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临沂市高三教学质量检查考试物 理本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分第Ⅰ卷1～3页，第Ⅱ卷4-6页，共6页。
满分100分，考试时间100分钟。
注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型(A 或B)用铅笔涂写在答题卡上。
2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案代号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上。
3．第Ⅱ卷答案也要写在答卷纸上，考试结束后将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷 (选择题共40分)一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中。
至少有一个选项是符合题目要求的．全部选对的得4分，选不全的得2分。
有错或不答的得0分．1．在地面上某处将一金属小球竖直向上抛出，上升一定高度后再落回原处，若不考虑空气阻力，则下述图象能正确反映速度、加速度、位移和动能随时间变化关系的是(以向上为正方向) ( )2．如图2，在内壁光滑截面为矩形的钢槽中，对齐叠放着两根长度和质量都相同，且所受重力均为G ，但粗细不同的金属管A 和B ，金属管外壁也光滑，外半径分别为1.5r 和r ，槽的宽度是4r ．下述分析正确的是 ( )A ．细管B 对底面的压力等于2G B ．两管对侧壁的压力均小于GC ．两管之间的压力小于GD ．两管间的压力和对侧壁的压力均大于G3．在冬奥会自由式滑雪比赛中，运动员在较高的雪坡上滑到某一弧形部位处，沿水平方向飞离斜坡，在空中划过一段抛物线后，再落到雪坡上，如图3所示，若雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v 0则( )A ．运动员落回雪坡时的速度大小是θcos 0v B ．运动员在空中经历的时间是gv θtan 20C ．运动员的落点与起飞点的距离是θθ220cos sin 2g v D ．运动员的落点与起飞点间竖直高度是θ220tan 2gv 4．随着世界航空事业的发展，深太空探测已逐渐成为各国关注的热点．假设深太空中有一颗外星球，质量是地球质量的2倍，半径是地球半径的l/2．则下述判断正确的有( )A ．在地面上所受重力为G 的物体，在该外星球表面上所受重力变为2 GB ．该外星球上第一宇宙速度是地球上第一宇宙速度的2倍C ．该外星球的同步卫星周期一定小于地球同步卫星周期D ．该外星球上从某高处自由落地时间是地面上同一高处自由落地时间的一半5．如图4，真空中有两个电量相同的正电荷A 、B 相距L 放置，在AB 连线的中垂线上有a 、b 、c 三点，b 点在AB 连线的中点上．a 较c 离b 近一些，现若将A 、B 两电荷同时向两边扩大相同距离，设无穷远处电势为零，则有 ( )A ．两电荷间电势能将加大B ．b 点场强仍为零,a 、c 两点场强都变小C ．a 、b 、c 三点电势都升高D ．电场强度始终有E a ＞E c ＞E b6．在一个长直螺线管L 的两端，连接一个灵敏电流计，如图5所示，当一个与线圈等长的条形磁铁，在远处从左到右穿过线圈的过程中，下列判断正确的是 ( )A ．线圈中磁通量先减小后增大B ．电流计的指针可能先向右偏后向左偏C ．电流计的指针可能一直向一侧偏转D ．使磁铁穿过线圈的速度加大，电流计指针偏角可以更大7．如图6所示的电路中，有一个理想变压器，原线圈匝数为n 1,串联一只小灯泡L 1，再并联一只电压表○V1后接在稳定的交流电源上；副线圈匝数为n 2,串联灯泡 L 2和变阻器R ，L 2上并联电压表○V2．现在向下移动滑动变阻器R 的滑动触头P 下列判断正确的是 ( )A ．○V1读数将变大，○V2读数将变小 B ．○V1读数不变，○V2读数增大 C ．灯泡L 1和L 2上消耗的功率都变小 D ．灯泡L 1及L 2上电流强度I l 、I 2与变压器原副线圈匝数n 1、n 2成正比8．利用双金属片温度传感器，可以控制电熨斗的温度，图7为电熨斗结构图，关于其控制温度的原理，下列说法正确的有 ( )A ．双金属片上层的膨胀系数应小于下层B ．常温下(温度较低时)，两个触点间应该始终是断开的C ．熨烫棉麻衣物时需要较高的温度，因而要向下旋转调温旋钮D ．在较高温度工作时，若突然断开电源，两触点也会接着断开 9．如图8所示，长为l 的轻质细绳悬挂一个质量为m 的小球，其下方有一个倾角为θ的光滑斜面体，放在光滑水平面上．开始时小球刚好与斜面接触，现在用水平力F 缓慢向左推动斜面体，直至细绳与斜面平行为止，对该过程中有关量的描述，正确的有 ( )A ．小球受到的各个力均不做功B ．重力对小球做负功，斜面弹力对小球做正功C ．小球在该过程中机械能守恒D ．推力F 做的总功是mgl (1-cos θ)10．一个闭合回路由两部分组成，如图9所示，右侧是电阻为r 的圆形导线；置于竖直方向均匀变化的磁场B 1中，左侧是光滑的倾角为θ的平行导轨，宽度为d ，其电阻不计．磁感应强度为B 2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在左侧，一个质量为m 、电阻为R 的导体棒此时恰好能静止在导轨上，分析下述判断不．正确．．的有 ( ) A ．圆形线圈中的磁场，可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱B ．导体棒a 、b 受到的安培力大小为mg sin θC ．回路中的感应电流为dB m g 2sin θD ．圆形导线中的电热功率为)(sin 222222R r dB g m +θ临沂市高三教学质量检查考试物理2010．3第Ⅱ卷(必做44分+选做16分，共60分)注意事项：1．第Ⅱ卷共6小题，其中11-13小题为必做部分，14-16题为选做部分，考生必须从中选择2个题作答．2．第Ⅱ卷所有题目的答案考生须用黑色签字笔答在答题纸上，在试题卷上答题无效．【必做部分】11．实验题；共13分(1)(4分)下列有关实验的描述中，正确的是___________．A．在“验证力的平行四边形定则”实验中，拉橡皮筋的细绳应稍长一些B．在“探究弹簧弹力与其伸长量”关系的实验中，作出弹力和弹簧长度的图象也能求出弹簧的劲度系数C．在“探究功与速度变化的关系”实验中，需要求出打点纸带的平均速度D．在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须由v=gt求出打某点时纸带的速度(2)(9分)某学生实验小组在做“测定金属的电阻率”的实验时，①用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图10所示．读数为___________mm．②用伏安法测金属丝的电阻时，测出了包括(0，0)在内的6组电流I和电压U的值，并已经标在了如图11所示的坐标纸上，请用铅笔和直尺在坐标纸上画出合理的图线，并求出该段金属丝的电阻R x=__________Ω．③测该金属丝电阻时，可供该实验小组选择的器材如下：A．量程0.6A，内阻约0.5Ω的电流表○A1B．量程3A，内阻约0.01Ω的电流表○A2C．量程3V，内阻约6kΩ的电压表○V1D．量程15V，内阻约30kΩ的电压表○V2E．阻值为0～10Ω的滑动变阻器RF．4V的蓄电池G．电键一个、导线若干如图12，试补画出该小组同学测金属丝电阻R X采用的电路图，并标明所选用电表的符号，如○A1或○A2．12．(15分)2010年2月在加拿大温哥华举行的第2l 届冬季奥运会上，冰壶运动再次成为人们关注的热点，中国队也取得了较好的成绩．如图13，假设质量为m 的冰壶在运动员的操控下，先从起滑架A 点由静止开始加速启动，经过投掷线B 时释放，以后匀减速自由滑行刚好能滑至营垒中心O 停下．已知AB 相距L 1，BO 相距L 2，冰壶与冰面各处动摩擦因数均为μ，重力加速度为g ．(1)求冰壶运动的最大速度v m ．(2)在AB 段运动员水平推冰壶做的功W 是多少?(3)若对方有一只冰壶(冰壶可看作质点)恰好紧靠营垒圆心处停着，为将对方冰壶碰出，推壶队员将冰壶推出后，其他队员在BO 段的一半长度内用毛刷刷冰，使动摩擦因数变为21μ．若上述推壶队员是以与原来完全相同的方式推出冰壶的，结果顺利地将对方冰壶碰出界外，求运动冰壶在碰前瞬间的速度v ．13．(16分)如图14所示，两平行金属板A 、B 长度l =0.8m ，间距d =0.6m ．直流电源E 能提供的最大电压为9×105V ，位于极板左侧中央的粒子源可以沿水平方向向右连续发射比荷为=mq l×107C/kg 、重力不计的带电粒子，射人板间的粒子速度均为v 0=4×106m/s ．在极板右侧有一个垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B =lT ，分布在环带区域中，该环带的内外圆的圆心与两板间的中心重合于O 点，环带的内圆半径R l =2 m ．将变阻器滑动头由a 向b 慢慢滑动，改变两板间的电压时，带电粒子均能从不同位置穿出极板射向右侧磁场，且两板间电压最大时，对应的粒子恰能从极板右侧边缘穿出．(1)问从板间右侧射出的粒子速度的最大值v m 是多少?(2)若粒子射出电场时，速度的反向延长线与v 0所在直线交于O /点，试用偏转运动相关量证明O /点与极板右端边缘的水平距离x =2l ，即O /与0重合，所有粒子都好像从两板的中心射 出一样．(3)为使粒子不从磁场右侧穿出，求环带磁场的最小宽度d .【选做部分】14．【选修3-3】(8分)某学校科技兴趣小组，利用废旧物品制作了一个简易气温计：在一个空葡萄酒瓶中插入一根两端开口的玻璃管，玻璃管内有一段长度可忽略的水银柱，接口处用蜡密封，将酒瓶水平放置，如图15所示．已知：该装置密封气体的体积为480cm 3,玻璃管内部横截面积为0.4cm 2，瓶口外的有效长度为48cm ．当气温为7ºC 时，水银柱刚好处在瓶口位置．(1)求该气温计能测量的最高气温．(2)假设水银柱从瓶口处缓慢移动到最右端的过程中，密封气体从外界吸收3J 热量，问在这一过程中该气体的内能如何变化?变化了多少?(已知大气压为1×lO 5Pa)15．【选修3-4】(8分)(1)一个装盛某种液体的圆柱形铁桶，其中央纵截面是边长为a 的正方形，如图16所示.当桶内没有液体时，从某点A 恰能看到桶底边缘的某点B ．当桶内液体的深度为桶高的43时，仍沿AB 方向看去，恰好看到桶底上的C 点，C 、B 两点相距41a ，求该液体的折射率(最后结果可用根式表示)．(2)一列简潴横波沿x 轴正方向传播，周期为2s ，t=Os 时刻波形如图17所示，该列波的波速是____m/s ；质点B 的平衡位置坐标是x B =lm,再经____s 它笫一次经过平衡位0向y 轴负方向运动．16．【选修3-5】(8分)静止的氮核N 147被速度为v 0的中子n 10击中生成碳核C 126和另一种原子核甲，已知C 126与甲核的速度方向与碰撞前中子的速度方向一致，碰后碳核C 126与甲核的动量之比为l ：1．(1)写出核反应方程式．(2)求C 126与甲核的速度各是多大?临沂市高三教学质量检查考试物理试题参考答案及评分标准 2010-3说明：(1)定出评分标准是为了使各校尽可能在统一标准下评定成绩，试题的参考解答是用来说明评分标准的．学生如按其他方法或步骤解答，正确的同样给分，有错的根据错误的性质，参照评分标准中相应的规定评分．(2)选择题、实验题只要求写出答案，不要求说明理由或列出算式，只根据答案评分． (3)计算题只有答案而无演算过程的不给分，只写出一般公式但未能与试题所给具体条件联系的不给分．第Ⅰ卷 (选择题共40分)一、本题共10个小题，每小题4分，共40分．1．B 2．AB 3．BCD 4．B 5．B 6．BD 7．AC 8．C 9．B 10．D第Ⅱ卷 (非选择题共60分)11．(1)(4分)AB(2)(9分)①2.000mm(2分) ②5Ω (2分)，连线如图(1分) ③(4分)(评分标准：正确选出并在图中画出电流表○A1及电压表○V1的各得1分，○A1采用外接的得1分，滑线变阻器采用分压式接法的得1分。
2018年普通高等学校招生全国统一考试高三物理仿真卷（一）本试卷共32页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。
第19～21题有多选项题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果。
下列表述符合物理学史事实的是A．牛顿由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律B．库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究C．法拉第发现载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系D．安培用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究【解析】伽利略通过斜面实验发现了自由落体运动的规律，故A项错；库仑利用库仑扭秤实验实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系的研究，故B项正确；奥斯特发现了载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系，故C项错；电场线和磁感线都是法拉第引入的，故D项错。
山东省沂水县第一中学2018届高三物理下学期第一次模拟试题第I 卷一、选择题：本题共15小题。
在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每题3分；第11～15题有多项符合题目要求，每题4分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．1878年英国科学家克鲁克斯发明了接近真空的“克鲁克斯管”，即阴极射线管，为X 射线的发现提供了基本实验条件。
如图1所示是一个阴极射线管的结构示意图，要使射线管发出射线，须在P 、Q 两电极间加上几万伏的直流高压,使用时以下说法正确的是：A ．阴极射线是负离子，高压电源正极应接在P 点B ．阴极射线是负离子，高压电源正极应接在Q 点C ．阴极射线是正离子，高压电源正极应接在P 点D ．阴极射线是正离子，高压电源正极应接在Q 点2．如图2，卫星携带一探测器在半径为3R (R 为地球半径)的圆轨道上绕地球飞行。
在a 点，卫星上的辅助动力装置短暂工作，将探测器沿运动方向射出（设辅助动力装置喷出的气体质量可忽略）。
之后卫星沿新的椭圆轨道运动，其近地点b 距地心的距离为nR (n 略小于3)，已知地球质量为M ，引力常量为G ，则卫星在椭圆轨道上运行的周期为：A ．GM R n R n )3()3(++πB ．GMR n R n 2)3()3(++π C ．GM R R 36π D ．GMR n R 2)3(+π 3．如图3是甲乙两物体的位移—时间图像，其中甲物体的位移—时间的关系为221t s =，乙物体的位移—时间图像为231-t s =，则关于甲乙两物体运动的说法正确的是：A ．甲乙物体的运动是曲线运动B ．甲乙物体的运动是变加速运动C ．甲乙物体运动方向相同D ．在第3秒内甲物体的速度变化比乙物体的速度变化大4．如图4，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v 从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到圆心的距离与轨道半径有关，此距离最大时，对应的轨道半径为（重力加速度为g ）A ．216v g B ．28v g C ．24v g D ．22v g5．如图，质量为m 的带正电的小球用绝缘轻绳悬挂在O 点，在空间中存在着水平向右的匀强电场，小球在B 点能够静止不动。
山东省临沂市达标名校2018年高考一月物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图甲所示，物体在竖直方向受到大小恒定的作用力F=40N ，先由静止开始竖直向上做匀加速直线运动，当t=1s 时将F 反向，大小仍不变，物体的v t 图象如图乙所示，空气对物体的阻力大小恒定，g=10m/s 2，下列说法正确的是（ ）A ．物体在1.25s 内拉力F 的平均功率为160WB ．物体1.25s 内阻力做功的平均功率为为16WC ．空气对物体的阻力为6ND ．物体的质量为4kg2．如图所示，铁芯上绕有线圈A 和B ，线圈A 与电源连接，线圈B 与理性发光二极管D 相连，衔铁E 连接弹簧K 控制触头C 的通断，忽略A 的自感，下列说法正确的是A ．闭合S ，D 闪亮一下B ．闭合S ，C 将会过一小段时间接通C ．断开S ，D 不会闪亮D ．断开S ，C 将会过一小段时间断开3．已知月球半径为R ，飞船在距月球表面高度为R 的圆轨道上飞行，周期为T ，万有引力常量为G ，下列说法正确的是 ( )A ．月球质量为23232πR GTB ．月球表面重力加速度为228πR TC ．月球密度为23πGTD．月球第一宇宙速度为4πR T4．如图所示，两根不可伸长的轻绳一端与一个质量为m的小球相连于O点，另一端分别固定在小车天花板上的A、B两点，OA绳与天花板的夹角为30°，OB绳与天花板的夹角为60°，重力加速度为g．当小车以速度ν向右做匀速直线运动，小球与车保持相对静止时，下列说法正确的是A．OA绳对小球的拉力大小为3 mgB．OB绳对小球的拉力大小为12mgC．OA绳对小球拉力做功的功率为3 mgvD．重力对小球做功的功率为mgv5．如图甲所示，一个圆形线圈放于一个随时间变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面），以垂直纸面向里为正方向。
山东省临沂市2018年高考统一模拟物理试卷（一）（解析版）一、选择题1．下列说法不正确的是（）A．法拉第最先引入“场”的概念，并最早发现了电流的磁效应现象B．互感现象是变压器工作的基础C．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这应用了“微元法”D．电场强度E=和B=磁感应强度定义物理量的方法是比值定义法2．（6分）如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下改变与水平面间的倾角，用以卸下车厢中的货物．假设某次卸货时车厢与水平面间的倾角不变，货物相对于车厢匀加速下滑，在货物下滑过程中，下列分析正确的是（）A．地面对货车的支持力大于车和货物的总重力B．地面对货车的支持力等于车和货物的总重力C．地面对货车的摩擦力方向水平向左D．地面对货车的摩擦力方向水平向右3．（6分）如图所示，理想变压器原线圈接入交变电流（甲图所示），变压器原副线圈匝数比为22：10，副线圈中接有滑动变阻器P以及光敏电阻R，其余电阻不计，则（）A．原线圈中接入交变电流瞬时值表达式为e=311sin100πtB．滑动变阻器滑片向右滑动时，副线圈电流增大C．增强光照，原线圈输入功率变小D．若将光敏电阻换做二极管，则副线圈两端电压为50V4．（6分）某等量异种点电荷的电场线在空间的分布如图所示，有两个相同的带负电的试探电荷（均不计重力）以相同的水平速度从图中的A、B两点出发，运动过程中二者均过图中O点，则以下判断正确的是（）A．从A处出发的电荷将沿电场线运动并一直加速B．两电荷通过O点时速度大小相同C．电荷在A处的具有的电势能比B处具有的电势能大D．电荷在A处受到的电场力比B处受到的电场力大5．（6分）如图所示，长度一定的倾斜传送带与水平面间的夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动，现把一个质量为m的小木块轻轻释放到传送带的上端，木块与传送带间的动摩擦因数处处相同，在小木块下滑的过程中，下列小木块的速率随时间变化的关系中，可能的是（）A． B．C． D．6．2018年9月24日，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．若“嫦娥一号”沿圆形轨道绕月球飞行的半径为R，国际空间站沿圆形轨道绕地球做匀速圆周运动的半径为4R，地球质量是月球质量的81倍，根据以上信息可以确定（）A．国际空间站的加速度比“嫦娥一号”大B．国际空间站的速度比“嫦娥一号”大C．国际空间站的周期比“嫦娥一号”长D．国际空间站的角速度比“嫦娥一号”小7．（6分）如图，在磁感应强度为B的匀强磁场中有一个粒子放射源O，某时刻在纸面内以相同的速率向各个方向发射了大量的电荷量为q、质量为m的带电粒子，经过时间t后这些粒子所在的位置第一次形成了一个半径最大且大小为R的圆，粒子仅受洛仑兹力，则下列说法正确的是（）A．带电粒子发射的速率为B．带电粒子发射的速率为C．带电粒子在磁场中做圆周运动的周期为tD．再经过的时间，粒子所在位置形成的圆的半径为R8．（6分）据2018年10月25日台湾媒体的报道，未来iphone7可以在落地时由屏幕弹出保护器，保护装置由设置在屏幕的4个角落的弹性塑料、聚合物及超薄金属组成．一旦手机内的加速度计、陀螺仪及高度传感器检查到装置正在掉落，屏幕上的保护器便会自动弹出，并完全吸收撞击地面时的冲击力，避免屏幕直接接触地面而损坏，已知iphone7的设计质量约160g，跌落环境以2.5m自由跌落为参考，空气阻力不计，g=10m/s2，则以下分析正确的事（）A．iphone7的落地速度约为0.718m/sB．保护器弹出的时间应小于0.18sC．手机落地时的重力功率约为10.2WD．若吸收冲击力的时间为0.1s，地面对手机的平均作用力约为12.9V二、非选择题9．某同学想研究导线的电阻与其直径的关系，他截取了4段长度相同、直径不同的同种导线，按如下过程进行研究：（1）用螺旋测微器测各导线的直径．当测微螺杆处于如图甲所示的位置时，应操作部件______（“A”、“B”、“C”）完成测量，这样有利于保护螺旋测微器，并使测量准确．某次测量如图乙所示，该导线的直径为______mm．（2）图丙为该同学的实验原理图，若取下实物连接图丁中的导线______，就可符合原理图．（3）若在实验中分别测得各导线两端的电压U和直径d，他想通过图象来直观地得到导线的电阻与其直径的关系，该同学应该画U﹣______图象．1．10．（8分）像打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况的常见计时仪器，每个光电门都由光发射和接受装置组成．当有物体从光电门中间通过时，与之相连的加速器就可以显示物体的挡光时间，如图甲所示，图中MN是水平桌面、PM是一端带有滑轮的长木板，1，2是固定木板相距为l的两个光电门（与之连接的计时器没有画出）．滑块A上固定着用于挡光的窄片K，让滑块A在重物B的牵引下从木板的顶端滑下，计时器分别显示窄片K通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t1=2.50×10﹣2s、t2=1.25×10﹣2s；（1）用游标卡尺测量窄片K的宽度（如图乙）d=______m（已知l＞＞d）；（2）用米尺测量两光电门的间距为l=20cm，则滑块的加速度a=______m/s2（保留两位有效数字）；（3）利用该装置还可以完成的实验有：______A．验证牛顿第二定律B．验证A、B组成的系统机械能守恒C．测定滑块与木板之间的动摩擦因数D．只有木板光滑，才可以验证牛顿第二定律E．只有木板光滑，才可以验证A、B组成的系统机械守恒定律11．（12分）某CS野战游乐园推出移动打靶项目，如图所示，靶心在Ⅰ轨道上以10m/s的速度匀速前进，t=0时刻，靶心在Ⅰ轨道A位置，游客乘坐的战车位于Ⅱ轨道上B处，AB水平距离L=25m，战车从静止开始以a=2m/s2沿直线向右做匀加速直线运动，战车上的彩弹枪在静止时发出的彩弹速度v=50m/s，Ⅰ、Ⅱ轨道的直线距离d=50m，欲使彩弹在发出后以最短的时间击中靶心，求（1）发枪时间；（2）击中靶心时战车的位移．12．（20分）（2018•福州校级模拟）如图所示，倾角θ=30°的绝缘光滑斜面向上，有一边界为矩形区域MNPQ磁场，边界MN为水平方向，MN与PQ之间距离为d=0.2m，以MN 边界中点O为坐标原点沿斜面向上建立x坐标．已知磁场方向垂直于斜面向上，磁感应强度大小随坐标x位置变化，变化规律为B=．现有n=10匝的正方形线圈abcd，其边长l=0.4m，总质量m=0.5kg、总电阻R=4Ω，ab边与MN 重合；在沿斜面向上的拉力F 作用下，以恒定的速度v=1m/s，沿x轴正向运动．g取10m/s2．求：（1）线圈ab边运动到x=0.1m位置时，线圈受到的安培力F A．（2）线圈穿过磁场区域过程中拉力F 做的总功W．（二）选考题[物理-选修3-3]13．（5分）如图所示，﹣V图中的a→b→c→d→a为一定质量的理想气体从状态a开始按箭头方向所经历的一个循环过程，以下说法中正确的是（）A．理想气体由a→b的过程做等温变化，从c→d也做等温变化B．理想气体由b→c的过程温度降低C．理想气体由d→a的过程中，气体对外界做功为W=p0（V a﹣V d）D．若理想气体装在导热性能良好的密闭容器中，则气体由b→c的过程中，单位时间内撞击到容器壁单位面积上的气体分子数减少E．由a→b的过程中，气体将吸收的热量全部对外做功，违背了热力学第二定律14．（10分）（2018•浦东新区三模）在一个可以插入活塞的圆筒内装置着著名的托里拆利实验结构，由于操作不慎，管内混入少量气体，结果水银柱的高度如图A所示上方空气柱长度30cm，下方水银60cm，此时大气压强为75cmHg，求：（1）未插入活塞时管中空气的压强是多少？（2）现插入活塞如图B所示，使圆筒内的气体体积变为原来的，在这过程中温度不发生变化，求此时管中空气的压强是多少？（玻璃管的粗细相对圆筒可以忽略不计）[物理-选修3-4]15．（2018•闵行区二模）在两种介质中分别有A、B两列简谐横波均沿x轴正向传播，在某时刻它们的波形分别如图甲、乙所示，经过时间t（T A＜t＜2T A），这两列简谐横波的波形分别变为图丙、丁所示，则A、B两列波的波速v A、v B之比可能是（）A．1：1 B．3：2 C．3：4 D．4：316．如图所示，腰长为L的等腰三角形ABC是玻璃砖的横截面，对光的折射率为，一束光线平行腰AB从三角形斜边中点O射入，则：（ⅰ）画出光线进入玻璃砖后再从玻璃砖BC面射出来的光路图，求光线从BC面的出射点到入射光线d以及光在BC面上的出射光线和入射光线夹角的正弦值．（ⅱ）在三棱镜的AB边是否有光线透出？写出分析过程．（不考虑多次反射）[物理-选修3-5]17．已知金属钠的逸出功为2.29eV，现用波长为400nm的光照射金属钠表面，普朗克常量h=6.63×10﹣34J•s，1nm=10﹣9m，则遏止电压为______，金属钠的截止频率为______．（结果保留两位有效数字）18．（2018•河南模拟）如图所示，粗糙的水平面上静止放置三个质量均为m的小木箱，相邻两小木箱的距离均为l．工人用沿水平方向的力推最左边的小术箱使之向右滑动，逐一与其它小木箱碰撞．每次碰撞后小木箱都牯在一起运动．整个过程中工人的推力不变，最后恰好能推着兰个木箱匀速运动．已知小木箱与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．设碰撞时间极短，小木箱可视为质点．求：第一次碰撞和第二次碰撞中木箱损失的机械能之比．参考答案与试题解析一、选择题1．下列说法不正确的是（）A．法拉第最先引入“场”的概念，并最早发现了电流的磁效应现象B．互感现象是变压器工作的基础C．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这应用了“微元法”D．电场强度E=和B=磁感应强度定义物理量的方法是比值定义法【考点】物理学史；电磁感应现象的发现过程．【分析】“场”首先是由法拉第提出的，奥斯特首先发现了电流的磁效应．变压器的原理是互感．在推导匀变速直线运动位移公式时，运用了微元法．电场强度E=和B=磁感应强度都是运用比值法定义的．【解答】解：A、法拉第最先引入“场”的概念，奥斯特最早发现了电流的磁效应，故A不正确．B、变压器工作原理是利用互感现象，故B正确．C、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这是运用了微元法，故C正确．D、电场强度E=和B=磁感应强度定义物理量的方法是比值定义法，故D正确．本题选不正确的，故选：A．【点评】本题考查的是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生加强记忆的，加深对物理方法的理解和记忆．2．（6分）如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下改变与水平面间的倾角，用以卸下车厢中的货物．假设某次卸货时车厢与水平面间的倾角不变，货物相对于车厢匀加速下滑，在货物下滑过程中，下列分析正确的是（）A．地面对货车的支持力大于车和货物的总重力B．地面对货车的支持力等于车和货物的总重力C．地面对货车的摩擦力方向水平向左D．地面对货车的摩擦力方向水平向右【考点】共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律．【分析】当货物加速下滑时，对货物和车厢进行受力分析，根据牛顿第二、第三定律分析即可．【解答】解：AB、在竖直方向进行分析，可知竖直方向整体有向下的加速度，故处于失重状态，整体对地面的压力小于货车和货物的总重力；由于是匀加速，故支持力是保持不变的；故A错误，B错误；CD、当货物相对于车厢加速下滑时，货物受重力、支持力及滑动摩擦力；因加速度沿斜面向下；则将加速度分解为水平和竖直向下两个方向；则在水平方向有向左的合外力；则由作用力与反作用力可知，货物对车厢有向右的作用力，故货车受到向左的摩擦力，故C正确，D错误；故选：C【点评】本题可以直接应用整体法进行分析，但要注意两部分的加速度不同，故失重部分可以只考虑货物．3．（6分）如图所示，理想变压器原线圈接入交变电流（甲图所示），变压器原副线圈匝数比为22：10，副线圈中接有滑动变阻器P以及光敏电阻R，其余电阻不计，则（）A．原线圈中接入交变电流瞬时值表达式为e=311sin100πtB．滑动变阻器滑片向右滑动时，副线圈电流增大C．增强光照，原线圈输入功率变小D．若将光敏电阻换做二极管，则副线圈两端电压为50V【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】由图可知最大值，周期可确定角速度，进而得表达式，半导体光敏电阻是指随光照增强电阻呈指数关系减小，R处光照增强时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化【解答】解：A、由图知最大值为311，周期为0.18，则角速度为100π，则瞬时值表达式为e=﹣311cos100πt．则A错误B、变阻器滑片向右滑动时，电阻变小，副线圈电流增加，则B正确；C、光敏电阻处增强光照，阻值减小，副线圈电流增大，输出功率增加，而输出功率和输入功率相等，则C错误；D、原输出电压的有效值为100V，将光敏电阻换做二极管，则一周期内工作时间减半，则，代入数据：，解得，则D错误；故选：B【点评】根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键4．（6分）某等量异种点电荷的电场线在空间的分布如图所示，有两个相同的带负电的试探电荷（均不计重力）以相同的水平速度从图中的A、B两点出发，运动过程中二者均过图中O点，则以下判断正确的是（）A．从A处出发的电荷将沿电场线运动并一直加速B．两电荷通过O点时速度大小相同C．电荷在A处的具有的电势能比B处具有的电势能大D．电荷在A处受到的电场力比B处受到的电场力大【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势能．【分析】电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断电势能变化量的大小．【解答】解：A、电场线的方向向右，负电荷受到的电场力的方向向左，所以从A处出发的电荷将沿电场线运动并一直减速．故A错误；B、结合等量异种点电荷的电场线与等势面如图：可知A处的电势高于B处的电势，U AO＞U BO所以到达O点时电场力对两个粒子做的功不相等，则两电荷通过O点时速度大小不相同．故B错误；C、A处的电势高于B处的电势，所以负电荷在A处的电势能小，故C错误．D、电场线越密，场强越大，A点处的电场线密，所以粒子在A点受到的电场力大，故D 正确；故选：D【点评】本题虽然是综合性很强的题目，但只要我们理解了电场线的特点就能顺利解决，注意结合等量异种点电荷的电场线与等势面是解题的关键．5．（6分）如图所示，长度一定的倾斜传送带与水平面间的夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动，现把一个质量为m的小木块轻轻释放到传送带的上端，木块与传送带间的动摩擦因数处处相同，在小木块下滑的过程中，下列小木块的速率随时间变化的关系中，可能的是（）A． B．C． D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】对滑块受力分析，开始时，受到重力、支持力、滑动摩擦力，处于加速阶段；当速度等于传送带速度时，如果重力的下滑分力小于或等于最大静摩擦力，则一起匀速下滑，否则，继续匀加速．【解答】解：木块放上后一定先向下匀加速，若传送带不够长，木板一直做匀加速运动，B 是可能的．若传送带足够长，木块的速度会与传送带的速度相同，此时若重力沿传送带向下的分力大于最大静摩擦力，则之后木块继续加速．速度相同前，由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1，得：a1=gsinθ+μgcosθ．速度相同后，由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2，得：a2=gsinθ﹣μgcosθ，可知，木块的加速度变小了，v﹣t图象的斜率减小．所以D是可能的．速度相同时，木块的重力沿传送带向下的分力小于或等于最大静摩擦力，此后木块将随传送带匀速运动；所以C也是可能的．故A错误，BCD正确．故选：BCD【点评】本题的关键是木块加速到速度等于传送带速度后，要分两种情况讨论，即重力的下滑分力小于或等于最大静摩擦力和重力的下滑分力大于最大静摩擦力两种情况．6．2018年9月24日，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．若“嫦娥一号”沿圆形轨道绕月球飞行的半径为R，国际空间站沿圆形轨道绕地球做匀速圆周运动的半径为4R，地球质量是月球质量的81倍，根据以上信息可以确定（）A．国际空间站的加速度比“嫦娥一号”大B．国际空间站的速度比“嫦娥一号”大C．国际空间站的周期比“嫦娥一号”长D．国际空间站的角速度比“嫦娥一号”小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】国际空间站和“嫦娥一号”的向心力都由万有引力提供，则由公式可得出各量的表达式，则可得出各量间的关系．【解答】解：国际空间站和“嫦娥一号”的向心力都由万有引力提供，即=ma==mω2r=m r，则可知：A．由上式得：“嫦娥一号”的加速度为：a1=G=G，国际空间站的加速度为a2=G，所以国际空间站的加速度比“嫦娥一号”大，故A正确；B．由上式得：“嫦娥一号”的加速度为：v1=，国际空间站的速度为：v2=，所以国际空间站的速度比“嫦娥一号”大，故B正确；C、由上式得：“嫦娥一号”的周期为：T1=，国际空间站的速周期为T2=，所以“嫦娥一号”的周期比国际空间站的周期大，故C错误；D．由①得：“嫦娥一号”的角速度为：ω1=，国际空间站的角速度为：ω2=，“嫦娥一号”的角速度比国际空间站的角速度小．故D错误；故选AB．【点评】本题的解题关键要建立物理模型，抓住万有引力提供向心力列式分析．7．（6分）如图，在磁感应强度为B的匀强磁场中有一个粒子放射源O，某时刻在纸面内以相同的速率向各个方向发射了大量的电荷量为q、质量为m的带电粒子，经过时间t后这些粒子所在的位置第一次形成了一个半径最大且大小为R的圆，粒子仅受洛仑兹力，则下列说法正确的是（）A．带电粒子发射的速率为B．带电粒子发射的速率为C．带电粒子在磁场中做圆周运动的周期为tD．再经过的时间，粒子所在位置形成的圆的半径为R【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据题意求出粒子做圆周运动的轨道半径，然后应用牛顿第二定律求出粒子的速率；根据粒子运动过程与题意求出粒子做圆周运动的周期；根据题意确定再经过时间粒子所在位置，然后求出位置圆的半径．【解答】解：A、粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过半个周期后粒子离开出发点最远，此时所有粒子位置形成的圆的半径最大，由题意可知，此时粒子所在的位置第一次形成了一个半径最大且大小为R的圆，则粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径：r=，粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=2t，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，故AC错误，B正确；D、再经过的时间，即粒子运动时间为：t+==T，此时粒子力出发点的距离：d=r=，则此时粒子所在位置形成的圆的半径为：，故D正确；故选：BD．【点评】本题考查了粒子在磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程是解题的关键，应用牛顿第二定律可以解题；粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过半个周期后粒子离开出发点的距离最大，由题意知此时各粒子位置形成圆的半径为R，据此可以求出粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径，然后应用牛顿第二定律可以解题．8．（6分）据2018年10月25日台湾媒体的报道，未来iphone7可以在落地时由屏幕弹出保护器，保护装置由设置在屏幕的4个角落的弹性塑料、聚合物及超薄金属组成．一旦手机内的加速度计、陀螺仪及高度传感器检查到装置正在掉落，屏幕上的保护器便会自动弹出，并完全吸收撞击地面时的冲击力，避免屏幕直接接触地面而损坏，已知iphone7的设计质量约160g，跌落环境以2.5m自由跌落为参考，空气阻力不计，g=10m/s2，则以下分析正确的事（）A．iphone7的落地速度约为0.718m/sB．保护器弹出的时间应小于0.18sC．手机落地时的重力功率约为10.2WD．若吸收冲击力的时间为0.1s，地面对手机的平均作用力约为12.9V【考点】动量定理．【分析】根据自由落体求速度，时间，保护器弹出的时间应小于落地时间，根据p=mgv落地功率；由动量定理求作用力【解答】解：A、根据自由落体速度v===7.18m/s，故A错误；B、保护器弹出的时间应小于落地时间，根据自由落体t===0.718s，故B错误；C、根据p=mgv得：功率p=0.160×10×7.18=11.3W，故C错误；D、由动量定理I=（F﹣mg）t，F=+mg=+0.160×10=12.9N，故D正确；故选：D．【点评】考查了自由落体运动的规律，动量定理的应用，注意别忘了重力．二、非选择题9．某同学想研究导线的电阻与其直径的关系，他截取了4段长度相同、直径不同的同种导线，按如下过程进行研究：（1）用螺旋测微器测各导线的直径．当测微螺杆处于如图甲所示的位置时，应操作部件C （“A”、“B”、“C”）完成测量，这样有利于保护螺旋测微器，并使测量准确．某次测量如图乙所示，该导线的直径为 1.200mm．（2）图丙为该同学的实验原理图，若取下实物连接图丁中的导线C，就可符合原理图．（3）若在实验中分别测得各导线两端的电压U和直径d，他想通过图象来直观地得到导线的电阻与其直径的关系，该同学应该画U﹣图象．1．【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）根据螺旋测微器的使用及读数方法得出应做的调节，并正确读数；注意应保留的位数；（2）根据原理图可得出对应的实物图；（3）根据电路图利用欧姆定律可得出对应的表达式，进而求出应作的图象．【解答】解：（1）为了保护螺旋测微器，当砧板接近被测量物体时，应调节微调旋钮C，防止对砧板造成损失；图中读数为：1mm+20.0×0.01mm=1.200mm；（2）根据原理图可知，实物图中多连接了导线C；故将C拿掉即可符合原理图；（3）由欧姆定律可知：U=IR=I=；故U与成正比；故应做出U﹣图象；故答案为：（1）C 1.200 （2）C （3）【点评】本题考查电阻的测量及螺旋测微器的使用方法，一定要注意明确螺旋测微器需要估读，应保留到千分之一毫米位．10．（8分）像打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况的常见计时仪器，每个光电门都由光发射和接受装置组成．当有物体从光电门中间通过时，与之相连的加速器就可以显示物体的挡光时间，如图甲所示，图中MN是水平桌面、PM是一端带有滑轮的长木板，1，2是固定木板相距为l的两个光电门（与之连接的计时器没有画出）．滑块A上。
理科综合能力测试可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 C1 35.5 Ni 59 Cu 64 Zn 65第I卷一、选择题:本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列关于酶的叙述，正确的是A.酶的合成一定需要核糖体B.同一种酶不可能存在于不同种类的细胞中C.DNA聚合酶参与DNA复制及DNA的转录D.所有活细胞都具有与细胞呼吸有关的酶2.下图表示雄果蝇细胞分裂过程中DNA含量的变化。
下列叙述错误的是A.若图1表示减数分裂，则图1的CD段表示着丝点分裂B.若图2表示有丝分裂，则图2的AB段表示DNA复制C.若两图均表示有丝分裂，则两图的DE段一个细胞内只含有2个染色体组D.若图1表示减数分裂，则图1的BC段一个细胞中可能含有0或1条Y染色体3.生物学是一门以实验为基础的科学，下列实验采用的核心技术相同的是①探究分泌蛋白的合成和运输过程②利用现代分子生物学技术将基因定位在染色体上③利用甲基绿和吡罗红观察DNA和RNA在细胞中的分布④证明组成细胞膜的蛋白质分子运动的人鼠细胞融合实验A.①③B.②③C.②④D.①④4.图甲是加热杀死的S型细菌与R型活菌混合注射到小鼠体内后两种细菌的含量变化；图乙是噬菌体侵染细菌实验的部分操作步骤。
有关叙述错误的是A.图乙中，沉淀物中新形成的子代噬菌体具有放射性B.图甲中，后期出现的大量S型细菌是由R型细菌转化并增殖而来的C.图甲中，AB对应时间段内，小鼠体内还没有形成大量抗R型细菌抗体D.图乙中若用32P标记亲代噬菌体，裂解后子代噬菌体中少部分具有放射性5.某课题组研究了激素类似物甲和乙对某种月季插条生根的影响，实验结果如图所示，下列叙述正确的是A.激素类似物的浓度是该实验的唯一自变量B.若探究10μmol·L-1甲、乙对月季插条生根的复合影响，应设计4组实验C.实验证明乙促进生根的最适浓度是10μmol·L-1D.该实验证明激素类似物甲的作用具有两重性6.下列关于生物进化的叙述，正确的是A.变异都可以为生物进化提供原材料B.环境条件保持稳定，种群基因频率就不会发生变化C.同一环境中往往存在很多不同物种，它们之间在相互影响中共同进化D.隔离的实质是阻断基因交流，种群间不能进行基因交流意味着新物种形成7.化学与生产、生活密切相关，下列说法不正确的是A.用活性炭为糖浆脱色和用次氯酸盐漂泊纸浆的原理不相同B.“以火烧之，紫青烟起，乃真硝石（KNO3）”，“紫青烟”是因为发生了焰色反应C.工业上燃烧煤时，加入少量石灰石是为了减少SO2的排放D.硅胶具有较强的还原性，可以用作袋装食品的抗氧化剂8.阿伏加德罗常数的值为N A，下列有关叙述不正确的是A.标准状况下，11.2L HF中含有氟原子的数目为0.5N AB.含1mol C1-的NH4Cl溶液中加入适量氨水使溶液呈中性，此时溶液中NH4+数为N AC.13g锌与一定量浓硫酸恰好完全反应，生成气体的分子数为0.2N AD.28g乙烯和环丁烷的混合气体中含有的碳原子数为2N A9.有机物W在工业上常用作溶剂和香料，其合成方法如下：下列说法正确的是A.N、W组成上相差一个CH2原子团，所以互为同系物B.M 、N 、W 均能发生加成反应、取代反应C.W 属于酯类，能发生皂化反应D.M 的二氯代物有8种10.下列实验操作及现象，能推出相应结论的是11.十九大报告中提出要“打赢蓝天保卫战”，意味着对大气污染防治比过去要求更高。
2015年山东省临沂市沂水一中高考物理模拟试卷（一）一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分．其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，全对得4分，选对但不全的得2分，选错不给分）1．（4分）（2015•临沂校级模拟）如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端作圆周运动．当小球运动到最高点时，即时速度，L是球心到O点的距离，则球对杆的作用力是（）A．的拉力B．的压力C．零D．的压力【考点】：向心力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；即时速度时，再对小球受力分析，根据牛顿第二定律列式求解杆的弹力，然后结合牛顿第三定律求解压力．【解析】：解：球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：由于＜v0故杆对球有支持力，根据牛顿第二定律，有：mg﹣N=m解得：N=mg﹣m=根据牛顿第三定律，球对杆有向下的压力，大小为mg；故选：B．【点评】：本题关键是明确向心力来源，求解出弹力为零的临界速度，然后结合牛顿第二定律列式分析，不难．2．（4分）（2015•临沂校级模拟）如图所示，电池的内阻可以忽略不计，电压表和可变电阻器R串联接成通路，如果可变电阻器R的值减为原来的时，电压表的读数由U0增加到2U0，则下列说法中不正确的是（）A．流过可变电阻器R的电流增大为原来的2倍B．可变电阻器R消耗的电功率增加为原来的4倍C．可变电阻器R两端的电压减小为原来的D．若可变电阻器R的阻值减小到零，那么电压表的示数变为4U0【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：将电压表看成一个电阻，根据欧姆定律判断电流和变阻器电压的变化，根据闭合电路欧姆定律分两次列式后讨论电源电动势大小．【解析】：解：A、将电压表看成一个电阻，电压表的示数U0增大到2U0，故通过电压表的电流增加为2倍，由于R与电压表串联，故通过可变电阻的电流也增大为原来的2倍，故A正确；B、电流变为2倍，电阻变为原来的，根据P=I2R，可变电阻消耗的功率变为倍，故B错误；C、电流变为2倍，电阻变为，根据U=IR，可变电阻两端的电压减为原来的，故C正确；D、根据闭合电路欧姆定律，开始时：E=U0+•R可变电阻的阻值减少为原来的后：E=2U0+•，联立解得：E=4U0若可变电阻的阻值减到零，则电压表的示数等于电源的电动势，为4U0．故D正确．本题选错误的，故选：B【点评】：本题考查闭合电路的欧姆定律，明确电压表是纯电阻，然后根据欧姆定律、闭合电路欧姆定律多次列式求解．3．（4分）（2015•临沂校级模拟）“神舟”十号载人航天发射控制中心的大屏幕上出现的一幅“神舟”十号飞船运行轨迹图如下，它记录了飞船在地球表面垂直投影的位置变化；图中表示一段时间内飞船绕地球沿圆周飞行四圈，依次飞经中国和太平洋地区的四次轨迹①、②、③、④，图中分别标出了各地点的经纬度．通过观察此图，某同学发现，飞船绕地球环绕一周的过程中，地球大约自转22.5°．已知地球半径为6.4×103km，依据上述信息可估算该飞船距离地面的高度和飞船的周期（大约）正确的是（）A．4×105km 1.5h B．6.4×103km 3hC．300km 1.5h D．7×6.4×103km 24h【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：在轨迹①通过赤道时的经度为西经157.5°，绕行一圈后轨迹②再次经过赤道时经度为l80°，即“神舟十号”转一圈，地球自转转过22.5°，可求出“神舟十号”与地球自转周期的关系，从而可求出“神舟十号”的周期．根据万有引力提供向心力，通过周期关系，得出轨道半径关系，从而求出“神舟十号”离地面的高度．【解析】：解：由轨道①和②得飞船每运行一周，地球自转角度为180°﹣157.5°=22.5°，所以飞船运行周期为：T=×24h=1.5h，由万有引力提供向心力，即=m r在地球表面处物体万有引力等于重力得：=mg可求得飞船的轨道半径：r=则轨道高度h=r﹣R=﹣R解得：h=3.43×105 m所以该卫星离地高度大约300km．故选：C．【点评】：解决本题的关键通过“神舟十号”转一圈，地球转过的角度，得出他们的周期关系，通过万有引力提供向心力，得出轨道半径关系．4．（4分）如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．物体的质量为3 kgC．物体的加速度大小为5 m/s2D．弹簧的劲度系数为7.5 N/cm【考点】：牛顿第二定律；胡克定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：物体一直匀加速上升，从图象可以看出，物体与弹簧分离后，拉力为30N；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡；拉力为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，弹簧压缩量为4cm；根据以上条件列式分析即可．【解析】：解：A、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；B、C、D、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有：mg=kx…①拉力F1为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有：F1+kx﹣mg=ma…②物体与弹簧分离后，拉力F2为30N，根据牛顿第二定律，有：F2﹣mg=ma…③代入数据解得：m=2kg，k=500N/m=5N/cm，a=5m/s2故C正确，BD错误；故选：C．【点评】：本题关键是由图象得出一些相关物理量，然后根据牛顿第二定律列方程分析求解．5．（4分）（2015•临沂校级模拟）如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R．一个小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．v0越大，小球落在圆环时的时间越长B．即使v0取值不同，小球掉到环上时的速度方向和水平方向之间的夹角也相同C．若v0取值适当，可以使小球垂直撞击半圆环D．无论v0取何值，小球都不可能垂直撞击半圆环【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由下降的高度决定．采用假设法，假设小球垂直撞击的BC段，通过速度方向的夹角与位移与水平方向的夹角关系进行分析．【解析】：解：A、小球的初速度越大，下降的高度不一定大，平抛运动的时间不一定长．故A错误．B、平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，初速度不同，位移与水平方向方向夹角不同，则速度与水平方向夹角不同．故B错误．C、假设小球与BC段垂直撞击，设此时速度与水平方向的夹角为θ，知撞击点与圆心的连线与水平方向的夹角为θ．连接抛出点与撞击点，与水平方向的夹角为β．根据几何关系知，θ=2β．因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，即tanα=2tanβ．与θ=2β相矛盾．则不可能与半圆弧垂直相撞．故C错误，D正确．故选：D．【点评】：解决本题的关键知道平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍这一推论，并能灵活运用．6．（4分）如图，在水平面（纸面）内有三根相同的均匀金属棒ab、ac和MN，其中ab、ac 在a点接触，构成“V”字型导轨．空间存在垂直于纸面的均匀磁场．用力使MN向右匀速运动，从a位置开始计时，运动中MN始终与∠bac的平分线垂直且和导轨保持良好接触．下列关于回路中电流i与时间t的关系图线，可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与图像结合．【分析】：MN切割磁感线运动产生感应电动势E=BLv，L越来越大，回路总电阻也增大，根据电阻定律可求，然后利用闭合电路欧姆定律即可求解．【解析】：解：设∠bac=2θ，单位长度电阻为R0则MN切割产生电动势E=BLv=Bv•2vt×tanθ=2Bv2ttanθ回路总电阻为由闭合电路欧姆定律得：I===i与时间无关，是一定值，故A正确，BCD错误，故选：A．【点评】：关于电磁感应问题，特别是图象问题，不能凭想当然，最好是通过闭合电路欧姆定律找出关系式．7．（4分）（2015•临沂校级模拟）如图所示，①、②、③是两个等量异种点电荷形成电场中的、位于同一平面内的三个等势线，其中③为直线，①与②、②与③的电势差相等．一重力不计、带负电的粒子进入电场，运动轨迹如图中实线所示．与①、②、③分别交于a、b、c三点，则（）A．若粒子从a到b电场力做功大小为W1，从b到c电场力做功大小为W2，则W1＞W2 B．粒子从a到b再到c，电势能不断减少C．a点的电势比b点的电势高D．粒子在c点时的加速度为零【考点】：等势面；电势．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据电场力做功公式W=qU，分析W1与W2的关系．根据粒子的轨迹弯曲方向可判断所受的电场力方向，确定等量异种点电荷中正电荷和负电荷的位置，即可判断电场力做功的正负，分析电势能的变化，由等量异种点电荷中正电荷和负电荷的位置，分析a、b电势的高低．粒子在c点时的电场力不为零，加速度不为零．【解析】：解：A、由题，①与②、②与③的电势差相等，根据电场力做功公式W=qU得知，粒子从a到b电场力做功与从b到c电场力做功相等，即W1=W2．故A错误．B、C由于③为直线，是一条等势线，则知两个等量异种点电荷连线的垂直平分线，根据粒子的轨迹弯曲方向可知粒子所受的电场力方向向左，则知正点电荷在左侧，负点电荷在右侧，粒子从a到b再到c，电势不断降低，负电荷的电势不断增大．故B错误，C正确．D、粒子在c点时的电场力不为零，加速度不为零．故D错误．故选：C．【点评】：本题要掌握电场力做功的公式W=qU，可判断电场力做功的大小关系．结合轨迹的弯曲方向和等量异种电荷等势线的分布情况，判断电势高低，分析电势能的变化．8．（4分）如图所示，电源内阻不能忽略，安培表、伏特表都是理想电表，当滑动变阻器R的滑动头从a端滑到b端过程中（）A．V的示数先增大后减小，A示数增大B．V的示数先增大后减小，A示数减小C．V的示数先减小后增大，A示数增大D．V的示数先减小后增大，A示数减小【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：首先认识电路的结构：变阻器左右两部分电阻并联后与另一电阻串联．电压表测量路端电压，电流表测量通过变阻器右边部分的电流．当滑动头滑到变阻器中点时，变阻器左右并联的电阻最大．路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．根据欧姆定律及串并联电阻关系分析电表读数变化．【解析】：解：当滑动头从a端滑到中点时，变阻器左右并联的电阻增大，分担的电压增大，变阻器右边电阻减小，电流减小，则通过电流表的电流增大．外电路总电阻增大，干路电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数增大；当滑动头从中点滑到b端时，变阻器左右并联的电阻减小，分担的电压减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，而通过变阻器左侧的电流减小，则通过电流表的电流增大．电源的内电压增大，路端电压减小．变阻器左端电阻增大，电流减小，则电压表的示数减小．所以V 的示数先增大后减小．A示数一直增大．故选A【点评】：本题是电路中动态分析问题，通常采用定性分析，但电流表示数的变化要运用解析式进行定量研究，难度较大．9．（4分）如图（1）所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为20：1，R1=10Ω，R2=20Ω，C=100μF．已知电阻R1两端的正弦交流电压如图（2）所示，则（）A．原线圈输入电压的最大值为400VB．交流电的频率为100HzC．电容器C所带电量恒值为2×10﹣3CD．电阻R1消耗的电功率为20W【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解析】：解：A、由图象可知，Rl 的电压即副线圈的电压最大值为20V，根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压最大值为400V，所以A正确．B、根据图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以B错误．C、电容器的作用是通交流隔直流，所以在交流电路中电容器中有电流通过，电容器C所带电量是在不断的变化的，所以C错误．D、副线圈的电压的有效值为10V，所以消耗的功率P==W=20W，所以D正确．故选AD．【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．10．（4分）（2015•临沂校级模拟）2012年6月18日，神州九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆形轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接．对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气，下面说法正确的是（）A．为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B．如不加干预，在运行一段时间后，天宫一号的动能可能会增加C．如不加干预，天宫一号的轨道高度将缓慢降低D．航天员在天宫一号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】：压轴题；人造卫星问题．【分析】：万有引力提供圆周运动的向心力，所以第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大速度，卫星由于摩擦阻力作用，轨道高度将降低，运行速度增大，失重不是失去重力而是对悬绳的拉力或支持物的压力减小的现象．根据相应知识点展开分析即可．【解析】：解：A、又第一宇宙速度为最大环绕速度，天宫一号的线速度一定小于第一宇宙速度．故A错误；B、根据万有引力提供向心力有：⇒v=得轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大，所以B正确；C、卫星本来满足万有引力提供向心力即，由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，提供的引力大于卫星所需要的向心力故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，故C正确；D、失重状态说明航天员对悬绳或支持物体的压力为0，而地球对他的万有引力提供他随天宫一号围绕地球做圆周运动的向心力，所以D错误故选BC．【点评】：解决卫星运行规律问题的核心原理是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量与轨道半径的关系．11．（4分）（2015•临沂校级模拟）如图所示，一个带正电荷的物块m由静止开始从斜面上A 点下滑，滑到水平面BC上的D点停下来．已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B处时的机械能损失．现在ABC所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D′点停下来．后又撤去电场，在ABC 所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D″点停下来，则以下说法中正确的是（）A．D′点一定在D点左侧B．D′点一定与D点重合C．D″点一定在D点右侧D．D″点一定与D点重合【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：根据动能定理分别对不加电场和加电场两种情况进行研究：不加电场时，整个过程中重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理列出表达式；加电场时，重力和电场力做正功，摩擦力做负功，再由动能定理列出表达式，分析物体在水平上滑行的位移关系，判断D'点与D点的位置关系．【解析】：解：设物体的质量为m，电量为q，电场强度大小为E，斜面的倾角为θ，动摩擦因数为μ．根据动能定理得A、不加电场时：mgSABsinθ﹣μmgSABcosθ﹣μmgSBD=0 ①加电场时：（mg+qE）SABsinθ﹣μ（mg+qE）SABcosθ﹣μ（mg+qE）SBD′=0 ②将两式对比得到，SBD=SBD′，则D'点一定与D点重合．故A错误，B正确；C、加磁场时，mgSABsinθ﹣μSAB（mgcosθ﹣Bqv）﹣μ（mg﹣Bqv′）SBD″=0 ③比较①③两式可得SBD″＞SBD，所以D″点一定在D点右侧，故C正确，D错误．故选BC【点评】：本题考查运用动能定理处理问题的能力，也可以应用等效的思维方法进行选择：加电场时相当于物体的重力增加，而物体在水平面滑行的距离与重力无关．12．（4分）（2015•临沂校级模拟）如图所示，ABCD为固定的水平光滑矩形金属导轨，处在方向竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场中，AB间距为L，左右两端均接有阻值为R的电阻，质量为m、长为L且不计电阻的导体棒MN放在导轨上，与导轨接触良好，并与轻质弹簧组成弹簧振动系统．开始时，弹簧处于自然长度，导体棒MN具有水平向左的初速度v0，经过一段时间，导体棒MN第一次运动到最右端，这一过程中AB间R上产生的焦耳热为Q，则（）A．初始时刻棒所受的安培力大小为B．当棒再一次回到初始位置时，AB间电阻的热功率为C．当棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能为mv02﹣2QD．当棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能为mv02﹣6Q【考点】：法拉第电磁感应定律；弹性势能；导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由E=BLv0、I=、F=BIL三个公式结合求解初始时刻棒受到安培力大小．MN棒从开始到第一次运动至最右端，电阻R上产生的焦耳热为Q，整个回路产生的焦耳热为2Q．根据能量守恒定律求解棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能．【解析】：解：A、由F=BIL、I=，R并=，得初始时刻棒所受的安培力大小为FA=．故A正确；B、由于回路中产生焦耳热，棒和弹簧的机械能有损失，所以当棒再次回到初始位置时，速度小于v0，棒产生的感应电动势E＜BLv0，由电功率公式P=知，则AB间电阻R的功率小于，故B错误；C、D、由能量守恒得知，当棒第一次达到最右端时，物体的机械能全部转化为整个回路中的焦耳热和弹簧的弹性势能．电阻R上产生的焦耳热为Q，整个回路产生的焦耳热为2Q．弹簧的弹性势能为：Ep=mv02﹣2Q，故C正确，D错误；故选：AC．【点评】：本题分析系统中能量如何转化是难点，也是关键点，运用能量守恒定律时，要注意回路中产生的焦耳热是2Q，不是Q．二、实验题（每空2分，共18分）13．（8分）（2015•临沂校级模拟）如图甲所示，用包有白纸的质量为m（kg）的圆柱棒代替纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动，代替打点计时器．当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛笔转动就在圆柱棒表面的纸上画出记号，如图乙所示，设毛笔接触棒时不影响棒的运动．测得记号之间的距离依次为20.0mm，44.0mm，68.0mm，92.0mm，116.0mm，140.0mm，已知电动机每秒钟转20圈，由此研究圆柱棒的运动情况．根据以上内容，回答下列问题：（1）毛笔画相邻两条线的时间间隔T=0.05s，图乙中的左端是圆柱棒的悬挂端（填“左”或“右”）．（2）根据图乙所给的数据，可知毛笔画下记号D时，圆柱棒下落的速度vD= 1.60m/s；圆柱棒竖直下落的加速度a=9.60m/s2．（结果保留三位有效数字）【考点】：测定匀变速直线运动的加速度．【专题】：实验题．【分析】：了解该实验装置的原理，它类似于打点计时器，蘸有颜料的毛笔随电动机转一圈就在圆柱棒面上的纸上画出记号，这就像打点计时器每隔一定时间就打一个点．数据的处理思路与打点计时器打出来的纸带处理一样．利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．【解析】：解：（1）电动机每秒钟转20圈，电动机的转速n=20 r/s，所以周期T==s=0.05 s，圆柱棒竖直自由下落，速度越来越大，因此毛笔所画出的记号之间的距离越来越大，因此左端的记号后画上，所以左端是悬挂端．（2）匀变速直线运动的中间时刻的瞬时速度等于这一段的平均速度vD=m/s=1.60 m/s，加速度a===9.60 m/s2．故答案为：（1）0.05s，左；（2）1.60，9.60．【点评】：该实验装置是根据打点计时器的特点和实验原理进行设计新的实验．数据的处理思路与打点计时器打出来的纸带处理一样．14．（10分）有一电压表V1，其量程为3V、内阻约为3000Ω．要准确测量该电压表的内阻，提供的器材有：电源E：电动势约为15V，内阻不计电流表A1：量程100mA，内阻r1=20Ω电压表V2：量程2V，内阻r2=2000Ω定值电阻R1：阻值20Ω定值电阻R2：阻值3Ω滑动变阻器R0：最大阻值10Ω．额定电流1A电建一个，导线若干（1）实验中电表应选用，定值电阻应选用（2）请你设计一个测量电压表V1内阻的实验电路图并画在虚线框内（3）说明实验所要测量的物理量电压表的示数、电压表的示数（4）写出电压表V1内阻的计算表达式rv1=．【考点】：伏安法测电阻．【专题】：实验题．【分析】：本题（1）的关键是将待测电压表的额定电压、额定电流与给出的电压表和电流表比较即可．题（2）的关键是根据变阻器的全电阻远小于待测电压表内阻可知变阻器应用分压式接法，然后通过求出待测电压表与给出的电压表电流相等可知应将两者串联使用，再根据欧姆定律求出保护电阻的阻值即可选出保护电阻；题（3）和（4）的关键是根据欧姆定律写出待测电压表的表达式即可．【解析】：解：（1）：由于待测电压表的电压量程为3V，最大电流为：===1mA，远小于电流表的量程100mA，而电压表的量程与其电压量程接近，所以电表应选电压表；为保护电源，根据题（2）的分析可知定值电阻应选择．（2）：由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电压表内阻，所以变阻器应采用分压式接法；由于待测电压表的额定电流为，电压表的额定电流为：，所以应将两电压表串联使用；由于给出的器材中有定值电阻，考虑电路保护作用，估算如下：根据欧姆定律，当变阻器的滑片置于最右端时，通过变阻器的电流为I===0.5A，所以保护电阻至少为R===20Ω，所以保护电阻应选择，电路图如图所示：（3）：根据欧姆定律和串并联规律应有：，解得：，所以应测量的物理量是电压表的示数和电压表的示数；（4）：根据上面的分析可知，待测电压表内阻表达式为：．故答案为：（1），（2）如图（3）电压表的示数和电压表的示数（4）【点评】：应明确：①若待测电阻是电压表时，应通过其额定电压与求出的额定电流大小来选择电压表和电流表；②注意电表的“反常规”接法，即电压表可以与电压表串联或电流表可以与电流表并联；③当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法．三、计算题（共22分）15．（10分）高速公路上甲乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0=30m/s，距离s0=100m，t=0时刻甲车遇紧急情况后，甲乙两车的加速度随时间变化如图所示，取运动方向为正方向．通过计算说明两车在0～9s内会不会相撞？【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：根据图象读懂甲先做3秒的匀减速直线运动，再做6秒的匀加速直线运动，乙先是3秒的匀速直线运动，然后是6秒的匀减速直线运动，根据给出的数据结合运动规律求解．因为甲车在前，乙车在后，当乙车速度减到和甲车相等的时候两车没有相撞则以后就不会相撞，且速度相等是两车相距最近的条件．【解析】：解：由图象知，甲在前3s内的加速度，在3﹣9s内的加速度，乙在前3s的加速度a乙1=0，在3﹣9s内的加速度根据图象分析知：甲前3s内做匀减速直线运动，3s后速度减为0后再以做匀加速直线运动，乙在做匀速直线运动，3s后以做匀减速直。
2015届山东省临沂市沂水第一中学高三模拟试题（一） 物理试题 一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。
其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，全对得4分，选对但不全的得2分，选错不给分） 1．如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端作圆周运动。
当小球运动到最高点时，即时速度，L是球心到O点的距离，则球对杆的作用力是A．的拉力 B．的压力C．零 D．的压力 2．如图所示电池的内阻可以忽略不计,电压表和可变电阻器R串联接成通路如果可变电阻器R的值减为原来的1/3时电压表的读数由U0增加到2U0，则下列正确A．流过可变电阻器R的电流增大为原来的2倍 B可变电阻器R消耗的电功率增加为原来的4倍 C可变电阻器R两端的电压减小为原来的23 D．若可变电阻器R的阻值减小到零，那么电压表的示数变为4U0 3．“神舟”十号载人航天发射控制中心的大屏幕上出现的一幅“神舟”十号飞船运行轨迹图如下，它记录了飞船在地球表面垂直投影的位置变化；图中表示一段时间内飞船绕地球沿圆周飞行四圈，依次飞经中国和太平洋地区的四次轨迹①、②、③、④，图中分别标出了各地点的经纬度。
通过观察此图，某同学发现，飞船绕地球环绕一周的过程中，地球大约自转22．50。
已知地球半径为6．4×103km，依据上述信息可估算该飞船距离地面的高度和飞船的周期（大约）正确的是：A．4×105km 1．5h B．64×103km 3h C．300km 1．5h D．7×64×103km 24h 4．如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态。
现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（ ）A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态 B．物体的质量为3 kg C．物体的加速度大小为5 m/s2D．弹簧的劲度系数为7．5 N/cm 5．如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点，环半径为R。
山东省沂水县第一中学2018届高三物理下学期第二次模拟试题本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100分。
考试时间90分钟第I卷（选择题，共45分）一、本题共15小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分．1．下列选项中，说法正确的是：A．卢瑟福提出核式结构模型，很好的解释了粒子散射实验中的现象B．电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有粒子性C．借助于能量子的假说，爱因斯坦得出了黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合非常好D．射线是高速电子流，它的穿透能力比射线和射线都弱2．2017年6月19号，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，致使卫星没有按照原计划进入预定轨道。
经过航天测控人员的配合和努力，通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道。
卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点。
下列说法正确的是：A．卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P点的速度等于在Q点的速度B．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度C．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度D．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小3．如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀加速直线运动，其加速度为a。
若保持F的大小不变，而方向与水平面成30°角，物块也做匀加速直线运动，加速度大小也为a。
则物块与桌面间的动摩擦因数为A B．C．D4．如图所示正方形区域内，有垂直于纸面向里的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带正电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准正方形区域的中心射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是( )A．这些粒子在磁场中运动的时间都相等B．在磁场中运动时间越短的粒子，其速率越小C．在磁场中运动时间越短的粒子，其轨道半径越大D．在磁场中运动时间越短的粒子，其通过的路程越小5．质量为2kg的物体，放在动摩擦因数为μ＝0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，由静止开始运动，拉力做的功W和物体发生的位移x之间的关系如图所示，g＝10m/s2，下列说法中正确的是( )A．此物体在OA段做匀加速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6WB．此物体在OA段做匀速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6 WC．此物体在AB段做匀加速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6 WD．此物体在AB段做匀速直线运动，且此过程中拉力的功率恒为6 W6．如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，A右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连．开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度．下列有关该过程的分析正确的是A．释放B的瞬间其加速度为g/2B．B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和C．B物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量D．细线的拉力对A做的功等于A物体机械能的增加量7．氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61eV～3.10eV范围内，则下列选项说法正确的是：A．氢原子能量状态由能级跃迁到能级，放出光子为可见光B．大量氢原子处于能级时，向低能级跃迁能发出6种频率的光子C．氢原子光谱是连续光谱D．氢原子处于能级时，可吸收2.54 eV的能量跃迁到高能级8．如图所示，边长为l，质量为m的等边三角形导线框用绝缘细线悬挂于天花板，导线框中通一逆时针方向的电流，图中虚线过ab边中点和ac边中点，在虚线的下方有一垂直于导线框向里的匀强磁场，其磁感应强度大小为，此时导线框处于静止状态，细线中的拉力为；保持其他条件不变，现将虚线下方的磁场移至虚线上方，此时细线中拉力为。
山东省沂水县第一中学2018届高三物理下学期第二次模拟试题本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100分。
考试时间90分钟第I卷（选择题，共45分）一、本题共15小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分．1．下列选项中，说法正确的是：A．卢瑟福提出核式结构模型，很好的解释了粒子散射实验中的现象B．电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有粒子性C．借助于能量子的假说，爱因斯坦得出了黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合非常好D．射线是高速电子流，它的穿透能力比射线和射线都弱2．2017年6月19号，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A 卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，致使卫星没有按照原计划进入预定轨道。
经过航天测控人员的配合和努力，通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道。
卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点。
下列说法正确的是：A．卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P点的速度等于在Q点的速度B．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度C．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q 点的加速度D．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小3．如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀加速直线运动，其加速度为a。
若保持F的大小不变，而方向与水平面成30°角，物块也做匀加速直线运动，加速度大小也为a。
则物块与桌面间的动摩擦因数为A．32B．2-3C．2+3D．334．如图所示正方形区域内，有垂直于纸面向里的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带正电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准正方形区域的中心射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是( )A．这些粒子在磁场中运动的时间都相等B．在磁场中运动时间越短的粒子，其速率越小C．在磁场中运动时间越短的粒子，其轨道半径越大D．在磁场中运动时间越短的粒子，其通过的路程越小5．质量为2kg的物体，放在动摩擦因数为μ＝0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，由静止开始运动，拉力做的功W和物体发生的位移x之间的关系如图所示，g＝10m/s2，下列说法中正确的是( )A．此物体在OA段做匀加速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6WB．此物体在OA段做匀速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6 WC．此物体在AB段做匀加速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6 WD．此物体在AB段做匀速直线运动，且此过程中拉力的功率恒为6 W6．如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，A右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连．开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度．下列有关该过程的分析正确的是A．释放B的瞬间其加速度为g/2B．B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和C．B物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量D．细线的拉力对A做的功等于A物体机械能的增加量7．氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61eV～3.10eV范围内，则下列选项说法正确的是：A．氢原子能量状态由能级跃迁到能级，放出光子为可见光B．大量氢原子处于能级时，向低能级跃迁能发出6种频率的光子C．氢原子光谱是连续光谱D．氢原子处于能级时，可吸收2.54 eV的能量跃迁到高能级8．如图所示，边长为l，质量为m的等边三角形导线框用绝缘细线悬挂于天花板，导线框中通一逆时针方向的电流，图中虚线过ab边中点和ac边中点，在虚线的下方有一垂直于导线框向里的匀强磁场，其磁感应强度大小为，此时导线框处于静止状态，细线中的拉力为；保持其他条件不变，现将虚线下方的磁场移至虚线上方，此时细线中拉力为。
