四川省成都市2019届高三第一次诊断性检测理科综合物理 试卷

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四川省成都市2019届高三第一次诊断性检测

理科综合物理试卷

本试题卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共16页，38题（含选考题）。全卷满分300分。考试用时150分钟。

★祝考试顺利★

注意事项：

1、考试范围：高考范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

二、选择题：本题共8小题每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.如图，顶部有“凹槽”的物体P静止于固定斜面上，将物体Q轻放入“凹槽”，P仍然静止。则放入Q后与放入Q前比较

A. P对斜面的压力变大 B. P与斜面间的摩擦力变小

C. P对斜面的作用力不变 D. P所受的合外力增大

【答案】A - 2 - 【解析】

【详解】放入Q之前P对斜面的压力为mpgcosθ，放入Q后P对斜面的压力为(mp+mQ)gcosθ，则P对斜面的压力变大，选项A正确；放入Q之前P对斜面的摩擦力为mpgsinθ，放入Q后P对斜面的摩擦力为(mp+mQ)gsinθ，则P与斜面的摩擦力变大，选项B错误；斜面对P的作用力与P的重力等大反向，可知放入Q后，斜面对P的作用力变大，即P对斜面的作用力变大，选项C错误；放入Q前后物体P始终静止，所受的合力为零不变，选项D错误；故选A.

2.某电场的电场线分布如图中实线所示，一带电粒子仅受电场力作用的运动路径如图中虚线所示，M、N是路径上的两点，粒子在MN点的加速度大小分别为aM、aN，速度大小分别为vM、vN。则下列判断正确的是

A. 粒子带负电 B. 粒子定从M点运动到N点

C. aM＞aN D. vM＜vN

【答案】D

【解析】

【详解】电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，所以A错误；只是知道粒子受力方向，不能决定粒子是否是从M点运动到N点，选项B错误；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，所以C错误。若粒子从N点到M点，运动方向与电场力的方向之间的夹角是钝角，电场力做负功，电势能增大，粒子的速度减小，所以N点速度大，所以D正确；故选D。

【点睛】该类题目，一般先根据粒子的运动的轨迹弯曲的方向，判断出粒子的受到的电场力的方向，然后判定电荷的正负与电场力做功的正负．

3.a、b两车在同一平直公路上行驶，a做匀速直线运动，两车的位置x随时间t的变化如图所示。下列说法正确的是 - 3 -

A. b车运动方向始终不变

B. a、b两车相遇两次

C. t1到t2时间内，a车的平均速度小于b车的平均速度

D. t1时刻，a车的速度大于b车的速度

【答案】B

【解析】

【详解】因x-t图像的斜率等于速度，则b的斜率先正后负，可知b车先向正方向运动后向负方向运动，运动方向发生改变，选项A错误；图像a与b有两个交点，说明两车相遇两次，选项B正确；t1到t2时间内，两车的位移和时间均相同，则a车的平均速度等于b车的平均速度，选项C错误；因x-t图像的斜率等于速度，由图像可知t1时刻，a车的速度小于b车的速度，选项D错误；故选B.

【点睛】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，结合位移和时间的大小比较平均速度．

4.套圈游戏是一项趣味活动。如图，某次游戏中，一小孩从距地面高0.45m处水平抛出半径为0.1m的圆环(圆环面始终水平)，套住了距圆环前端水平距离为1.2m、高度为0.25m的竖直细圆筒。若重力加速度大小g=10m/s2，则小孩抛出圆环的速度可能是

A. 4.3m/s B. 4.6m/s C. 6.5m/ s D. 7.5m/s

【答案】C - 4 - 【解析】

【分析】

根据h1-h2=gt2得，。则平抛运动的最大速度，最小速度，则6m/s＜v＜7m/s。故C正确。故选C。

【详解】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住水平位移的范围得出速度的范围．

5.如图所示的点电荷电场中，带正电的场源点电荷固定于O点，OP=r。已知一个电荷量为q的正检验电荷在P点受到的电场力大小为F、具有的电势能为EP，静电力常量为k。下列说法正确的是

A. P点的场强大小为

B. P点的电势为qEP

C. 场源电荷的电荷量为

D. 撤去检验电荷q，P点的场强、电势均变为0

【答案】AC

【解析】

【详解】根据场强的定义式可知，P点的场强大小为，选项A正确；P点的电势为，选项B错误； 根据，可知场源电荷的电荷量为，选项C正确；撤去检验电荷q，P点的场强、电势均不变且不为零，选项D错误；故选AC.

6.如图，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ。则下列说法正确的是 - 5 -

A. 在轨道Ⅱ上，卫星的运行速度大于7.9km/s

B. 在轨道I上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度

C. 卫星在Q点通过加速实现由轨道I进入轨道Ⅱ

D. 在轨道I上运行的过程中，卫星、地球系统的机械能不守恒

【答案】BC

【解析】

【详解】第一宇宙速度7.9km/s是所有环绕地球运转的卫星的最大速度，则在轨道Ⅱ上，卫星的运行速度小于7.9km/s，选项A错误；根据开普勒第二定律可知，在轨道I上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度，选项B正确；从椭圆轨道Ⅰ到同步轨道Ⅱ，卫星在Q点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力。所以卫星在Q点通过加速实现由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ．故C正确；在轨道I上运行的过程中，只有地球的引力对卫星做功，则卫星、地球系统的机械能守恒，选项D错误；故选BC.

【点睛】解决本题的关键掌握卫星如何变轨，以及掌握万有引力提供向心力解决问题的思路。卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定。

7.如图甲所示的电路中，电源电动势为3V、内阻为2Ω，R是阻值为8Ω的定值电阻，A是理想电流表，L是小灯泡，小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。闭合开关S，电路稳定后，A表的示数为0.2A。下列说法正确的是

A. 由图乙可知，小灯泡的电阻随电压升高而增大

B. 电路稳定后，电源内部发热消耗的功率是0.4W - 6 - C. 电路稳定后，灯泡L消耗的电功率为1.0W

D. 电路稳定后，电源的效率约为87%

【答案】AD

【解析】

【详解】因I-U图像的斜率等于电阻的倒数，可知由图乙可知，小灯泡的电阻随电压升高而增大，选项A正确；电路稳定后，电源内部发热消耗的功率I2r=0.22×2W=0.08W，选项B错误；电路稳定后，灯泡两端的电压为UL=E-I(r+R)=3-0.2(2+8)=1V，则灯泡L消耗的电功率为PL=IU=0.2×1W=0.2W，选项C错误；电路稳定后，电源的效率约为，选项D正确；故选AD.

【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律、串并联电路的特点的直接应用，要求同学们能正确分析灯泡的伏安特性曲线，能根据图象读出有效信息．

8.下述为一个观察带电粒子在平行板电容器两板间电场中运动情况的实验。实验操作如下：①给图示真空中水平放置的平行板电容器充电，让A、B两板带上一定的电荷量，使一个带电油滴恰能在两板间匀强电场中的P点静止；②再给电容器瞬间充电使其电荷量突然增加△Q，让油滴开始竖直向上运动时间t发生位移x；③即刻让电容器瞬间放电使其电荷量突然减少△Q′，观察到又经时间2t，油滴刚好运动到P点下方距P点x远处。若电容器瞬间充、放电时间不计，油滴运动过程中未与极板接触，油滴电荷量始终不变，则关于上述②和③两个过程，下列说法正确的是

A. 油滴运动的加速度大小之比a2︰a3=3︰2

B. 合力的平均功率之比︰=4︰5

C. 合力的冲量大小之比I2：I3=1︰3

D. △Q︰△Q′=2︰5

【答案】CD

【解析】 - 7 - 【详解】设油滴的质量为m，带电量为q，电容器板间距离为d，电容器为C．在第一步过程中，设电容器的充电量为Q，板间电压为U0，场强为E0，受力情况如图甲所示：由题意得E0q=mg，U0=，E0=，联立解得mg=．

在第二步过程中，在第二步过程中，由于油滴受到向上的电场力大于重力，故油滴竖直向上做匀加速直线运动；设板间电压为U1，场强为E1，油滴的加速度大小为a1，ts末的速度为υ1，位移为x，受力情况如图乙所示，有U1＝；E1＝，E1q−mg＝ma2，x＝a2t2，υ1＝a2t

在第三步过程中，在第三步过程中，由于开始时，油滴已有向上的速度，故油滴先竖直向上做匀减速直线运动，然后反向做初速度为零的匀加速直线运动．设板间电压为U2，场强为E2，油滴的加速度大小为a2，受力情况如图丙所示．U2＝，E2＝，mg−E2q＝ma3，−2x＝υ1•2t−a3(2t)2；由以上各式得：a2︰a3=2︰3；△Q︰△Q′=2︰5；选项A错误，D正确；合力之比为F2：F3=ma2:ma3=2:3可知，合力的平均功率之比；选项B错误；根据I=Ft可知合力的冲量大小之比I2：I3=F2t：F3∙2t=1︰3，选项C正确；故选CD.

【点睛】本题过程较为复杂，一是要分析物理过程列运动方程；另外还要分析受力列加速度方程，同时要掌握电容器的计算等问题，但只要细心分析，找出物体受力及运动学关系，结合电容器的性质即可求解．

9.“探究功与速度变化的关系”的实验装置如图甲。当小车在1条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为W；当用2条、3条……完全相同的橡皮筋进行第2次第3次……实验时，由于每次实验中橡皮筋的拉伸长度相同，因此第2次第3次……实验中橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W……。每次实验中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带求出。