第四章第二节实战演练轻松闯关

Ⅰ.单句语法填空1．His first speech made a deep ____________ on his audience.We were most ____________ by his ____________ skills of making speeches.(impress)答案：impression；impressed；impressive2．Our new house is very ____________(convenience) for me as I can get to the office within five minutes.答案：convenient3．If you want to take photos inside the church，you must ask for ____________(permit) first.答案：permission4．His parents’____________(react) to the news was surprisingly calm.答案：reaction5．The number of private cars running on the street should ____________(limit)．答案：be limited6． is the largest English site in China，____________(provide) news，business information and learning materials.答案：providing7．The boss is not ____________ a good mood now；you’d better not ask for trouble.答案：in8．He had his house ____________(break) into while he was away on holiday.答案：broken9．(2022·济南四校联考)The new technique used to produce power has little effect on the environment.So it is worth ____________(try)．答案：trying10．—That must have been a terrible experience.—Yeah.I ____________(stick) in the damaged car，unable to move.答案：was stuckⅡ.阅读理解A(2022·山东省试验中学模拟)I passed my driving test at the fourth attempt.You might think that means I’m not as safe as someone who passed on their first attempt.But would you feel safer with no driver at all？Maybe not，and that’s why automotive firms have included driver­assist functions in their driverless cars.This allows the human driver to take over if there is a problem.Google is one producer that has prototype driverless cars.These cars have been newly equipped with auto­steering wheels and conventional controls to allow normal driving.But this is just a stage—the vision is to have fully automated cars very soon.The director of Google’s self-drive project，Chris Urmson，hopes his 11­year­old son will never have to take a driving test.To achieve that，the cars need to be on the roads in five years.He says driverless cars will greatly reduce accidents and traffic jams.According to Chris，about 1.2 million people are killed on the roads around the world each year.That number is equivalent to a jet falling out of the sky every day.He thinks gradual changes to existing car designs are not enough to deal with the problems.“If we are really going to make changes to our cities，get rid of parking lots，we need self­drive cars，”he says.Google’s prototypes have covered over a million kilometers on the road.They have also had to deal with unexpected situations，such as a child driving a toy car in the road，and a woman in an electric wheelchair chasing a duck.In each case，the car reacted safely.Some are not convinced.Sven Beiker of Stanford University thinks driverless cars will still need human input in extreme circumstances.【文章大意】本文是一篇说明文。

2024年中班健康活动教案《闯关》小一、教学内容本教案依据《幼儿园中班健康教育指导纲要》制定，涉及教材第四章“身体运动”，具体内容包括：基本运动技能、团队协作和闯关游戏。

详细内容将围绕三个主题活动展开：1）“翻山越岭”；2）“穿越丛林”；3）“夺宝奇兵”。

二、教学目标1. 让幼儿通过实践活动，掌握基本的运动技能，如跑、跳、爬等。

2. 培养幼儿团队合作意识，提高集体荣誉感。

3. 增强幼儿面对困难的勇气和信心，培养勇于挑战的精神。

三、教学难点与重点教学难点：团队协作能力和闯关技巧的运用。

教学重点：基本运动技能的掌握和勇气、自信心的培养。

四、教具与学具准备教具：障碍物、接力棒、宝藏箱、口哨。

学具：运动服装、运动鞋、水壶。

五、教学过程1. 实践情景引入（5分钟）教师装扮成探险家，讲述一次有趣的探险经历，激发幼儿兴趣。

邀请幼儿参与“闯关”游戏，说明游戏规则。

2. 翻山越岭（15分钟）设置障碍物，引导幼儿学习跳、爬等基本运动技能。

分组进行接力比赛，培养团队协作能力。

3. 穿越丛林（15分钟）增加障碍物难度，提高幼儿闯关技能。

教师巡回指导，纠正动作，确保安全。

4. 夺宝奇兵（15分钟）设置寻找“宝藏”的游戏，鼓励幼儿克服困难，完成任务。

六、板书设计1. 主题：闯关2. 内容：翻山越岭：掌握基本运动技能穿越丛林：提高闯关技巧夺宝奇兵：培养团队合作意识七、作业设计1. 作业题目：画出你的闯关路线图。

答案：要求幼儿根据自己的闯关经历，用画笔描绘出路线图。

八、课后反思及拓展延伸2. 拓展延伸：家庭作业：邀请家长参与，共同完成闯关任务，增进亲子关系。

课堂分享：让幼儿分享家庭闯关经历，提高表达能力。

探索更多闯关游戏，丰富教学内容。

重点和难点解析：1. 实践情景引入的方式。

2. 教学难点：团队协作能力和闯关技巧的运用。

3. 教学重点：基本运动技能的掌握和勇气、自信心的培养。

4. 作业设计及课后反思与拓展延伸。

一、实践情景引入的方式情景引入是教学过程中的关键环节，它能迅速吸引幼儿的注意力，激发他们的学习兴趣。

1.下列各组气体中，在通常情况下既能用浓硫酸又能用碱石灰干燥的有( )A ．SO 2、O 2、N 2B ．HCl 、Cl 2、CO 2C ．CH 4、H 2、COD ．SO 2、Cl 2、O 2 解析：选C 。

A 中的SO 2不能用碱石灰干燥；B 项中的气体都不能用碱石灰干燥；D 中的SO 2、Cl 2不能用碱石灰干燥。

2.下列反应中，浓硫酸既表现出强氧化性又表现出酸性的是( )A ．2NaCl ＋H 2SO 4(浓)======△Na 2SO 4＋2HCl ↑B ．Na 2SO 3＋H 2SO 4(浓)====== △Na 2SO 4＋SO 2↑＋H 2OC ．C ＋2H 2SO 4(浓) ====== △CO 2↑＋2SO 2↑＋2H 2OD ．2FeO ＋4H 2SO 4(浓) ====== △Fe 2(SO 4)3＋SO 2↑＋4H 2O解析：选D 。

判断某种酸在化学反应中是否表现了酸性，只要看该酸是否提供酸根离子生成了盐，如果生成了该酸对应的盐，则表现了酸性。

而判断某种酸在化学反应中是否表现了强氧化性，则需从其中心原子的化合价是否降低的角度加以分析。

A 、B 中硫元素的化合价不变，浓硫酸只表现出酸性；C 中硫元素的化合价全部降低，浓硫酸只表现出强氧化性；而D 中有一部分硫元素的化合价降低，一部分硫元素的化合价不变，所以浓硫酸在反应中既表现出酸性又表现出强氧化性。

3.(2012·湖北英山一中高一检测)向盛有BaCl 2稀溶液的甲、乙两试管分别通入SO 2至饱和不产生沉淀，若向甲中加入足量硝酸；乙中加入足量NaOH 溶液，则下列叙述正确的是( )A ．甲、乙两试管都有白色沉淀生成B ．甲、乙两试管都没有白色沉淀生成C ．甲试管中无白色沉淀而乙试管中有D ．甲试管中有白色沉淀而乙试管中没有解析：选A 。

硝酸具有强氧化性，可以将H 2SO 3氧化为H 2SO 4，H 2SO 4与BaCl 2溶液反应生成BaSO 4沉淀；乙中H 2SO 3和足量的NaOH 反应生成Na 2SO 3，Na 2SO 3与BaCl 2溶液反应生成BaSO 3沉淀。

第四章第2课时知能演练轻松闯关1．已知向量a ＝(1，－m )，b ＝(m 2，m )，则向量a ＋b 所在的直线可能为( )A ．x 轴B ．第一、三象限的角平分线C ．y 轴D ．第二、四象限的角平分线解析：选A.a ＋b ＝(1，－m )＋(m 2，m )＝(m 2＋1,0)，其横坐标恒大于零，纵坐标等于零，故向量a ＋b 所在的直线可能为x 轴，选A.2．已知A (－3,0)，B (0,2)，O 为坐标原点，点C 在∠AOB 内，|OC |＝22，且∠AOC ＝π4，设OC →＝λOA →＋OB →(λ∈R)，则λ的值为( )A ．1 B.13C.12D.23解析：选D.过C 作CE ⊥x 轴于点E (图略)．由∠AOC ＝π4，知|OE |＝|CE |＝2， 所以OC →＝OE →＋OB →＝λOA →＋OB →，即OE →＝λOA →，所以(－2,0)＝λ(－3,0)，故λ＝23. 3．(2011·高考北京卷)已知向量a ＝(3，1)，b ＝(0，－1)，c ＝(k ，3)，若a －2b 与c 共线，则k ＝________.解析：a －2b ＝(3，1)－2(0，－1)＝(3，3)，又∵a －2b 与c 共线，∴a －2b ∥c ，∴3×3－3×k ＝0，解得k ＝1.答案：14．(2012·宜昌调研)已知边长为1的正方形ABCD ，若A 点与坐标原点重合，边AB ，AD 分别落在x 轴，y 轴的正方向上，则向量2AB →＋3BC →＋AC →的坐标为________．解析：由已知得A (0,0)，B (1,0)，C (1,1)，则AB →＝(1,0)，BC →＝(0,1)，AC →＝(1,1)，∴2AB →＋3BC →＋AC →＝2(1,0)＋3(0,1)＋(1,1)＝(3,4)．答案：(3,4)一、选择题1．已知向量a ＝(1，k )，b ＝(2,2)，且a ＋b 与a 共线，那么a ＋b ＝( )A ．(3,0)B ．(3,1)C ．(3,2)D ．(3,3)解析：选D.a ＋b ＝(1，k )＋(2,2)＝(3，k ＋2)．∵a ＋b 与a 共线，∴k ＋2－3k ＝0，解得k ＝1.∴a ＋b ＝(3,3)．2．(2012·绵阳质检)在△ABC 中，AB →＝c ，AC →＝b .若点D 满足BD →＝2DC →，则AD →＝( )A.23b ＋13cB.53－23bC.23b －13cD.13＋23c 解析：选A.由BD →＝2 DC →得AD →－AB →＝2(AC →－AD →)，3AD →＝AB →＋2AC →＝c ＋2b ，AD →＝13c ＋23b . 3．已知a ＝(1,1)，b ＝(1，－1)，c ＝(－1,2)，则c 等于( )A ．－12a ＋32b B.12－32b C ．－32a －12b D ．－32a ＋12b 解析：选B.设c ＝λa ＋μb ，∴(－1,2)＝λ(1,1)＋μ(1，－1)，∴⎩⎪⎨⎪⎧ －1＝λ＋μ2＝λ－μ，∴⎩⎪⎨⎪⎧ λ＝12μ＝－32，∴c ＝12a －32b . 4．已知a ，b 是不共线的向量，AB →＝λa ＋b ，AC →＝a ＋μb ，λ，μ∈R ，那么A 、B 、C 三点共线的充要条件为( )A ．λ＋μ＝2B ．λ－μ＝1C ．λμ＝－1D ．λμ＝1解析：选D.∵A 、B 、C 三点共线，∴存在实数t ，满足AB →＝tAC →，即λa ＋b ＝ta ＋μtb ，又a ，b 是不共线的向量，∴⎩⎪⎨⎪⎧ λ＝t 1＝μt ，∴λμ＝1.5．在△ABC 中，点P 在BC 上，且BP →＝2PC →，点Q 是AC 的中点，若PA →＝(4,3)，PQ →＝(1,5)，则BC →＝( )A ．(－6,21)B ．(－2,7)C ．(6，－21)D ．(2，－7)解析：选A.如图，QC →＝AQ →＝PQ →－PA →＝(1,5)－(4,3)＝(－3，2)，PC →＝PQ →＋QC →＝(1,5)＋(－3,2)＝(－2,7)，BC →＝3PC →＝(－6,21)．二、填空题6．设向量a 与b 是两个不共线向量，且向量a ＋λb 与－(b －2a )共线，则λ＝________. 解析：由题意，设a ＋λb ＝－μ(b －2a )＝－μb ＋2μa ，∴⎩⎪⎨⎪⎧ 2μ＝1λ＝－μ，∴⎩⎪⎨⎪⎧ μ＝12λ＝－12.答案：－127．已知向量OA →＝(0,1)，OB →＝(1,3)，OC →＝(m ，m )，若AB →∥AC →，则实数m ＝________.解析：AB →＝(1,2)，AC →＝(m ，m －1)．∵AB →∥AC →，∴1×(m －1)－2m ＝0，得m ＝－1.答案：－18．(2012·合肥调研)在平面直角坐标系中，O 为坐标原点，A 、B 、C 三点满足OC →＝23OA →＋13→，则|AC →||AB →|＝________ . 解析：∵OC →＝23OA →＋13OB →， ∴OC →－OA →＝－13OA →＋13OB →＝13OB →－OA →)， ∴AC →＝13AB →，∴|AC →||AB →|＝13. 答案：13三、解答题9．已知A (1，－2)，B (2,1)，C (3,2)和D (－2,3)，试以AB →、AC →为一组基底来表示AD →＋BD →＋CD →.解：由已知得：AB →＝(1,3)，AC →＝(2,4)，AD →＝(－3,5)，BD →＝(－4,2)，CD →＝(－5,1)，∴AD →＋BD →＋CD →＝(－3,5)＋(－4,2)＋(－5,1)＝(－12,8)．设AD →＋BD →＋CD →＝λ1AB →＋λ2AC →，则(－12,8)＝λ1(1,3)＋λ2(2,4)，∴⎩⎪⎨⎪⎧ λ1＋2λ2＝－12，3λ1＋4λ2＝8.解得⎩⎪⎨⎪⎧λ1＝32，λ2＝－22. ∴AD →＋BD →＋CD →＝32AB →－22AC →.10．已知O (0,0)，A (1,2)，B (4,5)及OP →＝OA →＋tAB →，试问：(1)t 为何值时，P 在x 轴上？在y 轴上？在第三象限？(2)四边形OABP 能否成为平行四边形？若能，求出相应的t 值；若不能，请说明理由．解：(1)∵OA →＝(1,2)，AB →＝(3,3)，∴OP →＝OA →＋tAB →＝(1＋3t,2＋3t )．若点P 在x 轴上，则2＋3t ＝0，解得t ＝－23若点P 在y 轴上，则1＋3t ＝0，解得t ＝－13若点P 在第三象限，则⎩⎪⎨⎪⎧1＋3t <0，2＋3t <0. 解得t <－23. (2)若四边形OABP 为平行四边形，则OP →＝AB →，∴⎩⎪⎨⎪⎧1＋3t ＝3，2＋3t ＝3. ∵该方程组无解，∴四边形OABP 不能成为平行四边形．11.在△AOB 中，OC →＝14→，OD →＝12OB →，AD 与BC 交于点M ，设OA →＝a ，OB →＝b ，以a ，b 为基底表示OM →.解：设OM →＝ma ＋nb (m 、n ∈R)，则AM →＝OM →－OA →＝(m －1)a ＋nb ，AD →＝OD →－OA →＝12b －a ，∵A 、M 、D 三点共线， ∴m －1－1＝n 12，即m ＋2n ＝1. 而CM →＝OM →－OC →＝(m －14)a ＋nb ， CB →＝OB →－OC →＝b －14a ， 又C 、M 、B 三点共线，∴m －14－14＝n 1，即4m ＋n ＝1. 联立⎩⎪⎨⎪⎧ m ＋2n ＝14m ＋n ＝1得⎩⎪⎨⎪⎧ m ＝17n ＝37，所以OM →＝17a ＋37b .。

Ⅰ.品句填词1．The final exam is coming. We'd better revise__(复习) the lessons.2．As a junior(年少者), we should respect the old.3．I have always enjoyed all the events you organised(组织) and I hope to attend more in the coming years.4．The company(公司) has given him a chance to work abroad recently.5．Most of the furniture in the house is in the style(风格) of Europe.6．What parents do in their daily life will have a great effect on their children's personality(性格；个性)．7．They were very curious(好奇的) about the people who lived upstairs.8．Only in this way can you have a chance to achieve your goal(目标)．Ⅱ.完成句子1．莉莉对如何使用电脑很好奇。

Lily is__curious__about__how__to__use a computer.2．她喜欢化学，总是忙着做实验。

She likes chemistry and__is__always__busy__doing__experiments．3．吉姆的梦想是成为班上最好的学生之一。

Jim's dream is__to__become__ one of the best students in his class.4．你的笔记本要么在书房，要么在客厅，仔细找找看。

1.下面关于自耦变压器的说法中不．正确的是( ) A ．自耦变压器一定有两个或两个以上的线圈B ．自耦变压器只有一个线圈C ．自耦变压器既可升压也可降压D ．自耦变压器的缺点是使用不够安全解析：选A.自耦变压器只有一个线圈，故A 错误，B 正确；如果整个线圈作为原线圈接电源，绕组的一部分接负载，则成为降压变压器；反之则成为升压变压器，故C 正确；自耦变压器的缺点是低压端和高压端直接有电的联系，使用不够安全，故D 正确．2.一个正常工作的理想变压器的原副线圈中，下列哪个物理量不．一定相等( ) A ．交变电流的频率 B ．电流的有效值C ．电功率D ．磁通量的变化率解析：选B.根据变压器的工作原理知，原、副线圈中的交变电流的频率相等，穿过原、副线圈的磁通量及变化情况相同，即磁通量的变化率也相等；由于匝数不相等，则原副线圈中的电流(包括瞬时值、最大值、有效值)则一般不相等．B 项正确．3.一个理想变压器副线圈上接一个电阻，欲使此电阻的电功率增大，可以采取的措施是(每次只改变一个因素)( )A ．增加原线圈的匝数n 1B ．减少副线圈的匝数n 2C ．增大电阻值D ．减少电阻值解析：选D.电阻消耗的功率P ＝U 22R ，而U 1U 2＝n 1n 2，所以P ＝U 21n 22n 21R，P 要增大，减小n 1或R ，或增大n 2均可．4.为保证用户电压稳定在220 V ，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图．保持输入电压u 1不变，当滑动接头P 上下移动时可改变输出电压．某次检测得到用户电压u 2随时间t 变化的曲线如图乙所示．以下正确的是( )A ．u 2＝1902sin(50πt ) VB ．u 2＝190sin(100πt ) VC ．为使用户电压稳定在220 V ，应将P 适当下移D ．为使用户电压稳定在220 V ，应将P 适当上移解析：选D.由图象可知，正弦式交变电压的最大值为190 2 V ，其周期为0.02 s ，可得其表达式为1902·sin(100πt ) V ，A 、B 错误，又在u 1、n 2不变的前提下通过改变n 1来使u 2增大，由u 1u 2＝n 1n 2可得应使n 1减小，故应将P 适当上移，D 选项正确． 5.一台理想变压器，其原线圈的匝数为2200匝，副线圈的匝数为440匝，副线圈中接入一个100 Ω的负载电阻，如图所示．(1)当原线圈接在44 V 直流电源上时，电压表示数为多大？电流表示数为多大？(2)当原线圈接在220 V 交流电源上时，电压表示数为多大？电流表示数为多大？此时输入功率为多少？变压器效率为多大？解析：(1)原线圈接44 V 直流电源时，通过副线圈磁通量不变，副线圈不产生感应电动势，所以电压表、电流表示数都为零．(2)由U 1U 2＝n 1n 2 得 U 2＝n 2U 1n 1＝440×2202200V ＝44 V 流过R 电流 I 2＝U 2R ＝44100A ＝0.44 A 则电压表读数为44 V ，电流表读数为0.44 A.输出功率P 出＝U 2I 2＝44×0.44 W ＝19.36 W输入功率P 入＝P 出＝19.36 W变压器效率η＝P 出P 入＝100%. 答案：(1)0 0 (2)44 V 0.44 A 19.36 W 100%一、选择题1.可以将电压升高供给家用电灯的变压器是( )解析：选C.根据变压器的原理，只能对交变电压升高(或降低)电压，根据变压器的变压规律，要将电压提高，原线圈的匝数应少于副线圈的匝数，B 、D 错，A 项中的电源为直流电源，不能变压，故选C.2.理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1，以下说法中正确的是( )A ．穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是10∶1B ．穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等C ．原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为10∶1D ．正常工作时，原、副线圈的输入、输出功率之比为10∶1解析：选B.本题考查了对变压器原理的掌握，关键是要明确变压器的变压原理．对理想变压器，A 选项认为无磁通量损漏，因而穿过两个线圈的交变磁通量相同，磁通量变化率相同，因而每匝线圈产生的感应电动势相等，才有电压与匝数成正比；对于理想变压器，输入功率等于输出功率，正确选项只有B.3.一输入电压为220 V ，输出电压为36 V 的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈．如图所示，然后将原来线圈接到220 V 交流电源上，测得新绕线圈的端电压为1 V ，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线圈匝数分别为( )A ．1100，360B ．1100，180C ．2200，180D ．2200，360解析：选B.对新绕线圈的理想变压器，根据变压比公式得n 1＝n 3U 1U 3＝5×2201＝1100，同理，变压器烧坏前，n 2＝n 1U 2U 1＝1100×36220＝180，B 正确． 4.(2012·安溪一中高二期末)如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝1∶3，次级回路中联入三个均标有“36 V ，40 W ”的灯泡，且均正常发光，那么，标有“36 V ，40 W ”的灯泡A ( )A ．正常发光B ．将被烧毁C ．比另三个灯暗D ．无法确定解析：选A.副线圈两端的电压U 2＝3U ＝3×36 V ＝108 V由U 1U 2＝n 1n 2得，原线圈两端电压U 1＝n 1U 2n 2＝1×1083V ＝36 V ，所以灯泡A 能正常发光． 5.如图所示是一台理想自耦变压器，在a 、b 之间接正弦交流电，A 、V 分别为理想交流电流表和交流电压表．若将调压端的滑动头P 向上移动，则( )A ．电压表V 的示数变大B ．变压器的输出功率变小C ．电流表A 的示数变小D ．电流表A 的示数变大解析：选BC.ab 间为原线圈，当P 向上移动时，原线圈匝数增多，原副线圈匝数比变大，由变压规律U 1U 2＝n 1n 2知，U 1不变，U 2变小，电压表V 的示数变小，R 不变，由P ＝U 2R 可知，变压器的输出功率变小，A 错、B 对，由U 1I 1＝U 2I 2可以知道，I 1变小，C 对，D 错．6.一理想变压器原副线圈的匝数比为n 1∶n 2＝1∶2，电源电压u ＝2202sin ωt V ，原线圈电路中接入一熔断电流I 0＝1 A 的保险丝，副线圈中接入一可变电阻R ，如图所示，为了使保险丝不致熔断，调节R 时，其阻值最低不能小于( )A ．440 ΩB ．440 2 ΩC ．880 ΩD ．880 2 Ω解析：选C.当原线圈电流I 1＝I 0时，副线圈中的电流(即副线圈中电流的有效值)为I 2＝n 1n 2I 1＝n 1n 2I 0＝12A 副线圈的输出电压的有效值为U 2＝n 2n 1U 1＝n 2n 1×U m 2＝440 V 因此副线圈电路中负载电阻的最小值为R min ＝U 2I 2＝880 Ω，故选项C 正确． 7.(2012·福建师大附中高二期末)如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶5，原线圈两端的交变电压为u ＝202sin100πt V ，氖泡在两端电压达到100 V 时开始发光，下列说法中正确的有( )A ．开关接通后，氖泡的发光频率为100 HzB ．开关接通后，电压表的示数为100 2 VC ．开关断开后，电压表的示数不变D ．开关断开前后，变压器的输入功率不变解析：选AC.由U 1U 2＝n 1n 2得，副线圈输出电压的最大值为 U 2＝n 2U 1n 1＝5×2021V ＝100 2 V ，一个周期内有两次电压大于100 V ，故氖泡在一个周期内发光2次，而交变电压的周期T ＝2πω＝2π100πs ＝0.02 s ，所以氖泡发光频率为f ＝2T ＝100 Hz ，A 正确．电压表示数为U 2′＝U 22＝10022V ＝100 V ，B 错误．开关断开后电压表示数不变，但输出功率变化，所以输入功率变化，C 正确、D 错误．8.如图所示的甲、乙两电路中，当a 、b 两端与e 、f 两端分别加上220 V 的交流电压时，测得c 、d 间与g 、h 间的电压均为110 V ．若分别在c 、d 两端及g 、h 两端加上110 V 的交流电压，则a 、b 间及e 、f 间的电压分别为( )A ．220 V 、220 VB ．220 V 、110 VC ．110 V 、110 VD ．220 V 、0 V解析：选B.当a 、b 间接220 V 电压时，c 、d 间电压为110 V ，说明c 、d 间线圈的匝数为原线圈匝数的一半；反过来当c 、d 间接110 V 电压时，a 、b 间电压应为220 V ．当e 、f 间接220 V 电压时，g 、h 间电压为110 V ，说明g 、h 间电阻为e 、f 间电阻的一半；当g 、h 间接110 V 电压时，e 、g 间没有电流，e 、g 间电压为零，所以e 、f 间电压与g 、h 间电压相等，均为110 V.9.如图所示，理想变压器原线圈中正弦式交变电源的输入电压和电流分别为U 1和I 1，两个副线圈的输出电压和电流分别为U 2和I 2、U 3和I 3，接在原、副线圈中的五个完全相同的灯泡均正常发光，则下列关系中正确的是( )A ．I 1∶I 2∶I 3＝1∶2∶1B ．U 1∶U 2∶U 3＝1∶1∶2C ．三个线圈匝数之比为n 1∶n 2∶n 3＝5∶2∶1D ．电源电压U 1与原线圈两端电压U 1′之比为5∶4解析：选AD.设灯泡正常发光时的电流为I 0，电压为U 0，由题图可知，I 2＝2I 0，I 1＝I 3＝I 0，故A 选项正确；U 2＝U 0，U 3＝2U 0，原线圈两端电压U 1′＝U 2I 2＋U 3I 3I 1＝4U 0，则U 1＝5U 0，故D 选项正确；n 1n 2＝U 1′U 2＝41，n 2n 3＝U 2U 3＝12，故B 、C 选项错误． 10.(2011·高考福建卷)图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n 1∶n 2＝5∶1，电阻R ＝20 Ω，L 1、L 2为规格相同的两只小灯泡，S 1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u 随时间t 的变化关系如图乙所示．现将S 1接1、S 2闭合，此时L 2正常发光．下列说法正确的是( )A ．输入电压u 的表达式u ＝202sin50πt VB ．只断开S 2后，L 1、L 2均正常发光C ．只断开S 2后，原线圈的输入功率增大D ．若S 1换接到2后，R 消耗的电功率为0.8 W解析：选D.由题图知，U m ＝20 2 V ，T ＝0.02 s ，则ω＝2πT＝100π rad/s ，输入电压u ＝202sin100πt V ，故选项A 错误；由变压器的变压规律知：U 1U 2＝n 1n 2，故U 2＝U 1n 2n 1＝20×15V ＝4 V ，由题中将S 1接1，S 2闭合时，灯泡L 2正常发光可得，灯泡L 2的额定电压为4 V ，当只断开S 2后，副线圈两端电压不变，此时副线圈的负载为L 1、L 2串联，故L 1、L 2均不能正常发光，选项B 错误；此时P 出＝U 22R 总，副线圈负载R 总增大，故P 出减小，又P 入＝P 出，故原线圈的输入功率减小，选项C 错误；当S 1换接到2后，副线圈的负载仅是电阻R ，故P ＝U 22R ＝4220W＝0.8 W ，选项D 正确．二、非选择题11.(2011·高考海南卷)如图，理想变压器原线圈与一10 V 的交流电源相连，副线圈并联两个小灯泡a 和b ，小灯泡a 的额定功率为0.3 W ，正常发光时电阻为30 Ω，已知两灯泡均正常发光，流过原线圈的电流为0.09 A ，可计算出原、副线圈的匝数比为________，流过灯泡b 的电流为________A.解析：U 1＝10 V ，根据小灯泡正常发光，则U 2＝PR ＝3 V ，I a ＝U 2R ＝0.1 A ，根据n 1n 2＝U 1U 2＝103，I 2I 1＝n 1n 2，所以 I 2＝n 1n 2I 1＝0.3 A ，I b ＝I 2－I a ＝0.2 A. 答案：10∶3 0.212.一理想变压器，原线圈匝数n 1＝1100，接在电压为220 V 的交流电源上，当它对11只并联的“36 V ，60 W ”灯泡供电时，灯泡正常发光，由此可知该变压器副线圈的匝数n 2是多少？通过原线圈的电流I 1是多大？解析：因为11只并联的“36 V ，60 W ”灯泡正常发光，所以副线圈输出的电压必为36 V ．由U 1/U 2＝n 1/n 2，得n 2＝U 2U 1n 1＝36×1100220匝＝180匝． 每只灯泡正常发光时的电流由P 2′＝I 2′U 2′得I 2′＝P 2′U 2′＝6036A ＝53 A 副线圈中的电流I 2＝11×I 2′＝553A 因I 1I 2＝n 2n 1，故I 1＝n 2n 1I 2＝1801100×553A ＝3 A. 答案：180 匝 3 A。

[学生用书P72]Ⅰ品句填词1．The computer system(系统) broke down and we need to have it repaired.2．As is known to us all, there are different kinds of religions(宗教) in the world.3．The atmosphere(氛围) of the picnic is very friendly. Children are having fun with each other.4．Chemical pollution will pose a threat to agriculture, food chain(链) and human health. 5．Eating too much sugar is harmful(有害的) to your teeth.6．What puzzles(使困惑) me is why the couple had a violent quarrel last night. I have the impression that they always get along well with each other.7．Opportunities exist(存在) in our company for experienced engineers.8．He is quite patient with his children, unlike(不像) his wife.9．Fresh air is fundamental(基础的) to good health, so we should make every effort to improve air quality.10．He has broken the world record, thus(因此) winning his first gold medal.Ⅱ完成句子1．我们一定要采取措施使这样的事不再发生。

【优化方案】2021-2021学年高中数学 知能演练轻松闯关 湘教版选修2-21.用边长为48 cm 的正方形铁皮做一个无盖的铁盒，在铁皮的四角各截去一个面积相等的小正方形，然后把四边折起，就能够焊成一个铁盒．那么所做的铁盒容积最大时，在四角截去的正方形的边长为( ) A ．6 cm B ．8 cmC ．10 cmD ．12 cm解析：选B.设截去小正方形的边长为x cm ，铁盒的容积为V cm 3.因此V ＝x (48－2x )2(0<x <24)，V ′＝12(x －8)(x －24)．令V ′＝0，则x ＝8∈(0，24)，且此是所做铁盒的容积最大．2.(2021·渝北检测)某产品的销售收入y 1(万元)是产量x (千台)的函数：y 1＝17x 2(x ＞0)；生产本钱y 2(万元)是产量x (千台)的函数：y 2＝2x 3－x 2(x ＞0)，为使利润最大，那么应生产( )A ．6千台B ．7千台C ．8千台D ．9千台解析：选A.设利润为y (万元)，则y ＝y 1－y 2＝17x 2－(2x 3－x 2)＝－2x 3＋18x 2(x ＞0)，∴y ′＝－6x 2＋36x ＝－6x ·(x －6)．令y ′＝0，解得x ＝0或x ＝6，经查验知x ＝6既是函数的极大值点又是函数的最大值点．应选A. 3.炼油厂某分厂将原油精炼为汽油，需对原油进行冷却和加热，若是第x 小时，原油温度(单位：℃)为f (x )＝13x 3－x 2＋8(0≤x ≤5)，那么，原油温度的瞬时转变率的最小值是( ) A ．8 C ．－1D ．－8解析：选C.原油温度的瞬时转变率为f ′(x )＝x 2－2x ＝(x －1)2－1(0≤x ≤5)，因此当x ＝1时，原油温度的瞬时转变率取得最小值－1.4.(2021·梁平质检)某车间靠墙壁要盖一间地面为长方形的小屋，现有存砖只够砌20 m 长的墙壁，那么应围成长为________m ，宽为____________m 的长方形才能使小屋占地面积最大．解析：设长为x m ，宽为y m ，面积为S m 2，则x ＋2y ＝20，即y ＝10－x2，S ＝x ·y ＝x (10－x 2)＝10x －x 22.S ′＝10－x ，因此当x ＝10时，小屋占地面积最大，因此x ＝10，y ＝5. 答案：10 5 一、选择题1.某商品一件的本钱为30元，在某段时刻内，假设以每件x 元出售，可卖出(200－x )件，当每件商品的定价为________元时，利润最大．( ) A ．105 B ．110 C ．115D ．120解析：选C.利润为S (x )＝(x －30)(200－x )＝－x 2＋230x －6000，S ′(x )＝－2x ＋230，由S ′(x )＝0得x ＝115，这时利润最大为7225元．2.设底为等边三角形的直棱柱的体积为V ，那么其表面积最小时，底面边长为( )D ．23V解析：选C.设该直棱柱的底面边长为x ，高为h ，表面积为S ，则V ＝34x 2·h ，h ＝4V 3x 2，表面积S ＝32x 2＋3·x ·4V 3x 2，S ′＝3x ＋－12V 3x2，令S ′＝0，得x ＝34V .应选C.3.(2021·南开调研)已知某生产厂家的年利润y (单元：万元)与年产量x (单位：万件)的函数关系式为y ＝－13x 3＋81x －234，那么使该生产厂家获取最大年利润的年产量为( )A ．13万件B ．11万件C ．9万件D ．7万件解析：选C.因为y ′＝－x 2＋81，因此当x >9时，y ′<0；当x ∈(0，9)时，y ′>0，因此函数y ＝－13x 3＋81x －234在(9，＋∞)上单调递减，在(0，9)上单调递增，因此x ＝9是函数的极大值点，又因为函数在(0，＋∞)上只有一个极大值点，因此函数在x ＝9处取得最大值． 4.某公司生产一种产品，固定本钱为20000元，每生产一单位的产品，本钱增加100元，假设总收入R 与年产量x (0≤x ≤390)的关系是R (x )＝－x 3900＋400x ，0≤x ≤390，那么当总利润最大时，每一年生产的产品单位数是( ) A ．150 B ．200 C ．250D ．300解析：选D.由题意可得总利润P (x )＝－x 3900＋300x －20000，0≤x ≤390.由P ′(x )＝－x 2300＋300，令P ′(x )＝0，得x ＝300.当0≤x <300时，P ′(x )>0，当300<x ≤390时，P ′(x )<0，因此当x ＝300时，P (x )最大．5.假设一球的半径为r ，那么内接于球的圆柱的侧面积最大为( ) A ．2πr 2 B ．πr 2 C ．4πr 2πr 2解析：选A.如图，设内接圆柱的底面半径为R ，母线长为l ， 则R ＝r cos θ，l ＝2r sin θ. ∴S 侧＝2πR ·l ＝2πr cos θ×2r sin θ ＝4πr 2sin θcos θ.∴由S ′＝4πr 2(cos 2θ－sin 2θ)＝0，得θ＝π4.∴当θ＝π4，即R ＝22r 时，S 侧最大，且S 侧最大值为2πr 2.6.(2021·涪陵调研)某工厂要围建一个面积为512平方米的矩形堆料场，一边能够利用原有的墙壁，其他三边需要砌新的墙壁，当砌壁所用的材料最省时，堆料场的长和宽别离为( ) A ．32米，16米 B ．30米，15米 C ．40米，20米 D ．36米，18米解析：选A.要求材料最省确实是要求新砌的墙壁总长度最短，如下图，设场地宽为x 米，那么长为512x米，因此新墙总长度L ＝2x ＋512x(x >0)，则L ′＝2－512x2.令L ′＝0，得x ＝±16.∵x >0，∴x ＝16.当x ＝16时，L 极小值＝L min ＝64， ∴堆料场的长为51216＝32(米)．二、填空题7.用总长为14.8 m 的钢条制作一个长方体容器的框架，假设所制作容器的底面的一边比高长0.5 m ，那么当高为______ m 时，容器的容积最大．解析：由题意直接列出函数表达式，再用导数求最值，设高为x m ， 则V ＝x (x ＋－2x )， 令V ′＝－6x 2＋＋＝0， 即解15x 2－11x －4＝0， 得x ＝1，x ＝－415(舍去)．答案：18.把长60 cm的铁丝围成矩形，当长为________cm，宽为________cm时，矩形面积最大．解析：设长为x cm ，那么宽为(30－x ) cm ， 因此面积S ＝x (30－x )＝－x 2＋30x . 由S ′＝－2x ＋30＝0，得x ＝15. 答案：15 159.(2021·沙坪坝质检)做一个容积为256 dm 3的方底无盖水箱，它的高为______dm 时最省料．解析：设底面边长为x dm ，那么高为h ＝256x2dm ，其表面积为S ＝x 2＋4×256x 2×x ＝x 2＋256×4x， S ′＝2x －256×4x2，令S ′＝0，则x ＝8， 那么高h ＝25664＝4 (dm)．答案：4 三、解答题10.(创新题)已知矩形的两个极点A 、D 位于x 轴上，另两个极点B 、C 位于抛物线y ＝4－x 2在x 轴上方的曲线上，求那个矩形的面积最大时的边长．解：设矩形边长AD ＝2x ， 则AB ＝4－x 2，∴矩形面积为S ＝2x (4－x 2)＝8x －2x 3(0<x <2)． ∴S ′＝8－6x 2.令S ′＝0，解之得x 1＝233，x 2＝－233(舍去)．当0<x <233时，S ′>0；当233<x <2时，S ′<0.当x ＝233时，S 取最大值为3239. 即矩形的边长别离是433、83时，矩形的面积最大．11.(2020·高考福建卷)某商场销售某种商品的体会说明，该商品每日的销售量y (单位：千克)与销售价钱x (单位：元/千克)知足关系式y ＝ax －3＋10(x －6)2，其中3<x <6，a 为常数．已知销售价钱为5元/千克时，每日可售出该商品11千克． (1)求a 的值；(2)假设该商品的本钱为3元/千克，试确信销售价钱x 的值，使商场每日销售该商品所取得的利润最大．解：(1)因为x ＝5时，y ＝11，因此a2＋10＝11，因此a ＝2.(2)由(1)可知，该商品每日的销售量y ＝2x －3＋10(x －6)2，因此商场每日销售该商品所取得的利润f (x )＝(x －3)⎣⎢⎡⎦⎥⎤2x －3＋10（x －6）2＝2＋10(x －3)(x －6)2，3<x <6.从而，f ′(x )＝10[(x －6)2＋2(x －3)(x －6)]＝30(x －4)(x －6)．于是，当x 转变时，f ′(x )，f (x )的转变情形如下表：x (3，4) 4 (4，6) f ′(x ) ＋ 0 － f (x )单调递增极大值42单调递减由上表可得，x ＝4是函数f (x )在区间(3，6)内的极大值点，也是最大值点．因此，当x ＝4时，函数f (x )取得最大值，且最大值等于42.即当销售价钱为4元/千克时，商场每日销售该商品所取得的利润最大． 12.(2020·高考山东卷)某企业拟建如下图的容器(不计厚度，长度单位：米)，其中容器的中间为圆柱形，左右两头均为半球形，依照设计要求容器的容积为80π3立方米，且l ≥2r .假设该容器的建造费用仅与其表面积有关．已知圆柱形部份每平方米建造费用为3千元，半球形部份每平方米建造费用为c (c >3)千元．设该容器的建造费用为y 千元．(1)写出y 关于r 的函数表达式，并求该函数的概念域；(2)求该容器的建造费用最小时的r .解：(1)设容器的容积为V ，由题意知V ＝πr 2l ＋43πr 3，又V ＝80π3， 故l ＝V －43πr 3πr 2＝803r 2－43r ＝43⎝ ⎛⎭⎪⎫20r 2－r . 由于l ≥2r ，因此0<r ≤2.因此建造费用y ＝2πrl ×3＋4πr 2c＝2πr ×43⎝ ⎛⎭⎪⎫20r 2－r ×3＋4πr 2c ， 因此y ＝4π(c －2)r 2＋160πr，0<r ≤2. (2)由(1)得y ′＝8π(c －2)r －160πr 2 ＝8π（c －2）r 2⎝ ⎛⎭⎪⎫r 3－20c －2，0<r ≤2. 由于c >3，因此c －2>0.当r 3－20c －2＝0时，r ＝ 320c －2.令 320c －2＝m ，则m >0，因此y ′＝8π（c －2）r2(r －m )(r 2＋rm ＋m 2)． ①当0<m <2，即c >92时， 当r ＝m 时，y ′＝0；当r ∈(0，m )时，y ′<0；当r ∈(m ，2)时，y ′>0，因此r ＝m 是函数y 的极小值点，也是最小值点．②当m ≥2，即3<c ≤92时， 当r ∈(0，2)时，y ′<0，函数单调递减， 因此r ＝2是函数y 的最小值点．综上所述，当3<c ≤92时，建造费用最小时r ＝2； 当c >92时，建造费用最小时r ＝ 320c －2.。

第四章第1课时知能演练轻松闯关1．平面上点P 与不共线三点A ，B ，C 满足关系式PA →＋PB →＋PC →＝AB →，则( ) A.CP →＝2PA → B.AP →＝2PB → C.PB →＝2PC → D.BP →＝2PC →解析：选A.由PA →＋PB →＋PC →＝AB →得： CP →＝PA →＋PB →＋BA →＝2PA →.2．(2012·荆州调研)已知向量a 、b 、c 中任意两个都不共线，并且a ＋b 与c 共线，b ＋c 与a 共线，那么a ＋b ＋c 等于( ) A ．a B ．b C ．c D ．0 解析：选D.∵a ＋b 与c 共线， ∴a ＋b ＝λ1c .① 又∵b ＋c 与a 共线， ∴b ＋c ＝λ2a .② 由①得：b ＝λ1c －a .∴b ＋c ＝λ1c －a ＋c ＝(λ1＋1)c －a ＝λ2a ， ∴⎩⎪⎨⎪⎧ λ1＋1＝0λ2＝－1，即⎩⎪⎨⎪⎧λ1＝－1λ2＝－1， ∴a ＋b ＋c ＝－c ＋c ＝0.3．(2011·高考四川卷)如图，正六边形ABCDEF 中，BA →＋CD →＋EF →＝( )A ．0 B.BE →C.AD →D.CF →解析：选D.如图，在正六边形ABCDEF 中，CD →＝AF →，BF →＝CE →， ∴BA →＋CD →＋EF →＝BA →＋AF →＋EF →＝BF →＋EF →＝CE →＋EF →＝CF →.4．已知向量p ＝a |a |＋b|b |，其中a 、b 均为非零向量，则|p |的取值范围是( )A ．[0，2]B ．[0,1]C ．(0,2]D ．[0,2] 解析：选D.由已知向量p 是两个单位向量的和， 当这两个单位向量同向时，|p |max ＝2； 当这两个单位向量反向时，|p |min ＝0.一、选择题1．在四边形ABCD 中，AB →＝DC →，且|AB →|＝|BC →|，那么四边形ABCD 为( ) A ．平行四边形 B ．菱形 C ．长方形 D ．正方形解析：选B.由AB →＝DC →，且|AB →|＝|BC →|知四边形ABCD 为平行四边形且邻边相等， ∴四边形ABCD 为菱形．2.如图所示的方格纸中有定点O ，P ，Q ，E ，F ，G ，H ，则OP →＋OQ →＝( ) A.OH → B.OG → C.FO → D.EO →解析：选C.设a ＝OP →＋OQ →，利用平行四边形法则作出向量OP →＋OQ →，再平移即发现，a ＝FO →，因此选C. 3.AB →＋BC →＋CA →＝0是A 、B 、C 为三角形三个顶点的( ) A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件 D ．既不充分也不必要条件解析：选B.若点A 、B 、C 共线，则不是三角形，反之，若是三角形，则有AB →＋BC →＋CA →＝0. 4．(2012·济南质检)在△ABC 中，AB ＝2，BC ＝3，∠ABC ＝60°，AD 为BC 边上的高，O 为AD 的中点，若AO →＝λAB →＋μBC →，则λ＋μ＝( )A ．1 B.12C.13D.23解析：选D.AD →＝AB →＋BD →＝AB →＋13BC →，2AO →＝AB →＋13BC →，即AO →＝12AB →＋16BC →.故λ＋μ＝12＋16＝23.5．如图，已知AB →＝a ，AC →＝b ，BD →＝3DC →，用a ，b 表示AD →，则AD →＝( )A ．a ＋34bB.14a ＋34bC.14a ＋14b D.34a ＋14b 解析：选B.AD →＝AB →＋BD →＝AB →＋34BC →＝AB →＋34(AC →－AB →)＝14AB →＋34AC →＝14a ＋34b .二、填空题6．(2012·大同质检)设向量e 1，e 2不共线，AB →＝3(e 1＋e 2)，CB →＝e 2－e 1，CD →＝2e 1＋e 2，给出下列结论：①A 、B 、C 共线；②A 、B 、D 共线；③B 、C 、D 共线；④A 、C 、D 共线，其中所有正确结论的序号为________．解析：AC →＝AB →－CB →＝4e 1＋2e 2，BD →＝CD →－CB →＝3e 1，由向量共线的充要条件b ＝λa (a ≠0)可得A 、C 、D 共线，而其他λ无解． 答案：④7．设O 是△ABC 内部一点，且OA →＋OC →＝－2OB →，则△AOB 与△AOC 的面积之比为________．解析：设D 为AC 的中点，连接OD (图略)，则OA →＋OC →＝2OD →.又OA →＋OC →＝－2OB →，所以OD →＝－OB →，即O 为BD 的中点，从而容易得△AOB 与△AOC 的面积之比为12.答案：128．在平行四边形ABCD 中，E 、F 分别是CD 和BC 的中点，若AC →＝λAE →＋μAF →，其中λ，μ∈R ，则λ＋μ＝________.解析：如图设AB →＝a ，AD →＝b ，则AC →＝AB →＋AD →＝a ＋b ，AF →＝AB →＋BF →＝a ＋12b ，AE →＝AD →＋DE →＝12a ＋b ，∴AE →＋AF →＝32(a ＋b )＝32AC →，即AC →＝23AE →＋23AF →.∴λ＝μ＝23，λ＋μ＝43.答案：43三、解答题9．判断下列各题中的向量是否共线：(1)a ＝4e 1－25e 2，b ＝e 1－110e 2；(2)a ＝e 1＋e 2，b ＝2e 1－2e 2，且e 1，e 2共线． 解：(1)当a ＝0时，则b ＝0，显然b 与a 共线；当a ≠0时，b ＝e 1－110e 2＝14⎝⎛⎭⎪⎫4e 1－25e 2＝14a ，∴b 与a 共线．(2)当e 1，e 2中至少有一个为零向量时，显然b 与a 共线；当e 1，e 2均不为零向量时，设e 1＝λe 2，∴a ＝(1＋λ)e 2，b ＝(2λ－2)e 2，若λ＝－1，则a ＝0，显然b 与a 共线；若λ≠－1，则b ＝2λ－21＋λa ，∴b 与a 共线．综上可知b 与a 共线．10．设i 、j 分别是平面直角坐标系Ox 、Oy 正方向上的单位向量，且OA →＝－2i ＋mj ，OB →＝ni＋j ，OC →＝5i －j ，若点A 、B 、C 在同一条直线上，且m ＝2n ，求实数m 、n 的值．解：AB →＝OB →－OA →＝(n ＋2)i ＋(1－m )j ， BC →＝OC →－OB →＝(5－n )i ＋(－2)j .∵点A 、B 、C 在同一条直线上，∴AB →∥BC →， 即AB →＝λBC →，∴(n ＋2)i ＋(1－m )j ＝λ[(5－n )i ＋(－2)j ]，∴⎩⎪⎨⎪⎧n ＋2＝λ5－n 1－m ＝－2λm ＝2n，解得⎩⎪⎨⎪⎧m ＝6n ＝3或⎩⎪⎨⎪⎧m ＝3n ＝32.11．如图所示，E 、F 是四边形ABCD 的对角线AC 、BD 的中点，已知AB →＝a ，BC →＝b ，CD →＝c ，DA →＝d ，求向量EF →.解：连结AF ，∵AC →＝AB →＋BC →＝a ＋b ， ∴AE →＝12AC →＝12(a ＋b )．∵BD →＝b ＋c ， ∴BF →＝12BD →＝12(b ＋c )，∴AF →＝AB →＋BF →＝a ＋12(b ＋c )，∴EF →＝AF →－AE →＝a ＋12(b ＋c )－12(a ＋b )＝12(a ＋c )．。

【优化方案】高中物理电子题库第四章 2 3知能演练轻松闯关教科版选修1-11.(·泰州学业水平预测)在电磁波谱中，红外线、可见光和伦琴射线(X射线)三个波段的频率大小关系是( )A．红外线的频率最大，可见光的频率最小B．伦琴射线的频率最大，红外线的频率最小C．可见光的频率最大，红外线的频率最小D．伦琴射线的频率最大，可见光的频率最小解析：选B.根据电磁波谱．按照波长由长到短顺序分别为红外线，可见光，伦琴射线．由v＝λf可知波长与频率成反比，即伦琴射线频率最大，红外线频率最小．2.关于红外线的以下说法中正确的是( )A．不同的物体辐射红外线的波长和强度不同，可以在较冷的背景上探测出较热物体的红外辐射B．利用红外线不能对物体进行烘干C．利用红外线波长较长，容易发生衍射的特点进行远距离摄影和高空摄影D．利用不同物体辐射红外线的波长和强度的不同可以对物体进行远距离探测解析：选ACD.由于红外线是一种光波，一切物体都在不停地对外辐射红外线，热物体的红外辐射比冷物体的红外辐射性强一些．由于红外线的热效应，可用来烘干，又由于坦克、舰艇、人体等一切物体都在不停地发射红外线，并且不同的物体所辐射的红外线，其波长和强度不同，故在夜间或浓雾天气可通过红外线探测器来接收信号，并用电子仪器对接收到的信号进行处理，或用对红外线敏感的照相底片进行远距离摄影和高空摄影，就可察知物体的形状和特征．所以选项中的A、C、D正确．3.(·泸州高中高二检测)下列说法正确的是( )A．摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置B．电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置C．摄像机在1 s内要传送25张画面D．电视机接收的画面是连续的解析：选ABC.通过摄像机得到景物的光信号，再通过扫描转化为电信号，在1 s内要传送25张画面；电视机通过显像管将接收到的电信号再转化为光信号，最后还原为图像和景物，每秒要接收到25张画面，由于视觉暂留，我们看到的便是活动的图像．4.雷达是用来对目标进行定位的现代化定位系统．海豚也具有完善的声呐系统，它能在黑暗中准确而快速地捕捉食物，避开敌害，远远优于现代化的无线电系统．(1)海豚的定位是利用了自身发射的________．A．电磁波B．红外线C．次声波 D．超声波(2)雷达的定位是利用自身发射的________．A．电磁波 B．红外线C．次声波 D．光线解析：(1)海豚能发射超声波，它是一种频率高于2×104Hz的声波，它的波长非常短，因而能定向发射，而且在水中传播时因能量损失小，要比无线电波和光波传得远．海豚就是靠自身发出的超声波的回声来在混浊的水里准确确定远处的小鱼位置而猛冲过去吞食，选D.(2)雷达是一个电磁波的发射和接收系统．因而是靠发射电磁波来定位的，选A. 答案：(1)D (2)A5.某收音机接收电磁波的波长范围在577 m到182 m之间，该收音机LC回路的可变电容器的动片全部旋出时，回路总电容为39 pF.求：该收音机接收到的电磁波的频率范围．解析：根据c＝λf得f1＝cλ1＝3×108577Hz≈5.20×105 Hzf2＝cλ2＝3×108182Hz≈1.5×106 Hz所以所求的频率范围为5.20×105～1.5×106 Hz.答案：5.20×105～1.5×106 Hz一、选择题1.(·东城区会考预测)下列各种电磁波的波长范围由短到长排列的是( )A．微波、红外线、紫外线B．γ射线、X射线、紫外线C．紫外线、红外线、无线电波D．紫外线、X射线、γ射线解析：选BC.电磁波谱按波长由短到长的排列顺序为：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波．2.我国进行第三次大熊猫普查时，首次使用了全球卫星定位系统和RS卫星红外遥感技术，详细调查了珍稀动物大熊猫的种群、数量、栖息地周边情况等，红外遥感利用了红外线的( )A．热效应B．相干性C．反射性能好 D．波长较长，易衍射解析：选D.红外线的波长较长，衍射现象明显．容易穿透云雾、烟尘，因此被广泛应用于红外遥感和红外高空摄影，故D对．3.关于γ射线，以下说法中正确的是( )A．比伦琴射线频率更高，穿透能力更强B．用来检测金属材料内部伤痕、裂缝、气孔等C．利用γ射线穿透力强制成金属测厚计来检测金属板的厚度D．“γ刀”是利用了γ射线的强穿透能力解析：选ABC.由于γ射线是一种比X射线波长更短的电磁波，γ射线的能量极高，穿透能力比X射线更强，也可用于金属探伤等，所以选项A、B、C正确．4.关于电磁波的特性，下列说法正确的是( )A．红外线遥感是利用了红外线波长较长的特点B．一切物体都在不停地辐射红外线，温度越高，辐射越强C．验钞机检验钞票真伪体现了紫外线的荧光作用D．X射线可深入人的骨骼，杀死病变细胞解析：选ABC.在人体内杀死病变细胞是利用了γ射线能破坏生命物质的特性．5.关于电磁波的发射，下列说法中正确的是( )A．各种频率的电磁振荡都能辐射电磁波，只是辐射的能量所占振荡总能量的比例不同罢了，振荡周期越大，越容易辐射电磁波B．为了有效向外辐射电磁波，振荡电路必须采用开放电路，同时提高振荡频率C．为了有效向外辐射电磁波，振荡电路不需采用开放电路，但要提高振荡频率D．提高振荡频率和电路开放是发射电磁波的必要手段，振荡电路开放的同时，其振荡频率也随之提高解析：选B.电磁波的发射应该采用开放电路，同时频率越高，发射范围越大．6.(·宜宾一中高二检测)目前雷达发射的电磁波频率多在200 MHz至1000 MHz的范围内．下列关于雷达和电磁波的说法正确的是( )A．真空中上述雷达发射的电磁波的波长范围在0.3 m至1. m之间B．电磁波是由恒定不变的电场或磁场产生的C．测出从发射电磁波到接收反射波的时间间隔可以确定雷达和目标的距离D．波长越短的电磁波，反射性能越强解析：选ACD.由v＝λ·f，电磁波的产生，雷达的工作原理和电磁波的反射特点可求得．7.近年来，无线光通信技术(不需光纤，利用红外线在空间的定向传播来传递信息的通信手段)在局域网、移动通信等多方面显示出巨大的应用前景．关于红外线和光通信，以下说法中正确的是( )①光通信就是将文字、数据、图像等信息转换成光信号从一地传向另一地的过程②光纤通信中的光信号在光导纤维中传输，无线光通信的光信号在空气中传输③红外线的频率比可见光的频率高④红外光子的能量比可见光子的能量大A．①② B．③④C．①③ D．②④解析：选A.无线光通信技术是光信号在空气中直接传输各种信息．光导纤维通信中的光信号是在光导纤维中传输．不论哪种方式，传输的都是文字、数据、图像等信息．由电磁波谱可知红外线的频率比可见光的频率低，故红外线的波长比可见光更长．8.(·重庆双路中学高二检测)红外遥感卫星通过接收地面物体发出的红外辐射来探测地面物体的状况．地球大气中的水汽(H2O)、二氧化碳(CO2)能强烈吸收某些波长范围的红外辐射，即地面物体发出的某些波长的电磁波，只有一部分能够通过大气层被遥感卫星接收．如图4－2－4所示为水和二氧化碳对某一波段不同波长电磁波的吸收情况．由图可知，在该波段红外遥感大致能够接收到的波长范围为( )图4－2－4A．2.5 μm～3.5 μm B．4 μm～4.5 μmC．5 μm～7 μm D．8 μm ～13 μm解析：选D.由题图可知，水对红外辐射吸收率最低的波长范围是8 μm～13 μm；二氧化碳对红外辐射吸收率最低的波长范围是5 μm～13 μm.综上可知选D.二、非选择题9.图4－2－5 为了传播发射的实况，在发射场建立了发射台用于发射广播与电视信号，已知传播无线电广播所用的电磁波的波长为550 m，而传输电视信号所用的电磁波的波长为0.566 m，为了不让山区挡住信号传播，使城市居民能收听和收看发射实况，必须通过建在山顶上的转发站来转发__________(填“无线电广播信号”或“电视信号”)，这是因为：________________________________________________________________________________________________________________________________________________.答案：电视信号电视信号波长短，沿直线传播，易受山坡阻挡，不易传播10.波长为0.6 μm的红光，从10 m外的交通信号灯传到你的眼睛，大约需要多长时间？它的频率是多少？解析：由速度公式v＝xt可求得时间，可根据电磁波波长频率波速关系式c＝λf求得频率，其中t＝xc＝103×108 s≈3.33×10－8 s由c＝λf得f＝cλ＝3×1086×10－7Hz＝5×1014Hz.答案：3.33×10－8 s 5×1014 Hz。

一、单项选择题1.下列有关电池的说法不．正确的是()A．手机上用的锂离子电池属于二次电池B．铜锌原电池工作时，电子沿外电路从铜电极流向锌电极C．甲醇燃料电池可把化学能转化为电能D．锌锰干电池中，锌电极是负极解析：选B。

锂离子电池可以充电，再次使用，属于二次电池，A项正确；铜锌原电池中铜为正极，故电流由铜流向锌，而电子是由锌流向铜，B项错；电池的实质即是化学能转化成电能，C项正确；Zn失去电子生成Zn2＋，故作为负极，D项正确。

2.(2011·高考海南卷)一种充电电池放电时的电极反应为H2＋2OH－－2e－====2H2O；NiO(OH)＋H2O＋e－====Ni(OH)2＋OH－，当为电池充电时，与外电源正极连接的电极上发生的反应是()A．H2O的还原B．NiO(OH)的还原C．H2的氧化D．Ni(OH)2的氧化解析：选D。

该充电电池的反应方程式为：H 2＋2NiO(OH)放电2Ni(OH)2。

电池充电时，充电与外电源正极连接的电极为阳极，发生氧化反应，Ni(OH)2被氧化。

3.(2012·石家庄高二检测)电动自行车由于灵活、快捷、方便，已成为上班族的主要代步工具，其电源常采用铅蓄电池，铅蓄电池放电时发生下列变化：负极：Pb＋SO2－4－2e－====PbSO4正极：PbO2＋4H＋＋SO2－4＋2e－====PbSO4＋2H2O使用该电池时，若外电路上转移电子0.05 mol，则消耗H2SO4的物质的量为()A．0.025 mol B．0.05 molC．0.1 mol D．0.2 mol解析：选B。

据铅蓄电池放电时正、负极反应知n(H2SO4)＝n(电子)＝0.05 mol，故选B。

4.(2012·荆州高二检测)一种新型燃料电池，一极通入空气，另一极通入丁烷气体；电解质是掺杂氧化钇(Y2O3)的氧化锆(ZrO2)晶体，在熔融状态下能传导O2－。

下列对该燃料电池说法正确的是()A．在熔融电解质中，O2－由负极移向正极B．通入丁烷的一极是正极，电极反应为：2C4H10＋26e－＋13O2－====4CO2＋5H2OC．通入空气的一极是负极，电极反应为：O2＋4e－====2O2－D．电池的总反应是：2C4H10＋13O2====8CO2＋10H2O解析：选D。

2024年幼儿园中班幼儿健康教案《闯关》一、教学内容本节课选自2024年幼儿园中班健康教材第四章《快乐运动》，详细内容为第三关“闯关游戏”。

通过设计丰富多样的运动闯关，让幼儿在游戏中锻炼身体，提高动作协调性和灵活性，培养团队协作精神。

二、教学目标1. 让幼儿掌握基本的运动技能，如跑、跳、爬等。

2. 培养幼儿的团队协作精神和竞争意识。

三、教学难点与重点难点：运动技能的协调性和灵活性。

重点：培养幼儿的团队协作精神和运动兴趣。

四、教具与学具准备教具：障碍物、接力棒、铃铛、跳绳、沙包等。

学具：运动服装、运动鞋、水杯等。

五、教学过程1. 实践情景引入（5分钟）教师以“小动物运动会”为主题，讲述小动物们通过闯关游戏争夺奖牌的故事，激发幼儿的兴趣。

邀请幼儿扮演小动物，进行角色扮演，营造轻松愉快的氛围。

2. 热身活动（5分钟）教师带领幼儿做简单的热身运动，如跳绳、捉迷藏等，提醒幼儿注意运动安全。

3. 例题讲解（5分钟）教师示范闯关游戏，讲解游戏规则，强调团队合作的重要性。

分组讨论，让幼儿自己设计闯关路线。

4. 随堂练习（10分钟）幼儿分组进行闯关游戏，教师观察并指导，纠正动作不规范的地方。

邀请幼儿谈谈自己在游戏中的收获和不足，鼓励他们继续努力。

六、板书设计1. 课题：《闯关》2. 关键词：运动、协调、团队、快乐3. 插图：小动物闯关图七、作业设计1. 作业题目：设计一个家庭版的闯关游戏，邀请爸爸妈妈一起参与。

2. 答案：略八、课后反思及拓展延伸1. 反思：关注幼儿在闯关游戏中的表现，了解他们在运动技能、团队协作等方面的进步和不足。

2. 拓展延伸：鼓励家长参与幼儿的日常运动，共同培养幼儿的运动兴趣和习惯。

定期组织类似的活动，让幼儿在轻松愉快的氛围中成长。

重点和难点解析：1. 教学难点与重点的确定2. 教学过程中的实践情景引入3. 例题讲解与随堂练习的衔接5. 作业设计的生活化与参与度详细补充和说明：一、教学难点与重点的确定重点在于培养幼儿的团队协作精神和运动兴趣，难点在于提高幼儿运动技能的协调性和灵活性。

2013年高中历史电子题库第四单元第13课知能演练轻松闯关（含解析）岳麓版必修 11．从1851年到1864年，农民阶级领导了反封建反侵略的太平天国运动。

导致这场运动发生的原因不．包括( )A．封建统治腐败B．外国资本主义侵略C．第二次鸦片战争爆发D．自然灾害严重解析：选C。

太平天国运动是在1851年，而第二次鸦片战争爆发是在1856年。

2．(2012·湖南雅礼中学月考)1858年，洪秀全写了一件“御诏”给英国特使额尔金，“御诏”表达的核心意思是感谢洋兄弟灭清妖。

这一举动反映的实质问题是( )A．洪秀全具有强烈的民主革命思想B．洪秀全已看到内外勾结的趋势C．国内阶级矛盾的空前激化D．洪秀全幻想与洋人合作解析：选D。

洪秀全与英特使的交往，反映了洪秀全对洋人的幻想。

3．关于《天朝田亩制度》，下列说法最准确的是( )A．是一种单纯的土地制度B．废除土地私有，调动了农民的生产积极性C．其核心思想是“无处不均匀，无人不饱暖”D．当时没有实施的根本原因是军事斗争非常紧张解析：选C。

《天朝田亩制度》既涉及土地问题又涉及分配问题，排除A项。

《天朝田亩制度》中平分土地，在当时的社会无法实现，也就无法调动农民的生产积极性，排除B项。

《天朝田亩制度》没有实施的根本原因是绝对平均主义的方案违背了社会发展规律，排除D项。

4．下列文献中最早提出在中国发展资本主义方案的是( )解析：选D。

《资政新篇》是先进的中国人最早提出的在中国发展资本主义的方案。

5．阅读下列材料：材料1：各地群众“合到金田，恭祝万寿起义……”材料2：“癸丑二月，天兵到南京，由仪风门攻入，不半月而平定……后乃发兵扫北。

”材料3：“丙辰年破东门向荣。

是年七月，东王升天，北王亦丧。

丁巳，翼王远征。

”——《洪仁玕自述》请回答：(1)材料1、2所述之事是什么？(2)材料3所说的“东王升天，北王亦丧”指的是什么事件？(3)材料3发生的事件产生了怎样的影响？解析：由材料1中“合到金田”“起义”的信息判断是金田起义。

幼儿园中班健康优秀教案《闯关》含反思一、教学内容本节课选自幼儿园中班健康领域教材第四章《运动小健将》，详细内容为第二节《闯关我最棒》。

通过设计一系列富有趣味性和挑战性的运动闯关游戏，引导幼儿在轻松愉快的氛围中锻炼身体，提高动作协调性和灵活性。

二、教学目标1. 让幼儿了解并掌握基本的运动技能，如跑、跳、爬、平衡等。

2. 培养幼儿团队合作意识，提高沟通协作能力。

3. 培养幼儿勇敢、自信、坚持的品质，养成积极参与体育锻炼的习惯。

三、教学难点与重点教学难点：幼儿在运动过程中的安全防护，确保游戏顺利进行。

教学重点：培养幼儿基本运动技能，提高团队合作意识。

四、教具与学具准备1. 教具：障碍物、平衡木、绳索、圈圈等。

2. 学具：运动鞋、运动服、水杯等。

五、教学过程1. 实践情景引入（5分钟）教师身着运动服装，带领幼儿做热身运动，并以“小勇士闯关”的故事激发幼儿兴趣。

2. 例题讲解（5分钟）教师示范并讲解各个关卡的玩法，强调安全注意事项。

3. 闯关游戏（10分钟）（1）关卡一：穿越障碍物幼儿分为四组，每组依次跨越障碍物，最快完成的组获胜。

（2）关卡二：平衡木挑战幼儿分为四组，每组依次通过平衡木，最快完成的组获胜。

（3）关卡三：绳索攀爬幼儿分为四组，每组依次攀爬绳索，最快完成的组获胜。

（4）关卡四：圈圈接力幼儿分为四组，每组依次将圈圈从起点传递至终点，最快完成的组获胜。

4. 随堂练习（5分钟）教师邀请幼儿进行一轮闯关练习，及时给予指导和鼓励。

六、板书设计1. 课题：《闯关》2. 关卡名称及规则：关卡一：穿越障碍物关卡二：平衡木挑战关卡三：绳索攀爬关卡四：圈圈接力七、作业设计1. 作业题目：请小朋友们在家长的陪伴下，设计一个属于自己的闯关游戏，并邀请家人一起参与。

2. 答案：（1）游戏名称：家庭闯关大赛（2）游戏规则：①设置四个关卡，如穿越椅子、爬过沙发、跳过枕头等。

②家庭成员分为两队，每队依次完成关卡，最快完成的队获胜。

图4－1－31.(2010·高考广东卷)如图4－1－3所示是密闭的汽缸，外力推动活塞P压缩气体，对缸内气体做功800 J，同时气体向外界放热200 J，缸内气体的()A．温度升高，内能增加600 JB．温度升高，内能减少200 JC．温度降低，内能增加600 JD．温度降低，内能减少200 J解析：选A.对一定质量的气体，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q可知，ΔU＝800 J＋(－200 J)＝600 J，ΔU为正表示内能增加了600 J，对气体来说，分子间距较大，分子势能为零，内能等于所有分子动能的和，内能增加，气体分子的平均动能增加，温度升高，选项A正确．图4－1－42.(2012·广安中学高二检测)如图4－1－4所示，把浸有乙醚的一小团棉花放在厚玻璃筒的底部，当很快地向下压活塞时，由于被压缩的气体骤然变热，温度升高，达到乙醚的燃点，使浸有乙醚的棉花燃烧起来，此实验的目的是要说明()A．做功可以增加物体的热量B．做功一定升高物体的温度C．做功可以改变物体的内能D．做功一定可以增加物体的内能解析：选C.迅速向下压活塞，实际上是在对玻璃气筒内的气体做功，由于是迅速向下压筒内的气体，做功时间极短，因此实验过程可认为是绝热过程(即Q＝0)．乙醚达到燃点而燃烧表明气体温度升高内能增大，这说明做功可以改变物体的内能．3.行驶中的汽车制动后滑行一段距离，最后停下；流星在夜空中坠落并发出明亮的光焰；降落伞在空中匀速下降；条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流．上述不同现象中所包含的相同的物理过程是()A．物体克服阻力做功B．物体的动能转化为其他形式的能C．物体的势能转化为其他形式的能D．物体的机械能转化为其他形式的能解析：选AD.这四个现象中物体运动过程中都受到运动阻力，汽车主要是制动阻力，流星、降落伞受空气阻力，条形磁铁下落受磁场阻力．因而物体都克服阻力做功，A对．四个物体运动过程中，汽车是动能转化成其他形式的能，流星、降落伞、条形磁铁是重力势能转化成其他形式的能，总之是机械能转化成了其他形式的能，D对．4.(2011·高考广东卷)如图4－1－5为某种椅子与其升降部分的结构示意图，M、N两筒间密闭了一定质量的气体，M可沿N的内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，在M 向下滑动的过程中()图4－1－5A．外界对气体做功，气体内能增大D．外界对气体做功，气体内能减小C．气体对外界做功，气体内能增大D．气体对外界做功，气体内能减小解析：选A.M向下滑动的过程中，气体体积减小，故外界对气体做功，由热力学第一定律知，Q＝0，内能的改变取决于做功，因外界对气体做功，故气体的内能增大，A正确，B、C、D错误．5.一定质量的气体从外界吸收了4.2×105 J的热量，同时气体对外做了6×105 J的功，问：(1)物体的内能是增加还是减少？变化量是多少？(2)分子势能是增加还是减少？(3)分子的平均动能是增加还是减少？解析：(1)气体从外界吸热为：Q＝4.2×105 J气体对外做功：W＝－6×105 J由热力学第一定律：ΔU＝W＋Q＝(－6×105 J)＋(4.2×105 J)＝－1.8×105 JΔU为负，说明气体的内能减少了，气体内能减少了1.8×105J.(2)因为气体对外做功，所以气体的体积膨胀，分子间的距离增大了，气体分子间的作用力表现为引力，克服分子力做功，气体分子势能增加了．(3)因为气体内能减少，同时气体分子势能增加，说明气体分子的平均动能一定减少了．答案：见解析一、选择题1.下列关于做功和热传递的说法中正确的是()A．做功和热传递的实质是相同的B．做功和热传递在改变物体内能上是等效的C．做功和热传递是对同一过程中的两种说法D．做功和热传递是不可能同时发生的解析：选 B.做功和热传递在改变物体内能上是等效的，但本质不同，做功是将其他形式的能转化为内能或将内能转化为其他形式的能；热传递是将一个物体的内能传递给另一个物体或内能在同一物体的不同部分之间进行传递，且做功和热传递可以同时进行，故正确选项为B.2.一定质量的理想气体在某一过程中，外界对气体做功7.0×104 J，气体内能减少1.3×105 J，则此过程()A．气体从外界吸收热量2.0×105 JB．气体向外界放出热量2.0×105 JC．气体从外界吸收热量6.0×104 JD．气体向外界放出热量6.0×104 J解析：选B.由热力学第一定律ΔU＝W＋Q，Q＝ΔU－W＝－1.3×105 J－7.0×104 J＝－2.0×105 J，负号表示放出热量，所以B正确，其他选项错误．3.“第一类永动机”是不可能制成的，这是因为()A．它不符合机械能守恒定律B．它违背了能的转化和守恒定律C．它做功产生的热不符合热功当量D．暂时找不到合理的设计方案和理想材料解析：选B.第一类永动机不可能制成的原因是违背了能的转化和守恒定律，故B项正确．4.一定质量的理想气体，从某一状态开始，经过一系列变化后又回到开始的状态，用W1表示外界对气体做的功，W2表示气体对外界做的功，Q1表示气体吸收的热量，Q2表示气体放出的热量，则在整个过程中一定有()A．Q1－Q2＝W2－W1B．Q1＝Q2C．W1＝W2D．Q1＞Q2解析：选A.理想气体的初态和末态相同，则温度相同，理想气体的内能变化为零．由热力学第一定律：ΔU＝W总＋Q总＝(W1－W2)＋(Q1－Q2)，0＝(W1－W2)＋(Q1－Q2)，所以W2－W1＝Q1－Q2，所以A选项正确．5.温室效应严重威胁着人类生态环境的安全，为了减少温室效应造成的负面影响，有的科学家受到了啤酒在较高压强下能够溶解大量的二氧化碳的启发，设想了一个办法：可以用压缩机将二氧化碳送入深海底，永久贮存起来．海底深处，压强很大，温度很低，海底深水肯定能够溶解大量的二氧化碳，这样就为温室气体二氧化碳找到了一个永远的“家”，从而避免温室效应．在将二氧化碳送入深海底的过程中，以下说法正确的是()A．压缩机对二氧化碳做功，能够使其内能增大B．二氧化碳与海水间的热传递能够使其内能减少C．二氧化碳分子平均动能会减少D．每一个二氧化碳分子的动能都会减少解析：选ABC.压缩机压缩气体对气体做功，气体温度升高，内能增大，A对；二氧化碳压入海底时比海水温度高，因此将热量传递给海水而内能减小，B是对的．二氧化碳温度降低，分子平均动能减小，但不是每个分子的动能都减小，C正确，D错．图4－1－66.如图4－1－6所示，密闭绝热容器内有一绝热的具有一定质量的活塞，活塞的上部封闭着气体，下部为真空，活塞与器壁的摩擦忽略不计．置于真空中的轻弹簧的一端固定于容器的底部，另一端固定在活塞上．弹簧被压缩后用绳扎紧，此时弹簧的弹性势能为E p (弹簧处在自然长度时的弹性势能为零)．现绳突然断开，弹簧推动活塞向上运动，经过多次往复运动后活塞静止，气体达到平衡态．经过此过程( )A ．E p 全部转换为气体的内能B ．E p 一部分转换成活塞的重力势能，其余部分仍为弹簧的弹性势能C ．E p 全部转换成活塞的重力势能和气体的内能D ．E p 一部分转换成活塞的重力势能，一部分转换为气体的内能，其余部分仍为弹簧的弹性势能解析：选D.依题可知，断开绳子，活塞最终静止后的位置高于初始位置，E p 的能量转化有三种形式：活塞的重力势能、气体的内能及弹簧的弹性势能，故D 正确．图4－1－77.带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a ，然后经过过程ab 到达状态b 或经过过程ac 到达状态c ，b 、c 状态温度相同，如图4－1－7所示．设气体在状态b 和状态c 的压强分别为p b 和p c ，在过程ab 和ac 中吸收的热量分别为Q ab 和Q ac ，则( )A ．p b >p c ，Q ab >Q acB ．p b >p c ，Q ab <Q acC ．p b <p c ，Q ab >Q acD ．p b <p c ，Q ab <Q ac解析：选C.根据pV T＝C ，且V b >V c ，所以p b <p c ，A 、B 错；根据热力学第一定律W ＋Q ＝ΔU 得：Q ab >Q ac ，C 对D 错．图4－1－88.(2012·大竹中学高二检测)一物理实验爱好者开展探究性课外活动研究气体压强、体积、温度三量间的变化关系．导热良好的汽缸开口向下，内有理想气体(即分子势能可忽略的气体)，汽缸固定不动，缸内活塞可自由滑动且不漏气．一温度计通过缸底小孔插入缸内，插口处密封良好，活塞下挂一个沙桶，沙桶装满沙子时，活塞恰好静止．现给沙桶底部钻一个小洞，细沙慢慢漏出，外部环境温度恒定，则( )A ．绳的拉力对沙桶做正功，所以气体对外界做功B ．外界对气体做功，温度计示数不变C ．气体体积减小，同时从外界吸热D ．外界对气体做功，温度计示数增加解析：选 B.汽缸导热良好，细沙慢慢漏出，故活塞缓慢上升，有足够的时间与外界进行热交换，故温度不变，而压强变大．由理想气体状态方程可得体积减小，外界对气体做功，而内能又不变，故向外界放热，B 项正确．二、非选择题9.(2012·达县中学高二检测)水能不产生污染物，是一种清洁能源，位于美国和加拿大交界处的尼亚加拉瀑布流量可达每秒6000 m 3，而且是一年四季流量稳定，瀑布落差50 m ，若利用这一资源发电，设其效率为50%，估算发电机的输出功率．(g 取10 m/s 2)解析：每秒钟流下的水的质量为m ＝ρV ＝1×103×6000 kg ＝6×106 kg每秒钟水减少的机械能为E ＝mgh ＝6×106×10×50 J ＝3×109 J设发电机的输出功率为P ，则由能量守恒定律可得E η＝P ×1 s解得：P ＝3×109×50% W ＝1.5×109 W .答案：1.5×109 W图4－1－910.(2012·温江中学高二检测)爆米花酥脆可口、老少皆宜，是许多人喜爱的休闲零食，如图4－1－9为高压爆米花的装置原理图，玉米在铁质的密闭容器内被加热，封闭气体被加热成高温高压气体，当打开容器盖后，“嘭”的一声气体迅速膨胀，压强急剧减小，玉米粒就“爆炸”成了爆米花．设当地温度为t 1＝27 °C ，大气压为p 0，已知密闭容器打开前的气体压强达到4p 0.试分析：(1)容器内的气体看做理想气体，求容器内气体的温度；(2)假定在一次打开的过程中，容器内气体膨胀对外界做功15 kJ ，并向外释放了20 kJ 的热量，容器内原有气体的内能如何变化？变化了多少？解析：(1)根据查理定律：p 1T 1＝p 2T 2p 1＝p 0，T 1＝300 K ，p 2＝4p 0整理得：T 2＝1200 K ，t 2＝927 °C.(2)由热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W得ΔU ＝－20－15 kJ ＝－35 kJ ，故内能减少35 kJ.答案：(1)927 °C (2)减少 35 kJ。

中班游戏《闯关》优质教案附反思一、教学内容本节课选自中班游戏活动教材第四章《趣味闯关》，详细内容为通过一系列有趣的游戏关卡，培养幼儿的团队协作能力、问题解决能力和身体协调性。

二、教学目标1. 让幼儿在游戏中体验团队协作的重要性，增强团队意识。

2. 培养幼儿面对问题时的思考能力和解决能力。

3. 提高幼儿的身体协调性和运动能力。

三、教学难点与重点难点：让幼儿在游戏中学会团队协作和问题解决。

重点：培养幼儿的身体协调性和运动能力。

四、教具与学具准备1. 教具：闯关道具（包括障碍物、独木桥、圈圈等）。

2. 学具：每组一个接力棒。

五、教学过程1. 实践情景引入（5分钟）教师以故事形式导入，讲述一群小动物要通过闯关游戏寻找神秘宝藏的故事。

邀请幼儿扮演小动物，分成若干小组，准备开始闯关游戏。

2. 例题讲解（5分钟）教师示范一个简单的闯关游戏，讲解游戏规则和注意事项。

邀请一组幼儿进行示范，引导其他幼儿观察和学习。

3. 随堂练习（10分钟）每组幼儿按照顺序进行闯关游戏，教师观察并指导。

针对幼儿在游戏中遇到的问题，引导他们思考和解决。

教师邀请幼儿分享闯关过程中的收获和感受。

强调团队协作和问题解决的重要性。

六、板书设计1. 《闯关游戏》2. 内容：游戏规则注意事项各组闯关情况记录七、作业设计1. 作业题目：与家长一起设计一个家庭版的闯关游戏，并记录游戏过程。

2. 答案：根据幼儿的实际操作，家长可以适当引导和协助，共同完成家庭版闯关游戏。

八、课后反思及拓展延伸1. 反思：本节课通过闯关游戏，让幼儿在轻松愉快的氛围中锻炼了团队协作、问题解决和身体协调性。

但部分幼儿在闯关过程中仍存在依赖心理，需要教师在今后的教学中加强引导。

2. 拓展延伸：邀请家长参与幼儿园的闯关游戏活动，增进亲子关系。

组织幼儿参观其他班级的闯关游戏，学习借鉴优秀的经验和做法。

将闯关游戏与课程内容相结合，设计更多有趣的关卡，提高幼儿的学习兴趣。

重点和难点解析1. 教学难点与重点的设定2. 教学过程中的实践情景引入和例题讲解3. 作业设计4. 课后反思及拓展延伸一、教学难点与重点的设定教学难点：团队协作能力和问题解决能力的培养详细说明：1. 在闯关游戏中，幼儿需要学会相互配合、支持和信任，这有助于培养团队协作能力。

课时练1阅读理解提速练[学生用书P283(单独成册)]Ⅰ阅读理解A(2019·湖北重点中学模拟)Don’t have plenty of time for reading？If you are interested in non-fiction books，here are good choices for you.A Room of One’s O w nThis essay by English writer Virginia Woolf is based on her several lectures given to two women’s colleges at Cambridge University in 1928. In it，Woolf describes that it’s circumstance not talent alone that allows men to be more successful at writing. Women，in other words，spend so much time cooking，cleaning，and tending to their children that they have no time left for art. To write well，therefore，a woman must have “a room of her own”. While on its surface，this essay appears to be only about writing，it is actually about wealth and class，freedom and imprisonment，and the power struggle between sexes.The Art of WarWritten by ancient Chinese military strategist Sun Zi，The Art of War is widely considered to be one of the best books about military strategy(军事战略) in human history. Consisting of 13 chapters，each dealing with a separate aspect about how to fight a war，the book has been translated into many languages and has thousands of editions. For centuries，it has been used to train military leaders for its detailed study of military strategy and effective leadership.Letter to My DaughterThis book of essays and poems by Maya Angelou，a respectable American poet，is written for “the daughter she never had”—the millions of women，both young and old，who she considers to be her “family”. From the viewpoint of a caring，older relative，this book contains lessons selected from her own life experiences，including the birth of her only child，a son，as well as the development and loss of friendship.A Brief History of TimeIf you’re short on time，then why not read about，well，the creation of time？This book，first published in 1998 from brilliant scientist and mathematician Stephen Hawking，explores mind­bending questions about the creation of the universe，including if and when it will end，and if so，how. Despite its heavy subject matter，Hawking addresses these questions in a way that’s easy to understand，even for those who know little about physics.【解题导语】本文主要介绍了四本纪实类文学作品。

冠夺市安全阳光实验学校高考化学专题4 第二单元配合物的形成和应用知能演练轻松闯关苏教版选修31.由配位键形成的离子[Pt(NH3)6]2＋和[PtCl4]2－中，两个中心原子Pt的化合价( )A．都是＋8 B．都是＋6C．都是＋4 D．都是＋2解析：选D。

配离子[Pt(NH3)6]2＋和[PtCl4]2－中，中心原子都是Pt2＋，配位体NH3是中性配体，Cl－带一个单位的负电荷，所以配离子[Pt(NH3)6]2＋显＋2价，而[PtCl4]2－配离子显－2价。

2.已知Zn2＋的4s轨道和4p轨道可以形成sp3型杂化轨道，那么[ZnCl4]2－的空间构型为( )A．直线形B．平面正方形C．正四面体形D．正八面体形解析：选C。

由于Zn2＋的4s轨道与4p轨道采取sp3杂化，所以[ZnCl4]2－的空间构型应为正四面体构型。

C项符合题意。

3.铁强化酱油中加有NaFeEDTA，其络离子结构如右图，则Fe3＋的配位数为( ) A．3 B．4C．5 D．6解析：选D。

与铁相连的原子有N和O，其中N已形成三根键，故N与Fe之间为配位键；O－也为饱和的化学键，若与铁相连，则只能为配位键。

4.下列关于[Cu(NH3)4]SO4的说法中，正确的是( )A．[Cu(NH3)4]SO4中所含的化学键有离子键、极性键和配位键B．[Cu(NH3)4]SO4含有NH3分子，其水溶液中也含有NH3分子C．[Cu(NH3)4]SO4的组成元素中第一电离能最大的是氧元素D．[Cu(NH3)4]SO4的外界离子的空间构型为三角锥形解析：选A。

Cu2＋和NH3分子之间以配位键结合，配合物的内界不能电离出NH3。

N元素的2p轨道电子处于半满状态，第一电离能比O元素大，外界SO2－4为正四面体形。

5.0.01 mol氯化铬(CrCl3·6H2O)在水溶液中用过量硝酸银溶液处理，产生0.02 mol AgCl沉淀。

此氯化铬化学式最可能是( )A．[Cr(H2O)6]Cl3B．[Cr(H2O)5Cl]Cl2·H2OC．[Cr(H2O)4Cl2]Cl·2H2O D．[Cr(H2O)3Cl3]·3H2O解析：选B。

1.(2011·高考海南卷)自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献．下列说法正确的是()A．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系C．法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D．焦耳发现了电流的热效应，定量给出了电能和热能之间的转换关系解析：选ACD.奥斯特发现的电流的磁效应表明了电能生磁，A正确．欧姆定律描述了电流与电阻、电压或电动势之间的关系，焦耳定律才揭示了热现象与电现象间的联系，B错误、D正确．法拉第发现的电磁感应现象表明了磁能生电，C正确．2.下列现象中属于电磁感应现象的是()A．磁场对电流产生力的作用B．变化的磁场使闭合电路中产生电流C．插在通电螺线管中的软铁棒被磁化D．电流周围产生磁场解析：选B.电磁感应现象指的是变化的磁通量产生电流的现象，选项B正确．3.图4－1－12如图4－1－12所示，矩形线框abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成α角，已知sinα＝4/5，回路面积为S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为()A．BS B．4BS/5C．3BS/5 D．3BS/4解析：选B.在磁通量Φ＝BS公式中，B与S必须垂直，若B与S不垂直，则S要转化为垂直于B的有效面积，也可以将B转化为垂直于S的垂直分量，故Φ＝BS sinα＝4BS/5.4.图4－1－13(2012·河北衡水中学高二检测)如图4－1－13所示，恒定的磁场中有一圆形的闭合导体线圈，线圈平面垂直于磁场方向，当线圈在此磁场中做下列哪种运动时，线圈中能产生感应电流()A．线圈沿自身所在的平面做匀速运动B．线圈沿自身所在的平面做加速运动C．线圈绕任意一条直径做匀速转动D．线圈绕任意一条直径做变速转动解析：选CD.要分析四种情形下线圈中是否产生感应电流，可直接利用感应电流产生的条件来判断，即分析线圈中的磁通量是否发生变化．另外，要分析磁通量的变化，一定要知道线圈运动前后的磁通量．线圈所在空间磁感应强度未变，故关注线圈在运动中与磁场的正对面积．显然，线圈平动时，磁通量未变，A、B错．只要转动线圈(无论变速还是匀速)，一定导致磁通量发生变化，C、D正确．5.图4－1－14在图4－1－14中，线圈平面与匀强磁场垂直，若其回路面积从10 m2变为20 m2，同时把磁感应强度从1 T变为2 T，则回路中的磁通量的变化量是多少？解析：回路中的磁通量的变化量ΔΦ＝Φ2－Φ1＝(20×2－10×1) Wb＝30 Wb.答案：30 Wb一、选择题1.带负电的圆环绕圆心旋转，在环的圆心处有一闭合小线圈，小线圈和圆环在同一平面内，则()A．只要圆环在转动，小线圈内就一定有感应电流B．不管圆环怎样旋转，小线圈内都没有感应电流C．圆环做加速旋转时，小线圈内一定有感应电流D．圆环做减速旋转时，小线圈内没有感应电流解析：选C.圆环带负电，圆环转动时相当于环形电流，当圆环变速转动时，其环形电流大小变化，产生的磁场变化，穿过小线圈的磁通量发生变化，小线圈内一定有感应电流，故选项C正确．2.图4－1－15如图4－1－15所示，虚线框内有匀强磁场，大环和小环是垂直于磁场放置的两个圆环，分别用Φ1和Φ2表示穿过大小两环的磁通量，则有()A．Φ1>Φ2B．Φ1<Φ2C．Φ1＝Φ2D．无法确定解析：选C.大环和小环在磁场中的有效面积等于在磁场区域范围内的一部分，两环的有效面积相同，故Φ1＝Φ2. 3.图4－1－16(2012·江北中学高二检测)如图4－1－16所示，ab 是水平面上一个圆的直径，在过ab 的竖直平面内有一根通电导线ef .已知ef 平行于ab ，当ef 竖直向上平移时，电流磁场穿入圆面积的磁通量将( )A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．始终为零D ．不为零，但保持不变解析：选C.利用安培定则判断直线电流产生的磁场，作出俯视图如图所示．考虑到磁场具有对称性，可以知道，穿入线圈的磁感线的条数与穿出线圈的磁感线的条数是相等的．故选C.4.如图4－1－17甲所示，一面积为S 的矩形导线框abcd ，在匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B ，方向与ad 边垂直并与线框平面成45°角，O 、O ′分别是ab 和cd 边的中点．现将线框右半边ObcO ′绕OO ′逆时针转过90°到图乙所示位置，下列判断正确的是( )图4－1－17A ．在图甲位置时线圈中的磁通量是BSB ．在图乙位置时线圈中的磁通量是22BS C ．由图甲位置到图乙位置线圈中的磁通量变化了22BS D ．由图甲位置到图乙位置线圈中的磁通量变化了BS解析：选C.因为Φ1＝BS sin45°＝22BS ，Φ2＝0. 所以ΔΦ＝22BS ，C 选项正确． 5.(2012·蚌埠二中高二检测)金属矩形线圈abcd 在匀强磁场中做如图4－1－18所示的运动，线圈中有感应电流的是( )图4－1－18解析：选A.在选项B、C中，线圈中的磁通量始终为零，不产生感应电流；选项D中磁通量始终最大，保持不变，不发生变化，也没有感应电流；选项A中，在线圈转动过程中，磁通量做周期性变化，产生感应电流，故A正确．6.某同学在实验室重做法拉第发现电磁感应现象的实验，他将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关用导线连接成如图4－1－19所示的实验装置．当他接通、断开开关时，电流表的指针都没有偏转，其原因是()图4－1－19A．开关的位置接错B．电流表的正负极接错C．线圈B的接头3、4接反D．蓄电池的正负极接反解析：选A.本实验的目的是用来研究在开关通断瞬间，一个线圈中的电流从有到无或从无到有是否会在另一个线圈中产生感应电流的情况．题图中所示开关的连接不能控制含有电源的电路中电流的通断，因而图中接法达不到实验目的．开关应串联在电源所在的电路中．7.如图4－1－20所示，两个线圈绕在同一个铁环上，线圈A接直流电源，线圈B接灵敏电流表，下列哪种情况不可能使线圈B中产生感应电流()图4－1－20A．将开关S接通或断开的瞬间B．开关S接通一段时间之后C．开关S接通后，改变变阻器滑片的位置时D．拿走铁环，再做这个实验，开关S接通或断开的瞬间解析：选B.本题的实验方法就是当年法拉第实验原理装置，根据法拉第对产生感应电流的五类概括，A、C、D选项符合变化的电流(变化的磁场)产生感应电流的现象．而开关S接通一段时间之后，A线圈中是恒定电流，不符合“磁生电”是一种在变化、运动过程中才能出现的效应，故不能使B线圈中产生感应电流．8.图4－1－21(2012·北京六中高二月考)如图4－1－21所示，开始时矩形线圈平面与磁场垂直，且一半在匀强磁场内，一半在匀强磁场外，若要使线圈中产生感应电流，下列方法可行的是() A．以ab为轴转动B．以OO′为轴转动C．以ad为轴转动(小于60°)D．以bc为轴转动(小于60°)解析：选ABD.以ab、cd边为轴转动时，磁通量都可发生变化，产生感应电流；以ad边为轴转动时，当转过角度小于60°时，bc边在磁场外，磁通量不发生变化，只有转动角度超过60°时，磁通量才发生变化，才能产生感应电流；以bc边为轴转动时，超过60°时，整个线圈将转出磁场，磁通量变为零；综上所述，选项A、B、D正确．9.如图4－1－22是一水平放置的矩形线圈abcd，在细长的磁铁的N极附近竖直下落，保持bc边在纸外，ad边在纸内，由图中的位置A经过位置B到位置C，这三个位置都靠得很近且B位置刚好在条形磁铁的中心轴线上．在这个过程中，下列说法正确的是()图4－1－22A．由位置A到位置B，框内不产生感应电流B．由位置A到位置B，框内产生感应电流C．由位置B到位置C，框内产生感应电流D．由位置B到位置C，框内不产生感应电流解析：选BC.如图所示，作出其正视(从对面看去)图，从图中可以看出：从位置A到位置B的过程中，从线框下面向上穿过线框的磁通量减少(B位置时，Φ＝0)；而从位置B到位置C时，从线框上面向下穿过线框的磁通量增加，故由位置A到位置B和由位置B到位置C的两个过程中，穿过线框的磁通量都发生变化，都产生感应电流，故B、C正确．10.图4－1－23如图4－1－23所示，导线框abcd 放在光滑的平行导轨上，与导轨接触良好，现使导线框abcd 向右运动，G 1、G 2是两只电流表，则( )A ．G 1、G 2中都有电流通过B ．G 1、G 2中都没有电流通过C ．只有G 1中有电流通过D ．只有G 2中有电流通过解析：选A.虽然线圈abcd 构成的闭合回路中没有磁通量的变化，但电流表G 1与线框abcd 构成的闭合回路中磁通量发生变化，有感应电流流过G 1和G 2，所以A 对．二、非选择题11.图4－1－24匀强磁场区域宽为L ，一正方形线框abcd 的边长为l ，且l >L ，线框以速度v 通过磁场区域，如图4－1－24所示，从线框进入到完全离开磁场的时间内，线框中没有感应电流的时间是多少？解析：ad 边和bc 边都在磁场外时，线框中的磁通量不变，没有感应电流．t ＝l －L v .答案：l －L v12.图4－1－25(2012·广东省实验中学高二月考)如图4－1－25所示，磁感应强度大小为B 的匀强磁场仅存在于边长为2L 的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反，有一个电阻为R 、边长为L 的正方形导线框abcd ，沿垂直磁感线方向以速度v 匀速通过磁场．从ab 边进入磁场算起，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图象．解析：线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段(只有ab 边在磁场中)，在磁场中运动阶段(ab 、cd 两边都在磁场中)，离开磁场阶段(只有cd 边在磁场中)．(1)线框进入磁场阶段：t 为0→L v ，线框进入磁场中的面积线性增加，S ＝L v t ，最后为Φ＝BS＝BL 2.(2)线框在磁场中运动阶段：t 为L v →3L 2v，线框磁通量逐渐减小为零． (3)线框在磁场中运动阶段：t 为3L 2v→2L v ，线框磁通量反向增加，最后为BL 2.(4)线框离开磁场阶段：t 为2L v→3L v ，线框磁通量减小，最后为零．Φ－t 图象如图所示．答案：见解析。