2019高三物理二轮复习第三篇高分专项提能：高考大题分层练7：含解析

高考物理二轮复习：专题分层突破练7 电场带电粒子在电场中的运动A组1.只要空气中的电场足够强,空气就可以被“击穿”,成为导体。

某次实验中,电压为3×104 V的直流电源的两极连在一对平行的金属板上,当金属板间的距离减小到1 cm,板之间就会放电,则此次实验中空气被“击穿”时的电场强度大小为()A.3×102 V/mB.3×104 V/mC.3×106 V/mD.3×108 V/m2.如图所示,Q1、Q2为两个带等量正电荷的点电荷,在两者的电场中有M、N和O三点,其中M和O在Q1、Q2的连线上(O为连线的中点),N为过O点的垂线上的一点。

则下列说法正确的是()A.在Q1、Q2连线的中垂线位置可以画出一条电场线B.若将一个带正电的点电荷分别放在M、N和O三点,则该点电荷在M点时的电势能最大C.若将一个带电荷量为-q的点电荷从M点移到O点,则电势能减少D.若将一个带电荷量为-q的点电荷从N点移到O点,则电势能增加3.(2021上海高三二模)如图所示,四根彼此绝缘的带电导体棒围成一个正方形线框(导体棒很细),线框在正方形中心O点产生的电场强度大小为E0,方向竖直向下;若仅撤去导体棒C,则O点电场强度大小变为E1,方向竖直向上,则若将导体棒C叠于A棒处,则O点电场强度大小变为()A.E1-E0B.E1-2E0C.2E1+E0D.2E14.(2021江苏南京高三二模)某电子透镜的电场分布如图所示,虚线为等差等势面,一电子在其中运动的轨迹如图中实线所示,a、b是轨迹上的两点,则()A.a点的电场强度大于b点的电场强度B.b点电场强度的方向水平向右C.a点的电势高于b点的电势D.电子在a点的电势能大于在b点的电势能5.(2021广东揭阳高三调考)电容式传感器可以将非电学量的微小变化转换成电容变化。

如图是一种利用电容式传感器测量油箱中油量的装置。

开关S闭合后,下列说法正确的是()A.油量减少时,电容器的电容增大B.油量减少时,电容器的带电荷量减小C.油量减少时,电流向上经过电流表GD.电流表G示数为零时,油箱中油量为零6.(2022天津蓟州第一中学)如图所示,虚线a、b、c代表电场中的三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即U ab=U bc,实线为一带负电的质点仅在电场力的作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,据此可知()A.三个等势面中,c的电势最高B.带电质点通过P点的电势能比Q点大C.带电质点通过P点的动能比Q点大D.带电质点通过P点时的加速度比Q点小7.(多选)(2021福建高三二模)空间中有水平方向上的匀强电场,一质量为m,带电荷量为q的微粒在某竖直平面内运动,其电势能和重力势能随时间的变化如图所示,则该微粒()A.一定带正电B.0~3 s内电场力做功为-9 JC.运动过程中动能不变D.0~3 s内除电场力和重力外所受其他力对微粒做功为12 J8.(2021上海高三二模)如图所示,质量为m=2 g的小球a穿在光滑的水平绝缘细杆上,杆长为1 m,小球a带正电,电荷量为q=2×10-7 C,在杆上B点处固定一个电荷量为Q=2×10-6 C的带正电小球b。

高三物理二轮复习方法,第二轮复习方案在高三第一轮的复习中，学生大都能掌握物理学中的基本概念，如何才能在二轮复习中充分利用有限的时间，取得更好的效益?整理了物理学习相关内容，希望能帮助到您。

高三物理二轮复习方法一乐观调整心态，增强应试心理素质掌握知识的水平与运用知识解决问题的水平是高考成功的硬件;而在考前、考中的心态调整水平是高考成功的软件。

形象地说，高考既是打知识战也是打心理战，越是临近高考，心态的作用越是突出。

考试心态状况制约着能力的发挥，心态好就能正常甚至超常发挥;心态差就可能失常发挥。

有的考生平时成绩相当出色，可是一到正式考试就不行，问题就出在心理素质上。

一些考生由于不相信自己的实力，首先在心理上打垮了自己，因而发慌心虚、手忙脚乱，平时得心应手的试题也答不上来。

考生带着一颗平常心去迎接高考，做最坏结果的打算，然后去争取最好的结果，这样想问题反而能够使心情平静下来，并能自如应对各种复杂局面。

另外，在复习的后期阶段，尤其要针对自己的具体情况，恰当地提出奋斗目标，脚踏实地地实现它们，使自己在付出努力之后，能够不断地体会成功的喜悦。

对于偶然的失误，应准确地分析问题产生的原因，使下一步的复习更具有针对性。

在后面的几个月时间里老师和家长应该做到多多鼓舞学生，树立他们学习的信心。

学生遇到问题时也要及时地找老师寻求帮助和指导。

二知识体系的细化把贯穿高中物理的主干内容的知识结构、前后关联起来。

物理学科的知识构建重点放在课本定义、公式推导、讨论现象上。

如牛顿第一定律讨论的是惯性定律，阐述力是改变物体运动状态的原因，而不是维持运动的原因。

牛顿第二定律所讨论的是力的瞬时作用规律，而动量定理所讨论的是力对时间的积累作用规律。

对每一个知识板块要完成这四项工作：①基本规律和公式;②容易忘记的内容;③解题方法与技巧;④常常出错的问题。

三掌握分析问题的方法，养成良好的思维习惯正确的解题过程应该是：①逐字逐句，仔细审题;②想象情景，建立模型;③分析过程，画示意图，找到特征;④寻找规律，列出方程;⑤推导结果，讨论意义。

图v 0/图2019年高三物理二轮专项检测（最新重点题汇编）专项七力学综合（全解析）注意事项：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多理解！无论是单选、多选还是论述题，最重要的就是看清题意。

在论述题中，问题大多具有委婉性，尤其是历年真题部分，在给考生较大发挥空间的同时也大大增加了考试难度。

考生要认真阅读题目中提供的有限材料，明确考察要点，最大限度的挖掘材料中的有效信息，建议考生答题时用笔将重点勾画出来，方便反复细读。

只有经过仔细推敲，揣摩命题老师的意图，积极联想知识点，分析答题角度，才能够将考点锁定，明确题意。

特别说明：因时间关系，本资料试题未经校对流程，使用时请注意。

1、【2018•广西模拟】物体在恒定的合力F 作用下作直线运动，在时间△t 1内速度由0增大到v ，在时间△t 2内速度由v 增大到2v 、设F 在△t 1内做的功是W 1，冲量是I -1；在△t 2内做的功是W 2，冲量是I 2，那么〔〕 A 、1212,I I WW <=B 、1212,I I WW <<C 、1212,I I WW ==D 、1212,I I WW =<【答案】D 【解析】在△t 1时间内，I 1=F △t 1=mv=△p 1，在△t 2时间内、I 2=F △t 2=2mv －mv=mv=△p 2∴I 1=I 2又2222121113,(2)2222W m v W m v m v m v ==-= ∴W 1<W 2，D 选项正确、2、【2018•四川联考】如下图,质量分别为m 1和m 2、大小相同的两物块,分别以速度v 1和v 2沿固定斜面向下匀速滑行,且v 1>v 2,m 2的右端装有轻质弹簧,在它们发生相互作用后又分开.那么在m 1和m 2相互作用的过程中,以下说法中正确的选项是〔〕 A 、由于有重力和摩擦力,所以该过程动量不守恒 B 、由于系统所受合外力为零,所以该过程动量守恒C 、假设相互作用过程中,m 1的速度不反向,那么该过程动量守恒D 、假设相互作用过程中,m 1的速度反向,那么该过程动量守恒【答案】C 【解析】在相互作用过程中,以m 1、m 2和弹簧组成的系统为对象,当两个物体都向下滑行时,即m 1的速度不反向,系统的重力沿斜面向下的分力与滑动摩擦力相等,所以系统的合外力为零,系统的动量守恒、假设在相互作用过程中,m 1的速度反向,那么m 1受到的滑动摩擦力沿斜面向下,系统的合外力不为零,系统的动量不过恒、 3、【2018•湖北模拟】如图1-5所示,质量为M 的木板静止在光滑水平面上、一个质量为m 的小滑块以初速度v 0从木板的左端向右滑上木板、滑块和木板的水平速度随时间变化的图像如图1-6所示、某同学根据图像作出如下的一些判断正确的选项是〔〕 A 、滑块与木板间始终存在相对运动 B 、滑块始终未离开木板C 、滑块的质量大于木板的质量D 、在t 1时刻滑块从木板上滑出【答案】ACD【解析】从图中可以看出,滑块与木板始终没有达到共同速度,所以滑块与木板间始终存在相对运动;又因木板的加速度较大,所以滑块的质量大于木板的质量;因在t 1时刻以后,滑块和木板都做匀速运动,所以在t 1时刻滑块从木板上滑出、所以选项A 、C 、D 正确、4、【2018•重庆期中】水平传送带在外力的作用下始终以速度v 匀速运动，某时刻放上一个小物体，质量为m ，初速度大小也是v ，但方向与传送带的运动方向相反，小物体与传送带之间的动摩擦因数为μ，最后小物体的速度与传送带相同、在小物体与传送带间有相对运动的过程中，滑动摩擦力对小物体做的功为W ，摩擦生成的热量为Q ，那么下面的判断中正确的选项是()A 、W ＝0，Q ＝0B 、W ≠0，Q ＝0C 、W ≠0，Q ≠0D 、W ＝0，Q ≠0 【答案】 【解析】小物体以－v 的初速度放到传送带上，到后来速度变为和传送带相同的过程中，根据动能定理可知：因小物体的初末动能相等，故合外力做功为0，重力和支持力均未做功，故摩擦力做功W ＝0，但小物体和传送带在此过程中发生了相对运动，故热量Q ≠0，所以D 正确、5、【2018•黄冈模拟】如下图，A 、B 两质量相等的长方体木块放在光滑的水平面上，一颗子弹以水平速度v 先后穿过A 和B(此过程中A 和B 没相碰)。

温馨提示：此套题为Word版,请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴,调节合适观看比例,答案解析附后。

关闭Word文档返回原板块。

高考大题专攻练7、立体几何(A组)大题集训练,练就慧眼和规范,占领高考制胜点！1、如图1,在边长为4正方形ABCD中,E,F分别是AB,CD中点,沿EF将矩形ADFE折起使得二面角A-EF-C大小为90°(如图2),点G是CD中点、(1)若M为棱AD上一点,且=4,求证：DE⊥平面MFC、(2)求二面角E-FG-B余弦值、【解析】(1)M为棱AD上一点,且=4,则AD=4DM=4,即DM=1,因为二面角A-EF-C大小为90°,所以建立以F为坐标原点,FD,FC,FE分别为x,y,z轴空间直角坐标系如图：因为AD=4,AE=BE=2,DM=1,所以D(2,0,0),F(0,0,0),M(2,0,1),C(0,2,0),E(0,0,4), B(0,2,4),则=(-2,0,4),=(2,0,1),=(0,2,0),则·=-2×2+4×1=-4+4=0,同理,·=0,即⊥,⊥,因为FM∩FC=F,所以DE⊥平面MFC、(2)因为点G是CD中点,所以G(1,1,0),且CD⊥FG,则CD⊥平面EFG,则=(2,-2,0)是平面EFG一个法向量,设面BFG法向量为n=(x,y,z),则=(0,2,4),=(1,1,0),则n·=0,n·=0,即令z=1,则y=-2,x=2,即n=(2,-2,1),则cos<,n>====,即二面角E-FG-B余弦值是、2、如图所示,在四棱锥P-ABCD中,底面四边形ABCD是菱形,AC∩BD=O,△PAC是边长为2等边三角形,PB=PD=,AP=4AF、(1)求证：PO⊥底面ABCD、(2)求直线CP与平面BDF所成角大小、【解析】(1)因为底面ABCD是菱形,AC∩BD=O,所以O为AC,BD中点、又因为PA=PC,PB=PD,所以PO⊥AC,PO⊥BD,所以PO⊥底面ABCD、(2)由底面ABCD是菱形可得AC⊥BD、又由(1)可知PO⊥AC,PO⊥BD、如图,以O为原点建立空间直角坐标系、由△PAC是边长为2等边三角形,PB=PD=,可得PO=,OB=OD=、所以A(1,0,0),C(-1,0,0),B(0,,0),P(0,0,),所以=(1,0,),=(-1,0,)、由已知可得=+=、设平面BDF法向量为n=(x,y,z),则令x=1,则z=-,所以n=(1,0,-)、因为cos<,n>==-,所以直线CP与平面BDF所成角正弦值为,所以直线CP与平面BDF所成角大小为30°、关闭Word文档返回原板块。