2020届全国天一大联考新高考押题模拟考试(一)物理试卷

1 2020届全国天一大联考新高考押题模拟考试（一）

物 理

★祝你考试顺利★

注意事项：

1、考试范围：高二考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合题意，答对得3分，答错或不答得0分。

1.如图所示，平行板电容器两极板带有等量异种电荷，上极板与静电计金属球相连，下极板和静电计金属外壳都接地。现保持下极板不动，将上极板向左移动一小段距离至图中虚线位置，则两极板间的电场强度E，和静电计指针偏角θ的变化情况是（ ）

A. θ增大，E增大 B. θ增大，E不变

C. θ减小，E减小 D. θ减小，E不变

【答案】A

【解析】

分析】

电容器充电后断开电源，极板上的电量不变。根据电容器的定义式和决定式可分析电容的和电压的变化，再根据电场强度和电压的公式分析电场强度的变化。

2 【详解】电容器与电源断开，故电荷量不变。上极板向左移动时，两极板的面积减小，根据

4rSCkd

可知电容C减小，Q不变，则根据

=QCU

可知电压U增大，故静电计指针偏角θ增大。两板间的电场强度为

UEd

因为U增大，d不变，因此电场强度E变大。由上分析得 θ增大，E增大，故A正确，BCD错误。

故选A。

2.美国火星探测器“洞察”号于2018年11月27日成功登陆火星，已知火星与地球绕太阳公转的轨道半径之比为3︰2，火星与地球的质量之比为1︰10，火星与地球的半径之比为1︰2，则

A. 火星绕太阳的公转周期小于1年

B. “洞察”号减速下降登陆火星的过程中处于失重状态

C. 火星绕太阳公转的向心加速度比地球小

D. 地球和太阳的连线与火星和太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等

【答案】C

【解析】

【分析】

研究火星和地球绕太阳公转，根据万有引力提供向心力，列出等式再去进行比较．根据万有引力等于重力表示出重力加速度，再去进行比较．

【详解】A项：研究火星和地球绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得出：2224MmGmrrT，得：32rTGM，M为太阳的质量，r为轨道半径．火星的轨道半径大于地球的轨道半径，通过T的表达式发现公转轨道半径大的周期长，即火星公转的周期比地球的长即大于1年，故A错误；

B项：“洞察”号减速下降登陆火星的过程中具有向上的加速度，所以处于超重状态，故B错误；

C项：研究火星和地球绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得出：2MmGmar，得：2GMar M为太

3 阳的质量，r为轨道半径．火星的轨道半径大于地球的轨道半径，通过a的表达式发现公转轨道半径大的向心加速度小，即火星公转的向心加速度比地球公转的向心加速度小，故C正确；

D项：对同一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等，故D错误．

故选C．

【点睛】要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．

3.如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下列说法中正确的是（ ）

A. 若R1短路，电流表示数变小，电压表示数为零

B. 若R2短路，电流表示数变小，电压表示数变大

C. 若R3断路，电流表示数为零，电压表示数变大

D. 若R4断路，电流表示数变小，电压表示数变大

【答案】AC

【解析】

【详解】若R1短路，则总电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，而外电路并联，故流过电流表中的电流减小，电压表测R1两端的电压，则示数为零，故A正确；若R2短路，则总电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，而外电路并联，故流过电流表中的电流减小，电流表示数减小，电压表测路端电压因此减小，故B错误；若R3断路,则流过电流表中的电流为零，且总电阻增大，则总电流减小，故路端电压增大，则电压表示数增大，故C正确；若R4断路，则总电阻增大，总电流减小，故路端电压增大，因右侧并联电路没有变化，故电流表示数增大；电压表示数增大，故D错误．故选ABC．

4.如图通电直导线ab位于两平行导线的横截面MN的连线的中垂线上，MN固定，ab可自由转动，且电流方向如图示，当平行导线MN通以图示的同向等值电流时，以下说法中正确的是：

4

A. ab顺时针旋转

B. ab逆时针旋转

C. a端向里，b端向外旋转

D. a端向外，b端向里旋转

【答案】D

【解析】

【详解】导线M和N的磁感线都是同心圆．因此对ab上半段，M导线的磁感线指向右下，可以用左手定则判断：a端受到向外的力．N导线的磁感线指向右上，也使a端受向外的力；同理也可以分析出b端受向里的力．从而使得a端转向纸外，b端转向纸里，故D正确；

AB．a端转向纸外，b端转向纸里，AB错误；

CD．a端转向纸外，b端转向纸里，C错误D正确．

5.倾角θ=45°外表面光滑的楔形滑块M放在水平面AB上，在滑块M的顶端O处固定一细线，细线的另一端拴一小球，已知小球的质量10kgm，滑块与小球一起沿水平面以a=3g的加速度向右做匀加速运动时，细线拉力的大小为（取g=10m/s2）（ ）

A. 100N B. 30N C. 1010N D. 10N

【答案】A

5 【解析】

【分析】

根据牛顿第二定律求出支持力为零时滑块的加速度，从而判断小球是否脱离斜面飘起，再根据平行四边形定则求出拉力的大小。

【详解】当小球对滑块的压力等于零时，对小球受力分析，受重力、拉力，如图1所示

由牛顿第二定律，则水平方向

0=cos45FFma合

竖直方向

sin45Fmg

代入数据得2010m/sa

当斜面体以a=3g的加速度向左运动时，对小球受力分析如图2所示

由于3ag，所以0aa＞，所以小球会飘起来，由牛顿第二定律，

=cosFTma合

sinTmg

代入数据得F=100N

故选A。

6 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有两个或两个以上选项符合题意，全部选对得4分，选对不全得2分，答错或不答得0分。

6.如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（ ）

A. 球B对墙的压力增大

B. 物体A与球B之间的作用力减小

C. 地面对物体A的摩擦力减小

D. 物体A对地面的压力减小

【答案】BC

【解析】

【详解】对小球B受力分析，作出平行四边形如图所示：

AB.A滑动前，B球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将A向外平移后，B受弹力的方向将上移，如虚线所示，但B仍受力平衡，由图可知A对B球的弹力及墙壁对球的弹力均减小；故A错误，B正确；

C.以AB为整体分析，水平方向上受墙壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小．故C正确；

D.竖直方向上受重力及地面的支持力，两物体的重力不变，故A对地面的压力不变．故D错误

7.某静电场中x轴上各点电势分布图如图所示。一带电粒子在坐标原点O处静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动。下列说法中正确的有（ ）

7 A. 粒子一定带正电

B. 粒子在x1处受到的电场力最大

C. 粒子从原点运动到x1过程中，电势能减小

D. 粒子不能够运动到x2处

【答案】CD

【解析】

【分析】

根据粒子在电场力作用下运动的方向判断它的电性。图像的斜率表示电场强度，通过比较斜率大小比较场强大小，从而比较加速度大小。

【详解】A．带电粒子在坐标原点O由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正向运动，电场力做正功，导致其电势能减小，由于从坐标原点O处运动到x1处，电势升高，所以沿着电场线的反方向运动，因此粒子带负电，故A错误。

B．图像的斜率大小表示电场强度，x1处斜率为0，故电场强度为0，根据公式

FqE

可知，粒子在x1处受到的电场力为0。故B错误。

C．带电粒子在坐标原点O由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正向运动，电场力做正功，导致其电势能减小。故C正确。

D．因为坐标原点的电势大于x2处的电势，由公式

Epq

得知负电荷粒子在坐标原点O处的电势能小于x2处的电势能，所以不能运动到x2处。故D正确。

故选CD。

【点睛】xφ图像的斜率表示电场强度。

8.一辆汽车出厂前需经过多项严格质量检测，才能被贴上“产品合格证”和“3C强制产品认证”标识，其中转翼检测就是进行低速试验，检测多项安全性能，在水平平行的两条车道上检测甲、乙两车，在t=0时刻，甲、乙两车并排，两车的v-t关系图象如图所示，则（ ）