《大学物理》综合练习(一)参考答案
一、选择题
1．D ；2．D ；3．C ；4．C ；5．C ；6．C ；7．B ；8．A ；9．D ；10．D 。
二、填充题
1．m /s 2-；s 2；m 3；m 5。
2．j t i t ?
?)3
12()1(32+++；j t i ??22+。
3．
v h
l h 2
2
-。
4．2m/s 8.4；2m/s 4.230。
5．m
t kv mv t v +=00
)(；x m
k e v x v -=0)(。
6．J 18-。
7．rg v π16320；3
4。
8．R
GMm
6-
。 9．θsin 2gl ；θsin 3mg ；
θsin 2g ；θcos g 。
10．j mv ?2-；j R mv ?
π22-。
11．v M
m m
V +-。
12．m 3.0。
13．100
r r v ；2
0212
121mv mv -。 三、计算题
1．(1) j t i t r ???
)1(342++=；j t i t v ???346+=；j t i a ???2126+=。
(2) j t i t r r r ???
??42013+=-=?。
(3) 19
2
+=x y 。
2．(1) ?
-=+
=t
t t a v v 02
01d ，3003
1
3d t t t v x x t
-+=+=?
。 (2) 0=v 时s 1=t ，该时刻2m/s 2-=a ，m 3
2
3=x 。
(3) 0=t 时m 30=x ，0=v 时(相应s 1=t )m 32
31=x ，m 3
201=-=?x x x 。
3．(1) ???
??==-=-332
2211a
m g m a m g m T a m T g m μμ 解得 ???
????=====+-=23232
2121m/s 96.12.0m/s 88.56.0g g m m a g g m m m m a μμ
(2) 2m 相对于3m 的加速度g a a a 4.03=-='，且221t a s '=，3m 移动距离2332
1
t a s =，因而m 20.04.04.02.033=?='=
g
g
s a a s 。 4．切向：t v m kv d d =-，两边积分?
?-=t
v v t m k v v 0
d d 0，得t m k
e v v -=0。
法向：t m
k t m k e T e l v m l v m T 202202
--===，其中l
v m T 200=为初始时刻绳中张力。
5．利用机械能守恒和牛顿定律 ???
????=-+-++=l v m mg T mgl mv mv 2
2
20)cos()]cos(1[2
121θπθπ 从以上两式中消去v ，得)cos 32(θ+=mg T
0=T 时，9413132cos 1
'?=??
?
??-=-θ。
6．???
??==-+=21
22211122211110sin sin cos cos m
m v m v m v m v m v m θθθθ
解得 ?==-303
3
tan 1
2θ m/s 32.173102==v
由于
2
2
2211212
12121v m v m v m +=，即 22212v v v +=，系统机械能守恒，所以是弹性碰撞。 7．(1) ???==-a
m T a m T g m B AB A AB A ，消去AB T 得 g g m m m a B A A 21=+=
又 2
21at l =
，得 m 4.05
4
.022=?==a l t (2) 系统动量不守恒，因为在拉紧过程中滑轮对绳有冲击力。 (3) 绳拉紧时A 、B 的速率 m/s 24.05.022=??==g al v 设绳拉紧时间为τ，忽略重力的作用，由动量定理得
○
○
0B
2
v ?
1
v ?
???
??=-=--=-τ
τττ
BC C
BC
AB B B AB A A T V m T T v m V m T v m V m 解得 m/s 33.1232=?=+++=v m m m m m V C B A B A 8．设两球碰撞后共同速率为1v ，由动量守恒定律得
02121)(v m v m m =+ （1）
碰撞后系统机械能守恒
202212121)(2
1
)(21)(21l l k v m m v m m -++=+ （2） 系统对O 点的角动量守恒
αsin )()(211021lv m m v l m m +=+ （3）
由以上三个方程解得
2
120222
12
02)(m m l l k m m m v m v +-+-
=
， 2
022
212
00
01
)(sin l l k m m m v l v l -+-=-α
9．设卫星质量为m ，地球质量为M ，由角动量守恒定律和机械能守恒定律，得
2211r mv r mv =， 2
221212121r mM
G mv r mM G
mv -=- 从以上两式解得
)(22112
1r r r GMr v +=
，)
(22121
2r r r GMr v +=
又2
R
mM G
mg =，2
gR GM =，代入上式，得 )(221121r r r gr R
v +=，)
(22121
2r r r gr R v +=
《大学物理》综合练习(二)参考答案
一、选择题
1．C ；2．C ；3．B ；4．C ；5．B ；6．C ；7．D ；8．①E ，②C 。
二、填充题
1．m N 1098.32??。 2．rad/s 1095.42?。 3．m /s 42.5。
4．???
? ??-1222
h gt mR 。 5．L 33
；L g 3。 6．L
g 2cos 3θ
；L g θsin 3； θsin 3Lg ；2cos 3θg a t =
；θsin 3g a n =；θcos 4
1mg F t =；θsin 25
mg F n =； 1sin 994
1
222+=
+=θmg F F F n t ；θθβsin 10cos arctan
arctan ==n t F F 。 三、计算题
1． 设1T 、2T 分别为物体m 与滑轮间、球壳与滑轮间绳的张力，J 为球壳绕竖直轴的转动惯量，a 为物体m 的加速度大小，方向竖直向下。由转动定律和牛顿第二定律，得
球壳： R
a
MR R a J
J R T 2232===α （1） 滑轮： r
a
J J r T T 00021)(==-α （2）
物体： ma T mg =-1 （3） 由（1）~（3）式解得：2
032
r J M m mg
a ++=
，ah v 2=2
032
2r
J M m mgh
++= 2． 钢棒绕其转轴的转动惯量
2
2
22
221m Kg 53.122.106.122.14.6121221212?=??
? ????+??=
?
??
???+=+=l m Ml J J J
(1) 由动能定理得轴摩擦力所做的总功A
J 1060.42
142
0?-=-=?=ωJ E A k
(2) 恒定力矩的功 n M M A πθ2==，故在s 32内转过的转数
(rev)9.62439
253.120.321060.4224=?????===ππαππJ A M A n
(3) 当摩擦力矩不恒定时，只有力矩作功可以计算，无需任何附加条件，且
J 1060.44?-=A
3．(1) 由转动定律 ωωK t J -=d d ，积分 ??
-=2/000d d ωωωωt t J K ，得2ln K
J
t =
(2) 由动能定理 202
2
08
32122112ωωωJ J J E E A k k -=-??? ??=-= 4．取杆自由悬挂时的质心所在位置为势能零点，杆对离其一端4/l 的水平轴的转动惯
量为
22
24874121ml l m ml J =??
? ??+=
系统在整个运动过程中机械能守恒，故有
2
212
0l mg J =ω，l g 7340=ω，0ωω> 5．(1) 碰撞过程不计摩擦力的影响，系统对O 点的角动量守恒
02
122210234330sin 2ωωωl m l m l m J v m l
≈???
? ??+==? 23325
.040002.03
230sin 2
120=???=?
?=
l m v lm ωrad/s
(2) 在距O 点r 处取一长为r d 质元，摩擦力大小为 r l
g
m mg f d d d 1μμ==，f d 对O 点的力矩 r r l g
m f r M d d d 1μ
-=-=，则整个细杆所受的摩擦力对O 点的力矩为 ??
-=-==l l gl m r r l g m M M 00112
d d μμ
由动能定理 2
022
121ωωθJ J M -=
rad 68.08.92.03232
32121220120212
0=??==-
?
-=-=g l gl m l m M J μωμωωθ
6．系统对通过其中心的水平轴的角动量守恒
vl m J ul m '-='ω
即 ωω23
1
)(ml J l v u m ==+' （1）
因小球和细杆作弹性碰撞，系统机械能守恒
2222
1
2121ωJ v m u m +'=' （2） 由（1）和（2）式解得
m m m m u v '
+'-=
3)
3(，l m m u m )3(6'+'=ω 7．(1) 在距圆心r 处取一宽度为r d 的圆环，其上所受的阻力大小为f d ，则
r kr r r kr s kv f d 4d 4d d 2πωπω===
圆盘所受的空气阻力矩为
??
?
-=-
=-
==R
R
kR r kr f r M M 0
43d 4d d πωπω
(2) 由转动定律
θ
ω
ω
θθωωπωd d d d d d d d 4J t J t J
kR M ===-= 积分 ??
-=θωωπθ004
d d kR J
得 2040
240221
kR
m kR mR kR J πωπωπωθ=== 2
2042kR m n πωπθ
=
=
《大学物理》综合练习(三)参考答案
一、选择题
1． D ；2．A ；3．B ；4．A ；5．B ；6．B ；7．C ；8．A ；9．C ；10．B ；11．E ； 12．D ；13．A ；14．A 、B 、D ；15．B 、C 。
二、填充题
1．p v 、v 、2
v ； 2．1:1、3:5； 3．p
d kT
2
2π、正比、T p
d km 216π、 平方根成反比； 4．4、4； 5．Ⅱ、0v 、)1(A N -； 6．(1)单位体积中速率在v
v v d +→
区间内的分子数，(2)速率小于1v 的分子数，(3)速率大于0v 的所有分子的平均速率； 7．(1)等压，(2)等容，(3)等温，(4)等容； 8．%29、%71； 9．绝热过程、等压过程； 10．????
??-+--12
1211ln
V V a b V b V RT ； 11．21ln 11T V p S =?、0=?S 。 三、计算题
1．(1)0v v =时有a kv v Nf ==00)(，0
v a
k =
∴。由归一化条件 N av av =+002
1 得 0
32v N
a =
。 (2)025.12d )(0
v a v v Nf N v v =
=??
，3
N N =?。 (3)N a v v N a v v v Nv a v v v vf v v v v 611d d d )(2020
=+???
?
??=
=
?
?
?
∞
，09
11
v v =∴。 2． 证明：p
v v p kT
mv v e v v
v e kT m v f p 1424)(2
22
222
/3?
???
?
??=
???
?
??=???
? ??--πππ e
v v f p p π4
)(=
，其中 m
kT
v p 2=
。在v v v p p ?+~区间内的分子数为 kT m
e
v
N e
v v
N v v Nf N p p 244)(ππ??=
??=
?=?，T
N 1∝?∴。 3．(1))(2
)(211221212V p V p i
T T R i E E E -=-=-=? (2)))((2
1
2112p p V V A +-=
(3)))((2
1
)(221121122p p V V V p V p i A E Q +-+-=+?=
)(2
1
)(21)(2122111221122V p V p V p V p V p V p i -+-+-=
???? ??-+-+=
121
211112221
)(21p p V V V p V p V p i
1212p p V V =Θ
,)(21)(21121122T T R i V p V p i Q -+=-+=∴ R i T T Q C 2
1
12+=-=
,5=i ,R C 3=∴ 4.(1)用热力学第一定律证明
反证法：如图，设等温线A 与绝热线B 相交于1
2两点，由于1、2在等温线上，内能相等
21E E =。又1、2在绝热线上，0=Q 。根据
E A Q ?+=，
而21→过程中系统对外做功不为零，所以21E E ≠，即0≠?E ，因此绝热线和等温线不能相交于两点。 (2)用热力学第二定律证明
如上图作121?→??→?B
A 循环，
此过程对外作有用功(所围面积)，但该循环只在等温过程中吸热，而没有其它影响，即违反热力学第二定律，因此绝热线和等温线不能相交于两点。 5．(1)p a
V =
Θ,22
V a p =∴,系统对外界做功为
???? ??-==
=
?
?
21
22211d d 2
1
2
1
V V a V V a V p A V V V V (2)
12
112
122
222
112212<===V V V V a V V a V p V p T T ，即温度降低。 6．(1)b a →等温膨胀过程吸热，c b →等容过程放热。
(2)2V V c =，1
21
1-???
? ??=γV
V T T c
(3)1
2
1
21121112
ln 1111ln )(111V V V V V V RT M M T T C M M Q Q Q Q mol C V mol ab
bc -???? ??-?
--=--=-=-
=γγη
7．致冷系数 2.1222
2682252732122==-=-==
T T T A Q W 卡 J 1022.118.12100042?=?==∴卡AW Q （从室外吸收的热量） 传给室内的热量 J 1032.110)1.022.1(4421?=?+=+=A Q Q 8．对ABO 过程，外界做功J 3011-==Q A ； 对ODC 过程，对外做功J 7022==Q A ； OA BO Q Q Q +=1Θ，CO OD Q Q Q +=2
CA BD Q Q Q Q +=+∴21，J 14021=-+=CA BD Q Q Q Q 9．C 0?水至C 100?水：设想该过程为一个可逆的等压过程
kJ/K 30.1273
373ln 18.41ln
d d 1)(d 122
1
=??===???
? ??=
=
-?
?
?
T T MC T
T
MC
T C M M
T T
Q S S T T B A
B
A p mol p
A B
C 100?水至C 100?水蒸汽：设想该过程为一个可逆的等温过程 kJ/K
34.7)()(kJ/K
04.6373
22531)(d =-+-=-=?=?===-?
A B B C A C AC C B T
B C S S S S S S S T M T Q S S λ
China Southern中国南方航空客舱英语广播词 起飞前 Ladies and gentlemen: Welcome aboard China Southern airlines, a Sky Team member’s flight. Here our captain, the purser and all the crew members will cherish every chance of service to make your journey with us a safe fine pleasant one. Now please fasten your seat belts, stow your tray table and put your seat back to the upright position. Please help us by opening the sunshades to ensure the safe operation of the navigation system. Please make sure your mobile phones including those with flying mode are turned off. This is a non-smoking flight. Please do not smoke on board. We hope you enjoy the flight. Thank you！ 降落 Ladies and gentlemen: We are beginning our final descent, please fasten your safe belts, return your seat back to the upright position and stow your tray table. Please help us by opening the sunshades. All laptop computers and electronic devices should be turned off at this time. We kindly remind you that during landing and taxiing. Please keep your seat belts fasten and do not open the overhead bins. Thank you!
物理部分课后习题答案（标有红色记号的为老师让看的题） 27页 1-2 1-4 1-12 1-2 质点的运动方程为22,(1)x t y t ==-，,x y 都以米为单位，t 以秒为单位， 求： （1） 质点的运动轨迹； （2） 从1t s =到2t s =质点的位移的大小； （3） 2t s =时，质点的速度和加速度。 解：（1）由运动方程消去时间t 可得轨迹方程，将t = 代入，有 2 1) y =- 或 1= （2）将1t s =和2t s =代入，有 11r i = ， 241r i j =+ 213r r r i j =-=- 位移的大小 r = = （3） 2x dx v t dt = = 2(1)y dy v t dt = =- 22(1)v ti t j =+- 2 x x dv a dt = =， 2y y dv a dt = = 22a i j =+ 当2t s =时，速度和加速度分别为 42/v i j m s =+ 22a i j =+ m/s 2 1-4 设质点的运动方程为cos sin ()r R ti R t j SI ωω=+ ，式中的R 、ω均为常 量。求（1）质点的速度；（2）速率的变化率。
解 （1）质点的速度为 sin cos d r v R ti R t j dt ωωωω==-+ （2）质点的速率为 v R ω = = 速率的变化率为 0dv dt = 1-12 质点沿半径为R 的圆周运动，其运动规律为232()t SI θ=+。求质点在t 时刻的法向加速度n a 的大小和角加速度β的大小。 解 由于 4d t d t θω= = 质点在t 时刻的法向加速度n a 的大小为 2 2 16n a R R t ω == 角加速度β的大小为 2 4/d ra d s d t ωβ== 77 页2-15, 2-30， 2-34， 2-15 设作用于质量1m kg =的物体上的力63()F t SI =+，如果物体在这一力作用 下，由静止开始沿直线运动，求在0到2.0s 的时间内力F 对物体的冲量。 解 由冲量的定义，有 2.0 2.0 2.02 (63)(33) 18I Fdt t dt t t N s = =+=+=? ? 2-21 飞机着陆后在跑道上滑行，若撤除牵引力后，飞机受到与速度成正比的阻力 （空气阻力和摩擦力）f kv =-（k 为常数）作用。设撤除牵引力时为0t =，初速度为0v ，求（1）滑行中速度v 与时间t 的关系；（2）0到t 时间内飞机所滑行的路程；（3）飞机停止前所滑行的路程。 解 （１）飞机在运动过程中只受到阻力作用，根据牛顿第二定律，有 dv f m kv dt ==- 即 d v k dt v m =- 两边积分，速度v 与时间t 的关系为 2-31 一质量为m 的人造地球卫星沿一圆形轨道运动，离开地面的高度等于地球
《大学物理》综合练习(一)参考答案 一、选择题 1．D ；2．D ；3．C ；4．C ；5．C ；6．C ；7．B ；8．A ；9．D ；10．D 。 二、填充题 1．m /s 2-；s 2；m 3；m 5。 2．j t i t )3 12()1(32+++；j t i 22+。 3． v h l h 2 2 -。 4．2m/s 8.4；2m/s 4.230。 5．m t kv mv t v +=00 )(；x m k e v x v -=0)(。 6．J 18-。 7．rg v π16320；3 4。 8．R GMm 6- 。 9．θsin 2gl ；θsin 3mg ； θsin 2g ；θcos g 。 10．j mv 2-；j R mv π22-。 11．v M m m V +-。 12．m 3.0。 13．100 r r v ；2 0212 121mv mv -。 三、计算题 1．(1) j t i t r )1(342++=；j t i t v 346+=；j t i a 2 126+=。 (2) j t i t r r r 42013+=-=?。 (3) 19 2 +=x y 。 2．(1) ? -=+ =t t t a v v 0201d ，3003 1 3d t t t v x x t -+=+=? 。 (2) 0=v 时s 1=t ，该时刻2m/s 2-=a ，m 3 2 3=x 。 (3) 0=t 时m 30=x ，0=v 时(相应s 1=t )m 32 31=x ，m 3 201=-=?x x x 。
3．(1) ??? ??==-=-332 2211a m g m a m g m T a m T g m μμ 解得 ??? ? ?? ?=====+-=2 3232 2121m/s 96.12.0m/s 88.56.0g g m m a g g m m m m a μμ (2) 2m 相对于3m 的加速度g a a a 4.03=-='，且221t a s '=，3m 移动距离2332 1 t a s =，因而m 20.04.04.02.033=?='= g g s a a s 。 4．切向：t v m kv d d =-，两边积分? ?-=t v v t m k v v 0d d 0，得t m k e v v -=0。 法向：t m k t m k e T e l v m l v m T 202202 --===，其中l v m T 200=为初始时刻绳中力。 5．利用机械能守恒和牛顿定律 ??? ????=-+-++=l v m mg T mgl mv mv 2 2 20)cos()]cos(1[2 121θπθπ 从以上两式中消去v ，得)cos 32(θ+=mg T 0=T 时，9413132cos 1 '?=?? ? ??-=-θ。 6．??? ??==-+=21 22211122211110sin sin cos cos m m v m v m v m v m v m θθθθ 解得 ?==-303 3 tan 1 2θ m/s 32.173102==v 由于 2 2 2211212 12121v m v m v m +=，即 22212v v v +=，系统机械能守恒，所以是弹性碰撞。 7．(1) ???==-a m T a m T g m B AB A AB A ，消去AB T 得 g g m m m a B A A 21 =+= 又 2 21at l = ，得 m 4.05 4 .022=?==a l t (2) 系统动量不守恒，因为在拉紧过程中滑轮对绳有冲击力。 ○ 0B 2 v 1 v
第四章电磁学基础 静电学部分 4.2解：平衡状态下受力分析 +q受到的力为： 处于平衡状态： （1） 同理，4q 受到的力为： （2） 通过（1）和（2）联立，可得：， 4.3解：根据点电荷的电场公式： 点电荷到场点的距离为： 两个正电荷在P点产生的电场强度关于中垂线对称： 所以： 当与点电荷电场分布相似，在很远处，两个正电荷q组成的电荷系的电场分布，与带电量为2q的点电荷的电场分布一样。 4.4解：取一线元，在圆心处 产生场强： 分解，垂直x方向的分量抵消，沿x方向 的分量叠加： 方向：沿x正方向 4.5解：（1 （2）两电荷异号，电场强度为零的点在外侧。 4.7解：线密度为λ，分析半圆部分： 点电荷电场公式： + +
在本题中： 电场分布关于x 轴对称：， 进行积分处理，上限为，下限为： 方向沿x轴向右，正方向 分析两个半无限长： ，，， 两个半无限长，关于x轴对称，在y方向的分量为0，在x方向的分量： 在本题中，r为场点O到半无限长线的垂直距离。电场强度的方向沿x轴负方向，向左。那么大O点的电场强度为： 4.8解：E的方向与半球面的轴平行，那么 通过以R为半径圆周边线的任意曲面的 电通量相等。所以 通过S1和S2的电通量等效于通过以R为半 径圆面的电通量，即： 4.9解：均匀带电球面的场强分布： 球面 R 1 、R2的场强分布为： 根据叠加原理，整个空间分为三部分： 根据高斯定理，取高斯面求场强： 图4-94 习题4.8用图 S1 S2 R O
场强分布： 方向：沿径向向外 4.10解：（1）、这是个球对称的问题 当时，高斯面对包围电荷为Q 当，高斯面内包围电荷为q 方向沿径向 （2）、证明：设电荷体密度为 这是一个电荷非足够对称分布的带电体，不能直接用高斯定理求解。但可以把这一带电体看成半径为R、电荷体密度为ρ的均匀带电球体和半径为R`、电荷体密度为-ρ的均匀带电体球相叠加，相当于在原空腔同时补上电荷体密度为ρ和-ρ的球体。由电场 叠加原理，空腔内任一点P的电场强度为： 在电荷体密度为ρ球体内部某点电场为： 在电荷体密度为-ρ球体内部某点电场为： 所以 4.11解：利用高斯定理，把空间分成三部分
大学物理 简明教程 习题 解答 答案 习题一 1-1 ｜r ?｜与r ?有无不同?t d d r 和t d d r 有无不同? t d d v 和t d d v 有无不同?其不同在哪里?试举例说明． 解：（1）r ?是位移的模，?r 是位矢的模的增量，即r ?12r r -=，12r r r -=?； （2）t d d r 是速度的模，即t d d r ==v t s d d . t r d d 只是速度在径向上的分量. ∵有r r ?r =（式中r ?叫做单位矢），则 t ?r ?t r t d d d d d d r r r += 式中t r d d 就是速度径向上的分量， ∴t r t d d d d 与 r 不同如题1-1图所示 . 题1-1图 (3)t d d v 表示加速度的模，即 t v a d d = ，t v d d 是加速度a 在切向上的分量. ∵有ττ (v =v 表轨道节线方向单位矢），所以 t v t v t v d d d d d d ττ += 式中dt dv 就是加速度的切向分量. (t t r d ?d d ?d τ 与 的运算较复杂，超出教材规定，故不予讨论) 1-2 设质点的运动方程为x =x (t )，y =y (t )，在计算质点的速度和加速度时， 有人先求出r ＝22y x +，然后根据v =t r d d ，及a ＝22d d t r 而求得结果；又有人先 计算速度和加速度的分量，再合成求得结果，即 v =2 2 d d d d ??? ??+??? ??t y t x 及a = 2 22222d d d d ? ??? ??+???? ??t y t x 你认为两种方法哪一种正确？为什么？两者差别何在？ 解：后一种方法正确.因为速度与加速度都是矢量，在平面直角坐标系中，有
南航客舱系统管理人员培训项目 需求说明书 一、绩效管理提升培训（主任乘务长/乘务长培训，乘务 部门分队长提升训） 课程名称：由供应商根据培训对象岗位特点及课程设计自定义。 培训目标： 1、主任乘务长/乘务长培训：结合客舱部的六个目标管理、空中服务“五不准”等工作要求，通过管理理论、团队管理、航班质量管控等方面的培训，解决乘务长“会管”的问题。 2、乘务部门分队长提升训：通过管理素质、班组建设、绩效管理等方面的培训，提升基层管理能力。 培训对象及人数： 1、主任乘务长/乘务长：7期培训，约100人/期。 2、乘务部门分队长：3期培训，约20人/期。 培训时间： 1、主任乘务长/乘务长培训：拟2015年5至6月间，8课时/期。 2、乘务部门分队长培训：拟2015年10月，8课时/期。 二、四级正副（含职员）管理能力提升培训 课程名称：由供应商根据培训对象岗位特点及课程设计自定义。
1、四级正副管理人员：通过管好自己、带好团队、高效执行等方面的专项培训，加强团队建设，提升执行力。 2、职员：通过职业素养和岗位技能等方面的培训，强化服务员工意识，提升职员的职业素养和综合素质能力。 培训对象及人数： 1、四级正副管理人员：2期培训，约50人/期。 2、职员：1期培训，约130人/期。 培训时间： 1、四级正副管理人员：拟2015年6月，8课时/期。 2、职员：拟2015年7月，8课时/期。 三、管理人员能力专项提升培训 课程名称：由供应商根据培训对象岗位特点及课程设计自定义。 培训目标： 1、三级副管理人员：通过管理定位、管理技巧、时间管理、目标管理、有效沟通等内容的培训，提高管理效能。 2、三级正管理人员：结合“三种文化、两种意识”的落实，开展管理意识提升、辅导与激励下属、影响力、团队沟通与协调等方面的培训，实现自我管理能力、团队建设能力、协同成长能力的全面提升。 培训对象及人数： 1、三级副管理人员：2期培训，约30人/期。 2、三级正管理人员，2期培训，约30人/期。
第二章岗位职责 1 目的 明确客舱服务部内部各岗位职责，确保各岗位人员全部认真履行。 2 适用范围 适用于国航西南分公司客舱服务部。 3 职责 3.1 人力资源部负责《岗位职责》的制（修）订。 3.2 各单位负责参与《岗位职责》的制（修）订。 3.3 《岗位职责》由客舱服务部总经理批准。 4附件 客舱服务部各岗位职责 客舱服务部总经理岗位工作职责 1、贯彻执行党的路线、方针、政策和公司下达的各项指示要求，负责客舱服务部的全面工作，并结合本部门实际，通过有效的组织、指挥、领导内部管理，狠抓落实，确保各项任务的完成。 2、负责做好本部门岗位分工，明确目标责任，规范各岗位工作规定和规程。 3、负责客舱服务部安全生产、服务质量、经营目标等各项工作。 4、组织制订客舱服务部各项规章制度，并检查督促执行情况。 5、组织制订客舱服务部各项工作计划，布置下属岗位的工作，并经常检查、考核、指导，保证客舱服务部各项工作有序的进行。 6、掌握空中服务质量状况，监督指挥有关部门制订改进措施，以提
高空中服务质量。 7、积极推进全员参加服务质量的改进工作，加强职工服务意识教育，提高职工的工作积极性和主动性。 8、监督检查各科、室、队的工作质量和工作纪律，掌握航班生产运行情况，从整体上把握全局，不断推进工作。 9、负责客舱服务部人事考核等人力资源工作，主持分析研究本部的人力资源状况，促进员工与工作岗位的匹配性，使人力资源得以充分利用。 10、负责监督、检查各项资金运作的合法性、合理性，严格控制 成本，使资金得以有效的运作。 11、及时协调客舱服务部与其他部门之间的关系，保证各项工作顺利进行。 12、完成上级交办的其它事宜。 客舱服务部党委书记岗位工作职责 1、贯彻党的路线、方针、政策和上级党委的工作部署，结合实际，组织落实。 2、按照三个代表的重要思想和民主集中制原则，抓好部党委班子建设，组织中心组等有关学习，协调班子成员之间的关系，增强班子的团结和整体领导能力。 3、部党委会议，集体研究决定有关客舱服务部建设的重大问题，组织对重要工作项目进行调研，发挥对决策的指导、咨询作用。 4、督促落实各项党的生活制度，指导发展党员工作，组织开展多种形式的党员教育活动，严格对党员的管理，努力发挥党员先锋模范作用。
大学物理课程教学基本 要求 文件排版存档编号：[UYTR-OUPT28-KBNTL98-UYNN208]
非物理类理工学科大学物理课程教学基本要求（正式报告稿）物理学是研究物质的基本结构、基本运动形式、相互作用的自然科学。它 的基本理论渗透在自然科学的各个领域，应用于生产技术的许多部门，是其他 自然科学和工程技术的基础。 在人类追求真理、探索未知世界的过程中，物理学展现了一系列科学的世 界观和方法论，深刻影响着人类对物质世界的基本认识、人类的思维方式和社 会生活，是人类文明发展的基石，在人才的科学素质培养中具有重要的地位。 一、课程的地位、作用和任务 以物理学基础为内容的大学物理课程，是高等学校理工科各专业学生一门 重要的通识性必修基础课。该课程所教授的基本概念、基本理论和基本方法是 构成学生科学素养的重要组成部分，是一个科学工作者和工程技术人员所必备 的。 大学物理课程在为学生系统地打好必要的物理基础，培养学生树立科学的 世界观，增强学生分析问题和解决问题的能力，培养学生的探索精神和创新意 识等方面，具有其他课程不能替代的重要作用。 通过大学物理课程的教学，应使学生对物理学的基本概念、基本理论和基 本方法有比较系统的认识和正确的理解，为进一步学习打下坚实的基础。在大 学物理课程的各个教学环节中，都应在传授知识的同时，注重学生分析问题和 解决问题能力的培养，注重学生探索精神和创新意识的培养，努力实现学生知 识、能力、素质的协调发展。 二、教学内容基本要求（详见附表）
大学物理课程的教学内容分为A、B两类。其中：A为核心内容，共74条，建议学时数不少于126学时，各校可在此基础上根据实际教学情况对A类内容各部分的学时分配进行调整；B为扩展内容，共51条。 1.力学 （A:7条，建议学时数14学时；B:5条） 2.振动和波 （A:9条，建议学时数14学时；B:4条） 3.热学 （A:10条，建议学时数14学时；B:4条） 4.电磁学 （A:20条，建议学时数40学时；B:8条） 5.光学 （A:14条，建议学时数18学时；B:9条） 6.狭义相对论力学基础 （A:4条，建议学时数6学时；B:3条） 7.量子物理基础 （A:10条，建议学时数20学时；B:4条） 8.分子与固体 （B:5条） 9.核物理与粒子物理 （B:6条）
C h i n a S o u t h e r n中国南方航空客舱英语广播词 起飞前 Ladies and gentlemen: Welcome aboard China Southern airlines, a Sky Team member’s flight. Here our captain, the purser and all the crew members will cherish every chance of service to make your journey with us a safe fine pleasant one. Now please fasten your seat belts, stow your tray table and put your seat back to the upright position. Please help us by opening the sunshades to ensure the safe operation of the navigation system. Please make sure your mobile phones including those with flying mode are turned off. This is a non-smoking flight. Please do not smoke on board. We hope you enjoy the flight. Thank you！ 降落 Ladies and gentlemen: We are beginning our final descent, please fasten your safe belts, return your seat back to the upright position and stow your tray table. Please help us by opening the sunshades. All laptop computers and electronic devices should be turned off at this time. We kindly remind you that during landing and taxiing. Please keep your seat belts fasten and do not open the overhead bins. Thank you!
南京航空航天大学 2010年硕士研究生入学复试试题 考试科目：微机原理及应用 说明：答案必须填在答题纸上，写在试卷上无效 一、填空：(每空2分，共40分) 1、设字长为八位，有x= -1，y=124，则有：[x+y]补=_________，[x-y] ； 补=__________ 2、数制转换：247.86= H =______________BCD; 3、在8086CPU中，由于BIU和EU分开，所以_____和_____ 可以重叠操作，提高了CPU的利用率； 4、8086的中断向量表位于内存的_______区域，它可以容纳____个中断向量，每一个向量占____ 个字节； 5、8086系统中，地址FFFF0H是___________________ 地址； 6、8086CPU的MN/MX引脚的作用是____________________； 7、8251芯片中设立了_____、_____ 和______三种出错标志； 8、8086CPU中典型总线周期由____个时钟周期组成，其中T1期间，CPU输出______信息；如有必要时，可以在__________两个时钟周期之间插入1个或多个T W等待周期。 9、8259A共有___个可编程的寄存器，它们分别用于接受CPU送来的______命令字和________命令字。 二、简答题：(40分) 1、什么是信号的调制与解调？为什么要进行调制和解调？试举出一种调制的方式。(10分) 2、已有AX=E896H，BX=3976H，若执行ADD BX，AX指令，则结果BX，AX，标志位CF，OF，ZF各为何值？(10分) 3、有变量定义的伪指令如下： NUMS DW 18 DUP(4 DUP(5),23) V AR DB 'HOW ARE YOU !', 0DH, 0AH 试问：NUMS、V AR变量各分配了多少存储字节？(10分)
--WORD格式--可编辑------ China Southern中国南方航空客舱英语广播词 起飞前 Ladies and gentlemen: Welcome aboard China Southern airlines, a Sky Team member’ s flight. Here our captain, the purser and all the crew members will cherish every chance of service to make your journey with us a safe fine pleasant one. Now please fasten your seat belts, stow your tray table and put your seat back to the upright position. Please help us by opening the sunshadesto ensure the safe operation of the navigation system. Pleasemake sure your mobile phones including those with flying mode are turned off. This is a non-smoking flight. Please do not smoke on board. We hope you enjoy the flight. Thank you！ 降落 Ladies and gentlemen: We are beginning our final descent, please fasten your safe belts, return your seat back to the upright position and stow your tray table. Please help us by opening the sunshades. All laptop computers and electronic devices should be turned off at this time. We kindly remind you that during landing and taxiing. Please keepyour seat belts fasten and do not open the overhead bins. Thank you! --专业资料分享--
物理学教程下册答案9-16 第九章 静 电 场 9－1 电荷面密度均为＋σ的两块“无限大”均匀带电的平行平板如图(A )放置，其周围空间各点电场强度E (设电场强度方向向右为正、向左为负)随位置坐标x 变化的关系曲线为图(B )中的( ) 题 9-1 图 分析与解 “无限大”均匀带电平板激发的电场强度为0 2εσ，方向沿带电平板法向向外，依照电场叠加原理可以求得各区域电场强度的大小和方向.因而正确答案为(B ). 9－2 下列说确的是( ) (A )闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面一定没有电荷 (B )闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面电荷的代数和必定为零 (C )闭合曲面的电通量为零时，曲面上各点的电场强度必定为零 (D )闭合曲面的电通量不为零时，曲面上任意一点的电场强度都不可能为零 分析与解 依照静电场中的高斯定理，闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面电荷的代数和必定为零，但不能肯定曲面一定没有电荷；闭合曲面的电通量为零时，表示穿入闭合曲面的电场线数等于穿出闭合曲面的电场线数或没有电场线穿过闭合曲面，不能确定曲面上各点的电场强度必定为零；同理闭合曲面的电通量不为零，也不能推断曲面上任意一点的电场强度都不可能为零，因而正确答案为(B ). 9－3 下列说确的是( )
(A) 电场强度为零的点，电势也一定为零 (B) 电场强度不为零的点，电势也一定不为零 (C) 电势为零的点，电场强度也一定为零 (D) 电势在某一区域为常量，则电场强度在该区域必定为零 分析与解电场强度与电势是描述电场的两个不同物理量，电场强度为零表示试验电荷在该点受到的电场力为零，电势为零表示将试验电荷从该点移到参考零电势点时，电场力作功为零.电场中一点的电势等于单位正电荷从该点沿任意路径到参考零电势点电场力所作的功；电场强度等于负电势梯度.因而正确答案为(D). *9－4在一个带负电的带电棒附近有一个电偶极子，其电偶极矩p的方向如图所示.当电偶极子被释放后，该电偶极子将( ) (A) 沿逆时针方向旋转直到电偶极矩p水平指向棒尖端而停止 (B) 沿逆时针方向旋转至电偶极矩p水平指向棒尖端，同时沿电场线方向朝着棒尖端移动 (C) 沿逆时针方向旋转至电偶极矩p水平指向棒尖端，同时逆电场线方向朝远离棒尖端移动 (D) 沿顺时针方向旋转至电偶极矩p 水平方向沿棒尖端朝外，同时沿电场线方向朝着棒尖端移动 题9-4 图 分析与解电偶极子在非均匀外电场中，除了受到力矩作用使得电偶极子指向电场方向外，还将受到一个指向电场强度增强方向的合力作用，因而正确答案为(B). 9－5精密实验表明，电子与质子电量差值的最大围不会超过±10－21e，而中子电量与零差值的最大围也不会超过±10－21e，由最极端的情况考虑，一个有8个电子，8个质子和8个中子构成的氧原子所带的最大可能净电荷是多少？若将原子视作质点，试比较两个氧原子间的库仑力和万有引力的大小. 分析考虑到极限情况，假设电子与质子电量差值的最大围为2×10－21e，中子电量为10－21e，则由一个氧原子所包含的8个电子、8个质子和8个中子
航空公司客舱服务案例分析 一．南航客舱服务案例介绍 中国南方航空公司在提升客舱服务与体验方面，结合了客舱服务现有成型服务产品，不断研究和开发，推陈出新。其中，南航“木棉系”客舱服务创新产品获得了第五届CPASE航空服务奖，该创新型客舱服务为旅客带了视觉、听觉、味觉和嗅觉全方位的贴心舒适的沉浸式体验，获得了CCTV等媒体宣传报道。 在视觉方面，一是以“美丽客舱”为主题，围绕“形象、语言、礼节、举止、出行”外塑南航乘务员高端职业形象，提升南航服务团队辨识度，强化品牌形象；二是推行“木棉国际”理念，打造有国际辨识度及影响力的服务；三是围绕传统节日营造具有文化涵养的客舱氛围；四是针对生日旅客推出“木棉心意”贺卡，传递祝福；五是面向无陪儿童旅客推出“木棉童飞”项目，陪伴儿童安心飞行。 在听觉方面，以“木棉花语”的文化标签推行微笑广播，传递南航声音。 在味觉方面，结合传统时节和中医养生理念研发“木棉四季”系列饮品，开设木棉空中茶苑融合中式茶艺和西式下午茶。 在嗅觉方面，推行“木棉香薰”，定制化客舱气氛，为旅客带去独具特色的南航气息，强化品牌形象。 二．客舱服务分析与思考 随着当前国内经济的发展，航空旅客的不断增多，乘坐飞机出行越来越普遍，而客舱服务与体验则是旅客们选择航空公司时的重要考虑因素。南方航空公司推出的“木棉系”客舱服务创新产品在满足旅客基本舒适体验的基础上，营造了一种精致的、特色的、富有文化气息的客舱环境与氛围，为旅客带来了视觉、听觉、味觉和嗅觉的全方位感知与体验。 从服务内容的角度，南航推出的“木棉系”客舱服务创新产品中，包括营造传统节日气氛、制作生日贺卡、陪伴儿童旅客、木棉系列饮品和香薰等等，其实都不是很难提供的内容，也基本没有技术层面的难题，而是通过一番充分准备及包装即可以实现的。其主要的创新性体现在通过“木棉”的具体形象去整合和集成这一系列的看似简单的旅客服务与体验，从而为南航的客舱服务增添了形象标识与文化内涵。更一般地讲，南航推出的“木棉系”客场服务创新产品，不仅为旅客带去了丰富多样的客舱服务与体验，更是为自身树立和强化了南航的品牌特色与形象。 当前的航空基础设施已经能够满足人们安全感和舒适感的基础需求，而如何通过更优质的乘坐体验吸引并留住更多旅客，如何在旅客心目中留下更加美好的形象，是众多航空公司当前面临的关键课题。从品牌形象塑造的角度去营造客舱服务正是提升航空公司旅客满意度和用户粘性的重要途径。以“木棉系”客场服务创新产品这一案例来说，南航不仅仅提供了能够让旅客收获物质层面和精神层面的体验，更是在向旅客心目中留下了特色的、精致的、周到的、贴心的、高雅的形象认识与感知。而人们总是容易将自己所选择的产品及服务将个人的身份形象联系起来，南航提供的这种品牌形象感十足的服务恰恰能给旅客带来自身的愉悦感和满足感，从而加深对该航空公司的记忆与好感。 南航“木棉系”客舱服务创新产品也印证了打造品牌形象和创造品牌价值的重要性，这是一种提升航空公司竞争力的长期战略，即围绕品牌标识可以不断地推出一系列的、成体系的、系统的产品与服务，为企业持续创收注入动力。
思 考 题 1.1 答：这个质点的速度j t i v )8.94(3-+=；加速度j a 8.9-=； j dt t i dt r d )8.94(3-+=。dt t ds 2)8.94(9-+=；它的速率2)8.94(9t v -+=。 1.2答：t 时刻的速度j t i t v 5cos 505sin 50+-=；速率v=50,；加速度 )5sin 5(cos 250j t i t a +-=；该质点作匀速圆周运动。 1.3（B ） 1.4（D ） 1.5（B ）、（D ） 1.6（C ） 1.7答：质量大的物体转动惯量不一定比质量小的转动惯量大。因为计算转动惯量的三个要素是总质量；质量分布；转轴的位置。所以仅以质量的大小不能说明转动惯量的大小。 1.8答：刚体的动量矩等于刚体对该轴的转动惯量与角速度的乘积。作前滚翻运动动作时应曲卷肢体使转动惯量变小,根据动量矩守恒定律,则能增加前滚翻的角速度。 1.9答：相对论中的高速和低速的区分是相对光速而言的，接近光速的速度为高速，远小于光速的速度为低速。在相对论中质量与速度的关系为2 0) (1c v m m -= ，0m 为静止质 量，m 是物体相对参照系以速度v 运动时的质量，c 为光速。高速列车的行驶速度远小于光速，由上式可计算出高速列车达到正常行驶速度时，其质量没有显著的变化。 习 题 1.1解:（1）速度表达式为：)1ln(bt dt dx v --== μ （2）t=0时， v=0. t=120s 时，3 1091.6?=v m/s (3)加速度表达式为：) 1(bt b dt dv a -== μ
Cabin Pressure Series 1, Episode 1 – Abu Dhabi (Bing-Bong) DOUGLAS: Good evening, ladies and gentlemen, First Officer Douglas Richardson here. Just to let you know, we're making our final approach now into what I am fairly sure is Fitton airfield..unless it's a farm..or just possibly the A45. It's not the sea, because that's blue. I should perhaps explain that Captain Crieff and I have a sportsman-like little bet on today about who can fly the best after drinking a litre of Vodka through a straw. The Captain went first. You may have noticed the takeoff run was a little bumpy, particularly over the golf course. Now it's me to land, just as soon as I decide, which of these two runaways to aim for. And I'm happy to tell you that I feel lucky. So on behalf of all your crew today, may I just say, geronimo! Opening Credit (by BC) - This week, Abu Dhabi! MARTIN: Blessed. DOUGLAS: Ah, yes, of course. May! MARTIN: Hmm, yup. Cant! ARTHUR: Here we are, gents. Coffee with nothing in it. Tea with everything in it. Great cabin address, Douglas? I love cargo flights. DOUGLAS: Thank you, Arthur. MARTIN: Ooh, Eno? DOUGLAS: Ooh, Eno? MARTIN: Ooh, Eno. DOUGLAS: Ah..yes! Sewell. ARTHUR: Oh, what are we playing? MARTIN: Brians of Britain. ARTHUR: Then there must be loads of them! Uh, um.. DOUGLAS: Well, not to worry, as they come to you. ARTHUR: Oh, who's that guy? Hm, oh, gray haired, did that game show, "Can I have a P please, Bob?" Uh..what's his name? DOUGLAS: Your hope being that it was Brian..? ARTHUR: Yeah, Brian..Uh..Brian.. MARTIN: Bob Holness. It was Bob Holness.
大学物理实验教材课后思考题答案 一、转动惯量： 1．由于采用了气垫装置，这使得气垫摆摆轮在摆动过程中受到的空气粘滞阻尼力矩降低至最小程度，可以忽略不计。但如果考虑这种阻尼的存在，试问它对气垫摆的摆动（如频率等）有无影响？在摆轮摆动中，阻尼力矩是否保持不变？ 答：如果考虑空气粘滞阻尼力矩的存在，气垫摆摆动时频率减小，振幅会变小。（或者说 对频率有影响，对振幅有影响） 在摆轮摆动中，阻尼力矩会越变越小。 2．为什么圆环的内、外径只需单次测量？实验中对转动惯量的测量精度影响最大的是哪些因素？ 答：圆环的内、外径相对圆柱的直径大很多，使用相同的测量工具测量时，相对误差较小， 故只需单次测量即可。（对测量结果影响大小） 实验中对转动惯量测量影响最大的因素是周期的测量。（或者阻尼力矩的影响、摆轮是否正常、平稳的摆动、物体摆放位置是否合适、摆轮摆动的角度是否合适等） 3．试总结用气垫摆测量物体转动惯量的方法有什么基本特点？ 答：原理清晰、结论简单、设计巧妙、测量方便、最大限度的减小了阻尼力矩。 三、混沌思考题 1.
有程序（各种语言皆可）、K 值的取值范围、图 +5分 有程序没有K 值范围和图 +2分 只有K 值范围 +1分 有图和K 值范围 +2分 2.（1）．混沌具有内在的随机性：从确定性非线性系统的演化过程看，它们在混沌 区的行为都表现出随机不确定性。然而这种不确定性不是来源于外部环境的随机因素对系统运动的影响，而是系统自发产生的 （2）．混沌具有分形的性质（3）．混沌具有标度不变性（4）．混沌现象还具有对初始条件的敏感依赖性：对具有内在随机性的混沌系统而言，从两个非常 接近的初值出发的两个轨线在经过长时间演化之后，可能变得相距“足够”远，表现出对初值的极端敏感，即所谓“失之毫厘，谬之千里”。 答对2条以上+1分，否则不给分，只举例的不给分。 四、半导体PN 结 （1）用集成运算放大器组成电流一电压变换器测量11610~10--A 电流，有哪些优点? 答：具有输入阻抗低、电流灵敏度高、温漂小、线性好、设计制作简单、结构牢靠等优点。 （2）本实验在测量PN 结温度时，应该注意哪些问题？ 答：在记录数据开始和结束时，同时都要记录下干井中温度θ，取温度平均值θ。 （3）在用基本函数进行曲线拟合求经验公式时，如何检验哪一种函数式拟合得最好，或者拟合的经验公式最符合实验规律？ 答：运用最小二乘法，将实验数据分别代入线性回归、指数回归、乘幂回归这三种常用的基本函数，然后求出衡量各回归方程好坏的拟合度R 2。拟合度最接近于1的函数，拟合得最好。 五、地磁场 （1）磁阻传感器和霍耳传感器在工作原理有什么区别？ 答：前者是磁场变化引起材料阻值变化，最终使得电桥外接电压转变为对应的输出电压；后者是磁场变化引起流经材料内部的载流子发生偏转而产生电压。 （2）为何坡莫合金磁阻传感器遇到较强磁场时，其灵敏度会降低？用什么方法来恢复其原来的灵敏度？ 答：传感器遇到强磁场感应时，对应的磁阻材料将产生磁畴饱和现象，外加磁场很难改变磁阻材料的阻值，所以传感器灵敏度会降低。方法是：在硅片上设计两条铝制电流带，一
登机广播词 女士们先生们,你们好： 欢迎您乘坐中国南方航空公司的航班！ 本次航班是由成都飞往北京的CZ6162次航班 当您进入客舱后，请留意行李架边缘的座位号码，对号入座。客舱行李架内以及座椅下方均可以安放手提行李，在安放行李的同时，请您稍微侧一下身，以保持过道的通畅。 当您入座后，请将安全带系好，座椅靠背、小桌板收起，遮光板保持在打开状态。 谢谢！ 起飞前 女士们、先生们，我们的飞机即将起飞 客舱乘务员将进行起飞前的安全确认 请您将安全带系好，座椅靠背、小桌板（和座椅脚踏板）收起，遮光板保持在打开状态。 为了避免干扰飞机通讯、导航系统的正常工作，请关闭您的手机及其它电子设备。 有吸烟习惯的旅客,我们提醒您：本次航班为全程禁烟航班，敬请谅解！ 为了确保大家的旅行安全，顺利到达目的地，请您在飞机滑行、起飞、降落和颠簸期间，在座位上坐好，系好安全带，不要开启行李架以免行李滑落、砸伤其它旅客，多谢您好的合作，谢谢。 请您关闭您的手机及其它电子设备，系好安全带。谢谢。 女士们先生们，我们的飞机马上就要起飞了，请您再次确认，关闭您的手机及电子设备，系好安全带。谢谢。 女士们先生们，(感谢您的耐心等待，)我们的飞机很快就要起飞了，为了您的安全，请再次确认安全带已经系好，手机处于关闭状态。谢谢！ 安全演示 女士们、先生们： 接下来，我们为您播放安全演示录像 客舱乘务员将为您介绍机上应急设备的使用方法及紧急出口的位置。 救生衣在您座椅下方的口袋里（座椅上方），仅供水上迫降时使用，在正常情况下请不要取出 使用时取出，经头部穿好；将带子由后向前扣好、系紧。 氧气面罩储藏在您座椅上方。发生紧急情况时，面罩会自动脱落。 氧气面罩脱落后，请用力向下拉面罩；将面罩罩在口鼻处，把带子套在头上进行正常呼吸；在帮助别人之前，请自己先戴好。 在您座椅上有两条可以对扣的安全带。当“系好安全带”灯亮时，请系好安全带；解开时，将锁扣打开，拉出连接片。 本架飞机共有___3_个紧急出口，分别位于客舱的前部、中部和后部。在紧急情况下，客舱内所有的出口指示灯和通道指示灯会自动亮起，指引您从最近的出口撤离。 在您座椅前方的口袋里备有《安全须知》，请您尽早阅读。 在飞行中,由于气流变化,可能发生突然的颠簸，为了安全起见，我们建议您全程系好安