江西省横峰中学2017届高三物理上学期第十九周周练试题无答案

横峰中学2016-17学年度上学期周练（第十九周）高三年级物理试卷考试日期：12月27日一、选择题（1—4为单选，5—8为多选，一个6分，共48分。

）1．下列哪一种情形是不可能出现的（）A．物体的加速度增大时，速度反而减小B．物体的速度为零时，加速度却不为零C．物体的加速度不为零且始终不变，速度也始终不变D．物体的加速度大小和速度大小均维持恒定且均不为零2．如图所示，一攀岩运动员正沿竖直岩壁缓慢攀登，由于身背较重的行囊，重心上移至肩部的O点，总质量m=60kg．现在手臂与身体垂直，手臂与岩壁夹角为53°．则手受到的拉力和脚受到的作使劲别离为（设手、脚受到的作使劲均通过重心O，g取10m/s2，sin53°=，cos53°=）（）A．360N，480N B．480N，360N C．450N，800N D．800N，450N3．汽车在平直公路上行驶，在它的速度从零增加到v的进程中，汽车发动机做的功为W1；在它的速度从v增加到2v的进程中，汽车发动机做的功为W2．设汽车在行驶中发动机的牵引力和所受的阻力都不变，则有（）A．W2=2W1B．W2=3W1C．W2=4W1D．仅能判断W2＞W14．如图所示，物体放在轻弹簧上，沿竖直方向在A、B间做简谐运动．在物体沿DC方向由D点运动到C点（D、C两点未在图上标出）的进程中，弹簧的弹性势能减少了，物体的重力势能增加了．则在这段进程中（）A．物体通过D点时的运动方向是指向平衡位置的B．物体的动能增加了C．D点的位置必然在平衡位置上D．物体的运动方向可能是向下的5．在地面周围，沿水平方向抛出一个物体，不计空气阻力，物体在空中飞行运动，说法正确的是（）A．在相同时刻距离内，速度转变相同B．在相同时刻距离内，位移转变相同C．在相同时刻距离内，动量转变相同D．在相同时刻距离内，动能转变相同6．如图，质量相同的两球A、B别离用不同长度的细线悬挂，L A＞L B．当拉至同一高度使细线水平时释放，两球到最低点时，相同的物理量是（）A．细线的拉力B．小球的速度C．小球的加速度 D．小球具有的机械能7．如图所示，木板可绕固定的水平轴O转动，木板从水平位置OA缓慢转到OB位置的进程中，木板上重为5N的物块始终相对于木板静止，在这一进程中，物块的重力势能减少了4J．以下说法正确的是（）A．物块下降的高度为0.8mB．摩擦力对物块正功做功C．支持力对物块不做功D．支持力和重力对物块所做功的代数和为08．如图所示，（ a）图表示滑腻平台上，物体A以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小车上，车与水平面间的动摩擦因数不计，（b）图为物体A与小车B的v﹣t图象，由此可知（）A．小车上表面长度B．物体A与小车B的质量之比C．A与小车B上表面的动摩擦因数D．小车B取得的动能九、（14分）“勇气号“”火星探测器在降落前曾绕火星做半径为r，周期为T的圆周运动．着陆后须通过量次弹跳才能停下来．假设着陆器第一次落到火星表面弹起后，抵达最高点时高度为h，速度方向是水平的，速度大小为v0，求它第二次落到火星表面时速度的大小．（计算时不计火星大气阻力，火星可视为半径为r0的均匀球体，火星表面看做水平面）10、（16分）如图所示，半径R=0.2m的滑腻四分之一圆轨道MN竖直固定放置，结尾N 与一长L=0.8m的水平传送带相切，水平衔接部份摩擦不计，传动轮（轮半径很小）作顺时针转动，带动传送带以恒定的速度ν0运动．传送带离地面的高度h=1.25m，其右边地面上有一直径D=0.5m的圆形洞，洞口最左端的A点离传送带右端的水平距离S=1m，B点在洞口的最右端．现使质量为m=0.5kg的小物块从M点由静止开始释放，通过传送带后做平抛运动，最终落入洞中，传送带与小物块之间的动摩擦因数μ=． g取10m/s2．求：（1）小物块抵达圆轨道结尾N时对轨道的压力（2）若ν0=3m/s，求物块在传送带上运动的时刻（3）若要使小物块能落入洞中，求ν0应知足的条件．1一、（22分）如图所示，水光滑腻轨道AB与半径为R的竖直滑腻半圆形轨道BC相切于B点．质量为2m和m的a、b两个小滑块（可视为质点）原来静止于水平轨道上，其中小滑块a与一轻弹簧相连．某一刹时给小滑块a一冲量使其取得v=速度向右冲向小滑块b，与b碰撞后弹簧不与b相粘连，且小滑块b在抵达B点之前已经和弹簧分离，不计一切摩擦，求：（1）a和b在碰撞进程中弹簧取得的最大弹性势能；（2）小滑块b与弹簧分离时的速度；（3）试通过计算说明小滑块b可否抵达圆形轨道的最高点C．若能，求出抵达C点的速度；若不能，求出滑块离开圆轨道的位置和圆心的连线与水平方向的夹角θ．（求出θ角的任意三角函数值即可）．。

2016-2017学年江西省上饶市横峰中学高二（上）第九次周练物理试卷一、选择题（每小题10分，共60分．）1．如右图所示，四只电阻并联起来使用时，通过各个电阻的电流分别是I1、I2、I3、I4，则其大小顺序为（）A．I2＞I4＞I3＞I1B．I4＞I3＞I2＞I1C．I1=I2=I3=I4D．I1＞I2＞I3＞I42．一电荷仅在电场力的作用下运动，其速率﹣时间图象如图所示，其中t a和t b是电荷在电场中a、b两点运动的时刻，则下列说法正确的是（）A．a、b两点处电场强度E a=E bB．a、b两点处电场强度E a＞E bC．粒子从a 运动到b的电势能增加，电场力做正功D．a、b两点电势φa＞φb3．下列说法错误的是（）A．电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外部电路中，负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能4．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最左端5．白炽灯接在220V电源上能正常发光，将其接在一可调电压的电源上，使电压从0V逐渐增大到220V，则下列说法正确的是（）A．电流将逐渐变大B．电流将逐渐变小C．每增加1 V电压而引起的电流变化量是相同的D．每增加1 V电压而引起的电流变化量是减小的6．如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1为正点电荷，在它们连线的延长线上有a、b两点．现有一检验电荷q（电性未知）以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动（检验电荷只受电场力作用），q运动的速度图象如图乙所示．则（）A．Q2必定是负电荷B．Q2的电荷量必定大于Q1的电荷量C．从b点经a点向远处运动的过程中检验电荷q所受的电场力一直减小D．可以确定检验电荷的带电性质二、实验题7．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡标有“3.8V、1.14W”字样，要求小灯泡的电压从零开始取值．电压表V量程5V，内阻约为5kΩ；直流电源E的电动势4.5V，内阻不计；开关S及导线若干；其它供选用的器材还有：电流表A1量程250mA，内阻约为2Ω；电流表A2量程500mA，内阻约为1Ω；滑动变阻器R1阻值0～10Ω；滑动变阻器R2阻值0～2kΩ．为了使调节方便，测量的准确度高：①实验中应选用电流表，滑动变阻器．②在虚线框内画出实验电路图．三、计算题（共2小题，满分20分）8．如图所示的两个串联电阻R1=12kΩ，R2=36kΩ，A、B两端的电压保持15V不变，那么：（1）R1、R2两端的电压分别是多少？（2）如果电压表V的内阻是12kΩ，当S分别与C、D接触时电压表的读数分别是多少？9．如图所示，一带电量为+q、质量为m的小球，从距地面高2h处以一定的初速度水平抛出，在距抛出点水平距离为s处有根管口比小球大的竖直细管，细管的上口距地面高为h，为了使小球能无碰撞地落进管口通过管子，可在管子上方整个区域内加一水平向左的匀强电场，求：（1）小球的初速度；（2）应加电场的场强；（3）小球落地时的动能．2016-2017学年江西省上饶市横峰中学高二（上）第九次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题10分，共60分．）1．如右图所示，四只电阻并联起来使用时，通过各个电阻的电流分别是I1、I2、I3、I4，则其大小顺序为（）A．I2＞I4＞I3＞I1B．I4＞I3＞I2＞I1C．I1=I2=I3=I4D．I1＞I2＞I3＞I4【考点】欧姆定律；串联电路和并联电路．【分析】在I﹣U图象中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值；根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析，即电流之比等于电阻的反比．【解答】解：由于在I﹣U图象中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值；R4在斜率最小．电阻值最大，R1的斜率最大，电阻值最小；这四个电阻并联起来使用时，它们两端的电压是相等的，根据欧姆定律：，电阻值大的电阻，流过的电流小，所以：I1＞I2＞I3＞I4．故D正确．故选：D2．一电荷仅在电场力的作用下运动，其速率﹣时间图象如图所示，其中t a和t b是电荷在电场中a、b两点运动的时刻，则下列说法正确的是（）A．a、b两点处电场强度E a=E bB．a、b两点处电场强度E a＞E bC．粒子从a 运动到b的电势能增加，电场力做正功D．a、b两点电势φa＞φb【考点】电势差与电场强度的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系；电势．【分析】由速率图象的斜率等于加速度的大小，分析电荷在a、b两点的加速度大小．根据牛顿第二定律可知，电荷在场强大的地方受到的电场力，加速度大．由图，读出电荷速率变化，判断电场力做功的正负，分析ab两点电势的高低．【解答】解：A、B由图线看出，a处切线的斜率大于b处切线的斜率，说明电荷在a处的加速度大于在b处加速度，则a处场强大于b处场强．故A错误，B正确．C、由图看出，电荷从a到b，速率增大，动能增大，电场力做正功，电势能减小，由于不知电荷的电性，因此无法比较a点的电势与b点的电势大小．故CD 错误．故选B3．下列说法错误的是（）A．电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外部电路中，负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量；根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势．【解答】解：ABC、电源的外电路中存在着由正极指向负极的电场，电子在电场力的作用下由电源负极流向正极，在电源内部存在着非静电力使电子由正极流向负极或正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极，并不是内部存在由负极指向正极的电场，故A错误，BC正确．D、电池中是提供电能的装置，是化学能转化为电势能，故D正确．本题选错误的，故选：A．4．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最左端【考点】伏安法测电阻．【分析】由电路图可知，该实验采用的是滑动变阻器的分压接法，电流表的内接法；（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小．（2）为保证电路安全，采用滑动变阻器分压接法时，在闭合开关前，要求滑动变阻器滑片移到分压电阻为零的位置．【解答】解：（1）实验采用电流表的内接法，电流的测量值I是真实的，由于电流表的分压作用，电压测量值U偏大，由R=可知，测量值偏大，测量值大于真实值，故A正确，B错误；（2）伏安法测电阻，当待测电阻阻值远大于电流表内阻时，采用内接法，故C错误；（3）实验采用的是滑动变阻器的分压接法，为保证电路安全，开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最右端，此时分压电路电压为零，故D错误；故选A．5．白炽灯接在220V电源上能正常发光，将其接在一可调电压的电源上，使电压从0V逐渐增大到220V，则下列说法正确的是（）A．电流将逐渐变大B．电流将逐渐变小C．每增加1 V电压而引起的电流变化量是相同的D．每增加1 V电压而引起的电流变化量是减小的【考点】欧姆定律．【分析】明确金属导体的性质，知道白炽灯的电阻随温度的升高而增大，在电压增大过程中要考虑电阻的变化．【解答】解：A、当电压增大时，灯丝中的电流一定是增大的；故A正确，B错误；C、由于灯丝电阻随温度的升高而增大，故每增大1V电压时引起的电流变化量是越来越小的；故C错误，D正确；故选：AD．6．如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1为正点电荷，在它们连线的延长线上有a、b两点．现有一检验电荷q（电性未知）以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动（检验电荷只受电场力作用），q运动的速度图象如图乙所示．则（）A．Q2必定是负电荷B．Q2的电荷量必定大于Q1的电荷量C．从b点经a点向远处运动的过程中检验电荷q所受的电场力一直减小D．可以确定检验电荷的带电性质【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场线．【分析】通过速度时间图线的斜率判断检验电荷加速度的变化，从而得知电场力的变化．通过速度的变化，知道电场力的方向，结合库仑定律判断Q2的电性和Q2和Q1的电量的大小．通过对b处两点电荷在该点的产生的场强大小，结合检验电荷的受力，可以判断出检验电荷的电性．【解答】解：A、由图乙可知，检验电荷先减速运动后加速运动，若Q2为正电荷，ba间电场线方向向右，试探电荷受电场力方向不变，矛盾，故Q2为负电荷，故A 正确；B、由于试探电荷从b向a运动的过程是先减速后加速，故ba之间存在平衡点，根据平衡条件，有：由于r1＞r2，故Q1＞Q2，故B错误；C、由速度图象可知，q的加速度先减小后增大，故电场力也是先向减小后增加，故C错误；D、由于试探电荷从b向a运动的过程是先减速后加速，速度向右，故电场力的合力先向左后向右，在平衡点左侧时是向左的吸引力大，故试探电荷的电性与Q2相反（可以假设无限靠近Q2，是吸引力大），带正电；故D正确；故选：AD．二、实验题7．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡标有“3.8V、1.14W”字样，要求小灯泡的电压从零开始取值．电压表V量程5V，内阻约为5kΩ；直流电源E的电动势4.5V，内阻不计；开关S及导线若干；其它供选用的器材还有：电流表A1量程250mA，内阻约为2Ω；电流表A2量程500mA，内阻约为1Ω；滑动变阻器R1阻值0～10Ω；滑动变阻器R2阻值0～2kΩ．为了使调节方便，测量的准确度高：①实验中应选用电流表，滑动变阻器．②在虚线框内画出实验电路图．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】本题①的关键是根据小灯泡的额定电流大小来选择电流表的量程，根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器以方便调节；题②的关键是根据小灯泡阻值较小满足可知电流表应用外接法，即电路应是“分压外接”电路．【解答】解：①：根据小灯泡规格“3.8V，1.14W”可知，小灯泡额定电流为I=，所以电流表应选；由于实验要求电流从零调，变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器以方便调节；②：由于小灯泡电阻较小满足，所以电流表应用外接法，又变阻器应用分压式，电路图如图所示：故答案为：①，②如图三、计算题（共2小题，满分20分）8．如图所示的两个串联电阻R1=12kΩ，R2=36kΩ，A、B两端的电压保持15V不变，那么：（1）R1、R2两端的电压分别是多少？（2）如果电压表V的内阻是12kΩ，当S分别与C、D接触时电压表的读数分别是多少？【考点】串联电路和并联电路．【分析】（1）根据串联电路电压与电阻成正比，运用比例法求解两个电阻的电压．（2）将电压表看成能测量电压的电阻，求出电压表与电阻并联阻值，再由串联电路分压规律求解．【解答】解：（1）串联电路中电流处处相等，由U=IR可知电压与电阻成正比，则R1、R2两端的电压分别是：U1=U=×15V=3.75V，U2=U﹣U1=15﹣3.75V=11.25V==kΩ=6kΩ（2）S与C时，电压表与R1并联，并联电阻为R并1则电压表的读数为U1′=U=×15V≈2.1VS与D时，电压表与R2并联，并联电阻为R并2==kΩ=9kΩ则电压表的读数为U2′=U=×15V≈6.4V答：（1）R1、R2两端的电压分别是3.75V和11.25V．（2）如果电压表V的内阻是12kΩ，当S分别与C、D接触时电压表的读数分别是2.1V和6.4V．9．如图所示，一带电量为+q、质量为m的小球，从距地面高2h处以一定的初速度水平抛出，在距抛出点水平距离为s处有根管口比小球大的竖直细管，细管的上口距地面高为h，为了使小球能无碰撞地落进管口通过管子，可在管子上方整个区域内加一水平向左的匀强电场，求：（1）小球的初速度；（2）应加电场的场强；（3）小球落地时的动能．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，在竖直方向做自由落体运动，在水平方向上做匀减速直线运动，末速度为零，根据分运动合运动具有等时性求出水平初速度．（2）根据水平方向做匀减速直线运动根据速度位移公式求出运动的加速度，再根据牛顿第二定律求出电场强度．（3）小球落地的过程中有重力和电场力做功，根据动能定理求出小球落地的动能．【解答】解：将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，在竖直方向做自由落体运动，在水平方向上做匀减速直线运动到零，小球运动至管上口的时间由竖直方向的运动决定：h=t=水平方向，小球作匀减速运动，至管上口，水平方向速度为零，水平分位移：S=t解得：v0=S（2）水平方向，根据牛顿第二定律：qE=ma又由运动学公式：v0﹣t=0，由以上三式解得：E=E K（3）由动能定理：W G+W电=△即：E k﹣=mg（2h）﹣qES解得：E K=2mgh答：（1）小球的初速度为S；（2）应加电场的场强为；（3）小球落地时的动能为2mgh．2017年1月23日。

2017-2018学年江西省上饶市横峰中学高考适应性物理试卷一、选择题（每小题6分）1．如图表示洛伦兹力演示仪，用于观察运动电子在磁场中的运动，在实验过程中下列选项错误的是（）A．不加磁场时电子束的径迹是直线B．加磁场并调整磁感应强度电子束径迹可形成一个圆周C．保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径减小D．保持出射电子的速度不变，增大磁感应强度，电子束圆周的半径减小2．如图所示，粗糙的水平地面上的长方形物块将一重为G的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判断正确的是（）A．球对墙壁的压力逐渐减小B．水平拉力F逐渐减小C．地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大D．地面对长方体物块的支持力逐渐增大3．我国的“玉兔号”月球车于2013年12月14日晚成功降落在月球虹湾区，开始探测科考．机器人“玉兔号”在月球表面做了一个竖直上抛试验，测得物体从月球表面以初速度v0竖直向上抛出上升的最大高度为h，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）A．月球表面重力加速度为B．月球的第一宇宙速度为v0C．月球同步卫星离月球表面高度为﹣RD．月球的平均密度为4．如图所示，a、b、c、d为某匀强电场中的四个点，且ab∥cd、ab⊥bc，bc=cd=2ab=2l，电场线与四边形所在平面平行．已知φa=20V，φb=24V，φd=8V．一个质子经过b点的速度大小为v0，方向与bc夹角为45°，一段时间后经过c点，e为质子的电量，不计质子的重力，则（）A．c点电势为14 VB．场强的方向由a指向dC．质子从b运动到c所用的时间为D．质子运动到c时的动能为16 eV5．导线环及圆形匀强磁场区域的半径均为R，磁场方向与导线环所在平面垂直．当导线环从图示位置沿两圆心连线匀速穿过磁场区域的过程中，导线环中感应电流i随时间t的变化关系如图所示，规定逆时针方向的感应电流为正．其中最符合实际的是（）A．B．C．D．6．如图所示，电源的电动势E和内阻r恒定不变，r=R1，滑片P在变阻器正中位置时，电灯L正常发光．现将滑片P向右移动，则（）A．电压表的示数减小B．电灯可能烧坏了C．电源的输出功率增大D．电阻R1消耗的功率可能先增大后减小7．图乙中，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=5：1．原线圈接入如图甲所示的正弦交流电．电路中电表均为理想电表，定值电阻R1=R2=4Ω，D为理想二极管（该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大），则（）A．电阻R2两端的电压频率为50HzB．电流表的示数为5AC．原线圈的输入功率为150WD．将R1摘掉，电压表的示数不变8．如图所示，水平光滑长杆上套有一个质量为m A的小物块A，细线跨过O点的轻小光滑定滑轮一端连接A，另一端悬挂质量为m B的小物块B，C为O点正下方杆上一点，滑轮到杆的距离OC=h．开始时A位于P点，PO与水平方向的夹角为30°．现将A、B由同时由静止释放，则下列分析正确的是（）A．物块B从释放到最低点的过程中，物块A的动能不断增大B．物块A由P点出发第一次到达C点的过程中，物块B的机械能先增大后减小C．PO与水平方向的夹角为45°时，物块A、B速度大小关系是v A=v BD．物块A在运动过程中最大速度为三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生必须作答．第13～18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．如图1是研究小球在斜面上平抛运动的实验装置，每次将小球从弧型轨道同一位置静止释放，并逐渐改变斜面与水平地面之间的夹角θ，获得不同的射程x，最后作出了如图2所示的x﹣tanθ图象，g=10m/s2．则：（1）由图2可知，小球在斜面顶端水平抛出时的初速度v0=．实验中发现θ超过60°后，小球将不会掉落在斜面上，则斜面的长度为．（2）若最后得到的图象如3所示，则可能的原因是（写出一个）．10．某实验小组设计了如图（甲）的电路，其中R T为热敏电阻，电压表量程为3V，内阻R V约10kΩ，电流表量程为0.5A，内阻R A=4.0Ω，R为电阻箱．（1）该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验．闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数U1、电流表示数I和电阻箱的阻值R，在I﹣U坐标系中，将各组U1、I的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线，如图（乙）中曲线所示．为了完成该实验，应将导线c端接在（选填“a”或“b”）点．（2）利用（1）中记录的数据，电源路端电压U=．（用U1、I、R和R A表示）（3）实验中路端电压U和通过电源电流如图（乙）中直线所示，由图分析可知：电源的电动势E=V，内电阻r=Ω．（4）实验中，当电阻箱的阻值调到30Ω时，热敏电阻消耗的电功率P=W．（计算结果保留两位有效数字）11．如图所示，一个“U”形金属导轨靠绝缘的墙壁水平放置，导轨长L=1.4m，宽d=0.2m．一对长L1=0.4m的等宽金属导轨靠墙倾斜放置，与水平导轨成θ角平滑连接，θ角可在0～60°调节后固定．水平导轨的左端长L2=0.4m的平面区域内有匀强磁场，方向水平向左，磁感应强度大小B0=2T．水平导轨的右端长L3=0.5m的区域有竖直向下的匀强磁场B，磁感应强度大小随时间以=1.0T/s均匀变大．一根质量m=0.04kg的金属杆MN从斜轨的最上端静止释放，金属杆与斜轨间的动摩擦因数µ1=0.125，与水平导轨间的动摩擦因数µ2=0.5．金属杆电阻R=0.08Ω，导轨电阻不计．（1）求金属杆MN上的电流大小，并判断方向；（2）金属杆MN从斜轨滑下后停在水平导轨上，求θ角多大时金属杆所停位置与墙面的距离最大，并求此最大距离x m．12．如图所示，一固定斜面的倾角θ=37°，p点距斜面底端A点的距离x=5m．BC为一段光滑圆弧轨道，DE为半圆形光滑轨道，两圆弧轨道均固定于竖直平面内，两轨道的半径均为R=2m．滑板长L=7.1m，质量为M=1kg，静止在光滑水平地面上，滑板上表面与斜面水平底边的高度差H=4m，滑板右端紧靠C点，上表面恰能与两圆弧相切于C点和D点，滑板左端到半圆形轨道下端D点的距离L'=3.3m．一物块（可视为质点）质量m=1kg从斜面上的p点由静止下滑，物块离开斜面后恰在B点沿切线进入BC段圆弧轨道，经C点滑上滑板，滑板左端到达D点时立即被牢固粘连．物块与斜面、物块与滑板间的动摩擦因数均为μ=0.5，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物块滑到C点的速率v C；（2）物块滑到C点时对圆弧轨道的压力大小N；（3）物块最终静止时的位置到C点的距离S．（二）选考题，任选一模块作答[物理--选修3-3]13．下列说法正确的是（）A．空气中的水蒸气凝结成水珠的过程中，水分子之间的斥力消失，引力增大B．水的饱和汽压随温度升高而增大C．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热D．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体E．物体吸热时，它的内能可能不增加14．一气象探测气球，在充有压强为1.00atm（即76.0cmHg）、温度为27.0℃的氦气时，体积为3.50m3．在上升至海拔6.50km高空的过程中，气球内氦气逐渐减小到此高度上的大气压36.0cmHg，气球内部因启动一持续加热过程而维持其温度不变．此后停止加热，保持高度不变．已知在这一海拔高度气温为﹣48.0℃．求：（1）氦气在停止加热前的体积；（2）氦气在停止加热较长一段时间后的体积．[物理--选修3-4]15．波源O产生的简谐横波沿x轴正方向传播，P是x P=0.5m处的质点、Q是x Q=1.1m处的质点，在t=0时振动传播到P点，形成图中的实线；在t=0.3s时刻振动传播到Q点，形成图中的虚线，则（）A．该波的周期等于0.3sB．该波的波速等于2m/sC．波源开始振动的方向沿y轴负方向D．在t=0.7s时刻Q点速度等于零E．点P和Q的振动方向始终相反16．折射率n=、截面为直角三角形的玻璃砖ABC如图所示，其中θ=30°．将一束平行纸面的单色光从D点垂直于直角边BC射入玻璃砖，不考虑光垂直界面入射时的反射，已知BD=3L，BC=4L，求出射光线的位置和方向．【物理-选修3-5】17．有关近代物理知识，下列叙述中正确的是（）A．康普顿效应深入地揭示了光的粒子性的一面，该效应表明光子除了具有能量之外还具有动量B．碘﹣131的半衰期大约为8天，40天后，碘﹣131就只剩下原来的C．Th核发生一次α衰变后，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4D．比结合能越大，原子核中核子结合得越不牢固，原子核越不稳定E．处于基态的氢原子吸收一个光子后跃迁到激发态，再向低能级跃迁时辐射出的光子的频率一定不大于入射光子的频率18．质量为M=6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量为6kg，停在B的左端．质量为1kg的小球用长为0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度为0.2m，物块与小球可视为质点，不计空气阻力．已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1，为使A、B达到共同速度前A不滑离木板，木板至少多长？2016年江西省上饶市横峰中学高考适应性物理试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题6分）1．如图表示洛伦兹力演示仪，用于观察运动电子在磁场中的运动，在实验过程中下列选项错误的是（）A．不加磁场时电子束的径迹是直线B．加磁场并调整磁感应强度电子束径迹可形成一个圆周C．保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径减小D．保持出射电子的速度不变，增大磁感应强度，电子束圆周的半径减小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】电子在匀强磁场中垂直于磁场运动时，由洛伦兹力作用下，提供向心力，从而做匀速圆周运动．【解答】解：A、不加磁场时电子不受力，电子束的径迹是直线．故A正确；B、加磁场使磁场的方向与电子初速度的方向垂直，并调整磁感应强度电子束径迹可形成一个圆周．故B正确；C、电子受到的洛伦兹力提供向心力，则：所以：，保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径增大．故C错误；D、保持出射电子的速度不变，增大磁感应强度，电子束圆周的半径减小．故D正确；本题选择错误的，故选：C2．如图所示，粗糙的水平地面上的长方形物块将一重为G的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判断正确的是（）A．球对墙壁的压力逐渐减小B．水平拉力F逐渐减小C．地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大D．地面对长方体物块的支持力逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】小球受力平衡，对小球进行受力分析，作出受力分析图，当水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块时，θ增大，根据几何关系判断墙对小球的压力和物块对球支持力的大小变化情况，再结合牛顿第三定律判断球对墙壁的压力和球对长木板的压力变化情况，对小球和长方形物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，受力平衡，根据平衡条件及滑动摩擦力公式判断地面对长方体物块的支持力和地面对长方体物块的摩擦力变化情况，再对长方形物块受力分析，根据水平方向受力平衡列式求解水平拉力F的变化情况．【解答】解：A、对小球进行受力分析，如图所示：小球受力平衡，则有：N1=Gtanθ，，当水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块时，θ增大，则tanθ增大，所以N1增大，cosθ减小，则N2增大，根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力逐渐增大，故A错误；C、对小球和长方形物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，受力平衡，受到重力、地面的支持力、拉力F和墙壁对球水平向右的压力以及水平向左的滑动摩擦力，竖直方向受力平衡，则地面对物块的支持力等于整体的重力，不发生改变，动摩擦因数不变，则滑动摩擦力不变，故CD错误；B、对长方形物块受力分析，受到重力、地面的支持力、拉力F、球对物块的压力N2′以及滑动摩擦力作用，如图所示：受力平衡，则水平方向有：F+N2′sinθ=f，根据牛顿第三定律可知，N2′=N2，由于N2增大，θ增大，f不变，则F减小，故B正确．故选：B3．我国的“玉兔号”月球车于2013年12月14日晚成功降落在月球虹湾区，开始探测科考．机器人“玉兔号”在月球表面做了一个竖直上抛试验，测得物体从月球表面以初速度v0竖直向上抛出上升的最大高度为h，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）A．月球表面重力加速度为B．月球的第一宇宙速度为v0C．月球同步卫星离月球表面高度为﹣RD．月球的平均密度为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据竖直上抛运动，求出星球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力求在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动卫星的周期和该星球的第一宇宙速度，根据求解星球质量．【解答】解：A、在月球表面以初速度v0竖直上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为h．由，可得月球表面重力加速度g=，故A错误；B、在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度即为第一宇宙速度，则，解得：v=，故B错误；C、月球同步卫星的周期与月球自转周期相同，则，而，解得：h=，故C错误；D、月球表面重力与万有引力相等可以求出星球的质量M=，则月球密度，故D正确．故选：D4．如图所示，a、b、c、d为某匀强电场中的四个点，且ab∥cd、ab⊥bc，bc=cd=2ab=2l，电场线与四边形所在平面平行．已知φa=20V，φb=24V，φd=8V．一个质子经过b点的速度大小为v0，方向与bc夹角为45°，一段时间后经过c点，e为质子的电量，不计质子的重力，则（）A．c点电势为14 VB．场强的方向由a指向dC．质子从b运动到c所用的时间为D．质子运动到c时的动能为16 eV【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】连接bd，bd连线的中点O电势与C点相等，是16V；质子从b→c做类平抛运动，根据v0方向的分位移为l，求出时间；作出等势线oc，y就能判断场强方向；根据动能定理可求出b到c电场力做的功【解答】解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点o的电势与c相等，为16V．故A正确．B、oc为等势线，其垂线bd为场强方向，b→d，故B错误．C、质子从b→c做类平抛运动，沿初速度方向分位移为l，此方向做匀速直线运动，则t=，则C正确．D、电势差Ubc=8V，则质子从b→c电场力做功为8eV．根据动能定理可得动能变化量为8eV，故D错误故选：C5．导线环及圆形匀强磁场区域的半径均为R，磁场方向与导线环所在平面垂直．当导线环从图示位置沿两圆心连线匀速穿过磁场区域的过程中，导线环中感应电流i随时间t的变化关系如图所示，规定逆时针方向的感应电流为正．其中最符合实际的是（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】首先根据右手定则判断环刚进入磁场时回路中感应电流方向，排除部分答案，然后根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果．【解答】解：开始时进入磁场切割磁感线，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，即为正方向，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针，方向为负方向；当进入磁场时，切割的有效长度变大，则产生感应电流也变大；当离开磁场时，切割的有效长度变小，则产生感应电流也变小，根据i==2Bvsinθ=2Bvsinωt，当环与磁场完全重合之前，电流按正弦规律最大，之后电流变为反向，按椭圆规律变化的；故ABD错误；因此只有C正确；故选：C6．如图所示，电源的电动势E和内阻r恒定不变，r=R1，滑片P在变阻器正中位置时，电灯L正常发光．现将滑片P向右移动，则（）A．电压表的示数减小B．电灯可能烧坏了C．电源的输出功率增大D．电阻R1消耗的功率可能先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】将滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，确定电灯L消耗功率的变化．根据流过变阻器的电流与总电流、电灯L电流的关系，分析其电流的变化，确定R1两端电压的变化，再分析变阻器两端电压的变化和电阻R1消耗的功率的变化．【解答】解：A、将滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路总电流I增大，路端电压U=E﹣Ir，I增大，U减小，电灯L消耗的功率变小，不会烧坏．流过变阻器的电流I1=I﹣I L，I增大，I L减小，则I1增大，电阻R1两端的电压U1增大，电阻R1消耗的功率变大．电压表的示数U V=U﹣U1﹣U2，U 减小，U1增大，U2增大，则电压表示数变小，故A正确，BD错误；C、因为r=R1，所以外电阻大于内电阻，随着电阻的减小电源的输出功率增大，故C正确．故选：AC7．图乙中，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=5：1．原线圈接入如图甲所示的正弦交流电．电路中电表均为理想电表，定值电阻R1=R2=4Ω，D为理想二极管（该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大），则（）A．电阻R2两端的电压频率为50HzB．电流表的示数为5AC．原线圈的输入功率为150WD．将R1摘掉，电压表的示数不变【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．【分析】由交流电的图象可明确输出频率，明确变压器不会改变交流电的频率；根据二极管的性质，利用有效值的定义求解R2中的电流；由功率公式求解输出功率．【解答】解：A、由图甲可知，交流电的周期为0.02s，故频率为50Hz；而变压器及二极管均不会改变交流电的频率，故电阻R2两端的电压频率为50Hz；故A正确；B、经变压器后，输出电压为=20V，因二极管的单向导电性，只有一半时间内有电压加在R2两端；则有有效值的定义可得：U=10V；则电流表的示数为：2.5A故B错误；C、原线圈输入功率等于副线圈输出的功率，输出功率P=+（2.5）2×4=150W；故C正确；D、因输出电压由输入电压决定，故将R1摘掉，电压表的示数不变；故D正确；故选：ACD．8．如图所示，水平光滑长杆上套有一个质量为m A的小物块A，细线跨过O点的轻小光滑定滑轮一端连接A，另一端悬挂质量为m B的小物块B，C为O点正下方杆上一点，滑轮到杆的距离OC=h．开始时A位于P点，PO与水平方向的夹角为30°．现将A、B由同时由静止释放，则下列分析正确的是（）A．物块B从释放到最低点的过程中，物块A的动能不断增大B．物块A由P点出发第一次到达C点的过程中，物块B的机械能先增大后减小C．PO与水平方向的夹角为45°时，物块A、B速度大小关系是v A=v BD．物块A在运动过程中最大速度为【考点】机械能守恒定律；功能关系．【分析】在绳子作用下，A先加速后减速，而B先加速后减速，当A的速度最大时，B下降最低，根据能量守恒定律，结合力与运动的关系，即可求解．【解答】解：A、物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B从释放到了最低点，此过程中，对A受力分析，可知绳子的拉力一直做正功，其动能一直增大，故A正确．B、物块A由P点出发第一次到达C点的过程中，绳子对B一直做负功，其机械能一直减小，故B错误．C、根据两个物体沿绳子方向的分速度大小相等，则知v A cos45°=v B，得v A=v B，故C错误．D、B的机械能最小时，即为A到达C点，此时A的速度最大，设为v A，此时B的速度为0，根据系统的机械能守恒得：m B g（﹣h）=，解得：v A=，故D正确．故选：AD．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生必须作答．第13～18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．如图1是研究小球在斜面上平抛运动的实验装置，每次将小球从弧型轨道同一位置静止释放，并逐渐改变斜面与水平地面之间的夹角θ，获得不同的射程x，最后作出了如图2所示的x﹣tanθ图象，g=10m/s2．则：（1）由图2可知，小球在斜面顶端水平抛出时的初速度v0= 1.0m/s．实验中发现θ超过60°后，小球将不会掉落在斜面上，则斜面的长度为0.69m．（2）若最后得到的图象如3所示，则可能的原因是（写出一个）释放位置变高或释放时给了小球一个初速度．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）由平抛运动的规律列出水平位移与夹角正切值的关系，即可求得小球水平抛出时的初速度；（2）由图c中图象可得出水平位移x随tanθ的变化关系，则可分析可能的原因．【解答】解：物体在竖直方向上有：y=gt2水平方向上x=vt，=tanθ，联立解得：x=tanθ；由图可知=0.2解得：v=1.0m/s，当斜面倾角θ=60°时，设斜面长度为L，有：Lsin60°=gt2①水平方向：Lcos60°=v0t ②由①②得：L=0.69m（2）由图c可知，图象的斜率增大，故说明增大，因重力加速度不变，故只能说明速度增大，其原因可能为：释放位置变高或小球释放时有初速度．故答案为：（1）1.0m/s；0.69m；（2）释放位置变高或释放时给了小球一个初速度．10．某实验小组设计了如图（甲）的电路，其中R T为热敏电阻，电压表量程为3V，内阻R V约10kΩ，电流表量程为0.5A，内阻R A=4.0Ω，R为电阻箱．（1）该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验．闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数U1、电流表示数I和电阻箱的阻值R，在I﹣U坐标系中，将各组U1、I的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线，如图（乙）中曲线所示．为了完成该实验，应将导线c端接在a（选填“a”或“b”）点．（2）利用（1）中记录的数据，电源路端电压U=．（用U1、I、R和R A表示）（3）实验中路端电压U和通过电源电流如图（乙）中直线所示，由图分析可知：电源的电动势E= 6.0V，内电阻r= 5.0Ω．（4）实验中，当电阻箱的阻值调到30Ω时，热敏电阻消耗的电功率P=0.60W．（计算结果保留两位有效数字）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）分析电路结构，明确电流表外接法的应用；（2）根据串并联电路的规律可明确路端电压的表达式；（3）根据伏安特性曲线可明确电源的电动势和内电阻；（4）在图中作出等效电源的伏安特性曲线，与曲线的交点为热敏电阻的工作点，则由P=UI 可求得电功率【解答】解：（1）利用伏安法测电阻，由图象可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法；故导线c应接在a点；（2）根据串并联电路规律可知：外电压：U2=U1+I（R+R A）（3）电源两端的电压利用欧姆定律可知．利用电源的外特性曲线可知电动势和内电阻．把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为6.0，内电阻为r==5.0Ω．（4）等效电源内阻r0=5.0+4.0+6.0=15Ω；在I﹣U图象中作等效电源的外电路伏安特性曲线U=6﹣15I，如图所示；与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.5，0.24）．所以热敏电阻的电功率为0.60W．故答案为：（1）a；（2）U2=U1+I（R+R A）；（3）6.0；5.0；（4）0.60．11．如图所示，一个“U”形金属导轨靠绝缘的墙壁水平放置，导轨长L=1.4m，宽d=0.2m．一对长L1=0.4m的等宽金属导轨靠墙倾斜放置，与水平导轨成θ角平滑连接，θ角可在0～60°调节后固定．水平导轨的左端长L2=0.4m的平面区域内有匀强磁场，方向水平向左，磁感应强度大小B0=2T．水平导轨的右端长L3=0.5m的区域有竖直向下的匀强磁场B，磁感应强度大小随时间以=1.0T/s均匀变大．一根质量m=0.04kg的金属杆MN从斜轨的最上端静止释放，金属杆与斜轨间的动摩擦因数µ1=0.125，与水平导轨间的动摩擦因数µ2=0.5．金属杆电阻R=0.08Ω，导轨电阻不计．（1）求金属杆MN上的电流大小，并判断方向；（2）金属杆MN从斜轨滑下后停在水平导轨上，求θ角多大时金属杆所停位置与墙面的距离最大，并求此最大距离x m．【考点】法拉第电磁感应定律；动能定理．。

横峰中学2017-2018 学年高二（上）第9 周练物理试卷一、选择题（共60 分．）1．如下图，四只电阻并联起来使用时，经过各个电阻的电流分别是I 1、 I 2、 I 3、I 4，则其大小次序为()A．I2＞I4＞I3＞I1B．I4＞I3＞I2＞I1C．I1＝I2＝I3＝I4D．I1＞I2＞I3＞I42．一电荷仅在电场力的作用下运动，其速度一时间图象如下图，此中t a和 t b是电荷在电场中 a、 b 两点运动的时辰，则以下说法正确的选项是（）A. a 、b 两点处电场强度E a E bB. a 、b 两点处电场强度E a E bC. 粒子从 a 运动到 b 的电势能增添，电场力做正功D. a 、b 两点电势a b3．以下说法错误的选项是()A．电源外面存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外面电路中，负电荷靠电场力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转变为电势能4．如下图为伏安法测电阻的一种常用电路。

以下剖析中正确的选项是（）A．此接法的丈量值大于真切值B．此接法的丈量值小于真切值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最左端5． ( 多项选择 ) 白炽灯接在220 V 电源上能正常发光，将其接在一可调电压的电源上，使电压从0 V 渐渐增大到 220 V ，则以下说法正确的选项是 ()A．电流将渐渐变大B．电流将渐渐变小C．每增添1 V 电压而惹起的电流变化量是同样的D．每增添1 V 电压而惹起的电流变化量是减小的6． ( 多项选择 ) 如图甲所示，Q1、 Q2为两个被固定的点电荷，此中Q1为正点电荷，在它们连线的延长线上有a、 b 两点。

现有一查验电荷q（电性未知）以必定的初速度沿直线从 b 点开始经a 点向远处运动（查验电荷只受电场力作用）， q 运动的速度图像如图乙所示。

2015-2016学年江西省上饶市横峰县横峰中学高三（上）第7周周练物理试卷一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分．其中，1-7题为单选题，8-10题为多选题，全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答得0分）1．下列说法不符合科学（史）的是（）A．伽利略通过理想斜面实验得出：在水平面上运动的物体，若没有摩擦，将一直运动下去B．牛顿发现了万有引力定律，一百多年后卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GC．开普勒在前人关于天体运动的研究基础上，通过自己的观察与研究，提出了行星运动三定律D．爱因斯坦在20世纪初创立了相对论理论，这表明牛顿的经典力学已不再适用2．以下关于匀速圆周运动及做匀速圆周运动的物体所受的向心力的说法中，正确的是（）A．匀速圆周运动是一种匀速运动B．匀速圆周运动是一种匀变速曲线运动C．向心力是一个恒力D．向心力是一个大小不变，方向时刻在变的力3．如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地点的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球落地时的速度方向与水平地面成60°角4．如图所示，半径为R的光滑半圆柱固定在水平地面上，顶部有一小物块．今给小物块一个水平初速度v0（v0=），不计空气阻力，则物块将（）A．立即离开圆柱表面做平抛运动B．先沿圆柱表面运动，然后在AC之间某处脱离柱表面作抛物线运动C．有可能一直沿圆柱表面运动至地面D．立即离开圆柱表面作半径更大的圆周运动5．一质最m=3kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t图象如图所示．取g=10m/s2，则（）A．在0﹣6s内，合力的平均功率为16WB．在6s﹣10s内，合力对物体做功为96JC．物体所受的水平推力F=9ND．在t=8s时，质点的加速度为lm/s26．质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f，则（）A．t1～t2时间内，汽车的平均速度等于B．0～t1时间内，汽车的牵引力等于mC．t1～t2时间内，汽车的功率等于（m+F f）v1D．汽车运动的过程中最大速度v2=7．蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，蹦极者从P点静止跳下，到达A处时弹性绳刚好伸直，继续下降到最低点B处，B离水面还有数米距离．蹦极者在其下降的整个过程中，重力势能的减少量为△E1、绳的弹性势能增加量为△E2、克服空气阻力做功为W，则下列说法正确的是（）A．蹦极者从P到A的运动过程中，机械能守恒B．蹦极者与绳组成的系统从A到B的过程中，机械能守恒C．△E1=W+△E2D．△E1+△E2=W8．如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，A、B分别为最高点和最低点（图中未标出），外圆光滑内圆粗糙．一质量为m=0.2kg的小球从轨道的最低点以水平向右的初速度v0开始运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径R=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，设小球过最低点B时重力势能为零，下列说法中正确的是（）A．若小球运动到最高点A时速度为0，则小球机械能一定不守恒B．若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定等于2m/sC．若要小球不挤压内轨，则v0一定不小于5m/sD．若小球开始运动时初动能为1.6 J，则足够长时间后小球的机械能为1 J9．在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（）A．小球受到的重力与电场力之比为3：5B．在t=5s时，小球经过边界MNC．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大10．如图1，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，则下列说法正确的是（）A．木板获得的动能为2J B．系统损失的机械能为2JC．木板A的最小长度为1m D．A、B间的动摩擦因数为0.1二、实验题（本大题共2小题，每空3分，共18分）11．如图所示是“研究平抛运动”的实验装置示意图．（1）在实验中，下列说法正确的是A．斜槽轨道末端切线必须水平B．斜槽轨道必须光滑C．小球每次应从斜槽同一高度由静止释放（2）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点入坐标轴后，描绘出小球在不同时刻所通过的三个位置A、B、C相邻的两个位置间的水平距离均为x，测得x=10.00cm，A、B间的竖直距离y1=4.78cm，A、C间的竖直距离y2=19.36cm．如图所示，（重力加速度g取9.80m/s2）根据以上直接测量的物理量及已知量导出小球做平抛运动的初速度的表达式为v0=（用题中所给字母表示）．代入数据得到小球的初速度值为m/s．12．（9分）某研究性学习小组利用气垫导轨进行验证机械能守恒定律实验，实验装置如图甲所示．将气垫导轨水平放置，在气垫导轨上相隔一定距离的两点处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定有遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电平，两光电传感器再通过一个或门电路与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电平随时间变化的图象．（1）实验前，接通气源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，则图乙中的△t1、△t2间满足关系，则说明气垫导轨已经水平．（2）用细线通过气垫导轨左端的定滑轮将滑块P与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由如图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2和d已知，要验证机械能是否守恒，还应测出（写出物理量的名称及符号）．（3）若上述物理量间满足关系式，则表明在滑块和砝码的运动过程中，系统的机械能守恒．三、计算题（4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）13．河宽300m，水流速度为3m/s，船在静水中的速度为6m/s，现令该船从岸边开始渡河，试问：（1）要求船以最短的时间渡河，实际将到达对岸的什么位置？（2）要求船以最小的位移渡河时，船头朝向应与上游河岸成多大角度？14．沿半径为R的半球型碗底的光滑内表面，质量为m的小球正以角速度ω，在一水平面内作匀速圆周运动（g=10m/s2），如图所示，试求：（1）此时小球对碗壁的压力；（2）小球离碗底的高度h．15．如图所示，在竖直平面内的倾斜轨道AB和圆轨道BCD相切于B点，CD连线是圆轨道竖直方向的直径（C、D为圆轨道的最低点和最高点），且∠BOC=θ=37°，圆轨道半径R=0.45m．一质量m=0.9kg的小球从轨道AB上高H处的某点以v0=2m/s的速度滑下，经过圆轨道最高点D 后做平抛运动，直接落到直轨道AB上与圆心等高的E点，小球与直轨道AB的动摩擦因数μ=0.5，圆轨道BCD光滑，取g=10m/s2，求：（1）小球在轨道最高点D处对轨道的压力F．（2）小球释放点的高度H．16．随着世界各国航天事业的发展，宇宙探测已成为各国关注的热点，宇宙中有颗类地行星，质量是地球质量的2倍，直径也是地球直径的2倍，假若发射一个质量m=5000kg的探测器对该星体表面进行勘察研究，该探测器内装有发动机，探测器软着陆在一块平地上的P点，距离着陆的指定目标A点还有距离L=12m，探测器落地稳定后启动发动机，让探测器以a1=1m/s2的加速度开始作匀加速运动，到达A点前关闭发动机最后恰停在A点．已知探测器与该星体地面间的动摩擦因数μ=0.2，地球表面的重力加速度g=10m/s2．求：（1）该星体表面的重力加速度为多大？（2）探测器从P点到达A点的过程中，发动机所做的功为多少？（3）从P点到达A点的过程中探测器的最大速度和最大功率分别为多少？2015-2016学年江西省上饶市横峰县横峰中学高三（上）第7周周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分．其中，1-7题为单选题，8-10题为多选题，全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答得0分）1．下列说法不符合科学（史）的是（）A．伽利略通过理想斜面实验得出：在水平面上运动的物体，若没有摩擦，将一直运动下去B．牛顿发现了万有引力定律，一百多年后卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GC．开普勒在前人关于天体运动的研究基础上，通过自己的观察与研究，提出了行星运动三定律D．爱因斯坦在20世纪初创立了相对论理论，这表明牛顿的经典力学已不再适用【考点】物理学史．【分析】本题应根据牛顿、卡文迪许、伽利略、开普勒等等科学的发现或研究成果进行解答．【解答】解：A、伽利略通过理想斜面实验得出：物体的运动不需要力来维持，在水平面上运动的物体，若没有摩擦，将一直运动下去，A正确B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤测定了万有引力常量G，B正确C、开普勒在前人关于天体运动的研究基础上，通过自己的观察与研究，提出了行星运动三定律．故C正确．D、牛顿的经典力学是爱因斯坦相对论理论在低速条件下的近似，所以相对论的创立并不表明牛顿的经典力学已不再适用．故D错误．本题选不符合史实的，故选：D【点评】本题关键要掌握物理学家的科学成就和著名实验．2．以下关于匀速圆周运动及做匀速圆周运动的物体所受的向心力的说法中，正确的是（）A．匀速圆周运动是一种匀速运动B．匀速圆周运动是一种匀变速曲线运动C．向心力是一个恒力D．向心力是一个大小不变，方向时刻在变的力【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．向心力方向始终指向圆心，是变化的．【解答】解：A、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，速度是变化的，是变速运动，故A错误．B、匀速圆周运动的加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，故B错误；C、匀速圆周运动向心力方向始终指向圆心，大小不变，方向时刻改变，故C错误，D正确．故选：D【点评】矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．3．如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地点的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球落地时的速度方向与水平地面成60°角【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】根据运动的时间求出小球抛出时离地的高度，根据初速度和时间求出抛出点和落地点的水平位移，从而得出抛出点和落地点的位移大小．根据竖直方向上的分速度，结合平行四边形定则求出落地的速度大小和方向．【解答】解：A、小球抛出时的高度h=，故A正确．B、小球抛出点到落地点的水平位移x=v0t=10×1m=10m，根据平行四边形定则知，抛出点与落地点的位移大小s=，故B错误．C、小球落地时竖直分速度v y=gt=10×1m/s=10m/s，根据平行四边形定则知，落地的速度大小为v=，落地的速度方向与水平方向的夹角为45度，故C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．4．如图所示，半径为R的光滑半圆柱固定在水平地面上，顶部有一小物块．今给小物块一个水平初速度v0（v0=），不计空气阻力，则物块将（）A．立即离开圆柱表面做平抛运动B．先沿圆柱表面运动，然后在AC之间某处脱离柱表面作抛物线运动C．有可能一直沿圆柱表面运动至地面D．立即离开圆柱表面作半径更大的圆周运动【考点】平抛运动；向心力．【专题】平抛运动专题．【分析】在最高点，物体沿半径方向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律判断是否有支持力，从而判断物体的运动情况．【解答】解：在最高点，根据牛顿第二定律得，mg﹣N=，，解得N=0，知物体在顶部仅受重力，有水平初速度，做平抛运动．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道圆周运动径向的合力提供向心力．以及知道仅受重力，有水平初速度将做平抛运动．5．一质最m=3kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t图象如图所示．取g=10m/s2，则（）A．在0﹣6s内，合力的平均功率为16WB．在6s﹣10s内，合力对物体做功为96JC．物体所受的水平推力F=9ND．在t=8s时，质点的加速度为lm/s2【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】根据速度﹣时间图象可知：0﹣6s内有水平推力F的作用，物体做匀加速直线运动；6s﹣10s内，撤去F后只在摩擦力作用下做匀减速直线运动，可根据图象分别求出加速度和位移，再根据匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解力．在v﹣t图象中与时间轴所围面积即为物体运动位移，由P=求的功率【解答】解：A、在外力作用下的加速度为撤去外力后的加速度为撤去外力后f=ma2=3×（﹣2）N=﹣6N施加的外力为F+f=ma1F=﹣f+ma1=﹣（﹣6）+3×1N=9N0﹣6s内的位移为x==30m故合力平均功率为，故AD错误，C正确；B、在6s﹣10s内，位移为x合力做功为W=fx′=﹣6×16J=﹣96J，故B错误；故选：C【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，并结合匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解，再根据P=求的功率．属于中档题．6．质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f，则（）A．t1～t2时间内，汽车的平均速度等于B．0～t1时间内，汽车的牵引力等于mC．t1～t2时间内，汽车的功率等于（m+F f）v1D．汽车运动的过程中最大速度v2=【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】根据速度时间图线求出匀加速运动的加速度，根据牛顿第二定律求出牵引力，结合匀加速运动的末速度，根据P=Fv求出汽车的额定功率．当汽车速度最大时，牵引力等于阻力，结合P=fv求出最大速度．【解答】解：A、t1～t2时间内，汽车做变加速运动，平均速度不等于，故A错误．B、0～t1时间内，汽车的加速度a=，根据牛顿第二定律知，汽车所受的合力，则牵引力大于，故B错误．C、汽车匀加速运动，有F﹣F f=ma，解得F=，则汽车的功率P=Fv1=，故C正确．D、汽车的额定功率P=，当速度最大时，牵引力等于阻力，则最大速度，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键理清恒定功率启动和恒定加速度的启动过程中，对于恒定加速度启动，当匀加速运动速度达到最大时，功率达到额定功率，当加速度为零时，速度最大．7．蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，蹦极者从P点静止跳下，到达A处时弹性绳刚好伸直，继续下降到最低点B处，B离水面还有数米距离．蹦极者在其下降的整个过程中，重力势能的减少量为△E1、绳的弹性势能增加量为△E2、克服空气阻力做功为W，则下列说法正确的是（）A．蹦极者从P到A的运动过程中，机械能守恒B．蹦极者与绳组成的系统从A到B的过程中，机械能守恒C．△E1=W+△E2D．△E1+△E2=W【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒，结合能量守恒守恒得出重力势能减小量、弹性势能增加量和克服空气阻力做功的大小关系．【解答】解：A、蹦极者从P到A的过程中，除了重力做功以外，有空气阻力做功，机械能不守恒．故A错误；B、从A到B的过程中，有重力、弹力和阻力做功，对于系统，除了重力和弹力做功以外，有阻力做功，系统机械能不守恒．故B错误；C、D、根据能量守恒知，由于动能变化量为零，重力势能的减小量等于弹性势能的增加量与克服阻力做功之和，即△E1=W+△E2．故C正确，D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，即只有重力做功或弹力做功；知道能量守恒是一个普遍的规律，会通过能量守恒分析能量变化的关系．8．如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，A、B分别为最高点和最低点（图中未标出），外圆光滑内圆粗糙．一质量为m=0.2kg的小球从轨道的最低点以水平向右的初速度v0开始运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径R=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，设小球过最低点B时重力势能为零，下列说法中正确的是（）A．若小球运动到最高点A时速度为0，则小球机械能一定不守恒B．若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定等于2m/sC．若要小球不挤压内轨，则v0一定不小于5m/sD．若小球开始运动时初动能为1.6 J，则足够长时间后小球的机械能为1 J【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】内圆粗糙，小球与内圆接触时要受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒；外圆光滑，小球与外圆接触时不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律分析答题．【解答】解：A、若小球运动到最高点时受到为0，则小球在运动过程中一定与内圆接触，受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒，故A正确；B、如果内圆光滑，小球在运动过程中不受摩擦力，小球在运动过程中机械能守恒，如果小球运动到最高点时速度为0，由机械能守恒定律得： mv02=mg•2R，小球在最低点时的速度，由于内圆粗糙，小球在运动过程中要克服摩擦力做功，则小球在最低点时的速度应大于2m/s，故B错误；C、小球如果不挤压内轨，则小球到达最高点速度最小时，小球的重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m，由于小球不挤压内轨，则小球在整个运动过程中不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，从最低点到最高点过程中，由机械能守恒定律得：mv02=mv2+mg•2R，解得：v0=5m/s，则小球要不挤压内轨，速度应大于等于5m/s，故C正确；D、根据得小球的初速度为＜5m/s，则小球在运动过程中要与内轨接触，要克服摩擦力做功，机械能减少，最终小球将在轨道的下半圆内做往复运动，到达与圆心同高位置处速度为零，则小球的最终机械能为：E=mgR=0.2×10×0.5=1J，故D正确；故选：ACD．【点评】本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律和机械能守恒定律，综合性较强，关键是理清运动过程，抓住临界状态，运用合适的规律进行求解．9．在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（）A．小球受到的重力与电场力之比为3：5B．在t=5s时，小球经过边界MNC．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大【考点】牛顿运动定律的综合应用；功能关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．【解答】解：B、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故B错误．A、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为：a1=，进入电场后的加速度大小为：a2=由牛顿第二定律得：mg=ma1…①F﹣mg=ma2得电场力：F=mg+ma2=…②由①②得重力mg与电场力F之比为3：5．故A正确．C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C错误．D、整个过程中，由图可得，小球在0﹣2.5s内向下运动，在2.5s﹣5s内向上运动，在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大电场力先做负功，后做正功．电势能先增大，后减小；由于整个的过程中动能、重力势能和电势能的总和不变，所以，小球的机械能先减小后增大．故D正确．故选：AD【点评】本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．10．如图1，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，则下列说法正确的是（）A．木板获得的动能为2J B．系统损失的机械能为2JC．木板A的最小长度为1m D．A、B间的动摩擦因数为0.1【考点】功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积”之差求出木板A的长度．根据系统克服摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：M=2kg，木板A的质量为 M=2kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×2×12=1J，故A错误．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=2J，故B正确；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×（2+1）×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，木板A的最小长度为L=x B﹣x A=1m，故C正确．D、由图示图象可知，B的加速度：a===﹣1m/s2，负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：μm B g=m B a，代入解得，μ=0.1，故D正确．故选：BCD．【点评】本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力．二、实验题（本大题共2小题，每空3分，共18分）11．如图所示是“研究平抛运动”的实验装置示意图．（1）在实验中，下列说法正确的是AC A．斜槽轨道末端切线必须水平B．斜槽轨道必须光滑C．小球每次应从斜槽同一高度由静止释放（2）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点入坐标轴后，描绘出小球在不同时刻所通过的三个位置A、B、C相邻的两个位置间的水平距离均为x，测得x=10.00cm，A、B间的竖直距离y1=4. 78cm，A、C间的竖直距离y2=19.36cm．如图所示，（重力加速度g取9.80m/s2）根据以上直接测量的物理量及已知量导出小球做平抛运动的初速度的表达式为v0=（用题中所给字母表示）．代入数据得到小球的初速度值为 1.00 m/s．。

2016—2017学年江西省高三（上)调研物理试卷（1）一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．（5分）某不计重力的带电粒子在电场和磁场中的情况，下列叙述正确的是（）A．带电粒子在磁场中受洛伦兹力为零，则该处磁场感应强度一定为零；带电粒子在电场中所受电场力为零,则该处场强一定为零B．带电粒子在磁场中受到的洛伦兹力方向一定与磁感线方向相同C．带电粒子平行电场线或磁感应线分别进入电场或磁场，粒子运动方向不会改变D．带电粒子垂直于磁感线方向进入匀强磁场和匀强电场，带电粒子将分别做匀速圆周运动和类平抛运动2．（5分）两个线圈在同一闭合铁芯上，现在给左边的线圈通入如图所示的电流，以从A流向B（如图所示）为正，则通过R的电流随时间变化的图象为（规定向上为正）（）A．B．C．D．3．（5分)A、B、C三根完全相同的通电导体棒质量均为m，B、C两根平行放在粗糙的水平地面上,A放在B、C连线的中垂线上,截面如图所示,ABC组成等边三角形,三根导体棒都通有等大的电流，A中电流垂直纸面向外，B、C中的电流垂直纸面向里,三根导体棒均处于静止状态，下列说法正确的是（）A．B、C两导线对地面的压力为mgB．B、C两导线对地面的压力为mgC．地面对B导线的摩擦力大小为mgD．地面对B导线的摩擦力大小为mg4．（5分）如图所示,有一半球形容器，其竖直截面为半圆．AB为沿水平方向的直径，D是圆周的最低点,E是AD间某一点，C与E在相同的高度．一个可视为质点的小球从A点以速度v0水平抛出，恰好落在E点，若以2v0抛出，恰好落在C点,设球的半径为R,则下列判断正确的是（）A．初速度为时，小球恰好落在D点B．初速度为时，小球将落在D点的左侧C．OC与竖直方向夹角的正弦值为D．OE与竖直方向夹角的正弦值为5．（5分）如图所示，回路中滑动变阻器R的最大阻值为R0，滑片P位于滑动变阻器中央，定值电阻R1=R0、R2=R0．电源电阻r=R0，电源电动势为E,电容器的电容为C，闭合开关S,则下列说法错误的是(）A．电压表的示数为EB．电容器的带电量为CEC．滑动变阻器R的热功率为电阻R2的5倍D．电源内阻消耗的热功率和电阻R2的相等6．（5分）如图所示，空间中有A、B、C、D、O五点，其中AB连线与CD连线相互垂直，A、B、C、D四点到O点的距离均为d，现在A、B两点分别放置带电荷量均为Q的负电荷,在C点放置一正电荷,如果D点的电场强度为零，则下列说法正确的是（）A．电荷C的带电荷量为2QB．O点的电场强度为0C．将一负电荷从O点沿OC连线向下移动的过程中，负电荷的电势能增大D．将一负电荷从O点沿OB连线向右移动的过程中，负电荷的电势能增大7．（5分）一个质量为1kg的物块从固定斜面上距挡板2m高的位置无初速度滑下，撞到下面的挡板上时，速度为6m/s，物块撞到挡板上后，反弹的速度为4m/s,重力加速度g取10m/s2，则下面说法正确的有（)A．物块在斜面上运动的过程中机械能守恒的B．物块从斜面上滑下到挡板相碰前的过程中机械能减少了2JC．物块与挡板相碰过程中损失的机械能为10JD．物块与挡板相碰后,能返回到离挡板0.8m高处8．（5分）一个质量为m的物块放在倾角θ=45°的斜面上，斜面质量也为m，斜面放在光滑水平面上，现用一沿斜面方向的外力F拉着物块和斜面一起向右做匀加速度运动，下列说法正确的是（）A．两者一起运动的加速度为B．斜面受到的合力大小为C．地面对斜面的支持力大小为2mg﹣D．地面对斜面的支持力大小为2mg9．（5分）2015年7月23日，美国航天局宣布，天文学家通过开普勒太空望远镜确认在宜居带发现第一颗与地球大小相似的太阳系外行星开普勒﹣452b．假设未来的某一天，探测卫星围绕开普勒﹣452b做匀速圆周运动,它距开普勒﹣452b 表面高度为h，运动的周期为T,开普勒﹣452b的半径为R,则（)A．探测卫星运行时的向心加速度为B．物体在开普勒﹣452b表面自由下落的加速度为C．探测卫星运动时的线速度为D．开普勒﹣452b的第一宇宙速度为10．（5分）如图所示，水平面上放置有间距为0。

江西省横峰中学2017届高三物理上学期第十二周周练试题一，多项选择题(共60分每小题6分)1.下列事例中，不属于分子不停地做无规则运动的是( )A.秋风吹拂，树叶纷纷落下B.在箱子里放几块樟脑丸，过些日子一开箱就能闻到樟脑丸的气味C.烟囱里冒出的黑烟在空中飘荡D.室内扫地时，在阳光照射下看见灰尘飞扬2．下面关于分子力的说法中正确的有( )A．铁丝很难被拉长，这一事实说明铁丝分子间存在引力B．水很难被压缩，这一事实说明水分子间存在斥力C．将打气管的出口端封住，向下压活塞，当空气被压缩到一定程度后很难再压缩，这一事实说明空气分子间表现为斥力D．磁铁可以吸引铁屑，这一事实说明分子间存在引力3．如图所示是教材中模仿布朗实验所做的一个类似实验中记录的其中一个小炭粒的“运动轨迹”。

以小炭粒在A点开始计时，图中的A、B、C、D、E、F、G……各点是每隔30 s小炭粒所到达的位置，用折线连接这些点，就得到了图中小炭粒的“运动轨迹”。

下列说法中正确的是( )A．图中记录的是分子无规则运动的情况B．在第75 s末，小炭粒一定位于C、D连线的中点C．小炭粒越小，布朗运动越显著D．温度越高，布朗运动越剧烈4．如图所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力的大小，横坐标表示两个分子间的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法正确的是( )A．ab为斥力曲线，cd为引力曲线，e点横坐标的数量级为10－10 mB．ab为引力曲线，cd为斥力曲线，e点横坐标的数量级为10－10 mC．若两个分子间距离大于e点的横坐标，则分子间作用力的合力表现为引力D．若两个分子间距离越来越大，则分子势能亦越来越大5.下列说法中正确的是( )A.只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.只要知道氢气的摩尔体积和氢气分子的体积，就可以计算出阿伏加德罗常数C.使两个分子间的距离由很远(r＞10-9 m)逐渐减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先增大后减小，分子势能先减小后增大D.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，每个分子的动能都增大6.下列说法正确的是( )A.布朗运动是液体分子无规则运动的反映B.当r=r0时物体既不压缩也不拉伸分子间没有分子引力和分子斥力C.知道某物质的摩尔质量和密度可求出阿伏加德罗常数D.内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同7.一个物体的温度升高了20 ℃，关于物体中分子的热运动，下列说法中正确的是( )A.每个分子的温度都升高了20 ℃B.每个分子的热运动都加剧C.某些分子的动能可能减小D.分子的平均动能一定增大8.质量相等的氢气和氧气，温度相同，当不考虑分子间作用力时，下列说法正确的是( )A.氢气内能多B.氧气内能多C.氢气和氧气内能相等D.氢气分子平均速率大9.关于机械能和内能，下列说法中正确的是( )A.机械能大的物体，其内能一定很大B.物体的机械能损失时，内能却可以增加C.物体的内能损失时，机械能必然减少D.物体的机械能可以为零，内能不可能为零10． 10同学们一定都吃过味道鲜美的烤鸭，烤鸭的烤制过程没有添加任何调料，只是在烤制之前，把烤鸭放在腌制汤中腌制一定时间，盐就会进入肉里．则下列说法正确的是 ( )．A．如果让腌制汤温度升高，盐进入鸭肉的速度就会加快B．烤鸭的腌制过程说明分子之间有引力，把盐分子吸进鸭肉里C．在腌制汤中，有的盐分子进入鸭肉，有的盐分子从鸭肉里面出来D．把鸭肉放入腌制汤后立刻冷冻，将不会有盐分子进入鸭肉二、填空题(共12分每小题6分)11.(10分)在做“用油膜法估测分子大小”的实验时，油酸酒精溶液的浓度为每1 000 mL 溶液中有纯油酸0.1 mL ，用注射器测得1 mL 上述溶液有200滴,把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的浅盘里，待水面稳定后，测得油酸膜的近似轮廓如图所示，图中正方形小方格的边长为1 cm,则每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是__________mL ，油酸膜的面积是_________cm 2.根据上述数据,估测出油酸分子的直径是 m.12.（10分）2011年8月12日，刘超等在广州大运会健美操有氧舞蹈团体赛中获得了冠军.刘超一次呼吸吸入448 cm 3的空气，则他一次呼吸所吸入的空气质量是________千克，他吸入的气体分子数是________个。

横峰中学2016-17学年度上学期周练（第十四周）高三年级物理试卷考试日期：11月30日一、选择题：（本题包括12小题，共48分，9—12为多选。

）1.关于热力学温度的下列说法中, 不正确的是( )A.热力学温度与摄氏温度的每一度的大小是相同的B.热力学温度的零度等于－273.15℃C.热力学温度的零度是不可能达到的D.气体温度趋近于绝对零度时, 其体积趋近于零2.若在水银气压计上端混入少量空气, 气压计的示数与实际大气压就不一致, 在这种情况下( )A.气压计的读数可能大于外界大气压B.气压计的读数总小于实际大气压C.只要外界大气压不变, 气压计的示数就是定值D.可以通过修正气压计的刻度来予以校正3.如图所示，活塞质量为M，横截面积为S，上表面水平，下表面与水平成α角摩擦不计，外界大气压为p o，被封闭气体的压强为（）A、p o—Mgcosα/SB、p o cosα—Mg/SC、p o—Mg/SD、p o—Mgcos2α/S4.如图所示，在一端开口且足够长的玻璃管内，有一小段水银柱封住了一段空气柱。

玻璃管绕通过其封闭端的水平轴，从竖直位置开始，顺时针方向缓慢转动，在转动一周的过程中(水银不溢出)，管内空气压强p随夹角θ变化的关系图象大致为（）5.如图是氧气分子在不同温度（0℃和100℃）下的速率分布，由图可得信息( )A.同一温度下，氧气分子呈现出“中间多，两头少”的分布规律B.随着温度的升高，每一个氧气分子的速率都增大C.随着温度的升高，氧气分子中速率小的分子所占的比例高D.随着温度的升高，氧气分子的平均速率变小6.右图中纵坐标和横坐标分别表示气体的压强P和密度ρ，质量一定的理想气体在状态A和B的热力温度分别为T A和T B，由图可知( )A、T A＝T BB、T A＝2T BC、T A＝4T BD、T B＝8T A7.一绝热隔板将一绝热长方形容器隔成两部分, 两边分别充满气体, 隔板可无摩擦移动.开始时, 左边的温度为0℃,右边的温度为20℃,隔板处于静止状态;当左边的气体加热到20℃, 右边的气体加热到40℃时,则达到平衡状态时隔板的最终位置( )A.保持不动B.在初始位置右侧C.在初始位置左侧D.决定于加热过程8.如图所示，一端封闭的玻璃管开口向下竖直倒插在水银槽中，其位置保持固定。

2015-2016学年江西省上饶市横峰县横峰中学高三（上）第7周周练物理试卷一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分．其中，1-7题为单选题，8-10题为多选题，全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答得0分）1．下列说法不符合科学（史）的是（）A．伽利略通过理想斜面实验得出：在水平面上运动的物体，若没有摩擦，将一直运动下去B．牛顿发现了万有引力定律，一百多年后卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GC．开普勒在前人关于天体运动的研究基础上，通过自己的观察与研究，提出了行星运动三定律D．爱因斯坦在20世纪初创立了相对论理论，这表明牛顿的经典力学已不再适用2．以下关于匀速圆周运动及做匀速圆周运动的物体所受的向心力的说法中，正确的是（）A．匀速圆周运动是一种匀速运动B．匀速圆周运动是一种匀变速曲线运动C．向心力是一个恒力D．向心力是一个大小不变，方向时刻在变的力3．如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地点的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球落地时的速度方向与水平地面成60°角4．如图所示，半径为R的光滑半圆柱固定在水平地面上，顶部有一小物块．今给小物块一个水平初速度v0（v0=），不计空气阻力，则物块将（）A．立即离开圆柱表面做平抛运动B．先沿圆柱表面运动，然后在AC之间某处脱离柱表面作抛物线运动C．有可能一直沿圆柱表面运动至地面D．立即离开圆柱表面作半径更大的圆周运动5．一质最m=3kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t图象如图所示．取g=10m/s2，则（）A．在0﹣6s内，合力的平均功率为16WB．在6s﹣10s内，合力对物体做功为96JC．物体所受的水平推力F=9ND．在t=8s时，质点的加速度为lm/s26．质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f，则（）A．t1～t2时间内，汽车的平均速度等于B．0～t1时间内，汽车的牵引力等于mC．t1～t2时间内，汽车的功率等于（m+F f）v1D．汽车运动的过程中最大速度v2=7．蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，蹦极者从P点静止跳下，到达A处时弹性绳刚好伸直，继续下降到最低点B处，B离水面还有数米距离．蹦极者在其下降的整个过程中，重力势能的减少量为△E1、绳的弹性势能增加量为△E2、克服空气阻力做功为W，则下列说法正确的是（）A．蹦极者从P到A的运动过程中，机械能守恒B．蹦极者与绳组成的系统从A到B的过程中，机械能守恒C．△E1=W+△E2D．△E1+△E2=W8．如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，A、B分别为最高点和最低点（图中未标出），外圆光滑内圆粗糙．一质量为m=0.2kg的小球从轨道的最低点以水平向右的初速度v0开始运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径R=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，设小球过最低点B时重力势能为零，下列说法中正确的是（）A．若小球运动到最高点A时速度为0，则小球机械能一定不守恒B．若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定等于2m/sC．若要小球不挤压内轨，则v0一定不小于5m/sD．若小球开始运动时初动能为1.6 J，则足够长时间后小球的机械能为1 J9．在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（）A．小球受到的重力与电场力之比为3：5B．在t=5s时，小球经过边界MNC．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大10．如图1，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，则下列说法正确的是（）A．木板获得的动能为2J B．系统损失的机械能为2JC．木板A的最小长度为1m D．A、B间的动摩擦因数为0.1二、实验题（本大题共2小题，每空3分，共18分）11．如图所示是“研究平抛运动”的实验装置示意图．（1）在实验中，下列说法正确的是A．斜槽轨道末端切线必须水平B．斜槽轨道必须光滑C．小球每次应从斜槽同一高度由静止释放（2）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点入坐标轴后，描绘出小球在不同时刻所通过的三个位置A、B、C相邻的两个位置间的水平距离均为x，测得x=10.00cm，A、B间的竖直距离y1=4.78cm，A、C间的竖直距离y2=19.36cm．如图所示，（重力加速度g取9.80m/s2）根据以上直接测量的物理量及已知量导出小球做平抛运动的初速度的表达式为v0=（用题中所给字母表示）．代入数据得到小球的初速度值为m/s．12．（9分）某研究性学习小组利用气垫导轨进行验证机械能守恒定律实验，实验装置如图甲所示．将气垫导轨水平放置，在气垫导轨上相隔一定距离的两点处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定有遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电平，两光电传感器再通过一个或门电路与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电平随时间变化的图象．（1）实验前，接通气源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，则图乙中的△t1、△t2间满足关系，则说明气垫导轨已经水平．（2）用细线通过气垫导轨左端的定滑轮将滑块P与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由如图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2和d已知，要验证机械能是否守恒，还应测出（写出物理量的名称及符号）．（3）若上述物理量间满足关系式，则表明在滑块和砝码的运动过程中，系统的机械能守恒．三、计算题（4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）13．河宽300m，水流速度为3m/s，船在静水中的速度为6m/s，现令该船从岸边开始渡河，试问：（1）要求船以最短的时间渡河，实际将到达对岸的什么位置？（2）要求船以最小的位移渡河时，船头朝向应与上游河岸成多大角度？14．沿半径为R的半球型碗底的光滑内表面，质量为m的小球正以角速度ω，在一水平面内作匀速圆周运动（g=10m/s2），如图所示，试求：（1）此时小球对碗壁的压力；（2）小球离碗底的高度h．15．如图所示，在竖直平面内的倾斜轨道AB和圆轨道BCD相切于B点，CD连线是圆轨道竖直方向的直径（C、D为圆轨道的最低点和最高点），且∠BOC=θ=37°，圆轨道半径R=0.45m．一质量m=0.9kg的小球从轨道AB上高H处的某点以v0=2m/s的速度滑下，经过圆轨道最高点D 后做平抛运动，直接落到直轨道AB上与圆心等高的E点，小球与直轨道AB的动摩擦因数μ=0.5，圆轨道BCD光滑，取g=10m/s2，求：（1）小球在轨道最高点D处对轨道的压力F．（2）小球释放点的高度H．16．随着世界各国航天事业的发展，宇宙探测已成为各国关注的热点，宇宙中有颗类地行星，质量是地球质量的2倍，直径也是地球直径的2倍，假若发射一个质量m=5000kg的探测器对该星体表面进行勘察研究，该探测器内装有发动机，探测器软着陆在一块平地上的P点，距离着陆的指定目标A点还有距离L=12m，探测器落地稳定后启动发动机，让探测器以a1=1m/s2的加速度开始作匀加速运动，到达A点前关闭发动机最后恰停在A点．已知探测器与该星体地面间的动摩擦因数μ=0.2，地球表面的重力加速度g=10m/s2．求：（1）该星体表面的重力加速度为多大？（2）探测器从P点到达A点的过程中，发动机所做的功为多少？（3）从P点到达A点的过程中探测器的最大速度和最大功率分别为多少？2015-2016学年江西省上饶市横峰县横峰中学高三（上）第7周周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分．其中，1-7题为单选题，8-10题为多选题，全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答得0分）1．下列说法不符合科学（史）的是（）A．伽利略通过理想斜面实验得出：在水平面上运动的物体，若没有摩擦，将一直运动下去B．牛顿发现了万有引力定律，一百多年后卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量GC．开普勒在前人关于天体运动的研究基础上，通过自己的观察与研究，提出了行星运动三定律D．爱因斯坦在20世纪初创立了相对论理论，这表明牛顿的经典力学已不再适用【考点】物理学史．【分析】本题应根据牛顿、卡文迪许、伽利略、开普勒等等科学的发现或研究成果进行解答．【解答】解：A、伽利略通过理想斜面实验得出：物体的运动不需要力来维持，在水平面上运动的物体，若没有摩擦，将一直运动下去，A正确B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤测定了万有引力常量G，B正确C、开普勒在前人关于天体运动的研究基础上，通过自己的观察与研究，提出了行星运动三定律．故C正确．D、牛顿的经典力学是爱因斯坦相对论理论在低速条件下的近似，所以相对论的创立并不表明牛顿的经典力学已不再适用．故D错误．本题选不符合史实的，故选：D【点评】本题关键要掌握物理学家的科学成就和著名实验．2．以下关于匀速圆周运动及做匀速圆周运动的物体所受的向心力的说法中，正确的是（）A．匀速圆周运动是一种匀速运动B．匀速圆周运动是一种匀变速曲线运动C．向心力是一个恒力D．向心力是一个大小不变，方向时刻在变的力【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．向心力方向始终指向圆心，是变化的．【解答】解：A、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，速度是变化的，是变速运动，故A错误．B、匀速圆周运动的加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动，故B错误；C、匀速圆周运动向心力方向始终指向圆心，大小不变，方向时刻改变，故C错误，D正确．故选：D【点评】矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．3．如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地点的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球落地时的速度方向与水平地面成60°角【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】根据运动的时间求出小球抛出时离地的高度，根据初速度和时间求出抛出点和落地点的水平位移，从而得出抛出点和落地点的位移大小．根据竖直方向上的分速度，结合平行四边形定则求出落地的速度大小和方向．【解答】解：A、小球抛出时的高度h=，故A正确．B、小球抛出点到落地点的水平位移x=v0t=10×1m=10m，根据平行四边形定则知，抛出点与落地点的位移大小s=，故B错误．C、小球落地时竖直分速度v y=gt=10×1m/s=10m/s，根据平行四边形定则知，落地的速度大小为v=，落地的速度方向与水平方向的夹角为45度，故C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．4．如图所示，半径为R的光滑半圆柱固定在水平地面上，顶部有一小物块．今给小物块一个水平初速度v0（v0=），不计空气阻力，则物块将（）A．立即离开圆柱表面做平抛运动B．先沿圆柱表面运动，然后在AC之间某处脱离柱表面作抛物线运动C．有可能一直沿圆柱表面运动至地面D．立即离开圆柱表面作半径更大的圆周运动【考点】平抛运动；向心力．【专题】平抛运动专题．【分析】在最高点，物体沿半径方向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律判断是否有支持力，从而判断物体的运动情况．【解答】解：在最高点，根据牛顿第二定律得，mg﹣N=，，解得N=0，知物体在顶部仅受重力，有水平初速度，做平抛运动．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道圆周运动径向的合力提供向心力．以及知道仅受重力，有水平初速度将做平抛运动．5．一质最m=3kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t图象如图所示．取g=10m/s2，则（）A．在0﹣6s内，合力的平均功率为16WB．在6s﹣10s内，合力对物体做功为96JC．物体所受的水平推力F=9ND．在t=8s时，质点的加速度为lm/s2【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】根据速度﹣时间图象可知：0﹣6s内有水平推力F的作用，物体做匀加速直线运动；6s﹣10s内，撤去F后只在摩擦力作用下做匀减速直线运动，可根据图象分别求出加速度和位移，再根据匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解力．在v﹣t图象中与时间轴所围面积即为物体运动位移，由P=求的功率【解答】解：A、在外力作用下的加速度为撤去外力后的加速度为撤去外力后f=ma2=3×（﹣2）N=﹣6N施加的外力为F+f=ma1F=﹣f+ma1=﹣（﹣6）+3×1N=9N0﹣6s内的位移为x==30m故合力平均功率为，故AD错误，C正确；B、在6s﹣10s内，位移为x合力做功为W=fx′=﹣6×16J=﹣96J，故B错误；故选：C【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，并结合匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解，再根据P=求的功率．属于中档题．6．质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f，则（）A．t1～t2时间内，汽车的平均速度等于B．0～t1时间内，汽车的牵引力等于mC．t1～t2时间内，汽车的功率等于（m+F f）v1D．汽车运动的过程中最大速度v2=【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】根据速度时间图线求出匀加速运动的加速度，根据牛顿第二定律求出牵引力，结合匀加速运动的末速度，根据P=Fv求出汽车的额定功率．当汽车速度最大时，牵引力等于阻力，结合P=fv求出最大速度．【解答】解：A、t1～t2时间内，汽车做变加速运动，平均速度不等于，故A错误．B、0～t1时间内，汽车的加速度a=，根据牛顿第二定律知，汽车所受的合力，则牵引力大于，故B错误．C、汽车匀加速运动，有F﹣F f=ma，解得F=，则汽车的功率P=Fv1=，故C正确．D、汽车的额定功率P=，当速度最大时，牵引力等于阻力，则最大速度，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键理清恒定功率启动和恒定加速度的启动过程中，对于恒定加速度启动，当匀加速运动速度达到最大时，功率达到额定功率，当加速度为零时，速度最大．7．蹦极是一项既惊险又刺激的运动，深受年轻人的喜爱．如图所示，蹦极者从P点静止跳下，到达A处时弹性绳刚好伸直，继续下降到最低点B处，B离水面还有数米距离．蹦极者在其下降的整个过程中，重力势能的减少量为△E1、绳的弹性势能增加量为△E2、克服空气阻力做功为W，则下列说法正确的是（）A．蹦极者从P到A的运动过程中，机械能守恒B．蹦极者与绳组成的系统从A到B的过程中，机械能守恒C．△E1=W+△E2D．△E1+△E2=W【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒，结合能量守恒守恒得出重力势能减小量、弹性势能增加量和克服空气阻力做功的大小关系．【解答】解：A、蹦极者从P到A的过程中，除了重力做功以外，有空气阻力做功，机械能不守恒．故A错误；B、从A到B的过程中，有重力、弹力和阻力做功，对于系统，除了重力和弹力做功以外，有阻力做功，系统机械能不守恒．故B错误；C、D、根据能量守恒知，由于动能变化量为零，重力势能的减小量等于弹性势能的增加量与克服阻力做功之和，即△E1=W+△E2．故C正确，D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，即只有重力做功或弹力做功；知道能量守恒是一个普遍的规律，会通过能量守恒分析能量变化的关系．8．如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，A、B分别为最高点和最低点（图中未标出），外圆光滑内圆粗糙．一质量为m=0.2kg的小球从轨道的最低点以水平向右的初速度v0开始运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径R=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，设小球过最低点B时重力势能为零，下列说法中正确的是（）A．若小球运动到最高点A时速度为0，则小球机械能一定不守恒B．若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定等于2m/sC．若要小球不挤压内轨，则v0一定不小于5m/sD．若小球开始运动时初动能为1.6 J，则足够长时间后小球的机械能为1 J【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】内圆粗糙，小球与内圆接触时要受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒；外圆光滑，小球与外圆接触时不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律分析答题．【解答】解：A、若小球运动到最高点时受到为0，则小球在运动过程中一定与内圆接触，受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒，故A正确；B、如果内圆光滑，小球在运动过程中不受摩擦力，小球在运动过程中机械能守恒，如果小球运动到最高点时速度为0，由机械能守恒定律得： mv02=mg•2R，小球在最低点时的速度，由于内圆粗糙，小球在运动过程中要克服摩擦力做功，则小球在最低点时的速度应大于2m/s，故B错误；C、小球如果不挤压内轨，则小球到达最高点速度最小时，小球的重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m，由于小球不挤压内轨，则小球在整个运动过程中不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，从最低点到最高点过程中，由机械能守恒定律得：mv02=mv2+mg•2R，解得：v0=5m/s，则小球要不挤压内轨，速度应大于等于5m/s，故C正确；D、根据得小球的初速度为＜5m/s，则小球在运动过程中要与内轨接触，要克服摩擦力做功，机械能减少，最终小球将在轨道的下半圆内做往复运动，到达与圆心同高位置处速度为零，则小球的最终机械能为：E=mgR=0.2×10×0.5=1J，故D正确；故选：ACD．【点评】本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律和机械能守恒定律，综合性较强，关键是理清运动过程，抓住临界状态，运用合适的规律进行求解．9．在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（）A．小球受到的重力与电场力之比为3：5B．在t=5s时，小球经过边界MNC．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大【考点】牛顿运动定律的综合应用；功能关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．【解答】解：B、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故B错误．A、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为：a1=，进入电场后的加速度大小为：a2=由牛顿第二定律得：mg=ma1…①F﹣mg=ma2得电场力：F=mg+ma2=…②由①②得重力mg与电场力F之比为3：5．故A正确．C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C错误．D、整个过程中，由图可得，小球在0﹣2.5s内向下运动，在2.5s﹣5s内向上运动，在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大电场力先做负功，后做正功．电势能先增大，后减小；由于整个的过程中动能、重力势能和电势能的总和不变，所以，小球的机械能先减小后增大．故D正确．故选：AD【点评】本题一要能正确分析小球的运动情况，抓住斜率等于加速度是关键；二要运用牛顿第二定律和动能定理分别研究小球的受力情况和外力做功关系．10．如图1，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，则下列说法正确的是（）A．木板获得的动能为2J B．系统损失的机械能为2JC．木板A的最小长度为1m D．A、B间的动摩擦因数为0.1【考点】功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积”之差求出木板A的长度．根据系统克服摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：M=2kg，木板A的质量为 M=2kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×2×12=1J，故A错误．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=2J，故B正确；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×（2+1）×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，木板A的最小长度为L=x B﹣x A=1m，故C正确．D、由图示图象可知，B的加速度：a===﹣1m/s2，负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：μm B g=m B a，代入解得，μ=0.1，故D正确．故选：BCD．【点评】本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力．二、实验题（本大题共2小题，每空3分，共18分）11．如图所示是“研究平抛运动”的实验装置示意图．（1）在实验中，下列说法正确的是AC A．斜槽轨道末端切线必须水平B．斜槽轨道必须光滑C．小球每次应从斜槽同一高度由静止释放（2）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点入坐标轴后，描绘出小球在不同时刻所通过的三个位置A、B、C相邻的两个位置间的水平距离均为x，测得x=10.00cm，A、B间的竖直距离y1=4. 78cm，A、C间的竖直距离y2=19.36cm．如图所示，（重力加速度g取9.80m/s2）根据以上直接测量的物理量及已知量导出小球做平抛运动的初速度的表达式为v0=（用题中所给字母表示）．代入数据得到小球的初速度值为 1.00 m/s．。