2019届河北省邯郸市永年区一中高三上学期9月月考物理试卷

河北省邯郸市永年县一中2019届高三物理上学期周测试题（11.30）一、选择题（本题共10小题，每小题6分、共60分，1—7题只有一个选项符合题目要求，8—10题有多个选项符合题目要求，全部选对者得6分，对而不全者得3分，有错或不答者得0分）1. 下列四个物理量的表达式中，采用比值定义法的是( )A．加速度Fam= B．电容4SCkdεπ=C．磁感应强度FBIL= D．电场强度2kQEr=2．地球同步卫星轨道必须在赤道平面上空，和地球有相同的角速度，才能和地球保持相对静止，关于各国发射的地球同步卫星，下列表述正确的是（）A．所受的万有引力大小一定相等 B．离地面的高度一定相同C．运行的速度都大于7.9km/s D．都位于赤道上空的同一个点3．.如图所示，边长为L的正六边形abcdef中，存在垂直该平面向内的匀强磁场，磁感应强度大小为B．a点处的粒子源发出大量质量为m、电荷量为+q的同种粒子，粒子的速度大小不同，方向始终垂直ab边且与磁场垂直，不计粒子的重力，当粒子的速度为v时，粒子恰好经过b点，下列说法正确的是（）A．速度小于v的粒子在磁场中运动时间为B．经过d点的粒子在磁场中运动的时间为C．经过c点的粒子在磁场中做圆周运动的半径为LD．速度大于4v的粒子一定打在cd边上4. 斜面放置在水平地面上始终处于静止状态，物体在沿斜向上的拉力作用下沿斜面向上运动，某时刻撤去拉力F，那么物体在撤去拉力后的瞬间与撤去拉力前相比较，以下说法正确的是（）A．斜面对地面的静摩擦力一定不变B．斜面对地面的静摩擦力一定减小了C．斜面对地面的压力一定增大了D．斜面对地面的压力一定减小了5. 空间存在着平行于x轴方向的静电场，A、M、O、N、B为x轴上的点，OA＜OB，OM=ON，AB间的电势φ随x的分布为如图。

一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M点由静止开始沿x轴向右运动，则下列判断中正确的是（）A．粒子可能带正电 B．粒子一定能通过N点C．粒子从M向O运动过程所受电场力逐渐增大D．AO间的电场强度小于OB间的电场强度6．图中虚线为某静电场的等势面，且相邻两等势面间的电势差相等。

2015-2016学年河北省邯郸市高三〔上〕摸底物理试卷〔9月份〕一、选择题：此题共14小题，每一小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每一小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每一小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．关于物体的运动与所受外力的关系，如下说法正确的答案是( )A．物体的速度为零时，物体处于平衡状态B．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D．运动物体假设没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动2．物体运动的位移﹣时间图象如下列图，如下说法正确的答案是( )A．物体做曲线运动B．物体在t1时刻速度最大C．物体在t1时刻运动方向发生改变D．物体在t2时刻速度为零3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，如此如下说法错误的答案是( )A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．假设航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为( ) A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s5．如下列图，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，假设恒力F使长木板与物块出现相对滑动．如此恒力F的最小值为〔重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力〕( )A．μmg〔1+〕B．μmg〔1+〕C．μmg D．μMg6．如下列图，一轻弹簧上端固定在天花板上，现用互成角度的力F1、F2拉弹簧下端至O点，此过程力F1、F2做功分别为3J和4J．现用一个力F拉弹簧下端至O点，该过程力F做功为( )A．3J B．4J C．5J D．7J7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．如下说法正确的答案是( )A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s8．如下列图，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点．以ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，如下说法正确的答案是( )A．t1＜t2 v1＜v2B．t1＜t2 v1＞v2C．t1＞t2 v1＞v2D．t1＞t2 v1＜v29．如下列图，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环〔可视为质点〕处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，如下说法正确的答案是( )A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg10．如下列图，质量为m的物块随木箱以加速度a=竖直向上加速运动，重力加速度为g，在物块上升高度为h的过程中，如下说法正确的答案是( )A．支持力做功为mgh B．动能增加mghC．合外力做功mgh D．机械能增加mgh11．如下列图，一质量为m的物体系于长度分别为l1、l2的轻弹簧和细线上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角，l2水平拉直，物体处于平衡状态，重力加速度大小为g，如下说法错误的答案是( )A．轻弹簧的拉力为B．轻绳拉力大小为C．剪断轻绳瞬间，物体加速度大小为gtanθD．去掉轻弹簧瞬间，物体加速度大小为g12．如下列图，甲、乙两颗卫星以一样的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，如下说法正确的答案是( )A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：113．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是( )A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度可向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动14．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是( )A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0二、实验题：此题共2小题，共15分．15．某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上．然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度值记作l0，弹簧下端每增加一个50g的砝码时，指针示数分别记作l1、l2、…l5，g取9.8m/s2．〔1〕下表记录的是该同学测出的5个值，其中l0未记录．代表符号l0l1l2l3l4l5刻度值/cm 3.40 5.10 6.85 8.60 10.30以砝码的数目n为纵轴，以弹簧的长度l为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出n﹣l图线．〔2〕根据n﹣l图线，可知弹簧的劲度系数k=__________N/m．〔保存2位有效数字〕〔3〕根据n﹣l图线，可知弹簧的原长l0=__________cm．16．验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O．然后每两个打点取一个计数点分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6．〔1〕关于本实验，说法正确的答案是__________．A、图甲所示打点计时器为电火花打点计时器B、释放前手拿住纸袋上端，保持纸带竖直C、先释放纸带，再接通电源D、实验中的重锤应选密度大的金属块．〔2〕打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，打点计时器打下点1到点5的过程中，重锤增加的动能为__________．减少的重力势能为__________．〔3〕取打点O时重锤所在的平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能和动能．建立坐标系，横轴表示重锤下落的高度h，纵轴表示重锤的势能||和动能E，根据以上数据在图丙中绘出图Ⅰ和Ⅱ．其中E F﹣h图线对应的是__________〔填“Ⅰ“或“Ⅱ“〕，图线Ⅰ和Ⅱ不重合的主要原因是__________．三、计算讨论题：此题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．17．如下列图，长为l的水平桌面上的中轴线上有一段长度未知的粗糙面，其他局部均光滑，一可视为质点的小物块以速度为v0=从桌面左端沿轴线方向滑入，小物块与粗糙面的滑动摩擦因数为=0.5．小物块离开桌面后做平抛运动，桌面的高度和平抛水平位移均为，重力加速度为g．求桌面粗糙局部长度为多少．18．如下列图，半径为R的圆环竖直放置，直径MN为水平方向，环上套有两个小球甲和乙，甲、乙之间用一长R的轻杆相连，小球可以沿环自由滑动，开始时甲球位于M点，乙球锁定．乙的质量为m，重力加速度为g．〔1〕假设甲球质量也为m，求此时杆对甲球的弹力大小；〔2〕假设甲的质量为2m，解除乙球锁定，由静止释放轻杆．求甲球由初始位置到达最低点的过程中，轻杆对甲球所做的功．19．如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点．现用水平恒力F作用在木板M 右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a﹣F图象如图乙所示，取g=10m/s2．求：〔1〕小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以与木板与地面的滑动摩擦因数．〔2〕假设水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长．20．如下列图，传送带与两轮切点A、B间的距离为l=20m，半径为R=0.4m的光滑的半圆轨道与传送带相切于B点，C点为半圆轨道的最高点．BD为半圆轨道直径．物块质量为m=1kg．传送带与物块间的动摩擦因数=0.8，传送带与水平面夹角=37°．传送带的速度足够大，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10ms2，物块可视为质点．求：〔1〕物块无初速的放在传送带上A点，从A点运动到B点的时间；〔2〕物块无初速的放在传送带上A点，刚过B点时，物块对B点的压力大小；〔3〕物块恰通过半圆轨道的最高点C，物块放在A点的初速度为多大．2015-2016学年河北省邯郸市高三〔上〕摸底物理试卷〔9月份〕一、选择题：此题共14小题，每一小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每一小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每一小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．关于物体的运动与所受外力的关系，如下说法正确的答案是( )A．物体的速度为零时，物体处于平衡状态B．物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C．物体自由下落时，物体对地球没有作用力D．运动物体假设没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：力是改变物体运动状态的原因，当物体受到的合外力为零时，物体的运动状态保持不变，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；根据牛顿第二定律可知，物体加速度的方向与物体所受合外力的方向一样，但物体加速度的方向与物体速度的方向不一定一样．当物体的加速度不为0时，物体的速度一定发生变化．解答：解：A、速度为零时，物体可能有加速度，如物体在竖直上抛的最高点；故A错误；B、物体处于超重状态时，此时一定有向上的加速度；但速度可以向下，即向上的减速运动；故B错误；C、地球外表上的物体，不论做什么运动均受到作用力；故C错误；D、运动物体假设没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动；故D正确；应当选：D．点评：物体的运动状态即物体的速度，物体的运动状态发生改变，即物体的速度发生改变，既包括速度大小发生改变，也包括速度的方向发生改变．2．物体运动的位移﹣时间图象如下列图，如下说法正确的答案是( )A．物体做曲线运动B．物体在t1时刻速度最大C．物体在t1时刻运动方向发生改变D．物体在t2时刻速度为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据位移图象的斜率等于速度，分析物体的速度方向，判断物体的运动情况．解答：解：A、位移图象只能反映位移正负两个方向，所以只能描述直线运动，故A错误；B、位移时间图象的斜率等于速度，如此知物体在t1时刻速度为零，故B错误．C、图线斜率的正负表示运动方向，图中斜率先正后负，表示物体先沿正方向运动后沿负方向运动，在t1时刻运动方向发生改变，故C正确；D、图象的斜率表示速度大小，可知物体在t2时刻速度不为零，故D错误；应当选：C点评：位移图象和速度图象都表示物体做直线运动．抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键．3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，如此如下说法错误的答案是( )A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，可以把AB看出一个整体处理，对物体进展受力分析，根据共点力的平衡列式求解即可．解答：解：设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，A、开始时A受到的摩擦力f=μmgcosθ，增加力F后的摩擦力：f′=μ〔mg+F〕cosθ，滑动摩擦力增大．故A正确；B、假设甲图中A可沿斜面匀速下滑，如此A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即mgsinθ=μmgcosθ，加上向下的力F后，对A进展受力分析，如此满足F+mgsinθ=μ〔mg+F〕cosθ，所以仍然做匀速下滑，故B正确；C、D、以A与斜面体为研究的对象，开始时系统受到重力与竖直方向的支持力的作用即可处于平衡状态，所以不受地面的摩擦力，支持力：N1=〔M+m〕g；增加竖直向下的力F后，仍然以一样为研究对象，如此竖直方向受到重力、支持力和向下的力F，支持力：N2=〔M+m〕g+F＞N1，水平方向由于没有其他的外力，所以水平方向仍然不受摩擦力的作用．故C正确，D错误．此题选择错误的，应当选：D点评：该题考查共点力作用下物体的平衡状态，解决此题的关键能够正确地进展受力分析，明确系统在水平方向不受其他的外力的作用，所以不受地面的摩擦力．4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．假设航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为( ) A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：结合匀变速直线运动的速度位移公式，抓住位移关系，求出航母匀速运动的最小速度．解答：解：设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v1．由运动学公式得：v=v1+atL1=v1tL2=L+L1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为v1=10m/s．应当选：A．点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意舰载机的位移不是航母跑道的长度．5．如下列图，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，假设恒力F使长木板与物块出现相对滑动．如此恒力F的最小值为〔重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力〕( )A．μmg〔1+〕B．μmg〔1+〕C．μmg D．μMg考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：当AB保持静止，具有一样的加速度时，F达到最大值时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F的最大值．解答：解：对A、B整体进展受力分析：F=〔M+m〕a对A进展受力分析：F﹣f B=ma对B进展受力分析：f A=Ma当AB保持静止，具有一样的加速度时，F达到最大值，f A=μmg．求解上面方程组，F最大=μmg〔1+〕，故A正确、BCD错误．应当选：A．点评：解决此题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进展求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用．6．如下列图，一轻弹簧上端固定在天花板上，现用互成角度的力F1、F2拉弹簧下端至O点，此过程力F1、F2做功分别为3J和4J．现用一个力F拉弹簧下端至O点，该过程力F做功为( )A．3J B．4J C．5J D．7J考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：拉力做的功全部转化为弹簧的弹性势能，去拉力F做功等于两力F1、F2拉力做功之和解答：解：在F1、F2拉力作用下，两力做功之和为W=7J，拉力做功全部转化为弹簧的弹性势能，当用一个力F时，拉力做功也将全部转化为弹簧的弹性势能，由于弹簧的伸长量相等，故具有的弹性势能相等，故拉力F做功与F1、F2拉力做功相等为7J应当选：D点评：此题主要考查了拉力做功全部转化为弹簧的弹性势能，并且抓住功是标量即可7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．如下说法正确的答案是( )A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据v﹣t图象求得物体下落时的加速度，由牛顿第二定律求出阻力大小，根据竖直上抛规律求得第一次上升的高度和第二次下落的时间，再根据受力分析求得上升时的加速度．解答：解：A、小球在0﹣0.5s内加速运动的加速度a=，根据牛顿第二定律有：mg﹣f=ma，可得阻力f=m〔g﹣a〕=0.1×〔10﹣8〕N=0.2N，故A错误；B、小球上升时阻力向下，据牛顿第二定律有：mg+f=ma′解得上升的加速度a，故B错误；C、由v﹣t图象知小球落地时的速度为4m/s，如此第一次反弹时的初速度．如此据速度位移关系知小球第一次上升的高度，故C正确；D、物体下落的加速度为8m/s2，下落高度为0.375m，物体下落时间t=，故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，掌握竖直上抛运动规律是正确问题的关键．8．如下列图，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点．以ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，如下说法正确的答案是( )A．t1＜t2 v1＜v2B．t1＜t2 v1＞v2C．t1＞t2 v1＞v2D．t1＞t2 v1＜v2考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的高度决定运动的时间，结合水平方向位移相等，分析初速度关系．解答：解：a球下落的高度比b球下落的高度大，根据h=，得t=，可知t1＞t2．在水平方向上，上v0=，可知，x相等，如此有v1＜v2．应当选：D点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．9．如下列图，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环〔可视为质点〕处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，如下说法正确的答案是( )A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度．根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小．解答：解：小环从最高到最低，由动能定理，如此有：mv2=mg•2R；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=m得：N=mg+m联立解得：大环对小环的支持力为：N=5mg对大环分析，有：T=N+Mg=5mg+Mg，如此C正确，ABD错误应当选：C点评：解决此题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进展求解．10．如下列图，质量为m的物块随木箱以加速度a=竖直向上加速运动，重力加速度为g，在物块上升高度为h的过程中，如下说法正确的答案是( )A．支持力做功为mgh B．动能增加mghC．合外力做功mgh D．机械能增加mgh考点：功能关系；牛顿第二定律．分析：对物体受力分析，受重力G和向上的支持力N，根据牛顿第二定律列式求出支持力，可求得支持力做功，然后根据功能关系得到各种能量的变化情况．解答：解：A、根据牛顿第二定律得：N﹣mg=ma=m，可得支持力 N=mg，支持力做功W N=Nh=mgh，故A错误．BC、由牛顿第二定律知，物体的合外力F合=ma=mg，方向向上，如此合外力做功为W合=F合h=mgh，由动能定理知物体的动能增加了mgh，故B、C错误．D、根据功能原理，可知机械能增加等于支持力做功mgh，故D正确．应当选：D点评：此题关键对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出支持力N，利用动能定理列方程求解．11．如下列图，一质量为m的物体系于长度分别为l1、l2的轻弹簧和细线上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角，l2水平拉直，物体处于平衡状态，重力加速度大小为g，如下说法错误的答案是( )A．轻弹簧的拉力为B．轻绳拉力大小为C．剪断轻绳瞬间，物体加速度大小为gtanθD．去掉轻弹簧瞬间，物体加速度大小为g考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：细线的弹力可以发生突变，弹簧的弹力不能发生突变，根据物体的受力情况，由牛顿第二定律求出加速度．解答：解：A、剪断轻绳前物体受力如下列图：由平衡条件得：f=mgtanθ，F=，故A正确，B错误；C、弹簧的弹力不能突变，剪断轻绳瞬间，由牛顿第二定律得：mgtanθ=ma，解得加速度：a=gtanθ，故C正确；D、去掉轻弹簧的瞬间，物体受到竖直向下的重力与轻绳的拉力作用，物体受到的合力不是mg，加速度不是g，故D错误；应当选：C．点评：此题考查了平衡条件与牛顿第二定律的应用，解决此题的关键知道烧断绳子的瞬间，弹簧来不与发生形变，弹力不变．然后根据共点力平衡求出弹簧的弹力．12．如下列图，甲、乙两颗卫星以一样的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，如下说法正确的答案是( )A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：万有引力定律的应用专题．分析：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式求解即可．解答：解：对于任一情形，根据万有引力提供向心力得：G=ma=ω2r=r=m可得 a=，T=2π，ω=，v=r一样，根据题中条件可得：a1：a2=1：2，T1：T2=：1，ω1：ω2=1：，v1：v2=1：应当选：AC点评：抓住半径一样，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力进展解答，注意区别中心天体的质量不同．13．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是( )A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度可向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动考点：安培力．分析：根据运动的合成与分解的规律，结合矢量的合成法如此，确保割刀在水平方向的速度等于玻璃的运动速度，即可求解．解答：解：由题意可知，玻璃以恒定的速度向右运动，割刀通过沿滑杆滑动，而滑杆与滑轨垂直且可沿滑轨左右移动．。

试卷及参考答案一起人教版2019学年高三物理月考考试试题（一）一、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项正确，第6～10题有多项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．汽车以20m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2s与5s时汽车的位移之比为（）A．5：4 B．4：5 C．3：4 D．4：3【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】先求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车刹车停止后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求解【解答】解：汽车刹车到停止所需的时间：t===4s2s时位移：x1=at220×2﹣×5×22m=30m5s时的位移就是4s是的位移，此时车已停：=m=40m故2s与5s时汽车的位移之比为：3：4故选C2．如图所示，吊床用绳子拴在两棵树上等高位置，某人先坐在吊床上，后躺在吊床上，均处于静止状态．设吊床两端系绳中的拉力为F1，吊床对人的作用力为F2，则（）A．坐着比躺着时F1大B．坐着比躺着时F1小C．坐着比躺着时F2大D．坐着比躺着时F2小【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】当人坐在吊床上和躺在吊床上比较，坐在吊床上时，吊床两端绳的拉力与竖直方向上的夹角较大，根据共点力平衡判断绳子拉力的变化．吊床对人的作用力等于人的重力．【解答】解：吊床对人的作用力与重力等值反向，所以躺着和坐在时，F2都等于人的重力，不变．坐在吊床上时，吊床两端绳的拉力与竖直方向上的夹角较大，根据共点力平衡有：2Fcosθ=G，θ越大．则绳子的拉力越大，所以坐着时，绳子与竖直方向的夹角较大，则绳子的拉力较大，相反躺着时，绳子的拉力较小，即坐着比躺着时F1大．故A正确，B、C、D错误．故选：A．3．汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～50s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．下面的有关说法正确的是（）A．汽车在50s末的速度为零B．汽车行驶的最大速度为30m/sC．在0～50s内汽车行驶的总位移为850mD．汽车在40～50s内的速度方向和在0～10s内的速度方向相反【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】加速度是表示速度变化的快慢的物理量．当物体的运动方向和加速度保持大小不变时，物体就做匀变速直线运动．当加速度为零时，物体做匀速直线运动．结合运动学公式求解．【解答】解：ABC、10s末速度为v=a1t1=2×10=20m/s，匀加速运动的位移为：x1=t1=×10m=100m．匀速运动的位移为：x2=vt2=20×30=600m，50s末速度为v′=v+a2t3=20﹣1×10=10m/s，匀减速运动的位移为：x3=vt3+=20×10﹣=150m，所以汽车行驶的最大速度为20m/s，总位移为x=x1+x2+x3=850m，故A、B错误，C正确；D、由上结果可知，汽车一直沿直线向同一个方向运动，速度方向相同，故D错误．故选：C4．小球从一定高度处由静止下落，与地面碰撞后回到原高度再次下落，重复上述运动，取小球的落地点为原点建立坐标系，竖直向上为正方向，下列速度v和位置x的关系图象中，能描述该过程的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】小球先自由下落，做匀加速直线运动，与地面碰撞后，做竖直上抛运动，即匀减速直线运动，之后不断重复．小球在空中运动的加速度始终为g，根据运动学公式列式分析v 与x的关系，再选择图象．【解答】解：以竖直向上为正方向，则小球下落的速度为负值，故C、D两图错误．设小球原来距地面的高度为h．小球下落的过程中，根据运动学公式有：v2=2g（h﹣x），由数学知识可得，v﹣x图象应是开口向左的抛物线．小球与地面碰撞后上升的过程，与下落过程具有对称性，故A正确，B错误．故选：A5．如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（）A．2L+B．2L+C．2L+D．2L+【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．【分析】分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．【解答】解：对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm3g=kx，则x=．对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ（m2+m3）g=kx′，则．则1、3两木块的距离s=2L+x+x′=2L+．故B正确，A、C、D错误．故选B．6．一只气球以10m/s的速度匀速上升，某时刻在气球正下方距气球6m处有一小石子以20m/s 的初速度竖直上抛，若g取10m/s2，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A．石子一定能追上气球B．石子一定追不上气球C．若气球上升速度等于9m/s，其余条件不变，则石子在抛出后1s末追上气球D．若气球上升速度等于7m/s，其余条件不变，则石子在到达最高点时追上气球【考点】竖直上抛运动．【分析】当石子的速度与气球速度相等时没有追上，以后就追不上了，根据运动学基本公式即可判断．【解答】解：AB、设石子经过时间t后速度与气球相等，则t=此时间内气球上升的位移为10×1m=10m，石子上升的位移为：因为15﹣10m=5m＜6m，所以石子一定追不上气球，故A错误，B正确；C、若气球上升速度等于9m/s，在石子在抛出后1s末，气球上升的位移为9×1m=9m，石子上升的位移为：因为15﹣9m=6m，所以1s末石子追上气球，故C正确；D、由C的分析可知，当气球上升速度等于9m/s，在1s末追上气球，所以当气球上升速度等于7m/s，石子追上气球的时间肯定小于1s，而石子到的最高点的时间为2s，所以石子在达到最高点之前就追上气球了，故D错误．故选：BC7．如图所示，t=0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B 点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点．每隔2s物体的瞬时速度记录在下表中，重力加速度g=10m/s2，则下列说法中正确的是（）v/m•s0 8 12 8A．t=3s的时刻物体恰好经过B点B．t=10s的时刻物体恰好停在C点C．物体运动过程中的最大速度为12m/sD．A、B间的距离大于B、C间的距离【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据图表中的数据，由运动学公式可以求出物体下滑的加速度a1=4m/s2和在水平面上的加速度a2=﹣2m/s2．如果第4s还在斜面上的话，速度应为16m/s，从而判断出第4s 已过B点．通过运动学公式求出v B，即可求出AB、BC的距离．【解答】解：A、C、根据图表中的数据，可以求出物体下滑的加速度a1=4m/s2和在水平面上的加速度a2=﹣2m/s2．根据运动学公式：8+a1t1+a2t2=12，t1+t2=2，解出t1=s，知经过s到达B点，到达B点时的速度v=a1t1=m/s．如果第4s还在斜面上的话，速度应为16m/s，从而判断出第4s已过B点．是在2s到4s之间经过B点．所以最大速度不是12m/s．故AC 均错误．B、第6s末的速度是8m/s，到停下来还需的时间t′=s=4s，所以到C点的时间为10s．故B正确．D、根据v2﹣v02=2ax，求出AB段的长度为m．BC段长度为m，则A、B间的距离小于B、C间的距离故D错误．故选：B．8．某物体由静止开始做加速度为a1的匀加速直线运动，运动了t1时间后改为加速度为a2的匀减速直线运动，经过t2时间后停下．则物体在全部时间内的平均速度为（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．【分析】物体先做匀加速运动，根据初速度、加速度和时间，可求出末速度，即为整个运动过程中物体的最大速度．整体过程的平均速度等于最大速度的一半．根据匀减速运动的末速度、加速度和时间，可求出初速度，也等于整个运动过程中物体的最大速度．【解答】解：由题意知，物体先做匀速度为零的加速运动后做末速度为零的匀减速运动，作出v﹣t图象如下图，则可知，全程中的最大速度v=a1t1，因前后均为匀变速直线运动，则平均速度；故AB正确，C错误；全程的总位移：x=+；对全程由平均速度公式有：，故D正确；故选：ABD．9．如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放物体m，两者间有一条处于压缩状态的弹簧，整个装置相对地面静止．则M、m的受力情况是（）A．m受到向右的摩擦力B．M受到m对它向左的摩擦力C．地面对M的摩擦力向右D．地面对M无摩擦力作用【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】以整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对M有无摩擦力．再分别以m、M为研究对象，根据平衡条件研究它们受到的摩擦力．【解答】解：A、以m为研究对象，压缩状态的弹簧对m有向左的弹力，由平衡条件得到，m受到向右的摩擦力．故A正确．B、根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向左的摩擦力．故B正确．C、D、以整体为研究对象，根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力．故C错误，D正确；故选：ABD．10．如图所示，一个教学用的直角三角板的边长分别为a、b、c，被沿两直角边的细绳A、B悬吊在天花板上，且斜边c恰好平行天花板，过直角的竖直线为MN．设A、B两绳对三角形薄板的拉力分别为F a和F b，已知F a和F b及薄板的重力为在同一平面的共点力，则下列判断正确的是（）A．薄板的重心不在MN线上B．薄板所受重力的反作用力的作用点在MN的延长线上C．两绳对薄板的拉力F a和F b是由于薄板发生形变而产生D．两绳对薄板的拉力F a和F b之比为F a：F b=b：a【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】根据三力汇交原理确定重心的位置，根据合力为零，运用合成法求出F a和F b的比值．【解答】解：A、三角形薄板受重力、两个拉力处于平衡，三个力虽然不是作用在同一点，但不平行，根据三力汇交原理，三个力的延长线必然交于一点，由几何关系，三个力一定交于三角形下面的顶点，所以重心一定在MN线上．故A错误．B、重心一定在MN线上，则根据牛顿第三定律知，重力的反作用力的作用点在MN的延长线上，故B正确．C、两绳对薄板的拉力F a和F b是由于绳发生形变而产生．故C错误．D、三角形薄板受力分析如图，根据合力等于0，则F a=mgcosα，F b=mgsinα，则F a：F b=cotα=b：a．故D正确．故选：BD二、非选择题，共50分）11．图甲为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块和遮光片的总质量M，重物的质量m，用游标卡尺测量遮光片的宽度d，用米尺测量两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平；③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计时器分别测出遮光片经过光电门A 和光电门B所用的时间△t A和△t B，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均值；⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ．回答下列问题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图乙所示，其读数为0.960 cm．（2）物块的加速度a可用d、s、△t A和△t B表示为a=．（3）动摩擦因数μ可用M、m、和重力加速度g表示为μ=．（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差（填“偶然误差”或“系统误差”）．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数，（2）由速度公式求出物块经过A、B两点时的速度，然后由匀变速运动的速度位移公式求出物块的加速度；（3）由牛顿第二定律求出动摩擦因数．（4）由于实验设计造成的误差是系统误差，由于实验操作、读数等造成的误差属于偶然误差【解答】解：（1）由图（b）所示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为12×0.05mm=0.60mm=0.060cm，则游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm．（2）物块经过A点时的速度v A=，物块经过B点时的速度v B=，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：v B2﹣v A2=2as，加速度a=；（3）以M、m组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m），解得μ=；（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差．故答案为：（1）0.960；（2）；（3）；（4）系统误差12．如图甲所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上做匀速直线运动，后来在薄布面上做匀减速直线运动，所打出的纸带如图乙所示（附有刻度尺），纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02s．从纸带上记录的点迹情况可知，A、E两点迹之间的距离为7.20cm，小车在玻璃板上做匀速直线运动的速度大小为0.925m/s，小车在布面上运动的加速度大小为5m/s2．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】从刻度尺上直接读出AE之间的距离，匀速运动的速度等于位移除以时间，根据匀变速直线运动的推论求解加速度．【解答】解：从刻度尺上直接读出AE之间的距离为：x AE=13.20﹣6.00cm=7.20cm由图可知匀速运动时，0.02s内的位移为：x=13.20﹣11.35=1.85cm所以小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为：v===0.925m/s小车做匀减速运动相等时间内的位移之差为：△x=1.6﹣1.4cm=0.2cma==m/s2=5 m/s2；故答案为：7.20，0.925，5．13．我国ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC 通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以v0=15m/s朝收费站正常沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在收费线中心线前10m处正好匀减速至v=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v0正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20s 缴费成功后，再启动汽车匀加速至v0正常行驶．设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1m/s2，求：（1）汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；（2）汽车过ETC通道比过人工收费通道节省的时间是多少．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出加速和减速的位移，以及匀速运动的位移大小求出总位移．（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出匀加速和匀减速运动的时间，结合通过ETC 通道和人工收费通道的时间求出节约的时间【解答】解：（1）汽车过ETC通道：减速过程有：v2﹣v02=﹣2ax减加速过程与减速过程位移相等，则有：x=2x+d减解得：x=210 m（2）汽车过ETC通道的减速过程有：v=v0﹣at减+=2+=22S得所以总时间为：t1=2t减汽车过人工收费通道有：=50S=225m所以二者的位移差为：△s=s2﹣s1=225﹣210m=15m．则有：=27S答：（1）汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移为210m；（2）汽车过ETC通道比过人工收费通道节省的时间是27S．14．如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平面上的质量为m2的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°物体甲及人均处于静止状态．（已知=sin37°=0.6，cos37°=0.8．g取10m/s2．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别是多大？（2）人受到的摩擦力是多大？方向如何？（3）若人的质量m2=60kg，人与水平面之间的动摩擦因数为μ=0.3，欲使人在水平面上不滑动，则物体甲的质量m1最大不能超过多少？【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【分析】（1）以结点O为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出轻绳OA、OB受到的拉力．（2）乙物体水平方向受到OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，由二力平衡求解乙受到的摩擦力大小和方向．（3）当乙物体刚要滑动时，物体甲的质量m1达到最大，此时乙受到的静摩擦力达到最大值F max=μm2g，再平衡条件求出物体甲的质量．【解答】解：（1）以结点O为研究对象，如图，由平衡条件有：F0B﹣F OA sinθ=0F0A cosθ﹣m1g=0联立得：故轻绳OA、OB受到的拉力分别为、；（2）人水平方向受到OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，受力如图所示，由平衡条件得：，方向水平向左；（3）当甲的质量增大到人刚要滑动时，质量达到最大，此时人受到的静摩擦力达到最大值．当人刚要滑动时，静摩擦力达到最大值f m=μm2g由平衡条件得：F OBm=f m又联立得：即物体甲的质量m1最大不能超过24kg．答：（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别为、；（2）人受到的摩擦力大小为是，方向水平向左；（3）物体甲的质量m1最大不能超过24kg．15．甲、乙两质点在同一时刻、从同一地点沿同一方向做直线运动．以出发点为坐标原点，它们在运动过程中的x﹣v图象（即位置﹣速度图）如图所示（虚线与对应的坐标轴垂直），已知质点甲做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为a1；质点乙以某一初速度做匀减速直线运动，加速度大小为a2，且其速度减为零后保持静止．求：（1）a1、a2的大小．（2）开始运动后，两质点经过多长时间相遇．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据图象中速度随位移的变化关系判断哪个图象是甲的运动图象，哪个是乙的图象，再根据图象直接读出x=0时，乙的速度；分别对甲和乙，根据运动学基本公式列式，联立方程求解即可．（2）根据甲乙位移相等求经过多长时间相遇．【解答】解：（1）根据图象可知，a图象的速度随位移增大而增大，b图象的速度随位移增大而减小，所以图象a表示质点甲的运动，当x=0时，乙的速度为6m/s，即质点乙的初速度v0=8m/s．设质点乙、甲先后通过x=8m处时的速度均为v，对质点甲：①对质点乙：②联立①②得：③当质点甲的速度v1=12m/s、质点乙的速度v2=4m/s时，两质点通过相同的位移均为x'．对质点甲：④对质点乙：⑤联立④⑤⑥由③⑥得（2）设两质点经过时间t相遇代入数据：解得：t=4s答：（1）的大小为，a2的大小为．（2）开始运动后，两质点经过4s相遇人教版2019学年高三物理月考考试试题（二）二、选择题：本题共8小题物理选择题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．某同学为研究物体运动情况，绘制了物体运动的s﹣t图象，如图所示．图中纵坐标表示物体的位移s，横坐标表示时间t，由此可知该物体做（）A．匀速直线运动B．变速直线运动C．匀速曲线运动D．变速曲线运动【考点】1I：匀变速直线运动的图像；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】由题是位移﹣时间（s﹣t）图象．其斜率大小等于物体运动的速度，斜率不变，则物体的速度不变，做匀速直线运动．根据斜率的正负判断物体的运动方向．【解答】解：s﹣t图象所能表示出的位移只有两个方向，即正方向与负方向，所以s﹣t图象所能表示的运动也只能是直线运动．s﹣t图线的斜率反映的是物体运动的速度，由图可知，速度在变化，故B项正确，A、C、D错误．故选：B．2．如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上．先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是（）A．先减小后增大B．先增大后减小C．一直增大D．保持不变【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用．【分析】由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大的过程中，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，根据平衡条件分析物块P所受静摩擦力的大小变化情况．【解答】解：设物块的重力为G，木板与水平面的夹角为θ，弹簧的弹力大小为F，静摩擦力大小为f．由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动的过程中，弹簧的拉力不变，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，物块P所受的静摩擦力方向先木板向下，后沿木板向上．当物块P的重力沿木板向下的分力小于弹簧的弹力时，则有Gsinθ+f=F，θ增大时，F不变，f减小；当物块P的重力沿木板向下的分力大于弹簧的弹力时，则有Gsinθ=f+F，θ增大时，F不变，f增大；所以物块P所受静摩擦力的大小先减小后增大．故选A3．如图，已知可视为质点的带电小球A、B的电荷量分别为Q A、Q B，都用长L 的丝线悬挂在O点．静止时A、B相距为d．为使平衡时A、B间距离减为，采用以下哪种方法可行（）A．将小球A、B的质量都增加为原来的2倍B．将小球B的质量增加为原来的8倍C．将小球A、B的电荷量都减小为原来的一半D．将小球A、B的电荷量都减小为原来的四分之一【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用；A4：库仑定律．【分析】对小球B进行受力分析，并作出平行四边形；由几何关系可知力与边的关系，即可得出符合条件的选项．【解答】解：如图所示，B受重力、绳子的拉力及库仑力；将拉力及库仑力合成，其合力应与重力大小相等方向相反；由几何关系可知，；而库仑力F=；即：=；mgd3=kQ A Q B L；d=要使d变为，可以使质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故B正确；故选B．4．已知地球的半径为R，地球的自转周期为T，地表的重力加速度为g，要在地球赤道上发射一颗近地的人造地球卫星，使其轨道在赤道的正上方，若不计空气的阻力，那么（）A．向东发射与向西发射耗能相同，均为mgR﹣m（）2B．向东发射耗能为，比向西发射耗能多m（﹣）2C．向东发射与向西发射耗能相同，均为m（+）2D．向西发射耗能为m（﹣）2，比向东发射耗能多【考点】4F：万有引力定律及其应用；4A：向心力；6B：功能关系．【分析】地球上的物体随地球一起绕地轴自转，故发射速度与自转方向相同时可以充分利用地球自转的线速度，故发射方向与地球自方向相同时消耗能量少，相反是消耗能量多．【解答】解：A、地球自转方向自西向东，故向东发射卫星可以充分利用地球自转的线速度而消耗较少能量，故A错误；B、地球自西向东自转，故向东发射卫星消耗能量较少，故B错误；C、地球自转方向自西向东，故向东发射卫星可以充分利用地球自转的线速度而消耗较少能量，故C错误；D、在赤道表面地球自转的线速度为v=，由于地球自西向东自转，故在地球上向西发射卫星时的发射速度为第一宇宙速度与地球自转线速度之和，故根据动能定理知其发射耗能为=，故D正确．故选：D．5．在真空中的x轴上的原点处和x=6a处分别固定一个点电荷M、N，在x=2a 处由静止释放一个正点电荷P，假设点电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，得到点电荷P速度大小与其在x轴上的位置关系如图所示，则下列说法正确的是（）A．点电荷M、N可能是异种电荷B．点电荷P的电势能一定是先增大后减小C．点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1D．x=4a处的电场强度一定为零【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系；AK：带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】根据v﹣x图象，结合动能定理判断出电场力的方向，然后根据正电荷受到的电场力的方向与电场的方向相同判断出两个点电荷之间的电场的方向的分布，由此判断两个点电荷的电性；根据速度变化结合功能关系判断出电势能的变化；根据最大速度对应的特点，结合库仑定律判断出点电荷的电量之间的关系．【解答】解：A、由v﹣x图象可知，点电荷P的速度先增大后减小，所以点电荷P的动能先增大后减小，说明电场力先做正功，后做负功，结合正电荷受到的电场力的方向与场强的方向相同可知，电场强度的方向先沿x轴的正方向，后沿x 轴的负方向，根据点电荷的电场线的特点与电场的叠加原理可知，点电荷M、N 一定都是正电荷．故A错误；B、点电荷P的动能先增大后减小，由于只有电场力做功，所以点电荷P的电势能一定是先减小后增大．故B错误；CD、由图可知，在x=4a处点电荷P的速度最大，速度的变化率为0，说明了x=4a 处的电场强度等于0．则M与N的点电荷在x=4a处的电场强度大小相等，方向相反，根据库仑定律得：所以：点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1．故CD正确．故选：CD6．如图，在竖直平面内，轨道ABC关于B点对称，且A、B、C三点在同一水平线上．若小滑块第一次由A滑到C，所用时间为t1，到达C点速度为v1，第二次由C滑到A，所用时间为t2，到达A点速度为v2，小滑块两次的初速度大小相同且运动过程始终沿着轨道滑行，小滑块与轨道间的动摩擦因素恒定，则（）A．t1＜t2B．t1=t2 C．v1＞v2D．v1=v2【考点】65：动能定理；4A：向心力．【分析】滑块做圆周运动，根据牛顿第二定律判断滑块受到的支持力大小关系，然后判断摩擦力大小关系，再比较滑块的运动时间，根据动能定理比较速度的大。

2019学年第一学期9月月考试题高三年级物理试题说明：本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题），考试时间为90分钟，卷面总分为100分，第Ⅰ卷应涂在答题卡上，考试完毕后，只交第Ⅱ卷和答题卡.第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题（本题共15小题；每小题4分，共60分.在1-10每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，11-15小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）1．一条悬链长7.2 m，从悬挂点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬挂点正下方20 m处的一点所需的时间是(g取10 m/s2)( )A．0.3 s B．0.4 s C．0.7 s D．1.2 s2、做匀加速运动的列车出站时，车头经过站台某点O时速度是1 m/s，车尾经过O点时的速度是7 m/s，则这列列车的中点经过O点时的速度为（）A、5 m/sB、5.5 m/sC、4 m/sD、3.5 m/s3．跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下过程中,运动员沿竖直方向运动的v-t图象如图所示,下列说法正确的是( )A．10 s末运动员的速度方向改变B．15 s末开始运动员处于静止状态C．运动员在0~10 s的平均速度等于10 m/sD．10~15 s运动员做加速度逐渐减小的减速运动4．如图所示，A 、B 两小球分别连在轻绳两端，B 球另一端用弹簧固定在倾角为30°的光滑斜面上．A 、B 两小球的质量分别为m A 、m B ，重力加速度为g ，若不计弹簧质量，在绳被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度大小分别为( )A ．都等于g2 B g 2和g 2m A m B C. g 2和0 D. g 2m A m B 和g25．如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v 向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板ad 边正前方时，木板开始做自由落体运动．若木板开始运动时，cd 边与桌面相齐，则小球在木板上的投影轨迹是( )A ．B ．C ．D ．6．如图所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块m 放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M 搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力F 拉住弧形滑块，使球与滑块均静止．现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离，球仍搁在挡板与滑块上且处于静止状态，则与原来相比( )A ．滑块对球的弹力增大B ．挡板对球的弹力减小C ．斜面对滑块的弹力增大D ．拉力F 不变7.如右图所示，A、B两物体系在跨过光滑定滑轮的一根轻绳的两端，当A物体以速度v向左运动时，系A、B的绳分别与水平方向成α、β角，此时B物体的速度大小为( )A.vsinsinαβB.vcossinαβC．vsincosαβD．vcoscosαβ8．如图所示，左侧是倾角为60°的斜面、右侧是1/4圆弧面的物体A固定在水平地面上，圆弧面底端的切线水平．一根轻绳两端分别系有质量为m1、m2的小球，跨过A顶端的定滑轮，当两球处于平衡状态时，右侧轻绳与水平方向夹角为60°，不计一切摩擦，两小球可视为质点，则两小球的质量之比m1:m2为( )A．1:1 B．2:3 C．3:2 D．3:49．A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A等高，从E点水平抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程( )A．球1和球2运动的时间之比为2：1B．球1和球2动能增加量之比为1：3C．球1和球2抛出时初速度之比为22：1D．球1和球2运动时的加速度之比为1：210、有两根长度不同的轻质细线下面分别悬挂小球a、b，细线上端固定在同一点，若两个小球绕同一竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，相对位置关系分别如图所示，则两个摆球在运动过程中，小球a的角速度比小球b的角速度小的是（）A B C D11．某时刻，两车从同一地点、沿同一方向做直线运动，下列关于两车的位移x 、速度v 随时间t 变化的图象，能反应t 1时刻两车相遇的是( )12．质点以加速度a 由静止出发做直线运动，在t 时刻，加速度突变为2a ；在2t 时刻，加速度突变为3a ；依此类推……；在10t 时刻，加速度突变为11a ，则下列说法中正确的是( )A ．在10t 时刻质点的速度大小为11atB ．在10t 时刻质点的速度大小为55atC ．在10t 时间内质点通过的总位移为385at 2D ．在10t 时间内质点的平均速度大小为774at13．如图是甲、乙两物体在同一条直线上运动的位移图象,折线是物体甲运动的图象,直线是物体乙运动的图象。