【江苏高考 大一轮 物理精品】第七章 实验五

恒定电流考试内容范围及要求高考统计高考命题解读内容 要求 2015 2016 2017 2018 1.考查方式 高考对本章内容的高频考点主要是电学实验的知识．同时也会考查电路的相关知识，一般难度较小，常以选择题的形式出题，而电学实验知识主要考查闭合电路欧姆定律、仪器的选取、电路的设计与创新知识，有一定的难度．常以实验填空、作图等形式出题． 2．命题趋势(1)应用串、并联电路规律、闭合电路欧姆定律及部分电路欧姆定律进行电路的动态分析．(2)非纯电阻电路的分析与计算，将结合实际问题考查电功、电热的关系． (3)实验及相关电路的设计与创新.30.电阻定律 Ⅰ T 13 31.电阻的串联与并联Ⅰ32.电流 电源的电动势和内阻 Ⅰ33.欧姆定律 闭合电路欧姆定律 Ⅱ T 8 T 1134.电功 电功率 焦耳定律 Ⅰ T 13实验六：决定导线电阻的因素 T 10实验七：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验八：测量电源的电动势和内阻T 10 T 10实验九：练习使用多用电表T 11第1讲 电路的基本概念和规律一、电流 部分电路欧姆定律 1．电流(1)形成的条件：导体中有自由电荷；导体两端存在电压．(2)标矢性：电流是标量，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向．(3)三个表达式：①定义式：I ＝q t ；②决定式：I ＝UR；③导体中电流的微观表达式I ＝nqvS .2．部分电路欧姆定律(1)内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比． (2)表达式：I ＝UR.(3)适用范围：金属导电和电解质溶液导电，不适用于气体导电或半导体元件． (4)导体的伏安特性曲线(I －U 图线)①比较电阻的大小：图线的斜率k ＝tan θ＝I U ＝1R ，图1中R 1＞R 2(选填“>”“<”或“＝”)；②线性元件：伏安特性曲线是直线的电学元件，适用于欧姆定律； ③非线性元件：伏安特性曲线是曲线的电学元件，不适用于欧姆定律．图1自测1 (多选)如图2所示是电阻R 的I －U 图象，图中α＝45°，由此得出( )图2A ．通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比B ．电阻R ＝0.5ΩC ．因I －U 图象的斜率表示电阻的倒数，故R ＝1tan α＝1.0Ω D ．在R 两端加上6.0V 的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C 答案 AD二、电阻及电阻定律 1．电阻(1)定义：导体对电流的阻碍作用，叫做导体的电阻．(2)公式：R ＝UI ，其中U 为导体两端的电压，I 为通过导体的电流．(3)单位：国际单位是欧姆(Ω)．(4)决定因素：导体的电阻反映了导体阻碍电流的性质，其大小由导体本身决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流无关． 2．电阻定律(1)内容：同种材料的导体，其电阻R 与它的长度l 成正比，与它的横截面积S 成反比，导体电阻还与构成它的材料有关． (2)公式：R ＝ρlS.其中l 是导体的长度，S 是导体的横截面积，ρ是导体的电阻率，其国际单位是欧·米，符号为Ω·m.(3)适用条件：粗细均匀的金属导体或浓度均匀的电解质溶液． 3．电阻率(1)计算式：ρ＝R Sl.(2)物理意义：反映导体的导电性能，是导体材料本身的属性． (3)电阻率与温度的关系金属：电阻率随温度升高而增大；负温度系数半导体：电阻率随温度升高而减小．自测2 (2018·兴化一中模拟)两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞合起来，然后给它们分别加上相同电压后，则在相同时间内通过它们的电荷量之比为( ) A ．1∶4 B ．1∶8 C ．1∶16 D ．16∶1答案 C三、电功、电功率、电热、热功率 1．电功(1)定义：导体中的恒定电场对自由电荷的电场力做的功． (2)公式：W ＝qU ＝IUt (适用于任何电路)．(3)电流做功的实质：电能转化成其他形式能的过程．2．电功率(1)定义：单位时间内电流所做的功，表示电流做功的快慢． (2)公式：P ＝Wt ＝IU (适用于任何电路)．3．焦耳定律(1)电热：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻及通电时间成正比． (2)公式：Q ＝I 2Rt (适用于任何电路)． 4．电功率P ＝IU 和热功率P ＝I 2R 的应用(1)不论是纯电阻电路还是非纯电阻电路，电流的电功率均为P 电＝UI ，热功率均为P 热＝I 2R .(2)对于纯电阻电路而言：P 电＝P 热＝IU ＝I 2R ＝U2R.(3)对于非纯电阻电路而言：P 电＝IU ＝P 热＋P 其他＝I 2R ＋P 其他≠U2R＋P 其他．自测3 (多选)如图3所示，电阻R 1＝20Ω，电动机的绕线电阻R 2＝10Ω.当开关断开时，电流表的示数是0.5A ，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I 和电路消耗的电功率P 应是( )图3A ．I ＝1.5AB ．I <1.5AC ．P ＝15WD ．P <15W答案 BD 四、串、并联电路 1．串联电路的基本特点(1)电路中各处的电流相同，即I 1＝I 2＝…＝I n .(2)电路两端的总电压等于各部分电路两端电压之和，即U ＝U 1＋U 2＋…＋U n . (3)总电阻：R ＝R 1＋R 2＋…＋R n . (4)电压分配：U1R1＝U2R2＝…＝UnRn .2．并联电路的基本特点(1)电路中各支路两端的电压相等，即U 1＝U 2＝…＝U n . (2)电路的总电流等于各支路电流之和，即I ＝I 1＋I 2＋…＋I n . (3)总电阻：1R ＝1R1＋1R2＋…＋1Rn.命题点一 电流与电阻利用“柱体微元”模型求解电流的微观问题时，注意以下基本思路：设柱体微元的长度为L ，横截面积为S ，单位体积内的自由电荷数为n ，每个自由电荷的电荷量为q ，电荷定向移动的速率为v ，则： (1)柱体微元中的总电荷量为Q ＝nLSq . (2)电荷通过横截面的时间t ＝Lv.(3)电流的微观表达式I ＝Qt＝nqvS .例1 如图4所示，一根长为L 、横截面积为S 的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n ，电子的质量为m 、电荷量为e .在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v ，则金属棒内的电场强度大小为( )图4A.mv22eLB.mv2Sne C ．ρnev D.ρevSL答案 C解析 由电流定义可知：I ＝q t ＝neSv .由欧姆定律可得：U ＝IR ＝neSv ·ρLS ＝ρneLv ，又E ＝UL，故E ＝ρnev ，选项C 正确． 例2 (2018·东台创新学校月考)现有一段长为L 、电阻为R 的均匀电阻丝，把它拉成3L 长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为( ) A.R 3B ．3R C.R9D ．R 答案 D解析 把这段长为L 、电阻为R 的均匀电阻丝拉成3L 长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，整体的长度和横截面积与原来一样，电阻与原来一样，D 项正确． 变式1 (多选)(2018·盐城市三模)电热水器金属内胆出水口加接一段曲长管道，在电热水器漏电且接地线失效时，能形成“防电墙”，保障人的安全．如图5所示，当热水器漏电且接地线失效时，其金属内胆与大地间电压为220V ，由于曲长管道中水具有电阻(简称“隔电电阻”)，因而人体两端的电压不高于12V ，下列说法正确的是( )图5A ．曲长管道应选用导电性能好的材料制成B ．曲长管道应选用不易导电的材料制成C ．“隔电电阻”大于“人体电阻”，且两者串联D ．热水器漏电且接地线失效时，“防电墙”使人体内无电流通过 答案 BC命题点二 欧姆定律与伏安特性曲线1．欧姆定律(1)公式I ＝UR，电流正比于电压，反比于电阻．(2)公式中的I 、U 和R 三个量必须对应同一段电路或同一段导体．(3)适用范围：适用于金属导电、电解质溶液导电等纯电阻电路，对于气体导电、含有电动机、电解槽等非纯电阻电路不适用．2．对伏安特性曲线的理解(如图6甲、乙所示)图6(1)图线a 、e 、d 、f 表示线性元件，b 、c 表示非线性元件． (2)在图甲中，斜率表示电阻的大小，斜率越大，电阻越大，R a ＞R e . 在图乙中，斜率表示电阻倒数的大小，斜率越大，电阻越小，R d ＜R f .(3)图线b 的斜率变小，电阻变小，图线c 的斜率变大，电阻变小．注意：曲线上某点切线的斜率不是电阻或电阻的倒数．根据R ＝UI ，电阻为某点和原点连线的斜率或斜率的倒数．例3 (多选)(2018·东台创新学校月考)如图7所示，图线1、2、3分别表示导体A 、B 、C 的伏安特性曲线，其中导体C 为一非线性电阻，当三导体串联接在电压恒为6V 的直流电源两端时，它们的电阻分别为R 1、R 2、R 3，则下列说法正确的是( )图7A ．此时流过三导体的电流均为1AB ．R 1∶R 2∶R 3＝1∶3∶2C ．若将三导体串联后改接在3V 的直流电源上，则三导体的阻值之比不变D ．若将三导体并联后接在3V 的直流电源上，则通过它们的电流之比为I 1∶I 2∶I 3＝3∶2∶1 答案 AB解析 由题图可知，R 1为1Ω，R 2为3Ω，当三个导体串联接在电压恒为6V 的直流电源两端时，通过各个导体的电流相等，三个导体两端的电压之和为6V ；由题图可知，此时三个导体中的电流均为1A ，对应电压分别为1V 、3V 、2V ；由欧姆定律可知，此时导体电阻之比R 1∶R 2∶R 3＝1∶3∶2，故A 、B 正确；若将三个导体串联后接在3V 的电源上时，两定值导体R 1、R 2阻值不变，而C 由于电压变化，则导体电阻R 3变化，三个导体的阻值之比变化，故C 错误；若将三个导体并联后接在3V 的电源上，由题图可知，三导体的电流分别为：3A 、1A 、2.2A ，故D 错误．变式2 (多选)(2018·东台创新学校月考)小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图8所示，P 为图线上一点，PN 为图线在P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线．则下列说法中正确的是( )图8A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻R ＝U1I2C ．对应P 点，小灯泡的电阻R ＝U1I2－I1D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围面积大小 答案 ABD解析 由欧姆定律知，I －U 图线上任意一点的电阻为该点与坐标原点连线的斜率的倒数，随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A 正确．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U1I2，故B正确，C 错误．小灯泡的功率P ＝U 1I 2，即题图中矩形PQOM 所围面积大小，故D 正确．命题点三 串、并联电路及用电器功率问题1．并联电路电阻特点(1)R 总小于任一支路电阻，即R 总小于其中最小电阻(与最小电阻接近)； (2)多并一个支路，R 总减小(并的越多越小)； (3)n 个R 并联，R 并＝Rn；(4)其中一个支路电阻增大，R 总增大；相反，其中任一支路电阻减小，R 总减小． 2．非纯电阻电路分析方法 (1)抓住两个关键量：以含电动机的电路为例，确定电动机的电压U M 和电流I M 是解决所有问题的关键．若能求出U M 、I M ，就能确定电动机的电功率P ＝U M I M ，根据电流I M 和电动机的电阻r 可求出热功率P r ＝I M2r ，最后求出输出功率P 出＝P －P r .(2)坚持“躲着”求解U M 、I M ：首先，对其他纯电阻电路、电源的内电路等，利用欧姆定律进行分析计算，确定相应的电压或电流．然后，利用闭合电路的电压关系、电流关系间接确定非纯电阻电路的工作电压U M 和电流I M .例4 (2018·高邮市段考)如图9所示的电路中，R 1＝R 2＝2k Ω，电压表的内阻为6k Ω，电压表的内阻为3k Ω.AB 间的电压U 保持不变．当开关S 闭合后，它们的示数变化是( )图9A.表的示数变大，表的示数变小B.表的示数变小，表的示数变大C.、表的示数均变小D.、表的示数均变大答案 B解析 S 断开时，两电阻串联，两电压表串联，然后两条支路并联，根据串联电路中电压与电阻成正比可得，的示数为RV1RV1＋RV2U ＝6k Ω6k Ω＋3k ΩU ＝23U ，的示数为U －23U ＝13U ；当S闭合时，相当于与R 1并联，R 2与并联，然后再串联，与R 1并联后的总电阻为2×62＋6k Ω＝1.5k Ω；R 2与并联后的总电阻为2×32＋3k Ω＝1.2k Ω，可得，电压之比为5∶4，故的示数为59U ，的示数为49U ，因此的示数变小，的示数变大，B 项正确．例5 如图10所示，A 为电解槽，M 为电动机，N 为电炉子，恒定电压U ＝12V ，电解槽内阻r A ＝2Ω，当S 1闭合，S 2、S 3断开时，示数为6A ；当S 2闭合，S 1、S 3断开时，示数为5A ，且电动机输出功率为35W ；当S 3闭合，S 1、S 2断开时，示数为4A ．求：图10(1)电炉子的电阻及发热功率； (2)电动机的内阻；(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？ 答案 (1)2Ω 72W (2)1Ω (3)16W 解析 (1)电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律得R ＝U I1＝126Ω＝2Ω其发热功率为P N ＝I 12R ＝62×2W＝72W(2)电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得：UI 2t ＝I 22r M t ＋P 输出t所以r M ＝UI2－P 输出I22＝12×5－3552Ω＝1Ω(3)电解槽为非纯电阻元件，由能量守恒定律得：P 化t ＝UI 3t －I 32r A t所以P 化＝(12×4－42×2) W＝16W.1．(多选)(2018·东台创新学校月考)下列说法正确的是( ) A ．由R ＝UI 知，导体两端的电压越大，电阻就越大B ．由R ＝UI知，导体中的电流越大，电阻就越小C ．由I ＝UR 知，电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比D ．由I ＝UR 知，通过一段定值电阻的电流跟加在它两端的电压成正比答案 CD解析 导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端电压和通过导体的电流无关，故A 、B 错误．由欧姆定律可知，通过一段导体的电流与导体两端电压成正比，与导体电阻成反比，故C 、D 正确．2．(多选)(2017·扬州市高三期末)关于电阻率，下列说法正确的是( ) A ．有些材料的电阻率随温度的升高而减小 B ．电阻率大的导体，电阻一定大C ．用来制作标准电阻的材料的电阻率几乎不随温度的变化而变化D．电阻率与导体的长度和横截面积无关答案ACD解析有些材料的电阻率随温度的升高而减小，如负温度系数半导体材料，A正确；电阻与电阻率、长度和横截面积都有关，故电阻率大的导体，电阻不一定大，B错误；有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可以用来制成标准电阻，C正确；电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，受温度影响，与导体长度和横截面积无关，D正确．3.如图11所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长为ab＝10cm，bc＝5cm，当将C与D接入电压恒为U的电路时，电流为2A，若将A与B接入电压恒为U的电路中，则电流为( )图11A．0.5AB．1AC．2AD．4A答案 A解析设金属薄片厚度为d′，根据电阻定律公式R＝ρlS，有R CD＝ρlbclab·d′，R AB＝ρlablbc·d′，故RCDRAB＝12×12＝14，根据欧姆定律，电压相同时，电流与电阻成反比，故两次电流之比为4∶1，故第二次电流为0.5A，选A.4.(2019·铜山中学月考)电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上(如图12所示)，下列说法正确的是( )图12A．开关接通时比开关断开时电路消耗的总电功率大B．开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小C．开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，电路消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少D．开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗的总功率不变答案 A5．(2018·徐州三中月考)A、B两盏电灯的额定电压都是110V，额定功率P A＝100W，P B＝40W，若接在电压是220V的下列电路上，则使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的电功率最小的是( )答案 C解析 由P ＝U2R 得，R A <R B .对于A 选项中电路，由于R A <R B ，所以U B >110V ，U A <110V ，无法满足题目要求；对于B 选项中电路，由于R A <R B ，A 灯与滑动变阻器并联，并联电阻更小于R B ，U B >110V ，U A <110V ，无法满足题目要求；对于C 选项中电路，B 灯与滑动变阻器并联，并联电阻可能等于R A ，所以可能有U A ＝U B ＝110V ，两灯可以正常发光；对于D 选项中电路，若滑动变阻器接入电路的电阻等于A 、B 的并联电阻，则U A ＝U B ＝110V ，两灯可以正常发光．比较C 、D 选项中两个电路，由于C 选项中电路的滑动变阻器功率为P 1＝(I A －I B )×110V，而D 选项中电路的滑动变阻器功率为P 2＝(I A ＋I B )×110V，所以C 选项中电路消耗的功率最小，故选C.1．(2018·南京市多校第一次段考)下列说法正确的是( )A ．电源的电动势在数值上等于电源在搬运单位电荷时非静电力所做的功B ．电阻率是反映材料导电性能的物理量，仅与材料种类有关，与温度、压力和磁场等外界因素无关C ．电流通过导体的热功率与电流大小成正比D ．电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，由C ＝QU可知电容的大小是由Q (带电荷量)与U (电压)决定的答案 A2．(多选)下列说法正确的是( )A ．根据I ＝UR 可知，流过导体的电流与加在它两端的电压成正比，与其电阻的大小成反比B ．根据R ＝UI 可知，导体电阻的大小与加在它两端的电压成正比，与通过它的电流成反比C ．欧姆定律适用于金属导电、电解质溶液导电、电离后气体导电和晶体二极管导电D ．欧姆定律只适用于纯电阻电路 答案 AD3．(多选)两电阻R 1和R 2的伏安特性曲线如图1所示．从图线可判断( )图1A ．两电阻阻值的关系是R 1＞R 2B ．电阻一定时，电流随着电压的增大而减小C ．电压相同时，通过R 1的电流较大D ．两电阻串联接入电路时，R 1消耗的电功率小 答案 CD解析 I －U 图象的斜率k ＝I U ＝1R ，即图象的斜率越大，电阻越小，故有R 1＜R 2，A 错误；根据I －U 图象可得电阻一定时，电流随电压的增大而增大，B 错误；从I －U 图象中可得电压相同时，通过电阻R 1的电流较大，C 正确；两电阻串联接入电路时，通过两电阻的电流相同，根据公式P ＝I 2R 可得电阻越大，消耗的电功率越大，故D 正确．4.如图2所示均匀的长薄片合金电阻板abcd ，ab 边长为L 1，ad 边长为L 2，当端点1、2或3、4接入电路中时，R 12∶R 34为( ).图2A ．L 1∶L 2B ．L 2∶L 1C ．1∶1D ．L 12∶L 22答案 D解析 设长薄片合金电阻板厚度为h ，根据电阻定律R ＝ρl S 得，R 12＝ρL1hL2，R 34＝ρL2hL1，则R12R34＝L12L22，故选D. 5.(2017·盐城市第三次模拟)甲、乙、丙、丁是四个长度、横截面积均相同的金属导体，某同学对它们各进行了一次测量，把每个导体中通过的电流和两端的电压在I －U 坐标系中描点，如图3所示．四个导体中电阻率最大的是( )图3A ．甲B ．乙C ．丙D ．丁 答案 A解析 由I －U 图象的斜率的倒数表示电阻，知甲的电阻最大，又根据电阻定律，知甲的电阻率最大，故选A.6.(多选)如图4所示的电路中，电阻R 1＝10Ω，R 2＝120Ω，R 3＝40Ω.另有一测试电源，电动势为100V ，内阻忽略不计．则( )图4A ．当cd 端短路时，ab 之间的等效电阻是40ΩB ．当ab 端短路时，cd 之间的等效电阻是40ΩC ．当ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压为80VD ．当cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压为80V 答案 AC7．(2018·淮安市、宿迁市学业质量检测)两根用同种材料制成的电阻丝甲和乙，甲电阻丝的长度和直径分别为l 和d ；乙电阻丝的长度和直径分别为2l 和2d .将甲、乙两根电阻丝分别接入电路时，如果两电阻丝消耗的电功率相等，则加在两根电阻丝上的电压的比值应满足( ) A.U 甲U 乙＝1 B.U 甲U 乙＝22 C.U 甲U 乙＝ 2 D.U 甲U 乙＝2 答案 C 解析U 甲2U 乙2＝P 甲R 甲P 乙R 乙＝R 甲R 乙＝ρl π(d2)2∶ρ2lπ(2d 2)2＝2，所以加在两根电阻丝上的电压的比值应满足U 甲U 乙＝2，故C 正确．8．如图5所示，电源电动势为12V ，电源内阻为1Ω，电路中的电阻R 0为1.5Ω，小型直流电动机M 的内阻为0.5Ω，闭合开关S 后，电动机转动，理想电流表的示数为2A ．则以下判断中正确的是( )图5A．电动机的输出功率为14WB．电动机两端的电压为7VC．电动机产生的热功率为4WD．电源输出的功率为24W答案 B解析由题意得电动机两端的电压U＝E－I(R0＋r)＝7V，则电动机的总功率P＝UI＝14W，热功率P热＝I2R M＝2W，输出功率P出＝P－P热＝12W．电源的输出功率P′＝EI－I2r＝20W，故B 正确，A、C、D错误．9．小亮家有一台电风扇，内阻为20Ω，额定电压为220V，额定功率为66W，将它接上220V电源后，发现因扇叶被东西卡住不能转动，则此时电风扇消耗的功率为( )A．66WB．2420WC．11WD．不确定答案 B10．(2019·伍佑中学模拟)某一导体的伏安特性曲线如图6中AB段(曲线)所示，关于该导体的电阻，以下说法正确的是( )图6A．B点的电阻为12ΩB．B点的电阻为40ΩC．导体的电阻因温度的影响改变了1ΩD．导体的电阻因温度的影响改变了9Ω答案 B解析A点电阻R A＝31.0×10－1Ω＝30Ω，B点电阻R B＝61.5×10－1Ω＝40Ω，故A错误，B正确．ΔR＝R B－R A＝10Ω，故C、D错误．11．(多选)(2018·东台创新学校月考)在如图7甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时( )图7A．L1两端的电压为L2两端电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L2的电阻为12ΩD．L1、L2消耗的电功率的比值大于4答案BD解析电路中的总电流为0.25A，L1中电流为0.25A，由小灯泡的伏安特性曲线可知L1两端电压为3.0V，L1消耗的电功率为P1＝3.0V×0.25A＝0.75W，选项B正确；根据并联电路规律，L2中电流为0.125A，由小灯泡的伏安特性曲线可知电压大约为0.3V，L1两端的电压大约为L2两端电压的10倍，选项A错误；由欧姆定律知，L2的电阻约为R2＝0.30.125Ω＝2.4Ω，选项C错误；L2消耗的电功率为P2＝0.3×0.125W＝0.0375W，L1、L2消耗的电功率的比值大于4，选项D正确．。

【精品】实验五植物细胞染色体组型分析一、实验目的1.了解植物细胞的染色体结构与组型。

2.掌握显微镜下植物细胞染色体组型的观察与分析方法。

3.了解植物中一些重要的基因的遗传规律。

二、实验原理染色体组型是指染色体在减数分裂过程中的排布方式。

植物细胞有异型体和同型体两种染色体组型。

异型体为一对完全同源染色体，又称同源染色体，一般为一条父源染色体和一条母源染色体。

同型体为有两个或多个富有染色质的染色体，其形状、大小和基因数目都不相同。

所有染色体的组型称为染色体组。

1.显性基因（Dominant Gene）:对表现型起主导作用的基因称为显性基因，表现为显性表型。

3.等位基因（Allele）：处于同一位点上的两个或几个相同或不同的基因，互称等位基因。

4.杂合子（Heterozygote）：由不同的二个等位基因组成的个体，称为杂合子。

三、实验材料与设备材料：豌豆播种板、绿豆胚芽、韭菜根尖、镜片、盐酸凝胶、盐酸、无菌棉签。

设备：光学显微镜、活组织切片技术装置。

四、实验步骤1.绿豆胚芽根尖染色体制片法（1）提前准备好盐酸和盐酸凝胶。

（2）取绿豆胚芽，将其根尖植片加入好的盐酸溶液中，使其在40℃恒温水浴中加热5分钟以上。

（注意观察植片是否干燥）（3）将加热过的绿豆胚芽根尖植片用盐酸凝胶润湿，放到盐酸凝胶中的一个角落，加上盖片，用无菌棉棒挤压均匀。

（4）在其他角落加上无水乙醇75℃圆形滴底片，使其自然流至植片上，并迅速用滤纸吸掉超出的溶液。

（5）将制片好的绿豆胚芽根尖植片放在显微镜下进行观察和染色体组型的分析。

（1）提前取好豌豆播种板，选择两个完全不同的豌豆品种研究。

豌豆花朵打开后，取开放的花萼、两个雄蕊，并把大多数花粉用无菌棉棒擦去，保留少量未受损的花粉。

（2）将花药破开，取出雄蕊，并用剪刀将半个雄蕊放在一张透明胶带上。

（3）将豆荚壳破裂后，能看到裂口处有许多半透明的粘状液体，用透明胶带轻轻地沾取三次，每次用新的胶带。

实验五缓冲溶液的配制和性质实验名称：缓冲溶液的配制和性质实验目的：1. 学习如何配制缓冲溶液；2. 研究缓冲溶液的性质和作用。

实验原理：缓冲溶液是一种能够稳定溶液酸碱度的溶液，通过加入一定比例的酸和碱，可以控制溶液的pH值。

通常，缓冲溶液会在酸性和碱性条件下保持相对稳定的pH值。

实验材料：1. 硼酸（H3BO3）；2. 硼氢化钠（NaBH4）；3. 盐酸（HCl）和氢氧化钠（NaOH）。

实验步骤：1. 首先，准备一定量的硼酸（H3BO3），并加入一定量的水中，搅拌溶解。

2. 按照所需的pH值，逐步加入盐酸（HCl）或氢氧化钠（NaOH）来调整溶液的酸碱度，直至达到目标pH值。

3. 同样地，准备一定量的硼氢化钠（NaBH4），并加入一定量的水中，搅拌溶解。

4. 按照所需的pH值，逐步加入盐酸（HCl）或氢氧化钠（NaOH）来调整溶液的酸碱度，直至达到目标pH值。

5. 将配制好的缓冲溶液分别使用pH计进行测量，确认所得到的pH值与目标值相符。

6. 研究所配制的缓冲溶液的稳定性，观察其在酸碱条件下能否维持目标pH值。

实验结果与分析：在实验中，通过逐步添加酸和碱来调整溶液的pH值，制备了两种不同pH值的缓冲溶液。

测量所得的pH值与目标值相符，说明所配制的缓冲溶液可稳定维持所需的pH值。

通过观察所配制的缓冲溶液在酸碱条件下的行为，可以发现缓冲溶液具有一定的酸碱平衡能力。

在实验中，添加酸或碱后，溶液的pH值变化较小，这表明缓冲溶液能够抵抗外界酸碱化作用，保持相对稳定的pH值。

结论：本实验通过配制缓冲溶液，并研究了缓冲溶液的性质和作用。

实验结果表明，所配制的缓冲溶液可以稳定维持所需的pH值，并具有一定的酸碱平衡能力。

缓冲溶液在化学和生物实验中具有重要的应用价值，可以有效控制和维持溶液的酸碱度。

第七章 静电场考 试 说 明内容要求说明命题趋势电荷 电荷守恒定律 Ⅰ 电场的内容在近几年江苏高考中频繁出现，是必考的重点知识点之一。

考查的主要内容有以下几个方面:1. 有关电场的力的性质及能的性质的相关物理量的理解，如电场强度、电势、电势能、电势差、电容器等,主要以选择题的形式考查;2. 带电粒子在电场中运动问题的分析,包括带电粒子的加速与偏转，以及带电物体在重力场、电场和磁场的复合场中的运动规律与分析.涉及的运动有平衡状态、直线运动、一般曲线运动、类平抛运动、圆周运动等，主要以计算题的形式考查,此类题目综合性强、隐含条件多、难度比较大本章涉及的概念很多很抽象，同时与力学知识联系紧密，这就要求我们在复习过程中，做好以下几点:一是重视对基本概念的理解;二是重视物理学的科学研究方法,如理想化模型法、比值定义法及类比法等；三是重视知识的联系，如电场与力学规律及磁场的联系，掌握类平抛和圆周运动的处理手段，灵活运用牛顿运动定律、动能定理等方法;四是重视实际应用,注意积累与社会生活、生产实际和科学技术为背景的题型点电荷 库仑定律Ⅰ静电场 电场线 电势能 电势 等势面Ⅰ电场强度 点电荷的场强 电势差Ⅱ 电场强度的计算最多考虑两个电场的叠加 匀强电场中电势差和电场强度的关系 Ⅰ带电粒子在匀强电场中的运动 Ⅱ 只限于带电粒子进入电场时速度平行或垂直于场强的情况 电容 电容器 Ⅰ知 识 网 络第1讲库仑定律电场力的性质(本讲对应学生用书第101103页)考纲解读。

2.熟练掌握各种电场的电场线分布,并能利用它们分析解决问题。

3.会分析、计算在电场力作用下的电荷平衡及运动问题.基础梳理自然界中只存在电荷和电荷，同种电荷相互,异种电荷相互.带电体的三种起电方式：接触起电、、。

2。

元电荷:最小的电荷量，其值为e= 。

其他带电体的电荷量皆为元电荷的.3。

点电荷：是一种理想化的物理模型,当带电体本身的和对研究的问题影响很小时,可以将带电体视为点电荷.4。

【精品】实验五蛋黄中卵磷脂的提取及鉴定一、实验目的1.了解卵磷脂的结构与性质；2.熟练掌握蛋黄中卵磷脂的提取和鉴定方法；3.通过提取和鉴定，初步了解卵磷脂的含量。

二、实验原理1.卵磷脂介绍卵磷脂是一类含有疏水性脂肪酸、酯等亲脂性成分和疏水性羟基等亲水性成分的复合脂类，具有良好的亲水性和亲油性能。

卵磷脂是细胞膜的组成成分之一，并参与了许多生命过程的调节和控制。

由于分子结构中含有类似细胞膜的磷酸基和羟基，因此卵磷脂可以与水和油相溶液中间的界面上，形成磷双层结构和微乳液，从而可以作为乳化剂、增稠剂、抗氧化剂等在食品、化妆品、医药等领域应用。

2.实验步骤将去壳的新鲜鸡蛋取出蛋黄，用盐水洗净表面的蛋白质，然后压成泥，称取25g，加入160 ml乙醇和70 ml氯仿，振荡提取24h，滤去蛋黄泥，得到提取液。

用氮气吹干提取液，再用5 ml碘化铵溶液的Ninhydrin试剂涂抹于硅胶薄层板上，加热显色，可以看到卵磷脂的蓝色斑点。

通过比对标准卵磷脂反应斑点和实验过程得到的反应斑点，可以初步测定蛋黄中卵磷脂的含量。

三、实验操作3.1 实验仪器和药品仪器：薄层色谱仪、干燥箱、氮气吹口等。

药品：鸡蛋、碘化铵溶液、Ninhydrin试剂。

三、实验注意事项1.实验过程中要避免阳光直射和空气流通；2.对于采用氮气吹干的提取液，需要注意气压和吹干时间，以免造成温度过高或时间过长的现象；3.在硅胶薄层板上涂斑注意均匀和用量的控制，避免溢出或浓度过高导致显色结果出现异常；4.硅胶薄层板在干燥箱中加热时要控制温度和时间，尽量保证试验中硅胶薄层板上出现的斑点的颜色鲜艳而稳定；5.硅胶薄层板上的斑点大小和颜色的变化需要通过标准试验和实验操作的对比来确定实验结果。

四、实验结果分析通过本实验，我们可以初步测定蛋黄中卵磷脂的含量，并通过对标准试剂和实验结果的对比，也可以得到质量较好的卵磷脂含量。

通过初步检测，我们可以确定卵磷脂含量的多少，并初步判断蛋黄的质量。

实验学案35 探究决定导线电阻的因素实验目的1．掌握螺旋测微器与游标卡尺的原理与读数方法．2．掌握电流表、电压表和滑动变阻器的使用方法与电流表和电压表的读数方法．3．会用伏安法测电阻，并进一步探究决定导线电阻的因素．实验原理1．螺旋测微器的读数测量时被测物体长度的整数毫米数由固定刻度读出，小数局部由可动刻度读出．测量值(毫米)＝______________(毫米)(注意半毫米刻线是否露出)＋____________(估读一位)×0.01(毫米)．2．游标卡尺读数假设用x表示由主尺上读出的整毫米数，k表示从游标尺上读出与主尺上某一刻线对齐的游标的格数，如此记录结果表达为(x＋k×准确度)mm.3．伏安法测电阻(1)电流表的内接法和外接法的比拟内接法外接法电路图误差原因电流表分压U测＝U x＋U A 电压表分流I测＝I x＋I V电阻测量值R测＝U测I＝R A＋R x>R x测量值大于真实值R测＝UI测＝____________<R x测量值小于真实值适用条件R A R x R V R x适用于测量________电阻________电阻(2)两种电路的选择①阻值比拟法：先将待测电阻的估计值与电压表、电流表内阻进展比拟，假设R x较小，宜采用电流表外接法；假设R x较大，宜采用电流表内接法，简单概括为“内大外小〞．②临界值计算法图1③实验试探法：按图1接好电路，让电压表的一根接线柱P先后与a、b处接触一下，如果电压表的示数有较大的变化，而电流表的示数变化不大，如此可采用电流表外接法；如果电流表的示数有较大的变化，而电压表的示数变化不大，如此可采用电流表内接法．4．滑动变阻器的限流式接法和分压式接法接法限流式接法分压式接法电路图特点①用电器和滑动变阻器的一局部串联，另一局部不起作用②调节电压的范围不能从零开始变化①用电器和滑动变阻器的一局部并联后和另一局部串联②电压可以从零调节到最大值适用条件滑动变阻器的最大阻值和用电器的阻值差不多且要求电压不从零开始变化滑动变阻器的最大阻值小于用电器的阻值；电压要求从零开始变化5.电阻率的测定原理把金属丝接入如图2所示的电路中，用________测金属丝两端的电压，用________测金属丝中流过的电流，根据R x ＝________计算金属丝的电阻R x ，图2然后用__________测量金属丝的长度l ，用__________测量金属丝的直径d ，计算出横截面积S ；根据电阻定律R x ＝ρl/S，得出计算金属丝电阻率的公式ρ＝R x Sl ＝__________.实验器材①金属丝②__________③安培表④伏特表⑤直流电源⑥__________⑦电键一个⑧导线假设干⑨刻度尺．实验步骤1．用螺旋测微器在被测金属导线上的三个不同位置各测一次直径，求出其平均值d ，计算出导线的横截面积S ＝__________.2．将金属丝两端固定在接线柱上悬空挂直，用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属导线的________长度，反复测量3次，求出其平均值l.3．按如图2所示的原理电路图连接好用伏安法测电阻的实验电路，把滑动变阻器的滑片调节到使接入电路中的电阻值________的位置．4．电路经检查确认无误后，闭合电键S ，改变滑动变阻器滑片的位置，读出几组相应的电流表、电压表的示数I 和U 的值，断开电键S ，求出导线电阻R 的平均值．应用指南 测量时通过金属丝的电流应控制在1.00 A 以下，本实验中安培表量程为0～0.6 A ，每次通电时间应尽量短(以能读取电表数据为准)，读数完毕立即断开电键S ，防止温度升高使金属丝长度和电阻率发生明显变化．计算时，务必算出每次的电阻值再求平均值，不能先分别求电压U 和电流I 的平均值，再由欧姆定律得平均值，否如此会带来较大计算误差．5．将测得的R 、l 、d 值代入电阻率计算公式ρ＝RS l ＝πd 2U4lI中，计算出金属导线的电阻率．6．拆去实验线路，整理好实验器材． 须知事项1．测量被测金属导线的有效长度，是指测量待测导线接入电路的两个端点之间的长度，亦即电压表并入两点间的局部待测导线长度，测量时应将导线拉直．2．本实验中被测金属导线的电阻值较小，因此实验电路必须采用电流表外接法． 3．实验连线时，应先从电源的正极出发，依次将电源、电键、电流表、待测金属导线、滑动变阻器连成主干线路(闭合电路)．连线时应防止接线交叉和正、负极接错，最后再把电压表并联在待测金属导线的两端．4．闭合电键S 之前，一定要使滑动变阻器的滑片处在有效电阻值最大的位置． 5．在用伏安法测电阻时，通过待测导线的电流I 的值不宜过大(电流表用0～0.6 A 量程)，通电时间不宜过长，以免金属导线的温度明显升高，造成其电阻率在实验过程中逐渐增大．误差分析1．金属丝直径、长度的测量读数等人为因素带来误差．2．测量电路中电流表与电压表对电阻测量的影响，因为电流表外接，所以R 测<R 真，由R ＝ρlS，知ρ测<ρ真．3．通电电流过大，时间过长，致使电阻丝发热，电阻率随之变化带来误 差.题型一 游标卡尺或螺旋测微器的读数和使用【例1】 (2010·宁夏理综·22)某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l ，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d ，示数如图3所示．由图可读出l ＝________cm ，d ＝______mm.游标卡尺准确到________，螺旋测微器准确到________．图3[规范思维]题型二电阻的测量【例2】图4(2011·江苏·11)某同学利用如图4所示的实验电路来测量电阻的阻值．(1)将电阻箱接入a、b之间，闭合开关．适当调节滑动变阻器R′后保持其阻值不变．改变电阻箱的阻值R，得到一组电压表的示数U与R的数据如下表：电阻R/Ω 5.0 10.0 15.0 25.0 35.0 45.0电压U/V 1.00 1.50 1.80 2.14 2.32 2.45 请根据实验数据作出U－R关系图象．图5(2)用待测电阻R x替换电阻箱，读得电压表示数为2.00 V．利用(1)中测绘的U－R图象可得R x＝________Ω.(3)使用较长时间后，电池的电动势可认为不变，但内阻增大．假设仍用本实验装置和(1)中测绘的U－R图象测定某一电阻，如此测定结果将________(选填“偏大〞或“偏小〞)．现将一阻值为10 Ω的电阻换接在a、b之间，你应如何调节滑动变阻器，便仍可利用本实验装置和(1)中测绘的U－R图象实现对待测电阻的准确测定？[规范思维]题型三测金属的电阻率【例3】(2010·四川达州一中高三月考)如图6所示(导线连线不完整)，某同学想测量某导电溶液的电阻率，先在一根均匀的长玻璃管两端各安装了一个电极(接触电阻不计)，两电极相距L＝0.700 m，其间充满待测的导电溶液．用如下器材进展测量：电压表(量程15 V，内阻约30 kΩ)电流表(量程300 μA，内阻约50 Ω)滑动变阻器(最大阻值10 Ω，额定电流1 A)电池组(电动势E＝12 V，内阻r＝6 Ω)单刀单掷开关一个，导线假设干．图6表1是他测量通过管中导电液柱的电流与两端电压的实验数据．实验中他还用20分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图7所示．表1U/V 0 1.0 3.0 5.0 7.0 9.0 11.0I/μA0 22 65 109 155 175 240图7根据以上所述请回答下面的问题：(1)玻璃管内径d的测量值为________cm；(2)根据表1数据在图8坐标系中描点，请作出U－I图象，根据图象求出电阻R＝________Ω(保存两位有效数字)；图8(3)计算导电溶液的电阻率表达式是ρ＝________(用R、d、L表示)，测量值为________Ω·m(保存两位有效数字)；(4)请画出测量导电溶液电阻的电路图，并在图6中补画出未连接的导线．[规范思维]1．在做“探究决定导线电阻的因素〞实验时，如下操作正确的答案是()A．假设待测金属导线是漆包线，应该用火烧去外表漆皮，轻轻抹去灰尘后再测金属丝的直径，千万不可用小刀去刮漆皮，而两端接头局部如此用纱布打磨干净，以保证电路接触良好B．用米尺反复测量三次导线的总长度，求出平均值L，然后将导线接入测量电路中C．估计待测金属导线的总长，选择适宜的仪器和实验电路D．合上开关S，不断增大滑动变阻器接入电路的有效阻值，记录几组对应的电流和电压数值，计算出导线的总电阻2．(1)用游标为50分度的游标卡尺测量某工件的长度时，示数如图9所示，如此测量结果应该读作________ mm.图9图10(2)用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图10所示，此示数为______ mm.(3)在“探究决定导线电阻的因素〞的实验中，用电压表测得金属丝两端的电压U，用电流表测得通过金属丝中的电流I，用螺旋测微器测得金属丝的直径d，测得数据如图11所示，请从图中读出U＝________ V，I＝______ A，d＝________ m.图113．在“探究决定导线电阻的因素〞的实验中，图12用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图12所示，用米尺测出金属丝的长度L，金属丝的电阻大约为5 Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．(1)从图中读出金属丝的直径为________mm.(2)为此取来两节新的干电池、开关和假设干导线与如下器材：A．电压表0～3 V，内阻10 kΩB．电压表0～15 V，内阻50 kΩC．电流表0～0.6 A，内阻0.05 ΩD．电流表0～3 A，内阻0.01 ΩE．滑动变阻器0～10 ΩF．滑动变阻器0～100 Ω①要求较准确地测出其阻值，电压表应选________，电流表应选________，滑动变阻器应选________．(填序号)②实验中某同学的实物接线如图13所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误．图13错误1：________________________________________________________________________________________________________________________________________________ 错误2：________________________________________________________________________________________________________________________________________________ 4．(2011·新课标·22)为了测量一微安表头A的内阻，某同学设计了如图14所示的电路．图中，A0是标准电流表，R0和RN分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电池．完成如下实验步骤中的填空：(1)将S拨向接点1，接通S1，调节________，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时________的读数I；(2)然后将S拨向接点2，调节________，使________，记下此时RN的读数；(3)屡次重复上述过程，计算RN读数的________，此即为待测微安表头内阻的测量值．图145．(2011·某某中学月考)某学习小组为测量一铜芯电线的电阻率，他们截取了一段电线，用米尺测出其长度为L，用螺旋测微器测得其直径为D，用多用电表测得其电阻值约为2 Ω.为提高测量的精度，该小组的人员从如下器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量这段导线(用R x表示)的电阻．A．电源E(电动势为3.0 V，内阻不计)B．电压表V(量程为0～3.0 V，内阻约为2 kΩ)C．电压表V(量程为0～15.0 V，内阻约为6 kΩ)D．电流表A(量程为0～0.6 A，内阻约为1 Ω)E．电流表A(量程为0～3.0 A，内阻约为0.1 Ω)F．滑动变阻器R1(最大阻值10 Ω，额定电流2.0 A)G．滑动变阻器R2(最大阻值1 kΩ，额定电流1.0 A)H．定值电阻R0(阻值为3 Ω)I．开关S一个，导线假设干图15(1)如图15所示是该实验小组用螺旋测微器对铜芯线直径的某次测量，其读数是________mm.(2)实验时电压表选________，电流表选________，滑动变阻器选________．(只填代号)(3)为提高实验的准确度，请你为该实验小组设计电路图，并画在下面的方框中．(4)某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，如此该铜芯线材料的电阻率的表达式为：ρ＝________.实验学案35 探究决定导线电阻的因素【根底自主落实】实验原理1．固定刻度数可动刻度数3．(1)大阻值小阻值(2)②外接法内接法5．电压表电流表UI毫米刻度尺螺旋测微器πd2U4lI实验器材②螺旋测微器⑥滑动变阻器实验步骤1．πd2/42.有效 3.最大【热点题型精析】例1 2.256.8600.1 mm0.01 mm解析对游标卡尺：主尺刻度为22 mm，游标尺共10个格，分度为0.1 mm，且游标尺的第5个格与主尺刻度线对齐，因此它的读数为l＝22 mm＋0.1×5 mm＝22.5 mm＝2.25 cm.对螺旋测微器：它准确到0.01 mm，固定尺刻度读数为 6.5 mm，可动尺刻度为36.0×0.01 mm ＝0.360 mm，所以螺旋测微器的读数为：d＝6.5 mm＋36.0×0.01 mm＝6.860 mm.[规范思维] 游标卡尺和螺旋测微器的读数是高考常考的问题之一，读数时不管题目怎么要求，先读成毫米，这样读数的优点是整数局部从固定尺上进展读数，小数局部从螺旋尺上进展读数．游标卡尺不需要估读，但是要注意游标尺是十分度还是二十分度或者五十分度的；螺旋测微器需要估读，估读到0.001 mm.例2 (1)U －R 关系图象见如下图(2)20(19～21都算对)(3)偏小；改变滑动变阻器阻值，使电压表示数为1.50 V解析 (1)根据表中数据，确定U 、R 轴刻度，使图象尽量大一些，然后描点、连线[用平滑曲线连接，且必须过(0,0)点]．(2)由作出的图象得到相应的R 值，约为20 Ω.(3)由I ＝E R ′＋R ＋r知r 增大后，计算出的R 值会偏小，由题表知，要实现对待测电阻的准确测定，应改变滑动变阻器的阻值，使电压表示数为1.50 V.[规范思维] 此题是“替换法〞测电阻的变形题，并且把“替换法〞与图象、电路分析相结合，使“替换法〞有了新意．例3 (1)3.075(2)4.5×104(3)Rπd 24L 48(4)见解析 解析 (1)30 mm ＋15×0.05 mm ＝30.75 mm ＝3.075 cm.(2)连线时要让大多数点在一条直线上．作出U －I 图象如如下图所示．从直线上取一点(155 μA，7.0 V)，求出R ＝4.5×104Ω.(3)由R ＝ρL/S，S ＝π(d/2)2，解出ρ＝Rπd 24L ＝48 Ω·m. (4)在此题中，由于待测导电溶液电阻阻值较大，故应采用电流表的内接法，从表1可看出电表示数从零开始，故应采用滑动变阻器的分压式接法．电路图与实物连接图如如下图所示．[规范思维](1)电阻的测量问题有多种呈现形式，首先要确定的是电流表到底是采用“内接法〞还是“外接法〞．(2)要正确连接实物图，首先应明确实验原理，画出实验原理图(此题要求画原理图，如果不要求，也要先画出原理图，再画连线图)【课时效果检测】1．A2．(1)10.40(2)2.720(3)1.700.480．485×10－33．(1)0.679(2)①ACE ②错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上 错误2：采用了电流表内接法解析 (1)从螺旋测微器的主尺上可以看出，半毫米刻线已经露出来，因此主尺上应读0.5 mm ，可动刻度接近第18个刻线，可以估读0.179 mm ，所以该金属丝直径应为0.5 mm ＋0.179 mm ＝0.679 mm.(2)①因为两节干电池的电动势是3 V ，用3 V 量程的电压表A ；因为金属丝的电阻大约为5 Ω，如果把3 V 的电动势全加在金属丝上，电流才是0.6 A ，因此用量程是0.6 A 的电流表C ；此题中金属丝的电阻大约为5 Ω，为了减小实验误差，应选10 Ω的滑动变阻器E.4．(1)R 0 标准电流表(或A 0)(2)RN 标准电流表(或A 0)的读数仍为I(3)平均值解析 此题为用替代法测未知电流表的内阻，其实验步骤为：(1)将S 拨向接点1，接通S 1，调节R 0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表(或A 0)的读数I ；(2)然后将S 拨向接点2，调节RN ，使标准电流表(或A 0)的读数仍为I ，记下此时RN 的读数；(3)屡次重复上述过程，计算RN 读数的平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值．5．(1)0.700(2)电路图如下列图(测量电路必须用电流表外接法，滑动变阻器采用分压式接法亦可)(3)BDF(4)πD 2U 4LI解析 (1)螺旋测微器读数时要注意固定刻度上0.5刻度是否已露出，对可动尺读数时要注意估读到小数点后第三位，单位为mm.(2)电源的电动势为 3.0 V ，考虑到电压表的量程和准确度两个因素，电压表应选B ；干路中电流的最大值I max ＝E R x ＋R 0＝32＋3A ＝0.6 A ，电流表应选D ；考虑到实验的准确性，滑动变阻器应选F.(3)比拟电压表内阻、电流表内阻和待测电阻的大小关系，可得测量电路必须用电流表外接法，滑动变阻器采用分压式接法和限流式接法均可．(4)由R ＝U I 、R ＝ρL S 和S ＝π(D 2)2联立解得该铜芯线材料的电阻率的表达式为 ρ＝πD 2U 4LI .。