝30 N.【答案】 20 N 30 N。

2012年普通高等学校招生全国统一考试（新课标）理科综合能力测试物理部分（解析）二、选择题。

14. [答案]AD[解析]惯性是物体本身的一种属性，是抵抗运动状态变化的性质。

A 正确C 错误。

没有力作用物体可能静止也可能匀速直线运动，B 错D 正确。

15. [答案]BD[解析]平抛运动的时间是由下落高度决定的，高度相同，时间一样，高度高，飞行时间长。

A 错，B 正确。

水平位移由速度和高度决定，由hg vx 2=得C 错D 正确。

16. [答案]B[解析]本题考查物体的动态平衡，对球受力分析可知，N 1 与N 2的合力为定值，与重力反向等大。

作图。

由图形可 知，当板缓慢转动中，N 1与N 2的方向便发生如图示变 化，但合力不变，可得答案B 。

17. [答案]B[解析]先判断出原副线圈的匝数，由式1212n n U U =得3802=U V 。

负载R 上的功率就是变压器的输出功率，因为是理想变压器，故输入功率U 1I 1等于输出功率，从而求出I 1=9.1A 。

18. [答案]BD[解析]要使粒子在电场中直线运动，必须使合力与运动方向在一直线上，由题意可受力分析可知，受重力竖直向下，电场力垂直极板向上，合力水平向左。

故A 错。

因电场力做负功，故电势能增加。

B 正确。

合力做负功，故动能减少。

C 错。

因合力为定值且与运动方向在一直线上，故D 正确。

19. [答案]C[解析]匀速转动时感应电动势与磁场变化时感应电动势相同即可。

匀速转动时感应电动势ω221BR E =式中R 为半径。

磁场变化时感应电动势22Rt B E π⋅∆∆=。

二者相等可得答案。

20. [答案]A[解析]要求框中感应电流顺时针，根据楞次定律，可知框内磁场要么向里减弱（载流直导线中电流正向减小），要么向外增强（载流直导线中电流负向增大）。

线框受安培力向左时，载流直导线电流一定在减小，线框受安培力向右时，载流直导线中电流一定在增大。

故答案选A 。

2012届高三毕业班物理第七次质量检测参考答案一、选择题1、BD2、A3、D4、BD5、AD6、AD7、B8、D9、C 10、C 11、A 12、D 13、BC 14、B 二、实验题 15、（1）99g R （2）49.5mA 49.0mA16、(1)③，⑥ (各1分) (2)见图 (2分)(3)①将滑动触头移至最左端(写最小给分，最大不给分) ③多次移动滑动触头，记录相应的1G ，2G 读数12,I I (1分) (4) 11(1)r k R =- (3分)三、计算题17、解析：（1）由小球运动到最高点可知，小球带正电（2）设小球运动到最高点时速度为v ，对该过程由动能定理有，221)(mvL mg qE =-①在最高点对小球由牛顿第二定律得，L vmqE mg T 2=-+②由①②式解得，T =15N （3）小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a ，则mmgqE a -=③设小球在水平方向运动L 的过程中，历时t ，则vt L = ④设竖直方向上的位移为s ，则 221at s =⑤ 由①③④⑤解得，s=0.125m 小球距O 点高度为s+L =0.625m.18、解析：（1）221B mv qER mgR =+ （2分） Rg v B 4=g Rv a B x 42==（2分） 2,25Y B a g a g ==方向斜向右下方，与竖直方向夹角为arctan 2 （2）22122C mv R qE R mg =+ （2分） Rg v C 8=Rv mqE mg F C 2=-- （2分） mg F 10=由牛顿第三定律，小球对圆环的压力为mg 10，方向向下（3）进一步计算发现小球第一次回到A 点时动能为qER ，这与静电力做功与路径无关矛盾，出现问题的原因是：这种方向是平行直线但大小不等的电场是不存在的19、解析：（1）S 断开时，电阻R 3两端电压为332316V R U E R R r==++S 闭合后，外阻为123123()6()R R R R R R R +==Ω++ 端电压为21V R U E R r==+电阻R 3两端电压为/332314V R U U R R ==+则所求流过R 4的总电量为/1233 6.010C Q C U C U -∆=-=⨯（2）设微粒质量为m ，电量为q ，当开关S 断开时有：3qU m g d=当开关S 闭合后，设微粒加速度为a ，则/3qU mg ma d-=设微粒能从C 的电场中射出，则水平方向：0L t v =竖直方向：212y at =由以上各式求得：36.2510m >2d y -=⨯故微粒不能从C 的电场中射出。

2012学年度第二学期期末考试高一物理一、单项选择题(每小题3分，共30分；每题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

请将正确选项前的字母填写在答题卡对应的空格内)题号12345678910答案ABCDCBBDAB二、多项选择题(每小题4分，共16分；在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确；全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，请将正确选项前的字母填写在答题卡对应的空格内)题号11121314答案BCADABBD三、填空题(每空1分，共14分。

请将答案填入答题卡对应的位置上)15、弹力弹不变16、17、45150w300w18、＜cosθ∶119、7、5105J5105J2、5105J四、探究实验题(每空2分，共18分，请将答案填入答题卡对应的位置上)20、 B21、（1）D （2）B 0、5022、（1）左（2）0、49J 0、48J （3）重物下落时要克服空气阻力或其它摩擦力做功消耗一部分机械能。

（4）在实验误差允许范围内，自由下落的物体机械能守恒。

五、计算题(本大题3个小题，23题6分，24题7分，25题9分，共22分。

请将正确答案填入答题卡对应的位置上)23、(6分)解：小球从B到C做平抛运动：……………、① （1分）、、、、、、、、、、、、、、、、、、、、② （1分）联立①②解得：小球自B点飞出到达C点的时间（1分）小球自B 点水平飞出的速度大小（1分）小球从A到B,机械能守恒………………③ （1分）联立①②③解得：（1分）24、(7分)解：（1）由万有引力提供向心力，有：……………① （2分）解得：（1分）（2）对放在该行星表面的质量为物体，有、、、、、、、、、、、、、、、、、、、、② （2分）、、、、、、、、、、、、、、、、、、、③ （1分）联立①②③解得：0ALAALAPABPA （1分）25、(9分)解：（1）由有临界条件得：…………………① （2分）解得：（1分）（2）由机械能守恒，得：……………② （2分）解得：（1分）（3）小球在A处，由牛顿第二定律得：……………………③ （2分）解得：（1分）黔东南州xx—xx学年度第二学期期末考试高一物理答题卡一、单项选择题(每小题3分，共30分；每题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

百校联盟高一新课程物理必修1单元过关检测卷（十）编审：百校联盟考试研究中心第十单元 必修1终结性学习测试（90分钟 100分）一、选择题部分共10小题.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.1．下列说法错误．．的是 A ．研究某学生骑车返校的速度时可将其视为质点，而对这位学生骑车姿势进行生理学分析时不可将其视为质点B ．研究地球上物体的运动时，可以选取地面为参考系；而研究地球公转时，可以选取太阳为参考系C ．物体做直线运动时，位移的大小一定与路程相等D ．时刻是指运动过程中的某一瞬间，时刻对应着一个位置；时间是两个时刻之间的间隔，时间对应着一个运动过程2．为了传递信息，周朝设立了邮驿制度，宋朝增设了“急递铺”，设金牌、银牌、铜牌三种，“金牌”一昼夜行500里（1里=500米），每到一驿站换人换马接力传递。

则“金牌”的平均速度与下列哪个速度相当A ．赛马比赛B ．成年人步行C ．人骑自行车D ．磁悬浮列车3．一个质量为3kg 的物体，被放置在倾角为α=30°的固定光滑斜面上，在如图所示的甲、乙、丙三种情况下处于平衡状态的是（g =10m/s 2）A ．仅甲图B ．仅乙图C ．仅丙图D ．甲、乙、丙图4．如图所示，物体M 在斜向右下方的推力F 作用下，在水平地面上恰好做匀速运动，则推力F 和物体M 受到的摩擦力的合力方向是A ．竖直向下 B.竖直向上C ．斜向下偏左 D.斜向下偏右5．雨滴从高空由静止落下，若雨滴下落时空气对它的阻力随雨滴下落速度的增大而增大，下列图象中能正确反映雨滴下落运动情况的是v t O D v t OA v t OB v t OC F =6N F =15N F =30N αα α 甲 乙 丙F M。

高中物理学习材料（鼎尚**整理制作）百校联盟高一新课程物理必修1单元过关检测卷（七）编审：百校联盟考试研究中心第七单元力的合成力的分解（90分钟 100分）一、选择题部分共10小题.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.1．关于合力的下列说法，正确的是( )A．几个力的合力就是这几个力的代数和B．几个力的合力一定大于这几个力中的任何一个力C．几个力的合力可能小于这几个力中最小的力D．几个力的合力可能大于这几个力中最大的力2．物体沿斜面下滑时，常把物体所受重力分解为下面两个分力来处理( )A．下滑力和斜面支持力B．平行于斜面的分力和垂直于斜面的分力C．斜面支持力和水平方向的分力D．垂直于斜面的分力和水平方向的分力3．如图所示,一物体受到向右的F=2N的力作用,由于水平面粗糙,力F没有推动物体.则以下说法正确的是（）A．物体所受的合力为2NB．物体受到的静摩擦力的大小大于推力C．物体运动趋势的方向为水平向右D．物体所受合力为零4．用两根绳子吊起—重物，使重物保持静止，若逐渐增大两绳之间的夹角，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是( )A．不变B．减小C．增大D．无法确定5．为了行车方便与安全，高大的桥梁要造很长的引桥，其主要目的是( ) A．增大过桥车辆受到的摩擦力B．减小过桥车辆的重力C．增大过桥车辆的重力平行于引桥面向上的分力D．减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力6．平面内作用于同一点的四个力若以力的作用点为坐标原点，有F1=5N，方向沿x轴的正向；F2=6N，沿y轴正向；F3=4N，沿ｘ轴负向；F4=8N，沿y轴负向，以上四个力的合力方向指向（）A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限7．如图所示，用等大反向的力F 和F′压住两块木板，中间夹着一个重量为G 的立方体金属块，它们一起处于静止状态.则（） A ．木板和金属块之间肯定有挤压 B ．金属块受三个力作用C ．若同时增大F 和F ′，木块和金属块之间的摩擦力会增大D ．若同时增大F 和F ′，金属块所受合力会增大8．一放在水平桌子上的木块在水平方向上受到两个力的作用，处于静止状态。

第七单元牛顿运动定律的综合应用(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题5分，共35分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．)1.如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是()A．电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0 m/s2B．电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0 m/s2C．电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5 m/s22.如图所示，aa′、bb′、cc′是三条光滑斜槽，它们各自的两端分别位于半径为R和r的两个相切的竖直圆上，并且斜槽都通过切点P.有一个小球由静止分别从a滑到a′、从b滑到b′、从c滑到c′，所用的时间分别为t1、t2、t3，则()A．t1<t2<t3B．t1>t2>t3C．t3<t1<t2D．t1＝t2＝t33．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m的小明如图静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时()A．加速度a＝g，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上B．加速度a＝g，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C．加速度a＝g，方向竖直向上D．加速度a＝g，方向竖直向下4.如图所示，台秤上放置盛水的杯，杯底用细线系一木质小球，若细线突然断裂，则在小木球上浮到水面的过程中，台秤的示数将()A．变小B．变大C．不变D．无法判断5．三个质量相同的物块A、B、C，用两个轻弹簧和一根轻线相连，处于静止状态，如图所示，已知斜面光滑且倾角为θ＝30°，在将B、C间细线剪断的瞬间，A、B、C的加速度大小分别为(重力加速度为g)()A．g，2g，2g B．0，2g，gC．g，2g，0 D．0，g，g6．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v－t图像(以地面为参考系)如图乙所示．已知v2＞v1，则()A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块受到大小不变的摩擦力作用7.美国宇航局计划2025年前载人登陆小行星，图为畅想登陆小行星的宇航员．为训练宇航员能在失重状态下工作和生活，需要创造一种失重的环境．在地球表面附近，当飞机模拟某些在重力作用下的运动时，就可以在飞机座舱内实现短时间的完全失重状态．现要求一架飞机在速度大小为v1＝500 m/s时进入失重状态试验，在速度大小为v2＝1 000 m/s时退出失重状态试验．重力加速度g＝10 m/s2.则下列说法错误的是()A．可以是飞机模拟斜抛运动B．可以是飞机模拟向下的减速运动C．如果是竖直上抛运动，可计算时间是150 sD．如果是竖直下抛运动，可计算时间是50 s二、多项选择题(本题共5小题，每小题5分，共25分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意．)8.如图所示，滑块A在倾角为30°的斜面上，沿斜面下滑的加速度a为2.0 m/s2.若在A上放一重量为10 N的物体B，A、B一起以加速度a1沿斜面下滑；若在A上加竖直向下大小为10 N的恒力F，A沿斜面下滑的加速度为a2.则()A．a1>2 m/s2B．a1＝2 m/s2C．a2＝2 m/s2D．a2>2 m/s29.如图所示，质量为M＝4.0 kg的小车位于光滑的水平地面上，长为L＝0.50 m的细绳的两端分别系于小车上的A、B两点，A、B两点间的水平距离为x0＝0.40 m，A、B两点间的竖直距离为y0＝0.10 m，绳上挂一个光滑的轻质挂钩，其下连着一个质量为m＝1.2 kg的物体，取g＝10 m/s2.则下列说法正确的是()A．当小车静止且物体处于平衡状态时，绳中的张力T＝12 NB．当小车静止且物体处于平衡状态时，绳中的张力T＝10 NC．为了使物体处在A点的正下方并使其与小车相对静止，需在车上施加一个水平向左的外力F＝52 ND．为了使物体处在A点的正下方并使其与小车相对静止，需在车上施加一个水平向左的外力F＝40 N10.如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示(g＝10 m/s2)，则正确的结论是()A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态 B．弹簧的劲度系数为5 N/cmC．物体的质量为3 kg D．物体的加速度大小为5 m/s211.如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，则下列说法错误的是()A．μ1>μ2B．μ1<μ2C．若改变F的大小，当F>μ1(m1＋m2)g时，长木板将开始运动D．若将F作用于长木板，当F>(μ1＋μ2)(m1＋m2)g时，长木板与木块将开始相对滑动12.如图所示，一光滑斜面固定在水平面上，斜面上放置一质量不计的柔软薄纸带．现将质量为M＝2 kg的A物体和质量为m＝1 kg的B物体轻放在纸带上．两物体可视为质点，物体初始位置数据如图，A、B与纸带间的动摩擦因数分别为μA＝0.5、μB＝0.75.(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)则()A．A物体离开纸带前匀加速下滑，B物体静止不动B．A物体离开纸带后匀速下滑，B物体匀加速下滑C．两物体同时由静止释放后，A物体滑离纸带需要的时间是0.8 sD．两物体同时由静止释放后，B物体经1.8 s到达水平面上三、实验题(本大题共1小题，共8分，按题目要求解答)13.(1)如图所示，在研究牛顿第二定律的演示实验中，若两个相同的小车1、2所受拉力分别为F1、F2，车中所放砝码的质量分别为m1、m2，打开夹子后经过相同的时间两车的位移分别为x1、x2，则在实验误差允许的范围内，有________．A．当m1＝m2、F1＝2F2时，x1＝2x2B．当m1＝m2、F1＝2F2时，x2＝2x1C．当m1＝2m2、F1＝F2时，x1＝2x2D．当m1＝2m2、F1＝F2时，x2＝2x1(2)在“验证牛顿运动定律”的实验中，以下说法正确的是________．A．平衡摩擦力时，小盘应用细线通过定滑轮系在小车上B．实验中应始终保持小车和砝码的总质量远远大于小盘和砝码的总质量C．实验中如果用纵坐标表示加速度，用横坐标表示小车和车内砝码的总质量，描出相应的点在一条直线上时，即可证明加速度与质量成反比D．平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力四、计算题(本大题共3小题，共32分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14．(10分)一足够长水平浅色传送带以v0匀速运动，现将一可视为质点的煤块轻放在其上方，已知煤块与传送带间的动摩擦因数为μ.经过一定时间后达到共同速度．令传送带突然停下，以后不再运动，到最后煤块也停下．已知重力加速度为g .求：(1)煤块第一次达到与传送带相对静止所用的时间； (2)煤块在传送带上划出的痕迹长度． 15.(10分)质量为0.1 kg 的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v －t 图像如图所示．球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的34.设球受到的空气阻力大小恒为f ，取g ＝10 m/s 2，求：(1)弹性球受到的空气阻力f 的大小． (2)弹性球第一次碰撞后反弹的高度h .16.(12分)如图甲所示，用同种材料制成倾角为θ＝30°的斜面和长水平面，斜面长3.0 m 且固定，斜面与水平面之间由一段很小的弧形平滑连接．一小物块从斜面顶端以初速度v 0沿斜面向下滑动，若初始速度v 0＝2.0 m/s ，小物块运动2.0 s 后停止在斜面上．减小初始速度v 0，多次进行实验，记录下小物块从开始运动到最终停在斜面上的时间t ，作出相应的v 0－t 图像如图乙所示．(已知g ＝10 m/s 2)求：(1)小物块在斜面上下滑的加速度大小和方向；(2)小物块与该种材料间的动摩擦因数μ的值；(3)某同学认为，若小物块初始速度v0＝3 m/s，则根据v0－t图像可以推知小物块从开始运动到最终停下的时间为 3 s．以上说法是否正确？若正确，请给出推导过程；若不正确，请说明理由，并解出正确的结果．参考答案与解析1．解析：选B.当电梯匀减速上升或匀加速下降时，电梯处于失重状态．设人受到体重计的支持力为N，体重计示数大小即为人体对体重计的压力N′.由牛顿第二、第三定律可得：mg－N＝ma⇒N＝N′＝m(g－a)；当电梯匀加速上升或匀减速下降时，电梯处于超重状态，设人受到体重计的支持力为N1，人对体重计的压力为N1′，由牛顿第二、第三定律可得：N1－mg＝ma⇒N1＝N1′＝m(g＋a)，代入具体数据可得B正确．2．解析：选D.设cc′与水平方向的夹角为θ，则cc′的长度为x＝2(R＋r)sin θ，在斜槽上的加速度为a＝g sin θ，由x＝12at2可得t＝2R＋rg，由此可得下滑时间均相同，选项D正确．3．解析：选B.两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，可知两橡皮绳夹角为120°，小明左侧橡皮绳在腰间断裂时，弹性极好的橡皮绳的弹力不能发生突变，对小明进行受力分析可知B正确，A、C、D错误．4．解析：选 A.将容器和木球视为整体，整体受台秤竖直向上的支持力和竖直向下的重力．当细线被剪断后，其实际效果是：在木球向上加速运动的同时，木球上方与木球等体积的水球，将以同样大小的加速度向下加速流动，从而填补了木球占据的空间，由于ρ水＞ρ木，水球的质量大于木球的质量，故木球和水组成系统的重心有向下的加速度，整个系统将处于失重状态，故台秤的示数将变小．故选A.5．解析：选D.由图可知，把AB看做整体，则细绳的拉力为T＝2mg sin θ，当剪断细绳的瞬时，弹簧的弹力不能突变，则A的加速度仍然为0；B所受的合外力等于2mg sin θ，则加速度为：a B＝2mg sin 30°m＝g，同理，C所受的合外力也等于2mg sin θ，则加速度为：a C＝2mg sin 30°m＝g，故选D.6．解析：选B.小物块对地速度为零时，即t1时刻，向左离开A处最远．t2时刻，小物块相对传送带静止，此时不再相对传送带滑动，所以从开始到此刻，它相对传送带滑动的距离最大.0～t2时间内，小物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，方向始终向右，大小不变．t2时刻以后相对传送带静止，故不再受摩擦力作用，故选B.7．解析：选B.当飞机的加速度大小等于重力加速度g，加速度的方向竖直向下时，座舱内的试验者便处于完全失重状态．这种运动可以是飞机模拟无阻力下的竖直下抛运动或竖直上抛运动，也可以是斜抛运动，所以A正确，B错误；如果是竖直上抛运动，可计算时间是v1g＋v2g＝150s，如果是竖直下抛运动可计算时间是v2－v1g＝50 s，因此选项C、D正确．8．解析：选BD.依题意有m A g sin θ－μm A g cos θ＝m A a，(m A＋m B)g sin θ－μ(m A＋m B)g cos θ＝(m A＋m B)a1，(m A g＋F)sin θ－μ(m A g＋F)cos θ＝m A a2，从以上各式可解得：a1＝2 m/s2，a2>2 m/s2，即B、D选项正确．9．解析：选BC.当小车静止物体处于平衡状态时，设绳与水平方向的夹角为θ，则根据平衡条件得2T sin θ＝mg，而由几何关系得cos θ＝45，解得T＝10 N，所以选项B正确，A错误；为了使物体处在A点的正下方并使其与小车相对静止，此时左侧细绳刚好处于水平位置，因为物体在竖直方向处于平衡状态，所以有细绳的拉力T1＝mg，水平方向的加速度a＝g，对于小车和物体整体根据牛顿第二定律可得：F＝(M＋m)a＝52 N，所以选项C正确，D错误．10．解析：选BD.设静止时弹簧的压缩量为x0，则kx0＝mg，施加拉力F后，设上移的位移为x，则此时弹簧的压缩量为(x0－x)，由牛顿第二定律可得：F＋k(x0－x)－mg＝ma得出F＝ma＋kx，对应题图乙可得：ma＝10 N，k＝30－104N/cm＝5 N/cm，物体与弹簧分离时，弹簧应处于自然状态，故x0＝4 cm，故可计算得出：m＝2 kg，a＝5 m/s2，因此只有BD正确．11．解析：选ABC.对质量为m2的长木板水平方向进行受力分析不能得到μ1和μ2的大小关系，选项A、B错误；因为μ1m1g<μ2(m1＋m2)g，长木板不会滑动，选项C错误；将F作用于长木板，若长木板即将开始滑动，对质量为m1的木块有μ1m1g＝m1a1，对质量为m2的长木板有F－μ1m1g－μ2(m1＋m2)g＝m2a2，且a2>a1，联立解得F>(μ1＋μ2)·(m1＋m2)g，选项D正确．12．解析：选ACD.因为μA<tan 53°，所以A物体先以加速度a1＝g sin 53°－μA g cos 53°＝5 m/s2，此时B处于静止状态，然后A物体离开纸带后匀加速下滑，A物体滑离纸带需要的时间t1＝2×1.65s＝0.8 s，经过0.8 s后B物体开始匀加速下滑，经过1.0 s到达水平面上，所以ACD正确，B错误．13．解析：(1)题中m1和m2是车中砝码的质量，绝不能认为是小车的质量．本题中只说明了两小车是相同的，并没有告诉小车的质量是多少．当m1＝m2时，两车加砝码质量仍相等，若F1＝2F2，则a1＝2a2，由x＝12at2得x1＝2x2，A正确B错误．当m1＝2m2时，无法定量确定两小车加砝码后的质量关系，两小车的加速度的定量关系也就不明确，所以无法判定两小车位移的定量关系，C、D错误．(2)平衡摩擦力时，小盘不能用细线系在小车上，纸带必须连好，故A错，D对；小车和砝码的总质量应远远大于小盘和砝码的总质量，故B对；若横坐标表示小车和车内砝码的总质量，则a－M图像是曲线，不是直线，故C错．答案：(1)A(2)BD14．解析：(1)煤块的加速度a＝μg(1分)达到v0所用时间t＝v0a＝v0μg.(1分)(2)在煤块与传送带达到共同速度的过程中，传送带运动的距离x 1＝v 0t ＝v 20μg (1分)煤块运动的距离x 2＝12at 2＝v 202μg(1分)此过程中划出的痕迹长度为Δx 1＝x 1－x 2＝v 202μg(2分)传送带突然停下后，煤块做匀减速运动，直至停下，这一过程煤块向前运动的距离为x 3＝v 202μg(2分) 考虑重叠部分，最终划出的痕迹长度为x ＝v 202μg.(2分)答案：(1)v 0μg (2)v 202μg15．解析：(1)由v －t 图像可知，弹性球第一次下落过程中的加速度为a 1＝Δv Δt ＝40.5m/s 2＝8 m/s 2(1分)由牛顿第二定律得：mg －f ＝ma 1(1分)则：f ＝mg －ma 1＝(0.1×10－0.1×8) N ＝0.2 N ．(2分) (2)弹性球第一次碰撞后反弹时的速度为 v ′＝34v ＝34×4 m/s ＝3 m/s(1分)由牛顿第二定律得：mg ＋f ＝ma ′(1分) 则：a ′＝mg ＋f m ＝0.1×10＋0.20.1m/s 2＝12 m/s 2(2分) 则反弹的高度为h ＝v ′22a ′＝322×12 m ＝0.375 m ．(2分)答案：(1)0.2 N (2)0.375 m16．解析：(1)由a ＝Δv Δt 得加速度大小a ＝v 0－0t得a ＝1 m/s 2(1分) 方向沿斜面向上．(1分)(2)滑动摩擦力大小为f ＝μmg cos θ，由牛顿第二定律得μmg cos θ－mg sin θ＝ma (1分) μ＝235.(1分) (3)不正确．因为随着初始速度v 0的增大，小物块会滑到水平面上，规律将不再符合图像中的正比关系(1分)设小物块在斜面上滑行位移x 1＝3.0 m 时的速度减为v 1，v 20－v 21＝2ax 1，v 1＝ 3 m/s(1分) v 1＝v 0－at 1(1分)小物块在斜面上滑行时间t 1＝(3－3)s(1分) 小物块在水平面上滑行，由牛顿第二定律得： μmg ＝ma ′(1分)解得a ′＝4 3 m/s 2(1分)小物块在水平面上滑行时间：v 1＝a ′t 2，t 2＝0.25 s(1分) 运动总时间t总＝t1＋t2＝(3－3＋0.25)s＝(3.25－3)s.(1分)答案：(1)1 m/s2沿斜面向上(2)235(3)见解析。