韶关市2020届高三模拟测试试题及答案1

韶关市2020 届高三模拟考试文科综合(地理)2019年12月，成贵高铁全线通车。

线路在成都枢纽与西成高铁（西安至成都）、成渝高铁（成都至重庆）连接，在贵阳枢纽与贵广高铁（贵阳至广州）、沪昆高铁（上海至昆明）连接。

成贵高铁建有桥梁365座，隧道183座，桥隧比达78.6%，被称为“云上高铁”。

沿线煤炭、天然气等资源开采多，途经的河流中珍稀特有鱼类多。

据此完成1∼3题。

图1 成贵高铁示意图图2 桥梁跨河景观1．成贵高铁被称为“云上高铁”，其原因是沿线①多喀斯特地貌，地形起伏较大②矿藏分布广，跨越采空区多③旅游资源丰富，多自然保护区④气候垂直分异大，温差明显A. ①②B.①③C.②④D. ③④2．成贵高铁大多数桥梁一跨过河,墩不涉水（图2）的主要目的是A.避免流水冲蚀桥墩B.保持河道水流畅通C.保护河流珍稀物种D.增加桥梁视觉美感3．成贵高铁修建的意义包括①完善全国高铁网，增加出川高铁大通道②增加矿产运输通道，带动区域矿产开发③连接云贵川渝，大大缩短四地时空距离④整合区域旅游资源，助力决战脱贫攻坚A. ①②B.③④C. ①④D.②③科学家估算，距今两千年前，在人类活动影响轻微模式下长江口的年输沙量为2.4亿吨。

随着流域内人口增加，人类生活和生产方式的变化，长江的年输沙量也在发生变化。

读图3，完成4∼6题。

图3 1955∼2018年长江口输沙量变化4．长江口年输沙量变化，主要是人类活动改变了A．河流径流量B．河流含沙量C．河水流速D．潮汐作用5．2006年后长江口年输沙量一直保持较低水平，主要原因是A．长江干支流大坝拦蓄泥沙B．长江中下游封山育林C．长江干支流修建防洪大堤D．长江径流量明显减少6．2000年后长江口年输沙量的变化，导致A．长江下游河岸崩塌减少B．上海后备土地资源减少C．长江上游码头淤塞加重D．长江中游通航能力提升钢铁工业是法国工业的重要部门之一。

法国钢铁工业的布局前后经历了三次较大的变化（图4）。

2020届韶关市第三中学高三语文三模试卷及参考答案一、现代文阅读（36分）(一)现代文阅读I(9分)阅读下面的文字，完成下面小题。

自古以来，家庭在社会治理中都发挥着基础性的作用，因而受到普遍关注。

十九届四中全会审议通过的《中共中央关于坚持和完善中国特色社会主义制度、推进国家治理体系和治理能力现代化若干重大问题的决定》提出“构建基层社会治理新格局”，并强调“注重发挥家庭家教家风在基层社会治理中的重要作用”。

我国历史上，家教是促成社会主流价值观社会化的一个十分重要的渠道，对基层社会治理起着助益作用，也形成了一些宝贵的历史经验。

如今，吸收借鉴古代家教在传承主流价值观方面的有益经验，对更好发挥家教在基层社会治理中的作用十分有意义。

家训是家庭教育的一种重要形式，在家庭内部施教，最主要的特点是通俗易懂。

家训大都是训主结合个人成长生活经历对人伦亲情、世道人心、社会变化做的深入阐述，说理透彻明了，读来亲切可感。

历史上的很多家训，不仅对训主一家一时产生了影响，且还泽被后世。

有“古今家训，以此为祖”之誉的《颜氏家训》，是我国古代第一部家训专著，内容十分广泛。

从中可以看出，文人士大夫著训立说的主要用意和家教的基本内容，也为后世家训树立了样本。

清人王钺曾说：“北齐黄门颜之推《家训》二十篇，篇篇药石，言言龟鉴，凡为人子弟者，当家置一册，奉为明训，不独颜氏。

”整体看来，《颜氏家训》体现了进德修业的理念、知行结合的家教方法、重教崇化的价值诉求，对主流价值观的社会化起到了促进作用。

古人认为，“不学礼，无以立。

”把学礼、尊礼看作人立身处世的重要依托。

家礼是传统中国人优良教养的载体，我们常说一个人教养好，是与家庭范围内遵礼行礼分不开的。

家礼的内容不单涉及家庭成员行为处世的言行要求，且还对家庭生活中的婚、丧、祭等事宜的具体开展、实施做出了仪式化的要求，说明了相关的程式和具体操作规仪，这也是家礼中最主要的内容。

古人制定家礼，最主要的目标就是落实“名分之守、爱敬之实”和“纪纲人道之始终”，即夯实人伦亲情。

广东省韶关市高考模拟测试语文试卷满分150分。

考试用时150分钟第Ⅰ卷（阅读题，共70分）甲必考题（45分）一、现代文阅读（9分，毎小题 3分）阅读下面的文字，完成1～3题玄奘和慧能两位大师都是唐代人，他们分别是法相唯识宗和禅宗的祖师，被视为汉传佛教史上的两座高峰。

玄奘法师，是中国佛教史上最伟大的译经师之一，法相唯识宗的创始人，其佛学修养举世无双。

他出身于名门望族，儒学世家，从小就受到良好的教育。

成年后又游历西域，在公元642年召开的辩论大法会上，得到了大、小乘佛教徒的一致推崇，极大地震惊了印度佛教界。

它不仅标志着中华佛学已超越印度，还标志着玄奘法师已成为世界佛学发展到最高峰的首屈一指的集大成者。

从西域取经回国后，玄奘法师又在唐王朝的支持下，主持译经无数，尤其对唯识宗的精妙玄理，复杂的逻辑思辨，有着透彻的研究。

他的才华和精神气质，可以说古今罕见。

慧能，出身寒微，从小以砍柴卖柴为生。

在青年时代几乎没有接触过佛经，也没有受过系统的教育。

不要说熟悉梵文，连汉字的水平也极低，甚至可以说大字不识。

他生长于偏僻的岭南乡村，在去参礼五祖弘忍之前，只是零星地听别人讲述过一些佛经，如《金刚经》，但也仅仅是只言片语。

他既没有留过洋，也没有译过经，是个地地道道的“土鳖”。

不可思议的是，玄奘大师创立的法相唯识宗，在中国经过了短期的辉煌后，很快就被束之高阁，唐末即走向衰落，宋元以后几成绝响。

而慧能大师创立的禅宗，却风行海内，表现出很强的生命力，成为李唐以来独步天下、历久不衰的中国佛学思想的主体，祖国文化的各个领域，无不因其熔铸而生机勃发。

他的《坛经》，穿越千年，发扬光大，世代流传，甚至已经成为中国佛教的代名词。

如何解释这一令人困惑的现象？这难道仅仅是一种偶然？实事求是地说，慧能的确有过人之处。

他最大的过人之处，而在于他实现了佛教的平民化。

这是佛教在中国的一场革命。

比如他的“人人都有佛性”的思想非常鲜明，第一次见弘忍时，他就明确表白：“人有南北，而佛性无南北。

韶关市2020届高三综合测试理科综合生物参考答案1~6 A D B C C B29. 【9分，除注明外，其余每空为2分】（1）光合作用的光反应阶段（1分）【评分说明：缺少光合作用不扣分】①③【评分说明：填出1个给1分，有错误的回答不给分】（2）减少了对CO2的吸收（或降低了暗反应的速率）（1分）（3）①水分含量降低或O3含量的增加（1分）【评分说明：答出其中之一即可得分】②减少水分的灌溉不能缓解O3对光合速率的影响（或降低对细胞的损害）③实验只提供了75%和45%的含水量组别，缺少其它含水量组别的数据，需进一步实验来确定该建议的合理性。

【评分说明：其他类似合理答案亦可】31.【9分，除注明外，其余每空为2分】（1）易地（1分）取样器取样（1分）（2）原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或其它繁殖体（如能发芽的地下茎）【评分说明：答到“原有土壤条件基本保留”或答到“保留了植物的种子或其它繁殖体或能发芽的地下茎”均给2分】（3）8%W（2/25W或0.08W）（1分）（4）森林火灾释放大量CO2到大气中，而森林减少又使（植物光合作用）吸收CO2的能力减弱，导致大气中CO2浓度增加，温室效应加剧。

【评分说明：答到“火灾释放大量CO2”给1分，答到“森林减少使吸收CO2的能力减弱”给1分】（5）组分越多，食物网越复杂【评分说明：答到“营养结构更复杂/增加物种种类/使食物网更复杂中的任一点可给1分】32.【11分，除注明外，其余每空为2分】（1）9种（2）多对基因控制一种性状（或一种性状由多对基因控制）（1分）（3）紫（色）：蓝（色）：白（色）=9:3:4【评分说明：顺序可调换】（4）①选择（纯合）窄叶（型）雌株与纯合．．宽叶（型）雄株杂交，观察子代叶片表现型【评分说明：雄株漏答“纯合”不给分】②若后代中雌株均为宽叶（型），雄株均为窄叶（型），则控制叶片基因位于X染色体上的非同源区段。

③若后代中雌株和雄株均为宽叶（型），则控制叶片基因位于X与Y染色体上的同源区段。

2020年广东省韶关市高考数学模拟试卷（一）（4月份）一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知集合A={x|0≤x＜3}，B={x|（x-2）（x-4）＜0}，则集合A∩B=（）A. {x|0＜x＜2}B. {x|0＜x＜4}C. {x|2＜x＜4}D. {x|2＜x＜3}2.已知是z的共轭复数，且满足（1+i）=4（其中i是虚数单位），则|z|=（）A. 2B. 2C.D. 13.已知变量x与y负相关，且由观测数据得到样本的平均数，，则由观测数据得到的回归方程可能是（）A. B.C. D.4.若x，y满足约束条件，则z=x-y的最大值为（）A. -B.C. 5D. 65.若等比数列的各项均为正数，，，则（）A. B. C. 12 D. 246.已知函数f（x）=sin（ωx+）（ω＞0）的相邻对称轴之间的距离为，将函数图象向左平移个单位得到函数g（x）的图象，则g（x）=（）A. sin（x+）B. sin（2x+）C. cos2xD. cos（2x+）7.已知圆C：x2+y2-4x+3=0，则圆C关于直线y=-x-4的对称圆的方程是（）A. （x+4）2+（y+6）2=1B. （x+6）2+（y+4）2=1C. （x+5）2+（y+7）2=1D. （x+7）2+（y+5）2=18.下列三个数：a=ln，b=-log3，c=（），大小顺序正确的是（）A. c＞a＞bB. c＞b＞aC. b＞a＞cD. a＞b＞c9.如图程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”．执行该程序框图，若输入的a，b分别为16，20，则输出的a=（）A. 14B. 4C. 2D. 010.如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗实线画出的是某三棱锥的三视图，则该三棱锥最长的棱长为（）A.B.C.D.11.已知数列{a n}满足a1++a3+…+=n2+n（n∈N*），设数列{b n}满足：b n=，数列{b n}的前n项和为T n，若T n＜λ（n∈N*）恒成立，则实数λ的取值范围为（） .A. B. C. D.12.已知函数f（x）=，（其中a∈R），若f（x）的四个零点从小到大依次为x1，x2，x3，x4，则x1x2+x i的值是（）A. 16B. 13C. 12D. 10二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.已知向量=（1，x），=（-2，4），且（-）⊥，则实数x=______14.曲线在处的切线的斜率为，则切线的方程为_____________．15.过抛物线y2=2px（p＞0）的焦点F且倾斜角为120°的直线l与抛物线在第一、四象限分别交于A、B两点，则=______．16.如图，在四棱锥P-ABCD中，底面四边形ABCD是矩形，BC=2，△PAD是等边三角形，平面PAD⊥平面ABCD，点E，F分别在线段PA，CD上，若EF∥平面PBC，且DF=2FC，则点E到平面ABCD的距离为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.在△ABC中，a、b、c分别是内角A、B、C的对边，且b cos A=sin A（a cos C+c cos A）．（1）求角A的大小；（2）若a=2，△ABC的面积为，求△ABC的周长．18.如图1，四边形ABCD是直角梯形，其中BC=CD=1，AD=2，∠ADC=90°．点E是AD的中点，将△ABE沿BE折起如图2，使得A'E⊥平面BCDE．点M、N分别是线段A'B、EC的中点．（1）求证：MN⊥BE；（2）求三棱锥E-BNM的体积19.某工厂每年定期对职工进行培训以提高工人的生产能力（生产能力是指一天加工的零件数）．现有A、B两类培训，为了比较哪类培训更有利于提高工人的生产能力，工厂决定从同一车间随机抽取100名工人平均分成两个小组分别参加这两类培训．培训后测试各组工人的生产能力得到如下频率分布直方图．（1）记M表示事件“参加A类培训工人的生产能力不低于130件”，估计事件M 的概率；（2）填写下面列联表，并根据列联表判断是否有99%的把握认为工人的生产能力与培训类有关：生产能力＜130件生产能力≥130件总计A类培训50B类培训50总计100（）根据频率分布直方图，判断哪类培训更有利于提高工人的生产能力，请说明理由．P（K2≥k0）0.150.100.0500.0250.0100.005 k0 2.072 2.706 3.841 5.024 6.6357.879参考公式：，其中n=a+b+c+d．20.已知点M到抛物线y2=4x的焦点F的距离和它到直线x=2的距离之比是．（1）求点M的轨迹C的方程；（2）过圆O：x2+y2=上任意一点P作圆的切线l与轨迹C交于A，B两点，求证：OA⊥OB．21.已知函数f（x）=xe x（e≈2.71828…）．（1）求函数f（x）的单调区间；（2）设g（x）=f（x）-ln x，求证：g（x）＞（参考数据：ln2≈0.69）．22.在直角坐标系xOy中，曲线C的方程为（x-2）2+y2=4，过点（-2，0）且斜率为k（k＞0）的直线l与曲线C相切于点A．（1）以坐标原点为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，求曲线C的极坐标方程和点A的极坐标；（2）若点B在曲线C上，求△OAB面积的最大值．23.已知f（x）=|x|．（1）解不等式f（2x-3）≤5；（2）若x2+2x+f（x-2）+f（x+3）≥a+1在x∈[-1，3]上恒成立，求实数a的取值范围．-------- 答案与解析 --------1.答案：D解析：解：解二次不等式（x-2）（x-4）＜0得：2＜x＜4，即B=，又A={x|0≤x＜3}，则A∩B=，故选：D．由二次不等式的解法及集合交集的运算得：B=，又A={x|0≤x＜3}，则A∩B=，得解．本题考查了二次不等式的解法及集合交集的运算，属简单题．2.答案：A解析：解：由（1+i）=4，得，∴|z|=||=．故选：A．把已知等式变形，再由复数代数形式的乘除运算化简，然后利用|z|=||求解．本题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数的基本概念，考查复数模的求法，是基础题．3.答案：A解析：【分析】本题考查回归直线方程的求法，回归直线方程的特征，基本知识的考查，属于基础题. 利用变量x与y负相关，排除选项，然后利用回归直线方程经过样本中心验证即可. 【解答】解：变量x与y负相关，排除选项B，C；回归直线方程经过样本中心，把，，代入A成立，代入D不成立．故选A.4.答案：C解析：解：变量x，y满足约束条件条件的可行域如图：目标函数z=x-y经过可行域的B点时，目标函数取得最大值，由可得A（4，-1），目标函数z=x-y的最大值为：5．故选：C．画出约束条件的可行域，利用目标函数的最优解求解即可本题考查线性规划的简单应用，考查计算能力以及数形结合思想的应用．5.答案：D解析：解：数列{a n}是等比数列，各项均为正数，4a32=a1a7=a42，所以，所以q=2。

2020年广东省韶关市高考模拟考试数学（理科）试题一、本大题共12小题，每小题5分，满分60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合P={x∈R|0≤x≤3}，Q={x∈R|x2≥4}，则P∩（∁RQ）=（）A．[0，3] B．（0，2] C．[0，2）D．（0，3]2．已知复数z=（t﹣1）+（t+1）i，t∈R，|z|的最小值是（）A．1 B．2 C．D．33．已知，则f（﹣1+log35）=（）A．15 B．C．5 D．4．我国古代有着辉煌的数学研究成果．《周髀算经》、《九章算术》、《海岛算经》、《孙子算经》、…、《辑古算经》等算经10部专著，有着十分丰富多彩的内容，是了解我国古代数学的重要文献．这10部专著中有7部产生于魏晋南北朝时期．某中学拟从这10部名著中选择2部作为“数学文化”校本课程学习内容，则所选2部名著中至少有一部是魏晋南北朝时期的名著的概率为（）A．B．C．D．5．等比数列{an }前n项和为Sn，若S2=6，S4=30，则S6=（）A．62 B．64 C．126 D．1286．已知点A是双曲线（a，b＞0）右支上一点，F是右焦点，若△AOF（O是坐标原点）是等边三角形，则该双曲线离心率e为（）A．B．C．1+D．1+7．执行如图所示的程序框图，则输出S=（）A．B．C．D．8．若直线y=2x上存在点（x，y）满足约束条件，则实数m的最大值为（）A．﹣1 B．1 C．D．29．四棱锥P﹣ABCD的三视图如图所示，其五个顶点都在同一球面上，若四棱锥P﹣ABCD的侧面积等于4（1+），则该外接球的表面积是（）A．4π B．12πC．24πD．36π10．已知函数f（x）=2sin（ωx+φ）（ω＞0）的图象与直线y=b（0＜b＜2）的三个相邻交点的横坐标分别是，且函数f（x）在x=处取得最小值，那么|φ|的最小值为（）A．B．πC．D．11．设M是圆O：x2+y2=9上动点，直线l过M且与圆O相切，若过A（﹣2，0），B（2，0）两点的抛物线以直线l为准线，则抛物线焦点F的轨迹方程是（）A．﹣=1（y≠0）B．﹣=1（y≠0）C． +=1（y≠0）D． +=1（y≠0）12．已知不恒为零的函数f（x）在定义域[0，1]上的图象连续不间断，满足条件f（0）=f（1）=0，且对任意x1，x2∈[0，1]都有|f（x1）﹣f（x2）|≤|x1﹣x2|，则对下列四个结论：①若f（1﹣x）=f（x）且0≤x≤时，f（x）=x（x﹣），则当＜x≤1时，f（x）=（1﹣x）（﹣x）；②若对∀x∈[0，1]都有f（1﹣x）=﹣f（x），则y=f（x）至少有3个零点；③对∀x∈[0，1]，|f（x）|≤恒成立；④对∀x1，x2∈[0，1]，|f（x1）﹣f（x2）|≤恒成立．其中正确的结论个数有（）A．1个B．2个C．3个D．4个二．填空题（本大题共4小题，每小题5分，满分20分）．13．已知平面非零向量，满足•（）=1，且||=1，则与的夹角为．14．在（1+x）•（1+2x）5的展开式中，x4的系数为（用数字作答）15．正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E、F分别是棱AD、DD1的中点，若AB=4，则过点B，E，F的平面截该正方体所得的截面面积S等于．16．某种汽车购车时的费用为10万元，每年保险、养路费、汽油费共1.5万元，如果汽车的维修费第1年0.1万元，从第2年起，每年比上一年多0.2万元，这种汽车最多使用年报废最合算（即平均每年费用最少）．三．解答题：解答应写出文字说明．证明过程或演算步骤．17．如图，在△ABC中，M是边BC的中点，tan∠BAM=，cos∠AMC=﹣（Ⅰ）求角B的大小；（Ⅱ）若角∠BAC=，BC边上的中线AM的长为，求△ABC的面积．18．已知四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥平面ABCD，底面ABCD为菱形，∠ABC=60°，E是BC中点，M是PD上的中点，F是PC上的动点．（Ⅰ）求证：平面AEF⊥平面PAD（Ⅱ）直线EM与平面PAD所成角的正切值为，当F是PC中点时，求二面角C﹣AF﹣E的余弦值．19．随着经济模式的改变，微商和电商已成为当今城乡一种新型的购销平台．已知经销某种商品的电商在任何一个销售季度内，每售出1吨该商品可获利润0.5万元，未售出的商品，每1吨亏损0.3万元．根据往年的销售经验，得到一个销售季度内市场需求量的频率分布直方图如右图所示．已知电商为下一个销售季度筹备了130吨该商品．现以x（单位：吨，100≤x≤150）表示下一个销售季度的市场需求量，T（单位：万元）表示该电商下一个销售季度内经销该商品获得的利润．（Ⅰ）视x分布在各区间内的频率为相应的概率，求P（x≥120）（Ⅱ）将T表示为x的函数，求出该函数表达式；（Ⅲ）在频率分布直方图的市场需求量分组中，以各组的区间中点值（组中值）代表该组的各个值，并以市场需求量落入该区间的频率作为市场需求量取该组中值的概率（例如x∈[100，110），则取x=105，且x=105的概率等于市场需求量落入100，110）的频率），求T的分布列及数学期望E（T）．20．设椭圆C： =1（a＞b＞0），椭圆C短轴的一个端点与长轴的一个端点的连线与圆O：x2+y2=相切，且抛物线y2=﹣4x的准线恰好过椭圆C的一个焦点．（Ⅰ）求椭圆C的方程；（Ⅱ）过圆O上任意一点P作圆的切线l与椭圆C交于A，B两点，连接PO并延长交圆O于点Q，求△ABQ面积的取值范围．21．.已知函数f（x）=ae x（a≠0），g（x）=x2（Ⅰ）若曲线c1：y=f（x）与曲线c2：y=g（x）存在公切线，求a最大值．（Ⅱ）当a=1时，F（x）=f（x）﹣bg（x）﹣cx﹣1，且F（2）=0，若F（x）在（0，2）内有零点，求实数b的取值范围．[选修4-4：极坐标与参数方程]22．在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（α为参数）．以点O为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为ρcos（θ﹣）=2（Ⅰ）将直线l化为直角坐标方程；（Ⅱ）求曲线C上的一点Q 到直线l 的距离的最大值及此时点Q的坐标．[选修4-5：不等式选讲]23．已知函数f（x）=|x+m|+|2x﹣1|（m∈R）（I）当m=﹣1时，求不等式f（x）≤2的解集；（II）设关于x的不等式f（x）≤|2x+1|的解集为A，且[，2]⊆A，求实数m的取值范围．2020年广东省韶关市高考模拟考试数学（理科）试题答案一、本大题共12小题，每小题5分，满分60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合P={x∈R|0≤x≤3}，Q={x∈R|x2≥4}，则P∩（∁Q）=（）RA．[0，3] B．（0，2] C．[0，2）D．（0，3]【考点】交、并、补集的混合运算．【分析】化简集合Q，根据交集和补集的定义写出运算结果即可．【解答】解：集合P={x∈R|0≤x≤3}，Q={x∈R|x2≥4}={x|x≤﹣2或x≥2}，Q={x|﹣2＜x＜2}，则∁R∴P∩（∁Q）={x|0≤x＜2}=[0，2）．R故选：C．2．已知复数z=（t﹣1）+（t+1）i，t∈R，|z|的最小值是（）A．1 B．2 C．D．3【考点】复数求模．【分析】利用复数模的计算公式、二次函数的单调性即可得出．【解答】解：由已知得：复数z=（t﹣1）+（t+1）i，t∈R，|z|2=（t﹣1）2+（t+1）2=2t2+2≥2，∴|z|，∴|z|的最小值是．故选：C．3．已知，则f（﹣1+log5）=（）3A．15 B．C．5 D．【考点】分段函数的应用．5的范围，利用分段函数化简求解即可．【分析】判断﹣1+log3【解答】解：﹣1+log35∈（0，1），f（﹣1+log35）=f（﹣1+log35+1）=f（log35）==5，故选：C．4．我国古代有着辉煌的数学研究成果．《周髀算经》、《九章算术》、《海岛算经》、《孙子算经》、…、《辑古算经》等算经10部专著，有着十分丰富多彩的内容，是了解我国古代数学的重要文献．这10部专著中有7部产生于魏晋南北朝时期．某中学拟从这10部名著中选择2部作为“数学文化”校本课程学习内容，则所选2部名著中至少有一部是魏晋南北朝时期的名著的概率为（）A．B．C．D．【考点】排列、组合的实际应用；古典概型及其概率计算公式．【分析】求出从10部名著中选择2部名著的方法数、2部都不是魏晋南北朝时期的名著的方法数，由对立事件的概率计算公式，可得结论．【解答】解：从10部名著中选择2部名著的方法数为C102=45（种），2部都不是魏晋南北朝时期的名著的方法数为C32=3（种），由对立事件的概率计算公式得P=1﹣=．故选A．5．等比数列{an }前n项和为Sn，若S2=6，S4=30，则S6=（）A．62 B．64 C．126 D．128【考点】等比数列的前n项和．【分析】法一：设等比数列{an}的公比是q，由题意可得q≠1，由等比数列的前项和公式列出方程组，整体求解后代入求出S6的值；法二：根据题意、等比数列的性质、等比中项的性质列出方程，求出S6的值．【解答】解法一：设等比数列{an}的公比是q，由题意得q≠1，，解得q2=4、=﹣2，所以S6==﹣2×（1﹣43）=126；法二：由已知可知，S2=6，S4=30，因为S2，S4﹣S2，S6﹣S4成等比数列，所以242=6×（S6﹣30），解得S6=126，故选C．6．已知点A是双曲线（a，b＞0）右支上一点，F是右焦点，若△AOF（O是坐标原点）是等边三角形，则该双曲线离心率e为（）A．B．C．1+D．1+【考点】双曲线的简单性质．【分析】利用已知条件求出A坐标，代入双曲线方程，可得a、b、c，关系，然后求解离心率即可．【解答】解：依题意及三角函数定义，点A（ccos，csin），即A（，），代入双曲线方程，可得 b2c2﹣3a2c2=4a2b2，又c2=a2+b2，得e2=4+2，e=，故选：D．7．执行如图所示的程序框图，则输出S=（）A．B．C．D．【考点】程序框图．【分析】框图中的S，实际是计算S=1++…+，裂项求和，可得结论．【解答】解：框图中的S，实际是计算S=1++…+=1+（1﹣+﹣+…+﹣）=，故选C．8．若直线y=2x上存在点（x，y）满足约束条件，则实数m的最大值为（）A．﹣1 B．1 C．D．2【考点】简单线性规划的应用．【分析】根据，确定交点坐标为（1，2）要使直线y=2x上存在点（x，y）满足约束条件，则m≤1，由此可得结论．【解答】解：由题意，，可求得交点坐标为（1，2）要使直线y=2x上存在点（x，y）满足约束条件，如图所示．可得m≤1∴实数m的最大值为1故选B．9．四棱锥P﹣ABCD的三视图如图所示，其五个顶点都在同一球面上，若四棱锥P﹣ABCD的侧面积等于4（1+），则该外接球的表面积是（）A．4π B．12πC．24πD．36π【考点】由三视图求面积、体积．【分析】将三视图还原为直观图，得四棱锥P﹣ABCD的五个顶点位于同一个正方体的顶点处，且与该正方体内接于同一个球．由此结合题意，可得正方体的棱长为2，算出外接球半径R，再结合球的表面积公式，即可得到该球表面积．【解答】解：设正方体棱长为a，则由四棱锥P﹣ABCD的侧面积等于4（1+），可得，a=2，设O是PC中点，则OA=OB=OC=OP=，所以，四棱锥P﹣ABCD外接球球心与正方体外接球球心重合．所以S==12π，故选B10．已知函数f（x）=2sin（ωx+φ）（ω＞0）的图象与直线y=b（0＜b＜2）的三个相邻交点的横坐标分别是，且函数f（x）在x=处取得最小值，那么|φ|的最小值为（）A．B．πC．D．【考点】三角函数的周期性及其求法．【分析】根据正弦函数的图象与性质，结合题意得出f（x）的周期以及ω的值，再求出|φ|的最小值．【解答】解：已知函数f（x）=2sin（ωx+φ）（ω＞0）的图象与直线y=b（0＜b＜2）的三个相邻交点的横坐标分别是、、，则函数f（x）的周期为π，ω=2；又函数f（x）在x=处取得最小值，则2•+φ=2kπ+，k∈Z，所以φ=2kπ﹣，k∈Z；故|φ|的最小值为．故选：C．11．设M是圆O：x2+y2=9上动点，直线l过M且与圆O相切，若过A（﹣2，0），B（2，0）两点的抛物线以直线l为准线，则抛物线焦点F的轨迹方程是（）A．﹣=1（y≠0）B．﹣=1（y≠0）C． +=1（y≠0）D． +=1（y≠0）【考点】圆与圆锥曲线的综合．【分析】焦点到A和B的距离之和等于A和B分别到准线的距离和，而距离之和为A和B的中点O到准线的距离的二倍是定值，结合椭圆的定义得焦点的轨迹方程C是以A和B为焦点的椭圆．【解答】解：设A，B两点到直线l的距离分别为d1，d2，则d1+d2=2d=6又因为A，B两点在抛物线上，由定义可知|AF|+|BF|=6＞|AB|，所以由椭圆定义可知，动点F的轨迹是以A，B为焦点，长轴为6的椭圆（除与x轴交点）．方程为+=1（y≠0），故选C．12．已知不恒为零的函数f（x）在定义域[0，1]上的图象连续不间断，满足条件f（0）=f（1）=0，且对任意x1，x2∈[0，1]都有|f（x1）﹣f（x2）|≤|x1﹣x2|，则对下列四个结论：①若f（1﹣x）=f（x）且0≤x≤时，f（x）=x（x﹣），则当＜x≤1时，f（x）=（1﹣x）（﹣x）；②若对∀x∈[0，1]都有f（1﹣x）=﹣f（x），则y=f（x）至少有3个零点；③对∀x∈[0，1]，|f（x）|≤恒成立；④对∀x1，x2∈[0，1]，|f（x1）﹣f（x2）|≤恒成立．其中正确的结论个数有（）A．1个B．2个C．3个D．4个【考点】命题的真假判断与应用．【分析】根据已知中f（0）=f（1）=0，且对任意x1，x2∈[0，1]都有|f（x1）﹣f（x2）|≤|x1﹣x2|，逐一分析四个结论的真假，可得答案．【解答】解：由f（1﹣x）=f（x）得函数f（x）图象关于直线x=对称，若0≤x≤时，f（x）=x（x﹣），则当＜x≤1时，f（x）=（1﹣x）（﹣x），故①正确；∵f（1﹣x）=﹣f（x），故函数图象关于（，0）对称，又由f（0）=f（1）=0，故函数f（x）至少有3个零点0，，1．故②正确；∵当0≤x≤时，|f（x）|≤x≤；当＜x≤1时，则1﹣x≤，|f（x）|=|f（x）﹣f（1）|≤（1﹣x）≤=．∴∀x∈[0，1]，|f（x）|≤恒成立，故③正确，设∀x1，x2∈[0，1]，当|x1﹣x2|≤时，|f（x1）﹣f（x2）|≤|x1﹣x2|≤，当|x1﹣x2|＞时，|f（x1）﹣f（x2）|=|f（x1）﹣f（0）+f（1）﹣f（x2）|≤|f（x1）﹣f（0）|+|f（1）﹣f（x2）|≤|x1﹣0|+|1﹣x2|=×1+（1﹣x2）=﹣（x2﹣x1）≤﹣×=．故④正确故选D．二．填空题（本大题共4小题，每小题5分，满分20分）．13．已知平面非零向量，满足•（）=1，且||=1，则与的夹角为．【考点】数量积表示两个向量的夹角．【分析】由题意求得=0，可得与的夹角．【解答】解：设与的夹角为θ，∵平面非零向量，满足•（+）=1，且||=1，∴+1=1，即=0，∴θ=，故答案为：．14．在（1+x）•（1+2x）5的展开式中，x4的系数为160 （用数字作答）【考点】二项式系数的性质．【分析】根据（1+x）•（1+2x）5的展开式中，含x4的项是第一个因式取1和x时，后一个因式应取x4和x3项，求出它们的系数和即可．【解答】解：在（1+x）•（1+2x）5的展开式中：当第一个因式取1时，则后一个因式取含x4的项为24•x4=80x4；当第一个因式取x时，则后一个因式取含x3的项为23•x3=80x3；所以展开式中x4的系数为：80+80=160．故答案为：160．15．正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E、F分别是棱AD、DD1的中点，若AB=4，则过点B，E，F的平面截该正方体所得的截面面积S等于18 ．【考点】平面的基本性质及推论．【分析】推导出EF∥平面BCC1，过EF且过B的平面与面BCC1的交线l平行于EF，l即为BC1．由此能求出过点B，E，F的平面截该正方体所得的截面面积S．【解答】解：∵正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E、F分别是棱AD、DD1的中点，∴EF∥AD1∥BC1，∵EF⊄平面BCC1，BC1⊂平面BCC1，∴EF∥平面BCC1，由线面平行性质定理，过EF且过B的平面与面BCC1的交线l平行于EF，l即为BC1．由正方体的边长为4，可得BE=C1F=，BC1=2EF=4，截面是等腰梯形，其高为3，其面积S=h==18．故答案为：18．16．某种汽车购车时的费用为10万元，每年保险、养路费、汽油费共1.5万元，如果汽车的维修费第1年0.1万元，从第2年起，每年比上一年多0.2万元，这种汽车最多使用10 年报废最合算（即平均每年费用最少）．【考点】基本不等式．【分析】设这种汽车最多使用x年报废最合算，计算总维修费可用：（第一年费用+最后一年费用）×年数，然后列出用x年汽车每年的平均费用函数，再利用基本不等式求最值即可．【解答】解：设这种汽车最多使用x年报废最合算，用x年汽车的总费用为10+1.5x+=10+1.5x+0.1x2万元，故用x年汽车每年的平均费用为y=0.1x++1.5≥2+1.5=3.5万元．当且仅当x=10成立．故答案为：10．三．解答题：解答应写出文字说明．证明过程或演算步骤．17．如图，在△ABC中，M是边BC的中点，tan∠BAM=，cos∠AMC=﹣（Ⅰ）求角B的大小；（Ⅱ）若角∠BAC=，BC边上的中线AM的长为，求△ABC的面积．【考点】余弦定理；两角和与差的正切函数．【分析】（Ⅰ）由邻补角定义及诱导公式得到cos∠AMC=﹣cos∠AMB，求出cos∠AMB的值，利用同角三角函数间的基本关系求出tan∠AMB的值，再利用诱导公式求出tanB的值，即可确定出B的大小；（Ⅱ）由三角形内角和定理及等角对等边得到AB=BC，设BM=x，则AB=BC=2x，利用余弦定理列出方程，求出方程的解得到x的值，确定出AB与BC的值，再利用三角形面积公式求出三角形ABC面积即可．【解答】解：（Ⅰ）由题意可知∠AMB+∠AMC=π，又cos∠AMC=﹣，∴cos∠AMB=，sin∠AMB=，tan∠AMB=，∴tanB=﹣tan（∠BAM+∠BMA）=﹣=﹣=﹣，又B∈（0，π），∴B=；（Ⅱ）由（Ⅰ）知∠B=，且∠BAC=，∴∠C=，即∠BAC=∠C，∴AB=BC，设BM=x，则AB=2x，在△AMB中，由余弦定理得AM2=AB2+BM2﹣2AB•BM•cosB，即7=4x2+x2+2x2，解得：x=1（负值舍去），∴AB=BC=2，=•4•sin=．则S△ABC18．已知四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥平面ABCD，底面ABCD为菱形，∠ABC=60°，E是BC中点，M是PD上的中点，F是PC上的动点．（Ⅰ）求证：平面AEF⊥平面PAD（Ⅱ）直线EM与平面PAD所成角的正切值为，当F是PC中点时，求二面角C﹣AF﹣E的余弦值．【考点】二面角的平面角及求法；平面与平面垂直的判定；直线与平面所成的角．【分析】（Ⅰ）连接AC，推导出AE⊥BC，AE⊥AD，PA⊥AE，由此能证明平面AEF⊥平面PCD．（Ⅱ）以AE，AD，AP所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系，利用向量法能求出二面角C﹣AF﹣E的余弦值．【解答】证明：（Ⅰ）连接AC，∵底面ABCD为菱形，∠ABC=60°，∴△ABC是正三角形，∵E是BC中点，∴AE⊥BC，又AD∥BC，∴AE⊥AD，…∵PA⊥平面ABCD，AE⊂平面ABCD，∴PA⊥AE，…又PA∩AE=A，∴AE⊥平面PAD，…又AE⊂平面AEF，∴平面AEF⊥平面PCD．…解：（Ⅱ）由（Ⅰ）得，AE，AD，AP两两垂直，以AE，AD，AP所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立如图所示的空间直角坐标系，…∵AE⊥平面PAD，∴∠AME就是EM与平面PAD所成的角，…在Rt△AME中，tan，即=，设AB=2a，则AE=，得AM=，又AD=AB=2a，设PA=2b，则M（0，a，b），∴AM==，从而b=a，∴PA=AD=2a，…则A（0，0，0），B（，﹣a，0），C（），D（0，2a，0），P（0，0，2a），E（），F（，，a），∴=（），=（，，a），=（﹣），…设=（x，y，z）是平面AEF的一个法向量，则，取z=a，得=（0，﹣2a，a），…又BD⊥平面ACF，∴=（﹣）是平面ACF的一个法向量，…设二面角C﹣AF﹣E的平面角为θ．则cosθ===．…∴二面角C﹣AF﹣E的余弦值为．…19．随着经济模式的改变，微商和电商已成为当今城乡一种新型的购销平台．已知经销某种商品的电商在任何一个销售季度内，每售出1吨该商品可获利润0.5万元，未售出的商品，每1吨亏损0.3万元．根据往年的销售经验，得到一个销售季度内市场需求量的频率分布直方图如右图所示．已知电商为下一个销售季度筹备了130吨该商品．现以x（单位：吨，100≤x≤150）表示下一个销售季度的市场需求量，T（单位：万元）表示该电商下一个销售季度内经销该商品获得的利润．（Ⅰ）视x分布在各区间内的频率为相应的概率，求P（x≥120）（Ⅱ）将T表示为x的函数，求出该函数表达式；（Ⅲ）在频率分布直方图的市场需求量分组中，以各组的区间中点值（组中值）代表该组的各个值，并以市场需求量落入该区间的频率作为市场需求量取该组中值的概率（例如x∈[100，110），则取x=105，且x=105的概率等于市场需求量落入100，110）的频率），求T的分布列及数学期望E（T）．【考点】离散型随机变量的期望与方差；离散型随机变量及其分布列．【分析】（Ⅰ）根据频率分布直方图及两两互斥事件概率的可加性得P（x≥120）=P+P+P．（Ⅱ）当x∈[100，130）时，T=0.5x﹣0.3=0.8x﹣39；当x∈[130，150]时，T=0.5×130，即可得出．（Ⅲ）由题意及（Ⅱ）可得：当x∈[100，110）时，T=0.8×105﹣39，P（T=45）=0.010×10；当x∈[110，120）时，T=0.8×115﹣39，P（T=53）=0.020×10；当x∈[120，130）时，T=0.8×125﹣39，P（T=61）=0.030×10；当x∈[130，150）时，T=65，P（T=65）=（0.025+0.015）×10．即可得出T的分布列及其数学期望．【解答】解：（Ⅰ）根据频率分布直方图及两两互斥事件概率的可加性得P（x≥120）=P+P+P=0.030×10+0.025×10+0.015×10=0.7．（Ⅱ）当x∈[100，130）时，T=0.5x﹣0.3=0.8x﹣39；当x∈[130，150]时，T=0.5×130=65．∴T=．（Ⅲ）由题意及（Ⅱ）可得：当x∈[100，110）时，T=0.8×105﹣39=45，P（T=45）=0.010×10=0.1；当x∈[110，120）时，T=0.8×115﹣39=53，P（T=53）=0.020×10=0.2；当x∈[120，130）时，T=0.8×125﹣39=61，P（T=61）=0.030×10=0.3；当x∈[130，150）时，T=65，P（T=65）=（0.025+0.015）×10=0.4．所以T的分布列为T45536165P0.10.20.30.4…所以，E（T）=45×0.1+53×0.2+61×0.3+65×0.4=59.4（万元）．…20．设椭圆C： =1（a＞b＞0），椭圆C短轴的一个端点与长轴的一个端点的连线与圆O：x2+y2=相切，且抛物线y2=﹣4x的准线恰好过椭圆C的一个焦点．（Ⅰ）求椭圆C的方程；（Ⅱ）过圆O上任意一点P作圆的切线l与椭圆C交于A，B两点，连接PO并延长交圆O于点Q，求△ABQ面积的取值范围．【考点】圆锥曲线的范围问题；椭圆的标准方程；椭圆的简单性质．【分析】（Ⅰ）利用椭圆C短轴的一个端点与长轴的一个端点的连线与圆O：x2+y2=相切，推出，以及c=，然后求解椭圆方程．（Ⅱ）①当直线l的斜率不存在时，求出A、B、P、Q坐标，然后求解S△ABQ．②当直线l的斜率存在时，设其方程设为y=kx+m，设A（x1，y1），B（x2，y2），联立，消去y利用韦达定理判别式以及弦长公式，点到直线的距离，求出S△ABQ=|PQ||AB利用基本不等式求解最值，然后推出结果．【解答】解：（Ⅰ）因为椭圆C短轴的一个端点与长轴的一个端点的连线与圆O：x2+y2=相切，所以，…又抛物线y2=﹣4其准线方程为x=，因为抛物线y2=﹣4的准线恰好过椭圆C的一个焦点，所以c=，从而a2﹣b2=c2=2 …两式联立，解得b2=2，a2=4，所以椭圆C的方程为：…①当直线l的斜率不存在时，不妨设直线AB方程为l：x=，则A（，），B（，﹣），P（，0），所以Q（﹣，0），从而S△ABQ=|PQ||AB|==…②当直线l的斜率存在时，设其方程设为y=kx+m，设A（x1，y1），B（x2，y2），联立方程组，消去y得（1+2k2）x2+4kmx+2m2﹣4=0，△=（4mk）2﹣4（2k2+1）（2m2﹣4）=8（4k2﹣m2+2）＞0，即4k2﹣m2+2＞0…因为直线与圆相切，所以d==，∴3m2=4（1+k2）…|AB|====…当k≠0时，|AB|==，因为4k2+，所以1＜1+，所以．…因为PQ圆O的直径，所以S△ABQ=|PQ||AB|==．…所以＜S△ABQ≤2．…k=0时，S△ABQ=|PQ||AB|=××=综上可得△ABQ面积的取值范围为[，2]．…21．.已知函数f（x）=ae x（a≠0），g（x）=x2（Ⅰ）若曲线c1：y=f（x）与曲线c2：y=g（x）存在公切线，求a最大值．（Ⅱ）当a=1时，F（x）=f（x）﹣bg（x）﹣cx﹣1，且F（2）=0，若F（x）在（0，2）内有零点，求实数b的取值范围．【考点】利用导数研究函数的极值；利用导数研究曲线上某点切线方程．【分析】（Ⅰ）求出函数的导数，得到x2=2x1﹣2，由a=，设g（x）=，根据函数的单调性求出a的最大值即可；（Ⅱ）求出函数的导数，问题转化为F′（x）=e x﹣2bx﹣c在（0，2）内至少有两个零点，通过讨论b的范围，求出函数的单调区间，从而确定b的范围即可．【解答】解：（Ⅰ）设公切线l与c1切于点（x1，a）与c2切于点（x2，），∵f′（x）=ae x，g′（x）=2x，∴，由①知x2≠0，①代入②得： =2x2，即x2=2x1﹣2，由①知a=，设g（x）=，g′（x）=，令g′（x）=0，得x=2；当x＜2时g′（x）＞0，g（x）递增．当x＞2时，g′（x）＜0，g（x）递减．∴x=2时，g（x）max =g（2）=，∴amax=．（Ⅱ）F（x）=f（x）﹣bg（x）﹣cx﹣1=e x﹣bx2﹣cx﹣1，∵F（2）=0=F（0），又F（x）在（0，2）内有零点，∴F（x）在（0，2）至少有两个极值点，即F′（x）=e x﹣2bx﹣c在（0，2）内至少有两个零点．∵F″（x）=e x﹣2b，F（2）=e2﹣4b﹣2c﹣1=0，c=，①当b≤时，在（0，2）上，e x＞e0=1≥2b，F″（x）＞0，∴F″（x）在（0，2）上单调增，F′（x）没有两个零点．②当b≥时，在（0，2）上，e x＜e2≤2b，∴F″（x）＜0，∴F″（x）在（0，2）上单调减，F′（x）没有两个零点；③当＜b＜时，令F″（x）=0，得x=ln2b，因当x＞ln2b时，F″（x）＞0，x＜ln2b时，F″（x）＜0，∴F″（x）在（0，ln2b）递减，（ln2b，2）递增，=F′（ln2b）=4b﹣2bln2b﹣+，所以x=ln2b时，∴F′（x）最小设G（b）=F′（ln2b）=4b﹣2bln2b﹣+，令G′（b）=2﹣2ln2b=0，得2b=e，即b=，当b＜时G′（b）＞0；当b＞时，G′（b）＜0，=G（）=e+﹣＜0，当b=时，G（b）最大∴G（b）=f′（ln2b）＜0恒成立，因F′（x）=e x﹣2bx﹣c在（0，2）内有两个零点，∴，解得：＜b＜，综上所述，b的取值范围（，）．[选修4-4：极坐标与参数方程]22．在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（α为参数）．以点O为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为ρcos（θ﹣）=2（Ⅰ）将直线l化为直角坐标方程；（Ⅱ）求曲线C上的一点Q 到直线l 的距离的最大值及此时点Q的坐标．【考点】简单曲线的极坐标方程；参数方程化成普通方程．【分析】（Ⅰ）直线l的极坐标方程转化为ρcosθ+ρsinθ=4，由x=ρcosθ，y=ρsinθ，能示出直线l的直角坐标方程．（Ⅱ）设点Q的坐标为（），点Q到直线l的距离为d=，由此能求出曲线C上的一点Q 到直线l 的距离的最大值及此时点Q的坐标．【解答】解：（Ⅰ）∵直线l的极坐标方程为ρcos（θ﹣）=2∴ρ（cos+sin）=2，化简得，ρcosθ+ρsinθ=4，…由x=ρcosθ，y=ρsinθ，∴直线l的直角坐标方程为x+y=4．…（Ⅱ）由于点Q是曲线C上的点，则可设点Q的坐标为（），…点Q到直线l的距离为d=…=．…当sin（）=﹣1时，即，d==3．…max此时，cos=﹣，sin，∴点Q（﹣）．…[选修4-5：不等式选讲]23．已知函数f（x）=|x+m|+|2x﹣1|（m∈R）（I）当m=﹣1时，求不等式f（x）≤2的解集；（II）设关于x的不等式f（x）≤|2x+1|的解集为A，且[，2]⊆A，求实数m的取值范围．【考点】绝对值不等式的解法．【分析】（Ⅰ）问题转化为|x﹣1|+|2x﹣1|≤2，通过讨论x的范围，求出不等式的解集即可；（Ⅱ）问题转化为|x+m|+|2x﹣1|≤|2x+1|在x∈[，2]上恒成立，根据（﹣x﹣2）max≤m≤（﹣x+2）min，求出m的范围即可．【解答】解：（ I）当m=﹣1时，f（x）=|x﹣1|+|2x﹣1|，f（x）≤2⇒|x﹣1|+|2x﹣1|≤2，上述不等式可化为：或或，解得或或，∴0≤x≤或＜x＜1或1≤x≤，∴原不等式的解集为{x|0≤x≤}．（ II）∵f（x）≤|2x+1|的解集包含[，2]，∴当x∈[，2]时，不等式f（x）≤|2x+1|恒成立，即|x+m|+|2x﹣1|≤|2x+1|在x∈[，2]上恒成立，∴|x+m|+2x﹣1≤2x+1，即|x+m|≤2，∴﹣2≤x+m≤2，∴﹣x﹣2≤m≤﹣x+2在x∈[，2]上恒成立，∴（﹣x﹣2）max ≤m≤（﹣x+2）min，∴﹣≤m≤0，所以实数m的取值范围是[﹣，0]．。

2020年韶关市始兴中学高三语文模拟试卷及答案解析一、现代文阅读（36分）(一)现代文阅读I(9分)阅读下面的文字，完成下列小题。

材料一：绿色食品生产是当今世界一项新兴产业。

这项被称为“从土地到餐桌”实行全程质量控制的产业，近年已在国内形成一套较为完整的质量标准体系。

全国经认证的绿色食品产品总数超过了1000种。

当前，我国进入了农产品供应相对过剩的阶段，市场价格下挫，农民增收缓慢。

随着消费水平的提高，人们饮食观念正在发生变化，从填饱肚子过度到重视营养和健康，那些纯天然、无污染的绿色食品备受青睐。

加入WTO对我国农产品出口也提出了新的挑战。

世界大多数国家都很重视进口食品的安全性，药残等检测指标限制非常严格，检验手段已从单纯检测产品到验收生产基地。

那种单纯追求数量型增长、不顾产品质量的老路子已走不通。

目前，经严格认证的绿色食品在农产品中的比重还很低，这一产业的发展潜力相当巨大。

有关人士指出，在指导农业结构调整工作中，各级政府部门应该深刻认识到这一变化，扶持农民搞好绿色食品产业的开发，使之成为一项有益社会、造福于民的大产业。

（摘编自《人民日报·海外版》）材料二：农业部和北京市政府日前联合举行了创建“无农药残毒放心菜”活动，5个生产基地和7个销售专柜被确定为首批试点单位。

为了保证试点单位蔬菜的质量，有关方面从生产和销售两个方面进行了严格把关。

在生产基地方面，从5月下旬开始，农业部农药检定所和北京市农药检定所联合对基地生产的蔬菜进行全面的农药残毒检测，并对生产中的蔬菜病虫害防治、农药的管理和使用等情况进行了检查。

销售时，除了生产经营单位自检后再上市销售外，北京市农药检定所对专柜的蔬菜进行了数次抽查。

检查结果表明：选定的生产基地和销售专柜的农药残毒合格率均在95%左右，高于市场平均合格率20多个百分点，有的生产基地产品合格率达到100%。

蔬菜是人们生活中最重要的副食品之一。

为提高蔬菜的食用安全性，农业部开始在全国建立农产品安全检测防护体系，并将北京市列入试点城市。

广东省韶关市2020届高三高考模拟测试一语文本试卷共9页，22小题，满分150分。

考试用时150分钟注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（阅读题）和第Ⅱ卷（表达题）两部分，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。

2.作答时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷阅读题一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（9分）阅读下面的文字，完成1～3题。

现代新儒学的“儒”与“新”方克立新儒学思潮有“儒”处，也有其“新”处。

它的“新”，在于它经历了西方文化的冲击，对传统文化有了新的认识，吸收和融合了以民主与科学为主要内容的西方文化；而它的“儒”，则在于它仍然认同传统文化的价值，认同传统的思维方式，并运用这一思维方式，把西方的价值整合到传统之中。

具体地说，新儒学之新表现为新的形式、新的义理、新的观念。

所谓新的形式，是指新儒家们与传统儒家的“述而不作”不同，他们是述而且作的。

他们不像传统儒家，把创新放在四书五经的句子之间来表述；而是把四书五经放在一旁，用独创的、系统的体系来表述自己的思想。

现代新儒家都有自己的体系，且卷帙浩繁。

建立体系的意识，应该说是受了西方文化的影响而产生的。

传统中国哲学局限在经学的范围之内，是不注重创建系统的体系的。

新的义理是指新儒家们大都受过西方哲学的影响，接受了西方哲学的理论和观念术语等，运用这些新的义理来帮助建立他们的体系。

熊十力、梁漱溟受了伯格森哲学的影响，熊氏的“大化流行”、“体用不二”以及梁的“意欲说”都有伯格森哲学的影响。

所谓新的价值，是指民主与科学。

从五四时期陈独秀提出德先生和赛先生到现在，历史已经走过了近八十年的历程，但是民主与科学的精神并没有在中国达到人们所期望的程度，所以民主与科学仍是新的价值。

现代新儒家们，也包括目前还不能称“家”的儒者们，都要花费很大的精力和篇幅，论证中国文化与民主和科学的精神并不相违背，中国文化可以接纳它们并把它们作为从中国文化中生长出来的东西来对待。