黄冈中学2016年理科实验班预录物理模拟试题(B卷)

2016年湖北省黄冈中学自主招生预录物理模拟试卷（六）（理科实验班）一、选择题（每小题只有1个选项符合题意，每小题3分，共30分）1．（3分）在一般情况下，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比．冬天的北方比较寒冷，房间内都有供暖系统．如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃；如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃．那么，房间暖气管的温度为（）A．75℃B．70℃C．65℃D．60℃2．（3分）某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压为380V的电动机带动下以0.4m/s的恒定速度向斜上方移动，电动机的最大输出功率为4.9kW．不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速度和不载人时相同，则这台自动扶梯可同时乘载的最多人数为（设人的平均质量为60kg，g=10N/kg）（）A．12人B．14人C．20人D．25人3．（3分）晚上，小明挑着一盏不带光源的工艺品小灯笼在家里玩．当把小灯笼移到发光面较大的吸顶灯正下方时（如图所示），会在小灯笼正下方的水平白纸上出现一个影子，关于这个影子的形状，图中正确的是（）A．B．C．D．4．（3分）如图所示，一个圆柱状的轻质纸筒顺着一个倾斜的木板滑下，不考虑空气对它的作用力，关于纸筒在地面上的落点，下列说法中正确的是（）A．在A点的左侧B．正好在A点C．在A点的右侧D．上述三种情况皆有可能5．（3分）两个横截面积不同的气缸连接在一起竖直放置，缸壁导热性能良好，活塞A、B与气缸间光滑接触其横截面积满足S A＜S B．A、B间封闭着一定质量空气，且用一根细杆连接，从C处向气缸内注入适量水银，水银没有通过活塞A，这时两活塞均处于静止状态；今从C处设法取出少量水银后，两活塞又静止下来，则（）A．缸内气体压强增大B．缸内气体压强减小C．缸内气体压强不变D．缸内气体压强不能确定6．（3分）三个相同的热源分布在一横放着的圆筒内，圆筒的侧壁和一个底部均绝热，另一个底部开口并被导热膜封住，用另两个导热膜在圆筒内隔出两个竖囱，从而将三个热源互相隔开并形成A、B、C三个独立单元区域，假设周围环境的温度恒定，并且传导的热功率与温差成正比，每个独立单元区域内空气的温度均匀，A、B、C三个独立单元区域的温度与周围环境的温度差分别为△t A，△t B和△t C，则△t A：△t B：△t C为（）A．3：2：1 B．6：3：2 C．5：3：1 D．6：5：37．（3分）如图所示的电路中，当从A点流入的电流为1A时针对以下各种结论，下列A、B、C、D四种选项中正确的是（）①AB间的总电阻为4Ω②通过R2的电流为0.8A③加在R5两端的电压为2V④R6的电功率为0.125W．A．①②B．②④C．①④D．①③④8．（3分）为了监督司机是否遵守限速规定，交管部门在公路上安装了周定测速仪．如图所示，汽车向放置在道路中间的测速仪匀速驶来，测速仪向汽车发出两次短促的超声波信号．第一次发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.5s，第二次发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.3s，若发出两次信号的时间间隔是1.1s，超声波的速度是340m/s，则（）A．汽车接收到第一次信号时，距测速仪170mB．汽车接收到第二次信号时，距测速仪102mC．汽车的速度是34m/sD．汽车的速度是30.9m/s9．（3分）如图所示是一种游戏，叫蹦极．游戏者将一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下．图中a点是弹性绳自然下垂时的位置，c点是游戏者所到达的最低点．对于游戏者由跳台至最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．游戏者的动能一直在增加B．游戏者减少的重力势能全部转化为动能C．游戏者通过a点之后，绳子具有弹性势能D．游戏者到c点时，他的势能为零10．（3分）如图所示，密度分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面的长度是浸在水中长度的n倍．若水的密度为ρ，则棒的密度为（）A．B．C．D．二、填空题（共4小题，每小题6分，满分24分）11．（6分）如图所示，有两本完全相同的书A、B，书重均为5牛，若将两本书等分成若干份后，交叉地叠放在一起置于光滑桌面上，并将书A固定不动，用水平向右的力F把书B匀速抽出，现测得一组数据如表：根据以上数据，试求：（1）若将书分成32份，力F应为；（2）该书任意两张纸之间的动摩擦因数为．12．（6分）如图A、B所示，平静的湖面上有两艘小船，绳的一端拴在甲船上，绕过乙船上的滑轮，站在船上或岸上的人用100N的力拉绳子的自由端．如果A、B图中甲船在20s内向右匀速移动了10m，同时乙船向左移动了4m，则A、B图中人拉绳子的功率分别为W与W．13．（6分）老鼠离开洞穴沿直线前进，它的速度与到洞穴的距离成反比，当它行进到离洞穴为10cm的甲处时速度为10cm/s，则行进到离洞穴为40cm的乙处时，速度是cm/s，从甲处到乙处需时s．14．（6分）如图所示，灯泡规格均相同，甲图中电压恒为6V，乙图中电压恒为12V．分别调节R1、R2使灯均正常发光，那么此时电路消耗的总功率之比P1：P2=，可变电阻接入电路中的电阻值之比R1：R2=．三、实验探究题（共2小题，满分12分）15．（4分）小明选用了如图1中的质量约600g 的金属皇冠模型，若能测出模型所受重力G模型、模型浸没在水中所受的浮力F浮，且知水的密度ρ水，就可以根据=，求出模型密度ρ模型（1）证明式子=成立．（2）现有足量的水和图2中的各种可选的器材，要利用=测出模型的密度，根据实验要求从器材A、B、C、D、E、F 中选择实验所必须的器材，并写出测模型密度的实验步骤及所需记录的数据．a．选择的器材（填代号）：b．实验步骤及需要记录的数据：16．（8分）要测量一个阻值约为几百欧的电阻R x．实验室提供的器材有：电源（电压为3V）、学生用电流表（量程为0～0.6A、0～3A）、学生用电压表（量程为0～3V、0～15V）、滑动变阻器R1和电阻箱R2（0～9999Ω5A）各一个，开关、导线若干．（1）小明用伏安法测量该电阻，如图是小明连接的电路．接通电路后，观察到电流表指针不偏转，示数为零，电压表示数为2V．请你判断：电路中哪一个元件发生了什么故障？答：；（2）在排除故障换用新元件后，经检查电路完好．闭合开关，逐渐减小滑动变阻器的接入电阻至最小，电压表有示数，但电流表的指针几乎不偏转，电流太小的原因是．所以按小明所选的器材不能用伏安法测出该电阻的值．（3）请你帮助小明在实验室所提供的器材中选择合适的器材，设计实验方案测出该电阻的值．（a）画出实验电路图；（b）实验步骤：按图连接好电路；闭合S1调节滑动变阻器，使电压表显示合适的值；断开S1闭合S2，；读出电阻箱的阻值R．（c）写出待测电阻R x的表达式：．四、综合应用题（共2小题，满分14分）17．（6分）如图所示是一个水位高度控制装置的示意图，当水位到达高H时，水恰好顶起塞子A从出水孔流出，水位下降后，塞子A又把出水孔堵住，塞子A 底部是半径为r的半球，半球恰好塞入出水孔中．已知球的体积公式是V=，球表面面积公式是S球=4πr2，圆面积公式是S圆=πr2，水的密度为ρ，为满足水位高度自动控制的要求，塞子的质量应为多少？18．（8分）小明自己设计并动手将房间里的窗帘改成电动窗帘．为此他购置了微型电动机及减速装置、电源、双刀双掷开关、滑轮、皮带、拉绳等器材，对原有的窗帘盒进行改造．（1）如图甲所示，小明在窗帘盒（上方的双虚线框）内安装了电动装置，电动装置通过拉绳拉着窗帘一起运动．改变通过微型电动机的电流方向，就可改变其转轴转动的方向，从而将窗帘打开或关闭．利用双刀双掷开关，可以实现电源对电动机供电电流方向的改变．请你在图甲右侧的虚线框内，完成电源、双刀双掷开关和接线柱间的电路连接．（2）电动机的转速一般很高，需要安装减速装置，如图乙所示．请说明减速装置的减速原理．（3）如表是所使用的微型电动机的部分数据．表格中，额定功率是“电动机在额定电压和额定电流下工作时的输出功率”，堵转电流是“在额定电压下，让电动机的转轴同定不动时的电流”．请根据表中的有关数据计算：①以额定功率运行时，该电动机的效率为多少？②电动机的额外功率主要由热损耗和机械损耗造成，请分别求出以额定功率运行时，该电动机的热损耗功率和机械损耗功率？③在图甲中，减速装置、飞轮、皮带、滑轮、拉绳共同构成了传动装置．已知每半边的窗帘滑轨长度为 1.5m，要求自动窗帘能够在6s内从完全关闭到完全打开．拉动半边窗帘时，挂钩和滑轨间的平均摩擦力为2N．则安装电动窗帘时，对传动装置的机械效率有何要求？2016年湖北省黄冈中学自主招生预录物理模拟试卷（六）（理科实验班）参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有1个选项符合题意，每小题3分，共30分）1．（3分）在一般情况下，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比．冬天的北方比较寒冷，房间内都有供暖系统．如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃；如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃．那么，房间暖气管的温度为（）A．75℃B．70℃C．65℃D．60℃【解答】解：由题知，单位时间内高温物体向低温物体传递的热量与两个物体的温差成正比，即Q=k△t，其中k为比例系数，与传递热量的物质有关；放设暖气管的温度为t，暖气管向房内放热时比例系数为k1，房内向房外放热时比例系数为k2；（1）如果房外温度为﹣20℃，则房内温度为18℃，则房间暖气管向房内放出的热量：Q1=k1△t1=k1（t﹣18℃），房内向房外放出的热量：Q2=k2△t2=k2[18℃﹣（﹣20℃）]=k2×38℃，为了使得房内温度恒定，则Q1=Q2，否则房内温度要么升高、要么降低；则有：k1（t﹣18℃）=k2×38℃﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①（2）如果房外温度为﹣30℃，则房内温度为12℃，则房间暖气管向房内放出的热量：Q3=k1△t3=k1（t﹣12℃），房内向房外放出的热量：Q4=k2△t4=k2[12℃﹣（﹣30℃）]=k2×42℃，为了使得房内温度恒定，则Q3=Q4，则有：k1（t﹣12℃）=k2×42℃﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②①式÷②式可得：=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③解得t=75℃．故选A．2．（3分）某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压为380V的电动机带动下以0.4m/s的恒定速度向斜上方移动，电动机的最大输出功率为4.9kW．不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速度和不载人时相同，则这台自动扶梯可同时乘载的最多人数为（设人的平均质量为60kg，g=10N/kg）（）A．12人B．14人C．20人D．25人【解答】解：维持扶梯运转的功率：P0=UI=380V×5A=1900W=1.9kW，=4.9kW电动机的最大输出功率为P最大可用于输送顾客功率：﹣P0=4.9kW﹣1.9kW=3kW，△P=P最大输送一个人的功率：P=Gvsin30°=mgvsin30°=60kg×10N/kg×0.4m/s×sin30°=120W，同时乘载的最多人数：n===25（人）故选D．3．（3分）晚上，小明挑着一盏不带光源的工艺品小灯笼在家里玩．当把小灯笼移到发光面较大的吸顶灯正下方时（如图所示），会在小灯笼正下方的水平白纸上出现一个影子，关于这个影子的形状，图中正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：发光面较大的吸顶灯的光被灯笼遮挡后，在后边形成一个黑色的区域，叫做影子，即灯笼影子，是光的直线传播形成的，因为吸顶灯的面积较大，所以在灯笼影子的边缘是光线较暗的半影区，中间是没有光线的全影区，所以C符合时间情况．故选C．4．（3分）如图所示，一个圆柱状的轻质纸筒顺着一个倾斜的木板滑下，不考虑空气对它的作用力，关于纸筒在地面上的落点，下列说法中正确的是（）A．在A点的左侧B．正好在A点C．在A点的右侧D．上述三种情况皆有可能【解答】解：由图可知，当圆柱状的轻质纸筒顺着倾斜的木板上滚下时，离开木板后，由于惯性会保持原来运动状态，同时由于受到重力的作用，其运动方向会略有改变，所以纸筒落在A点的右侧，故C正确．故选C．5．（3分）两个横截面积不同的气缸连接在一起竖直放置，缸壁导热性能良好，活塞A、B与气缸间光滑接触其横截面积满足S A＜S B．A、B间封闭着一定质量空气，且用一根细杆连接，从C处向气缸内注入适量水银，水银没有通过活塞A，这时两活塞均处于静止状态；今从C处设法取出少量水银后，两活塞又静止下来，则（）A．缸内气体压强增大B．缸内气体压强减小C．缸内气体压强不变D．缸内气体压强不能确定【解答】解：两活塞组成的系统受到竖直向上的大气压力与水银竖直向下的压力作用，大气压不变、活塞横截面积不变，大气压对活塞的支持力不变，取出少量水银后，水银对系统的压力变小，系统所受的合力向上，系统向上移动，封闭气体的体积V减小，环境温度不变，封闭气体温度不变，气体发生等温变化，气体体积V减小，由玻意耳定律：pV=C可知，气体压强p变大，故A正确，BCD错误．故选A．6．（3分）三个相同的热源分布在一横放着的圆筒内，圆筒的侧壁和一个底部均绝热，另一个底部开口并被导热膜封住，用另两个导热膜在圆筒内隔出两个竖囱，从而将三个热源互相隔开并形成A、B、C三个独立单元区域，假设周围环境的温度恒定，并且传导的热功率与温差成正比，每个独立单元区域内空气的温度均匀，A、B、C三个独立单元区域的温度与周围环境的温度差分别为△t A，△t B和△t C，则△t A：△t B：△t C为（）A．3：2：1 B．6：3：2 C．5：3：1 D．6：5：3【解答】解：设发热功率均为P，则：A：k（△t A﹣△t B）=P，即A的散热功率等于发热功率．B：k（△t B﹣△t C）=P+k（△t A﹣△t B），即B的散热功率等于自身的发热功率与A 的散热功率之和．C：k（△t C）=P+k（△t B﹣△t C），即C的散热功率等于自身的发热功率与B的散热功率之和．整理得：△t A=2△t C3△t B=5△t C即得：△t A：△t B：△t C=6：5：3故选D．7．（3分）如图所示的电路中，当从A点流入的电流为1A时针对以下各种结论，下列A、B、C、D四种选项中正确的是（）①AB间的总电阻为4Ω②通过R2的电流为0.8A③加在R5两端的电压为2V④R6的电功率为0.125W．A．①②B．②④C．①④D．①③④【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，右侧R3、R6、R9三电阻串联时的总电阻：R369=R3+R6+R9=1Ω+2Ω+1Ω=4Ω，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，右侧R3、R6、R9三电阻串联后，再与R5并联时的总电阻：R3569===2Ω，依此类推可知，AB间的总电阻为4Ω，故①正确；因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，通过R2和R4的电流相等，通过R3和R5的电流相等，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2和R4的电流都为0.5A，通过R3和R5的电流都为0.25A，故②错误；加在R5两端的电压：U5=I5R5=0.25A×4Ω=1V，故③错误；R6的电功率：P6=I32R6=（0.25A）2×2Ω=0.125W，故④正确，综上可知，C正确，ABD错误．故选C．8．（3分）为了监督司机是否遵守限速规定，交管部门在公路上安装了周定测速仪．如图所示，汽车向放置在道路中间的测速仪匀速驶来，测速仪向汽车发出两次短促的超声波信号．第一次发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.5s，第二次发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.3s，若发出两次信号的时间间隔是1.1s，超声波的速度是340m/s，则（）A．汽车接收到第一次信号时，距测速仪170mB．汽车接收到第二次信号时，距测速仪102mC．汽车的速度是34m/sD．汽车的速度是30.9m/s【解答】解：（1）由v=得：汽车接收到第一次信号时，汽车距测速仪：s1=v声t1=340m/s×0.25s=85m；（2）汽车接收到第二次信号时，汽车距测速仪：s2=v声t2=340m/s×0.15s=51m；（3）因此汽车在两次信号的间隔过程中，行驶了：s′=s1﹣s2=85m﹣51m=34m；这34m共用了：t′=△t﹣t1+t2=1.1s﹣0.25s+0.15s=1s，所以汽车的车速为：v′===34m/s．综上所述，ABD错误，C正确．故选C．9．（3分）如图所示是一种游戏，叫蹦极．游戏者将一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下．图中a点是弹性绳自然下垂时的位置，c点是游戏者所到达的最低点．对于游戏者由跳台至最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．游戏者的动能一直在增加B．游戏者减少的重力势能全部转化为动能C．游戏者通过a点之后，绳子具有弹性势能D．游戏者到c点时，他的势能为零【解答】解：A、在到达a点之间，游戏者的重力势能转化为动能，动能逐渐增加；在到达a，c点之间的某一点，重力等于弹力之后，动能才会减小，故整个过程中，动能是先增加后减小，故A说法错误；B、从跳台至a点的过程中，减小的重力势能全部转化为动能；从a点至c点的过程，弹力逐渐增大，当重力与弹力相等以后减少的重力势能全部转化为弹性势能；故B错误；C、游戏者通过a点后，绳子逐渐被拉长，具有弹性势能，故C说法正确；D、游戏者到达C点时由于还具有一定的高度，所以势能不为零，故D说法错误．故答案为：C．10．（3分）如图所示，密度分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面的长度是浸在水中长度的n倍．若水的密度为ρ，则棒的密度为（）A．B．C．D．【解答】解：设棒的横截面积为S，水中的棒长度为L，则露出的长度为nL，整个棒的长度为（n+1）L，如图所示：由ρ=可得，棒的质量：m棒=ρ棒V棒=ρ棒S（n+1）L，棒的重力：G棒=m棒g=ρ棒S（n+1）Lg，棒受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgSL，由相似三角形对应边成比例可得：===n+1，以C为支点，A是棒的重心（即棒的中心），由杠杆的平衡条件可得：G棒×CE=F浮×CD，即ρS（n+1）Lg×CE=ρgSL×CD，棒=ρ=×ρ=×ρ=ρ．则ρ棒故选C．二、填空题（共4小题，每小题6分，满分24分）11．（6分）如图所示，有两本完全相同的书A、B，书重均为5牛，若将两本书等分成若干份后，交叉地叠放在一起置于光滑桌面上，并将书A固定不动，用水平向右的力F把书B匀速抽出，现测得一组数据如表：根据以上数据，试求：（1）若将书分成32份，力F应为94.5N；（2）该书任意两张纸之间的动摩擦因数为0.3．【解答】解：（1）对表中数据分析可知：将书分成四份时，力F比前一次增加6N，将书分成8份时，力F比前一次增加12N，由此可知，每这样分一次，增加的力是上次增加的力的2倍，故将书分成32份，力F应比前一次增加48N．故F=46.5N+48N=94.5N，所以将书分成32份，力F应为94.5N．（2）以分成2份为例，对书B列方程有：F=μmg+μmg+μ•mg=3μmg=3μG，所以动摩擦因数μ===0.3．故答案为：94.5N；0.3．12．（6分）如图A、B所示，平静的湖面上有两艘小船，绳的一端拴在甲船上，绕过乙船上的滑轮，站在船上或岸上的人用100N的力拉绳子的自由端．如果A、B图中甲船在20s内向右匀速移动了10m，同时乙船向左移动了4m，则A、B图中人拉绳子的功率分别为140W与90W．【解答】解：（1）甲船向右移动了10m，乙船向左移动了4m，以甲为参照物乙向左移动了10m+4m=14m，有两段绳子拉乙船，故绳子自由端总共移动s=14m×2=28m；故人拉绳子的功率P====140W；（2）如果乙船不动，滑轮为定滑轮，甲船向右移动了10m，则绳子自由端会移动10m；如果甲船不动，乙船动，则滑轮为动滑轮，乙船向左移动了4m，则绳子自由端会移动8m；现在两船都动，故绳子自由端总共移动18m；故人拉绳子的功率P====90W．故答案为：140；90．13．（6分）老鼠离开洞穴沿直线前进，它的速度与到洞穴的距离成反比，当它行进到离洞穴为10cm的甲处时速度为10cm/s，则行进到离洞穴为40cm的乙处时，速度是 2.5cm/s，从甲处到乙处需时7.5s．【解答】解：根据题意得：v1=k，v2=k，所以行进到离洞穴为40cm的乙处的速度：v2=k===2.5cm/s；做出﹣s图象，图象与横轴所围的“面积”等于时间，由几何知识求出老鼠从甲处到乙处所需的时间，t=（+）（s2﹣s1）=（+）（s2﹣s1）====7.5s．故答案为：2.5；7.5．14．（6分）如图所示，灯泡规格均相同，甲图中电压恒为6V，乙图中电压恒为12V．分别调节R1、R2使灯均正常发光，那么此时电路消耗的总功率之比P1：P2= 1：1，可变电阻接入电路中的电阻值之比R1：R2=1：4．【解答】解：（1）两灯泡规格相同且正常发光，甲图中两灯泡并联，干路电流为：I1=2I额；乙图两灯泡串联，电路中电流为：I2=I额；所以，此时电路消耗的总功率之比：===1：1；（2）由题意可知，乙图两灯泡的电压是甲图灯泡电压的2倍，又知乙图电源电压也是甲图电源电压的2倍，所以，结合串联电路的电压特点可得：U总=U L+U1=6V，U总′=2U L+U2=12V；∵U总′=2U总，∴2U L+U2=2×（U L+U1），化简可得U2=2U1，即电阻R1和电阻R2的电压之比为U1：U2=1：2；又知电路电流之比为I1：I2==2：1；根据欧姆定律可得：R1=，R2=，∴R1：R2====1：4；故答案为：1：1；1：4．三、实验探究题（共2小题，满分12分）15．（4分）小明选用了如图1中的质量约600g 的金属皇冠模型，若能测出模型所受重力G模型、模型浸没在水中所受的浮力F浮，且知水的密度ρ水，就可以根据=，求出模型密度ρ模型（1）证明式子=成立．（2）现有足量的水和图2中的各种可选的器材，要利用=测出模型的密度，根据实验要求从器材A、B、C、D、E、F 中选择实验所必须的器材，并写出测模型密度的实验步骤及所需记录的数据．a．选择的器材（填代号）：b．实验步骤及需要记录的数据：【解答】解：（1）证明：对于物体而言，其重力可以表示为G模型=ρ模型gV模型①同时，当模型完全浸没在水里时，其受到的浮力可以表示为：F浮=ρ水gV排②又由于完全浸没于水中，所以V模型=V排③由①②③式可得（①式除以②式，约掉g和V）：=，故命题成立．（2）a．选用的器材：B、F；b．实验步骤：①先用弹簧测力计测出模型的重力，记为F1．②将水槽中倒入适量的水，将模型悬挂在弹簧测力计上，再将模型完全浸没在水中，稳定后记录下此时弹簧测力计的读数F2．③模型的密度可以表示为：ρ模型=ρ水．16．（8分）要测量一个阻值约为几百欧的电阻R x．实验室提供的器材有：电源（电压为3V）、学生用电流表（量程为0～0.6A、0～3A）、学生用电压表（量程为0～3V、0～15V）、滑动变阻器R1和电阻箱R2（0～9999Ω5A）各一个，开关、导线若干．（1）小明用伏安法测量该电阻，如图是小明连接的电路．接通电路后，观察到电流表指针不偏转，示数为零，电压表示数为2V．请你判断：电路中哪一个元件发生了什么故障？答：电流表短路；（2）在排除故障换用新元件后，经检查电路完好．闭合开关，逐渐减小滑动变阻器的接入电阻至最小，电压表有示数，但电流表的指针几乎不偏转，电流太小的原因是待测电阻阻值太大．所以按小明所选的器材不能用伏安法测出该电阻的值．（3）请你帮助小明在实验室所提供的器材中选择合适的器材，设计实验方案测出该电阻的值．（a）画出实验电路图；（b）实验步骤：按图连接好电路；闭合S1调节滑动变阻器，使电压表显示合适的值；断开S1闭合S2，保持滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表示数与闭合S1时相同；读出电阻箱的阻值R．（c）写出待测电阻R x的表达式：R x=R．【解答】解：（1）接通电路，电流表指针不偏转，示数为零，而电压表示数为2V，说明电流表被短路．（2）由于电源电压为3V，而电阻Rx的阻值大约为几百欧，根据欧姆定律电路中的电流太小．（3）（a）可以应用等效法测待测电阻阻值，待测电阻与电阻箱并联，实验电路图如图所示：（b）实验步骤：按图连接好电路；闭合S1调节滑动变阻器，使电压表显示合适的值；断开S1闭合S2，保持滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表示数与闭合S1时相同；读出电阻箱的阻值R．（c）写出待测电阻R x的表达式：R x=R．故答案为：（1）电流表短路；（2）待测电阻阻值太大；（3）（a）如图所示；（b）保持滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表示数与闭合S1时相同；（c）R x=R．四、综合应用题（共2小题，满分14分）17．（6分）如图所示是一个水位高度控制装置的示意图，当水位到达高H时，水恰好顶起塞子A从出水孔流出，水位下降后，塞子A又把出水孔堵住，塞子A 底部是半径为r的半球，半球恰好塞入出水孔中．已知球的体积公式是V=，球表面面积公式是S球=4πr2，圆面积公式是S圆=πr2，水的密度为ρ，为满足水位高度自动控制的要求，塞子的质量应为多少？【解答】解：假设半球下表面处全部为液体，则半球受到的浮力F浮方向竖直向上，由阿基米德原理可知，F浮=ρgV排=ρgV半球=ρg××πr3=ρgπr3；由p=可知，半球下表面受到的液体压力：F下=p下S圆=p液S圆=ρgH×πr2，方向竖直向上，F上表面=F下表面+F浮=πr2ρgH+ρgπr3，半球恰好塞入出水口中，所以塞子的重力G=F上表面=πr2ρgH+ρgπr3，塞子的质量应为m===πr2ρH+ρπr3=ρπr2（H+r）．答：塞子的质量应为ρπr2（H+r）．18．（8分）小明自己设计并动手将房间里的窗帘改成电动窗帘．为此他购置了微型电动机及减速装置、电源、双刀双掷开关、滑轮、皮带、拉绳等器材，对原有的窗帘盒进行改造．。

物理测试题一．选择题（共8小题，32分）1．如下右图所示的电路，电源电压恒为6V，L1标有“6V 7.2W”的字样，L2标有“6V 3.6W”的字样，忽略温度对灯丝电阻的影响，下列说法错误的是（）A．仅闭合S1、S3，L1亮、L2不亮B．仅闭合S2、S3，电流表读数为0.6AC．仅闭合S1、S2，电路消耗的总功率为10.8W D．仅闭合S2，电路总电阻为15Ω2．如图甲所示的电路中，R2为滑动变阻器，R1、R3为定值电阻，电源两端电压保持恒定不变．改变滑片P的位置，两电压表的示数与电流表的示数对应关系的图象分别表示在图乙所示的坐标系中．则下列说法中错误的是（）A．AB图线对应的是电压表V1示数变化B．滑片P在a点时，电路中的电流为1A C．定值电阻R3的阻值为3ΩD．滑片P在b点时，电阻R2消耗的功率为8W3．如下左图所示，电源电压保持不变．只闭合开关S1时，电压表V的示数为U1，电阻R1消耗的功率P1为1.8W；只闭合开关S2、S3时，电压表V的示数为U2，电流表A1和A2的示数分别为I1和I2；所有开关都闭合时，电流表A2的示数比I2增加了0.9A．已知U1：U2=1：4．如上中图所示电路，电源电压不变，当开关S闭合、S1、S2断开时，电流表的示数为I1，电压表的示数为U1；当开关S、S1、S2都闭合时，电流表的示数为I2，电压表的示数为U2．则23合开关S，断开开关S1，电流表A1和A2的示数之比为3：1．当把电流表A1和A2分别换成电压表V1和V2后，若把开关S、S1都闭合，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数6．如下左图所示电路，电源两端的电压一定，当开关S1闭合、S2断开时，电流表和电压表示数分别为I1、U1；当再闭合S2，且将滑片P适当右移后，电流表和电压表示数分别为I2、U2，则下列叙述一定正确的是（）A． I1＞I2B． I1＞I2 U1大于、小于或等于U2都有可能C． U1＜U2 I1=I2D． U1＜U2 I1大于、小于或等于I2都有可能U1＞U27．如上中图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电阻R2与R3的阻值均为10Ω．闭合开关S，电流表A1和A2的示数之比为3：2．若把电流表A1和A2分别换成电压表V1和8．如上右图所示，电源两端的电压U保持不变．当开关S1、S2、S4闭合，S3断开时，电压表的示数为U1，电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2；当开关S1、S3闭合，S2、S4断开时，电压表的示数为U2，电流表A1的示数为I3，电流表A2的示数为I4．关于这个9．小明在老师指导下，用一个标明“1800revs/（kW•h）”的电能表测量某盏灯的电功率，他让其它用电器停止工作，在10min内测得转盘转过的转数为30转，则这盏灯的电功率为W．若这盏灯正常工作42min消耗的电能全部被水吸收，则可使质量为kg的水温度从20℃升高到70℃．（c水=4.2×103J/（kg•℃））10．如下左图所示的电路中，电源电压恒定不变，R1=R2．当电键S1闭合、S2断开时，电流表、电压表的示数分别为I1、U1；当电键S2闭合、S1断开时，电流表、电压表的示数为I2、U2；则I1/I2_________1，U1/U2_________1（选填“＜”、“=”或“＞”）．11．如上中图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知R1=2R2，当S1闭合、S2断开时，电压表和电流表示数分别U1和I1；当S1断开、S2闭合时，电压表和电流表示数分别U2和I2，则U1与I1的比值_________U2与I2的比值，I1与I2的比值_________3．（均选填“大于”、“等于”或“小于”）12．如上右图所示，电源电压保持不变电阻R1：R2=1：2，当开关S接a时，电流表的示数为0.1A，R1消耗的功率为P1，当开关S接触b时，R0消耗的功率为0.8W，R2消耗的功率为P2，且P1：P2=9：8，则R2=Ω，电源电压U=V．13、如图4所示电路中R l=R2=R3=R4=3欧，R=l欧，电源电压为12伏，则电路总电阻为________，电压表示数为__________，电流表示数为__________。

湖北省黄冈中学2016届高三5月第一次模拟考试理综物理试题二、选择题:本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求,第19—21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列叙述符合史实的是（）A．安培在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．卡文迪许利用“卡文迪许扭秤"将微小量放大，准确的测定了静电力常量D．楞次在分析了许多实验事实后提出,感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化15．如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的固定斜面上．物体与斜面之间的动摩擦因数为μ，先用平行于斜面的推力F1作用于物体上使其能沿斜面匀速上滑，若改用水平推力F2作用于物体上，也能使物体沿斜面匀速上滑，则两次的推力之比错误!为（）A．cos θ＋μsin θB．cos θ－μsin θC．1＋μtan θD．1－μtan θ16．2016年2月11日，美国自然科学基金召开新闻发布会宣布，人类首次探测到了引力波。

2月16日，中国科学院公布了一项新的探测引力波的“空间太极计划”,其中，由中山大学发起的空间引力波探测工程“天琴计划”于15年7月正式启动.计划从2016年到2035年分四阶段进行，将向太空发射三颗卫星探测引力波。

在目前讨论的初步概念中，天琴将采用三颗全同的卫星(SC1、SC2、SC3）构成一个等边三角形阵列,地球恰处于三角形中心，卫星将在以地球为中心、高度约10万公里的轨道上运行，针对确定的引力波源进行探测，这三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴,故命名为“天琴计划”。

则下列有关三颗卫星的运动描述正确的是（)A．三颗卫星一定是地球同步卫星B．三颗卫星具有相同大小的加速度C．三颗卫星线速度比月球绕地球运动的线速度大且大于第一宇宙速度D．若知道万有引力常量G及三颗卫星绕地球运转周期T可估算出地球的密度t/s o B -B 0B 0135乙abc甲o Ft/s 153o F t/s 153o F t/s 153o F t/s 153A B C D17．如图所示，一轻弹簧一端系在墙上O 点，自由伸长到B 点， 今将一质量为m 的小物体靠着弹簧，将弹簧压缩到A 点，然后释放，小物体能在水平面上运动到C点静止，AC 距离为s ，若将小物体系在弹簧上，在A 点由静止释放，运动到最后静止，设小物体通过的总路程为l ，则关于s 与l 的关系下列叙述正确的是( ）A 。

湖北省黄冈中学2016届九年级物理自主招生预录考试训练试题（六）物理五题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A A C C C D C C C C11、94.5N 0.312、140W与90W 13、2.5 7.5 14、1：1 1：415、（1）证明：对于物体而已，其重力可以表示为G模型= ρ模型gV模型①同时，当模型完全浸没在水里时，其受到的浮力可以表示为：F浮= ρ水gV排②又由于完全浸没于水中，所以V模型=V排③由①②③式可得（①式除以②式，约掉g和V）：命题得证。

（2） a. 选用的器材：B、F b. 实验步骤：①先用弹簧测力计测出模型的重力，记为F1。

②将水槽中倒入适量的水，将模型悬挂在弹簧测力计上，再将模型完全浸没在水中，稳定后记录下此时弹簧测力计的读数F2。

③模型的密度可以表示为：ρ模型=16、待测电阻阻值太大；保持滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表示数与闭合S1时相同；R x=R17、解：假设半球下表面处全部为液体，则半球受到的浮力F浮方向竖直向上，由阿基米德原理可知，F浮=ρgV排=ρgV半球=ρg××πr3=ρgπr3；由p=可知，半球下表面受到的液体压力：F下=p下S圆=p液S圆=ρgH×πr2，方向竖直向上，半球受到的浮力F浮等于半球下表面与上表面所受液体对它的压力合力，即：F浮=F向上﹣F向下，F向上=F向下+F浮=πr2ρgH+ρgπr3，半球恰好塞入出水口中，所以塞子的重力G=F上=πr2ρgH+ρgπr3，塞子的质量应为m===πr2ρH+ρπr3=ρπr2（H+r）．答：塞子的质量应为ρπr2（H+r）．18、解：（1）把双刀双掷的两个动片接在电源两端，可以实现电源对电动机供电电流方向的改变，（或者是把电源与下端的两个接线柱接通，双刀双掷开关的动片与电动机接通，开关的上、下四个静片分别交叉连接也可以实现题意的目的），如图所示：（2）与输入轴固定在一起的齿轮周长小，齿轮数少，与输出轴固定在一起的齿轮周长大，齿轮数多．因此，输入轴转动很多圈才能带动输出轴转动一圈，实现减速的功能．（3）①由于电动机正常运行时的总功率P总=U额I额=12V×0.34A=4.08W，电动机的额定输出功率P出=2.15W，故电动机以额定功率运行时的效率η=×100%=×100%=52.7%．②由I=可得，电动机正常运行时的电阻R===8.82Ω，故电动机的热损耗功率为P热=I额2R=（0.34A）2×8.82Ω=1.02W，电动机的额外功率P额=P总﹣P出=4.08W﹣2.15W=1.93W，故电动机的机械损耗功率P损=P额﹣P热=1.93W﹣1.02W=0.91W．③对于传动装置，其输入的功率为P入=2.15W，已知每半边的窗帘滑轨长度为1.5m，窗帘运行的速度v===0.25m/s，则传动装置的输出功率P===2Fv=2×2N×0.25m/s=1W，故传动装置的机械效率η=×100%=×100%=46.5%．故要求其传动装置的机械效率大于46.5%．答：（1）见下图：（2）与输入轴固定在一起的齿轮周长小，齿轮数少，与输出轴固定在一起的齿轮周长大，齿轮数多．因此，输入轴转动很多圈才能带动输出轴转动一圈，实现减速的功能．（3）①该电动机的效率为52.7%．②该电动机的热损耗功率为1.02W；机械损耗功率为0.91W．③要求传动装置的机械效率大于46.5%．。

湖北省黄冈中学2016年初中物理自主招生预录考试训练试题（五）物理答案五 一、选择题1．D 2．A 3．C 4．D 5．D 6．D 7．D 8．B二、填空题9． 3 8.9×10310．640 5.6511．2：1 先增大后减小12．547 大于1.59m 或小于0.34m三、实验题13. （1）当m=100g 时，F=1N,由图乙知，弹簧变化2cm,此时变阻器接入2Ω 电路电流为l=0R R U+=Ω+Ω1026V =0.5A,电压表示数为U=I.R=0.5A ×2Ω=1V (2)以弹簧考虑，弹簧最大变化量12cm,此时F=6N,m=600g,以电压表考虑，电压表示数最大3V,则R 0 两端电压为3V,此时电路中电流为l=Ω103V =0.3A,变阻器接入阻值为R=AV 3.03=10Ω,弹簧变化量10cm,则F=5N,m=500g, 综合考虑，电子秤最大称量值m=500g（3）原有电压表以电压为单位，改为电子称后以质量为单位。

原有电压表刻度均匀，电子称刻度不均匀。

四、计算题15.16. （1） P ＝ρgh=1×103kg/m 3×10N/kg×0.5m=5000PaF ＝Ps=5000Ps×60×10-4m 2=30N（2）F 全浮＝ρ水V 全排g=1×103kg/m 3×400×10-4m 2×0.2m×10N/kg=80NG A ＝F 全浮－F ＝80N －30N ＝50N（3）设圆柱体浮筒A 浸在水中的深度为h 1时，盖片B 又自动关上则F 浮＝G Aρ水V 排g=G A 1×103kg/m 3×400×10-4m 2×h 1×10N/kg=50Nh1=0.125m 水箱中水的深度h 2=0.125m+0.3m=0.425m22.（1）当m=100g 时，F=1N,由图乙知，弹簧变化2cm,此时变阻器接入2Ω 电路电流为l=0R R U+=Ω+Ω1026V =0.5A,电压表示数为U=I.R=0.5A ×2Ω=1V (2)以弹簧考虑，弹簧最大变化量12cm,此时F=6N,m=600g,以电压表考虑，电压表示数最大3V,则R 0 两端电压为3V,此时电路中电流为l=Ω103V =0.3A,变阻器接入阻值为R=AV 3.03=10Ω,弹簧变化量10cm,则F=5N,m=500g, 综合考虑，电子秤最大称量值m=500g（3）原有电压表以电压为单位，改为电子称后以质量为单位。

2016年湖北省黄冈中学自主招生预录物理模拟试卷（四）（理科实验班）一、选择题（每题只有一个正确答案，每小题4分，共32分）1．（4分）图中L为一薄凸透镜，ab为一发光圆面，二者共轴，S为与L平行放置的屏，已知这时ab可在屏上成清晰的像，现将透镜切除一半，只保留主轴以上的一半透镜，这时ab在S上的像（）A．尺寸不变，亮度不变B．尺寸不变，亮度降低C．只剩半个圆，亮度不变D．只剩半个圆，亮度降低2．（4分）一轻质弹簧，一端固定在墙上，另一端连一小物块，小物块放在摩擦系数为μ的水平面上，弹簧处在自然状态，小物块位于O处，现用手将小物块向右移到a处，然后从静止释放小物块，发现小物块开始向左移动（）A．小物块不可能停在O点B．小物块停止以后所受的摩擦力必不为0C．小物块无论停在O点的左边还是右边，停前所受的摩擦力的方向和停后所受摩擦力的方向两者既可能相同，也可能相反D．小物块在通过O点后向右运动直到最远处的过程中，速度的大小总是减小；小物块在由右边最远处回到O点的过程中，速度大小总是增大3．（4分）如图所示，a和b是绝热气缸内的两个活塞，它们把气缸分成甲和乙两部分，两部分中都封有等量的理想气体，a是导热的，其热容量可不计，与气缸壁固连；b是绝热的，可在气缸内无摩擦滑动，但不漏气，其右方为大气，图中k为加热用的电炉丝，开始时，系统处于平衡状态，两部分中气体的温度和压强皆相同，现接通电源，缓慢加热一段时间后停止加热，系统又达到新的平衡。

则（）A．甲、乙中气体的温度有可能不变B．甲、乙中气体的压强都增加了C．甲、乙中气体的内能的增加量相等D．电炉丝放出的总热量等于甲、乙中气体增加内能的总和4．（4分）水被加热烧开后，水面上方有“白色气体”；在炎热的夏天，冰块的上方也有“白色气体”（）A．前者主要是由杯中水转变成的“水的气态物质”B．前者主要是由杯中水转变成的“水的液态物质”C．后者主要是由冰转变成的“水的气态物质”D．后者主要是由冰转变成的“水的液态物质”5．（4分）用如图所示电路测得的数据可画出小灯泡的电压与电流关系图象，小灯泡L的额定功率为3.6W，额定电压为6V，电源的电压为10V，内阻忽略不计，滑动电阻器R的最大电阻约为200Ω，通过调节滑动变阻器，可以调节通过L的电流。

理科实验班预录考试一、选择题（每小题只有一个正确选项，每小题3分，共30分）1．如图1所示，现用水平力F把一个物体紧压在竖直的墙壁上静止不动，下列有关物体与墙间的摩擦力f的叙述中，正确的是（）A．若水平力F变为原来的2倍，则f变为原来的2倍B．若物体重力变，则无论F如何变化，f均保持不变C．若F逐渐增大，则f保持不变D．以上说法都不对2．用正确方法做托里拆利实验，管内水银柱高度为76cm，如图2所示。

如果（水银足够深）用手握住玻璃管向下插入水银中，当只有20cm露出水银面时，放开手，玻璃管会（）A．向下落B．自动升高56cm C．静止不动D．自动升高76cm3．如图3所示，平面图镜OM与ON垂直放置，在它们的角平分线上P点处，放有一个球形发光物体，左半部分为浅色，右半部分为深色，在P点左侧较远处地方放有一架照相机，不考虑照相机本身在镜中的成像情况，则拍出照片示意图正确的是（）4．下列说法正确的是（）A．杨利伟在飞船中观察到天空是明亮的，周围却是黑暗的B．彩虹的外侧是红色，内侧是紫色C．微波中继站在微波通信过程中起信号接受、处理、再发射的作用D．天然气可以直接从自然界获取，属于一次能源5．用伏安法测电阻时，若不知R x的大概值，为了选择正确的电路以减小误差，可以用图4所示的方法判断（）A．若电流表的示数有显著变化，S应接aB．若电压表的示数有显著变化，S应接aC．开关S接a、b都一样D．无法确定6．如图5所示是一火警器的部分电路示意图，其中R3为用半导做热敏材料制成的传感器，这各材料的电阻随温度的升高而减小。

值班室的显示器为电路中的电流表，a、b之间接报警器，当传感器所在处出现火情时，显示器的电流I，报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变小D．I变小，U变大7．工业生产中，经常需要制取各种合金，对合金的各种性质包括比热，生产者是需要了解的。

某厂在试制某合金时，把200g锡与100g铅混合，形成铅锡合金，设铅锡在未混合前与混合后，在相同的温度变化下吸收的热量并不发生变化，已知锡的比热为214J/（kg·℃），铅的比热是130 J/（kg·℃），则这种合金的比热应为（）A．186J/（kg·℃）B．172J/（kg·℃）8．如图6所示，在一个开口锥形瓶内注入适量水，然后将它放在水平桌面上，此时水对锥形瓶底的压力为3N ；现在锥形瓶内放入一个重为G 1的木块，水对锥形瓶底的压力变为4N ；在锥形瓶内再放入一个重为G 2的木块，水对锥形瓶底的压力变为5N 。

湖北省黄冈中学2016年初中物理自主招生预录考试训练题（二）物理二1、B2、A3、A4、C5、C6、A7、D8、D9、 πn v)1+2(2 10、（n =0，1，2……）。

11、2 12、12：5 13、2FLcos θ μmgLcos2θ14、3．6V ，1．8 A15、解：设滑动变阻器的最大阻值为R 3，当闭合开关S, 将滑动变阻器的滑片P 置于a 端时，等效电路如图2甲所示；当闭合开关S, 将滑动变阻器的滑片P 置于b 端时，等效电路如图2乙所示。

（1）由图2甲得：R 1=211I P =2A 1W 6）（=6Ω 由图2甲、乙得：22P P '=222221R I R I =2221I I =91 21I I =31解得：I 2=3A（2）21U U =22321R I R R I ）（+=2323R R R +=37解得：R 3=6R 2根据电源两端电压不变，由图2甲、乙得：I 1（R 1+ R 2+ R 3）= I 2（R 1+ R 2） 解得：R 2=3Ω根据图2乙得：图2R 1 R 3R 2P 1=6WP 2U 1U I甲U R P 2′ U 2I乙AV R R R U I 233621362721321=Ω⨯⨯+Ω+Ω=++=U = I 2（R 1+ R 2）=3A×（6Ω+ 3Ω）=27V（3）当闭合开关S 后，将滑动变阻器的滑片P 置于滑动变阻器中点时，通过R 2的电流：通电2min ，电阻R 2放出的热量Q=t R I 22 =2)23(A ×3Ω×2×60s=810J ………………………………………………（其他解法正确的，均可相应得分）16．解：（1）由图象可知D 完全露出水面时F 1的功率P 1=12W ，P 1=F 1υ解之 N 80s/m 05.03W12P F 11=⨯=υ=（2）B 放在C 上，且放开手后， C 1B V 257gF G 水ρ=+N 200N 80m 1.0257kg /N 10m /kg 100.1F V 257gG 3331C B =-⨯⨯⨯⨯=-ρ=水 （3）%8380320011=⨯====NNnF G nh F Gh W W B 总有η （4））G G G (31F D B 1动++=D 未出水面时的功率为P 2=6W ，拉力N 40s/m 05.03W 6P F 22=⨯=υ=又 F 2=）F G G G (31D B 浮动-++所以D 受浮力N 120N 403N 40N 200F 3G G G F 2D B =⨯-+=-++=动浮又D gV F 水浮ρ= 解得V D =0.012m 3， V B =0.004m 3。

湖北省黄冈市2017-2018学年高一物理预录模拟试题（B卷）（理科实验班）(共80分，与化学合卷，化学50分)一、选择题（4×8=32分）1.荷兰人华伦海特引入了华氏温度。

规定水凝固时的温度为32华氏度，标准大气压下水沸腾的温度为212华氏度，中间分为180等份，每一等份代表1华氏度。

今年1月份上海出现了近几年罕见的低温，最低温度接近-10摄氏度，换算成华氏温度为（）A.14度B.16度C.18度D.20度2. （2016·上海市重点中学提前招生）如图所示，平面镜OM与ON夹角为θ，一条平行于平面镜ON的光线经过两个平面镜的多次反射后，能够沿着原来的光路返回。

则平面镜之间的夹角不可能是（）A.1°B.2°C.3°D.4°3.在托乒乓球跑步比赛中，某同学将质量为m的球置于球拍光面中心，在运动过程中受到的空气阻力与速度大小成正比，比例系数为k，运动中球拍拍面与水平方向夹角为θ，不计球与球拍间的摩擦，若要球始终保持在位于球拍中心不动，则做匀速直线运动时的速度为（）A.mgksinθ B.mgkcosθ C.mgktanθ D.mgkcotθ4.在两端开口的弯管内用两段水柱封闭了一段空气柱，A、B、C、D四个液面的位置关系如图所示。

现将左侧试管底部的阀门K 打开，释放掉少量水后立刻关闭阀门，C、D 液面相对各自原来的位置上升或下降的长度h B、h C和h D之间的大小关系为（）A.△h B=△h C=△h DB.△h B>△h C>△h DC.△h B=△h C<△h DD.△h B>△h C=△h D5．如图所示，在两伸直的食指上水平地放一根质量均匀的横棍，起初两指分开一定的距离，棍的位置左右不对称。

在横棍不掉下的情况下，缓慢移动两指，缩小其间距离，直到并拢，这时会发现两指会合的地方在（）A ．若左边手指先移动，则会合处在棍的中央右侧B ．若左边手指先移动，则会合处在棍的中央左侧C ．由于开始时左边手指离中心近，会合处在棍的中央右侧D ．不管开始情况如何，会合处总在棍的中央附近6．在如图所示的电路中，电源两端的电压不变。

2016年湖北省黄冈中学理科实验班预录物理模拟试卷（C 卷）一、选择题1．如图所示，一个小球从某一高度下落，在接触轻质弹簧并压缩弹簧竖直向下运动的过程中，当小球速度达到最大时，不计空气阻力，弹簧的弹力F 与小球重力G 的大小关系是（ ）A ．F ＞GB ．F=GC ．F ＜GD ．以上三种情况都有可能2．如图为用电压表测小灯泡两端电压的电路，若电压表的电阻记为R V ，小灯泡的电阻R L ，则关于AB 间的电阻R AB 的下列说法正确的是（ ）A ．由于R V 远远大于R L ，R AB ＞R L B ．由于R V 远远大于R L ，R AB ＞R VC ．由于R V 远远大于R L ，R AB 略小于R LD ．由于R V 远远大于R L ，R AB 略小于R V3．容器内盛有部分盐水，在盐水中放入一块淡水凝固成的冰，冰熔化后（ ） A ．盐水的密度减小，液面上升 B ．盐水的密度减小，液面不变 C ．盐水的密度减小，液面下降 D ．盐水的密度不变，液面也不变4．有两个温度和质量都相同的金属球，先把甲球放入盛有热水的杯中，热平衡后水温降低了△t ．把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又降低了△t ，则甲球比热c 甲和乙球比热c 乙大小的关系是（ ）A ．c 甲＞c 乙B ．c 甲＜c 乙C ．c 甲=c 乙D ．以上三种情况都有可能5．如图所示，密度分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面的长度是浸在水中长度的n 倍．若水的密度为ρ，则棒的密度为（ ）A ．B ．C ．D ．6．卫星绕地球运行时的运动可看做是绕地心的匀速圆周运动，即相等时间内通过圆弧长度相等的运动，卫星绕地球完整一周所用时间叫做运行周期T ．如图所示，A 、B 分别为地球人造卫星，周期分别为T 1和T 2（T 1＞T 2），某时刻A 、B 两卫星相距最近（O 、B 、A 在同一直线上），O 为地球中心，则A 、B 两卫星再一次相距最近至少需要经过的时间为（ ）A ．T 1﹣T 2B ．C ．D ．7．在如图所示的电路中，R 0、R 1为定值电阻，R 2为滑动变阻器，闭合开关S ，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I 、U 1、U 2和 U 3表示，电表示数的变化量分别用△I 、△U 1、△U 2和△U 3表示．则在滑片P 向下滑动的过程中，下列说法错误的是（ ）A．不变，不变B．U2=U1+U3C．不变D．|△U2|=|△U1|+|△U3|8．如图所示，水平地面上放置相同材料制成的四个木块，其中两个质量为m的木块间用不可伸长的水平轻绳相连，下面两个木块质量分别为2m和3m．现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使四个木块一同水平向右匀速运动，则（）A．质量为3m的木块与地面间的摩擦力为B．质量为2m的木块与地面间的摩擦力为C．轻绳对m的拉力为D．轻绳对m的拉力为二、填空题（4&#215;3+5分=17分）9．马路宽为D，一辆长为l1、宽为d的汽车以速度v1在路中间匀速向前行驶，此时距车头S处有一辆长为l2的自行车要横穿马路，如图所示，则自行车为了安全通过马路，它行驶的速度应在什么范围？10．如图所示，一平面镜放在圆筒的中心处，平面镜正对筒壁上一点光源S，点光源发出一细光束垂直射向平面镜．平面镜从图示位置开始绕圆筒中心轴O匀速转动，在转动30°角时，点光源在镜中所成的像转过的角度θ1=，照射到筒壁上的反射光斑转过的角度θ2=．11．“220V，100W”白炽灯泡的电流I和电压U关系的图象如图（a）所示．根据图象回答：（1）若将两只相同的这种灯泡串联，然后接在220V的恒压电源上，则两只灯泡实际消耗的总电功率为W；（2）若取三只相同的这种灯泡，按如图（b）所示电路连接，然后将A、B两端接在220V的恒压电源上，则这三只灯泡实际消耗的总电功率为W．12．为测量木块所受摩擦力，用如图所示装置实验：甲弹簧测力计右端固定．左端与木块A相连．木块A水平放置在B物块上，乙弹簧测力计保特水平，现拉动乙沿水平面向左匀速运动．稳定时．甲弹簧测力计示数为F1，乙弹簧测力计示数为F2．（1）画出木块A所受摩擦力的示意图：（2）此时，木块A所受摩擦力的大小为，地面对木块B的摩擦力的大小为．（3）若水平向左加速拉动物块B．乙弹簧测力计示数为F3．木块A所受摩擦力的大小为．13．常用的电压表其实是由小量程的电流表G（简称表头）改装而成的．从电路的角度看，表头就是一个电阻，同样遵循欧姆定律．表头与其他电阻的不同仅在于通过表头的电流可从刻度盘上读出来．（1）如图是某一表头G的刻度盘，其量程为0～3mA，内阻（即表头自身电阻）是10Ω．使用时，指针指着某一电流刻度，表示流过表头的电流为某一数值，也意味着表头两端具有一定大小的电压．若指针指在2mA刻度时，对应的电压为V．（2）将表头改装成电压表就是给表头串联一定值电阻，串联好的表头和定值电阻即为改装后的电压表，这样改装的电压表两端可加的电压范围扩大．现需将（1）中表头改装成量程为3V的电压表，则需串联的电阻阻值为Ω，改装后的电压表内阻为Ω．（3）若指针指在表盘刻度为1mA处，即表示加在电压表两端的电压为V．三、综合题（8+9+12=31分）14．如图所示，物体A漂浮在水面上，露出液面部分为将另一个物体B放置在A上，静止时，A露出液面部分占自身体积的，用一根轻质细绳将B悬挂在A下面，静止后，露出液面部分占物体A体积的．求：（1）物体A的密度（2）物体B的密度．15．在一次研究性学习活动中，我校某课外活动兴趣小组对街上行驶的电动自行车和摩托车做了一个调查．下表中所列的是某品牌电动自行车和摩托车的部分技术参数：（1）与摩托车相比，电动自行车有哪些优势？（说出两个方面）（2）假设给电动自行车的蓄电池充电时，消耗的电能全部转化为蓄电池的化学能．那么，电动自行车每行驶1km电动机平均做的有用功大约是多少？当自行车以最高车速匀速行驶时，电动机的有用功率大约是多大？（3）摩托车每行驶1km大约要消耗多少能量？（汽油的密度：0.71×103kg/m3；汽油的热值：4.6×107J/kg；g取10N/kg）16．如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“10V 5W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V．滑动变阻器R的最大阻值为200Ω，当只闭合S和S1，移动滑动变阻器的滑片P 时，它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，定值电阻R0的电功率变化了5.4W，求：（1）灯泡L正常发光时通过的电流．（2）只闭合S和S2，且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时，灯泡的实际功率．（3）只闭合S和S1，在保证电路安全的情况下，当电阻R0消耗电功率最小时，滑动变阻器R消耗的电功率．2016年湖北省黄冈中学理科实验班预录物理模拟试卷（C卷）参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，一个小球从某一高度下落，在接触轻质弹簧并压缩弹簧竖直向下运动的过程中，当小球速度达到最大时，不计空气阻力，弹簧的弹力F与小球重力G的大小关系是（）A．F＞G B．F=GC．F＜G D．以上三种情况都有可能【考点】力与运动的关系．【专题】应用题；运动和力．【分析】根据力和运动的关系，当合力方向与物体运动方向相同时，物体加速运动，当合力方向与运动方向相反时，物体减速运动，根据弹簧的形变判断弹力和重力的大小关系，得出速度的变化，从而可得出结论．【解答】解：小球从高处下落过程中，重力势能转化为动能，速度加快；当接触弹簧后，弹簧发生形变，弹力竖直向上，重力竖直向下，开始形变较小，弹力小于重力，合力方向竖直向下，小球做加速运动，当弹力增大到一定程度弹力等于重力，此时小球的速度最大；小球继续向下运动，此时弹力大于重力，合力方向竖直向上，小球做减速运动．所以当小球速度达到最大时，弹簧弹力F与小球重力G相等．故选B．【点评】此题考查了力和运动的关系，关键能够根据弹力和重力的大小关系判断出小球运动状态的变化情况．2．如图为用电压表测小灯泡两端电压的电路，若电压表的电阻记为R V，小灯泡的电阻R L，则关于AB间的电阻R AB的下列说法正确的是（）A．由于R V远远大于R L，R AB＞R LB．由于R V远远大于R L，R AB＞R VC．由于R V远远大于R L，R AB略小于R LD．由于R V远远大于R L，R AB略小于R V【考点】欧姆定律的应用；电压表的使用；电阻的并联．【专题】应用题；欧姆定律．【分析】（1）电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，所以正常使用应与被测用电器并联；（2）电阻并联时，相等于增大了导体的横截面积，所以并联后的总电阻小于任何一个分度值．【解答】解：电压表的电阻R V和小灯泡的电阻R L并联时，∵电阻越并越小、小于任何一个分度值，∴AB间的电阻R AB小于灯泡的电阻R L，∵电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，即R V远远大于R L，∴AB间的电阻R AB略小于灯泡的电阻R L．故选C．【点评】本题考查了学生对电阻的并联特点和电压表内阻很大特点的理解与掌握，是一道基础题目．3．容器内盛有部分盐水，在盐水中放入一块淡水凝固成的冰，冰熔化后（）A．盐水的密度减小，液面上升B．盐水的密度减小，液面不变C．盐水的密度减小，液面下降D．盐水的密度不变，液面也不变【考点】密度及其特性；物体的浮沉条件及其应用．【专题】密度及其应用；浮沉的应用．．【分析】（1）冰漂浮在浓盐水中，求出冰块排开浓盐水的体积V排．（2）求出当冰熔化之后水的体积V水（3）比较V 排与V 水的大小，如果冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，液面上升；如果冰化成水的体积等于冰块排开浓盐水的体积，液面不变；如果冰化成水的体积小于冰块排开浓盐水的体积，液面下降． 【解答】解：冰块漂浮在水面上，所以，F 浮=G 冰，ρ盐水gV 排=ρ冰gV 冰，V 排=，冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，所以，m 冰=m 水，ρ冰V 冰=ρ水V 水，V 水=，因为ρ盐水＞ρ水， 所以，V 水＞V 排， 所以液面上升；因为盐水里增加了一部分水，所以盐水的密度会减小． 故选A ．【点评】这是一类习题，这类习题都采用相同的思路（比较V 排与V 水的大小）进行解题．例如： 水面上漂着一块冰，冰熔化后水面怎样变化？冰里有一块小石块，冰漂在水面上，冰熔化后水面怎样变化？ 冰里有一块小木块，冰漂在水面上，冰熔化后水面怎样变化？4．有两个温度和质量都相同的金属球，先把甲球放入盛有热水的杯中，热平衡后水温降低了△t ．把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又降低了△t ，则甲球比热c 甲和乙球比热c 乙大小的关系是（ ）A ．c 甲＞c 乙B ．c 甲＜c 乙C ．c 甲=c 乙D ．以上三种情况都有可能【考点】热量的计算；比热容的概念；热平衡方程的应用．【分析】甲、乙两球，先后投入到同一杯水中，甲乙物体吸收热量、温度升高，水放出热量、温度降低；由题知，两次水降低的温度相同，也就是水放出的热量相同，甲乙两球吸收的热量相同； 而甲、乙两球的质量相等、初温相同，经吸热后，乙球的末温比甲球的末温低△t ；由上述分析可知，质量相同的甲乙两球，吸收相同的热量，乙球升高的温度少，所以乙球的比热容大．【解答】解：先后将甲乙两球投入到同一杯水中，水降低的温度相同，水放出的热量相同， ∵由题知，Q 吸=Q 放， ∴甲乙两球吸收的热量相同，而乙球比甲球少升高了△t ，即乙球的末温低；由上述分析可知，质量相同的甲乙两球，吸收相同的热量，乙球升高的温度少，所以乙球的比热容大． 故选B ．【点评】本题考查了比热容的概念、热平衡方程、热量公式，能确定甲乙两球的末温关系是本题的关键．5．如图所示，密度分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面的长度是浸在水中长度的n 倍．若水的密度为ρ，则棒的密度为（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】密度的计算．【专题】应用题；密度及其应用．【分析】设出棒的横截面积和水中棒的长度，进一步可知整个棒的长度，根据ρ=表示出棒的质量，根据G=mg 表示出棒的重力，根据阿基米德原理表示出棒受到的浮力，由相似三角形对应边成比例得出棒的重力和浮力的力臂之比，以C 为支点，A 是棒的重心（即棒的中心），由杠杆的平衡条件得出等式即可求出棒的密度．【解答】解：设棒的横截面积为S ，水中的棒长度为L ，则露出的长度为nL ，整个棒的长度为（n+1）L ，如图所示：由ρ=可得，棒的质量： m 棒=ρ棒V 棒=ρ棒S （n+1）L ， 棒的重力：G 棒=m 棒g=ρ棒S （n+1）Lg ， 棒受到的浮力： F 浮=ρgV 排=ρgSL ，由相似三角形对应边成比例可得：===n+1，以C 为支点，A 是棒的重心（即棒的中心），由杠杆的平衡条件可得： G 棒×CE=F 浮×CD ，即ρ棒S （n+1）Lg ×CE=ρgSL ×CD ， 则ρ棒=ρ=×ρ=×ρ=ρ．故选C ．【点评】本题考查了密度的计算，涉及到密度公式和阿基米德原理以及杠杆平衡条件的应用，利用好相似三角形对应边成比例的性质较关键．6．卫星绕地球运行时的运动可看做是绕地心的匀速圆周运动，即相等时间内通过圆弧长度相等的运动，卫星绕地球完整一周所用时间叫做运行周期T ．如图所示，A 、B 分别为地球人造卫星，周期分别为T 1和T 2（T 1＞T 2），某时刻A 、B 两卫星相距最近（O 、B 、A 在同一直线上），O 为地球中心，则A 、B 两卫星再一次相距最近至少需要经过的时间为（ ）A．T1﹣T2B．C．D．【考点】速度公式及其应用．【专题】长度、时间、速度．【分析】两行星相距最近时，两行星应该在同一半径方向上，两行星相距最远时，两行星应该在同一直径上，由于A的周期小，故A转得较快，当A比B多转一圈时两行星再次相距最近．【解答】解：多转动一圈时，第二次追上，有：t﹣t=﹣2π，解得：t=．故ABD错误，C正确．故选C．【点评】根据几何关系得到两颗卫星相距最近和相距最远所满足的角度关系，最近时两卫星在同一半径上角度差为2π弧度，卫星相距最远时，两卫星在同一直径上，转过的角度差为π弧度．7．在如图所示的电路中，R0、R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．则在滑片P向下滑动的过程中，下列说法错误的是（）A．不变，不变B．U2=U1+U3C．不变D．|△U2|=|△U1|+|△U3|【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；错解分析题；推理法；欧姆定律．【分析】由电路图可知，R0、R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电压表V3测R1与R2串联电路两端电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，根据串联电路中电流的特点和电压特点，及欧姆定律逐项判断即可得出答案．【解答】解：由电路图可知，R0、R1、R2串联，R0、R1为定值电阻；滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知电路中电流变小；由U=IR可得，R0、R1两端的电压变小；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：滑动变阻器两端的电压变大；A、由I=可知R1=，由于R1为定值电阻，所以不变；△U1=U1﹣U1′=△IR1，由于R1是定值电阻，所以的比值不变，故A正确；B、根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：U3=U1+U2，故B错误；C、由I=可知：△U3=U3﹣U3′=△IR0，由于R0是定值电阻，所以的比值不变，故C正确；D、△U3=U3﹣U3′=△IR0△U1=U1﹣U1′=△IR1△U2=U2﹣U2′=△I（R0+R1）═△IR0+△IR1显然|△U2|=|△U1|+|△U3|；故D正确．故选B．【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用．根据市分清电路图，利用等效电阻法，根据电阻的变化确定比值的变化是解决本题的关键．8．如图所示，水平地面上放置相同材料制成的四个木块，其中两个质量为m的木块间用不可伸长的水平轻绳相连，下面两个木块质量分别为2m和3m．现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使四个木块一同水平向右匀速运动，则（）A．质量为3m的木块与地面间的摩擦力为B．质量为2m的木块与地面间的摩擦力为C．轻绳对m的拉力为D．轻绳对m的拉力为【考点】摩擦力的大小．【专题】应用题；重力、弹力、摩擦力．【分析】要使四个木块以同一匀速运动，采用整体与隔离法分析各部分的受力情况，再对两物体分析可求得木块与地面间的摩擦力以及绳子对m的拉力．【解答】解：四个木块水平向右匀速运动，把四个木块当作一个整体，水平向右的拉力为F和总摩擦力f总平衡，所以f总=F；图中四个木块对地面的压力：F总压=G总g=（m+m+2m+3m）g=7mg，右边2个木块对对地面的压力：F右压=（m+3m）g=4mg，左边2个木块对对地面的压力：F左压=（m+2m）g=3mg，因为接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力与压力成正比，所以，右边质量为3m的木块与地面间的摩擦力为：f1=×f总=，左边质量为2m的木块与地面间的摩擦力为：f2=×f总=，把质量为m的木块和质量为2m的木块上看作一个整体，整体向右匀速运动，所以轻绳对m的拉力和质量为2m的木块与地面间的摩擦力相等，即F绳=f2=，故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】本题考查摩擦力的问题，注意灵活应用整体法与隔离法，合理选取研究对象，列出表达式后再通过表达式进行分析．二、填空题（4&#215;3+5分=17分）9．马路宽为D，一辆长为l1、宽为d的汽车以速度v1在路中间匀速向前行驶，此时距车头S处有一辆长为l2的自行车要横穿马路，如图所示，则自行车为了安全通过马路，它行驶的速度应在什么范围？【考点】速度公式及其应用．【专题】长度、时间、速度．【分析】（1）本题分两种情况：一种是当汽车还没有到达时，自行车先穿过马路；另一种情况是汽车已经通过时，自行车再通过马路．（2）无论哪种情况，都要先根据t=计算汽车行驶的时间，然后在根据速度公式求出速度的取值范围．【解答】解：（1）第一种情况，当汽车还没有到达时，自行车横穿马路，如图甲：汽车行驶的时间：t=，自行车要安全通过马路，行驶的距离是：l2+d+D，自行车要在之前通过，所以自行车行驶的速度是：v＞=．（2）第二种情况，当汽车完全通过时，自行车才横穿马路，如图乙：汽车行驶的时间：t=，自行车要安全通过马路，行驶的距离是：D﹣d，自行车要在之后通过，所以自行车行驶的速度是：v＜=．综上所述，自行车行驶速度的范围：＜v或v＜．【点评】本题求出汽车行驶的时间、汽车通过的距离、自行车通过的距离，是解决本题的关键．10．如图所示，一平面镜放在圆筒的中心处，平面镜正对筒壁上一点光源S，点光源发出一细光束垂直射向平面镜．平面镜从图示位置开始绕圆筒中心轴O匀速转动，在转动30°角时，点光源在镜中所成的像转过的角度θ1=60°，照射到筒壁上的反射光斑转过的角度θ2=60°．【考点】光的反射定律；作光的反射光路图．【专题】计算题；作图题．【分析】做本题的关键是：根据题干的提示和反射定律画出平面镜旋转前后的反射光路图，以及所成的虚像的图．【解答】解：如右图所示，平面镜旋转30°，相当于入射角增大30°，因为原先入射角为0°，（如左图）则入射角和反射角的夹角为60°，照射到筒壁上的反射光斑转过的角度θ2即为60°（如右图）由左右两图的“虚像”的位置可知：点光源在镜中所成的像转过的角度θ1为60°．故答案为：60°；60°．【点评】本题主要考查学生对光的反射定律的了解和掌握，通过画图解答，学生更容易理解，此题要求学生应具备一定的空间想象能力，是一道难题．11．“220V，100W”白炽灯泡的电流I和电压U关系的图象如图（a）所示．根据图象回答：（1）若将两只相同的这种灯泡串联，然后接在220V的恒压电源上，则两只灯泡实际消耗的总电功率为83.6W；（2）若取三只相同的这种灯泡，按如图（b）所示电路连接，然后将A、B两端接在220V的恒压电源上，则这三只灯泡实际消耗的总电功率为96.8W．【考点】电功率的计算．【专题】电能和电功率．【分析】（1）已知两只完全相同的灯泡串联，通过的电流相等，电阻相等，根据欧姆定律可知，灯泡两端的电压也相等，从图象上找到对应的电压和电流，根据公式P=UI可求两只灯泡实际消耗的总功率．（2）两并一串，则流过并联着的两个灯泡上的电流为流过第三个的灯泡上的一半，在图中找到这样特殊的两点：电压之和为220V，通过的电流为二倍关系，可得干路上电流，利用P=UI求解．【解答】解：（1）将两只相同的这种灯泡串联在220V的电源上，每只灯泡两端的电压为110V，此时电流为0.38A，所以两只灯泡实际消耗的总功率P=UI=220V×0.38A=83.6W；（2）由图b可知两个并联再和第三个串联，由串联电路电流处处相等可知，分别流过并联着的两个灯泡上的电流为流过第三个的灯泡上的一半，设通过第三个灯泡的电流为I、两端电压U，在图a上有这样一个关系：I对应的电压为U，对应的电压为220V﹣U，这样的点在图上有180V﹣0.44A和40V﹣0.22A两个，则干路电流为0.44A，所以消耗的总功率：P=220V×0.44A=96.8W．故答案为：83.6W，96.8W．【点评】本题考查电功率的计算，难点是根据图象找到对应的数据，本题容易按照电阻关系求解，这必将带来错误的结果的，因为由I﹣U图象知道电阻在变化！12．为测量木块所受摩擦力，用如图所示装置实验：甲弹簧测力计右端固定．左端与木块A相连．木块A水平放置在B物块上，乙弹簧测力计保特水平，现拉动乙沿水平面向左匀速运动．稳定时．甲弹簧测力计示数为F1，乙弹簧测力计示数为F2．（1）画出木块A所受摩擦力的示意图：（2）此时，木块A所受摩擦力的大小为F2，地面对木块B的摩擦力的大小为F1+F2．（3）若水平向左加速拉动物块B．乙弹簧测力计示数为F3．木块A所受摩擦力的大小为F3．【考点】力的示意图；摩擦力的大小．【专题】计算题；作图题；图析法；重力、弹力、摩擦力．【分析】（1）根据题意，并结合图示确定木块A所受摩擦力的大小、方向和作用点，然后按照力的示意图的画法画出摩擦力；（2）对物体A进行受力分析，在水平方向受到的拉力和摩擦力相互平衡，据此得出木块A所受摩擦力的大小；确定木块B所受摩擦力的大小，又知木块A所受摩擦力的大小，得出地面对木块B的摩擦力的大小．（3）影响滑动摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度．【解答】解：（1）木块B向左匀速运动，所以A相对于木板向右运动，受滑动摩擦力的方向水平向左，作用点在木块A与木块B的接触面的中点上，在水平方向受到的拉力和摩擦力相互平衡，大小为f=F2；如图所示：（2）由（1）可知，此时木块A所受摩擦力的大小为f=F2；地面对木块B的摩擦力的方向水平向右，大小为f′=F1+F2．（3）拉动速度变大时，木块A与木板之间的压力的大小和接触面的粗糙程度都没有变化，所以弹簧测力计示数不变；故f″=F3．故答案为：（1）见解答图；（2）F2；F1+F2；（3）F3．【点评】此题主要考查了力的示意图的画法、摩擦力大小的计算，对摩擦力方向的判断，摩擦力方向总与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反．13．常用的电压表其实是由小量程的电流表G（简称表头）改装而成的．从电路的角度看，表头就是一个电阻，同样遵循欧姆定律．表头与其他电阻的不同仅在于通过表头的电流可从刻度盘上读出来．（1）如图是某一表头G的刻度盘，其量程为0～3mA，内阻（即表头自身电阻）是10Ω．使用时，指针指着某一电流刻度，表示流过表头的电流为某一数值，也意味着表头两端具有一定大小的电压．若指针指在2mA刻度时，对应的电压为0.02V．（2）将表头改装成电压表就是给表头串联一定值电阻，串联好的表头和定值电阻即为改装后的电压表，这样改装的电压表两端可加的电压范围扩大．现需将（1）中表头改装成量程为3V的电压表，则需串联的电阻阻值为990Ω，改装后的电压表内阻为1000Ω．（3）若指针指在表盘刻度为1mA处，即表示加在电压表两端的电压为1V．【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；电路和欧姆定律．。

湖北省黄冈中学2016届高三5月第一次模拟考试理综 物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列叙述符合史实的是（ ）A ．安培在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B ．奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C ．卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”将微小量放大，准确的测定了静电力常量D ．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化15．如图所示，质量为m 的物体置于倾角为θ的固定斜面上．物体与斜面之间的动摩擦因数为μ，先用平行于斜面的推力F 1作用于物体上使其能沿斜面匀速上滑，若改用水平推力F 2作用于物体上，也能使物体沿斜面匀速上滑，则两次的推力之比F 1F 2为（ ）A ．cos θ＋μsin θB ．cos θ－μsin θC ．1＋μtan θD ．1－μtan θ16．2016年2月11日，美国自然科学基金召开新闻发布会宣布，人类首次探测到了引力波。

2月16日,中国科学院公布了一项新的探测引力波的“空间太极计划”,其中,由中山大学发起的空间引力波探测工程“天琴计划”于15年7月正式启动。

计划从2016年到2035年分四阶段进行,将向太空发射三颗卫星探测引力波。

在目前讨论的初步概念中，天琴将采用三颗全同的卫星（SC1、SC2、SC3）构成一个等边三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在以地球为中心、高度约10万公里的轨道上运行,针对确定的引力波源进行探测，这三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴,故命名为“天琴计划”。

则下列有关三颗卫星的运动描述正确的是（）A．三颗卫星一定是地球同步卫星B．三颗卫星具有相同大小的加速度C．三颗卫星线速度比月球绕地球运动的线速度大且大于第一宇宙速度D．若知道万有引力常量G及三颗卫星绕地球运转周期T可估算出地球的密度17．如图所示，一轻弹簧一端系在墙上O点，自由伸长到B点，今将一质量为m的小物体靠着弹簧，将弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能在水平面上运动到C点静止，AC 距离为s，若将小物体系在弹簧上，在A点由静止释放，运动到最后静止，设小物体通过的总路程为l，则关于s与l的关系下列叙述正确的是（）A. s不可能等于lB. s不可能大于lC. s不可能小于lD. s一定等于l18．如图甲所示，正三角形导线框abc固定在磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的关系如图乙所示。

2016年湖北省黄冈中学自主招生物理模拟试卷(二)(理科实验班)2016年湖北省黄冈中学自主招生物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析出题人：陈火林答题和审题：刘治强；刘伟一、选择题1．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中（）A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能【分析】通过克服摩擦力做功，系统的机械能转化为内能，结合能量守恒定律分析即可．【解答】解：A、通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故机械能减小，故A错误；B、通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故B正确；C、垫块的动能转化为弹性势能和内能，故C错误；D、弹簧的弹性势能转化为动能和内能，故D错误．故选B．2．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（）面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去．【解答】解：A、如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故C错误；D、如果小球受到的力越大，运动的速度将越大是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误．故选：A．4．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图是健身用的“跑步机”示意图．质量为m的健身者踩在与水平面成α角的静止皮带上，用力向后蹬皮带，可使皮带以速度v匀速向后运动．若皮带在运动的过程中受到脚的摩擦力为f，则在运动的过程中，下列说法中正确的是（）A．f是皮带运动的阻力B．人对皮带不做功C．人对皮带要做功，其做功的功率为fvD．人的重力与皮带对人的支持力是一对平衡力【分析】用力向后蹬皮带，脚和皮带之间产生了摩擦力，脚受到左的摩擦力，皮带受到向右的摩擦力作用，向右的摩擦力是皮带运动的动力．皮带在脚的作用下运动，人对皮带做功．人对皮带做功的功率为P=fv．人受到的重力竖直向下，人受到皮带对人的支持力是垂直皮带向上的．两个力方向不在同一条直线上，不是平衡力．【解答】解：A、脚蹬皮带时，脚和皮带之间产生了摩擦力，皮带受到的摩擦力是皮带运动的动力．不符合题意．B、皮带在人的作用下移动了距离，人对皮带做功．不符合题意．C、人对皮带要做功，其做功的功率为fv．符合题意．D、人受到的重力竖直向下，支持力垂直皮带向上，皮带和水平面之间有夹角，所以两个力不在同一条直线上，不是平衡力．不符合题意．故选C．5．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）在如图所示的电路中，当电键S闭合后，电压表有示数，调节可变电阻R的阻值，电压表的示数增大了△U．则（）A．可变电阻R被调到较小的阻值B．电阻R2两端的电压减小，减小量等于△UC．通过电阻R2的电流减小，减小量小于△U/R2D．通过电阻R2的电流减小，减小量等于△U/R1【分析】（1）由图可见，电阻R和R1并联，然后再与R2和R串联，电压表并联在R和R1两端，测量的是它们并联后的总电压；（2）串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之和，并联电路中，各支路两端的电压相等．【解答】解：（1）整个电路为串联电路，串联分压，电压大小与电阻成正比，电压表的示数增大了△U，说明R与R1并联后的总电阻是增大的，故A选项错误；（2）总电压U不变，电压表示数增大了△U，说明电阻R2和R串联后的总电压减小了△U，单独拿R2来说，它两端的电压减小量要比△U小，因此电流减小量要比小，故选项BD都错误，选项C正确．故选C．6．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图所示，均匀杆AB长为L，可以绕转轴A点在竖直平面内自由转动，在A点正上方距离L处固定一个小定滑轮，细绳通过定滑轮与杆的另一端B相连，并将杆从水平位置缓慢向上拉起．已知杆水平时，细绳的拉力为T1，杆与水平面夹角为30°时，细绳的拉力为T2，则T1：T2是（）A．：1 B．2：1 C．1：D．1：1【分析】找出杠杆即将离开水平位置和把吊桥拉起到与水平面的夹角为30°时的动力臂和阻力臂，然后结合利用杠杆的平衡条件分别求出T1、T2的大小．【解答】解：（1）杆在水平位置时，如图，△AOB和△ABE都为等腰直角三角形，则AE=BE∵BE2+AE2=AB2∴AE=L，由杠杆平衡可得：T1×AE=G×AC，T1===G．（2）把吊桥拉起到与水平面的夹角为30°时，如图，△ABO为等边三角形，AB=L，BE′=L，∵BE′2+AE′2=AB2∴AE′=L，在△ACC′中，∠CAC′=30°，CC′=AC=L，∵AC′2+CC′2=AC2，∴AC′=L，根据杠杆平衡的条件可得T2×AE′=G×AC′，T2===G；∴T1：T2=G：G=：1．故选A．7．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图，物体甲从A点沿直线运动到B，再从B点沿直线运动到C，物体乙沿直线直接从A点运动到C．如果有方向的线段AB可以表示从A到B过程中物体位置的变化，则从A到C的运动过程中，甲、乙的（）A．路程相等，位置的变化相同 B．路程不等，位置的变化不同C．路程相等，位置的变化不同 D．路程不等，位置的变化相同【分析】1、路程是物体运动轨迹的长度．2、位置变化是物体位置的改变，它只与物体的初末位置有关，与物体的运动过程无关．【解答】解：1、路程是物体运动轨迹的长度，甲物体的路程是线段AB与线段BC的长度之和；而乙物体的路程是线段AC的长度，显然甲乙两物体的路程不同．2、位置变化是物体位置的改变，它只与物体的初末位置有关，与物体的运动过程无关．甲乙两物体的初末位置相同，所以甲乙两物体的位置变化相同．故选D．8．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图所示，小明将看3D电影的两只镜片P、Q平行放置，把发光的白炽灯放在P的左边，分别在A（PQ之间）、B（Q右侧）两处透过镜片观察白炽灯．旋转P，A处亮度不变，B处亮度变化明显．把白炽灯换成正在工作的液晶显示器，旋转P，A、B两处的亮度均变化明显．下列推断符合实验事实的是（）A．白炽灯发出的光与液晶显示器发出的光性质相同B．在A、B处观察到白炽灯通过镜片的光的性质相同C．在B处观察到液晶显示器通过镜片的光，与白炽灯发出的光性质相同D．在A处观察到白炽灯通过镜片的光，与液晶显示器发出的光性质相同【分析】立体眼镜的左眼和右眼分别装横偏振片和纵偏振片，横偏振光只能通过横偏振片，纵偏振光只能通过纵偏振片，这样就保证了左边相机拍摄的东西只能进入左眼，右边相机拍摄的东西只能进入右眼．【解答】解：根据题意，观察白炽灯旋转P，A处亮度不变，B处亮度变化明显．因为白炽灯发出的是普通光线，不是偏振光；把白炽灯换成正在工作的液晶显示器，旋转P，A、B两处的亮度变化均变化明显，说明白炽灯发出的光与液晶显示器发出的光性质不同，A错误；在A、B处光线因为通过了两个不同偏振角度的镜片，所以白炽灯通过镜片的光的性质是不同的，B错误；在B处观察到液晶显示器通过镜片的光是偏振光，而白炽灯的发出的光是普通光线，所以不同，C错误；液晶显示器由于特殊的发光成像原理发出的是偏振光，在A处观察到白炽灯通过镜片的光，是经过偏振镜片后的光线，也是偏振光，故性质相同，故D正确．故选D．二、填空题9．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）蜡烛与光屛的间距为 1.8m．从蜡烛处开始移动透镜，第一次在光屛上出现清晰的像之后，又向前移动了0.72m时，再一次出现了清晰的像，透镜的焦距f为0.378 m．【分析】设光源蜡烛与光屏间的距离为L，两次成像时，物距分别为u1、u2，像距分别为v1、v2，两次透镜间距为d，由成像公式=列出方程，解方程即可．【解答】解：设光源蜡烛与光屏间的距离为L=1.8m，两次成像时，物距分别为u1、u2，像距分别为v1、v2，如图所示：第一次在光屛上出现清晰的像，凸透镜在B点，又向前移动了0.72m，透镜到达C点，两次凸透镜间距为BC=d=0.72m，则=，解得f=…①由折射时光路是可逆的，交换光屏与蜡烛的位置，则成像时透镜在同样的位置，故u1=v2，v1=u2，根据题意和图可得，由②+③可得，v1=，由②﹣③可得，u1=，将v1=和u1=代入①得：f=====0.378m．故答案为：0.378．10．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图，xOy平面内有一以原点O为圆心的圆，动点P在圆周上沿顺时针方向做速度大小始终为v的圆周运动，另一动点Q沿x轴正方向做匀速直线运动．A、B为圆与x轴的交点，某时刻P、Q在A 点相遇，经过一段时间后又在B点相遇，则Q的速度大小为（n=0，1，2…）．【分析】从A点到B点，Q做匀速直线运动，P做匀速圆周运动，它们两次相遇之间所用的时间是相同的．只是P经过的路程可能是圆的周长的一半，也可能是多转了整数周后又转回来．因此，在计算结果时要考虑到这一点．【解答】解：Q沿直线经过的路程为2r，设速度为v′，则所用时间为t=；P沿圆周运动，设它经过的整数圆数为n，则它经过的路程为πr+2nπr，所用的时间为t=；因为时间t相同，所以得到方程=，移项，合并同类项得，v′=．n为P点运动的周数，应取整数．故答案为：（n=0，1，2…）．11．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）将重力为50N的物体甲放在水平地面上，细绳的一端系于物体甲上表面的中央，另一端竖直拉着杠杆的B端时，杠杆在水平位置平衡，如图甲所示．此时物体甲对水平地面的压强为p1，当在物体乙下方甲挂物体丙（如图乙）后，杠杆仍在水平位置平衡，此时物体甲对水平地面的压强为p2，压力为6N，且p1：p2=5：3，则物体丙的重力为 2 N．【分析】甲乙两种情况下甲物体的受力面积不变，根据p=求出两图中甲物体对地面的压力，因绳子对A的作用力和绳子对甲的作用力相等据此可知两种情况下甲物体对A点的作用力，根据杠杆的平衡条件得出等式，联立等式即可得出丙物体的重力．【解答】解：设甲物体的底面积为S，由p=可知，甲物体对地面的压力F=pS，已知p1：p2=5：3，且F2=6N，===，所以，F1=F2=×6N=10N；由于绳子对A 的作用力和绳子对甲的作用力相等，则图甲中：F A =G 甲﹣F 1=50N ﹣10N=40N ，图乙中：F A ′=G 甲﹣F 2=50N ﹣6N=44N ，由于杠杆始终处于平衡状态，关键杠杆平衡条件可得：图甲中：F A AO=G B OB ，由图可知：力臂AO ：OB=1：2，以此即可得出：G B =×F A =×40N=20N ，乙图中：F A ′AO=（G B +G 丙）OB ，则G 丙=×F A ′﹣G B =×44N ﹣20N=2N ．故答案为：2．12．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）甲、乙两液体的密度比为ρ甲：ρ乙=5：4，体积比为V 甲：V 乙=2：3，比热容比为c 甲：c 乙=1：2，且它们的初温不等，现将它们混合（不发生化学反应），不计混合过程中的热损失，达到热平衡后液体温度相对各自初温变化量的绝对值分别为△t 甲和△t乙，则△t甲：△t乙为12：5 ．【分析】根据密度公式ρ=的变形公式m=ρV 求出甲、乙两液体的质量之比，然后根据热平衡方程Q 放=Q 吸和热量公式Q=cm △t 即可求出温度的变化量之比．【解答】解：由ρ=得，液体的质量m=ρV，则甲、乙两液体的密度比为：==×=×=，不计混合过程中的热损失，根据热平衡方程可得：Q 放=Q 吸，即：c 甲m 甲△t 甲=c 乙m 乙△t 乙，则液体温度相对各自初温变化量的绝对值：==×=×=．故答案为：12：5．13．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图所示．轻绳的一端通过定滑轮与质量为m 、可看成质点的理想物体相连．另一端受到大小为F 的恒力作用，开始时绳与水平方向夹角为θ．小物体从水平面上的A 点被拖动到水平面上的B 点，A 、B 距离为L ，随后从B 点沿斜面被拖动到滑轮O 处，B 、O 距离也为L ，小物体与水平面及斜面间的动摩擦因数均为μ，若小物体从A 运动到O 的过程中，F 对小物体做的功W F = 2FLcosθ ，小物体在BO 段运动过程中克服摩擦力做的功W f = μmgLcos2θ ．【分析】根据功的定义，F 做的功应该是F 乘以在F 方向的位移，这个位移是力F 作用点的位移即绳子伸长的长度．求出BO 段摩擦力，再求得克服摩擦力做功．【解答】解：小物体从A 运动到O 的过程中，利用数学几何关系可知绳子缩短的长度s=2Lcosθ所以F 对小物体做的功：W F =Fs=2FLcosθ根据几何关系得BO 斜面倾角为2θ，小物体在BO 段运动过程中受到的滑动摩擦力大小 f=μmgcos2θ小物体在BO 段运动过程中克服摩擦力做的功为 W f =fL=μmgLcos2θ故答案为：2FLcosθ；μmgLcos2θ．14．（4分）（2016•黄冈校级自主招生）如图所示，电阻R 1标有“6Ω lA”，R 2标有“3Ω 1.2A”，电流表A 1、A 2的量程均为0～3A ，电压表量程0～15V ，在a 、b 间接入电压可调的直流电源．闭合开关s 后，为保证R 1、R 2均不损坏，则允许加的最大电源电压是 3.6V ，通过电流表A 1的电流不得超过 1.8A ．【分析】开关闭合后，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A 1测干路电流，电流表A 2测通过电阻R 2的电流；（1）根据欧姆定律分别求出两电阻两端允许所加的最大电压，然后根据并联电路的电压特点确定R1、R2均不损坏时允许加的电源电压；（2）根据欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出电流表A1的最大示数．【解答】解：开关闭合s后，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过电阻R2的电流，（1）∵电阻R1标有“6Ω 1A”，R2标有“3Ω 1.2A”，∴根据欧姆定律可得：电阻R1两端允许的最大电压为U1=I1R1=1A×6Ω=6V，电阻R2两端允许的最大电压为U2=I2R2=1.2A×3Ω=3.6V，∵并联电路，各支路电压相等，且6V＞3.6V，∴为了保护电阻R2，电源电压不能超过3.6V．（2）此时通过电阻R1的电流为：I1===0.6A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴干路电流表A1的示数I=I1+I2=0.6A+1.2A=1.8A．故答案为：3.6V；1.8A．三、计算题15．（12分）（2016•黄冈校级自主招生）如图所示的电路中，电源两端电压U保持不变．当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P置于a端时（a、b是滑动变阻器的两个端点），电压表的示数为U1，电流表的示数I1为1A，电阻R1消耗的电功率P1为6W，电阻R2消耗的电功率为P2．当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P置于b端时，电压表的示数为U2，电流表的示数为I2，电阻R2消耗的电功率为P2′．已知P2：P2′=1：9，U1：U2=7：3．求：（1）电流表的示数I2为多少安？（2）电源两端的电压U为多少伏？（3）当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P置于滑动变阻器中点时，通电2min，电阻R2放出的热量为多少焦？【分析】先画出闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P置于a端和b端时的等效电路图；（1）根据R=求出图甲中R1的电阻，利用甲乙两图R2消耗的电功率关系和P=I2R求出电流表I2的示数；（2）利用两次电压表的示数关系和欧姆定律求出R3、R2两电阻的关系，结合甲乙两图根据电源的电压不变求出R2的阻值，根据图乙求出电源的电压；（3）先根据电阻的串联特点和欧姆定律求出滑片P置于中点时电路中的电流，根据Q=I2Rt求出电阻R2放出的热量．【解答】解：设滑动变阻器的最大阻值为R3，当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P置于a端时，等效电路如图甲所示；当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P 置于b端时，等效电路如图乙所示．（1）由图甲得：R1===6Ω，由图甲、乙得：===，即=，解得：I2=3A；（2）===解得：R3=6R2，根据电源两端电压不变，由图甲、乙得：I1（R1+R2+R3）=I2（R1+R2），解得：R2=3Ω，根据图乙得：U=I2（R1+R2）=3A×（6Ω+3Ω）=27V；（3）当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P置于滑动变阻器中点时，通过R2的电流I===A，通电2min，电阻R2放出的热量：Q=I2R2t=×3Ω×2×60s=810J．答：（1）电流表的示数I2为3A；（2）电源两端的电压U为27V；（3）电阻R2放出的热量为810J．16．（12分）（2016•黄冈校级自主招生）如图甲所示，正方体A边长0.2m，作为配重使用，杠杆OE：OF=2：3，某同学用这个装置和一个密闭容器D提取水中的圆柱体B，圆柱体B的体积是密闭容器D的；旁边浮体C的体积是0.1m3，该同学站在浮体C上，C总体积的浸入水中；该同学用力拉动滑轮组绕绳自由端，手拉绳的功率P和密闭容器D匀速被提升的距离关系如图乙所示；密闭容器D上升速度0.05m/s保持不变，密闭容器D被提出水后，将圆柱体B从密闭容器D中取出放在浮体C的上面，同时手松开绳子时，浮体C露出水面的体积减少总体积的；在提升全过程中，配重A始终没有离开地面．两个定滑轮总重10N．（绳的重力，滑轮与轴的摩擦及水的阻力不计．g=10N/kg），求：（1）D完全露出水面时人拉绳的力的大小．（2）圆柱体B的重力；（3）密闭容器D离开水面时，滑轮组提升重物B的机械效率；（百分号前面保留整数）；（4）圆柱体B的密度；【分析】（1）由图象可知D完全露出水面时F1的功率，知道D上升的速度，求出拉力端移动的速度，利用P=Fv求拉力大小；（2）把B放在C上，且放开手后，知道浮体C露出水面的体积减少总体积的，可得GB +F1=ρ水g VC，据此求圆柱体B的重力；（3）对圆柱体做的功为有用功利用W=Gh计算，拉力做的功为总功利用W=Fs计算，再利用效率公式求此装置的机械效率；（4）绳的重力，滑轮与轴的摩擦及水的阻力不计，利用F=（GB +GD+G轮）求容器D和动滑轮总重，由图可知，D未出水面时的功率，利用P=Fv求此时拉力，再根据F=（GB +GD+G轮﹣F浮）求此时容器D受浮力大小，再根据阿基米德原理求容器D的体积，根据圆柱体B的体积是密闭容器D的求圆柱体B的体积；利用G=mg=ρvg求圆柱体B的密度．【解答】解：（1）由图象可知D完全露出水面时F1的功率P1=12W，P1=F1υ，解之，答：D完全露出水面时人拉绳的力为80N．（2）B放在C上，且放开手后，，，答：圆柱体B的重力为200N．（3），答：滑轮组提升重物B的机械效率为83%．（4）∵F1=（GB+GD+G轮），∴GD +G动=3F1﹣GB=3×80N﹣200N=40N；D未出水面时的功率为P2=6W，拉力：F2===40N；又∵F2=（GB+GD+G轮﹣F浮），∴D受浮力F浮=GB+GD+G动﹣3F2=200N+40N﹣3×40N=120N，又∵F浮=ρ水gVD，∴VD===0.012m3，∴VB =VD=×0.012m3=0.004m3，∵G=mg=ρvg，∴ρB===5×103kg/m3．答：圆柱体B的密度为5×103kg/m3．。

最大最全最精的教育资源网2016 年湖北省黄冈中学联考取考物理模拟试卷一、选择题：1．假如水的密度、沸点、比热容等性质发生变化，平常生活现象将发买卖想不到的变化，以下说法中错误的选项是（）A．假如水的密度变得和水银相同大，那么地上的人、石头、铁块都能够在水面上飘荡B．假如水的沸点高升到120℃，那么煮熟、煮烂食品变得更简单些C．假如水的比热容比酒精还小，那么其余条件相同时将水烧开所用的时间会更长D．假如冰的熔点降低到零下150℃，那么地面上的冰山将不会存在2．某高校每日清晨都派小汽车准时接刘教授上班．一次，刘教授为了早一点赶到学校，比平常提早半小时出发步行去学校，走了 27 分钟时碰到来接他的小汽车，他上车后小汽车立刻掉头行进．设刘教授步行速度恒定为 v，小汽车来回速度大小恒定为 u，刘教授上车以及小汽车掉头时间不计，则可判断（）A ．刘教授将会提早 3 分钟到校，且v： u=1 ：10B．刘教授将会提早6分钟到校，且v： u=1 ： 10C．刘教授将会提早3分钟到校，且v： u=1 ： 9D．刘教授将会提早6分钟到校，且v： u=1 ：93．一航天探测器达成对月球的探测任务后，在走开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞翔，先加快运动，再匀速运动．探测器经过喷气而获取推进力．以下对于喷气方向的描绘中正确的选项是（）A．探测器加快运动时，沿直线向后喷气B．探测器加快运动时，竖直向下喷气C．探测器匀速运动时，竖直向下喷气D．探测器匀速运动时，不需要喷气4．如下图电路，电源电压保持不变．当开关S1、 S3闭合， S2断开时，电路的功率为48W，若此时把开关 S2也闭合时，电路的功率增添了216W ，电流表 A 1、 A2的示数之比是 2：1．则以下说法错误的选项是（）A ．电阻 R1与 R2阻值之比为 1：2B．电阻 R1与 R3的电功率之比为1： 3C．电路中的开关都闭合与只闭合S3时，电流表 A 两次的示数之比为 11： 1 D．开关都闭合时电流表 A 1、 A 3的示数之比是2： 35．如下图，在盛有水的圆柱形容器内，体积为100cm 3，实心物块甲放在实心木块乙上，木块乙飘荡在水面上，木块受的浮力为F1，水对容器底部的压强为p1；现将甲取下并淹没水中，静止时，容器对甲的支持力为N ，木块静止时受的浮力为F2，水对容器底部的压强为p2，水面深度变化 5cm．已知木块乙的质量为400g，圆柱形容器的底面积为2取 10N/kg ），则以下说法中正确的选项是（）200cm（ gA ． p1＜ p2B ．容器对甲的支持力N为2NC．甲的密度为2.1×103kg/m3D F与 F的差值为 11N． 126．如下图，一根长度为 L 的直薄木条上有两个察看小孔．两小孔之间的距离为d，d 恰巧是一个人两眼间的距离，当木条水平搁置时，这人想经过两察看孔看见此木条在平面镜M 里完好的像，那么采用的平面镜宽度起码是（）A．B．C．D．7．如下图，七块完好相同的砖块依据图示的方式叠放起来，每块砖的长度均为L ，为保证砖块不倒下， 6 号砖块与 7 号砖块之间的距离S 将不超出（）A．L B．2L C．LD．L8．如下图电路中，滑动变阻器的最大阻值为R2，R1、 R3均为定值电阻，且R2＞ R3．若将滑动变阻器的滑臂由 a 移向 b 的过程中，电流表和电压表示数变化状况是（）A ．电流表示数先变大后变小，电压表示数先变小后变大B．电流表示数先变小后变大，电压表示数先变大后变小C．电流表示数变大，电压表示数先变大后变小D．电流表示数变小，电压表示数先变小后变大9．在如下图的电路中，电流表 A 1和 A 2的示数分别为0.3 安和 0.4 安，若将电路中的某两个电阻的地点交换，电流表 A 1和 A 2的示数却不变，则电流表 A 的示数可能为（）A ． 0.45 安B ． 0.65 安C． 0.55 安 D ．0.60 安10．如下图实验装置，弹簧测力计下边挂着条形磁铁，螺线管中插有铁芯，开关S 拨在触点②位置．要使弹簧测力计的示数变大，以下操作方法能够实现的是（）A ．滑片 P 向 b 端滑动 B．将 S 拨到①地点C．将铁芯从螺线管中拿出 D ．将螺线管往上挪动11．如下图，质量相等的甲、乙两个薄壁圆柱形容器内分别盛有深度相同的 A、 B 两种液体，且ρA=2ρB．两容器的底面积分别为 S 甲和 S 乙，且 S 乙=2S 甲．现将两个相同的小球分别放入甲、乙两容器中（没有液体溢出），小球在 B 液体中处于悬浮状态．以下判断正确的选项是（）A．放入小球前，甲容器的底部所受液体的压力大于乙容器底部所受液体的压力B．放入小球前，甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力C．放入小球后，甲容器对桌面的压强等于乙容器对桌面的压强D．放入小球后，甲容器的底部所受液体的压强盛于乙容器底部所受液体的压强12．一支刻度均匀但刻度线地点禁止的温度计，把它放在 1 标准大气压的开水中，读数是 97℃，把它放在冰水混淆物中，读数是 2℃．若用这支温度计去丈量某物体的温度时，它的读数恰巧等于物体的本质温度，则该物体的温度是（）A ． 50℃B ． 47.5℃C． 4O℃ D ．38℃二、填空题：（13-16 题每题 4 分， 17-19 题每空 2 分，共 24 分）13．一个竖直搁置在水平桌面上的圆柱形容器，内装密度为ρ的液体，将挂在弹簧测力计下的金属块 A 淹没在该液体中（ A 与容器底未接触），金属块 A 静止时，弹簧测力计的示数为F，将木块B放入该液体中，静止后木块 B 露出液面的体积与其整体积之比为7：12；把金属块 A 放在木块 B 上，木块 B 恰巧没入液体中（如下图）．若已知金属块 A 的体积与木块 B 的体积之比为13： 24，则金属块的体积为．14．小阳利用磁敏电阻为他的自行车设计了一个速度计，磁铁固定在自行车的辐条上，磁敏电阻固定在自行车的后车架上，安装表示图如图甲，工作电路如图乙，已知电源电压为6V 恒定不变．当磁铁与磁敏电阻R s靠得近来时阻值为200Ω，磁铁与磁敏电阻R s离得最远时阻值为400Ω，凑近或远离时的本质电阻在这二者之间变化；当R0两头电压不低于 4.5V 时电子计数器就能有效计数，低于4.5V 就不可以产生计数，车轮每转动一圈就计数一次．为保证电子计数器有效工作，电阻R0最小阻Ω．某次行 中，小明 5 分 恰巧完好 数了300 次， 的周 3m ，段 内自行 行 的均匀速度km/h ．15．如 所示， 簧一端固定于水平面上，另一端与 量 m 的活塞拴接在一同，一张口向下、量 M 的气缸与活塞一同封 了必定 量的气体，气缸和活塞均是 的良 体．若外界 境的温度慢降低， 活塞将 ；气缸将“” “” “（两空均 填 向上移、 静止不或 向下移 ”）．16． 停 后，各样 了一段 才能 停止 ．可 物体有 性． 性的大小在物理学顶用 量I 来表示．物体可看作由 n 个细小部分 成，它 的 量分m 1、 m 2、 ⋯m n ，到某 的距离分r1、r2、 ⋯r n ， 物体 的 量 （ 1） A 是一个 量 m 的小球，用l 的 硬杆（不 量、不形 ） 接到OO ′上，它 个 的 量是．（ 2） B 是用 制成的 量M 、半径R 的 ．我 将 均匀切割100 平分，每一平分能够看作是一个小球（ 中a ）． 着中心OO' 的 量．将它用 硬杆与 相固定，就制成一个玩具陀螺甲，若用同 型号的 制成半径2R 的陀螺乙， 要使甲乙 起来，更简单些的是．（ 3） C 中的薄 筒半径0.1m 、 量0.2kg ， 薄 筒 中心OO'的 量是kg?m 2．17．如下图是电路的一部分此中R1=5 欧， R2=1 欧， R3=3 欧， I1 =0.20A ， I 2=0.10A ，则电流表上的电流为．18．利用图示装置能够将机械能转变成内能．当挂在滑轮上的两个重物落下时，装满水的容器中的叶片便转动起来，使水的温度高升．假定两边滑轮所挂重物的质量均为m1，重物着落的高度为h，容器内水的质量为m2，水高升的温度为△ t，水的比热容为c，这台机器的效率为．（用物理量符号表示）19．已知砖的密度为 1.5×103千克 /米3，用长 25 厘米、宽 12 厘米、厚6 厘米的砖块砌房屋的墙，若房屋内外墙的总面积为720 平方米，墙的厚度为25 厘米，则修筑此房约需砖块，假如汽车一次能装载 4 吨，则最少要拉次才能将这些砖拉来．三、综合应用：（10+10=20 分）20．如下图，水平桌面上放一底面积为100cm 2的柱形容器，容器内盛有某种液体，滑轮组左端挂一重物，并淹没在液体中，当用滑轮组提高淹没在液体中的物体时，竖直向下拉动滑轮的力为11.8N ，液体对容器底的压强为2000Pa；当将物体上提到体积露出液面时，竖直向下拉动滑轮的力为13.4N ；已知物体的密度为 5.0×103kg/m3，每个滑轮的重力为1N，忽视绳重、轮与轴之间的摩擦，取g=10N/kg ．求：（1）物体的重力；（2）液体的密度；（3）当物体上提到体积露出液面时液体对容器底的压强．21．科技小组的同学们设计了一个多档位的电热器模型，电路实物连结表示图如下图，电路中电源两头电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R3．将滑动变阻器的滑片P 置于中点M ，且只闭合开关 S1时，电压表V 1的示数为 U，电流表的示数I 1为 0.8A ；将滑动变阻器的滑片P 置于 B 端，断开开关 S1，闭合开关 S2时，电压表 V 1的示数为U，电流表的示数为I2，R2耗费的电功率P2为 2.7W ．（1）求电流表的示数 I 2；（2）将滑动变阻器的滑片 P 置于 A 端，闭合开关 S1和开关 S2时，电压表 V 2的示数为 3U，求此时R1耗费的电功率P1．2016 年湖北省黄冈中学联考取考物理模拟试卷参照答案与试题分析一、选择题：1．假如水的密度、沸点、比热容等性质发生变化，平常生活现象将发买卖想不到的变化，以下说法中错误的选项是（）A．假如水的密度变得和水银相同大，那么地上的人、石头、铁块都能够在水面上飘荡B．假如水的沸点高升到120℃，那么煮熟、煮烂食品变得更简单些C．假如水的比热容比酒精还小，那么其余条件相同时将水烧开所用的时间会更长D．假如冰的熔点降低到零下150℃，那么地面上的冰山将不会存在【考点】沸腾及沸腾条件；物体的浮沉条件及其应用；水的比热容的特色及应用．【专题】极端假定法；热和能．【剖析】（ 1）固体的密度大于液体的密度时，固领会飘荡在液面上．（2）食品在温度较高时，食品简单被煮烂．（3）依据 Q=cm △ t 进行判断．（4）晶体凝结的条件：达到凝结点，持续放热．【解答】解： A 、水的密度变得和水银相同，人、石头、铁块的密度小于水的密度，人、石头、铁块都会飘荡在水面上．选项说法正确，不切合题意．B、假如水的沸点高升到120℃，食品在高温下简单被煮烂．选项说法正确，不切合题意．C、水和酒精的质量相同，高升相同的温度，因为水的比热变得比酒精小，依据Q=cm △t ，水汲取的热量会变少，把水烧开需要的时间会缩短．选项说法错误，切合题意．D、地球上最低气温大概是﹣88℃，假如冰的熔点降低到零下150℃，那么地面上的冰山将不会存在．选项说法正确，不切合题意．应选 C．【评论】本题的条件变化，可是仍是依据物理知识进行解说，仍是切合物理规律的．2．某高校每日清晨都派小汽车准时接刘教授上班．一次，刘教授为了早一点赶到学校，比平常提早半小时出发步行去学校，走了27 分钟时碰到来接他的小汽车，他上车后小汽车立刻掉头行进．设刘最大最全最精的教育资源网教授步行速度恒定为v，小汽车来回速度大小恒定为u，刘教授上车以及小汽车掉头时间不计，则可判断（）A ．刘教授将会提早 3 分钟到校，且v： u=1 ：10B．刘教授将会提早6分钟到校，且v： u=1 ： 10C．刘教授将会提早3分钟到校，且v： u=1 ： 9D．刘教授将会提早 6 分钟到校，且v： u=1 ：9【考点】速度的计算；速度公式及其应用．【剖析】由题知，小车是准时的，小车从碰到刘教授的地方抵达刘教授平常上车的地方需要3min ，刘教授走了27min ，据此求出u 和 v 的大小关系；提早的时间就是小车从碰到刘教授的地方抵达刘教授平常上车的地方来回用的时间．【解答】解：因为小车是准时的，刘教授提早30min 走，此刻已经过了27min ，假如刘教授等着不走，那么小车此刻从碰到刘教授的地方抵达刘教授平常上车的地方需要3min，则：刘教授步行的路程为： s=27min ×v，小车行驶这段行程的车速：u===9v ，所以 v： u=1： 9；提早的时间就是小车少走了3min 行程的来回时间，即6min．应选 D．【评论】本题考察了速度公式的应用，剖析题意得出“小车从碰到刘教授的地方抵达刘教授平常上车的地方需要3min ”是本题的重点．3．一航天探测器达成对月球的探测任务后，在走开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞翔，先加快运动，再匀速运动．探测器经过喷气而获取推进力．以下对于喷气方向的描绘中正确的选项是（）A．探测器加快运动时，沿直线向后喷气B．探测器加快运动时，竖直向下喷气C．探测器匀速运动时，竖直向下喷气D．探测器匀速运动时，不需要喷气【考点】力作用的互相性．【专题】定性思想；推理法；运动和力．最大最全最精的教育资源网【剖析】探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞翔时，遇到月球竖直向下的万有引力及沿气体喷气方向相反的反冲力，在两个力的协力作用下运动，再由探测器的运动状态来判断反冲力的方向，从而判断喷气方向．【解答】解： A 、 B、探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞翔加快运动时，加快度的方向沿直线与速度方向相同，即协力的方向也沿直线与速度方向相同，而遇到月球的万有引力方向竖直向下，所以，反冲力方向与运动直线成一角度斜向上，那么，喷气方向与运动直线成一角度斜向下，应选项A、 B 错误．C、D 、探测器匀速运动，受力均衡，协力为零，已知遇到的月球的万有引力竖直向下，则遇到的气体的反冲力竖直向上，所以，探测器竖直向下喷气，应选项 C 正确，选项 D 错误．应选 C．【评论】解答本题掌握好：探测器遇到两个力，一是竖直向下的月球万有引力，另一个是喷气的反冲力，由探测器的运动状态结协力的合成平行四边形法例来确立反冲力的方向，自然喷气的方向就确立了．4．如下图电路，电源电压保持不变．当开关S1、 S3闭合， S2断开时，电路的功率为48W，若此时把开关S2也闭合时，电路的功率增添了216W ，电流表 A 1、 A2的示数之比是2：1．则以下说法错误的选项是（）A ．电阻 R1与 R2阻值之比为 1：2B．电阻 R1与 R3的电功率之比为1： 3C．电路中的开关都闭合与只闭合S3时，电流表 A 两次的示数之比为11： 1D．开关都闭合时电流表 A 1、 A 3的示数之比是2： 3【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．【剖析】由电路图可知，当开关S1、 S3闭合， S2断开时，电路为R3的简单电路；若此时把开关S2也闭合， R1、 R2、R3并联， A 1测经过 R1的电流， A 2测经过 R2的电流， A 3测 A 1、A 2示数之和；依据欧姆定律和电流表的示数关系求出电阻R1与 R2阻值之比；由并联电路的电压特色和P=可知电路功率的增添为R1、R2耗费的电功率之和，利用R1与R2阻值关系求出电阻R1与 R3的电功率之比；依据并联电路电流特色求出电流表 A 1、A 3的示数之比，表示出此时电路的总电流；当电路中的开关都闭合与只闭合S3时，三电阻串连，依据电阻的串连特色和欧姆定律表示出此时电路的总电阻，进一步求出电流表 A 两次的示数之比．【解答】解：当开关S1、 S3闭合， S2断开时，电路为R3的简单电路，所以， P3==48W ，若此时把开关S2也闭合， R1、 R2、R3并联， A1测经过 R1的电流， A 2测经过 R2的电流， A 3测 A 1、A 2示数之和，因并联电路中各支路两头的电压相等，且电流表A1、 A 2的示数之比是2： 1，所以，：=2 ：1，即 R1： R2=1 ： 2，故 A 正确；因 P1+P2= + =216W ，所以 P1==216W × =144W ，所以 P1： P3=R3： R1=144W ：48W=3 ： 1，故 B 错误；此时 A 1：A 3=：（+） =R2：（ R1+R2）=2： 3，故 D 正确；此时电路中的电流I 并 =++ =；当电路中的开关都闭合与只闭合S3时，三电阻串连，电路中的电流I 串 ==，所以 I 并：I 串=：=11： 1，故 C 正确．应选 B．【评论】本题考察了串连电路和并联电路的特色，以及欧姆定律、电功率公式的灵巧应用；重点是电路图中开关的闭合、断开时三电阻状态的鉴别．5．如下图，在盛有水的圆柱形容器内，体积为100cm 3，实心物块甲放在实心木块乙上，木块乙飘荡在水面上，木块受的浮力为F1，水对容器底部的压强为p1；现将甲取下并淹没水中，静止时，容器对甲的支持力为N ，木块静止时受的浮力为F2，水对容器底部的压强为p2，水面深度变化5cm．已知木块乙的质量为400g，圆柱形容器的底面积为2）200cm（ g 取 10N/kg ），则以下说法中正确的选项是（A ． p1＜ p2B ．容器对甲的支持力 N 为 2NC．甲的密度为33与 F2的差值为11N 2.1×10 kg/m D．F1【考点】浮力大小的计算；压强盛小比较；物体的浮沉条件及其应用．【专题】计算题；错解剖析题；压强、液体的压强；浮力；浮沉的应用．【剖析】如下图，知道乙物体遇到的浮力，由物体的飘荡条件可知甲和乙的总重，将物块甲取下并沉入水中静止时，木块乙仍飘荡，由物体的飘荡条件可知F2，从而可依据阿基米德原理判断两种状态小液面的变化和甲物体的重力；从而即可求出物体甲的密度、F1与 F2的差值．【解答】解：如图，∵甲和乙飘荡，∴ G 甲+G 乙=F1，将物块甲取下并沉入水中静止时，木块乙仍飘荡，∴ ρ甲＞ρ水＞ρ乙，则 F2=G 乙=m 乙 g=0.4kg ×10N/kg=4N ，33×100×10﹣ 6 3F 甲浮 =ρ水 gV 甲 =1×10 kg/m×10N/kg m =1N ，∵V 排1==V 排2=V 甲+V 乙排=+，∴V 排1＞V 排2，∴水面降落，依据p=ρgh 可知：水对容器底部的压强为p1＞ p2，故 A 选项错误；且 V 排1﹣ V 排2=S△ h=200cm ×5cm=1000cm=1 ×10﹣3m3，2即：﹣（+）=﹣V甲=1×10﹣3m3，∴G 甲 =ρ水 g（V 甲 +1×10﹣3m3） =1 ×103kg/m3×10N/kg ×（ 100×10﹣6m3+1×10﹣3m3） =11N ，全国中小学教育资源门户网站|天量课件、教学设计、试卷、教案免费下载最大最全最精的教育资源网甲的密度为：ρ===1133×10 kg/m ，故 C 选项错误；F1﹣ F2=G 甲 +G 乙﹣G 乙=G 甲 =11N ，故 D 选项正确．应选 D．【评论】本题考察了学生对物体的飘荡条件和阿基米德原理的掌握和运用，依据两次排开液体的体积变化求出物体甲的重是本题的重点．6．如下图，一根长度为L 的直薄木条上有两个察看小孔．两小孔之间的距离为d，d 恰巧是一个人两眼间的距离，当木条水平搁置时，这人想经过两察看孔看见此木条在平面镜M 里完好的像，那么采用的平面镜宽度起码是（）A．B．C．D．【考点】平面镜成像的特色、原理、现象及其实验方案．【专题】跨学科；几何法．【剖析】要使平面镜宽度CD 最小，一定：左眼看的是C，右眼看的是 A ，依据平面镜成像特色以及光的反射定律，AM=BM ，AO=BO ， CQ=DQ ， CN=DN ， BD=AC ，过点 F 作 ED 的平行线，与平面镜 MN 交于点 P，与 BD 的延伸线交于点 G，则四边形 EFGD 、EFPO 是平行四边形，利用平行四边形的性质和三角形中位线定理即可解答．【解答】解：用左眼看右边的，用右眼看左边的．如下图（绿橙部分的长度即所求的平面镜宽度）依据平面镜成像特色以及光的反射定律，AM=BM ，AO=BO ， CQ=DQ ， CN=DN ，BD=AC ，由图可知，四边形BDAC 为矩形，过点 F 作 ED 的平行线，与平面镜所在直线交于点P，与 BD 的延伸线交于点G，则四边形 EFGD 、 EFPO 是平行四边形，则 EF=QP=DG=d ，OP 是△BFG的中位线， OP= BG= （ BD+DG ）又因为 OP=OQ+QP ， AC=BD=L ，所以 OQ=OP ﹣ PQ=（BD+DG）﹣PQ=（L+d）﹣d=应选 D．【评论】本题主要考察学生对平面镜成像的特色的理解和掌握，解答本题要联合几何知识，所以有必定的拔高难度，是一道比赛题．7．如下图，七块完好相同的砖块依据图示的方式叠放起来，每块砖的长度均为L ，为保证砖块不倒下， 6 号砖块与 7 号砖块之间的距离S 将不超出（）A．L B．2L C．LD．L【考点】杠杆的均衡条件；重心．【专题】应用题．【剖析】因两部分对称，则可只研究一边即可； 1 砖受 2 和 3 支持力而处于均衡状态，则可由力的合成求得 1 对 2 的压力；而 2 砖是以 4 的边沿为支点的杠杆均衡，则由杠杆的均衡条件可得出 2 露出的长度，同理可求得 4 露出的长度，则可求得6、 7相距的最大距离．【解答】解： 1 处于均衡，则 1 对 2 的压力应为；当 1 放在 2 的边沿上时距离最大；2 处于杠杆均衡状态，设 2 露出的长度为x，则 2 下方的支点距重心在（﹣ x）处；由杠杆的均衡条件可知：G（﹣ x） =x解得： x= ；设 4 露出的部分为x1；则 4 下方的支点距重心在（﹣x1）处；4遇到的压力为G+；则由杠杆的均衡条件可知：G（﹣x1）=（G+）x1；解得 x1=；67之间的最大距离应为：L+2（x+x1）=L+2（+）= L；则、应选 A．【评论】本题考察了杠杆的均衡条件在生活中的应用，在解题时应注意明确找出杠杆的支点及遇到的力，再利用杠杆的均衡条件列式求解．8．如下图电路中，滑动变阻器的最大阻值为R2，R1、 R3均为定值电阻，且R2＞ R3．若将滑动变阻器的滑臂由 a 移向 b 的过程中，电流表和电压表示数变化状况是（）A．电流表示数先变大后变小，电压表示数先变小后变大B．电流表示数先变小后变大，电压表示数先变大后变小C．电流表示数变大，电压表示数先变大后变小D．电流表示数变小，电压表示数先变小后变大【考点】电路的动向剖析．【专题】应用题；电路和欧姆定律．【剖析】滑动变阻器的滑臂由 a 移向 b 的过程中，变阻器与电阻R3并联的总电阻先增大后减小，根据电路特色和欧姆定律剖析干路电流的变化，由欧姆定律剖析电压表读数的变化．依据干路电流与经过 R3电流的变化，剖析电流表读数的变化．【解答】解：由图知，滑动变阻器与R3右边部分串连再R2的左边部分并联，最后与R1串连，电流表测变阻器左侧部分电流，电压表测并联部分两头电压．由题 R2＞R3，设滑动变阻器的滑片滑到 c 处时，若R ac=R cb+R3，则：最大最全最精的教育资源网滑片从 a 滑到 c 的过程中，变阻器与电阻R3并联的总电阻增大，电路总电阻增大，干路电流减小，由欧姆定律得悉，电压表示数变小；变阻器与电阻R3并联的电压增大，而变阻器右部边分与R3串连减小，则经过R3的电流增大，干路电流减小，干路电流等于电流表的电流与经过R3的电流之和，所以电流表的示数变小；滑臂从 c 滑到 b 的过程中，变阻器与电阻R3并联的总电阻减小，电路总电阻减小，干路电流增大，由欧姆定律得悉，电压表示数变大；变阻器与电阻R3并联的电压减小，而变阻器左边部分的电阻增大，则经过电流表的电流变小．故电流表示数向来变小．应选 D．【评论】本题是电路的动向剖析问题，重点是剖析变阻器与R3并联的总电阻怎样变化，依据干路电流与支路电流的关系，剖析电流表示数的变化．9．在如下图的电路中，电流表 A 1和 A 2的示数分别为0.3 安和 0.4 安，若将电路中的某两个电阻的地点交换，电流表 A 1和 A 2的示数却不变，则电流表 A 的示数可能为（）A ． 0.45 安B ． 0.65 安C． 0.55 安 D ．0.60 安【考点】并联电路的电流规律．【专题】计算题；图析法；电流和电路．【剖析】（ 1）剖析电路图，画出等效电路图如下图，R1、 R2、R3并联，电流表 A 1丈量经过R2、R3的电流之和，电流表 A 2丈量经过 R1、 R2的电流之和；（2）将 R1、 R2、R3中的某两个电阻交换地点而其余条件不变时，两电流表的示数不变，三电阻两头的电压相等，依据欧姆定律可知所换的两电阻大小相等，求出三条支路的电流，再求流过干路的电流值．【解答】解：画出等效电路图，如下图，R1、R2、R3并联，电流表 A 1丈量经过 R2、R3的电流之和，电流表 A 2丈量经过R1、 R2的电流之和；①若交换 R1、 R2的地点，两电流表的示数不变，则R1=R2，因为电流表 A 2的示数为0.4A ，所以I 1=I 2=0.2A ；因为电流表 A 1的示数为0.3A ，则 I2 +I 3=0.3A ；所以 I3=0.1A ；所以干路上的电流：最大最全最精的教育资源网I=I 1+I 2+I 3=0.2A+0.2A+0.1A=0.5A ；②若交换R、 R的地点，两电流表的示数不变，则R =R，因为电流表A1的示数为 0.3A，所以23 2 3I 2=I 3=0.15A ；因为电流表 A 2的示数为0.4A ，则 I 1+I 2=0.4A ；所以 I 1=0.4A ﹣ 0.15A=0.25A ；所以干路的电流：I=I 1+I 2+I 3=0.25A+0.15A+0.15A=0.55A ；③若交换 R1、 R3的地点，两电流表的示数不变，则R1=R3；而若 R1=R3则两电流表的示数就应相同，所以不行能是交换R1、 R3的地点．由上剖析，可知电流表 A 的示数可能为0.5A 或 0.55A ．应选 C．【评论】本题考察了学生对欧姆定律、串并联电路的特色的掌握和运用，能剖析电路图画出等效电路图帮助剖析是本题的重点．10．如下图实验装置，弹簧测力计下边挂着条形磁铁，螺线管中插有铁芯，开关S 拨在触点②位置．要使弹簧测力计的示数变大，以下操作方法能够实现的是（）A ．滑片 P 向 b 端滑动 B．将 S 拨到①地点C．将铁芯从螺线管中拿出 D ．将螺线管往上挪动【考点】影响电磁铁磁性强弱的要素；磁极间的互相作用；安培定章．【专题】图析法．【剖析】先依据安培定章判断出螺线管上端的极性，而后依据磁极间的互相作用规律进行选择．。

2016年湖北省黄冈中学理科实验班预录物理模拟试卷（C卷）一、选择题1．如图所示，一个小球从某一高度下落，在接触轻质弹簧并压缩弹簧竖直向下运动的过程中，当小球速度达到最大时，不计空气阻力，弹簧的弹力F与小球重力G的大小关系是（）A．F＞G B．F=GC．F＜G D．以上三种情况都有可能2．如图为用电压表测小灯泡两端电压的电路，若电压表的电阻记为R V，小灯泡的电阻R L，则关于AB间的电阻R AB的下列说法正确的是（）A．由于R V远远大于R L，R AB＞R LB．由于R V远远大于R L，R AB＞R VC．由于R V远远大于R L，R AB略小于R LD．由于R V远远大于R L，R AB略小于R V3．容器内盛有部分盐水，在盐水中放入一块淡水凝固成的冰，冰熔化后（）A．盐水的密度减小，液面上升B．盐水的密度减小，液面不变C．盐水的密度减小，液面下降D．盐水的密度不变，液面也不变4．有两个温度和质量都相同的金属球，先把甲球放入盛有热水的杯中，热平衡后水温降低了△t．把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又降低了△t，则甲球比热c甲和乙球比热c乙大小的关系是（）A．c甲＞c乙B．c甲＜c乙C．c甲=c乙D．以上三种情况都有可能5．如图所示，密度分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面的长度是浸在水中长度的n倍．若水的密度为ρ，则棒的密度为（）A．B．C．D．6．卫星绕地球运行时的运动可看做是绕地心的匀速圆周运动，即相等时间内通过圆弧长度相等的运动，卫星绕地球完整一周所用时间叫做运行周期T．如图所示，A、B分别为地球人造卫星，周期分别为T1和T2（T1＞T2），某时刻A、B两卫星相距最近（O、B、A在同一直线上），O为地球中心，则A、B两卫星再一次相距最近至少需要经过的时间为（）A．T1﹣T2B．C． D．7．在如图所示的电路中，R0、R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和 U3表示，电表示数的变化量分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．则在滑片P向下滑动的过程中，下列说法错误的是（）A．不变，不变B．U2=U1+U3C．不变D．|△U2|=|△U1|+|△U3|8．如图所示，水平地面上放置相同材料制成的四个木块，其中两个质量为m的木块间用不可伸长的水平轻绳相连，下面两个木块质量分别为2m和3m．现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使四个木块一同水平向右匀速运动，则（）A．质量为3m的木块与地面间的摩擦力为B．质量为2m的木块与地面间的摩擦力为C．轻绳对m的拉力为D．轻绳对m的拉力为二、填空题（4&#215;3+5分=17分）9．马路宽为D，一辆长为l1、宽为d的汽车以速度v1在路中间匀速向前行驶，此时距车头S处有一辆长为l2的自行车要横穿马路，如图所示，则自行车为了安全通过马路，它行驶的速度应在什么范围？10．如图所示，一平面镜放在圆筒的中心处，平面镜正对筒壁上一点光源S，点光源发出一细光束垂直射向平面镜．平面镜从图示位置开始绕圆筒中心轴O匀速转动，在转动30°角时，点光源在镜中所成的像转过的角度θ1= ，照射到筒壁上的反射光斑转过的角度θ2= ．11．“220V，100W”白炽灯泡的电流I和电压U关系的图象如图（a）所示．根据图象回答：（1）若将两只相同的这种灯泡串联，然后接在220V的恒压电源上，则两只灯泡实际消耗的总电功率为W；（2）若取三只相同的这种灯泡，按如图（b）所示电路连接，然后将A、B两端接在220V的恒压电源上，则这三只灯泡实际消耗的总电功率为W．12．为测量木块所受摩擦力，用如图所示装置实验：甲弹簧测力计右端固定．左端与木块A相连．木块A水平放置在B物块上，乙弹簧测力计保特水平，现拉动乙沿水平面向左匀速运动．稳定时．甲弹簧测力计示数为F1，乙弹簧测力计示数为F2．（1）画出木块A所受摩擦力的示意图：（2）此时，木块A所受摩擦力的大小为，地面对木块B的摩擦力的大小为．（3）若水平向左加速拉动物块B．乙弹簧测力计示数为F3．木块A所受摩擦力的大小为．13．常用的电压表其实是由小量程的电流表G（简称表头）改装而成的．从电路的角度看，表头就是一个电阻，同样遵循欧姆定律．表头与其他电阻的不同仅在于通过表头的电流可从刻度盘上读出来．（1）如图是某一表头G的刻度盘，其量程为0～3mA，内阻（即表头自身电阻）是10Ω．使用时，指针指着某一电流刻度，表示流过表头的电流为某一数值，也意味着表头两端具有一定大小的电压．若指针指在2mA刻度时，对应的电压为V．（2）将表头改装成电压表就是给表头串联一定值电阻，串联好的表头和定值电阻即为改装后的电压表，这样改装的电压表两端可加的电压范围扩大．现需将（1）中表头改装成量程为3V的电压表，则需串联的电阻阻值为Ω，改装后的电压表内阻为Ω．（3）若指针指在表盘刻度为1mA处，即表示加在电压表两端的电压为V．三、综合题（8+9+12=31分）14．如图所示，物体A漂浮在水面上，露出液面部分为将另一个物体B放置在A上，静止时，A露出液面部分占自身体积的，用一根轻质细绳将B悬挂在A下面，静止后，露出液面部分占物体A 体积的．求：（1）物体A的密度（2）物体B的密度．15．在一次研究性学习活动中，我校某课外活动兴趣小组对街上行驶的电动自行车和摩托车做了一个调查．下表中所列的是某品牌电动自行车和摩托车的部分技术参数：电动自行车摩托车最高车速≤20km/h最高车速≤90km/h 一次充电耗电量0.6kW•h一次加油量10L一次充电连续行驶里程50km 一次加油连续行驶里程400km电动机效率75% 发动机效率30%最大骑行噪声≤62dB行驶噪声≥90dB （1）与摩托车相比，电动自行车有哪些优势？（说出两个方面）（2）假设给电动自行车的蓄电池充电时，消耗的电能全部转化为蓄电池的化学能．那么，电动自行车每行驶1km电动机平均做的有用功大约是多少？当自行车以最高车速匀速行驶时，电动机的有用功率大约是多大？（3）摩托车每行驶1km大约要消耗多少能量？（汽油的密度：0.71×103kg/m3；汽油的热值：4.6×107J/kg；g取10N/kg）16．如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“10V 5W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V．滑动变阻器R的最大阻值为200Ω，当只闭合S和S1，移动滑动变阻器的滑片P 时，它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，定值电阻R0的电功率变化了5.4W，求：（1）灯泡L正常发光时通过的电流．（2）只闭合S和S2，且滑动变阻器的滑片P置于中点位置时，灯泡的实际功率．（3）只闭合S和S1，在保证电路安全的情况下，当电阻R0消耗电功率最小时，滑动变阻器R消耗的电功率．2016年湖北省黄冈中学理科实验班预录物理模拟试卷（C卷）参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，一个小球从某一高度下落，在接触轻质弹簧并压缩弹簧竖直向下运动的过程中，当小球速度达到最大时，不计空气阻力，弹簧的弹力F与小球重力G的大小关系是（）A．F＞G B．F=GC．F＜G D．以上三种情况都有可能【考点】力与运动的关系．【专题】应用题；运动和力．【分析】根据力和运动的关系，当合力方向与物体运动方向相同时，物体加速运动，当合力方向与运动方向相反时，物体减速运动，根据弹簧的形变判断弹力和重力的大小关系，得出速度的变化，从而可得出结论．【解答】解：小球从高处下落过程中，重力势能转化为动能，速度加快；当接触弹簧后，弹簧发生形变，弹力竖直向上，重力竖直向下，开始形变较小，弹力小于重力，合力方向竖直向下，小球做加速运动，当弹力增大到一定程度弹力等于重力，此时小球的速度最大；小球继续向下运动，此时弹力大于重力，合力方向竖直向上，小球做减速运动．所以当小球速度达到最大时，弹簧弹力F与小球重力G相等．故选B．【点评】此题考查了力和运动的关系，关键能够根据弹力和重力的大小关系判断出小球运动状态的变化情况．2．如图为用电压表测小灯泡两端电压的电路，若电压表的电阻记为R V，小灯泡的电阻R L，则关于AB间的电阻R AB的下列说法正确的是（）A．由于R V远远大于R L，R AB＞R LB．由于R V远远大于R L，R AB＞R VC．由于R V远远大于R L，R AB略小于R LD．由于R V远远大于R L，R AB略小于R V【考点】欧姆定律的应用；电压表的使用；电阻的并联．【专题】应用题；欧姆定律．【分析】（1）电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，所以正常使用应与被测用电器并联；（2）电阻并联时，相等于增大了导体的横截面积，所以并联后的总电阻小于任何一个分度值．【解答】解：电压表的电阻R V和小灯泡的电阻R L并联时，∵电阻越并越小、小于任何一个分度值，∴AB间的电阻R AB小于灯泡的电阻R L，∵电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，即R V远远大于R L，∴AB间的电阻R AB略小于灯泡的电阻R L．故选C．【点评】本题考查了学生对电阻的并联特点和电压表内阻很大特点的理解与掌握，是一道基础题目．3．容器内盛有部分盐水，在盐水中放入一块淡水凝固成的冰，冰熔化后（）A．盐水的密度减小，液面上升B．盐水的密度减小，液面不变C．盐水的密度减小，液面下降D．盐水的密度不变，液面也不变【考点】密度及其特性；物体的浮沉条件及其应用．【专题】密度及其应用；浮沉的应用．【分析】（1）冰漂浮在浓盐水中，求出冰块排开浓盐水的体积V排．（2）求出当冰熔化之后水的体积V水．（3）比较V排与V水的大小，如果冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，液面上升；如果冰化成水的体积等于冰块排开浓盐水的体积，液面不变；如果冰化成水的体积小于冰块排开浓盐水的体积，液面下降．【解答】解：冰块漂浮在水面上，所以，F浮=G冰，ρ盐水gV排=ρ冰gV冰，V排=，冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，所以，m冰=m水，ρ冰V冰=ρ水V水，V水=，因为ρ盐水＞ρ水，所以，V水＞V排，所以液面上升；因为盐水里增加了一部分水，所以盐水的密度会减小．故选A．【点评】这是一类习题，这类习题都采用相同的思路（比较V排与V水的大小）进行解题．例如：水面上漂着一块冰，冰熔化后水面怎样变化？冰里有一块小石块，冰漂在水面上，冰熔化后水面怎样变化？冰里有一块小木块，冰漂在水面上，冰熔化后水面怎样变化？4．有两个温度和质量都相同的金属球，先把甲球放入盛有热水的杯中，热平衡后水温降低了△t．把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又降低了△t，则甲球比热c甲和乙球比热c乙大小的关系是（）A．c甲＞c乙B．c甲＜c乙C．c甲=c乙D．以上三种情况都有可能【考点】热量的计算；比热容的概念；热平衡方程的应用．【分析】甲、乙两球，先后投入到同一杯水中，甲乙物体吸收热量、温度升高，水放出热量、温度降低；由题知，两次水降低的温度相同，也就是水放出的热量相同，甲乙两球吸收的热量相同；而甲、乙两球的质量相等、初温相同，经吸热后，乙球的末温比甲球的末温低△t；由上述分析可知，质量相同的甲乙两球，吸收相同的热量，乙球升高的温度少，所以乙球的比热容大．【解答】解：先后将甲乙两球投入到同一杯水中，水降低的温度相同，水放出的热量相同，∵由题知，Q吸=Q放，∴甲乙两球吸收的热量相同，而乙球比甲球少升高了△t，即乙球的末温低；由上述分析可知，质量相同的甲乙两球，吸收相同的热量，乙球升高的温度少，所以乙球的比热容大．故选B．【点评】本题考查了比热容的概念、热平衡方程、热量公式，能确定甲乙两球的末温关系是本题的关键．5．如图所示，密度分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面的长度是浸在水中长度的n倍．若水的密度为ρ，则棒的密度为（）A．B．C．D．【考点】密度的计算．【专题】应用题；密度及其应用．【分析】设出棒的横截面积和水中棒的长度，进一步可知整个棒的长度，根据ρ=表示出棒的质量，根据G=mg表示出棒的重力，根据阿基米德原理表示出棒受到的浮力，由相似三角形对应边成比例得出棒的重力和浮力的力臂之比，以C为支点，A是棒的重心（即棒的中心），由杠杆的平衡条件得出等式即可求出棒的密度．【解答】解：设棒的横截面积为S，水中的棒长度为L，则露出的长度为nL，整个棒的长度为（n+1）L，如图所示：由ρ=可得，棒的质量：m棒=ρ棒V棒=ρ棒S（n+1）L，棒的重力：G棒=m棒g=ρ棒S（n+1）Lg，棒受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgSL，由相似三角形对应边成比例可得：===n+1，以C为支点，A是棒的重心（即棒的中心），由杠杆的平衡条件可得：G棒×CE=F浮×CD，即ρ棒S（n+1）Lg×CE=ρgSL×CD，则ρ棒=ρ=×ρ=×ρ=ρ．故选C．【点评】本题考查了密度的计算，涉及到密度公式和阿基米德原理以及杠杆平衡条件的应用，利用好相似三角形对应边成比例的性质较关键．6．卫星绕地球运行时的运动可看做是绕地心的匀速圆周运动，即相等时间内通过圆弧长度相等的运动，卫星绕地球完整一周所用时间叫做运行周期T．如图所示，A、B分别为地球人造卫星，周期分别为T1和T2（T1＞T2），某时刻A、B两卫星相距最近（O、B、A在同一直线上），O为地球中心，则A、B两卫星再一次相距最近至少需要经过的时间为（）A．T1﹣T2B．C． D．【考点】速度公式及其应用．【专题】长度、时间、速度．【分析】两行星相距最近时，两行星应该在同一半径方向上，两行星相距最远时，两行星应该在同一直径上，由于A的周期小，故A转得较快，当A比B多转一圈时两行星再次相距最近．【解答】解：多转动一圈时，第二次追上，有：t﹣t=﹣2π，解得：t=．故ABD错误，C正确．故选C．【点评】根据几何关系得到两颗卫星相距最近和相距最远所满足的角度关系，最近时两卫星在同一半径上角度差为2π弧度，卫星相距最远时，两卫星在同一直径上，转过的角度差为π弧度．7．在如图所示的电路中，R0、R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和 U3表示，电表示数的变化量分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．则在滑片P向下滑动的过程中，下列说法错误的是（）A．不变，不变B．U2=U1+U3C．不变D．|△U2|=|△U1|+|△U3|【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；错解分析题；推理法；欧姆定律．【分析】由电路图可知，R0、R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电压表V3测R1与R2串联电路两端电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，根据串联电路中电流的特点和电压特点，及欧姆定律逐项判断即可得出答案．【解答】解：由电路图可知，R0、R1、R2串联，R0、R1为定值电阻；滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知电路中电流变小；由U=IR可得，R0、R1两端的电压变小；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：滑动变阻器两端的电压变大；A、由I=可知R1=，由于R1为定值电阻，所以不变；△U1=U1﹣U1′=△IR1，由于R1是定值电阻，所以的比值不变，故A正确；B、根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：U3=U1+U2，故B错误；C、由I=可知：△U3=U3﹣U3′=△IR0，由于R0是定值电阻，所以的比值不变，故C正确；D、△U3=U3﹣U3′=△IR0△U1=U1﹣U1′=△IR1△U2=U2﹣U2′=△I（R0+R1）═△IR0+△IR1显然|△U2|=|△U1|+|△U3|；故D正确．故选B．【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用．根据市分清电路图，利用等效电阻法，根据电阻的变化确定比值的变化是解决本题的关键．8．如图所示，水平地面上放置相同材料制成的四个木块，其中两个质量为m的木块间用不可伸长的水平轻绳相连，下面两个木块质量分别为2m和3m．现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使四个木块一同水平向右匀速运动，则（）A．质量为3m的木块与地面间的摩擦力为B．质量为2m的木块与地面间的摩擦力为C．轻绳对m的拉力为D．轻绳对m的拉力为【考点】摩擦力的大小．【专题】应用题；重力、弹力、摩擦力．【分析】要使四个木块以同一匀速运动，采用整体与隔离法分析各部分的受力情况，再对两物体分析可求得木块与地面间的摩擦力以及绳子对m的拉力．【解答】解：四个木块水平向右匀速运动，把四个木块当作一个整体，水平向右的拉力为F和总摩擦力f总平衡，所以f总=F；图中四个木块对地面的压力：F总压=G总g=（m+m+2m+3m）g=7mg，右边2个木块对对地面的压力：F右压=（m+3m）g=4mg，左边2个木块对对地面的压力：F左压=（m+2m）g=3mg，因为接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力与压力成正比，所以，右边质量为3m的木块与地面间的摩擦力为：f1=×f总=，左边质量为2m的木块与地面间的摩擦力为：f2=×f总=，把质量为m的木块和质量为2m的木块上看作一个整体，整体向右匀速运动，所以轻绳对m的拉力和质量为2m的木块与地面间的摩擦力相等，即F绳=f2=，故A正确，B、C、D 错误．故选：A．【点评】本题考查摩擦力的问题，注意灵活应用整体法与隔离法，合理选取研究对象，列出表达式后再通过表达式进行分析．二、填空题（4&#215;3+5分=17分）9．马路宽为D，一辆长为l1、宽为d的汽车以速度v1在路中间匀速向前行驶，此时距车头S处有一辆长为l2的自行车要横穿马路，如图所示，则自行车为了安全通过马路，它行驶的速度应在什么范围？【考点】速度公式及其应用．【专题】长度、时间、速度．【分析】（1）本题分两种情况：一种是当汽车还没有到达时，自行车先穿过马路；另一种情况是汽车已经通过时，自行车再通过马路．（2）无论哪种情况，都要先根据t=计算汽车行驶的时间，然后在根据速度公式求出速度的取值范围．【解答】解：（1）第一种情况，当汽车还没有到达时，自行车横穿马路，如图甲：汽车行驶的时间：t=，自行车要安全通过马路，行驶的距离是：l2+d+D，自行车要在之前通过，所以自行车行驶的速度是：v＞=．（2）第二种情况，当汽车完全通过时，自行车才横穿马路，如图乙：汽车行驶的时间：t=，自行车要安全通过马路，行驶的距离是： D﹣d，自行车要在之后通过，所以自行车行驶的速度是：v＜=．综上所述，自行车行驶速度的范围：＜v或v＜．【点评】本题求出汽车行驶的时间、汽车通过的距离、自行车通过的距离，是解决本题的关键．10．如图所示，一平面镜放在圆筒的中心处，平面镜正对筒壁上一点光源S，点光源发出一细光束垂直射向平面镜．平面镜从图示位置开始绕圆筒中心轴O匀速转动，在转动30°角时，点光源在镜中所成的像转过的角度θ1= 60°，照射到筒壁上的反射光斑转过的角度θ2= 60°．【考点】光的反射定律；作光的反射光路图．【专题】计算题；作图题．【分析】做本题的关键是：根据题干的提示和反射定律画出平面镜旋转前后的反射光路图，以及所成的虚像的图．【解答】解：如右图所示，平面镜旋转30°，相当于入射角增大30°，因为原先入射角为0°，（如左图）则入射角和反射角的夹角为60°，照射到筒壁上的反射光斑转过的角度θ2即为60°（如右图）由左右两图的“虚像”的位置可知：点光源在镜中所成的像转过的角度θ1为60°．故答案为：60°；60°．【点评】本题主要考查学生对光的反射定律的了解和掌握，通过画图解答，学生更容易理解，此题要求学生应具备一定的空间想象能力，是一道难题．11．“220V，100W”白炽灯泡的电流I和电压U关系的图象如图（a）所示．根据图象回答：（1）若将两只相同的这种灯泡串联，然后接在220V的恒压电源上，则两只灯泡实际消耗的总电功率为83.6 W；（2）若取三只相同的这种灯泡，按如图（b）所示电路连接，然后将A、B两端接在220V的恒压电源上，则这三只灯泡实际消耗的总电功率为96.8 W．【考点】电功率的计算．【专题】电能和电功率．【分析】（1）已知两只完全相同的灯泡串联，通过的电流相等，电阻相等，根据欧姆定律可知，灯泡两端的电压也相等，从图象上找到对应的电压和电流，根据公式P=UI可求两只灯泡实际消耗的总功率．（2）两并一串，则流过并联着的两个灯泡上的电流为流过第三个的灯泡上的一半，在图中找到这样特殊的两点：电压之和为220V，通过的电流为二倍关系，可得干路上电流，利用P=UI求解．【解答】解：（1）将两只相同的这种灯泡串联在220V的电源上，每只灯泡两端的电压为110V，此时电流为0.38A，所以两只灯泡实际消耗的总功率P=UI=220V×0.38A=83.6W；（2）由图b可知两个并联再和第三个串联，由串联电路电流处处相等可知，分别流过并联着的两个灯泡上的电流为流过第三个的灯泡上的一半，设通过第三个灯泡的电流为I、两端电压U，在图a上有这样一个关系：I对应的电压为U，对应的电压为220V﹣U，这样的点在图上有180V﹣0.44A和40V﹣0.22A两个，则干路电流为0.44A，所以消耗的总功率：P=220V×0.44A=96.8W．故答案为：83.6W，96.8W．【点评】本题考查电功率的计算，难点是根据图象找到对应的数据，本题容易按照电阻关系求解，这必将带来错误的结果的，因为由I﹣U图象知道电阻在变化！12．为测量木块所受摩擦力，用如图所示装置实验：甲弹簧测力计右端固定．左端与木块A相连．木块A水平放置在B物块上，乙弹簧测力计保特水平，现拉动乙沿水平面向左匀速运动．稳定时．甲弹簧测力计示数为F1，乙弹簧测力计示数为F2．（1）画出木块A所受摩擦力的示意图：（2）此时，木块A所受摩擦力的大小为F2，地面对木块B的摩擦力的大小为F1+F2．（3）若水平向左加速拉动物块B．乙弹簧测力计示数为F3．木块A所受摩擦力的大小为F3．【考点】力的示意图；摩擦力的大小．【专题】计算题；作图题；图析法；重力、弹力、摩擦力．【分析】（1）根据题意，并结合图示确定木块A所受摩擦力的大小、方向和作用点，然后按照力的示意图的画法画出摩擦力；（2）对物体A进行受力分析，在水平方向受到的拉力和摩擦力相互平衡，据此得出木块A所受摩擦力的大小；确定木块B所受摩擦力的大小，又知木块A所受摩擦力的大小，得出地面对木块B的摩擦力的大小．（3）影响滑动摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度．【解答】解：（1）木块B向左匀速运动，所以A相对于木板向右运动，受滑动摩擦力的方向水平向左，作用点在木块A与木块B的接触面的中点上，在水平方向受到的拉力和摩擦力相互平衡，大小为f=F2；如图所示：（2）由（1）可知，此时木块A所受摩擦力的大小为f=F2；地面对木块B的摩擦力的方向水平向右，大小为f′=F1+F2．（3）拉动速度变大时，木块A与木板之间的压力的大小和接触面的粗糙程度都没有变化，所以弹簧测力计示数不变；故f″=F3．故答案为：（1）见解答图；（2）F2；F1+F2；（3）F3．【点评】此题主要考查了力的示意图的画法、摩擦力大小的计算，对摩擦力方向的判断，摩擦力方向总与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反．13．常用的电压表其实是由小量程的电流表G（简称表头）改装而成的．从电路的角度看，表头就是一个电阻，同样遵循欧姆定律．表头与其他电阻的不同仅在于通过表头的电流可从刻度盘上读出来．（1）如图是某一表头G的刻度盘，其量程为0～3mA，内阻（即表头自身电阻）是10Ω．使用时，指针指着某一电流刻度，表示流过表头的电流为某一数值，也意味着表头两端具有一定大小的电压．若指针指在2mA刻度时，对应的电压为0.02 V．（2）将表头改装成电压表就是给表头串联一定值电阻，串联好的表头和定值电阻即为改装后的电压表，这样改装的电压表两端可加的电压范围扩大．现需将（1）中表头改装成量程为3V的电压表，则需串联的电阻阻值为990 Ω，改装后的电压表内阻为1000 Ω．（3）若指针指在表盘刻度为1mA处，即表示加在电压表两端的电压为 1 V．【考点】欧姆定律的应用．【专题】应用题；电路和欧姆定律．【分析】（1）知道表头的电阻和通过的电流，根据欧姆定律求出两端的电压；。

黄冈中学2016年高考物理模拟试卷10（附解析）2016年湖北省黄冈中学高考物理模拟试卷（十）一、选择题：（本题包括8小题．每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1～5题只有一个选项正确．6、7、8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的或不答的得0分．）1．一般发电机组输出的电压在十千伏上下，不符合远距离输电的要求．要在发电站内用升压变压器，升压到几百千伏后再向远距离输电．到达几百公里甚至几千公里之外的用电区之后，再经“一次高压变电站”、“二次变电站”降压．已知经低压变电站降压变压器（可视为理想变压器）后供给某小区居民的交流电u=220sin100πtV，该变压器原、副线圈匝数比为50：1，则（）A．原线圈上的电压为11000VB．原线圈中电流的频率是100HzC．原线圈使用的导线应该比副线圈的要粗D．采用高压输电有利于减少输电线路中的损耗2．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象，即x﹣t图象如图所示，甲图象过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．在两车相遇前，t1时刻两车相距最远B．t3时刻甲车在乙车的前方C．0﹣t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D．甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度3．如图1所示，在倾斜角为θ的光滑斜面上放一轻质弹簧，其下端固定，静止时上端位置在B点，在A点放上一质量m=2.0kg的小物体，小物体自由释放，从开始的一段时间内的v﹣t图象如图2所示，小物体在0.4s时运动到B点，在0.9s到达C点，BC的距离为1.2m（g=10m/s2），由图知（）A．斜面倾斜角θ=60°B．物体从B运动到C的过程中机械能守恒C．物块从C点回到A点过程中，加速度先增后减，再保持不变D．在C点时，弹簧的弹性势能为16J4．地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，卫星甲、乙、丙在如图所示三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切，以下说法中正确的是（）A．如果地球自转的角速度突然变为原来的倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来B．卫星甲、乙经过P点时的加速度大小相等C．卫星甲的周期最小D．三个卫星在远地点的速度可能大于第一宇宙速度5．甲图中a、b是电流相等的两直线电流，乙图中c、d 是电荷量相同的两正点电荷，O为两电流（或电荷）连线的中点，在O点正上方有一电子，较小的速度v射向O 点，不计重力．关于电子的运动，下列说法正确的是（）A．甲图中的电子将做变速运动B．乙图中的电子将做往复运动C．乙图中的电子在向O点运动的过程中，加速度一定在减小D．乙图中的电于在O点动能最大，电势能也最大6．如图所示，一斜面体A静止在粗糙的水平面上，在其斜面上放一物块B，若给物块B一沿斜面向下的初速度，则其恰好能沿斜面匀速直线下滑．在物块B下滑的过程中，再对B施加一个作用力，使物块B仍在斜面上沿原来的方向下滑，斜面体A始终处于静止状态．则下列说法正确的是（）A．若对物块B施加的作用力F1竖直向下，则物块B仍将保持匀速下滑，且斜面体A与地面之间无摩擦力B．若对物块B施加的作用力F2沿斜面向下，则物块B 将加速下滑，且斜面体A受到地面的静摩擦力水平向左C．若对物块B施加的作用力F3水平向左，则物块B将做减速下滑，且在停止运动前斜面体A受到地面的静摩擦力水平向右D．无论对物块B施加什么方向的力，在B停止运动前，斜面体A与地面间都无摩擦力7．如图所示，相距为d的边界水平的匀强磁场，磁感应强度垂直纸面向里、大小为B．质量为m、电阻为R、边长为L的正方形线圈M，将线圈在磁场上方高h处由静止释放，已知cd边刚进入磁场时和cd边刚离开磁场时速度相等，不计空气阻力，则（）A．若L=d，则线圈穿过磁场的整个过程用时为B．在线圈穿过磁场的整个过程中，克服安培力做功为mgdC．若L＜d则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能D．若L＜d，则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能8．如图所示，绝缘的中空轨道竖直固定，圆弧段COD光滑，对应圆心角为120°，C、D两端等高，O为最低点，圆弧的圆心为O′，半径为R；直线段AC、HD粗糙且足够长，与圆弧段分别在C、D端相切．整个装置处于方向垂直于轨道所在平面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，在竖直虚线MC左侧和虚线ND右侧存在着电场强度大小相等、方向分别为水平向右和水平向左的匀强电场．现有一质量为m、电荷量恒为q、直径略小于轨道内径、可视为质点的带正电小球，从轨道内距C点足够远的P点由静止释放．若小球所受电场力的大小等于其重力的倍，小球与直线段AC、HD间的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g，则（）A．小球在第一次沿轨道AC下滑的过程中，最大加速度amax=gB．小球在第一次沿轨道AC下滑的过程中，最大速度vmax=C．小球进入DH轨道后，上升的最高点比P点低D．小球经过O点时，对轨道的弹力最小值一定为|2mg﹣qB|二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．在“探究弹力和弹簧伸长的关系并测定弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如右图（a）所示．所用的每个钩码的重力相当于对水平放置的弹簧提供了水平向右的恒定拉力F．实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再多次改变挂在绳子下端的钩码个数，每次都测出相应的弹簧长度L．（1）有一个同学根据测量的6组数据正确地描点在坐标图中，如图（b）．请在图（b）中作出F﹣L图线．（2）由此图线可得出该弹簧的原长L0=cm，劲度系数k=N/m．（3）用图（a）的方法进行实验与将弹簧竖直悬挂起来进行实验相比较：优点在于：；缺点在于：．10．某实验小组用下列器材设计了如图1所示的欧姆表电路，通过调控电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”、“×10”两种倍率．A．干电池：电动势E=1.5V，内阻r=0.5ΩB．电流表mA：满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=150ΩC．定值电阻R1=1200ΩD．电阻箱R2：最大阻值999.99ΩE．电阻箱R3：最大阻值999.99ΩF．电阻箱R4：最大阻值9999ΩG．电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1）该实验小组按图1正确连接好电路．当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2，使电流表达到满偏电流，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R 内，则R内=Ω，欧姆表的倍率是（选填“×1”、“×10”）．（2）闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，当R2=Ω且R3=Ω时，再将红、黑表笔短接，电流表再次达到满偏电流．第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图2所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为Ω．11．有一个半径为R的光滑半球固定在水平面上，在半球顶端A点无初速释放一个质量为m的可视为质点的光滑小球，小球先沿半球下滑一段距离后到达B点恰好离开半球面．已知重力加速度为g，求：（1）小球落地时速度的大小为多少？（2）B点与球心的连线和竖直线的夹角θ多大？（可用反三角函数表示）并求出小球到达B点时的速度大小为多少？12．如图所示，在Oxy平面（纸面）内有垂直平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一足够长的挡板MN与x 轴成30°角倾斜放置且通过原点O，放射源A的位置坐标为（0，a）．某时刻，放射源A沿纸面向第一象限内的各个方向均匀地辐射同种带正电的粒子，粒子的质量为m、电荷量为q，速率均为．不计粒子的重力、不考虑粒子间的相互作用，打到挡板的粒子均被接地的挡板吸收．（1）求在同一时刻，放射源A发出的能够到达挡板的粒子中，最后到达挡板的粒子和最先到达挡板的粒子的时间差；（2）保持挡板与x轴正方向的夹角30°不变，在纸面内沿y轴负方向将挡板MN平移至某一位置，发现从放射源A发出的所有粒子中总有的粒子能击中挡板，求挡板与y 轴交点的纵坐标．（二）选考题：13．如图所示为研究光电效应规律的实验电路，电源的两个电极分别与接线柱c、d连接．用一定频率的单色光a照射光电管时，灵敏电流计G的指针会发生偏转，而用另一频率的单色光b照射该光电管时，灵敏电流计G的指针不偏转．下列说法正确的是（）A．a光的频率一定大于b光的频率B．电源正极可能与c接线柱连接C．用b光照射光电管时，一定没有发生光电效应D．若灵敏电流计的指针发生偏转，则电流方向一定是由e→G→fE．若增加a光的强度，则单位时间内逸出的光电子数增加，逸出的光电子最大初动能变大14．用质子流轰击固态的重水D2O，当质子和重水中的氘核发生碰撞时，系统损失的动能如果达到核反应所需要的能量，将发生生成He核的核反应．（1）写出质子流轰击固态的重水D2O的核反应方程；（2）当质子具有最小动能E1=1.4MeV时，用质子流轰击固态的重水D2O（认为氘核是静止的）可发生核反应；若用氘核轰击普通水的固态冰（认为质子是静止的）时，也能发生同样的核反应，求氘核的最小动能E2．已知氘核质量等于质子质量的2倍．2016年湖北省黄冈中学高考物理模拟试卷（十）参考答案与试题解析一、选择题：（本题包括8小题．每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1～5题只有一个选项正确．6、7、8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的或不答的得0分．）1．一般发电机组输出的电压在十千伏上下，不符合远距离输电的要求．要在发电站内用升压变压器，升压到几百千伏后再向远距离输电．到达几百公里甚至几千公里之外的用电区之后，再经“一次高压变电站”、“二次变电站”降压．已知经低压变电站降压变压器（可视为理想变压器）后供给某小区居民的交流电u=220sin100πtV，该变压器原、副线圈匝数比为50：1，则（）A．原线圈上的电压为11000VB．原线圈中电流的频率是100HzC．原线圈使用的导线应该比副线圈的要粗D．采用高压输电有利于减少输电线路中的损耗【考点】远距离输电．【分析】变压器原、副线圈的电压比等于匝数之比，求出副线圈电压的有效值，即可求出输入电压；根据原副线圈的电流大小可比较出线圈导线的粗细．【解答】解：A、供给某小区居民的交流电u=220sin100πtV，最大值为220V，故输出电压有效值为220V，根据变压比公式，输入电压为：U1=，故A错误；B、交流电u=220sin100πtV，故频率：f==50Hz，故B错误；C、变压器原、副线圈的电流比等于匝数之反比，即，副线圈的电流大于原线圈的电流，所以副线圈的导线粗，故C错误；D、在输送电功率一定的情况下，根据公式P=UI，高压输电有利于减小输电电流，电功率损耗△P=I2r也会减小，故D正确；故选：D．2．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象，即x﹣t图象如图所示，甲图象过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．在两车相遇前，t1时刻两车相距最远B．t3时刻甲车在乙车的前方C．0﹣t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D．甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、图象的纵坐标表示物体所在的位置；由图可知t1时刻CA相距最大，即两车的距离最大，故A正确；B、t3时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故B错误；C、图象斜率表示速度，由图可知，0﹣t1时间C的斜率大于A，之后C的斜率小于A，故C错误；D、图象的斜率表示物体的速度，由图可知，甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度，故D正确；故选：AD．3．如图1所示，在倾斜角为θ的光滑斜面上放一轻质弹簧，其下端固定，静止时上端位置在B点，在A点放上一质量m=2.0kg的小物体，小物体自由释放，从开始的一段时间内的v﹣t图象如图2所示，小物体在0.4s时运动到B点，在0.9s到达C点，BC的距离为1.2m（g=10m/s2），由图知（）A．斜面倾斜角θ=60°B．物体从B运动到C的过程中机械能守恒C．物块从C点回到A点过程中，加速度先增后减，再保持不变D．在C点时，弹簧的弹性势能为16J【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】A、在0﹣4s内，物块做匀加速直线运动，先求出物块的加速度，利用牛顿第二定律即可解得斜面的倾角，由此可知选项A的正误．B、从不到C的过程中，分析有哪些力再对物块做功，继而可知物块的机械能是否守恒，继而可知选项B的正误．C、从C点到A的过程中，通过分析弹力的大小变化，与重力在斜面方向上分量进行比较，即可得知物块在运动的过程中的加速度的变化情况，继而得知选项C的正误．D、把弹簧和物块看做一个整体，整体的机械能守恒，从B到C的过程中，物块的减少的机械能全部转化为弹簧的弹性势能，由此可通过计算可得知选项D的正误．【解答】解：A、由图乙所示图象可知，在0﹣4s内，物块做匀加速直线运动，加速度为：a===5m/s2，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma，解得：sinθ===0.5，得：θ=30°，选项A错误；B、从B到C过程，除重力做功外，弹簧弹力对物块最负功，物块的机械能不守恒，故B错误；C、物块从C点回到A点过程中，开始弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力，合力向上，物块向上做加速运动，弹力逐渐减小，物块所受合力减小，物块的加速度减小，然后弹簧的弹力小于重力沿斜面向下的分力，合力向下，物块做减速运动，随物块向上运动，弹簧弹力变小，物块受到的合力变大，加速度变大，当物体与弹簧分离后，物块受到的合力等于重力的分力，加速度不变，物块做加速度不变的减速运动，由此可知在整个过程中，物块的加速度先减小后增大，再保持不变，故C错误；D、弹簧和物块组成的系统的机械能守恒，由能量守恒定律可得在C点弹簧的弹性势能为：EP=mvB2+mghBC=×2×22+2×10×1.2×sin30°=16J，故D正确；故选：D．4．地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，卫星甲、乙、丙在如图所示三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切，以下说法中正确的是（）A．如果地球自转的角速度突然变为原来的倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来B．卫星甲、乙经过P点时的加速度大小相等C．卫星甲的周期最小D．三个卫星在远地点的速度可能大于第一宇宙速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据发射速度大小，分析卫星发射的难易程度，发射速度越大，发射越困难．机械能跟卫星的速度、高度和质量有关，质量未知时，是无法比较卫星的机械能大小的．根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越大，卫星的周期越大．由牛顿第二定律研究加速度【解答】解：A、使地球上的物体票“飘”起来即物体处于完全失重状态，即此时物体所受地球的重力完全提供物体随地球自转时的向心力则有：﹣mg=ma当物体飘起来的时候，万有引力完全提供向心力，则此时物体的向心加速度为a′：ma′==mg+ma，即此时的向心加速度a′=g+a则a=rω2则ω2为原来的倍，则A错误B、卫星在同一位置其加速度相同，则B正确C、根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，故周期最小．则C错误D、卫星在远地点做向心运动，其速度要小于第一宇宙速度．则D错误故选：B．5．甲图中a、b是电流相等的两直线电流，乙图中c、d是电荷量相同的两正点电荷，O为两电流（或电荷）连线的中点，在O点正上方有一电子，较小的速度v射向O 点，不计重力．关于电子的运动，下列说法正确的是（）A．甲图中的电子将做变速运动B．乙图中的电子将做往复运动C．乙图中的电子在向O点运动的过程中，加速度一定在减小D．乙图中的电于在O点动能最大，电势能也最大【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；洛仑兹力．【分析】根据安培定则判断出磁场的方向，根据左手定则判断出电子运动中受力方向，根据电子受到的电场力的特点判断出电子在电场中的运动特点．【解答】解：A、甲图中ab在电子运动的方向上产生的磁场的方向都向下，与电子运动的方向相同，所以电子不受洛伦兹力的作用将做匀速直线运动．故A错误；B、乙图中，cd的连线上，O点上方的电场方向向上，O点下方的电场的方向向下，电子在O点上方受到的电场力的方向向下，在O点的下方受到的电场力的方向向上，所以电子先做加速运动，后做减速运动，将在某一范围内做往复运动．故B正确；C、乙图中，cd的连线上，O点的电场强度是0，O点上方的电场方向向上，O点下方的电场的方向向下，从O点向两边电场强度的电场线增大，后减小，所以乙图中的电子在向O点运动的过程中，加速度不一定在减小．故C 错误；D、乙图中，cd的连线上，O点上方的电场方向向上，O 点下方的电场的方向向下，所以O点的电势最高；电子带负电，乙图中的电子在O点动能最大，电势能最小．故D错误．故选：B．6．如图所示，一斜面体A静止在粗糙的水平面上，在其斜面上放一物块B，若给物块B一沿斜面向下的初速度，则其恰好能沿斜面匀速直线下滑．在物块B下滑的过程中，再对B施加一个作用力，使物块B仍在斜面上沿原来的方向下滑，斜面体A始终处于静止状态．则下列说法正确的是（）A．若对物块B施加的作用力F1竖直向下，则物块B仍将保持匀速下滑，且斜面体A与地面之间无摩擦力B．若对物块B施加的作用力F2沿斜面向下，则物块B将加速下滑，且斜面体A受到地面的静摩擦力水平向左C．若对物块B施加的作用力F3水平向左，则物块B将做减速下滑，且在停止运动前斜面体A受到地面的静摩擦力水平向右D．无论对物块B施加什么方向的力，在B停止运动前，斜面体A与地面间都无摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】未加F时，物块匀速下滑，受力平衡，由平衡条件和摩擦力公式得出sinθ与μcosθ的大小．再分析对物块施加一个竖直向下的恒力F时，重力和F沿斜面向下的分力与滑动摩擦力的大小，判断物块的运动状态．【解答】解：A、B、未加F时，物块匀速下滑，受力平衡，物体的受到重力、支持力和摩擦力的作用，由平衡条件得：mgsinθ=μmgcosθ解得：sinθ=μcosθ得：对物块施加一个竖直向下的恒力F时，物块受到的滑动摩擦力大小为：f=μ（F+mg）cosθ重力和F沿斜面向下的分力大小为：（F+mg）sinθ则可知：（F+mg）sinθ=μ（F+mg）cosθ，则物块受力仍平衡，所以仍处于匀速下滑状态．根据共点力平衡条件，物体M对m的摩擦力和支持力的合力仍然竖直向上，根据牛顿第三定律，物体m对M的作用力竖直向下，故M相对地面没有运动趋势，故不受静摩擦力；故A正确，B错误；C、D、若对物块B施加的作用力F3水平向左，则物块B 将做减速下滑，在B下滑的过程中，B对A的压力增大，摩擦力也增大，由于：，所以A受到的B对A的压力与摩擦力的和仍然竖直向下，所以无论对物块B施加什么方向的力，在B停止运动前，斜面体A与地面间都无摩擦力．故C错误，D正确．故选：AD．7．如图所示，相距为d的边界水平的匀强磁场，磁感应强度垂直纸面向里、大小为B．质量为m、电阻为R、边长为L的正方形线圈M，将线圈在磁场上方高h处由静止释放，已知cd边刚进入磁场时和cd边刚离开磁场时速度相等，不计空气阻力，则（）A．若L=d，则线圈穿过磁场的整个过程用时为B．在线圈穿过磁场的整个过程中，克服安培力做功为mgdC．若L＜d则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能D．若L＜d，则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．【分析】线圈由静止释放，其下边cd刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度是相同的，根据功能关系分析产生的热量，即可得到克服安培力做功．因为线圈全部进入磁场不受安培力，要做匀加速运动．可知线圈进入磁场先要做减速运动．根据动能定理、平衡条件等力学规律进行解答．【解答】解：A、线圈刚进入磁场时的速度大小v=，若L=d，线圈将匀速通过磁场，所用时间为t===d，故A正确．B、根据能量守恒研究从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程：动能变化为0，重力势能转化为线框产生的热量，则进入磁场的过程中线圈产生的热量Q=mgd．cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，所以从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程，线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到ab 边离开磁场的过程，产生的热量Q′=2mgd，感应电流做的功为2mgd．故B错误．C、若L＜d，线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前做匀速运动，因为完全进入磁场时的速度最小，则mg=，则最小速度v=．故C正确．D、因为进磁场时要减速，即此时的安培力大于重力，速度减小，安培力也减小，当安培力减到等于重力时，线圈做匀速运动，全部进入磁场将做加速运动，设线圈的最小速度为vm，知全部进入磁场的瞬间速度最小．由动能定理，从cd边刚进入磁场到线框完全进入时，则有：mvm2﹣mv02=mgL﹣mgd有mv02=mgh，综上所述，线圈的最小速度为vm=．故D 正确．故选：ACD8．如图所示，绝缘的中空轨道竖直固定，圆弧段COD光滑，对应圆心角为120°，C、D两端等高，O为最低点，圆弧的圆心为O′，半径为R；直线段AC、HD粗糙且足够长，与圆弧段分别在C、D端相切．整个装置处于方向垂直于轨道所在平面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，在竖直虚线MC左侧和虚线ND右侧存在着电场强度大小相等、方向分别为水平向右和水平向左的匀强电场．现有一质量为m、电荷量恒为q、直径略小于轨道内径、可视为质点的带正电小球，从轨道内距C点足够远的P点由静止释放．若小球所受电场力的大小等于其重力的倍，小球与直线段AC、HD间的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g，则（）A．小球在第一次沿轨道AC下滑的过程中，最大加速度amax=gB．小球在第一次沿轨道AC下滑的过程中，最大速度vmax=C．小球进入DH轨道后，上升的最高点比P点低D．小球经过O点时，对轨道的弹力最小值一定为|2mg﹣qB|【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】A、根据重力与电场力的大小，即可知带电小球与管壁无作用力，当下滑后，导致洛伦兹力增加，从而使得与管壁的作用力增加，进而滑动摩擦力增大，由牛顿第二定律，即可求解；B、根据小球做匀速直线运动，则受到的滑动摩擦力等于电场力与重力的合力，从而即可求解；C、根据动能定理，结合电场力与重力的合力做功，与摩。