福建省永安一中、德化一中、漳平一中2017-2018学年高二上学期第二次联考物理试题

“永安一中、德化一中、漳平一中”三校联考2017－2018学年第一学期第二次月考高二物理试题（考试时间：90分钟 总分：100分）本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

第I 卷（选择题，共48分）一、选择题（1～8为单选题，9～12为多选题，每题4分，共48分，多选题漏选得2分，错选不得分。

）1、下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（ ）A ．根据电场强度的定义式q FE =，电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比 B ．根据真空中点电荷电场强度公式2r Qk E =，电场中某点电场强度和场源电荷的电荷量成正比C ．根据电容的定义式U QC =，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比D ．根据公式q W U ABAB =，电场中AB 两点的电势差与q 成反比2、对于不同型号的干电池，下列说法中正确的是( ) A ．1号干电池的电动势大于5号干电池的电动势 B ．1号干电池的容量比5号干电池的容量小 C ．1号干电池的内阻比5号干电池的内阻大D ．把1号和5号干电池分别连入电路中，若电流I 相同，则它们做功的快慢相同 3、下列有关磁通量的论述中正确的是（ ）A ．磁感应强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大B ．磁感应强度越大的地方，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量也越大C ．匀强磁场中，穿过线圈的磁感线条数越多，则磁通量越大D ．穿过线圈的磁通量为零的地方，磁感应强度一定为零4、如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M 点，再经过N 点，以下正确的是（ ）A ．粒子在N 点的加速度大于在M 点的加速度B ．该带电粒子应该带负电C ．M 点的电势低于在N 点的电势D ．粒子在M 点的电势能小于在N 点的电势能5、在图示电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A 、B 两灯亮度的变化情况为 （ ）A ．A 灯和B 灯都变亮 B ．A 灯、B 灯都变暗C ．A 灯变亮，B 灯变暗D ．A 灯变暗，B 灯变亮6、已知单位体积的铜有n 个自由电子，电子电量为e 。

今有一根横截面积为S 的铜导线，质量为m ，密度为ρ，当通过的电流为I 时，则电子平均定向移动的速率为（ ）A .光速C B.neS I C . ρneS m I D . neSmIρ7、如图所示，平行板电容器与一个恒压直流电源连接，下极板通过A 点接地，一带正电小球被固定于P 点，现将平行板电容器的下极板A竖直向下移动一小段距离，则（ ）A. 平行板电容器的电容值将变大B. 静电计指针张角变小C. 带电小球的电势能将减小D. 若先将下极板与A 点之间的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电小球所受电场力不变8、如图所示，一个电源在外电阻不断变化时，内、外电阻消耗的电功率随电流变化的关系分别用抛物线C 1、C 2表示．由该图可知( )A ．电源消耗的最大功率为16 WB ．电源的内电阻为2 ΩC ．电源输出功率的最大值为16 WD ．电源的电动势为8 V9、一束粒子沿水平方向飞过小磁针的下方，如图所示，此时小磁针的S 极向纸内偏转，这一束粒子可能是 ( ) A ．向右飞行的正离子束 B. 向左飞行的正离子束 C. 向右飞行的电子束 D. 向左飞行的电子束10、下列说法中错误的是（ ） A ．欧姆表的每一挡的测量范围是0～∞B ．用不同挡的欧姆表测量同一电阻的阻值时，误差大小是一样的C ．用欧姆表测电阻，指针越接近刻度盘中央时，误差越小D ．用欧姆表测电阻，选不同量程时，指针越靠近右边误差越小 11、在如图所示的U －I 图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R 的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路，由图象可知（ ）A ．电源的电动势为6 V ，内阻为1 ΩB ．电阻R 的阻值为2ΩC ．电源的输出功率为6 WD ．电源的效率为66.7%12、如图所示，匀强电场中，A 、B 、C 三点构成一边长为a 的等边三角形，电场强度方向平行于三角形所在平面．现有一电子电量为e ，仅在电场力作用下，由A 至C 动能减少W ，由A 至B 动能减少2W ，则该匀强电场E 的大小和方向的判定正确的是（ ）A ．方向沿AB 由B 指向A B ．方向沿AB 由A 指向BC ．大小为ae W2 D. 大小为aeW第II 卷（非选择题，共52分）二、实验题探究题（每空2分，图4分，共18分） 13、(1)多用电表是实验室和生产实际中常用的仪器．在某次实验中使用多用电表进行了两次测量，指针所指的位置分别如左图中a 、b 所示，若选择开关处在“×10Ω”的电阻挡时指针位于a ，则被测电阻的阻值是 Ω.若选择开关处在“直流电压2.5 V”挡时指针位于b ，则被测电压是______V.(2)用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如右图所示的读数是 mm 。

N14.某同学为了描绘一个“6V，3W”的小灯泡的伏安特性曲线，并测出小灯泡在额定电压下的准确电阻值，到实验室找到了一些仪器，规格及数量如下：A．电流表一只（0～0.6A，内阻约为5Ω）B．电压表一只（0～3V，内阻R V=2kΩ）C．定值电阻R0=4kΩD．滑动变阻器R1（0～10Ω，额定电流为3A）E．滑动变阻器R2（0～1000Ω，额定电流为3A）F．8V直流电源一个G．开关、导线若干，待测电学器件一个这位同学利用现有器材，结合所学知识，顺利完成了实验．（1）当小灯泡两端的电压U由零逐渐增大的过程中，电压U和电流I的关系可用图象表示。

如图题中给出的四个图象中符合实际的是（）A B C D（2）该同学在实验中滑动变阻器应选用是______ （填器材前序号字母）；（3）实验中电压表的量程太小，需要电压表和定值电阻R0 联，扩大电压表量程，改造之后新的电压表的量程为V．（4）请在虚线框中画出实验电路图．（待测小灯泡用表示）。

三、计算题（15题10分，16题10分，17题14分，要有必要的文字说明，只写答案不得分）15、（10分）在如图所示的电路中,电阻R1=3Ω,R2=2.5Ω,当开关S接1时,理想电压表的读数为3V,当开关S接2时,理想电流表的读数为1A.试求：（1）电源的电动势和内阻（2）开关S接3时,电压表读数和内阻r消耗的电功率16、（10分）如图所示，从电子枪射出的电子束（初速度不计）经电压U1加速后，从一对金属板Y和Y′正中间平行金属板射入，电子束穿过两板空隙后最终垂直打在荧光屏上的O 点．若现在用一输出电压为U2的稳压电源与金属板Y、Y′连接，在YY′间产生匀强电场，使得电子束发生偏转．设电子质量m，电量e，YY′两板间距d，板长L，板的末端到荧光屏的距离S．整个装置处于真空中，不考虑电子重力及电子间相互作用．试求：（1）电子束射入金属板Y、Y′时速度v0（2）电子束离开金属板Y、Y′时，打到荧光屏上的位置P（图中未标出）到O点的距离17、（16分）如图，内表面光滑绝缘的半径为r=1.2m的圆形轨道处于竖直平面内，有竖直向下的匀强电场，场强大小为E=1×106V/m．有一质量为m=0.12kg、带负电的小球，电量q=1.6×10-6C，小球在圆轨道内壁做圆周运动，当运动到最低点A时，小球与轨道压力恰好为零，g取10m/s2，空气阻力不计，求：（1）小球在A点处的速度大小（2）小球运动到最高点B时，,轨道对小球的支持力大小（3）若当小球运动到A点时，立即将电场方向改为水平向右，并给小球补充一定的动能。

补充后小球恰好可以在圆轨道内壁做完整的圆周运动，则应该补充的动能是多少？“永安一中、德化一中、漳平一中”三校联考2017－2018学年第一学期第二次月考高二物理试题答案一、选择题（1-8为单选题，9-12为多选题，每题4分，共48分，多选题漏选得2分，错选不得分）二、实验题探究题（每空2分，图4分，共18分） 13、（1）___500_____ ____2.00____ （2） _0.680___ 14、（1） B (2) D (3) 串 9（4）三、计算题（15题10分，16题10分，17题14分，要有必要的文字说明，只写答案不得分）15、（1）当开关S 接1时,电路开路,无电流,电压表的读数为3V,即为电源电动势E =3V……………………….（1分） 当开关S 接2时,据闭合电路欧姆定律得： Ω=-=5.02R IEr …………………（3分） （2）开关S 接3时,电流表的读数为：A rR R E I 5.0'21=++=………………… （2分） 电压表的读数为：V r I E U 75.2''=-= …………………（2分） 内阻r 消耗的电功率 为：W r I P 125.0'2==内 …………………（2分）16、（1）电子经加速，由动能定理得： eU 1=mv 02…………………（2分）解得v 0=…………………（1分）（2）电子在偏转电场中类平抛，令时间为t 1，则有 L=v 0t 1 …………………（1分） a=e U 2/ m d …………………（1分）y 1= a t 12 …………………（1分）电子离开偏转电场时，沿电场力方向的速度：V y =a t 1 …………………（1分）离开偏转电场后匀速运动直至打到屏上，用时为t 2 则有 S=V 0 t 2 …………………（1分）y 2=V y t 2 …………………（1分）故打到屏上的位置P 到O 点的距离为Y ，则有dU L S U y y Y 12214)2(+=+=…………………（1分）17、（1）带电小球在A 点时，由牛顿第二定律可得q E-mg =mV A 2/ r …………………（3分） 解得：V A =2m/s …………………（1分）（2）小球由A到B，由动能定律可得2（qE—mg）r = mV B2—mV A2 …………………（2分）在B点，同理可得F N+mg-qE = mV B2/r解得：F N=2.4N …………………（2分）（3）电场方向改变后，重力和电场力的合力大小F 2 =（mg）2+（qE）2 解得F =2 N …………………（1分）方向左偏下与水平方向成θ，且sinθ=0.6 …………………（1分）故其运动到O点右上方与水平方向的夹角为θ的C点时，其速度有最小值为V C，令小球补充能量后的速度大小为V，则其从A到C的过程中，由动能定律可得：—mgr（1+sinθ）—qErcosθ =mV C2—mV2…………………（1分）在C点，有：F = mV C2 /r …………………（1分）补充的能量为E=mV2—mV A2 …………………（1分）解得E=4.8J …………………（1分）。