2015-2016学年陕西西安第七十中学高二物理学案：4.5《电磁感应现象的两类情况》(新人教版选修3-2)

高二物理教案：电磁感应现象优秀5篇第一篇：电磁感应的基本原理及应用简介本篇教案将介绍电磁感应的基本原理，以及电动势和法拉第定律的应用。

目标•了解电磁感应的基本概念和原理•掌握电动势和法拉第定律的应用•探索电磁感应现象在实际生活中的应用教学步骤1.引入：通过一个实际生活中的例子引发学生对电磁感应的兴趣。

2.介绍电磁感应的基本概念和原理：包括磁感线、磁通量和电磁感应等。

3.解释电动势和法拉第定律的概念和公式。

4.进行实验：通过自制简单的电磁感应装置来观察电磁感应现象。

5.分析实验结果：让学生观察并解释实验中的现象，引导他们理解电磁感应的原理和应用。

6.探索电磁感应现象在实际生活中的应用：例如发电机、变压器等。

7.总结：回顾本节课的内容，巩固学生对电磁感应的理解。

拓展活动1.观察实验室中的电磁感应装置，了解更复杂的电磁感应应用。

2.组织学生小组讨论电磁感应的其他应用，例如磁悬浮列车、感应加热等。

第二篇：法拉第电磁感应定律的实验验证简介本篇教案将通过实验验证法拉第电磁感应定律，并理解其背后的科学原理。

目标•了解法拉第电磁感应定律的内容和公式•进行实验验证法拉第电磁感应定律•探究法拉第电磁感应定律的应用教学步骤1.引入：通过一个简单的问题引发学生对电磁感应现象的思考。

2.介绍法拉第电磁感应定律的内容和公式。

3.进行实验：使用一个磁铁和线圈组成的简单电磁感应装置，观察并记录实验结果。

4.分析实验结果：让学生观察并解释实验中的现象，验证法拉第电磁感应定律。

5.探究法拉第电磁感应定律的应用：例如感应电动机、电磁铁等。

6.总结：回顾本节课的内容，巩固学生对法拉第电磁感应定律的理解。

拓展活动1.观察实际应用中的电磁感应装置，例如发电机、电动车等。

2.进行更复杂的实验，探究不同参数对电磁感应的影响。

第三篇：迈克尔逊-莫雷干涉仪的原理和应用简介本篇教案将介绍迈克尔逊-莫雷干涉仪的原理和应用，帮助学生理解干涉现象和光的波动性。

高二物理教案：电磁感应现象优秀3篇（经典版）编制人：__________________审核人：__________________审批人：__________________编制单位：__________________编制时间：____年____月____日序言下载提示：该文档是本店铺精心编制而成的，希望大家下载后，能够帮助大家解决实际问题。

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传感器章末检测一、选择题１．利用半导体可以制成（）Ａ．标准电阻Ｂ．热敏电阻Ｃ．光敏电阻Ｄ．晶体管２．下列说法不正确的是（）Ａ．话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号Ｂ．电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器作用是控制电路的通断Ｃ．电子秤所使用的测力装置是力传感器Ｄ．热敏电阻能够把温度这个热学量转换为电阻这个电学量３．下列方法有可能使半导体材料的电阻率减小的是（）Ａ．升高半导体的温度Ｂ．用光来照射半导体Ｃ．在半导体中加入微量其他杂质Ｃ．以上情况都不可能４．有一电学元件，温度升高时电阻却大幅度减小，则这种元件可能是（）Ａ．金属导体Ｂ．绝缘体Ｃ．半导体Ｄ．超导体５．有定值电阻、热敏电阻、光敏电阻三只元件，将这三只元件分别接入如图６－１所示的电路中的A、B两点后，用黑纸包住元件或者把元件置入热水中，观察欧姆表的示数，下列说法中正确的是（）Ａ．入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是热敏电阻Ｂ．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数不变化，这只元件一定是定值电阻Ｃ．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是光敏电阻Ｄ．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数相同，这只元件一定是定值电阻６．图所示是一种延时开关，当Ｓ１闭合时，电磁铁将衔铁吸下，将Ｃ线路接通，当Ｓ１断开时，由于电磁作用，Ｄ将延迟一段时间才被释放，则（）Ａ．由于Ａ线圈的电磁感应作用，才产生延时释放Ｄ的作用Ｂ．由于Ｂ线圈的电磁感应作用，才产生延时释放Ｄ的作用Ｃ．如果断开Ｂ线圈的开关Ｓ２，无延时作用Ｄ．如果断开Ｂ线圈的开关Ｓ２，延时将变长７．如图所示将一光敏电阻接入多用电表两表笔上，将多用电表的选择开关至于欧姆挡，用光照光敏电阻时，表针的偏角为θ；先用手掌挡住部分光线，表针的偏角为θ１，则可判断（）Ａ．θ１==θＢ．θ１＜θＣ．θ１＞θＤ．不能确定８．演示位移传感器的工作原理如图所示，物体Ｍ在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属滑杆Ｐ，通过电压表显示的数据来反映物体位移的大小x假设电压表是理想的，则下列说法正确的是（）Ａ．物体Ｍ运动时，电源内的电流会发生变化Ｂ．物体Ｍ运动时，电压表的示数会发生变化Ｃ．物体Ｍ运动时，电路中没有电流Ｄ．物体Ｍ不动时，电压表没有示数９．如图所示，Ｒ１、Ｒ２为定值电阻，Ｌ为小灯泡，Ｒ３为光敏电阻，当照射光强度增大时（）Ａ.电压表的示数增大Ｂ．Ｒ２中电流强度减小Ｃ．小灯泡的功率增大Ｄ．电路的路端电压降低10．如图所示为一测定液面高低的传感示意图，Ａ为固定的导体芯，Ｂ为导体芯外面的一层绝缘物质，Ｃ为导电液体，把传感器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同．如果发现指针正向右偏转，则导电液体的深度ｈ变化为（）Ａ.ｈ正在增大Ｂ.ｈ正在减小Ｃ.ｈ不变Ｄ.无法确定11．图是温度报警器电路示意图，下列关于对此电路的分析正确的是（）A.当RT的温度升高时，RT减小,A端电势降低，Ｙ端电势升高，蜂鸣器会发出报警声B.当RT的温度升高时，RT减小，A端电势升高，Ｙ端电势降低，蜂鸣器会发出报警声C.当增大RT时，A端电势升高，Ｙ端电势降低，蜂鸣器会发出报警声D.当增大RT时，A端电势降低，Ｙ端电势升高，蜂鸣器会发出报警声12．惯性制导系统已广泛应用于弹道式导弹工程中，这个系统的重要元件之一是加速度计．加速度计的构造原理的示意图如图６－８所示．延导弹长度方向安装的固定光滑杆上套一质量为ｍ的滑块，滑块两侧分别与劲渡系数均为ｋ的弹簧相连；两弹簧的另一端与固定壁相连．滑块原来静止，弹簧处于自然长度，滑块上有指针可通过标尺测出滑块的位移，然后通过控制系统进行制导．设某段时间内导弹沿水平方向运动，指针向左偏离Ｏ点的距离为ｓ，则这段时间内导弹的加速度（）Ａ.方向向左，大小为ks/mB.方向向右，大小为ks/mＣ.方向向左，大小为2ks/mD.方向向右，大小为2ks/m。

高中物理学案：电磁感应现象[学科素养与目标要求]科学探究：1.通过实验探究产生感应电流的条件.2.通过实验探究决定感应电动势大小的因素. 物理观念：1.知道什么是电磁感应现象，掌握产生感应电流的条件.2.理解磁通量的概念.3.掌握法拉第电磁感应定律，并会进行有关计算.一、电磁感应现象1.划时代的发现(1)奥斯特在1820年发现了电流磁效应，即“电能生磁”.(2)1831年，法拉第发现了电磁感应现象，即“磁能生电”.2.电磁感应现象：闭合导体回路的一部分在磁场中做切割磁感线的运动时，闭合导体回路中就产生电流.物理学中把这类现象叫做电磁感应.3.感应电流：由电磁感应产生的电流叫做感应电流.二、电磁感应的产生条件1.磁通量：用“穿过一个闭合导体回路的磁感线条数的多少”来形象地理解“穿过这个闭合导体回路的磁通量”.2.感应电流的产生条件只要穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合导体回路中就有感应电流.三、感应电动势1.感应电动势：在电磁感应现象中产生的电动势叫做感应电动势.在闭合回路中，产生感应电动势的那部分导体相当于电源.2.产生条件：只要穿过电路的磁通量发生改变，在电路中就产生感应电动势.3.磁通量的变化量：ΔΦ＝Φ2－Φ1.4.磁通量的变化率：磁通量的变化量跟产生这个变化所用时间的比值，即单位时间内磁通量的变化量.四、法拉第电磁感应定律1.内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比.2.公式：E＝ΔΦΔt，若有n匝线圈，则产生的感应电动势为：E＝nΔΦΔt.3.国际单位：ΔΦ的单位是韦伯(Wb)，Δt的单位是秒(s)，E的单位是伏特.1.判断下列说法的正误.(1)只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生.( ×)(2)闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流.( √)(3)感应电动势的大小与磁通量的变化量成正比.( ×)(4)感应电动势的大小与磁通量变化的快慢有关，磁通量变化越快，感应电动势越大.( √) 2.某线圈共10匝，已知通过线圈的磁通量在20s内由30Wb均匀增大到40Wb，则线圈产生的感应电动势为________V.答案 5一、磁通量1.定义：物理学中把磁场中穿过某一面积S的磁感线条数定义为穿过该面积的磁通量.2.单位：韦伯，符号：Wb.3.公式：Φ＝BS(B⊥S).4.意义：表示穿过某一面积的磁感线条数的多少.5.引起磁通量变化的原因(1)B变S不变.(2)B不变S变(如闭合电路的一部分在磁场中做切割磁感线运动).(3)B不变S不变而B与S夹角θ变(如线圈转动).(4)B、S、θ中有两个量或三个量同时变.例1关于磁通量的概念，下列说法中正确的是( )A.磁场中某处的磁感应强度越大，面积越大，则穿过线圈的磁通量一定就越大B.放在某处的一个平面，穿过它的磁通量为零，则该处磁感应强度一定为零C.磁通量的变化不一定是由于磁场的变化而引起的D.磁场中某处的磁感应强度不变，放在该处线圈的面积也不变，则磁通量一定不变答案 C解析磁通量的大小与磁感应强度的大小、面积的大小以及磁场和平面的夹角有关，所以A、B、D错，C对.针对训练1 磁通量可以形象地理解为“穿过一个闭合电路的磁感线的条数”.在图1所示磁场中，S1、S2、S3为三个面积相同的相互平行的线圈，穿过S1、S2、S3的磁通量分别为Φ1、Φ2、Φ且都不为0.下列判断正确的是( )3图1A.Φ1最大B.Φ2最大C.Φ3最大D.Φ1、Φ2、Φ3相等答案 A解析磁通量表示穿过一个闭合电路的磁感线条数的多少，从题图中可看出穿过S1的磁感线条数最多，穿过S3的磁感线条数最少.二、产生感应电流的条件1.实验探究感应电流产生的条件(1)闭合电路的部分导体切割磁感线在初中学过，当闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，如图2所示.图2导体棒左右平动、前后平动、上下平动，观察电流表的指针，把观察到的现象记录在表1中.表1(2)向线圈中插入磁铁，把磁铁从线圈中拔出如图3所示，把磁铁的某一个磁极向线圈中插入，或从线圈中抽出，或静止地放在线圈中.观察电流表的指针，把观察到的现象记录在表2中.图3表2(3)模拟法拉第的实验如图4所示，线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端与电流表连接，把线圈A装在线圈B的里面.观察以下四项操作中线圈B中是否有电流产生.把观察到的现象记录在表3中.图4表32.结论不论用什么方法，不论何种原因，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流产生.3.产生感应电流的条件(1)闭合电路；(2)磁通量发生变化.例2线圈在长直导线电流的磁场中做如图5所示的运动：A向右平动，B向下平动，C绕轴转动(ad 边向里)，D垂直于纸面向纸外做平动，E向上平动(E线圈有个缺口)，判断线圈中有没有感应电流.图5答案A、E中无感应电流；B、C、D中有感应电流解析在直导线电流磁场中的五个线圈，原来磁通量都是垂直纸面向里的.对直线电流来说，离电流越远，磁场就越弱.A向右平动，穿过线圈的磁通量没有变化，故线圈中没有感应电流.B向下平动，穿过线圈的磁通量减少，必产生感应电流.C绕轴转动，穿过线圈的磁通量变化(开始时减少)，必产生感应电流.D离纸面越远，线圈中磁通量越少，线圈中有感应电流.E向上平动，穿过线圈的磁通量增加，但由于线圈没有闭合，因此无感应电流.判断是否产生感应电流的关键是明确电路是否闭合，分清磁感线的疏密分布，从而判断磁通量是否变化，而不是看磁通量的有无.三、法拉第电磁感应定律如图是探究电磁感应的实验装置1.图甲中观察磁铁N极插入或抽出线圈的过程中电流表指针的偏转情况，它说明什么问题？2.电流表指针的偏转程度与感应电动势的大小有什么关系？3.图乙中，闭合回路中部分导线以不同速度水平切割磁感线，观察电流表指针偏转角度有何不同？答案 1.说明电路中产生了感应电动势.2.指针偏转程度越大，感应电动势越大.3.速度越大，指针偏转角度越大.1.感应电动势(1)由电磁感应产生的电动势叫感应电动势.在闭合电路中，产生感应电动势的那部分导体相当于电源.(2)当电路闭合时，回路中有感应电流；当电路断开时，回路中没有感应电流，但感应电动势仍然存在.2.磁通量Φ、磁通量的变化量ΔΦ、磁通量的变化率ΔΦΔt的比较(1)Φ是状态量，是闭合回路在某时刻(某位置)穿过回路的磁感线的条数，当磁场与回路平面垂直时Φ＝BS.(2)ΔΦ是过程量，它表示回路从某一时刻到另一时刻磁通量的改变量，即ΔΦ＝Φ2－Φ1.(3)ΔΦΔt表示磁通量的变化快慢，即单位时间内磁通量的变化量，又称为磁通量的变化率.(4)Φ－t图象上某点切线的斜率表示磁通量的变化率ΔΦΔt.3.法拉第电磁感应定律(1)内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过该电路的磁通量的变化率成正比.(2)公式：E＝n ΔΦΔt.n为线圈的匝数，ΔΦ是磁通量的变化量.电动势的大小决定于穿过电路的磁通量的变化率ΔΦΔt.而与Φ的大小、ΔΦ的大小没有必然联系.(3)单位：ΔΦ的单位是韦伯(Wb)，Δt的单位是秒(s)，E的单位是Wb/s，E的国际单位是V.(4)电磁感应现象的本质：在电磁感应现象中，一定产生感应电动势，不一定产生感应电流.能否产生感应电动势是电磁感应现象的本质.例3关于感应电动势的大小，下列说法中正确的是( )A.穿过线圈的磁通量Φ最大时，所产生的感应电动势就一定最大B.穿过线圈的磁通量的变化量ΔΦ增大时，所产生的感应电动势也增大C.穿过线圈的磁通量Φ等于0时，所产生的感应电动势就一定为0D.穿过线圈的磁通量的变化率ΔΦΔt越大，所产生的感应电动势就越大 答案 D解析 根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小与磁通量的变化率ΔΦΔt成正比，与磁通量Φ及磁通量的变化量ΔΦ没有必然联系.当磁通量Φ很大时，感应电动势可能很小，甚至为0.当磁通量Φ等于0时，其变化率可能很大，产生的感应电动势也会很大，而ΔΦ增大时，ΔΦΔt 可能减小.如图所示，t 1时刻，Φ最大，但E ＝0；0～t 1时间内ΔΦ增大，但ΔΦΔt 减小，E 减小；t 2时刻，Φ＝0，但ΔΦΔt最大，E 最大.故D 正确.例4 如图6所示，将一条形磁铁插入某一闭合线圈，第一次用0.05s ，第二次用0.1s.设插入方式相同，试求：图6(1)两次线圈中平均感应电动势之比； (2)两次线圈中电流之比. 答案 (1)2∶1 (2)2∶1解析 (1)由法拉第电磁感应定律得：E 1E 2＝ΔΦΔt 1·Δt 2ΔΦ＝Δt 2Δt 1＝21. (2)由欧姆定律可得：I 1I 2＝E 1R ·R E 2＝E 1E 2＝21.[学科素养] 分析本题时要紧抓法拉第电磁感应定律的表达式E＝n ΔΦΔt.两次ΔΦ相同，因此平均感应电动势之比等于时间的反比.通过本题的训练，进一步巩固了对法拉第电磁感应定律的理解，体现了“物理观念”的学科素养.针对训练2 如图7甲所示，某线圈共有50匝，若穿过该线圈的磁通量随时间的变化如图乙所示，则a、b两点间的电压是多少？图7答案50V解析求a、b两点间的电压就是求线圈中的感应电动势由题图乙得ΔΦΔt＝0.5－0.10.4V＝1V故E＝n ΔΦΔt＝50V所以a、b两点间的电压为50V.1.(磁通量的计算)如图8所示，面积为S的线圈平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，一半在磁场中，则穿过线圈的磁通量为( )图8A.0B.1 2 BSC.BSD.2BS 答案 B解析根据磁通量公式Φ＝BS，因为题图中有效面积为12S，所以B项正确.2.(磁通量变化的定性分析)如图9所示，一环形线圈沿条形磁铁的轴线，从磁铁N极的左侧A 点运动到磁铁S极的右侧B点，A、B两点关于磁铁的中心对称，则在此过程中，穿过环形线圈的磁通量将( )图9A.先增大，后减小B.先减小，后增大C.先增大，后减小、再增大，再减小D.先减小，后增大、再减小，再增大答案 A3.(产生感应电流的条件)(多选)某学生做观察电磁感应现象的实验时，将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关，用导线连接成如图10所示的实验电路，闭合开关，下列说法正确的是( )图10A.线圈A插入线圈B的过程中，有感应电流B.线圈A从线圈B拔出的过程中，有感应电流C.线圈A停在线圈B中，有感应电流D.线圈A拔出线圈B的过程中，线圈B的磁通量在减小答案ABD解析由感应电流产生的条件知A、B选项正确，C选项错误；在线圈A从线圈B拔出的过程中线圈B的磁通量减小，D选项正确.4.(感应电动势的计算)穿过某单匝线圈的磁通量随时间的变化关系如图11所示，在线圈内产生的感应电动势的最大值是( )图11A.2VB.0.5VC.3VD.2.5V答案 C解析由E＝n ΔΦΔt可知，0～2s内E1＝4－02V＝2V2～4s内，E2＝|3－4|2V＝0.5V4～5s内E3＝|0－3|1V＝3V，故C正确.5.(感应电动势的计算)一个有10匝的闭合导体线圈，若在0.01s内，通过线圈的磁通量由0.04Wb均匀地减小到零，则在这段时间内线圈产生的感应电动势为多大？答案40V解析E＝n ΔΦΔt＝10×0.040.01V＝40V.一、选择题考点一磁通量的理解与计算1.如图1所示，虚线框内有匀强磁场，1和2为垂直磁场方向放置的两个圆环，分别用Φ1和Φ表示穿过两环的磁通量，则有( )2图1A.Φ1>Φ2B.Φ1＝Φ2C.Φ1<Φ2D.无法确定答案 B解析由题图知，穿过圆环1、2的磁感线条数相等，故Φ1＝Φ2.2.如图2所示，在同一平面内有四根彼此绝缘的直导线，分别通有大小相同、方向如图所示的电流，要使由四根直导线所围成的面积内的磁通量增加，则应切断哪一根导线中的电流( )图2A.切断i1B.切断i2C.切断i3D.切断i4答案 D解析根据安培定则判断出四根通电直导线中电流在所围面积内的磁场方向，可知只有i4中电流产生的磁场垂直于纸面向外，则要使磁通量增加，应切断i4.3.磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图3所示，通有恒定电流的导线MN与闭合线框共面，第一次将线框由位置1平移到位置2，第二次将线框绕cd边翻转到位置2，设先后两次通过线框的磁通量变化量的大小分别为ΔΦ1和ΔΦ2，则( )图3A.ΔΦ1>ΔΦ2B.ΔΦ1＝ΔΦ2C.ΔΦ1<ΔΦ2D.无法确定答案 C解析设闭合线框在位置1时穿过闭合线框的磁通量为Φ1，平移到位置2时穿过闭合线框的磁通量为Φ2，导线MN中的电流产生的磁场在位置1处的磁感应强度比在位置2处强，故Φ>Φ2.1将闭合线框从位置1平移到位置2，穿过闭合线框的磁感线方向不变，所以ΔΦ1＝|Φ2－Φ1|＝Φ1－Φ2；将闭合线框从位置1绕cd边翻转到位置2，穿过闭合线框的磁感线反向，所以ΔФ2＝|(－Φ2)－Φ1|＝Φ1＋Φ2(以原来磁感线穿过的方向为正方向，则后来从另一面穿过的方向为负方向)，故正确选项为C.考点二感应电流的产生条件4.如图4所示，线圈两端接在电流表上组成闭合电路.在下列情况中，电流表指针不发生偏转的是( )图4A.线圈不动，磁铁插入线圈B.线圈不动，磁铁从线圈中拔出C.磁铁不动，线圈上、下移动D.磁铁插在线圈内不动答案 D解析产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，线圈和电流表已经组成闭合电路，只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就产生感应电流，电流表指针就偏转.在A、B、C三种情况下，线圈和磁铁发生相对运动，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流；而当磁铁插在线圈中不动时，线圈中虽然有磁通量，但磁通量不变化，不产生感应电流，电流表指针不发生偏转.5.在如图所示的条件下，闭合的矩形线圈中能产生感应电流的是( )答案 B解析A、C中线圈内的磁通量始终等于零，D中磁通量不发生变化，故均没有感应电流. 6.如图5所示，在竖直向下的匀强磁场中(磁场范围足够大)，有一闭合导体环，环面与磁场方向垂直，当导体环在磁场中完成下述运动时，可能产生感应电流的是( )图5A.导体环保持水平方位在磁场中向上或向下运动B.导体环保持水平方位向左或向右加速平动C.导体环绕垂直环面、通过环心的轴转动D.导体环以一条直径为轴，在磁场中转动答案 D7.(多选)实验装置如图6所示，在铁芯F上绕着两个线圈A、B.如果线圈A中的电流i和时间t的关系如下图所示，在t～t2这段时间内，A、B、C、D四种情况中，在线圈B中观察到感应1电流的是( )图6答案BCD解析当线圈A中的电流发生变化，它产生的磁场也就发生变化，穿过闭合电路的线圈B的磁通量也发生改变，从而产生感应电流.考点三法拉第电磁感应定律8.(多选)如图7所示，让线圈由位置1通过一个匀强磁场的区域运动到位置2，下列说法中正确的是( )图7A.在线圈进入匀强磁场区域的过程中，线圈中有感应电流，而且进入时的速度越大，感应电流越大B.整个线圈在匀强磁场中匀速运动时，线圈中有感应电流，而且电流是恒定的C.整个线圈在匀强磁场中加速运动时，线圈中有感应电流，而且电流越来越大D.在线圈穿出匀强磁场区域的过程中，线圈中有感应电流，而且穿出时的速度越大，感应电流越大答案AD解析线圈在进入和穿出磁场时，线圈中有感应电流，且运动速度越大，磁通量变化越快，产生的感应电流越大，故A、D正确；当线圈全部进入磁场后，穿过线圈的磁通量始终不变，没有感应电流，故B、C错误.9.穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地增加6Wb，则( )A.线圈中感应电动势每秒钟增加6VB.线圈中感应电动势每秒钟减少6VC.线圈中感应电动势保持不变D.线圈中无感应电动势答案 C解析由E＝n ΔΦΔt知，磁通量均匀变化，产生的感应电动势恒定，为6V.10.如图8所示为穿过某一闭合回路的磁通量随时间变化的图象，则( )图8A.2～4s内感应电动势最大B.4～5s内感应电动势小于0～2s内的感应电动势C.0～2s内感应电动势为1VD.2～4s内感应电动势为2V答案 C解析由E＝ΔΦΔt知，2～4s内感应电动势为0,0～2s内感应电动势为1V,4～5s内感应电动势为2V，选项C正确，A、B、D错误.二、非选择题11.如图9所示，桌面上放一单匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体.当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将________(选填“变大”或“变小”).在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.1Wb，经历的时间为0.5s，则线圈中的感应电动势为________V.图9答案变大0.2解析当磁体竖直向下运动时，磁场增强，穿过线圈的磁感线的条数增多，磁通量将变大；感应电动势E＝n ΔΦΔt＝0.10.5V＝0.2V.12.一个200匝、面积为20cm2的线圈，放在磁场中，磁场的方向与线圈平面垂直，若磁感应强度在0.05s内由0.1T增加到0.5T，在此过程中穿过线圈的磁通量的变化量是________Wb；磁通量的平均变化率是________Wb/s；线圈中的感应电动势的大小是________V.答案8×10－4 1.6×10－2 3.2解析ΔΦ＝(B2－B1)S＝0.4×20×10－4Wb＝8×10－4WbΔΦΔt ＝8×10－40.05Wb/s＝1.6×10－2 Wb/sE＝n ΔΦΔt＝200×1.6×10－2V＝3.2V.13.如图10所示，一单匝线圈从左侧进入磁场.在此过程中，图10(1)线圈的磁通量将如何变？(2)若上述过程所经历的时间为0.1s，线圈中产生的感应电动势为0.2V，则线圈中的磁通量变化了多少？答案(1)变大(2)0.02Wb解析(1)线圈从左侧进入磁场的过程中，穿过线圈的磁感线的条数增加，线圈的磁通量变大.(2)由E＝n ΔΦΔt得ΔΦ＝EΔt＝0.2×0.1Wb＝0.02Wb.14.一面积S＝4×10－2m2、匝数n＝100匝的线圈放在匀强磁场中，磁感线垂直于线圈平面，磁感应强度随时间的变化率ΔBΔt＝2T/s.穿过线圈的磁通量的变化率是多少？线圈中产生的感应电动势是多少？答案8×10－2Wb/s 8V解析穿过线圈的磁通量的变化率与匝数无关，故ΔΦΔt＝ΔBΔtS＝2×4×10－2Wb/s＝8×10－2 Wb/s由法拉第电磁感应定律得E ＝n ΔΦΔt＝100×8×10－2V ＝8V.。

电磁感应现象【教材分析】电磁感应现象是电磁感应中的重要一节。

这一节教学内容较多，其中磁通量及其变化又是后继课程法拉第电磁感应定律，楞次定律等的基础，所以教学内容安排为两块：第一块为学习磁通量的概念及其变化；第二块为学习产生电磁感应的条件和电磁感应现象中的能量守恒问题。

在第二块中教材要求运用磁通量的变化的概念来描述电磁感应现象产生的条件，这也是后继学习的基础，同时要求教师做好演示实验，为学生提供丰富的感性材料，帮助学生建立概念，掌握规律。

教学重点：①磁通量的概念，②引导学生理解电磁感应现象、条件及从能量角度认识电磁感应，知道电磁感应现象中能量守恒定律依然适用。

教学难点：①磁通量的变化②正确分析和掌握产生感应电流的条件。

分析实验现象,总结实验结论。

【教学目标】知识性目标：1、知道磁通量的物理意义，掌握公式φ=BS的适用条件，并会利用公式计算匀强磁场的磁通量。

2、知道磁感线的疏密程度可通过磁通密度表示，从另一个侧面理解了磁感应强度的物理意义。

3、引导学生从实验中观察到现象，归纳通过磁场产生电流的条件，明确什么是电磁感应现象。

4、理解“不论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生”。

5、知道电磁感应现象中能量守恒定律依然适用。

能力性目标： 1、培养学生观察、实验能力和分析归纳能力；2、培养学生科学思维方法；3、培养学生创新和探索的精神,使学生学会如何从众多现象的个性中发现共性，再从共性中理解个性。

使学生进一步形成自然界的事物不是独立存在的，而是密切互相.教育性目标：通过法拉第发现电磁感应现象让学生感觉到只有通过艰辛努力，才能打开真理之门，取得成功。

教育学生学习科学家坚持不懈，勇于探索的精神。

发展性目标：培养学生的逆向思维，发散思维。

【学法分析】在这一节中，一共要求做三个实验，学生初步具备了对实验的观察、分析能力和简单操作技能，强调学生“自主学习”、“合作学习”与“探究学习”，反对“被动学习”、“机械学习”和“他主学习”。

2015-2016学年陕西省西安七十中高二〔上〕期末物理试卷一、单项选择题：〔本大题共6小题，每一小题只有一个选项是正确的，多项选择或错选不得分．每一小题3分，共18分〕1．在电磁学开展过程中，许多科学家做出了贡献，如下说法中符合物理学开展史的是〔〕A．奥斯特发现了点电荷的相互作用规律B．库仑发现了电流的磁效应C．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律D．法拉第最早引入电场的概念2．如下列图，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，如此〔〕A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．R3上消耗的功率逐渐增大3．粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，两粒子均带正电．让它们在匀强磁场中同一点以大小相等、方向相反的速度开始运动．磁场方向垂直纸面向里．以下四个图中，能正确表示两粒子运动轨迹的是〔〕A．B．C．D．4．两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在一样的时间内产生的热量之比为〔〕A．Q A：Q B=1：2 B．Q A：Q B=2：1 C．Q A：Q B=1：1 D．Q A：Q B=4：15．如下列图，两根垂直纸面、平行且固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流；沿纸面与直导线M、N等距放置的另一根可自由移动的通电导线ab，如此通电导线ab在安培力作用下运动的情况是〔〕A．沿纸面逆时针转动 B．沿纸面向右平动C．导线ab不动D．a端转向纸里，b端转向纸外6．如下列图为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器〔也称滤速器〕中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，别离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外．在S处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E和B1入射到速度选择器中，假设m甲=m乙＜m丙=m丁，v甲＜v乙=v丙＜v丁，在不计重力的情况下，如此分别打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是〔〕A．甲乙丙丁 B．甲丁乙丙 C．丙丁乙甲 D．甲乙丁丙二、多项选择题：〔本大题共6小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分．共24分〕7．如下列图，两平行金属导轨CD、EF间距为L，与电动势为E的电源相连，质量为m、电阻为R的金属棒ab垂直于导轨放置构成闭合回路，回路平面与水平面成θ角，回路其余电阻不计．为使ab棒静止，需在空间施加的匀强磁场磁感强度的最小值与其方向分别为〔〕A．，水平向右B．，垂直于回路平面向上C．，竖直向下D．，垂直于回路平面向下8．如图甲所示，AB是某电场中的一条电场线，假设有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图乙所示．以下说法正确的答案是〔〕A．A、B两点的电场强度E A=E BB．电子在A、B两点的速度v A＜v BC．A、B两点的电势φA＞φBD．电子在A、B两点的电势能E pA＜E pB9．如下列图，真空中某点固定一带电的点电荷，图中虚线为一组一样间距相等的同心圆，圆心与该点电荷重合．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为该粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点，如此该粒子〔〕A．带正电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化小于由b点到c点的动能变化10．如下列图，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，且其总阻值R ＞R0+r，如此当可变电阻的滑动触头由A向B移动时〔〕A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R﹣0上功率越来越大，R上功率先变小后变大11．如下列图，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动，其轨道半径为R．电场的电场强度为E，方向竖直向下；磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，不计空气阻力，设重力加速度为g，如此〔〕A．液滴带正电B．液滴荷质比=C．液滴顺时针运动D．液滴运动速度大小为12．有关电荷受电场力和洛仑兹力的说法中，正确的答案是〔〕A．电荷在磁场中一定受磁场力的作用B．电荷在电场中一定受电场力的作用C．电荷受电场力的方向与该处电场方向垂直D．电荷假设受磁场力，如此受力方向与该处磁场方向垂直三、填空与实验题〔每空2分，共26分〕13．用同一盘旋加速器分别对质子〔H〕和氘核〔H〕进展加速，当它们都从D形盒边缘离开加速器时，质子与氘核获得的动能之比为．14．两个一样的带电导体小球所带电荷量的比值为1：3，相距为r时相互作用的库仑力的大小为F，今使两小球接触后再分开，放到相距为2r处，如此此时库仑力的大小可能为或．15．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有如下器材：A．干电池E〔电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0Ω〕B．电压表V〔0～15V〕C．电流表A〔0～0.6A、内阻0.1Ω〕D．电流表G〔满偏电流3mA、内阻R g=10Ω〕E．滑动变阻器R1〔0～10Ω、10A〕F．滑动变阻器R2〔0～100Ω、1A〕G．定值电阻R3=990ΩH．开关、导线假设干〔1〕为了方便且能较准确地进展测量，其中应选用的滑动变阻器是〔填写“R1〞或“R2〞〕；〔2〕请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号〔3〕图示为某一同学根据他设计的实验，绘出的I1﹣I2图线〔I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数〕，由图线可求得被测电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．16．用一段长为80cm的金属丝做“测定金属的电阻率〞的实验．〔1〕用多用电表粗测电阻丝的电阻，结果如图甲所示，由此可知电阻丝电阻的测量值约为Ω．〔2〕用螺旋测微器测量金属丝的直径，结果如图乙所示，由此可知金属丝直径的测量结果为mm．〔3〕在用电压表和电流表测金属丝的电阻时，提供如下供选择的器材：A．直流电源〔电动势约为4.5V，内阻很小〕B．电压表〔量程3V，内阻约3kΩ〕C．电压表〔量程15V，内阻约15kΩ〕D．电流表〔量程0.6A，内阻约0.125Ω〕E．电流表〔量程3A，内阻约0.025Ω〕F．滑动变阻器〔阻值范围0～15Ω，最大允许电流1A〕G．滑动变阻器〔阻值范围0～200Ω，最大允许电流2A〕H．开关、导线．要求有较高的测量精度，并能测得多组数据，在供选择的器材中，电流表应选择，电压表应选择，滑动变阻器应选择．〔填字母代号〕〔4〕根据上面测量要求，完成图丙中实验电路的连接．四、计算题：〔17题8分，18题12分，19题12分，共32分，写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕17．如下列图，电子从A点以速度v0平行匀强电场等势面沿AO方向射入电场〔图中的平行线为匀强电场的等势面〕，由B点飞出匀强电场时速度方向与AO方向的夹角为45°．电子质量为m，电荷量为e．〔1〕说明电场线的方向．〔2〕求AB两点间的电势差U AB．18．如下列图，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：〔1〕电源的内电阻；〔2〕当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．19．如下列图，相距为d的平行金属板M、N间存在匀强电场和垂直纸面向里、磁感应强度为Bo的匀强磁场；在xoy直角坐标平面内，第一象限有沿y轴负方向场强为E的匀强电场，第四象限有垂直坐标平面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一质量为m、电量为q的正离子〔不计重力〕以初速度Vo沿平行于金属板方向射入两板间并做匀速直线运动．从P点垂直y轴进入第一象限，经过x轴上的A点射出电场，进入磁场．离子过A点时的速度方向与x轴成45°角．求：〔1〕金属板M、N间的电压U；〔2〕离子运动到A点时速度V的大小和由P点运动到A点所需时间t；〔3〕离子第一次离开第四象限磁场区域的位置C〔图中未画出〕与坐标原点的距离OC．2015-2016学年陕西省西安七十中高二〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：〔本大题共6小题，每一小题只有一个选项是正确的，多项选择或错选不得分．每一小题3分，共18分〕1．在电磁学开展过程中，许多科学家做出了贡献，如下说法中符合物理学开展史的是〔〕A．奥斯特发现了点电荷的相互作用规律B．库仑发现了电流的磁效应C．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律D．法拉第最早引入电场的概念【考点】物理学史．【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】此题是物理学史问题，根据奥斯特、库仑、安培、洛伦兹、法拉第等科学家物理学的成就进展解答．【解答】解：AB、库仑发现了点电荷的相互作用规律，奥斯特发现了电流的磁效应，故A、B错误．C、洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，故C错误．D、法拉第最早引入电场的概念，并发现了电磁感应现象，即发现了磁场产生电流的条件和规律，故D正确．应当选：D【点评】通过物理学史的学习，在学到科学家科学成就的同时，还可以学到科学研究方法和科学精神．2．如下列图，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，如此〔〕A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．R3上消耗的功率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】压轴题；恒定电流专题．【分析】由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化与电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．【解答】解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，如此电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联局部的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，如此流过并联局部的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联局部电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，如此重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=可知，R3上消耗的功率减小；故D错误；应当选A．【点评】解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体﹣局部﹣整体的思路进展分析，注意电路中某一局部电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．3．粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，两粒子均带正电．让它们在匀强磁场中同一点以大小相等、方向相反的速度开始运动．磁场方向垂直纸面向里．以下四个图中，能正确表示两粒子运动轨迹的是〔〕A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；左手定如此．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】由洛仑兹力充当向心力可求得两粒子的半径关系，如此由图可知两粒子的轨迹图；由左手定如此可判断粒子的运动方向．【解答】解：两粒子均带正电，以大小相等的速度在磁场中向相反的方向运动，都是由洛伦兹力充当粒子做圆周运动的向心力．所以有，得到，因为粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，所以甲的半径为乙半径的2倍．根据左手定如此，甲粒子做圆周运动的洛伦兹力指向圆心，运动方向一定为逆时针，所以A正确．应当选A．【点评】此题应明确洛仑兹力充当带电粒子做圆周运动的向心力，故洛仑兹力一定指向圆心．4．两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在一样的时间内产生的热量之比为〔〕A．Q A：Q B=1：2 B．Q A：Q B=2：1 C．Q A：Q B=1：1 D．Q A：Q B=4：1【考点】电阻定律；焦耳定律．【专题】恒定电流专题．【分析】串联电路电流相等，根据电阻定律R=ρ求出电阻比，再根据Q=I2Rt求出A、B在一样的时间内产生的热量之比．【解答】解：长度之比为1：2，直径比为1：2，如此横截面积比为1：4，根据电阻定律R=ρ知，电阻之比为2：1，根据Q=I2Rt，电流相等，如此热量之比为2：1．故B正确，A、C、D 错误．应当选B．【点评】解决此题的关键知道串联电路电流相等，以与掌握电阻定律R=ρ和焦耳定律Q=I2Rt．5．如下列图，两根垂直纸面、平行且固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流；沿纸面与直导线M、N等距放置的另一根可自由移动的通电导线ab，如此通电导线ab在安培力作用下运动的情况是〔〕A．沿纸面逆时针转动 B．沿纸面向右平动C．导线ab不动D．a端转向纸里，b端转向纸外【考点】安培力．【分析】通过右手螺旋定如此来确定平行且固定放置的直导线M和N，在导线a处的磁场分布，再由左手定如此来确定安培力的方向，从而确定导线a如何运动．【解答】解：导线M和N的磁感线都是同心圆．因此对ab上半段，M导线的磁感线指向右下，可以用左手定如此判断a端受到向里的力．N导线的磁感线指向右上，也使a端受向里的力；同理也可以分析出b端受向外的力．从而使得a端转向纸里，b端转向纸外，故D正确；ABC 错误；应当选：D【点评】考查右手螺旋定如此、左手定如此、与磁场的叠加，注意区别右手定如此与左手定如此6．如下列图为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器〔也称滤速器〕中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，别离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外．在S处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E和B1入射到速度选择器中，假设m甲=m乙＜m丙=m丁，v甲＜v乙=v丙＜v丁，在不计重力的情况下，如此分别打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是〔〕A．甲乙丙丁 B．甲丁乙丙 C．丙丁乙甲 D．甲乙丁丙【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子通过速度选择器，只有满足qvB=qE，即速度满足v=，才能沿直线通过．当粒子的速度大于，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，当粒子的速度小于，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转．【解答】解：四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足v=，才能通过速度选择器．所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙．由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：R=，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，如此乙打在P3点，丙打在P4点．甲的速度小于乙的速度，即小于，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P1点．丁的速度大于乙的速度，即大于，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P2点．应当选：B．【点评】解决此题的关键知道速度选择器的原理，即所受洛伦兹力和电场力等大反向的粒子才能沿直线通过速度选择器．二、多项选择题：〔本大题共6小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分．共24分〕7．如下列图，两平行金属导轨CD、EF间距为L，与电动势为E的电源相连，质量为m、电阻为R的金属棒ab垂直于导轨放置构成闭合回路，回路平面与水平面成θ角，回路其余电阻不计．为使ab棒静止，需在空间施加的匀强磁场磁感强度的最小值与其方向分别为〔〕A．，水平向右B．，垂直于回路平面向上C．，竖直向下D．，垂直于回路平面向下【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用；安培力；左手定如此．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】导体棒受重力、支持力和安培力，三力平衡，当安培力沿斜面向上时，安培力最小，此时根据安培力公式计算出的磁感应强度即为最小值．【解答】解：对导体棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如图从图象可以看出，当安培力沿斜面向上时，安培力最小；故安培力的最小值为：F A=mgsinθ，故磁感应强度的最小值为B=根据欧姆定律，有E=IR故B=应当选D．【点评】此题是三力平衡中动态分析问题，即其中第一个力大小和方向都不变，第二个力方向不变，大小可变，如此当地三个力与第二个力垂直时，第三个力取最小值；同时要结合欧姆定律、安培力公式列式求解．8．如图甲所示，AB是某电场中的一条电场线，假设有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图乙所示．以下说法正确的答案是〔〕A．A、B两点的电场强度E A=E BB．电子在A、B两点的速度v A＜v BC．A、B两点的电势φA＞φBD．电子在A、B两点的电势能E pA＜E pB【考点】电场线；电势．【专题】比拟思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据φ﹣x图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化．由图看出，电势逐渐降低，可判断出电场线的方向，确定电势的上下，由电场力做功正负，分析速度的大小并判断电子电势能的大小．【解答】解：A、由公式E=，知φ﹣x图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识得知，图象的斜率逐渐减小，如此从A到点B场强减小，如此有E A＞E B．故A错误；BD、由图看出，电势逐渐降低，可判断出电场线的方向从A到B，电子在移动过程中，电场力对电子做负功，电子的动能减小，速度减小，而电子的电势能增大．即有v A＞v B，E PA＜E PB．故B错误，D正确．C、电场线的方向从A到B，如此A、B两点的电势φA＞φB．故C正确．应当选：CD【点评】此题关键要理解φ﹣t图象的斜率等于场强，由电势的上下判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况，并确定电势能的变化．9．如下列图，真空中某点固定一带电的点电荷，图中虚线为一组一样间距相等的同心圆，圆心与该点电荷重合．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为该粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点，如此该粒子〔〕A．带正电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化小于由b点到c点的动能变化【考点】电势差与电场强度的关系；等势面．【专题】比拟思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据带电粒子的轨迹弯曲方向可判断粒子的电性．电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．由此分析即可．【解答】解：A、根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，故A正确；B、由点电荷电场的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误；C、粒子由b到c，电场力做正功，根据动能定理，知粒子的动能增加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C正确；D、a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D错误．应当选：AC【点评】此题中，点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决此题．10．如下列图，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，且其总阻值R＞R0+r，如此当可变电阻的滑动触头由A向B移动时〔〕A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R﹣0上功率越来越大，R上功率先变小后变大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】可变电阻的滑动触头由A向B移动时，滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，外电路的电压也就越小，电源的效率越小，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．【解答】解：A、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2r可知，电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低，所以A正确；B、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2R0可知，R0上功率越来越大，当R=R﹣0+r的时候，滑动变阻器的功率最大，由于R＞R﹣0+r，所以当滑动变阻器的电阻不断减小的过程中，R上功率先变大后变小，所以C正确，BD错误．应当选：AC．【点评】外电阻的电阻越大，外电路的电压也就越大，电源的效率越大，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．11．如下列图，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动，其轨道半径为R．电场的电场强度为E，方向竖直向下；磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，不计空气阻力，设重力加速度为g，如此〔〕A．液滴带正电B．液滴荷质比=C．液滴顺时针运动D．液滴运动速度大小为【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】定量思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】液滴在复合场中做匀速圆周运动，可判断出电场力和重力为平衡力，从而可求出液滴的比荷并可判断电场力的方向，结合电场的方向便可知液滴的电性；根据洛伦兹力的方向，利用左手定如此可判断液滴的旋转方向；结合重力与电场力平衡以与液滴在洛伦兹力的作用下的运动半径公式，可求出线速度．【解答】解：A、液滴在重力场、匀强电场和匀强磁场的复合场中做匀速圆周运动，可知，液滴受到的重力和电场力是一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向上，与电场方向一样，故可知液滴带负电，故A错误；B、由液滴做匀速圆周运动，得知电场力和重力大小相等，得：mg=qE…①解得：，故B错误；C、磁场方向垂直纸面向里，洛伦兹力的方向始终指向圆心，由左手定如此可判断液滴的旋转方向为顺时针，故C正确；D、液滴在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动的半径为：R=…②联立①②得：v=，故D正确；应当选：CD【点评】此题考查了液滴在复合场中的运动问题．复合场是指电场、磁场、重力场并存，或其中某两种场并存的场．液滴在这些复合场中运动时，必须同时考虑电场力、洛伦兹力和重力的作用或其中某两种力的作用，因此对液滴的运动形式的分析就显得极为重要．该题就是根据液滴的运动情况来判断受到的电场力情况．12．有关电荷受电场力和洛仑兹力的说法中，正确的答案是〔〕A．电荷在磁场中一定受磁场力的作用B．电荷在电场中一定受电场力的作用C．电荷受电场力的方向与该处电场方向垂直D．电荷假设受磁场力，如此受力方向与该处磁场方向垂直【考点】洛仑兹力；电场强度．【分析】注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件〞的即运动电荷和磁场方向有夹角，假设是平行或电荷与磁场相对静止如此不受洛伦兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件〞的即电场力与电荷的运动状态无关．【解答】解：A、电荷在磁场中不一定受到磁场力，比如：运动方向与磁场平行，故A错误；B、电荷在电场中一定受到电场力，故B正确；C、电荷在电场中一定受电场力作用，与电荷运动状态无关，正电荷受力和电场方向一致，负电荷受力和电场方向相反，故C错误；D、电荷在磁场中的运动方向和磁场方向不在同一线上时，电荷受洛伦兹力作用，洛伦兹力方向和磁场垂直，故D正确．应当选BD．【点评】重力、电场力、洛伦兹力是高中阶段学习的三种重要的“场力〞，一定正确理解它们的受力特点以与大小和方向的求法．三、填空与实验题〔每空2分，共26分〕13．用同一盘旋加速器分别对质子〔H〕和氘核〔H〕进展加速，当它们都从D形盒边缘离开加速器时，质子与氘核获得的动能之比为2：1 ．【考点】质谱仪和盘旋加速器的工作原理．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子离开盘旋加速器时的速度最大，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子的离开盘旋加速器的速度，从而求出动能的大小．。

4.4 法拉第电磁感应定律【学习目标】1．知道什么叫感应电动势。

2．知道磁通量的变化率是表示磁通量变化快慢的物理量，并能区别Φ、ΔΦ、。

3．理解法拉第电磁感应定律内容、数学表达式。

4．知道E=BLv sinθ如何推得。

5．会用法拉第电磁感应定律解决问题。

重点：法拉第电磁感应定律难点：平均电动势与瞬时电动势区别。

【自主预习】一、感应电动势1、在中，产生的电动势叫感应电动势。

产生感应电动势的那部分导体-------电源。

2、磁通量的变化率: 表示磁通量的变化的二、法拉第电磁感应定律：1、内容：2、数学表达式三、导体棒切割磁感线时的感应电动势1.导体棒垂直于磁场运动E=2.导线的运动方向与导线本身垂直，但与磁感线方向夹角为θ，则E=四、反电动势1. 定义：叫反电动势.2.作用：阻碍线圈的转动. 线圈要维持转动,电源就要向电动机提供电能.电能转化为其它形式的能.3.应用：电动机停止转动, 就没有反电动势,线圈中电流会很大,电动机会烧毁,要立即切断电源,进行检查.【典型例题】一、法拉第电磁感应定律的理解【例1】关于电磁感应产生感应电动势大小的正确表述是( )A ．穿过导体框的磁通量为零的瞬间，线框中的感应电动势有可能很大B ．穿过导体框的磁通量越大，线框中感应电动势一定越大C ．穿过导体框的磁通量变化量越大，线框中感应电动势一定越大D ．穿过导体框的磁通量变化率越大，线框中感应电动势一定越大【例2】一个匝数为100、面积为10cm2的线圈垂直磁场放置，在0. 5s 内穿过它的磁场从1T 增加到9T 。

求线圈中的感应电动势。

二、法拉第电磁感应定律的灵活应用【例3】 如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距l ＝0.50 m ，左端接一电阻R ＝0.20 Ω，磁感应强度B ＝0.40 T 的匀强磁场，方向垂直于导轨平面，导体棒ab 垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ab 以v ＝4.0 m/s 的速度水平向右匀速滑动时，用两种方法求解ab 棒中感应电动势的大小．三、 导体切割磁感线时的电磁感应综合问题【例4】两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L ，底端接阻值为R 的电阻．将质量为m 的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，如图所示．除电阻R 外其余电阻不计．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则( )A ．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB. 金属棒向下运动时，流过电阻R 的电流方向为a→bC ．金属棒的速度为v 时，所受的安培力大小为F ＝B 2L 2v RD ．电阻R 上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少四、法拉第电磁感应定律和楞次定律的综合应用【例5】矩形导线框abcd 固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B 随时间变化的规律如图所示．若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，下列各图中正确的是( )【课后练习】1.穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地减少2 Wb，则( )A．线圈中感应电动势每秒钟增加2 VB．线圈中感应电动势每秒钟减少2 VC．线圈中无感应电动势D．线圈中感应电动势保持不变2．有一个n匝的圆形线圈，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈平面与磁感线成30°角，磁感应强度均匀变化，线圈导线的规格不变，下列方法可使线圈中的感应电流增加一倍的是( )A．将线圈匝数增加一倍B．将线圈面积增加一倍C．将线圈半径增加一倍D．将线圈平面转至跟磁感线垂直的位置3.一航天飞机下有一细金属杆，杆指向地心，若仅考虑地磁场的影响，则当航天飞机位于赤道上空( )A．由东向西水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下B．由西向东水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下C．沿经过地磁极的那条经线由南向北水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由下向上D．沿经过地磁极的那条经线由北向南水平飞行时，金属杆中一定没有感应电动势4. 条形磁铁放在光滑的水平面上，以条形磁铁的中央位置的正上方某点为圆心，水平固定一铜质圆环如图4所示，不计空气阻力，以下判断中正确的是( )A．释放圆环，下落过程中环的机械能守恒B．释放圆环，环下落时磁铁对桌面的压力比磁铁的重力大C．给磁铁水平向右的初速度，磁铁向右运动的过程中做减速运动D．给磁铁水平向右的初速度，圆环将受到向左的磁场力．5．穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图所示．下列关于回路中产生的感应电动势的论述中正确的是( )A．图①中回路产生的感应电动势恒定不变B．图②中回路产生的感应电动势一直在变大C．图③中回路0～t1时间内产生的感应电动势小于在t1～t2时间内产生的感应电动势D．图④中回路产生的感应电动势先变小再变大6．闭合的金属环处于随时间均匀变化的匀强磁场中，磁场方向垂直于圆环平面，则( )A．环中产生的感应电动势均匀变化B．环中产生的感应电流均匀变化C．环中产生的感应电动势保持不变D．环上某一小段导体所受的安培力保持不变7．关于感应电动势，下列说法中正确的是( )A．电源电动势就是感应电动势B．产生感应电动势的那部分导体相当于电源C．在电磁感应现象中没有感应电流就一定没有感应电动势D．电路中有电流就一定有感应电动势8．如图所示，PQRS为一正方形导线框，它以恒定速度向右进入以MN为边界的匀强磁场，磁场方向垂直线框平面，MN线与线框的边成45°角，E、F分别是PS和PQ的中点．关于线框中的感应电流，正确的说法是( )A．当E点经过边界MN时，线框中感应电流最大B．当P点经过边界MN时，线框中感应电流最大C．当F点经过边界MN时，线框中感应电流最大D．当Q点经过边界MN时，线框中感应电流最大9．在图中MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体．有匀强磁场垂直于导轨所在的平面，则( )A．如果AB和CD以相同的速度向右运动，则回路内一定有感应电流B．如果AB和CD以不同的速度向右运动，则回路内一定有感应电流C．如果AB和CD以相同的速度分别向右和向左运动，则回路内无感应电流D．如果AB不动，CD以一定的速度运动，则回路内一定有感应电流10. 两根光滑的长直金属导轨MN、M′N′平行置于同一水平面内，导轨间距为l，电阻不计，M、M′处接有如图所示的电路，电路中各电阻的阻值均为R，电容器的电容为C.长度也为l、阻值同为R的金属棒ab垂直于导轨放置，导轨处于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中．ab在外力作用下向右匀速运动且与导轨保持良好接触，在ab运动距离为s的过程中，整个回路中产生的焦耳热为Q.求：(1)ab运动速度v的大小．(2)电容器所带的电荷量q.。

4.5 电磁感应现象的两类情况【学习目标】1、了解感生电动势和动生电动势的概念及不同。

2、了解感生电动势和动生电动势产生的原因。

3、能用动生电动势和感生电动势的公式进行分析和计算。

重点：感生电动势和动生电动势。

难点：感生电动势和动生电动势产生的原因。

【自主预习】一、感生电动势和动生电动势由于引起磁通量的变化的原因不同感应电动势产生的机理也不同，一般分为两种：一种是B 不变，导体运动引起的磁通量的变化而产生的感应电动势，这种电动势称作 ，另外一种是不动，由于磁场变化引起磁通量的变化而产生的电动势称作 。

1、感生电场19世纪60年代，英国物理学家麦克斯韦在他的电磁场理论中指出，变化的磁场会在周围空间激发一种电场，我们把这种电场叫做感生电场。

静止的电荷激发的电场叫 ，静电场的电场线是由 发出，到 终止，电场线 闭合，而感应电场是一种涡旋电场，电场线是 的，如图所示，如果空间存在闭合导体，导体中的自由电荷就会在电场力的作用下定向移动，而产生感应电流，或者说导体中产生感应电动势。

感生电场是产生 或 的原因，感生电场的方向也可以由 来判断。

感应电流的方向与感生电场的方向 。

2、感生电动势（1）产生：磁场变化时会在空间激发 ，闭合导体中的 在电场力的作用下定向运动，产生感应电流，即产生了感应电动势。

BE（2）定义：由感生电场产生的感应电动势成为 。

（3）感生电场方向判断： 定则。

二、洛伦兹力与动生电动势 1、动生电动势（1）产生： 运动产生动生电动势（2）大小：E= （B 的方向与v 的方向 ） 2、动生电动势原因分析导体在磁场中切割磁感线时，产生动生电动势，它是由于导体中的自由电子受到 力的作用而引起的。

【典型例题】一、感生电动势的计算【例1】 有一面积为S ＝100 cm 2的金属环，电阻为R ＝0.1 Ω，环中磁场变化规律如图乙所示，且磁场方向垂直环面向里，在t 1到t 2时间内，环中感应电流的方向如何？通过金属环的电荷量为多少？二、动生电动势的计算【例2】 如图所示，三角形金属导轨EOF 上放有一金属杆AB ，在外力作用下，使AB 保持与OF 垂直，以速度v 匀速从O 点开始右移，设导轨与金属棒均为粗细相同的同种金属制成，则下列判断正确的是( )A ．电路中的感应电流大小不变B ．电路中的感应电动势大小不变C ．电路中的感应电动势逐渐增大F’ F 洛 D CDC BD．电路中的感应电流逐渐减小三、动生电动势的综合运算【例3】如图所示，小灯泡规格为“2 V,4 W”，接在光滑水平导轨上，导轨间距为0.1 m，电阻不计．金属棒ab垂直搁在导轨上，电阻为1 Ω，整个装置处于B＝1 T的匀强磁场中．求：(1)为使灯泡正常发光，ab的滑行速度为多大？(2)拉动金属棒ab的外力的功率有多大？四、动生电动势和感生电动势的区别与联系【例4】如图所示，两根平行金属导轨固定在水平桌面上，每根导轨每米的电＝0.10 Ω，导轨的端点P、Q用电阻可以忽略的导线相连，两导轨间的距离阻为rl＝0.20 m．有随时间变化的匀强磁场垂直于桌面，已知磁感应强度B与时间t的关系为B＝kt，比例系数k＝0.020 T/s.一电阻不计的金属杆可在导轨上无摩擦地滑动，在滑动过程中保持与导轨垂直．在t＝0时刻，金属杆紧靠在P、Q端，在外力作用下，杆以恒定的加速度从静止开始向导轨的另一端滑动，求在t＝6.0 s时金属杆所受的安培力．思维在导体棒向左运动过程中，产生的是动生电动势还是感生电动势？两种电动势是相加还是相减？求解电流时应注意什么问题？【课后练习】1.一个面积S＝4×10－2m2、匝数n＝100匝的线圈放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，则下列判断正确的是( )A．在开始的2 s内穿过线圈的磁通量变化率等于0.08 Wb/sB．在开始的2 s内穿过线圈的磁通量的变化量等于零C．在开始的2 s内线圈中产生的感应电动势等于8 VD．在第3 s末线圈中的感应电动势等于零2．闭合电路中产生的感应电动势大小，跟穿过这一闭合电路的下列哪个物理量成正比( )A．磁通量B．磁感应强度C．磁通量的变化率 D．磁通量的变化量3．在下图所示的四种磁场情况中能产生恒定的感生电场的是( )4．如图所示，一个带正电的粒子在垂直于匀强磁场的平面内做圆周运动，当磁感应强度均匀增大时，此粒子的动能将( )A．不变 B．增加C．减少 D．以上情况都可能5.如图所示，导体AB在做切割磁感线运动时，将产生一个电动势，因而在电路中有电流通过，下列说法中正确的是( )A．因导体运动而产生的感应电动势称为动生电动势B．动生电动势的产生与洛伦兹力有关C．动生电动势的产生与电场力有关D．动生电动势和感生电动势产生的原因是一样的6. 如图所示，一个金属薄圆盘水平放置在竖直向上的匀强磁场中，下列做法中能使圆盘中产生感应电流的是( )A．圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动B．圆盘以某一水平直径为轴匀速转动C．圆盘在磁场中向右匀速平移D．匀强磁场均匀增加7．如图所示为一弹性闭合导线圈，匀强磁场垂直纸面，当磁感应强度B发生变化时，观察到线圈所围的面积增大了，由此可判断B的方向和大小的情况是( )A．B垂直纸面向里，B变大B．B垂直纸面向里，B变小C．B垂直纸面向外，B变大D．B垂直纸面向外，B变小8．如图所示，一水平放置的圆形通电线圈1固定，另一较小的圆形线圈2从线圈1的正上方下落，在下落过程中两线圈平面始终保持平行且共轴，则线圈2从线圈1的正上方下落至线圈1的正下方过程中，从上往下看线圈2，应是( )A．无感应电流产生B．有顺时针方向的感应电流C．有先顺时针后逆时针的感应电流D．有先逆时针后顺时针方向的感应电流9．金属杆ab水平放置在某高处，当它被平抛进入一个方向竖直向上的匀强磁场中后(如图所示)，有关其上感应电动势的大小和两端电势的高低，以下说法中正确的是( )A．运动过程中感应电动势的大小不变，Ua >UbB．运动过程中感应电动势的大小不变，Ua <UbC．由于速率不断增大，所以感应电动势变大，Ua >UbD．由于速率不断增大，所以感应电动势变大，Ua <Ub10．在匀强磁场中，ab、cd两根导体棒沿两根导轨分别以速度v1、v2滑动，如图所示，下列情况中，能使电容器获得最多电荷量且左边极板带正电的是( )A．v1＝v2，方向都向右B．v1＝v2，方向都向左C．v1>v2，v1向右，v2向左D．v1>v2，v1向左，v2向右。

5.3 电感和电容对交变电流的影响【学习目标】1．知道为什么电感对交变电流有阻碍作用．2．知道用感抗来表示电感对交变电流阻碍作用的大小，知道感抗与哪些因素有关．3．知道交变电流能通过电容，知道为什么电容器对交变电流有阻碍作用．4．知道用容抗来表示电容对交变电流阻碍作用的大小，知道容抗与哪些因素有关．重点：电感和电容对交变电流的影响难点：电感和电容对交变电流的影响【自主预习】一、感抗1．定义：对电流阻碍作用的大小，用感抗表示．2．感抗的成因：因为交变电流的随时间周期性变化，这个变化的电流通过线圈时产生一个自感电动势，自感电动势总是阻碍的变化，故线圈对交变电流有阻碍作用，这就是感抗．3．决定因素：研究可得出线圈的感抗X L与它的自感系数L及交变电流的频率f间有如下的关系：X L＝2πfL二、低频扼流圈和高频扼流圈1．低频扼流圈：自感系数的线圈（约几十亨），线圈电阻较，对直流的阻碍作用较小，这种线圈可以“通，阻”。

2．高频扼流圈：自感系数较小的线圈（约几个毫亨），对低频交变电流的阻碍作用较而对高频交变电流的阻碍作用很，可以用来“通，阻”。

三、交变电流能够“通过”电容器．（1）电流实际上并没有通过电容器，也就是说，自由电荷定向移动，不会从一个极板经极板间的电介质到达另一个极板．（2）电容器“通交流”，只不过是在交变电压的作用下，当电源电压升高时，电容器，电荷向电容器的极板上集聚，形成；当电源电压降低时，电容器，电荷从电容器的极板上放出，形成．电容器交替进行充电和放电，电路中就有了电流，表现为交流“通过”了电容器．四、容抗1．定义：对交流的阻碍作用的大小，用容抗来表示．2．成因：电容器接入交流电路中后，极板上的电荷形成了二极板间的电压，这电压和电源电压相反，从而产生了对交变电流的阻碍作用，即形成了容抗．3．决定因素：交流电路中的容抗和交变电流的频率、电容器的电容成反比．容抗与交变电流的频率和电容的关系为X C ＝ 1/2πfC，即交流电的频率越大，电容越，电容器对交变电流的阻碍作用越小，容抗越．五、电感和电容在电路中的作用1．电感的作用是：“通、阻、通、阻”．2．电容的作用是：“通、直流、通、阻”．【典型例题】一、电感对交变电流的影响【例1】交变电流通过一段长直导线时，电流为I，如果把这根长直导线绕成线圈，再接入原电路，通过线圈的电流为I′，则( )A．I′>I B．I′<IC．I′＝I D．无法比较【例2】一个灯泡通过一个粗导线的线圈与一交流电源相连接，如图所示．一块铁插进线圈之后，该灯将：（）A．变亮 B．变暗C．对灯没影响 D．无法判断二、交变电流“通过”电容器【例3】对交流电通过电容器的理解正确的是( )A．交变电流能够使电容器极板间的绝缘介质变成导体B．交变电流定向移动的电荷通过电容器两板间的绝缘介质C．交变电流能够使电容器交替进行充电、放电，电路中就有了电流，表现为交变电流通过了电容器D．交变电流通过了电容器，实际上自由电荷并没有通过电容器极板间的绝缘介质(击穿除外)三、电容对交变电流的影响【例4】如图1所示，某输电线路横穿公路时，要在地下埋线通过．为了保护输电线不至于被压坏，可预先铺设结实的过路钢管，再让输电线从钢管中穿过．电线穿管的方案有两种，甲方案是铺设两根钢管，两条输电线分别从两根钢管中穿过，乙方案是只铺设一根钢管，两条输电线都从这一根钢管中穿过，如果输电导线输送的电流很强大，那么，以下说法正确的是( )A．无论输送的电流是恒定电流还是交变电流．甲、乙两方案都是可行的B．若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的C．若输送的电流是交变电流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D．若输送的电流是交变电流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的思维恒定电流和交变电流的区别是什么？钢管与电流间形成什么电器元件？怎样才能消除影响？．四、电容、电感在电路中的综合应用【例5】如图所示，从AO输入的信号中，有直流电和交流电两种成分．(1)现在要求信号到达BO两端只有交流电，没有直流电，需要在AB端接一个什么元件？该元件的作用是什么？(2)若要求信号到达BO端只有直流电而没有交流电，则应在AB端接入一个什么元件？该元件的作用是什么？【课后练习】1. 如图4所示，接在交流电源上的电灯泡正常发光，以下说法正确的是( )A．把电介质插入电容器，灯泡变亮B．增大电容器两极板间的距离，灯泡变亮C．减小电容器两极板间的正对面积，灯泡变暗D．使交变电流频率减小，灯泡变暗2.如图5所示，把电阻R，电感线圈L，电容C并联，接到一个交流电源上，三个电流表示数相同，若保持电源电压大小不变，而将电源频率增大，则三个电流表示数I1、I2、I3的关系是( )A、I1=I2=I3 B、I1>I2>I3C、I2>I1>I3D、I3>I1>I23.如图所示，输入端ab的输入电压既有直流成分，又有交流成分，以下说法中，正确的是(L的直流电阻不为零)( )A．直流成分只能从L通过B．交流成分只能从R通过C．通过R的既有直流成分又有交流成分D．通过L的直流成分比通过R的直流成分要大4．如图所示电路中，U为220 V交流电源，C为电容器，R是电阻，这一交流电路电压有效值关系是U2＝U2R＋U2C.关于交流电压表的示数，下列说法正确的是( )A．等于220 V B．大于220 V C．小于220 V D．等于零5．如图所示，交流电源的电压为220 V，频率f＝50 Hz，三只灯L1、L2、L3的亮度相同，线圈L无直流电阻，若将交流电源的频率变为f＝100 Hz，则( ) A．L1灯比原来亮 B．L2灯比原来亮C．L3灯和原来一样亮 D．L3灯比原来亮6.如图所示，L1、L2和L3是相同型号的白炽灯，L1与电容器C串联，L2与带铁芯的线圈L 串联，L3与一个定值电阻R串联．当a、b间接电压有效值为U、频率为f的正弦交流电源时，三只灯泡的亮度相同．现将a、b间接另一正弦交流电源时，发现灯泡L1变亮、L2变暗、L3亮度不变．由此可知，另一正弦交流电源可能是( )A．电压有效值仍为U，而频率大于fB．电压有效值大于U，而频率大于fC．电压有效值仍为U，而频率小于fD．电压有效值小于U，而频率大于f7.如图所示交流电源的电压有效值跟直流电源的电压相等，当将双刀双掷开关接到直流电源上时，灯泡的实际功率为P1，而将双刀双掷开关接在交流电源上时，灯泡的实际功率为P2，则( )A．P1＝P2B．P1>P2 C．P1<P2 D．不能比较8．如图所示，白炽灯和电容器串联后接在交变电源的两端，当交变电源的频率减小时( )A．电容器电容增加 B．电容器电容减小C．电灯变暗 D．电灯变亮【课后反思】。

2016-2017学年陕西省西安市第七十中学高二5月月考物理试题一、单选题：共9题1．下列说法正确的是A.雨后天空出现彩虹是光的衍射现象B.相对论认为，真空中的光速在不同惯性参考系中都是相同的C.横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期D.电磁波和机械波一样依赖于介质传播2．光的偏振现象说明光是横波.下列现象中不能反映光的偏振特性的是A.一束自然光相继通过两个偏振片,以光束为轴旋转其中一个偏振片,透射光的强度发生变化B.一束自然光入射到两种介质的分界面上,当反射光线与折射光线之间的夹角恰好是90°时,反射光是偏振光C.日落时分,拍摄水面下的景物,在照相机镜头前装上偏振滤光片可以使景像更清晰D.通过手指间的缝隙观察日光灯,可以看到彩色条纹3．根据麦克斯韦电磁理论，下列叙述正确的是A.在电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B.在变化的电场周围一定产生变化的磁场，变化的磁场周围一定产生变化的电场C.均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场D.周期性变化的电场周围一定产生周期性变化的磁场4．如图所示，一条红色光线和另一条紫色光线，以不同的角度同时沿不同的半径方向射入同一块横截面为半圆形的玻璃柱体，其透射光线都是由圆心O点沿OC方向射出。

则可知A.挡住BO光线，OC光线是红光B.挡住BO光线，OC光线是紫光C.AO光线较BO光线穿过玻璃柱体所需时间短本文档为word文档下载后可编辑打印D.在双缝干涉实验中，若仅将入射光由AO光线变为BO光线,则干涉亮条纹间距变小5．如图所示，弹簧的一端固定在墙上，另一端连结一质量为m的木块。

将木块从OO′处向右拉开一段位移L，然后放手，使木块在粗糙水平地面上减幅振动直至静止，设弹簧第一次恢复原长时木块的速度为v0，则A.弹簧第一次向左运动的过程中，木块始终加速B.木块第一次向左运动的过程中，速度最大的位置在OO′处C.木块先后到达同一位置时，动能一定越来越小D.整个过程中木块只有一次机会速率为v06．如图所示，用频率为f的单色光垂直照射双缝，在光屏上的P点出现第3条暗条纹。

安丘一中高一物理导学案【自主学习】1、感应电场19世纪60年代，英国物理学家麦克斯韦在他的电磁场理论中指□出，变化的磁场会在周围空间激发一种电场，我们把这种电场叫做感 \ f Z 应电场。

静止的电荷激发的电场叫 ____________ ,静电场的电场线是由发出，到 ______ 终止，电场线_____ 闭合，而感应电场是一种涡旋/ 一 \电场，电场线是 _______ 的，如图所示，如果空间存在闭合导体，/ \导体小的占由电荷就会在电场力的作用下定向移动，而产牛感应电流，或者说导体中产生感应电动势。

感应电场是产生 ______________ 或______________ 的原因，感应电场的方向也可以由来判断。

感应电流的方向与感应电场的方向 ________ 。

2、感生电动势(1)产生：磁场变化吋会在空间激发 ________ ,闭合导体中的 __________ 在电场力的作用下定向运动，产生感应电流，即产生了感应电动势。

(2)定义：由感生电场产生的感应电动势成为 ____________ o(3)感生电场方向判断：定则。

X X X x !；3、动生电动势X X斗X”■(1)产生：运动产生动生电动势X X x x [! '!(2)人小：E=(B的方向与v的方向X X X X ；i) 1卩(3)动生电动势大小的推导:【合作探究】例1.某空间出现了如图所示的一组闭合电场线，方向从上向下看是顺时针的，这可能是()A.沿方向磁场在迅速减弱B.沿MB方向磁场在迅速增强C.沿必方向磁场在迅速增强D.沿必方向磁场在迅速减弱答案AC例2.如图(a)所示，一个电阻值为R,匝数为〃的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R：连接成闭合回路。

线圈的半径为口。

在线圈中半径为P2的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图(b)所示。

图线与横、纵轴的截距分别为t。

和B。

，导线的电阻不计。

电磁感应现象高二物理教案实用一份（经典版）编制人：__________________审核人：__________________审批人：__________________编制单位：__________________编制时间：____年____月____日序言下载提示：该文档是本店铺精心编制而成的，希望大家下载后，能够帮助大家解决实际问题。

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高二物理电磁感应教案5篇教学进程常常有可能离开教案所预想的情况，因此教师不能死扣教案，把学生的思维的积极性压下去。

要根据学生的实际改变原先的教学计划和方法，满腔热忱地启发学生的思维，针对疑点积极引导。

这里由小编给大家分享高二物理电磁感应教案，方便大家学习。

高二物理电磁感应教案篇1一、教学目标：1、知道平抛运动的定义及物体做平抛运动的条件。

2、理解平抛运动可以看作水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动的合运动。

3、掌握平抛运动的规律。

4、树立严谨，实事求是，理论联系实际的科学态度。

5、渗透物理学“建立理想化模型”、“化繁为简”“等效代替”等思想。

教学重难点重点难点：重点：平抛运动的规律。

难点：对平抛运动的两个分运动的理解。

教学过程教学过程：引入通过柯受良飞越黄河精彩视频和生活中常见抛体运动的图片引入到抛体运动，在对抛体运动进行了解的基础上回忆以前学过的抛体运动;对抛体运动进行分类。

由抛体运动引入平抛运动。

(一)知道什么样的运动是平抛运动?1.定义：物体以一定的初速度水平方向上抛出，仅在重力作用下所做的运动，叫做平抛运动。

2.物体做平抛运动的条件(1)有水平初速度，(2)只受重力作用。

通过活动让学生理解平抛运动是一个理想化模型。

让学生体会研究问题时，要“抓住主要因素，忽略次要因素”的思想。

(二)实验探究平抛运动问题1：平抛运动是怎样的运动?问题2：怎样分解平抛运动?探究一：平抛运动的水平分运动是什么样的运动?(学生演示，提醒注意观察实验现象)【演示实验】同时释放两个相同小球，其中一个小球从高处做平抛运动，另一个小球从较低的地方同时开始做匀速直线运动。

现象：在初速度相同的情况下，两个小球都会撞在一起(学生回答) 结论：平抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动(师生共同总结) 探究二：平抛运动的竖直分运动是什么样的运动?(分组探究，提醒：a小球是带有小孔的小球;b装置靠近水槽;c观察两小球落到水槽中的情况)【分组实验】用小锤打击弹性金属片时，前方小球向水平方向飞出，做平抛运动，而同时后方小球被释放，做自由落体运动。