河南省洛阳市2014-2015学年高二物理上学期期末考试试题(扫描版)

参考答案
一、选择题：（48分）
1、D
2、C
3、C
4、D
5、C
6、D
7、D
8、A
9、CD 10、ACD 11、ABC 12、CD
二、填空。

（6+9）
13、（6分）(1)C; (2)0.6（每空3分）
14、（9分）、(1)O′C(2)ABD(3)1.0905（每空3分）
(4)M·OB＝M·OA＋m·O′C（4分）
三、计算（47分）
15、（14分）(1)由运动学公式得
4分
(2)泥石流在下坡阶段运动的时间2分
设汽车恰被泥石流追上汽车运动的时间为t2，泥石流在水平段运动的时间为t3，则在水平段有,,
且4分
联立解以上各式并代入相关数据得4分
则汽车的加速度至少应有0.8m/s2才不会被泥石流追上。

16、（15分）(1)B物体自由下落至与A碰撞前其速度为v0，根据自由落体运动规律
5分
AB碰撞结束之后瞬时二者速度共同速度为vt，根据动量守恒定律
vt=1.0m/s５分
(2)选择竖直向下为正方向，从二者一起运动到速度变为零的过程中，选择B作为研究对象，根据动量定理
解得N=14N，方向竖直向上５分
17、（18分）(1)对A球下滑的过程，由机械能守恒定律得：
解得：４分
(2)当两球速度相等时弹簧的弹性势能最大，由动量守恒定律得：
解得：3分
根据能的转化和守恒定律：
解得：３分
(3)当A、B相距最近之后，将会被弹簧弹开，该过程中，A、B两球和弹簧组成的系统动量守恒、机械能也守恒
２分
２分
解得：４分。

2014-2015学年上学期期末考试高二年级物理试题(含答案)说明：本试卷考试时间为90分钟，满分110分一、选择题（本题包括12小题，共48分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用.下面列举的四种器件中，利用电磁感应原理工作的是（）A．回旋加速器B．电磁炉C．质谱仪D．示波管2．如图所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，沿电场线从A运动到B．则 ( )A．电场强度的方向向左B．A点场强一定大于B点场强C．电场力做正功D．电势能减小3．如图，线圈M和线圈N绕在同一铁芯上。

M与电源、开关、滑动变阻器相连，P为滑动变阻器的滑动端，开关S处于闭合状态，N与电阻R相连。

下列说法正确的是（）A．当P向右移动，通过R的电流为b到aB．当P向右移动，通过R的电流为a到bC．断开S的瞬间，通过R的电流为b到aD．断开S的瞬间，通过R的电流为a到b4．质量为m的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从N流向M，此时悬线上有拉力，如图所示．为了使悬线上拉力的等于零，可采取的措施是（）A．适当减小磁感应强度B．适当增大磁感应强度C．使磁场反向D．使电流反向5．在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一磁感应强度是原来磁感应强度2倍的匀强磁场，则（）A．粒子的速率加倍，周期减半B．粒子速率不变，轨道半径减半C．粒子的速率减半，轨道半径变为原来的1/4 D．粒子速率不变，周期减半6．如图所示电路中，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表。

当电键S闭合滑动变阻器R2的滑动触头P移动时，关于两个电压表V1与V2的示数，下列判断正确的是（）A．P向a移动，V1示数增大、V2的示数减小B．P向b移动，V1示数增大、V2的示数减小C．P向a移动，V1示数改变量的绝对值小于V2的示数改变量的绝对值D．P向b移动，V1示数改变量的绝对值大于V2的示数改变量的绝对值7．如图所示的U—I图像中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R 的伏安特性曲线，用该电源直接与该电阻R连接成闭合电路，由图像可知( ) A．R的阻值为1.5ΩB．电源电动势为3V，内阻为0.5ΩC．电源的输出功率为3.0wD．电源内部消耗功率为1.5w8．如图，A、B是完全相同的两个小灯泡，L为自感系数很大、电阻可以忽略的带铁芯的线圈，下列说法正确的是（）A．开关K闭合的瞬间，A、B同时发光，随后A灯变暗，B灯变亮。

2014-2015学年上学期高三期末考试物理理科试卷(含答案)本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共120分，考试用时90分钟。

第I 卷（选择题 共60分）一、 选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，1-6题有一项符合题目要求，7-12题有多项符合题目要求。

）1.指南针静止时，其位置如图中虚线所示．若在其上方放置一水平方向的导线，并 通以恒定电流，则指南针转向图中实线所示位置．据此可能是 （ ）A .导线南北放置，通有向北的电流B .导线南北放置，通有向南的电流C .导线东西放置，通有向西的电流D .导线东西放置，通有向东的电流2.如图10—1所示，为电视机显像管的偏转线圈示意图，圆心黑点表示电子枪射出的电子，它的方向由纸内指向纸外，当偏转线圈通以图示方向的电流时，电子束应 ( ) A.向左偏转 B ．向上偏转 C.不偏转 D.向下偏转3．如图所示的情况中，a 、b 两点的电场强度和电势都相同的是 ( )A ．甲图：离点电荷等距的a 、b 两点B ．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a 、b 两点C ．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a 、b 两点D ．丁图：两带电平行金属板间，分别靠近两板与中轴线等距的a 、b 两点4.处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动．将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( ) A ．与粒子电荷量成正比 B ．与粒子速率成正比 C ．与粒子质量成正比 D ．与磁感应强度成正比5.如图所示，边界OA 与OC 之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA 上有一粒子源S.某一时刻，从S 平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子(不计粒子的重力及粒子间的相互作用)，所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有大量粒子从边界OC 射出磁场．已知∠AOC ＝60°，从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最短时间等于T6(T 为粒子在磁场中运动的周期)，则从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最长时间为( )A.T 3B.T 2C.2T 3D.5T 66.如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b 在M 、N 的连线上，o 为MN 的中点，c 、d 位于MN 的中垂线上，且a 、b 、c 、d 到o 点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( ) A ．o 点处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D ．a 、c 两点处磁感应强度的方向不同………封……7.如图所示，一带正电的滑环套在水平放置且足够长的粗糙绝缘杆上，整个装置处于方向如图所示的匀强磁场中.现给环施以一个水平向右的速度，使其运动，则滑环在杆上的运动情况可能是( )A.先做减速运动，后做匀速运动B.一直做减速运动，直到静止C.先做加速运动，后做匀速运动D.一直做匀速运动8.如图所示，平行于纸面水平向右的匀强磁场，磁感应强度B1＝1T．位于纸面内的细直导线，长L＝1m，通有I＝1 A的恒定电流．当导线与B1成60°夹角时，发现其受到的安培力为零，则该区域同时存在的另一匀强磁场的磁感应强度B2的可能值是()A.12T B.32TC．1T D.3T9.如图甲所示，某空间存在着足够大的匀强磁场，磁场沿水平方向．磁场中有A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上．物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘．在t＝0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动．在物块A、B一起运动的过程中，图乙反映的可能是()A．物块A所受洛伦兹力大小随时间t变化的关系B．物块A对物块B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．物块A对物块B的压力大小随时间t变化的关系D．物块B对地面压力大小随时间t变化的关系10.如图所示，在半径为R的圆形区域内有匀强磁场.在边长为2R的正方形区域里也有匀强磁场，两个磁场的磁感应强度大小相同，两个相同的带电粒子以相同的速率分别从M、N两点射入匀强磁场.在M点射入的带电粒子，其速度方向指向圆心；在N点射入的带电粒子，速度方向与边界垂直，且N点为正方形边长的中点，则下列说法正确的是( )A.带电粒子在磁场中飞行的时间可能相同B.从M点射入的带电粒子可能先飞出磁场C.从N点射入的带电粒子可能先飞出磁场D.从N点射入的带电粒子不可能比M点射入的带电粒子先飞出磁场11、如图所示的电路中，各元件均为线性元件.电源电动势为E，内电阻不能忽略，闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U，在这一过程中（）A、通过R1B、R2两端的电压减小，减小量为△UC、路端电压与干路电流的比值为定值D、路端电压的变化量与干路电流的变化量的比值为定值12.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为（<）. 若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A. 小物体上升的最大高度为B. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D. 从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小高三理科物理第3页，共10页高三理科物理第4页，共10页第Ⅱ卷（非选择题共60分）二、填空题（本大题共2小题，共10分，把答案填在题中横线上）。

2014-2015学年上学期高二物理期末复习题一、选择题（4 10=40分，在给出的4个选项中，有一个或多个正确）1．如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是：（ ） A ．奥斯特 B ．爱因斯坦C ．伽利略D ．牛顿2．带电的平行板电容器与静电计的连接如图，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有：（ ）A ．减小两极板间的距离B ．用手触摸极板错误！未找到引用源。

C ．在两板间插入电介质D ．将极板B 向上适当移动3．一台国产封闭型贮水式电热水器的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示. 根据表中提供的数据，计算出此电热水器在额定电压下处于加热状态时，通过电热水器的电流约为：（ ）A 4．在图所示的电路中，电源电动势为E 、内电阻为r . 在滑动变阻器的滑动触片P 从图示位置向下滑动的过程中：（ ）A ．电路中的总电流变大B ．路端电压变大C ．通过电阻R 2的电流变小D ．通过滑动变阻器R 1的电流变小5．一直流电动机正常工作时两端的电压为U ，通过的电流为I ，电动机线圈的电阻为r ．该电动机正常工作时，下列说法正确的是：（）A ．电动机消耗的电功率为错误！未找到引用源。

B ．电动机的输出功率为错误！未找到引用源。

C ．电动机的发热功率为错误！未找到引用源。

D ．I 、U 、r 三个量间满足错误！未找到引用源。

6．如图所示，xOy 坐标系中，将一负检验电荷Q 由y 轴上a 点移至x 轴上b 点，需克服电场力做功W ，若从a 点移至x 轴上c 点，也需克服电场力做功W ，）A ．电场强度方向沿y 轴负方向的匀强电场B ．电场强度方向沿x 轴正方向的匀强电场C ．处于第I 象限某一位置的正点电荷形成的电场D ．处于第Ⅲ象限某一位置的负点电荷形成的电场70，轨道平面位于纸面内，质点速度方向如图中箭头所示。

现加一垂直于轨道平面的匀强磁场，已知轨道半径并不因此而改变，则：（ ） A ．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将大于T 0B ．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将小于T 0C ．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将大于T 0D ．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将小于T 0I图10—548．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路。

7 闭合电路的欧姆定律根底夯实一、选择题(1～4题为单项选择题，5～7题为多项选择题) 1．关于闭合电路，如下说法正确的答案是( ) A ．电源短路时，放电电流为无限大 B ．电源短路时，内电压等于电源电动势 C ．用电器增加时，路端电压一定增大D ．把电压表直接和电源连接时，电压表的示数等于电源电动势 答案：B解析：电源短路时，R ＝0，放电电流I ＝E r，U 内＝E ，A 错误，B 正确；当并联用电器增加时，并联电阻变小，电路中的电流变大，内电压变大，路端电压变小，C 错误；当电压表直接和电源连接时，电压表不视为理想电表时，电路中有微小电流，内电路有一定的电势降落，D 错误。

2．一太阳能电池板，测得它的开路电压(电动势)为800mV ，短路电流为40mA ，假设将该电池板与一阻值为60Ω的电阻器连成一闭合电路，如此它的路端电压是( )A ．0.10VB ．0.20VC ．0.40VD ．0.60V答案：D 解析：r ＝E I 短＝0.80.04Ω＝20Ω，U ＝E R ＋rR ＝0.6V 。

3．一同学将变阻器与一只6V,6～8W 的小灯泡L 与开关S 串联后接在6V 的电源E 上，当S 闭合时，发现灯泡发光。

按此图的接法，当滑片P 向右滑动时，灯泡将( )A ．变暗B ．变亮C ．亮度不变D ．可能烧坏灯泡 答案：B解析：由图可知，变阻器接入电路的是PB 段的电阻丝，当滑片P 向右滑动时，接入电路中的电阻丝变短，电阻减小，灯泡变亮，B选项正确。

由于灯泡的额定电压等于电源电压，所以不可能烧坏灯泡。

4．(福建师大附中2014～2015学年高二上学期期末)在如下列图的电路中，开关S原来是闭合的，现将S断开，如此灯泡L亮度变化和电容器C带电量变化情况是( ) A．灯泡L变亮、电容器C带电量增加B．灯泡L变亮、电容器C带电量减少C．灯泡L变暗、电容器C带电量增加D．灯泡L变暗、电容器C带电量减少答案：A解析：由图可知，当开关闭合时，R2与L串联后与R3并联，再与R1串联；当开关断开时，R3断开，总电阻增大，总电流减小，R1分压与内电压减小，灯泡两端电压增大；故灯泡变亮；电容器并联在电源两端，因内电压减小，路端电压增大，故电容器两端电压增大，由Q＝UC可知，电容器带电量增加。

2014-2015学年河南省洛阳市高二（下）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共42分，其中1-9题只有一项符合题目要求，10-14题有多项符合题目要求，全部选对得3分，选不全的得2分．有选错或不答的是0分．选修模块3-4、3-5任选一个模块作答）1．（3分）（2015春•洛阳期末）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，关于物理学发展过程中的认识，下列说法中不正确的是（）A．奥斯特发现了电流周围存在着磁场B．法拉第认为电荷的周围存在着由它产生的电场，并采用了电场线来简洁地描述它C．自然界的电荷只有两种，库仑把它们命名为正电荷和负电荷D．纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后，先后指出：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，后人称之为法拉第电磁感应定律考点：物理学史．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：A、奥斯特发现了电流周围存在着磁场．故A正确．B、法拉第认为电荷的周围存在着由它产生的电场，并采用了电场线来简洁地描述它，故B 正确．C、自然界中有两种电荷，但不是库仑命名的，故C错误．D、奥斯特发现“电生磁”现象．法拉第总结出了电磁感应定律；闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，故D错误．本题选错误的故选：CD点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2．（3分）（2015春•洛阳期末）一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁场方向的轴匀速转动，当线圈通过中性面时，以下说法错误的是（）A．线圈中的感应电动势为零B．线圈平面与磁感线方向垂直C．通过线圈的磁通量达到最大值D．通过线圈的磁通量变化率达到最大值考点：法拉第电磁感应定律．分析：矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，线圈中产生正弦式电流．在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零．线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次．解答：解：在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大．在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零．故ABC正确，D错误．本题选错误的，故选：D．点评：本题考查正弦式电流产生原理的理解能力，抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大．3．（3分）（2013•路南区校级模拟）如图所示，电源电动势E=8V，内电阻为r=0.5Ω，“3V，3W”的灯泡L与电动机M串连接在电源上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R0=1.5Ω．下列说法中正确的是（）A．通过电动机的电流为1.6A B．电源的输出功率是8WC．电动机消耗的电功率为3W D．电动机的输出功率为3W考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路，闭合电路欧姆定律不适用．灯泡是纯电阻，可以用欧姆定律求电流．根据功率关系求出电动机输出的功率．解答：解：A、灯泡和电动机串联，它们的电流相同，由于灯泡正常发光，根据P=UI可得，灯泡的电流为I==A=1A，所以电动机的电流也为1A，所以A错误；B、电源的总功率为P总=EI=8×1=8W，电源消耗的功率为P热=I2r=12×0.5=0.5W，所以电源的输出功率为P出=P总﹣P热=8﹣0.5=7.5W，所以BC错误；D、电源的输出功率为7.5W，灯泡的功率为3W，所以电动机的总功率为4.5W，电动机的发热功率为I2R0=12×1.5=1.5W，所以电动机的输出功率为4.5﹣1.5=3W，所以D正确．故选：D．点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．4．（3分）（2015春•洛阳期末）现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及电键如图连接．下列说法中正确的是（）A．电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起电流计指针偏转B．线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间，电流计指针均不会偏转C．电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，电流计指针静止在中央零刻度D．电键闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转考点：研究电磁感应现象．专题：实验题．分析：穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合电路中会产生感应电流，根据题意判断磁通量是否变化，然后答题．解答：解：A、电键闭合后，线圈A插入或拔出时，穿过B的磁通量都会发生变化，都会产生感应电流，电流计指针都会偏转，故A正确，B错误；C、电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，线圈A中的电流发生变化，穿过B的磁通量发生变化，B中会产生感应电流，电流计指针发生偏转，故C错误；D、电键闭合后，只要滑动变阻器的滑片P移动，不论是加速还是匀速，穿过B的磁通量都会变化，都会有感应电流产生，电流计指针都会偏转，故D错误；故选A．点评：本题考查了感应电流产生的条件，知道感应电流产生条件，认真分析即可正确解题．5．（3分）（2015春•洛阳期末）在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感系数较大而电阻不能忽略的线圈，E为电源，S为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的下列说法正确的是（）A．合上开关，a先亮，b后亮；稳定后a、b一样亮B．合上开关，b先亮，a后亮；稳定后b比a更亮一些C．断开开关，a逐渐熄灭、b先变得更亮后再与a同时熄灭D．断开开关，b逐渐熄灭、a先变得更亮后再与b同时熄灭考点：自感现象和自感系数．分析：对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流．解答：解：A、由于a、b为两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间，b灯泡立刻发光，而a灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮，由于两灯泡并联，L的电阻不能忽略，所以稳定后b比a更亮一些，故A错误，B正确；C、当开关断开瞬间，两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，导致两灯泡同时熄灭，而且亮度相同，故CD均错误．故选：B．点评：线圈的自感系数越大，频率越高时，感抗越高．同时线圈有阻碍电流的变化，注意的是灯泡会更亮的原因是电流变大的缘故．6．（3分）（2009•潮州一模）如图甲，在线圈l1中通入电流i1后，在l2上产生感应电流随时间变化规律如图乙所示，则通入线圈l1中的电流i1随时间变化图线是下图中的哪一个？（l1、l2中电流正方向如图甲中箭头）（）．B．C．D．考点：楞次定律．专题：电磁感应与图像结合．分析：根据乙图可以知道原线圈中的电流应该是均匀变化的，再根据电流正方向的规定结合楞次定律即可判断原线圈中电流的变化情况．解答：解：由乙图知原线圈中的电流应该是均匀变化的，故AC错误；由乙图知副线圈中的电流沿图示方向，若原线圈中的电流是正向增大，则副线圈中由楞次定律知电流应该与正方向相反，故B错误D正确．故选D点评：本题考查了变压器的原理，恒定的电流不产生感应电流，均匀变化的电流产生稳定的感应电流．7．（3分）（2011•河南校级模拟）如图所示，在坐标系xOy中，有边长为a的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴的右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好重合，左边界与y 轴重合，右边界与y轴平行．t=0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与图像结合．分析：在0﹣时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则判断感应电流的方向，根据E=BLv判断感应电动势的大小变化．在﹣时间内，cd边切割磁感线运动，根据右手定则判断感应电流的方向，根据E=BLv判断感应电动势的大小变化．解答：解：在0﹣时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则，知感应电流的方向为abcda，为正，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小．在﹣时间内，cd边切割磁感线运动，根据右手定则感应电流的方向为adcba，为负，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握右手定则判定感应电流的方向，以及掌握切割产生的感应电动势大小公式E=BLv．8．（3分）（2014•淄博一模）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=1：20，原线圈接入u=311sin100πt（V）的交流电，下列说法正确的是（）A．图中电压表的示数为6220 VB．通过R1的电流的频率为100HzC．若减小R2，则原线圈中电流I1增大D．若增大R2，则R3消耗的电功率减小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据原副线圈电压之比等于线圈匝数之比求出副线圈电压，根据f=求解频率，若减小R2，则副线圈总电阻减小，副线圈电流增大，原线圈电流也增大，若增大R2，则副线圈总电阻增大，总电流减小，进而判断R3两端电压的变化情况即可判断R3消耗的电功率．解答：解：A、原线圈的电压，由得：U2=20×220=4400V，故A错误；B、根据f=得：f=，故B错误；C、若减小R2，则副线圈总电阻减小，副线圈电流增大，原线圈电流也增大，故C正确；D、若增大R2，则副线圈总电阻增大，总电流减小，所以R1两端电压变小，则R3两端电压变大，根据P=可知，R3消耗的电功率变大，故D错误．故选：C点评：做好变压器的题目要严格按照变压器的特点，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，频率相等．9．（3分）（2013•江西校级二模）某种位移式传感器的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，平行金属板A、B和介质P构成电容器，在可移动介质P向右匀速移出的过程中（）A．电容器的电容变大B．电容器的电荷量保持不变C．M点的电势比N点的电势低D．流过电阻R的电流方向从M到N考点：电容器的动态分析．分析：根据电容的决定式C=，分析电容的变化，电容器板间电压不变，由电容的定义式C=分析电荷量的变化，即可确定流过电阻R的电流方向．解答：解：介质P向右匀速移出的过程中，根据电容的决定式C=，分析可知电容变小，而电容器的电压不变，由C=分析可知其电荷量变小，电容器处于放电状态，则流过电阻R的电流方向从M到N，M点的电势比N点的电势高，故ABC错误，D正确．故选：D．点评：本题是电容器的动态分析问题，在抓住电容器电压不变的基础上，根据电容的决定式和定义式结合分析．10．（3分）（2015春•洛阳期末）如图所示，R t为热敏电阻，R1为光敏电阻，R2和R3均为定值电阻，电源电动势为E，内阻为r，V为理想电压表，现发现电压表示数增大，可能的原因是（）A．热敏电阻温度升高，其他条件不变B．热敏电阻温度降低，其他条件不变C．光照减弱，其他条件不变D．光照增强，其他条件不变考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先读懂电路图，知道电压表的示数为R3两端的电压，据此判断分析；也可逐项分析，看那个选项引起电压表示数增大．解答：解：AB、当热敏电阻温度升高，电路的总电阻减小，干路电流增大，内电压增大，路段电压减小，所以光敏电阻两端的端电压减小，即通过的电流减小，而总电流增大，所以通过热敏电阻的电流增大，即电压表的示数增大；同理分析当热敏电阻降低，电压表的示数减小，故A正确，B错误；CD、当光照减弱时，光敏电阻增大，电路的总电阻增大，干路电流减小，内电压减小，两端电压增大，光敏电阻两端的电压减小，通过的电流减小，而而总电流增大，所以通过热敏电阻所在的支路电流增大，即电压表的示数增大；同理分析当光照增强，电压表的示数减小，故C正确，D错误．故选：AC．点评：本题的关键是知道光敏电阻和热敏电阻随温度和光照改变电阻的变化，灵活应用闭合电路的欧姆定律和各支路的电压和电流的变化关系．11．（3分）（2015春•洛阳期末）如图所示的圆形区域里，匀强磁场的方向是垂直于纸面向内，有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场，不计质子的重力，这些质子在磁场中（）A．运动时间越长，其轨迹越长B．运动时间越长，其轨迹对应的圆心角越大C．运动时间越短，射出磁场区域时速度越小D．运动时间越短，射出磁场区域时速度的偏向角越大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为α，则粒子在磁场中运动时间为t=T，圆心角α越大，时间越长．根据几何知识得到轨迹半径r与R的关系，就能得到轨迹长度与时间的关系．带电粒子在磁场中偏转角等于轨迹的圆心角．解答：解：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为α．A、粒子运动的轨迹为S=rα=Rcot•α．粒子的运动时间越长，α越大，根据数学知识可以证明孤长S越短，故A错误；B、根据推论得知，带电粒子在磁场中偏转角等于轨迹的圆心角α，由t=T知，则在磁场中运动时间越长的，偏转越大．故B正确D错误．C、粒子在磁场中运动的时间为t=，而轨迹半径r=Rcot，当粒子的运动时间越短时，α越小，则知r越大，而r=，则速度v越大．故C错误．故选：B．点评：本题要根据几何知识研究粒子运动的轨迹半径与磁场区域半径的关系，也可以通过作轨迹对比，得到轨迹的圆心角与运动时间、轨迹长度的关系．12．（3分）（2014•宿州模拟）设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法正确的是（）A．这离子必带正电荷B．A点和B点位于同一高度C．离子在C点时速度最大D．离子到达B点时，将沿原曲线返回A点考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）由离子从静止开始运动的方向可知离子必带正电荷；（2）在运动过程中，洛伦兹力永不做功，只有电场力做功根据动能定理即可判断BC；（3）达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动．解答：解：A．离子从静止开始运动的方向向下，电场强度方向也向下，所以离子必带正电荷，A正确；B．因为洛伦兹力不做功，只有静电力做功，A、B两点速度都为0，根据动能定理可知，离子从A到B运动过程中，电场力不做功，故A、B位于同一高度，B正确；C．C点是最低点，从A到C运动过程中电场力做正功做大，根据动能定理可知离子在C 点时速度最大，C正确；D．到达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动，向右运动，不会返回，故D错误．故选：ABC．点评：本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中．选修模块3-413．（3分）（2012•自贡模拟）下列有关光的说法正确的是（）A．光纤由内芯和外套两层组成，其内芯的折射率比外套的小B．立体电影主要是应用了光的衍射现象C．肥皂泡上出现彩色花纹是光的干涉现象D．在光的双缝干涉实验中，把入射光由蓝光改为黄光，条纹间距将变窄考点：光的干涉；光导纤维及其应用；光的衍射．专题：光的干涉专题．分析：光导纤维是利用全反射现象传输信号，由于内层是光密介质即内层的折射率大于外层的折射率；立体电影主要是应用了光的干涉现象；肥皂泡上出现彩色花纹是发生薄膜干涉形成的；双缝干涉条纹间距满足公式△x=λ．解答：解：A、光导纤维是利用全反射现象传输信号，由于内层是光密介质即内层的折射率大于外层的折射率，所以光在由内层向外层传播时发生全反射而不能泄露，故A错误．B、立体电影主要是应用了光的干涉现象，当光程差为nλ时呈现出图象，当光程差为（n+）λ时看不到图象．故B错误．C、肥皂泡上出现彩色花纹是由于从肥皂泡的前后两面分别反射的两列光发生薄膜干涉形成的，故C正确．D、根据双缝干涉条纹间距公式△x=λ可知在其它条件不变的情况下，把入射光由蓝光改为黄光，即波长变大，故条纹间距变大，故D错误．故选C．点评：掌握了各种物理现象产生的机理，就能顺利解决此类题目．14．（3分）（2015春•洛阳期末）一列简谐波沿x轴的正方向传播，在t=0时的波形如图所示，已知这列波的P点至少再经过0.3s才能到达波峰处，则以下说法正确的是（）A．这列波的周期是1.2sB．这列波的波速是10m/sC．质点Q要经过0.7s才能第一次到达波逢处D．质点Q到达波峰处时质点P也恰好到达波峰处考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：t=0时刻，p位于平衡位置向下振动，再过T到达波峰，从而求出波的周期．由图象读出波长，求出波速．当图中x=2m处质点的振动传到质点Q时，质点Q第一次到达波峰，根据v=求出时间．解答：解：A、B、t=0时刻，p位于平衡位置向下振动，再过T到达波峰，即T=0.3s，则T=0.4s；则v===10m/s；所以A错误，B正确；C、当图中x=2m处质点的振动传到质点Q时，质点Q第一次到达波峰，根据t==s=0.7s，故C正确D、质点Q与质点P相距2λ，其振动情况完全相同，故质点Q到达波峰处时质点P也恰好到达波峰，故D正确；故选：BCD．点评：本题考查对振动与波动关系的分析和理解能力．波在同一均匀介质中是匀速传播的．选修模块3-515．（2015春•洛阳期末）以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A．卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，建立了原子的核式结构模型B．原子核发生一次β衰变时，其内部的一个中子转变为质子C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的光强太小D．玻尔理论指出氢原子能级是分立的，原子光谱是线状谱考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度．专题：衰变和半衰期专题．分析：卢瑟福α粒子散射实验提出原子核式结构模型；β射线实际上是原子核中的中子放出来电子；根据光电效应条件：入射光的频率大于或等于极限频率，即可发生；玻尔理论指出氢原子能级是分立的，原子光谱是线状谱．解答：解：A、卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型，故A正确；B、β衰变中产生的β射线实际上是原子的核中的一个中子转化为质子同时生成一个电子，释放出的电子来源于原子核．故B正确；C、一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的频率小于极限频率，与光强大小无关，故C错误；D、玻尔理论指出氢原子能级是分立的，原子光谱是线状谱；故D正确；故选：ABD．点评：该题考查α粒子散射实验的意义，β衰变的实质，玻尔理论、以及理解光电效应发生条件，都是记忆性的知识点的内容，多加积累即可．16．（2015春•洛阳期末）如图所示，子弹以水平速度射向原来静止在光滑水平面上的木块，并留在木块中，和木块一起运动．在子弹射入木块的过程中，下列说法中正确的是（）A．子弹对木块的冲量一定大于木块对子弹的冲量B．子弹对木块的冲量和木块对子弹的冲量大小一定相等C．子弹速度的减小量等于木块速度的增加量D．子弹动量变化的大小一定等于木块动量变化的大小考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：系统动量守恒，应用动量守恒定律与动量定理分析答题．解答：解：A、子弹与木块受到的合外力为作用力与反作用力，它们大小相等，方向相反，作用时间t相等，由I=Ft可知，子弹对木块的冲量与木块对子弹的冲量大小相等，方向放相反，故A错误，B正确；C、子弹与木块组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，由动量守恒定律可知，子弹动量变化量大小等于木块动量变化量大小，由于子弹与木块的质量部同，子弹速度的减小量不等于木块速度的增加量，故C错误，D正确；故选：BD．点评：本题考查了比较冲量、动量、速度变化量的关系，分析清楚运动过程，应用冲量的定义式、动量守恒定律即可正确解题．二、实验题（本题共2小题，共13分）17．（6分）（2011•玉州区校级模拟）如图甲所示为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200Ω的待测电阻，具体测量步骤如下：（1）调节调零螺丝，使电表指针停在表盘左侧的零刻度线处．（2）将选择开关旋转到“Ω”档的×10位置．（填“×1”、“×10”、“×100”或“×1k”）（3）将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔，将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针指向表盘右侧的零刻度线处．（4）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，则该电阻的值为190Ω．（5）测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：多用电表使用前要进行机械调零，测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，多用电表使用完毕选择开关要置于OFF挡或交流电压最高档．解答：解：（1）调节调零螺丝，使电表指针停在表盘左侧的零刻度线处．（2）将选择开关旋转到“Ω”档的×10位置．（3）将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔，将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针指向表盘右侧的零刻度线处．（4）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，由图乙所示可知，则该电阻的值为19×10=190Ω．故答案为：（1）调零螺丝；（2）×10；（3）欧姆调零旋钮；（4）190．点评：本题考查了用欧姆表测电阻的实验步骤、欧姆表读数，要掌握欧姆表的使用方法与读数方法．18．（7分）（2014•金水区校级二模）某同学利用如图1所示电路来测量电阻R x的阻值．将电阻箱接入a、b之间，闭合电键．适当调节滑动变阻器Rˊ后保持其阻值不变．依次改变电阻箱的阻值R，读出相应电压表的示数U，得到如图2所示的U﹣R图象．（1）用待测电阻R x替换电阻箱，读得电压表示数为1.50V．利用U﹣R图象可得R x=10Ω．（2）若电路中使用的电源为一组新的干电池组成的电池组，其内阻可忽略不计，根据U﹣R图象可得该电池组的电动势为3V；滑动变阻器Rˊ此时的阻值为Rˊ=10Ω．（3）电池使用较长时间后，电动势可认为不变，但内阻增大．若仍用图1实验装置和图2所示的U﹣R图象测定某一电阻，则测定结果将偏大（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．考点：伏安法测电阻．。

洛阳市2014—2015学年上期中考试高二物理试题说明： 1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）满分100分，考试时间90分钟。

2、将第Ⅰ卷的答案代表字母填（涂）在第Ⅱ卷的答题表（答题卡）中。

第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（本题共10小题，共40分。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1、在闭合电路中，下列叙述正确的是 （ ）A 、当外电路断开时，路端电压等于零B 、闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的电阻之和成反比C 、当外电路短路时，电路中的电流趋近于无穷大D 、当外电阻增大时，路端电压将增大2、带电粒子（不计重力）可能所处的状态是①在磁场中处于平衡状态 ②在电场中做匀速圆周运动 ③在匀强磁场中做抛体运动 ④则在匀强电场中做匀速直线运动以上说法正确的是( )A 、①②B 、①③C 、②③D 、②④3.MN 是匀强磁场中的一块绝缘薄板，带电粒子（不计重力）在磁场中运动并穿过金属板，运动轨迹如图所示,则 （ ）A 、 粒子带负电B 、粒子运动方向是abcdeC 、粒子运动方向是edcbaD 、粒子在上半周所用时间比下半周所用时间长4.在图所示电路中，电容器C 的上极板带正电，为了使该极板带正电且电量增大，下列办法中可行的是 （ ）A 、增大R 1，其它电阻不变B 、增大R 2，其它电阻不变C 、增大R 3，其它电阻不变D 、增大R 4，其它电阻不变5.某段金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长至直径为原来的一半，那么该导线此时的电阻率和电阻分别为（ ）A.R 44和ρB.R 4和ρC.R 1616和ρD. R 16和ρ6．如图22所示，弹簧秤下挂一条形磁铁，其中条形磁铁N 极的一部分位于未通电的螺线管内，下列说法正确的是( )①若将a 接电源正极，b 接负极，弹簧秤示数减小②若将a 接电源正极，b 接负极，弹簧秤示数增大③若将b 接电源正极，a 接负极，弹簧秤示数增大④若将b 接电源正极，a 接负极，弹簧秤示数减小A 、①②B 、①③C 、②③D 、②④7．如图（a ）所示的电路中，调节滑动变阻器的滑动触头P 向某一方向移动，根据电路中电压表和电流表的数据描绘了如图（b ）所示的两条U －I 图线（ ）A ．图线甲是根据电压表V 1 和电流表A 的示数描绘的B ．由图线可知，电源内阻r =3．0ΩC ．图中两图线的交点表示在整个调节过程中，此时电源的输出功率最大D ．图中两图线的交点表示在整个调节过程中，此时电源效率达到最大值8．质量为m 、带电量为q 的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感强度为B ，如图所示。

2014-2015学年度第一学期期末检测试卷一高二年级物理（必修）学科一．选择题（本项共23小题，每小题3分，共69分。

在每小题给出的四个选项当中，只有一个选项是正确的。

）1．下列物体或人，可以看作质点的是（）①研究跳水冠军伏明霞在跳水比赛中的空中姿态②研究奥运冠军王军霞在万米长跑中③研究一列火车通过某路口所用的时间④研究我国科学考察船去南极途中A.①③B.②③C.①④D.②④2．科学家关于物体运动的研究，对正确认识自然现象具有重要作用。

下列说法符合历史事实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远地运动下去C．卡文迪许通过对行星运动的研究，提出了万有引力定律D．牛顿在前人研究成果的基础上，通过进一步研究提出，维持物体运动需要力3. 一物体沿半径为R的圆周运动一周，其位移的大小和路程分别是（）A .2πR，0 B.0，2πR C. 2R, 2πR D.0，2R4．下列哪个速度指的是平均速度（）A．跳水运动员以12m/s的速度入水B．炮弹以700m/s的速度射出炮口C．普通人步行的速度约是5km/h D．汽车通过交通标志牌时的速度是90km/h 5. 做匀变速直线运动的物体的位移随时间的变化关系s=24t－1.5t2(m),根据这一关系式可知，质点速度为零的时刻是（）A.1.5sB.8sC.16sD.24s6．两个共点力的大小分别为3N和7N，则它们的合力( )A ．一定等于10NB ．一定大于7NC ．最大是10N D7．小船在静水中速度为4m/s ，它在宽为200 m，流速为3 m/s 的河中渡河，船头始终垂直河岸，如图所示。

则渡河需要的时间为( )A ．40sB ．50s C．66.7s D ．90s8.在“探究力的平行四边形定则”实验中，不正确的实验要求是 ( ) A ．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行 B ．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直 C ．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度 D ．使用弹簧测力计时，不能超过其量程 9．下列关于摩擦力的说法，正确的是 （ ）A ．作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速B ．摩擦力的大小一定与物体的重力成正比C ．运动的物体不可能受到静摩擦力作用D ．作用在物体上的静摩擦力可以是动力10.一物体做匀加速直线运动，初速度大小为2m/s ，经3s ，末速度大小为8m/s ，下列说法错误的是（ ） A.物体加速度为2m/s2B.2s 末速度大小为6m/sC.3s 内的平均速度为4m/sD.第二秒内位移比第一秒内位移多2m 11.关于超、失重，下列说法正确的是（ ） A ．物体超、失重是因为地球吸引异常引起的 B ．物体超重运动方向一定向上 C ．物体失重运动方向一定向下D ．只要加速度的方向向上物体即处于超重12.如图所示，一固定斜面倾角为α，高为h ，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出后恰好落在斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g ，则小球从抛出到落在斜面底端所用时间为（ ）Ag h 2 B g h 2sin C g h 2 D gh13．甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，右图是甲、乙两车的速度图象，由图可知( )A ．甲车的加速度大于乙车的加速度B ．t 1时刻甲、乙两车的加速度相同C ．t 1时刻甲、乙两车的相遇D ．0至t 1时刻，甲车的平均速度大于乙车的平均速度14．已知长为L 的光滑斜面，物体从斜面顶端由静止开始以恒定的加速度下滑，当物体的速度是到达斜面底端速度的一半时，它沿斜面下滑的位移是（ ）1A ．2L B ．4LC ．22LD ．L ）－（1215．马拉着车奔跑，马对车的拉力为F 和车对马的拉力为F ′，则两力的大小关系是 A 、马要拉动车，则必须满足F >F ′B 、只有当马拉着车匀速奔跑时，才满足F =F ′C 、不管如何奔跑，始终满足F =F ′D 、运动情况不明，无法确定 阅读下列材料,回答第19〜23题.2013年12月6日17时47分，“嫦娥三号”开始实施近月制动.17时53分,发动机关机嫦娥三号”顺利进入100公里环月轨道.12月14日20时59分，7500N 变推力发动机开机嫦娥三号”开始动力下降，减速向月球靠近，在100m 高度处，“嫦娥三号”悬停.30 s 后，“嫦娥三号”援速 下降，离月面4m 时，7500N 变推力发动机关机嫦娥三号”从速度为零起做自由落体运动降落在月球虹湾以东地区.已知“嫦娥三号”重f 约为3780kg,搭载的月球车重量约140kg,月球表面重力加速度为地球表面 重力加速度的六分之一，地球表面重力加速度取10 m/s 2.16. “嫦娥三号”在100公里环轨道运行过程中，受到月球引力大小 ( ) A.只与“嫦娥三号”的质量有关 B.只与月球的质量有关C.与“嫦娥三号”和月球的质量均无关D.与“嫦娥三号”和月球的质量均有关17. “嫦娥=号”在动力下降阶段,月球对其重力做功和重力势能变化的情况为 （ ）A.重力做正功，重力势能减小B.重力做正功,重力势能增加 C 重力做负功，重力势能减小 D.重力做负功，重力势能增加18. “嫦娥三号”从速度为0起做自出落体运动降落在月球虹湾以东地区，能反映此过程运动的图象是（ ）19．有一束电子流沿 X 轴正方向高速运动，如图所示，电子流在 Z 轴上的P 点处所产生的磁场方向是沿（ ）A ．Y 轴正方向B ．Y 轴负方向C ．Z 轴正方向D ．Z 轴负方向 20．在下列几幅图中，洛仑兹力的方向判断正确的是( )A ．B ．C ．D ．21. 真空中有一个电场，在该电场某点处放入一个点电荷为q=6.0×10-9C ，它受到的电场力为3.0×10-4N ，则该点的电场强度大小为（ ）A ．5×10-4N/C B ．5×104N/C C ．2×10-5N/C D ． 2×105N/C 22. 下列关于电场线的说法中，正确的是（ ） A ．电场线是电场中实际存在的线 B ．在复杂电场中的电场线是可以相交的 C ．沿电场线方向，场强必定越来越小D ．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大23. 如图所示，电流表与螺线管组成闭合电路，以下不能使电流表指针偏转的是( ) A ．将磁铁插入螺线管的过程中 B ．磁铁放在螺线管中不动时C ．将磁铁从螺线管中向上拉出的过程中D ．将磁铁从螺线管中向下拉出的过程中 二．填空题（本题有两小题，共10分）24．本题为选做题，考生只选择一题作答．若两题都作答，则按24-1题计分25. （1）如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置。

2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题注意事项：1．本试题共100分，答题时间90分钟；2．本试题共分两部分。

第Ⅰ卷为选择题，用2B铅笔将正确答案涂写在答题卡上；第Ⅱ卷为非选择题，用0.5mm黑色黑水签字笔完成在答题纸上。

3．答第Ⅰ卷前，将姓名、考号、考试科目、试卷类型涂写在答题卡上。

第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题：本题共15小题。

在每小题给出的四个选项中，第1—10题，每题3分，只有一个选项符合题目要求，第11---15题，每题4分，有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类文明的进步，在对以下几个物理学家所做的科学贡献的叙述中，不．正确的说法是( )A．库仑发现了电流的磁效应B．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应C．法拉第发现了磁场产生电流的条件和规律D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．冬天气候干燥，容易发生静电现象，下列现象中不．属于静电引起的是( )A．用塑料梳子梳头时听到“噼”“啪”的响声B．冬天在黑暗处脱化纤类衣服会看到火花并听到响声C．脱掉外衣后去摸金属门把手时，常会被电击一下D．在针灸治疗疾病时，用电针会感觉较强的刺激3．在做“奥斯特实验”时，下列操作中现象最明显的是( )A．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的延长线上B．电流沿南北方向放置在磁针的正上方C．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的正下方D．电流沿东西方向放置在磁针的正上方4．下列关于电场与磁场说法正确的是( )A．只有磁铁周围才有磁场B．电流能产生磁场说明电和磁是有联系的C．电荷的周围一定有电场和磁场D．永久磁铁的磁场与电流周围的磁场是两种不同的磁场5．下列关于磁通量和磁感应强度的说法中，正确的是( )A．穿过某一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大B．穿过某一个面的磁通量为零，该处磁感应强度也为零C．穿过垂直于磁感线方向的单位面积的磁感线的条数等于磁感应强度D．当平面跟磁场方向不垂直时，穿过这个面的磁通量必定为零6．有一圆形边界的匀强磁场区域，一束质子流以不同的速率，由圆周上的同一点沿半径方向射入磁场，质子在磁场中( )A．路程长的运动时间长B．速率小的运动时间短C．偏转角度大的运动时间长D．运动的时间有可能无限长7．如图所示，a、b、c是匀强电场中的三个点，各点电势φa＝10 V、φb＝2 V、φc＝6 V，a、b、c三点在同一平面上，下列各图中电场强度的方向表示正确的是( )8．安全重于泰山．为防止火灾发生，很多公共场所都安装了火警报警器．如图所示是一火警报警器的一部分电路示意图，其中R2为用半导体热敏材料(其阻值随温度的升高而迅速减小)制成的传感器，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是( )A．I变大，U变大 B．I变小，U变小C．I变小，U变大 D．I变大，U变小9．一磁感应强度为B的匀强磁场方向水平向右，一面积为S的矩形线圈abcd 如图所示放置，平面abcd与竖直方向成θ角，将abcd绕ad轴转180°角，则穿过线圈平面的磁通量的变化量是( )A． 2BS cosθ B．2BSC． 0 D．2BS sinθ10.一矩形线圈位于一匀强磁场内，磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示．以I表示线圈中产生的感应电流，取垂直于纸面向里为磁场的正方向，取顺时针方向的感应电流的方向为正，则以下的I­t图正确的是( )11．某一电容器上标注的是“300 V,5 μF”，则下述说法正确的是( ) A．该电容器只能在300 V电压时正常工作B．该电容器可在低于300 V的电压下正常工作C．电压是200 V时，电容仍是5 μFD．使用时只需考虑工作电压，不必考虑电容器的引出线与电源的哪个极相连12．如果用E表示电场区域的电场强度大小，用B表示磁场区域的磁感应强度大小．现将一点电荷放入电场区域，发现点电荷受电场力为零；将一小段通电直导线放入磁场区域，发现通电直导线受安培力为零，则以下判断可能正确的是( )A．E＝0 B．E≠0C．B＝0 D．B≠013．起辉器是由电容器和氖管两大部分组成，其中氖管中充有氖气，内部有静触片和U形动触片．通常动、静触片不接触，有一小缝隙．则下列说法正确的是( )A．当电源的电压加在起辉器两端时，氖气放电发出辉光并产生热量，导致双金属片受热膨胀B．当电源的电压加在启动器两极后，动、静触片间辉光放电，受热膨胀两触片接触而不分C．起辉器中U形动触片是由单金属片制成D．当动、静两触片接触后，氖气停止放电、温度降低，两触片分离14．用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5 V和10 V的电压表，串联后测量12 V的电压，则( )A．两表的电压示数相同，均为6 VB．两表头的指针偏角相同C．两表头的指针偏角不相同D．两表的电压示数不同15．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如图所示的电路，接通S 后，他将大内阻的电压表并联在A，C两点间，电压表读数为U，当并联在A，B 两点间时，电压表读数也为U，当并联在B，C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是(R1，R2的阻值相差不大)( )A．AB段断路 B．BC段短路C．AB段短路 D．BC段断路第Ⅱ卷（非选择题共50分）二．填空题（本大题共16分，每空2分）16. 有一同学用多用电表进行粗测一电阻：多用电表电阻挡有3种倍率，分别是×100Ω、×10Ω和×1Ω.该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太小．为了较准确地进行测量，应选择________倍率．换挡后，应注意还需________调零．若重新测量的结果如图所示，那么测量结果大约是______17．（1）用螺旋测微器测金属丝的直径其读数为________．(2)已知电阻丝的电阻约为10Ω，现备有下列器材供测量电阻丝的电阻，在测量时电流表应选________(只填序号)．电压表应选________(只填序号)。

2014-2015学年度高二上学期期末试卷高二化学注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）请点击修改第I 卷的文字说明一、选择题（题型注释）1．2010年上海世博会主题“城市．让生活更美好”；2011年“国际化学年”的主题是“化学，我们的生活，我们的未来”；2013年1月全国大部分地区出现雾霾天气，北京PM2.5浓度达993，系中国有该监测数据以来最高的一次。

“拯救人类的最后机会”只有节能减排,下列属最有希望的新能源是 ( )①天然气 ②煤 ③石油 ④水能 ⑤太阳能 ⑥地热能 ⑦风能 ⑧氢能A.①②③④B.⑤⑥⑦⑧C.③④⑤⑥D.除①②外2．分子式为C 2H 6O 的有机物，有两种同分异构体，乙醇(CH 3CH 2OH)、甲醚(CH 3OCH 3)，则通过下列方法，不可能将二者区别开来的是 ( )A ．红外光谱B ．1H 核磁共振谱C ．质谱法D ．与钠反应3．下列有机物不是同一种物质的是（ ）A ．C ClCl H H 和C Cl Cl H H B ．CH 2=CH —CH=CH 2和 CH CH CH 2CH 2C．C(CH3)3C(CH3)3和CH3(CH2)3C(CH3)3 D．CH CHCH3CH3CH3CH3和CHCHCH3CH3CH3CH34．化学家们合成了如图所示的一系列的星烷，如三星烷、四星烷、五星烷等。

下列说法不正确的是 ( )A．它们之间互为同系物 B.三星烷的化学式为C9H12C．三星烷与丙苯互为同分异构体 D.它们的一氯代物均只有两种5．A、B两种有机物组成的混合物，当其质量相等时，无论A、B以何种比例混合，完全燃烧时产生H2O的量均相等，符合这一条件的组合是 ( )①同分异构体②同系物③最简式相同④含氢质量分数相同⑤分子中氢原子数相同⑥分子中氢、氧原子数分别相同A．①③④ B．①②③ C．①⑤⑥ D．②④⑥6．某有机物链状分子中含a个甲基，n个亚甲基（—CH2—），m个次甲基（），其余为氯原子。

2014-2015学年上学期高二物理期末模拟试卷(含答案)一、单项选择题．本题共6小题，每小题3分，共计18分．每小题只有一个选项符合题意． 1．第一个发现电流磁效应现象的科学家是A ．奥斯特B ．楞次C ．法拉第D ．安培 2．下列关于感应电动势大小的说法，正确的是A ．线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势一定越大B ．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C ．线圈放在磁感应强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D ．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大3．一电动机，线圈电阻为R ，在它两端加上电压U ，电动机正常工作，测得通过它的电流为I ，电动机的机械功率是A ．I 2RB ．U 2RC ．UI －I 2RD ．UI4．标有“220V 、60W”的白炽灯泡，在电压U 由零逐渐增大到220V 的过程，测量出灯泡两端的电压U 和通过其电流I ，并在U – I 坐标系中描绘出其伏安曲线，下列四个图中，能够大致描述给出白炽灯伏安曲线的是5．如图a 所示，一宽40cm 的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，一边长为20cm 的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v ＝20cm/s 通过磁场区域，在运动过程中，线框中有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t ＝0，在图b 图中，正确反映感应电流强度随时间变化规律的是6．如图L 是自感系数很大的线圈，其自身的电阻几乎为零．A 和B 是两个完全相同的灯泡． A ．当开关由闭合变为断开时，A 、B 均立即熄灭 B ．当开关由闭合变为断开时，A 、B 均由亮变暗，直至熄灭C ．当开关由断开变为闭合时，A 立即变亮且亮度不变，B 由亮 变暗，直到不亮D ．当开关由断开变为闭合时，A 由亮变为更亮，B 由亮变暗，直到不亮 二、多项选择题．本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得O 分．7．带电粒子在匀强磁场中运动时，其受到的洛伦兹力的方向，下列表述正确的是A ．与磁场方向相同B ．与运动方向相同C ．与运动方向垂直D ．与磁场方向垂直 8．一理想变压器，原、副线圈的匝数比为4∶1．原线圈接在一个交流电源上，交流电的变化规律如图所示．副线圈所接的负载电阻是11 Ω．则A ．副线圈输出交流电的频率为50HzB ．副线圈输出电压为55VC ．流过副线圈的电流是5AD ．变压器输入、输出功率之比为4∶19．两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L ，底端接阻值为R 的电阻．将质量为m 的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好．导轨所在平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，如图所示．除电阻R 外其余电阻不计．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则A ．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB ．金属棒向下运动时，流过电阻R 的电流方向为a →bC ．金属棒的速度为v 时，所受的安培力大小为RvL B F 22D ．电阻R 上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少10．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是A ．增大磁场的磁感应强度B ．增大匀强电场间的加速电压C ．减小狭缝间的距离D ．增大D 形金属盒的半径 三、简答题：本题共3题，计27分11．（6分）在做“探究感应电流方向”的实验时，用电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A 、线圈B 、检测电流计及开关组成图示电路．在开关闭合、线圈A 放在线圈B 中的情况下，某同学发现：将滑线变阻器的滑动端P 向左加速滑动时，电流计指针向右偏转．那么，将滑动变阻器的滑动端P 向左匀速滑动时，电流计指针是否偏转？________；当将滑动变阻器的滑动端P 向右加速滑动时，电流计指针向_______偏转；当将线圈A 向上移出B 线圈的过程中，电流计的指针将向 _______偏转．12．（9分）某同学在练习使用机械式多用电表测量定值电阻和探究二极管时，实验步骤如下： ①调整 ，使指针指到电流表零刻度．将红表笔插入“＋”插孔，黑表笔插入“－”插孔． ②将选择开关拨到“×10Ω”挡后，测量定值电阻的阻值．在本步中遗漏的操作是 ．重新正确操作后，表盘指针如上图，则读数为______Ω． ③该同学利用“×10Ω”挡探究二极管的极性，两表笔分别与二极管两极相接，发现电阻极小，则与红表笔相接的是二极管的______（选填“正”或“负极”）13．(11分)某同学要测量一节旧电池的电动势和内阻，实验器材仅有一个电流表、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图所示电路进行实验，测得的数据如下表所示．（1）若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作 （选填“R- I”或“R- 1/I ”）图象； （2）利用测得的数据在坐标纸上画出适当的图象；（3）由图象可知，该电池的电动势E = V ，内阻r = Ω；（4）利用该实验电路测出的电动势E 测和内阻r 测与真实值E 真和r 真相比，理论上 E 测 E 真，r 测 r 真（均选填“>”、“<”或“=”）．四、计算题：本题共4小题，共计40分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（8分）图中MN 表示真空室中垂直于纸面的平板，它的一侧有匀强磁场磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B ．一带电粒子从平板上的狭缝O 处以垂直于平板的初速v 射入磁场区域，最后到达平板上的P 点．已知B 、v 以及P 到O 的距离l ．不计重力．（1） 求此粒子的电荷q 与质量m 之比． （2）计算此粒子从O 点运动到P 点所用时间．B15．（10分）如图，线圈的面积是0.05m 2，共100匝，线圈总电阻为1Ω，外接电阻R =9Ω，匀强磁场的磁感应强度为B =1T，当线圈以300r/min 的转速匀速旋转时，求：（1）从图示位置开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式；（2）线圈从图示位置开始转动0.05s 过程中感应电动势平均值； （3）一个周期内电阻R 上产生的热量．16．（10分）如图甲所示， 两根足够长的平行光滑金属导轨固定放置在水平面上，间距L ＝0.2m ，一端通过导线与阻值为R =1Ω的电阻连接；导轨上放一质量为m ＝0.5kg 的金属杆，金属杆与导轨的电阻均忽略不计．整个装置处于竖直向上的大小为B ＝0.5T 的匀强磁场中．现用与导轨平行的拉力F 作用在金属杆上，金属杆运动的v-t 图象如图乙所示．（取重力加速度g =10m/s 2）求： （1）t ＝10s 时拉力的大小；（2）t ＝10s 时电路的发热功率；（3）在0～10s 内，通过电阻R 上的电量．17．（12分）如图所示的空间分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，各边界面相互平行，Ⅰ区域存在匀强电场，电场强度E =1.0×104V/m ，方向垂直边界面向右．Ⅱ、Ⅲ区域存在匀强磁场，磁场的方向分别为垂直纸面向外和垂直纸面向里，磁感应强度分别为B 1=2.0T 、B 2=4.0T ．三个区域宽度分别为d 1=5.0m 、d 2= d 3=6.25m ，一质量m ＝1.0×10-8kg 、电荷量q ＝1.6×10-6C 、带正电的粒子从O 点由静止释放，粒子的重力忽略不计．求： （1）粒子离开Ⅰ区域时的速度大小v ；（2）粒子在Ⅱ区域内运动时间t ； （3）粒子离开Ⅲ区域时速度与边界面的夹角α．Ⅰ Ⅱ Ⅲ第17题图图乙 × × × × × × × × × × l MNB高二物理期末试卷答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共计18分．每小题只有一个选项符合题意．1．A 2．D 3．C 4．B 5．B 6．D二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得O 分． 7.CD 8. ABC 9.AC 10. AD三、简答题：本题共3题，计33分11．偏转（或填向右偏转） 左 右（每空2分） 12．①指针定位螺丝②短接两表笔，调整欧姆调零旋钮 220 ③负评分：每空3分。

一、选择题。

（本大题共14小题，每小题3分，共42分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不共得0分。

）1、以下叙述正确的是 ( )AA ．伽利略根据理想斜面实验，否定了“力是维持物体运动状态的原因”这一观点B ．库仑在研究电荷间相互作用时，提出了“电场”的概念C ．欧姆定律U I R=采用比值定义法定义了电流强度这一物理量 D ．用质点来代替实际物体是等效替代的方法2、一根均匀电阻丝阻值为R ，在以下哪些情况下，阻值仍为R( ) CDA ．长度变为一半，横截面积增大一倍时B ．横截面积变为一半，长度变为二倍时C ．长度和横截面积都变为原来的2倍时D ．直径变为一半，长度变为1/4时3、一根粗线均匀的金属导线，两端加上恒定电压U 时，通过金属导线的电流强度为I ，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v ，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U ，则此时( ) BCA ．通过金属导线的电流为2I B.通过金属导线的电流为4I C ．自由电子定向移动的平均速率为2v D.自由电子定向移动的平均速率为4v 4、在如图所示的逻辑电路中，当A 端输入电信号1、B 端输入电信号0时，则在C和D 端输出的电信号分别为( )CA ．1和0B ．0和1C ．1和1D ．0和05、阻值较大的两个电阻R 1和R 2串联后，接入电压恒定的电路，如图所示，现用同一电压表依次测量a 与b 、b 与c 以及a 与c 间电压，测量值依次、为U 1、U 2及U ，则（ ）CA ．12U U U +=B ． 12U U U +>C ．1122U R U R =D ．1122U R U R < 6、右图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用此欧姆表测一阻值为Ｒ的电阻时，指针偏转至满刻度4/5处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的1/5处，则该电阻的阻值为（ ）DA ．4RB ．5RC ．10RD ．16R7、如图所示两种电路中，电源相同，各电阻器阻值相等，各电流表的内阻相等且不可忽略不计。

2013-2014学年河南省洛阳市高二（上）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共2小题，共6.0分)1.奥斯特实验说明了（）A.磁场的存在B.磁场具有方向性C.通电导线周围有磁场D.磁体间有相互作用【答案】C【解析】解：奥斯特将通电导线放于小磁针上方时发现小磁针发生了偏转，说明了通电导线周围存在着磁场．故选：C解答本题需掌握奥斯特的电流的磁效应实验的意义．奥斯特实验虽然简单，但却是人类将电与磁联系在一起的基础．2.如图所示，一个闭合导线圈静置于磁场中，由于磁场强弱的变化，而使电路中产生了感应电流．下列说法正确的是（）A.磁场变化时，会在空间激发一种电场B.使电荷定向移动形成电流的力是磁场力C.使电荷定向移动形成电流的力是电场力D.以上说法都不对【答案】AC【解析】解：麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；A、由上可知，磁场变化时，会在空间激发一种电场，故A正确；B、C、因线圈处于激发的电场中，电场力使电荷定向移动，从而产生了感生电流，故B 错误C正确；D、由于AC正确，故D错误．故选：AC．根据麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的磁场能够在周围空间产生电场，变化的电场能够在周围空间产生磁场，即可求解．本题考查了麦克斯韦电磁场理论的两条基本假设，注意变化的电（磁）场才能产生磁（电）场，同时注意电流的产生条件，及理解电场力驱使电荷定向移动的．二、多选题(本大题共2小题，共6.0分)3.如图所示，用导线做成圆形或正方形回路，这些回路与一直导线构成几种位置相合（彼此绝缘），下列组合中，切断直导线中的电流时，闭合回路中会有感应电流产生的是（）A.导线与线圈共面，O为线圈圆心B.导线与线圈平面垂直，O为线圈圆心C.导线与线圈共面D.导线与线圈共面【答案】CD【解析】解：A、电流与线圈的直径重合，线圈中的磁通量始终等于0，不会产生感应电流．故A错误；B、线圈与导线垂直，穿过线圈的磁通量始终等于0，不会产生感应电流．故B错误；C、导线位于线圈的上部，导线上边的面积比较小，穿过线圈上边的一部分的磁通量小于穿过线圈下边的一部分的磁通量，总磁通量的方向向里；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生．故C正确；D、导线位于线圈的右侧，穿过线圈磁通量的方向向外；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生．故D正确；故选：CD根据电流周围的磁场的特点，判断出线圈内的磁通量，然后根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化进行分析判断．本题关键要熟练应用安培定则、掌握产生感应电流的条件，即可正确解题．基础题目．4.如图所示，让闭合线圈abcd从高h处下落后，进入匀强磁场，从dc边开始进入磁场，到ab边刚进入磁场的这一段时间内，在下列几种表示线圈运动的v-t图象中可能的是（）A. B. C.D.【答案】ABC【解析】解：A、dc边刚进入磁场时，受到向上的安培力，若所受的安培力与重力平衡，则线框做匀速运动，A图是可能的．故A正确．B、dc边刚进入磁场时，受到向上的安培力，若安培力小于重力，线框做加速运动，随着速度增大，由安培力公式F=，则知安培力增大，合力减小，加速度减小，则线框做加速度减小的加速运动，速度图象的斜率逐渐减小，故B图是可能的．故B正确．C、D、bc边刚进入磁场时，受到向上的安培力，若安培力大于重力，线框做减速运动，随着速度减小，由安培力公式F=，得知安培力减小，合力减小，加速度减小，则线框做加速度减小的变减速运动，速度图象的斜率逐渐减小，不可能做匀减速运动．C 图是可能的，而D图是不可能的，故C正确，D错误．故选：ABC．从bc边刚进入磁场到ad边刚进入磁场的这段时间内，线圈可能做匀速运动，可能做加速运动，也可能做减速运动，根据安培力公式F=，安培力与速度成正比，分析安培力的变化，根据牛顿第二定律分析加速度的变化情况，确定速度图象的斜率变化情况．本题的解题关键是抓住安培力公式，分析安培力的变化，确定加速度的变化，同时要掌握速度图象的斜率等于加速度这一知识点，进行分析．三、单选题(本大题共10小题，共30.0分)5.如图所示，一矩形线圈绕与均强磁场垂直的中心轴OO′沿顺时针方向转动，引出线的两端分别与相互绝缘的两个半圆形铜环P与Q相连，P和Q又通过固定的电刷与电阻R相连，在线圈转动过程中，通过电阻R的电流（）A.大小和方向都随时间做周期性变化B.大小和方向都不随时间做周期性变化C.大小不断变化，方向总是P→R→QD.大小不断变化，方向总是Q→R→P【答案】C【解析】解：该图是直流发电机的原理图，前端两个半环称为“换向器”，根据右手定则，可以判断电流方向是P→R→Q．因为线圈旋转切割磁力线，所以垂直于磁场的相对速度不断变化，即产生的感应电动势大小也不断变化，所以通过R的电流大小不断变化，故ABD错误，C正确；故选：C．该图是直流发电机的原理图，前端两个半环称为“换向器”，根据右手定则，可以判断电流方向．因为线圈旋转切割磁感线，所以垂直于磁场的速度大小不断变化，所以产生的感应电动势大小也不断变化．本题还涉及到换向器的作用．换向器的作用是：线圈每转到平衡位置，便会自动改变线圈中电流的方向．掌握右手定则的应用，知道感应电动势大小与垂直于磁场的速度大小的关系．6.如图所示，一闭合单匝线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，除了转轴分别是OO′和ab边外，其他条件均相同．则在这两种情况下，线圈中产生的感应电流（）A.最大值不同B.瞬时值不同C.变化规律不同D.一切均相同【答案】D【解析】解：由题意可知，无论转轴在OO′还是在ab边，线圈切割产生的感应电动势的最大值是相同的，即为E m=NBSω，由于其它条件不变，因此两种情况下，线圈产生感应电动势的瞬时表达式相同，即为e=E m cosωt，由闭合电路欧姆定律可知，感应电流瞬时表达式也相同，即为i=I m cosωt，则感应电流的最大值，变化规律均相同，故D正确；ABC 错误；故选：D．根据E m=NBSω，可求出线圈切割磁感线产生感应电动势的最大值，再列出感应电动势的瞬时表达式，从而确定感应电流的瞬时表达式，即可求解．考查线圈切割磁感线产生感应电动势的最大值、瞬时值与有效值，及表达式的书写，注意虽转轴不同，但最大值却相同，是解题的关键．7.如图所示，平行金属导轨的间距为d，一端跨接一阻值为R的电阻，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于平行轨道所在平面．一根长直金属棒与轨道成60°角放置，且接触良好，则当金属棒以垂直于棒的恒定速度v沿金属轨道滑行时，其它电阻不计，电阻R中的电流强度为（）A.B. C.° D.°°【答案】A【解析】解：金属棒中产生的感应电动势为：E=BL v=B v°通过R的电流为：I==°故选：A．当金属棒沿垂直于棒的方向以速度v滑行时，金属棒切割磁感线，产生感应电动势和感，求出感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出应电流，金属棒有效的切割长度为°电流．本题容易产生的错误是认为金属棒的切割长度为d，感应电动势为E=B dv，得到电流I=．8.如图所示，一个水平放置的矩形线圈abcd，在细长水平磁铁的S极附近竖直下落，由位置Ⅰ经位置Ⅱ到位置Ⅲ．位置Ⅱ与磁铁同一平面，位置Ⅰ和Ⅲ都很靠近Ⅱ，则在下落过程中，线圈中的感应电流的方向为（）A.abcdaB.adcbaC.从abcda到adcbaD.从adcba到abcda【答案】B【解析】解：如图所示，线圈从位置1到位置2的过程中，穿过线圈方向向下的磁通量减小，则产生感应电流；根据楞次定律，感应电流的磁场的方向向下，属于感应电流的方向为adcba方向；线圈从位置2到位置3的过程中，穿过线圈向上的磁通量增加，所以感应电流的磁场的方向向下，产生感应电流的方向为adcba方向．所以整个过程中感应电流的方向始终都是沿adcba方向．故B选项正确．故选：B穿过线圈的磁通量发生变化，则闭合电路中产生感应电流．可以根据楞次定律来确定感应电流的方向．考查如何判定感应电流的产生条件，及掌握楞次定律的应用．9.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=4：1，原线圈两端连接光滑导轨，副线圈与电阻R相连组成闭合回路．当直导线AB在均强磁场中沿导轨均速的向右做切割磁感线运动时，电流表A1的读数为12m A，那么电流表A2的读数为（）A.0B.3m AC.48m AD.与R大小有关【答案】A【解析】解：由于直导线AB匀速运动，则AB切割磁场产生的电流时恒定的，线圈产生的磁通量也是恒定的，所以不会引起副线圈的磁通量的变化，所以副线圈不会有感应电流产生，即安培表A2的读数为0．故选：A变压器是根据磁通量的变化来工作的，当原线圈的磁通量恒定时，副线圈是没有感应电流的，根据变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可的出结论．变压器只能在交流电路中工作，变压器是根据磁通量的变化来工作的，知道变压器的工作的原理就可以解决本题．10.水电站向小山村输电，输送电功率为50k W，若以1100V送电，则线路损失为10k W，若以3300V送电，则线路损失可降为（）A.3.3k WB.1.1k WC.30k WD.11k W【答案】B【解析】解：由P=UI，△P=I2r可得：，所以当输送电压增大为原来3倍时，线路损失变为原来的，即：△P=KW≈1.1k W；故选：B．根据公式P=UI和△P=I2r推导出表达式进行分析即可．本题关键明确输送功率一定的情况下，输送电压越大，电流越小，功率损耗越小，基础问题．11.如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域，在运动过程中，线框中有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在图b图线中，正确反映感应电流强度随时间变化规律的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：线框进入磁场过程：时间t1==1s，感应电流方向是逆时针方向，感应电流大小I=不变．线框完全在磁场中运动过程：磁通量不变，没有感应产生，经历时间t2==1s．线框穿出磁场过程：时间t3==1s，感应电流方向是顺时针方向，感应电流大小I=不变．故选B根据右手定则判断感应电流的方向．由感应电动势公式和欧姆定律分别研究各段感应电流的大小，选择图象．本题分三个过程分别研究感应电流大小和方向，是电磁感应中常见的图象问题，比较简单．12.如图所示是测定自感系数很大的线圈L直流电阻的电路，L两端并联一电压表，用来测量自感线圈的直流电压．在测量完毕后，将电路拆除时应（）A.先断开S2B.先断开S1C.先拆除电流表D.先拆除电阻R【答案】B【解析】解：若先断开开关S2或先拆去电流表或先拆去电阻R，由于L的自感作用都会使L和电压表组成回路，原先L中有较大的电流通过，现在这个电流将通过电压表，造成电表损坏，所以实验完毕应先断开开关S1．故选：B．先进行ACD三项操作都会发生自感现象，在电压表中有强电流流过，发热过多，造成仪器烧坏．本题考查了自感线圈的自感作用，在断开电源的瞬间L相当于电源，结合实验安全原则，应先消除自感现象．13.如图所示，当ab端接入100V电压时，cd两端为20V；当cd两端接入100V时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（）A.4：1：2B.2：1：1C.3：2：1D.以上都不对【答案】A【解析】解：当ab端接入电压时，cd端输出电压为20=×100；解得：2R3=R1；当cd接入电压时，ab端输出电压50=×100；解得：R3=2R2；故电阻之比R1：R2：R3=4：1：2．故选：A．分析两种情况下电路的结构，由串联电路的分压规律可得出电阻的关系；再得出三个电阻的关系．本题考查串联电路的分压原理，要注意明确电路的结构，再由串联电路的规律进行分压．14.如图所示，在磁感强度为B的均强磁场中，有半径为r的光滑半圆形导体框架，OC为一能绕O在框架上滑动的导体棒，OC之间连一个电阻R，导体框架与导体棒的电阻均不计，若要使OC能以角速度ω匀速转动，则通过R的电流大小是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：导体棒切割磁场产生的感应电动势为：E=B r•，由此可知感应电流为：，故B正确．故选：B由右手定则可知电流由o到P，由回路可判定通过电阻的电流．导体棒切割磁场产生的感应电动势为：E=B r•，由此可判定感应电流．本题关键要知道导体棒切割磁感线产生的感应电动势的表示，对圆形切割来说，导体棒切割磁场产生的感应电动势为：E=B r•．四、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)15.用螺旋测微器测某一圆柱体直径，示数如图甲所示，此示数为______ mm；用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图乙所示，则读数为______mm．【答案】3.550；11.50【解析】解：1、螺旋测微器的固定刻度为3.5mm，可动刻度为5×0.050mm=0.050mm，所以最终读数为3.5mm+0.050mm=3.550mm．2、游标卡尺的主尺读数为：1.1cm=11mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：11mm+0.50mm=11.50mm．故答案为：3.550，11.50解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．16.如图所示，一只黑箱有A、B、C三个接线柱，规定每两个接线柱间最多只能接一个电器元件，并且已知黑箱内的电器元件是一只电阻和一只二极管．某同学利用多用电表的欧姆挡，用正确的操作方法依次进行了6次测量，将每次红、黑表笔的位置和测得的阻值都填入了表中．由表中的数据可以判定：（1）电阻接在______ 两点间，阻值为______ Ω．（2）二极管接在______ 两点间，其中正极接在______ 点．二极管的正向阻值为______ Ω，反向阻值为______ Ω．（3）请在方框内画出元件连接图．【答案】AB；100；AC；A；90；10k【解析】解：（1）对电阻来讲，无论表笔怎么接，数值都不变，所以AB之间接电阻，且阻值为100Ω；（2）对二极管来讲有单向导电性，正向电阻较小，而反向电阻较大，由AC和BC间的读数知二极管接在AC之间，且正极接在A点，反向阻值为10kΩ；由CA间读数知二极管的正向电阻为90Ω．（3）根据以上分析，作出电路图如图所示：故答案为：（1）AB，100；（2）AC，A，90，10K；（3）电路图如图所示．（1）表笔怎样接数值都不变的为电阻；（2）表笔接法不同示数有较大变化的是二极管，正向阻值较小，反向阻值较大．本题关键掌握二极管的单向导电性，知道电阻与二极管的区别，对于了解二极管的特性是做好本题的关键．五、计算题(本大题共4小题，共44.0分)17.矩形线圈abcd，长ab=20cm，宽bc=10cm，匝数n=200，线圈回路总电阻R=50Ω，整个线圈平面均有垂直于线框平面的匀强磁场穿过，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示，求：（1）线圈回路的感应电动势；（2）在t=0.3s时线圈ab边所受的安培力．【答案】解：（1）由法拉第电磁感应定律可得感应电动势：E=n=n=200××0.1×0.2V=2V，（2）由闭合电路殴姆定律可得感应电流：I==A=0.04A；当t=0.3s时，磁感应强度B=0.2T；那么线圈ab边所受的安培力F=n BIL=200×20×0.01×0.04×0.2N=0.32N．答：（1）线圈回路的感应电动势2V；（2）在t=0.3s时线圈ab边所受的安培力0.32N．【解析】线圈在变化的磁场中，产生感应电动势，形成感应电流，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．再由闭合电路的殴姆定律来算出感应电流大小．本题关键要掌握法拉第电磁感应定律、闭合电路殴姆定律及安培力的公式．同时要理解图象的数学意义，知道斜率等于，注意图象的横纵坐标的倍率．18.学校有一台应急备用发电机，内阻为r=1Ω，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻为R=4Ω，全校22个教室，每个教室用“220V40W”的灯6盏，要求所有灯都正常发光，则：（1）发电机的输出功率多大？（2）发电机的电动势多大？（3）输电线上损耗的电功率多大？【答案】解：输电示意图如图所示．（1）所有灯都正常工作的总功率为22×6×40W=5280W，用电器总电流为I4==A=24A，输电线上的电流I2=I3==×24A=6A，降压变压器上U3=4U4=880V，输电线上的电压损失为U R=I R R=24V，因此升压变压器的输出电压为U2=U R+U3=24+880=904V，输入电压为U1=U2=×904V=226V，输入电流为I1=4I2=24A所以发电机输出功率为P出=U1I1=5424W．（2）发电机内阻上的电压U r=I1r=24V发电机的电动势E=U1+U r=226V+24V=250V（3）输电线上损失的功率P损=I22R=62×4W=144W答：（1）发电机的输出功率为5424W，（2）发电机的电动势为250V，（3）输电线上损耗的电功率为144W．【解析】利用高压输电的目的是降低线路的功率损失，从而提高用户得到的功率．由教室获得的功率与正常发光的电压可求得线路上的损失电压．由理想变压器的变压比与变流比可求出发电机的电动势．理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．输电线上的损失功率与其电流的平方成正比，而与输电线两端的电压的平方成反比．19.某小型水电站，水以3m/s的速度流入水轮机，而以1m/s的速度流出．流出水位比流入水位低1.6m，水的流量为2m3/s．如果水流机械能变化量的75%供给发电机，求：（1）若发电机效率为80%，则发电机的输出功率为多大？（2）发电机的输出电压为240 V，输电线路电阻为19.2Ω，许可损耗功率为2%，用户所需电压为220V，则所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈匝数的比各是多少？【答案】解：（1）每秒钟流过发电机的水的质量为：m=ρV=2×103kg，每秒钟水流机械能损失为J发电机的输出功率：P出=75%×80%×△E=24000W；（2）输电线上损失的功率为：线线线而P线=P出×2%线出线，因为I2=I线=5A出，则升压变压器原副线圈的匝数比为：，又因为I3=I线=5A出，所以降压变压器的原副线圈的匝数比为：．答：（1）发电机的输出功率为24000W；（2）升压变压器和降压变压器的原、副线圈匝数的比各是1：20，1176：55．【解析】（1）根据水的机械能损失，结合能量守恒求出发电机的输出功率；（2）根据输电线上损失的功率，结合损求出输电线上的电流，根据P=UI求出升压变压器原线圈中的电流，从而得出升压变压器原副线圈的匝数比；根据功率损失求出降压变压器的输入功率，结合P=UI求出降压变压器的输出电流，结合电流之比等于匝数之反比求出降压变压器原副线圈的匝数比．解决本题的关键知道：1、原副线圈电压之比、电流之比与匝数之比的关系；2、升压变压器的输出功率、降压变压器的输入功率以及功率损失的关系．20.如图所示，在第一象限有一匀强电场，场强大小为E，方向与y轴平行；在x轴下方有一匀强磁场，磁场方向与纸面垂直．一质量为m、电荷量为-q（q＞0）的粒子以平行于x轴的速度从y轴上的P点处射入电场，在x轴上的Q点处进入磁场，并从坐标原点O离开磁场．粒子在磁场中的运动轨迹与y轴交于M点．已知OP=l，OQ=2l．不计重力．求：（1）M点与坐标原点O间的距离；（2）粒子从P点运动到M点所用的时间．【答案】解：（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，在y轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，设加速度的大小为a；在x轴正方向上做匀速直线运动，设速度为v0；粒子从P点运动到Q点所用的时间为t1，进入磁场时速度方向与x轴正方向的夹角为θ，则由牛顿第二定律得：q E=ma①在电场中运动的时间为：②水平初速度：③其中2，y0=L，又tanθ=④联立②③④得θ=30°⑤由几何关系知MQ为直径，R=⑥MO==6L⑦（2）设粒子在磁场中运动的速度为v，从Q到M点运动的时间为t2，则有v=⑧⑨从P点到M点所用的时间t=t1+t2⑩联立①②③⑤⑥⑧⑨⑩并代入数据得t=（1）M点与坐标原点O间的距离为6L；（2）粒子从P点运动到M点所用的时间为．【解析】分析粒子在电场和磁场中的运动性质，在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律和平抛运动的知识求MO的长度，进而可以求运动的时间．解决此类题目的关键是知道粒子在各个阶段的运动性质，再分别应用不同的知识去求解，可以先画出草图再分析．。