当前位置：文档之家› 专题1

专题1

考题一物体的受力分析及平衡问题

1.中学物理中的各种性质的力

2.受力分析的常用方法 (1)整体法与隔离法

(2)假设法

在受力分析时，若不能确定某力是否存在，可先对其作出存在或不存在的假设，然后再就该力存在与否对物体运动状态影响的不同来判断该力是否存在. (3)转换研究对象法

当直接分析一个物体的受力不方便时，可转换研究对象，先分析另一个物体的受力，再根据牛顿第三定律分析该物体的受力.

例1 将重为4mg 的均匀长方体物块切成相等的A 、B 两部分，切面与边面夹角为45°，如图1所示叠放并置于水平地面上，现用弹簧秤竖直向上拉物块A 的上端，弹簧秤示数为mg ，整个装置保持静止，则( )

图1

A.地面与物块间可能存在静摩擦力

B.物块对地面的压力大于3mg

C.A 对B 的压力大小为mg

D.A 、B 之间静摩擦力大小为

mg 解析对AB 整体受力分析，水平方向不受地面的摩擦力，否则不能平衡，故A 错误；竖直方向受力平衡，则有F N ＋F ＝4mg ，解得：F N ＝3mg ，则物块对地面的压力等于3mg ，故B 错误；对A 受力分析如图所示，

把A 部分所受力沿切面和垂直切面方向进行分解，根据平衡条件得： F N A ＝(2mg －mg )cos45°，F f ＝(2mg －mg )sin45° 解得：F N A ＝F f ＝2

mg ，故C 错误，D 正确. 答案 D 变式训练

1.如图2所示，带电体P 、Q 可视为点电荷，电荷量相同.倾角为θ、质量为M 的斜面体放在粗糙地面上，将质量为m 的带电体P 放在粗糙的斜面体上.当带电体Q 放在与P 等高(PQ 连线水平)且与带电体P 相距为r 的右侧位置时，P 静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k ，则下列说法正确的是( )

图2

A.P 、Q 所带电荷量为mgk tan θ

r 2

B.P 对斜面体的压力为0

C.斜面体受到地面的摩擦力为0

D.斜面体对地面的压力为(M ＋m )g 答案 D

解析对P ，如图甲 F 库＝mg tan θ＝k q 2

r 2得q ＝

mgr 2tan θ

，对P 和斜面体，如图乙

得F N ′＝(M ＋m )g ，F f ＝F 库＝mg tan θ.

2.如图3所示，质量均为m 的两物体a 、b 放置在两固定的水平挡板之间，物体间竖直夹放一根轻弹簧，弹簧与a 、b 不粘连且无摩擦.现在物体b 上施加逐渐增大的水平向右的拉力F ，两物体始终保持静止状态，已知重力加速度为g ，下列说法正确的是( )

图3

A.物体b 所受摩擦力随F 的增大而增大

B.弹簧对物体b 的弹力大小可能等于mg

C.物体a 对挡板的压力大小可能等于2mg

D.物体a 所受摩擦力随F 的增大而增大答案 A

解析对b ：水平方向F f ＝F ，F 增大所以F f 增大，故A 项正确；由于b 物体受到摩擦力，则上挡板必定对b 物体有向下正压力，在竖直方向上，受到重力、正压力和弹簧弹力保持平衡，那么弹簧弹力为重力和正压力之和，必定大于重力mg ，故B 项错误；弹簧弹力大于mg ，对a 物体受力分析可知，a 物体对下挡板的压力为其重力和弹簧弹力之和，大于2mg ，故C 项错误；对a 物体受力分析可知，a 物体在水平方向不受力的作用，摩擦力始终为0，故D 项错误.

3.如图4所示，一轻质细杆两端分别固定着质量为m 1和m 2的两个小球A 和B (可视为质点).将其放在一个直角形光滑槽中，已知轻杆与槽右壁成α角，槽右壁与水平地面成θ角时，两球刚好能平衡，且α≠0，则A 、B 两小球质量之比为( )

图4

A.cos α·cos θsin α·sin θ

B.cos α·sin θ

sin α·cos θ C.sin α·sin θcos α·cos θ D.sin α·cos θcos α·cos θ

答案 C

解析对A 球受力分析，受重力、杆的弹力、槽的支持力，如图甲所示：

根据共点力的平衡条件，有：F sin (90°－θ)＝m 1g

sin α

①

再对B 球受力分析，受重力、杆的弹力、槽的支持力，如图乙所示：

根据平衡条件，有： m 2g sin (90°－α)＝F

sin θ

②

联立①②解得：m 1m 2＝sin α·sin θcos α·cos θ，故选项C 正确.

考题二共点力作用下的物体的动态平衡

1.图解法：一个力恒定、另一个力的方向恒定时可用此法.

例：挡板P 由竖直位置向水平位置缓慢旋转时小球受力的变化.(如图5)

图5

特点：一个力为恒力，另一个力的方向不变.

2.相似三角形法：一个力恒定、另外两个力的方向同时变化，当所作矢量三角形与空间的某个几何三角形总相似时用此法.(如图6)

△AOB与力的矢量△OO′A与力的矢量

三角形总相似三角形总相似

图6

特点：一个力为恒力，另两个力的方向都在变.

3.解析法：如果物体受到多个力的作用，可进行正交分解，利用解析法，建立平衡方程，根据自变量的变化确定因变量的变化.

4.结论法：若合力不变，两等大分力夹角变大，则分力变大.

例2(2016·全国甲卷·14)质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上.用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图7所示.用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中()

图7

A.F逐渐变大，T逐渐变大

B.F逐渐变大，T逐渐变小

C.F逐渐变小，T逐渐变大

D.F逐渐变小，T逐渐变小

解析对O点受力分析如图所示，F与T的变化情况如图，由图可知在O点向左移动的过程中，F逐渐变大，T逐渐变大，故选项A正确.

答案 A

例3如图8所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定.A端用铰链固定，滑轮O在A

点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B 端挂一重物P ，现施加拉力F T 将B 缓慢上拉(绳和杆均未断)，在杆达到竖直前( )

图8

A.绳子越来越容易断

B.绳子越来越不容易断

C.杆越来越容易断

D.杆越来越不容易断

解析以B 点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力F (等于重物的重力G )、轻杆的支持力F N 和绳子的拉力F T ，作出受力图如图：

由平衡条件得知，F N 和F T 的合力F ′与F 大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：F N

AB ＝

F T BO ＝F ′AO 又F ′＝

G ，解得：F N ＝AB AO G ；F T ＝BO AO G ，使∠BAO 缓慢变小时，AB 、AO 保持不变，BO 变小，则F N 保持不变，F T 变小.故杆无所谓易断不易断，绳子越来越不容易断，故B 项正确.故选B. 答案 B 变式训练

4.如图9所示，在楼道内倾斜天花板上需要安装灯泡照明，两根轻质细线的一端拴在O 点、另一端分别固定在天花板上a 点和b 点，一灯泡通过轻质细线悬挂于O 点，系统静止，Oa 水平、Ob 与竖直方向成一定夹角.现在对灯泡施加一个水平向右的拉力，使灯泡缓缓向右移动一小段距离的过程中( )

图9

A.Oa 上的拉力F 1可能不变

B.Oa 上的拉力F 1不断增大

C.Ob 上的拉力F 2不断减小

D.Ob 上的拉力F 2可能增大

答案 B

解析设灯泡为C.先选择灯泡为研究对象，开始时灯泡受到重力和细线的拉力，所以细线的拉力等于灯泡的重力；对灯泡施加一个水平向右的拉力F后设OC与竖直方向之间的夹角为θ，如图甲，

则F C＝mg

cosθ，选择节点O为研究对象，则O点受到三个力的作用处于平衡状态，受力如图乙，

由图可知，在竖直方向：F2沿竖直方向的分力始终等于F C cosθ＝mg，而且F2的方向始终不变，所以F2始终不变；沿水平方向：F1的大小等于F2沿水平方向的分力与F C沿水平方向分力的和，由于F C沿水平方向分力随θ的增大而增大，所以F1逐渐增大.可知四个选项中只有B正确.

5.如图10所示，两相同物块分别放置在对接的两固定斜面上，物块处在同一水平面内，之间用细绳连接，在绳的中点加一竖直向上的拉力F，使两物块处于静止状态，此时绳与斜面间的夹角小于90°.当增大拉力F后，系统仍处于静止状态，下列说法正确的是()

图10

A.绳受到的拉力变大

B.物块与斜面间的摩擦力变小

C.物块对斜面的压力变小

D.物块受到的合力不变

答案ACD

解析F增大，由于绳的夹角不变，故绳上的拉力增大，A正确；对物块进行受力分析，沿斜面方向：绳的拉力的分量与物块重力的分量之和等于静摩擦力，垂直斜面方向：物块重力的分量等于斜面对物块的支持力与绳的拉力的分量之和.由于绳上的拉力增大，故静摩擦力变大，支持力变小，B错误，C正确；物块仍处于平衡状态，所受合力仍为0，故D正确.

考题三平衡中的临界、极值问题

1.物体平衡的临界问题：当某一物理量变化时，会引起其他几个物理量跟着变化，从而使物体所处的平衡状态恰好出现变化或恰好不出现变化.

2.极限分析法：通过恰当地选取某个变化的物理量将其推向极端(“极大”或“极小”、“极右”或“极左”等).

3.解决中学物理极值问题和临界问题的方法

(1)物理分析方法：就是通过对物理过程的分析，抓住临界(或极值)条件进行求解. (2)数学方法：例如求二次函数极值、讨论公式极值、三角函数极值.

例4 如图11所示，物体在拉力F 的作用下沿水平面做匀速运动，发现当外力F 与水平方向夹角为30°时，所需外力最小，由以上条件可知，外力F 的最小值与重力的比值为( )

图11

32B.12C.33D.3

[思维规范流程]

对物体受力分析如图所示：物体受4个力做匀速直线运动，所以选用正交分解，分方向列平衡方程.

?????

竖直方向：F N ＋F ·sin30°＝G 水平方向：F ·cos30°＝F f

滑动摩擦力：F f ＝μF N 解得：F ＝G sin30°＋1

cos30°

当sin30°＋1

cos30°最大时，F 具有最小值.

三角函数求极值――――――――――→一阶导数为0时具有极值

(sin30°＋1μcos30°)′＝cos30°－1μsin30°＝0

得μ＝

所以F G ＝1sin30°＋3cos30°＝12

变式训练

6.如图12所示，在两固定的竖直挡板间有一表面光滑的重球，球的直径略小于挡板间的距离，用一横截面为直角三角形的楔子抵住.楔子的底角为60°，重力不计.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.为使球不下滑，楔子与挡板间的动摩擦因数至少应为( )

图12

33B.3C.12D.32

答案 A

解析设球的质量为M ，隔离光滑均匀重球，对球受力分析如图甲所示，由几何关系可知，θ＝30°，可得：

F N ＝F cos θ，Mg －F sin θ＝0 解得：F ＝Mg sin30°

＝2Mg

再以楔子为研究对象，由于其重力忽略不计，所以只受到球的压力、挡板的支持力和摩擦力，如图乙：

由共点力平衡可得：

F N ′＝F ′cos θ，F f －F ′sin θ＝0

其中F ′与F 大小相等，方向相反.又：F f ＝μF N ′联立得：μ＝3

，故A 正确，B 、C 、D 错误.

7.如图13所示，质量为m 的物体，放在一固定的斜面上，当斜面倾角为30°时恰能沿斜面匀速下滑.对物体施加一大小为F 的水平向右的恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行.设最大静摩

擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角θ0时，不论水平恒力F 多大，都不能使物体沿斜面向上滑行，试求：

图13

(1)物体与斜面间的动摩擦因数μ； (2)临界角θ0. 答案 (1)

(2)60° 解析 (1)由题意物体恰能沿斜面匀速下滑，则满足mg sin30°＝μmg cos30°解得μ＝33

(2)设斜面倾角为α，受力情况如图所示，

由匀速直线运动的条件有F cos α＝mg sin α＋F f ，F N ＝mg cos α＋F sin α，F f ＝μF N 解得F ＝mg sin α＋μmg cos αcos α－μsin α

当cos α－μsin α＝0时，F →∞，即“不论水平恒力F 多大，都不能使物体沿斜面向上滑行”，此时临界角θ0＝α＝60°.

专题规范练

1.如图1所示，一小男孩通过一根弹簧想把地面上的木箱拖回房间，但试了两次均未拖动.分析图甲、图乙后，下列说法正确的是( )

图1

A.弹簧的弹力等于木箱受到的摩擦力与人所受的摩擦力之和

B.图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力

C.图甲中木箱受到的合力小于图乙中木箱受到的合力

D.图甲中木箱受到的合力大于图乙中木箱受到的合力答案 B

解析对木箱受力分析，因处于平衡状态，合力为零，则弹力等于木箱受到的摩擦力，故A 错误；根据弹簧的形变量大小可知，图乙的弹力较大，则图甲中木箱受到的摩擦力小于图乙中木箱受到的摩擦力，故B正确；根据平衡条件可知，两图中木箱均处于平衡状态，则它们的合力为零，故C、D错误.

2.如图2所示，物体受到沿斜面向下的拉力F作用静止在粗糙斜面上，斜面静止在水平地面上，则下列说法正确的是()

图2

A.斜面对物体的作用力的方向竖直向上

B.斜面对物体可能没有摩擦力

C.撤去拉力F后物体仍能静止

D.水平地面对斜面没有摩擦力

答案 C

解析物体受拉力、重力、支持力和摩擦力，根据平衡条件，斜面对物体的作用力与重力和拉力的合力等大反向，故A错误；设斜面的倾角为α，物体的质量为m，撤去F前物体静止在斜面上，合力为零，则物体必定受到沿斜面向上的静摩擦力，大小为F f＝F＋mg sinα，则最大静摩擦力至少为F fm＝F＋mg sinα；撤去F后，因为重力的下滑分力mg sinα

3.如图3所示，装载石块的自卸卡车静止在水平地面上，车厢倾斜至一定角度时，石块会沿车厢滑至车尾.若车厢倾斜至最大角度时还有部分石块未下滑，卡车会向前加速，从而把残余石块卸下.若视最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则()

图3

A.增加车厢倾斜程度，石块受到的支持力增加

B.增加车厢倾斜程度，石块受到的摩擦力一定减小

C.卡车向前加速时，石块所受最大静摩擦力会减小

D.石块向下滑动过程中，对车的压力大于车对石块的支持力

答案 C

解析根据受力分析可知，石块受到的支持力F N＝mg cosθ；故随着车厢倾斜度增加，石块受到的支持力减小；故A错误；石块未下滑时，摩擦力等于重力的分力，故F f＝mg sinθ，θ增大，故摩擦力增大，故B错误；卡车向前加速运动时，合力沿运动方向，此时压力减小，故最大静摩擦力减小，故C正确；石块向下滑动过程中，对车的压力与车对石块的支持力为作用力和反作用力，故大小相等，故D错误.

4.如图4所示，小球A、B穿在一根光滑固定的细杆上，一条跨过定滑轮的细绳两端连接两小球，杆与水平面成θ角，小球可看做质点且不计所有摩擦.当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，绳OB沿竖直方向，则下列说法正确的是()

图4

A.小球A受到2个力的作用

B.小球A受到3个力的作用

C.杆对B球的弹力方向垂直杆斜向上

D.绳子对A的拉力大于对B的拉力

答案 B

解析对A球受力分析可知，A受到重力、绳子的拉力以及杆对A球的弹力，三个力的合力为零，故A错误，B正确；对B球受力分析可知，B受到重力和绳子的拉力，两个力合力为零，杆对B球没有弹力，否则B不能平衡，故C错误；定滑轮不改变力的大小，则绳子对A 的拉力等于对B的拉力，故D错误.

5.如图5甲、乙、丙所示，三个物块质量相同且均处于静止状态，若弹簧秤、绳和滑轮的重力均不计，绳与滑轮、物块与半球面间的摩擦均不计，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则()

图5

A.F1＝F2＝F3

B.F3>F1＝F2

C.F3＝F1>F2

D.F1>F2>F3

答案 C

解析甲图：物块静止，弹簧的拉力F 1＝mg ；乙图：以物块为研究对象，受力如图甲， F 2＝G sin60°＝

mg ≈0.866mg 丙图：以动滑轮为研究对象，受力如图乙.由几何知识得F 3＝mg ，故F 3＝F 1

>F 2

6.如图6所示，质量均为m 的A 、B 两球，由一根劲度系数为k 的轻弹簧连接静止于半径为R 的光滑半球形碗中，弹簧水平，两球间距为R 且球半径远小于碗的半径.则弹簧的原长为

( )

图6

A.mg k ＋R

B.mg

2k ＋R C.23mg 3k ＋R

3mg

＋R 答案 D

解析

以A 球为研究对象，小球受三个力：重力、弹力和碗的支持力如图所示，由平衡条件，

得到：tan θ＝mg

解得：x ＝mg

k tan θ

根据几何关系得：cos θ＝12R R ＝12，则tan θ＝3，所以x ＝mg k tan θ＝3mg

故弹簧原长x 0＝

3mg

＋R ，故D 正确. 7.如图7(a)所示，两段等长细绳将质量分别为2m 、m 的小球A 、B 悬挂在O 点，小球A 受到水平向右的恒力F 1的作用、小球B 受到水平向左的恒力F 2的作用，当系统处于静止状态时，出现了如图(b)所示的状态，小球B 刚好位于O 点正下方.则F 1与F 2的大小关系正确的是( )

图7

A.F1＝4F2

B.F1＝3F2

C.F1＝2F2

D.F1＝F2

答案 A

解析A受到水平向右的力F1，B受到的水平向左的力F2，以整体为研究对象，分析受力如图甲：

设OA绳与竖直方向的夹角为α，则由平衡条件得：tanα＝

F1－F2

2mg＋mg

①

以B球为研究对象，受力如图乙，设AB绳与竖直方向的夹角为β，则由平衡条件得：tanβ

＝F2

mg②

由几何关系得到：α＝β③

联立①②③解得：F1＝4F2

8.如图8所示，置于地面的矩形框架中用两细绳拴住质量为m的小球，绳B水平.设绳A、B 对球的拉力大小分别为F1、F2，它们的合力大小为F.现将框架在竖直平面内绕左下端缓慢旋转90°，在此过程中()

图8

A.F1先增大后减小

B.F2先增大后减小

C.F先增大后减小

D.F先减小后增大

答案 B

解析对小球受力分析如图所示：

小球处于静止状态，受力平衡，两绳的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，则F 不变，根据平行四边形定则可知，将框架在竖直平面内绕左下端缓慢旋转90°的过程中，F 1逐渐减小，F 2先增大后减小，当绳A 处于水平方向时，F 2最大，故B 正确.

9.如图9所示，两个带有同种电荷的小球m 1、m 2，用绝缘细线悬挂于O 点，若q 1>q 2，L 1>L 2，平衡时两球到过O 点的竖直线的距离相等，则( )

图9

A.m 1>m 2

B.m 1＝m 2

C.m 1

D.无法确定答案 B

解析对m 1、m 2球受力分析，根据共点力平衡和几何关系得：左边两个阴影部分相似，右边两个阴影部分相似；虽然q 1>q 2，L 1>L 2，但两者的库仑力大小相等，则有m 1g F 1＝m 2g F 2由于F 1

＝F 2，所以m 1＝m 2，故B 正确，A 、C 、D 错误.

10.(多选)如图10所示，倾角为30°的斜面体静止在水平地面上，轻绳一端连着斜面上的物体A (轻绳与斜面平行)，另一端通过两个滑轮相连于天花板上的P 点.动滑轮上悬挂质量为m 的物块B ，开始时悬挂动滑轮的两绳均竖直.现将P 点缓慢向右移动，直到动滑轮两边轻绳的夹角为90°时，物体A 刚好要滑动.假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体A 与斜面间的动摩擦因数为

.整个过程斜面体始终静止，不计滑轮的质量及轻绳与滑轮的摩擦.下列说法正确

的是( )

图10

A.物体A 的质量为

m B.物体A 受到的摩擦力一直增大

C.地面对斜面体的摩擦力水平向左并逐渐减小

D.斜面体对地面的压力逐渐减小答案 AB

解析同一条绳子上的拉力相等，对B 受力分析，当两条绳子的夹角为90°时，绳子的拉力为F T ＝mg sin45°＝

mg ，对A 受力分析，在沿斜面方向上有：A 受到沿斜面向下的最大静摩擦力，重力沿斜面向下的分力和绳子的拉力，故有m A g sin30°＋F fm ＝F T ，F fm ＝μm A g cos30°，解得m A ＝

22m ，A 正确；当两个轻绳都是竖直方向时，绳子的拉力最小，此时m A g sin30°<1

mg ，所以刚开始静摩擦力方向沿斜面向下，故m A g sin30°＋F f ＝F T ，随着F T 的增大，摩擦力在增大，B 正确；将斜面体和A 以及B 看做一个整体，受到最右边绳子的拉力作用，并且每条绳子在竖直方向上的分力恒等于1

故有F f ＝12mg tan θ

2，随着θ的增大，摩擦力在增大，C 错误；对斜面体分析，受左边绳子斜向

下的拉力，这个拉力在竖直方向上的分力恒等于1

2mg ，所以斜面体对地面的压力恒定不变，D

错误.

11.图11中工人在推动一台割草机，施加的力大小为100N ，方向与水平地面成30°角斜向下，g 取10m/s 2.

图11

(1)若割草机重300N ，则它作用在地面上向下的压力为多大？

(2)若工人对割草机施加的作用力与图示反向，力的大小不变，则割草机作用在地面上向下的压力又为多大？

(3)割草机割完草后，工人用最小的拉力拉它，使之做匀速运动，已知这个最小拉力为180N ，则割草机与地面间的动摩擦因数μ及最小拉力与水平方向夹角α为多少？答案 (1)350N (2)250N (3)0.75 37°

解析工人对割草机施加的作用力沿竖直方向的分力为50N. (1)当工人斜向下推割草机时，在竖直方向上有： F N1＝G ＋F sin30° 解得：F N1＝350N.

由牛顿第三定律知，割草机对地面的压力为350N. (2)当工人斜向上拉割草机时，在竖直方向上有： F N2＋F sin30°＝G 解得：F N2＝250N

由牛顿第三定律知，割草机对地面的压力为250N. (3)由平衡条件知，在水平方向上：F cos α＝μF N ，在竖直方向上有：F N ＋F sin α＝G 联立可得：

F ＝μ

G cos α＋μsin α＝μG 1＋μ2sin (α＋φ)，tan φ＝1μ

所以当α＋φ＝90°，即tan α＝μ时，F 有最小值： F min ＝

μG

1＋μ

2 代入数据可得：μ＝0.75，α＝37°.

12.如图12所示，水平面上有一个倾角为θ＝30°的斜劈，质量为m .一个光滑小球，质量也为m ，用绳子悬挂起来，绳子与斜面的夹角为α＝30°，整个系统处于静止状态.

图12

(1)求出绳子的拉力F T ；

(2)若地面对斜劈的最大静摩擦力F fm 等于地面对斜劈的支持力的k 倍，为了使整个系统始终保持静止，k 值必须满足什么条件？答案 (1)

33mg (2)k ≥39

解析 (1)对小球受力分析，如图甲所示，由平衡条件得：

mg sin θ－F T cos α＝0，解得F T ＝

mg . (2)对斜劈和小球组成的整体受力分析，如图乙所示，由平衡条件得：

水平方向：F T cos(θ＋α)－F f ＝0 竖直方向：F N2＋F T sin(θ＋α)－2mg ＝0 又F f ≤F fm ＝kF N2 联立各式解得k ≥

高三数学第二轮专题讲座复习：求解函数解析式的几种常用方法

1 / 4 张喜林制 [选取日期] 高三数学第二轮专题讲座复习：求解函数解析式的几种常用方法高考要求求解函数解析式是高考重点考查内容之一，需引起重视本节主要帮助考生在深刻理解函数定义的基础上，掌握求函数解析式的几种方法，并形成能力，并培养考生的创新能力和解决实际问题的能力重难点归纳求解函数解析式的几种常用方法主要有 1 待定系数法，如果已知函数解析式的构造时，用待定系数法； 2 换元法或配凑法，已知复合函数f ［g (x )］的表达式可用换元法，当表达式较简单时也可用配凑法； 3 消参法，若已知抽象的函数表达式，则用解方程组消参的方法求解f (x ); 另外，在解题过程中经常用到分类讨论、等价转化等数学思想方法典型题例示范讲解例1 (1)已知函数f (x )满足f (log a x )=)1(1 2x x a a -- (其中a >0,a ≠1,x >0),求f (x )的表达式 (2)已知二次函数f (x )=ax 2+bx +c 满足|f (1)|=|f (－1)|=|f (0)|=1,求f (x ) 命题意图本题主要考查函数概念中的三要素定义域、值域和对应法则，以及计算能力和综合运用知识的能力知识依托利用函数基础知识，特别是对“f ”的理解，用好等价转化，注意定义域错解分析本题对思维能力要求较高，对定义域的考查、等价转化易出错技巧与方法 (1)用换元法；(2)用待定系数法解 (1)令t=log a x (a >1,t >0;01,x >0;0