江苏省宿迁市2015-2016学年高二物理下册考前强化辅导题1

2015-2016学年江苏省宿迁市高二（下）第一次学业水平模拟物理试卷一、选择题（共20小题，每小题3分，满分57分）1．（3分）在物理学的发展历程中，把实验和逻辑推理结合起来研究自由落体运动，从而否定亚里士多德错误论断的科学家是（）A．牛顿B．爱因斯坦C．伽利略D．开普勒2．（3分）下列单位中，全部属于国际单位制基本单位的是（）A．米、千克、秒B．焦、米、秒C．瓦、千克、秒D．牛、米、千克3．（3分）2015年第53届世界乒乓球锦标赛在江苏苏州举行，它将世界乒乓球运动推向一个全新的高度．如图所示，男单冠军马龙在回球时（）A．球拍对乒乓球的作用力大于乒乓球对球拍作用力B．球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍作用力大小相等C．球拍对乒乓球的作用力与乒乓球的重力是一对平衡力D．球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍作用力是一对平衡力4．（3分）一个质点沿直线运动，其v﹣t图象如图所示．关于质点在0～3s内的运动，下面判断正确的是（）A．一直做匀变速直线运动B．在t=1s时运动方向发生了改变C．前1s内做匀速运动，之后静止D．前1s内做匀减速运动，之后做匀速运动5．（3分）关于运动和力的关系，下列说法正确的是（）A．物体受到的力越大，速度就越大B．物体不受外力作用时，运动状态可能改变C．如果物体在运动，那么它一定受到力的作用D．物体不受外力作用时，保持静止状态或匀速直线运动状态6．（3分）做自由落体运动的小球，重力的瞬时功率随时间（）A．逐渐减小B．逐渐增大C．保持不变D．先增大后减小7．（3分）关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．做曲线运动的物体加速度一定发生变化C．做曲线运动的物体一定受到恒力作用D．做曲线运动的物体受到的合外力可以为零8．（3分）如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，橡皮条的一端固定在木板上，先用两个弹簧秤沿两个方向把橡皮条的结点拉到O点，记下两个力的大小和方向，然后改用一个弹簧秤把橡皮条的结点仍拉到O点，记下力的大小和方向，整个过程操作规范．根据实验数据画出力的图示，下列说法中正确的是（）A．作力的图示时各力所用的比例标度可以不同B．图中的F′与F没有完全重合，说明实验存在误差C．图中的F′是用一个弹簧秤实验时的拉力图示D．图中F′的方向一定与橡皮条的伸长方向一致9．（3分）如图所示，木块位于O点时轻质弹簧处于原长，现将木块推至A点处于静止状态，然后撤去外力，木块从A点返回O点过程中，不计一切阻力，下列说法正确的是（）A．弹簧的弹力先增大后减小B．弹簧对木块先做负功后做正功C．弹簧减小的弹性势能大于木块增加的动能D．弹簧减小的弹性势能等于木块增加的动能10．（3分）“北斗一号”导航卫星系统中有5颗地球同步轨道卫星，定位在距地面约为36 000km的地球同步轨道上．关于同步卫星，下面说法正确的是（）A．发射速度小于7.9km/sB．发射速度大于11.2km/sC．运行速度小于7.9km/sD．如果需要，该卫星可以定位在江苏上空11．（3分）两个质量均匀球体，球心相距为R，两球间的万有引力大小为F，若两球心间距离变为2R，则两球体间的万有引力大小变为（）A．4F B．C．2F D．12．（3分）2015年12月17日，我国暗物质粒子探测卫星“悟空”在酒泉卫星发射基地成功发射升空，它将用“火眼金睛”帮助科学家寻找披着“隐身衣”的神秘暗物质．若在发射升空过程中，先做加速运动后做减速运动，该过程卫星（）A．一直处于失重状态B．一直处于超重状态C．先处于超重状态，后处于失重状态D．先处于失重状态，后处于超重状态13．（3分）如图所示，带正电的导体球A固定在绝缘支架上，当带负电的导体球B靠近A时，导体球A（）A．带的电荷量增加 B．带的电荷量减少C．受到的库仑力增大D．受到的库仑减小14．（3分）真空中某点电荷的电场线分布如图所示，下列说法中错误的是（）A．产生该电场的点电荷带正电B．电场中的B点电场强度为零C．电场中的B点电场强度比A点大D．同一试探电荷在B点所受的电场力比在A点大15．（3分）如图所示，在通电螺线管的中轴线上有一点a，则该点磁感应强度的方向为（）A．向右B．向左C．向上D．向下16．（3分）如图所示，在水平匀强磁场中放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈由开始位置（实线位置）绕其底边转过90°至水平位置（虚线位置）的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（）A．逐渐变大B．逐渐变小C．先变大后变小D．先变小后变大17．（3分）如图所示，把长L=0.2m的导体棒置于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=2.0×10﹣3T，导体棒与磁场方向垂直，若棒中通有电流I=1.0A，方向向右，则导体棒受到安培力的大小和方向为（）A．4×10﹣4N，方向向上B．4×10﹣4N，方向向下C．1×10﹣2N，方向向上D．1×10﹣2N，方向向下18．（3分）如图所示，带正电的离子束沿图中箭头方向由纸外向纸内水平通过蹄形磁铁磁极间时，离子的偏转方向为（）A．向左B．向右C．向N极D．向S极19．（3分）如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等．下列说法正确的是（）A．木块受到的摩擦力大小为μ1（m1+m2）gB．长木板受到的摩擦力大小为μ2（m1+m2）gC．若改变F的大小，当F＞μ1（m1+m2）g时，长木板将开始运动D．若将F作用于长木板，长木板与木块有可能会相对滑动请阅读下材料，回答第20﹣23小题．宁安高铁开通运营12月6日，宁（南京）安（安庆）高铁正式开通运营，宁安高铁全长257千米，线路设计最高时速250千米，东起江苏省南京市，经安徽省马鞍山、芜湖、铜陵、池州市，西至安徽省安庆市，沿线设有南京南、江宁西、马鞍山东、当涂东、芜湖、戈江、繁昌西、铜陵、池州和安庆等10个车站．两地之间最快列车运行时间由原来的5小时53分缩短至2小时以内．20．（3分）乘客看到轨道旁的树木纷纷向后退，他选择的参考系可能是（）A．轨道旁的地面B．乘坐的列车C．铁轨D．轨道旁的电线杆21．（3分）材料中的“全长257千米”、“最高时速为250千米”指的是（）A．位移和瞬时速度 B．位置和平均速度C．路程和瞬时速度 D．路程和平均速度22．（3分）列车匀速驶入如图所示圆弧弯道时，列车所受的合力（）A．指向轨道内侧B．指向轨道外侧C．指向运动方向D．为零23．（3分）为判断列车的运动情况，将一个小球悬挂在列车的天花板上，小球相对于列车稳定时位置如图所受，重力加速度大小为g，由此可判断列车正在（）A．匀加速，加速度大小为gsinθB．匀加速，加速度大小为gtanθC．匀减速，加速度大小为gsinθD．匀减速，加速度大小为gtanθ二、解答题（共6小题，满分31分）24．（2分）历史上首先预言电磁波存在的物理学家是（填“麦克斯韦”或“赫兹”），他认为变化的磁场会产生电场，一个闭合线圈放在变化的磁场中，线圈产生的感应电动势为E，若仅将线圈匝数增加为原来的2倍，则线圈产生的感应电动势变为．A.4EB.C.2ED.．25．（2分）闭合电路中的电流根电源的电动势成正比，外电路的电阻之和成（填“正比”或“反比”），这个结论叫闭合电路欧姆定律，在某一电路中，通过电阻R的电流为I，电阻为t时间内的焦耳热为Q，若仅使电流变为原来有2倍，则该电阻产生焦耳热变为．A.4QB.C.2QD.．26．（6分）如图甲所示，是验证机械能守恒定律的实验装置，重物的质量为m．实验时应先（选填“接通电源”或“释放纸带”），在选定的纸带上依次取计数点A、B、C如图乙所示，相邻计数点间的时间间隔为T，且O为打下的第一个点，各计数点距O点距离如图乙所示．当打点计时器打下点B时，重物增加的动能表达式为，重物减少的重力势能表达式为．（已知重力加速度为g）27．（6分）如图所示，水平转台上有一个质量M=0.5kg的小物块（可视为质点），离转台中心的距离为R=0.2m．求：（1）若小物块随转台一起转动的角速度为5rad/s，小物块线速度大小；（2）在第（1）问条件下，小物块所受的摩擦力大小；（3）若小物块与转台之间的最大静摩擦力大小为3.6N，小物块与转台间不发生相对滑动时，转台转动的最大角速度．28．（7分）民航客机一般都有紧急出口，发生意外情况时飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，形成一条连接出口到地面的通道，乘客可沿通道滑行到地面上．其模型可简化为一斜面，如图所示，斜面倾角为θ，斜面长L，一质量为m的乘客（可视为质点），从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，经时间t滑到斜面底端，重力加速度为g．求：（1）乘客在下滑过程中加速度大小；（2）乘客滑到斜面底端时的速度大小；（3）乘客在下滑过程中克服阻力做的功．29．（8分）传送带A、B两端的水平间距L=6m，一个可视为质点的物块，以v0=7m/s 初速度从A端滑上传送带，若传送带保持静止不动，物块能从另一端B处水平飞出，B端距地面高h=0.8m，落地点M距B的水平距离x=2m，重力加速度取10m/s2．求：（1）物块经过B端时的速度大小；（2）物块与传送带间的动摩擦因数；（3）若传送带匀速转动，可能会影响物块落地点的位置．试通过分析说明，要使物块仍落在M点，传送带速度应满足的条件．2015-2016学年江苏省宿迁市高二（下）第一次学业水平模拟物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共20小题，每小题3分，满分57分）1．（3分）在物理学的发展历程中，把实验和逻辑推理结合起来研究自由落体运动，从而否定亚里士多德错误论断的科学家是（）A．牛顿B．爱因斯坦C．伽利略D．开普勒【解答】解：伽利略通过逻辑推理和实验相结合的方法最早对自由落体运动进行科学的研究，否定了亚里士多德错误论，故C正确．故选：C2．（3分）下列单位中，全部属于国际单位制基本单位的是（）A．米、千克、秒B．焦、米、秒C．瓦、千克、秒D．牛、米、千克【解答】解：A、米、千克、秒都是国际单位制基本单位，故A正确．B、焦耳是功的单位，是根据功的公式W=Fl推导出来的，是导出单位，故B错误．C、瓦是功率单位，是导出单位．故C错误．D、牛顿是力的单位，是根据牛顿第二定律F=ma推导出来的，是导出单位，故D 错误．故选：A3．（3分）2015年第53届世界乒乓球锦标赛在江苏苏州举行，它将世界乒乓球运动推向一个全新的高度．如图所示，男单冠军马龙在回球时（）A．球拍对乒乓球的作用力大于乒乓球对球拍作用力B．球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍作用力大小相等C．球拍对乒乓球的作用力与乒乓球的重力是一对平衡力D．球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍作用力是一对平衡力【解答】解：A、球拍对乒乓球的作用力和乒乓球对球拍作用力是一对作用力和反作用力，大小相等，故AD错误，B正确；C、球拍对乒乓球的作用力与乒乓球的重力方向不在同一直线上，不可能是一对平衡力，故C错误．故选：B4．（3分）一个质点沿直线运动，其v﹣t图象如图所示．关于质点在0～3s内的运动，下面判断正确的是（）A．一直做匀变速直线运动B．在t=1s时运动方向发生了改变C．前1s内做匀速运动，之后静止D．前1s内做匀减速运动，之后做匀速运动【解答】解：ACD、质点在0～1s内做匀减速直线运动，在1～3s内做匀速直线运动，故AC错误，D正确．B、质点在0～3s内速度一直为正，说明质点一直沿正向运动，运动方向没有改变，故B错误．故选：D5．（3分）关于运动和力的关系，下列说法正确的是（）A．物体受到的力越大，速度就越大B．物体不受外力作用时，运动状态可能改变C．如果物体在运动，那么它一定受到力的作用D．物体不受外力作用时，保持静止状态或匀速直线运动状态【解答】解：A、物体受到的力大，速度不一定大，力与速度没有必然联系，故A错误；B、由牛顿第一定律可知物体不受力作用时，总处于静止状态或匀速直线运动状态，运动状态不变，故B错误，D正确；C、力不是维持物体运动的原因，运动不一定需要受力，故C错误；故选：D6．（3分）做自由落体运动的小球，重力的瞬时功率随时间（）A．逐渐减小B．逐渐增大C．保持不变D．先增大后减小【解答】解：物体做自由落体运动，获得的速度为：v=gt重力的瞬时功率为：P=mgv=mg2t，故瞬时功率一直增大故选：B7．（3分）关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．做曲线运动的物体加速度一定发生变化C．做曲线运动的物体一定受到恒力作用D．做曲线运动的物体受到的合外力可以为零【解答】解：A、曲线运动中速度的方向不断变化，因而是变速运动，故A正确；B、做曲线运动的物体所受合力和加速度不一定变化，如平抛运动只受重力，加速度是重力加速度，重力加速度是不变的，故B错误；C、物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一条直线上时，物体做曲线运动，所以曲线运动的合外力一定不为零，但可以变化，也可以不变，所以CD错误；故选：A8．（3分）如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，橡皮条的一端固定在木板上，先用两个弹簧秤沿两个方向把橡皮条的结点拉到O点，记下两个力的大小和方向，然后改用一个弹簧秤把橡皮条的结点仍拉到O点，记下力的大小和方向，整个过程操作规范．根据实验数据画出力的图示，下列说法中正确的是（）A．作力的图示时各力所用的比例标度可以不同B．图中的F′与F没有完全重合，说明实验存在误差C．图中的F′是用一个弹簧秤实验时的拉力图示D．图中F′的方向一定与橡皮条的伸长方向一致【解答】解：A、图中各个力的大小所用的比例标度相同，故A错误；B、图中的F′与F没有完全重合，说明实验存在误差，故B正确；C、用力的平行四边形定则作出合力F′，所以F′是实验的理论值，图中的F是用一把弹簧秤实验时的拉力图示，故C错误；D、在该实验中F为一个弹簧拉橡皮筋时的弹力，其方向一定与橡皮条的伸长方向一致，故D错误；故选：B9．（3分）如图所示，木块位于O点时轻质弹簧处于原长，现将木块推至A点处于静止状态，然后撤去外力，木块从A点返回O点过程中，不计一切阻力，下列说法正确的是（）A．弹簧的弹力先增大后减小B．弹簧对木块先做负功后做正功C．弹簧减小的弹性势能大于木块增加的动能D．弹簧减小的弹性势能等于木块增加的动能【解答】解：A、木块从A点返回O点过程中，弹簧缩短的长度减小，由胡克定律知，弹簧的弹力逐渐减小，故A错误．B、弹簧对木块的弹力与木块的运动方向相同，对木块做正功，故B错误．CD、不计一切阻力，只有弹簧的弹力做功，弹簧和木块组成的系统机械能守恒，则由系统的机械能守恒知，弹簧减小的弹性势能等于木块增加的动能．故C错误，D正确．故选：D10．（3分）“北斗一号”导航卫星系统中有5颗地球同步轨道卫星，定位在距地面约为36 000km的地球同步轨道上．关于同步卫星，下面说法正确的是（）A．发射速度小于7.9km/sB．发射速度大于11.2km/sC．运行速度小于7.9km/sD．如果需要，该卫星可以定位在江苏上空【解答】解：A、卫星的最小发射速度最小为7.9km/s．则A错误B、若发射速度大于11.2Km/s，则要脱离地球，则B错误C、近地卫星的运行速度为7.9Km/s，而同步卫星的轨道半径大，运行速度要小于7.9Km/s，则C正确D、同步卫星只能在赤道上空，则D错误故选：C11．（3分）两个质量均匀球体，球心相距为R，两球间的万有引力大小为F，若两球心间距离变为2R，则两球体间的万有引力大小变为（）A．4F B．C．2F D．【解答】解：根据万有引力定律公式F=G知，两球心间距离变为2R，两球的质量不变，则两球体间的万有引力大小变为．故选：B12．（3分）2015年12月17日，我国暗物质粒子探测卫星“悟空”在酒泉卫星发射基地成功发射升空，它将用“火眼金睛”帮助科学家寻找披着“隐身衣”的神秘暗物质．若在发射升空过程中，先做加速运动后做减速运动，该过程卫星（）A．一直处于失重状态B．一直处于超重状态C．先处于超重状态，后处于失重状态D．先处于失重状态，后处于超重状态【解答】解：发射升空过程中，先做加速运动后做减速运动：向上加速过程加速度向上，则为超重，向上减速加速度向下，为失重，则C正确故选：C13．（3分）如图所示，带正电的导体球A固定在绝缘支架上，当带负电的导体球B靠近A时，导体球A（）A．带的电荷量增加 B．带的电荷量减少C．受到的库仑力增大D．受到的库仑减小【解答】解：A、根据电荷守恒定律，与外界没有电荷交换的情况下，一个系统所带的电量总是守恒的，A是一个孤立的系统，跟外界没有电荷交换，电荷数保持不变．故AB错误；C、根据库仑定律，当间距减小时，则库仑力增大，故C正确，D错误．故选：C14．（3分）真空中某点电荷的电场线分布如图所示，下列说法中错误的是（）A．产生该电场的点电荷带正电B．电场中的B点电场强度为零C．电场中的B点电场强度比A点大D．同一试探电荷在B点所受的电场力比在A点大【解答】解：A、由图知，电场线从该点电荷出发到无穷远处终止，说明该点电荷带正电，故A正确．B、B处没有画电场线，但电场存在，场强不为零，故B错误．C、电场线的疏密表示场强的相对大小，电场线越密，场强越大，可见，B点电场强度比A点大．故C正确．D、由F=qE知同一试探电荷所受的电场力与场强成正比，则同一试探电荷在B 点所受的电场力比在A点大，故D正确．本题选错误的，故选：B．15．（3分）如图所示，在通电螺线管的中轴线上有一点a，则该点磁感应强度的方向为（）A．向右B．向左C．向上D．向下【解答】解：由电流方向结合安培定则可确定B的方向为向右，则A正确故选：A16．（3分）如图所示，在水平匀强磁场中放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈由开始位置（实线位置）绕其底边转过90°至水平位置（虚线位置）的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（）A．逐渐变大B．逐渐变小C．先变大后变小D．先变小后变大【解答】解：线圈在实线位置时，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量最大；线圈在虚线位置时，磁感线与线圈平行，没有磁感线穿过线圈，穿过线圈的磁通量为零，则当线圈由实线位置绕其底边转过90°至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量逐渐变小．故选：B17．（3分）如图所示，把长L=0.2m的导体棒置于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=2.0×10﹣3T，导体棒与磁场方向垂直，若棒中通有电流I=1.0A，方向向右，则导体棒受到安培力的大小和方向为（）A．4×10﹣4N，方向向上B．4×10﹣4N，方向向下C．1×10﹣2N，方向向上D．1×10﹣2N，方向向下【解答】解：导体棒与匀强磁场垂直，则安培力大小为F=BIL=2.0×10﹣2×1.0×0.2N=4×10﹣3N根据左手定则判断可知，安培力的方向向下．故选：B18．（3分）如图所示，带正电的离子束沿图中箭头方向由纸外向纸内水平通过蹄形磁铁磁极间时，离子的偏转方向为（）A．向左B．向右C．向N极D．向S极【解答】解：由图可知，磁场方向从N极指向S极，根据左手定则可知，让四指指向与正电荷运动方向相同，让磁感线穿过手心，根据大拇指的指向即可判断出洛伦兹力的方向，由此可知洛伦兹力的方向向左，故A正确，BCD错误．故选：A．19．（3分）如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等．下列说法正确的是（）A．木块受到的摩擦力大小为μ1（m1+m2）gB．长木板受到的摩擦力大小为μ2（m1+m2）gC．若改变F的大小，当F＞μ1（m1+m2）g时，长木板将开始运动D．若将F作用于长木板，长木板与木块有可能会相对滑动【解答】解：A、B、先对木块受力分析，受拉力F、重力、支持力和向后的滑动摩擦力，滑动摩擦力为f1=μ1m1g；根据牛顿第三定律，木块对长木板有向前的滑动摩擦力，长木板还受到重力、压力、支持力和地面对其向后的静摩擦力，根据平衡条件，有f2=f1=μ1m1g≤μ2（m1+m2）g故AB错误；C、若改变F的大小，当F＞μ1（m1+m2）g时，滑块加速，但滑块与长木板的滑动摩擦力不变，故长木板与地面间的静摩擦力也不变，故木板不会运动；故C 错误；D、若将力F作用在长木板上时，滑块受木板的作用力等于二者间的滑动摩擦力；当整体的加速度大于μg时，木块一定会发生木板的滑动；故D正确；故选：D请阅读下材料，回答第20﹣23小题．宁安高铁开通运营12月6日，宁（南京）安（安庆）高铁正式开通运营，宁安高铁全长257千米，线路设计最高时速250千米，东起江苏省南京市，经安徽省马鞍山、芜湖、铜陵、池州市，西至安徽省安庆市，沿线设有南京南、江宁西、马鞍山东、当涂东、芜湖、戈江、繁昌西、铜陵、池州和安庆等10个车站．两地之间最快列车运行时间由原来的5小时53分缩短至2小时以内．20．（3分）乘客看到轨道旁的树木纷纷向后退，他选择的参考系可能是（）A．轨道旁的地面B．乘坐的列车C．铁轨D．轨道旁的电线杆【解答】解：路旁的树是被研究的物体，路旁的树纷纷向后退，树是运动的，火车（或乘客）和树木之间发生位置的改变．所以树木向后退是以乘坐的列车（乘客）为参照物的．故选：B21．（3分）材料中的“全长257千米”、“最高时速为250千米”指的是（）A．位移和瞬时速度 B．位置和平均速度C．路程和瞬时速度 D．路程和平均速度【解答】解：全长257公里是列车运动轨迹的长度，为路程；最高时速为250公里为某一时刻对应的速度，为瞬时速度；故选：C22．（3分）列车匀速驶入如图所示圆弧弯道时，列车所受的合力（）A．指向轨道内侧B．指向轨道外侧C．指向运动方向D．为零【解答】解：列车匀速驶入圆弧弯道时做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，则列车所受的合力指向圆心，即指向轨道内侧，故A正确，BCD错误．故选：A23．（3分）为判断列车的运动情况，将一个小球悬挂在列车的天花板上，小球相对于列车稳定时位置如图所受，重力加速度大小为g，由此可判断列车正在（）A．匀加速，加速度大小为gsinθB．匀加速，加速度大小为gtanθC．匀减速，加速度大小为gsinθD．匀减速，加速度大小为gtanθ【解答】解：由图示可知，小球受到沿绳子向上的拉力、竖直向下的重力作用，小球所受合外力水平向左，大小F=mgtanθ；小球的加速度水平向左，由牛顿第二定律可知：加速度大小为：a=gtanθ，则列车的加速度水平向左，列车速度水平向左，加速度方向与速度方向相同；故汽车做匀加速直线运动；故选：B二、解答题（共6小题，满分31分）24．（2分）历史上首先预言电磁波存在的物理学家是麦克斯韦（填“麦克斯韦”或“赫兹”），他认为变化的磁场会产生电场，一个闭合线圈放在变化的磁场中，线圈产生的感应电动势为E，若仅将线圈匝数增加为原来的2倍，则线圈产生的感应电动势变为C．A.4EB.C.2ED.．【解答】解：1864年，英国青年物理学家麦克斯韦在研究了当时所发现的电磁现象的基础上，建立了麦克斯韦电磁理论，并预言了电磁波的存在；而1888年，德国青年物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，法拉第电磁感应定律：E=N，说明当一定时，E与N成正比．线圈匝数增加为原来的2倍，则线圈产生的感应电动势变为2E．故答案为：麦克斯韦，C．25．（2分）闭合电路中的电流根电源的电动势成正比，外电路的电阻之和成反比（填“正比”或“反比”），这个结论叫闭合电路欧姆定律，在某一电路中，通过电阻R的电流为I，电阻为t时间内的焦耳热为Q，若仅使电流变为原来有2倍，则该电阻产生焦耳热变为A．A.4QB.C.2QD.．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律可知电流跟电动势成正比，跟内外电阻之和成反比；由当通过一个定值电阻的电流时，消耗的电能为Q=I2Rt；。

2015-2016学年江苏省宿迁市高二（下）第二次学业水平模拟物理试卷一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本大题23小题，每小题3分，共69分）1．质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是（）A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．只有质量很小的物体才可以看作质点C．研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D．因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点2．下列位移﹣时间（x﹣t）图象中，表示物体做匀速直线运动的是（）A．B．C．D．3．如图为江苏足球队员埃雷尔森在足球比赛中顶球瞬间场景，此时（）A．头对球的作用力大于球对头的作用力B．头对球的作用力与球对头的作用力大小相等C．头对球的作用力与球的重力是一对平衡力D．头对球的作用力与球对头的作用力是一对平衡力4．关于速度，下列说法中正确的是（）A．汽车速度计上显示70km/h，指的是汽车一段行程中的平均速度B．某高速公路上的限速为120km/h，指的是平均速度C．子弹以900m/s的速度从枪口射出，指的是瞬时速度D．火车从杭州到北京的速度约为120km/h，指的是瞬时速度5．如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，下列说法中正确的（）A．某次实验中，在测量F1、F2和合力F时，只要弹簧两次伸长量相同即可B．为减小实验误差，F1、F2的大小必须相等C．为减小实验误差，F1、F2的夹角应为90°D．实验中，弹簧测力计必领保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度线6．已知物体在2N、3N、4N三个共点力的作用下处于平衡状态，若保持两个力不变而撤去其中4N的力，那么其余两个力的合力大小为（）A．4N B．3N C．2N D．5N7．月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度处同时由静止释放，则（）A．羽毛先落地B．石块先落地C．它们同时落地 D．它们不可能同时落地8．如图所示，在探究平抛运动规律的实验中，用小锤打击弹性金厲片，金属片把p球沿水平方向弹出，同时Q球被松开而自由下落，P、Q两球同时开始运动．（）A．此实验为了说明平抛运动在水平方向上做的是匀速直线运动B．此实验为了说明平抛运动在竖直方向上做的是自由落体运动C．如果加大打击力度，P球落地时间将延长D．如果调整装置距地面的高度，它们就不会同时落地9．如图所示，小华用与水平方向成θ角的轻绳拉质量为m的木箱，木箱沿水平地面匀速运动，此时绳中拉力为F，则木箱所受摩擦力的大小为（g为当地重力加速度）（）A．mg B．FcosθC．FsinθD．F10．如图所示为利用自由落体运动来验证机械能守恒定律的实验装置．关于这一实验，下列说法中正确的是（）A．选用重物时，选用体积较大的比较好B．应先释放纸带，后接通电源打点C．需使用秒表测出重物下落的时问D．测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度11．某电热水壶铭牌上标有“1000W”的字样，其表示（）A．额定功率 B．平均功率 C．瞬时功率 D．实际功率12．如图所示，一小球绕圆心O做匀速圆周运动．已知圆周半径为r，小球运动的角速度为ω，则它运动的向心加速度大小为（）A．B．ωr C．ω2r D．ωr213．某物体在地球表面受到地球的万有引力为F，若将此物体置于距地球表面高度为2R处（R 为地球半径），则其受到地球的万有引力为（）A．B．C．D．14．关于绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，下列说法中正确的是（）A．同一轨道上，质量大的卫星线速度大B．同一轨道上，质量大的卫星向心加速度大C．离地面越近的卫星线速度越大D．离地面越高的卫星周期越短15．当真空中两个点电荷q1、q2的距离为r0时，它们间的库仑力为F．若它们之间的距离增为原来的2倍而各自电荷量保持不变时，则它们间的厍仑力为（）A． F B． F C．F D．2F16．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大D．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向17．如图所示，把一条直导线平行地放在小磁针的正上方，当导线中通有如图方向电流时，小磁针N极相对于纸面（）A．向上偏转 B．向外偏转 C．向里偏转 D．向下偏转18．如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线不受安培力作用的是（）A．B．C．D．19．如图所示，匀强磁场方向竖直向下，一正电荷水平向右射入匀强磁场中．此时，该电荷所受洛伦兹力力的方向是（）A．向上 B．向下 C．垂直纸面向外 D．垂直纸面向里新一批歼15舰载战斗机舰机融合训练圆满成功2015年12月24日，新一批歼﹣15舰载战斗机（中文绰号：飞鲨）在渤海某海域海军辽宁舰上进行舰机融合训练．飞行员驾机完成触舰复飞、阻拦着舰、空中爬升等多个科目训练．它是中国以国产歼﹣11战斗机为基础进而研制和发展的重型双发舰载战斗机，该机研制由中国航空工业集团公司沈阳飞机工业集团承担，歼﹣15可以搭载多个副油箱，在不搭载副油箱情况下航程就可以超过3000km．20．下列关于该战斗机惯性的说法中，正确的是（）A．该战斗机在战斗前抛弃副油箱，是为了增大战斗机的惯性B．该战斗机阻拦着舰时，它的惯性随其速度的减小而减小C．该战斗机挂载越多的弹药，其惯性就越大D．该战斗机停在航母上时没有惯性21．假设歼﹣15舰载战斗机从航母上起飞时在跑道上做匀加速直线运动，下列能反映这段时间内其运动的v﹣t图象是（）A．B．C．D．22．在歼﹣15舰载战斗机降落过程中，假设竖直方向向下做减速运动，该过程中飞行员（）A．一直处于失重状态B．一直处于超重状态C．先处于失重状态，后处于超重状态D．先处于超重状态，后处于失重状态23．歼﹣15舰载战斗机在空中爬升过程中（）A．重力做正功，重力势能减少 B．重力做正功，重力势能增大C．重力做负功，重力势能减少 D．重力做负功，重力势能增大二、填空题：把答案填在相应的横线上（本大题2小题，其中24题4分，25题6分，共10分）25．如图所示，一单匝线圈在拉力作用下离开磁场，在此过程中，线圈中的磁通量将（填“增加”或“减小”）．若上述过程所经历的时间为0.2s，线圈中的磁通量变化了0.6Wb，则线圈中产生的感应电动势为V．26．如图所示的电路中，电源的电动势为6V，内阻为1Ω，两定值电阻的阻值分別为R1=6Ω．R2=5Ω．开关S闭合后，电路中的电流为A，R2两端的电压为V．27．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图1所示的装置．在实验过程中：（1）打点计时器应该与（选填“交流”或“直流”）电源连接；在闭合电键前，将小车放置在一端；（选填“靠近滑轮”或“靠近打点计时器”．（2）在探究过程中，该同学打出了一条纸带，并在纸带上连续取几个计数点，如图2所示．自A点起，相邻两点间的距离分别为10.0mm、16.0mm、22.0mm、28.0mm．已知相邻计数点的时间间隔为0.1s，则打D点时小车的速度为m/s，整个过程中小车的平均加速度为m/s2．三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和必要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位（本大题3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分）28．小明在水平桌面上用木板做成一个斜面，使小钢球从斜面上某一位置滚下表，钢球沿桌面与桌边垂直飞出后做平抛运动．他测出钢球落地点到桌边的水平距离为1.2m，桌面到地面的高度为0.8m，取g=10m/s2．求：（1）钢球从桌边落到地面所用的时间．（2）钢球飞出桌面时的速度．（3）钢球落到地面时的速度大小．29．在游乐场中，有一种大型游戏机叫“跳楼机”．参加游戏的游客被安全带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面40m高处，然后由静止释放．为研究方便，可以认为座椅沿轨道做自由落体运动1.2s后，开始受到恒定阻力而立即做匀减速运动，且下落到离地面4m高处时速度刚好减小到零．然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳下落，将游客送回地面．（取g=10m/s2）求：（1）座椅在自由下落结束时刻的速度是多大？（2）座椅在匀减速阶段的时间是多少？（3）在匀减速阶段，座椅对游客的作用力大小是游客体重的多少倍？30．如图1所示，固定的竖直光滑圆弧轨道ACB的半径为2.5m，A点与圆心O在同一水平线上，圆弧轨道底端B点与圆心在同一竖直线上．C点离B点的竖直方向高度为1.0m．传送带水平长度为4.5m，且静止不动，质量为0.5kg的物块从轨道上的C点由静止释放，最终停在距B点2m处的传送带上，不计物块通过轨道与传送带交接处的动能损失，取g=10m/s2．（1）求物块从C点下滑到B点时受到轨道的支持力大小．（2）求物块与传送带间的动摩擦因数．（3）若传送带由电动机驱动以6m/s的速度按图示方向运转，物块在传送带上从距离B点x 处静止释放．请推算出物块沿圆弧轨道上升的高度h与x的系式，并在图2中画出h﹣x关系图象．2015-2016学年江苏省宿迁市高二（下）第二次学业水平模拟物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本大题23小题，每小题3分，共69分）1．质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是（）A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．只有质量很小的物体才可以看作质点C．研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D．因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点【考点】质点的认识．【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题．【解答】解：A、体积很小的物体也不一定就能够看成质点，比如原子的体积很小，但是在研究原子的运动时原子是不能看成质点的，所以A错误．B、地球的质量很大，在研究地球绕太阳转动的过程中地球的大小和形状是可以忽略的，能看成质点，所以并不是只有质量很小的物体才可以看作质点，所以B错误．C、研究月球绕地球运动的周期时，月球的体积相对于和地球之间的距离来说是可以忽略的，所以可将月球看作质点，所以C正确．D、根据B的分析可知D错误．故选C．2．下列位移﹣时间（x﹣t）图象中，表示物体做匀速直线运动的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】匀速直线运动的速度保持不变，x﹣t图象的斜率表示速度，根据图象的形状分析物体的运动情况．【解答】解：A、根据x﹣t图象的斜率表示速度，该图的斜率逐渐增大，表示物体做加速直线运动，故A错误．B、根据x﹣t图象的斜率表示速度，该图的斜率逐渐减小，表示物体做减速直线运动，故B 错误．C、该图的斜率为零，表示物体的速度为零，处于静止状态，故C错误．D、该图的斜率不变，表示物体的速度不变，做匀速直线运动，故D正确．故选：D3．如图为江苏足球队员埃雷尔森在足球比赛中顶球瞬间场景，此时（）A．头对球的作用力大于球对头的作用力B．头对球的作用力与球对头的作用力大小相等C．头对球的作用力与球的重力是一对平衡力D．头对球的作用力与球对头的作用力是一对平衡力【考点】作用力和反作用力．【分析】作用力与反作用力，大小相等，方向相反，作用在两个物体上，一对平衡力大小相等，方向相反，作用在同一个物体上，作用效果可以抵消．【解答】解：ABD、头对球的作用力与球对头的作用力是相互作用力，根据牛顿第三定律，它们大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，故A错误，B正确，D错误；C、头对球的作用力大小不是固定的，但球的重力大小是固定的，故头对球的作用力与球的重力不是一对平衡力，故C错误；故选：B4．关于速度，下列说法中正确的是（）A．汽车速度计上显示70km/h，指的是汽车一段行程中的平均速度B．某高速公路上的限速为120km/h，指的是平均速度C．子弹以900m/s的速度从枪口射出，指的是瞬时速度D．火车从杭州到北京的速度约为120km/h，指的是瞬时速度【考点】瞬时速度；平均速度．【分析】正确理解平均速度和瞬时速度的概念是解答本题的关键，平均速度粗略描述物体的运动快慢，对应于一段时间或一段位移；瞬时速度是物体通过某一位置或某一时刻的速度，对应于某一位置或某一时刻．【解答】解：A、汽车速度计上显示的速度是指汽车在某一时刻或者某一位置的速度大小，即为瞬时速度的大小，不是显示的平均速度，故A错误；B、某高速公路上的限速指的是限制的瞬时速度，故B错误；C、子弹穿过枪口的速度，与枪口这一位置相对应，因此是瞬时速度，故C正确；D、火车从杭州到北京的速度与这一过程相对应，因此是平均速度，故D错误．故选：C5．如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，下列说法中正确的（）A．某次实验中，在测量F1、F2和合力F时，只要弹簧两次伸长量相同即可B．为减小实验误差，F1、F2的大小必须相等C．为减小实验误差，F1、F2的夹角应为90°D．实验中，弹簧测力计必领保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度线【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】本实验的目的是验证力的平行四边形定则，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的．采用作合力与分力图示的方法来验证，根据实验原理和方法来分析实验中应注意事项即可．【解答】解：A、实验中要求两次的效果相同，而弹簧的长度相同，不能保证效果相同，只有使结果达到同一位置才能保证效果相同；故A错误；B、两力的大小相等对减小误差没有影响，故不需要求两分力大小相等；故B错误；C、实验两分力的夹角适当大点，但并不一定要求为90°；故C错误；D、本实验是在水平面作力的图示，为了减小误差弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度．故D正确．故选：D．6．已知物体在2N、3N、4N三个共点力的作用下处于平衡状态，若保持两个力不变而撤去其中4N的力，那么其余两个力的合力大小为（）A．4N B．3N C．2N D．5N【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故本题中剩下的两个力的合力与撤去的第三个力等值、反向、共线．【解答】解：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故本题中2N和3N的两个力的合力与第三个力平衡，大小等于4N；故选：A．7．月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度处同时由静止释放，则（）A．羽毛先落地B．石块先落地C．它们同时落地 D．它们不可能同时落地【考点】自由落体运动．【分析】月球上没有空气，物体只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据自由落体运动的规律可知，下落时间由高度决定，高度相同，则运动时间相同．【解答】解：月球上没有空气，羽毛和石块只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据h=可知：t=又因为羽毛和石块从同一高度同时下落，故运动的时间相等，所以羽毛和石块同时落地．故选：C．8．如图所示，在探究平抛运动规律的实验中，用小锤打击弹性金厲片，金属片把p球沿水平方向弹出，同时Q球被松开而自由下落，P、Q两球同时开始运动．（）A．此实验为了说明平抛运动在水平方向上做的是匀速直线运动B．此实验为了说明平抛运动在竖直方向上做的是自由落体运动C．如果加大打击力度，P球落地时间将延长D．如果调整装置距地面的高度，它们就不会同时落地【考点】研究平抛物体的运动．【分析】本题图源自课本中的演示实验，通过该装置可以判断两球同时落地，可以验证做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动．【解答】解：A、根据装置图可知，两球由相同高度同时运动，P做平抛运动，Q做自由落体运动，同时落地，说明平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，故A错误，B正确；C、小锤打击金属片的力越大，P球获得的水平方向初速度越大，但竖直方向运动不变，所以落地时间不变，故C错误；D、无论如何调节装置距地面的高度，两球在竖直方向运动情况完全相同，总是同时落地，故D错误．故选：B9．如图所示，小华用与水平方向成θ角的轻绳拉质量为m的木箱，木箱沿水平地面匀速运动，此时绳中拉力为F，则木箱所受摩擦力的大小为（g为当地重力加速度）（）A．mg B．FcosθC．FsinθD．F【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】对木箱为研究对象受力分析，正交分解，根据平衡条件求木箱所受摩擦力的大小．【解答】解：对木箱受力分析，根据平衡条件：水平方向Fcosθ=f得：f=Fcosθ，故B正确，ACD错误；故选：B．10．如图所示为利用自由落体运动来验证机械能守恒定律的实验装置．关于这一实验，下列说法中正确的是（）A．选用重物时，选用体积较大的比较好B．应先释放纸带，后接通电源打点C．需使用秒表测出重物下落的时问D．测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度【考点】验证机械能守恒定律．【分析】正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．【解答】解：A、选用重物时，选用体积较小，质量较大的比较好，故A错误；B、开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故B错误；C、我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故C错误；D、测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度，故D正确．故选：D．11．某电热水壶铭牌上标有“1000W”的字样，其表示（）A．额定功率 B．平均功率 C．瞬时功率 D．实际功率【考点】电功、电功率．【分析】明确功率的基本单位，并知道铭牌上所标信息为用电器正常工作时的额定值．【解答】解：由单位可知，铭牌上所标为功率；且应是热水壶工作时的额定功率；故选：A．12．如图所示，一小球绕圆心O做匀速圆周运动．已知圆周半径为r，小球运动的角速度为ω，则它运动的向心加速度大小为（）A．B．ωr C．ω2r D．ωr2【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．【分析】已知小球做匀速圆周运动，知道了小球的圆周运动半径r和角速度ω，即可求出线速度根据向心加速度的公式表示出加速度．【解答】解：小球的半径r和角速度ω为已知，则小球的线速度大小为：v=ωr．根据向心加速度公式a=得：a=ω2r．那么，故C正确，ABD错误．故选：C．13．某物体在地球表面受到地球的万有引力为F，若将此物体置于距地球表面高度为2R处（R 为地球半径），则其受到地球的万有引力为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】在地球表面的物体其受到的重力我们可以认为是等于万有引力，设出需要的物理量，根据万有引力定律公式列式并进行比较即可．【解答】解：设地球的质量为M，半径为R，设万有引力常量为G，根据万有引力等于重力，则有：…①在距地面高度为地球半径的2倍时：…②由①②联立得：故选：D14．关于绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，下列说法中正确的是（）A．同一轨道上，质量大的卫星线速度大B．同一轨道上，质量大的卫星向心加速度大C．离地面越近的卫星线速度越大D．离地面越高的卫星周期越短【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力分析卫星圆周运动的线速度、周期与哪些量有关，并进行讨论即可．【解答】解：ABC、对卫星，根据万有引力等于向心力，有：解得：v=故同一轨道上的卫星速度一样大，离地面越近的卫星轨道半径越小，线速度越大，故A 错误，B 错误，C 正确；D 、对卫星，万有引力提供向心力，故：解得：T=2π离地面越高的卫星的轨道半径越大，故其周期越大，故D 错误； 故选：C15．当真空中两个点电荷q 1、q 2的距离为r 0时，它们间的库仑力为F ．若它们之间的距离增为原来的2倍而各自电荷量保持不变时，则它们间的厍仑力为（ ）A ．F B ．F C ．FD ．2F【考点】库仑定律．【分析】由库仑定律可得出变化前后的库仑力表达式，对比即可求解．【解答】解：由库仑定律可得变化前有：F=；而变化后有：F′==F ；故选：A16．电场中有一点P ，下列说法正确的是（ ） A ．若放在P 点的点电荷的电荷量减半，则P 点的场强减半 B ．若P 点没有试探电荷，则P 点的场强为零C ．P 点的场强越大，则同一电荷在P 点受的静电力越大D ．P 点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向 【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p点电荷减半或无检验电荷，P点的场强不变，故AB错误．C、据F=Eq知，P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确．D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，与负电荷在该点的受力方向相反，故D错误．故选：C．17．如图所示，把一条直导线平行地放在小磁针的正上方，当导线中通有如图方向电流时，小磁针N极相对于纸面（）A．向上偏转 B．向外偏转 C．向里偏转 D．向下偏转【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．【分析】根据安培定则可分析导线下方的磁场方向，再根据小磁针N极受力方向与磁场方向相同来判断小磁针N极的指向．【解答】解：由安培定则可知，导线下方磁场方向向外，则小磁针N极受力方向向外，S极受力向里，故N极向外偏转；故选：B．18．如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线不受安培力作用的是（）A．B．C．D．【考点】左手定则；安培力．【分析】当电流的方向与磁场方向平行时，导线不受安培力作用；当电流的方向与磁场的方向不平行时，受安培力作用．【解答】解：A、电流的方向与磁场方向垂直，受安培力作用．故A错误．。

2014-2015学年江苏省宿迁市高二（下）期末物理复习试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分．每小题只有一个选项符合题意．选对的得3分，错选或不答的得0分．1．（3分）（2015春•江苏期末）许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是（）A．法拉第总结出了感应电流方向的判断方法B．奥斯特发现了磁能生电C．法拉第提出了分子电流假说D．安培发现了磁场对电流的作用规律考点：物理学史．分析：本题是物理学史问题，根据法拉第、奥斯特、安培等科学家的物理学成就进行解答．解答：解：A、楞次总结出了感应电流方向的判断方法，故A错误．B、法拉第发现了磁能生电．故B错误．C、安培提出了分子电流假说，故C错误．D、安培发现了磁场对电流的作用规律，故D正确．故选：D．点评：物理学史是高考考查内容之一，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，不能张冠李戴．2．（3分）（2013秋•广东月考）如图所示，磁场方向竖直向下，通电直导线ab由水平位置1绕a点在竖直平面内转到位置2，通电导线所受安培力是（）A．数值变大，方向不变B．数值变小，方向不变C．数值不变，方向改变D．数值和方向均改变考点：安培力．分析：通电直导线放在匀强磁场中，所受的安培力大小公式为F=BILsinα，α是导线与磁场方向的夹角，方向由左手定则判断，根据这两个知识进行分析．解答：解：通电直导线所受的安培力F=BILsinα，α是导线与磁场方向的夹角，由题知，B、I、L不变，α减小，则F减小；根据左手定则判断可知，安培力方向始终与纸面垂直向里或向外，保持不变．故B正确，ACD 错误．故选：B．点评：本题考查了安培力的大小公式和安培力方向的判断，比较简单，很容易掌握．3．（3分）（2015春•江苏期末）关于减小远距离输电线上的功率损耗，下列说法正确的是（）A．由功率P=，应降低输电电压，增大导线电阻B．由P=IU，应低电压小电流输电C．由P=I2R，应减小导线电阻或减小输电电流D．上述说法均不对考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI求出输电线上的电流，结合分析输电线上损耗的功率与什么因素有关．解答：解：根据，P=UI知，，所以为了减小输电线上损耗的功率，应减小输电电荷或导线的电阻，或可以增大输电电压．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道根据P损=I2R，要减小功率损耗，应减小导线电阻，或减小输电电流．4．（3分）（2015春•江苏期末）如图所示，某空间匀强电场竖直向下，匀强磁场垂直纸面向里，一金属棒AB从高h处自由下落，则（）A．A端先着地B． B端先着地C．两端同时着地D．以上说法均不正确考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：棒AB做切割磁感线运动，导致两端带异种电荷，故受电场力方向相反，根据右手定则分析即可．解答：解：棒AB做切割磁感线运动，根据右手定则，B端带正电，A端带负电，故B端受向下的电场力，A端受到向上的电场力，故B端先落地；故选：B．点评：本题关键是根据右手定则判断棒AB两端点的电性，然后判断电场力方向，基础题．5．（3分）（2011春•衡阳期末）如图所示的电路中，S闭合达电流稳定时，流过电感线圈的电流为2A，流过灯泡的电流是1A，将S突然断开，则S断开前后，能正确反映流过灯泡的电流I随时间t变化关系的图象是图中的（）A． B．C．D．考点：自感现象和自感系数．分析：当电流增大时，线圈会阻碍电流的增大，当电流减小时，线圈会阻碍电流的减小．解答：解：当闭合电键，因为线圈阻碍作用，所以电流i1会慢慢增大，灯泡这一支路立即就有电流．当电键断开，灯泡这一支路电流立即消失，因为线圈阻碍电流的减小，所以通过灯泡的电流不会立即消失，会从原来的大小慢慢减小，而且灯泡和L构成回路，通过灯泡的电流也流过L，所以i2变成反向，且逐渐减小．因i1＞i2，故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握线圈对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，线圈会阻碍电流的增大，当电流减小时，线圈会阻碍电流的减小．6．（3分）（2015春•江苏期末）在电子线路中，经天线接收下来的电信号既有高频成分又有低频成分，需要把低频成分和高频成分分开，只让低频成分输送到下一级，可以采用如图所示的电路，其中a、b应选择的元件是（）A．a是电容较大的电容器，b是低频扼流圈B．a是电容较大的电容器，b是高频扼流圈C．a是电容很小的电容器，b是低频扼流圈D．a是电容很小的电容器，b是高频扼流圈考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．分析：本题综合考查电路和交变电流的知识，电容器具有通高频、阻低频的作用，这样的电容器电容应较小．电感线圈在该电路中要求做到通低频、阻高频，所以它是一个高频扼流圈，其自感系数应该较小解答：解：根据交流电路中电容的通高频阻低频和电感线圈的通低频阻高频作用可知，元件a要让高频信号通过，阻止低频信号通过，故元件a是电容较小的电容器元；元件b要让低频信号通过，阻止高频信号通过，故元件b是高频扼流圈．故D正确，ABC错误；故选：D点评：根据电感和电容对交流电的作用去判断，首先分清用哪种电器；明确两种仪器对高频信号和低频信号的不同作用．二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．（4分）（2015春•江苏期末）如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是（）A．交流电a的瞬时值为μ=10sin5πtVB．线圈先后两次转速之比为2：3C．交流电b电压的有效值为VD．在t=0时刻穿过线圈的磁通量变化率均为零考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：由图读出电压最大值U m，周期T，由ω=求出，写出交流电a的瞬时值表达式．由周期关系求出转速关系．t=0时刻电压为零，由法拉第电磁感应定律分析磁通量．解答：解：A、由图电压最大值U m=10V，周期T a=0.4S，ω==5πrad/s，交流电压的瞬时值表达式为u=U m sinωt=10sin5πtV．故A正确．B、由图可知，周期T a=0.4S，T b=0.6s，则线圈先后两次转速之比n a：n b=T b：T a=3：2．故B 错误．C、由电动势的最大值E m=NBSω，则两个电压最大之值比U ma：U mb=ω a：ωb=3：2，则交流电b电压的最大值为V，有效值为V．故C错误．D、t=0时刻U=0，根据法拉第定律，磁通量变化率为零，而磁通量最大．故D正确．故选：AD．点评：本题考查对交流电压图象的理解能力．难点在于C选项，要根据电动势最大值表达式研究电压最大值之间的关系．至于电压与磁能量的关系，根据法拉第电磁感应定律分析．8．（4分）（2006•扬州二模）如图所示，电阻R1=20Ω，电动机的绕组R2=10Ω．当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（）A．I=1.5A B．I＜1.5A C．P=15W D． P＜15W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当电键S断开时，由欧姆定律求出电阻R1的电压U．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电路是非纯电阻电路，由I2＜求出其电流的范围，即得到电流表电流的范围．由P=UI求解电路中功率范围．解答：解：当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R1=10V．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流I2，故电流表的电流I＜1.5A，电路中电功率P=UI＜15W．故BD正确．故选BD点评：本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，I2＜是关键不等式．9．（4分）（2015春•江苏期末）如图所示，在光滑水平桌面上有两个金属圆环，在它们圆心连线中点正上方有一个条形磁铁，当条形磁铁自由下落时，将会出现的情况是（）A．两金属环将相互靠拢B．两金属环将相互排斥C．磁铁的加速度会大于g D．磁铁的加速度会小于g考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律：感应电流的磁场总要阻碍磁通量的变化，来判断a、b两线圈的运动情况．根据楞次定律另一种表述：感应电流的磁场总要导体和磁场间的相对运动，分析磁铁的加速度．解答：解：A、B、当条形磁铁自由下落时，穿过两个圆环的磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流的磁场总要阻碍磁通量的变化，所以两个圆环要向磁通量减小的方向运动，则知a、b两线圈相互排斥．故A错误，B正确．C、D当条形磁铁自由下落时，穿过两个圆环的磁通量增加，根据楞次定律另一种表述：感应电流的磁场总要导体和磁场间的相对运动，可知导体对磁体的运动产生斥力作用，所以磁铁下降的加速度会小于g．故C错误，D正确；故选：BD．点评：解决本题的关键理解楞次定律的两种表述，真正理解“阻碍”的作用，并能用来分析实际问题．10．（4分）（2015春•江苏期末）某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电．已知输电线的总电阻为R，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100πtV，降压变压器的副线圈与阻值R0=11Ω的电阻组成闭合电路．若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）A．通过R0电流的最大值是20 AB．升压变压器T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压C．降压变压器T2原、副线圈的电压比为4：1D．升压变压器T1的输出功率大于降压变压器T2的输入功率考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小解答：解：A、降压变压器副线圈两端交变电压最大值为220V，负载电阻为11Ω，所以通过R0电流的最大值是=20A，故A正确；B、升压变压器T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压加上输电线上的电压，所以选项B错误；C、降压变压器T2原、副线圈的电压比等于匝数比为4：1，所以选项C正确；D、升压变压器T1的输出功率等于降压变压器T2的输入功率加上输电线上的功率，所以选项D正确．故选：ACD点评：本题考查远距离输电问题，掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题11．（4分）（2015春•江苏期末）如图所示，竖直平面内有平行放置的光滑导轨，导轨间距为L，电阻不计，导轨间有水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B=2T，方向如图所示．有两根质量均为m=0.1kg、长度均为L=0.2m、电阻均为R=0.4Ω的导体棒ab和cd与导轨接触良好，当用竖直向上的力F使ab棒向上做匀速运动时，cd棒刚好能静止不动，则下列说法正确的是（g取10m/s2）（）A．ab棒的运动速度是5m/sB．力F的大小为1NC．在1s内，力F做的功为5 JD．在1s内，cd棒产生的电热为2.5J考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：要使cd始终保持静止不动，cd棒受到的安培力与重力平衡，即可求解；再根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律，结合功表达式与焦耳定律即可求解．解答：解：A、cd静止不动，cd棒受到的安培力等于它的重力，B L=mg，解得：v===5m/s，故A正确．B、导体棒ab，使之匀速上升，棒ab受到向下的重力G和向下的安培力F，则ab棒受到的拉力F拉=F+G=2mg=2N，故B错误．C、在1s内拉力做的功，W=F拉vt=2×5×1J=10 J，故C错误．D、在1s内，电路消耗的电能Q=t=5 J，则cd棒产生的电热为2.5J，故D正确．故选：AD．点评：本题是电磁感应现象中的力平衡问题，关键是对安培力和电路的分析和计算．三、简答题：本题共2小题，共21分．请将解答填写在答题卷上相应的位置．12．（9分）（2006•上海）表格中所列数据是测量小灯泡 U﹣I关系的实验数据：U（V）0.0 0.2 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0I（A）0.000 0.050 0.100 0.150 0.180 0.195 0.205 0.215（1）分析上表内实验数据可知，应选用的实验电路图是图甲（填“甲”或“乙”）；（2）在方格纸内画出小灯泡的U﹣I曲线．分析曲线可知小灯泡的电阻随I变大而变大（填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）如图3所示，用一个定值电阻R和两个上述小灯泡组成串并联电路，连接到内阻不计、电动势为3V的电源上．已知流过电阻R的电流是流过灯泡b电流的两倍，则流过灯泡b的电流约为0.07 A．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；压轴题．分析：（1）由表中数据可知，电压、电流从零开始测量因此需要滑动变阻器分压接法，由此可正确选择电路；（2）由图可知，随着电流的增大，灯泡电阻增大；（3）算出灯泡两端的电压，根据小灯泡的U﹣I曲线可以求出灯泡的电流．解答：解：（1）由表中数据可知，电压、电流从零开始测量因此需要滑动变阻器分压接法，只有甲图是分压接法，故该实验选择的电路图是甲图．故答案为：甲．（2）根据表示所给数据，画出小灯泡的U﹣I曲线如下所示：由小灯泡的U﹣I曲线可知，当电流增大时，灯泡的电阻增大．故答案为：增大．（3）流过电阻R的电流是流过灯泡b电流的两倍，根据电阻的串并联可知，流过灯泡a的电流是b的三倍；同时灯泡a和b的电压之和为3V，由此结合小灯泡的U﹣I曲线可知流过灯泡b的电流约为：0.07A．故答案为：0.07．点评：在描绘小灯泡的U﹣I曲线的实验中，注意滑动变阻器分压、限流和安培表内接、外接方法的选择，以及根据小灯泡的U﹣I曲线求出灯泡的电压、电流值．13．（12分）（2015春•江苏期末）某同学为了测量一个额定率为1W的电阻R x的阻值，先多用表的欧姆档进行了粗测，然后用伏安法进行精确测量．（1）该同学先用欧姆表“×10”档测量时发现指标指在“0.4”刻度处，为了相对准确地测量该电阻的阻值，于是他改用× 1 档后发现指针指在“5”刻度处，由此可知R x大约为5 Ω．（2）实验室中现有如下实验器材：电流表A1（量程0～0.6A，内阻0.2Ω）电流表A2（量程0～3A，内阻0.05Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻3kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻15kΩ）滑动变阻器R0（0～50Ω）蓄电池（电动势为6V）；开关、导线①为了较准确测量R x阻值，电压表应选V1、电流表应选A1．②在方框内画出该实验的电路图．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：（1）根据多用电表欧姆档的使用方法进行换档并读数；（2）根据已知条件估算电流值和电压值，进而确定电流表和电压表；根据实验要求及电表内阻的影响确定接法．解答：解：（1）由题意可知当用大档位时，示数太小；故应换用小档位×1档进行测量；测量值为5×1=5Ω；（2）①由待测电阻R x额定功率和阻值的大约值，可以计算待测电阻R x的额定电压、额定电流的值约为U==≈2.2V；I===0.45A；则电流表应选A 1，电压表应选V1．又因==24.5Ω＞R x，则电流表必须外接．②因为滑动变阻器的全阻值大于被测电阻R x，故优先考虑滑动变阻器的限流接法，若用限流接法，滑动变阻接入电路的电阻应大于R=﹣R x=8.3Ω，故可用限流电路．原理图如图所示；故答案为：（1）1、5 （2）①V1、A1②如右图所示．点评：本题考查多用电表的使用及电阻的测量，要掌握根据题意选择仪表及电路接法的方法，注意限流接法耗能较小，如果没有特殊要求应优先采用限流接法．四、计算或论述题：本题共4小题，共61分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（14分）（2013秋•武汉校级期末）如图所示，一小型发电机内有n=100匝矩形线圈，线圈面积S=0.10m2，线圈电阻可忽略不计．在外力作用下矩形线圈在B=0.10T匀强磁场中，以恒定的角速度ω=100π rad/s绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，发电机线圈两端与R=100Ω的电阻构成闭合回路．求：（1）线圈转动时产生感应电动势的最大值；（2）从线圈平面通过中性面时开始，线圈转过90°角的过程中通过电阻R横截面的电荷量；（3）线圈匀速转动10s，电流通过电阻R产生的焦耳热．（计算结果保留二位有效数字）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；法拉第电磁感应定律．专题：交流电专题．分析：正弦式电流给灯泡供电，电压表显示是电源电压的有效值，要求电路中灯泡的电流或功率等，均要用正弦式电流的有效值．而求有效值方法：是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．通过横截面的电荷量则需要用交流电的平均值，而电器的耐压值时则交流电的最大值．解答：解：（1）当线圈与磁感线平行时，线圈中感应电动势的最大值，则为E m=nBSω=3.1×102 V（2）设从线圈平面通过中性面时开始，线圈转过90°角所用时间为△t，线圈中的平均感应电动势=n通过电阻R的平均电流在△t时间内通过电阻横截面的电荷量Q==1.0×10﹣2C，（3）矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生正弦交变电流，电阻两端电压的有效值经过t=10s电流通过电阻产生的焦耳热Q热=解得Q热=4.9×103J．点评：当线圈与磁场相平行时，即线圈边框正好垂直切割磁感线，此时产生的感应电动势最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．（2015春•江苏期末）如图，电源电动势E=9V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=5Ω，R2=3.5Ω，15．（15分）R3=6Ω，R4=3Ω，电容C=2.0μF．求：（1）当开关K扳到 a时，电容器两端电压为多少？（2）当开关K由a扳到b时，通过R3的电量是多少．考点：电容．专题：电容器专题．分析：（1）由图可知，R1与R2串联，当开关接a时，电容器与R1并联，根据串联电路的分压规律求出电容器的电压，即可求得电量．（2）当开关与b连接时，C与R2并联即可求得电量，当开关与b连接时，C与R2并联；由C 中电量的变化可得出流过R3的电量．解答：解：（1）电路中的电流：I= A当开关接a时，电容器的电压为：U1=IR1=1×5.0=5.0V（2）开关接a时的电量为：Q1=CU1=2×10﹣6×5C=1×10﹣5C，由于上极板电势高，则上极板带正电荷．当开关接b时，电容器的电压为：U2=I•R2=1×3.5V=3.5V电量为：Q2=CU2=2×10﹣6×3.5C=0.7×10﹣5C，且上极板带负电，下极板带正电．由Q=CU可知，开关由a接b的过程中，电量变化为：△Q=（U1+U2）C=8.5×2.0×10﹣6=1.7×10﹣5C即通过R3的电荷量为1.7×10﹣5C．答：（1）当电键与a接触时电压为5.0V；（2）当电键由与a接触转到与b接触时通过R3的电量1.7×10﹣5C．上极板带负电点评：本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路问题，在解题时要注意电路稳定时R3、R4相当于导线；电容器中变化的电量才流过R3．16．（16分）（2010秋•泰州期末）如图所示，a点距坐标原点的距离为L，坐标平面内有边界过a点和坐标原点0的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直坐标平面向里．有一电子（质量为m、电荷量为e）从a点以初速度v0平行x轴正方向射入磁场区域，在磁场中运行，从x 轴上的b点（图中未画出）射出磁场区域，此时速度方向与x轴的正方向之间的夹角为60°，求（1）磁场的磁感应强度（2）磁场区域的圆心O1的坐标（3）电子在磁场中运动的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）根据题意正确画出粒子运动的轨迹，找出R与L之间的关系，由洛伦兹力提供向心力的方程可得；（2）由题意和上图的几何关系可得，过a、O、B三点的圆的圆心在aB连线的中点；（3）粒子在磁场中飞行时间为弧度比速度．解答：解：（1）粒子运动的轨迹如图得R=2L又，洛伦兹力提供向心力，得：所以：（2）由题意和上图的几何关系可得，过a、O、B三点的圆的圆心在aB连线的中点．所以：x轴坐标x=aO1sin60°=y轴坐标为y=L﹣aO1sin60°=O1点坐标为（）（3）粒子在磁场中飞行时间为：答：（1）磁场的磁感应强度；（2）磁场区域的圆心O1的坐标（）（3）电子在磁场中运动的时间．点评：该类题目根据题意正确画出粒子运动的轨迹，找出R与L之间的关系，是解决问题的关键．17．（16分）（2015春•江苏期末）如图所示，平行金属导轨竖直放置，导轨间距为L，上端接有电阻为R的灯泡，虚线OO′下方是垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B．现将质量为m，电阻为r的金属杆ab从OO′上方某处由静止释放，进入磁场一段时间后可使灯泡持续正常发光．当杆下降到M、N处时被支持物挡住并停止运动．OO′到MN的距离为d，杆始终与导轨保持良好接触，其他电阻忽略不计．（1）求灯泡持续正常发光时，导体棒运动的速度v（2）求下降过程通过灯泡的电量q（3）杆被支持物挡住后，通过减小磁感应强度B的大小仍使灯泡持续正常发光，若磁感应强度的大小随时间变化率的大小为k，写出在磁感应强度减为零之前，杆ab上所受安培力随时间变化的表达式．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：（1）杆进入磁场一段时间后可使灯泡持续正常发光，说明电流不变，切割电动势不变，速度不变，杆处于平衡状态，根据切割公式、安培力公式、欧姆定律列式求解即可；（2）根据切割公式、欧姆定律、电流的定义公式列式后联立求解即可；（3）杆被支持物挡住后，通过减小磁感应强度B的大小仍使灯泡持续正常发光，电流不变，感应电动势不变，结合法拉第电磁感应定律列式求解即可．解答：解：（1）杆进入磁场一段时间后可使灯泡持续正常发光，说明导体棒ab开始做匀速直线运动，故：mg=BIL根据法拉第电磁感应定律，有：E=BLv根据欧姆定律，有：I=联立解得：v=（2）根据切割公式，有：E=BLv根据欧姆定律，有：I=电量：q=It=I•联立解得：q=（3）由于灯泡亮度不变，故电流不变，故：I=此时的磁场为：B′=B+kt根据安培力公式可得：F=B′IL=（B+kt）=mg+t．答：（1）灯泡持续正常发光时，导体棒运动的速度v为；（2）下降过程通过灯泡的电量q为；（3）在磁感应强度减为零之前，杆ab上所受安培力随时间变化的表达式为F=mg+t．点评：本题是力电综合问题，关键明确导体棒的受力情况和运动情况，然后根据平衡条件、切割公式、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式列式分析．。

泗洪中学物理学业水平测试考前强化辅导（2）高二物理备课组1．力 A（1）定义：力是物体对物体的作用（物体指和物体，作用指与。

）（2）力的性质：①②③④（3）力的作用效果：是使物体发生或物体的运动状态．（4）练习：①下列关于力的说法中错误的是（）A、力不能离开施力物体和受力物体而独立存在B、物体的速度大小或方向发生变化，一定是由于受到力的作用C、力是矢量D、正在飞行的炮弹，受重力、空气阻力和向前冲的力2．重力 A（1）产生：由于而使物体受到的力叫重力．（2）大小：（说明：物体的重力的大小与物体的运动状态及所处的状态都无关）（3）方向：（4）重心：重心是物体各部分所受重力的作用点．（5）练习：①关于重力的说法正确的是（）A．物体重力的大小与物体的运动状态有关，当物体处于超重状态时重力大，当物体处于失重状态时，物体的重力小。

B．重力的方向跟支承面垂直C．重力的方向是垂直向下D．质量分布均匀、形状规则的物体的重心一定在物体上3．形变与弹力 A（1）弹力：发生的物体，由于要恢复原状，对跟它接触的物体会产生力的作用，这种力叫做弹力．(2)弹力产生的条件：①；②．（3）弹力的方向：跟物体的方向相同．（4）弹力的大小：①与形变大小有关,弹簧的弹力②可由力的求得（5）练习：①如图所示中的球和棒均光滑，试分析它们受到的弹力。

②如图所示，小车上固定着一根弯成α角的轻杆，杆的另一端固定一个质量为m 的小球，试分析下列情况下杆对球的弹力的大小和方向：小车静止；小车以加速度a 水平向右加速运动.小车以加速度a 水平向左加速运动？③如图，两木块的的质量分别是m1和 m2，两轻弹簧的劲度系数分别为k1和k2，上面的木块压上面的弹簧上，整个系处于平衡状态，现缓慢向上提上面的木块直到它刚离开上面的弹簧，在这个过程中，下面的木块移动的距离为：（ ）4．摩擦力 A （1）定义：当一个物体在另一个物体的表面上 或有 ，受到的阻碍 或 的力，叫摩擦力，可分为 和 。

江苏省宿迁市2015年高二物理学业水平测试联考试题（扫描版）高二物理学业水平测试模拟试卷（必修）答案一．单项选择题：（本大题23小题，每小题3分，共69分）．题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12二、填空题：（本大题2小题，共10分）．24-A ．（4分），每空2分）产生；不产生 24-B 增大；减小 25．（6分，每空2分）0.1 0.38 1.0 三．解答题：（本大题3小题，共21分）26．（6分）⑴设小球运动到C 点的时间为t ，根据平抛运动规律，有221gt y =（1分） 2021gt h t v x -==（1分） 解得t ＝1 s （1分） ⑵小球撞击C 点时的水平速度v 0＝5 m/s ，（1分） 竖直速度v y ＝gt ＝10 m/s ，（1分）小球撞击C 点时速度的大小为v ＝220y v v +=55m/s （1分）27．（7分） ⑴小球由A 到B 机械能守恒有 221mv mgL =（1分） 解得gL v 2=（1分）⑵由向心力公式，小球到最低点时 Lv m mg F T 2=-（1分） 得到F T = 3mg （1分）⑶小球恰好通过最高点时2v mg m R'=，解得v '=（1分）小球运动过程中机械能守恒有21(2)2mg L R mv '-=，解得L R 52=（1分）OC 的最小距离为L R L x 53=-=（1分） 28．（8分）⑴v 0=1m/s 时mg =kv 0，环与杆之间无弹力，故环与杆之间无摩擦力(2分) ⑵v 0=0.5m/s 时mg >kv 0，环在摩擦力作用下做减速运动，直至停止运动(1分) 由动能定理得 20210mv W f -=-克， 2021mv W f =克=1.25×10-2J (2分) ⑶ 不同意 (1分)v 0<1m/s 时，环在摩擦力作用下做减速运动，直至停止运动 v 0=1m/s 时，环与杆之间无摩擦力，环做匀速直线运动(1分)；v 0>1m/s 时，mg <kv 0，环受到杆向下的弹力为mg kv F N -=0且逐渐减小，环所受杆的摩擦力逐渐减小，环在摩擦力作用下做减速运动，当速度减小到1 m/s 时，环做匀速直线运动(1分)。

江苏省宿迁市2017-2018学年高二物理下学期期末考试试题（扫描版）第二学期期末考试高二物理答案第一卷 必做题（54分）1、B2、D3、B4、C5、AD6、BC7、BD8、向右偏 向左偏 向左偏（各2分）9、解 ：由题意可得，0-0.2s 内磁感应强度均匀变化，其间产生的感应电动势恒定2S tB N t N E ⋅∆∆=∆∆Φ= …………………………………………………….…（2分） E rR R U += ………………………………………………………………..……..（1分） 解得：0.1s 时线圈中电压表的示数V 9=U ……………………….…………..（1分）A 应该与电压表标+号的接线柱（或红接线柱）连接………....（1分）（2）由图乙和闭合电路欧姆定律得0-0.2s 和0.8-1.0s 内线圈中感应电流均为A 311=+=r R E I ……（1分） 0.3-0.8s 内线圈的感应电流为A 222=+=rR E I …………………..…（1分） 所以0~1.0s 时间内的电流随时间变化图线如下图所示：…….…（2分）（3）由电流热效应T R I T R I T R I ⋅=⋅+⋅222215352得 …………………….…（2分） 代入数据可得：线圈中的感应电流有效值I =A 6………………………….（1分）10、解 （1）当金属杆ab 匀速运动时，对金属棒ab 有0sin =-BIL mg θ………………………………………………..…….…..……（2分）I -2RBLv I =…………………...……………………………………………..…….…（1分） 联立可得m/s 5sin 22=⋅=L B R mg v θ……...………………………..…….（1分） （2）由题意可知棒ab 由静止到匀速运动时，通过电阻R 上的电荷量q =2Ct I q ∆⋅=……...………………………………………..……………………..…….（2分）R E I = t E ∆∆Φ=其中BLx =∆Φ……...…………………………….……………..…….（1分） 联立可得：RBLx q = 代入数据可得x =10m……...……………………………….…….（1分） 在这一过程中，设棒ab 安培力做功为W ，由动能定理可得221sin mv W x mg =+⋅θ……...……………………………………....…….（2分） 电阻R 上产生的焦耳热Q =-W ……...……………………………………………………….…….（1分）代入数据可得：Q =7.5J ……...………………………………………………………………….…….（1分）第二卷 选修3~3（33分）1、A2、C3、D4、BC5、AD6、（1）减小 （2）不变 （3）C （各2分）7、解（1）1212V V T T = ……………………………………………………………………………..…….. (2分)T 2=480K…………………………………………………………………………………….….....(2分)（2）缸内气体压强50+ 1.210pa mg p p s==⨯…………………………….…….(2分) 36J W p V =-∆=-………………………………………………………………………………………..(2分)由Q W U +=∆…………………………………………………………………………………………….. (1分)Q =336J …………………………………………………………………………………………………………….(1分)选修3~4（33分）1．B 2．C 3．D 4．AD 5．BC6．⑴ l +2d ⑵ BC ⑶ 9.86 （各2分） 7．解(1)由折射定律r n sin 60sin ︒=，解得r ＝30° ……………………(2分) 由临界角公式331sin ==n C ＜23， 得C ＜60°………………………………………. (2分)光线达BC 边时，入射角θ＝60°＞C ，将发生全反射，所以光线不能从BC 边射出…………………………(2分)(2)在棱镜中的传播速度8103⨯==nc v m/s……………………….…..…..(1分) 由几何关系∠BDO ＝∠CDE ＝30°，L AC ＝20 cm ，则光在介质中的路程L OD ＝L OB ＝310cm 315cm ……………….………(1分)所用时间t ＝OD L v = 1.0 ×10－9s……………………………..…. (2分)选修3~5（33分）1、C2、D3、C4、AD5、BD6、远 1.89 1 （各2分）7、解（1）由动量守恒定律得 //++m v m v m v m v =甲甲乙乙甲甲乙乙……..… (3分)/9.6m /s v =甲…………………..……… (2分)（2）对甲应用动量定理得 /-F t m v m v -=甲甲甲甲 …………………………...….. (3分)360N F -= ………………………………………………………………………………………….…….(2分)。

江苏省宿迁市高二期末试卷物理参考答案第一卷 必做题（54分）1、B2、C3、D4、B5、BC6、AC7、AB8、⑴减少(2分） ⑵AB(2分） ⑶150Ω (2分）9、⑴线圈转动的角速度为rad/s （1分）线圈中感应电动势为： （2分）代入数据得： V （1分）⑵感应电动势为: V （1分）电压表的示数为 （2分）代入数据得：U =16 V （1分）⑶T ==0.5s （2分）Q = （1分）代入数据得：Q ＝32J （1分）10、⑴由 （1分）， （1分）（1分）代入数据得：v m =10m/s （1分） ⑵对导体棒由功能关系得：Q mv mgx m +=2221sin α （3分） 代入数据得： （1分）⑶由 （2分）代入数据得： （2分）第二卷 选修3~3（33分）1、C2、D3、A4、AC5、BD6、⑴2×10－2(2分） 5×10－10(2分） ⑵A (2分）7、⑴P 2＝＝2.0×105Pa （1分）气体发生的等压变化，， （2分）代入数据得：L 2=10cm （1分） ⑵在此过程中外界对气体做的功为：W =P 1S (L 1-L 2) =20J （2分） 由热力学第一定律得： （2分）代入数据得：Q =-50J ，所以该过程放热 （1分） 放出的热量为50J （1分）第三卷 选修3~ 4 （33分）1、D2、C3、B4、AC5、BD6、⑴99.50cm(2分） ⑵BD(2分） ⑶(2分）7、⑴由图示几何关系知光线在C 处入射角，折射角（1分）（2分）代入数据得： （1分）⑵光在介质球中传播的距离为4H =vt （2分）由， （2分）代入数据得： （2分）第四卷 选修3~5（33分）1、A2、D3、B4、BD5、AD6、⑴右(2分）⑵2eV或3.2×10 19J(2分）⑶不变(2分）7、⑴HHe (4分)⑵△m= (2分)代入数据得：△m= 0.0178u (2分)△= (1分)代入数据得：△=（或3.7×10－30kg）(1分)。

泗洪中学物理学业水平测试考前强化辅导（3）高二物理备课组1关于功的概念，以下说法正确的是（）A. 力是矢量，位移是矢量，所以功也是矢量；B.功有正、负之分，所以功也有方向性;C. 若某一个力对物体不做功，说明该物体一定没有位移；D. —个力对物体做的功等于这个力的大小、物体位移大小及力和位移间夹角余弦三者的乘积。

2、关于功的正负，下列叙述中正确的是（）A. 正功表示功的方向与物体运动方向相同，负功为相反B. 正功表示功大于零，负功表示功小于零C.正功表示力和位移两者之间夹角小于90°,负功表示力和位移两者之间夹角大于90°D.正功表示做功的力为动力，负功表示做功的力为阻力3、以初速度v o竖直向上抛出一个质量为m的小球，上升最大高度是h.如果空气阻力f的大小恒定，则从抛出到落回出发点的整个过程中，空气阻力对小球做的功为（）A. 0 B . - f h C . 一2mgh D . 一2 f h4、起重机以a=1m/s2的加速度，将重G=1（fN的货物由静止匀加速向上提升。

那么，在1s内2起重机对货物做的功是（g=10m/s ）（）A.500J ;B.5000J ;C.4500J ;D.5500J5、两个互相垂直的力F i和F2作用在同一物体上，使物体运动，如图所示，物体通过一段位移时，力F i对物体做功4J,力F2对物体做功3J，则力F i和F2的合力对物体做功为（）A 7JB 、2JC 、5JD 、3.5J4 . , .,6、火车头用F=5X 10 N的力拉着车厢向东开行S=30m,又倒回来以同样大小的力拉着车厢向西开行30m,在整个过程中，火车头对车厢所做的功是A 3X106JB 、2X106JC 、1.5 X106JD 、07、重为400N的物体放在水平地面上，与地面的滑动摩擦因数为卩=0.2，在大小为F=500N, 水平的拉力作用下前进S=10m在此过程中力F做功为J ，摩擦力做功为J ,重力做功J ，合力所做的功为J 。

泗洪中学物理学业水平测试考前强化辅导(1)高二物理备课组1．质点A(1）什么是质点?用来代替物体的有质量的点称为质点。

它是一种模型，是存在的。

（2）在什么情况下能将物体抽象为质点？当物体对研究的问题没有影响或影响不大的情况下，物体可以抽象为质点。

（3）练习:①在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是（) A．研究一端固定并可绕该端转动的木杆的运动时B．研究用20cm长的细线拴着的一个直径为10cm的小球摆动时C．研究一体操运动员在平衡木上动作时D．研究月球绕地球运转时2．参考系A坐在美丽的校园内学习毛泽东的诗句“坐地日行八万里,巡天遥看一千河”时，我们感觉是静止不动的，这是因为我们选取作为参考系的缘故，而“坐地日行八万里”是选取作为参考系的.3．路程和位移A（1）路程是质点运动轨道的长度.路程是量。

(2）什么是位移？位移是标量还是矢量?位移表示改变，大小等于始末位置的直线距离。

位移是量，方向.（3）在什么情况下位移的大小等于路程。

（4）练习：①如图所示，一物体沿三条不同的路径由A运动到B,下列有关它们的位移和路程的说法中正确的是（）A．沿三条路径运动的位移相同B．沿三条路径运动的路程相同C．沿路径运动Ⅲ的位移最大D．沿路径Ⅱ运动的路程最大②如图所示，某人站在楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，上升最大高度为20m，然后落回到抛出点O下方25m的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为(规定竖直向上为正方向)（）A．25m,25m B．65m，25mC．25m，—25m D．65m,-25m4．速度平均速度和瞬时速度A（1）速度是描述物理量，v= ，速度是量,方向与运动方向相同。

（2)在变速运动中，物体在某段时间内的比值为平均速度.公式v=。

（3)运动物体速度叫瞬时速度，方向为.（4)练习：①甲、乙两辆汽车沿平直公路从某地同时驶向同一目标，甲车在前一半时间内以速度v1做匀速运动，后一半时间内以速度v2做匀速运动;乙车在前一半路程中以速度v1做匀速运动，后一半路程中以速度v2做匀速运动，则( ）A．甲先到达B．乙先到达C．甲、乙同时到达D．不能确定5．匀速直线运动A（1)在直线运动中，为匀速直线运动。

江苏省宿迁市2016-2017学年高二物理下学期期中试题总分：120分时间：100分钟本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共22题，请把试卷答案写在答题纸相应位罝，在试卷上作题无效。

第Ⅰ卷（选择题共54分）一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选错或不答的得0分）1．下列有关物理学家的成就正确的是A. 法拉第发现了电流的磁效应B. 安培提出了分子电流假说C. 楞次发现了电磁感应定律D. 奥斯特发现了判断感应电流方向的规律2．关于电磁感应，下列说法中正确的是A.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大3.下列说法不正确的是A.布朗运动和扩散现象都是分子运动B.布朗运动和扩散现象都是永不停息的C.悬浮在液体中的颗粒越小，它的布朗运动就越显著D．扩散现象是由物质分子无规则运动产生的4．下列说法中正确的是A．分子间距离增大时，分子间作用力减小B．高压下的油会透过钢板渗出，说明分子间有间隙C．打碎的玻璃片不能拼合粘在一起，说明分子间只有斥力D．给自行车轮胎打气越来越费力，说明气体分子间有斥力5．一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc 平行，则气体体积在A．ab过程中不断增加B．bc过程中不断减小C．cd过程中不断增加D．da过程中保持不变磁块6．交流电压表两接线柱间电压的瞬时值u = U m sin100πt （V)。

当t=1/600s 时，u=10V ，则从电压表中看到的示数为A ．10VB ． 210VC ．20VD ． 220V 7．如图所示，圆筒形铝管竖直置于水平桌面上，一磁块从铝管的正上方由静止开始下落，穿过铝管落到水平桌面上，下落过程中磁块不与管壁接触．忽略空气阻力，则在下落过程中 A ．磁块做自由落体运动 B ．磁块的机械能守恒C ．铝管对桌面的压力大于铝管的重力D ．铝管中无感应电流产生8．如图所示，在紧贴绕有线圈的铁芯上方（不接触）分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是A ．恒定直流、小铁锅B ．恒定直流、玻璃杯C ．变化的电流、玻璃杯D ．变化的电流、小铁锅9．如图，交流电源的电动势有效值与直流电源的电动势相等，两电源的内阻均可忽略，三个灯泡是完全相同的，分别与定值电阻、电感器和电容器相接。