英德中学2016届高三物理电学实验专题练习(四)答案(01月09日)

电学实验复习题参考答案一、1、⑴2.17；10.8；⑵0.80；0.16 2、23.3 50.15 42.123、从左到右分别为：0.861mm ；3.471mm ；7.320mm ；11.472mm实验练习：1、 【解析】 (1)由于电源的电动势为3 V ，所以电压表应选A ，被测电阻约为5 Ω，电路中的最大电流约为I ＝E R x＝35 A ＝0.6 A ，电流表应选D ，根据变阻器允许通过的最大电流可知，变阻器应选E ，还要选用电池和开关，导线若干．故应选用的实验器材有ADEGH.(2)由于R V R x ＞R x R A，应采用电流表外接法，应选(b)所示电路，实物连接如下图所示．(3)从螺旋测微器可以读出金属丝的直径为0.635 mm ，从电压表可以读出电阻两端电压为1.20 V ，从电流表可以读出流过电阻的电流为0.50 A ，被测电阻的阻值为R x ＝U x I x ＝1.200.50Ω＝2.4 Ω 2、①零；②I 0；解析：P 向b 移动时，所用电阻变小，调大变阻器电阻，可以保证电阻不变，所以电流不变，仍然为I 0；④__32.0__Ω/m (2分，31.4~32.6可给分)；⑤_0.200_mm(2分，0.198~0.202可给分)；1．00×10-6Ω·m (2分，0.960~1.05×10-6可给分，主要看三位有效数字是否正确)． 3、① 如下图所示（4分，甲、乙图各2分）②B 端（2分） ③1.1（2分，答案在1.0～1.2之间的均给这2分）4①（3有错的,②2.81～2.84（2③（3甲 A C D④V 11U R R U U=-（2分）。

（R 1无角标不给分，写成500Ω不给分）5、 答案：（1）如图所示 （2）②最大值 （3）2.5 1.0解析：由闭合电路欧姆定律，E=I(R+r)，变化得到距的绝对值等于内阻r=1Ω.6、（１）A （2分） D （2分）（2） ()1212111r R I I I I I I r +'-'-+-'= （2分） ()121212112r R I I I I I I I I E +'-'-+'-'=（2分） 7、(1)A C F(2)实物图如图a 所示 左(3)U —I 图线如下图中b 所示(4)0.88、①R 2，22.4（22.1~22.5）；②180。

高考物理高考专题复习学案《电学实验》考题一 多用电表的原理、使用及读数问题1.游标卡尺、螺旋测微器的读数技巧记住两点：一是所有读数一定以毫米为单位并注意主尺刻度对应的毫米数，根据结果再变换单位；二是以毫米为单位，小数点后数字分别是，螺旋测微器是3位、20分度和50分度游标卡尺是2位、10分度游标卡尺和毫米刻度尺是1位.2.电压表、电流表、多用电表的读数技巧(1)对电表读数问题，要先弄清楚电表的精确度，即每小格的数值，再确定估读的方法，是12、15还是110估读，明确读数的小数位数.(2)多用电表的使用问题，在弄清其基本原理的基础上，会选择测量项目及量程、挡位，能区分机械调零和欧姆调零的区别，掌握测量电阻的步骤，此外，会看多用电表表盘，最上排不均匀刻度为测电阻时读数刻度，读出表盘刻度后应乘以挡位倍率；中间刻度是均匀的，为测量电压和电流的读数刻度，下面三排数字为方便读数所标注；最下排刻度专为测量2.5 V 以下交流电压所用，一般较少使用.3.欧姆表的原理(1)欧姆表内有电源，红表笔与内部电源负极相连，黑表笔与内部电源的正极相连，故其电流方向为“红表笔流进，黑表笔流出”.(2)测电阻的原理是闭合电路欧姆定律.当红、黑表笔短接时，调节滑动变阻器R 0(即欧姆调零)，使灵敏电流计满偏，I g ＝E R g ＋R 0＋r ，此时中值电阻R 中＝R g ＋R 0＋r ，当两表笔接入电阻R x 时I ＝E R g ＋R 0＋r ＋R x，电阻R x 与电路中的电流相对应，但不是线性关系，故欧姆表刻度不均匀.4.欧姆表使用六注意(1)选挡接着调零；(2)换挡重新调零；(3)待测电阻与电路、电源要断开；(4)尽量使指针指在表盘中间位置附近；(5)读数之后要乘以倍率得阻值；(6)用完后，选择开关要置于“OFF ”挡或交流电压最高挡.例1(1)指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：图1在使用多用电表测量时，指针的位置如图1甲所示，若选择开关拨至“×1”挡，则测量的结果为________ Ω；若选择开关拨至“50 mA”挡，则测量结果为________ mA.(2)多用电表测未知电阻阻值的电路如图乙所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，R g为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值R x关系图象如图丙所示，则该图象的函数关系式为__________________；(3)下列根据图丙中I－R x图线作出的解释或判断中正确的是________.A.因为函数图线是非线性变化的，所以欧姆表的示数左小右大B.欧姆表调零的实质是通过调节R0使R x＝0时电路中的电流I＝I gC.R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏D.测量中，当R x的阻值为图丙中的R2时，指针位于表盘中央位置的右侧解析(1)所测的电阻R＝18×1 Ω＝18 Ω.选择开关拨至“50 mA”挡，电流为I＝22.6 mA.(2)根据闭合电路欧姆定律得：I＝ER总＝Er＋R0＋R g＋R x.(3)因R x＝EI－r－R0－R g，函数图线是非线性变化的，当电流较大时电阻较小，当电流较小时电阻较大，A错误；当R x＝0，I＝Er＋R0＋R g，此时电流为满偏电流，B正确；R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏，C正确；测量中，当R x的阻值为图丙中的R2时，电流比半偏电流小，指针位于表盘中央位置的左侧，D错误.选B、C.答案(1)1822.6(22.4～22.8)(2)I＝Er＋R0＋R g＋R x(3)BC训练1.某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下：(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图2甲所示，可知其长度为________ mm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为________ mm；(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为________ Ω .图2答案(1)50.15(2)4.700(3)220解析(1)游标卡尺的读数为L＝50 mm＋3×0.05 mm＝50.15 mm；(2)螺旋测微器的读数为D＝4 mm＋0.5 mm＋20.0×0.01 mm＝4.700 mm；(3)欧姆表的读数为R＝22×10 Ω＝220 Ω.2.已知G表的内阻R g为990 Ω，满偏电流I g＝100 μA.用它改装成如图3所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程(或分度值)不同的挡位.1、2两个挡位为电流表挡位，其中的大量程是小量程的10倍.图3(1)关于此多用电表，下列说法错误的是__________.A.当转换开关S旋到位置4时，是电阻挡B.当转换开关S旋到位置6时，是电压挡C.转换开关S旋到5的量程比旋到6的量程大D.A表笔为红表笔，B表笔为黑表笔(2)图中电源电动势均为3.5 V，当把选择开关S旋到位置4，在AB之间接3 500 Ω电阻时，表头G刚好半偏，该测量过程操作的顺序和步骤都正确无误，则R1＝________ Ω，R2＝________ Ω.答案(1)C(2)1199解析(1)当转换开关S旋到位置4时，表头与电表中的电源相连接，是电阻挡，A正确；当转换开关S旋到位置6时，表头与电阻串联，电阻起分压作用，是电压挡，B正确；当转换开关S旋到5串联的电阻小于旋转到6串联的电阻，可知旋转到6，串联的电阻分压作用大，电压表量程大，C错误；根据电流“红进黑出”可知，B表笔为黑表笔，A表笔为红表笔，D正确.因选错误的，故选C. (2)由题知，在AB之间接3 500 Ω电阻时，表头G刚好半偏，即改装后电流表的总内阻R内＝3 500 Ω，当转换开关S在2时(如图a)，电流表量程为I2g＝ER内＝3.53 500A＝1 mA.由题知，转换开关S在1(如图b)时，电流表的量程为I1g＝10 mA，由串并联电路特点得：I g R gR1＋R2＋I g＝I2g，I g(R g＋R2)R1＋I g＝I1g，联立解得R1＝11 Ω，R2＝99 Ω.考题二伏安法测电阻1.仪器的选择(1)电源的选择：一般根据待测电阻的额定电流或额定电压选择符合需要的直流电源.(2)电表的选择：一般根据电源的电动势或待测用电器的额定电压选择电压表；根据待测电路的最大电流选择电流表；电表的指针摆动的幅度不宜较大，一般应使指针能达到半偏左右.2.电路的选择(1)测量电路的选择(2)控制电路的选择：①从节能的角度考虑，优先选用限流式.②以下三种情况必须用分压式：a.要求待测电路的U、I从0变化.b.R滑≪R xc.选用限流式，U x、I x过大(超过电流表量程，烧坏电表、电源或用电器等).3.伏安法测电阻的常规设计实验需要一个电流表和一个电压表，利用欧姆定律求其电阻.但有时题目中缺少电压表或缺少电流表，或电压表、电流表的量程不符，这时可以把已知内阻的电流表当作电压表来使用，把已知内阻的电压表当作电流表来使用，甚至可以把已知内阻的电流表(或电压表)和电阻箱改装成符合要求的电压表(或电流表).4.定值电阻作为保护电阻，是定值电阻最常见的应用近几年考题当中，经常出现用阻值已知的定值电阻(或电阻箱)充当电压表，或用阻值已知的定值电阻(或电阻箱)充当电流表.例2发光二极管在生产和生活中得到了广泛的应用，如图4所示是一种发光二极管的实物图，正常使用时，带“＋”号的一端接高电势，带“－”号的一端接低电势，某同学想描绘它的伏安特性曲线，实验测得它两端的电压U和通过它的电流I的数据如下表所示.图4(1)实验室提供的器材如下：A.电压表(量程0～3 V，内阻约10 kΩ)B.电压表(量程0～15 V，内阻约25 kΩ)C.电流表(量程0～50 mA，内阻约50 Ω)D.电流表(量程0～0.6 A，内阻约1 Ω)E.滑动变阻器(阻值范围0～10 Ω，允许最大电流3 A)F.电源(电动势6 V，内阻不计)G.开关，导线该同学做实验时，电压表选用的是________，电流表选用的是________.(填选项字母)(2)请在图5中以笔画线代替导线，按实验要求将实物图中的连线补充完整.图5(3)在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最________端(选填“左”或“右”).(4)根据表中数据，在图乙所示的坐标纸中画出该发光二极管的I－U图线.(5)由I－U图线可知：二极管的电阻值随工作电压的增大而________(选填“不变”“增大”或“减小”).(6)若此发光二极管的最佳工作电流为10 mA，现将此发光二极管与电动势为3 V、内阻不计的电池组相连，还需串联一个阻值R＝________的电阻，才能使它工作在最佳状态.(结果保留三位有效数字)解析(1)由表中数据可知：最大电压为2.8 V，电压表选A；最大电流为30 mA，电流表选C；(2)因电压、电流要从0测起，滑动变阻器用分压式接法；二极管的电阻更接近电流表的内阻，故电流表用外接法，实物图的连接如图甲.(3)因滑动变阻器是分压式接法，在开始前滑动变阻器的滑片应置于最左端；(4)根据表中数据，在图上描出各点，用光滑的曲线连接起来，如图乙.(5)由图线可知，二极管的电阻值随电压的增大而减小.(6)根据U －I 图线，当二极管的工作电压为1.9 V 时，工作电流约为10 mA ，串联电阻上分到的电压应为1.1 V ，故应串联的电阻为：R ＝1.10.01 Ω＝110 Ω.答案 (1)A C (2)见解析图甲 (3)左(4)见解析图乙 (5)减小 (6)110 Ω变式训练3.使用理想电压表、理想电流表、滑动变阻器、直流电源等仪器，研究一只小灯泡完整的伏安特性，测得I －U 图象如图6甲所示.已知滑动变阻器滑动片的有效移动长度为30 cm ，变阻器的最大阻值为22.5 Ω，电源电动势为6 V ，内阻不计.图6(1)在图乙的虚线框内，不改变滑动变阻器和电源的位置，补上电压表、电流表、灯泡，画出完整的电路图.要求滑动变阻器的滑动片向左滑动时，灯泡的电压增大.(2)根据I －U 图象可知：从A 到B 的过程中灯泡的电阻逐渐__________(选填“增大”或“减小”)，改变的阻值为__________ Ω.(3)在获得A →B 段图线数据的过程中，滑动变阻器的滑动片向左移动了________ cm 的长度.答案 (1)见解析 (2)增大 5 (3)10解析 (1)滑动变阻器采用分压接法，电流表内、外接法均可，滑动片左移灯泡电压变大，电路图如图所示.(2)由I －U 图象可知，从A 到B 的过程中灯泡的电阻逐渐增大，由欧姆定律得：电阻的改变量ΔR ＝R B －R A ＝U B I B －U A I A＝5 Ω. (3)由I －U 图象可知，灯泡两端电压为U 并＝3 V ，滑动变阻器左半段电压为6 V－3 V ＝3 V ，通过灯泡的电流为I L ＝0.2 A ，由串并联电路特点有(3R ＋0.2)(22.5－R )＝3，得R ＝15 Ω；与灯泡并联的滑动变阻器电阻丝长度1522.5×30 cm ＝20 cm ，在获得A →B 段图线数据的过程中，滑动变阻器的滑动片向左移动了30 cm －20 cm ＝10 cm.4.某待测电阻R x 的阻值在80～100 Ω之间，现要测量其阻值，实验室提供如下器材：图7A.电流表A 1(量程30 mA ，内阻r 1＝10 Ω)B.电流表A 2(量程150 mA ，内阻r 2约为30 Ω)C.电压表V(量程15 V ，内阻约为10 kΩ)D.定值电阻R 0＝20 ΩE.滑动变阻器R (最大电阻约10 Ω)F.电源E (电动势为4 V)G .开关S 和导线若干(1)如果用图7甲来测量R x ，测得的电阻将________真实值(选填“大于”“小于”或“等于”)；(2)如果用图乙来测量R x ，测量电流表A 1和A 2的读数分别为I 1和I 2，则R x ＝________；(3)根据提供的器材要完成此实验，甲、乙两同学分别设计了如图甲、乙两种电路，你认为图________更合适.答案 (1)小于 (2)I 2－I 1I 1R 0－r 1 (3)乙 解析 (1)因待测电阻R x 是小电阻，如果用图甲来测量R x ，由于电压表的分流作用，故测得的电阻将小于真实值.(2)如果用乙图来测量R x ，根据欧姆定律，并联部分电压为：U ＝(I 2－I 1)R 0； 且U ＝I 1(R x ＋r 1)，故R x ＝I 2－I 1I 1R 0－r 1. 考题三 测定电源的电动势和内阻测量电源的电动势和内阻的基本原理是闭合电路欧姆定律，数据处理的主要思想方法是“化曲为直”，常用的方法有三种：1.伏安法——利用电压表和电流表.闭合电路方程为E ＝U ＋Ir ，利用两组数据，联立方程求解E 和r ；也可作出U －I 图象，图线的纵截距表示电源的电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻.2.伏阻法——利用电压表和电阻箱.闭合电路方程为E ＝U (1＋r R ).利用两组数据联立方程求解或将方程线性化，处理为1U ＝r E ·1R ＋1E 或U ＝－r U R ＋E ，作1U －1R 图象或U －U R 图象，利用图线的截距和斜率求E 和r .3.安阻法——利用电流表和电阻箱.闭合电路方程为E ＝I (R ＋r )，利用两组数据联立方程求解或将方程线性化，处理为1I ＝1E ·R ＋r E ，作1I －R 图象，利用图线的截距和斜率求E和r.例3某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A.被测干电池一节B.电流表1：量程0～0.6 A，内阻r＝0.3 ΩC.电流表2：量程0～0.6 A，内阻约为0.1 ΩD.电压表1：量程0～3 V，内阻未知E.电压表2：量程0～15 V，内阻未知F.滑动变阻器1：0～10 Ω，2 AG.滑动变阻器2：0～100 Ω，1 AH.开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻.(1)在上述器材中请选择适当的器材(填写器材前的字母)：电流表选择________，电压表选择__________，滑动变阻器选择___________.(2)实验电路图应选择图8中的______(选填“甲”或“乙”)；(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U－I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω.图8解析(1)一节干电池的电动势约为1.5 V，电压表选D；电流表的量程为0～0.6 A，且明确电流表内阻，电流表选B；滑动变阻器阻值较小利于电表的数值变化，滑动变阻器选F.(2)因电流表B的内阻已知，可将电流表内阻等效为电源内阻，求出等效电阻后，再求出实际电源内阻，故选用甲图；(3)由U－I图可知，电源的电动势E＝1.5 V；等效内电阻r′＝ΔUΔI＝1 Ω；则干电池内阻为r＝1 Ω－0.3 Ω＝0.7 Ω.答案(1)B D F(2)甲(3)1.50.7变式训练5.某同学设计了如图9甲所示的电路来测量电源电动势E及电阻R1和R2的阻值.实验器材有：待测电源E(不计内阻)，待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V(量程为3 V，内阻很大)，电阻箱R(0～99.99 Ω)，单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干.图9(1)先测电阻R1的阻值.请将该同学的操作补充完整：A.闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数R0和对应的电压表示数U1.B.保持电阻箱示数不变，______________，读出电压表的示数U2.C.则电阻R1的表达式为R1＝__________.(2)该同学已经测得电阻R1＝3.2 Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值，其做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图乙所示的1U－1R图线，则电源电动势E＝_____ V，电阻R2＝_____ Ω.答案(1)将S2切换到b U2－U1U1R0(2)20.8解析(1)由题知，为了多测数据，应将S2切换到b；由欧姆定律有：U2＝I(R0＋R 1)，U 1＝IR 0，联立解得：R 1＝U 2－U 1U 1R 0； (2)根据E ＝U ＋U R (R 1＋R 2)，变形得：1U ＝1E ＋1R ·R 1＋R 2E ，对比图象有：1E ＝0.5，得：E ＝2 V ；R 1＋R 2E ＝1.5－0.50.5＝2.0，R 1＝3.2 Ω，得：R 2＝0.8 Ω.6.甲同学利用如图10所示的电路测定电源的电动势和内阻，提供的器材有：A.干电池两节，每节电动势约为1.5 V ，内阻未知B.直流电压表V 1、V 2，内阻很大C.直流电流表A ，内阻可忽略不计D.定值电阻R 0，阻值未知，但不小于5 ΩE.滑动变阻器F.导线和开关(1)请根据所给电路图，以笔画线代表导线，在图11的实物图上将所缺导线画上.图10图11(2)甲同学利用该电路完成实验时，由于某根导线发生断路故障，导致一只电压表始终没有读数，因此只记录了一只电压表和电流表的示数，如下表所示：图12(3)由图象可知，两节干电池总电动势为__________ V，总内阻为________ Ω.由计算得到的数据可以判断，能够示数的电压表应为表________(选填“V1”或“V2”).答案(1)、(2)见解析图(3)2.90 3.50V1解析(1)根据电路图，在给出的实物图上画出所缺的导线，如图甲所示；(2)将(I，U)作为坐标值将各点描出，并用直线将各点相连，作图象如图乙所示；(3)由U＝E－Ir知；对比图象得E＝2.90 V，r＝2.90－1.920.28Ω＝3.50 Ω；若示数为V2的，则测量的内电阻一定有R0，而定值电阻大于5 Ω，故说明读数只能是V1的.考题四电学创新拓展实验高考中电学实验要拿到满分，考生应注意以下“三”个方面：第一：认真完成课本上的每一个实验.知道每一个实验的目的，掌握每一个实验的原理，熟悉每一个实验步骤，领会每一个实验步骤的作用，学会每一个实验仪器的使用，学会每一个实验的处理方法，弄清每一个实验误差的来源等.第二：对于给出实验电路图的创新性实验，要注意从原理出发，理解实验方法，找出图象中两个物理量之间的关系，理想图象中图线的斜率和截距的物理意义. 第三：对于设计性实验，要注意从原理出发找方法，选器材，定方案.高考中，对设计性实验的考查，一般不直接采用课本上的设计方案，但是其设计理念均取材于课本中的必考实验，因此考生要对课本上的每一个实验做到心中有数.例4某同学尝试把一个灵敏电流表改装成温度表，他所选用的器材有：灵敏电流表(待改装)，学生电源(电动势为E，内阻不计)，滑动变阻器，单刀双掷开关，导线若干，导热性能良好的防水材料，标准温度计，PTC热敏电阻R t(PTC线性热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为R t＝a＋kt，a＞0，k＞0).设计电路如图13所示，并按如下步骤进行操作：图13(1)按电路图连接好实验器材；(2)将滑动变阻器滑片P滑到a端，单刀双掷开关S掷于c端，调节滑片P使电流表满偏，并在以后的操作中保持滑片P位置不动，设此时电路总电阻为R，断开电路；(3)容器中倒入适量开水，观察标准温度计，每当标准电流表的示数下降5 ℃，就将开关S置于d端，并记录此时的温度t和对应的电流表的示数I，然后断开开关，请根据温度表的设计原理和电路图，写出电流与温度的关系式I＝__________(用题目中给定的符号)；(4)根据对应温度记录的电流表示数，重新刻制电流表的表盘，改装成温度表，根据改装原理，此温度表表盘刻度线的特点是：低温刻度在________侧(选填“左”或“右”)，刻度线分布是否均匀？________(选填“是”或“否”).解析(3)由题知R t＝a＋kt，由闭合电路的欧姆定律可得，I＝ER＋R t＝ER＋a＋kt.(4)由上式可知，温度越高，电流表中的电流值越小，则低温刻度在表盘的右侧；由于电流与温度的关系不是线性函数，所以表盘的刻度是不均匀的.答案(3)ER＋a＋kt(4)右否变式训练7.图14甲图是乙图所示多用电表欧姆“×1 k”挡的工作电池，外壳上印着标称电动势9 V，但A、B两极极性没有标示.图14 (1)实验小组甲同学选择多用电表的直流电压挡对电池测量：将(＋)(－)表笔分别与A 、B 相连时电表指针反偏；对调连接，电表有了正常示数；再在A 、B 两极间接入一只200 Ω电阻，电表示数减小(如电表刻度盘所示).由以上测量可以确定电池的正极是________(选填“A ”或“B ”).(2)接着要测量这个电池的电动势E 和内电阻r .乙同学说至少还需要电流表、电压表、滑动变阻器；丙同学说至少还需要电阻箱；丁同学说不再需要什么，利用甲的实验数据就可以了.显然丁同学设计的方案不再需要实验操作，他能得到电池的电动势和内电阻么？若能，写出结论；若不能，简述理由________________.(3)最后按图丙所示电路对该电池进行放电实验.实验中通过适时调整滑动变阻器，保持电流表示数为10 mA 不变，每分钟记录一次电压表示数，实验历时20分钟.将各组电压—时间数据在坐标纸上描点作图，经拟合，可认为电压由6.2 V 均匀下降到5.8 V .则这次放电过程中通过电流表的电量是________ C ，电流表和变阻器消耗的电能是________ J.答案 (1)B (2)E ＝7.0 V r ＝80 Ω (3)12 72解析 (1)电压表接入电路中时，正极应与电源正极相连，将(＋)(－)表笔分别与A 、B 相连时电表指针反偏；对调连接，电表有了正常示数，说明B 极为正极；(2)电池外壳上印着标称电动势9 V ，则直流电压表的量程取10 V ，直接接在电源两端时，测量电源电动势，由题图乙可知E ＝7.0 V ，在A 、B 两极间接入一只200 Ω电阻时，由题图乙可知，电压表示数为5.0 V ，根据闭合电路欧姆定律得：U ＝E －U R r ，代入数据得：5.0＝7.0－5.0200r ，得：r ＝80 Ω.(3)这次放电过程中通过电流表的电量是q＝It＝12 C，电流表和变阻器的平均电压U＝6.2＋5.82V＝6 V，则电流表和变阻器消耗的电能Q＝U It＝6×12 J＝72 J.专题规范练1.在探究规格为“4.0 V2.0 W”的小灯泡L的伏安特性曲线实验中，可供选用的器材如下：小灯泡L：“4.0 V 2.0 W”；电流表A1：量程3.0 A，内阻约为0.1 Ω；电流表A2：量程0.6 A，内阻约为0.2 Ω；电压表V：量程3.0 V，内阻R V＝9.0 kΩ；定值电阻R1：阻值2.0 kΩ；定值电阻R2：阻值4.5 kΩ；定值电阻R3：阻值12.0 kΩ；定值电阻R4：阻值18.0 kΩ；滑动变阻器R：阻值范围0～10 Ω；学生电源E：电动势6.0 V，内阻不计；开关S及导线若干.(1)电流表应选____，定值电阻选________(在R1、R2、R3、R4中选一个).(2)在方框中画出实验电路图，并在图上标明所选器材代号.(3)小雨同学采用同样的方法进行实验，检查实验电路连接正确，然后闭合开关，调节滑动变阻器滑片，发现电流表和电压表指针始终不发生偏转.在不断开电路的情况下，检查电路故障，应使用多用电表________(选填“欧姆×10”“直流电压10 V”或“直流电流2.5 mA”)挡，检查过程中将多用电表的红、黑表笔与电流表“＋”、“－”接线柱接触时，多用电表指针发生较大偏转，说明电路故障是________.答案 (1)A 2 R 2 (2)见解析图 (3)直流电压10 V 电流表断路解析 (1)由题知，小灯泡额定电流约为I ＝P U ＝2.04.0 A ＝0.5 A ，故选A 2；因电压表量程为3 V ，小于灯泡的额定电压，为了完成测量，要串联定值电阻扩大量程，且改装后量程略大于4 V ，由改装原理得：串联电阻至少应R ＝4－339kΩ＝3 kΩ，故选R 2；(2)小灯泡电阻R ＝U 2P ＝422 Ω＝8 Ω，为小电阻，电流表用外接法，且变阻器用分压式接法，故原理图如图所示.(3)由题知，在不断开电路测量时，只能用电压挡测量，故选用直流电压10 V 挡；检查过程中将多用电表的红、黑表笔与电流表“＋”、“－”接线柱接触时，多用电表指针发生较大偏转，说明电路故障是电流表断路.2.某课外小组在参观工厂时，看到一丢弃不用的电池，同学们想用物理上学到的知识来测定这个电池的电动势和内阻，已知这个电池的电动势约为11～13 V ，内阻小于3 Ω，由于直流电压表量程只有3 V ，需要将这只电压表通过连接一固定电阻(用电阻箱代替)，改装为量程为15 V 的电压表，然后再用伏安法测电池的电动势和内阻，以下是他们的实验操作过程：(1)把电压表量程扩大，实验电路如图1甲所示，实验步骤如下，完成填空： 第一步：按电路图连接实物第二步：把滑动变阻器滑片移到最右端，把电阻箱阻值调到零第三步：闭合开关，把滑动变阻器滑片调到适当位置，使电压表读数为3 V 第四步：把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为____________ V第五步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其他线路，即得量程为15 V 的电压表.图1(2)实验可供选择的器材有：A.电压表(量程为3 V，内阻约2 kΩ)B.电流表(量程为3 A，内阻约0.1 Ω)C.电阻箱(阻值范围0～9 999 Ω)D.电阻箱(阻值范围0～999 Ω)E.滑动变阻器(阻值为0～20 Ω，额定电流2 A)F.滑动变阻器(阻值为0～20 kΩ)则电阻箱应选________，滑动变阻器应选________.(3)用该扩大了量程的电压表(电压表的表盘没变)，测电池电动势E和内阻r，实验电路如图乙所示，得到多组电压U和电流I的值，并作出U－I图线如图丙所示，可知电池的电动势为________ V，内阻为________ Ω.答案(1)0.6(2)C E(3)11.5 2.5解析(1)将3 V电压表改装成15 V量程，串联电阻箱后的内阻是原来内阻的5倍，由于滑动变阻器的位置不变，分压部分的两端电压仍为3 V，此时电压表读数为0.6 V.(2)改装电压表需要串联大电阻，故选C；在分压电路中为方便调节，选用阻值较小的滑动变阻器，故选E.(3)由图丙知，当外电路断路时，电压表的电压为U＝2.3 V，电源的电动势为E＝2.3×5 V＝11.5 V，内阻为r＝ΔUΔI＝(2.3－1.5)×51.6Ω＝2.5 Ω.3.热敏电阻是传感电路中常用的电子元件. 某实验小组欲探究通过热敏电阻R1(常温下阻值约为10 Ω)的电流随其两端电压变化的特点.热敏电阻包括正温度系数电阻器(PTC)和负温度系数电阻器(NTC)，正温度系数电阻器(PTC)在温度升高时电阻值越大，负温度系数电阻器(NTC)在温度升高时电阻值越小，现提供下列器材：A.电流表A1(量程100 mA，内阻约1 Ω)B.电流表A2(量程1.0 A，内阻约0.3 Ω)C.电压表V1(量程3.0 V，内阻约3 kΩ)D.电压表V2(量程10.0 V，内阻约10 kΩ)E.滑动变阻器R(最大阻值为10 Ω)F.电源E(电动势15 V，内阻忽略)G.开关，导线若干(1)该小组测出热敏电阻R1的U－I图线如图2曲线Ⅰ所示，该热敏电阻是________热敏电阻(选填“PTC”或“NTC”).图2(2)请在所提供的器材中选择必需的器材，电流表应选________，电压表应选________(填写器材前面的字母)；并在虚线框中画出该小组设计的电路图.(3)该小组又通过查阅资料得出了热敏电阻R2的U－I图线如曲线Ⅱ所示.然后将热敏电阻R1、R2分别与某电池组连成如图3所示电路.测得通过R1和R2的电流分别为0.30 A和0.60 A，则该电池组的电动势为________ V.(结果保留三位有效数字)。

高中物理专题复习电学实验电学实验综合过关检测考试范围：电学实验；满分：100分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上评卷人得分一、填空题1．现有一量程为3 V的电压表，内阻约为3 kΩ.为了较准确地测量其内电阻，在没有电流表的情况下，某同学设计了如图7a所示的实验电路，按此电路可以测出电压表的内电阻，其中R1是最大阻值为9 999 Ω的电阻箱，R2是最大阻值为20 Ω的滑动变阻器．(1)试根据图a所示的电路图，完成如图b所示的实验电路的连线．图7(2)根据电路图连线后有如下的主要操作步骤：a．将电阻箱的阻值调至某一确定阻值(最好为3 kΩ左右)，并记下此时的电阻值R，闭合开关S1和S2，调节滑动变阻器R2的滑动头P，使电压表的指针偏转一个较大的角度(或满刻度)，并记录此时电压表的示数U1.b．断开S1，拆除电路，整理实验器材．c．保持P的位置不变，断开S2，记录此时电压表的示数U2.d．按电路图连好电路后，将滑动变阻器的滑动头P移至A端．按本实验正确的操作步骤排序__________________(只填写步骤前的字母)．(3)根据实验记录的数据R、U1、U2，可求出电压表的内阻为R V＝________.(4)根据此实验原理，电压表内阻的测量值与真实值的关系为：测量值________真实值(选填大于、等于或小于)．2．当小灯泡发光时其灯丝的电阻会随着发光亮度的变化而发生变化．某同学为研究这一现象，按照自己设计的实验电路测量小灯泡的电流I和电压U，得到如下表所示的数据.I(A)0.120.220.290.340.380.420.450.470.490.50 U(V)0.200.400.600.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00(1)请你根据上表数据的特点，在虚线框中画出实验电路图．可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器(变化范围0～10 Ω)、电源、小灯泡、开关和导线若干．(2)在图17所示坐标纸上画出小灯泡的U－I曲线，并定性分析灯丝的电阻与灯泡发光亮度的变化关系：________.(3)如果将上面实验中使用的小灯泡接在电动势是1.5 V，内阻是2.0 Ω的电源两端，利用上面的U－I曲线可求出小灯泡的实际功率是________W，电源效率为________．(结果保留2位有效数字)图173．在研究规格为“6 V 3 W”的小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求小灯泡两端的电压从0开始逐渐增大．实验提供的电流表量程为0.6 A、内阻约1 Ω ，电压表量程为10 V、内阻约20 kΩ.(1)下列实验电路图，最合理的是________；(2)小灯泡接入电路前，某同学使用如图7所示的多用电表欧姆挡直接测量小灯泡的电阻，应将选择开关旋至________挡(填“×1”或“×10”)．图7图8(3)某同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图8所示，则小灯泡的电阻值随温度的升高而________(填“增大”、“减小”或“不变”)．实验过程中，小灯泡消耗的功率为0.6 W时，小灯泡两端的电压是________V.4．（10分）某物理兴趣小组要精确测量一只电流表G (量程为1mA、内阻约为100Ω) 的内阻。

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1。

某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻.①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径,某次测量的示数如图（a）和图(b)所示,长度为cm，直径为mm.②按图（c）连接电路后，实验操作如下：（a）将滑动变阻器R1的阻值置于最处（填“大”或“小”）；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；（b）将电阻箱R2的阻值调至最（填“大”或“小"），S2拨向接点2；保持R1不变,调节R2，使电流表示数仍为I0,此时R2阻值为1 280 Ω；③由此可知，圆柱体的电阻为Ω。

2.某学习小组的同学拟探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：小灯泡L，规格“4. 0 V. 0。

7 A”;电流表A1，量程3 A，内阻约为0。

1 Ω;电流表A2，量程0。

6 A,内阻r2=0. 2 Ω;电压表V,量程3 V,内阻r V=9 kΩ；标准电阻R1，阻值1 Ω;标准电阻R2，阻值3 kΩ；滑动变阻器R，阻值范围0~10 Ω；学生电源E，电动势6 V，内阻不计；开关S及导线若干。

①甲同学设计了如图1所示的电路来进行测量，当通过L的电流为0. 46 A时，电压表的示数如图2所示，此时L的电阻为Ω.图1 图2②乙同学又设计了如图3所示的电路来进行测量，电压表指针指在最大刻度时，加在L上的电压值是V。

高考电学实验题专项训练一、实验题1．在伏安法测电阻的实验中，提供以下实验器材：电源E（电动势约6V，内阻约1Ω），待测电阻x R（阻值小于10Ω），电压表V（量程3V，内阻约3kΩ），电流表A（量程0.6A，内阻约1Ω），滑动变阻器（最大阻值20Ω），单刀开关1S，单刀双掷开关2S，导线若干。

某同学利用上述实验器材设计如图所示的测量电路。

回答下列问题：（1）闭合开关1S前，滑动变阻器的滑片P应滑到___________（填“a”或“b”）端；（2）实验时，为使待测电阻的测量值更接近真实值，应将2S拨向___________（填“c”或“d”）；在上述操作正确的情况下，引起实验误差的主要原因是___________（填正确选项前的标号）；A．电流表分压B．电压表分流C．电源内阻分压（3）实验时，若已知电流表的内阻为1.2Ω，在此情况下，为使待测电阻的测量值更接近真实值，应将2S拨向___________（填“c”或“d”）；读得电压表的示数为2.37V，电流表的示数为0.33A，则x R ___________Ω（结果保留两位有效数字）。

2．小明同学打算估测5个相同规格电阻的阻值。

现有一个量程为0.6 A的电流表、一个电池组（电动势E不大于4.5 V、内阻r未知）、一个阻值为R0的定值电阻、一个阻值为R1的定值电阻（用作保护电阻），开关S和导线若干。

他设计了如图（a）所示的电路，实验步骤如下：第一步∶把5个待测电阻分别单独接入A、B之间，发现电流表的示数基本一致，据此他认为5个电阻的阻值相等，均设为R。

第二步∶取下待测电阻，在A、B之间接入定值电阻R0，记下电流表的示数I0。

第三步∶取下定值电阻R 0，将n 个（n=1，2，3，4，5）待测电阻串联后接入A 、B 之间，记下串联待测电阻的个数n 与电流表对应示数I n 。

请完成如下计算和判断∶（1）根据上述第二步，01I 与R 0、R 1、E 、r 的关系式是01I =___________。

高中物理专题练习-电学实验（含答案）(时间：45分钟)1．江苏单科,10)某同学通过实验测量一种合金的电阻率.(1)用螺旋测微器测量合金丝的直径.为防止读数时测微螺杆发生转动,读数前应先旋紧如图甲所示的部件________(选填“A”、“B”、“C”或“D”).从图中的示数可读出合金丝的直径为________mm.甲乙(2)如图乙所示是测量合金丝电阻的电路,相关器材的规格已在图中标出.合上开关,将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中,发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化.由此可以推断：电路中________(选填图中表示接线柱的数字)之间出现了________(选填“短路”或“断路”).(3)在电路故障被排除后,调节滑动变阻器,读出电压表和电流表的示数分别为2.23 V和38mA,由此,该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58.7 Ω.为了更准确地测出合金丝的阻值,在不更换实验器材的条件下,对实验应作怎样的改进？请写出两条建议.2．江苏单科,10)小明利用如图甲所示的实验装置测量一干电池的电动势和内阻.甲(1)如图甲中电流表的示数为________A.(2)调节滑动变阻器,电压表和电流表的示数记录如下：U(V) 1.45 1.36 1.27 1.16 1.06I(A)0.120.200.280.360.44请根据表中的数据,乙由图线求得：电动势E＝________V；内阻r＝________Ω.(3)实验时,小明进行了多次测量,花费了较长时间,测量期间一直保持电路闭合.其实,从实验误差考虑,这样的操作不妥,因为___________________.3．新课标全国卷Ⅱ,23)电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍.某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法),实验室提供的器材如下：待测电压表(量程3 V,内阻约为3 000 Ω),电阻箱R 0(最大阻值为99 999.9 Ω),滑动变阻器R1(最大阻值100 Ω,额定电流2 A),电源E(电动势6 V,内阻不计),开关2个,导线若干.(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分,将电路图补充完整.(2)根据设计的电路,写出实验步骤：_____________________________________________________________________________________________________________________________________.(3)将这种方法测出的电压表内阻记为R V′,与电压表内阻的真实值R V相比,R V′________R V(填“＞”、“＝”或“＜”),主要理由是_________________.4．新课标全国卷Ⅰ,23)图(a)为某同学改装和校准毫安表的电路图,其中虚线框内是毫安表的改装电路.(1)已知毫安表表头的内阻为100 Ω,满偏电流为1 mA；R1和R2为阻值固定的电阻.若使用a和b两个接线柱,电表量程为3 mA；若使用a和c两个接线柱,电表量程为10 mA.由题给条件和数据,可以求出R1＝________ Ω,R2＝________ Ω.(2)现用一量程为3 mA、内阻为150 Ω的标准电流表对改装电表的3 mA挡进行校准,校准时需选取的刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0 mA.电池的电动势为1.5 V,内阻忽略不计；定值电阻R0有两种规格,阻值分别为300 Ω和1 000 Ω；滑动变阻器R有两种规格,最大阻值分别为750 Ω和 3 000 Ω.则R0应选用阻值为________ Ω的电阻,R应选用最大阻值为________ Ω的滑动变阻器.(3)若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大,利用图(b)的电路可以判断出损坏的电阻.图(b)中的R′为保护电阻,虚线框内未画出的电路即为图(a)虚线框内的电路.则图中的d点应和接线柱________(填“b”或“c”)相连.判断依据是：________________________________________________________.5．广东理综,34(2))某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性,使用的器材包括电压表(内阻约为3 kΩ)、电流表(内阻约为1 Ω)、定值电阻等.图1①使用多用电表粗测元件X的电阻.选择“×1”欧姆档测量,示数如图1(a)所示,读数为________Ω.据此应选择图1中的________(填“b”或“c”)电路进行实验.②连接所选电路,闭合S；滑动变阻器的滑片P从左向右滑动,电流表的示数逐渐________(填“增大”或“减小”)；依次记录电流及相应的电压；将元件X换成元件Y,重复实验.图2③图2(a)是根据实验数据作出的U－I图线,由图可判断元件________(填“X”或“Y”)是非线性元件.④该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R＝21 Ω的定值电阻,测量待测电池的电动势E和内阻r,电路如图2(b)所示.闭合S1和S2,电压表读数为3.00 V；断开S2,读数为1.00 V,利用图2(a)可算得E＝________V,r＝________Ω(结果均保留两位有效数字,视电压表为理想电压表).6．天津理综,9(3))用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5 V,内电阻约1 Ω)的电动势和内电阻,除待测电池组、电键、导线外,还有下列器材供选用：A．电流表：量程0.6 A,内电阻约1 ΩB．电流表：量程3 A,内电阻约0.2 ΩC．电压表：量程3 V,内电阻约30 kΩD．电压表：量程6 V,内电阻约60 kΩE．滑动变阻器：0～1 000 Ω,额定电流0.5 AF．滑动变阻器：0～20 Ω,额定电流2 A①为了使测量结果尽量准确,电流表应选用________,电压表应选用________,滑动变阻器应选用________(均填仪器的字母代号).②下图为正确选择仪器后,连好的部分电路.为了使测量误差尽可能小,还需在电路中用导线将________和________相连、________和________相连、________和________相连(均填仪器上接线柱的字母代号).③实验时发现电流表坏了,于是不再使用电流表,剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器,重新连接电路,仍能完成实验.实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U.用图象法处理采集到的数据,为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线,则可以________为纵坐标,以________为横坐标.答案1．解析(1)螺旋测微器读数时应先将锁紧装置锁紧,即旋紧B.螺旋测微器的示数为(0＋41.0×0.01) mm＝0.410 mm.(2)电压表的示数不为零,电流表的示数几乎为零,说明连接两电表的电路是导通的.而滑动变阻器几乎不起作用,说明线路电阻很大,故可判断7、8、9间断路.(3)由题知R AR x≈0.005＜R xR V≈0.019,说明电流表的分压作用不显著,故可将电流表改为内接,并测出多组U、I值,求出R x后,再取平均值作为实验结果.答案(1)B0.410(2)7、9断路(3)电流表改为内接；测量多组电流和电压值,计算出电阻的平均值.(或测量多组电流和电压值,用图象法求电阻值)2．解析(1)由实验装置图可知,电流表使用0.6 A量程,所以读数为0.44 A；(2)描点画图,如图所示,根据U ＝－Ir ＋E 可得电动势为E ＝1.60 V ；图线的斜率绝对值等于内阻r ＝1.22 Ω；(3)干电池长时间使用后,电动势和内阻会发生变化,导致实验误差增大.答案 (1)0.44 (2)U －I 图象见解析图 1.60(1.58～1.62都算对) 1.22(1.18～1.26都算对)(3)干电池长时间使用后,电动势和内阻会发生变化,导致实验误差增大3．解析 (1)实验电路图如图所示.(2)移动滑动变阻器的滑片,以保证通电后电压表所在支路分压最小；闭合开关S 1、S 2,调节R 1,使电压表的指针满偏 ；保持滑动变阻器滑片的位置不变,断开S 2,调节电阻箱R 0使电压表的指针半偏,读取电阻箱的电阻值,此即为测得的电压表内阻.(3)断开S 2,调节电阻箱R 0使电压表成半偏状态,电压表所在支路总电阻增大,分得的电压也增大,此时R 0两端的电压大于电压表的半偏电压,R V ′＞R V答案 (1)见解析图 (2)见解析 (3)＞ 理由见解析4．解析 (1)定值电阻和毫安表表头是并联关系,电压相等,电流和电阻成反比.若使用a 和b 两个接线柱,量程为3 mA,则通过R 1、R 2的电流为2 mA,则通过毫安表表头和R 1、R 2的电流比为1∶2,所以电阻比为2∶1,可得R 1＋R 2＝12R g ＝50 Ω；若使用a 和c 两个接线柱,电表量程为10 mA,通过R 1的电流为9 mA,电流比为1∶9,可得电阻比R g ＋R 2R 1＝91,即R 1＝19(R g ＋R 2),整理可得R 1＝15 Ω,R 2＝35 Ω.(2)根据电流表校准的刻度,可知电路中总阻值最大为 1.50.000 5 Ω＝3 000 Ω,最小阻值为1.50.003Ω＝500 Ω.若定值电阻R 0选择为1 000 Ω,则无法校准3.0 mA,所以选用的定值电阻R 0的阻值应为300 Ω,由于最大阻值要达到3 000 Ω,所以选用的滑动变阻器R 的最大阻值为3 000 Ω.(3)为准确地判断出哪个电阻损坏,d 点应和接线柱“c ”相连；若电流表无示数,则说明R 2断路,若电流表有示数,则说明R 1断路.答案 (1)15 Ω 35 Ω (2)300 3 000 (3)c 见解析5．解析 ①欧姆表的读数R ＝示数×倍率,得R ＝10 Ω；根据实验电路产生误差的原因知应选用电流表外接,故选择“b ”电路进行实验.②滑动变阻器的滑片P 从左向右滑动,R 左增大,待测电阻两端的电压增大,所以电流表的示数增大.③根据伏安特性曲线知,X 为线性元件,Y 为非线性元件,且R X ＝10 Ω.④由闭合电路欧姆定律：S 1、S 2均闭合,有U 1＝E R X ＋r R X S 1闭合,S 2断开,有U 2＝E R X ＋R ＋r R X解以上两式得r ＝0.50 Ω,E ＝3.2 V答案 ①10 b ②增大 ③Y ④3.2 0.506．解析 ①因三节干电池的电动势约为4.5 V,故电压表应选D ；因干电池放电电流不宜超过0.5 A,故电流表应选A ；由电压表和电流表的测量范围可知滑动变阻器选用F 即可.②本实验的实验电路应如图.为了连接成如图的实验电路,还需要用导线将a 与d ,c 与g ,f 与h 相连.③实验时,电流表不再使用,电阻箱代替滑动变阻器,实验电路图如图所示根据闭合电路欧姆定律得U ＋U R r ＝E ,整理可得三种情况：(1)1U ＝r E ·1R ＋1E ,以1U 为纵坐标,1R 为横坐标,在直角坐标系中图象为一条直线；(2)U ＝E －r ·U R ,以U 为纵坐标,U R 为横坐标,在直角坐标系中图象为一条直线.(3)R U ＝1E ·R ＋r E ,以R U 为纵坐标,R 为横坐标,在直角坐标系中图象为一条直线.答案①A D F②a d c g f h③1U1R或UUR或RU R。

高三物理实验专题训练参考答案 1. 4.045 0.620 228.7 2. BC3. 〔1〕这时测量的是直流电流，量程为10mA ，应该用满刻度为10的刻度线读数．由于不是 10分度，在读出3.2以后，不应该再向下估读，所以测量结果为3.2mA ．〔2〕这时测量的是直流电压，量程为50V ，应该用标满刻度为50的刻度线读数．由于是10分度，在读出16V 后，还应该估读下一位，结果为16.0V 。

〔3〕这时测量的是电阻，倍率为×100，按表盘最上方的刻度读数，结果为3.4×103Ω．〔4〕测电阻时指针偏转角度小，说明倍率太小了，所以应该增大倍率，操作步骤是①改用欧姆挡×1kΩ倍率，②重新调零，③测量并读数，④OFF ，交变电压最高档．〔5〕电流应从红表笔经“＋〞插孔流入电表．内部电池的正极跟“-〞插孔相连．4. 92.85.〔1〕①1.5m/s 2 ． ② 0.15．〔2〕① A 、C 、B 、D ② D③t n )1(-=θω θ为ｎ个点对应的圆心角，ｔ为时间间隔 ④没有影响6.分析与解：把首末两点相连并且三等份，各等份点与对应顺序的照片上的点相连，即是重力加速度所在的直线，并标明方向.用刻度尺测出图中的Δx 和y 1、y 2,如此有: T v x 010=∆,2121010gT y y =- 解得gy y T 121010-=,1200101010y y g x v -= 7.A8．(1)BD (2)a (3)0.3，9.869．〔1〕5.015 〔2〕1.0 2.5 〔3〕P 点到桌面高度h ；重锤在桌面上所指的点与Q 点的距离a ；斜面的长度b〔4〕Lgab v v a h 2)(2122-- 10．C ； B=R ΔQ/NS 11.AD12.1.4413．〔1〕4V 电压表读数不变。

〔2〕E=50v/m 沿由x 垂直指向A 1A 2方向。

(3)如下列图14、⑴②S 2接1，闭合S 1，调 16.节R P '使电压表和电流表尽量接近满量程，读出此时电压表和电流表的示数U 1、I 1。

高中物理专题练习-电学实验（含答案）(时间：45分钟)1．江苏单科,10)某同学通过实验测量一种合金的电阻率。

(1)用螺旋测微器测量合金丝的直径。

为防止读数时测微螺杆发生转动,读数前应先旋紧如图甲所示的部件________(选填“A”、“B”、“C”或“D”)。

从图中的示数可读出合金丝的直径为________mm。

甲乙(2)如图乙所示是测量合金丝电阻的电路,相关器材的规格已在图中标出。

合上开关,将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中,发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化。

由此可以推断：电路中________(选填图中表示接线柱的数字)之间出现了________(选填“短路”或“断路”)。

(3)在电路故障被排除后,调节滑动变阻器,读出电压表和电流表的示数分别为2.23 V和38mA,由此,该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58.7 Ω。

为了更准确地测出合金丝的阻值,在不更换实验器材的条件下,对实验应作怎样的改进？请写出两条建议。

2．江苏单科,10)小明利用如图甲所示的实验装置测量一干电池的电动势和内阻。

甲(1)如图甲中电流表的示数为________A。

(2)调节滑动变阻器,电压表和电流表的示数记录如下：U(V) 1.45 1.36 1.27 1.16 1.06I(A)0.120.200.280.360.44请根据表中的数据,乙由图线求得：电动势E＝________V；内阻r＝________Ω。

(3)实验时,小明进行了多次测量,花费了较长时间,测量期间一直保持电路闭合。

其实,从实验误差考虑,这样的操作不妥,因为___________________。

3．新课标全国卷Ⅱ,23)电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍。

某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法),实验室提供的器材如下：待测电压表(量程3 V,内阻约为3 000 Ω),电阻箱R 0(最大阻值为99 999.9 Ω),滑动变阻器R1(最大阻值100 Ω,额定电流2 A),电源E(电动势6 V,内阻不计),开关2个,导线若干。

英德中学届高三第物理试题目单项选择题13、如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、c 间距离。

用U a 、U b 、U c 和E a 、E b 、E c 分别表示a 、b 、c 三点的电势和电场强度，可以判定：A U a >U b >U cB U a —U b ＝U b —U cC E a >E b >E cDE a =E b =E c14、电磁感应现象揭示了电和磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备。

下列电器设备中，哪个没有．．利用电磁感应原理（ ）A ．动圈式话筒B ．白炽灯泡C ．磁带录音机 D ．日光灯镇流器15、如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N 极朝下。

当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部），A ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，b c S N磁铁与线圈相互吸引D．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥16、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，则（）A、电路中的电流减小B、电路中电源的内电压减小C、电路中的路端电压减小D、电路消耗的总功率减小双项选择题21、位于一水平面内的、两根平行的光滑金属导轨，处在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨所在的平面，导轨的一端与一电阻相连；具有一定质量的金属杆ab放在导轨上并与导轨垂直。

现用一平行于导轨的恒力F拉杆ab，使它由静止开始向右运动。

杆和导轨的电阻、感应电流产生的磁场均可不计。

用E表示回路中的感应电动势，I表示回路中的感应电流，在I随时间增大的过程中，电阻消耗的功率等于A F的功率B、安培力的功率的绝对值C F 与安培力的合力的功率D 、I E22、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地.在两极板间有一正电荷(电量很小)固定在P 点：如图所示，以E 表示两极板间的场强；U 表示电容器的电压，W 表示正电荷在P 点的电势能。

英德中学2016届高一第二学期第一次月考试卷物理全卷共计100分，考试时间为100分钟。

一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1、做匀速圆周运动的物体，下列哪组物理量是不变的：A．向心力周期 B．角速度转速C．角速度向心加速度 D．线速度周期2、下列关于离心现象的说法正确的是（)A．当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将做背离圆心的圆周运动C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将沿切线做直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将做曲线运动3、小球在离地面高为h处，以初速度v水平抛出做平抛运动，球从抛出到着地，速度变化量的大小和方向为（重力加速度为g） ( )4、降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞：A．下落的时间越短 B．下落的时间越长C．落地时速度越小D．落地时速度越大5、如图所示，一辆装满货物的汽车在丘陵地区匀速率行驶，由于轮胎太旧，途中“放了炮”，你认为在图中A、B、C、D四处，“放炮”可能性最大的是：A．A处B．B处C．C处D．D处6、竖直向上抛出一小球，3s末落回到抛出点，则小球在第2秒内的位移是：A.10mB.0C.5mD.-1.25m7、如图，一阶梯高宽都为0.4m，一球以水平速度v飞出，欲打在第四级台阶上，则v的取值范围是：A．6m/s<v≤22 m/s B．22m/s <v≤3.5 m/sC．2m/s <v≤6 m/s D．22m/s <v≤6 m/s8、在不考虑空气阻力的情况下，以相同大小的初速度斜向上抛出甲、乙、丙三个小球,抛射角分别为30°、45°、60°,射程较远的小球是：A．甲 B．乙 C．丙 D．无法确定9、如图所示的皮带传动装置中，轮A和B同轴，A、B、C分别是三个轮边缘的质点，且RA =RC=2RB，则三质点的线速度之比v A : v B :v C等于：A．2：1：1 B．2：2：1C．1：2：4 D．2：1：210、如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内作圆周运动，关于小球在最高点的速度v下列说法中正确的是：A.v的最小值为gLB.当v由gL值逐渐增大时，杆对小球的弹力逐渐增大C.当v由gL值逐渐减小时，杆对小球的弹力逐渐减小D．当小球在最高点的速度为2gL时，轻杆受到竖直向下的力，其大小为3mg二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。

高考物理电学实验专题训练一、实验题1.某同学使用如图甲所示器材测定小灯泡在不同电压下的阻值,已知小灯泡标有“2.5V,1.25W”字样,备选滑动变阻器有两种规格,1R 标有“10Ω,2A”,2R 标有“100Ω,0.2A”。

现要求小灯泡两端电压从零开始,并能测量多组数据。

(1)为使操作更为方便,滑动变阻器应选用___________(填“1R ”或“2R ”)。

(2)在答题纸上将实物图补充完整。

(3)图乙为根据实验数据作出的一条I U 图线,从图中求出小灯泡正常工作时的阻值大小为____________Ω(结果保留两位有效数字),考虑电表对线路的影响,此阻值比小灯泡的实际阻值偏___________(填“大”或“小”)。

2.在"描绘小灯泡的伏安特性曲线"实验中,小灯泡的额定电压为2.5V,额定功率为0.5W,此外还有以下器材可供选择:A.直流电源3V(内阻不计)B.直流电流表0~300mA(内阻约为5Ω)C.直流电流表0~3A(内阻约为0.1Ω)D.直流电压表0~3V(内阻约为3k Ω)E.滑动变阻器100Ω,0.5AF.滑动变阻器10Ω,2AG.导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量.(1)实验中电流表应选用__________,滑动变阻器应选用__________;(均填写仪器前的字母)(2)在图所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图(虚线框中已将所需的滑动变阻器画出,请补齐电路的其他部分,要求滑片P向b端滑动时,灯泡变亮);-图线如图所示.由此可知,当电压为0.5V时,小灯泡的灯丝电阻(3)根据实验数据,画出的小灯泡I U是__________Ω。

(4)根据实验测量结果可以绘制小灯泡的电功率P随其两端电压U或电压的平方2U变化的图象,在图中所给出的甲、乙、丙、丁图象中可能正确的是__________.(选填"甲""乙""丙""丁")3.某同学利用如图所示的电路测量一微安表量程为100Aμ，内阻为几千Ω的内阻，可使用的器材有：两个电阻箱R（最大阻值为99999.9Ω）和B R(最大阻值为99999.9Ω)；A电源E(电动势约为1.5V，内阻不计：单刀开关S和2S，完成下列实验步骤中的填1空：①为了保护微安表，开始时将电阻箱A的阻值调至最大；②闭合1S，2S，逐步减小电阻箱A的阻值，使微安表满偏，此时电阻箱A的读数为12000.6Ω；③断开1S，将电阻箱A的读数调整为4.000.2Ω，将电阻箱B的阻值调至______选填“最大”或“最小”，再闭合1S和2S，然后调整电阻箱B的阻值，使微安表重新达到满偏，这时电阻箱A两端的电压与②中相比______选填“改变”或“不变；④此时电阻箱B的读数为1450.6Ω，则由此可知待测微安表的内阻为______Ω，电源的电动势为______电动势的结果保留三位有效数字。

2015-2016学年广东省清远市英德一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共16道小题，每小题3分，共48分，1-10小题只有一个答案正确，11-16小题有多个答案正确，选对但不全给3分，有错选给0分）1．伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的沿斜面运动的实验，当时利用斜面做实验主要是考虑到（）A．实验时便于测量小球运动的速度B．实验时便于测量小球运动的路程C．实验时便于测量小球运动的时间D．实验时便于测量小球运动的加速度2．伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示．伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）A．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度B．如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒C．维持物体作匀速直线运动并不需要力D．如果物体不受到力，就不会运动3．一物体从静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的a﹣t图象如图所示．在下列v﹣t 图象中，可能正确描述此物体运动的是（）A．B．C．D．4．我国第一条商业运营的“上海磁悬浮”列车已于2003年10月1日正式运营．据报导，上海磁浮线全长33000m，全程行驶约7min30s，列车的最高速度为120m/s．如图所示，为列车达到最高时速前的速度图线OABC，这段位移为14700m，则列车在BC段的加速度为（）A．0.4m/s2B．0.5m/s2C．0.6m/s2D．0.7m/s25．如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）（）A．越来越小 B．越来越大 C．先变大后变小 D．先变小后变大6．蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为（）A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t57．有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中．当两小球都处于平衡时其可能位置是图中的哪一个？（）A． B．C．D．8．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A． B． C． D．9．在静止的车厢内，用细绳a和b系住一个小球，绳a斜向上拉，绳b水平拉，如图所示．现让车从静止开始向右做匀加速运动，小球相对于车厢的位置不变，与小车静止时相比，绳a、b的拉力F a、F b变化情况是（）A．F a变大，F b不变B．F a变大，F b变小C．F a不变，F b变小D．F a不变，F b变大10．轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标．近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，并认为，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适．下面四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是（）A．m/s B．m/s2C．m/s3D．m2/s311．竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有（）A．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同B．物体到达最高点时，速度和加速度均为零C．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同D．不管竖直上抛的初速度有多大（v0＞10m/s），物体上升过程的最后1 s时间内的位移总是不变的12．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的v﹣t图象如图所示．在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不变B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是13．如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）A．物体的速度不断增大B．物体的加速度不断增大C．物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大D．物体的动能与重力势能之和保持不变14．在液体中下落的物体最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度．一小铁球质量为m，用手将它完全放入水中后静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为F，重力加速度为g，关于小铁球，下列说法正确的是（）A．若测得小铁球从释放至达到收尾速度所用时间为t，则小铁球下落的位移为B．若测得小铁球下落h时的加速度为a，则小铁球此时的速度为C．若测得某时小铁球的加速度大小为a，则小铁球此时受到的水的阻力为m（a+g）﹣FD．若测得小铁球下落t时间，通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为15．如图所示，光滑水平面上，水平恒力F拉小车和木块一起做匀加速直线运动，小车质量为M，木块质量为m，它们的共同加速度为a，木块与小车间的动摩擦因数为μ．则在运动过程中（）A．木块受到的摩擦力大小一定为μmgB．木块受到的合力大小为maC．小车受到的摩擦力大小为D．小车受到的合力大小为（m+M）a16．如图所示，站在做匀加速直线运动的车厢内的人向前推车壁，人的质量为m，车厢的加速度大小为a；则下列说法中正确的是（）A．车厢对此人的作用力的合力方向水平向左B．车厢对此人的作用力的合力方向水平向右C．车厢对此人的作用力的合力的大小为maD．车厢对此人的作用力的合力的大小为m二、实验题（本题共2道小题，第17题6分，第2题9分，共15分）17．在用电火花计时器“研究匀变速直线运动”的实验中，如图甲所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点未画出．（电源频率为50Hz）（1）根据运动学有关公式可求得v B=1.38m/s，v C= m/s，v D=3.90m/s．（2）利用求得的数值在图乙中作出小车的v﹣t图线（以打A点时开始计时）．（3）利用纸带上的数据求出小车运动的加速度a= m/s2．（4）将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是0.12m/s，此速度的物理意义是．18．某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在方向（填“水平”或“竖直”）（2）弹簧自然悬挂，待弹簧稳定时，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L0L x L1L2L3L4L5L6数值（cm）25.35 27.35 29.35 31.30 35.15 35.35 37.40 39.30表中有一个数值测量错误，代表符号为．由表可知所用刻度尺的最小分度为．（3）图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“L0或L x”）．（4）由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g（重力加速度取10m/s2）．三、计算题（本题共2道小题，第1题12分，第2题20分，共32分）19．某航母跑道长200m，飞机在航母上起飞需要的最小速度为50m/s．求：（1）若飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少要多大？（2）若飞机的最大加速度为6m/s2，则飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是多少？20．总质量为100kg的小车，在粗糙水平地面上从静止开始运动，其速度﹣时间图象如图所示．已知在0﹣2s时间内小车受到恒定水平拉力F=1240N，2s后小车受到的拉力发生了变化．试根据图象求：（g取10m/s2）（1）0﹣18时间内小车行驶的平均速度约为多少？（2）t=1s时小车的加速度a；（3）小车与地面间的动摩擦因数μ．四、选做题21．一单色光照到某金属表面时，有光电子从金属表面逸出，下列说法中正确的是（）A．增大入射光的频率，金属的逸出功将增大B．增大入射光的频率，光电子的最大初动能将增大C．增大入射光的强度，单位时间打出的光电子数将增多D．延长入射光照射时间，光电子的最大初动能将增大E．改用频率更高的单色光照射此金属时，一定有电子从金属表面逸出22．如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为m=1kg的相同小球A、B、C．现让A球以v0=2m/s的速度向B球运动，A、B两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动并跟C球碰撞，碰后C球的速度v c=1m/s．求：（1）A、B两球碰撞后瞬间的共同速度；（2）两次碰撞过程中损失的总动能．2015-2016学年广东省清远市英德一中高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共16道小题，每小题3分，共48分，1-10小题只有一个答案正确，11-16小题有多个答案正确，选对但不全给3分，有错选给0分）1．伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的沿斜面运动的实验，当时利用斜面做实验主要是考虑到（）A．实验时便于测量小球运动的速度B．实验时便于测量小球运动的路程C．实验时便于测量小球运动的时间D．实验时便于测量小球运动的加速度【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】伽利略对自由落体运动规律研究应当结和当时科学发展的实际水平，应当加深对物理学史的研究．【解答】解：伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律．伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化．但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间．伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量．故ABD错误，C正确；故选：C【点评】伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法2．伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示．伽利略设计这个实验的目的是为了说明（）A．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度B．如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒C．维持物体作匀速直线运动并不需要力D．如果物体不受到力，就不会运动【考点】牛顿第一定律．【专题】实验分析法．【分析】本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点．【解答】解：伽利略的斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始．3．一物体从静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的a﹣t图象如图所示．在下列v﹣t 图象中，可能正确描述此物体运动的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据a﹣t图象分析物体的运动情况：当加速度与速度同向时，物体做加速运动，0～t1内，物体从静止开始沿加速度方向变加速运动，当加速度与速度反向时，物体做减速运动，若加速度一定，物体做匀变速直线运动．匀变速直线运动的v﹣t图象是一条倾斜的直线，图象的斜率表示加速度．由此分析．【解答】解：0～t1内，物体从静止开始沿加速度方向变加速运动，加速度增大，则v﹣t图象切线的斜率不断增大．t1～t2内，物体做匀加速直线运动，v﹣t图象是倾斜的直线．t2以后，加速度与速度同向，物体做加速度减小的变加速运动，v﹣t图象切线的斜率不断减小，故B正确．故选：B【点评】本题关键要根据加速度随时间变化规律的图象找出对应的加速度大小和方向，结合物体的初状态状态分析物体的运动情况．4．我国第一条商业运营的“上海磁悬浮”列车已于2003年10月1日正式运营．据报导，上海磁浮线全长33000m，全程行驶约7min30s，列车的最高速度为120m/s．如图所示，为列车达到最高时速前的速度图线OABC，这段位移为14700m，则列车在BC段的加速度为（）A．0.4m/s2B．0.5m/s2C．0.6m/s2D．0.7m/s2【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，求出匀速运动的时间．图象的斜率等于加速度，根据公式可以求出列车的加速度．【解答】解：设匀速运动的时间为t，根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移得：x=解得：t=35s则a==0.5m/s2，故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．5．如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）（）A．越来越小 B．越来越大 C．先变大后变小 D．先变小后变大【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】计算题．【分析】对结点受力分析，受滑轮的压力和两拉绳子的拉力，根据共点力平衡条件，可以求解出拉力的大小．【解答】解：对结点受力分析，如图由于为同一根绳子，故F1=F2=F设F1与F2夹角为θ，则F1=F2=在重物被吊起的过程中，θ变大，故F1与F2同时变大；故选B．【点评】本题对物体受力分析后，可以用解析法求解出结果讨论，也可以用作图法分析！6．蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为（）A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t5【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据图象判断出正方向的选择，然后根据加速度向上超重，加速度向下失重判断．【解答】解：由题意知速度方向向下时为正方向，运动员发生超重时具有向上的加速度，反映在v﹣t图象中时是斜率为负的时间段，故C正确．故选：C．【点评】本题考查了超重和失重的条件，记住：加速度向上超重，加速度向下失重．7．有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中．当两小球都处于平衡时其可能位置是图中的哪一个？（）A． B．C．D．【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用；电场强度．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对正电荷受力分析，得到下面细线的偏转情况；再对两个小球的整体受力分析，得到上面细线的拉力的方向．【解答】解：先对正电荷受力分析，受重力，向右的电场力，细线的拉力，由于电场力向右，根据三力平衡条件，细线的拉力一定向左上方；再对两球整体受力分析，受总重力2mg，电场力的合力为零，故拉力一定与重力平衡，竖直向上，故上面的细线呈竖直状态；故选A．【点评】本题关键要对两电荷整体受力分析，整体受电场力的合力为零，重力和拉力二力平衡．8．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A．B．C． D．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1＞a2【解答】解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：a1==gsinθ+μgcosθ；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度：a2==gsinθ﹣μgcosθ；比较知道a1＞a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小．故选D【点评】本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑．2、小木块两段的加速度不一样大．是一道易错题．9．在静止的车厢内，用细绳a和b系住一个小球，绳a斜向上拉，绳b水平拉，如图所示．现让车从静止开始向右做匀加速运动，小球相对于车厢的位置不变，与小车静止时相比，绳a、b的拉力F a、F b变化情况是（）A．F a变大，F b不变B．F a变大，F b变小C．F a不变，F b变小D．F a不变，F b变大【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律，运用正交分解法分析两根细绳的拉力变化情况．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得：水平方向：F a sinα﹣F b=ma ①竖直方向：F a cosα﹣mg=0 ②由题，α不变，由②分析得知F a不变．由①得知，F b=F a sinα﹣ma＜F a sinα，即F b变小．故选：C．【点评】本题运用牛顿第二定律分析力的变化，关键要抓住竖直方向上小球没有加速度，力是平衡的．10．轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标．近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，并认为，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适．下面四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是（）A．m/s B．m/s2C．m/s3D．m2/s3【考点】力学单位制．【分析】根据题意可知新物理量表示的是加速度变化的快慢，根据定义式的特点可以知道物理量的单位．【解答】解：新物理量表示的是加速度变化的快慢，所以新物理量应该等于加速度的变化量与时间的比值，而加速度的单位是m/s2，所以新物理量的单位应该是m/s3，所以C正确．故选C．【点评】加速度是表示速度变化快慢的物理量，根据加速度的定义式，可以理解表示加速度变化的快慢的新物理量的单位．11．竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有（）A．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同B．物体到达最高点时，速度和加速度均为零C．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同D．不管竖直上抛的初速度有多大（v0＞10m/s），物体上升过程的最后1 s时间内的位移总是不变的【考点】竖直上抛运动．【分析】物体以某一初速度沿竖直方向抛出（不考虑空气阻力），物体只在重力作用下所做的运动，叫做竖直上抛运动；竖直上抛运动的上升阶段和下降各阶段具有严格的对称性．（1）速度对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一位置时速度大小相等，方向相反；（2）时间对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一段高度所用的时间相等；（3）能量对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一段高度重力势能变化量的大小相等，均为mgh．【解答】解：A、B、上升和下落过程时间相等，而位移大小相等、方向相反，物体到最高点加速度仍为g，故A、B错误；C、在任意相等时间t内，速度变化量均为gt，故C正确，D、根据逆向思维知，物体上升过程最后1 s内位移和自由下落第1 s内位移大小是相等的，都为g×12=g，故D正确．故选：CD【点评】本题关键明确竖直上抛运动的定义、性质以及对称性，基础题．12．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的v﹣t图象如图所示．在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不变B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度图象的斜率等于加速度，确定加速度的变化情况，根据牛顿第二定律分析合外力如何变化．两物体从同一地点同时开始沿同一直线运动，当位移相等时，两者相遇．根据速度的大小关系，确定何时相距最远．根据“面积”等于位移，判断t2时刻两者的位置关系．Ⅱ物体做匀减速直线运动，平均速度大小等于．Ⅰ物体做变加速运动，根据位移与匀加速运动的关系，分析平均速度与匀加速运动的关系．【解答】解：A、根据速度图象的斜率等于加速度，可知，I物体的加速度不断减小，由牛顿第二定律分析得知，所受的合外力不断减小．Ⅱ物体做匀减速直线运动，合外力不变．故A错误．B、两物体从同一地点同时开始沿同一直线运动，t1时刻前I物体的速度大小大于Ⅱ物体的速度，I物体在Ⅱ物体的前方，两者距离不断增大，t1时刻前I物体的速度大小小于Ⅱ物体的速度，I物体在Ⅱ物体的前方，两者距离不断减小，所以t1时刻两物体相距最远．故B正确．C、根据“面积”等于位移，由图看出，t2时刻I的位移较大，所以t2时刻I在II的前面．故C错误．D、Ⅱ物体做匀减速直线运动，平均速度大小等于．Ⅰ物体做变加速直线运动，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于．故D错误．故选：B．【点评】速度图象上两物体速度相等的时刻往往两物体相距最远或最近，根据速度之间的关系进行分析．13．如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）A．物体的速度不断增大B．物体的加速度不断增大C．物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大D．物体的动能与重力势能之和保持不变【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】分析物体释放过程中受力，根据胡克定律分析弹力如何变化，确定合力如何变化，根据牛顿第二定律判断加速度如何变化．根据系统的机械能守恒分析物体的动能与弹簧的弹性势能之和、动能与重力势能之和如何变化．【解答】解：A、B物体释放过程中，受到重力和弹簧向上的拉力，弹簧的拉力先小于重力，物体的合力向下，与速度同向，物体的速度不断增大，根据牛顿第二定律得知，加速度不断减小；后来弹簧的拉力大于重力，合力向上，与速度反向，物体速度减小，加速度增大．故速度先增大后减小，加速度先减小后反向增大．故AB错误．C、D由于只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则知：物体的重力势能、动能与弹簧的弹性势能总和不变，随着物体向下运动，其重力势能减小，弹簧的弹性势能增大，则物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大，物体的动能与重力势能之和减小．故C正确，D 错误．故选C【点评】本题关键从两个角度分析：一是力的角度，抓住弹簧的弹力可变性，分析物体的运动情况；二是从能量的角度分析系统能量的变化情况．14．在液体中下落的物体最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度．一小铁球质量为m，用手将它完全放入水中后静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为F，重力加速度为g，关于小铁球，下列说法正确的是（）A．若测得小铁球从释放至达到收尾速度所用时间为t，则小铁球下落的位移为B．若测得小铁球下落h时的加速度为a，则小铁球此时的速度为C．若测得某时小铁球的加速度大小为a，则小铁球此时受到的水的阻力为m（a+g）﹣FD．若测得小铁球下落t时间，通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球在运动的过程中，做加速度逐渐减小的加速运动，达到收尾速度后做匀速直线运动，不能运用匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解，根据牛顿第二定律求出小铁球下落时受到水的阻力大小．。

高中物理电学实验习题大全(含答案)电学实验：测定金属的电阻率在测定金属的电阻率实验中，先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。

实验中需要用米尺测出金属丝的长度L，用螺旋测微器测量金属丝直径的刻度位置。

1)从图中读出金属丝的直径为______mm。

2)实验器材包括两节新的干电池、开关、若干导线和电压表、电流表、滑动变阻器等。

为了较准确地测出金属丝的电阻值，电压表应选内阻为10 kΩ的3 V表，电流表应选内阻为0.05 Ω的0.6 A表，滑动变阻器应选10号。

①要较准确地测出该金属丝的电阻值，电压表应选_______________，电流表应选______________，滑动变阻器选_____________(填序号)。

②实验中，某同学的实物接线中有两处明显错误。

错误1：_____________________________；错误2：_____________________________。

为了测量某根金属丝的电阻率，需要测量长为L的金属丝的直径D和电阻R。

直径测量时，将金属丝放于螺旋测微器两测量杆间进行测量。

欧姆表粗测电阻时，需根据读数精度选择合适的档位，并进行调零操作。

伏安法测电阻时，需要选择电路误差较小且便于调节的备选电路。

在测定金属电阻率的实验中，某同学连接电路如图(a)所示，但闭合开关后发现电路有故障。

若电流表示数为零、电压表示数为E，则发生故障的是断路。

需要检查待测金属丝、滑动变阻器或开关是否存在问题。

金属丝的直径示数可通过螺旋测微器测量得到。

测得接入电路的金属丝的长度为L，金属丝的直径d，已知其电阻大约为25Ω。

在使用伏安法测量电阻时，需要选择电流表、电压表和滑动变阻器。

可供选择的器材包括：必选的电源（电动势 1.5V，内阻很小）、导线和开关，以及A1电流表（量程40mA，内阻约0.5Ω）、A2电流表（量程10mA，内阻约0.6Ω）、V1电压表（量程6V，内阻约30kΩ）、V2电压表（量程1.2V，内阻约20kΩ）、R1滑动变阻器（范围0-10Ω）和R2滑动变阻器（范围0-2kΩ）。

英德中学2016届高三物理早测试题16（11月28日）（探究动能定理）一、单项选择题1．在“探究功与物体速度变化关系”的实验中，每次选取纸带后，我们应选取纸带上的哪些点来求小车的速度( )A ．间距均匀的B ．间距不均匀的C ．间距均匀的与不均匀的都可D ．最好是间距均匀的，若纸带上没有间距均匀的，也可用间距不均匀的2．关于功与物体速度变化的关系，你的探究结论是( )A ．W ∝vB ．W ∝v 2C ．W ∝v 3D ．W ∝v3．在“探究功与物体速度变化关系”的实验中，若画出W －v 的图象，应为下图中的哪一个( )4、关于“探究动能定理”的实验中，下列叙述正确的是( )A ．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值B ．每次实验中，橡皮筋拉伸的长度没有必要保持一致C ．放小车的长木板应该尽量使其水平D ．先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出二、双项选择题5．如下图所示，在“探究功与物体速度变化的关系”的实验中，下列说法正确的是( )A ．为减小实验误差，长木板应水平放置B ．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加C ．小车在橡皮筋拉力作用下做匀加速直线运动，当橡皮筋恢复原长后小车做匀速运动D ．应选择纸带上点距均匀的一段计算小车的速度6．某实验小组采用如上图所示的装置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行．实验中木板略微倾斜，这样做是为了( )A ．是为了使释放小车后，小车能匀加速下滑B ．是为了增大小车下滑的加速度C ．可使得橡皮筋做的功等于合力对小车做的功D．可使得橡皮筋松弛后小车做匀速运动三、非选择题7、某探究学习小组欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置：水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘。

实验时，保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动，实现平衡摩擦力。

广东省清远市英德英德中学高三物理下学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列说法中正确的是.A.物体做受迫振动的频率等于其固有频率B.机械波都具有偏振现象C.全息照相是利用了激光具有很好的相干性D.爱因斯坦相对论认为时间和空间概念具有相对意义参考答案：2. 图为电冰箱的工作原理示意图．压缩机工作时，强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环．在蒸发器中制冷剂汽化吸收箱体内的热量，经过冷凝器时制冷剂液化，放出热量到箱体外下列说法正确的是：A．热量可以自发地从冰箱内传到冰箱外B．电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是因为其消耗了电能C．电冰箱的工作原理不违反热力学第一定律D．电冰箱的工作原理违反热力学第一定律参考答案：(1)3. 如图所示，在水平力作用下，木块A、B保持静止．若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．则关于木块B的受力个数可能是（）A．3个或4个 B．3个或5个C．4个或5个 D．4个或6个参考答案：C4. 如图所示，质量为m的物体A在竖直向上的力F（F<mg）作用下静止于斜面上。

若减小力F，则物体A所受合力不变B．斜面对物体A的支持力不变C．斜面对物体A的摩擦力不变D．斜面对物体A的摩擦力可能为零参考答案：A5. 由静止开始做匀加速直线运动的物体, 已知经过s位移时的速度是v, 那么经过位移为2s时的速度是（）A．2v B．4v C．v D．v参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （3分）将质量为m的铅球以大小为v的速度沿与水平方向成θ角的方向抛入一个装有沙子的总质量为M，静止的沙车中，沙车与地面的摩擦力不计，则球与沙车最终的共同速度为。

参考答案：mvcosθ/(M+m)7. （选修3-3）（5分）如图表示一定质量的某气体在不同温度下的两条等温线．图中等温线Ⅰ对应的温度比等温线Ⅱ对应的温度要（填“高”或“低”）．在同一等温线下，如果该气体的压强变为原来的2倍，则气体的体积应变为原来的倍．参考答案：答案：低（2分） 1/2（3分）8. 雪在外力挤压下可形成冰，表明雪的密度冰的密度（选填“大于”“等于”或“小于”）。

高三物理电学实验专题一、实验仪器的使用及读数1．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．2.某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图(a)和(b)所示。

该工件的直径为________cm，高度为________mm。

3．（1）如图甲所示为螺旋测微器测量一金属零件直径时的示数，则该金属零件的直径为________mm。

（2）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。

用它测量一工件的长度，如图乙所示，图示的读数是__________mm。

4．用螺旋测微器测某一圆柱体直径，示数如图甲所示，此示数为mm；用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图乙所示，则读数为mm．5．读出下列实验测量量的数值（1）测金属丝长度时，金属丝的起点、终点位置如图1，则长度为cm（2）用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图2，则直径为mm（3）用多用表“Ω×1”挡估测其电阻，示数如图3，则阻值为 Ω （4）用多用表“直流电压50V”挡测量电压，示数如图，则电压值为V6某次实验测量时，选用合适的电表量程如图，表面刻度及指针如图（丙）所示，则电流表读数为 A ，电压表读数为 V二、电路动态分析题1. 如图所示，电源电动势为E ，内电阻为r ，L 1、L 2为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R 1为定值电阻，R 2为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小。

闭合电键S 后，将照射光强度增强，则 A. 电路的路端电压将减小 B. R 1两端的电压将减小 C. r 的发热功率将减小 D. L 1变亮2．如图为某控制电路，主要由电源（E ，r ）与定值电阻R 1，R 2及碳膜电位器（即滑动变阻器）R 连接而成，L 1，L 2是红、绿两指示灯，闭合开关S ，当电位器的触头由弧形碳膜的重点顺时针滑向b 端时（ ） A ．L 1指示灯变亮 B ．L 2指示灯变亮 C ．电流表示数变大D ．电容器C 带电量增大3．如图所示的电路中，电源内阻一定，电压表和电流表均为理想电表。

电学实验副标题题号一总分得分一、实验题探究题（本大题共10小题，共90.0分）1.某同学要用“伏安法”测定一个待测电阻R x(阻值约为200Ω)的阻值，实验室提供了如下器材：电池组E(电动势为3V，内阻不计)；电流表A1(量程为0～10mA，内阻约为40Ω～60Ω)；电流表A2(量程为0～500μA，内阻为1000Ω)；滑动变阻器R1(阻值范围为0～20Ω，额定电流为2A)；电阻箱R2(阻值范围为0～9999Ω，额定电流为1A)；开关S，导线若干．请你帮助该同学完成实验中的下述问题(实验中应尽可能的考虑更加准确地测量的阻值)：(1)上述器材中缺少电压表，需选一只电流表将它改装成电压表。

请画出将电流表改装成电压表的电路原理图，并在图中标明所用器材的代号。

(2)请画出测量R1阻值的电路图，并在图中标明各器材的代号．(3)实验中，将电阻箱R2的阻值调为4000Ω，再调节滑动变阻器R1，使两表的示数如图所示，可读出电流表A1的示数是__________mA，电流表A2的示数是_________μA，测得R x的阻值是________Ω．2.某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻．步骤如下：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为______mm．(2)用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为______cm．(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为______Ω.(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1(量程0～4mA，内阻约50Ω)电流表A2(量程0～10mA，内阻约30Ω)电压表V1(量程0～3V，内阻约10kΩ)电压表V2(量程0～15V，内阻约25kΩ)直流电源E(电动势4V，内阻不计)滑动变阻器R1(阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A)滑动变阻器R2(阻值范围0～20kΩ，允许通过的最大电流0.5A)开关S导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．3.在“测定金属丝的电阻率”实验中，所用的测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm．(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，某一次测量结果(接近多次测量的平均值)如图1所示，其读数为______mm．(2)用伏安法测金属丝的电阻R x的阻值(约为15Ω)，实验室提供了如下器材：A.电池组E(电动势为3V，内阻约为1Ω)B.电流表A1(量程为0～0.6A，内阻约为0.5Ω)C.电流表A2(量程为0～3A，内阻为0.02Ω)D.电压表V1(量程为0～3V，内阻约为5kΩ)E.电压表V2(量程为0～15V，内阻为15kΩ)F.电阻箱R(阻值范围为0～99.99Ω，额定电流为1A)G.开关S，导线若干为使测量尽可能准确，电流表应选用______，电压表应选用______；(填器材前的字母标号)应采用图2给出的______电路进行测量．(3)根据记录的电阻箱阻值R及对应电流表示数I和电压表示数U，在坐标纸上作I U −1R图象如图2所示，根据图象可得金属丝的电阻R x=______Ω(保留两位有效数字)．(4)根据以上数据估算金属丝的电阻率约为______(填选项前的字母标号)．A.4×10−2Ω⋅mB.4×10−3Ω⋅mC.4×10−6Ω⋅mD.4×10−8Ω⋅m(5)关于本实验的误差，下列说法中正确的是______(填选项前的字母标号)．A.用螺旋测微器测量金属丝的直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B.由电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C.若将电流表和电压表内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D.用IU −1R图象处理数据求金属丝的电阻可以减小偶然误差．4.(一)(1)在“测定金属丝的电阻率”实验中，某同学用用螺旋测微器测得金属丝的直径，其示数D=________mm.游标卡尺测了金属丝长度为L=____cm。