5届上学期高三第十六次周练物理试题(答案不完整)
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2021年高三第十六次理科综合周考理综物理试题(5月) 含答案可能用到的相对原子质量:H-1 O-16 C-12 N-14 Na-23 Fe-56 Cr-52 第I 卷二、选择题:本题共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求;第18~21题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分14、 如图1所示,一个质量为M 的物体被两根长度为L =5 cm 的轻绳相连,轻绳的另一端分别与两个不计质量的轻环相连,两轻环套在粗糙的水平杆上,轻环与杆之间的动摩擦因数为μ=0.75.在保证系统处于静止状态的情况下,若增大两轻环之间的距离,则下列说法正确的是( )A .轻环所受摩擦力不变B .杆对轻环的作用力不变C .两环之间的最大距离为6 cmD .轻绳上的最大拉力为56Mg 15、如图2所示,一物块从一光滑且足够长的固定斜面顶端O 点无初速度释放后,先后通过P 、Q 、N 三点,已知物块从P 点运动到Q 点与从Q 点运动到N 点所用的时间相等,且PQ 长度为3 m ,QN 长度为4 m ,则由上述数据可以求出OP 的长度为( )A .2 mB.98 mC.258 m D .3 m 16、 如图3所示,一根细线下端拴一个金属小球P ,细线的上端固定在金属块Q 上,Q 放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P ′位置),两次金属块Q 都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是( )图1图2A .细线所受的拉力变小B .小球P 运动的角速度变小C .Q 受到桌面的静摩擦力变大D .Q 受到桌面的支持力变大 17.如图4所示,质量分别为m 1和m 2的两个小球A 、B ,带有等量异种电荷,通过绝缘轻弹簧相连接,置于绝缘光滑的水平面上,突然加一水平向右的匀强电场后,两小球A 、B 将由静止开始运动,在以后的运动过程中,对两小球A 、B 和弹簧组成的系统,下列说法中正确的是(设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度) ( )图4A .由于电场力对球A 和球B 做功为0,故小球电势能总和始终不变B .由于两个小球所受电场力等大反向,故系统机械能守恒C .当弹簧长度达到最大值时,系统机械能最小D .当小球所受电场力与弹簧的弹力大小相等时,系统动能最大18、如图5所示,两根足够长的金属导轨放在xOy 坐标平面内,0~3l 为一个图形变化周期。
35、(1)电场力对负电荷所做的功W =-△E P =-0.1J (2)A 、B 两点间的电势差U AB = q = -2×10-5V=5000 V (3)匀强电场的电场强度E =U AB d = U AB S AB cos600 = 50000.02×0.5V/m =5×105 V/m 36、解析:(1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0,根据动能定理得: e U 1=2021mv ………(3分) 解得:meU v 102=………(2分) (2)离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1,根据牛顿第二定律和运动学公式得:F =eE , E =d U 2 , F =ma , a =md eU 2……(4分) t 1=01v L , y 1=2121at ,解得: y 1=dU L U 12124……(3分)(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ,根据运动学公式得:v y =at 1=12dm v L eU (2分) 电子离开偏转电场后作匀速直线运动,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2,电子打到荧光屏上的侧移量为y 2,如图所示t 2=2v L , y 2= v y t 2 解得:y 2=12122dU L L U (2分) P 到O 点的距离为 y =y 1+y 2=d U L U L L 112124)2(+(2分)物理答案:13、C 14、A 15、B 16、C 17、AC 18、AD 19、BC 20、BD 21、AB 34、①1:1 ②增大、减小、增大 ③6J 6000V35、(1)电场力对负电荷所做的功W =-△E P =-0.1J (2)A 、B 两点间的电势差U AB = W ABq = -0.1-2×10-5V=5000 V (3)匀强电场的电场强度E =U AB d = U AB S AB cos600 = 50000.02×0.5V/m =5×105 V/m 36、解析:(1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0,根据动能定理得: e U 1=2021mv ………(3分) 解得:meU v 102=………(2分) (2)离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1,根据牛顿第二定律和运动学公式得:F =eE , E =d U 2 , F =ma , a =md eU 2……(4分) t 1=01v L , y 1=2121at ,解得: y 1=dU L U 12124……(3分)(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ,根据运动学公式得:v y =at 1=12dm v L eU (2分) 电子离开偏转电场后作匀速直线运动,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2,电子打到荧光屏上的侧移量为y 2,如图所示t 2=2v L , y 2= v y t 235、(1)电场力对负电荷所做的功W =-△E P =-0.1J (2)A 、B 两点间的电势差U AB = q = -2×10-5V=5000 V (3)匀强电场的电场强度E =U AB d = U AB S AB cos600 = 50000.02×0.5V/m =5×105 V/m 36、解析:(1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0,根据动能定理得: e U 1=2021mv ………(3分) 解得:meU v 102=………(2分) (2)离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1,根据牛顿第二定律和运动学公式得:F =eE , E =d U 2 , F =ma , a =md eU 2……(4分) t 1=01v L , y 1=2121at ,解得: y 1=dU L U 12124……(3分)(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ,根据运动学公式得:v y =at 1=12dm v L eU (2分) 电子离开偏转电场后作匀速直线运动,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2,电子打到荧光屏上的侧移量为y 2,如图所示t 2=2v L , y 2= v y t 2 解得:y 2=12122dU L L U (2分) P 到O 点的距离为 y =y 1+y 2=d U L U L L 112124)2(+(2分)物理答案:13、C 14、A 15、B 16、C 17、AC 18、AD 19、BC 20、BD 21、AB 34、①1:1 ②增大、减小、增大 ③6J 6000V35、(1)电场力对负电荷所做的功W =-△E P =-0.1J (2)A 、B 两点间的电势差U AB = W ABq = -0.1-2×10-5V=5000 V (3)匀强电场的电场强度E =U AB d = U AB S AB cos600 = 50000.02×0.5V/m =5×105 V/m 36、解析:(1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0,根据动能定理得: e U 1=2021mv ………(3分) 解得:meU v 102=………(2分) (2)离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1,根据牛顿第二定律和运动学公式得:F =eE , E =d U 2 , F =ma , a =md eU 2……(4分) t 1=01v L , y 1=2121at ,解得: y 1=dU L U 12124……(3分)(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ,根据运动学公式得:v y =at 1=12dm v L eU (2分) 电子离开偏转电场后作匀速直线运动,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2,电子打到荧光屏上的侧移量为y 2,如图所示t 2=2v L , y 2= v y t 2物理答案:13、C 14、A 15、B 16、C 17、AC 18、AD 19、BC 20、BD 21、AB 34、①1:1 ②增大、减小、增大 ③6J 6000V 35、(1)电场力对负电荷所做的功W =-△E P =-0.1J (2)A 、B 两点间的电势差U AB = W ABq = -0.1-2×10-5V=5000 V (3)匀强电场的电场强度E =U AB d = U AB S AB cos600 = 50000.02×0.5V/m =5×105 V/m 36、解析:(1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0,根据动能定理得: e U 1=2021mv ………(3分) 解得:meU v 102=………(2分) (2)离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y 1,根据牛顿第二定律和运动学公式得: F =eE , E =d U 2 , F =ma , a =mdeU 2……(4分) t 1=01v L , y 1=2121at ,解得: y 1=dU L U 12124……(3分)(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y ,根据运动学公式得: v y =at 1=12dm v L eU (2分) 电子离开偏转电场后作匀速直线运动,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t 2,电子打到荧光屏上的侧移量为y 2,如图所示 t 2=2v L , y 2= v y t 2 解得:y 2=12122dU L L U (2分)P 到O 点的距离为 y =y 1+y 2=dU L U L L 112124)2(+(2分)7、A 8、D 9、D 10、D 11、B 12 A22、BD 23、AD30.(9分)(1)ClO-+2I-+2H+=I2+Cl-+H2O(3分)(2)0.004 mol (没单位不给分)(3分)(3)SO42-、I2、ClO-(3分)31.(29分)(1)Al(OH)3+OH-==Al02- +2H2O (3分)(2)(3分)(3)酸(2分)Al3++3 H2O Al(OH)3+3H+ (3分)(4)SO2+Cl2+2H2O==H2SO4+2HCl (3分)(5)HCl>H2S (4分)(6)S-2>Cl->Na+>Al+3(8分)(7)Cl2O7(l)+H2O(l)==2HClO4(aq);ΔH=-4QkJ/mol (3分)32、(15分)(1)①碳(C );铁(Fe) (4分)②4 OH--4 e-=== 2H2O + O2↑(3分)(2)①2 Cl-+2H2O 电解2 OH-+H2↑+Cl2↑(3分)②5Cl2 + I2 + 6H2O === 10HCl + 2HIO3(3分)③13 (2分)33. (11分)(1)B CD(每空2分)(2)4 (3分), 3.3 (3分)可行(1分)7、A 8、D 9、D 10、D 11、B 12 A22、BD 23、AD30.(9分)(1)ClO-+2I-+2H+=I2+Cl-+H2O(3分)(2)0.004 mol (没单位不给分)(3分)(3)SO42-、I2、ClO-(3分)31.(29分)(1)Al(OH)3+OH-==Al02- +2H2O (3分)(2)(3分)(3)酸(2分)Al3++3 H2O Al(OH)3+3H+ (3分)(4)SO2+Cl2+2H2O==H2SO4+2HCl (3分)(5)HCl>H2S (4分)(6)S-2>Cl->Na+>Al+3(8分)(7)Cl2O7(l)+H2O(l)==2HClO4(aq);ΔH=-4QkJ/mol (3分)32、(15分)(1)①碳(C );铁(Fe) (4分)②4 OH--4 e-=== 2H2O + O2↑(3分)(2)①2 Cl-+2H2O 电解2 OH-+H2↑+Cl2↑(3分)②5Cl2 + I2 + 6H2O === 10HCl + 2HIO3(3分)③13 (2分)33. (11分)(1)B CD(每空2分)(2)4 (3分), 3.3 (3分)可行(1分)生物答案:1 C2 A3 C4 B5 A6 B 24 C D.25 B D.26.(1)减数第二次分裂后期,0 ;(2)有丝分裂后期,8 ; 4(3)减数第一次分裂后期, 2 ;27.(顺序颠倒不给分)(1)AaEe ×aaee ;(2)AaEe ×Aaee(3)AAEe ×aaEe ;(4)AaEE ×aaee28. (1)释放(分泌)神经递质(2)T 细胞活性下降后,淋巴因子的分泌量减少,且呈递抗原信息的能力降低 ( 1 分), B 细胞增殖分化成浆细胞的过程,使抗体生成量减少( 1 分)(3)激素、神经递质、淋巴因子(或其他合适的答案如CO2、H +,填一个或有错误无分,填 2 个 1 分,填3 个 2 分)通过细胞间的接触(4)自身免疫病过敏反应29. (1)氨基酸(2)抗体数量多,快速消灭病原体,以达到免疫效果注射抗原(疫苗),可刺激狗体内产生相应的抗体和记忆细胞,达到预防的作用(3)②生物答案:1 C2 A3 C4 B5 A6 B 24 C D.25 B D.26.(1)减数第二次分裂后期,0 ;(2)有丝分裂后期,8 ; 4(3)减数第一次分裂后期, 2 ;27.(顺序颠倒不给分)(1)AaEe ×aaee ;(2)AaEe ×Aaee(3)AAEe ×aaEe ;(4)AaEE ×aaee28. (1)释放(分泌)神经递质(2)T 细胞活性下降后,淋巴因子的分泌量减少,且呈递抗原信息的能力降低 ( 1 分), B 细胞增殖分化成浆细胞的过程,使抗体生成量减少( 1 分)(3)激素、神经递质、淋巴因子(或其他合适的答案如CO2、H +,填一个或有错误无分,填 2 个 1 分,填3 个 2 分)通过细胞间的接触(4)自身免疫病过敏反应29. (1)氨基酸(2)抗体数量多,快速消灭病原体,以达到免疫效果注射抗原(疫苗),可刺激狗体内产生相应的抗体和记忆细胞,达到预防的作用(3)②。
应对市爱护阳光实验学校高一〔上〕第十六次周练物理试卷一、选择题1.〔3分〕〔2021秋•校级期末〕探究力的平行四边形那么的原理是效原理,其效性是指〔〕A.使两分力与合力满足平行四边形那么B.使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点O重合C.使两次橡皮筋伸长的长度相D.使弹簧秤在两种情况下发生相同的形变2.〔3分〕〔2021秋•北林区校级期末〕F1、F2是力F的两个分力.假设F=10N,那么以下不可能是F的两个分力的是〔〕A.F1=10 N,F2=10 N B.F1=20 N,F2=20 NC.F1=2 N,F2=6 N D.F1=20 N,F2=30 N3.〔3分〕〔2021秋•区期末〕小东在体育课上做单杠练习时,两臂伸直,双手平行握住单杠,之后逐渐增加双手间距,此过程中手臂上的拉力变化情况为〔〕A.逐渐变小B.逐渐变大C.先变大后变小D.先变小后变大4.〔3分〕〔2021秋•寿校级期末〕如下图,两个共点力F1、F2的大小一,夹角θ是变化的,合力为F.在θ角从0逐渐增大到180°的过程中,合力F的大小变化情况〔〕A.从最小逐渐增加B.从最大逐渐减小到零C.从最大逐渐减小D.先增大后减小5.〔3分〕〔2021秋•期末〕平面内作用于同一点的四个力假设以力的作用点为坐标原点,有F1=5N,方向沿x轴的正向;F2=6N,沿y轴正向;F3=4N,沿x轴负向;F4=8N,沿y轴负向,以上四个力的合力方向指向〔〕A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限6.〔3分〕〔2021秋•区校级期末〕一个重为20N的物体置于光滑的水平面上,当用一个F=5N的力竖直向上拉该物体时,如下图,物体受到的合力为〔〕A.15 N B.25 N C.20 N D.0 N7.〔3分〕〔2007秋•期末〕一根轻质细绳能承受的最大拉力是G,现把一重为G的物体系在绳的中点,两手先并拢分别握住绳的两端,然后缓慢地左右对称分开,假设想绳不断,两绳间的夹角不能超过〔〕A.45°B.60° C.120° D.135°8.〔3分〕两个大小相的共点力F1、F2,当它们间的夹角为90°时,合力大小为20N,那么当它们之间的夹角为120°时,合力的大小为〔〕A.40 N B.10 N C.20 N D.10 N9.〔3分〕〔2021秋•校级月考〕设有三个力同时作用在质点P上,它们的大小和方向相当于正六边形两条边和一条对角线,如下图,这三个力中最小的力的大小为F,那么这三个力的合力于〔〕A.3F B.4F C.5F D.6F10.〔3分〕〔2021秋•区校级期中〕物体同时受到同一平面内三个力的作用,以下几组力的合力不可能为零的是〔〕A. 5 N,7 N,8 N B. 5 N,2 N,3 NC. 5 N,1 N,10 N D.10 N,10 N,10 N 11.〔3分〕〔2021•〕用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上,绳能承受的最大张力为10N,为使绳不断裂,画框上两个挂钉的间距最大为〔g取10m/s2〕〔〕A.B.C. D.二、填空题12.〔3分〕〔2021•一模〕图甲为“探究求合力的方法〞的装置.〔1〕以下说法中正确的选项是A.在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中,橡皮条结点O的位置不能变化B.弹簧测力计拉细线时,拉力方向必须竖直向下C.F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D.为减小测量误差,F1、F2方向间夹角为90°〔2〕弹簧测力计的指针如图乙所示,由图可知拉力的大小为N.高一〔上〕第十六次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1.〔3分〕〔2021秋•校级期末〕探究力的平行四边形那么的原理是效原理,其效性是指〔〕A.使两分力与合力满足平行四边形那么B.使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点O重合C.使两次橡皮筋伸长的长度相D.使弹簧秤在两种情况下发生相同的形变考点:验证力的平行四边形那么.专题:题;平行四边形法那么图解法专题.分析:本中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形那么,效果的相同是通过拉橡皮筋产生大小和方向相同的形变量来实现的.解答:解:在“探究力的平行四边形那么〞的中,采用了“效法〞,即要求两次拉橡皮筋到同一点O,从而是橡皮筋产生的形变大小和方向都相同,故ACD错误,B正确;应选:B.点评:在“验证力的平行四边形那么〞中,我们要知道分力和合力的效果是同的,这要求同学们对于根底知识要熟练掌握并能正确用,理解“效替换〞的含义,对根底理解.2.〔3分〕〔2021秋•北林区校级期末〕F1、F2是力F的两个分力.假设F=10N,那么以下不可能是F的两个分力的是〔〕A.F1=10 N,F2=10 N B.F1=20 N,F2=20 NC.F1=2 N,F2=6 N D.F1=20 N,F2=30 N考点:合力的大小与分力间夹角的关系.专题:平行四边形法那么图解法专题.分析:根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|,求出两个力的合力范围,判断哪一组合力不可能为10N.解答:解:A、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|,10N和10N的合力范围为[0N,20N],可能为10N.故A正确.B、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|,20N和20N的合力范围为[0N,40N],可能为10N.故B正确.C、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|,2N和6N的合力范围为[4N, 8N],不可能为10N.故C错误.D、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|,20N30N的合力范围为[10N,50N],可能为10N.故D正确.此题选不可能的,应选:C.点评:此题考查合力和分力之间的关系.合力F和两分力F1、F2之间的关系为|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|.3.〔3分〕〔2021秋•区期末〕小东在体育课上做单杠练习时,两臂伸直,双手平行握住单杠,之后逐渐增加双手间距,此过程中手臂上的拉力变化情况为〔〕A.逐渐变小B.逐渐变大C.先变大后变小D.先变小后变大考点:合力的大小与分力间夹角的关系.分析:两手间距增大时,增大了手臂之间的夹角,两只手臂所受的力T的合力F与运发动重力平衡,由此可知合力F大小不变,由于夹角的增大,合力保持不变,只每只手臂所受力T是增大的.解答:解:运发动所受T的合力F与运发动重力大小相方向相反,故夹角增大时合力大小不变;手臂间距增大时,相当于在力图中两力T之间的夹角θ增大,假设力T大小不变,那么其合力F随夹角的增大而减小,现要保持合力F大小不变,当夹角增大时,那么T增大.应选B.点评:两个力合成时,分力大小不变,合力随分力间夹角的增大而减小,能反推出:假设保持合力不变,分力那么随夹角的增大而增大.4.〔3分〕〔2021秋•寿校级期末〕如下图,两个共点力F1、F2的大小一,夹角θ是变化的,合力为F.在θ角从0逐渐增大到180°的过程中,合力F的大小变化情况〔〕A.从最小逐渐增加B.从最大逐渐减小到零C.从最大逐渐减小D.先增大后减小考点:合力的大小与分力间夹角的关系.专题:平行四边形法那么图解法专题.分析:力的合成中,当两个共点力F1与F2合成时,同向合力最大,反向合力最小,不在一条直线上时,遵循平行四边形那么,合力范围为:|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|.解答:解:力是矢量,合成遵循平行四边形那么,同向合力最大,反向合力最小,根据平行四边形那么,两个分力的夹角越大,合力越小,如图,那么有C正确,ABD错误;应选:C.点评:此题关键是根据平行四边形那么作图分析,夹角越大,合力越小,合力范围为:|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|.5.〔3分〕〔2021秋•期末〕平面内作用于同一点的四个力假设以力的作用点为坐标原点,有F1=5N,方向沿x轴的正向;F2=6N,沿y轴正向;F3=4N,沿x轴负向;F4=8N,沿y轴负向,以上四个力的合力方向指向〔〕A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限考点:力的合成.专题:受力分析方法专题.分析:多个力合成时,可以先合成其中的任意两个力,然后再与第三个力合成,直到合成完为止.解答:解:F1=5N,方向沿x轴的正向;F3=4N,沿x轴负向;故F1与F3的合力F13沿着x轴的正向,为1N;F2=6N,沿y轴正向;F4=8N,沿y轴负向;故F2与F4的合力F24为2N,沿着y 轴负方向;最后再将F13与F24合成,故合力F1234为N,指向第四象限;应选D.点评:此题关键先合成F1与F3,再合成F2与F4,最后得到总合力,用平行四边形那么求解合力时通常采用正交分解法,即先将各个力沿着x、y轴正交分解,求出x方向和y方向的合力,最后得到总的合力.6.〔3分〕〔2021秋•区校级期末〕一个重为20N的物体置于光滑的水平面上,当用一个F=5N的力竖直向上拉该物体时,如下图,物体受到的合力为〔〕A.15 N B.25 N C.20 N D.0 N考点:物体的弹性和弹力;力的合成.专题:受力分析方法专题.分析:当拉力为5N时,小于物体的重力,物体不能被提动,仍保持静止,根据平衡条件确物体的合力.解答:解:据题,拉力为F=5N,小于物体的重力20N,不能提动物体,物体仍保持静止,根据平衡条件可知,物体受到的合力为0.应选:D点评:此题要根据力的大小判断物体的状态,确合力的大小,不能头脑简单,得到物体的合力于重力与拉力的差15N.7.〔3分〕〔2007秋•期末〕一根轻质细绳能承受的最大拉力是G,现把一重为G的物体系在绳的中点,两手先并拢分别握住绳的两端,然后缓慢地左右对称分开,假设想绳不断,两绳间的夹角不能超过〔〕A.45°B.60° C.120° D.135°考点:力的合成.专题:受力分析方法专题.分析:把一重为G的物体系在绳的中点,将绳子左右对称分开,即两个力的合力不变且夹角在逐渐变大,故两个力逐渐变大,便到达临界条件大小为G 时进行计算.解答:解:受力分析如图:两个力的合力不变始终为G且夹角在逐渐变大,故两个力逐渐变大,两侧绳子力拉力F到达了最大为G,那么由这两侧的力在竖直方向的分量之和于重力G 得:解得:θ=120°应选:C点评:对节点进行受力分析,找到临界条件,用受力平衡列式求解即可.8.〔3分〕两个大小相的共点力F1、F2,当它们间的夹角为90°时,合力大小为20N,那么当它们之间的夹角为120°时,合力的大小为〔〕A.40 N B.10 N C.20 N D.10 N考点:力的合成.专题:受力分析方法专题.分析:两个大小相的共点力F1、F2,当它们间夹角为90°时合力大小为20N,根据平行四边形那么求出分力的大小,当夹角为120°时,再根据平行四边形那么求出合力的大小.解答:解:当两个力之间的夹角为90°时合力大小为20N,根据平行四边形那么,知F1=F2=10N.当两个力夹角为120°时,根据平行四边形那么知,F合=10N.故B正确,A、C、D错误.应选:B.点评:解决此题关键知道力的合成与分解遵循平行四边形那么,会根据平行四边形那么去求合力或分力.9.〔3分〕〔2021秋•校级月考〕设有三个力同时作用在质点P上,它们的大小和方向相当于正六边形两条边和一条对角线,如下图,这三个力中最小的力的大小为F,那么这三个力的合力于〔〕A.3F B.4F C.5F D.6F考点:力的合成.分析:多个力合成时可以先合成任意两个力,再把这两个力的合力与第三个力相合成,只到把所有的力都合成进去,即可求得最后的合力.解答:解:有图可知,F1、F2的夹角的大小为120°根据平行四边形那么可知,F1、F2的合力的大小为F,由于F3=F1+2F1cos60°=2F,所以F1、F2、F3的合力的大小为3F.应选:A.点评:对于多力的合成,不一非常逐一相合成,可以先合成任意两个,再将合力合成,效果相同.10.〔3分〕〔2021秋•区校级期中〕物体同时受到同一平面内三个力的作用,以下几组力的合力不可能为零的是〔〕A. 5 N,7 N,8 N B. 5 N,2 N,3 NC. 5 N, 1 N,10 N D.10 N,10 N,10 N考点:力的合成.分析:根据力的合成法那么可知:三个力的合力为零时,那么第三个力肯在第一二两个力的合力范围里,由此判断选项即可.解答:解:三个力合力为0时,那么任意两个力的合力与第三个力大小相,方向相反,由此可知,任意一个力在另外两个力的合力范围.A、5N和7N的合力范围为:2N﹣12N,8N在合力范围里,故三个力的合力可能为0;故A错误B、2N和3N的合力范围为:1N﹣5N,5N在合力范围里,故三个力的合力可能为0;故B错误C、1N和5N的合力范围为:4N﹣6N,10N不在合力范围里,故三个力的合力不可能为0;故C正确D、10N和10N的合力范围为:0N﹣20N,10N在合力的范围里,故三个力的合力可能为0.故D错误此题不可能的,应选:C.点评:熟悉三个力合力最小值的判方法,熟悉平衡条件的推论即其用.11.〔3分〕〔2021•〕用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上,绳能承受的最大张力为10N,为使绳不断裂,画框上两个挂钉的间距最大为〔g取10m/s2〕〔〕A.B.C. D.考点:力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其用.分析:将重力按照力的效果进行分解,即沿两细线的方向分解,求出绳子即将断开时的临界角度〔两细线夹角〕即可得出画框上两个挂钉的最大间距.解答:解:一个大小方向确的力分解为两个大的力时,合力在分力的角平分线上,且两分力的夹角越大,分力越大,因而当绳子拉力到达F=10N的时候,绳子间的张角最大,为120°,此时两个挂钉间的距离最大;画框受到重力和绳子的拉力,三个力为共点力,受力如图.绳子与竖直方向的夹角为θ=60°,绳子长为L0=1m,那么有mg=2Fcosθ,两个挂钉的间距离,解得m,A项正确;应选:A.点评:熟练用力的合成和分解以及合成与分解中的一些规律,是解决此题的根本.二、填空题12.〔3分〕〔2021•一模〕图甲为“探究求合力的方法〞的装置.〔1〕以下说法中正确的选项是ACA.在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中,橡皮条结点O的位置不能变化B.弹簧测力计拉细线时,拉力方向必须竖直向下C.F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D.为减小测量误差,F1、F2方向间夹角为90°〔2〕弹簧测力计的指针如图乙所示,由图可知拉力的大小为 4.00 N.考点:验证力的平行四边形那么.专题:题;平行四边形法那么图解法专题.分析:〔1〕该采用了“效法〞,只要明确了原理即可,判断选项中的各个说法是否正确,从而正确的解答此题;〔2〕根据弹簧秤指针的指示可读出拉力的大小.解答:解:〔1〕A、在同一组数据中,只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时,两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同,才可以验证平行四边形那么,故A正确;B、弹簧测力计拉细线时,方向不一向下,只有把O点拉到同一位置即可,故B错误;C、根据弹簧测力计的使用原那么可知,在测力时不能超过弹簧测力计的量程,故C正确;D、F1、F2方向间夹角为90°并不能减小误差,故D错误.应选AC.〔2〕由图乙弹簧秤的指针指示可知,拉力F的大小为:4.00N.故答案为:4.00.点评:此题考查了“效法〞的用行四边形那么根底知识,对于这些根底知识在平时练习中要不断训练,以提高解题能力;同时注意弹簧秤的读数方法.。
湖北省利川市第五中学2020学年高一物理上学期第16周周练试题(无答案)一、选择题:(单选题)1.在物理学的发展历程中,首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法,把实验和逻辑推理和谐地结合起来,从而有力地推进了人类科学发展的是( )A.伽利略 B.亚里士多德 C.牛顿 D.胡克2.下列物理量中,全部都属于矢量的一项是()A.位移、弹力、瞬时速率 B.平均速度、加速度、弹力C.速度、平均速率、摩擦力 D.路程、重力、摩擦力3.2020年4月3日上午10时,我国海军第二十批护航编队从浙江舟山某军港解缆起航,奔赴亚丁湾、索马里海域执行护航任务,经过5000多海里的航行,于4月21日清晨抵达目的地海域.关于此次航行,下列说法不正确...的是()A.当研究护航舰艇的运行轨迹时,能将其看做质点B.“5000多海里”指的是护航舰艇的航行路程C.根据题中数据不能大约求出护航舰艇的平均速度D.题中数据“4月3日上午10时”和“4月21日清晨”都是指的是时刻4.在电视连续剧《西游记》中,常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头,这通常采用的是“背景拍摄法”:让“孙悟空”站在平台上,做着飞行的动作,在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云,同时加上烟雾效果;摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头.放映时,观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”.这时,观众所选的参考系是( )A.“孙悟空” B.平台 C.观众 D.孙悟空背后的云和雾5.若汽车的加速度方向与速度方向一致,当加速度减小时,则()A.汽车的速度也减小B.汽车的速度保持不变C.当加速度减小到零时,汽车的速度达到最大D.当加速度减小到零时,汽车静止6.“阿门阿前一棵葡萄树,阿嫩阿嫩绿地刚发芽,蜗牛背着那重重的壳呀,一步一步地往上爬…”一首经典的儿童歌曲,如图,蜗牛在树枝上匀速向上爬,若树枝的倾角为α,则树枝对重力为G的蜗牛的作用力的大小是()A.GsinαB.GcosαC.G tanαD.G7.如图所示,三根轻绳的一端系于O点,绳1、2的另一端分别固定在墙上,绳3的另一端吊着质量为m的重物.重物处于静止时,绳1水平,绳2与水平方向的夹角为θ.绳1受到的拉力用F1表示,绳2受到的拉力用F2表示.下列表达式中正确的是()A.F1=F2= B.F1=mgsinθ F2=C.F1= F2=mgsinθ D.F1=mgcosθ F2=8.一质点从t=0时刻开始沿直线运动,其运动的v﹣t图象如图所示,则()A.t=2s时,质点的加速度为0B.第3s内质点做匀加速运动C.t=2s与t=4s时质点处于同一位置D.t=4s时,质点离出发点最远9.如图所示,用细线将一小球悬挂在光滑墙壁上,小球的质量为m,若增加细线的长度,以下说法中正确的是()A.细线的拉力变大B.细线的拉力变大C.墙壁对球的支持力变小D.墙壁对球的支持力变大10.如图所示,B、C两个小球用细线悬挂于竖直墙面上的A、D两点,两球均保持静止.已知两球的重力均为G,细线AB与竖直墙面之间的夹角为30°,细线CD与竖直墙面之间的夹角为60°,则下列说法不正确的是()A.AB 绳中拉力为G B.CD绳中拉力为GC.BC绳中拉力为G D.细线BC与竖直方向的夹角θ为30°二、计算题11.如图所示,质量为m=5.0kg的物体P静止在粗糙水平面上,与水平面间的动摩擦因数为μ=0.50,现用与水平方向成θ=37°、大小为20N的恒力F拉物体,若物体与地面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力.求物体P此后所受的摩擦力的大小.(取sin37°=0.6,cos37°=0. 8,g=10m/s2)1 2 3 4 5 6 7 8 9 1012.如图所示,某人用轻绳牵住一只质量m=0.6kg的氢气球,因受水平风力的作用,系氢气球的轻绳与水平方向成37°角.已知空气对气球的浮力为15N,人的质量M=50kg,且人受的浮力忽略不计(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2).求:(1)水平风力的大小;(2)地面对人的支持力大小;。
龙城高级中学高三物理周测五一.选择题(本题共10小题,共46分。
在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一个选项正确,每小题4分,共28分。
第8~10题有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得O 分。
)1. 一辆警车在平直的公路上以40km/h 的速度巡逻,突然接到报警,在前方不远处有事故发生,该警车要尽快赶到出事地点,且到达出事地点的速度也为40k m/h ,则下列方式符合要求的是A.一直匀速 B .先减速再加速 C.先加速再减速 D.一直加速2.如图为汽车的机械式手刹(驻车器)系统的结构示意图,结构对称。
当拉动手刹拉杆时,手刹拉索(不可伸缩)就会拉紧,拉索OD 、OC 分别作用于两边轮子的制动器,从而实现驻车的目的.则以下说法正确的是A .当OD 、OC 两拉索夹角为60°时三根拉索的拉力大小相等B .拉动手刹拉杆时,拉索AO 上拉力总比拉索OD 和OC 中任何一个拉力大C .若在AO 上施加一恒力,OD 、OC 两拉索夹角越小,则拉索OD 、OC 拉力越大D .若保持OD 、OC 两拉索拉力大小不变,OD 、OC 两拉索越短,则拉动拉索AO 越省力3.拿一个长约1.5m 的玻璃筒,一端封闭,另一端有开口。
把一小金属片和一松软的 小纸团放到玻璃筒里,把玻璃筒倒过来,观察它们下落的情况,发现小金属片先 落到底下,下列说法正确的是A. 金属片受到的空气阻力小于纸团受到的空气阻力B. 金属片受到的空气阻力大于纸团受到的空气阻力C. 金属片受到的空气阻力与其质量之比小于纸团受到的空气阻力与其质量之比D. 金属片受到的合外力小于纸团受到的合外力4. 某同学将一本高中物理(必修2)教科书从教室地面捡起放到课桌面上,此过程该同学对教科书做功约为A.0.2JB.2.0JC.50JD.500J5. 如图所示,相距l 的两小球A 、B 位于同一高度h (L 、h 均为定值).将A 向B 水平抛出的同时,B 自由下落.A 、B 与地面碰撞前后,水平分速度不变,竖直分速度大小不变、方向相反.不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间,则A .A 、B 一定能相碰B .A 、B 不可能运动到最高处相碰C . 当时,A 、B 一定不能相碰D . A 、B 在第一次落地前若不相碰,此后就不会相碰g L v L 26. 若想检验“使月球绕地球运动的力”与“使苹果落地的力”遵循同样的规律,在已知月地距离约为地球半径n 倍的情况下,需要验证A .地球吸引月球的力约为地球吸引苹果的力的n 2倍B .苹果在地球表面受到的引力约为在月球表面的n 倍C .自由落体在地球表面的加速度约为月球表面的n 倍D .苹果落向地面加速度约为月球公转的加速度的n 2倍7. 一串质量为50g 的钥匙从橱柜上1.8m 高的位置由静止开始下落,掉在水平地板上,钥匙与地板作用的时间为0.05s ,且不反弹。
一、选择题(42分)(1-5单选,6、7双选,选对6分,部分对未错选 3分,有错选0分) i 、下歹y 说法正确的是()------------------------------D 、理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态,所以是不可靠的.2、如图,E 为内阻不能忽略的电池, R 、R 2、R 3为定值电阻,S )、S 为的人造卫星的动能为 E k2,则 旦1约为()Ek2A 、0.13B 、0.3C 、3.33D 、7.56、如图甲,两水平金属板间距为 d ,板间电场强度的变化规律如图乙所示。
t =0时刻,质量为 m 的带电微粒以初速度 V 。
沿中线射入两板间,0〜T 时间内微粒匀速运动,T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。
3理综周练五物理试题开关,V 与A 分别为电压表与电流表。
初始时 S o 与S 均闭合, £现将S 断开,则() A.①的读数变大, Q A 的读数变大B.③的读数变小,G A 的读数变小C.①的读数变小,Q A 的读数变大Sr<X> --3、如图所示,虚线 a ,b ,e 代表电场中的三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即U ab Ube ,实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,时在等势面b 上,据此可知(P 、R 、Q 是这条轨迹上的三点, R 同A. 带电质点在 P 点的加速度比在 Q 点的加速度小B.带电质点在 P 点的电势能比在 Q 点的小C.带电质点在P 点的动能大于在 Q 点的动能D.三个等势面中,e 的电势最高 4.如图所示,将两个质量均为m 球a 、b 用细线悬挂于 O 点,置于水平的匀强电场中,用力 小球a ,使整个装置处于平衡状态, 30。
•则F 的大小可能为(.3mgA. 3 9B.3mg2 C.mg D.1 2m g5.如图所示, 住的行星,命名为B 是两个带电量相等的异种5、欧洲天文学家在太阳系之外发现了一颗可能适合人类居“格利斯 581c ”.该行星的质量是地球的5倍,直径是地球的1.5倍•设想在该行星表面附近绕行星沿圆轨道运行的人造卫星的动能为E k1 ,在地球表面附近绕地球沿圆轨道运行的相同质量■ ■「 T t且悬线与竖直方向带电荷量分别为+q 、微粒运动过程中未与金属板接触。
2021年高三上学期第十六次周练物理试题含答案1.做平抛运动的物体,每秒的速度增量总是A.大小相等,方向相同; B.大小不等,方向不同C.大小相等,方向不同 D.大小不等,方向相同2.从倾角为θ的足够长的斜面上的A点,先后将同一小球以不同的初速度水平向右抛出.第一次初速度为v1,球落到斜面上的瞬时速度方向与斜面夹角为α1,第二次初速度为v2,球落到斜面上的瞬时速度方向与斜面夹角为α2,若v1>v2,则A.α1>α2 B.α1=α2 C.α1<α2D.无法确定3.从地面上方同一点向东与西分别平抛出两个等质量的小物体,抛出速度大小分别为v 和2v不计空气阻力,则下面关于两个小物体的说法中,正确的是()A.从抛出到落地动量的增量相同B.从抛出到落地重力做的功相同C.从抛出到落地重力的平均功率相同D.落地时重力的瞬时功率相同4.如图所示,从倾角为的斜面上某点先后将同一小球以不同的初速度水平抛出,小球均落在斜面上,当抛出的速度为V1时,小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为;当抛出速度为V2时,小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为,则()A.当V1>V2时,>B.当V1>V2时,<C.无论V1、V2关系如何,均有=D.、的关系与斜面倾角有关5.如图所示,高为h的车厢在平直轨道上匀减速向右行驶,加速度大小为a ,车厢顶部A点处有油滴滴落到车厢地板上,车厢地板上的O点位于A点的正下方,则油滴落地点必在O 点的------------(填左、右)方,离O点距离为-------------------。
AhO6.如图所示,在倾角为30°的斜面上,沿水平方向抛出一小球,抛出时小球动能为6 J,则小球落回斜面时的动能为_______J.7.小球从空中以某一初速度水平抛出,落地前1s时刻,速度方向与水平方向夹30°角,落地时速度方向与水平方向夹60°角,g=10m/s2,求小球在空中运动时间及抛出的初速度。
河北省保定市重点中学14—15学年上学期高二第十六次周练物理试题1.与门的输入端输入信号为何时,输出端输出“1”()A.0 0 B.0 1 C.1 0 D.1 12.联合国安理会每个常任理事国都拥有否决权,假设设计一个表决器,常任理事国投反对票时输入“0”,投赞成票时或弃权时输入“1”,提案通过为“1”,通不过为“0”,则这个表决器应具有哪种逻辑关系()A.与门B.或门C.非门D.与非门3.数字信号和模拟信号的不同之处是()A.数字信号在大小上不连续,时间上连续,而模拟信号则相反B.数字信号在大小上连续,时间上不连续,而模拟信号则相反C.数字信号在大小和时间上均不连续,而模拟信号则相反D.数字信号在大小和时间上均连续,而模拟信号则相反4.逻辑电路的信号有两种状态:一是高位状态,用“1”表示;另一种是低电位状态,用“0”表示。
关于这里的“1”和“0”下列说法正确的是()A.“1”表示电压为1V,“0”表示电压为0VB.“1”表示电压为大于或等于1V,“0”表示电压一定为0VC.“1”和“0”是逻辑关系的两种可能的取值,不表示具体的数字D.“1”表示该点与电源的正极相连,“0”表示该点与电源的负极相连5.如图是一个三输入端复合门电路,当C端输入“1”时,A、B端输入为何时输出端Y输出“1”()A.0 0 B.0 1 C.1 0 D.1 16.如图所示,或门的输入端输入信号为何时,输出端输出Array“0”()A.0 0 B.0 1 C.1 0 D.1 17.走廊里有一盏电灯,在走廊两端各有一个开关,我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮,那么设计的电路为A.“与”门电路B.“非“门电路C.“或”门电路D.上述答案都有可能8.在上题中,若用0表示关灯,1表示开灯,灯亮为1,灯灭为0,则下列逻辑式正确的是A .0+1=0B .1+1=1C .0+0=0D .1+0=09.如图是一个三输入端复合门电路,当输入为1 0 1时,输出为 (填“0”或“1”)。
河北省保定市高阳中学2015届上学期高三第十六次周练物理试题1.(多选)以下叙述正确的是()A.法拉第发现了电磁感应现象B.惯性是物体的固有属性,速度大的物体惯性一定大C.牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因D.感应电流遵从楞次定律所描述的方向,这是能量守恒定律的必然结果2.(单选)物理课上,老师做了一个奇妙的“跳环实验”.如图,她把一个带铁芯的线圈L、开关S和电源用导线连接起来后,将一金属套环置于线圈L上,且使铁芯穿过套环.闭合开关S的瞬间,套环立刻跳起.某同学另找来器材再探究此实验.他连接好电路,经重复试验,线圈上的套环均未动.对比老师演示的实验,下列四个选项中,导致套环未动的原因可能是()A.线圈接在了直流电源上B.电源电压过高C.所选线圈的匝数过多D.所用套环的材料与老师的不同3.(单选)如图,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置.当a绕O点在其所在平面内旋转时,b中产生顺时针方向的感应电流,且具有收缩趋势,由此可知,圆环a() A.顺时针加速旋转B.顺时针减速旋转C.逆时针加速旋转D.逆时针减速旋转4.(多选)(2014·德州模拟)线圈在长直导线电流的磁场中,做如图所示的运动:A向右平动,B向下平动,C绕轴转动(ad边向外转动角度θ≤90°),D向上平动(D线圈有个缺口),判断线圈中有感应电流的是()5.(单选)(2014·汕头质检)圆形导体线圈a平放在水平桌面上,在a的正上方固定一竖直螺线管b,二者轴线重合,螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路.若将滑动变阻器的滑片P向下滑动,下列表述正确的是()A.线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B.穿过线圈a的磁通量变小C.线圈a有扩张的趋势D.线圈a对水平桌面的压力F N将增大6.(单选)如图所示,在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中,金属杆MN 在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动,MN中产生的感应电动势为E1;若磁感应强度增为2B,其他条件不变,MN中产生的感应电动势变为E2.则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E1∶E2分别为()A.c→a,2∶1B.a→c,2∶1C.a→c,1∶2 D.c→a,1∶27.(单选)在如图所示的电路中,两个相同的小灯泡L1和L2分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R.闭合开关S后,调整R,使L1和L2发光的亮度一样,此时流过两个灯泡的电流均为I.然后,断开S.若t′时刻再闭合S,则在t′前后的一小段时间内,正确反映流过L1的电流i1、流过L2的电流i2随时间t变化的图象是()8.(多选)( 2014·长沙重点高中测试)一环形线圈放在匀强磁场中,设第1 s 内磁感线垂直线圈平面向里,如图甲所示.若磁感应强度B 随时间t 变化的关系如图乙所示,那么下列选项正确的是( )A .第1 s 内线圈中感应电流的大小逐渐增加B .第2 s 内线圈中感应电流的大小恒定X k B 1 . c o mC .第3 s 内线圈中感应电流的方向为顺时针方向D .第4 s 内线圈中感应电流的方向为逆时针方向9.(多选)(2014·开封模拟)如图所示,有一个磁感应强度为B 的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,一半径为r 、电阻为2R 的金属圆环放置在磁场中,金属圆环所在的平面与磁场垂直.金属杆Oa 一端可绕环的圆心O 旋转,另一端a 搁在环上,电阻值为R ;另一金属杆Ob 一端固定在O 点,另一端b 固定在环上,电阻值也是R .已知Oa 杆以角速度ω匀速旋转,所有接触点接触良好,Ob 不影响Oa 的转动,则下列说法正确的是( )A .流过Oa 的电流可能为Bωr 2/(5R )B .流过Oa 的电流可能为6Bωr 2/ (25R )C .Oa 旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr 2D .Oa 旋转时产生的感应电动势的大小为12Bωr 210.小明在研究性学习中设计了一种可测量磁感应强度的实验,其装置如图所示.在该实验中,磁铁固定在水平放置的电子测力计上,此时电子测力计的读数为G1,磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场,其余区域磁场不计.直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路,总阻值为R.若让铜条水平且垂直于磁场,以恒定的速率v在磁场中竖直向下运动,这时电子测力计的读数为G2,铜条在磁场中的长度为L.(1)判断铜条所受安培力的方向,G1和G2哪个大?(2)求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小.11.(2014·北京东城区模拟)如图甲所示,光滑导轨宽0.4 m,ab为金属棒,均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面,磁场的变化情况如图乙所示,金属棒ab的电阻为1 Ω,导轨电阻不计.t=0时刻,ab棒从导轨最左端,以v=1 m/s的速度向右匀速运动,求1 s末回路中的感应电流及金属棒ab受到的安培力.6.C7.B8.BD9.ABD10.(1)安培力方向竖直向上G2>G1(2)G2-G11LG2-G1 Rv11.1.6 A 1.28 N,方向向左。
2021年高三上学期理综第十六周物理试题含答案二、选择题: (本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14.在人类对物质运动规律的认识过程中,许多物理学家大胆猜想、勇于质疑,取得了辉煌的成就,下列有关科学家及他们的贡献描述中正确的是A.卡文迪许在牛顿发现万有引力定律后,进行了“月–地检验”,将天体间的力和地球上物体的重力统一起来B.奥斯特由环形电流和条形磁铁磁场的相似性,提出分子电流假说,解释了磁现象电本质C.开普勒潜心研究第谷的天文观测数据,提出行星绕太阳做匀速圆周运动D.伽利略在对自由落体运动研究中,对斜面滚球研究,测出小球滚下的位移正比于时间的平方,并把结论外推到斜面倾角为90°的情况,推翻了亚里士多德的落体观点15.如图实线为电场中一条竖直的电场线,有一质量为、电量为的小球,由该直线上A点静止释放,小球向下运动到达B点减速为零后返回A点,则下列判断正确的是A.该电场可能是竖直向上的匀强电场,且B.A点的电势高于B点电势C.A点的场强小于B点场强D.向下运动的过程中,重力势能的减少量总是等于电势能的增加量16.现在,人造地球卫星发挥着越来越重要的作用。
2014年3月8日凌晨,飞往北京的马航MH370航班起飞后与地面失去联系,机上有我们154名中国人。
我国西安卫星测控中心启动卫星测控应急预案,紧急调动海洋、风云、高分、遥感等4个型号、近10颗卫星为地面搜救行动提供技术支持。
假设某颗圆周运动卫星A轨道在赤道平面内,距离地面的高度为地球半径的2.5倍,取同步卫星B离地面高度为地球半径的6倍,则A.卫星A的线速度大于第一宇宙速度B.卫星A的向心加速度是地球表面重力加速度的倍C.同步卫星B的向心加速度为地球表面赤道上物体随地球自转向心加速度的倍D.卫星B的周期小于卫星A的周期17.利用双线可以稳固小球在竖直平面内做圆周运动而不易偏离竖直面,如图,用两根长为的细线系一质量为的小球,两线上端系于水平横杆上,A、B两点相距也为,若小球恰能在竖直面内做完整的圆周运动,则小球运动到最低点时,每根线承受的张力为A. B.3mg C.2.5mg D.18.在坐标系的Ⅰ、Ⅳ象限有垂直纸面向里的匀强磁场,在x轴上A点(,0)同时以相同速率沿不同方向发出a、b两个相同带电粒子(粒子重力不计),其中a沿平行方向发射,经磁场偏转后,均先后到达y轴上的B点(0,),则两个粒子到达B点的时间差为A. B. C. D.19.如图,一理想变压器原线圈接正弦交变电源,副线圈接有三盏相同的灯(不计灯丝电阻的变化),灯上均标有(36V , 6W)字样,此时L1恰正常发光,图中两个电表均为理想电表,其中电流表显示读数为0.5A,下列说法正确的是A.原、副线圈匝数之比为3︰1 B.变压器的输入功率为12WC.电压表的读数为18V D.若L3突然断路,则L1变暗,L2变亮,输入功率减小20.将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出,最终落回抛出点,运动过程中所受阻力大小恒定,方向与运动方向相反。
高三物理第十六次周练试题物理试题xx-1-12考试内容:以选修3-4内容为主命题:秦桂宝一、单项选择题。
本题共有5小题,每题3分,共15分。
1.下面说法正确的是()A.波的传播一定需要介质B.变化的电场一定产生变化的磁场C.光从空气进入水里时,如果入射角大于临界角会发生全反射D.周期性变化的电场一定产生周期性变化的磁场2.下列关于多普勒效应的说法正确的是()A.若声源向观察者靠近,则声源发出声波的频率变小B.若声源向观察者靠近,则声察者接收到声波的频率变大C.观察者远离波源,则波源发出声波的频率变小D.若波源与观察者相互靠近,则观察者接收到声波的频率变小3. 两束不同频率的单色光a、b从空气射入水中,发生了图2所示的折射现象(α>β)。
下列结论中正确的是()A.光束b的频率比光束a低B.在水中的传播速度,光束a比光束b小C.水对光束a的折射率比水对光束b的折射率小D.若光束从水中射向空气,则光束b的临界角比光束a的临界角大4.空气中两条光线a和b从方框左侧入射,分别从方框下方和上方射出,其框外光线如图1所示。
方框内有两个折射率n=1.5的玻璃全反射棱镜。
图2给出了两棱镜四种放置方式的示意图,其中能产生图1效果的是()5.光的偏振现象说明光是横波,下列现象中不能反映光的偏振特性的是()A.一束自然光相继通过两个偏振片,以光束为轴旋转其中一个偏振片,透射光的强度发生变化B.一束自然光入射到两种介质的分界面上,当反射光与折射光线之间的夹角恰好是90°时,反射光是偏振光C.日落时分,拍摄水面下的景物,在照相机镜头前装上偏振光片可以使景象更清晰D.通过手指间的缝隙观察日光灯,可以看到彩色条纹二、多项选择题.本题共有5小题,每题4分,共20分。
6.平行光通过小孔得到的衍射图样和泊松亮斑比较,下列说法中正确的有()A.在衍射图样的中心都是亮斑B.泊松亮斑中心亮点周围的暗环较宽C.小孔衍射的衍射图样的中心是暗斑,泊松亮斑图样的中心是亮斑D.小孔衍射的衍射图样中亮、暗条纹间的间距是均匀的,泊松亮斑图样中亮、暗条纹间的间距是不均匀的7.如图所示,一束平行光从真空射向一块半圆形的折射率为1.5的玻璃砖,则( )A .只有圆心两侧32R范围外的光线能通过玻璃砖 B .只有圆心两侧32R范围内的光线能通过玻璃砖C .通过圆心的光线将沿直线穿出不发生偏折D .圆心两侧32R范围外的光线将在曲面上产生全反射8.如图所示,为一列向左传播的简谐横波在某一瞬时的图像,由图可知 ( ) A.质点F 在该时刻的运动方向朝上 B .P 、Q 两质点的运动方向始终相反C .从图示时刻开始算起,质点E 比质点Q 较早回到平衡位置D .经极短时间,P 质点速度值增大9.如图所示,固定曲面AC 是一段半径为4.0米的光滑圆弧形成的,圆弧与水平方向相切于A 点,AB =10cm ,现将一小物体先后从斜面顶端C 和斜面圆弧部分中点D 处由静止释放,到达斜曲面低端时速度分别为v 1和v 2,所需时间为t 1和t 2,以下说法正确的是:( ) A .v 1 > v 2 , B . t 1 > t 2 C .v 1 < v 2 D . t 1 = t 2 10.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图,图乙为质点P 以此时刻为计时起点的振动图象。
四川省宜宾市一中2017-2018学年高中物理上学期第16周训练题一、选择题〔本大题共8小题,1—5题为单项选择,6—8题为多项选择,共48分〕1.如下列图,P为放在匀强电场中的天然放射源,其放出的射线在电场的作用下分成α、β、γ三束,如下判断中正确的答案是〔〕A.a为α射线,b为β射线B.a为α射线,b为γ射线C.b为γ射线,c为α射线D.b为β射线,c为γ射线2.有三个完全一样的金属小球A、B、C,其中小球C不带电,小球A和B带有等量的同种电荷,如下列图,A球固定在竖直支架上,B球用不可伸长的绝缘细线悬于A球正上方的O点处,静止时细线与OA的夹角为小球C可用绝缘手柄移动,重力加速度为g,现在进展如下操作,其中描述与事实相符的是A. 仅将球C与球A接触离开后,B球再次静止时细线中的张力比原来要小B. 仅将球C与球B接触离开后,B球再次静止时细线与OA的夹角为,仅将球C与球A接触离开后,B球再次静止时细线与OA的夹角为,如此C. 剪断细线OB瞬间,球B的加速度等于gD. 剪断细线OB后,球B将沿OB方向做匀变速直线运动直至着地3.如下列图是一场强大小为E、方向水平向右的匀强电场,现将一电子从A点移动到B点电子的带电量为间距离为连线与电场线成角,如此可知A. 电子的电势能减小B. 电场力做功为C. 电场中A点的电势小于B点的电势D. AB两点的电势差为4.如下列图,在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点,M、N、P为直角三角形的三个顶点,F为MN的中点,、N、P、F四点处的电势分别用、、、表示,点电荷Q在M、N、P三点所在平面内,如此A.点电荷Q一定在MP的中点B. 大于C. N点的场强比P点的场强大D. 将负试探电荷从P点搬运到N点,电场力做正功5.如下列图,匀强电场中,A、B、C三点构成一边长为a的等边三角形,电场强度方向平行于纸面.现有一个电子,在电场力作用下,由A至C动能减少W,而质子在电场力作用下,由A至 B动能增加W.如此该匀强电场E的大小和方向的判定正确的答案是〔〕A.E=aeW332,方向垂直BC并由A指向BC B.E=aeW63,方向垂直BC并由A指向BCC.E=aeW332,方向垂直AC并由B指向AC D.E=aeW63,方向垂直AB并由C指向AB6.图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面、M之间无电荷一带电粒子射入此静电场中后,依轨迹运动电势如下说法中正确的答案是A. 粒子带负电B. 粒子在bc段做减速运动C. 粒子在b点与d点的速度一样D. 粒子在c点时电势能最大7.如图1-4-12所示,在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q,在x轴上C点有点电荷-Q且CO =OD,∠ADO=60°.如下判断正确的答案是( )A.O点电场强度为零B.D点电场强度为零C.假设将点电荷+q从O移向C,电势能增大D.假设将点电荷-q从O移向C,电势能增大8.如下列图,水平面内的等边三角形ABC的边长为L,顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点,光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为在AB边上的竖直投影点为一对电荷量均为的点电荷分别固定于A、B两点在D处将质量为m、电荷量为的小球套在轨道上忽略它对原电场的影响,将小球由静止开始释放,静电力常量为k、重力加速度为g,且,忽略空气阻力,如此A. 轨道上D点的场强大小为B. 小球刚到达C点时,其加速度为零C. 小球刚到达C点时,其动能为D. 小球沿直轨道CD下滑过程中,其电势能先增大后减小三、实验题探究题〔本大题共2小题,每空3分,共18分〕9.影响平行板电容器电容的因素有______ ,在实验室中完成这个实验的方法是______A.两极板的正对面积B.两板间距离C.电介质的介电常数D.极板的材料F.控制变量法G.假设法H.微小量放大法在研究影响平行板电容器电容大小因素的实验中,如下列图,把一个平行板电容器与一个静电计相连接后,给电容器带上一定电量,静电计指针的偏转指示出电容器两板间的电势差的变化,现保持B极板不动,而要使静电计指针的偏角增大,可采取的方法是______A、A板向右移一些B、A板向左移一些C、A板向上移一些D、在MN之间插入一片有机玻璃板.10.在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中,一同学猜测可能与两电荷的间距和带电量有关他选用带正电的小球A和球放在可移动的绝缘座上,B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点,如下列图实验时,先保持两球电荷量不变,使A球从远处逐渐向B球靠近,观察到两球距离越小,B球悬线的偏角越大;再保持两球距离不变,改变小球所带的电荷量,观察到电荷量越大,B球悬线的偏角越大实验明确:两电荷之间的相互作用力,随其距离的___________ 而增大,随其所带电荷量的___________ 而增大两空均选填“增大〞、“减小〞此同学在探究中应用的科学方法是___________ 选填“累积法〞、“等效替代法〞、“控制变量法〞或“演绎法〞.四、计算题〔本大题共2小题,共34分〕11.(14分〕一质量为带电量为的小球P自动摩擦因数倾角的粗糙斜面顶端由静止开始滑下,斜面高,斜面底端通过一段光滑小圆弧与一光滑水平面相连整个装置处在水平向右的匀强电场中,场强,忽略小球在连接处的能量损失,当小球运动到水平面时,立即撤去电场水平面上放一静止的不带电的质量也为m的圆槽Q,圆槽光滑且可沿水平面自由滑动,圆槽的半径,如下列图在沿斜面下滑的整个过程中,P球电势能增加多少?小球P运动到水平面时的速度大小.试判断小球P能否冲出圆槽Q.题号 1 2 3 4 5 6 7 8答案12.〔20分〕如下列图,在距离某平面高2h处有一抛出位置P,在距P的水平距离为处有一光滑竖直挡板端距该水平面距离为端上方整个区域内加有水平向左的匀强电场;B端与半径为的的光滑圆轨道BC连接当传送带静止时,一带电量大小为,质量为的小滑块,以某一初速度从P点水平抛出,恰好能从AB挡板的右侧沿ABCD路径运动到D点而静止请完成如下问题求出所加匀强电场的场强大小?当滑块刚运动到C点时,求出对圆轨道的压力?假设传送带转动,试讨论滑块达到D时的动能EK与传送带速率的关系?附参考答案三、实验题探究题〔本大题共2小题,每空3分,共18分〕9.ABC,F,AC10.减小,增大控制变量法.四、计算题〔本大题共2小题,共34分〕11.解:在整个过程中,电场力对P球做功为:,根据受力分析可知,斜面对P球的支持力为:根据动能定理得:得:由代入数据可得:设当两者速度相等时,小球上升的高度为H,根据水平方向动量守恒得:代入数据:根据机械能守恒得:,代入数据得:,所以小球没有冲出圆槽.答:在沿斜面下滑的整个过程中,P球电势能增加90J小球P运动到水平面时的速度大小为.小球P不能否冲出圆槽Q.12.解:设物块从P到A运动的时间为t,水平方向的加速度大小为a,物块能够沿AB下滑,说明在A点时水平方向速度为零,如此:水平方向:,其中:,竖直方向:,联立解得:;从P点到C点根据动能定理可得:,其中,所,根据牛顿第二定律可得:,联立解得:;根据牛顿第三定律可得压力大小为9N;假设传送带逆时针转动时,滑块运动的规律与传送带静止不动一样,故滑块到D点的动能为零,与传送带的速度无关;以假设传送带顺时针转动,设传送带使得物体一直加速的速度大小为v,如此:,当传送带静止时,根据动能定理可得:,解得:;题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C B D B A BD BD BC所以传送带顺时针转动时,滑到D点的速度与传送带速度的关系是:时,,v带时,.答:匀强电场的场强大小为;当滑块刚运动到C点时对圆轨道的压力为9N;假设传送带逆时针转动时,滑块到D点的动能为零;假设传送带顺时针转动时:时,;v带时,.。
高中物理学习资料金戈铁骑整理制作第十六、十七章综合能力测试题本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分,时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题,每题4分,共40分,在每题给出的四个选项中,第1~6小题只有一个选项切合题目要求,第7~10小题有多个选项切合题目要求,所有选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1.(2014·坊市模拟潍)我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3000m接力三连冠。
察看发现,“接棒”的运动员甲提早站在“交棒”的运动员乙前方,而且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获取更大的速度向前冲出,在乙推甲的过程中,忽视运动员与冰面间在水平方向上的互相作用,则().甲对乙的冲量必定等于乙对甲的冲量B.甲、乙的动量变化必定大小相等方向相反C.甲的动能增添量必定等于乙的动能减少许D.甲对乙做多少负功,乙对甲就必定做多少正功答案:B分析:互相作用过程中的互相作使劲大小相等,方向相反,作用时间同样,所以甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等、方向相反,由动量定理可知,甲、乙动量变化大小相等,方向相反,A错,B对;固然互相作使劲大小相等,方向相反,甲、乙在互相作用过程中的位移不一样,乙对甲做的正功,与甲对乙做的负功多少不一样,由动能定理知,甲的动能增添量,不等于乙动能的减少许,故C、D错误。
2.如下图,弹簧的一端固定在竖直墙上,质量为m的圆滑弧形槽静止在圆滑水平面上,底部与水平面光滑连结,一个质量也为m的小球从槽高h处开始下滑,则().在此后的运动过程中,小球和槽的动量一直守恒B.在下滑过程中小球和槽之间的互相作使劲一直不做功C.被弹簧反弹后,小球和槽的机械能守恒,小球能回到槽高h处D.被弹簧反弹后,小球和槽都做速率不变的直线运动答案:D分析:小球在槽上运动时,因为小球受重力,故两物体构成的系统外力之和不为零,故动量不守恒;当小球与弹簧接触后,小球受外力,故动量不再守恒,故A错误;下滑过程中两物体都有水平方向的位移,而力是垂直于球面的,故力和位移夹角不垂直,故两力均做功,故B错误;小球离开弧形槽时,水平方向动量守恒,可得二者速度大小相等,故小球离开弧形槽后,槽向后做匀速运动,而小球被弹簧反弹后也做匀速运动,小球追不上弧形槽,故C错,D正确。
临河一中高三第16次周考试卷高三物理答案一、单项选择题(共5小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,只有一个正确选项,选对得6分,选错或多选不得分)1. D2. B3.D4.B5.B二、多项选择题(共5小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,有多个正确选项,全部选对得6分,选对但不全的得3分,选错或多选不得分)6.AC7.AB8.AC9.BCD 10.ABD三、实验题(共8分)11.(1)BCD (2)1.32 (3)D四、计算题( 3小题,共32分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)12.(10分)解析:gh v 22= s m v /9=设向上为正方向)(0)(mv t mg F --=-N mg tmv F 1300=+= 13. (12分 1——11班做)解析:(1)由牛顿第二定律: 21c v F mg m R -= F c =5800N 根据牛顿第三定律,运动员对台端压力大小5800N(2)从A 点到C 点,由动能定理得: ()211111sin 2c h mgh mgcos mgR cos mv μθθθ-+-= 得:μ=3160 (3)运动员离开C 点后开始做平抛运动到P 点 x P =vt y P =gt 2/2 2tan P Py h x θ-= cos P Px S θ= 得:S P =125m t=4s (4)从落点P 到最终停下,P 点沿斜坡速度v p =v C cos θ+gtsin θ=44m/s ()()()22210cos 1cos sin p P P mv fd mgR S L mg S L mg -=--+-∙--θθμθ 得f ≈1383N 故f/mg ≈1.713.(12分 12——14班做) 解析:Rv m mg 20=μ s m gR v /10==μ 221gt H = s gH t 5.02== m t v x 5.00== 由勾股定理得:m m R x s 71.02222≈=+= 14.(10分 1——6班做)解析:设氧气开始时的压强为p 1,体积为V 1,压强变为p 2(2个大气压)时,体积为V 2.根据玻意耳定律得 p 1V 1=p 2V 2 ① 重新充气前,用去的氧气在p 2压强下的体积为 V 3=V 2-V 1 ② 设用去的氧气在p 0(1个大气压)压强下的体积为V 0,则有 p 2V 3=p 0V 0 ③ 设实验室每天用去的氧气在p 0下的体积为ΔV ,则氧气可用的天数为 N =V 0ΔV④ 联立①②③④式,并代入数据得 N =4(天) ⑤14.(10分 7——14班做)解析:设折射角为γ,由折射定律: n =sin i sin γ,其中i =30° 由几何关系知sin γ=BP -OA OP, 且OP =(BP -OA )2+AB 2 代入数据解得n =1.5。
2022~2023学年度第一学期期中五校联考高三物理出题学校:杨村一中芦台一中一、单项选择题(本题共5小题,每题5分,共25分。
每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的)1.蛟龙号深潜器在执行某次实验任务时,外部携带一装有氧气的汽缸,汽缸导热良好,轻质活塞与缸壁间无摩擦且与海水相通。
已知海水温度随深度增加而降低,则深潜器下潜过程中,下列说法正确的是A.每个氧气分子的动能均减小B.氧气放出的热量等于其内能的减少量C.氧气分子单位时间撞击缸壁单位面积的次数增加D.氧气分子每次对缸壁的平均撞击力增大2.如图所示,N为钨板,M为金属网,它们分别与电池两极相连,电池的电动势E和极性已在图中标出,钨的逸出功为4.5 eV,现分别用氢原子跃迁发出的能量不同的光照射钨板,下列判断正确的是A.用n=3能级跃迁到n=2能级发出的光照射,N板会发出电子B.用n=2能级跃迁到n=1能级发出的光照射,N板会发出电子C.用n=3能级跃迁到n=1能级发出的光照射,不会有电子到达金属网MD.用n=4能级跃迁到n=1能级发出的光照射,不会有电子到达金属网M3.日本福岛核电站泄漏事故再升级,日本政府准备将大量受污染的核废水直接排入大海,遭到了来自日本国内乃至全世界人民的反对,核废水中含有大量无法中和的放射性氚,氚能通过β衰变放射出β射线,半衰期大约12.5年,氚同时也是轻核聚变的重要原料,一个氘核与一个氚核结合成一个氦核时(同时放出一个粒子),辐射出一个γ光子。
下列说法正确的是A.12H+13H→24He+0x n+γ,此方程中x=1,且此反应属于α衰变B.选项A中所涉及核反应,反应后核子平均质量会减小,24He和0x n 的结合能之和大于12H和13H的结合能之和C.20个氚核发生β衰变时,经过25年,大约还有5个氚核未发生衰变D.氚发生β衰变时,β射线来自原子核外的电子被电离而产生的4.飞箭是同学们喜欢的一种玩具,如图(a)所示,其运动可简化为如下过程:飞箭以初速度v0竖直向上射出,在t2时刻恰好回到发射点,其速度随时间的变化关系如图(b)所示。
河北省保定市重点中学2015届高三上学期第十六次周练
物理试题
1.(多选)以下叙述正确的是()
A.法拉第发现了电磁感应现象
B.惯性是物体的固有属性,速度大的物体惯性一定大
C.牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因
D.感应电流遵从楞次定律所描述的方向,这是能量守恒定律的必然结果
2.(单选)物理课上,老师做了一个奇妙的“跳环实验”.如图,她把一个带铁芯的线圈L、开关S和电源用导线连接起来后,将一金属套环置于线圈L上,且使铁芯穿过套环.闭合开关S的瞬间,套环立刻跳起.某同学另找来器材再探究此实验.他连接好电路,经重复试验,线圈上的套环均未动.对比老师演示的实验,下列四个选项中,导致套环未动的原因可能是()
A.线圈接在了直流电源上
B.电源电压过高
C.所选线圈的匝数过多
D.所用套环的材料与老师的不同
3.(单选)
如图,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置.当a绕O点在其所在平面内旋转时,b中产生顺时针方向的感应电流,且具有收缩趋势,由此可知,圆环a() A.顺时针加速旋转B.顺时针减速旋转
C.逆时针加速旋转D.逆时针减速旋转
4.(多选)(2014·德州模拟)线圈在长直导线电流的磁场中,做如图所示的运动:A向右平动,B向下平动,C绕轴转动(ad边向外转动角度θ≤90°),D向上平动(D线圈有个缺口),判断线圈中有感应电流的是()
5.(单选)
(2014·汕头质检)圆形导体线圈a平放在水平桌面上,在a的正上方固定一竖直螺线管b,二者轴线重合,螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路.若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动,下列表述正确的是()
A.线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流
B.穿过线圈a的磁通量变小
C.线圈a有扩张的趋势
D.线圈a对水平桌面的压力F N将增大
6.(单选)如图所示,在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中,金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动,MN中产生的感应电动势为E1;若磁感应强度增为2B,其他条件不变,MN中产生的感应电动势变为E2.则通过电阻R的电流方向及E1与E2之比E1∶E2分别为()
A.c→a,2∶1B.a→c,2∶1
C.a→c,1∶2 D.c→a,1∶2
7.(单选)在如图所示的电路中,两个相同的小灯泡L1和L2分别串联一个带铁芯的电感线圈L和一个滑动变阻器R.闭合开关S后,调整R,使L1和L2发光的亮度一样,此时流过两个灯泡的电流均为I.然后,断开S.若t′时刻再闭合S,则在t′前后的一小段时间内,正确反映流过L1的电流i1、流过L2的电流i2随时间t变化的图象是()
8.(多选)( 2014·长沙重点高中测试)一环形线圈放在匀强磁场中,设第1 s 内磁感线垂直线圈平面向里,如图甲所示.若磁感应强度B 随时间t 变化的关系如图乙所示,那么下列选项正确的是( )
A .第1 s 内线圈中感应电流的大小逐渐增加
B .第2 s 内线圈中感应电流的大小恒定X k B 1 . c o m
C .第3 s 内线圈中感应电流的方向为顺时针方向
D .第4 s 内线圈中感应电流的方向为逆时针方向
9.(多选)(2014·开封模拟)如图所示,有一个磁感应强度为B 的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,一半径为r 、电阻为2R 的金属圆环放置在磁场中,金属圆环所在的平面与磁场垂直.金属杆Oa 一端可绕环的圆心O 旋转,另一端a 搁在环上,电阻值为R ;另一金属杆Ob 一端固定在O 点,另一端b 固定在环上,电阻值也是R .已知Oa 杆以角速度ω匀速旋转,所有接触点接触良好,Ob 不影响Oa 的转动,则下列说法正确的是( ) A .流过Oa 的电流可能为Bωr 2/(5R ) B .流过Oa 的电流可能为6Bωr 2/ (25R ) C .Oa 旋转时产生的感应电动势的大小为Bωr 2 D .Oa 旋转时产生的感应电动势的大小为1
2
Bωr 2
10.
小明在研究性学习中设计了一种可测量磁感应强度的实验,其装置如图所示.在该实验中,磁铁固定在水平放置的电子测力计上,此时电子测力计的读数为G1,磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场,其余区域磁场不计.直铜条AB的两端通过导线与一电阻连接成闭合回路,总阻值为R.若让铜条水平且垂直于磁场,以恒定的速率v在磁场中竖直向下运动,这时电子测力计的读数为G2,铜条在磁场中的长度为L.
(1)判断铜条所受安培力的方向,G1和G2哪个大?
(2)求铜条匀速运动时所受安培力的大小和磁感应强度的大小.
11.(2014·北京东城区模拟)如图甲所示,光滑导轨宽0.4 m,ab为金属棒,均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面,磁场的变化情况如图乙所示,金属棒ab的电阻为1 Ω,导轨电阻不计.t =0时刻,ab棒从导轨最左端,以v=1 m/s的速度向右匀速运动,求1 s末回路中的感应电流及金属棒ab受到的安培力.
参考答案
6.C
7.B
8.BD
9.ABD
10.(1)安培力方向竖直向上G2>G1
(2)G 2-G11
L
2
-G1
v
11.1.6 A 1.28 N,方向向左。