第四章 信号的调理与记录习题
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第四章 信号的调理与记录
4-4 用电阻应变片接成全桥,测量某一构件的应变,已知其变化规律为
ε(t )=A cos10t +B cos100t
如果电桥激励电压u 0=E sin10000t ,试求此电桥的输出信号频谱。
解:接成等臂全桥,设应变片的灵敏度为S g ,根据等臂电桥加减特性得到 [][]()()()(cos10cos100)sin100001sin(1010000)sin(1010000)21sin(10010000)sin(10010000)2sin10010sin 9990sin10100sin 990022
o e g e g g g g g R u u S t u S A t B t E t R S EA t t S EB t t S EA S EB t t t t ε∆=
==+=+--++--=+++ 幅频图为
4-5 已知调幅波x a (t )=(100+30cos Ωt +20cos3Ωt )cos ωc t ,其中f c =10kHz ,f Ω=500Hz 。试求:
1)x a (t )所包含的各分量的频率及幅值;
2)绘出调制信号与调幅波的频谱。
解:1)x a (t )=100cos ωc t +15cos(ωc -Ω)t +15cos(ωc +Ω)t +10cos(ωc -3Ω)t +10cos(ωc +3Ω)t
各频率分量的频率/幅值分别为:10000Hz/100,9500Hz/15,10500Hz/15,8500Hz/10,11500Hz/10。
2)调制信号x (t )=100+30cos Ωt +20cos3Ωt ,各分量频率/幅值分别为:0Hz/100,500Hz/30,1500Hz/20。
调制信号与调幅波的频谱如图所示。 4-6 调幅波是否可以看作是载波与调制信号的迭加?为什么?
解答:不可以。因为调幅波是载波幅值随调制信号大小成正比变化,只有相乘才能实现。 4-7 试从调幅原理说明,为什么某动态应变仪的电桥激励电压频率为10kHz ,而工作频率为A 调制信号频谱
A n 调幅波频谱 A n (f
0~1500Hz ?
解答:为了不产生混叠,以及解调时能够有效地滤掉高频成分,要求载波频率为5~10倍调制信号频率。动态应变仪的电桥激励电压为载波,频率为10kHz ,所以工作频率(即允许的调制信号最高频率)为0~1500Hz 是合理的。
4-8 什么是滤波器的分辨力?与哪些因素有关?
解答:滤波器的分辨力是指滤波器分辨相邻频率成分的能力。与滤波器带宽B 、品质因数Q 、倍频程选择性、滤波器因数等有关。带宽越小、品质因数越大、倍频程选择性越小、滤波器因数越小,分辨力越高。
4-9 设一带通滤器的下截止频率为f c1,上截止频率为f c2,中心频率为f 0,试指出下列记述中的正确与错误。 1
)倍频程滤波器21c c f 。
2
)0f =
3)滤波器的截止频率就是此通频带的幅值-3dB 处的频率。 4)下限频率相同时,倍频程滤波器的中心频率是1/3
解答:1)错误。倍频程滤波器n =1,正确的是f c2=21f c1=2f c1。
2)正确。
3)正确。
4)正确。
4-10 已知某RC 低通滤波器,R =1k Ω,C=1μF ,试;
1)确定各函数式H (s );H (ω);A(ω);ϕ(ω)。
2)当输入信号u i =10sin1000t 时,求输出信号u o ,并比较其幅值及相位关系。 解:
1)1()1H s s τ=+,1()1H j ωτω=+ τ=RC =1000⨯10-6=0.001s
所以 1()0.0011H s s =+,1()10.001H j ωω
=+
()A ω=()arctan 0.001ϕωω=-
2)u i =10sin1000t 时,ω=1000rad/s ,所以
(1000)2
A ==
)
一阶RC 低通滤波器
(1000)arctan 0.00110004πϕ=-⨯=-
o 10(1000)sin[1000(1000)])4u A t t πϕ=⨯+=-(稳态输出)
相对输入u i ,输出幅值衰减为-3dB ),相位滞后4π。