2017-2018学年河北省市巨鹿县二中高一年级下学期3月月考物理试题(解析版)

2017-2018学年高二第二学期第三次月考物理试题(考试时间90分钟，满分110分)一、选择题(每小题4分，共48分。

1-8小题为单项选择题；9-12小题为不定项选择题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

)1.【题文】英国物理学家法拉第引入了“电场”和“磁场”的概念，并用画电场线和磁感线的方法来描述电场和磁场，为经典电磁学理论的建立奠定了基础．下列相关说法正确的是A. 电荷和电荷、通电导体和通电导体之间的相互作用是通过电场发生的B. 磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的C. 电场线和电场线不可能相交，磁感线和磁感线可能相交D. 通过实验可发现电场线和磁感线的存在【答案】B【解析】本题主要考查电场、磁场及其对它们的描述；选项A，电荷和电荷之间是通过电场产生相互作用，通电导体和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的，故选项A错误；选项B，磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的，故选项B正确；选项C，电场线和电场线、磁感线和磁感线都不可能相交，故选项C 错误；选项D，电场线和磁感线实际上都不存在，只是为了形象的描述对应的场而假想的曲线，故选项D错误；本题正确选项为B。

【题型】单选题【备注】【结束】2.【题文】对做匀变速直线运动的物体,下列说法正确的是A.在1 s内、2 s内、3 s内物体通过的位移之比是1∶3∶5B.一质点的位置坐标函数是x=4t+2t2，则它运动的初速度是4 m/s，加速度是2 m/s2C.做匀减速直线运动的物体,位移一定随时间均匀减小D.任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等【答案】D【解析】本题主要考查匀变速运动规律；选项A，由错误！未找到引用源。

可知在1 s内、2 s内、3 s内物体通过的位移之比是1:4:9，故选项A错误；选项B，由错误！未找到引用源。

与错误！未找到引用源。

的对应关系可知初速度为4m/s，加速度为4m/错误！未找到引用源。

2024届河北省巨鹿县二中物理高一下期末质量检测模拟试题考生须知： 1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、 (本题9分)四个灯泡接成如图所示的电路．a c 、灯泡的规格为“220V 40W ”，、b d灯泡的规格为“220V100W ”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率．这四个灯泡实际消耗功率大小的顺序，正确的是（ ）A ．a d b c P P P P >>>B ．a b c d P P P P >>>C ．a c b d P P P P =<=D ．a d c b P P P P >>>2、 (本题9分)一质点做匀速直线运动。

现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则以下说法错误的是（ ） A ．质点不可能做匀变速曲线运动B ．质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直C ．质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D ．质点单位时间内速度的变化量总是不变3、如图，小球以初速度v 0从A 点出发，沿不光滑的轨道运动到高为h 的B 点后自动返回，其返回途中仍经过A 点，小球经过轨道连接处无机械能损失，则小球经过A 点的速度大小为（ ）A ．202v gh - B ．202gh v - C ．204v gh -D ．204gh v -4、 (本题9分)如图所示，在倾角为θ的斜面上A 点，以水平速度v 0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上B 点所用的时间为A ．02sin v g θB ． 02tan v g θC ． 0sin v g θD ．0tan v gθ5、飞机从 8500m 高空下降到 1500m 高度的过程中（ ） A ．重力做正功，重力势能减少 B ．重力做正功，重力势能增大 C ．重力做负功，重力势能减少 D ．重力做负功，重力势能增大6、 (本题9分)在地面上方某点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出，不计空气阻力，则小球在随后的运动中A ．速度和加速度的方向都在不断变化B ．速度与加速度方向之间的夹角一直减小C ．在相等的时间间隔内，速率的改变量相等D ．在相等的时间间隔内，动能的改变量相等7、如图所示，长为0.5m 的轻杆一端与质量为2kg 的小球相连，另一端可绕过O 点的水平轴自由转动。

巨鹿二中期末考试物理试卷一、单选题1.光滑水平面上两球相向运动,发生正碰,碰撞后两球均静止,于是可以断定,在碰撞以前( )A.两球的质量相等B.两球的速度大小相同C.两球的动量大小相等D.以上都不能断定2.关于动量守恒的条件,下列说法正确的有( )A.只要系统内存在摩擦力,动量不可能守恒B.只要系统受外力做的功为零,动量守恒C.只要系统所受到合外力的冲量为零,动量守恒D.系统加速度为零,动量不一定守恒3.如图所示的装置中,木块B与水平桌面间的接触是光滑的,子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内,将弹簧压缩至最短,现将子弹,木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统),则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中( )A.动量守恒,机械能守恒B.动量不守恒,机械能不守恒C.动量守恒,机械能不守恒D.动量不守恒,机械能守恒4.运送人造地球卫星的火箭开始工作后,火箭做加速运动的原因是( )A.燃料推动空气,空气反作用力推动火箭B.火箭发动机用力将燃料燃烧产生的气体向后推出,气体的反作用力推动火箭C.火箭吸入空气,然后向后排出,空气对火箭的反作用力推动火箭D.火箭燃料燃烧发热,加热周围空气,空气膨胀推动火箭5.关于系统动量守恒的条件,下列说法正确的是( )A.只要系统内存在摩擦力,系统动量就不可能守恒B.只要系统中有一个物体具有加速度,系统动量就不守恒C.只要系统所受的合外力为零,系统动量就守恒D.系统中所有物体的加速度为零时,系统的总动量不一定守恒6.关于冲量,下列说法正确的是( )A.冲量是物体动量变化的原因B.作用在静止的物体上的力的冲量一定为零C.动量越大的物体受到的冲量越大D.冲量的方向就是物体受力的方向7.下列关于动量及其变化的说法中正确的是( )A.两物体的动量相等,动能也一定相等B.物体动能发生变化,动量也一定发生变化C.动量变化的方向一定与初末动量的方向都不同D.动量变化的大小,不可能等于初末状态动量大小之和m,以速度v沿光滑水平地面向前运动,正前方有一静止的、质8.如图所示,甲木块的质量为1m的乙木块,乙上连有一轻质弹簧。

河北省廊坊市三河二中2017-2018学年高一上学期第三次月考物理试卷一、选择题（本大题共14小题．每小题3分．满分42分．在四个选项中只有一项是最符合题意的．）1．下列叙述中正确的是( )A．我们学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B．物体从静止开始下落的运动叫自由落体运动C．通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D．任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内考点：自由落体运动；重心．专题：自由落体运动专题．分析：路程是标量，速度、加速度、位移是矢量；自由落体运动的定义；弹力的概念；重心与中心的区别与联系．解答：解：A、我们学过的物理量：速度、加速度、位移都是矢量，而路程却是标量．故A错误；B、物体从静止开始，仅在重力作用下落的运动叫自由落体运动，故B错误；C、所说的压力、支持力和绳的拉力均是由于要恢复原状而产生的力，称之为弹力，故C正确；D、任何有规则形状的质量分布均匀的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，但不一定在物体内．故D错误；故选：C点评：让学生掌握基本概念、基本定义及基本规律，有便于能正确有效的解题．特别是重心是重点．2．下列关于惯性的说法正确的是( )A．速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大B．静止的物体惯性最大C．不受外力作用的物体才有惯性D．行驶车辆突然转弯时，乘客向外倾倒是由于乘客有惯性考点：惯性．分析：惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；惯性大小仅由物体的质量量度．解答：解：A、质量是物体惯性大小的唯一量度，质量越大，惯性越大，与物体的速度无关，故A错误．B、惯性的大小与物体的运动状态无关，只与质量有关，故B错误．C、惯性是物体固有的属性，一切物体在任何情况下都有惯性，故C错误．D、人的上半身和下半身原来一起向前运动，行驶车辆突然转弯时，下半身由于受车的作用力而转弯，上半身由于具有惯性继续向前运动，所以乘客向外倾倒，故D正确．故选：D点评：惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性．惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来3．下列实例属于超重现象的是( )A．神舟七号运载火箭点火后加速升空B．举重运动员举起杠铃静止在空中C．跳水运动员被跳板弹起，离开跳板后向上运动D．飞机在某一高度匀速飞行的过程考点：超重和失重．分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．解答：解：A、神舟七号运载火箭点火后加速升空，加速度向上，处于超重状态，故A正确；B、举重运动员举起杠铃静止在空中，杠铃处于平衡态，不是超重，故B错误；C、跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动是减速上升，故是失重状态，故C错误；D、飞机在某一高度匀速飞行的过程，加速度为0，处于平衡状态，故D错误；故选：A．点评：本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了．4．下列所描述的运动，不可能发生的有( )A．物体的加速度为零，而速度不为零B．物体的加速度方向向东，而速度方向向西C．物体速度越来越大，而加速度越来越小D．物体速度变化越来越快，而加速度越来越小考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：物体的加速度与速度没有直接的关系．加速度的物理意义是表示物体速度变化的快慢．根据这两点进行判断和选择．解答：解：A、物体做匀速直线运动时，加速度为零，速度不为零．故A正确．B、当物体做减速运动时，加速度方向与速度方向相反，所以存在物体的加速度方向向东，而速度方向向西．故B正确．C、物体的加速度减小，若加速度方向与速度相同时，速度却在增大．故C正确．D、加速度的物理意义是表示物体速度变化的快慢，所以物体速度变化越来越快，加速度越来越大．故D错误．本题选错误的故选：D点评：本题根据加速度与速度无关就能进行判断．判断物体的速度如何变化，不是看加速度如何变化，而是看加速度与速度方向的关系：两者同向加速，反向减速．5．从某高处释放一粒小石子，l秒钟后从同一地点再释放另一粒小石子，则在它们落地之前，两粒石子间的距离将( )A．保持不变B．不断增大C．不断减小D．先增大，后减小考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：从某高处释放一粒小石子，小石子做自由落体运动，根据位移时间公式即可求解．解答：解：设落地前第一个小石子运动的时间为t，则第二个小石子运动的时间为t﹣1s，根据位移时间公式得：△h=h1﹣h2=gt﹣所以随着时间的增大，两粒石子间的距离将增大，B正确故选：B．点评：该题主要考查了自由落体运动位移时间的关系，难度不大，属于基础题．6．如图是一种测定风力的仪器的原理图，质量为m的金属球，固定在一细长的轻金属丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内转动．无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度θ，角θ的大小与风力大小有关，下列关于风力F与θ的关系式正确的是( )A．F=mgsinθB．F=mgtanθC．F=mgcosθD．F=mg/cosθ考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以金属球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出风力F与θ的关系式．解答：解：以金属球为研究对象，分析受力情况：金属球受到重力mg、水平向左的风力F和金属丝的拉力T，作出力图如图，根据平衡条件得到：F=mgtanθ故选：B．点评：本题是实际问题，实质是物体的平衡问题，分析受力情况，作出力图是解题的关键．7．如图所示，物体静止于水平桌面上，则( )A．桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对平衡力B．物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C．物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一种力D．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对平衡的力考点：共点力平衡的条件及其应用；牛顿第三定律．分析：要解决此题，需要掌握以下知识；（1）压力是指垂直压在物体表面上的力，压力可以是由重力产生，也可以不是由重力产生的；（2）二力平衡的条件是：作用在同一物体上的力，并且大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（3）作用力与反作用力特点：作用在两个物体上的力，并且大小相等、方向相反、作用在同一直线上．解答：解：A、物体的重力是作用在物体上的力，支持力也是作用在这个物体上的力，这两个力大小相等、方向相反且作用在同一直线上，所以这两个力是一对平衡力，故A正确；B、物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力，作用在同一个物体上，不是一对作用力与反作用力，故B错误；C、压力不是重力，它们的施力物体、受力物体、作用点都不相同，故C错误；D、桌面受到的压力与桌面提供的支持力为作用力与反作用力，故不是平衡力，故D错误；故选A．点评：平衡力与相互作用力主要区别在于平衡力是作用在同一物体上的两个力；而作用力与反作用力为两个相互作用的物体受到的力，作用于两个不同的物体上．8．长直木板的上表面的一端放有一铁块，木板由水平位置缓慢向上转动（即木板与水平面的夹角α变大），另一端不动，如图所示，则铁块受到的摩擦力随α角增大的过程中的变化是( )A．逐渐增大B．逐渐减小C．先减小后增大D．先增大后减小考点：静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．分析：摩擦力变化有两个阶段，角度α小于一定角度时是静摩擦，角度α大于一定角度时是动摩擦．静摩擦力根据平衡条件研究，滑动摩擦力根据公式分析．解答：解：使铁块沿着斜面下滑的力是F=mgsinα，对于一个确定的角度α，最大静摩擦力是f m=μmgcosα．如果F＜f m，那么，铁块所受的是静摩擦，由平衡条件得知，摩擦力f=F=mgsinα，当α逐渐变大，会出现F＞f m，这样，出现滑动摩擦，摩擦力f=f m=μmgcosα，在阶段1即静摩擦阶段，f=F=mgsinα，α的变化范围在0到90°之间，sinα随α变大而变大，当F大到等于f m后，就进入第2阶段即动摩擦阶段，f=f m=μmgcosα，余弦函数随α变大而变小，故D正确，ABC错误；故选：D．点评：一般来说最大静摩擦力比滑动摩擦力稍大一点，应注意本题中的条件是最大静摩擦力等于滑动摩擦力．故不会由突变产生．9．甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的匀变速直线运动的图象，下列说法正确的是( )A．甲是X﹣t图象 B．乙是a﹣t图象C．丙是v﹣t图象D．丁是a﹣t图象考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据匀变速直线运动的性质可分别得出速度﹣时间图象、加速度﹣时间图象、位移﹣时间图象及力﹣时间图象；结合题意可分析各项是否正确．解答：解：A、匀变速直线运动的速度随时间均匀变化，故v﹣t图象中匀变速直线运动为倾斜的直线，故甲为v﹣t图象；故A错误．BD、匀变速直线运动，加速度恒定不变，故a﹣t图象为一条平行于时间轴的直线；故B错误，D正确．C、匀变速直线运动的位移x=v0t+at2，故其图象为抛物线，故丙应为x﹣t图象；故C错误．故选：D．点评：匀变速直线运动为高中所研究的重要运动形式之一，要求我们熟练掌握其匀变速直线运动的特点：加速度不变，明确速度和位移与时间的关系．10．如图所示，物体A放在斜面上，与斜面一起向右做匀加速运动，物体A受到斜面对它支持力和摩擦力的合力方向应该是( )A．向右斜上方B．竖直向上C．向右斜下方D．水平向右考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：A具有水平向右的加速度，根据牛顿第二定律可知A所受合力向右，对物体A进行受力分析即可解题．解答：解：A具有水平向右的加速度，根据牛顿第二定律可知A所受合力向右，而A受到重力方向向下，所以斜面对A的合力方向只能向右斜上方．故选：A．点评：本题应抓住关键：物体与斜面一起向右做匀加速运动，即物体所示合力方向水平向右；同时两力的合力可称为斜面对物体的作用力．11．如图所示为初速度v0沿直线运动的物体的速度图象，其末速度为v，在时间t内，物体的平均速度和加速度a是( )A．＞，a随t减小B．=，a恒定C．＜，a随t减小D．无法确定考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图可知物体的运动状态，由图象的斜率可得出加速度的变化；将该运动与匀变速直线运动比较可得出平均速度与的关系．解答：解：由由图象的斜率等于加速度可知，物体做加速度减小的加速运动，连接图象的起点和终点可得到一个匀加速直线运动，如图所示，其平均速度为．而由图可知，变加速直线运动的位移大于匀加速直线运动的位移，故可知，变加速运动的平均速度大于．故A正确；故选：A．点评：v﹣t图象中图象的斜率表示物体的加速度，则根据斜率可求得加速度的变化；由图象的面积可得出物体通过的位移．要知道公式=只适用于匀变速直线运动．12．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则( )A．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．解答：解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度a′=，因为gsinθ＞μgcosθ，所以Fsinθ＞μFcosθ，可见a′＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．13．如图所示，物体A和B紧靠在一起放在粗糙水平桌面上，m A=2m B如果它们分别受到水平推力F1、F2，且F1＞F2，则A施于B的作用力的大小为( )A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先整体受力分析求出加速度，在隔离利用牛顿第二定律求A、B之间弹力的大小解答：解：根据牛顿第二定律对整体有：=…①方向水平向右对物体B：F N﹣F2﹣=m2a…②①②联立得：故ABD错误，C正确；故选：C点评：本题是连接体问题，考查灵活选择研究对象的能力，往往用整体法求加速度，而求内力时必须用隔离法14．电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个质量为1kg的重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为12N．关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）( )A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为2m/s2考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律．解答：解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N；在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为12N，对重物有：F﹣mg=ma，解得a=2m/s2，方向竖直向上；则电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向上，电梯可能向上做加速运动，也可能向下做减速运动．故A正确，B错误，C错误，D正确；故选AD．点评：解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况．二.多项选择题：（本题共4小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）15．以下关于分力和合力的关系的叙述中，正确的是( )A．合力和它的两个分力同时作用于物体上B．合力的大小等于两个分力大小的代数和C．合力可能小于它的任一个分力D．合力的大小可能等于某一个分力的大小考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：如果几个力的共同作用效果与一个力的作用效果相同，就把这几个力叫做那一个力的分力，而把那一个力叫做那几个力的合力，合力与分力是等效替代关系，不是重复受力；两个不共线的力合成时，遵循平行四边形定则．解答：解：A、合力与分力是等效替代关系，不是重复受力，故A错误；B、不在同一条直线上的两个力合成时，遵循平行四边形定则，故B错误；C、D、不在同一条直线上的两个力合成时，遵循平行四边形定则，故合力可能大于、小于或等于任意一个分力，故C正确，D也正确；故选CD．点评：本题关键要明确合力与分力的概念，知道合力与分力遵循平行四边形定则，是等效替代关系．16．在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下，“河北锦绣”、“银河”等13艘货轮历时36小时顺利抵达亚丁湾西部预定海域．此次护航总航程4500海里，已知1海里=1852米．假设所有船只运动速度都相同，则下列说法正确的是( )A．研究舰队的行驶路程时可将“千岛湖”舰看作质点B．以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是运动的C．根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速度D．根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速率考点：平均速度；质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：正确解答本题需要掌握：位移和路程的区别，质点的含义；相对运动，参照物的选取；平均速度的定义等．解答：解：A、本题中路程长度远远大于“千岛湖”舰的尺寸，所以研究舰队平均速率时可将“千岛湖”舰看作质点，故A错误；B、若“千岛湖”舰与“巢湖”舰同向匀速行驶，则以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰是静止，故B正确；C、“4500海里”是护航舰艇走过的轨迹长度，因此为路程不是位移，平均速率为路程和时间的比值，由于不知运动位移的大小，不能求出此次航行的平均速度，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题考查了描述运动的一些基本概念，对于这些概念一定要深入理解其定义，尤其是加强理解位移、平均速度等矢量概念的含义，注意平均速度与瞬时速度的区别，及看成质点的条件．17．如图是A、B两物体由同一地点沿相同的方向做直线运动的v﹣t图，由图可知( )A．A出发时间比B早5 s B．第10s末A、B速度相等C．第15s末A、B位移相等D．第20s末A、B位移之差为25m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度的大小，直接读出物体出发时间的关系．根据图线与坐标轴所围“面积”比较位移关系．两图线的交点表示速度相等．解答：解：A、由图看出，A出发时间比B迟5s．故A错误．B、第10s末，A和B的速度均为10m/s，故B正确；C、15s内A的位移为x A=×20×10=100m，B的位移x B=10×15=150m，所以15s内B的位移比A的位移大50m，故C错误；D、20s末，A的位移为×15×30=225m，B的位移10×20=200m，所以15s内A的位移比B的位移大25m，故D正确；故选BD点评：此题是速度图象问题，主要抓住图线的“面积”表示位移、交点表示速度相等数学意义来分析理解．18．如图所示，质量为1kg的物块放在倾角为37°的固定斜面上，若用一平行于斜面的力F 推物块，物块和斜面保持静止，斜面与物块之间的最大静摩擦因数μ=0.5，重力加速度g取10m/s2，则外力F的大小可能为( )A．1N B．6N C．9N D．12N考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：物体静止在斜面上，则物体可能沿斜面向上也可能沿斜面向下运动；分情况讨论，由共点力的平衡条件可求得推力的大小范围．解答：解：物体重力的沿斜面向下的分力为：G1=mgsin37°=10×0.6=6N；垂直于斜面的分力为：G2=mgcos37°=8N；则最大静摩擦力为：F m=μF N=μG2=0.5×8=4N若推力向上，由共点力的平衡条件可知，推力最小值为等于重力沿斜面向下的分力；故F=6N；此时静摩擦力为零；增大推力后，摩擦力变大，当达到最大静摩擦力时，推力最大为F′m=4+6=10N；而当推力向下时，最大静摩擦力小于重力的分力，物体不可能处于静止状态；故外力最大为10N，最小为6N；故BC正确；故选：BC．点评：本题考查共点力的平衡条件及静摩擦力的大小；要注意明确物体可能有向上的运动趋势或向下的运动趋势；故要分情况进行讨论．三．实验题：本大题共3小题，每空格2分，共16分．19．某同学在竖直悬挂的弹簧下加挂钩码，做实验研究弹力与弹簧伸长量的关系．下表是他的实验数据．实验时弹力始终没有超过弹性限度，弹簧很轻，自身质量可以不计．弹簧伸长量x/m 弹力F/N0 00.012 0.300.023 0.600.035 0.900.046 1.200.058 1.50（1）根据实验数据在给定的坐标系中做出弹力F跟弹簧伸长量x关系的图象．（2）根据图象可知弹簧的劲度系数为26N/m（保留两位有效数字）．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：根据表格中的数据作出F﹣x图线，结合图线的斜率求出弹簧的劲度系数的大小．解答：解：（1）根据表格中的数据作出F﹣x图线，如图所示．（2）根据F=kx，知k=，即图线的斜率等于弹簧的劲度系数，则k=．故答案为：（1）图象如图（2）26点评：解决本题的关键掌握胡克定律F=kx，知图线的斜率表示劲度系数，基础题．20．某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为3.60N．（2）下列不必要的实验要求是D．（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次实验中（情景如图），该同学发现弹簧测力计B的示数太小，请在保持OP方向不变的前提下，为解决该问题提一个建议增大M的质量．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数．在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验．解答：解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.60N．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．（3）如果弹簧测力计B的示数太小，则水平方向的拉力太小，可以增大M的质量，使B 的示数变大．故答案为：（1）3.60 （2）D （3）增大M的质量点评：本题考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．21．在“研究匀变速直线运动”的实验中：（1）下列做法正确的是BA．打点计时器应使用直流电源B．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处C．先使纸带运动，再接通电源D．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处（2）用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车的运动情况．某次实验中得到的一条纸带如图所示（长度单位：cm），图中各点为每5个打点选出的计数点（两计数点间还有4个打点未标出）．则打点计时器在打下B点时小车的瞬时速度为v B=0.96m/s，小车的加速度a=3.2m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：（1）打点计时器使用交流电源，实验时将小车紧靠打点计时器，先接通电源，再释放纸带．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出小车经过B点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度．解答：解：（1）A、打点计时器应使用交流电源．故A错误．B、将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处．故B正确，D错误．C、实验时应先接通电源，再释放纸带．故C错误．故选：B．（2）B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则：=0.96m/s，AB=8cm．BC=11.2cm，CD=14.4cm，DE=17.6cm，可知连续相等时间内的位移之差为3.2cm，根据△x=aT2得：a=．故答案为：（1）B，（2）0.96，3.2．。

河北省邢台市第一中学2017-2018学年高二下学期第二次月考物理试题一、选择题(每小题4分，共64分。

第1～9题单选，第10～16感多选。

全部选对的得4分选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1. 如图所示描述了封闭在某容器里的理想气体在温度和下的速率分布情况，下列说法正确的是A. >B. 随着温度升高，每一个气体分子的速率都增大C. 随着温度升高，气体分子中速率大的分子所占的比例会增加D. 若从到气体的体积减小，气体一定从外界吸收热量【答案】C【点睛】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律；根据热力学第一定律分析是否吸收热量．2. 由于分子间存在着分子力，而分子力做功与路径无关，因此分子间存在与其相对距离有关的分子势能。

如图所示为分子势能随分子间距离r变化的图象，取r趋近于无穷大时为零。

通过功能关系可以从分子势能的图象中得到有关分子力的信息，则下列说法正确的是A. 假设将两个分子从r=处释放，它们将开始远离B. 假设将两个分子从r=处释放，它们将相互靠近C. 假设将两个分子从r=处释放，它们的加速度先增大后减小D. 假设将两个分子从r=，处释放，当r=时它们的速度最大【答案】D【解析】由图可知，两个分子从r=r2处的分子势能最小，则分子之间的距离为平衡距离，分子之间的作用力恰好为0。

结合分子之间的作用力的特点可知，当分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小，所以假设将两个分子从r=r2处释放，它们既不会相互远离，也不会相互靠近。

故A B错误；由于r1＜r2，可知分子在r=r1处的分子之间的作用力表现为斥力，分子之间的距离将增大，分子力减小，加速度减小，当r=0时加速度减为零，此时分子的速度最大；以后分子力表现为引力，随分子距离增大而减小，则加速度减小，速度减小；选项C错误，D正确；故选D。

点睛：本题对分子力、分子势能与分子间距离的关系要熟悉，知道分子间距离等于平衡距离时分子势能最小，掌握分子间作用力与分子间距离的关系、分子清楚图象，即可正确解题．3. 空调在制冷过程中，室内空气中的水蒸气接触蒸发器(铜管) 液化成水，经排水管排走，空气中水分越来越少，人会感觉干燥。

2017-2018学年练习卷2016—2017学年第一学期第二次月考高二物理试题答案选择题1.B2.D3.D.4.C5.C6.B7.B8.BC9.AD 10.BD 11.BC 12.BD二、实验题13.（1）、11.50 （2）、11.40 （3）、5.546（5.545-5.547都对）（每空2分，共6分）14. 解析：(1)根据闭合电路欧姆定律有E ＝IR ＋Ir ，得R ＝E I －r ，由于R 与1I成线性关系，应作R －1I图象． (2)根据数据描点作图，如图所示(3)由R ＝E·1I－r 知，图象的纵轴截距为电源内阻的负值，则r ＝2.0 Ω，图象的斜率为电源的电动势，E ＝6.0 V.(4)由于电流表的分压，“IR”并不是电源的路端电压，若将电流表与电源等效为一个新电源，R ＝E·1I－(r ＋r A )，因此，E 测＝E 真，r 测＝r ＋r A >r 真． 答案：(1)R －1I（2分） (2)见解析（2分） (3)6.0(5.8～6.2) （2分） 2.0(1.8～2.2) （2分） (4)＝（1分） >（1分）三、计算题15.解：从A 到B ，由动能定理得：mgh ＋W 电＝12mv 2 3分 又W 电＝－qU AB 1分 （两式写一起4分） 解得：U AB ＝mgh/2q 2 分因为φB ＝φC ，所以小球从B 到C 电场力不做功，U AC ＝－mgh/2q 1分16.解：（1）P 电=P 热+P 机P 机=P 电-P 热=UI-I 2R 3分W=P 机t=6.54×104J 2分（2）P ’=U 2/R=121kw 3分17. 解析：在加速电压一定时，偏转电压U′越大，电子在极板间的偏距就越大.当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压. 加速过程，由动能定理得2021mv eU =3分进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动t v l 0= 1分在垂直于板面的方向做匀加速直线运动，加速度dm U e m F a '== 2分 偏距221at y = 1分 能飞出的条件为 y≤2d1分解得U′≤V V l Ud 2222222104)100.5()100.1(500022⨯=⨯⨯⨯⨯=-- 2分即要使电子能飞出，所加电压最大为V 400.18. 解：开关闭合后，电流方向从b 到a ，由左手定则可知，金属棒所受的安培力方向竖直向下。

河北省石家庄二中2017-2018学年高二下学期第一次月考物理卷（理科）一、选择题（1、2、3为多选，其余为单选，共12小题，共48分．下列各小题中，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，选错或不选的得0分．1．如图所示，弹簧振子在振动过程中，振子从a到b历时0.2s，振子经a、b两点时速度相同，若它从b再回到a的最短时间为0.4s，则该振子的振动频率为( )A．1 Hz B．1.25 Hz C．2 Hz D．2.5 Hz2．如图所示为某弹簧振子在0～5s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是( )A．振动周期为5 s，振幅为8 cmB．第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值C．第3 s末振子的速度为正向的最大值D．从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动3．下列现象中，属于光的衍射现象的是( )A．雨后天空出现彩虹B．通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹C．海市蜃楼现象D．日光照射在肥皂泡上出现彩色条纹4．如图所示，甲为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图象，乙图为参与波动的质点P的振动图象，则下列判断正确的是( )A．该波的传播速率为4 cm/sB．该波的传播方向沿x轴正方向C．经过0.5 s时间，质点P沿波的传播方向向前传播2 mD．该波在传播过程中若遇到3 m的障碍物，能发生明显衍射现象5．一列简谐波沿x轴正方向传播，在t=0时波形如图所示，已知波速为10m/s，则t=0.1s时正确的波形应是下图中的( )A．B．C．D．6．如图，一个三棱镜的截面为等腰直角△ABC，∠A为直角．此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射．该棱镜材料的折射率为( )A．B．C．D．7．如图所示，在一块平板玻璃上放置一平凸薄透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单一波长的光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹，称为牛顿环，以下说法正确的是( )A．干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的B．干涉现象是由于凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的C．干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面D．干涉条纹不等间距是由于平板玻璃不平造成的8．如图所示，两束单色光a、b从水面下射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是( )A．用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B．用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度都是均匀的C．在水中a光的速度比b光的速度小D．在水中a光的临界角大于b光的临界角9．某棱镜顶角θ=41.30°，一束白光以较大的入射角从棱镜的一个侧面射入，通过棱镜折射后从另一个侧面射出，在光屏上形成由红到紫的彩色光带，如图所示，当入射角θ1逐渐减小到零的过程中，彩色光带变化的情况是（根据表格中的数据判断）( )A．紫光最先消失，最后只剩下红光和橙光B．紫光最先消失，最后只剩下黄光、橙光和红光C．红光最先消失，最后只剩下紫光和蓝光D．红光最先消失，最后只剩下紫光、蓝光和绿光10．分析下列物理现象( )（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝；（2）“闻其声而不见其人”；（3）学生围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高．这些物理现象分别属于波的( )A．反射、衍射、干涉、多普勒效应B．折射、衍射、多普勒效应、干涉C．反射、折射、干涉、多普勒效应D．衍射、折射、干涉、多普勒效应11．一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=0与x=2m的两质点振动图线分别如图中实线与虚线所示，由此可得出( )A．该波的波长可能是4mB．该波的周期是5sC．波的传播速度可能是2m/sD．在t=2s时刻，x=2m处的质点正向上运动12．如图所示，一束自然光通过起偏器照射到光屏上，则图中光屏上发亮的有（起偏器上用箭头表示其透射方向）( )A．B．C． D．二、实验题（每空2分，共20分）13．某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中：①用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径为__________cm．②小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是__________．（填选项前的字母）A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D．选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小．14．如图所示：一半圆形玻璃砖外面插上P1、P2、P3、P4四枚大头针时，P3、P4恰可挡住P1、P2所成的像，则该玻璃砖的折射率n=__________．有一同学把大头针插在P1′、P2′位置时，沿着P4、P3的方向看不到大头针的像，其原因是__________．15．在用双缝干涉测光的波长的实验中，请按照题目要求回答下列问题．（1）如图1所示，甲、乙两图都是光的条纹形状示意图，其中干涉图样是__________．（2）将下表中的光学元件放在图1的丙所示的光具座上组装成用双缝干涉测光的波长的实验装置，并用此装置测量红光的波长．元件代号 A B C D E元件名称光屏双缝白光光源单缝透红光的滤光片将白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光学元件，由左至右，各光学元件的排列顺序应为__________．（填写元件代号）（3）已知该装置中双缝间距d=0.50mm，双缝到光屏的距离l=0.50m，在光屏上得到的干涉图样如图2甲所示，分划板在图中A位置时游标卡尺如图2乙所示，则其示数x A=__________ mm；在B位置时游标卡尺如图2丙所示，则相邻两条纹间距△x=__________ mm；（4）由以上所测数据，可以得出形成此干涉图样的单色光的波长为__________ m．（5）若改用频率较高的单色光照射，得到的干涉条纹间距将__________（填“变大”、“不变”或“变小”）．三、计算题（要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分．）16．一列简谐横波在x轴上传播，在t1=0和t2=0.05s时，其波形图分别用如图所示的实线和虚线表示，求：①这列波可能具有的波速．②当波速为280m/s时，波的传播方向如何？以此波速传播时，x=8m处的质点P从平衡位置运动至波谷所需的最短时间是多少？17．如图所示，半圆形玻璃砖的半径为R，光屏PQ置于直径的右端并与直径垂直，一单色光与竖直方向成α=30°角射入玻璃砖的圆心O，在光屏上出现了一个光斑，玻璃对该种单色光的折射率为n=，光在真空中的传播速度为c，求：（1）光屏上的光斑与O点之间的距离；（2）光进入玻璃后经过多少时间到达光屏；（3）使入射光线绕O点逆时针方向旋转，为使光屏上的光斑消失，至少要转过多少角度？18．圆柱透镜的截面如图所示，圆心为O，半径OA=R，一束光从半径OA的中点垂直于界面射入透镜后，从圆弧面射出，出射光线相对入射光线偏折了15°角，求透镜的折射率．要使这束光线不能从圆弧面射出，可使透镜从图示位置沿垂直于入射光线方向平移多少？向上平移还是向下平移？河北省石家庄二中2014-2015学年高二下学期第一次月考物理试卷（理科）一、选择题（1、2、3为多选，其余为单选，共12小题，共48分．下列各小题中，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，选错或不选的得0分．1．如图所示，弹簧振子在振动过程中，振子从a到b历时0.2s，振子经a、b两点时速度相同，若它从b再回到a的最短时间为0.4s，则该振子的振动频率为( )A．1 Hz B．1.25 Hz C．2 Hz D．2.5 Hz考点：简谐运动的振幅、周期和频率．专题：简谐运动专题．分析：振子完成一次全振动的时间等于一个周期．根据周期的定义，确定出振子的周期，求出频率．解答：解：由于振子在a、b两点的速度相同，则a、b两点关于O点是对称的，所以O 到b点的时间为0.1s，而从b再回到a的最短时间为0.4s，则从b再回到b的最短时间为0.2s，所以从b到最大位移处的最短时间为0.1s，因此振子的振动周期为T=0.8s，那么振子的振动频率为f==1.25Hz．故选：B点评：本题要抓住简谐运动的对称性，确定振子完成一次全振动的时间，得到周期，求出频率．2．如图所示为某弹簧振子在0～5s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是( )A．振动周期为5 s，振幅为8 cmB．第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值C．第3 s末振子的速度为正向的最大值D．从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动考点：简谐运动的振动图象．专题：简谐运动专题．分析：由振动图象能直接振幅和周期．根据图象的斜率读出速度的方向．根据位移的方向分析加速度方向．质点通过平衡位置时速度最大．解答：解：A、由图知，质点的振幅是8cm，周期是4s，故A错误．B、在t=2s时，物体到达负向最大位移处，速度为零，加速度为正向最大值；故B错误；C、第3 s末振子在平衡位置处，其速度为正向的最大值；故C正确；D、从第1 s末到第2 s末振子在向负向平衡位置移动，振子在做减速运动；故D错误；故选：C．点评：对于振动图象，要抓住图象的斜率等于速度，从而能分析速度的方向及大小变化情况．根据简谐运动的特征a=﹣分析加速度．3．下列现象中，属于光的衍射现象的是( )A．雨后天空出现彩虹B．通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹C．海市蜃楼现象D．日光照射在肥皂泡上出现彩色条纹考点：光的衍射．专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题．分析：在天空出现彩虹种现象叫做光的色散现象，过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹，属于单缝衍射，市蜃楼现象属于光的折射，肥皂泡上出现彩色条纹属于光的干涉．解答：解：A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，A错误；B、通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹，属于单缝衍射，B正确；C、海市蜃楼现象属于光的折射，C错误；D、日光照射在肥皂泡上出现彩色条纹属于光的干涉，D正确．故选：B．点评：掌握折射现象、干涉现象和衍射现象的本质的不同是顺利解决此类题目的关键．4．如图所示，甲为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图象，乙图为参与波动的质点P的振动图象，则下列判断正确的是( )A．该波的传播速率为4 cm/sB．该波的传播方向沿x轴正方向C．经过0.5 s时间，质点P沿波的传播方向向前传播2 mD．该波在传播过程中若遇到3 m的障碍物，能发生明显衍射现象考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由波动图象可读出波长，由振动图象读出周期，求出波速．在乙图上读出t=0时刻P 质点的振动方向，在甲图上判断出波的传播方向．波在同一介质中匀速传播，由s=vt可以求出经过0.5s时间波沿波的传播方向向前传播的距离，而质点并不向前传播．根据波长与障碍物尺寸的关系分析能否发生明显的衍射现象．解答：解：A、甲图是波动图象，由甲读出该波的波长为λ=4m．乙图是振动图象，由乙图读出周期为T=1s，则波速为v==4m/s．故A错误．B、在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上，根据波形的平移法判断得知该波的传播方向沿x轴负方向．故B错误．C、质点只在自己的平衡位置附近上下振动，并不随波的传播方向向前传播．故C错误．D、由于该波的波长为4m，所以该波在传播过程中若遇到3m的障碍物，能发生明显的衍射现象．故D正确．故选：D点评：根据波动图象能读出波长、由质点的振动方向判断波的传播方向，由振动图象读出周期和质点的振动方向等等，都学习振动和波部分应具备的基本能力，要加强训练，熟练掌握．5．一列简谐波沿x轴正方向传播，在t=0时波形如图所示，已知波速为10m/s，则t=0.1s时正确的波形应是下图中的( )A．B．C．D．考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：已知t=0时刻波形，由公式x=vt求出该波传播的距离，然后判定即可．解答：解：由公式x=vt知该波在0.1s是时间内传播的距离：x=10×0.1=1m．由图可知该波的波长是4.0m，波向右传播1m，则在1.0m处的质点位于波峰；3.0m处的质点位于波谷．所以ABD错误，C正确．故选：C点评：该题考查波动的图象，可以结合波传播的距离解答，也可以求出该波的周期，结合各质点的振动情况解答．基础题目．6．如图，一个三棱镜的截面为等腰直角△ABC，∠A为直角．此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射．该棱镜材料的折射率为( )A．B．C．D．考点：全反射；折射率及其测定．专题：全反射和临界角专题．分析：由于光是从玻璃射向空气，所以折射定律公式中，折射率应该是折射角的正弦与入射角的正弦相比，若是光是从空气射向玻璃则折射率应该是入射角的正弦与折射角的正弦相比．光的全反射必须从光密介质进入光疏介质，同时入射角大于临界角；当恰好发生全反射时的入射角叫临界角．解答：解：三棱镜的截面为等腰直角ABC，光线沿平行于BC边的方向射到AB边，则第一次折射时的入射角等于45°，射到AC边上，并刚好能发生全反射．则有sinC=．由折射定律可得：所以由上两式可得：n=故选：A点评：临界角其实也是入射角，对于同一介质它是特定的．当光垂直入射时，由于入射角为零，所以折射角也为零，由于已知三棱镜的顶角，当光再次入射时，由几何关系可知折射角角，最后由折射定律可求出折射率．7．如图所示，在一块平板玻璃上放置一平凸薄透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单一波长的光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹，称为牛顿环，以下说法正确的是( )A．干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的B．干涉现象是由于凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的C．干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面D．干涉条纹不等间距是由于平板玻璃不平造成的考点：光的双缝干涉现象和薄膜干涉现象．专题：光的干涉专题．分析：从空气层的上下表面反射的两列光为相干光，当光程差为波长的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹．使牛顿环的曲率半径越大，相同的水平距离使空气层的厚度变小，所以观察到的圆环状条纹间距变大．解答：解：A、凸透镜下表面与玻璃上表面形成空气薄膜，干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉叠加而成．故A正确；B、凸透镜下表面与玻璃上表面形成空气薄膜，干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉叠加而成．不是凸透镜上表面，故B错误；C、干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面，导致间距不均匀增大，从而观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹．故C正确；D、干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面，导致间距不均匀增大，从而观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹．故D错误；故选：AC点评：理解了该实验的原理即可顺利解决此题，故在学习过程中要深入理解各个物理现象产生的机理是什么．8．如图所示，两束单色光a、b从水面下射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是( )A．用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B．用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度都是均匀的C．在水中a光的速度比b光的速度小D．在水中a光的临界角大于b光的临界角考点：光的折射定律；光通过棱镜时的偏折和色散．专题：光的折射专题．分析：通过光路图，判断出水对两束光的折射率大小，从而知道两束光的频率大小，根据折射率和频率大小去判断出在水中的速度大小，以及临界角和发生光的干涉的条纹间距与波长的关系．干涉条纹的间距△x=，由公式可得，条纹间距与波长、屏间距成正比，与双缝间距d成反比．解答：解：由图可知，单色光a偏折程度小于b的偏折程度，所以a光的折射率小于b光的折射率．因此可假设a为红光，b为紫光；A、用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，则红光的波长比紫光长，所以红光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距，故A正确；B、用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度是不均匀，中央宽两边窄，故B 错误；C、在水中a光的折射率小于b光的折射率，所以a光的速度大于b光的速度，故C错误；D、单色光a偏折程度小于b的偏折程度，所以a光的折射率小于b光的折射率，由公式sinC=可得，在水中a光的临界角大于b光的临界角，故D正确；故选：AD．点评：解决本题的关键是通过光路图比较出折射率，而得知频率，然后根据光学知识进行求解．9．某棱镜顶角θ=41.30°，一束白光以较大的入射角从棱镜的一个侧面射入，通过棱镜折射后从另一个侧面射出，在光屏上形成由红到紫的彩色光带，如图所示，当入射角θ1逐渐减小到零的过程中，彩色光带变化的情况是（根据表格中的数据判断）( )A．紫光最先消失，最后只剩下红光和橙光B．紫光最先消失，最后只剩下黄光、橙光和红光C．红光最先消失，最后只剩下紫光和蓝光D．红光最先消失，最后只剩下紫光、蓝光和绿光考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：由于白光是复色光，各种色光的折射率不同，折射率最大的光偏折程度最大；入射角θ逐渐减小到零的过程中，导致光线射到棱镜右侧面的入射角增大，当入射角达到某光的临界角时该光将发生全反射，分析不同色光的临界角大小可得出最先发生全反射的色光．当入射角小于临界角时，则不会发生光的全反射．解答：解：由表格数据看出，紫光的折射率最大，临界角最小，当入射角θ1逐渐减小到零的过程中，折射角减小，光线射到棱镜右侧面的入射角增大，紫光的入射角最先达到临界角，发生全反射，最先消失．当入射角θ1减小到零时，光线射到棱镜右侧面的入射角等于α=θ=41.30°，小于红光与橙光的临界角，所以这两种光不发生全反射，仍能射到光屏上．故最后光屏上只剩下红、橙两种色光．故A正确，BCD错误．故选：A点评：本题考查对光的全反射的理解，关键抓住全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质，入射角大于临界角，进行分析．10．分析下列物理现象( )（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝；（2）“闻其声而不见其人”；（3）学生围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高．这些物理现象分别属于波的( )A．反射、衍射、干涉、多普勒效应B．折射、衍射、多普勒效应、干涉C．反射、折射、干涉、多普勒效应D．衍射、折射、干涉、多普勒效应考点：波的干涉和衍射现象．分析：衍射是绕过阻碍物继续传播，而干涉是两种频率相同的相互叠加出现明暗相间的现象，对于多普勒效应现象频率是在发生变化．解答：解：（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝，是由于声音在云层间来回传播，这是声音的反射；（2）“闻其声而不见其人”，听到声音，却看不见人，这是声音的衍射；（3）围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音，音叉发出两个频率相同的声波相互叠加，从而出现加强区与减弱区．这是声音的干涉；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高．音调变高就是频率变高，因此这是多普勒效应现象；故选：A．点评：本题考查波的干涉、衍射及多普勒效应等的应用；要注意明确无论反射、衍射还是干涉，其频率均不变，而多普勒效应频率即发生变化．11．一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=0与x=2m的两质点振动图线分别如图中实线与虚线所示，由此可得出( )A．该波的波长可能是4mB．该波的周期是5sC．波的传播速度可能是2m/sD．在t=2s时刻，x=2m处的质点正向上运动考点：光通过棱镜时的偏折和色散．专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题．分析：根据同一时刻两质点的状态，结合波形，确定出两点间距离与波长的关系，求出波长．由图读出周期．由于波的传播方向未知，分两种方向进行分析，求解波速可能的值．解答：解：A、波沿x轴正方向传播时，在x=0与x=2m的两质点振动图线分别如图中实线与虚线所示，传播的距离为2m，则传播距离与波长的关系，x=（n+）λ，解得：λ=（n=0，1，2，…），当n=0时，波长λ=8m；当n=1时，波长λ=1.6m．故A错误．B、该波的周期等于两质点振动的周期为T=4s．故B错误．C、在x=0与x=2m的两质点振动图线分别如图中实线与虚线所示，则所需要时间为t=n+（n=0，1，2，…），那么传播速度v===m/s，当n=0时，波速v=2m/s；当n=1时，波速v=1m/s，故C正确．D、波沿x轴正方向传播时，当波速为v=1m/s时，即t=2s时刻，则x=2m处的质点才正向上运动．故D错误．故选：C．点评：本题要根据两质点的在同一时刻的状态，画出波形，分析距离与波长的关系，再求解波长．要考虑双向性，不能漏解．12．如图所示，一束自然光通过起偏器照射到光屏上，则图中光屏上发亮的有（起偏器上用箭头表示其透射方向）( )A．B．C． D．考点：光的偏振．专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题．分析：根据光的现象，只要光的振动方向不与偏振片的狭逢垂直，都能有光通过偏振片，自然光向四周方向振动，而偏振光只有特定方向振动．解答：解：A、自然光包含垂直传播方向向各个方向振动的光，当自然光照射偏振光时能在屏上观察到光亮，故A正确，B也正确；C、因为两个偏振片已经相互垂直，因此自然光不能通过，所以屏上没有光亮．故C是错误；D、两个偏振片相互平行，则光屏上有亮光，故D正确；故选：ABD．点评：D选项容易漏选，其实题中另一侧能观察到光即可．同时自然光向各个方向发射，而偏振光则是向特定方向放射．二、实验题（每空2分，共20分）13．某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中：①用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径为0.97cm．②小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是C．（填选项前的字母）A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D．选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺读数等于固定刻度读数加游标尺读数，不需要估读；（2）摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；单摆摆球经过平衡位置的速度最大，最大位移处速度为0，在平衡位置计时误差最小；由单摆的周期公式即可求解．解答：解：（1）游标卡尺读数等于固定刻度读数加游标尺读数；固定刻度读数为：0.9cm；游标尺第7刻线与主尺刻线对其，读数为0.07cm，故读数为：0.07+0.9=0.97cm；（2）A、用单摆的最大摆角应小于5°，故A错误；B、一个周期的时间内，摆球通过最低点2次，故B错误；C、由单摆的周期公式可推出重力加速度的计算式g=可知，摆长偏大则代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大，故C正确；D、为减小实验误差因，应选择密度较大的摆球，故D错误．故选：C．故答案为：（1）0.97；（2）C．点评：解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．简谐运动是一种理想的运动模型，单摆只有在摆角很小，空气阻力影响不计的情况下单摆的振动才可以看成简谐运动，要知道影响实验结论的因素．14．如图所示：一半圆形玻璃砖外面插上P1、P2、P3、P4四枚大头针时，P3、P4恰可挡住P1、P2所成的像，则该玻璃砖的折射率n=1.73．有一同学把大头针插在P1′、P2′位置时，沿着P4、P3的方向看不到大头针的像，其原因是经过P1′P2′的光线在界面MN处发生全反射．．。

河北省2017年高考物理试卷一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项是符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．（6分）将质量为1.00kg 的模型火箭点火升空，50g 燃烧的燃气以大小为600m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为（喷出过程中重力和空气阻力可忽略）（ ）A ．30kg•m/sB ．5.7×102kg•m/sC ．6.0×102kg•m/sD ．6.3×102kg•m/s2．（6分）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）。

速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是（ ）A ．速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B ．速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C ．速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D ．速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大3．（6分）如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里。

三个带正电的微粒a ，b ，c 电荷量相等，质量分别为m a ，m b ，m c ．已知在该区域内，a 在纸面内做匀速圆周运动，b 在纸面内向右做匀速直线运动，c 在纸面内向左做匀速直线运动。

下列选项正确的是（ ）A ．m a ＞m b ＞m cB ．m b ＞m a ＞m cC ．m c ＞m a ＞m bD ．m c ＞m b ＞m a4．（6分）大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：H +H→He +n ，已知H 的质量为2.0136u ，He 的质量为3.0150u ，n 的质量为1.0087u ，1u=931MeV/c 2．氘核聚变反应中释放的核能约为（ ）A ．3.7MeVB ．3.3MeVC ．2.7MeVD ．0.93MeV5．（6分）扫描隧道显微镜（STM ）可用来探测样品表面原子尺寸上的形貌，为了有效隔离外界震动对STM 的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小震动，如图所示，无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及其左右震动的衰减最有效的方案是（）A． B．C．D．6．（6分）如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，均通有电流I，L1中电流方向与L2中的相同，与L3中的相反。

2017年度月考物理试卷一、选择题1、如图所示，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为的相同小球，小球之间用劲度系数均为的轻质弹簧绝缘连接.当3个小球处于静止状态时,每根弹簧长度为。

已知静电力常量为,若不考虑弹簧的静电感应,则每根弹簧的原长为（)A。

B。

C.D.2、真空中甲、乙两个固定的点电荷,相互作用力为,若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍,要使它们的作用力仍为,则它们之间的距离变为原来的( )A.2倍B.4倍C.8倍D。

16倍3、两个半径为的带电球所带电荷量分别为和,当两球心相距3时,相互作用的静电力大小为（ )A.B.C。

D.无法确定4、匀强电场中的三点是一个三角形的三个顶点，的长度为1，为的中点,如图所示。

已知电场线的方向平行于所在平面，三点的电势分别为14、6和2。

设场强大小为，一电量为的正电荷从点移到点电场力所做的功为,则（ )A.，B.，C。

,D.，5、两个固定的等量异号点电荷所产生电场等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中点沿图示方向进入电场在纸面内飞行,最后离开电场,粒子只受静电力作用，则粒子在电场中( ）A。

做直线运动,电势能先变小后变大B.做直线运动,电势能先变大后变小C。

做曲线运动，电势能先变小后变大D.做曲线运动,电势能先变大后变小6、如图,五点在一直线上，两点间的距离等于两点间的距离。

在点固定放置一个点电荷,带电量为,已知在的电场中两点间的电势差为。

将另一个点电荷从点移到点的过程中( ）A。

电场力做功B。

克服电场力做功C。

电场力做功大于D.电场力做功小于7、电容器是一种常用的电子元件。

下列对电容器认识正确的是（）A。

电容器的电容表示其储存电荷能力B.电容器的电容与它所带的电量成正比C.电容器的电容与它两极板间的电压成反比D.电容的常用单位有和,8、光滑绝缘水平面上有带电小球甲和乙,已知q甲=4q乙、m甲=3m乙，则它们在库仑力作用下产生的加速度之比a甲∶a乙等于( )A。

河北省巨鹿中学2020-2021学年高二物理下学期第三次月考答案（3-4）第Ⅰ卷（选择题 共46分）一、选择题（共10小题，共46分。

1-7题为单选题，每小题4分，8-10题为多选题，选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．C2．A3．D4．D5．B6．C7．B8．AD9．BD10．CD第Ⅱ卷（实验题、计算题 共54分）二、实验题（共2小题，共15分）11【答案】(1)弹簧测力计（1分） 刻度尺（1分） (2)A （2分） (3)F （1分） F ′（1分）12【答案】(1) 匀减速（2分） 越小（1分） (2) b （3分） (3) 2.0（3分）三、计算题（共3小题，共39分，其中13题11分，14题12分，15题16分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分） 13（11分）【答案】(1)43 (2)1277m 【解析】：(1)点光源S 在距水面高3 m 处发出的光在观景台右侧面与水面交接处折射到水里时，被照亮的距离为最近距离AB ，则由于n ＝sin i sin r，（2分）所以，水的折射率.（2分）(2)点光源S 接近水面时，光在观景台右侧面与水面交接处折射到水里时，被照亮的距离为最远距离AC ，此时，入射角为90°，折射角为临界角C .则n ＝1sin C ＝AC 2＋h 2AC ＝43（2分） 可得sin C ＝34（1分）由数学知识得tan C ＝sin C cos C ＝sin C 1－sin 2C＝377.（2分） 解得AC ＝h tan C ＝1277m （2分） 14（12分）【答案】（1）4N ；（2）1110【解析】 （1）对物块进行受力分析如图所示（假设摩擦力方向沿斜面向下）：由物体平衡可得：1sin cos f F mg F +=αα（2分）整理可以得到F f1=4N （1分）方向沿斜面向下，即假设正确；（1分）（2）推力沿斜面向上物块恰好不下滑，受力分析有1cos37sin 37F mg mg μ+︒=︒（2分）推力水平向右物块恰好不下滑受力分析，沿斜面方向2cos37sin 37F F mg ︒+=︒f2（2分）垂直于斜面方向2sin 37cos37F mg F ︒+︒=N2（2分）又因为f2N2F F μ=（1分）解得121110F F =（1分） 15．（16分）【答案】（1）8m ；（2）会相撞，1s【解析】（1）在123s t t t =+=时间内二者均做匀速直线运动汽车运动的位移x 1=v 1t =60m(2分)三轮车运动的位移x 2=v 2t =24m(2分)二者的间距Δx =x 0+x 2-x 1=8m(2分)（2）设汽车减速经时间3t 与三轮车速度相同有213v v at =-(1分)可得t 3=1.5s(1分)在该段时间内汽车位移123337.8m 2v v x t +===21m(1分) 在该段时间内三轮车位移42321.6m x v t ===12m(1分)二者的间距43ΔΔ 3.2m x x x x =+-=-= -1m(1分)可知两车在共速前已经相撞，设汽车减速经时间4t 与三轮车相撞 在该段时间内汽车位移2514412x v t at =-(1分) 在该段时间内三轮车位移624x v t =(1分) 由位移关系有56Δx x x =+(1分)可得41s t =(2分)。

河北省衡水中学滁州分校2017-2018学年高一下学期第一次月考物理试题一、选择题1. 关于物体的运动，以下说法正确的是（）A. 物体做匀速圆周运动时，加速度不改变B. 物体做匀速圆周运动时，加速度大小不变，方向不变且始终指向圆心C. 物体做曲线运动时，加速度一定改变D. 物体做曲线运动时，加速度可能不变【答案】D【解析】物体做匀速圆周运动时，加速度大小不改变，方向不断变化，选项A错误；物体做匀速圆周运动时，加速度大小不变，方向改变且始终指向圆心，选项B错误；物体做曲线运动时，加速度不一定改变，例如平抛运动，选项C错误，D正确；故选D.2. 如图所示，光滑的水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球到达P点时F突然发生变化，下列关于小球运动的说法正确的是（）A. F突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动B. F突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动C. F突然变大，小球将沿轨迹pb做离心运动D. F突然变小，小球将沿轨迹Pc逐渐靠近圆心【答案】A【解析】F突然消失时，小球将沿该时刻线速度方向，即沿轨迹Pa做离心运动，选项A正确；F突然变小时，小球将会沿轨迹Pb做离心运动，选项B、D均错误；F突然变大时，小球将沿轨迹Pc做近心运动，选项C错误。

3. 如图所示的传动装置中，B、C两轮同轴转动．A、B、C三轮的半径大小关系是r A=r C=2r B．当皮带不打滑时，三轮的角速度之比、三轮边缘的线速度大小之比、三轮边缘的向心加速度大小之比分别为（）A. v A：v C=2：1B. a A：a B=1：2C. ωA：ωB=2：1D. a A：a C=1：2【答案】B【解析】因为AB两轮由不打滑的皮带相连，所以相等时间内AB两点转过的弧长相等，即：v B=v C由v=ωr知：ωA：ωB=R B：R A=1：2又BC是同轴转动，相等时间转过的角度相等，即：ωC=ωB由v=ωr知：v A：v C=R B：R C=1：2所以：v A：v B：v C=1：1：2ωA：ωB：ωC=1：2：2再根据a=ωv得：a A：a B：a C=1：2：4，故B正确，ACD错误, 故选B。