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河北省邯郸市曲周第一中学高三物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 力学中的三个基本物理单位是：A. 质量、米、秒B. 牛顿、米、秒C. 千克、米、秒D.牛顿、米、米/秒参考答案：C2. .图7，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相等的光滑轨道，甲、乙两小孩沿着不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有A．甲的切向加速度始终比乙大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等C．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D．甲比乙先到达B处参考答案：考点：力和运动，动能定理，力的分解答案：B D解析：A在曲线上任取一点，作切线，设切线与水平方向成的锐角为θ，则切向力为：mgsinθ=mat，可以看出来甲的切向加速度一直减小，乙一直增大在B点就有甲的切向加速度小于乙，当然这样地方还有很多A错B当甲乙下降相同的高度h时，由动能定理得：即：B对C D 答案判定画切向速度函数图象如下图一图二图三图四分析过程：经分析甲乙开始一段时间切向加速度甲比乙大，切向速度存在上面3种可能，排查只有图一才合理，假设图二成立，从0到末时刻有s甲>s乙、末时刻速度大小相同，表示下降同一高度，然后用水平线去截甲乙轨迹如图四有s甲<s乙与上面相矛盾故假设不成立，同理图三也不成立只有图一成立即D对C错3. (多选)下面的几个速度中表示平均速度的是()A.子弹射出枪口的速度是800 m/s,以790 m/s的速度击中目标B.汽车从甲站行驶到乙站的速度是40 km/hC.汽车通过站牌时的速度是72 km/hD.汽车通过一隧道的速度为5 m/s参考答案：选B、D。
A中的“射出枪口”“击中目标”均是指某一瞬间,是瞬时速度,A错;B中“从甲站行驶到乙站”是一段距离,是平均速度,B对;C中“通过站牌时”是瞬时速度,C错;D中“通过一隧道”是一段位移,是平均速度,D对。
4. 如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E.则（）A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势参考答案：A5. 关于波的干涉和衍射现象，下列说法中正确的是（）A．一切种类的波都能产生干涉和衍射现象B．波只要遇到障碍物就能够发生明显的衍射现象C．只要是两列波叠加，都能产生稳定的干涉图样D．发生干涉现象的两列波频率一定相同参考答案：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 有人设想了一种静电场：电场的方向都垂直于纸面并指向纸里，电场强度的大小自左向右逐渐增大，如图所示。
河北省邯郸市曲周县2017届高三理综4月第二次模拟考试试题（扫描版）2017届高三年级第二次模拟考试理科综合能力测试参考答案及评分参考生物部分（共90分）1.A2.C3.B4.A5.D6.D29.（12分，每空2分）（1）叶黄素蓝紫（2）不变（3）①小于线粒体（或呼吸作用）和外界环境②430.（10分，每空2分）（1）信息激素的浓度（或靶细胞上的受体）（2）赤霉素乙烯（3）韧皮部31.（10分,每空2分）(1) 杂合子(2) 裂翅（♀）×裂翅（♂）（雌雄均写正确得2分，否则得0分）(3) 能(4) X Ef X eF X EF Y32.（7分，每空1分）⑴间接⑵抵抗力稳定性自我调节能力是有一定限度的⑶太阳能和化学能群落⑷丙新环境中缺少天敌或其他限制因素，因此繁殖很快，抢占食物、空间等资源37.（15分，除标注外每空2分）（1） B（1分）（2） BCEFG（3）发酵产纤维素酶（4）稀释涂布平板法培养基表面的菌悬液会出现积液，导致菌体堆积，影响分离效果平板划线法（5）高压蒸汽灭菌 2.1×10738. （15分，除标注外每空2分）（1）营养（1分）（2）促性腺激素（早期）胚胎（3）③④②⑤①（4）受精卵显微注射法（5）动物细胞培养、胚胎移植、早期胚胎培养、卵母细胞的采集技术（任选两项）2017届高三年级二模考试 化学部分（100分）7 8 9 10 11 12 13DBCCDBA26. （13分）（1）锥形瓶（1分） 将分液漏斗玻璃塞上的凹槽与漏斗口颈上的小孔对准（或将玻璃塞拔开），缓慢旋转分液漏斗的旋塞，使硫酸溶液缓慢流入锥形瓶，适时关闭旋塞。
（2分）（2）装置冷却至室温（2分） 调节水准管高度，使其液面与量气管中液面相平（2分） （3）24.75 L· mol -1（2分。
数值1分，单位1分） b. c （2分） （4）避免加入硫酸时，液体所占的体积引入的实验误差（2分） 27. （14分）（1） TeO 2 + 2NaOH = Na 2TeO 3 + H 2O （2分）（2）0.1% （2分） 8 HI+2 H 6TeO 6 = 1 TeO 2+1 Te+4 I 2 + 10 H 2O （2分） (3) ①溶液酸性过强，TeO 2会继续与酸反应，导致TeO 2沉淀不完全。
2017-2018学年河北省邯郸市高三（上）摸底物理试卷（9月份）一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是( )A．物体的速度为零时，物体处于平衡状态B．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D．运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动2．物体运动的位移﹣时间图象如图所示，下列说法正确的是( )A．物体做曲线运动B．物体在t1时刻速度最大C．物体在t1时刻运动方向发生改变D．物体在t2时刻速度为零3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是( )A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为( )A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s5．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动．则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）( )A．μmg（1+）B．μmg（1+）C．μmg D．μMg6．如图所示，一轻弹簧上端固定在天花板上，现用互成角度的力F1、F2拉弹簧下端至O点，此过程力F1、F2做功分别为3J和4J．现用一个力F拉弹簧下端至O点，该过程力F做功为( )A．3J B．4J C．5J D．7J7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．下列说法正确的是( )A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s8．如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点．以ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，下列说法正确的是( )A．t1＜t2v1＜v2B．t1＜t2v1＞v2C．t1＞t2v1＞v2D．t1＞t2v1＜v29．如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是( )A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg10．如图所示，质量为m的物块随木箱以加速度a=竖直向上加速运动，重力加速度为g，在物块上升高度为h的过程中，下列说法正确的是( )A．支持力做功为mgh B．动能增加mghC．合外力做功mgh D．机械能增加mgh11．如图所示，一质量为m的物体系于长度分别为l1、l2的轻弹簧和细线上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角，l2水平拉直，物体处于平衡状态，重力加速度大小为g，下列说法错误的是( )A．轻弹簧的拉力为B．轻绳拉力大小为C．剪断轻绳瞬间，物体加速度大小为gtanθD．去掉轻弹簧瞬间，物体加速度大小为g12．如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，下列说法正确的是( )A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：113．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是( )A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度可向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动14．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，下列说法正确的是( )A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0二、实验题：本题共2小题，共15分．15．某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上．然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度值记作l0，弹簧下端每增加一个50g的砝码时，指针示数分别记作l1、l2、…l5，g取9.8m/s2．（1）下表记录的是该同学测出的5个值，其中l0未记录．以砝码的数目n为纵轴，以弹簧的长度l为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出n﹣l图线．（2）根据n﹣l图线，可知弹簧的劲度系数k=__________N/m．（保留2位有效数字）（3）根据n﹣l图线，可知弹簧的原长l0=__________cm．16．验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O．然后每两个打点取一个计数点分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6．（1）关于本实验，说法正确的是__________．A、图甲所示打点计时器为电火花打点计时器B、释放前手拿住纸袋上端，保持纸带竖直C、先释放纸带，再接通电源D、实验中的重锤应选密度大的金属块．（2）已知打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，打点计时器打下点1到点5的过程中，重锤增加的动能为__________．减少的重力势能为__________．（3）取打点O时重锤所在的平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能和动能．建立坐标系，横轴表示重锤下落的高度h，纵轴表示重锤的势能||和动能E，根据以上数据在图丙中绘出图Ⅰ和Ⅱ．其中E F﹣h图线对应的是__________（填“Ⅰ“或“Ⅱ“），图线Ⅰ和Ⅱ不重合的主要原因是__________．三、计算讨论题：本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．17．如图所示，长为l的水平桌面上的中轴线上有一段长度未知的粗糙面，其他部分均光滑，一可视为质点的小物块以速度为v0=从桌面左端沿轴线方向滑入，小物块与粗糙面的滑动摩擦因数为=0.5．小物块离开桌面后做平抛运动，桌面的高度和平抛水平位移均为，重力加速度为g．求桌面粗糙部分长度为多少．18．如图所示，半径为R的圆环竖直放置，直径MN为水平方向，环上套有两个小球甲和乙，甲、乙之间用一长R的轻杆相连，小球可以沿环自由滑动，开始时甲球位于M点，乙球锁定．已知乙的质量为m，重力加速度为g．（1）若甲球质量也为m，求此时杆对甲球的弹力大小；（2）若甲的质量为2m，解除乙球锁定，由静止释放轻杆．求甲球由初始位置到达最低点的过程中，轻杆对甲球所做的功．19．如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点．现用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a﹣F图象如图乙所示，取g=10m/s2．求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以及木板与地面的滑动摩擦因数．（2）若水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长．20．如图所示，传送带与两轮切点A、B间的距离为l=20m，半径为R=0.4m的光滑的半圆轨道与传送带相切于B点，C点为半圆轨道的最高点．BD为半圆轨道直径．物块质量为m=1kg．已知传送带与物块间的动摩擦因数=0.8，传送带与水平面夹角=37°．传送带的速度足够大，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10ms2，物块可视为质点．求：（1）物块无初速的放在传送带上A点，从A点运动到B点的时间；（2）物块无初速的放在传送带上A点，刚过B点时，物块对B点的压力大小；（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C，物块放在A点的初速度为多大．2015-2016学年河北省邯郸市高三（上）摸底物理试卷（9月份）一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是( )A．物体的速度为零时，物体处于平衡状态B．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D．运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：力是改变物体运动状态的原因，当物体受到的合外力为零时，物体的运动状态保持不变，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；根据牛顿第二定律可知，物体加速度的方向与物体所受合外力的方向相同，但物体加速度的方向与物体速度的方向不一定相同．当物体的加速度不为0时，物体的速度一定发生变化．解答：解：A、速度为零时，物体可能有加速度，如物体在竖直上抛的最高点；故A错误；B、物体处于超重状态时，此时一定有向上的加速度；但速度可以向下，即向上的减速运动；故B错误；C、地球表面上的物体，不论做什么运动均受到作用力；故C错误；D、运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动；故D正确；故选：D．点评：物体的运动状态即物体的速度，物体的运动状态发生改变，即物体的速度发生改变，既包括速度大小发生改变，也包括速度的方向发生改变．2．物体运动的位移﹣时间图象如图所示，下列说法正确的是( )A．物体做曲线运动B．物体在t1时刻速度最大C．物体在t1时刻运动方向发生改变D．物体在t2时刻速度为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据位移图象的斜率等于速度，分析物体的速度方向，判断物体的运动情况．解答：解：A、位移图象只能反映位移正负两个方向，所以只能描述直线运动，故A错误；B、位移时间图象的斜率等于速度，则知物体在t1时刻速度为零，故B错误．C、图线斜率的正负表示运动方向，图中斜率先正后负，表示物体先沿正方向运动后沿负方向运动，在t1时刻运动方向发生改变，故C正确；D、图象的斜率表示速度大小，可知物体在t2时刻速度不为零，故D错误；故选：C点评：位移图象和速度图象都表示物体做直线运动．抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键．3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是( )A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，可以把AB看出一个整体处理，对物体进行受力分析，根据共点力的平衡列式求解即可．解答：解：设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，A、开始时A受到的摩擦力f=μmgcosθ，增加力F后的摩擦力：f′=μ（mg+F）cosθ，滑动摩擦力增大．故A正确；B、若甲图中A可沿斜面匀速下滑，则A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即mgsinθ=μmgcosθ，加上向下的力F后，对A进行受力分析，则满足F+mgsinθ=μ（mg+F）cosθ，所以仍然做匀速下滑，故B正确；C、D、以A与斜面体为研究的对象，开始时系统受到重力与竖直方向的支持力的作用即可处于平衡状态，所以不受地面的摩擦力，支持力：N1=（M+m）g；增加竖直向下的力F后，仍然以相同为研究对象，则竖直方向受到重力、支持力和向下的力F，支持力：N2=（M+m）g+F＞N1，水平方向由于没有其他的外力，所以水平方向仍然不受摩擦力的作用．故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D点评：该题考查共点力作用下物体的平衡状态，解决本题的关键能够正确地进行受力分析，明确系统在水平方向不受其他的外力的作用，所以不受地面的摩擦力．4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为( )A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：结合匀变速直线运动的速度位移公式，抓住位移关系，求出航母匀速运动的最小速度．解答：解：设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v1．由运动学公式得：v=v1+atL1=v1tL2=L+L1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为v1=10m/s．故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意舰载机的位移不是航母跑道的长度．5．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动．则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）( )A．μmg（1+）B．μmg（1+）C．μmg D．μMg考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F的最大值．解答：解：对A、B整体进行受力分析：F=（M+m）a对A进行受力分析：F﹣f B=ma对B进行受力分析：f A=Ma当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，f A=μmg．求解上面方程组，F最大=μmg（1+），故A正确、BCD错误．故选：A．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用．6．如图所示，一轻弹簧上端固定在天花板上，现用互成角度的力F1、F2拉弹簧下端至O点，此过程力F1、F2做功分别为3J和4J．现用一个力F拉弹簧下端至O点，该过程力F做功为( )A．3J B．4J C．5J D．7J考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：拉力做的功全部转化为弹簧的弹性势能，去拉力F做功等于两力F1、F2拉力做功之和解答：解：在F1、F2拉力作用下，两力做功之和为W=7J，拉力做功全部转化为弹簧的弹性势能，当用一个力F时，拉力做功也将全部转化为弹簧的弹性势能，由于弹簧的伸长量相等，故具有的弹性势能相等，故拉力F做功与F1、F2拉力做功相等为7J故选：D点评：本题主要考查了拉力做功全部转化为弹簧的弹性势能，并且抓住功是标量即可7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．下列说法正确的是( )A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据v﹣t图象求得物体下落时的加速度，由牛顿第二定律求出阻力大小，根据竖直上抛规律求得第一次上升的高度和第二次下落的时间，再根据受力分析求得上升时的加速度．解答：解：A、小球在0﹣0.5s内加速运动的加速度a=，根据牛顿第二定律有：mg﹣f=ma，可得阻力f=m（g﹣a）=0.1×（10﹣8）N=0.2N，故A错误；B、小球上升时阻力向下，据牛顿第二定律有：mg+f=ma′解得上升的加速度a，故B错误；C、由v﹣t图象知小球落地时的速度为4m/s，则第一次反弹时的初速度．则据速度位移关系知小球第一次上升的高度，故C正确；D、物体下落的加速度为8m/s2，下落高度为0.375m，物体下落时间t=，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，掌握竖直上抛运动规律是正确问题的关键．8．如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点．以ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，下列说法正确的是( )A．t1＜t2v1＜v2B．t1＜t2v1＞v2C．t1＞t2v1＞v2D．t1＞t2v1＜v2考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的高度决定运动的时间，结合水平方向位移相等，分析初速度关系．解答：解：a球下落的高度比b球下落的高度大，根据h=，得t=，可知t1＞t2．在水平方向上，上v0=，可知，x相等，则有v1＜v2．故选：D点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．9．如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是( )A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度．根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小．解答：解：小环从最高到最低，由动能定理，则有：mv2=mg•2R；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=m得：N=mg+m联立解得：大环对小环的支持力为：N=5mg对大环分析，有：T=N+Mg=5mg+Mg，则C正确，ABD错误故选：C点评：解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．10．如图所示，质量为m的物块随木箱以加速度a=竖直向上加速运动，重力加速度为g，在物块上升高度为h的过程中，下列说法正确的是( )A．支持力做功为mgh B．动能增加mghC．合外力做功mgh D．机械能增加mgh考点：功能关系；牛顿第二定律．分析：对物体受力分析，受重力G和向上的支持力N，根据牛顿第二定律列式求出支持力，可求得支持力做功，然后根据功能关系得到各种能量的变化情况．解答：解：A、根据牛顿第二定律得：N﹣mg=ma=m，可得支持力N=mg，支持力做功W N=Nh=mgh，故A错误．BC、由牛顿第二定律知，物体的合外力F合=ma=mg，方向向上，则合外力做功为W合=Fh=mgh，由动能定理知物体的动能增加了mgh，故B、C错误．合D、根据功能原理，可知机械能增加等于支持力做功mgh，故D正确．故选：D点评：本题关键对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出支持力N，利用动能定理列方程求解．11．如图所示，一质量为m的物体系于长度分别为l1、l2的轻弹簧和细线上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角，l2水平拉直，物体处于平衡状态，重力加速度大小为g，下列说法错误的是( )A．轻弹簧的拉力为B．轻绳拉力大小为C．剪断轻绳瞬间，物体加速度大小为gtanθD．去掉轻弹簧瞬间，物体加速度大小为g考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：细线的弹力可以发生突变，弹簧的弹力不能发生突变，根据物体的受力情况，由牛顿第二定律求出加速度．解答：解：A、剪断轻绳前物体受力如图所示：由平衡条件得：f=mgtanθ，F=，故A正确，B错误；C、弹簧的弹力不能突变，剪断轻绳瞬间，由牛顿第二定律得：mgtanθ=ma，解得加速度：a=gtanθ，故C正确；D、去掉轻弹簧的瞬间，物体受到竖直向下的重力与轻绳的拉力作用，物体受到的合力不是mg，加速度不是g，故D错误；故选：C．点评：本题考查了平衡条件与牛顿第二定律的应用，解决本题的关键知道烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变．然后根据共点力平衡求出弹簧的弹力．12．如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，下列说法正确的是( )A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：万有引力定律的应用专题．分析：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式求解即可．解答：解：对于任一情形，根据万有引力提供向心力得：G=ma=ω2r=r=m可得a=，T=2π，ω=，v=r相同，根据题中条件可得：a1：a2=1：2，T1：T2=：1，ω1：ω2=1：，v1：v2=1：故选：AC点评：抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力进行解答，注意区别中心天体的质量不同．13．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是( )A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度可向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动考点：安培力．分析：根据运动的合成与分解的规律，结合矢量的合成法则，确保割刀在水平方向的速度等于玻璃的运动速度，即可求解．。
2017届9月高三年级质量检测物理答案一、选择题二、实验题（共12分．把答案写在答题卡中指定的答题处，不要写出演算过程） 13．（4分）（2）三细线的方向 (至少记录L 2的方向)；（2分） （4）F ′与F 的图示基本重合（F ′大小与F 相等，方向相同）（2分）14．（8分）（1）①5. 5mm （2分） ②AC （2分） ③])()[(212122t d t d M -（2分）； （2）gsk bd 22（2分） 三、计算题：15．（10分）解：（1）（5分）汽车通过AB 中间时刻的瞬时速度为：1210m/s x v t ∆==，（1分） 汽车从刹车到AB 中间时刻的时间为：t =4.5+1﹣0.5s=5s ，（1分）则刹车时的加速度大小为：2012m/s v v a t-==（1分） 从O 点到A 点的距离为：200111()()74m 2OA x v t v t t a t t =∆+-∆--∆=（2分） （2）（5分）B 点的速度： 218m/s 2B t v v a =-=，（2分） 则从B 点到停止的距离：216m 2B v x a'==（2分） 所以汽车停止运动时车头与标志杆C 的距离为：L =△x ﹣x ′=20 m ﹣16m=4m ．（1分） 说明：其他解法正确可参照给分。
16．（14分）解：(1) （4分）以A 与C 组成的系统为研究对象，C 下降的过程中，拉着A 一起运动，只有重力做功，则0sin37c m l =＝12(m A ＋m C )v 20（2分），代入数据解得v 0＝2 m/s. （2分） (2) （10分）将B 放在A 上后，B 受到摩擦力的作用，A 与B 之间有摩擦力， f ＝μm B g ＝0.25×3.6×10 N＝9 N ，（1分）设此时A 与C 仍然一起做加速运动的加速度为a ，则(m A ＋m C )a ＝m C g sin θ－f ＝9 N －9 N ＝0 N. （1分）所以将B 放在A 上后，A 与C 一起做匀速直线运动，B 做匀加速直线运动，加速度a B ＝f m B＝93.6 m/s 2＝2.5 m/s 2，（2分） B 与A 的速度相等需要的时间t ＝v 0a B ＝22.5s ＝0.8 s ，（1分） 此过程中A 的位移x 1＝v 0t ＝2×0.8 m＝1.6 m ，（2分）B 的位移x 2＝12a B t 2＝12×2.5×0.82m ＝0.8 m. （2分）由于最后B 恰好未从木板A 滑落，所以A 的长度等于A 与B 的位移差，即L ＝x 1－x 2＝1.6 m －0.8 m ＝0.8 m. （1分）17．（16分）解：(1) （4分）物块在传送带上做加速运动，由牛顿第二定律得 mg sin θ＋μ1mg cos θ＝ma （2分）由运动学公式得v 2＝2aL 0（1分）解得v ＝v 0＝6 m/s （1分）故物块在传送带上加速到底端时与传送带共速 (2)①物块在圆轨道的最高点的最小速度v 1，由牛顿第二定律可得：21mv mg R=（1分） 由动能定理得:－2μ2mgL －2mgR ＝12mv 21－12mv 20（2分） 解得μ2=01.65（1分）故物块能返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道，满足200.65μ≤≤（1分） ②物块在圆轨道上升高度R 时速度为零，由动能定理可得：－2μ2mgL －2mgR ＝0－12mv 20（2分） 解得：μ2=0.8（1分）物块刚好运动到C 点，由动能定理可得：－2μ2mgL ＝0－12mv 20（1分）解得：μ2=0.9（1分）故物块能返回圆形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道，满足20.9>0.8μ≥（1分） 总上所述，20.9>0.8μ≥和200.65μ≤≤（1分）。
邯郸市高三摸底考试物理试题2017.9 （考试时间:90分钟满分:100分）第I卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一个选项符合题目要求，7～10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。
1．下列关于牛顿运动定律的说法中正确的是A．惯性就是物体保持静止状态的性质B．力的国际制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的C．物体运动状态改变的难易程度就是加速度D．一对作用力与反作用力的作用效果总相同2．某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图所示的物理模型，一个小朋友与斜面在AB段的动摩擦因数μ1<tan θ，BC段的动摩擦因数μ2>tan θ，他从A点开始下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态。
该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中A．地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B．地面对滑梯始终无摩擦力作用C．地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D．地面对滑梯的支持力的大小先大于、后小于小朋友和滑梯的总重力的大小3．如图，这是物体做匀变速曲线运动的轨迹的示意图。
已知物体在B点的加速度方向与速度方向垂直，则下列说法中正确的是A．C点的速率小于B点的速率B．A点的加速度比C点的加速度大C．A点的速率大于B点的速率D．从A点到C点加速度与速度的夹角先增大后减小，速率是先减小后增大4．如图，飞船从轨道1变轨至轨道2。
若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的A．动能大 B．向心加速度大C．运行周期短 D．角速度小5．汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t1时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻汽车又开始做匀速直线运动(设汽车所受阻力不变)，则在t1～t2时间内A．汽车的加速度保持不变B．汽车的加速度逐渐减小C．汽车的速度先减小后增大D．汽车的速度先增大后减小6．如图，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板(A位置)上，随跳板一同向下运动到最低点(B位置)。
邯郸市2017年高三第二次模拟考试理科综合能力物理测试 2017.4 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）。
第I卷1至5页，第II卷6至16页，共300分。
考生注意：1．答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2．第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再涂选其它答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3．考试结束后，监考员将试题卷、答题卡一并交回。
以下数据可供解题时参考相对原子质量（原子量）：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 Si-28 S-32 Cl-35.5 K-39 Ca-40 Fe-56 Cu-64 Ag-108二、选择题:本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于物理学的研究方法，以下说法不正确．．．的是A．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B．卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法C．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D．“平均速度”、“总电阻”、“交流电的有效值”用的是等效替代的方法15．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块a、b，a、b都处于静止状态。
现将物块b移至c点后，a、b仍保持静止，下列说法中正确的是A．b与水平面间的摩擦力减小B ．b 受到的绳子拉力增大C ．悬于墙上的绳所受拉力增大D ．a 、b 静止时，图中α、β、θ三角仍然相等16．如图所示，图(a )中的变压器为理想变压器，其原线圈接到U ＝220 V 的交流电源上，副线圈与阻值为R 1的电阻接成闭合电路；图(b )中阻值为R 2的电阻直接接到电压为U ＝220 V 的交流电源上，结果发现R 1与R 2消耗的电功率恰好相等，则变压器原、副线圈的匝数之比为 A ．21R R B ．12R RC.12R R D. 21R R17．将一正电荷从无限远处移入电场中M 点，静电力做功W 1＝6×10-9J ，若将一个等量的负电荷从电场中N 点移至无限远处，静电力做功W 2＝7×10-9J ，则M 、N 两点的电势φM 、φN 关系正确的是A ．φN <φM <0B ．φN >φM >0C ．φM <φN <0D ．φM >φN >0 18．如图所示，倾角为θ的斜面正上方有一小球以初速度v 0水平抛出。
河北省邯郸市2018届高三物理上学期摸底考试试题（无答案）一、选择题：本题共10小题，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.在光滑水平面上一辆平板车,一人手握大锤站在车上。
开始时人、锤和车均静止且这三者的质量依次为1m 、2m 、3m 。
人将大锤水平向左抛出后，人和车的速度大小为v ，则抛出瞬间大锤的动量大小为（ ） A. v m 1 B. v m 3 C. v m m ）（31+ D.v m m ）（32+2.如图所示，某空间存在正交的匀强电场和匀强磁场，三个速度不同的质子沿垂直电场线和磁感线方向从同一点射入场区，其轨迹为图中Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ进入磁场区时速度大小分别为1v 、2v 、3v ，射出磁场区时速度大小分别为1v '、2v '、3v '，不计质子所受的重力，下列判断正确的是( ) A.321>>v v v ，11>v v '，33>v v 'B.321>>v v v ，11<v v '，33<v v ' C.321<<v v v ，11>v v '，33>v v ' D.321<<v v v ，11<v v '，33<v v ' 3.在某些恒星内，3个α粒子结合成1个C 126，C 126原子的质量是12.0000u ，He 42原子的质量是4.0026u ，已知kg u 271066.11-⨯=，则此核反应中释放的核能约为（ ）A. 7.266eVB. 5.266eVC.J 91016.1-⨯D.J 121016.1-⨯4.“天舟一号”货运飞船于2017年4月20日在文昌航天发射中心成功发射升空,并于4月22日与“天宫二号”空间实验室对接前。
河北省邯郸市曲周县第一中学2017届高三理综2月模拟考试试题（扫描版）ACDDCB29（10分）（1）线粒体（1分）CO2（1分）温度和CO2（2分）ATP和【H】（2分）(2)温度为15℃时,温度较低，有关细胞代谢的酶活性较低（2分）(3)A能利用低浓度CO2进行光合作用，B不能（2分）30（10分）（1）不同浓度的激素类似物甲，类似物乙（2分）月季插条生根的条数（2分）（2）排除内源激素（月季本身产生的激素）对实验结果的影响（2分）（3）形态学下端（1分）拮抗作用（1分）（4）10～50µmol/L区间再设置更小的系列浓度梯度重复试验（2分）31（10分）（1）不同（1分）（2）宽叶（1分）（3）X A雌（2分）（4）常（2分） BbRrX A Y（2分） 2（2分）32（9 分，除注明外，每空2 分）（1）分解者和非生物的物质和能量（1分）垂直（1 分）利用空间和资源的能力（2）生产者固定的太阳能和饵料中的化学能（漏“饵料中的”不扣分）抵抗力（1 分）（3）直接（1 分）基因（1 分）37（15分）答案（1）防腐杀菌(抑制杂菌的生长) （1分）亚硝胺（1分）（2）冷凝（2分） Nacl(2分) 出油率（2分）（3）性质和使用量（2分，答全给分）蒸馏（2分）（4）酒精发酵后期进入了空气，温度上升导致醋酸菌大量生长产生醋酸（3分，要点：“空气或者氧气”、“温度”、“醋酸菌活动”）38（15分）（1）促性腺顶体酶放射冠和透明带（2）早期胚胎在相同生理环境条件下空间位置的转移 1/2或1（3）全患病不遵循(1分）（4）染色体检查7-13 D B D C C A C26.（15分）（1）Ni 2+在水溶液中水解显酸性（2分）（2）2Fe 2++H 2O 2+2H +=2Fe 3++2 H 2O （2分）（3）3.6×10-4（2分） 用试管取少量滤液Ⅲ，滴加几滴KSCN 溶液，若无颜色变化，则Fe 3+已除净（2分） （4）增大NiSO 4的浓度（或富集NiSO 4）（2分） （5）蒸发浓缩、冷却结晶、过滤（3分） （6）d （2分）27.（14分）（1）-285.8 k J·moL －1（2分，无单位扣1分）（2）CO(g)+H 2O(g)＝CO 2(g)+H 2(g) ΔH=-41. 2KJ·moL －1（2分） （3）83.3% （2分） 减小 （2分）（4）CO + CO 32－－2e －= 2CO 2 （2分） N 2O 4 + 2HNO 3—2e — = 2N 2O 5 +2H ＋（2分）（5）0.3mol 或0.8mol （2分）28.（14分） (1)Na +[ C N ]- （2分）(2)NaCN+NaClO = NaCNO+NaCl （2分）2CNO -+2H ++3ClO - = N 2↑+2CO 2↑+3Cl -+H 2O （2分）(3) Cu + Cl 2 = CuCl 2 （2分）(4) 过滤、洗涤、干燥、称量戊中沉淀的质量，计算出CN -被处理的百分率 （2分） 防止空气中的二氧化碳进入戊装置中影响测定准确度（2分）(5) CO 2+H 2O+CN - = HCN+HCO 3- （2分）35.（15分）（1）3S 23P 1（1分），小于（1分）LiH + H 2O = LiOH↓ + H 2↑ （2分没有沉淀符号扣1分）（2）sp 2 （1分） sp 3 （1分） （3）d （1分） +4（1分）（4）密置层（1分），6（1分），B （1分） （5）mol g dVN A/6（2分，无单位扣1分） （6）分子晶体（2分） 36．（15分）（1）C 8H 10 （2分） 6（2分）（2）（2分）（3）氧化反应（2分） C u，O2，△ （2分）（4）醚键(1分) 羰基（1分）(3分)物理答案14 15 16 17 18 19 20 21 DBDCABCBCACD22. 1500Ω 2250 Ω 负 23 （1） 大于 圆规（2） ()21cos A m gL β-，()21cos A m gL α-，2B m s g H24.解析第(1)问６分(2) )问8分(1)对小球滑到圆弧轨道底端的过程应用动能定理有 mgL(1－cos 37°)＝12mv 2小球在P 点时，由牛顿第二定律有F N －mg ＝mv2L解得F N ＝1.4mg (2)小球离开P 点后做平抛运动，水平位移为L 时所用时间为t ，则L ＝vt 小球下落的高度为h ＝12gt 2 解得h ＝1.25L 则小球第一次碰撞点距B 的距离为d ＝L －h ＝0.75L 。
河北省邯郸市曲周县第一中学2017届高三理综2月模拟考试试题（扫描版）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河北省邯郸市曲周县第一中学2017届高三理综2月模拟考试试题（扫描版））的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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河北省邯郸市曲周县第一中学2017届高三理综2月模拟考试试题(扫描版)生物试题参考答案ACDDCB29（10分）（1）线粒体（1分)CO2（1分）温度和CO2（2分)ATP和【H】（2分）（2）温度为15℃时,温度较低，有关细胞代谢的酶活性较低（2分）（3)A能利用低浓度CO2进行光合作用,B不能（2分）30（10分）（1）不同浓度的激素类似物甲，类似物乙(2分）月季插条生根的条数(2分）（2）排除内源激素（月季本身产生的激素）对实验结果的影响（2分）（3）形态学下端（1分）拮抗作用（1分）(4）10～50µmol/L区间再设置更小的系列浓度梯度重复试验(2分）31（10分）（1）不同（1分）(2）宽叶(1分）(3) X A雌(2分)（4）常（2分） BbRrX A Y （2分） 2（2分)32（9 分,除注明外,每空2 分）（1)分解者和非生物的物质和能量（1分)垂直（1 分）利用空间和资源的能力（2）生产者固定的太阳能和饵料中的化学能（漏“饵料中的”不扣分)抵抗力（1 分）（3）直接（1 分）基因(1 分）37（15分）答案(1）防腐杀菌(抑制杂菌的生长）（1分）亚硝胺(1分）(2)冷凝（2分) Nacl（2分) 出油率（2分）(3）性质和使用量（2分，答全给分）蒸馏（2分）(4)酒精发酵后期进入了空气,温度上升导致醋酸菌大量生长产生醋酸（3分，要点:“空气或者氧气”、“温度”、“醋酸菌活动”)38（15分)（1)促性腺顶体酶放射冠和透明带（2）早期胚胎在相同生理环境条件下空间位置的转移 1/2或1(3）全患病不遵循（1分）（4)染色体检查化学试题参考答案7-13 D B D C C A C26.（15分）（1)Ni 2+在水溶液中水解显酸性（2分)（2）2Fe 2++H 2O 2+2H +=2Fe 3++2 H 2O （2分)（3）3。
2017-2018学年河北省邯郸市曲周一中高三（上)调研物理试卷（10月份)一、选择题（1-8单选，9—12多选．共48分）1．（4分）如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重．她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程;由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立"过程．关于她的实验现象，下列说法中正确的是（)A．只有“起立"过程，才能出现失重的现象B．只有“下蹲"过程,才能出现超重的现象C．“下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D．“起立”、“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象2．（4分）半圆柱体P放在粗糙的水平地面上,其右端有固定放置的竖直挡板MN，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态，如图所示是这个装置的截面图，若用外力使MN保持竖直且缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止,在此过程中，下列说法中正确的是（）A．MN对Q的弹力逐渐减小B．地面对P的摩擦力逐渐增大C．P、Q间的弹力先减小后增大D．Q所受的合力逐渐增大3．（4分）如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板为参照物（)A．帆船朝正东方向航行，速度大小为vB．帆船朝正西方向航行,速度大小为vC．帆船朝南偏东45°方向航行，速度大小为vD．帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为v4．（4分）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）．速度较大的球越过球网,速度较小的球没有越过球网；其原因是（）A．速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B．速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C．速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D．速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大5．（4分）如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为（)A．2﹣B．C．D．6．（4分)某人想估测一竖直水井深度，从井口静止释放一石块并开始计时，经1。
河北省邯郸市曲周县第一中学2018届高三物理2月开学考试试题（扫描版，无答案）F列说医正轴的是&只有贞按搖鮭檢原料才仝对人I*产to 出弋U~ 1Tb卜;I怙这足墮戟的裂变反应出这是人炎第一次实现疏視曲人工转変的核反应昶Dffi据EF可知』11果！kg锚全部发生模裂变反应”将释故9X io打杓能1ft15M- f ■*J ■•* # " • r» «wa ■・•* . ■ 9 «Biwx年6 J] H Eh浦带大耶时iTMf旃韦战功翅进帝了附国轿騙史上的死一次StMK 全性零鶴•応为“中华小"*“・址吐.理也氏乍鄭体安全性無!•试輪开始与S硕播BL花貨掩址用中.关于安坐的风护作用认识正确的足人安住气粪的作喝M小r找竝为的功嚴时燮化B•安全气餐孩小r镯谍员受咒據曲力的!*论c・安全％＜!扛宴歴越小了鹑驶”的动nt堂化章D,安鼻气責If圧门*Ui力的低用时佃・从制使动雄曼代见大16飞艇常常用千执行捋盂、空中预幫、电子干扰尊多项作战任劳口如图所示肯飞艇检曳扫窗具扫除水留的棋拟图*当飞艇匀速飞行吋Y绳子与竖直方向恒成0AL已知扫密具质最为叫朋力加速度为£,捋苗貝所52浮力不能惣聲,下列说法正碗的是A捋前具受3个力作用B麵子拉力大小为鋳C+禅水对扫雷具作用力的水华分力小于绳子拉力D.绳子拉力一定大于啊17■下列说烹正确的世九带电粒干在电孙娜的位仪电齊也大n任电瞬度为零的位餐电势也一定为零C帶电杞子她场线越馳位肌朋報酗富益子电池的銚只抽场力脱鳩与其它力助球c. /场民的方向事n城面向蚱a a樓和上榜第二次回到虑找的位■疽相局2 :©r n ±c o背兰"MvsOne*研克舗推出了2023年让加MW4火真壷文人类寨医坨的柑・20U年说机构将通过电UK 人痔的方式招»<«：4 «-£*<• t..................................................... 、并F2024年炕怪火星・厲竝火S*K历fcl!8所禾的费執过用・#" \已feP；l力常■为G・IM下列说法疋•的是/ 畔‘ Mr//A. 飞（fl在Vlifi上i£动时.运彳亍的MR71J >T n>T{*\ VB. 飞赠庄软诅1上的机I*能大于在轨诅11的机械繼一* '：：:：-C. tIBft/-点从紈illllEPl到畝逍1・爲曼在尸点•!速度方向噴气」6若孰if】油蚯火鼻表面・己知飞船拄轨道I上话动的角速度・可以It知火矍的童厦士r , ・・■ ■… 二.曲阳所示为某山区小d水电站电交廉发电机的■出电陋为U*升压比为变压■嫌Iht■匝敷比为” ■电导狡总电瑕为八用户的匸作电庶也为（A变圧n均为«s%压為•卩列说桂正・的是吐■电歧上H失的彷車为色mrc输送功略一定・■以小■电tftik的播梶D.用tAHh.升压曼斥0的■出功事受大.削糊瞬水・!£为2 m的«2*^*平HIM央扁为3T■症电动机的帯动下传遴.Ut 2 m/.的速度旬竈笛禺空卅冋砧下的勾航軌*«-«■* I «*•正电的你块无初速度.；柱传谶■讣邂⑷仙戕动刑釣■・孙你与强科动”町为%”砒厦厂10亦”「此过时A.电9HM少10JB.冷动・||力财掃餐祈IHH功为6 JC.«»力与•电力的合力9t1»»9r■的功为12J "电电■为舗J:分｝集物珅厘外小组利用出5川*的裝營彌*小淆圾号反木板之何的动！•擦因tt・阳中. ：十真贄台上的K木板水平放■・K右瑞同定”轻滑轮］轻嫦跨过構伦.木板k ［小帯块閘《小帝块匕安检常一券兑片）栩连•刃•塢可融桂蚀刊.応实幹中町用的肉砂共尊“7牛，梅'曲硏m的J®貧均0. 050 kg4实輪步.如卜‘83 （*）03（b）门＞用50分度的曲标卡尺测童捋比片的宽度.如圏（h』侨朋.由可读岀rsjt片的寛度为H®55 __________ mni*佗）梅叭依次取帀=1*2.3・4・5｝个购硏找住轻縄右蝴・施金弋_戳tWFi仍栩住小掃欣内& 用手技件小辭块并便轻規与木板平打H毎次将小褂块AKM-titf*放・释皈肘門尢片到光庖门中心的距戾为小来次档尢片t1（比时何为匚星底实整中小鳩块的加速度的丧达式为Q =____________ 《用字琢认二『授示）（3）对应于不同的n的A值、冋以柴出a-n图*阿图点钧u -n图为一幢料4线.斜瞬为§也/丿•纵稿战她为-］.0曲4小構块与怏木板间的动摩療因独为 ______________________ （4^^保盟（M位有效敵字*K取lUfw/r ）,（9分〉某课题研究小组淮备测*一个僅（电池的电动势和内阻，在操作台上准备了如下实验器材：A.特测悝电池（电动势E妁为3/7¥,内阻r未知｝P电压表V（＞«3V.内IB约为几千00ilA（■程0.6A,内阻凡=2.20）c电流表D电阻箱/f t（0-99.9n） E.滑动变阻器島（嚴大阻值为ion）F.定值电阻凡（阻值约为m＞G开关s —个、导线若干（1）在实验樣作过程中•该小蛆成员设计了如图甲所示电路。
河北省邯郸市曲周一中2017-2018学年高三上学期第二次摸底考物理试卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，1-5只有一项符合题目要求，6-12有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．下列关于力对物体做功的说法正确的是( )A．一个力使物体的速度发生变化，该力一定对物体做功B．合力对物体不做功，则合力一定为零C．合力对物体做功不一定改变物体的机械能D．一对作用力和反作用力对物体做功的代数和一定为零考点：功的计算；功能关系．分析：当力与速度方向垂直时，力对物体不做功，不垂直时，力对物体做功，作用力和反作用力，等大反向，作用在两个物体上，可能都做正功，也可能都做负功，也可能一正一负．解答：解：A、在水平光滑圆盘上，随圆盘一起做匀速圆周运动的物体，受到的静摩擦力使物体的速度发生变化，但是该力做物体不做功，故A错误；B、物体做匀速圆周运动，合外力提供向心力，对物体不做功，故B错误；C、合力对物体做功不一定改变物体的机械能，如自由落体运动，合力对物体做功，机械能不变，故C正确；D、作用力与反作用力的特征是：等大反向，作用在两个物体上，可以都做正功，也可能都做负功，故D错误．故选：C点评：本题主要考查了做功的条件，知道当力与速度方向垂直时，力对物体不做功，不垂直时，力对物体做功，难度不大，属于基础题．2．如图所示，顶角为直角、质量为M的斜面体ABC放在粗糙的水平面上，∠A=30°，斜面体与水平面间动摩擦因数为μ．现沿垂直于BC方向对斜面体施加力F，斜面体仍保持静止状态，则关于斜面体受到地面对它的支持力N和摩擦力f的大小，正确的是（已知重力加速度为g）( )A．N=Mg，f=B．N=Mg+，f=μMgC．N=Mg+，f=D．N=Mg+，f=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：斜面体保持静止状态，合力为零，分析受力情况，根据平衡条件求解地面对斜面体的支持力N和摩擦力f的大小．解答：解：分析斜面体的受力情况如图，根据平衡条件得：N=Mg+Fsin30°=Mg+f=Fcos30°=故选C点评：本题是共点力平衡问题，关键是分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求解．3．人民广场上喷泉的喷嘴与地面相平且竖直向上，某一喷嘴喷水流量Q=5L/s，水的出口速度v0=20m/s，不计空气阻力，g=10m/s2．则处于空中的水的体积是( )A．5 L B．20 L C．10 L D．40 L考点：竖直上抛运动．分析：水看作做竖直上抛运动，根据匀变速直线运动的速度时间公式，结合竖直上抛运动的对称性求出水上升到落地的时间，从而根据喷水流量求出空中水的体积．解答：解：水做竖直上抛运动，水在空中的时间为：t==s=4s．则空中水的体积V=Qt=5×4L=20L．故B正确，A、C、D错误．故选：B点评：解决本题的关键掌握竖直上抛运动的规律，知道上升阶段和下降阶段的对称性，并熟练运用这些规律研究实际问题．4．如图所示，足够长的传送带以恒定速率顺时针运行，将一个物体轻轻放在传送带底端，第一阶段物体被加速到与传送带具有相同的速度，第二阶段与传送带相对静止，匀速运动到达传送带顶端．下列说法正确的是( )A．第一阶段摩擦力对物体做正功，第二阶段摩擦力对物体不做功B．第一阶段摩擦力对物体做的功等于第一阶段物体动能的增加C．第一阶段物体和传送带间的摩擦生热等于第一阶段物体机械能的增加D．物体从底端到顶端全过程机械能的增加等于全过程物体与传送带间的摩擦生热考点：动能定理的应用；功能关系．专题：传送带专题．分析：物体轻轻放在传送带上，匀加速过程：受到沿传送带向上的滑动摩擦力，物体将沿向上运动；物体相对于传送带静止后，受到沿传送带向上的静摩擦力，即可判断摩擦力做功的正负；根据功能关系：除重力之外的力所做的功等于物体机械能的增加；摩擦生热与物体与传送带间的相对位移成正比，根据运动学公式分析物体的位移与物体和传送带相对位移的关系，由功能关系分析摩擦生热和物体机械能变化的关系．解答：解：A、第一阶段物体受到沿斜面向上的滑动摩擦力，第二阶段物体受到沿斜面向上的静摩擦力做功，两个阶段摩擦力方向都跟物体运动方向相同，所以摩擦力都做正功，故A错误；B、根据动能定理得知，外力做的总功等于物体动能的增加，第一个阶段，摩擦力和重力都做功，则第一阶段摩擦力对物体做的功不等于第一阶段物体动能的增加；故B错误；C、由功能关系可知，第一阶段摩擦力对物体做的功（除重力之外的力所做的功）等于物体机械能的增加，即△E=W阻=F阻s物，摩擦生热为Q=F阻s相对，又由于s传送带=vt，s物=t，所以s物=s相对=s传送带，即Q=△E，故C正确．D、第二阶段没有摩擦生热，但物体的机械能继续增加，故D错误．故选C点评：本题运用功能关系分析传送带问题，分析物体的运动情况和摩擦力的方向是解题的基础，根据动能定理和功能原理分析功能关系．5．A，B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球．两块金属板接在如图所示的电路中，其中R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻．当R2的滑动触头P在a端时闭合开关S．此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为θ，电源电动势E和内阻r一定．以下说法正确的是( )A．若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B．若仅增大A、B板间距离，则小球重新达到稳定后θ变大C．若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大D．若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变考点：闭合电路的欧姆定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：恒定电流专题．分析：该电路R1和R3串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，根据闭合电路的动态分析，分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化以及θ角的变化．通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化．解答：解：A、滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U 不变．故A错误．B、将A、B两板间的距离拉大，板间电压不变，则板间电场强度变小，小球所受的电场力变小，θ减小．故B错误．C、用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，电流I增大，内电压增大，外电压减小，即U减小，故C错误．D、由闭合电路欧姆定律知，U=E﹣Ir，知||=r，不变，即U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析．6．美国国家科学基金会2010年9月29日宣布，天文学家发现一颗迄今为止与地球最类似的行星，该行星绕太阳系外的红矮星Gliese581做匀速圆周运动．这颗行星距离地球约20光年，公转周期约为37天，它的半径大约是地球的1.9倍，表面重力加速度与地球相近．下列说法正确的是( )A．该行星的公转角速度比地球大B．该行星的质量约为地球质量的3.61倍C．该行星第一宇宙速度为7.9km/sD．要在地球上发射航天器到达该星球，发射速度只需达到地球的第二宇宙速度即可考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，得出轨道半径与周期的关系，得出地球的公转半径与该行星的公转半径关系，从而得出角速度的大小关系．根据万有引力等于重力，得出它们的质量关系．以及根据重力提供向心力求出第一宇宙速度的大小．解答：解：A、根据，得，ω=，知地球的周期大于行星的周期，知地球的轨道半径大于行星的轨道半径，所以行星的角速度大于地球的角速度．故A正确．B、根据，得M=，因为行星表面重力加速度与地球相近，半径大约是地球的1.9倍，则质量约为地球质量的3.61倍．故B正确．C、根据mg=m，得v=，因为半径是地球的1.9倍，则第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍．故C错误．D、发射的速度达到地球的第二宇宙速度，将脱离地球的引力，绕太阳运行．故D错误．故选AB．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．7．如图所示，a，b，c是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V，一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45°角，一段时间后经过c点．不计质子的重力，下列判断正确的是( )A．c点电势低于a点电势B．电场强度的方向由b指向dC．质子从b运动到c，所用的时间为D．质子从b运动到c，电场力做功为4eV考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据W=qU计算电场力做的功．解答：解：A、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故U a﹣U d=U b﹣U c，解得U c=16V，则c点电势低于a点电势．故A正确；B、设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向．故B错误；C、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为x=2L=，则运动时间为．故C正确．D、根据W=qU，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=qU bc=1e•（24V﹣16V）=8eV，故D错误；故选AC．点评：本题关键是抓住匀强电场中沿着任意方向每前进相同的距离电势变化相等以及电场线与等势面垂直进行分析．8．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体的v ﹣r图象如图乙所示（重力加速度为g），则( )A．施加外力前，弹簧的形变量为B．外力施加的瞬间，AB间的弹力大小为M（g﹣a）C．AB在t1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零D．弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：题中弹簧弹力根据胡克定律列式求解，先对物体AB整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程；再对物体B受力分析，根据牛顿第二定律列方程；t1时刻是A与B分离的时刻，之间的弹力为零．解答：解：A、施加F前，物体AB整体平衡，根据平衡条件，有：2Mg=kx解得：x=，故A错误．B、施加外力F的瞬间，对B物体，根据牛顿第二定律，有：F弹﹣Mg﹣F AB=Ma其中：F弹=2Mg解得：FAB=M（g﹣a），故B正确．CC、物体A、B在t1时刻分离，此时A、BA具有共同的v与a且FAB=0；对B：F弹′﹣Mg=Ma，解得F弹′=M（g+a），故C错误．D、当F弹′=Mg时，B达到最大速度，故D错误．故选：B．点评：本题关键是明确A与B分离的时刻，它们间的弹力为零这一临界条件；然后分别对AB整体和B物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程分析，不难．9．如图所示，倾斜的传送带始终以恒定速率v2运动．一小物块以v1的初速度冲上传送带，v1＞v2．小物块从A到B的过程中一直做减速运动，则小物块( )A．小物块到达B端的速度可能等于v2B．小物块到达B端的速度不可能等于零C．小物块的机械能一直在减少D．小物块所受合力一直在做负功考点：功能关系；牛顿第二定律．分析：小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物体继续减速，摩擦力方向上，（也可以一直减到顶端时速度刚好为v2），根据除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，判断机械能的变化情况，根据动能定理可知，W合=△E K 判断合力做功情况．解答：解：A、小物块从传动带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，减到顶端时速度可能刚好与传送带速度相等，故A正确；B、小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量可以大于向上的摩擦力，这样合力方向向下，物体继续减速，到达顶端时，速度有可能正好减为零，故B错误；B、C、除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，刚开始v1大于v2，摩擦力方向向下，做负功，机械能减小，当速度减为v2后，再减速时，摩擦力方向向上，做正功，机械能增大，故C错误；D、根据动能定理可知，W合=△E K，因为物体一直做减速运动，速度动能一直减小，合外力一直做负功，故D正确．故选：AD．点评：本题主要考查了动能定理、机械能守恒定律的条件的直接应用，关键是正确分析物体的运动情况和受力情况，还要会分析摩擦力的方向，难度适中．10．如图所示为街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器和用户之间两条输电线的总电阻用R0表示，用电器增加时相当于R的值减小（滑动片向下移）．和是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；和是理想交流电流表，示数分别用I1和I2表示．忽略变压器上的能量损失，输入电压恒定．下列说法正确的是( )A．用电器数目增加时，用电器两端电压减小B．用电器数目增加时，两电流表示数I1、I2不变C．变压器的输入功率与用电器数目增减无关D．滑片P向上滑动的过程中，输电线上的功率损耗减小考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解答：解：A、当用电器增加时，相当于R的值减小，电路中的总的电阻减小，所以电流I2要变大，即A2的示数变大，由于副线圈的电流变大，电阻R0消耗的电压变大，又因为V2的示数不变，所以用电器两端电压减小，故A正确，B错误；C、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，故C错误；D、滑片P向上滑动的过程中，相当于R的值增大，电流I2要变小，输电线上的功率损耗减小，故D正确；故选：AD．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．11．如图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b从容器中的A点飘出（在A点初速度为零），经电压U加速后，从x轴坐标原点处进入磁感应强度为B的匀强磁场，最后分别打在感光板S上，坐标分别为x1、x2．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则( )A．b进入磁场的速度一定大于a进入磁场的速度B．a的比荷一定大于b的比荷C．若a、b电荷量相等，则它们的质量之比m a：m b=x12：x22D．若a、b质量相等，则它们在磁场中运动时间之比t a：t b=x1：x2考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．分析：带电粒子先在匀强电场中做匀加速直线运动，再进入磁场做匀速圆周运动，轨迹为半圆，本题动能定理和牛顿第二定律求解．解答：解：A、粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力可知qvB=，r=，半径与速度和比荷有关，故A错误；B、由动能定理可知粒子经过加速电场后的速度为qU=，v=，r=，a的比荷一定大于b的比荷，故B正确；C、根据r=，则它们的质量之比m a：m b=x12：x22，故C正确；D、经历的时间为t=，故则它们在磁场中运动时间之比t a：t b=x12：x22故D错误故选：BC点评：本题属于带电粒子在组合场中运动问题，电场中往往用动能求速度，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹．12．如图所示，边长为L，总电阻为R的均匀正方形线框abcd放置在光滑水平桌面上，其cd边右侧紧靠两个磁感强度为B、宽度为L、方向相反的有界匀强磁场．现使线框以初速度v0匀速通过磁场区域，从开始进入，到完全离开磁场的过程中，下列图线能定性反应线框中的感应电流（以逆时针方向为正）和a、b两点间的电势差随时间变化关系的是( )A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流和ab间的电压，然后选择图象．要分段研究．解答：解：线圈进入左侧磁场过程：在进入磁场0﹣L的过程中，E=BLv0，电流I==i0，方向为逆时针方向，为正；a的电势比b的电势高，ab间的电势差U ab=E=BLv0=u0；在L﹣2L的过程中，电动势E=2BLv0，电流I==2i0，方向为顺时针方向，为负．a 的电势比b的电势高，ab间的电势差U ab=E=BLv0=2u0；在2L﹣3L的过程中，E=BLv0，电流I==i0，方向为逆时针方向，为正；a的电势比b 的电势低，ab间的电势差U ab=﹣E=﹣BLv0=﹣3u0；故AC正确，BD错误．故选：AC．点评：解决本题的关键掌握切割产生的感应电动势公式以及安培力的大小公式，会通过楞次定律判断感应电流的方向．二．实验题（每空2分，共12分）13．用如图1所示的实验装置验证牛顿第二定律．（1）完成平衡摩擦力的相关内容：①取下砂桶，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，轻轻推动（选填“静止释放”或“轻轻推动”）小车，让小车拖着纸带运动．②如果打出的纸带如图2所示，则应减小（选填“增大”或“减小”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹间隔均匀，平衡摩擦力才完成．（2）如图3所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E是计数点（每打5个点取一个计数点），其中L1=3.07cm，L2=12.38cm，L3=27.87cm，L4=49.62cm．则打C点时小车的速度为1.24m/s．（计算结果保留三位有效数字）考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题．分析：平衡摩擦力时轻推小车，若小车能够做匀速直线运动，则摩擦力得到平衡．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出C点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度．解答：解：①平衡摩擦力时，取下砂桶，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，若小车拖着纸带做匀速直线运动，则摩擦力得到平衡．从纸带上看出，相等时间内位移越来越大，知小车做加速运动，需减小木板的倾角，直至小车做匀速直线运动，当纸带上打出的点迹间隔均匀，说明小车做匀速直线运动．②每打5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，小车通过C点的速度v c==1.24m/s．故答案为：（1）①轻轻推动；②减小，间隔均匀；（2）1.24，点评：解决本题的关键掌握平衡摩擦力的方法，纸带的处理．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．14．如图1所示，螺旋测微器的示数为6.122～6.125 mm，如图2所示，游标卡尺的示数为10.50 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为6mm，可动刻度为12.3×0.01mm=0.123mm，所以最终读数为6mm+0.123mm=6.123mm，由于需要估读，最后的结果可以在6.122～6.125之间．2、游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm．故答案为：6.122～6.125，10.50点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．三．计算题（28分）15．如图所示，倾角为θ=45°的粗糙平直导轨与半径为R的光滑圆环轨道相切，切点为B，整个轨道处在竖直平面内．一质量为m的小滑块从导轨上离地面高为h=3R的D处无初速下滑进入圆环轨道．接着小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，不计空气阻力．求：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小；（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小；（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功．考点：向心力；功的计算．分析：（1）根据几何关系得出平抛运动的水平位移，结合平抛运动的规律，求出平抛运动的初速度，即在最高点C的速度．（2）对最低点到C点运用动能定理，求出最低点的速度，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出滑块对最低点的压力大小．（3）对D到最低点运用动能定理，求出克服摩擦力做功的大小．解答：解：（1）根据几何关系知，OP间的距离x=，根据R=得，t=，则滑块在最高点C时的速度．（2）对最低点到C点的过程运用动能定理得，﹣mg2R=解得v=，对最低点由牛顿第二定律得：解得：F N=6mg由牛顿第三定律得：滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小为6mg．（3）从D到最低点过程中，运用动能定理得：mgh﹣W f=，解得．答：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小为；（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小为6mg；（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功为．点评：该题的突破口是小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，运用平抛规律和几何关系求出初速度．下面就是一步一步运用动能定理和牛顿第二定律解决问题．16．（16分）如图所示，相距均为L的光滑倾斜导轨MN、PQ与光滑水平导轨NS、QT连接，水平导轨处在磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中．光滑倾斜导轨处在磁感应强度大小也为B，方向垂直于倾斜导轨平面斜向下的匀强磁场中，如图．质量均为m、电阻均为R的金属导体棒ab、cd垂直于导轨分别放在倾斜导轨和水平导轨上，并与导轨接触良好，不计导轨电阻．现用绝缘细线通过定滑轮将金属导体棒ab、cd连接起来．质量为2m的物体C用绝缘细线通过定滑轮与金属导体棒cd连接．细线沿导轨中心线且在导轨平面内，细线及滑轮质量、滑轮摩擦均不计．已知倾斜导轨与水平面的夹角θ=300，重力加速度为g，导轨足够长，导体棒ab始终不离开倾斜导轨，导体棒cd始终不离开水平导轨．物体C由静止释放，当它达到最大速度时下落高度h=，试求这一运动过程中：（1）物体C能达到的最大速度V m是多少？（2）金属棒ab产生的焦耳热是多少？（3）连接ab棒的细线对ab棒做的功是多少？。
