当前位置：文档之家 › 高考物理总复习专题

高考物理总复习专题

  • 格式：doc
  • 大小：265.50 KB
  • 文档页数：9

学习必备 欢迎下载 单元综合测试十五(动量守恒定律) 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，试卷满分为100分．考试时间为90分钟． 第Ⅰ卷(选择题，共40分) 一、选择题(本题共10小题，每题4分，共40分．有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)

图1 1．如图1所示，质量分别为m1、m2的两个小球A、B，带有等量异种电荷，通过绝缘轻弹簧相连接，置于绝缘光滑的水平面上．突然加一水平向右的匀强电场后，两球A、B将由静止开始运动．对两小球A、B和弹簧组成的系统，在以后的运动过程中，以下说法正确的是(设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度)( ) A．系统机械能不断增加 B．系统机械能守恒 C．系统动量不断增加 D．系统动量守恒 解析：对A、B组成的系统，所受电场力为零，这样系统在水平方向上所受外力为零，系统的动量守恒；对A、B及弹簧组成的系统，有动能、弹性势能、电势能三者的相互转化，故机械能不守恒．

答案：D 2．在下列几种现象中，所选系统动量守恒的有( ) A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统 B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统 C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统 D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统 解析：判断动量是否守恒的方法有两种：第一种，从动量守恒的条件判定，动量守恒定律成立的条件是系统受到的合外力为零，故分析系统受到的外力是关键．第二种，从动量的定义判定．B选项叙述的系统，初动量为零，末动量不为零．C选项末动量为零而初动量不为零．D选项，在物体沿斜面下滑时，向下的动量增大等． 答案：A

图2 3．如图2所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上．今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，学习必备 欢迎下载 又从另一个曲面滑下．关于这个过程，下列说法正确的是( ) A．小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置

B．小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是mv2 C．小球和小车作用前后，小车和小球的速度可能没有变化 D．车上曲面的竖直高度不会大于v24g 解析：小球滑上曲面的过程，小车向右运动，小球滑下时，小车还会继续前进，故不会回到原位置，A错．由小球恰好到最高点，知道两者有共同速度，对于车、球组成的系统，由动量守恒定律列式为mv＝2mv′，得共同

速度v′＝v2.小车动量的变化为mv2，显然，这个增加的动量是小球压力作用的结果，故B对．对于C，由于满足动量守恒定律，系统机械能又没有增加，所以是可能的，两曲面光滑时会出现这个情况．由于小球原来的动能为mv22，小球到最高点时系统的动能为12×2m×(v2)2＝mv24，所以系统动能减少了mv24，如果曲面光滑，则减少的动

能等于小球增加的重力势能，即mv24＝mgh，得h＝v24g.显然，这是最大值，如果曲面粗糙，高度还要小些． 答案：BCD

图3 4．如图3所示．用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B并留在其中．在下列依次进行的四个过程中，由子弹、弹簧和A、B物块组成的系统，动量不守恒但机械能守恒的是：①子弹射入木块的过程；②B物块载着子弹一起向左运动的过程；③弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程；④B物块因惯性继续向右运动，直到弹簧伸长最大的过程．( ) A．①② B．②③ C．③④ D．①④ 解析：子弹射入木块过程系统无外力，所以动量守恒；由于有热产生，所以机械能不守恒；B物块因惯性继续向右运动，直到弹簧伸长最大的过程动量守恒，机械能也守恒． 答案：B5．动能相同的A、B两球(mA>mB)在光滑的水平面上相向运动，当两球相碰后，其中一球停止运动，则可判定( ) A．碰撞前A球的速度小于B球的速度 B．碰撞前A球的动量大于B球的动量 C．碰撞前后A球的动量变化大于B球的动量变化 D．碰撞后，A球的速度一定为零，B球朝反方向运动 解析：A、B两球动能相同，且mA>mB，可得vB>vA，再由动量和动能关系可得pA>pB；由动量守恒得，碰撞前后A球的动量变化等于B球的动量变化，碰撞后，A球的速度一定为零，B球朝反方向运动，所以A、B、D对． 答案：ABD 6．两辆质量相同的小车，置于光滑的水平面上，有一人静止在小车A上，两车静止，如图4所示．当这个人从A车跳到B车上，接着又从B车跳回A车并与A车保持相对静止，则A车的速率 学习必备 欢迎下载 图4 ( ) A．等于零 B．小于B车的速率

C．大于B车的速率 D．等于B车的速率 解析：选A车、B车和人作为系统，两车均置于光滑的水平面上，在水平方向上无论人如何跳来跳去，系统均不受外力作用，故满足动量守恒定律． 设人的质量为m，A车和B车的质量均为M，最终两车速度分别为vA和 vB.由动量守恒定律得0＝(M＋m)vA

－MvB，

则vAvB＝MM＋m，即vA答案：B

图5 7．如图5所示，一沙袋用无弹性轻细绳悬于O点．开始时沙袋处于静止，此后弹丸以水平速度击中沙袋后均未穿出．第一次弹丸的速度为v1，打入沙袋后二者共同摆动的最大摆角为30°.当他们第1次返回图示位置时，

第2粒弹丸以水平速度v2又击中沙袋，使沙袋向右摆动且最大摆角仍为30°.若弹丸质量是沙袋质量的140倍，则以下结论中正确的是( ) A．v1∶v2＝41∶42 B．v1∶v2＝41∶83 C．v2＝v1 D．v1∶v2＝42∶41 解析：根据摆动过程中机械能守恒和两次击中沙袋摆动的角度相等可知，两次击中沙袋后的速度相同，设为v，用M表示沙袋的质量，m表示弹丸的质量，由动量守恒得： 第一次：mv1＝(M＋m)v 第二次：mv2－(M＋m)v＝(M＋2m)v 可以解得v1∶v2＝41∶83. 答案：B 学习必备 欢迎下载 图6 8．一轻质弹簧，上端悬挂于天花板上，下端系一质量为M的平板，处在平衡状态．一质量为m的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为h，如图6所示．让环自由下落，撞击平板．已知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长( ) A．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒 B．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总机械能守恒 C．环撞击板后，板的新平衡位置与h的大小无关 D．在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的动能等于克服弹簧弹力所做的功 解析：若环与板碰撞时间极短，则它们受到的重力和弹簧的弹力的冲量可忽略，而除了重力和弹簧的弹力以外，没有别的外力，所以可以认为环与板的总动量守恒，故A正确．碰撞中只有完全弹性碰撞才是机械能守恒的，而题中环与板的碰撞是完全非弹性碰撞，所以碰撞时机械能不守恒，故B不正确．板的新平衡位置是指弹簧对板的弹力与环和板的重力相平衡的位置，由弹簧的劲度系数和环与板的重力决定，与环的下落高度h无关，故C正确．碰后板和环一起下落的过程中，系统机械能守恒，减少的动能和减少的重力势能之和才等于克服弹簧弹力所做的功，故D错误． 答案：AC

图7 9．矩形滑块由不同材料的上下两层粘结在一起组成，将其放在光滑的水平面上，如图7所示，质量为m的子弹以速度v水平射入滑块，若射击上层，则子弹刚好不穿出；若射击下层，整个子弹刚好嵌入，则上述两种情况相比较( ) A．两次子弹对滑块做的功一样多 B．两次滑块受的冲量一样大 C．子弹射入下层过程中克服阻力做功较少 D．子弹射入上层过程中系统产生的热量较多 解析：由水平方向动量守恒可以知道，两种情况对应的末速度是一样的，系统动能的减少也是一样的，系统产生的热量也一样多，D错误，由动能定理可知，子弹克服阻力做功相同，子弹对滑块做功相同，A对C错，由动量定理可以分析，两次滑块所受冲量一样大，B也正确． 答案：AB 10．向空中发射一物体，不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a、b两块．若质量学习必备 欢迎下载 较大的a块的速度方向仍沿原来的方向，则( ) A．b的速度方向一定与原速度方向相反 B．从炸裂到落地这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大 C．a、b一定同时到达地面 D．炸裂的过程中，a、b中受到的爆炸力的冲量大小一定相等 解析：物体炸裂过程发生在物体沿水平方向运动时，由于物体沿水平方向不受外力，所以沿水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：(mA＋mB)v＝mAvA＋mBvB 当vA与原来速度v同向时，vB可能与vA反向；另外一种情况是由vA的大小没有确定，题目只讲a的质量较大，但若vA很小，则mAvA还可能小于原动量(mA＋mB)v，这时vB的方向会与vA方向一致，即与原来方向相同，所以选项A错误． a、b两块在水平飞行的同时，竖直方向做自由落体运动，即做平抛运动，落地时间由高度决定，所以选项

C是正确的．由于水平飞行距离x＝v·t，a、b两块炸裂后的速度vA、vB不一定相等，而落地时间t又相等，所以水平飞行距离无法比较大小，所以选项B错误． 根据牛顿第三定律，a、b所受爆炸力FA＝－FB，力的作用时间相等，所以冲量I＝F·t的大小一定相等，所以选项D是正确的． 综合上述分析．可知正确答案是C、D 答案：CD

第Ⅱ卷(非选择题，共60分) 二、填空题(本题共2小题，每题8分，共16分) 11．(2009·四川高考)气垫导轨(如图8甲)工作时，空气从导轨表面的小孔喷出，在导轨表面和滑块内表面之间形成一层薄薄的空气层，使滑块不与导轨表面直接接触，大大减小了滑块运动时的阻力．为了验证动量守恒定律，在水平气垫导轨上放置两个质量均为a的滑块，每个滑块的一端分别与穿过打点计时器的纸带相连，两个打点计时器所用电源的频率均为b.气垫导轨正常工作后，接通两个打点计时器的电源，并让两滑块以不同的速度相向运动，两滑块相碰后粘在一起继续运动．图乙为某次实验打出的、点迹清晰的纸带的一部分，在纸带上以同间距的6个连续点为一段划分纸带，用刻度尺分别量出其长度s1、s2和s3.若题中各物理量的单位均为国际单位，那么，碰撞前两滑块的动量大小分别为________、________，两滑块的总动量大小为________；碰撞后两滑块的总动量大小为________．重复上述实验，多做几次．若碰撞前、后两滑块的总动量在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证．

图8

合集下载

高考物理总复习 专题 离心运动与近心运动练习卷

高考物理总复习 专题 离心运动与近心运动练习卷

离心运动与近心运动1．在人们经常见到的以下现象中，不属于离心现象的是A．守门员把足球踢出后，球在空中沿着弧线运动B．在雨中转动一下伞柄，伞面上的雨水会很快地沿伞面运动，到达边缘后雨水将沿切线方向飞出C．满载黄沙或石子的卡车，在急转弯时，部分黄沙或石子会被甩出D．舞蹈演员在表演旋转动作时，裙子会张开2．如图是摩托车比赛转弯时的情形。

转弯处路面常是外高内低，摩托车转弯有一个最大安全速度，若超过此速度，摩托车将发生滑动。

对于摩托车滑动的问题，下列论述正确的是A．摩托车一直受到沿半径方向向外的离心力作用B．摩托车所受外力的合力小于所需的向心力C．摩托车将沿其线速度的方向沿直线滑去D．摩托车将沿其半径方向沿直线滑去3．洗衣机的甩干筒在旋转时有衣服附在筒壁上，则此时A．衣服受重力，筒壁的弹力和摩擦力，及离心力作用B．衣服随筒壁做圆周运动的向心力由筒壁的弹力提供C．筒壁对衣服的摩擦力随转速的增大而增大D．筒壁对衣服的弹力随着衣服含水量的减少而减少4．如图所示，甲、乙两水平网盘紧靠在一块，甲网盘为主动轮，乙靠摩擦随甲转动且无滑动。

甲网盘与乙网盘的半径之比为3:1，小物体m1、m2和两网盘间的动摩擦因数相同，m l到甲网盘中心O点的距离为2r，m2到乙网盘中心O'点的距离为r，当甲缓慢转动起来且转速缓慢增大时A．滑动前m1与m2的角速度之比为ω1:ω2=3:1B．滑动前m1与m2的向心加速度之比为a1:a2=2:9C．随转速缓慢增大，m l先开始滑动D．随转速缓慢增大，m2先开始滑动5．如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是A．B的向心力是A的向心力的2倍B．B对A的摩擦力是盘对B的摩擦力的2倍C．A、B都有沿半径向外滑动的趋势D．若B先滑动，则B对A的动摩擦因数μA大于盘对B的动摩擦因数μB6．如图所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，都没有滑动。

高中物理高考 高考物理一轮复习专题课件 专题10+电磁感应(全国通用)

高中物理高考 高考物理一轮复习专题课件 专题10+电磁感应(全国通用)


【典例2】 (2015·辽宁葫芦岛六校联考)(多选)如图所示，水平放 置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左 边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动. 则PQ所做的运动可能是( )
A.向右加速运动 B.向左加速运动 C.向右减速运动 D.向左减速运动
解析 MN 向右运动，说明 MN 受到向右的安培力，因为 ab 在 MN 处的磁场 垂 直 纸 面 向 里 左―手―定→则 MN 中 的 感 应 电 流 由 M→N安―培―定→则L1 中感应电流的磁 场 方 向 向 上 楞―次―定→律 LL22中 中磁 磁场 场方 方向 向向 向上 下减 增弱 强；若 L2 中磁场方向向上减弱安―培―定→则 PQ 中电流为 Q→P 且减小右―手―定→则向右减速运动；若 L2 中磁场方向向 下增强安―培―定→则PQ 中电流为 P→Q 且增大右―手―定→则向左加速运动.
ΔΦ
E 的大小由 Δt 和线圈的匝数共同决定.
【特别提示】 (1)E 的大小与 Φ、ΔΦ的大小无必然联系. (2)Φ＝0 时，ΔΔΦt 不一定为零.
【典例3】 如图所示，匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd，线圈 平面与磁场垂直.已知线圈的匝数N＝100，边长ab＝1.0 m、bc＝ 0.5 m，电阻r＝2 Ω.磁感应强度B在0～1 s内从零均匀变化到0.2 T. 在1～5 s内从0.2 T均匀变化到－0.2 T，取垂直纸面向里为磁场的 正方向.求：
(1)0.5 s时线圈内感应电动势的大小E和感应电流的方向； (2)在1～5 s内通过线圈的电荷量q； (3)在0～5 s内线圈产生的焦耳热Q.
审题指导 (1)0～1 s内谁引起线圈中的磁通量发生变化？
(2)感应电动势的计算公式E＝ .
高考物理总复习 专题 电阻的测量方法

高考物理总复习 专题 电阻的测量方法

拾躲市安息阳光实验学校第3讲专题电阻的测量方法1．(2009·绍兴一中模拟)某电阻额定电压为3 V(阻值大约为10 Ω)．为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材A．电流表A1(量程300 mA，内阻约1 Ω) B．电流表A2(量程0.6 A，内阻约0.3 Ω)C．电压表V1(量程3.0 V，内阻约3 kΩ) D．电压表V2(量程5.0 V，内阻约5 kΩ)E．滑动变阻器R1(最大阻值为50 Ω) F．滑动变阻器R2(最大阻值为500 Ω)G．电源E(电动势4 V，内阻可忽略) H．开关、导线若干(1)为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为(只需填器材前面的字母即可)：电流表________．电压表________．滑动变阻器________．(2)应采用的电路图为下列图中的________．答案：(1)A C E (2)B 2．现要测量某一电压表的内阻．给定的器材有：待测电压表V(量程2 V，内阻约4 kΩ)；电流表mA(量程1.2 mA，内阻约500 Ω)；直流电源E(电动势约2.5 V，内阻不计)；固定电阻3个：R1＝4 000 Ω，R2＝10 000 Ω，R3＝15 000 Ω；开关及导线若干．要求测量时两电表指针偏转均超过其量程的一半．(1)试从3个固定电阻中，选用一个与其他器材一起组成测量电路，并画出测量电路的原理图．(要求电路中各器材用题给定的符号标出)(2)电路接通后，若电压表的示数为U，电流表的示数为I，则电压表内阻R V ＝________.解析：(1)测量电路的原理图如右图所示，R并＝2 V÷(1.2 mA －0.5 mA)≈2.9×103Ω，故应选R1作为并上的电阻．(2)由并联分流原理：U＝(I－U/R V)·R1，解得：R V＝R1UIR1－U.答案：(1)见解析图(2)R1UIR1－U3．某同学为了测电流表A1的内阻r1的精确值，有如下器材：(1)要求电流表A 1的示数从零开始变化，且能多测几组数据，尽可能减少误差．在图虚线方框中画出测量用的电路图，并在图中标出所用器材的代号． (2)若选测量数据中的一组来计算电流表A 1的内阻r 1，则所用电流表A 1的内阻r 1表达式为r 1＝____________；式中各符号的意义是________________． 答案：(1)(2)r 1＝I 2－I 1I 1R 0 I 2、I 1分别为某次实验时电流表A 2、A 1的示数，R 0是定值电阻的电阻大小4．为了测量一个阻值较大的未知电阻，某同学使用了干电池(1.5 V)，毫安表(1 mA)，电阻箱(0～9 999 Ω)，电键，导线等器材．该同学设计的实验电路如图7－3－7(a)所示，实验时，将电阻箱阻值置于最大，断开K 2，闭合K 1，减小电阻箱的阻值，使电流表的示数为I 1＝1.00 mA ，记录电流值，然后保持电阻箱阻值不变，断开K 1，闭合K 2，此时电流表示数为I 2＝0.80 mA ，记录电流值．由此可得被测电阻的阻值为________Ω.经分析，该同学认为上述方案中电源电动势的值可能与标称值不一致，因此会造成误差．为避免电源对实验结果的影响，又设计了如图7－3－7(b)所示的实验电路，实验过程如下：断开K 1，闭合K 2，此时电流表指针处于某一位置，记录相应的电流值，其大小为I ；断开K 2，闭合K 1，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数为________，记录此时电阻箱的阻值，其大小为R 0.由此可测出R x ＝________.思维点拨：由于待测电阻很大，所以可忽略电源的内阻和毫安表的内阻，所以不需要电压表，直接由欧姆定律即可求解．解析：当I 1＝1.00 mA 时，电阻箱的电阻R 0＝U I 1＝ 1.51×10－3Ω＝1 500 Ω；当断开K 1、闭合K 2时，电阻箱与待测电阻串联，其电阻值R ＝U I 2＝ 1.50.80×10－3Ω＝1 875 Ω，所以待测电阻R x ＝R －R 0＝375 Ω.题图(b)是利用了替代法测电阻，两次电流表示数相同，则R x ＝R 0. 答案：375 相同 R 05．测一个阻值约为25 kΩ的电阻，备有下列器材：A ．电流表(量程100 μA，内阻2 kΩ)B ．电流表(量程500 μA，内阻300 Ω)C ．电压表(量程10 V ，内阻100 kΩ) D．电压表(量程50 V ，内阻500 kΩ) E ．直流稳压电源(电动势15 V ，允许最大电流1 A) F ．滑动变阻器(最大电阻1 kΩ，额定功率1 W)G ．电键、导线若干(1)电流表应选________，电压表应选________．(2)画出测量R x 的原理图．解析：本题中由于电压表C 的量程小于电源电动势，而且其内阻也比电压表D 的内阻小，所以有不少学生在选择电压表时很自然的选择D.实际上上述两个因素都可以通过选择恰当的电路加以解决，首先应考虑的是电压表D 的量程远大于电源电动势，在测量时电压表的实际读数最大也达不到量程的13，所以选择D 不恰当．而如果我们采用变阻器的分压接法和电流表的内接法(因为R A ≪R x )，选择电压表C 就比较恰当，既不会烧坏电表，也不会引起较大误差．再根据I m ＝U m R x ＝102.5×104A ＝4×10－4A ，电流表应选择B.答案：(1)B C(2)电流表内接，分压式接法如下图所示 6.在用伏安法测电阻的实验中，所用电压表的内阻约为20 kΩ，电流表的内阻约为10 Ω，滑动变阻器的电阻约为20 Ω，选择能够尽量减小误差的电路图接线进行了实验，读得的各组数据用实心圆点标于坐标图上，如图7－3－8所示．(1)根据各点表示的数据描出I －U 关系图线，由此求得该电阻的阻值R x ＝________Ω.(保留两位有效数字)(2)画出此实验的电路原理图．解析：(1)这6个点中有5个基本在同一条过原点的直线上，只有一个点偏离较大，可判断出这个数据点误差较大，应予以排除，据此，I －U 图线如下左图所示．在图线上可选一个离坐标原点较远的点，得出其纵横坐标，如(3.0 V 、1.3 mA)，则被测电阻阻值为R x ＝ 3.0 V 1.3×10－3A＝2.3×103Ω. (2)因为R x 与R V 很接近，故电压表的分流影响很严重，而R x R A ＝2.3×10310＝230≫1，电流表的分压影响很小，故应采用电流表内接法．又由于被测电阻很大，而滑动变阻器阻值较小，故变阻器应采用分压式．电路原理图如下右图． 答案：(1)见解析中左图 2.3×103(2.2×103～2.5×103)(2)见解析中右图。

2023版高考物理一轮总复习第三章专题二传送带与滑块问题课件

2023版高考物理一轮总复习第三章专题二传送带与滑块问题课件


则物体在传送带上做匀速运动，所以物体可能不受摩擦力， 故B 正确；若传送带逆时针匀速转动，加速度大小a＝ μmg
m ＝μg＝1.25 m/s2，减速到零所用的时间为 t0＝vaA ＝1.325 s ＝2.4 s，发生的位移为 s＝vA＋2 0 t0＝32 ×2.4 m＝3.6 m> 2 m，说明物体在传送带上一直做匀减速运动，由速度位移
图 Z2-2
A.若传送带顺时针匀速转动，物体刚开始滑上传送带 A 端时一定做匀加速运动
B.若传送带顺时针匀速转动，物体在水平传送带上运 动时有可能不受摩擦力
C.若传送带逆时针匀速转动，则 vB 一定小于 2 m/s D.若传送带顺时针匀速转动，则 vB 一定大于 2 m/s 解析：当传送带顺时针匀速转动时，若传送带的速度 小于 3 m/s，则物体在传送带上做匀减速运动，故 A 错误； 当传送带顺时针匀速转动时，若传送带的速度等于 3 m/s，
(1)木板与滑块间的动摩擦因数 μ1. (2)木板与地面间的动摩擦因数 μ2.
(3)从滑块滑上木板，到最终两者静止的过程中，滑块 相对木板的位移大小.
图 Z2-7
解 ： (1) 对 小 滑 块 分 析 ： 其 加 速 度 为
a1
＝
v2－v1 t
＝
1－4 1
m/s2＝－3 m/s2，方向向右，根据牛顿第二定律有
设货物再经时间
t2，速度减为零，则
t2＝
0－v －a2
＝1 s
货物沿传送带向上滑的位移
x2＝
v＋0 2
t2＝1
m
则货物上滑的总距离为 x＝x1＋x2＝8 m 货物到达最高点后将沿传送带匀加速下滑，下滑加速 度大小等于 a2.设下滑时间为 t3，则 x＝21 a2t23 ，代入解得 t3＝2 2 s