高二第一次检测物理试卷 Word版含答案

长春外国语学校2014—2015学年上学期月考试卷高二物理注：考试时间：60分钟试卷总分：100分一单选题（每题5分，共计40分）1、关于点电荷的下列说法中错误的是( )A. 真正的点电荷是不存在的B. 点电荷是一种理想模型C. 足够小(如体积小于1mm 3)的电荷，就是点电荷D. 一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形状和大小对所研究问题的影响是否可忽略不计2、空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m的带正电的微粒水平射入电场中，微粒的运动轨迹如图所示，在相等的时间间隔为( )A. 重力做的功相等B. 电场力做的功相等C. 电场力做的功大于重力做的功D. 电场力做的功小于重力做的功3、用细线将一质量为m、电荷量为q的小球悬挂在天花板下面，设在空中存在沿水平方向的匀强电场，当小球静止时把细线烧断，小球将做（）A. 沿电场线方向的匀加速直线运动B. 沿重力方向的自由落体运动C. 沿悬线的延长线方向的匀加速直线运动D. 类似平抛运动的匀加速曲线运动4、一平板电容器的两极板与电源的两极相连，将两板距离减小，则( )①其电容变大②两板间电势差变大③所带电荷量保持不变④所带电荷量变大A. ①②B. ②③C. ②④D. ①④5、如图，匀强电场中A、B、C、D为一平行四边形的四个顶点，已知φA＝0V，φB＝10V，φC＝5V，则φD为( )A. －5VB. －1VC. －15VD. －10V6、如下图，带电量分别为＋Q和－Q的两个点电荷相距R，在两点电荷连线上横放一个不带电的导体棒，导体棒上感应电荷产生的电场在两点电荷连线中点处的场强大小与方向为( )A. B.C. D.7、A、B两个相同的小球，所带的电量qA ＝6C，qB＝－7C．他们相距r放置时，相互作用力的大小为F．现有一个与A、B相同的不带电的金属小球C，若C球与A 球接触后，再与B球接触，再把A、B两球间的间距增大到2r，那么A、B之间的相互作用力的大小将变为（）A. B.C. D.二多选题（每题5分，共计20分）8、关于电场线与场强的关系，下列说法中正确的是（）A. 沿电场线方向场强逐渐减小B. 沿电场线方向场强逐渐增大C. 沿电场线方向场强可能不变D. 沿电场线方向场强可能增大，也可能减小9、三个粒子同时在同一位置沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A. 在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B. b和c同时飞离电场C. 进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D. 动能的增加量c的最小，a和b的一样大10、两点电荷a,b所带的电荷量，在真空中相距为r，现将试探电荷q置于某一位置时所受库仑力恰好为零，则试探电荷应置于（）A. a,b为同种电荷时，在a,b连线上靠近b一侧B. a,b为同种电荷时，在a,b连线上靠近a一侧C. a,b为异种电荷时，在a,b连线的延长线上靠近a一侧D. a,b为异种电荷时，在a,b连线的延长线上靠近b一侧11、关于电势与电势能的说法，正确的是（）A. 电荷在电势越高的地方，电势能也越大B. 电荷在电势越高的地方，它的电荷量越大，所具有的电势能也越大C. 在正点电荷电场中的任意一点，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷所具有的电势能D. 在负点电荷电场中的任意一点，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能三填空题（每空2分，共计20分）12、如图所示，细线悬挂一带正电的小球，处于水平向右的匀强电场中，在电场力作用下，小球从最低点a由静止开始运动，在a运动到b的过程中，电势能＿＿＿＿＿，重力势能＿＿＿＿＿，机械能＿＿＿＿＿。

2017-2018学年重庆市石柱中学高二（下）第一次月考物理试卷一、单项选择题（本题共8个小题，每小题4分，共32分.在每个小题中只有一个选项是正确的.）1．关于感应电流，下列说法中正确的是（）A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流D．只要电路的一部分作切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流2．如图所示，水平放置的光滑杆上套有A、B、C三个金属环，其中B接电源．在接通电源的瞬间，A、C两环（）A．都被B排斥B．都被B吸引C．A被吸引，C被排斥D．A被排斥，C被吸引3．如图所示，A和B是电阻为R的电灯，L是自感系数较大的线圈，当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，再闭合S2，待电路稳定后将S1断开，下列说法中，正确的（）A．B灯不会立即熄灭B．A灯将比原来更亮一些后再熄灭C．有电流通过B灯，方向为c→dD．有电流通过A灯，方向为b→a4．马航MH370客机失联后，中国两架伊尔﹣76飞机参与了在南印度洋的搜救工作．已知在南半球地磁场的竖直分量向上，飞机处于定速巡航时段，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差．设飞行员左方机翼末端处的电势为φ1，右方机翼末端处电势为φ2，则在飞机定速巡航时，下列说法正确的是（）A．无论飞机航向如何都有φ1＜φ2B．只有飞机从南往北飞，φ1＜φ2C．只有飞机从西往东飞，φ1＜φ2D．只有飞机从东往西飞，φ1=φ25．如图所示，木块B与水平弹簧相连放在光滑水平面上，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块B内，入射时间极短，而后木块将弹簧压缩到最短．关于子弹和木块组成的系统，下列说法中正确的是（）A．子弹射入木块的过程中系统动量守恒B．子弹射入木块的过程中系统机械能守恒C．木块压缩弹簧过程中，系统总动量守恒D．木块压缩弹簧过程中，子弹、木块和弹簧组成的系统机械能守恒6．多数同学家里都有调光台灯、调速电风扇，过去是用变压器来实现上述调节的，缺点是成本高、体积大、效率低，且不能任意调节灯的亮度或风扇的转速．现在的调光台灯、调速电风扇是用可控硅电子元件来实现调节的，如图所示为一个经过双向可控硅电子元件调节后加在电灯上的电压，即在正弦式电流的每一个周期中，前面的被截去，从而改变了电灯上的电压．那么现在电灯上的电压为（）A．U m B．C．D．7．理想变压器原、副线圈匝数比为n1：n2：n3=4：3：2，副线圈上分别接标有“6V，12W”、“12V，36W”的灯泡L1和L2，当a、b两端接交变电源后，L1正常发光，则变压器的输入功率为（）A．16W B．40W C．48W D．不能确定8．内阻不计的交流发电机产生电动势e=10sin50πt（V），接有负载电阻R=10Ω，现在把发电机的转速增加一倍，则（）A．负载两端电压的有效值将变为28.2VB．交流电的频率将变为100HzC．负载消耗的功率将变为20WD．负载消耗的功率将变为40W二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分.在每个小题中至少有两个选项是正确的，选对但不全者得2分，选错或不答者得0分.）9．穿过一个电阻为2Ω的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则线圈中（）A．感应电动势为0.4V B．感应电动势每秒减小0.4VC．感应电流恒为0.2A D．感应电流每秒减小0.2A10．一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U1和U2、I1和I2、P1和P2，已知n1＞n2，则（）A．U1＞U2，P1＜P2B．P1=P2，I1＜I2C．I1＜I2，U1＞U2D．P1＞P2，I1＞I2 11．如图所示，在远距离输电过程中，若保持原线圈的输入功率不变，下列说法正确的是（）A．升高U1会减小输电电流I2B．升高U1会增大线路的功率损耗C．升高U1会增大线路的电压损耗D．升高U1会提高电能的利用率12．如图所示，在平行于水平地面的有理想边界的匀强磁场上方，有三个大小相同的，且用相同的金属材料制成的正方形线框，线框平面与磁场方向垂直．A线框有一个缺口，B、C线框都闭合但B线框导线的横截面积比C线框大．现将三个线框从同一高度由静止开始同时释放，下列关于它们落地时间的说法正确的是（）A．三个线框同时落地B．三个线框中，A线框最早落地C．B线框在C线框之后落地D．B线框和C线框在A线框之后同时落地三、实验题（本题共15分）13．下列关于多用电表电阻挡的说法中，正确的是（）A．表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越稀疏B．红表笔是与表内的电源的负极相连的C．测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻D．为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近14．实验室中准备了下列器材：待测干电池（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω），电流表G（满偏电流1.5mA，内阻10Ω）电流表A（量程0～0.60A，内阻约0.10Ω），滑动变阻器R1（0～20Ω，2A）滑动变阻器R2（0～100Ω，1A），定值电阻R3=990Ω，开关S和导线若干①某同学选用上述器材（滑动变阻器只选用了一个）测定一节干电池的电动势和内阻．为了能较为准确地进行测量和操作方便，实验中选用的滑动变阻器，应是．（填代号）②请在如图1方框中画出他的实验电路图．③如图2为该同学根据实验数据作出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E=V，内阻r=Ω．四、计算题（本题共37分）15．如图所示，在与水平面成θ=30°角的平面内放置两条平行、光滑且足够长的金属轨道，其电阻可忽略不计．空间存在着匀强磁场，磁感应强度B=0.20T，方向垂直轨道平面向上．导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与金属轨道接触良好构成闭合回路，每根导体棒的质量m=2.0×10﹣1kg，回路中每根导体棒电阻r=5.0×10﹣2Ω，金属轨道宽度l=0.50m．现对导体棒ab施加平行于轨道向上的拉力，使之匀速向上运动．在导体棒ab匀速向上运动的过程中，导体棒cd 始终能静止在轨道上．g取10m/s2，求：（1）导体棒cd受到的安培力大小；（2）导体棒ab运动的速度大小；（3）拉力对导体棒ab做功的功率．16．如图所示，质量M=3kg的长木板B 静止于光滑水平面上，B的右边放有竖直固定挡板，B的右端距离挡板S．现有一小物体A（可视为质点）质量为m=1kg，以初速度v0=6m/s从B的左端水平滑上B．已知A与B间的动摩擦因数μ=0.2，A始终未滑离B，B与竖直挡板碰前A和B已相对静止，B与挡板的碰撞时间极短，碰后以原速率弹回．求：（1）S的最短距离；（2）A、B最终速度的大小和方向．17．两平行金属导轨水平放置，一质量为m=0.2kg的金属棒ab垂直于导轨静止放在紧贴电阻R处，R=0.1Ω，其它电阻不计．导轨间距为d=0.8m，矩形区域MNPQ内存在有界匀强磁场，场强大小B=0.25T．MN=PQ=x=0.85m，金属棒与两导轨间动摩擦因数都为μ=0.4，电阻R与边界MP的距离s=0.36m．在外力作用下让ab棒由静止开始向右匀加速运动并穿过磁场，加速度a=2m/s2，g取10m/s2，试求：（1）金属棒ab刚进入磁场时电路中的电流（2）金属棒ab穿过磁场过程中流过R的电量（3）金属棒ab受到的外力F随时间t变化关系．2017-2018学年重庆市石柱中学高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共8个小题，每小题4分，共32分.在每个小题中只有一个选项是正确的.）1．关于感应电流，下列说法中正确的是（）A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流D．只要电路的一部分作切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流【考点】感应电流的产生条件．【分析】感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化就能产生感应电流．可以分解为两个条件：1、闭合电路，2、磁通量发生变化．这两个条件必须同时满足，才能有感应电流产生．【解答】解：A、满足闭合电路，但是磁通量没有变化，没有感应电流，故A 错．B、满足磁通量变化，但是没有满足闭合电路这个条件，故B错误．C、线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流．故C正确．D、不知道电路是否闭合，因此不能确定有电流产生．故D错误．故选C．2．如图所示，水平放置的光滑杆上套有A、B、C三个金属环，其中B接电源．在接通电源的瞬间，A、C两环（）A．都被B排斥B．都被B吸引C．A被吸引，C被排斥D．A被排斥，C被吸引【考点】楞次定律．【分析】根据楞次定律进行判定：感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化．【解答】解：在接通电源的瞬间，通过B环的电流变大，电流产生的磁场增强，穿过A、C两环的磁通量变大，A、C两环产生感应电流，由楞次定律可知，感应电流总是阻值原磁通量的变化，为了阻碍原磁通量的增加，A、C两环都被B环排斥而远离B环，以阻碍磁通量的增加，故BCD错误，A正确；故选：A3．如图所示，A和B是电阻为R的电灯，L是自感系数较大的线圈，当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，再闭合S2，待电路稳定后将S1断开，下列说法中，正确的（）A．B灯不会立即熄灭B．A灯将比原来更亮一些后再熄灭C．有电流通过B灯，方向为c→dD．有电流通过A灯，方向为b→a【考点】自感现象和自感系数．【分析】在开关闭合瞬间，线圈阻碍电流的增加，断开S1瞬间产生一自感电动势相当于电源，与A组成闭合回路．【解答】解：A、由题，A和B是电阻为R的电灯，L是自感系数较大的线圈，当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，说明L的电阻值与R的电阻值是相等的．再闭合S2后，L与A灯并联，R与B灯并联，它们的电流均相等．当断开后，L将阻碍自身电流的减小，即该电流还会维持一段时间，在这段时间里，因S2闭合，电流不可能经过B灯和R，只能通过A灯形成b→A→a→L→c→b的电流，所以AC错误，D正确；B、由于自感形成的电流是在L原来电流的基础上逐渐减小的，并没有超过A 灯原来电流，故A灯虽推迟一会熄灭，但不会比原来更亮，故B错误．故选：D．4．马航MH370客机失联后，中国两架伊尔﹣76飞机参与了在南印度洋的搜救工作．已知在南半球地磁场的竖直分量向上，飞机处于定速巡航时段，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差．设飞行员左方机翼末端处的电势为φ1，右方机翼末端处电势为φ2，则在飞机定速巡航时，下列说法正确的是（）A．无论飞机航向如何都有φ1＜φ2B．只有飞机从南往北飞，φ1＜φ2C．只有飞机从西往东飞，φ1＜φ2D．只有飞机从东往西飞，φ1=φ2【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】由于地磁场的存在，当飞机在南半球水平飞行时，两机翼的两端点之间会有一定的电势差，相当于金属棒在切割磁感线一样．由右手定则可判定电势的高低．【解答】解：当飞机在南半球飞行时，由于地磁场的存在，且地磁场的竖直分量方向竖直向上，由于感应电动势的方向与感应电流的方向是相同的，由低电势指向高电势，由右手定则可判知，在南半球，不论沿何方向水平飞行，都是飞机的左方机翼电势低，右方机翼电势高，即总有φ1＜φ2．故选：A．5．如图所示，木块B与水平弹簧相连放在光滑水平面上，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块B内，入射时间极短，而后木块将弹簧压缩到最短．关于子弹和木块组成的系统，下列说法中正确的是（）A．子弹射入木块的过程中系统动量守恒B．子弹射入木块的过程中系统机械能守恒C．木块压缩弹簧过程中，系统总动量守恒D．木块压缩弹簧过程中，子弹、木块和弹簧组成的系统机械能守恒【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】系统所受合外力为零，系统动量守恒，只有重力或只有弹力做功，系统机械能守恒，根据动量守恒与机械能守恒的条件分析答题．【解答】解：A、子弹射入木块的过程中系统所受合外力为零，系统动量守恒，故A正确；B、子弹射入木块的过程中要克服阻力做功，系统机械能不守恒，故B错误；C、木块压缩弹簧过程中系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故C错误；D、木块压缩弹簧过程中，只有弹簧的弹力做功，子弹、木块和弹簧组成的系统机械能守恒，故D正确；故选：AD．6．多数同学家里都有调光台灯、调速电风扇，过去是用变压器来实现上述调节的，缺点是成本高、体积大、效率低，且不能任意调节灯的亮度或风扇的转速．现在的调光台灯、调速电风扇是用可控硅电子元件来实现调节的，如图所示为一个经过双向可控硅电子元件调节后加在电灯上的电压，即在正弦式电流的每一个周期中，前面的被截去，从而改变了电灯上的电压．那么现在电灯上的电压为（）A．U m B．C．D．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】根据电流的热效应：由一个周期内交变电流通过电阻R的产生热量与直流电通过电阻R一个周期内产生热量相等，求解有效值．【解答】解：设交流电的有效值为U，将交流电与直流电分别通过相同电阻R，分析一个周期内热量：交流电Q1=直流电Q2=由Q1=Q2得U=故选C7．理想变压器原、副线圈匝数比为n1：n2：n3=4：3：2，副线圈上分别接标有“6V，12W”、“12V，36W”的灯泡L1和L2，当a、b两端接交变电源后，L1正常发光，则变压器的输入功率为（）A．16W B．40W C．48W D．不能确定【考点】变压器的构造和原理．【分析】灯泡在额定电压下正常发光，由变压器的变压比求出原线圈电压，然后求出另一个副线圈电压，由电功率公式求出灯L2的实际功率，然后求出变压器的输入功率．【解答】解：L1正常发光，则U2=U L1=6V，U1=U2=×6=8V，U3=U1=×8=4V，L2的电阻R2==4Ω，P L2实==4W，输入功率P=P L1额+P L2实=12W+4W=16W；故选A．8．内阻不计的交流发电机产生电动势e=10sin50πt（V），接有负载电阻R=10Ω，现在把发电机的转速增加一倍，则（）A．负载两端电压的有效值将变为28.2VB．交流电的频率将变为100HzC．负载消耗的功率将变为20WD．负载消耗的功率将变为40W【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】由表达式得出原来交流电动势的最大值和频率．原来根据感应电动势最大值的表达式E m=NBSω分析感应电动势最大值的变化，从而得到有效值．由公式f=分析频率变化，功率P=．【解答】解：A、E m=NBSω，转速增加一倍，则最大值变为原来的两倍，根据e=10sin50πt（V）可知，原来电动势E m=10V，转速增加一倍后E m=20V，有效值为10V，故A错误；B、根据f=可知，转速增加一倍后，频率为f=，故B错误；C、负载消耗的功率P===20W，故C正确，D错误．故选C二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分.在每个小题中至少有两个选项是正确的，选对但不全者得2分，选错或不答者得0分.）9．穿过一个电阻为2Ω的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则线圈中（）A．感应电动势为0.4V B．感应电动势每秒减小0.4VC．感应电流恒为0.2A D．感应电流每秒减小0.2A【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】穿过闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，得到磁通量变化率，由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求解感应电流．【解答】解：A、穿过闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则得到磁通量变化率大小为=0.4Wb/s，由法拉第电磁感应定律得：E==0.4V，感应电动势不变，故A正确，B错误．C、由欧姆定律得，感应电流为I===0.2A，电流恒定不变，故C正确，D错误．故选：AC．10．一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U1和U2、I1和I2、P1和P2，已知n1＞n2，则（）A．U1＞U2，P1＜P2B．P1=P2，I1＜I2C．I1＜I2，U1＞U2D．P1＞P2，I1＞I2【考点】变压器的构造和原理．【分析】本题比较简单，直接根据理想变压器原副线圈匝数比与电压、电流比之间的关系即可求解，理想变压器的输入功率与输出功率相等．【解答】解：根据理想变压器的特点有：，P1=P2所以有电流关系为：，由于n1＞n2，所以有I1＜I2，U1＞U2，故AD错误，BC正确．故选BC．11．如图所示，在远距离输电过程中，若保持原线圈的输入功率不变，下列说法正确的是（）A．升高U1会减小输电电流I2B．升高U1会增大线路的功率损耗C．升高U1会增大线路的电压损耗D．升高U1会提高电能的利用率【考点】远距离输电；电功、电功率．【分析】根据P=UI判断输电线上电流的变化，结合判断功率损失和电压损失的变化．结合损耗的功率判断电能利用率的变化．【解答】解：A、输送功率不变，升高U1，则升压变压器的输出电压变大，根据P=UI知，输电线上的电流I2减小．故A正确．B、因为升高U1，输电线上的电流减小，根据知，输电线上的功率损耗减小．故B错误．C、因为升高U1，输电线上的电流减小，根据△U=IR知，输电线上的电压损失减小．故C错误．D、电能的利用率为，因为升高U1，输电线上的电流减小，则电能的利用率提高．故D正确．故选：AD．12．如图所示，在平行于水平地面的有理想边界的匀强磁场上方，有三个大小相同的，且用相同的金属材料制成的正方形线框，线框平面与磁场方向垂直．A线框有一个缺口，B、C线框都闭合但B线框导线的横截面积比C线框大．现将三个线框从同一高度由静止开始同时释放，下列关于它们落地时间的说法正确的是（）A．三个线框同时落地B．三个线框中，A线框最早落地C．B线框在C线框之后落地D．B线框和C线框在A线框之后同时落地【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分析】A线圈有一个缺口，进入磁场后，不产生感应电流，不受安培力作用，只受重力，加速度等于g．而B、C线圈是闭合的，进入磁场后，产生感应电流，线圈受到竖直向上的安培力作用，根据牛顿第二定律研究BC加速度的关系，再分析下落时间的关系．【解答】解：A线圈进入磁场后，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，只受重力，加速度等于g．而B、C线圈是闭合的，进入磁场后，产生感应电流，线圈受到竖直向上的安培力作用，加速度小于g，则A线圈最先落地．设B、C线圈的边长为L，横截面积为S，电阻率为ρ电，密度为ρ密，质量为m，进入磁场后速度为v时加速度为a，根据牛顿第二定律得：mg﹣=ma，a=g﹣=g﹣=g﹣＜g，可知a与横截面积S无关，所以B、C线圈同时落地．根据B、C的加速度小于A的加速度，可知，A最先落地．故选：BD三、实验题（本题共15分）13．下列关于多用电表电阻挡的说法中，正确的是（）A．表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越稀疏B．红表笔是与表内的电源的负极相连的C．测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻D．为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近【考点】用多用电表测电阻．【分析】依据欧姆表的测量原理分析电阻值与刻的关系；在欧姆表内部黑表笔接的是电源的正极；用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使欧姆表指针指在刻度盘中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．【解答】解：A、欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，由I=，电流I与对应的待测电阻阻值R x不成正比，电阻的刻度线是不均匀的，刻度值越大处刻度线越密，故A错误；B、在欧姆表内部黑表笔接的是电源的正极，红表笔是与表内的电源的负极相连，故B正确；C、测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻．故C 正确；D、当指针指在刻度盘的中间刻度附近时，测量的数据误差最小，所以为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近．故D正确．故选：BCD．14．实验室中准备了下列器材：待测干电池（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω），电流表G（满偏电流1.5mA，内阻10Ω）电流表A（量程0～0.60A，内阻约0.10Ω），滑动变阻器R1（0～20Ω，2A）滑动变阻器R2（0～100Ω，1A），定值电阻R3=990Ω，开关S和导线若干①某同学选用上述器材（滑动变阻器只选用了一个）测定一节干电池的电动势和内阻．为了能较为准确地进行测量和操作方便，实验中选用的滑动变阻器，应R1．（填代号）②请在如图1方框中画出他的实验电路图．③如图2为该同学根据实验数据作出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E= 1.46V，内阻r=0.76Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】①滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，要求所用滑动变阻器能得出多组数据，并且应易于调节；②本实验中只需得出流过电源的电流及电源的路端电压即可，分析给出的仪器可知电路的接法及电表的使用；③由闭合电路欧姆定律可得出与题目中给出仪器有关的表达式，再由数学规律可得出电动势和内电阻．【解答】解：①滑动变阻器应起到明确的调节作用，并且还要易于调节，故一般限流接法时，滑动变阻器比内阻约为10倍左右即可，故本题中应选R1②本题中表头可与定值电阻串联作为电压表使用，再将滑动变阻顺与电流表A串接在电源两端即可；如下图③由闭合电路欧姆定律可得：I1（R3+R A）=E﹣I2r变形得：I1=﹣I2；由数学知可得：图象中的k=；b=；由图可知：b=1.46；k==0.76×10﹣3；故解得：E=1.46V，r=0.76Ω故答案为：①R1；②如下图；③1.46，0.76．四、计算题（本题共37分）15．如图所示，在与水平面成θ=30°角的平面内放置两条平行、光滑且足够长的金属轨道，其电阻可忽略不计．空间存在着匀强磁场，磁感应强度B=0.20T，方向垂直轨道平面向上．导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与金属轨道接触良好构成闭合回路，每根导体棒的质量m=2.0×10﹣1kg，回路中每根导体棒电阻r=5.0×10﹣2Ω，金属轨道宽度l=0.50m．现对导体棒ab施加平行于轨道向上的拉力，使之匀速向上运动．在导体棒ab匀速向上运动的过程中，导体棒cd 始终能静止在轨道上．g取10m/s2，求：（1）导体棒cd受到的安培力大小；（2）导体棒ab运动的速度大小；（3）拉力对导体棒ab做功的功率．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力；电磁感应中的能量转化．【分析】（1）cd静止，则cd受力平衡，则分析其受力情况，由平衡条件可求得安培力的大小；（2）由安培力公式可求得电路中电流，则由闭合电路欧姆定律可得出感应电动势，再由E=BLv可求得cd的速度；（3）ab棒受力平衡，则由共点力平衡关系可求是拉力的大小，由P=Fv可求得拉力的功率．，则由平【解答】解：（1）导体棒cd静止时受力平衡，设所受安培力为F安衡条件得：F=mgsinθ=2.0×10﹣1×10×sin30°N=1N安（2）设导体棒ab的速度为v，产生的感应电动势为E，通过导体棒cd的感应电流为I，=BIl则E=Blv，I=，F安解得：v==m/s=10m/s（3）设对导体棒ab的拉力为F，导体棒ab受力平衡，则有：F=F+mgsinθ=2mgsinθ=2×1N=2N安则拉力的功率为：P=Fv=2×10W=20W．答：（1）导体棒cd受到的安培力大小为1N；（2）导体棒ab运动的速度大小为10m/s；（3）拉力对导体棒ab做功的功率为20W．16．如图所示，质量M=3kg的长木板B 静止于光滑水平面上，B的右边放有竖直固定挡板，B的右端距离挡板S．现有一小物体A（可视为质点）质量为m=1kg，以初速度v0=6m/s从B的左端水平滑上B．已知A与B间的动摩擦因数μ=0.2，A始终未滑离B，B与竖直挡板碰前A和B已相对静止，B与挡板的碰撞时间极短，碰后以原速率弹回．求：（1）S的最短距离；（2）A、B最终速度的大小和方向．【考点】动量守恒定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．【分析】（1）A、B系统动量，由动量守恒定律可以求出A、B的共同速度，然后应用牛顿第二定律求出B的加速度，再应用速度位移公式求出S的最小距离．（2）B与挡板碰撞后系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出A、B的速度．【解答】解：（1）A、B系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v1，代入数据解得：v1=1.5m/s，A、B速度相等的同时B恰好与挡板碰撞时S最小，对B，由牛顿第二定律得：a==m/s2，。

浙江省新阵地教育联盟2024届第一次联考高二物理试题卷考生须知：1. 本卷满分100分，考试时间90分钟。

2. 答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。

3. 所有答案必须写在答题卷上相应的位置，写在试卷上无效。

4. 考试结束后，只需上交答题卷。

5. 重力加速度g 取210m/s 。

选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目的，不选、多选、错选均不得分）1. 下列物理量的单位正确的是（ ）A. 功N s ⋅B. 电场强度V/mC. 磁通量2T/mD. 加速度m/s2. 下图是小敏同学晨跑路径图，根据图上的信息，以下说法正确的是（ ）A. 8月10日凌晨6:03是时间间隔B. 3.40公里是小敏同学的晨跑位移C. 当计算小敏同学晨跑的平均速率时，可以把小敏同学看成质点D. 小敏同学晨跑时，看到马路两边的树木在倒退，是以地面为参考系3. 正是人类对电与磁的研究，发展成了电磁场与电磁波的理论。

下列说法正确的是（ ）A. 奥斯特发现电流的磁效应，并创造性地用“磁感线”形象地描述“场”的物理图景B. 麦克斯韦建立了电磁场理论，并在实验中捕捉到了电磁波C. 普朗克认为振动着的带电微粒的能量是连续的D. 爱因斯坦认为光是一个个不可分割的能量子组成的，这些能量子叫作光子4. “安吉游戏”源起浙江省安吉县，是安吉幼儿园“游戏”式的教学方法的简称。

“安吉游戏”提倡把游戏还给孩子，让他们在自主、自由的游戏中学习。

如图所示，是一个小朋友将一个篮球放在斜坡上，并用竖直挡板挡住，篮球处于静止状态。

已知斜坡的倾角为θ（θ为锐角），挡板对篮球的弹力为1F ，斜面对篮球的弹力为2F ，不考虑篮球受到的摩擦力，下列说法正确的是（ ）A. 斜面对篮球的弹力2F 小于挡板对篮球的弹力1FB. 斜面对篮球的弹力2F 小于篮球重力GC. 缓慢地把挡板绕其与坡面的接触轴逆时针转一个较小角度，1F 减小D. 缓慢地把挡板绕其与坡面的接触轴逆时针转一个较小角度，2F 增大5. 2022年冬奥会重点交通工程，有一段路程为螺旋隧道，通过螺旋线实现原地抬升，如图所示。

建平县第二高级中学2019-2020学年度第一次月考物理试卷考试时间：90分钟满分：100分*注意事项：1、填写答题卡的内容用2B铅笔填写2、提前5 分钟收取答题卡第Ⅰ卷客观题第Ⅰ卷的注释一、单选题（共8题；共24分）1.如图所示，四种不同型号的电容器. 其中储存电荷本领最大的是（）A. B.C. D.2.在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为（）A. 0.5AB. 0.2AC. 0.3AD. 0.1A3.一个电流表的满偏电流、内阻，要把它改装成一个量程为15V的电压表，应在电流表上（）A. 串联一个15kΩ的电阻B. 串联一个14.5kΩ的电阻C. 并联一个15kΩ的电阻D. 并联一个14.5kΩ的电阻4.如图甲所示，在间距足够大的平行金属板A、B之间有一电子，在A、B之间加上如图乙所示规律变化的电压，在时刻电子静止且A板电势比B板电势高，则A. 电子在A，B两板间做往复运动B. 在足够长的时间内，电子一定会碰上A板C. 当时，电子将回到出发点D. 当时，电子的位移最大5.关于电流的方向，下列叙述中正确的是( )A. 金属导体中电流的方向就是自由电子定向移动的方向B. 在电解质溶液中有自由的正离子和负离子，电流方向不能确定C. 不论何种导体，电流的方向规定为正电荷定向移动的方向D. 电流的方向有时与正电荷定向移动的方向相同，有时与负电荷定向移动的方向相同6.如图所示的长方体是用电阻率为ρ的均匀金属制成的，长度为2L，其横截面为正方形，边长为L，若将它的a、b端接入电路时的电阻为R，则将它的两个侧面上的c、d端接入电路时的电阻是（）A. RB. R/4C. R/2D. 4R7.在图所示的电路中，电源的内电阻r=1Ω，外电路电阻R=9Ω，闭合开关后，电流表的示数I=0.3A，电流表的内阻不计．电源的电动势E应等于（）A. 1VB. 2VC. 3VD. 5V8.如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源的内电阻，以下说法中不正确的是（）A. 当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B. 当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C. 当R2=0时R1上获得功率一定最大D. 当R2=0时，电源的输出功率可能最大第Ⅱ卷主观题第Ⅱ卷的注释二、多选题（共4题；共16分）9.用如图所示实验装置探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，电容器带电后与电源断开．下列说法中正确的有（）A. 上移左极板，静电计指针张角变小B. 右移左极板，静电计指针张角变大C. 在两极板间插入一课本，静电计指针张角变小D. 若教室内空气湿度较大，则实验现象不明显10.如图所示，示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A. 极板X应带正电B. 极板X′应带正电C. 极板Y应带负电D. 极板Y′应带负电11.在如图所示的U－I 图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R 的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路，由图象可知（）A. 电源的电动势为3 V，内阻为0.5 ΩB. 电阻R 的阻值为1 ΩC. 电源的输出功率为4 WD. 电源的效率为50%12.如图所示，电源电动势为E内阻为r，当滑动变阻器R2滑动端向右滑动后，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表示数变化量的绝对值为ΔU。