平面几何图形的性质在立体几何中的应用
[学生用书P140]
三角形中位线定理的应用
如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,点M,N分别为A1C1,A1B的中点.设平面MNB1与平面BCC1B1的交线为l,求证:MN∥l.
【证明】法一:(线面平行的判定和性质方法)连接BC1,在△A1BC1中,点M,N分别为A1C1,A1B的中点,
所以MN∥C1B,
又MN?平面BCC1B1,C1B?平面BCC1B1,
所以MN∥平面BCC1B1,
又因为MN?平面MNB1,
平面MNB1∩平面BCC1B1=l,
所以MN∥l.
法二:(面面平行的判定和性质方法)取A1B1的中点P,连接MP,NP.
在△A1B1C1中,点M,P分别为A1C1,A1B1的中点,
所以MP∥C1B1,
又因为MP?平面BCC1B1,C1B1?平面BCC1B1,
所以MP∥平面BCC1B1,
同理可证NP∥平面BCC1B1,
又因为MP∩NP=P,MP?平面MNP,
NP?平面MNP,
所以平面MNP∥平面BCC1B1,
又因为MN?平面MNP
所以MN∥平面BCC1B1.
又因为MN?平面MNB1,
平面MNB1∩平面BCC1B1=l,
所以MN∥l.
三角形的中位线定理是立体几何中证明线线平行最常用的一个定理,通过找中点,连接中点得出三角形的中位线,达到证明线线平行的目的,进一步实现证明线面平行、面面平行的目的.
平行四边形的判定及性质的应用
如图,在三棱台DEF-ABC中,AB=2DE,点G,H分别为AC,BC的中点.求证:BD∥平面FGH.
【证明】如图,连接DG,CD,设CD∩FG=O,连接OH.
在三棱台DEF-ABC中,
AB=2DE,点G为AC的中点,
可得DF∥GC,DF=GC,
所以四边形DFCG为平行四边形,
所以点O为CD的中点.又因为点H为BC的中点,
所以OH∥BD.又因为OH?平面FGH,BD?平面FGH,
所以BD∥平面FGH.
立体几何中通常是先证明一个四边形的一组对边平行且相等,判定该四边形为平行四边形,则该四边形的另一组对边平行,也经常运用平行四边形的对角线互相平分,判定线段的中点.
等腰三角形、正三角形性质的应用
(2017·高考全国卷Ⅲ)如图,四面体ABCD中,△ABC是正三角形,AD=CD.
(1)证明:AC ⊥BD ;
(2)已知△ACD 是直角三角形,AB =BD .若E 为棱BD 上与D 不重合的点,且AE ⊥EC ,求四面体ABCE 与四面体ACDE 的体积比.
【解】
(1)证明:取AC 的中点O ,连接DO ,BO . 因为AD =CD ,所以AC ⊥DO .
又由于△ABC 是正三角形,所以AC ⊥BO . 从而AC ⊥平面DOB ,故AC ⊥BD . (2)连接EO .
由(1)及题设知∠ADC =90°,所以DO =AO . 在Rt △AOB 中,BO 2+AO 2=AB 2.又AB =BD ,所以 BO 2+DO 2=BO 2+AO 2=AB 2=BD 2,故∠DOB =90°. 由题设知△AEC 为直角三角形,所以EO =1
2AC .
又△ABC 是正三角形,且AB =BD ,所以EO =1
2
BD .
故E 为BD 的中点,从而E 到平面ABC 的距离为D 到平面ABC 的距离的1
2,四面体ABCE
的体积为四面体ABCD 的体积的1
2
,即四面体ABCE 与四面体ACDE 的体积之比为1∶1.
等腰三角形底边上的中线垂直底边,在立体几何中常用该结论得出线线垂直.
菱形性质的应用
如图,三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧面BB 1C 1C 为菱形,B 1C 的中点为O ,且AO ⊥
平面BB 1C 1C .
(1)证明:B 1C ⊥AB ;
(2)若AC ⊥AB 1,∠CBB 1=60°,BC =1,求三棱柱ABC -A 1B 1C 1的高.
【解】 (1)
证明:连接BC 1,则O 为B 1C 与BC 1的交点.因为侧面BB 1C 1C 为菱形,所以B 1C ⊥BC 1.又AO ⊥平面BB 1C 1C ,
所以B 1C ⊥AO ,故B 1C ⊥平面ABO . 由于AB ?平面ABO ,故B 1C ⊥AB .
(2)作OD ⊥BC ,垂足为D ,连接AD .作OH ⊥AD ,垂足为H .由于BC ⊥AO ,BC ⊥OD ,故BC ⊥平面AOD ,
所以OH ⊥BC .
又OH ⊥AD ,所以OH ⊥平面ABC .
因为∠CBB 1=60°,所以△CBB 1为等边三角形. 又BC =1,可得OD =34
. 由于AC ⊥AB 1, 所以OA =12B 1C =12
.
由OH ·AD =OD ·OA ,且AD =OD 2+OA 2=7
4
,得 OH =
2114
. 又O 为B 1C 的中点,所以点B 1到平面ABC 的距离为21
7
,故三棱柱ABC -A 1B 1C 1的高
为
217
.
矩形、正方形性质的应用
如图,在四棱锥P -ABCD 中,底面ABCD 是边长为2的正方形,侧面P AD ⊥底面
ABCD ,且P A =PD =
2
2
AD ,E ,F 分别为PC ,BD 的中点. (1)求证:EF ∥平面P AD ;
(2)求证:平面P AB ⊥平面PDC .
【证明】 (1)连接AC ∩BD =F ,四边形ABCD 为正方形, F 为AC 中点,E 为PC 中点. 所以在△CP A 中,EF ∥P A , 且P A ?平面P AD ,EF ?平面P AD , 所以EF ∥平面P AD .
(2)因为平面P AD ⊥平面ABCD ,平面P AD ∩平面ABCD =AD , ABCD 为正方形,CD ⊥AD , CD ?平面ABCD , 所以CD ⊥平面P AD . 所以CD ⊥P A . 又P A =PD =
2
2
AD , 所以△P AD 是等腰直角三角形,且∠APD =π
2,
即P A ⊥PD ,CD ∩PD =D , 且CD ,PD ?平面PDC , 所以P A ⊥平面PDC , 又P A ?平面P AB , 所以平面P AB ⊥平面PDC .
矩形的四个内角均为直角,两组对边分别平行,对角线互相平分,在正方形中对角线互相垂直平分,利用这些性质可以得出垂直关系、平行关系、中点等需要的结论.
梯形性质的应用
如图,正方形ADEF 与梯形ABCD 所在的平面互相垂直,AD ⊥CD ,AB ∥CD ,
AB =AD =2,CD =4,M 为CE 的中点.
(1)求证:BM ∥平面ADEF ; (2)求证:平面BDE ⊥平面BEC .
【证明】 (1)取DE 中点N ,连接MN ,AN . 在△EDC 中,M ,N 分别为EC ,ED 的中点, 所以MN ∥CD ,且MN =1
2CD .
由已知AB ∥CD ,AB =1
2CD ,
所以MN ∥AB ,且MN =AB . 所以四边形ABMN 为平行四边形, 所以BM ∥AN .
又因为AN ?平面ADEF ,且BM ?平面ADEF , 所以BM ∥平面ADEF .
(2)在正方形ADEF 中,ED ⊥AD . 又因为平面ADEF ⊥平面ABCD , 且平面ADEF ∩平面ABCD =AD , 所以ED ⊥平面ABCD , 所以ED ⊥BC .
在直角梯形ABCD 中,AB =AD =2,CD =4,可得BC =22. 在△BCD 中,BD =BC =22,CD =4,所以BC ⊥BD . 所以BC ⊥平面BDE ,又因为BC ?平面BCE , 所以平面BDE ⊥平面BEC .
梯形只有一组对边平行,在立体几何中经常出现两个特殊的梯形.(1)直角梯形,其中梯形的上底等于直角腰长,等于下底长度的二分之一,该梯形的一条对角线垂直非直角腰;(2)等腰梯形,上底等于下底的二分之一,底角等于60°,该类梯形的两条对角线垂直对应的腰.
相似(全等)三角形性质的应用
如图,在三棱锥S -ABC 中,SA ⊥底面ABC ,AC =AB =SA =2,AC ⊥AB ,E 是
BC 的中点,F 在SE 上,且SF =2FE .求证:AF ⊥平面SBC .
【证明】 由AC =AB =SA =2,AC ⊥AB ,E 是BC 的中点,得AE =2. 因为SA ⊥底面ABC ,所以SA ⊥AE .
在Rt △SAE 中,SE =6,所以EF =13SE =6
3.
因此AE 2=EF ·SE ,又因为∠AEF =∠AES , 所以△EF A ∽△EAS ,
则∠AFE =∠SAE =90°,即AF ⊥SE . 因为SA ⊥底面ABC ,
所以SA ⊥BC ,又BC ⊥AE ,所以BC ⊥SAE ,则BC ⊥AF . 又SE ∩BC =E ,所以AF ⊥平面SBC .
利用相似三角形、全等三角形的判定定理和性质定理,证明角的相等,求出线段长度之间的数量关系等.
圆的性质的应用
如图,E 是以AB 为直径的半圆上异于A ,B 的一点,矩形ABCD 所在平面垂直
于该半圆所在的平面,且AB =2AD =2.
(1)求证:EA ⊥EC ;
(2)设平面ECD 与半圆弧的另一个交点为F ,EF =1,求三棱锥E -ADF 的体积. 【解】 (1)证明:因为矩形ABCD ⊥平面ABE ,CB ?平面ABCD 且CB ⊥AB , 所以CB ⊥平面ABE ,从而AE ⊥BC ,① 又因为在半圆ABE 中,AB 为直径, 所以∠AEB =90°,即AE ⊥BE ,② 由①②知AE ⊥平面BCE , 故有EA ⊥EC .
(2)因为AB ∥CD ,所以AB ∥平面DCE . 又因为平面DCE ∩平面ABE =EF ,
所以AB ∥EF ,
在等腰梯形ABEF 中,EF =1,AF =1,∠AFE =120°, 所以S △AEF =12×EF ×AF ×sin 120°=3
4,
V E -ADF =V D -AEF =13×S △AEF ×AD =13×34×1=3
12
.
在与圆柱、圆锥、球等旋转有关的问题中经常用到圆的知识,主要有:(1)半圆上的圆周角是直角;
(2)同弧上的圆心角为圆周角的二倍.
勾股定理的应用
(2016·高考全国卷Ⅱ)如图,菱形ABCD 的对角线AC 与BD 交于点O ,点E ,F
分别在AD ,CD 上,AE =CF ,EF 交BD 于点H .将△DEF 沿EF 折到△D ′EF 的位置.
(1)证明:AC ⊥HD ′;
(2)若AB =5,AC =6,AE =5
4,OD ′=22,求五棱锥D ′-ABCFE 的体积.
【解】 (1)证明:由已知得AC ⊥BD ,AD =CD . 又由AE =CF 得AE AD =CF
CD ,故AC ∥EF .
由此得EF ⊥HD ,EF ⊥HD ′,所以AC ⊥HD ′. (2)由EF ∥AC 得OH DO =AE AD =1
4
.
由AB =5,AC =6得DO =BO =AB 2-AO 2=4. 所以OH =1,D ′H =DH =3.
于是OD ′2+OH 2=(22)2+12=9=D ′H 2,故OD ′⊥OH . 由(1)知,AC ⊥HD ′,又AC ⊥BD ,BD ∩HD ′=H , 所以AC ⊥平面BHD ′,于是AC ⊥OD ′. 又由OD ′⊥OH ,AC ∩OH =O ,
所以OD ′⊥平面ABC .又由EF AC =DH DO 得EF =9
2.
五边形ABCFE 的面积S =12×6×8-12×92×3=69
4
.
所以五棱锥D ′-ABCFE 的体积V =13×694×22=232
2.
1、注重激发兴趣, 渗透情感教育 从平面几何到立体几何 《立体几何》作为高中数学的重要组成部分,其在培养学生的空间思维能力、空间想象能力和严密的逻辑推理能力方面起着不可替代的作用。实际教学中,明显感觉到大多学生对《立体几何》这一门课存在畏惧心理,思维比较难从平面几何里过渡进来,不能体会到其中的统一关系。究其原因,认为主要有如下几点: (1)初、高中思维模式的差别巨大; (2)平面与空间的思维跨度大; (3)学生的学习兴趣取向没有形成。 所以实际教学中,如何精心设计问题情景和平台、注重导入技巧;如何把握《立体几何》的概念及思维特征、使学生转变观念和思维习惯显得至关重要。 首先:充分调动学习兴趣,借用平面几何基础、生活实例、实物模型及多媒体等 教学手段,充实学生对客观事物(空间图形)的感知,引导从平面向立体转化,为学生进行形象思维创造条件,促使学生建立起一定的空间想象力。在课堂上,除作了一些必要的生活铺垫,可以作一些趣味思考题,如:六根等长木棒任意搭建,最多可得多少正三角形?让学生分组(课前准备好道具)协作构思,极大地调动了学生的参与热情和探求欲望,在学生大多得出正确结果的基础上,用多媒体展示搭建过程,后提炼出“空间中思考问题”的实质,有效地培养了学生的空间思维能力及空间想象能力。 其次:在教学实践中,注意情感渗透。不少学生(女生居多)一上来对学习《立体几何》就信心不足。此时,教师宜尽量采用轻松、活泼的语言来分析问题与结论,缓解学生学习的心理压力,减少干扰因素,特别是针对一些“慢热”型学生更应注重情感交流,适时了解其学习困惑,建立起融洽的师生关系,使学生在一个宽松、和谐、平等的教学氛围中,积极主动地学习,最大限度地发挥出其聪明才智和创造性,从而获取最佳学习效益。 2、注重概念的导入教学,促进空间思维的建立 立体儿何是平面儿何在空间的延伸,学好平面儿何是学好立体儿何的基础。学生掌握的平面儿何概念(上位学习)对立体儿何的学习(下位学习)起着重要的作用:如果上位学习对下位学习产生积极有效的促进作用,在认知心理学上称之为正迁移;如果上位学习对下位学习引起障碍及抑制作用,在认知心理学上称? ? ? 之为负迁移。这种正负迁移在立儿概念教学中是难以避免的,甚至可说影响极大。
一、知识点: 1.平面的概念:平面就是没有厚薄的,可以无限延伸,这就是平面最基本的属性 2.平面的画法及其表示方法:①常用平行四边形表示平面通常把平行四边形的锐角画成45o ,横边画成邻边的两倍画两个平面相交时,当一个平面的一部分被另一个平面遮住时,应把被遮住的部分画成虚线或不画(面实背虚)②一般用一个希腊字母α、β、γ……来表示,还可用平行四边形的对角顶点的字母来表示如平面AC 等 3.空间图形就是由点、线、面组成的点、线、面的基本位置关系如下表所示: 图形 符号语言 文字语言(读法) 图形 符号语言 文字语言(读法) A a A a ∈点A 在直线a 上 a α a α? 直线a 在平面α内 A a A a ?点A 不在直线a 上 a αa α=?I 直线a 与平面α无公共点 A αA α∈点A 在平面α内 a A αa A α=I 直线a 与平面α交于点A A αA α?点A 不在平面α内 b a A a b A =I 直线a 、b 交于A 点 l αβ=I 平面α、β相交于直线l α?a (平面α外的直线a )表示a α=?I (a αP )或a A α=I 4 平面的基本性质 公理1 如果一条直线的两点在一个平面内,那么这条直线上的所有点都在这个平面内 推理模式:A AB B ααα∈????∈?. 如图示: 应用:就是判定直线就是否在平面内的依据,也可用于验证一个面就是否就是平 面. 公理1说明了平面与曲面的本质区别.通过直线的“直”来刻划平面的“平”,通过直线的“无限延伸”来描述平面的“无限延展性”,它既就是判断直线在平面内,又就是检验平面的方法. 公理2如果两个平面有一个公共点,那么它们还有其她公共点,且所有这些公共点的集合就是一条过这个公共点的直线 推理模式:A l A ααββ∈??=?∈? I 且A l ∈且l 唯一如图示: 应用:①确定两相交平面的交线位置;②判定点在直线上 公理2揭示了两个平面相交的主要特征,就是判定两平面相交的依据,提供了确定两个平面交线的方法. 公理3 经过不在同一条直线上的三点,有且只有一个平面 B A α
学习-----好资料 几何图形综合 1.如图,四边形ABCD 是直角梯形.其中AD=12(厘米),AB=8(厘米),BC=15(厘米),且△ADE ,四边形DEBF ,△CDF 的面积相等. 阴影△DEF 的面积是多少平方厘米? 2.如图,长方形ABCD 的面积是96 平方厘米,E 是AD 边上靠近 D 点的三等分点,F 是CD 边上靠近C 点的四等分点.阴影部分的面积是多少平方厘米? 3.如图,把一个正方形的两边分别增加3和5厘米,米(阴影部分).原正方形的面积为多少平方厘米? 4.如图,把一个正方形的相邻两边分别减少2厘米和446平方厘米(阴影部分).原正方形的面积为多少平方厘米? 5.如图,在△ABC 中,AD 的长度是AB 的四分之三,AE 的长度是 AC 的三分之二.请问:△ADE 的面积是△ABC 面积的几分之几? 6.如图,在△ABC 中,BC=3CD ,AC=3AE ,那么△ABC 的面积 是△CDE 的多少倍? 7.如图,某公园的外轮廓是四边形ABCD ,被对角线AC 、BD 分成四个部分.△AOB 的面积是3平方千米,△BOC 的面积是2平方千米,△COD 的面积是1平方千米,如果公园由大小为6.9平方千米的陆地和一块人工湖组成,那么人工 湖的面积是多少平方千米? E D F B C A D E A B C E A D
学习-----好资料 8.如图,在梯形ABCD 中,AD 长9厘米,BC 长15厘米, BD 长12厘米,那么OD 长多少厘米? 9.如图,有8个半径为1厘米的小圆,用它们圆周的一部分 连成一个花瓣图形,图中的黑点是这些圆的圆心.如果圆周率 π取3.14,那么花瓣图形的周长和面积分别是多少? 10.图中甲区域比乙区域的面积大57 其中直角三角形竖直的直角边的长度是多少?(π取3.14) 11.如图,在3×3的方格表中,分别以A 、E 为圆心,3、2为半径,画出圆心角都是90o的两段圆弧.图中阴影部分的面积是多少? (π取 3.14) .(π取 13.下图是一个直角边长为3厘米、4 厘米的直角三角形.将该三角形一任意一条边所在直线为轴进行旋转,求所得立体图形的表面积和体积. 14.如图,已知正方形ABCD 的边长为4厘米,求阴影部分的面积. A D O B C ● ● ● ● ● ● ● ● ● ● ● ● ● ● ●
立体几何中组合问题的几种解法 解决几何组合问题时,应准确灵活使用加法原理和乘法原理,要分类分步进行,做到不重复不遗漏。 1 直接求解法 例1:四面体的顶点和各棱中点共10个点,在其中取4个不共面的点,不同的取法有多少种? 分析:正面考虑本题各步骤的方法比较复杂,计算困难,应运用逆向思维,即先考虑从10个点任意取出4个点的方法,再减去从10个点中取出4点共面的的方法即可。 解:从10个点中找出4个点的方法有C410=210种,其中在四面体的四个面内各有6个点,取出共面的4个点的方法有4C4■=60种;相邻面各棱的中点4点共C410面的有3种;一条棱上三点与其相对棱中点也共面,共6种。 ∴所求方法N=210-60-3-6=141(种) 本题应注意“哪些点共面?”共有几种情况?[1] 例2:从平面Ⅱ上取6个点,再从平面B上取4个点,这10个点最多可确定多少个三棱锥? 解法①:分三种情况考虑:第一种情况从平面a上的6个点中任取一个再与从平面β上的4个点中任取3个点构成的三棱锥有C1■C■■个;第二种情况,从平面a上的6个点中任取2个与平面13上的4个点中任取2个点构成的三棱锥有C2■C2■个;第三种情况,从平面a上的6个点中任取3个点与平面β上的4个点中任取1个点构成的三棱锥有C■■C1■个。根据加法原理共有C1■C■■+C2■C2■ +C■■C1■ =24+90+80=194(个)。 解法②:逆向思维:从10个点中任取4个点的组合数C410中,去掉4个点共面的两种情况即4点在平面a上的C4■个,4点在平面β上的C4■个。其余的任4点都能构成一个三棱锥。因此,可构成三棱锥C410-C4■-C4■=210-15-1=194(个)。 2 从几何概念上求解[2] 例3:空间10个点,无三点共线,其中有六个点共面,其余无四个点共面,则这些可以组成四棱锥的个数有多少个? 此题易错解,仿上例。
1.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,给出以下四个结论: (1)直线D1C∥平面A1ABB1; (2)直线A1D1与平面BCD1相交; (3)直线AD⊥平面D1DB; (4)平面BCD1⊥平面A1ABB1 . 上述结论中,所有正确结论的序号为__________. 2.在所有棱长都相等的三棱锥P-ABC中,D,E,F分别是AB,BC,CA的中点,下列四个命题: (1)BC∥平面PDF;(2)DF∥平面PAE;(3)平面PDF⊥平面ABC; (4)平面PDF⊥平面PAE. 其中正确命题的序号为__________. 解析:由条件可证BC∥DF ,则BC∥平面PDF ,从而(1)正确;因为DF 与AE相交,所以(2)错误;取DF 中点M(如图),则PM⊥DF ,且可证PM与AE不垂直,所以(3)错误;而DM⊥PM,DM⊥AM,则DM⊥平面PAE.又DM?平面PDF ,故平面PDF ⊥平面PAE,所以(4)正确.综上所述,正确命题的序号为(1)(4).
3.如图,矩形ABCD中,E为边AB的中点,将△ADE沿直线DE翻转成△A1DE.若M为线段A1C的中点,则在△ADE翻转过程中,其中正确命题的序号为__________. ①|BM|是定值; ②点M在圆上运动; ③一定存在某个位置,使DE⊥A1C; ④一定存在某个位置,使MB∥平面A1DE. 解析:取DC中点N,连接MN,NB,则MN∥A1D,NB∥DE,所以平面MNB∥平面A1DE, 4.(2017·苏锡常镇二模)如图,在四面体ABCD中,平面ABC⊥平面ACD,E,F,G分别为AB,AD,AC的中点,AC=BC,∠ACD=90°. (1)求证:AB⊥平面EDC; (2)若P为FG上任一点,证明:EP∥平面BCD.
立体几何与平面几何计算公式 初中数学几何中,不论是平面几何还是立体几何,他们的计算公式是我们进行数学试题计算的基础,因此,希望中考考生积极的做好几何计算公式的复习。下面是初中数学几何计算公式,一起了解一下: 1 、正方形 C:周长S:面积:a:边长 周长=边长×4 C=4a 正方形面积=边长×边长S= a a 2 、长方形C:周长S:面积a:边长 周长=(长+宽)×2 C = 2(a+b) 长方形面积=长×宽S = a b 3 、三角形s:面积a:底h:高 三角形面积=底×高÷2 s = ah÷2 4 、平行四边形s:面积a:底h:高 平行四边形面积=底×高s = ah 5、梯形s面积a上底b下底h高 梯形面积=(上底+下底)×高÷2 s = (a+b) h÷2 6 、圆形r:半径d:直径c:周长s:面积 半径=直径÷2 r = d/2 半径=周长÷圆周率÷2 r = c/2π 直径=半径×2 d = 2r 直径=周长÷圆周率d = c/π
周长=圆周率×直径 c = πd 周长=圆周率×半径×2 c = 2πr 圆面积=圆周率×半径×半径s = πr r 圆环面积=圆周率×(大圆半径×大圆半径-小圆半径×小圆半径) s=π(R R-r r) 7 、长方体V:体积s:面积a:长b: 宽h:高 体积=长×宽×高V = abh 8、正方体V:体积a:棱长 总棱长=棱长×12 C = 12a 表面积=棱长×棱长×6 S表= a a6 体积=棱长×棱长×棱长V = a a a 9、圆柱体V:体积s:底面积h:高 圆柱体侧面积=底面周长×高s= c h 圆柱体体积=底面积×高V= sh 圆柱体体积=圆周率×半径×半径×高V =πr r h 圆柱体体积=1/2×侧面积×半径V =1/2s侧r 10、圆锥体V:体积s:底面积h:高 圆锥体体积=1/3×底面积×高V = 1/3sh 圆锥体体积=1/3×圆周率×半径×半径×高V = 1/3×πr r h
立体几何与平面解析几何的交汇问题 在教材中,立体几何与解析几何是互相独立的两章,彼此分离不相联系,实际上,从空间维数看,平面几何是二维的,立体几何是三维的,因此,立体几何是由平面几何升维而产生;另一方面,从立体几何与解析几何的联系看,解析几何中的直线是空间二个平面的交线,圆锥曲线(椭圆、双曲线、抛物线)是平面截圆锥面所产生的截线;从轨迹的观点看,空间中的曲面(曲线)是空间中动点运动的轨迹,正因为平面几何与立体几何有这么许多千丝万缕的联系,因此,在平面几何与立体几何的交汇点,新知识生长的土壤特别肥沃,创新型题型的生长空间也相当宽广,这一点,在高考卷中已有充分展示,应引起我们在复习中的足够重视。 一、动点轨迹问题 这类问题往往是先利用题中条件把立几问题转化为平面几何问题,再判断动点轨迹。 例1定点A 和B 都在平面α内,定点α?P ,α⊥PB , C 是α内异于A 和B 的动点,且AC PC ⊥。那么,动点C 在平面α内的轨迹是( ) A. 一条线段,但要去掉两个点 B. 一个圆,但要去掉两个点 C. 一个椭圆,但要去掉两个点 D. 半圆,但要去掉两个点 例2若三棱锥A —BCD 的侧面ABC 内一动点P 到平面BCD 距离与到棱AB 距离相等,则动点P 的轨迹与△ABC 组成的图形可能是( ) ) 解:设二面角A —BC —D 大小为θ,作PR ⊥面BCD ,R 为垂足,PQ ⊥BC 于Q ,PT ⊥AB 于T ,则∠PQR =θ, 且由条件PT=PR=PQ·sinθ,∴ 为小于1的常数,故轨迹图形应选(D )。 二、几何体的截痕
例3:球在平面上的斜射影为椭园:已知一巨型广告汽球直径6米,太阳光线与地面所成角为60°,求此广告汽球在地面上投影椭圆的离心率和面积(椭圆面积公式为S=πab ,其中a,b 为长、短半轴长)。 解:由于太阳光线可认定为平行光线,故广告球的投影 椭园等价于以广告球直径为直径的圆柱截面椭园:此时 b=R ,a= =2R ,∴离心率 , 投影面积S=πab=π·k·2R=2πR 2=18π。 三、动点与某点(面)的距离问题 , 例4.正方体1111D C B A ABCD -中,棱长为a ,E 是 1AA 的中点, 在对角面D D BB 11上找一动点M ,使AM+ME 最小.a 23. 四、常见的轨迹问题 (1) 轨迹类型识别 此类问题最为常见,求解时,关注几何体的特征,灵活选择几何法与代数法. 例5、(北京)平面α的斜线AB 交α于点B ,过定点A 的动直线l 与AB 垂直,且交 α于点C ,则动点C 的轨迹是( ) A .一条直线 B.一个圆 C.一个椭圆 D.双曲线的一支 【解析】直线l 运动后形成的轨迹刚好为线段AB 的垂面,由公理二易知点C 刚好落在平面α与线段AB 的垂面的交线上,所以动点C 的轨迹是一条直线.选择 A. 总结:空间的轨迹最简单的一直存在形式就是两个平面的交线,处理问题中注意识别即可. 例6、如图,在正方体ABCD A 1 B 1C 1D 1 中,若四边形A 1BCD 1 内一动点P 到AB 1和 BC 的距离相等,则点P 的轨迹为( ) … A .椭圆的一部分 B .圆的一部分 C .一条线段 D .抛物线的一部分 O E 例4题图 A % C D A 1 C 1 D 1 B 1 M - C D B C P O